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2025-2026 学年南京市宁海中学高三 3 月月考物理试卷
一、单项选择题（本大题共 11 小题，每小题 4 分，共 44 分，每小题只有一个选项符合题意）
1.月壤中存在大量氦 ，氦 3可以进行核聚变反应，反应方程式为 ，是理想的清
洁核能源，下列说法正确的是( )
A. X 是质子 B. X 是电子 C. X 是正电子 D. X 是中子
2.质量为 的翼装飞行者从高空跳下，通过调整身体实现飞行并控制方向，如图所示，当他斜向上以加速度
减速直线飞行时，所受空气作用力( )
A. 大小等于
B. 大小等于
C. 方向竖直向上
D. 方向垂直于 向上
3.如图所示，一单摆在 之间做简谐运动， 为平衡位置，下列说法正确的是( )
A. 摆线拉力的水平分量提供摆球的回复力
B. 从 到 的过程，摆线拉力的冲量为零
C. 任意半个周期内，合力的冲量一定为零
D. 任意半个周期内，合力做的功一定为零
4.北京时间 2025年 11月 25日，神舟二十二号飞船满载物资，成功与天宫空间站对接。我国天宫空间站的
轨道距离地面高度为 ，绕地球一周的周期为 。已知万有引力常量为 ，以下分析中正确的是( )
A. 由上述物理量可以估算地球质量 B. 由上述物理量可以估算地球密度
C. 空间站的运行速度小于地球第一宇宙速度 D. 空间站的向心加速度大于地球表面的重力加速度
5.一桶液体静置于水平地面上，液体的折射率随深度的增加逐渐增大。图中是桶底的点光源产生的一条光线
射出液面的路径，其中可能正确的是( )
A. B. C. D.
6.如图，密闭真空玻璃管中有两个平行正对的金属板组成的电容器，其电容为 ，一个
是镁板，一个是铯板，它们发生光电效应的极限频率分别是 和 ，现在同时用两束
频率为 的单色光分别照射两块金属板，已知 ，普朗克常数为 ，元电荷为 ，
则照射足够长时间后，电容器所带电荷量为( )
1
7.如图所示，离地面高 处有甲、乙两个小球，质量之比为 1:2，甲以初速度 水平抛出，同时乙由静止释
放沿倾角为 的光滑斜面滑下。若不计空气阻力，则以下说法正确的是( )
A. 甲、乙两球同时落地
B. 甲、乙两球速度的变化量相同
C. 甲、乙两球各自落地前瞬间，甲、乙两球重力的瞬时功率相等
D. 重力对甲、乙两球所做的功相等
8.“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，如图为模拟远距离输电的部分测试电路。
恒压交流电源、阻值为 的定值电阻 和理想变压器相连。变压器原副线圈匝数比为 1:3，电压表和电流
表均为理想交流电表， 是热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。下列说法正确的是( )
A. 环境温度升高时，电流表 示数减小，灯泡 L变暗
B. 环境温度降低时，电流表 示数减小，电源输出功率变大
C. 电压表示数变化 和电流表 示数变化 的关系为
D. 电压表示数变化 和电流表 示数变化 的关系为
9.如图所示，在立方体 的顶点 和 处分别固定有等量异种的点电荷，一根无限长的光滑水
平绝缘细杆与 边重合。一带负电的小环套在细杆上，从 点开始向右运动，其经过 、 两点的动能分别
为 和 。则( )
A. 小环在 、 两点受到的电场力相同
B. 小环经过 、 两点时的加速度相同
D. 小环一定能沿杆向右运动到无穷远处
10.如图所示，匝数为 、总电阻为 、面积为 的正方形闭合线圈绕对称轴 以角速度 匀速转动。在
左侧空间中存在着磁感强度大小为 ，方向垂直平面向里的匀强磁场。若从图示位置开始计时，则( )
A. 线圈每转动一圈电流方向变化一次
B. 时刻，线圈中产生的感应电动势为
C. 线圈中产生的感应电动势的最大值为
D. 线圈中产生的感应电动势的有效值为
11.如图所示，质量 的水平托盘 与一竖直放置的轻弹簧焊接，托盘上放一质量 的小物
块 ，整个装置静止。现对小物块 施加一个竖直向上的变力 ，使其从静止开始以加速度 做匀
加速直线运动，直到 、 分离。已知弹簧的劲度系数 ， 。以下结论正确的是( )
A. 小物块 与托盘 在弹簧恰恢复到原长时分离
B. 变力 的最小值为
C. 经 小物块 与托盘 分离
D. 小物块 与托盘 分离瞬间的速度为
2
二、实验题：本大题共 1 小题，共 15 分。
12.光伏电池是将太阳能转化为电能的装置，由于其能量来源于“取之不尽”的太阳能辐射，而且清洁、安
全、无污染，目前已广泛应用于人们生活的各个方面。小明家里就安装了一套太阳能庭院灯，小明和科技
小组的同学拆下了其中的光伏电池，欲测量其电动势和内阻。通过查阅铭牌，他们了解到电池规格为
“12V 2Ω 6Ah”，高亮度 照明灯的规格为“3W 10V”。
(1) 若通过分压电阻保证 灯正常发光，则给光伏电池充满电后，理论上可使 灯连续照明______h；
(2) 实验室可提供的器材如下：
①电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 2Ω）
②电压表 V（量程 15V，内阻约为 10kΩ）
③滑动变阻器
④电阻箱 （最大阻值 99Ω，最小分度 0.1Ω）
⑤电阻箱 （最大阻值 999Ω，最小分度 1Ω）
⑥单刀单掷开关 、单刀双掷开关 及导线若干
为测量该电池的电动势和内阻，该小组设计了如图甲所示的电路，并按以下步骤进行操作：
①闭合开关 ，断开开关 ，调节滑动变阻器 使电流表指针满偏；
②保持滑片 P不动，把开关 与 1接通，调节电阻箱使电流表指针半偏，读出电阻箱的阻值 ，则可得电
流表的内阻 ，该测量值______真实值（选填“大于”“小于”或“等于”），其中电阻箱应选择（选
填“ ”或“ ”）；
③闭合开关 ，把开关 与 2接通，调节滑动变阻器阻值，记下多组电流表的示数 和相应电压表的示数 ；
④以 为纵坐标， 为横坐标，作出 图线如图乙所示，图线斜率为 ，纵截距为 ，根据图线求得电动势
______，内阻 。
3
三、计算题：本大题共 4 小题，共 41 分。
13.(6分) 图(a)为一列简谐横波在 时的波形图，图(b)为介质中平衡位置在 处质点的振动图像，
P是平衡位置为 的质点。求：
(1) 波的传播方向及波速；
(2) 前 2s内质点 P运动的路程。
14.(8分) 某种卡车轮胎的标准胎压范围为 。卡车行驶过程中，一般胎内气体的温度
会升高，体积及压强也会增大。若某一行驶过程中胎内气体压强 随体积 线性变化如图所示，温度 为 300K
时，体积 和压强 分别为 、 ；当胎内气体温度升高到 为 350K时，体积增大到
为 ，气体可视为理想气体。
(1) 求此时胎内气体的压强 ；
(2) 若该过程中胎内气体吸收的热量 为 ，求胎内气体的内能增加量 。
15.(12分) 如图所示，一实验小车静止在光滑水平面上，其上表面有粗糙水平轨道与光滑四分之一圆弧轨道。
圆弧轨道与水平轨道相切于圆弧轨道最低点，一物块静止于小车最左端，一小球用不可伸长的轻质细线悬
挂于 点正下方，并轻靠在物块左侧。现将细线拉直到水平位置时，静止释放小球，小球运动到最低点时与
物块发生弹性碰撞。碰撞后，物块沿着小车上的轨道运动，已知细线长 ，小球质量
，物块、小车质量均为 ，小车上的水平轨道长 ，圆弧轨道半径 。小球、
物块均可视为质点，不计空气阻力，重力加速度 取 。
(1) 求小球运动到最低点与物块碰撞前所受拉力的大小；
(2) 求小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小；
(3) 为使物块能进入圆弧轨道，且在上升阶段不脱离小车，求物块与水平轨道间的动摩擦因数 的取值范围。
4
16.(15分) 如图所示，边界 左侧区域存在沿纸面方向水平向右的匀强电场；右侧存在磁感应强度大小为
、方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为 、电荷量为 的带正电粒子，从边界上的 点以速度大小为 、
方向在纸面内与 间的夹角 为 30°射入电场，运动一段时间，通过边界 进入磁场后仍能回到 点。
粒子重力不计，求：
(1) 粒子在磁场中的运动半径 ；
(2) 粒子在磁场中每次的运动时间 ；
(3) 电场强度大小 的可能值。
5宁海中学高三适应性训练1（物理）参考答案和解析
1.【答案】A
【解析】核反应遵循质量数和电荷数守恒，可知X是质子，故选A。
2.【答案】A
【解析】解：翼装飞行者斜向上以加速度g减速直线飞行时，由牛顿第二定律可知
F=ma=mg
重力与空气作用力的合力大小为mg,方向斜向左下方，如图所示
F
309
、、Ymg
由图可得空气作用力大小为
F'=mg
方向与AB成60角，斜向左上方。
故A正确，BCD错误
故选：A。
翼装飞行者斜向上以加速度g减速直线飞行时，重力与空气作用力的合力大小为mg,方向斜向左下方.
本题考查牛顿第二定律，解题关键掌握牛顿第二定律的应用，注意合力的计算方法。
3.【答案】D
【解析】A重力沿轨迹切线方向的分力提供回复力，A错误：
B冲量等于力与时间的乘积，摆线拉力的冲量不为零，B错误：
CD任意半个周期内，速度大小不变。除最大位移处，速度方向一定改变，则动量改变，合力冲量不为零。
而动能不变，合力做功一定为零，C错误，D正确。
故选D。
4.【答案】C
【解析】AB.已知万有引力常量G、高度和周期T,地球的半径未知，无法估算地球质量和密度，A、B项
错误：
1
C.由=
GM
可知空间站的运行速度小于地球第一宇宙速度，C项正确：
GM
GM
D.由a=
(R+b2,8=
R2,
可知空间站的向心加速度小于地球表面的重力加速度，D项错误。
故选C。
5.【答案】D
【解析】由折射定律可知，折射率越小，折射角越大，从水桶底部到液面，折射率变小，从液体到空气折
射率变小，则光线与竖直方向的夹角逐渐变大，D正确。
故选D。
6.【答案】B
【解析】现用频率为V且2率的极板可以发生光电效应，根据光电效应方程有eU=Ekm=hv-hv2
平行板电容器两个极板的带电量是相等的，由Q=CU
解得Q=Ch2,故B正确。
e
故选B。
7.【答案】C
【解析】解：A对于甲球，则有h=9
解得t甲=、
2h
对乙球，由牛顿第二定律可得m乙gsin0°=mzaz
解得az=9,由运动学规律可得2h=2zt
解得tz=
8h
则甲球先落地，故A错误；
BC.由题可知，甲球落地瞬间，竖直方向的速度v甲y=gt甲=√2gh
甲球水平方向速度不变，竖直方向速度的变化量为4v甲="甲y=gt甲=√2g
方向竖直向下，乙球到达斜面底端的速度吃=2·29·2h
解得vz=√2gh,乙球速度的变化量为4v乙=vz=√2gh,方向沿斜面向下，二者速度变化量的大小相等，
方向不同，因此速度变化量不同，乙球在竖直方向的速度
为v乙y=v2sin30°=2√2gh,设甲球的质量为m,则乙球的质量为2m,因此落地前瞬间，甲球重力的瞬时
功率P甲=mgv甲y=mg'√2g
2

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