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2025年湖南省娄底市双峰县中考二模物理试题
1．（2025·双峰模拟）“估测”是物理学中常用的一种方法。小华同学尝试估测了自己身体相关的一些物理量，其中合理的是（　　）
A．脉搏跳动约为68次/s
B．步行的速度约为
C．身体的温度大约是
D．身体的平均密度约为
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；密度的应用与物质鉴别；时间的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．正常情况下，人脉搏1min跳动约68次，脉搏跳动约为68次/min，故A不符合题意；
B．人步行1min约70m，速度约为1.1m/s≈4km/h，故B不符合题意；
C．人体正常温度约为36.5℃~37℃，人感觉舒适的温度约25℃，故C不符合题意；
D．人体的密度接近水的密度，约为1.0×103kg/m3，故D符合题意。
故选D。
【分析】结合人的温度、脉搏跳动、密度和步行速度，结合数据解答。
2．（2025·双峰模拟）如图所示，在容器两侧分别倒入不同深度的水和某种液体，观察到橡皮膜向左凸起，则这种液体的密度与水的密度的大小关系是（　　）
A． B． C． D．无法判断
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】实验中通过橡皮膜的突起方向反映了两边压强的大小，由图可知，橡皮膜向左凸起，说明左侧水的压强小于右侧液体的压强，又，由液体压强公式可知，这种液体的密度与水的密度的大小无法判断。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】由图可知，橡皮膜处液体的深度和水的深度关系；橡皮膜向左凸起，说明右侧液体对橡皮膜的压强大于左侧水对橡皮膜的压强，根据p=ρgh判断液体和水的密度关系。
3．（2025·双峰模拟）如图所示， 轿车在水平路面上高速行驶， 下列说法正确的是（　　）
A．车对路面的压力和路面对车的支持力是一对平衡力
B．以行驶的汽车为参照物， 路边的树是静止的
C．驾驶室座椅上安装头枕的目的是防止碰撞前车时造成伤害
D．高速行驶过程中， 车对路面的压力小于车静止时对路面的压力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】A．图示中，车对路面的压力作用在路面上，路面对车的支持力作用在车上，两个力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故A错误；
B．以行驶的汽车为参照物，路边的树相对汽车的位置在发生变化，是运动的，故B错误；
C． 当后车追尾时，坐在座椅上的人的头部由于惯性要保持原来的运动状态，头会突然后仰，这时较软的头枕会保护头颈不被撞伤，故C错误；
D． 车静止时对路面的压力大小等于车的重力大小，小汽车高速行驶时，车身上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的升力，所以车对路面的压力小于车静止时对路面的压力，故D正确。
故选D。
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此结合不同运动状态下人身体运动情况的改变分析即可解答；
（4）根据流体压强与流速的关系可对压力与重力的大小做出分析。
4．（2025·双峰模拟）如图所示，两个相同的烧杯中分别装满甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（VA＞VB）分别轻轻放入两杯液体中，静止后如图所示。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（　　）
A．甲液体的密度大于乙液体
B．A球比B球所受浮力大
C．乙液体对容器底部的压强较大
D．若把B球放置在甲液体中，则B球最终将漂浮
【答案】C
【知识点】压强大小比较；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A.由图可知，A、B两球浸没在液体中，排开液体的体积等于物体的体积，由于VA＞VB，所以VA排＞VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，结合阿基米德原理可知ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排＞VB排，所以ρ甲＜ρ乙，故A错误；
B.由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，A、B两球受到的浮力相等，故B错误；
C.由图可知，液体深度相等，且ρ甲＜ρ乙，根据液体压强公式p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，故C正确；
D.由A球在甲液体中沉底可知，ρ甲液＜ρ甲且ρ甲＜ρ乙，所以ρ甲液＜ρ乙，若把B球放置在甲液体中，则B球最终将沉底，故D错误。
故选C。
【分析】（1）运用阿基米德原理得出液体的密度大小，再根据p=ρgh可分析容器底受到的压强大小。
（2）根据F浮=G排可分析浮力大小。
5．（2025·双峰模拟）工人师傅用如图所示的滑轮沿竖直方向提升物体，物体所受重力为540N。用300N的拉力将物体匀速提升3m，用时30s，下列分析正确的是（　　）
A．绳自由端上升了3m
B．拉力的功率为60W
C．物体移动速度为0.2m/s
D．仅增加提升高度，滑轮机械效率增大
【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．图中，绳子段数为2，绳子自由端上升距离为，故A错误；
BC．物体移动速度为：，
则绳子自由端移动速度为：，
计算拉力的功率为：，故B正确，C错误；
D．滑轮机械效率为，滑轮机械效率与提升高度无关，故D错误。
故选B。
【分析】根据，计算速度，结合动滑轮绳子股数，计算绳子速度，根据P=Fv，计算功率，滑轮组的机械效率和物体移动的距离无关。
6．（2025·双峰模拟）在图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。闭合开关S，两电压表示数相同。向左移动滑动变阻器滑片P，下列四项判断中正确的是（　　）
①两电压表示数之和变大
②两电压表示数的乘积变大
③电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大
④电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大
A．②③ B．③④ C．②③④ D．①②③
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】根据电路图可知，电阻R2和变阻器R1串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。
①串联电路电压特点U总-U1+U2可知，两电压表示数之和总等于电源电压。因为电源电压保持不变，所以两个电压表的示数之和保持不变，故①错误；
③④向左移动滑动变阻器滑片P，R1接入电路的阻值增大，由串联分压原理可知，V1示数增大，由串联电路电压特点可知，V2示数减小，电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大，电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大，故③④正确；
② 电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，两电压表示数之和不变，根据数学知识可知两数之和不变时，两数相等的乘积最大，两电压表示数的乘积变小， ，故②错误。
故选B。
【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律分析R1两端的电压变化；
根据电压表V1示数与电压表V2示数的变化分析两者比值和差值的变化
7．（2025·双峰模拟）在食品发酵装置中，常用智能温控器来控制温度，其简化电路图如图甲所示，电源电压恒为12V，为的定值电阻，为温控传感器，其阻值随温度变化的关系图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　）
A．温控电阻的阻值随温度的升高而增大
B．当环境温度升高时，电路消耗的总功率不变
C．当电流表示数为0.4A时，环境温度为20℃
D．当环境温度为20℃时，电路消耗的总功率为2.4W
【答案】D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A.由图乙可知，温控电阻R1的阻值随温度的升高而减小，故A错误；
B.由图乙可知，当环境温度升高时，R1的阻值变小，则电路中的总电阻减小，电源电压不变，根据可知电路消耗的总功率变大，故B错误；
C．由图甲可知，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流，由欧姆定律可知，当电流表的示数为0.4A时，电路的总电阻：
由串联电路的电阻特点知：
由图乙可知，当R1=20Ω时环境温度为40℃，故C错误；
D．由图乙可知，当环境温度为20℃时，R1=50Ω， 根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知， 电路中的电流：
电路消耗的电功率：
P=UI'=12V×0.2A=2.4W
故D正确。
故选D。
【分析】（1）由图乙可知温控电阻R1的阻值随温度的变化情况；
（2）由图乙可知，当环境温度升高时，R1的阻值变小，电源电压不变，根据可知电路消耗的总功率的变化情况；
（3）由图甲可知，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流，根据欧姆定律求出当电流表示数为0.4A时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值，由图乙可知环境温度；
（4）由图乙可知，当环境温度为20℃时R1的阻值，根据串联电路的电阻特点求出此时电路中的总电阻，根据可电路消耗的总功率。
8．（2025·双峰模拟）物理是以实验为基础的自然科学。下列有关物理实验的说法正确的是（　　）
A．图甲：导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这一过程与电动机的原理相同
B．图乙：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的做功冲程原理相同
C．图丙：通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电流不同，产生的热量不同
D．图丁：抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【知识点】热机；电流的热效应；发电机的构造和原理；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这是电磁感应现象，应用是发电机，故A错误；
B．图乙：做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。活塞压缩空气，对空气做功，机械能转化为内能，使得空气温度升高，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的压缩冲程原理相同，故B错误；
C．图丙：两电阻丝串联，电流相同，电阻不同，通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电阻不同，产生的热量不同，故C错误；
D．图丁：不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，这是扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】（1）电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
（3）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
（4）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
9．（2025·双峰模拟）国庆期间，小东在逛小吃街时看到了传统手工艺“糖画”的制作过程。如图甲所示，制作“糖画”时，舀起高温的液态糖浆，在桌面上将糖浆绘制成各种图案，糖浆就会慢慢变硬。小东利用红外温度计测量了制作过程中糖浆的温度随时间的变化图像，如图乙所示。关于“糖画”的制作过程，下列说法正确的是（　　）
A．由图乙可知，制作“糖画”使用的糖是非晶体
B．田图乙可知，糖浆凝固过程中的温度先降低，后不变，再降低
C．在图像中 BC段，糖浆的状态是液态
D．糖浆凝固时一直在放热
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A．由图乙可知，糖在凝固时，有固定的凝固点，为晶体，故A错误；
B．田图乙可知，糖浆在凝固过程中，温度始终不变，故B错误；
C．在图像中BC段，是糖浆的凝固过程，处于固液共存状态，故C错误；
D．糖浆凝固时一直在放热 ，故D正确。
故选D。
【分析】晶体由固定的熔点和凝固点；
晶体在凝固过程中，放出热量，温度不变，处于固液共存状态。
10．（2025·双峰模拟）2024年2月初春运期间，湖南省由于暴雪天气的影响，高铁停运，乘客无法下车，为了能让坐高铁的乘客正常出行，铁路部门用绿皮火车头带动高铁正常运行，这引起了人们的好奇和思考。下列说法中正确的是（　　）
A．绿皮火车的动力源是内燃机，其在压缩冲程中，内能转化为机械能
B．高铁是靠电力驱动，电能属于二次能源
C．内燃机的燃料属于可再生能源
D．一般情况下内燃机的效率高于电动机的效率
【答案】B
【知识点】热机；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】A．火车的动力源是内燃机，在做功冲程中，内能转化为机械能，故A错误；
B．高铁是靠电力驱动，电能是消耗一次能源转化而来的，是二次能源，故B正确；
C．内燃机消耗柴油、汽油、天然气等，不能在短时间获得，都属于不可再生能源，故C错误；
D．热机在工作过程中损失的能量较多，效率很低，低于电动机的效率，故D错误。
故选B。
【分析】内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能；电能属于二次能源；化石燃料属于不可再生能源；热机工作时，损失的能量较多，效率较低。
11．（2025·双峰模拟）下列现象中，由光的反射形成的是（　　）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】根据图片可知，小孔成像是由于光沿直线传播形成的；水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；海市蜃楼是光在密度不均匀的空气层中，经过折射造成；雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】分析各个选项中图片包含的光学知识，然后与光的反射对照即可。
12．（2025·双峰模拟）图书馆是校园的思想文明净土，也是学校学术氛围最浓厚的地方。进入图书馆要保持安静，下列选项做法与控制噪声方面相符合的是（　　）
A．不言不语——在声源处控制噪声
B．关闭门窗——在声源处控制噪声
C．手机静音——在传播途中控制噪声
D．轻拿轻放——在声音接收处控制噪声
【答案】A
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】 解：进入图书馆要保持安静，是在声源处减弱噪声。
ACD、不言不语、手机静音、轻拿轻放，都是在声源处减弱噪声，故A符合题意、CD不符合题意；
B、关闭门窗，是在传播过程中减弱噪声，故B不符合题意。
故选：A。
【分析】 控制噪声有三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
13．（2025·双峰模拟）如图是一款“无叶电风扇”，其工作过程是底座中的涡轮风机从进风口吸入空气，加压后再将空气送入环形出风口，空气从宽度只有1.3mm的缝隙中向外喷出时流速大、压强　 　（选填“大”或“小”），使得周围的空气在　 　的作用下靠近喷射出的空气，从而带动周围空气流动。涡轮风机的叶片因和空气摩擦带了　 　，容易吸引灰尘。
【答案】小；大气压；电荷
【知识点】流体压强与流速的关系；两种电荷
【解析】【解答】（1）当空气从宽度只有1.3mm的缝隙中向外喷出时，根据流体流速和压强的关系可知，这部分喷射的空气因流速大，压强小，在周围大气压的作用下，使得周围空气靠近这部分喷射的空气，就形成了风。
（2）涡轮风机的叶片在旋转的过程中和空气摩擦，因而会带上电荷容易吸引灰尘，由于带电体具有吸引轻小物体的性质。
【分析】（1）根据流体流速和压强的关系分析；
（2）根据带电体的性质解答。
14．（2025·双峰模拟）如图人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，卫星在大气层外运行，不受空气阻力，机械能守恒，当卫星从远地点向近地点运动时，它的　 　能转化为　 　能。
【答案】重力势；动
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】根据题意可知，当人造卫星沿着椭圆轨道从远地点向近地点运动时，卫星的质量不变，高度变小，则重力势能变小。根据机械能守恒的规律可知，卫星动能会增大，则这个过程将重力势能转化为动能。
【分析】重力势能与质量和高度有关，结合机械能守恒的规律确定动能的变化，进而确定能量转化情况。
15．（2025·双峰模拟）如图所示，这是学校走廊的消防应急灯。在正常情况下，应急灯通常是不亮的，这是通过减小应急灯的　 　（选填“电压”“电流”或“工作时间”）来节省电能。供电线路停电时，应急灯正常发光，此时取下其中一个应急灯，另一个应急灯仍然发光，说明两个应急灯是　 　（选填“串”或“并”）联的。
【答案】工作时间；并
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算
【解析】【解答】正常情况下，应急灯通常不亮，电功率为零，根据，消耗的电能为零，是通过减小工作时间来节省电能。
串联电路中各用电器相互影响，并联电路中各用电器互不影响，供电线路停电时，应急灯正常发光，取下其中一个应急灯，另一个应急灯仍然发光，则两个应急灯是并联的。 故第1空填：工作时间；第2空填：并。
【分析】用电器不工作时，不消耗电能；各用电器互不影响，是并联电路。
16．（2025·双峰模拟）面点师傅做出来的小笼馒头像艺术感十足，口感好。如图所示，面皮在手的捏压下变成花瓣般的褶状，说明力能改变物体的　 　。在蒸小笼馒头的过程中，香气特别浓，这是因为温度越高，分子的　 　运动越剧烈。
【答案】形状；无规则
【知识点】力的作用效果；分子热运动
【解析】【解答】面皮在手的捏压下变成花瓣般的褶状，说明力能改变物体的形状。
在蒸小笼馒头的过程中，香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
故答案为：形状；无规则。
【分析】力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。
分子运动的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。
17．（2025·双峰模拟）按要求作图。
（1）如图所示，悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，请在图中画出小球受力的示意图。
（2）请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，斜面对小球没有作用力，则小球只受到重力和绳子的拉力，二者是一对平衡力，大小相等，方向相反，小球受力的示意图如图所示：
（2）平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过它的焦点，据此作出凸透镜的入射光线；光反射时，反射光线与入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，作图如下：
【分析】（1）假设斜面对小球有支持力，则该支持力垂直于斜面向上，小球受到的重力、支持力和拉力三个力的作用，悬线将不能竖直，由题可知，悬线竖直，故小球只受到重力和绳子对小球的拉力。
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；
根据光的反射定律作图：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
（1）悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，则小球只受到重力和绳子的拉力，斜面对小球没有作用力，重力方向和拉力是一对平衡力，大小相等，重力竖直向下，拉力竖直向上，作图如下：
（2）平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过它的焦点；光反射时，反射光线与入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，作图如下：
18．（2025·双峰模拟）小英同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中，使用的钩码规格都相同，进行如下操作：
（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右移动，在实验过程中让杠杆在水平位置平衡的目的是　 　。
（2）调节杠杆平衡后，小英同学在图乙所示的位置挂上两个钩码，可在位置挂上　 　个钩码，使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）取下位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的点，当弹簧测力计由位置缓慢转至位置的过程中，使杠杆始终在水平位置保持平衡（如图丙），测力计示数将　 　（选填“变大”或“变小”），原因是测力计拉力的　 　。
【答案】（1）便于测量力臂
（2）3
（3）变大；力臂变小了
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）当杠杆在水平位置平衡时，作用力的力臂与杠杆重合在一起，故在实验过程中让杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；
（2）设每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件有：
，
解得：，可在B位置挂上3个钩码，使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）杠杆原来处于平衡状态，当弹簧测力计由位置 缓慢转至位置 的过程中，使杠杆始终在水平位置保持平衡，它对杠杆的作用力的力臂变小了，根据可以知道，需要增大测力计对杠杆的作用力。
故答案为：（1）便于测量力臂；（2）3；（3）变大；力臂变小了。
【分析】（1）当杠杆在水平位置平衡时，作用力的力臂与杠杆重合在一起，便于测量力臂；
（2）根据杠杆平衡条件可求在B位置挂几个钩码；
（3）根据F1l1=F2l2可以知道，作用力的力臂变小了，需要增大测力计对杠杆的作用力。
（1）当杠杆在水平位置平衡时，挂在杠杆上的钩码对杠杆的作用力是竖直向下的，此时作用力的力臂与杠杆重合在一起，便于测量力臂。
（2）根据杠杆平衡条件有，设每个钩码的重力为G，则有，可得，可在B位置挂上3个钩码。
（3）[1][2]原来杠杆平衡，当测力计转过一个角度时，它对杠杆的作用力的力臂变小了，如果依然让杠杆平衡，根据可以知道，需要增大测力计对杠杆的作用力。
19．（2025·双峰模拟）小美在“测量小灯泡的电功率”的实验中，设计的电路图如图甲所示，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）。
（1）为能顺利完成该实验探究，滑动变阻器应选用　 　（（10Ω 1A）；（15Ω 1A）；（50Ω 2A））
（2）连好电路并检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某处时，电压表的示数如乙图所示，读数为　 　V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P适当地向　 　（选填“左”或“右”）端移动；
（3）小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像如图丙所示，分析图像可知该小灯泡正常发光时的功率为　 　W。
【答案】（1）R3
（2）2.2；左
（3）0.625
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电源电压为6V，灯泡正常发光时电压为2.5V，根据串联电路电压规律可知，小灯泡正常发光时，变阻器两端的电压为3.5V，灯丝电阻约为12Ω，根据串联分压原理有：
解得：，
所以应选择“50Ω，2A”的滑动变阻器，故选R3。
（2）由图乙可知，电压表选择的是0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，减小变阻器两端的电压，根据串联分压原理可知，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则该小灯泡正常发光时的功率为：
故答案为：（1）R3；（2）2.2；左；（3）0.625。
【分析】（1）根据串联分压分配与电阻成正比，选择滑动变阻器的规格。
（2）为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值。
（3）当电压表示数为2.5V时，由图丙读出电流表的示数，利用P=UI计算小灯泡的功率（额定功率）。
（1）灯泡正常发光时电压为2.5V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律可知此时变阻器电压为3.5V，灯丝电阻约为12Ω，根据串联分压原理则有
解得变阻器阻值，所以应选择“50Ω，2A”的滑动变阻器，故选R3。
（2）[1][2]如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则该小灯泡正常发光时的功率为
20．（2025·双峰模拟）某实验小组的同学们在实验室做“探究水沸腾时温度的变化特点”实验：
液体种类 酒精 水银
熔点/℃ -117 -39
沸点/℃ 78 357
（1）组装实验器材时，应按照　 　（选填“由上到下”或“由下到上”）的顺序。
（2）某同学在实验中记录的实验数据如表所示，其中第1min时温度计的示数如图2所示，此时水的温度是　 　℃；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7
温度/℃ 90 　 　 94 96 98 98 98 98
（3）你认为完成本实验应选用　 　（选填“酒精”或“水银”）温度计；
（4）水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是　 　；
【答案】（1）由下到上
（2）92；92
（3）水银
（4）观察水沸腾后的温度变化
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）实验时需要使用酒精灯的外焰加热，需要先放置酒精灯，再确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中，所以组装实验器材时应按照自下而上的顺序；
（2）图2中温度计的分度值是1℃，读数为92℃；
（3）据表格数据可知，水的沸点为98℃，大于酒精的沸点78℃，因此该实验选用水银温度计；
（4）水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是观察水沸腾后的温度变化。
故答案为：（1）由下到上；（2）92；（3）水银；（4）观察水沸腾后的温度变化。
【分析】（1）为了让酒精灯外焰加热，组装实验器材时应按照自下而上的顺序；
（2）温度计读数时应看清量程和分度值是；
（3）根据液体的熔点和沸点选取合适的温度计；
（4）实验中为了观察水沸腾时温度变化的特点，水沸腾后，还需要继续加热一段时间。
（1）组装实验器材时应按照自下而上的顺序，酒精灯放置好后，根据外焰的高度确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中。
（2）图2中温度计的分度值是1℃，根据温度计刻度规律，0℃刻度线在数字小的那端，液柱上表面超过0℃刻度线，故读数为92℃。
（3）据表格数据可知，酒精的沸点是78℃，低于水的沸点，因此该实验选用水银温度计。
（4）实验中为了观察水沸腾时温度变化的特点，水沸腾后，还需要继续加热一段时间。
21．（2025·双峰模拟）在某海域装满货物的密封集装箱意外落入水中。已知货箱重100t，体积为40m3，沉入60m深的海底（未陷入），利用如图所示的打捞船进行打捞。（=1.1×103kg/m3，g＝10N/kg）根据以上信息计算：
（1）未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强？
（2）集装箱沉没时，受到的浮力是多大？
（3）集装箱匀速上升的过程中（未露出水面），绳子的拉力是多大？
【答案】（1）解：未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强。
（2）解：根据题意可知，集装箱沉没时受到的浮力是。
（3）解：根据题意可知，货箱的重力；
集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件知道，绳子的拉力是。

【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）由p=ρgh算出未打捞集装箱时集装箱底部受到海水的压强；
（2）由阿基米德原理算出集装箱沉没时受到的浮力；
（3）根据G=mg算出货箱的重力，集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件算出绳子的拉力。
（1）由知道，未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强
（2）集装箱沉没时，受到的浮力是
（3）货箱的重力
集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件知道，绳子的拉力是
22．（2025·双峰模拟）某科技创新小组设计了一台由电压表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻，为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，闭合开关S，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电压表量程为0~15V，踏板重力不计，求：（结果保留两位小数）
（1）体重计空载时，电路中的电流；
（2）电源电压；
（3）此体重计所能测量的最大体重。
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，直接写出一种能增加体重计量程的措施。
【答案】（1）解：由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电路中的电流为：
答：体重计空载时，电路中的电流为0.33A；
（2）由图乙可知，当体重计空载时，压力为零，压敏电阻的阻值R=45Ω，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知R两端的电压：
根据串联分压可得，电源电压：
答：电源电压为20V；’
（3）当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，由串联分压可知压敏电阻两端的电压最小，其受到的压力最大，此时体重计的示数最大，压敏电阻R两端的最小电压：
根据串联分压规律可得：
所以：
解得，由表格数据可知，此时压力为1200N，即该体重计能称量的最大重力为1200N。
答：此体重计所能测量的最大体重为1200N；
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，根据串联分压，减小定值电阻R0阻值可以达到要求。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压；
（1）知道当体重计空载时电压表的示数，根据欧姆定律可求得此时电路中的电流；
（2）当体重计空载时，压敏电阻受到的压力为零，由图乙可知此时压敏电阻的阻值，且知道此时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律可求得电源电压；
（3）由图像可知，压敏电阻所受到的压力越大，它的阻值越小，由串联分压的规律可知压敏电阻两端的电压越小，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压越大，即电压表示数越大，且电压表量程为0～15V，则当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，体重计测量的体重最大，根据串联电路的电压特点和分压规律可求出压敏电阻的最小阻值，结合图像可知此体重计所能测量的最大体重；
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，要增加体重计的量程，则压敏电阻受到的压力更大，由图乙可知压敏电阻的阻值更小，根据串联分压的规律分析能增加体重计量程的措施。
（1）由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电路中的电流为
（2）由图乙可知，当体重计空载时，压力为零，压敏电阻的阻值R=45Ω，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知R两端的电压
根据串联分压可得，电源电压
（3）当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，由串联分压可知压敏电阻两端的电压最小，其受到的压力最大，此时体重计的示数最大，压敏电阻R两端的最小电压
根据串联分压规律可得
所以
解得，由表格数据可知，此时压力为1200N，即该体重计能称量的最大重力为1200N。
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，根据串联分压，减小定值电阻R0阻值可以达到要求。
1 / 12025年湖南省娄底市双峰县中考二模物理试题
1．（2025·双峰模拟）“估测”是物理学中常用的一种方法。小华同学尝试估测了自己身体相关的一些物理量，其中合理的是（　　）
A．脉搏跳动约为68次/s
B．步行的速度约为
C．身体的温度大约是
D．身体的平均密度约为
2．（2025·双峰模拟）如图所示，在容器两侧分别倒入不同深度的水和某种液体，观察到橡皮膜向左凸起，则这种液体的密度与水的密度的大小关系是（　　）
A． B． C． D．无法判断
3．（2025·双峰模拟）如图所示， 轿车在水平路面上高速行驶， 下列说法正确的是（　　）
A．车对路面的压力和路面对车的支持力是一对平衡力
B．以行驶的汽车为参照物， 路边的树是静止的
C．驾驶室座椅上安装头枕的目的是防止碰撞前车时造成伤害
D．高速行驶过程中， 车对路面的压力小于车静止时对路面的压力
4．（2025·双峰模拟）如图所示，两个相同的烧杯中分别装满甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（VA＞VB）分别轻轻放入两杯液体中，静止后如图所示。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（　　）
A．甲液体的密度大于乙液体
B．A球比B球所受浮力大
C．乙液体对容器底部的压强较大
D．若把B球放置在甲液体中，则B球最终将漂浮
5．（2025·双峰模拟）工人师傅用如图所示的滑轮沿竖直方向提升物体，物体所受重力为540N。用300N的拉力将物体匀速提升3m，用时30s，下列分析正确的是（　　）
A．绳自由端上升了3m
B．拉力的功率为60W
C．物体移动速度为0.2m/s
D．仅增加提升高度，滑轮机械效率增大
6．（2025·双峰模拟）在图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。闭合开关S，两电压表示数相同。向左移动滑动变阻器滑片P，下列四项判断中正确的是（　　）
①两电压表示数之和变大
②两电压表示数的乘积变大
③电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大
④电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大
A．②③ B．③④ C．②③④ D．①②③
7．（2025·双峰模拟）在食品发酵装置中，常用智能温控器来控制温度，其简化电路图如图甲所示，电源电压恒为12V，为的定值电阻，为温控传感器，其阻值随温度变化的关系图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　）
A．温控电阻的阻值随温度的升高而增大
B．当环境温度升高时，电路消耗的总功率不变
C．当电流表示数为0.4A时，环境温度为20℃
D．当环境温度为20℃时，电路消耗的总功率为2.4W
8．（2025·双峰模拟）物理是以实验为基础的自然科学。下列有关物理实验的说法正确的是（　　）
A．图甲：导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这一过程与电动机的原理相同
B．图乙：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的做功冲程原理相同
C．图丙：通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电流不同，产生的热量不同
D．图丁：抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
9．（2025·双峰模拟）国庆期间，小东在逛小吃街时看到了传统手工艺“糖画”的制作过程。如图甲所示，制作“糖画”时，舀起高温的液态糖浆，在桌面上将糖浆绘制成各种图案，糖浆就会慢慢变硬。小东利用红外温度计测量了制作过程中糖浆的温度随时间的变化图像，如图乙所示。关于“糖画”的制作过程，下列说法正确的是（　　）
A．由图乙可知，制作“糖画”使用的糖是非晶体
B．田图乙可知，糖浆凝固过程中的温度先降低，后不变，再降低
C．在图像中 BC段，糖浆的状态是液态
D．糖浆凝固时一直在放热
10．（2025·双峰模拟）2024年2月初春运期间，湖南省由于暴雪天气的影响，高铁停运，乘客无法下车，为了能让坐高铁的乘客正常出行，铁路部门用绿皮火车头带动高铁正常运行，这引起了人们的好奇和思考。下列说法中正确的是（　　）
A．绿皮火车的动力源是内燃机，其在压缩冲程中，内能转化为机械能
B．高铁是靠电力驱动，电能属于二次能源
C．内燃机的燃料属于可再生能源
D．一般情况下内燃机的效率高于电动机的效率
11．（2025·双峰模拟）下列现象中，由光的反射形成的是（　　）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
12．（2025·双峰模拟）图书馆是校园的思想文明净土，也是学校学术氛围最浓厚的地方。进入图书馆要保持安静，下列选项做法与控制噪声方面相符合的是（　　）
A．不言不语——在声源处控制噪声
B．关闭门窗——在声源处控制噪声
C．手机静音——在传播途中控制噪声
D．轻拿轻放——在声音接收处控制噪声
13．（2025·双峰模拟）如图是一款“无叶电风扇”，其工作过程是底座中的涡轮风机从进风口吸入空气，加压后再将空气送入环形出风口，空气从宽度只有1.3mm的缝隙中向外喷出时流速大、压强　 　（选填“大”或“小”），使得周围的空气在　 　的作用下靠近喷射出的空气，从而带动周围空气流动。涡轮风机的叶片因和空气摩擦带了　 　，容易吸引灰尘。
14．（2025·双峰模拟）如图人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，卫星在大气层外运行，不受空气阻力，机械能守恒，当卫星从远地点向近地点运动时，它的　 　能转化为　 　能。
15．（2025·双峰模拟）如图所示，这是学校走廊的消防应急灯。在正常情况下，应急灯通常是不亮的，这是通过减小应急灯的　 　（选填“电压”“电流”或“工作时间”）来节省电能。供电线路停电时，应急灯正常发光，此时取下其中一个应急灯，另一个应急灯仍然发光，说明两个应急灯是　 　（选填“串”或“并”）联的。
16．（2025·双峰模拟）面点师傅做出来的小笼馒头像艺术感十足，口感好。如图所示，面皮在手的捏压下变成花瓣般的褶状，说明力能改变物体的　 　。在蒸小笼馒头的过程中，香气特别浓，这是因为温度越高，分子的　 　运动越剧烈。
17．（2025·双峰模拟）按要求作图。
（1）如图所示，悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，请在图中画出小球受力的示意图。
（2）请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
18．（2025·双峰模拟）小英同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中，使用的钩码规格都相同，进行如下操作：
（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右移动，在实验过程中让杠杆在水平位置平衡的目的是　 　。
（2）调节杠杆平衡后，小英同学在图乙所示的位置挂上两个钩码，可在位置挂上　 　个钩码，使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）取下位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的点，当弹簧测力计由位置缓慢转至位置的过程中，使杠杆始终在水平位置保持平衡（如图丙），测力计示数将　 　（选填“变大”或“变小”），原因是测力计拉力的　 　。
19．（2025·双峰模拟）小美在“测量小灯泡的电功率”的实验中，设计的电路图如图甲所示，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）。
（1）为能顺利完成该实验探究，滑动变阻器应选用　 　（（10Ω 1A）；（15Ω 1A）；（50Ω 2A））
（2）连好电路并检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某处时，电压表的示数如乙图所示，读数为　 　V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P适当地向　 　（选填“左”或“右”）端移动；
（3）小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像如图丙所示，分析图像可知该小灯泡正常发光时的功率为　 　W。
20．（2025·双峰模拟）某实验小组的同学们在实验室做“探究水沸腾时温度的变化特点”实验：
液体种类 酒精 水银
熔点/℃ -117 -39
沸点/℃ 78 357
（1）组装实验器材时，应按照　 　（选填“由上到下”或“由下到上”）的顺序。
（2）某同学在实验中记录的实验数据如表所示，其中第1min时温度计的示数如图2所示，此时水的温度是　 　℃；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7
温度/℃ 90 　 　 94 96 98 98 98 98
（3）你认为完成本实验应选用　 　（选填“酒精”或“水银”）温度计；
（4）水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是　 　；
21．（2025·双峰模拟）在某海域装满货物的密封集装箱意外落入水中。已知货箱重100t，体积为40m3，沉入60m深的海底（未陷入），利用如图所示的打捞船进行打捞。（=1.1×103kg/m3，g＝10N/kg）根据以上信息计算：
（1）未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强？
（2）集装箱沉没时，受到的浮力是多大？
（3）集装箱匀速上升的过程中（未露出水面），绳子的拉力是多大？
22．（2025·双峰模拟）某科技创新小组设计了一台由电压表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻，为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，闭合开关S，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电压表量程为0~15V，踏板重力不计，求：（结果保留两位小数）
（1）体重计空载时，电路中的电流；
（2）电源电压；
（3）此体重计所能测量的最大体重。
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，直接写出一种能增加体重计量程的措施。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；密度的应用与物质鉴别；时间的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．正常情况下，人脉搏1min跳动约68次，脉搏跳动约为68次/min，故A不符合题意；
B．人步行1min约70m，速度约为1.1m/s≈4km/h，故B不符合题意；
C．人体正常温度约为36.5℃~37℃，人感觉舒适的温度约25℃，故C不符合题意；
D．人体的密度接近水的密度，约为1.0×103kg/m3，故D符合题意。
故选D。
【分析】结合人的温度、脉搏跳动、密度和步行速度，结合数据解答。
2．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】实验中通过橡皮膜的突起方向反映了两边压强的大小，由图可知，橡皮膜向左凸起，说明左侧水的压强小于右侧液体的压强，又，由液体压强公式可知，这种液体的密度与水的密度的大小无法判断。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】由图可知，橡皮膜处液体的深度和水的深度关系；橡皮膜向左凸起，说明右侧液体对橡皮膜的压强大于左侧水对橡皮膜的压强，根据p=ρgh判断液体和水的密度关系。
3．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】A．图示中，车对路面的压力作用在路面上，路面对车的支持力作用在车上，两个力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故A错误；
B．以行驶的汽车为参照物，路边的树相对汽车的位置在发生变化，是运动的，故B错误；
C． 当后车追尾时，坐在座椅上的人的头部由于惯性要保持原来的运动状态，头会突然后仰，这时较软的头枕会保护头颈不被撞伤，故C错误；
D． 车静止时对路面的压力大小等于车的重力大小，小汽车高速行驶时，车身上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的升力，所以车对路面的压力小于车静止时对路面的压力，故D正确。
故选D。
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此结合不同运动状态下人身体运动情况的改变分析即可解答；
（4）根据流体压强与流速的关系可对压力与重力的大小做出分析。
4．【答案】C
【知识点】压强大小比较；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A.由图可知，A、B两球浸没在液体中，排开液体的体积等于物体的体积，由于VA＞VB，所以VA排＞VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，结合阿基米德原理可知ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排＞VB排，所以ρ甲＜ρ乙，故A错误；
B.由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，A、B两球受到的浮力相等，故B错误；
C.由图可知，液体深度相等，且ρ甲＜ρ乙，根据液体压强公式p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，故C正确；
D.由A球在甲液体中沉底可知，ρ甲液＜ρ甲且ρ甲＜ρ乙，所以ρ甲液＜ρ乙，若把B球放置在甲液体中，则B球最终将沉底，故D错误。
故选C。
【分析】（1）运用阿基米德原理得出液体的密度大小，再根据p=ρgh可分析容器底受到的压强大小。
（2）根据F浮=G排可分析浮力大小。
5．【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．图中，绳子段数为2，绳子自由端上升距离为，故A错误；
BC．物体移动速度为：，
则绳子自由端移动速度为：，
计算拉力的功率为：，故B正确，C错误；
D．滑轮机械效率为，滑轮机械效率与提升高度无关，故D错误。
故选B。
【分析】根据，计算速度，结合动滑轮绳子股数，计算绳子速度，根据P=Fv，计算功率，滑轮组的机械效率和物体移动的距离无关。
6．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】根据电路图可知，电阻R2和变阻器R1串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。
①串联电路电压特点U总-U1+U2可知，两电压表示数之和总等于电源电压。因为电源电压保持不变，所以两个电压表的示数之和保持不变，故①错误；
③④向左移动滑动变阻器滑片P，R1接入电路的阻值增大，由串联分压原理可知，V1示数增大，由串联电路电压特点可知，V2示数减小，电压表V1示数与电压表V2示数的比值变大，电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大，故③④正确；
② 电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，两电压表示数之和不变，根据数学知识可知两数之和不变时，两数相等的乘积最大，两电压表示数的乘积变小， ，故②错误。
故选B。
【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律分析R1两端的电压变化；
根据电压表V1示数与电压表V2示数的变化分析两者比值和差值的变化
7．【答案】D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A.由图乙可知，温控电阻R1的阻值随温度的升高而减小，故A错误；
B.由图乙可知，当环境温度升高时，R1的阻值变小，则电路中的总电阻减小，电源电压不变，根据可知电路消耗的总功率变大，故B错误；
C．由图甲可知，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流，由欧姆定律可知，当电流表的示数为0.4A时，电路的总电阻：
由串联电路的电阻特点知：
由图乙可知，当R1=20Ω时环境温度为40℃，故C错误；
D．由图乙可知，当环境温度为20℃时，R1=50Ω， 根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知， 电路中的电流：
电路消耗的电功率：
P=UI'=12V×0.2A=2.4W
故D正确。
故选D。
【分析】（1）由图乙可知温控电阻R1的阻值随温度的变化情况；
（2）由图乙可知，当环境温度升高时，R1的阻值变小，电源电压不变，根据可知电路消耗的总功率的变化情况；
（3）由图甲可知，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流，根据欧姆定律求出当电流表示数为0.4A时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值，由图乙可知环境温度；
（4）由图乙可知，当环境温度为20℃时R1的阻值，根据串联电路的电阻特点求出此时电路中的总电阻，根据可电路消耗的总功率。
8．【答案】D
【知识点】热机；电流的热效应；发电机的构造和原理；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这是电磁感应现象，应用是发电机，故A错误；
B．图乙：做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。活塞压缩空气，对空气做功，机械能转化为内能，使得空气温度升高，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的压缩冲程原理相同，故B错误；
C．图丙：两电阻丝串联，电流相同，电阻不同，通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电阻不同，产生的热量不同，故C错误；
D．图丁：不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，这是扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】（1）电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
（3）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
（4）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
9．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】A．由图乙可知，糖在凝固时，有固定的凝固点，为晶体，故A错误；
B．田图乙可知，糖浆在凝固过程中，温度始终不变，故B错误；
C．在图像中BC段，是糖浆的凝固过程，处于固液共存状态，故C错误；
D．糖浆凝固时一直在放热 ，故D正确。
故选D。
【分析】晶体由固定的熔点和凝固点；
晶体在凝固过程中，放出热量，温度不变，处于固液共存状态。
10．【答案】B
【知识点】热机；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】A．火车的动力源是内燃机，在做功冲程中，内能转化为机械能，故A错误；
B．高铁是靠电力驱动，电能是消耗一次能源转化而来的，是二次能源，故B正确；
C．内燃机消耗柴油、汽油、天然气等，不能在短时间获得，都属于不可再生能源，故C错误；
D．热机在工作过程中损失的能量较多，效率很低，低于电动机的效率，故D错误。
故选B。
【分析】内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能；电能属于二次能源；化石燃料属于不可再生能源；热机工作时，损失的能量较多，效率较低。
11．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】根据图片可知，小孔成像是由于光沿直线传播形成的；水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；海市蜃楼是光在密度不均匀的空气层中，经过折射造成；雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】分析各个选项中图片包含的光学知识，然后与光的反射对照即可。
12．【答案】A
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】 解：进入图书馆要保持安静，是在声源处减弱噪声。
ACD、不言不语、手机静音、轻拿轻放，都是在声源处减弱噪声，故A符合题意、CD不符合题意；
B、关闭门窗，是在传播过程中减弱噪声，故B不符合题意。
故选：A。
【分析】 控制噪声有三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
13．【答案】小；大气压；电荷
【知识点】流体压强与流速的关系；两种电荷
【解析】【解答】（1）当空气从宽度只有1.3mm的缝隙中向外喷出时，根据流体流速和压强的关系可知，这部分喷射的空气因流速大，压强小，在周围大气压的作用下，使得周围空气靠近这部分喷射的空气，就形成了风。
（2）涡轮风机的叶片在旋转的过程中和空气摩擦，因而会带上电荷容易吸引灰尘，由于带电体具有吸引轻小物体的性质。
【分析】（1）根据流体流速和压强的关系分析；
（2）根据带电体的性质解答。
14．【答案】重力势；动
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】根据题意可知，当人造卫星沿着椭圆轨道从远地点向近地点运动时，卫星的质量不变，高度变小，则重力势能变小。根据机械能守恒的规律可知，卫星动能会增大，则这个过程将重力势能转化为动能。
【分析】重力势能与质量和高度有关，结合机械能守恒的规律确定动能的变化，进而确定能量转化情况。
15．【答案】工作时间；并
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算
【解析】【解答】正常情况下，应急灯通常不亮，电功率为零，根据，消耗的电能为零，是通过减小工作时间来节省电能。
串联电路中各用电器相互影响，并联电路中各用电器互不影响，供电线路停电时，应急灯正常发光，取下其中一个应急灯，另一个应急灯仍然发光，则两个应急灯是并联的。 故第1空填：工作时间；第2空填：并。
【分析】用电器不工作时，不消耗电能；各用电器互不影响，是并联电路。
16．【答案】形状；无规则
【知识点】力的作用效果；分子热运动
【解析】【解答】面皮在手的捏压下变成花瓣般的褶状，说明力能改变物体的形状。
在蒸小笼馒头的过程中，香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
故答案为：形状；无规则。
【分析】力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。
分子运动的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。
17．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，斜面对小球没有作用力，则小球只受到重力和绳子的拉力，二者是一对平衡力，大小相等，方向相反，小球受力的示意图如图所示：
（2）平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过它的焦点，据此作出凸透镜的入射光线；光反射时，反射光线与入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，作图如下：
【分析】（1）假设斜面对小球有支持力，则该支持力垂直于斜面向上，小球受到的重力、支持力和拉力三个力的作用，悬线将不能竖直，由题可知，悬线竖直，故小球只受到重力和绳子对小球的拉力。
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；
根据光的反射定律作图：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
（1）悬挂在天花板上的小球静止在斜面上，悬线竖直，则小球只受到重力和绳子的拉力，斜面对小球没有作用力，重力方向和拉力是一对平衡力，大小相等，重力竖直向下，拉力竖直向上，作图如下：
（2）平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过它的焦点；光反射时，反射光线与入射光线在法线两侧，反射角等于入射角，作图如下：
18．【答案】（1）便于测量力臂
（2）3
（3）变大；力臂变小了
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）当杠杆在水平位置平衡时，作用力的力臂与杠杆重合在一起，故在实验过程中让杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；
（2）设每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件有：
，
解得：，可在B位置挂上3个钩码，使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）杠杆原来处于平衡状态，当弹簧测力计由位置 缓慢转至位置 的过程中，使杠杆始终在水平位置保持平衡，它对杠杆的作用力的力臂变小了，根据可以知道，需要增大测力计对杠杆的作用力。
故答案为：（1）便于测量力臂；（2）3；（3）变大；力臂变小了。
【分析】（1）当杠杆在水平位置平衡时，作用力的力臂与杠杆重合在一起，便于测量力臂；
（2）根据杠杆平衡条件可求在B位置挂几个钩码；
（3）根据F1l1=F2l2可以知道，作用力的力臂变小了，需要增大测力计对杠杆的作用力。
（1）当杠杆在水平位置平衡时，挂在杠杆上的钩码对杠杆的作用力是竖直向下的，此时作用力的力臂与杠杆重合在一起，便于测量力臂。
（2）根据杠杆平衡条件有，设每个钩码的重力为G，则有，可得，可在B位置挂上3个钩码。
（3）[1][2]原来杠杆平衡，当测力计转过一个角度时，它对杠杆的作用力的力臂变小了，如果依然让杠杆平衡，根据可以知道，需要增大测力计对杠杆的作用力。
19．【答案】（1）R3
（2）2.2；左
（3）0.625
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电源电压为6V，灯泡正常发光时电压为2.5V，根据串联电路电压规律可知，小灯泡正常发光时，变阻器两端的电压为3.5V，灯丝电阻约为12Ω，根据串联分压原理有：
解得：，
所以应选择“50Ω，2A”的滑动变阻器，故选R3。
（2）由图乙可知，电压表选择的是0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，减小变阻器两端的电压，根据串联分压原理可知，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则该小灯泡正常发光时的功率为：
故答案为：（1）R3；（2）2.2；左；（3）0.625。
【分析】（1）根据串联分压分配与电阻成正比，选择滑动变阻器的规格。
（2）为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值。
（3）当电压表示数为2.5V时，由图丙读出电流表的示数，利用P=UI计算小灯泡的功率（额定功率）。
（1）灯泡正常发光时电压为2.5V，电源电压为6V，根据串联电路电压规律可知此时变阻器电压为3.5V，灯丝电阻约为12Ω，根据串联分压原理则有
解得变阻器阻值，所以应选择“50Ω，2A”的滑动变阻器，故选R3。
（2）[1][2]如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则该小灯泡正常发光时的功率为
20．【答案】（1）由下到上
（2）92；92
（3）水银
（4）观察水沸腾后的温度变化
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）实验时需要使用酒精灯的外焰加热，需要先放置酒精灯，再确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中，所以组装实验器材时应按照自下而上的顺序；
（2）图2中温度计的分度值是1℃，读数为92℃；
（3）据表格数据可知，水的沸点为98℃，大于酒精的沸点78℃，因此该实验选用水银温度计；
（4）水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是观察水沸腾后的温度变化。
故答案为：（1）由下到上；（2）92；（3）水银；（4）观察水沸腾后的温度变化。
【分析】（1）为了让酒精灯外焰加热，组装实验器材时应按照自下而上的顺序；
（2）温度计读数时应看清量程和分度值是；
（3）根据液体的熔点和沸点选取合适的温度计；
（4）实验中为了观察水沸腾时温度变化的特点，水沸腾后，还需要继续加热一段时间。
（1）组装实验器材时应按照自下而上的顺序，酒精灯放置好后，根据外焰的高度确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中。
（2）图2中温度计的分度值是1℃，根据温度计刻度规律，0℃刻度线在数字小的那端，液柱上表面超过0℃刻度线，故读数为92℃。
（3）据表格数据可知，酒精的沸点是78℃，低于水的沸点，因此该实验选用水银温度计。
（4）实验中为了观察水沸腾时温度变化的特点，水沸腾后，还需要继续加热一段时间。
21．【答案】（1）解：未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强。
（2）解：根据题意可知，集装箱沉没时受到的浮力是。
（3）解：根据题意可知，货箱的重力；
集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件知道，绳子的拉力是。

【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）由p=ρgh算出未打捞集装箱时集装箱底部受到海水的压强；
（2）由阿基米德原理算出集装箱沉没时受到的浮力；
（3）根据G=mg算出货箱的重力，集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件算出绳子的拉力。
（1）由知道，未打捞集装箱时，集装箱底部受到海水多大的压强
（2）集装箱沉没时，受到的浮力是
（3）货箱的重力
集装箱匀速上升的过程中，由平衡条件知道，绳子的拉力是
22．【答案】（1）解：由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电路中的电流为：
答：体重计空载时，电路中的电流为0.33A；
（2）由图乙可知，当体重计空载时，压力为零，压敏电阻的阻值R=45Ω，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知R两端的电压：
根据串联分压可得，电源电压：
答：电源电压为20V；’
（3）当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，由串联分压可知压敏电阻两端的电压最小，其受到的压力最大，此时体重计的示数最大，压敏电阻R两端的最小电压：
根据串联分压规律可得：
所以：
解得，由表格数据可知，此时压力为1200N，即该体重计能称量的最大重力为1200N。
答：此体重计所能测量的最大体重为1200N；
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，根据串联分压，减小定值电阻R0阻值可以达到要求。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压；
（1）知道当体重计空载时电压表的示数，根据欧姆定律可求得此时电路中的电流；
（2）当体重计空载时，压敏电阻受到的压力为零，由图乙可知此时压敏电阻的阻值，且知道此时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律可求得电源电压；
（3）由图像可知，压敏电阻所受到的压力越大，它的阻值越小，由串联分压的规律可知压敏电阻两端的电压越小，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压越大，即电压表示数越大，且电压表量程为0～15V，则当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，体重计测量的体重最大，根据串联电路的电压特点和分压规律可求出压敏电阻的最小阻值，结合图像可知此体重计所能测量的最大体重；
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，要增加体重计的量程，则压敏电阻受到的压力更大，由图乙可知压敏电阻的阻值更小，根据串联分压的规律分析能增加体重计量程的措施。
（1）由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，当体重计空载时，电压表的示数为5V，电路中的电流为
（2）由图乙可知，当体重计空载时，压力为零，压敏电阻的阻值R=45Ω，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知R两端的电压
根据串联分压可得，电源电压
（3）当电压表示数（R0两端的电压）最大为15V时，由串联分压可知压敏电阻两端的电压最小，其受到的压力最大，此时体重计的示数最大，压敏电阻R两端的最小电压
根据串联分压规律可得
所以
解得，由表格数据可知，此时压力为1200N，即该体重计能称量的最大重力为1200N。
（4）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，根据串联分压，减小定值电阻R0阻值可以达到要求。
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