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浙江省宁波市镇海区蛟川书院2025-2026学年第一学期八年级期末科学试卷
1．（2026八上·镇海区期末）下列光现象中，可用光的折射原理解释的是（　　）
A．墙上“孔雀”
B．缸中“游鱼”
C．湖面“月影”
D．林中“光斑”
【答案】C
【知识点】光的直线传播及应用；光的反射；光的折射现象及应用
【解析】【分析】 光的折射是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象 ，据此对各个选项的现象分析判断即可。
【解答】根据图片可知，墙上“孔雀”属于光的直线传播现象，缸中“游鱼”属于光的折射现象，湖面“月影”属于光的反射现象，林中“光斑”也是光的直线传播现象。
故选C。
2．（2026八上·镇海区期末）小甬在听讲座时，想把银幕上用投影仪投影的彩色幻灯片图像用照相机拍摄下来。由于会场比较暗，他使用了闪光灯。这样拍出来的照片（ ）
A．色彩鲜艳，比不用闪光灯清楚多了
B．色彩被“闪”掉了，拍到的仅有黑色的字和线条
C．反而看不清投影到银幕上的图像，倒是把银幕上的一些污渍拍了出来
D．与不用闪光灯效果一样，因为拍摄的是银幕上的像，而不是实际的景物
【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射
【解析】【分析】我们看到物体的亮度由它反射光的强度决定，据此分析闪光灯闪烁后银幕本身的亮度变化，以及银幕上像的亮度变化即可。
【解答】 银幕上图像的亮度由投影仪的亮度决定。闪光灯闪烁时会发出强光，它发出的光照射到银幕上以后，只能增加银幕的亮度，而不能增加图象的亮度。则图象的亮度和清晰度明显减弱，所以反而看不清银幕上的图象，而银幕上的污渍更加清晰了，因此不用闪光灯拍摄的效果好。
故选C。
3．（2026八上·镇海区期末）“眼睛把人带进了世界，耳朵把世界带给了人”，这句话高度赞美了人体的感觉器官。关于人的感觉，下列说法中不正确的是（　　）
A．听觉感受器是耳蜗
B．人体的视觉产生在视网膜上
C．舌的不同部位对甜、酸、苦、咸的敏感性不同
D．感觉器官的作用是感受环境中的刺激，并产生神经冲动
【答案】B
【知识点】人的感觉；耳的结构与听觉的形成；眼球的结构与视觉的形成
【解析】【分析】根据自己对听觉、视觉、味觉等感觉的形成过程分析判断。
【解答】A. 耳蜗内的毛细胞是听觉感受器，能将声波振动转化为神经冲动，故A正确不合题意；
B. 视网膜上的感光细胞（视杆细胞和视锥细胞）感受光刺激并产生神经冲动，但真正的视觉是在大脑皮层的视觉中枢形成的，故B错误符合题意；
C. 舌尖对甜味敏感，舌两侧对酸味敏感，舌根对苦味敏感，舌尖和舌侧前部对咸味敏感，故C正确不合题意；
D. 感觉器官的作用是感受环境中的刺激，并产生神经冲动，故D正确不合题意。
故选B。
4．（2026八上·镇海区期末）如图所示，当我们看近处物体时（一般不小于10cm），近处物体的光线正好聚焦在视网膜上。当我们从看近处物体改为看远处物体时，为了使远处物体成像在视网膜上，晶状体凸度和焦距的变化情况分别是（ ）
A．晶状体凸度变大，焦距变短
B．晶状体凸度变小，焦距变长
C．小蛟同学看不清楚近处的物体，他是近视眼
D．小江同学看不清楚远处的物体，应该佩戴凸透镜
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【分析】AB.根据凸透镜“物远像近小”的规律分析看远处物体时像距变化，进而判断要看清物体需要光线会聚还是发散，进而确定晶状体的会聚能力变化即可；
CD.看不清近处的物体为远视眼，用凸透镜矫正；看不起远处的物体叫近视眼，用凹透镜矫正。
【解答】 AB.当我们从看近处物体改为看远处物体时，此时的物距变大，根据“物远像近小”的规律可知，此时像距会变小，那么像成在视网膜的前面。为了使远处物体成像在视网膜上，需要使光线发散，即减小眼睛晶状体对光的偏折能力，即要减小晶状体的凸度，使得焦距变长，故A错误，B正确；
C. 小蛟同学看不清楚近处的物体， 则为远视眼，故C错误；
D. 小江同学看不清楚远处的物体， 则为近视眼，用凹透镜矫正，故D错误。
故选B。
5．（2026八上·镇海区期末）下列关于电学知识的描述，其中正确的是（ ）
A．只有正电荷定向移动，才能形成电流
B．欧姆定律和测量电阻的实验中，都可以用小灯泡替代定值电阻
C．欧姆定律和测量电阻的实验中，滑动变阻器都有保护电路的作用
D．根据欧姆定律变形公式R=U/I可知，导体电阻跟电压成正比，跟电流成反比
【答案】C
【知识点】电流和电流的单位换算；影响电阻大小的因素；变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】A.根据电流形成的原因判断；
B.注意探究电流与电压的关系时需要控制电阻大小相同；
C.根据滑动变阻器的作用判断；
D.根据影响导体电阻大小因素的知识判断。
【解答】A. 电流是电荷的定向移动形成的。在金属导体中，电流是由自由电子（负电荷）的定向移动形成的；而在电解液或等离子体中，正电荷和负电荷都可能参与导电，故A错误；
B. 通常使用定值电阻来验证欧姆定律，因为定值电阻的阻值基本不变，便于研究电压与电流的关系，故B错误；
C. 通过调节滑动变阻器，可以限制电路中的电流，避免电流过大烧坏电源或用电器，故C正确；
D. 电阻的大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定（R = ρL/S），不随电压或电流的变化而变化，故D错误。
故选C。
6．（2026八上·镇海区期末）本学期同学们学习了很多关于力学、声学、光学和电学的内容，关于所学知识及实验下列说法正确的是 ( )
A．滑动变阻器改变电阻的原理是改变了电路中的电流
B．平面镜成像的实验用玻璃板替代平面镜是为了方便观察像的位置
C．用乒乓球和音叉探究声音的产生条件，应用的物理研究方法是放大法
D．跳远运动员在起跳前助跑是为了利用惯性，虽然速度增大惯性不变，但能跳出好成绩
【答案】D
【知识点】实验探究的其他思想方法；平面镜成像特点、原理和现象；惯性；变阻器的原理及其使用
【解析】【分析】A.根据滑动变阻器的工作原理判断；
B.根据探究平面镜成像实验的操作过程判断；
C.物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性，只与物体的质量大小有关。
【解答】A. 滑动变阻器改变电阻的原理是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，而非直接改变电流，故A错误；
B. 平面镜成像实验中用玻璃板替代平面镜，目的是既能成像又能透过玻璃板看到后面的蜡烛，从而确定像的位置，故B错误；
C. 用乒乓球和音叉探究声音的产生条件，是通过乒乓球的弹跳将微小的音叉振动可视化（转换法），而非“放大法”，故C错误；
D. 跳远运动员助跑是利用惯性保持起跳后的水平速度，虽然惯性大小仅与质量有关（速度增大惯性不变），但助跑可通过增加初速度提高跳远成绩，故D正确。
故选D。
7．（2026八上·镇海区期末）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是 (　　)
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．滑雪板受到的重力和地面对滑雪板的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
【答案】D
【知识点】力的作用是相互的；平衡力的辨别；影响摩擦力大小的因素；增大或减小压强的方法
【解析】【分析】A.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
B.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度，改变接触面，注入润滑油，变滑动为滚动；
C.平衡力的条件：大小相等，方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
D.相互作用力的条件：大小相等，方向相反、作用在两个物体和同一直线上。
【解答】A. 滑雪板做得宽大是为了增大受力面积，从而减小压强（即单位面积上的压力），避免陷入雪中，故A错误；
B. 滑雪板底面做得光滑是为了减小摩擦力，从而让滑雪板更容易滑行，故B错误；
C. 雪板的重力只是滑雪板和运动员总重力的一部分。地面对滑雪板的支持力需要平衡的是滑雪板和运动员的总重力，而不仅仅是滑雪板的重力，即二者大小不等，则不是平衡力，故C错误；
D. 雪板对运动员的支持力（作用在运动员上）和运动员对滑雪板的压力（作用在滑雪板上），二者大小相等，方向相反、作用在两个物体和同一直线上，因此是一对作用力和反作用力，故D正确。
故选D。
8．（2026八上·镇海区期末）如图甲，“平视显示系统”可以将一些行车信息直接通过前挡风玻璃成像在视野前方，司机不必低头看仪表，提升了行车的安全性。图乙是其成像原理简图。据图分析( )
A．图乙中∠1 是折射角
B．行车信息的成像原理是光的反射
C．司机看到视野前方行车信息的像是实像
D．行车信息的像与人分别到挡风玻璃的距离一定相等
【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象；光的折射规律
【解析】【分析】A.折射角是折射光线和法线的夹角；
BC.根据平面镜成像的特点和原理判断；
D.根据平面镜成像的对称性判断。
【解答】 A.折射角是折射光线和法线的夹角，而图乙中∠1是反射光线与平面镜的夹角，不是折射角，故A错误；
BC.挡风玻璃相当于平面镜，行车信息在挡风玻璃内成的像是由光的反射形成的虚像，故B正确，C错误；
D.根据平面镜成像的对称性可知，行车信息的像与行车信息分别到挡风玻璃的距离一定相等，而与人到挡风波玻璃的距离不一定相等，故D错误。
故选B。
9．（2026八上·镇海区期末）如图甲所示的“长城189号”退役潜艇是宁波潜艇展示园的镇园之宝。潜艇设计精妙，能够自如地在长江和东海间潜行(已知 ），其原理示意图如图乙所示。针对潜艇的沉浮原理与航行特性，下列描述正确的是 ( )
A．当潜艇在海水中下潜时，应向水舱外排水
B．当潜艇从长江潜行到东海时，应向水舱内充水
C．潜行时，潜艇通过改变所受浮力大小来实现上浮和下潜
D．当潜艇在海水中下潜时，潜艇底部所受海水压强保持不变
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】ABC.潜艇浸没在水中时，它受到的浮力保持不变，只能靠向水仓内充水或排水而减小自身重力实现；
D.根据液体压强公式分析判断。
【解答】A. 潜艇下潜需要增加重力，因此应向水舱充水，而不是排水，故A错误；
B. 当潜艇从长江进入东海时，排开水的体积不变，而海水的密度增大，根据阿基米德原理可知，浮力会增大，潜艇会上浮。为了保持悬浮或继续下潜，需要增加重力，即向水舱充水，故B正确；
C. 潜艇的浮力主要由排开水的体积和水的密度决定。潜艇通常通过改变自身的重力（调节水舱水量）来实现上浮和下潜，而不是直接改变浮力，故C错误；
D. 当潜艇在海水中下潜时，潜艇所在的深度变大，根据液体压强公式可知，潜艇底部所受海水压强变大，故D错误。
故选B。
10．（2026八上·镇海区期末）如图所示的电路中，当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，示数之比 当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，则两表示数之比 为(　　)
A．a：b B．(b-a)∶a C．b：(b-a) D．b：a
【答案】C
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流。根据并联电路电流与电阻成正比计算二者的电阻之比。
若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；已知电压表示数之比，根据串联电路各部分电压与电阻成正比计算两个电压表的示数之比。
【解答】根据图片可知，当甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，
甲测R2的电流，乙测干路总电流，
I甲：I乙=I2：（I2+I1）=a：b，
即I2：I1=a：（b-a）；
在并联电路中，电流与电阻成反比，即R1：R2=I2：I1=a：（b-a）；
当甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，
串联电路电压与电阻成正比，即U1：U2=R1：R2=a：（b-a）；
此时甲测总电压，乙测R2的电压，
所以U甲：U乙=（a+b-a）：（b-a）=b：（b-a）。
故选C。
11．（2026八上·镇海区期末）如表为甲、乙两种物质(均不含结晶水)的部分溶解度数据，下列说法不正确的是（　　）
温度/℃ 10 20 30
溶解度/g 甲 29 40 53
乙 20 40 65
A．通过降温可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液
B．20℃时分别将甲、乙饱和溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量相等
C．把100g溶质质量分数为10%的乙溶液从30℃降温到10℃，其质量分数仍为10%∴
D．30℃时，将甲、乙两种物质的饱和溶液分别降温至20℃，析出晶体的质量乙大于甲
【答案】D
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据表格数据分析甲的溶解度随温度的变化规律判断；
B.根据20℃时甲和乙的溶解度大小比较；
C.根据10℃时乙的溶解度分析是否有晶体析出即可；
D.析出晶体的质量与溶液质量和溶解度大小有关。
【解答】A.根据表格数据可知，随着温度的降低，甲的溶解度不断减小，则 通过降温可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液，故A正确不合题意；
B.根据表格数据可知， 20℃时甲和乙的溶解度都是40g，则 将甲、乙饱和溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量相等，故B正确不合题意；
C.100g溶质质量分数为10%的乙溶液的溶质质量为：100g×10%=10g。从30℃降低到10℃时，溶解度变为20g，因为10g<20g，则没有晶体析出，那么质量分数仍为10%，故C正确不合题意；
D.从30℃降低到20℃时，甲的溶解度减小：53g-40g=13g，乙的溶解度减小：65g-40g=25g，则甲的溶解度减小小于乙的溶解度减小。由于此时溶液质量未知，因此无法判断析出晶体的质量大小，故D错误符合题意。
故选D。
12．（2026八上·镇海区期末）如图，室温时，盛水的烧杯内放置两支分别盛有等质量硝酸钾溶液和饱和氢氧化钙溶液的试管甲和乙。向烧杯内的水中加入氢氧化钠固体(氢氧化钠溶于水会向外界放热)后，下列说法正确的是 (　　)
A．甲、乙中溶液质量相等
B．甲、乙两试管底部都会有固体析出
C．甲试管溶液质量不变，乙试管底部会有固体析出
D．甲试管底部会有固体析出 乙试管溶液质量不变
【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据硝酸钾和氢氧化钙的溶解度随温度的变化规律分析判断即可。
【解答】硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，饱和氢氧化钙的溶解度随温度的升高而减小，
向烧杯内的水中加入氢氧化钠固体，此时溶解放热，那么溶液温度升高，
则硝酸钾的溶解度增大，氢氧化钙的溶解度减小；
那么硝酸钾没有物质析出，而氢氧化钙会有固体析出；
则甲试管的溶液质量不变，乙的溶液质量减小。
故选C。
13．（2026八上·镇海区期末）如图所示，水平桌面上放一张轻薄的复合板，复合板与桌面之间铺三支塑料管，复合板上放一辆较重的电动遥控小车，小车质量大于复合板的质量。当启动遥控小车的前进挡后（）
A．小车仍然相对地面静止
B．复合板仍然相对地面静止
C．小车受到向左的摩擦力将向左运动
D．复合板受到向左的摩擦力将向左运动
【答案】C
【知识点】摩擦力的存在
【解析】【分析】依据摩擦力的方向与相对运动（趋势）方向相反分析摩擦力的方向，根据摩擦力的方向分析运动情况，根据冲量的概念结合牛顿第三定律分析冲量大小。
【解答】AC、小车在牵引力作用下，相对复合板向前运动，则小车受到向左的摩擦力，因此小车相对地面向左运动，不会相对地面静止的，故A错误，C正确；
BD、依据作用力与反作用力，复合板受到向右的摩擦力将向右运动，故BD错误；
故答案为：C。
14．（2026八上·镇海区期末）某物体通过凸透镜在光屏上成缩小的像，像距为30cm、像高为2cm。移动该物体使物距变为40cm，关于此时所成像高度的判断正确的是(　　)
A．一定大于2cm B．可能小于2cm
C．一定小于2cm D．不可能等于2cm
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】首先根据凸透镜成像的规律确定凸透镜的焦距范围，然后将物距和焦距比较，进而再次确定凸透镜成像的大小范围即可。
【解答】根据题意可知， 物体通过凸透镜在光屏上成缩小的像，可知此时满足：u＞2f时，2f＞v＞f。
此时像距为30cm，像高为2cm，则物距大于2倍焦距，像距在1倍焦距和2倍焦距之间，即f<30cm<2f，解得透镜的焦距：15cm则物体的高度肯定大于2cm；
若改变物体的位置，再移动光屏使像清晰，此时物距为40cm，
当f<20cm时，物体在二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，则像可能小于2cm；
当20cm故选B。
15．（2026八上·镇海区期末）如图所示，一部分为圆柱形的玻璃瓶，高度为20cm，内封闭有质量为0.5kg的水。将玻璃瓶正放在水平面上时，水对玻璃瓶底部的压强为1000Pa；将玻璃瓶倒放在水平面上时，水对玻璃瓶盖的压强为1500Pa、若该玻璃瓶内装满密度为( 的酒精，则酒精的质量为( )
A．0.35kg B．0.40kg C．0.44kg D．0.60kg
【答案】D
【知识点】密度公式的应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 根据密度公式求出水的体积，根据p=ρgh分别求出两个位置时液体的深度，根据正立时水的深度和水的体积利用V=Sh求出玻璃瓶的横截面积，根据倒立时瓶子水面上方为圆柱体利用V=Sh求出水面上方的体积，进而求出瓶子的容积，根据密度公式求出瓶内装满酒精时，酒精的质量。
【解答】 根据题意可知，瓶内水的体积：，
瓶子正立时，水的深度：，
瓶子倒立时，水的深度：，
由V=Sh可知，玻璃瓶的横截面积：，
倒立时瓶子水面上方体积：V倒上=Sh倒上=50cm2×（20cm-15cm）=250cm3，
则瓶子的容积：V=V水+V倒上=500cm3+2500cm3=750cm3，
瓶内装满酒精时，酒精的质量：m酒精=ρ酒精V=0.8×103kg/m3×750×10-6m3=0.6kg。
16．（2026八上·镇海区期末）如图所示是几种声音输入到示波器上时显示的波形，其中音调相同的是　 　；响度相同的是　 　。
【答案】乙和丙；甲和乙
【知识点】音调及其与频率的关系；响度及其与振幅的关系
【解析】【分析】（1）音调表示声音的高低，由频率大小决定。在波形图上，波峰的疏密程度表示音调高低；
（2）响度表示声音的大小，由振幅大小决定。在波形图上，波峰到波谷的距离表示响度大小。
【解答】（1）根据图片可知，乙和丙的波峰疏密程度相同，则二者音调相同；
（2）根据图片可知，甲和乙的波峰到波谷的距离相同，则二者响度相同。
17．（2026八上·镇海区期末）如图所示为光在空气和玻璃的分界面上发生反射和折射的情况，由图可判断，入射光线是　 　，折射角的大小是　 　，空气在分界面的　 　侧。(选填“上”、“下”、“左”或“右”)。
【答案】CO；30°；左
【知识点】光的反射定律；光的折射规律
【解析】【分析】首先根据“反射角等于入射角”确定入射光线和反射光线，根据光的折射“二线分居”确定折射光线的位置。折射角是折射光线和法线的夹角，根据光的折射规律确定分界面两侧介质的种类。
【解答】根据图片可知，∠COP=∠AOP，根据“反射角等于入射角”可知，二者为入射和反射光线。根据“折射现象中折射光线和入射光线分居法线两侧”可知，折射光线为OB，入射光线为CO。
PD为法线，MN为分界面，则∠BOD为折射角，大小为30°；
此时入射角为：90°-30°=60°，即折射角小于入射角，那么从空气斜射入水中，则空气在分界面的左侧。
18．（2026八上·镇海区期末）根据该“水循环示意图”回答：
（1）水循环的动力是　 　，
（2）使陆地水不断得到补充的是　 　循环；
（3）我国南水北调工程，所涉及的主要环节是　 　(填序号)。
【答案】（1）太阳辐射（或太阳能）和地球重力
（2）海陆间（或大）
（3）⑤
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）根据水循环的动力的知识解答；
（2）根据对海陆间水循环的知识解答；
（3）根据对南水北调工程的认识解答。
【解答】（1） 水循环的动力主要来自太阳辐射能和地球重力。太阳辐射提供能量使水蒸发，重力使降水、径流等过程得以进行。
（2） 海陆间循环（大循环）通过蒸发、水汽输送、降水等环节，使海洋水输送到陆地，补充陆地水资源。
（3） 南水北调是通过人工措施改变地表径流的空间分布，属于对水循环中“地表径流”（⑤）环节的调控。
19．（2026八上·镇海区期末） t℃时， 100g固态物质A的不饱和溶液经如下变化：恒温蒸发17g水，析出晶体5g；再加入5g水，析出晶体减少一半，则该温度时，固体溶解度为　 　/100g水；原溶液质量分数为　 　a(计算结果保留至1%)。
【答案】50g；46.5%
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）在同一温度下，饱和溶液的溶质质量分数相同，据此计算出100g水中最多溶解物质A的质量，也就是它的溶解度；
（2）根据题目条件计算出100g物质A的溶液中溶质质量，最后计算原溶液的溶质质量分数即可。
【解答】（1）根据题意可知， 恒温蒸发17g水，析出晶体5g；再加入5g水，析出晶体减少一半，
则该温度下5g水中最多溶解物质A的质量为2.5g；
那么该温度下100g水中最多溶解物质A的质量为：；
则该温度下固体溶解度为50g。
（2）该温度下，析出晶体5g对应水的质量为：；
而实际上蒸发掉17g水，那么原溶液变成饱和溶液需要蒸发水的质量为：17g-10g=7g；
原溶液中溶质质量为：；
则原溶液的溶质质量分数：。
20．（2026八上·镇海区期末）如图所示的电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，各电表示数变化情况：电压表V示数　 　；电流表A示数　 　。(均填“变大”、“变小”或“不变”)小川同学移动滑动变阻器的滑片过程中，电流表示数突然变为零，电压表示数变大，接近电源电压，原因可能是：　 　。
【答案】变大；变小；滑动变阻器发生断路
【知识点】欧姆定律及其应用；家庭电路的故障分析；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据串联电路的分压规律确定电压表的示数变化，根据R总=R1+R2分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电流表的示数变化；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和状态。
【解答】（1）根据图片可知，定值电阻R1和R2串联，电压表测变阻器R2的电压。 滑动变阻器的滑片P向右移动时， 变阻器接入的阻值变大，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，此时电压表的示数变大。根据R总=R1+R2可知，总电阻变大。根据欧姆定律可知，电流表的示数变小。
（2）电流表的示数变成零，则应该有断路发生。电压表的示数变大，说明电压表与电源两极之间正常连接，则应该是与电压表并联的变阻器发生断路所致。
21．（2026八上·镇海区期末）如图是小蛟自制的电子秤电路(不考虑弹簧的电阻，且弹簧形变量与外力成正比)，已知电源电压恒为6V，电压表量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器R1的规格为“20Ω1A”，电子秤的测量范围是0~30kρ；当电子秤达到最大测量值时， R1的金属滑片在最下端，改装成电子秤的电表正好满偏，则R2的阻值为　 　 Ω，轻质托盘上物体的质量为6kg时，该电表示数为　 　，电子秤刻度板上质量的刻度分布　 　(填“均匀”或“不均匀”)。
【答案】20；1；不均匀
【知识点】串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1） 滑动变阻器R1的规格为“20Ω 1A”电子秤的测量范围是0～30kg，当电子秤达到最大测量值时，R1的金属滑片在最下端，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由串联分压原理可知电压表的示数达到最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，
此时改装成电子秤的电表正好满偏，所以电压表示数可表示被测物体的质量，电源电压为4V，所以电压表选择小量程接入电路，根据串联电路电压规律和串联电路电流特点以及欧姆定律列方程可解得R2的阻值；
（2）电子秤的测量范围是0～30kg，那么当被测物的质量为6kg时，滑动变阻器接入电阻为最大电阻的，然后根据串联电路电阻规律和欧姆定律计算此时通过电路的电流，再根据其变形公式计算出滑动变阻器此时两端的电压；
（3）根据上面6kg时对应的电压表的示数，结合电子秤的量程进一步分析电子秤刻度板上质量的刻度如何分布。
【解答】 （1）根据图片可知，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器R1电压，
当不放被测物时滑动变阻器滑片P在a端，此时滑动变阻器接入电阻为0，那么电压表示数为0；
滑动变阻器最大阻值20Ω，电子秤的测量范围是0～30kg，当电子秤达到最大测量值时，R1的金属滑片在最下端，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，电压表的示数达到最大，此时通过电路的电流最小，
根据此时改装成电子秤的电表正好满偏可知，所以电压表为电子秤，
根据电压表量程为0~3V可知，此时电压表的示数为3V，
根据串联电路电压与电阻呈正比得到：，即：，
解得：R2=20Ω；
（2）电子秤的测量范围是0～30kg，当被测物的质量为6kg时，
则滑动变阻器接入电阻为最大电阻的，此时，
此时串联电路中的电流，
滑动变阻器此时两端的电压U滑1=IR滑1=0.25A×4Ω=1V，
所以电压表的示数为1V；
（3）综上所述，0～6kg对应0～1V，0～30kg对应0～3V，故电子秤上质量的刻度分布不均匀。
22．（2026八上·镇海区期末）“彩球温度计”是一种现代居家饰品，其结构模型如图所示。该“彩球温度计”是由体积相同(保持恒定)但质量不同的小球(小球上标有不同的温度)和密度随温度的升高而减小的液体组成。
（1）善于观察的小甬发现，冬季时四个小球都不沉底。大寒那天气温骤降，则液体对容器底部的压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
（2）今年夏季某天，四个小球处于如图所示位置，小甬观察到小球C恰好下沉，说明当时环境温度在　 　(选填“升高”或“降低”)。此时B小球受到的浮力FB浮与D小球受到的浮力FD浮的大小关系为FB浮　 　FD浮(选填“>”、“=”或“<”)。
【答案】（1）不变
（2）升高；=
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）首先根据“液体对容器底部的压力等于液体重力和小球重力之和”比较容器底部受到液体压力的变化，再根据判断液体对容器底部压强大小。
（2）①根据浮沉条件判断液体密度大小，进而确定环境温度的变化；
②根据阿基米德原理F浮=ρgV排分析B和D小球受到浮力的大小。
【解答】（1） 大寒那天气温骤降， 则液体密度增大，因此四个小球仍然不沉底。容器上下粗细一致，则液体对容器底部的压力等于液体重力和小球重力之和，因此容器底部受到液体的压力不变。根据公式可知，液体对容器底部的压强不变。
（2）① 小甬观察到小球C恰好下沉， 说明液体密度减小了，根据“ 密度随温度的升高而减小 ”可知，当时环境温度升高。
②小球B和D的体积相同，则二者排开液体的体积相同，根据阿基米德原理F浮=ρgV排可知，所受浮力相等，即：FB=FD。
23．（2026八上·镇海区期末）课本中关于“液体对容器底部产生压强”有这样一个活动：如图甲所示，在一段粗管的下端蒙上橡皮膜，注入不同深度的水，观察橡皮膜的形状变化，比较后得出了同种液体，深度越大，压强越大的结论。请回答下列问题：小川则提出了质疑，在上述操作过程中，水的质量也在增加，那为什么不说是液体质量对液体压强产生影响呢？老师肯定了小川的想法，并指导小川设计了如图乙所示装置，用隔板将容器分成左右两侧，隔板中间圆孔用薄橡皮膜封闭。
（1）往装置乙两侧加入深度　 　(选填“相同”或“不相同”)的水至橡皮膜上方，可以解答小川的质疑。
（2）往装置两侧分别加入密度为ρ1、ρ2的两种液体，液面如图丙所示。小川根据橡皮膜的凹凸情况得出ρ1>ρ2，请根据图丙中现象说明原因　 　。
【答案】（1）相同
（2）橡皮膜向ρ2一侧凸起，表明ρ1侧压强更大， 此时ρ1侧液体深度小，根据液体压强公式 p=ρ液gh 可知，液体密度ρ1>ρ2 。
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【分析】（1）让橡皮膜产生的压强相同，但是橡皮膜两侧液体质量大小不同，据此分析判断；
（2）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，当液体压强相等时，深度小的液体密度大，深度大的液体密度小。
【解答】（1）根据乙图可知，左侧容器底面积小于右侧容器底面积。在两侧加入深度相同的水时，此时水的质量不同，但橡皮膜未发生形变，说明此时液体压强相等。比较可知，液体压强与深度有关，而与质量无关，从而验证了小川的质疑。
（2） 往装置两侧分别加入密度为ρ1、ρ2的两种液体，液面如图丙所示。小川根据橡皮膜的凹凸情况得出ρ1>ρ2， 则丙图中的现象和原因为：橡皮膜向ρ2一侧凸起，表明ρ1侧压强更大， 此时ρ1侧液体深度小，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体密度ρ1>ρ2 。
24．（2026八上·镇海区期末）为探究“质量对惯性的影响”，小雨找来电吹风、沙砾、冰盘、刻度尺等物品进行了如下探究。
【实验过程】将电吹风调至“风力适当”档位从左边正对沙砾堆，开启电吹风，沙砾被吹入右边的冰盘中(如图甲)，观察比较冰盘中沙砾水平运动的距离，结果记录在表中。
沙砾水平运动距离结果记录表
沙砾质量 大 中 小
沙砾水平运动的距离/cm 5.3 8.1 12.5
（1）【分析论证】
实验中通过观察　 　来比较沙砾惯性的大小。由实验结果可知，在相同风力的作用下，质量越大的沙砾水平运动的距离越近，其运动状态越　 　(填“容易”或“不容易”)发生改变。由此说明物体惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
（2）【交流评估】
小雨后续更换不同物体，并且改变风力大小重复上述实验，其目的是____。
A．多次测量求平均值减小误差 B．排除偶然性，寻找普遍规律
（3）【生活应用】
如图乙所示，将少量碎石(质量大)、谷粒(质量中等)及糠皮(质量小)的混合物(三者大小类似)从农用扬场机进料口倒入，在快速转动的轮和皮带的带动下三者被抛出落地形成了A、B、C三堆，达到分离的目的，其中落在C点的是　 　。
【答案】（1）沙砾水平运动的距离；不容易
（2）B
（3）碎石
【知识点】惯性
【解析】【分析】 （1）电吹风将砂砾吹入冰盘中，砂砾的质量越大，惯性越大，则吹起时速度越小，那么飞行距离更小。 质量越大的砂砾的运动状态越不容易改变，则其惯性越大。
（2）根据科学探究中多次测量的目的分析；
（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大。
【解答】 （1）根据实验结果可知，在相同风速的作用下，质量较大的砂砾在冰盘中距沙粒堆较近的位置，这表明其运动状态不容易发生改变，即质量会影响惯性的大小，质量越大，惯性越大。
在本实验中，电吹风将砂砾吹入冰盘中，根据砂砾水平运动的距离来判定质量对惯性的影响。
（2） 小雨后续更换不同物体，并且改变风力大小重复上述实验，其目的是为了获得普遍的规律，使实验结论更科学，故选B；
（3）将少量碎石、谷粒及糠皮的混合物从农用扬场机进料口倒入，刚被抛出时的速度相同，但碎石的质量最大，其惯性最大，在飞行过程中受到空气阻力作用时其运动状态最不容易改变，所以碎石的飞行距离最长，则落在最远处C点的是碎石。
25．（2026八上·镇海区期末）在学习“凸透镜成像的规律”后，某校项目化小组的同学开展“自制校标 logo投影灯”的项目化学习活动，活动包括投影灯设计、制作和评价三个环节。
【投影原理】凸透镜成像规律。投影灯结构包括光源、透明图标、镜头。通过凸透镜将透明图标上的图案呈现在屏幕上。
【实验材料】开关、电池、电池盒、电线若干、小灯泡、透明校标 logo、凸透镜(焦距未知)、固定材料、热熔胶(用于粘合)、鞋盒、剪刀等。
【测量焦距】小江用发光二极管制成的“F”型光源进行实验。
（1）小江将光具座放在水平桌面上，将光源、凸透镜和光屏固定在光具座上，调整三者的高度，使它们的中心大致在　 　
（2）小江任意选择了一个凸透镜固定在光具座40cm刻度线处(如图甲)，不断调节光源和光屏的位置，当光屏上出现了清晰的像后，记录物距和像距，得到如图乙的图像。他选择的凸透镜焦距为　 　cm
【评价量表】
投影灯评价量表 (部分)
评价指标 达标 待改进
指标一 结构 结构完整 结构不完整
指标二 像的大小 像的大小可调 像的大小无法调节
指标三 像的清晰度 像的清晰度可调 像的清晰度无法调节
（3）【设计制作】为了在地面上观察到正立的校标 logo，投影灯内校标应　 　(填“正立”或“倒立”)放置；
（4）【评价优化】小江的设计作品如图丙所示。老师观看后说：此作品在指标二评价结果为“待改进”。请你帮助小江给出解决对策：　 　
【答案】（1）同一高度
（2）8
（3）倒立
（4）将投影片的固定装置C、D，左右适当开槽，使投影片能适当左右移动；或将凸透镜的固定装置E、F，向内适当开槽，使凸透镜能适当左右移动。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】（1）根据探究凸透镜成像规律的实验的注意事项解答；
（2）当u=v=2f时，凸透镜成倒立放大的实像；
（3）根据凸透镜成倒立放大的实像分析；
（4）根据图片确定“指标二”中存在的问题，并给出改良方案。
【解答】（1） 小江将光具座放在水平桌面上，为了使像成在光屏的中央，则需要将光源、凸透镜和光屏固定在光具座上，调整三者的高度，使它们的中心大致在同一高度。
（2）根据乙图可知，此时u=v=2f=16cm，解得：f=8cm，即凸透镜的焦距为8cm；
（3）投影机成倒立、放大的实像，因为在地面上观察到正立的校标 logo，所以投影仪内的校标应该倒立放置。
（4） 由图丙和说明可知，投影片和凸透镜是固定的，即物距一定，像的大小无法调节；
解决对策：将投影片的固定装置C、D，左右适当开槽，使投影片能适当左右移动；或将凸透镜的固定装置E、F，向内适当开槽，使凸透镜能适当左右移动。
26．（2026八上·镇海区期末）食盐是一种生活必需品。提纯含少量泥沙的粗盐，一般经过如图甲所示操作流程：
（1）图甲各实验操作都需要使用要玻璃棒，其中玻璃棒操作方式相同的是　 　(填数字编号)
（2）图乙是过滤装置图(玻璃棒已省略)，正确过滤后，展开滤纸，若灰色代表泥沙，看到的情况最接近下图中的____
A． B．
C． D．
（3）实验结束后称量获得的精盐，导致获得的精盐的质量明显偏小原因可能有　 　(填数字序号)。
①溶解时，溶解不够充分； ②过滤时，滤渣未清洗：
③蒸发时，液滴飞溅， ④蒸发后，所得精盐很潮湿
⑤转移后，蒸发皿上还沾有精盐
（4）用上述实验得到的精盐配制100g 7.5%生理盐水，下面是他们配制溶液的实验操作示意图，如图所示。
①在用托盘天平称取氯化钠的过程中(最小砝码质量为1g)，发现指针偏向分度盘的左侧，同学们接下来的操作应该是　 　
②下列操作中导致溶质质量分数偏低的是　 　。
A. 操作中砝码和氯化钠放错盘
B. c中烧杯用水洗涤后未干燥就使用
C. d操作中平视量筒凹液面最低处读数
D. e操作中有少量水溅出
【答案】（1）①和③
（2）D
（3）①②③⑤
（4）少氯化钠，直到天平平衡；AB
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据常见实验操作中仪器的用途进行分析；
（2）根据滤纸的折法和使用过程分析；
（3）根据粗盐提纯过程各个操作中对精盐质量的影响判断；
（4）致氯化钠溶液溶质质量分数偏低，可能是溶质少了，可能是溶剂多了。
【解答】 （1）粗盐的主要成分是氯化钠，根据甲图可知，操作①为溶解，操作②为过滤，操作③为蒸发结晶。在溶解和蒸发结晶操作中玻璃棒的作用是搅拌，加快食盐的溶解速率，在过滤操作中玻璃棒的作用是引流，则玻璃棒操作方式相同的是①③。
（2）根据滤纸的折叠方法和使用过程可知，先将滤纸对折成半圆，然后折成四分之一圆制成一个圆锥形，且过滤时液面低于滤纸的边缘，所以难溶物在滤纸上的分布情况是小于滤纸的半圆，则看到的情况最接近图中的D。
（3）①溶解时，溶解不够充分，会造成溶解的氯化钠的质量偏少，则会造成精盐的质量明显偏小，故①符合题意；
②滤渣未清洗，滤渣上沾有少量的氯化钠，会造成精盐的质量明显偏小，故②符合题意；
③蒸发时，液滴飞溅，会造成其中的食盐跑到外面，则会使得到的精盐的质量偏小，故③符合题意；
④蒸发后，所得精盐很潮湿，其中的水会造成精盐的质量明显偏大，故④不合题意；
⑤转移后，蒸发皿上还沾有精盐，则会使称量的精盐的质量偏小，故⑤符合题意。
故选①②③⑤；
（4）①在称取氯化钠的过程中，指针偏向分度盘的左侧，说明氯化钠的质量偏多，接下来的操作应该是减少氯化钠，直到天平平衡；
②溶质质量分析偏低，则要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大。
A.操作中砝码和氯化钠放错盘（使用了游码），此时药品质量=砝码质量-游码质量，会导致称取的氯化钠质量偏小，故A符合题意；
B.c中烧杯用水洗涤后未干燥就使用，会使溶剂水的质量增多，故B符合题意；
C.d操作中，此时平视量筒凹液面最低处读数，操作正确，那么溶质质量分数不变，故C不符合题意；
D.e操作中有少量水溅出，会使溶剂水的质量偏小，故D不符合题意。
故选AB。
27．（2026八上·镇海区期末）小蛟和小甬同学想利用“伏安法测小灯泡”的电阻(不考虑灯泡电阻会随温度变化而变化)。提供的器材有：两个小灯泡(一个字迹模糊，一个标有“1.5V”)、两种规格滑动变阻器(“0~10Ω”“0~30Ω”)、两个电源(电压相等且保持不变)、电流表和电压表各两个、两个开关、导线若干。
（1）小蛟同学设计了如图甲所示的电路图。
①请用笔画线代替导线将实物电路图乙连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左滑动时电路中的电流变大。　 　
②小蛟同学按如图甲所示连接电路时，开关应该　 　，将滑动变阻器的滑片移动到最　 　端。
（2）小甬同学提出根据图丙所示的电路图，只要电流表选择合适的量程，不需要电压表就能完成小灯泡电阻的测量。已知滑动变阻器最大阻值为R。
①闭合开关后，滑动变阻器滑片在最左端时，电流表示数为I1；
②滑动变阻器滑片在最右端时，电流表示数为I2；
③灯泡电阻 Rx=　 　(用I1、I2、R表示) 。
（3）小川和小江同学选择了不同的滑动变阻器，根据图丙连接好电路后，再把电压表并联接入电路。两位同学调节滑片过程中两电表示数和灯泡亮度都发生变化，当滑动变阻器的滑片都恰好在中点时，电压表示数均为1.5V，电流表示数也相同，如图丁所示，此时小川同学的灯泡比小江同学的暗(已知电流相同时，灯泡两端电压越高，灯泡越亮)。则电源电压为　 　V，小江同学所测灯泡电阻为　 　Ω。
【答案】（1）；断开；B
（2）
（3）9；3
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【分析】（1）①根据电流变化确定变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器选择的接线柱，然后补充光路图即可；
②根据电路连接的注意事项解答。
（2）根据描述分析两种情况下电路的串并联情况，根据欧姆定律和电阻串联的知识列出两个方程，然后联立求解即可；
（3） 在两组同学移动滑片的过程中，电表示数和灯的亮度都发生变化，可确定灯与变阻器串联，电压表不可能并联在电源两端，电流表串联在电路中：
根据当滑动变阻器的滑片都移到中点时电压表示数均为1.5V，根据电流表选用小量程，确定分度值为读出甲、乙两组实验电路的电流大小；
根据灯泡亮度确定两个电路总电阻大小，进而确定两个同学所选用的滑动变阻器规格；
根据欧姆定律U总=UL+U滑得出小川同学实验中电源电压的数值和灯泡电阻即可。
【解答】（1）①利用“伏安法测小灯泡”的电阻的实验中，变阻器应该与灯泡串联，且接线“一上一下”。 滑动变阻器的滑片P向左滑动时电路中的电流变大 ，则此时电阻变大，那么应该将左下角的接线柱A与灯泡右端相连即可，如下图所示：
② 如图甲所示连接电路时，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关应断开。为了避免电流过大而烧毁用电器，则应将变阻器的滑片移动到阻值最大的B端。
（2） 闭合开关后，滑动变阻器滑片在最左端时，此时变阻器的阻值为0，只有灯泡L，电流表示数为I1；
根据U=IR得到：U总=I1Rx ①；
滑动变阻器滑片在最右端时，灯泡与变阻器串联，电流表示数为I2；
根据U=IR得到：U总=I2（Rx+R） ②；
①②联立解得：。
（3） 小川和小江按如图丙连接好电路后，再把电压表并联，调节滑片过程中两电表示数和灯的亮度都发生变化，故电压表都没有接在电源两端；
当滑动变阻器滑片位置都恰好在中点时，电流表示数也相同，
此时小川的灯泡比小江的暗，说明UL川＜UL江，
根据U总=UL+U滑可知，U滑川＞U滑江，
根据串联电路电压的规律，则R滑川＞R滑江，
因为滑动变阻器滑片位置都恰好在中点，所以小川滑动变阻器连入电路中的电阻为15Ω，小江中滑动变阻器连入电路中的电阻为5Ω，
因电压表示数均为UV=1.5V，
电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A；
小川的实验中，滑动变阻器的电压为：U滑川=IR滑川=0.5A×15Ω=7.5V；
故小川的实验中电压表只能并联在灯的两端，
那么电源电压为U总=UL+U滑川=1.5V+7.5V=9V。
此时灯泡的电阻为：。
28．（2026八上·镇海区期末）灭蚊是预防一些传染病的有效方法。某社区为了有效预防登革热，决定采用高效氯氰菊酯杀虫剂对室外水沟、垃圾池周围以及有杂草的地方进行喷杀灭蚊，瓶上的标有氯氰菊酯杀虫剂600g，溶质质量分数80%。
（1）求600g氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量。
（2）欲配制16kg质量分数为20%的稀氯氰菊酯杀虫剂用来消毒，需要这种氯氰菊酯杀虫剂的质量多少 kg
【答案】（1）解： 600g氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量：600g×80%=480g。
（2）解：稀释前后，溶质的质量保持不变，设需要这种杀虫剂的质量为x，
16kg×20%=x×80%；
解得：x=4kg。
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）溶质质量=溶液质量×溶质质量分数；
（2）稀释前后，溶质的质量保持不变，根据“溶质质量=溶液质量×溶质质量分数”列方程计算即可。
29．（2026八上·镇海区期末）按照规定，我国载货车辆的轮胎对地面的压强应控制在 以内。某型号货车部分参数如表所示。司机师傅在执行一次运输任务时，开着装满沙子的货车在一段平直的公 路上匀速直线行驶
自重 5×104N
车轮个数 8
每个轮胎触地面积
车厢容积
（1）车厢内所装沙子的重力是多少
（2）货车在这段公路上行驶时所受阻力为车和货物总重的0.05倍，这段时间内货车牵引力多大
（3）货车满载后轮胎对地面的压强是多少 Pa
【答案】（1）解：车厢内所装沙子的质量：m沙=ρ沙V=2.5×103kg/m3×10m3=2.5×104kg；
车厢内所装沙子的重力：G沙=m沙g=2.5×104kg×10N/kg=2.5×105N。
（2）解：货车和沙子总重为：G总=G车+G沙=5×104N+2.5×105N=3×105N，
因为货车匀速运动时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以货车的牵引力：F牵=F阻=0.02G总=0.02×3×105N=6×103N，
（3）解： 每个车轮与地面接触面积S=2×10-2m2，车轮与地面接触面积S总=8S=8×2×10-2m2=0.16m2，
车轮对路面的压强：。
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 1）车厢内装满沙子时沙子的体积等于车厢的容积，根据m=ρV求出车厢内所装沙子的质量，根据G=mg得到车厢内所装沙子的重力；
（2）货车匀速运动时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据所受阻力为车重的0.02倍求出其牵引力大小；
（3）将每个车轮的接地面积×个数得到总接地面积，然后根据计算车轮对路面的压强。
30．（2026八上·镇海区期末）如图所示，冰块中有一小石块，冰和石块的总质量是150g，将冰块放入底面积为100cm2，水深20cm的圆形容器中，冰块完全沉入水中。此时容器中的水面上升了1.2cm。(已知： ）求：
（1）此时含有石块的冰块受到的浮力；
（2）此时容器底部受到的水的压力；
（3）当冰完全熔化后，容器水面又下降了0.1cm，求冰块中所含石块的密度。
【答案】（1）解：冰块完全沉入水中，则容器中水增大的体积等于冰和石块的总体积，
即V总=S△h=100cm2×1.2cm=120cm3=1.2×10-4m3；
则此时冰块受到的浮力F浮=ρ液gV排=103kg/m3×10N/kg×1.2×10-4m3=1.2N。
（2）解：容器底部受到水的压强p=ρ液gh=103kg/m3×10N/kg×（0.2m+0.012m）=2120Pa；
则容器底部受到水的压力：F=pS=2120Pa×100×10-4m2=21.2N。
（3）解：冰块熔化前后，石块始终浸没在水中，则它不会引起液面的高度变化，
则水面高度下降应该是冰块熔化所致，
即V冰-V水=△V；
；
；
解得：m冰=90g；
则石块的质量为：m=150g-90g=60g；
石块的体积为：V=120cm3-=20cm3；
则石块的密度为：。
【知识点】密度公式的应用；浮力大小的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）冰块完全沉入水中，则容器中水增大的体积等于冰和石块的总体积，根据V总=S△h计算冰和石块的总体积，根据F浮=ρ液gV排计算冰块受到的浮力。
（2）首先根据p=ρ液gh计算容器底部受到水的压强，然后根据F=pS计算容器底部受到水的压力；
（3）冰块熔化前后，石块始终浸没在水中，则它不会引起液面的高度变化，则水面高度下降应该是冰块熔化所致。根据密度公式利用这个等量关系列式计算出冰块的质量，用总质量减去冰块的质量得到石块的质量。用总体积减去冰块的体积得到石块的体积，最后根据计算石块的密度。
31．（2026八上·镇海区期末）在实践活动中，同学们设计了一种物品自动筛选器，可将质量小于一定标准的物品自动剔除，其原理如图1所示：放在水平轻质传送带上的物品，经过装有压敏电阻R的检测区时，使R的阻值发生变化，其阻值随压力F变化的关系如图2所示，已知电源电压为 10V，R0为滑动变阻器，当电路中电压表示数小于2.5V时，机械装置启动，将质量不达标的物品推出传送带，实现自动筛选功能。试问：
（1）当物品随传送带匀速运动时，物品　 　(填“受”或“不受”)摩擦力。
（2）当检测区上没有物品时，电压表的示数为2V，R0的阻值为多少
（3）不调节滑片，物体质量小于多少 kg机械装置启动
（4）现在要物体筛选标准升高，可以将滑动变阻器的滑片　 　(填“向左”或“向右”)移动
【答案】（1）不受
（2）解： 当检测区上没有物品时，压力为0，由图2可知，当F=0时R的阻值为R=100Ω；
根据图2可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，
此时R两端的电压为：UR=U-U0=10V-2V=8V；
则电路中的电流为：；
则R0的阻值为：。
（3）解：当电路中电压表示数小于2.5V时，机械装置启动，将质量不达标的物品推出传送带。
此时电流为：；
此时压敏电阻的阻值为：；
由图2可知，此时压敏电阻受到的压力F=20N，因水平面上物体的压力和自身的重力相等。
根据G=mg可得检测区上物品的最小质量为：；
所以质量至少超过2kg的物品才是达标的。
（4）向右
【知识点】摩擦力的存在；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）摩擦力产生的条件：①相互接触；②产生压力；③做相对运动或有相对运动的趋势；
（2）根据图像信息可求出F=0时R的阻值；R与R0串联，电压表测R0两端的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和求出R两端的电压；已知R的阻值和两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流；已知电路中的电流和R0两端的电压，再根据欧姆定律可得R0的阻值；
（3）当电压表示数为2.5V时，根据欧姆定律可得此时电流；再根据欧姆定律可得压敏电阻的阻值，由图2可知，此时压敏电阻受到的压力，根据G=mg可得检测区上物品的最小质量；
（4）根据R的阻值随压力的增大而减小可得若要增大能通过检测区物品的最小质量，需要使得电压表为2.5时压敏电阻的阻值减小，根据串联电路的分压规律确定变阻器接入阻值的变化即可。
【解答】（1）当物品随传送带匀速运动时，物品相对传送带保持静止状态，即二者之间没有相对运动的趋势，则物品不受摩擦力。
（4） 若要增大能通过检测区物品的最小质量，就要增加压敏电阻受到的压力大小。根据图2可知，此时压敏电阻阻值减小；
电压表的示数保持不变，则R两端电压不变，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，
此时变阻器的阻值R0也要减小，即滑片向右移动。
1 / 1浙江省宁波市镇海区蛟川书院2025-2026学年第一学期八年级期末科学试卷
1．（2026八上·镇海区期末）下列光现象中，可用光的折射原理解释的是（　　）
A．墙上“孔雀”
B．缸中“游鱼”
C．湖面“月影”
D．林中“光斑”
2．（2026八上·镇海区期末）小甬在听讲座时，想把银幕上用投影仪投影的彩色幻灯片图像用照相机拍摄下来。由于会场比较暗，他使用了闪光灯。这样拍出来的照片（ ）
A．色彩鲜艳，比不用闪光灯清楚多了
B．色彩被“闪”掉了，拍到的仅有黑色的字和线条
C．反而看不清投影到银幕上的图像，倒是把银幕上的一些污渍拍了出来
D．与不用闪光灯效果一样，因为拍摄的是银幕上的像，而不是实际的景物
3．（2026八上·镇海区期末）“眼睛把人带进了世界，耳朵把世界带给了人”，这句话高度赞美了人体的感觉器官。关于人的感觉，下列说法中不正确的是（　　）
A．听觉感受器是耳蜗
B．人体的视觉产生在视网膜上
C．舌的不同部位对甜、酸、苦、咸的敏感性不同
D．感觉器官的作用是感受环境中的刺激，并产生神经冲动
4．（2026八上·镇海区期末）如图所示，当我们看近处物体时（一般不小于10cm），近处物体的光线正好聚焦在视网膜上。当我们从看近处物体改为看远处物体时，为了使远处物体成像在视网膜上，晶状体凸度和焦距的变化情况分别是（ ）
A．晶状体凸度变大，焦距变短
B．晶状体凸度变小，焦距变长
C．小蛟同学看不清楚近处的物体，他是近视眼
D．小江同学看不清楚远处的物体，应该佩戴凸透镜
5．（2026八上·镇海区期末）下列关于电学知识的描述，其中正确的是（ ）
A．只有正电荷定向移动，才能形成电流
B．欧姆定律和测量电阻的实验中，都可以用小灯泡替代定值电阻
C．欧姆定律和测量电阻的实验中，滑动变阻器都有保护电路的作用
D．根据欧姆定律变形公式R=U/I可知，导体电阻跟电压成正比，跟电流成反比
6．（2026八上·镇海区期末）本学期同学们学习了很多关于力学、声学、光学和电学的内容，关于所学知识及实验下列说法正确的是 ( )
A．滑动变阻器改变电阻的原理是改变了电路中的电流
B．平面镜成像的实验用玻璃板替代平面镜是为了方便观察像的位置
C．用乒乓球和音叉探究声音的产生条件，应用的物理研究方法是放大法
D．跳远运动员在起跳前助跑是为了利用惯性，虽然速度增大惯性不变，但能跳出好成绩
7．（2026八上·镇海区期末）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是 (　　)
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．滑雪板受到的重力和地面对滑雪板的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
8．（2026八上·镇海区期末）如图甲，“平视显示系统”可以将一些行车信息直接通过前挡风玻璃成像在视野前方，司机不必低头看仪表，提升了行车的安全性。图乙是其成像原理简图。据图分析( )
A．图乙中∠1 是折射角
B．行车信息的成像原理是光的反射
C．司机看到视野前方行车信息的像是实像
D．行车信息的像与人分别到挡风玻璃的距离一定相等
9．（2026八上·镇海区期末）如图甲所示的“长城189号”退役潜艇是宁波潜艇展示园的镇园之宝。潜艇设计精妙，能够自如地在长江和东海间潜行(已知 ），其原理示意图如图乙所示。针对潜艇的沉浮原理与航行特性，下列描述正确的是 ( )
A．当潜艇在海水中下潜时，应向水舱外排水
B．当潜艇从长江潜行到东海时，应向水舱内充水
C．潜行时，潜艇通过改变所受浮力大小来实现上浮和下潜
D．当潜艇在海水中下潜时，潜艇底部所受海水压强保持不变
10．（2026八上·镇海区期末）如图所示的电路中，当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，示数之比 当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，则两表示数之比 为(　　)
A．a：b B．(b-a)∶a C．b：(b-a) D．b：a
11．（2026八上·镇海区期末）如表为甲、乙两种物质(均不含结晶水)的部分溶解度数据，下列说法不正确的是（　　）
温度/℃ 10 20 30
溶解度/g 甲 29 40 53
乙 20 40 65
A．通过降温可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液
B．20℃时分别将甲、乙饱和溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量相等
C．把100g溶质质量分数为10%的乙溶液从30℃降温到10℃，其质量分数仍为10%∴
D．30℃时，将甲、乙两种物质的饱和溶液分别降温至20℃，析出晶体的质量乙大于甲
12．（2026八上·镇海区期末）如图，室温时，盛水的烧杯内放置两支分别盛有等质量硝酸钾溶液和饱和氢氧化钙溶液的试管甲和乙。向烧杯内的水中加入氢氧化钠固体(氢氧化钠溶于水会向外界放热)后，下列说法正确的是 (　　)
A．甲、乙中溶液质量相等
B．甲、乙两试管底部都会有固体析出
C．甲试管溶液质量不变，乙试管底部会有固体析出
D．甲试管底部会有固体析出 乙试管溶液质量不变
13．（2026八上·镇海区期末）如图所示，水平桌面上放一张轻薄的复合板，复合板与桌面之间铺三支塑料管，复合板上放一辆较重的电动遥控小车，小车质量大于复合板的质量。当启动遥控小车的前进挡后（）
A．小车仍然相对地面静止
B．复合板仍然相对地面静止
C．小车受到向左的摩擦力将向左运动
D．复合板受到向左的摩擦力将向左运动
14．（2026八上·镇海区期末）某物体通过凸透镜在光屏上成缩小的像，像距为30cm、像高为2cm。移动该物体使物距变为40cm，关于此时所成像高度的判断正确的是(　　)
A．一定大于2cm B．可能小于2cm
C．一定小于2cm D．不可能等于2cm
15．（2026八上·镇海区期末）如图所示，一部分为圆柱形的玻璃瓶，高度为20cm，内封闭有质量为0.5kg的水。将玻璃瓶正放在水平面上时，水对玻璃瓶底部的压强为1000Pa；将玻璃瓶倒放在水平面上时，水对玻璃瓶盖的压强为1500Pa、若该玻璃瓶内装满密度为( 的酒精，则酒精的质量为( )
A．0.35kg B．0.40kg C．0.44kg D．0.60kg
16．（2026八上·镇海区期末）如图所示是几种声音输入到示波器上时显示的波形，其中音调相同的是　 　；响度相同的是　 　。
17．（2026八上·镇海区期末）如图所示为光在空气和玻璃的分界面上发生反射和折射的情况，由图可判断，入射光线是　 　，折射角的大小是　 　，空气在分界面的　 　侧。(选填“上”、“下”、“左”或“右”)。
18．（2026八上·镇海区期末）根据该“水循环示意图”回答：
（1）水循环的动力是　 　，
（2）使陆地水不断得到补充的是　 　循环；
（3）我国南水北调工程，所涉及的主要环节是　 　(填序号)。
19．（2026八上·镇海区期末） t℃时， 100g固态物质A的不饱和溶液经如下变化：恒温蒸发17g水，析出晶体5g；再加入5g水，析出晶体减少一半，则该温度时，固体溶解度为　 　/100g水；原溶液质量分数为　 　a(计算结果保留至1%)。
20．（2026八上·镇海区期末）如图所示的电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，各电表示数变化情况：电压表V示数　 　；电流表A示数　 　。(均填“变大”、“变小”或“不变”)小川同学移动滑动变阻器的滑片过程中，电流表示数突然变为零，电压表示数变大，接近电源电压，原因可能是：　 　。
21．（2026八上·镇海区期末）如图是小蛟自制的电子秤电路(不考虑弹簧的电阻，且弹簧形变量与外力成正比)，已知电源电压恒为6V，电压表量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器R1的规格为“20Ω1A”，电子秤的测量范围是0~30kρ；当电子秤达到最大测量值时， R1的金属滑片在最下端，改装成电子秤的电表正好满偏，则R2的阻值为　 　 Ω，轻质托盘上物体的质量为6kg时，该电表示数为　 　，电子秤刻度板上质量的刻度分布　 　(填“均匀”或“不均匀”)。
22．（2026八上·镇海区期末）“彩球温度计”是一种现代居家饰品，其结构模型如图所示。该“彩球温度计”是由体积相同(保持恒定)但质量不同的小球(小球上标有不同的温度)和密度随温度的升高而减小的液体组成。
（1）善于观察的小甬发现，冬季时四个小球都不沉底。大寒那天气温骤降，则液体对容器底部的压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
（2）今年夏季某天，四个小球处于如图所示位置，小甬观察到小球C恰好下沉，说明当时环境温度在　 　(选填“升高”或“降低”)。此时B小球受到的浮力FB浮与D小球受到的浮力FD浮的大小关系为FB浮　 　FD浮(选填“>”、“=”或“<”)。
23．（2026八上·镇海区期末）课本中关于“液体对容器底部产生压强”有这样一个活动：如图甲所示，在一段粗管的下端蒙上橡皮膜，注入不同深度的水，观察橡皮膜的形状变化，比较后得出了同种液体，深度越大，压强越大的结论。请回答下列问题：小川则提出了质疑，在上述操作过程中，水的质量也在增加，那为什么不说是液体质量对液体压强产生影响呢？老师肯定了小川的想法，并指导小川设计了如图乙所示装置，用隔板将容器分成左右两侧，隔板中间圆孔用薄橡皮膜封闭。
（1）往装置乙两侧加入深度　 　(选填“相同”或“不相同”)的水至橡皮膜上方，可以解答小川的质疑。
（2）往装置两侧分别加入密度为ρ1、ρ2的两种液体，液面如图丙所示。小川根据橡皮膜的凹凸情况得出ρ1>ρ2，请根据图丙中现象说明原因　 　。
24．（2026八上·镇海区期末）为探究“质量对惯性的影响”，小雨找来电吹风、沙砾、冰盘、刻度尺等物品进行了如下探究。
【实验过程】将电吹风调至“风力适当”档位从左边正对沙砾堆，开启电吹风，沙砾被吹入右边的冰盘中(如图甲)，观察比较冰盘中沙砾水平运动的距离，结果记录在表中。
沙砾水平运动距离结果记录表
沙砾质量 大 中 小
沙砾水平运动的距离/cm 5.3 8.1 12.5
（1）【分析论证】
实验中通过观察　 　来比较沙砾惯性的大小。由实验结果可知，在相同风力的作用下，质量越大的沙砾水平运动的距离越近，其运动状态越　 　(填“容易”或“不容易”)发生改变。由此说明物体惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
（2）【交流评估】
小雨后续更换不同物体，并且改变风力大小重复上述实验，其目的是____。
A．多次测量求平均值减小误差 B．排除偶然性，寻找普遍规律
（3）【生活应用】
如图乙所示，将少量碎石(质量大)、谷粒(质量中等)及糠皮(质量小)的混合物(三者大小类似)从农用扬场机进料口倒入，在快速转动的轮和皮带的带动下三者被抛出落地形成了A、B、C三堆，达到分离的目的，其中落在C点的是　 　。
25．（2026八上·镇海区期末）在学习“凸透镜成像的规律”后，某校项目化小组的同学开展“自制校标 logo投影灯”的项目化学习活动，活动包括投影灯设计、制作和评价三个环节。
【投影原理】凸透镜成像规律。投影灯结构包括光源、透明图标、镜头。通过凸透镜将透明图标上的图案呈现在屏幕上。
【实验材料】开关、电池、电池盒、电线若干、小灯泡、透明校标 logo、凸透镜(焦距未知)、固定材料、热熔胶(用于粘合)、鞋盒、剪刀等。
【测量焦距】小江用发光二极管制成的“F”型光源进行实验。
（1）小江将光具座放在水平桌面上，将光源、凸透镜和光屏固定在光具座上，调整三者的高度，使它们的中心大致在　 　
（2）小江任意选择了一个凸透镜固定在光具座40cm刻度线处(如图甲)，不断调节光源和光屏的位置，当光屏上出现了清晰的像后，记录物距和像距，得到如图乙的图像。他选择的凸透镜焦距为　 　cm
【评价量表】
投影灯评价量表 (部分)
评价指标 达标 待改进
指标一 结构 结构完整 结构不完整
指标二 像的大小 像的大小可调 像的大小无法调节
指标三 像的清晰度 像的清晰度可调 像的清晰度无法调节
（3）【设计制作】为了在地面上观察到正立的校标 logo，投影灯内校标应　 　(填“正立”或“倒立”)放置；
（4）【评价优化】小江的设计作品如图丙所示。老师观看后说：此作品在指标二评价结果为“待改进”。请你帮助小江给出解决对策：　 　
26．（2026八上·镇海区期末）食盐是一种生活必需品。提纯含少量泥沙的粗盐，一般经过如图甲所示操作流程：
（1）图甲各实验操作都需要使用要玻璃棒，其中玻璃棒操作方式相同的是　 　(填数字编号)
（2）图乙是过滤装置图(玻璃棒已省略)，正确过滤后，展开滤纸，若灰色代表泥沙，看到的情况最接近下图中的____
A． B．
C． D．
（3）实验结束后称量获得的精盐，导致获得的精盐的质量明显偏小原因可能有　 　(填数字序号)。
①溶解时，溶解不够充分； ②过滤时，滤渣未清洗：
③蒸发时，液滴飞溅， ④蒸发后，所得精盐很潮湿
⑤转移后，蒸发皿上还沾有精盐
（4）用上述实验得到的精盐配制100g 7.5%生理盐水，下面是他们配制溶液的实验操作示意图，如图所示。
①在用托盘天平称取氯化钠的过程中(最小砝码质量为1g)，发现指针偏向分度盘的左侧，同学们接下来的操作应该是　 　
②下列操作中导致溶质质量分数偏低的是　 　。
A. 操作中砝码和氯化钠放错盘
B. c中烧杯用水洗涤后未干燥就使用
C. d操作中平视量筒凹液面最低处读数
D. e操作中有少量水溅出
27．（2026八上·镇海区期末）小蛟和小甬同学想利用“伏安法测小灯泡”的电阻(不考虑灯泡电阻会随温度变化而变化)。提供的器材有：两个小灯泡(一个字迹模糊，一个标有“1.5V”)、两种规格滑动变阻器(“0~10Ω”“0~30Ω”)、两个电源(电压相等且保持不变)、电流表和电压表各两个、两个开关、导线若干。
（1）小蛟同学设计了如图甲所示的电路图。
①请用笔画线代替导线将实物电路图乙连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左滑动时电路中的电流变大。　 　
②小蛟同学按如图甲所示连接电路时，开关应该　 　，将滑动变阻器的滑片移动到最　 　端。
（2）小甬同学提出根据图丙所示的电路图，只要电流表选择合适的量程，不需要电压表就能完成小灯泡电阻的测量。已知滑动变阻器最大阻值为R。
①闭合开关后，滑动变阻器滑片在最左端时，电流表示数为I1；
②滑动变阻器滑片在最右端时，电流表示数为I2；
③灯泡电阻 Rx=　 　(用I1、I2、R表示) 。
（3）小川和小江同学选择了不同的滑动变阻器，根据图丙连接好电路后，再把电压表并联接入电路。两位同学调节滑片过程中两电表示数和灯泡亮度都发生变化，当滑动变阻器的滑片都恰好在中点时，电压表示数均为1.5V，电流表示数也相同，如图丁所示，此时小川同学的灯泡比小江同学的暗(已知电流相同时，灯泡两端电压越高，灯泡越亮)。则电源电压为　 　V，小江同学所测灯泡电阻为　 　Ω。
28．（2026八上·镇海区期末）灭蚊是预防一些传染病的有效方法。某社区为了有效预防登革热，决定采用高效氯氰菊酯杀虫剂对室外水沟、垃圾池周围以及有杂草的地方进行喷杀灭蚊，瓶上的标有氯氰菊酯杀虫剂600g，溶质质量分数80%。
（1）求600g氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量。
（2）欲配制16kg质量分数为20%的稀氯氰菊酯杀虫剂用来消毒，需要这种氯氰菊酯杀虫剂的质量多少 kg
29．（2026八上·镇海区期末）按照规定，我国载货车辆的轮胎对地面的压强应控制在 以内。某型号货车部分参数如表所示。司机师傅在执行一次运输任务时，开着装满沙子的货车在一段平直的公 路上匀速直线行驶
自重 5×104N
车轮个数 8
每个轮胎触地面积
车厢容积
（1）车厢内所装沙子的重力是多少
（2）货车在这段公路上行驶时所受阻力为车和货物总重的0.05倍，这段时间内货车牵引力多大
（3）货车满载后轮胎对地面的压强是多少 Pa
30．（2026八上·镇海区期末）如图所示，冰块中有一小石块，冰和石块的总质量是150g，将冰块放入底面积为100cm2，水深20cm的圆形容器中，冰块完全沉入水中。此时容器中的水面上升了1.2cm。(已知： ）求：
（1）此时含有石块的冰块受到的浮力；
（2）此时容器底部受到的水的压力；
（3）当冰完全熔化后，容器水面又下降了0.1cm，求冰块中所含石块的密度。
31．（2026八上·镇海区期末）在实践活动中，同学们设计了一种物品自动筛选器，可将质量小于一定标准的物品自动剔除，其原理如图1所示：放在水平轻质传送带上的物品，经过装有压敏电阻R的检测区时，使R的阻值发生变化，其阻值随压力F变化的关系如图2所示，已知电源电压为 10V，R0为滑动变阻器，当电路中电压表示数小于2.5V时，机械装置启动，将质量不达标的物品推出传送带，实现自动筛选功能。试问：
（1）当物品随传送带匀速运动时，物品　 　(填“受”或“不受”)摩擦力。
（2）当检测区上没有物品时，电压表的示数为2V，R0的阻值为多少
（3）不调节滑片，物体质量小于多少 kg机械装置启动
（4）现在要物体筛选标准升高，可以将滑动变阻器的滑片　 　(填“向左”或“向右”)移动
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】光的直线传播及应用；光的反射；光的折射现象及应用
【解析】【分析】 光的折射是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象 ，据此对各个选项的现象分析判断即可。
【解答】根据图片可知，墙上“孔雀”属于光的直线传播现象，缸中“游鱼”属于光的折射现象，湖面“月影”属于光的反射现象，林中“光斑”也是光的直线传播现象。
故选C。
2．【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射
【解析】【分析】我们看到物体的亮度由它反射光的强度决定，据此分析闪光灯闪烁后银幕本身的亮度变化，以及银幕上像的亮度变化即可。
【解答】 银幕上图像的亮度由投影仪的亮度决定。闪光灯闪烁时会发出强光，它发出的光照射到银幕上以后，只能增加银幕的亮度，而不能增加图象的亮度。则图象的亮度和清晰度明显减弱，所以反而看不清银幕上的图象，而银幕上的污渍更加清晰了，因此不用闪光灯拍摄的效果好。
故选C。
3．【答案】B
【知识点】人的感觉；耳的结构与听觉的形成；眼球的结构与视觉的形成
【解析】【分析】根据自己对听觉、视觉、味觉等感觉的形成过程分析判断。
【解答】A. 耳蜗内的毛细胞是听觉感受器，能将声波振动转化为神经冲动，故A正确不合题意；
B. 视网膜上的感光细胞（视杆细胞和视锥细胞）感受光刺激并产生神经冲动，但真正的视觉是在大脑皮层的视觉中枢形成的，故B错误符合题意；
C. 舌尖对甜味敏感，舌两侧对酸味敏感，舌根对苦味敏感，舌尖和舌侧前部对咸味敏感，故C正确不合题意；
D. 感觉器官的作用是感受环境中的刺激，并产生神经冲动，故D正确不合题意。
故选B。
4．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【分析】AB.根据凸透镜“物远像近小”的规律分析看远处物体时像距变化，进而判断要看清物体需要光线会聚还是发散，进而确定晶状体的会聚能力变化即可；
CD.看不清近处的物体为远视眼，用凸透镜矫正；看不起远处的物体叫近视眼，用凹透镜矫正。
【解答】 AB.当我们从看近处物体改为看远处物体时，此时的物距变大，根据“物远像近小”的规律可知，此时像距会变小，那么像成在视网膜的前面。为了使远处物体成像在视网膜上，需要使光线发散，即减小眼睛晶状体对光的偏折能力，即要减小晶状体的凸度，使得焦距变长，故A错误，B正确；
C. 小蛟同学看不清楚近处的物体， 则为远视眼，故C错误；
D. 小江同学看不清楚远处的物体， 则为近视眼，用凹透镜矫正，故D错误。
故选B。
5．【答案】C
【知识点】电流和电流的单位换算；影响电阻大小的因素；变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】A.根据电流形成的原因判断；
B.注意探究电流与电压的关系时需要控制电阻大小相同；
C.根据滑动变阻器的作用判断；
D.根据影响导体电阻大小因素的知识判断。
【解答】A. 电流是电荷的定向移动形成的。在金属导体中，电流是由自由电子（负电荷）的定向移动形成的；而在电解液或等离子体中，正电荷和负电荷都可能参与导电，故A错误；
B. 通常使用定值电阻来验证欧姆定律，因为定值电阻的阻值基本不变，便于研究电压与电流的关系，故B错误；
C. 通过调节滑动变阻器，可以限制电路中的电流，避免电流过大烧坏电源或用电器，故C正确；
D. 电阻的大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定（R = ρL/S），不随电压或电流的变化而变化，故D错误。
故选C。
6．【答案】D
【知识点】实验探究的其他思想方法；平面镜成像特点、原理和现象；惯性；变阻器的原理及其使用
【解析】【分析】A.根据滑动变阻器的工作原理判断；
B.根据探究平面镜成像实验的操作过程判断；
C.物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性，只与物体的质量大小有关。
【解答】A. 滑动变阻器改变电阻的原理是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，而非直接改变电流，故A错误；
B. 平面镜成像实验中用玻璃板替代平面镜，目的是既能成像又能透过玻璃板看到后面的蜡烛，从而确定像的位置，故B错误；
C. 用乒乓球和音叉探究声音的产生条件，是通过乒乓球的弹跳将微小的音叉振动可视化（转换法），而非“放大法”，故C错误；
D. 跳远运动员助跑是利用惯性保持起跳后的水平速度，虽然惯性大小仅与质量有关（速度增大惯性不变），但助跑可通过增加初速度提高跳远成绩，故D正确。
故选D。
7．【答案】D
【知识点】力的作用是相互的；平衡力的辨别；影响摩擦力大小的因素；增大或减小压强的方法
【解析】【分析】A.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
B.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度，改变接触面，注入润滑油，变滑动为滚动；
C.平衡力的条件：大小相等，方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
D.相互作用力的条件：大小相等，方向相反、作用在两个物体和同一直线上。
【解答】A. 滑雪板做得宽大是为了增大受力面积，从而减小压强（即单位面积上的压力），避免陷入雪中，故A错误；
B. 滑雪板底面做得光滑是为了减小摩擦力，从而让滑雪板更容易滑行，故B错误；
C. 雪板的重力只是滑雪板和运动员总重力的一部分。地面对滑雪板的支持力需要平衡的是滑雪板和运动员的总重力，而不仅仅是滑雪板的重力，即二者大小不等，则不是平衡力，故C错误；
D. 雪板对运动员的支持力（作用在运动员上）和运动员对滑雪板的压力（作用在滑雪板上），二者大小相等，方向相反、作用在两个物体和同一直线上，因此是一对作用力和反作用力，故D正确。
故选D。
8．【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象；光的折射规律
【解析】【分析】A.折射角是折射光线和法线的夹角；
BC.根据平面镜成像的特点和原理判断；
D.根据平面镜成像的对称性判断。
【解答】 A.折射角是折射光线和法线的夹角，而图乙中∠1是反射光线与平面镜的夹角，不是折射角，故A错误；
BC.挡风玻璃相当于平面镜，行车信息在挡风玻璃内成的像是由光的反射形成的虚像，故B正确，C错误；
D.根据平面镜成像的对称性可知，行车信息的像与行车信息分别到挡风玻璃的距离一定相等，而与人到挡风波玻璃的距离不一定相等，故D错误。
故选B。
9．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】ABC.潜艇浸没在水中时，它受到的浮力保持不变，只能靠向水仓内充水或排水而减小自身重力实现；
D.根据液体压强公式分析判断。
【解答】A. 潜艇下潜需要增加重力，因此应向水舱充水，而不是排水，故A错误；
B. 当潜艇从长江进入东海时，排开水的体积不变，而海水的密度增大，根据阿基米德原理可知，浮力会增大，潜艇会上浮。为了保持悬浮或继续下潜，需要增加重力，即向水舱充水，故B正确；
C. 潜艇的浮力主要由排开水的体积和水的密度决定。潜艇通常通过改变自身的重力（调节水舱水量）来实现上浮和下潜，而不是直接改变浮力，故C错误；
D. 当潜艇在海水中下潜时，潜艇所在的深度变大，根据液体压强公式可知，潜艇底部所受海水压强变大，故D错误。
故选B。
10．【答案】C
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流。根据并联电路电流与电阻成正比计算二者的电阻之比。
若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；已知电压表示数之比，根据串联电路各部分电压与电阻成正比计算两个电压表的示数之比。
【解答】根据图片可知，当甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，
甲测R2的电流，乙测干路总电流，
I甲：I乙=I2：（I2+I1）=a：b，
即I2：I1=a：（b-a）；
在并联电路中，电流与电阻成反比，即R1：R2=I2：I1=a：（b-a）；
当甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，
串联电路电压与电阻成正比，即U1：U2=R1：R2=a：（b-a）；
此时甲测总电压，乙测R2的电压，
所以U甲：U乙=（a+b-a）：（b-a）=b：（b-a）。
故选C。
11．【答案】D
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据表格数据分析甲的溶解度随温度的变化规律判断；
B.根据20℃时甲和乙的溶解度大小比较；
C.根据10℃时乙的溶解度分析是否有晶体析出即可；
D.析出晶体的质量与溶液质量和溶解度大小有关。
【解答】A.根据表格数据可知，随着温度的降低，甲的溶解度不断减小，则 通过降温可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液，故A正确不合题意；
B.根据表格数据可知， 20℃时甲和乙的溶解度都是40g，则 将甲、乙饱和溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量相等，故B正确不合题意；
C.100g溶质质量分数为10%的乙溶液的溶质质量为：100g×10%=10g。从30℃降低到10℃时，溶解度变为20g，因为10g<20g，则没有晶体析出，那么质量分数仍为10%，故C正确不合题意；
D.从30℃降低到20℃时，甲的溶解度减小：53g-40g=13g，乙的溶解度减小：65g-40g=25g，则甲的溶解度减小小于乙的溶解度减小。由于此时溶液质量未知，因此无法判断析出晶体的质量大小，故D错误符合题意。
故选D。
12．【答案】C
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据硝酸钾和氢氧化钙的溶解度随温度的变化规律分析判断即可。
【解答】硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，饱和氢氧化钙的溶解度随温度的升高而减小，
向烧杯内的水中加入氢氧化钠固体，此时溶解放热，那么溶液温度升高，
则硝酸钾的溶解度增大，氢氧化钙的溶解度减小；
那么硝酸钾没有物质析出，而氢氧化钙会有固体析出；
则甲试管的溶液质量不变，乙的溶液质量减小。
故选C。
13．【答案】C
【知识点】摩擦力的存在
【解析】【分析】依据摩擦力的方向与相对运动（趋势）方向相反分析摩擦力的方向，根据摩擦力的方向分析运动情况，根据冲量的概念结合牛顿第三定律分析冲量大小。
【解答】AC、小车在牵引力作用下，相对复合板向前运动，则小车受到向左的摩擦力，因此小车相对地面向左运动，不会相对地面静止的，故A错误，C正确；
BD、依据作用力与反作用力，复合板受到向右的摩擦力将向右运动，故BD错误；
故答案为：C。
14．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】首先根据凸透镜成像的规律确定凸透镜的焦距范围，然后将物距和焦距比较，进而再次确定凸透镜成像的大小范围即可。
【解答】根据题意可知， 物体通过凸透镜在光屏上成缩小的像，可知此时满足：u＞2f时，2f＞v＞f。
此时像距为30cm，像高为2cm，则物距大于2倍焦距，像距在1倍焦距和2倍焦距之间，即f<30cm<2f，解得透镜的焦距：15cm则物体的高度肯定大于2cm；
若改变物体的位置，再移动光屏使像清晰，此时物距为40cm，
当f<20cm时，物体在二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，则像可能小于2cm；
当20cm故选B。
15．【答案】D
【知识点】密度公式的应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 根据密度公式求出水的体积，根据p=ρgh分别求出两个位置时液体的深度，根据正立时水的深度和水的体积利用V=Sh求出玻璃瓶的横截面积，根据倒立时瓶子水面上方为圆柱体利用V=Sh求出水面上方的体积，进而求出瓶子的容积，根据密度公式求出瓶内装满酒精时，酒精的质量。
【解答】 根据题意可知，瓶内水的体积：，
瓶子正立时，水的深度：，
瓶子倒立时，水的深度：，
由V=Sh可知，玻璃瓶的横截面积：，
倒立时瓶子水面上方体积：V倒上=Sh倒上=50cm2×（20cm-15cm）=250cm3，
则瓶子的容积：V=V水+V倒上=500cm3+2500cm3=750cm3，
瓶内装满酒精时，酒精的质量：m酒精=ρ酒精V=0.8×103kg/m3×750×10-6m3=0.6kg。
16．【答案】乙和丙；甲和乙
【知识点】音调及其与频率的关系；响度及其与振幅的关系
【解析】【分析】（1）音调表示声音的高低，由频率大小决定。在波形图上，波峰的疏密程度表示音调高低；
（2）响度表示声音的大小，由振幅大小决定。在波形图上，波峰到波谷的距离表示响度大小。
【解答】（1）根据图片可知，乙和丙的波峰疏密程度相同，则二者音调相同；
（2）根据图片可知，甲和乙的波峰到波谷的距离相同，则二者响度相同。
17．【答案】CO；30°；左
【知识点】光的反射定律；光的折射规律
【解析】【分析】首先根据“反射角等于入射角”确定入射光线和反射光线，根据光的折射“二线分居”确定折射光线的位置。折射角是折射光线和法线的夹角，根据光的折射规律确定分界面两侧介质的种类。
【解答】根据图片可知，∠COP=∠AOP，根据“反射角等于入射角”可知，二者为入射和反射光线。根据“折射现象中折射光线和入射光线分居法线两侧”可知，折射光线为OB，入射光线为CO。
PD为法线，MN为分界面，则∠BOD为折射角，大小为30°；
此时入射角为：90°-30°=60°，即折射角小于入射角，那么从空气斜射入水中，则空气在分界面的左侧。
18．【答案】（1）太阳辐射（或太阳能）和地球重力
（2）海陆间（或大）
（3）⑤
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）根据水循环的动力的知识解答；
（2）根据对海陆间水循环的知识解答；
（3）根据对南水北调工程的认识解答。
【解答】（1） 水循环的动力主要来自太阳辐射能和地球重力。太阳辐射提供能量使水蒸发，重力使降水、径流等过程得以进行。
（2） 海陆间循环（大循环）通过蒸发、水汽输送、降水等环节，使海洋水输送到陆地，补充陆地水资源。
（3） 南水北调是通过人工措施改变地表径流的空间分布，属于对水循环中“地表径流”（⑤）环节的调控。
19．【答案】50g；46.5%
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）在同一温度下，饱和溶液的溶质质量分数相同，据此计算出100g水中最多溶解物质A的质量，也就是它的溶解度；
（2）根据题目条件计算出100g物质A的溶液中溶质质量，最后计算原溶液的溶质质量分数即可。
【解答】（1）根据题意可知， 恒温蒸发17g水，析出晶体5g；再加入5g水，析出晶体减少一半，
则该温度下5g水中最多溶解物质A的质量为2.5g；
那么该温度下100g水中最多溶解物质A的质量为：；
则该温度下固体溶解度为50g。
（2）该温度下，析出晶体5g对应水的质量为：；
而实际上蒸发掉17g水，那么原溶液变成饱和溶液需要蒸发水的质量为：17g-10g=7g；
原溶液中溶质质量为：；
则原溶液的溶质质量分数：。
20．【答案】变大；变小；滑动变阻器发生断路
【知识点】欧姆定律及其应用；家庭电路的故障分析；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据串联电路的分压规律确定电压表的示数变化，根据R总=R1+R2分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电流表的示数变化；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和状态。
【解答】（1）根据图片可知，定值电阻R1和R2串联，电压表测变阻器R2的电压。 滑动变阻器的滑片P向右移动时， 变阻器接入的阻值变大，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，此时电压表的示数变大。根据R总=R1+R2可知，总电阻变大。根据欧姆定律可知，电流表的示数变小。
（2）电流表的示数变成零，则应该有断路发生。电压表的示数变大，说明电压表与电源两极之间正常连接，则应该是与电压表并联的变阻器发生断路所致。
21．【答案】20；1；不均匀
【知识点】串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1） 滑动变阻器R1的规格为“20Ω 1A”电子秤的测量范围是0～30kg，当电子秤达到最大测量值时，R1的金属滑片在最下端，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由串联分压原理可知电压表的示数达到最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，
此时改装成电子秤的电表正好满偏，所以电压表示数可表示被测物体的质量，电源电压为4V，所以电压表选择小量程接入电路，根据串联电路电压规律和串联电路电流特点以及欧姆定律列方程可解得R2的阻值；
（2）电子秤的测量范围是0～30kg，那么当被测物的质量为6kg时，滑动变阻器接入电阻为最大电阻的，然后根据串联电路电阻规律和欧姆定律计算此时通过电路的电流，再根据其变形公式计算出滑动变阻器此时两端的电压；
（3）根据上面6kg时对应的电压表的示数，结合电子秤的量程进一步分析电子秤刻度板上质量的刻度如何分布。
【解答】 （1）根据图片可知，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器R1电压，
当不放被测物时滑动变阻器滑片P在a端，此时滑动变阻器接入电阻为0，那么电压表示数为0；
滑动变阻器最大阻值20Ω，电子秤的测量范围是0～30kg，当电子秤达到最大测量值时，R1的金属滑片在最下端，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，电压表的示数达到最大，此时通过电路的电流最小，
根据此时改装成电子秤的电表正好满偏可知，所以电压表为电子秤，
根据电压表量程为0~3V可知，此时电压表的示数为3V，
根据串联电路电压与电阻呈正比得到：，即：，
解得：R2=20Ω；
（2）电子秤的测量范围是0～30kg，当被测物的质量为6kg时，
则滑动变阻器接入电阻为最大电阻的，此时，
此时串联电路中的电流，
滑动变阻器此时两端的电压U滑1=IR滑1=0.25A×4Ω=1V，
所以电压表的示数为1V；
（3）综上所述，0～6kg对应0～1V，0～30kg对应0～3V，故电子秤上质量的刻度分布不均匀。
22．【答案】（1）不变
（2）升高；=
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）首先根据“液体对容器底部的压力等于液体重力和小球重力之和”比较容器底部受到液体压力的变化，再根据判断液体对容器底部压强大小。
（2）①根据浮沉条件判断液体密度大小，进而确定环境温度的变化；
②根据阿基米德原理F浮=ρgV排分析B和D小球受到浮力的大小。
【解答】（1） 大寒那天气温骤降， 则液体密度增大，因此四个小球仍然不沉底。容器上下粗细一致，则液体对容器底部的压力等于液体重力和小球重力之和，因此容器底部受到液体的压力不变。根据公式可知，液体对容器底部的压强不变。
（2）① 小甬观察到小球C恰好下沉， 说明液体密度减小了，根据“ 密度随温度的升高而减小 ”可知，当时环境温度升高。
②小球B和D的体积相同，则二者排开液体的体积相同，根据阿基米德原理F浮=ρgV排可知，所受浮力相等，即：FB=FD。
23．【答案】（1）相同
（2）橡皮膜向ρ2一侧凸起，表明ρ1侧压强更大， 此时ρ1侧液体深度小，根据液体压强公式 p=ρ液gh 可知，液体密度ρ1>ρ2 。
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【分析】（1）让橡皮膜产生的压强相同，但是橡皮膜两侧液体质量大小不同，据此分析判断；
（2）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，当液体压强相等时，深度小的液体密度大，深度大的液体密度小。
【解答】（1）根据乙图可知，左侧容器底面积小于右侧容器底面积。在两侧加入深度相同的水时，此时水的质量不同，但橡皮膜未发生形变，说明此时液体压强相等。比较可知，液体压强与深度有关，而与质量无关，从而验证了小川的质疑。
（2） 往装置两侧分别加入密度为ρ1、ρ2的两种液体，液面如图丙所示。小川根据橡皮膜的凹凸情况得出ρ1>ρ2， 则丙图中的现象和原因为：橡皮膜向ρ2一侧凸起，表明ρ1侧压强更大， 此时ρ1侧液体深度小，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体密度ρ1>ρ2 。
24．【答案】（1）沙砾水平运动的距离；不容易
（2）B
（3）碎石
【知识点】惯性
【解析】【分析】 （1）电吹风将砂砾吹入冰盘中，砂砾的质量越大，惯性越大，则吹起时速度越小，那么飞行距离更小。 质量越大的砂砾的运动状态越不容易改变，则其惯性越大。
（2）根据科学探究中多次测量的目的分析；
（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大。
【解答】 （1）根据实验结果可知，在相同风速的作用下，质量较大的砂砾在冰盘中距沙粒堆较近的位置，这表明其运动状态不容易发生改变，即质量会影响惯性的大小，质量越大，惯性越大。
在本实验中，电吹风将砂砾吹入冰盘中，根据砂砾水平运动的距离来判定质量对惯性的影响。
（2） 小雨后续更换不同物体，并且改变风力大小重复上述实验，其目的是为了获得普遍的规律，使实验结论更科学，故选B；
（3）将少量碎石、谷粒及糠皮的混合物从农用扬场机进料口倒入，刚被抛出时的速度相同，但碎石的质量最大，其惯性最大，在飞行过程中受到空气阻力作用时其运动状态最不容易改变，所以碎石的飞行距离最长，则落在最远处C点的是碎石。
25．【答案】（1）同一高度
（2）8
（3）倒立
（4）将投影片的固定装置C、D，左右适当开槽，使投影片能适当左右移动；或将凸透镜的固定装置E、F，向内适当开槽，使凸透镜能适当左右移动。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】（1）根据探究凸透镜成像规律的实验的注意事项解答；
（2）当u=v=2f时，凸透镜成倒立放大的实像；
（3）根据凸透镜成倒立放大的实像分析；
（4）根据图片确定“指标二”中存在的问题，并给出改良方案。
【解答】（1） 小江将光具座放在水平桌面上，为了使像成在光屏的中央，则需要将光源、凸透镜和光屏固定在光具座上，调整三者的高度，使它们的中心大致在同一高度。
（2）根据乙图可知，此时u=v=2f=16cm，解得：f=8cm，即凸透镜的焦距为8cm；
（3）投影机成倒立、放大的实像，因为在地面上观察到正立的校标 logo，所以投影仪内的校标应该倒立放置。
（4） 由图丙和说明可知，投影片和凸透镜是固定的，即物距一定，像的大小无法调节；
解决对策：将投影片的固定装置C、D，左右适当开槽，使投影片能适当左右移动；或将凸透镜的固定装置E、F，向内适当开槽，使凸透镜能适当左右移动。
26．【答案】（1）①和③
（2）D
（3）①②③⑤
（4）少氯化钠，直到天平平衡；AB
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】 （1）根据常见实验操作中仪器的用途进行分析；
（2）根据滤纸的折法和使用过程分析；
（3）根据粗盐提纯过程各个操作中对精盐质量的影响判断；
（4）致氯化钠溶液溶质质量分数偏低，可能是溶质少了，可能是溶剂多了。
【解答】 （1）粗盐的主要成分是氯化钠，根据甲图可知，操作①为溶解，操作②为过滤，操作③为蒸发结晶。在溶解和蒸发结晶操作中玻璃棒的作用是搅拌，加快食盐的溶解速率，在过滤操作中玻璃棒的作用是引流，则玻璃棒操作方式相同的是①③。
（2）根据滤纸的折叠方法和使用过程可知，先将滤纸对折成半圆，然后折成四分之一圆制成一个圆锥形，且过滤时液面低于滤纸的边缘，所以难溶物在滤纸上的分布情况是小于滤纸的半圆，则看到的情况最接近图中的D。
（3）①溶解时，溶解不够充分，会造成溶解的氯化钠的质量偏少，则会造成精盐的质量明显偏小，故①符合题意；
②滤渣未清洗，滤渣上沾有少量的氯化钠，会造成精盐的质量明显偏小，故②符合题意；
③蒸发时，液滴飞溅，会造成其中的食盐跑到外面，则会使得到的精盐的质量偏小，故③符合题意；
④蒸发后，所得精盐很潮湿，其中的水会造成精盐的质量明显偏大，故④不合题意；
⑤转移后，蒸发皿上还沾有精盐，则会使称量的精盐的质量偏小，故⑤符合题意。
故选①②③⑤；
（4）①在称取氯化钠的过程中，指针偏向分度盘的左侧，说明氯化钠的质量偏多，接下来的操作应该是减少氯化钠，直到天平平衡；
②溶质质量分析偏低，则要么是溶质质量偏小，要么是溶剂质量偏大。
A.操作中砝码和氯化钠放错盘（使用了游码），此时药品质量=砝码质量-游码质量，会导致称取的氯化钠质量偏小，故A符合题意；
B.c中烧杯用水洗涤后未干燥就使用，会使溶剂水的质量增多，故B符合题意；
C.d操作中，此时平视量筒凹液面最低处读数，操作正确，那么溶质质量分数不变，故C不符合题意；
D.e操作中有少量水溅出，会使溶剂水的质量偏小，故D不符合题意。
故选AB。
27．【答案】（1）；断开；B
（2）
（3）9；3
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【分析】（1）①根据电流变化确定变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器选择的接线柱，然后补充光路图即可；
②根据电路连接的注意事项解答。
（2）根据描述分析两种情况下电路的串并联情况，根据欧姆定律和电阻串联的知识列出两个方程，然后联立求解即可；
（3） 在两组同学移动滑片的过程中，电表示数和灯的亮度都发生变化，可确定灯与变阻器串联，电压表不可能并联在电源两端，电流表串联在电路中：
根据当滑动变阻器的滑片都移到中点时电压表示数均为1.5V，根据电流表选用小量程，确定分度值为读出甲、乙两组实验电路的电流大小；
根据灯泡亮度确定两个电路总电阻大小，进而确定两个同学所选用的滑动变阻器规格；
根据欧姆定律U总=UL+U滑得出小川同学实验中电源电压的数值和灯泡电阻即可。
【解答】（1）①利用“伏安法测小灯泡”的电阻的实验中，变阻器应该与灯泡串联，且接线“一上一下”。 滑动变阻器的滑片P向左滑动时电路中的电流变大 ，则此时电阻变大，那么应该将左下角的接线柱A与灯泡右端相连即可，如下图所示：
② 如图甲所示连接电路时，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关应断开。为了避免电流过大而烧毁用电器，则应将变阻器的滑片移动到阻值最大的B端。
（2） 闭合开关后，滑动变阻器滑片在最左端时，此时变阻器的阻值为0，只有灯泡L，电流表示数为I1；
根据U=IR得到：U总=I1Rx ①；
滑动变阻器滑片在最右端时，灯泡与变阻器串联，电流表示数为I2；
根据U=IR得到：U总=I2（Rx+R） ②；
①②联立解得：。
（3） 小川和小江按如图丙连接好电路后，再把电压表并联，调节滑片过程中两电表示数和灯的亮度都发生变化，故电压表都没有接在电源两端；
当滑动变阻器滑片位置都恰好在中点时，电流表示数也相同，
此时小川的灯泡比小江的暗，说明UL川＜UL江，
根据U总=UL+U滑可知，U滑川＞U滑江，
根据串联电路电压的规律，则R滑川＞R滑江，
因为滑动变阻器滑片位置都恰好在中点，所以小川滑动变阻器连入电路中的电阻为15Ω，小江中滑动变阻器连入电路中的电阻为5Ω，
因电压表示数均为UV=1.5V，
电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A；
小川的实验中，滑动变阻器的电压为：U滑川=IR滑川=0.5A×15Ω=7.5V；
故小川的实验中电压表只能并联在灯的两端，
那么电源电压为U总=UL+U滑川=1.5V+7.5V=9V。
此时灯泡的电阻为：。
28．【答案】（1）解： 600g氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量：600g×80%=480g。
（2）解：稀释前后，溶质的质量保持不变，设需要这种杀虫剂的质量为x，
16kg×20%=x×80%；
解得：x=4kg。
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）溶质质量=溶液质量×溶质质量分数；
（2）稀释前后，溶质的质量保持不变，根据“溶质质量=溶液质量×溶质质量分数”列方程计算即可。
29．【答案】（1）解：车厢内所装沙子的质量：m沙=ρ沙V=2.5×103kg/m3×10m3=2.5×104kg；
车厢内所装沙子的重力：G沙=m沙g=2.5×104kg×10N/kg=2.5×105N。
（2）解：货车和沙子总重为：G总=G车+G沙=5×104N+2.5×105N=3×105N，
因为货车匀速运动时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以货车的牵引力：F牵=F阻=0.02G总=0.02×3×105N=6×103N，
（3）解： 每个车轮与地面接触面积S=2×10-2m2，车轮与地面接触面积S总=8S=8×2×10-2m2=0.16m2，
车轮对路面的压强：。
【知识点】密度公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 1）车厢内装满沙子时沙子的体积等于车厢的容积，根据m=ρV求出车厢内所装沙子的质量，根据G=mg得到车厢内所装沙子的重力；
（2）货车匀速运动时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据所受阻力为车重的0.02倍求出其牵引力大小；
（3）将每个车轮的接地面积×个数得到总接地面积，然后根据计算车轮对路面的压强。
30．【答案】（1）解：冰块完全沉入水中，则容器中水增大的体积等于冰和石块的总体积，
即V总=S△h=100cm2×1.2cm=120cm3=1.2×10-4m3；
则此时冰块受到的浮力F浮=ρ液gV排=103kg/m3×10N/kg×1.2×10-4m3=1.2N。
（2）解：容器底部受到水的压强p=ρ液gh=103kg/m3×10N/kg×（0.2m+0.012m）=2120Pa；
则容器底部受到水的压力：F=pS=2120Pa×100×10-4m2=21.2N。
（3）解：冰块熔化前后，石块始终浸没在水中，则它不会引起液面的高度变化，
则水面高度下降应该是冰块熔化所致，
即V冰-V水=△V；
；
；
解得：m冰=90g；
则石块的质量为：m=150g-90g=60g；
石块的体积为：V=120cm3-=20cm3；
则石块的密度为：。
【知识点】密度公式的应用；浮力大小的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）冰块完全沉入水中，则容器中水增大的体积等于冰和石块的总体积，根据V总=S△h计算冰和石块的总体积，根据F浮=ρ液gV排计算冰块受到的浮力。
（2）首先根据p=ρ液gh计算容器底部受到水的压强，然后根据F=pS计算容器底部受到水的压力；
（3）冰块熔化前后，石块始终浸没在水中，则它不会引起液面的高度变化，则水面高度下降应该是冰块熔化所致。根据密度公式利用这个等量关系列式计算出冰块的质量，用总质量减去冰块的质量得到石块的质量。用总体积减去冰块的体积得到石块的体积，最后根据计算石块的密度。
31．【答案】（1）不受
（2）解： 当检测区上没有物品时，压力为0，由图2可知，当F=0时R的阻值为R=100Ω；
根据图2可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，
此时R两端的电压为：UR=U-U0=10V-2V=8V；
则电路中的电流为：；
则R0的阻值为：。
（3）解：当电路中电压表示数小于2.5V时，机械装置启动，将质量不达标的物品推出传送带。
此时电流为：；
此时压敏电阻的阻值为：；
由图2可知，此时压敏电阻受到的压力F=20N，因水平面上物体的压力和自身的重力相等。
根据G=mg可得检测区上物品的最小质量为：；
所以质量至少超过2kg的物品才是达标的。
（4）向右
【知识点】摩擦力的存在；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）摩擦力产生的条件：①相互接触；②产生压力；③做相对运动或有相对运动的趋势；
（2）根据图像信息可求出F=0时R的阻值；R与R0串联，电压表测R0两端的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和求出R两端的电压；已知R的阻值和两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流；已知电路中的电流和R0两端的电压，再根据欧姆定律可得R0的阻值；
（3）当电压表示数为2.5V时，根据欧姆定律可得此时电流；再根据欧姆定律可得压敏电阻的阻值，由图2可知，此时压敏电阻受到的压力，根据G=mg可得检测区上物品的最小质量；
（4）根据R的阻值随压力的增大而减小可得若要增大能通过检测区物品的最小质量，需要使得电压表为2.5时压敏电阻的阻值减小，根据串联电路的分压规律确定变阻器接入阻值的变化即可。
【解答】（1）当物品随传送带匀速运动时，物品相对传送带保持静止状态，即二者之间没有相对运动的趋势，则物品不受摩擦力。
（4） 若要增大能通过检测区物品的最小质量，就要增加压敏电阻受到的压力大小。根据图2可知，此时压敏电阻阻值减小；
电压表的示数保持不变，则R两端电压不变，根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，
此时变阻器的阻值R0也要减小，即滑片向右移动。
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