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2025-2026学年四川省广安市高二（上）期末物理试卷
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.物理学的发展反映了人类对自然规律的认识，下列说法正确的是( )
A. 体积很小的电荷就能看作是点电荷
B. 越靠近正电荷电场强度越大，越靠近负电荷电场强度越小
C. 牛顿发现了电流的磁效应
D. 电场强度和磁感应强度都是矢量
2.如图所示，实线表示某一电场的电场线。在电场力的作用下，一带电粒子不计重力经点飞向点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )
A. 场强
B. 电势
C. 速度
D. 该粒子带正电
3.同学们在日常生活中所用的公交卡原理如图所示，图中上半部分表示读卡机内的线圈，下半部分表示芯片卡内的线圈。读卡机线圈中的电流会产生磁场，当芯片卡接近读卡机时，这个磁场会在芯片卡中产生感应电流，驱动芯片发出信息。若从上往下看读卡机线圈中有顺时针的电流，当芯片卡接近读卡机时则会( )
A. 有逆时针方向的电流且两线圈相互吸引 B. 有逆时针方向的电流且两线圈相互排斥
C. 有顺时针方向的电流且两线圈相互吸引 D. 有顺时针方向的电流且两线圈相互排斥
4.某同学发现其使用的智能手机，可以利用指南针功能测量磁场大小。于是他找来了两根相同导线，分别接入从南向北和从西向东的等大电流。如图所示，从上向下看四点与导线在同一水平面且到两根导线的距离相等，该同学所在的北半球地磁场具有竖直向下的分量，当手机放于四点时显示磁场最强的地方是( )
A. 点
B. 点
C. 点
D. 点
5.扫地机器人主要由动力系统、清扫系统、导航系统、控制系统组成，其动力系统主要由电动机与直流电源构成。如图所示电源电动势为其内阻为，当电动机正常工作时电流表示数为，图中电流表电压表均为理想电表。下列说法正确的是( )
A. 电压表的示数为
B. 电源内阻消耗的热功率为
C. 电动机的输入功率为
D. 若电动机的输出功率为，则线圈电阻为
6.如图所示，空间中存在着方向竖直向上大小为的匀强电场与方向垂直于纸面向里磁感应强度大小为的匀强磁场叠加的区域。一质量为、电荷量为的带电粒子以某一速度射入该区域。已知粒子在该区域恰做直线运动。不计粒子重力，则该粒子( )
A. 可能做匀加速直线运动
B. 入射速度的大小一定为
C. 入射速度的方向水平向右
D. 该粒子一定带正电
7.如图所示，在直线上固定有电荷量分别为和的两点电荷，两者相距为。以的点电荷所在位置为圆心、为半径画圆，、、、是圆周上四点，其中、在直线上，、两点连线通过圆心且垂直于，取无穷远处电势为，下列说法正确的是( )
A. 圆周上所有点中，点的场强最大
B. 在连线上一共有个点电场强度为零
C. 圆周上、两点的电场强度相同
D. 将一负点电荷从沿圆弧经移动到，电势能变大
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.某静电场的电势在轴上分布如图所示，下列说法正确的是( )
A. 负电荷从移到，电场力做正功
B. 负电荷从移到，电势能增加
C. 处的电场强度大于处的电场强度
D. 处的电场强度为零
9.如图所示，电源的电动势为，内阻为，为定值电阻且，为滑动变阻器，为电容器，为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关电路达到稳定状态后，若将滑动变阻器滑片向左滑动，则( )
A. 小灯泡变亮
B. 电容器极板上的电荷量减少
C. 电源的输出功率一定变小
D. 电压表示数与电流表示数的比值不变
10.年月日，中国海军宣布，歼、歼和空警三型舰载机，已于此前成功完成在福建舰上的首次电磁弹射起飞训练。关于电磁弹射系统可以简化成如图所示，两条足够长的平行金属导轨、距离为，导轨左侧通过单刀双掷开关分别与电容器和电动势为的电源相连；整个装置水平放置于方向垂直于导轨平面向里大小为的匀强磁场中。现将一质量为电阻为的金属滑块垂直放置于导轨的滑槽内，且与两导轨良好接触。将开关置于让电容器充电，充电结束后，再将置于，金属滑块会在电磁力的驱动下向右运动。不计导轨和电路其他部分的电阻，忽略金属滑块运动过程中的一切摩擦阻力。下列说法正确的是( )
A. 开关置于后，电容器最终带电量为零
B. 开关置于的瞬间，金属滑块的加速度大小为
C. 金属滑块在轨道上运动的最大速度为
D. 开关置于后的整个过程中流过金属块的电荷量为
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某物理兴趣小组通过以下实验来探究“电磁感应现象”。
小组同学按甲图所示将线圈插入线圈中，在闭合开关时发现灵敏电流计指针向左偏了一下。那么闭合开关后将线圈从线圈拔出时，电流计指针将向 偏选填“右”或“左”。
当线圈插入线圈且闭合开关后，将滑动变阻器触头从最右端滑到最左端，第一次快速滑动，第二次滑动较慢，两情况下通过线圈导线横截面电荷量的大小分别是和，则 选填“大于”、“等于”或“小于”。
图乙是小组同学制作的“楞次定律演示仪”。演示仪由反向并联的、两只发光二极管、一定匝数的螺线管以及条形磁铁组成。正确连接好实验电路后，将条形磁铁从图示位置迅速向上移动过程中，观察到的实验现象是 。
A.灯泡、都会发光
B.灯泡发光，灯泡不发光
C.灯泡、都不发光
D.灯泡发光，灯泡不发光
12.某同学想知道某电阻的阻值，设计了以下实验。
该同学先用多用电表的欧姆“”挡粗测该电阻在常温下的阻值，发现指针偏转角度过小，则该同学应换用 挡选填“”或“”，换挡后重新测量，欧姆表示数如图甲所示，则此时电阻 。
该同学为了进一步测量该电阻阻值，设计了如图乙所示的实验电路，定值电阻，则在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最 选填“左”或“右”端。在某次测量中，若毫安表的示数为，的示数为，两电流表都视为理想电表，则此时电阻 结果保留两位有效数字。
若两电流表都存在电阻，则采用上述方法测出阻值与实际值相比 选填“相同”、“偏大”或“偏小”
四、计算题：本大题共3小题，共38分。
13.如图所示，在一足够大的空间内存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小为；有一个质量为的带负电小球，用长度为的绝缘轻细绳悬挂起来；当细绳向左偏离竖直方向的角度时，带电小球恰好静止。若将小球向左拉到细绳水平后静止释放，经过一段时间小球到达竖直最低点。重力加速度大小为，不计空气阻力。
求小球所带的电荷量的大小；
求小球到达竖直最低点时速度大小和绳子拉力的大小。
14.年我国重大科技基础设施“人造太阳”核聚变实验装置首次完成亿摄氏度一千秒“高质量燃烧”，是利用强磁场约束带电粒子运动从而实现可控核聚变的装置。其原理如图所示，在平面内有圆心为，内径为外径为的环形匀强磁场，环形磁场磁感应强度大小为、方向垂直纸面向里。位于坐标为的点有一放射源，可以发出任意方向的质量为、电荷量为的带负电粒子，忽略粒子的重力。
若放射源发射的负电粒子沿轴正方向从点射出，恰好不进入中间无磁场圆形区域，求粒子速度大小；
若放射源发射的负电粒子沿轴正方向从点射出，经磁场一次偏转后恰能经过点，求粒子从点到点的时间；
15.如图所示，间距的平行光滑金属导轨倾斜固定放置，导轨足够长且与平面的倾角，导轨下端分别连接有内阻的直流电源，的定值电阻；一质量、阻值的金属棒放在导轨上，轻绳通过光滑的定滑轮，一端悬吊质量的重物，另一端连接在金属棒的中点；整个空间有大小方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场。金属棒运动过程中始终与导轨垂直并接触良好，金属棒与定滑轮间的轻绳与导轨平行，重力加速度为，重物离地足够高，金属导轨电阻不计。
若只闭合开关，金属棒恰好处于静止状态，求电源电动势的大小；
若断开闭合开关后，重物开始带动金属棒运动，
求金属棒做匀速运动时速度大小；
重物从静止到匀速过程中下降高度，求此过程电阻产生的热量。
答案解析
1.【答案】
【解析】解：、点电荷的判断依据是带电体的形状、大小对研究问题的影响是否可忽略，不是仅由体积大小决定，故A错误；
B、根据，无论是正电荷还是负电荷，电场强度的大小都随距离减小而增大，故B错误；
C、电流的磁效应是奥斯特发现的，并非牛顿，故C错误；
D、电场强度和磁感应强度都既有大小又有方向，属于矢量，故D正确。
故选：。
逐一辨析点电荷、电场强度规律、物理学家贡献及物理量矢量性的核心概念。
学生易误将点电荷等同于体积小的带电体，也常混淆电磁学相关物理学家的研究贡献。
2.【答案】
【解析】解：点电场线较点稀疏，故A点场强小于点场强，故A错误；
B.沿电场线方向移动，电势减小，故B点电势较低，故B正确；
C.负电荷在电势低的地方电势能高，所以粒子在点电势能高，只有电场力做功电势能和动能守恒，电势能高，动能低，所以粒子在点速度小，故C错误；
D.根据曲线运动规律，物体所受力的方向指向曲线轨迹的凹侧，与场强方向相反，故该粒子带负电，故D错误。
故选：。
由电场线疏密判断场强大小，沿电场线方向电势降低，结合粒子轨迹弯曲方向判断受力，进而分析速度与带电性质。
本题结合电场线性质与粒子轨迹分析，考查场强、电势的判断及受力与运动的关联，注重对基本规律的综合应用能力。
3.【答案】
【解析】解：从上往下看读卡机线圈中有顺时针的电流，根据安培定则，可知读卡机中电流产生的磁场向下，当芯片卡接近读卡机时，穿过芯片线圈的磁场向下且逐渐增大，根据楞次定律可知，芯片线圈中感应电流的磁场方向向上，根据安培定则可知，芯片线圈产生的感应电流的方向为逆时针方向，两者磁场的方向相反，则相互排斥。故ACD错误，B正确。
故选：。
先根据安培定则判断读卡机线圈产生的磁场的方向，再判断穿过线圈的磁通量增大或减小，最后根据楞次定律判断芯片线圈中的电流。
该题考查楞次定律的应用，掌握楞次定律使用的基本步骤即可正确解答。
4.【答案】
【解析】解：电流从南向北导线东侧的磁场方向垂直纸面向里，西侧的磁场方向垂直纸面向外；电流从西向东导线上方，的磁场方向垂直纸面向外，下方的磁场方向垂直纸面向里。
点南北向导线产生向上磁场，东西向导线产生向上磁场，与地球磁场向下分量反向，合磁场削弱。
B.点南北向导线产生向下磁场，东西向导线产生向上磁场，二者方向相反相互抵消，合磁场较弱。
C.点南北向导线产生向下磁场，东西向导线产生向下磁场，二者方向相同，且与地球磁场向下分量同向，合磁场增强。
D.点南北向导线产生向上磁场，东西向导线产生向下磁场，二者方向相反相互抵消，合磁场较弱。
本题要求选择磁场最强的，故选：。
用安培定则分别判断南北向、东西向导线在四点产生的磁场方向，叠加地球磁场竖直分量后，分析各点合磁场强弱，确定磁场最强的位置。
本题考查安培定则与磁场叠加，需结合地球磁场分量和电流磁场方向分析，易在磁场方向的叠加判断上出错。
5.【答案】
【解析】解：正常工作时电流表示数为，根据
则电压表示数为
代入数据得，故A错误；
B.电源内阻消耗的热功率为
代入数据得，故B错误；
C.电动机的输入功率为
代入数据得，故C正确；
D.若电动机输出功率为，则产生的热功率为
代入数据得
根据
代入数据得，故D错误。
故选：。
先由闭合电路欧姆定律求路端电压，再结合电功率公式计算内阻热功率、电动机输入功率，最后根据输出功率与热功率的关系判断线圈电阻。
本题考查非纯电阻电路的功率计算，需区分输入功率、热功率与输出功率，注意闭合电路欧姆定律的应用。
6.【答案】
【解析】解：因为洛伦兹力始终与速度垂直，如果粒子做匀加速运动，则洛伦兹力大小时刻改变，则合力不可能始终与速度在一条直线上，故不可能做匀加速直线运动，一定做匀速直线运动，故A错误；
B.根据平衡条件
可知速度
故B正确；
如果粒子带负电，从右向左运动，电场力与洛伦兹力仍平衡，所以无法判断粒子电性，故CD错误。
故选：。
A.根据粒子的平衡特点分析判断；
B.根据平衡条件求入射速度的大小；
根据不同的电性以及入射方向的可能性分析判断。
此题考查了粒子在复合场中的运动问题，复合场是指电场、磁场、重力场并存，或其中某两种场并存的场，粒子在这些复合场中运动时，必须同时考虑电场力、洛伦兹力和重力的作用或其中某两种力的作用，因此对粒子的运动形式的分析就显得极为重要，该题就是根据粒子的运动情况来判断受到的电场力情况。
7.【答案】
【解析】解：点处，的场强为方向向左，的场强为方向向左，因在左侧，正电荷场强背离自身，合场强，方向向左，、、到正电荷的距离比远，所以正电荷在、、产生的产生的场强小于，故A正确；
B.根据，设线上场强为零的点坐标为，以为原点，向右为正区域，根据仅个点满足场强为零，区域：两电荷场强方向均向左，合场强不为零，区域，无满足条件的点，因此线上仅个点场强为零，故B错误；
C.、两点关于轴对称，的场强方向分别向下、向上；的场强分量关于轴对称分量相同，分量大小相等、方向相反，合场强为矢量，点合场强向下偏左，点向上偏左，方向不同，故场强不同，故C错误；
D.等势面密集的地方电场线密集，电场线在两个电荷之间比较密集，所以两个电荷之间等势面密集，所以距离负电荷距离相同但是点的电势低，负电荷在电势低的地方电势能高，故D错误。
故选：。
利用点电荷场强叠加原理，结合电势与电势能的关系，逐一分析各选项。
这是一道典型的电场叠加问题，考查对场强矢量性和电势标量性的理解，难度中等。
8.【答案】
【解析】解：根据题图可知，在处电势为，在处的电势大于，即即负电荷从处移到处电势能减小，电场力做正功，故AB正确；
在图像中，图线某点的斜率表示该点电场强度，由题图可知，在处斜率大于，在处斜率为，所以处电场强度不为，处电场强度为，处的电场强度大于处的电场强度，故C正确，D错误。
故选：。
由图像的斜率判断电场强度大小，结合电势变化和负电荷的电势能公式分析电场力做功与电势能变化。
本题紧扣图像的物理意义，需熟练结合电势能公式和电场强度的斜率关联分析，关键是明确斜率大小反映电场强度大小，电势变化与电势能变化的对应关系。
9.【答案】
【解析】解：、滑动变阻器的滑片向左滑动，电阻变大，结合闭合电路欧姆定律，可得：，，即电流变小，电容两端电压变大；根据电流变小，可得灯泡变暗，故A错误；
B、根据选项分析，可知电容两端电压变大，电容定义式：，可知电容器极板上的电荷量增大，故B错误；
C、电源输出功率为：，由题意可知：，则：，由数学知识可知电阻变大时，减小，故C正确；
D、根据电路连接情况，可知电压表示数与电流表示数之比满足：，即该比值不变，故D正确。
故选：。
滑动变阻器的滑片向左滑动，由电路连接情况，可知滑动变阻器的电阻变化情况，结合闭合电路欧姆定律，可得到电路电流变化情况、电容两端电压变化情况；根据电流变化情况，可得到灯泡亮度变化；根据电容定义式，可分析电容器极板上的电荷量变化情况；由电源输出功率表达式，可分析外电路电阻变化对电源输出功率的影响；根据电路连接情况，可分析电压表示数与电流表示数的物理意义，判断其变化情况。
本题考查含容电路的动态分析，关键是根据物理量的表达式，结合数学知识，分析变化情况。
10.【答案】
【解析】解：开关置于的瞬间，流过金属滑块的电流最大，此时对应的安培力最大，滑块的加速度最大，根据牛顿第二定律可得，
代入数据得，故B正确；
金属滑块运动后，切割磁感线产生电动势，当电容器电压与滑块切割磁感线产生电动势相等时，滑块速度不再变化，做匀速直线运动，此时速度达到最大。设金属滑块加速运动到最大速度时两端电压为，电容器放电过程中的电荷量变化为，放电时间为，流过金属滑块的平均电流为，在金属块滑动过程中，由动量定理得
由电流的定义
由电容的定义
电容器放电过程的电荷量变化为且
故BLC金属滑块速度最大时，根据法拉第电磁感应定律可得
联立解得，
有以上可知当金属滑块运动后速度最大时起飞其两端电压不为，故电荷量不为，故AC错误，D正确。
故选：。
结合动量定理、电容定义和电磁感应规律，分析开关切换后电容器放电、滑块受力运动及最终的电压平衡状态，以此判断各选项。
这是一道电容器与电磁感应结合的综合题，需动态分析安培力与感应电动势的相互作用，重点考查动量定理和电容规律的应用，难度中等偏上。
11.【答案】右
等于

【解析】解：在闭合开关时，穿过线圈的磁通量增加，闭合开关后将线圈从线圈拔出时，穿过线圈的磁通量方向不变，大小变小，所以此时线圈产生的感应电流方向与闭合开关时产生的感应电流方向相反，则指针将向右偏转。
根据法拉第电磁感应定律可得线圈产生的平均感应电动势为，设线圈的电阻为，电路中的平均电流为，则通过线圈某一截面的电荷量为，联立解得，两次移动滑片，穿过线圈的磁通量变化量是相同的，所以等于
条形磁铁从图示位置迅速向上移动过程中，穿过螺线管的磁通量向下的减小，根据楞次定律可知螺线管产生的感应电流方向是从上端流出，从下端流入，根据二极管的单向导电性可知灯泡发光，灯泡不发光，故B正确，ACD错误。
故选：。
故答案为：右；等于；。
根据穿过线圈的磁通量的变化分析即可；
根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的定义式分析；
根据楞次定律和二极管的单向导电性分析。
知道感应电流的产生条件，以及影响感应电流方向的因素是解题的基础，能够根据法拉第电磁感应定律和电流定义式、欧姆定律写出电荷量的表达式是解题的关键。
12.【答案】
左
偏小

【解析】欧姆表测电阻，欧姆表指针偏转角度过小，欧姆表指针对应示数过大，说明选取倍率太小，故应换用挡；待测电阻
滑动变阻器采用分压器的接法，为了保证电路安全，因此图乙中开关闭合之前，应把滑动变阻器的滑片置于左端；
根据串联、并联电路的特点和欧姆定律
电阻
考虑电流表内阻的影响，根据串联、并联电路的特点和欧姆定律
电阻
因此测出阻值与实际值相比偏小。
故答案为：；；左；；偏小。
欧姆表测电阻，欧姆表指针偏转角度过小，欧姆表指针对应示数过大，根据欧姆表测电阻的正确操作分析作答；根据欧姆表测电阻的读数规则读数；
滑动变阻器采用分压器的接法，从保证电路安全的角度分析作答；
根据串联、并联电路的特点和欧姆定律求解作答；
考虑电流表内阻的影响，根据串联、并联电路的特点和欧姆定律求解作答。
本题主要考查了欧姆表的使用和电阻的测量，要明确实验原理，掌握串联、并联电路的特点和欧姆定律的运用，能够正确分析实验误差。
13.【答案】小球所带的电荷量的大小为 小球到达竖直最低点时速度大小为，绳子拉力的大小为
【解析】解：小球恰好静止时，对小球受力分析如图所示：
将力平移构建矢量三角形，有，代入数据可得；
小球由释放到最低点，由动能定理可知，在最低点，由牛顿第二定律可知，代入数据可得，。
答：小球所带的电荷量的大小为；
小球到达竖直最低点时速度大小为，绳子拉力的大小为。
小球恰好静止时，对小球受力分析，根据平衡条件分析；
根据动能定理分析在最低点的速度，根据牛顿第二定律分析绳子拉力大小。
考查了带电粒子在匀强电场和重力场中的运动，动能定理和牛顿第二定律的应用，熟练掌握常用表达式。
14.【答案】粒子速度大小是 粒子从点到点的时间是
【解析】解：带负电的粒子沿轴正方向从点射出，恰好不进入中间无磁场圆形区域，粒子运动轨迹如图所示
由几何知识得，解得
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，
由牛顿第二定律得，解得
带负电粒子沿轴正方向从点射出，经磁场一次偏转后恰能经过点，粒子运动轨迹如图所示
由几何知识得，解得
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，
由牛顿第二定律得，解得
由几何知识得，则
粒子在磁场中转过的圆心角
粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期
粒子在磁场中的运动时间
粒子离开磁场运动到点需要的时间
粒子从点到点的时间
答：粒子速度大小是；
粒子从点到点的时间是。
作出粒子临界运动轨迹，求出粒子轨道半径，应用牛顿第二定律求出粒子速度大小。
根据题意作出粒子运动轨迹，应用牛顿第二定律求出粒子的速度大小，求出粒子在各阶段的运动时间，然后求出总的运动时间。
本题考查了带电粒子在磁场中的运动，根据题意分析清楚粒子运动过程，作出粒子运动轨迹，应用几何知识与牛顿第二定律即可解题。
15.【答案】电源电动势大小为 匀速运动时速度大小为；此过程中电阻产生的热量为
【解析】解：只闭合开关，电路电流由电源提供，根据闭合电路欧姆定律有。对重物进行受力分析，由平衡条件得轻绳拉力，代入数据解得。
对金属棒进行受力分析，根据平衡条件有。代入数据解得。
将电流代入公式得，解得电源电动势。
断开闭合后，金属棒向上切割磁感线产生感应电动势，回路中感应电流。当金属棒匀速运动时，受力平衡满足，即。代入数据得，解得匀速运动的速度大小。
重物从静止下降至匀速运动，下降高度的过程中，根据能量守恒定律，系统产生的总焦耳热。
代入数据解得。
由于与串联，回路电流处处相等，根据焦耳定律可知热量分配与电阻成正比，则。代入数据解得。
答：电源电动势大小为。
匀速运动时速度大小为。
此过程中电阻产生的热量为。
只闭合时，金属棒静止，系统处于平衡状态。对金属棒进行受力分析，其受到重力沿斜面向下的分力、轻绳沿斜面向上的拉力以及安培力作用，安培力方向由左手定则判断。对重物分析，其处于二力平衡状态，轻绳拉力等于其重力。利用闭合电路欧姆定律建立回路电流与电源电动势的关系，结合金属棒的平衡方程，即可联立求解电动势。
断开闭合后，金属棒在重物带动下沿导轨向上运动，切割磁感线产生感应电动势和感应电流。当金属棒匀速运动时，其受力再次达到平衡。此时回路电流由金属棒的切割电动势决定，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律建立电流与速度的关系，再结合金属棒与重物的平衡方程，即可解出匀速运动的速度。
重物从静止到匀速下降过程中，系统的机械能减少，转化为金属棒与重物的动能以及整个回路产生的焦耳热。应用能量守恒定律，列出重力势能减少量等于系统动能增加量与总焦耳热之和的方程。由于与串联，根据串联电路热量分配与电阻成正比的规律，即可由总焦耳热求得上产生的热量。
本题是一道综合性较强的电磁感应与力学、能量结合的典型题目。其考查的核心知识点包括闭合电路欧姆定律、安培力的计算与平衡分析、电磁感应中的切割电动势与动生电流、以及能量守恒定律在电磁感应问题中的应用。本题计算量适中，难度中等偏上，能够有效检验学生对电磁感应综合问题的建模与分析能力。
第一问为基础平衡问题，通过金属棒静止这一条件，将电路分析与物体受力平衡巧妙结合，考查学生对安培力方向判断及基本平衡方程的掌握。第二问则通过切换电路开关，将问题拓展到电磁感应与动力学过程，需要学生准确分析金属棒在重物牵引下做变加速运动直至匀速的物理过程。其中，匀速运动速度的求解要求学生深刻理解“安培力与速度相关”这一电磁感应动力学问题的核心特征，并建立正确的平衡方程。
本题的亮点在于通过开关切换构建了两个既有联系又相互独立的物理情境，考查学生对不同电路状态下外部电源供电与切割磁感线发电物理规律的灵活应用。能量守恒部分不仅要求计算系统总焦耳热，还进一步考查串联电路中热量按电阻分配这一细节，体现了对学生思维全面性和严谨性的较高要求。整体而言，本题是一道能有效锻炼学生逻辑推理、物理建模及综合计算能力的好题。
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