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四川省绵阳市安州区2025年中考二模物理试题
一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）
1．（2025·安州模拟）下列能源中既是来自太阳辐射的能源，又属于可再生能源的一组是（　　）
A．煤炭、沼气 B．石油、潮汐能
C．风能、水能 D．柴薪、天然气
【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】地热能、潮汐能和原子核能来自于地球或月球，与太阳无关；其他能源来自太阳能。煤炭、石油、天然气是化石能源，是远古时期动植物经过地质年代中形成的，是来自太阳辐射的能源，是不可再生能源。柴薪、沼气、风能、水能是可再生能源，是来自太阳辐射的能源。C符合题意。
故选C。
【分析】地球上地热能、潮汐能和原子核能与太阳能无关；化石能源来自于太阳，比较短时间得到补充，是不可再生能源。
2．（2025·安州模拟）歌曲《东方红》简谱中有如下片段：，其中的数字符号表示声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．速度
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】简谱中的数字符号表示声音振动的频率不同，音调不同，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】音调指声音的高低，由振动频率决定；
响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；
音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
3．（2025·安州模拟）如图所示，打开收音机的开关，旋至没有电台的位置，将音量调大。取一节干电池和一根导线，先将导线的一端与电池的负极相连，再将导线的另一端与电池的正极快速摩擦，使它们时断时续地接触，会听到收音机中传出“喀喀”声。关于这个实验，下列说法错误的是（　　）
A．这个实验对电池有损害，最好用旧电池来做
B．迅速变化的电流能够产生电磁波
C．收音机可以接收电磁波信号
D．收音机接收的是导线的另一端与电池的正极快速摩擦而产生的声音
【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电磁波的产生；电视的发射和接收
【解析】【解答】A、将导线的一端与电池的负极相连，另一端与电池的正极快速摩擦，使它们时断时续地接触，这样会损伤电池，故A正确；
B、先将导线的一端与电池的负极相连，再将导线的另一端与正极摩擦，使它们时断时续地接触，电路中有时断时续的电流出现，迅速变化的电流产生了电磁波，产生的电磁波被收音机接收到，听到“咔咔”的声音，故B正确；
C、收音机接收到的声音是通过电磁波传播的，故C正确；
D、收音机接收的是导线的另一端与电池的正极快速接触而产生的电流变化，即电磁波，故D错误。 故选：D。
【分析】（1）根据电池的使用方法进行回答；
（2）收音机听到“咔咔”的声音，是受到电磁波的干扰，迅速变化的电流可以产生电磁波；
（3）电磁波能够传递信息，也能传递能量；
（4）电磁波在真空中的传播速度和光速相等。
4．（2025·安州模拟）如图是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验结束后根据观察、记录，绘制的水沸腾前后的温度与时间关系的图像。则（　　）
A．水的沸点不是100℃，可能读数有误
B．水沸腾时有大量气泡冒出，并不能说明水内部也在汽化
C．沸腾过程中水的内能不变
D．沸腾前的温度一时间图像越来越平缓，是因为温度越高，散热越快，升温越慢
【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；温度、热量与内能的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A、由图可知，水的沸点不是98℃，可能是因为当地大气压低于标准大气压，故A错误；
B、水沸腾时有大量气泡冒出，是因为水汽化变为水蒸气，故B错误；
C、沸腾过程中需要吸热，故水的内能变大，故C错误；
D、沸腾前的温度一时间图像越来越平缓，是因为温度越高，散热越快，水吸收的热量变少，故升温慢，故D正确。
故选：D。【分析】（1）水的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；
（2）水沸腾时有大量气泡冒出，是因为水汽化变为水蒸气；
（3）沸腾过程中需要吸热，水的内能变大；
（4）沸腾前温度升高的慢，是因为温度越高，散热越快。
5．（2025·安州模拟）如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（　　）
A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多
B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱
D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强
【答案】C
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A．实验中使用相同规格的加热器，相同时间产生的热量相同，故A不对；
B．物体的吸热能力，即比热容，是物质的一种固有属性，它不会随着物体温度的改变而改变。所以，B也是错误的。
C．从题目给出的图像中，我们可以看到在升高相同温度的情况下，a所用的时间明显比b少。这就意味着a的吸热能力比b弱。因此，C选项是正确的。
D．则相同时间内两种液体吸收的热量相同，相同时间内a升高的温度比b多，由可知，a的吸热能力比b弱，不是强，所以D不符合题意。
故选C。
【分析】本题考查的是通过实验数据图像分析两种不同液体的热容特性。比热容是物质的一种特性，表示单位质量的物质温度升高1℃所吸收的热量。通过加热相同质量的两种液体，观察温度随时间的变化，可以分析出两种液体的热容大小关系。在相同加热功率下，温度上升速度慢的液体热容较大，因为需要更多的热量来升高相同的温度。
6．（2025·安州模拟）工匠师傅维护精密仪表时，在眼睛前戴了一镜，便于观察仪表的细微之处。如图所示。则（　　）
A．该镜可能是面镜
B．该镜对光有发散作用
C．要使眼睛观察的像适当地大些，应适当增大镜与仪表间的距离
D．通过镜看到的是仪表正立的虚像，像位于镜与眼晴之间且离眼睛很近
【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、工匠师傅维护精密仪表时，在眼睛前戴了一镜，便于观察仪表的细微之处，说明该镜为透镜，不是面镜，故A错误；
B、便于观察仪表的细微之处，说明该镜能起到放大物体的作用，放大镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故B错误；
C、凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大，所以要使眼睛观察的像适当地大一些，应适当增大镜与仪表间的距离，故C正确；
D、通过镜看到的是仪表正立的虚像，物与像同侧，像不是位于镜与眼睛之间且离眼睛很近，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）凸透镜成像规律及其应用之一：物距在一倍焦距以内，凸透镜成正立、放大的虚像，物与像同侧，应用于放大镜；
（2）凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大。
7．（2025·安州模拟）如图所示，某同学玩滑板车。蹬一脚地，人和滑板车一起向前滑呀滑，但随后又慢悠悠地要停来……..又蹬一脚地......停止蹬地后，人和滑板车最终停了下来。不计空气阻力，关于此情景，下列说法正确的是（　　）
A．人用力蹬地后，人和滑板车向前运动的过程中，人对滑板车不再做功
B．人停止蹬地后，当人和滑板车停下来时，他们的惯性会消失
C．人得不断蹬地才能使人和滑板车保持向前运动，说明物体的运动需要力来维持
D．人停止蹬地后，人和滑板车运动得越来越慢，是因为没有受到力的作用
【答案】A
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A、人用力蹬地，使滑板车向前运动的过程中，人对滑板车有力的作用，滑板车在力的方向上通过一段距离，人对滑板车做功，当人的双脚站上滑板车向前运动的过程中，人对滑板车没有力的作用，滑板车由于惯性向前运动，所以此时人对滑板车不做功，故A错误；
B、惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，当人和滑板车最后停下来，他们的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、人站在车上时，人对车的压力和车对人的支持力，等大、反向、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；
D、人和滑板车运动得越来越慢，速度变小，因此他们的动能变小，故D正确。
故选：D。【分析】（1）力对物体做功的两个条件：一是作用在物体上的力，二是物体沿这个力的方向通过的距离；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
（3）一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）影响动能的因素是质量和速度。
8．（2025·安州模拟）弹簧置于竖直光滑管内，下端固定在水平地面上，上端与管口平齐。如图所示，将一直径略小于管的小球放在弹簧上端，先后两次向下按压弹簧到不同位置后释放小球，小球沿竖直方向运动。第--次小球到达的最高点为a。第二次小球到达的最高点为b，c为小球运动路径上的一点，小球所受空气阻力忽略不计。则先后两次（　　）
A．向下按压弹簧释放小球后小球的机械能守恒
B．小球由c到b过程，弹性势能转化为重力势能
C．小球上升过程，经过c点时的重力势能相等
D．小球上升过程，经过c点时的机械能相等
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A、当弹簧被按压到不同位置后释放小球时，小球在竖直方向上运动直至到达最高点。忽略空气阻力的情况下，在小球与弹簧未分离的阶段，弹簧的弹性势能会转化为小球的机械能，导致小球的机械能增加；而在小球与弹簧分离之后，小球的动能会逐渐转化为重力势能，此时机械能保持守恒。 故A错误；
B、小球从c点运动到b点的过程中，其质量保持不变，但运动速度减小导致动能降低，同时高度增加使得重力势能增大，这是动能向重力势能转化的过程。 故B错误；
C、在小球上升过程中，当经过c点时，由于高度相同且质量不变，小球在该位置的重力势能是相等的。 故C正确；
D、根据机械能守恒原理，第一次释放小球时弹簧储存的弹性势能较大，因此第一次释放后小球经过c点时的机械能也会较大。 故D错误。
故选C。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
9．（2025·安州模拟）绵阳市初中毕业升学体育考试必考项目第三类：女子800m、男子1000m中长跑采用智能化测试，借助感应芯片。测试者佩戴感应芯片通过起点和终点磁场地带时，芯片里的线圈就会产生电流，激发芯片发送编码信息，系统自动获取信息并计时。下列器件中与此工作原理相同的是（　　）
A．发电机 B．电磁继电器 C．电风扇 D．电铃
【答案】A
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终点设置的磁场地带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息；
A、发电机的原理是电磁感应，故A符合题意；
B、电磁继电器利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、电风扇利用的是通电线圈在磁场中受力转动的原理，故C不符合题意；
D、电铃利用的是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】电磁感应现象：闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。
10．（2025·安州模拟）徐伟同学发现，日常生活中妈妈有很多不规范的用电行为，很容易造成危险。于是他对妈妈的某些用电行为进行了总结，以便及时纠正：
①空气开关跳闸后，立即合上；②边给手机充电边用手机打电话；③用湿布擦拭用电器前断开开关；④在不断开电路的情况下，更换日光灯；⑤将三线插头变为两线插头使用；⑥家里电路定期检查，老旧线路及时更换。妈妈的这些行为中不符合安全用电原则的是（　　）
A．①②③④ B．②③④⑤ C．①②④⑤ D．③④⑤⑥
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】①空气开关跳闸后，先检查发生电路故障的原因，排除故障后再闭合开关，不符合安全用电原则；
②边给手机充电边用手机打电话，手机中电流较大，容易发热燃烧、爆炸，存在安全隐患，不符合安全用电原则；
③用湿布擦拭用电器前应断开开关，避免触电，符合安全用电原则；
④在不断开电路的情况下，更换日光灯容易触电，不符合安全用电原则；
⑤使用三线插头的可以避免因用电器漏电造成触电事故，变为两线插头使用，容易导致触电，不符合安全用电原则；
⑥家里电路要定期检查，老旧线路及时更换，避免发生触电事故，符合安全用电原则。
综上可知，以上行为中不符合安全用电原则的有①②④⑤，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】（1）空气开关跳闸后，必须检修后才能合闸；
（2）边充电边打电话存在安全隐患；
（3）生活用水是导体；
（4）更换灯泡、搬动家用电器前应先断开电源开关；
（5）三脚插头是用来将用电器的金属外壳与地线连接；
（6）家里电路要定期检查，老旧线路及时更换。
11．（2025·安州模拟）研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量m与液体体积V的关系如图所示，由图像可知（　　）
A．容器的质量是20kg
B．甲液体密度是2.5g/cm3
C．乙液体密度是1.2g/cm3
D．密度为0.8g/cm3的液体的m-V图像应位于Ⅲ区域
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A．由图像可知，当液体体积为0时，此时对应的总质量为20g，则容器的质量为m容=20g，故A错误；
B．由图像可知，当甲液体体积为40cm3时，总质量为100g，则甲液体质量为m甲=100g-20g=80g； 甲液体的密度为 ，故B错误；
C．由图像可知，当乙液体体积为60cm3时，总质量为100g，则乙液体质量为m乙=100g-20g=80g； 乙液体的密度为 ，故C错误；
D．密度为0.9g/cm3的液体，密度值比乙的密度还小，根据公式可知，质量相同时，该液体的体积大于乙液体的体积，所以该液体的m-V图像应该在Ⅲ区域，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由图像可知，当液体体积为0时，容器的质量20g；
（2）由图像可知，当甲液体体积为40cm3时，总质量为100g，求出甲液体质量，再根据密度公式计算甲液体的密度；
（3）由图像可知，当乙液体体积为60cm3时，总质量为100g，求出乙液体质量，再根据密度公式计算乙液体的密度；
（4）密度为0.9g/cm3 的液体，密度值比乙的密度还小，由此判断该液体的m-V图像所在区域。
12．（2025·安州模拟）如图所示电路，电源电压不变，灯泡L标有“6V；3W”字样，R1、R2为定值电阻。当S闭合，S1和S2断开时，灯泡L正常发光，L和R1的功率之比为3：1；当开关都闭合时，R1和R2的功率之比为4：1。则下列判断中错误的是（　　）
A．电源电压为8V B．灯泡L正常发光时的电阻为12
C．R1=4 D．开关都闭合时，R2的功率是16W
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AC．图中，当S闭合，S1和S2断开时，只灯L与R1串联，灯L正常发光，电路的电流：，根据L和R1功率之比，则，解得，P1=1W。
根据P=I2R，，R1两端的电压：，
据串联电路的电压特点，电源电压：U=U1+UL=2V+6V=8V，故AC正确，不符合题意；
B．图中，灯泡L正常发光的电阻：，故B正确，不符合题意；
D．开关都闭合，两电阻并联，R1的功率：，两电阻的功率之比，解得，R2的功率P2=4W，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】根据灯泡的规格，利用、，计算电流、电阻；利用P=I2R，结合电功率和电流，计算电阻大小，结合电功率的比值关系，计算电功率。
13．（2025·安州模拟）如图甲所示，一根一端封闭、粗细均匀的玻璃管内装一些铁沙，使其能竖直漂浮在水中。在玻璃管与水面交界处画上刻线并标记为1.0。表示这个位置对应的液体密度为水的密度的1.0倍。则（　　）
A．若用上述方法在玻璃管上依次标记0.7、0.8、0.9、1.1、1.2、1.3、…...的刻线，分别表示液体密度与水的密度的比值，则数值越小的刻线越靠下
B．将该密度计放入密度为0.8~1.2g/cm3的不同液体中，浸入的深度h与液体密度之间的关系应符合图乙中图线c
C．图乙中h1.0的位置在h0.8~1.2的中点
D．为使该简易密度计测量水和酒精的密度时，两条刻度线间的距离大一些，应增大玻璃管和铁沙的总质量，或换用横截面积更小的玻璃管
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】A、因密度计在水中和其它液体中都是漂浮，浮力都等于重力，则
F浮水=F浮液=G，即：ρgSh=ρ液gSh'，则：， 由可知，h'和ρ液成反比，说明上端刻度小、下端刻度大，即数值小的刻线在上边，且密度计上的刻度分布是不均匀的；故A错误；
B、密度计在液体中漂浮，则有G密度计=F浮=ρ液gSh，可得 ，当密度计重力，吸管的横截面积一定时，h与ρ液成反比，故a图线符合h随ρ液变化的规律；故C错误；
C、符合h随ρ液变化的规律时a图线，由于h与ρ液成反比，故中h1.0的位置不在h0.8～1.2的中点；故C错误；
D、自制密度计的质量为m，则G=mg，若被测液体的密度为ρ液，密度计处于漂浮状态时，F浮=G， 即：ρ液gV排=mg， 因为V排=sh，所以ρ液gsh=mg， 所以 ； 因为F浮液=G，即
ρ液gSh=G，则ΔV=sh， 所以ΔV变大，或使h变大，具体做法是：可适当增大配重，用更细的吸管；故D正确。
故选：D。【分析】（1）根据公式F浮=ρ液gV排结合浮力不变可得出h'与ρ、ρ液及h的关系式，据此得出的结论，密度计的刻度线上端刻度小、下端刻度大和上端刻度疏、下端刻度密；
（2）根据密度计在液体中漂浮，得浸入的深度h与液体密度ρ液的关系式进行分析；根据不同液体中的浮力相等，结合阿基米德原理分析回答；
（3）根据图乙的图线分析；
（4）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线（如0.8、1.0）之间的距离大一些，适当增大密度计的重力，根据F=F浮=ρ液gV排可知密度计浸入水中的深度增大；根据ΔV=Sh可知减小S，即可使h变大，据此设计即可。
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·安州模拟）中药煎煮方式分为“文火”和“武火”，受此启发，用手动开关S1、温控开关S2、水量开关S3、加热电阻R1和限流电阻R2（R1、R2阻值不随温度变化），设计了煎药壶电路，其中S1为总开关，电源电压为220V。闭合开关S1，能实现下表所示的功能，则温控开关S2与水量开关S3是　 　（选填“串联”或“并联”）的，限流电阻R2的阻值是　 　（计算结果取整数）。
温度t/oC 温控开关S2 壶内水量V/L 水量开关S2 R1的功率P/W 煎煮方式
闭合 闭合 900 武火
断开 闭合 900 武火
断开 断开 100 文火
【答案】并联；108
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据电路中只有两个电阻，而R1的功率可以改变，说明电路中的电流改变，则两个电阻必须串联，武火时，限流电阻被短路，当温控开关和水量开关同时断开时，两个电阻串联，处于文火状态，而只有温控开关断开时，限流电阻仍是短路，故温控开关S2与水量开关S3并联与限流电阻R2并联；
（2）武火时，限流电阻被短路，只有R1工作，R1的功率是800W；R1的电阻为：
； 文火时电路的电流为： ； 电路的总电阻为： ， R2的电阻为： 。
故答案为：并联；108。
【分析】根据电路中只有两个电阻，而R1的功率可以改变，说明电路中的电流改变，则两个电阻必须串联，武火时，限流电阻被短路，当温控开关和水量开关同时断开时，两个电阻串联，处于文火状态，据此分析。
15．（2025·安州模拟）如图所示，不均匀的直棒AB两端各放一支相同的蜡烛，此时直棒AB水平平衡，直棒的重心在O点　 　（选填“左侧”或“右侧”）；点燃蜡烛后两只蜡烛的燃烧速度相同，则当两支蜡烛燃烧掉一半之后，直棒的　 　（选填“A”或“B”）端上升。
【答案】右侧；A
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）根据图示可知，OA＞OB，则两侧的力臂关系为L左＞L右；由于蜡烛相同，故左侧的力与力臂的乘积较大，但杠杆平衡，故重心在支点右侧，使得左右力与力臂乘积相等；
（2）当两支相同的蜡烛都燃烧掉一半之后，两侧减少的重力相同，但左侧减少的力与力臂的乘积较大，剩余蜡烛与相应力臂的乘积A端小于B端，因此B端下沉，A端上升。
故选：右侧；A。
【分析】先根据图示比较左右力臂的大小，然后根据杠杆平衡的条件进行分析。
16．（2025·安州模拟）质量分布均匀的实心正方体甲，乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度，剩余部分对地面的压强p与的关系如图所示。已知ρ甲=6×103kg/m3，乙的边长为30cm，g取10N/kg，则图中hA=　 　cm，pA=　 　Pa。
【答案】15；3×103
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】第1空，第2空，乙为质量分布均匀的实心正方体，边长h乙=30cm=0.3m， 由图知未切时，乙对水平地面的压强p乙=6000Pa， 根据有： 6000Pa=ρ乙×10N/kg×0.3m； 解得乙的密度ρ乙=2×103kg/m3，由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，则有：
pA=ρ甲g（h甲-hA）=ρ乙g（h乙-hA），
6×103kg/m3×g×（0.2m-hA）=2×103kg/m3×g×（0.3m-hA），
解得：
hA=0.15m=15cm；
pA=ρ甲g（h甲-hA）=6×103kg/m3×10N/kg×（0.2m-0.15m）=3×103Pa，故D正确。
故答案为：15；3×103。【分析】（1）由题可知，乙的边长和未切时乙对水平地面的压强，利用p=ρgh得到正方体乙的密度；
（2）由甲的边长和正方体的体积公式得到甲的体积，甲的密度已知，利用密度公式得到甲的质量；
（3）由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，利用p=ρgh得到hA的值；
（4）利用p=ρgh得到pA的值。
17．（2025·安州模拟）某新型太阳能汽车的动力完全由安装在车顶的电池板收集的太阳能提供，接收太阳能的电池板面积为6m2。某次试车过程中，该车在水平路面上以恒定功率P做直线运动，v-t图像如图所示。汽车（包括司乘人员）的总质量为480kg，汽车行驶过程中所受阻力大小为车重的0.02倍，g取10N/kg。则在0~15s内汽车牵引力做的功是　 　J；若电池板吸收的太阳能转化为汽车的机械能的效率为20%，则太阳光照射到电池板单位面积上的功率为　 　W（假设汽车运动过程中太阳光照情况不变）。
【答案】14400；800
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）根据图示分析，汽车在第10秒后进入匀速直线运动状态，此时速度为10m/s。在匀速运动时，牵引力与阻力平衡，即：
汽车以恒定功率P行驶，其功率计算为：
在0~15秒内，牵引力做的功为：
（2） 太阳能电池板接收到的功率为：
单位面积上的太阳能功率为：
故答案为：14400；800。
【分析】（1）根据G=mg计算车重。汽车行驶过程中所受阻力大小恒为车重的0.02倍，即f=0.02G，10～15s汽车做匀速直线运动，受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，利用计算汽车的功率；再利用W=Pt计算0～15s内汽车牵引力做的功；
（2）根据效率公式计算0～15s吸收的太阳能，利用计算吸热功率，进而求出太阳光照射到电池板单位面积上的辐射功率。
18．（2025·安州模拟）一辆新能源电动汽车具有车速提醒功能，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该车提醒功能的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10，Rv为阻值随车速变化的电阻，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。当车速达到120km/h时，观察到电压表示数为10V，且报警铃声响起。该车驶人某高速服务区充电，充电后充电桩显示屏的信息为：充电电压360V，时间30min，单价1.2元/度，费用43.2元。则本次充电的电流为　 　A；当电压表的示数为9V时，此车的速度为　 　km/h。
【答案】200；60
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）充电度数为： ； 充电功率； 由P=UI可得，本次充电的电流：；
（2）由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当车速v为120km/h时，电压表示数U2为10V，则定值电阻R两端的电压为： UR=U-U1=12V-10V=2V， 此时电路中的电流为：
；
由可得，此时RV的阻值为：
；
由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当电压表示数为9V时，定值电阻R的电压为U'R=U电-UV=12V-9V=3V， 电路中电流：
，串联电路中电流处处相等， 由可得，此时RV的阻值：
， 由图乙可知：， 解得v=60km/h。
故答案为：200；60。
【分析】（1）求出用电量，根据公式电功率，根据P=UI算出充电电流；
（2）由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当车速为120km/h时，电压表示数为10V，根据串联电路电压规律计算定值电阻R两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算电路中的电流，根据欧姆定律可得此时RV的阻值； 当图甲中电压表的示数为9V时，根据串联电路电压规律计算定值电阻R两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算电路中的电流，根据欧姆定律可得此时RV的阻值，根据图乙计算出车速。
三、实验探究题（本题包括3小题，共20分）
19．（2025·安州模拟）用如图所示装置探究平面镜成像的特点。
（1）在桌面上铺一张大白纸，这张大白纸的作用是　 　；
（2）探究过程中至关重要的实验步骤是确定像的位置，具体做法是：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合。这里的“看上去”应该是　 　（选填“从各个角度”“从右侧”或“从点燃的蜡烛与点燃的蜡烛的像的连线上”）看。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，应该改变点燃的蜡烛在玻璃板前的　 　（选填“前后”或“左右”）位置。
【答案】（1）记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置
（2）从各个角度
（3）前后
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在桌面上铺一张大白纸，这张大白纸的作用是记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置；
（2）探究过程中至关重要的实验步骤是确定像的位置，具体做法是：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合。可知像与物大小相等，这里的“看上去”应该是 从各个角度看。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，为得出普遍性的规律，应该改变点燃的蜡烛在玻璃板前的前后位置。
故答案为：（1）记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置 （2）从各个角度；（3）前后。
【分析】（1）实验中大白纸的作用是记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置；
（2）根据等效替代法确定像的位置：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，从各个角度看，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合；
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，为得出普遍性的规律，要多次实验。
（1）白纸可以留下蜡烛、平面镜的痕迹，所以在桌面上铺一张大白纸，可以记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置。
（2）拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合，应该是从各个角度看上去，不点燃的蜡烛与前面那支蜡烛的像完全重合，才能确定像的位置，因为一旦从任何角度看到不重合，而从其他角度看到重合，都不能说明不点燃的蜡烛与前面那支蜡烛的像完全重合。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，应该改变物距，即蜡烛到平面镜的距离，所以需要改变点燃的蜡烛在玻璃板前的前后位置。
20．（2025·安州模拟）利用如图甲所示的实验装置“探究影响滑动摩擦力大小的因素”。
（1）观察弹簧测力计的量程和分度值后，发现竖直方向调零好的弹簧测力计水平放置后指针在零刻度线左方，那么测量前，应该先（　　）（填序号）
A．把挂钩向右拉 B．把挂钩向左推
C．适当把刻度面板向右拉 D．适当把刻度面板向左拉
（2）测量过程中发现很难控制木块　 　，且读数极不方便；
（3）为了解决（2）中的问题，改进方案设计了如图乙所示的A、B、C、D四种方案，你认为可以采用的方案是（　　）（填序号）。
A．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的长木板
B．用绳子将木块连接到固定挡板上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板
C．用弹簧测力计将小车连接到固定挡板上后，直接拉动上面的木块
D．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的小车
【答案】（1）D
（2）做匀速直线运动
（3）A；D
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）弹簧自身重力的作用，所以当在竖直方向上对弹簧测力计调零后，再在水平方向上测拉力的大小，指针在零刻度线左方，为了使指针指在零刻度线，指针相对刻度盘向右运动，应该将刻度面板向左拉；
（2）用手拉弹簧测力计很难控制木块的运动，运动过程中弹簧测力计的指针不稳定不方便读数；
（3）可以使弹簧测力计固定，拉动木块下面的长木板或小车，读出测力计示数，故选：AD。
故答案为：（1）D；（2）做匀速直线运动；（3）AD。
【分析】（1）在竖直方向上对弹簧测力计调零，因弹簧自身重力的作用，会使指针所指的初始位置偏下方，再水平使用时，指针回缩，则测出的力的示数会变小；
（2）用手拉弹簧测力计很难控制木块的运动，运动过程中弹簧测力计的指针不稳定不方便读数；
（3）实验过程中很难保持物体进行匀速直线运动，可以使弹簧测力计固定，拉动木块下面的长木板，物体相对运动时，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，并且弹簧测力计处于静止状态，便于读数，实验过程中不必要求长木板进行匀速直线运动。
（1）观察弹簧测力计的量程和分度值后，发现竖直方向调零好的弹簧测力计水平放置后指针在零刻度线左方，那么测量前，应该先适当把刻度面板向左拉，使得指针相对于刻度盘向右运动，指在零刻度线上。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（2）测量过程中由于要用手提供拉力，会发现很难控制木块做匀速直线运动，且运动过程中读数极不方便，误差较大。
（3）A．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的长木板，不管长木板是否做匀速直线运动，木块相对于地面静止，受力平衡，弹簧测力计示数等于木块所受的摩擦力大小，故A符合题意；
B．用绳子将木块连接到固定挡板上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板，弹簧测力计所测的是长木板所受的拉力。长木板受到拉力、地面和木块给的摩擦力，且不一定做匀速直线运动，所以弹簧测力计示数与木块所受的摩擦力大小的关系不能确定，故B不符合题意；
C．用弹簧测力计将小车连接到固定挡板上后，直接拉动上面的木块，小车在水平方向上受木块和地面的摩擦力以及弹簧测力计的拉力，小车与地面之间的摩擦力会直接影响测量结果，故C不符合题意；
D．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的小车，不管小车是否做匀速直线运动，木块相对于地面静止，受力平衡，弹簧测力计示数等于木块所受的摩擦力大小，故D符合题意。
故选AD。
21．（2025·安州模拟）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V，额定电流是0.3A。
（1）电路有一条导线连接错误，请在该导线上打“”，并用笔画一条线代替导线，将电路连接正确　 　。
（2）移动滑动变阻器的滑片至最左端后闭合开关，使电路中的电流在开始测量时最小。向另一端移动滑片，观察到小灯泡在电压达到0.42V时开始发光，此时电流表示数如图乙所示。
（3）继续移动滑片，根据多次测量的实验数据绘制U-I图像如图丙，小灯泡未发光时电阻可能为　 　
A.0　　B.3.1
C.3.5　　D.8.3
（4）电路中电流增大，是因为滑动变阻器连人电路的电阻减小，整个电路的总电阻减小，滑动变阻器连入电路减小的电阻　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）整个电路减小的电阻。
（5）测出小灯泡的额定功率后，把通过小灯泡的电流调为其额定电流的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，原因在于灯泡的电阻随温度的升高而增大，那么此时它的实际功率　 　（选填“大于”或“小于”）。
【答案】；B；大于；小于
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）原电路连接存在错误，电压表与灯泡串联后再与导线并联。正确的连接方式应为：灯泡与电阻、滑动变阻器、电流表串联，电压表并联在灯泡两端测量电压。修正后的电路图如下：
（3）实验操作步骤：
将滑动变阻器滑片移至最左端（阻值最大处）后闭合开关，确保初始电流最小；
缓慢向右移动滑片，观察到灯泡在电压达到0.42V时开始发光；
此时电流表示数如图乙所示，电流表选用0-0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.12A；
计算此时灯泡电阻：
通过多次测量绘制U-I图像（图丙）分析可知：
未发光时灯泡电阻不可能为零但始终小于发光时的电阻3.5Ω
故选B。
（4）灯泡电阻随温度升高而增大；当电路电流增大时：滑动变阻器接入电阻减小，总电路电阻减小，
但灯泡电压增大导致其电阻增大，因此滑动变阻器电阻减小量 > 总电阻减小量。（5）根据公式，若电阻不变，当电流减半时功率应为额定功率的。但实际测量发现：灯泡电阻随温度降低而减小，导致实际功率。故答案为：（1）见解析；（3）B；（4）大于；（5）小于。
【分析】（1）原电路中，电压表与灯串联后与导线并联，是错误的，灯应与变阻器、电流表串联在电路中，电压表测灯的电压；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出灯的电阻；
（3）小灯泡未发光时电阻不可能为0，灯的电阻随温度的升高而变大，据此分析；
（4）灯的电阻随温度的升高而变大，整个电路的总电阻减小，而灯的电压变大，灯的电阻变大，据此分析；
（5）根据P=I2R，在电阻不变时，把通过小灯泡的电流调为其额定电流的一半，灯的实际功率为额定功率的四分之一，因灯的电阻随温度的变小而变小，据此分析。
四、综合运用题（本题包括2小题，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
22．（2025·安州模拟）（如图所示，电水壶的规格为“220V，1210W”、电热水器的规格为“220V，2420W”、电能表上标着“3000revs/（kW·h）”。当电路中单独使用电水壶烧水时，铝盘转动165转，用时180s；在电路中单独使用电热水器时，用时6min。导线、电水壶和电热水器的电阻不随温度变化。求：
（1）电水壶和电热水器的电阻；
（2）单独使用电热水器时导线上产生的热量。
【答案】（1）解：根据和P=UI，可得，则电水壶的电阻：
电热水器的电阻：
答：电水壶和电热水器的电阻分别是40Ω和20Ω；
（2）单独使用电水壶烧水时，导线与电水壶串联，电路消耗的电能为：
电路的总功率为：
电路的总电阻为：
导线的电阻为：
单独使用电热水器时，电路的总电阻：
电路中的电流为：
导线上产生的热量为：
答：单独使用电热水器时导线上产生的热量为1.21×105J。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电能表参数的理解；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）利用公式分别算电水壶和电热水器的电阻；
（2）根据电能表铝盘的转数和电能表的参数计算出电路消耗的电能，根据求出电路的总功率，进而算出电路总电阻，根据串联电路电阻的特点求出导线的电阻和水龙头的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律求出其产生的热量。
（1）根据和P=UI，可得，则电水壶的电阻
电热水器的电阻
（2）单独使用电水壶烧水时，导线与电水壶串联，电路消耗的电能为
电路的总功率为
电路的总电阻为
导线的电阻为
单独使用电热水器时，电路的总电阻
电路中的电流为
导线上产生的热量为
23．（2025·安州模拟）如图甲所示，是小冬老师探究浮力大小与哪些因素有关的装置。升降台上有重为2N、底面积为200cm2的盛水薄壁柱形容器（足够高），底面积为100cm2的圆柱体A，其上表面中央沿竖直方向固定一根体积不计的细杆，下表面刚好与水面接触。现将升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，通过细杆上端压力传感器测得细杆对圆柱体A的作用力F的大小与时间t的关系图像如图乙所示。求：
（1）圆柱体A的质量；
（2）圆柱体A的密度；
（3）第4s末容器对升降台的压强。
【答案】解：（1）由乙图可知，圆柱体A固定在传感器上，传感器受到的拉力为6N，则圆柱体A的质量
（2）由乙图可知，传感器受到的力先减小后增大，所以柱体没接触水面时，受到的是向下的拉力，随着浮力逐渐增大，传感器受到的拉力减小直至为0，当浮力大于柱体的重力后，传感器受到压力，所以圆柱体A完全浸没在水中后受到浮力不变，传感器受到的压力为4N，则柱体A受到的浮力为圆柱体A的重力与传感器受到的压力之和，即
F浮=GA+F压=6N+4N=10N
则柱体A的体积
则柱体A的密度
（3）由乙图可知，时间为3s时，传感器受到的力为0，时间为5s时，传感器受到的力为4N，所以可得力F的大小与时间t的关系为
故第4s末传感器受到的力为2N，则圆柱体A受到的浮力
F浮 =GA+F压 =6N+2N=8N
由乙图可知，升降台上升第7s传感器受到的压力继续增大，即柱体A接触到容器底，所以柱体A从下表面刚好与水面接触到接触达容器底经历时间为7s，升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，所以容器中原来水的深度等于升降台上升的高度相同为7cm，所以原来水的重力
则第4s末容器对升降台的压强
答：（1）圆柱体A的质量为0.6kg；
（2）圆柱体A的密度为0.6×103kg/m3；
（3）第4s末容器对升降台的压强1.2×103Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】（1）由图可知圆柱体A的重力为6N，根据重力公式计算圆柱体A的质量；
（2）由图乙可知3s时，细杆对A的拉力为0，此时A受到的浮力等于自身重力， 3s后细杆对A有向下的压力，5～7s细杆对A的压力不变为4N，说明此时A浸没，进一步计算A受到的浮力，根据阿基米德原理计算A的体积，根据密度公式计算圆柱体A的密度；
（3）7s后细杆对A的压力变大，说明此时A触底，升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，据此计算升降台升高的高度，也就是容器中原有水面的高度，根据重力公式、密度公式计算容器中原有水的重力， 根据速度公式计算第4s末升降台升高的高度，设此时水面升高的高度为Δh，根据体积公式可得
S容Δh=SA（h升+Δh），代入数据解方程可得Δh的值， 根据体积公式计算圆柱体A排开水的体积，根据阿基米德原理计算A受到的浮力， 此时容器对升降台的压力等于水的重力、容器的重力、A受到的浮力之和，根据压强公式计算容器对升降台的压强。
1 / 1四川省绵阳市安州区2025年中考二模物理试题
一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）
1．（2025·安州模拟）下列能源中既是来自太阳辐射的能源，又属于可再生能源的一组是（　　）
A．煤炭、沼气 B．石油、潮汐能
C．风能、水能 D．柴薪、天然气
2．（2025·安州模拟）歌曲《东方红》简谱中有如下片段：，其中的数字符号表示声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．速度
3．（2025·安州模拟）如图所示，打开收音机的开关，旋至没有电台的位置，将音量调大。取一节干电池和一根导线，先将导线的一端与电池的负极相连，再将导线的另一端与电池的正极快速摩擦，使它们时断时续地接触，会听到收音机中传出“喀喀”声。关于这个实验，下列说法错误的是（　　）
A．这个实验对电池有损害，最好用旧电池来做
B．迅速变化的电流能够产生电磁波
C．收音机可以接收电磁波信号
D．收音机接收的是导线的另一端与电池的正极快速摩擦而产生的声音
4．（2025·安州模拟）如图是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验结束后根据观察、记录，绘制的水沸腾前后的温度与时间关系的图像。则（　　）
A．水的沸点不是100℃，可能读数有误
B．水沸腾时有大量气泡冒出，并不能说明水内部也在汽化
C．沸腾过程中水的内能不变
D．沸腾前的温度一时间图像越来越平缓，是因为温度越高，散热越快，升温越慢
5．（2025·安州模拟）如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（　　）
A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多
B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱
D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强
6．（2025·安州模拟）工匠师傅维护精密仪表时，在眼睛前戴了一镜，便于观察仪表的细微之处。如图所示。则（　　）
A．该镜可能是面镜
B．该镜对光有发散作用
C．要使眼睛观察的像适当地大些，应适当增大镜与仪表间的距离
D．通过镜看到的是仪表正立的虚像，像位于镜与眼晴之间且离眼睛很近
7．（2025·安州模拟）如图所示，某同学玩滑板车。蹬一脚地，人和滑板车一起向前滑呀滑，但随后又慢悠悠地要停来……..又蹬一脚地......停止蹬地后，人和滑板车最终停了下来。不计空气阻力，关于此情景，下列说法正确的是（　　）
A．人用力蹬地后，人和滑板车向前运动的过程中，人对滑板车不再做功
B．人停止蹬地后，当人和滑板车停下来时，他们的惯性会消失
C．人得不断蹬地才能使人和滑板车保持向前运动，说明物体的运动需要力来维持
D．人停止蹬地后，人和滑板车运动得越来越慢，是因为没有受到力的作用
8．（2025·安州模拟）弹簧置于竖直光滑管内，下端固定在水平地面上，上端与管口平齐。如图所示，将一直径略小于管的小球放在弹簧上端，先后两次向下按压弹簧到不同位置后释放小球，小球沿竖直方向运动。第--次小球到达的最高点为a。第二次小球到达的最高点为b，c为小球运动路径上的一点，小球所受空气阻力忽略不计。则先后两次（　　）
A．向下按压弹簧释放小球后小球的机械能守恒
B．小球由c到b过程，弹性势能转化为重力势能
C．小球上升过程，经过c点时的重力势能相等
D．小球上升过程，经过c点时的机械能相等
9．（2025·安州模拟）绵阳市初中毕业升学体育考试必考项目第三类：女子800m、男子1000m中长跑采用智能化测试，借助感应芯片。测试者佩戴感应芯片通过起点和终点磁场地带时，芯片里的线圈就会产生电流，激发芯片发送编码信息，系统自动获取信息并计时。下列器件中与此工作原理相同的是（　　）
A．发电机 B．电磁继电器 C．电风扇 D．电铃
10．（2025·安州模拟）徐伟同学发现，日常生活中妈妈有很多不规范的用电行为，很容易造成危险。于是他对妈妈的某些用电行为进行了总结，以便及时纠正：
①空气开关跳闸后，立即合上；②边给手机充电边用手机打电话；③用湿布擦拭用电器前断开开关；④在不断开电路的情况下，更换日光灯；⑤将三线插头变为两线插头使用；⑥家里电路定期检查，老旧线路及时更换。妈妈的这些行为中不符合安全用电原则的是（　　）
A．①②③④ B．②③④⑤ C．①②④⑤ D．③④⑤⑥
11．（2025·安州模拟）研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量m与液体体积V的关系如图所示，由图像可知（　　）
A．容器的质量是20kg
B．甲液体密度是2.5g/cm3
C．乙液体密度是1.2g/cm3
D．密度为0.8g/cm3的液体的m-V图像应位于Ⅲ区域
12．（2025·安州模拟）如图所示电路，电源电压不变，灯泡L标有“6V；3W”字样，R1、R2为定值电阻。当S闭合，S1和S2断开时，灯泡L正常发光，L和R1的功率之比为3：1；当开关都闭合时，R1和R2的功率之比为4：1。则下列判断中错误的是（　　）
A．电源电压为8V B．灯泡L正常发光时的电阻为12
C．R1=4 D．开关都闭合时，R2的功率是16W
13．（2025·安州模拟）如图甲所示，一根一端封闭、粗细均匀的玻璃管内装一些铁沙，使其能竖直漂浮在水中。在玻璃管与水面交界处画上刻线并标记为1.0。表示这个位置对应的液体密度为水的密度的1.0倍。则（　　）
A．若用上述方法在玻璃管上依次标记0.7、0.8、0.9、1.1、1.2、1.3、…...的刻线，分别表示液体密度与水的密度的比值，则数值越小的刻线越靠下
B．将该密度计放入密度为0.8~1.2g/cm3的不同液体中，浸入的深度h与液体密度之间的关系应符合图乙中图线c
C．图乙中h1.0的位置在h0.8~1.2的中点
D．为使该简易密度计测量水和酒精的密度时，两条刻度线间的距离大一些，应增大玻璃管和铁沙的总质量，或换用横截面积更小的玻璃管
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·安州模拟）中药煎煮方式分为“文火”和“武火”，受此启发，用手动开关S1、温控开关S2、水量开关S3、加热电阻R1和限流电阻R2（R1、R2阻值不随温度变化），设计了煎药壶电路，其中S1为总开关，电源电压为220V。闭合开关S1，能实现下表所示的功能，则温控开关S2与水量开关S3是　 　（选填“串联”或“并联”）的，限流电阻R2的阻值是　 　（计算结果取整数）。
温度t/oC 温控开关S2 壶内水量V/L 水量开关S2 R1的功率P/W 煎煮方式
闭合 闭合 900 武火
断开 闭合 900 武火
断开 断开 100 文火
15．（2025·安州模拟）如图所示，不均匀的直棒AB两端各放一支相同的蜡烛，此时直棒AB水平平衡，直棒的重心在O点　 　（选填“左侧”或“右侧”）；点燃蜡烛后两只蜡烛的燃烧速度相同，则当两支蜡烛燃烧掉一半之后，直棒的　 　（选填“A”或“B”）端上升。
16．（2025·安州模拟）质量分布均匀的实心正方体甲，乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度，剩余部分对地面的压强p与的关系如图所示。已知ρ甲=6×103kg/m3，乙的边长为30cm，g取10N/kg，则图中hA=　 　cm，pA=　 　Pa。
17．（2025·安州模拟）某新型太阳能汽车的动力完全由安装在车顶的电池板收集的太阳能提供，接收太阳能的电池板面积为6m2。某次试车过程中，该车在水平路面上以恒定功率P做直线运动，v-t图像如图所示。汽车（包括司乘人员）的总质量为480kg，汽车行驶过程中所受阻力大小为车重的0.02倍，g取10N/kg。则在0~15s内汽车牵引力做的功是　 　J；若电池板吸收的太阳能转化为汽车的机械能的效率为20%，则太阳光照射到电池板单位面积上的功率为　 　W（假设汽车运动过程中太阳光照情况不变）。
18．（2025·安州模拟）一辆新能源电动汽车具有车速提醒功能，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该车提醒功能的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10，Rv为阻值随车速变化的电阻，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。当车速达到120km/h时，观察到电压表示数为10V，且报警铃声响起。该车驶人某高速服务区充电，充电后充电桩显示屏的信息为：充电电压360V，时间30min，单价1.2元/度，费用43.2元。则本次充电的电流为　 　A；当电压表的示数为9V时，此车的速度为　 　km/h。
三、实验探究题（本题包括3小题，共20分）
19．（2025·安州模拟）用如图所示装置探究平面镜成像的特点。
（1）在桌面上铺一张大白纸，这张大白纸的作用是　 　；
（2）探究过程中至关重要的实验步骤是确定像的位置，具体做法是：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合。这里的“看上去”应该是　 　（选填“从各个角度”“从右侧”或“从点燃的蜡烛与点燃的蜡烛的像的连线上”）看。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，应该改变点燃的蜡烛在玻璃板前的　 　（选填“前后”或“左右”）位置。
20．（2025·安州模拟）利用如图甲所示的实验装置“探究影响滑动摩擦力大小的因素”。
（1）观察弹簧测力计的量程和分度值后，发现竖直方向调零好的弹簧测力计水平放置后指针在零刻度线左方，那么测量前，应该先（　　）（填序号）
A．把挂钩向右拉 B．把挂钩向左推
C．适当把刻度面板向右拉 D．适当把刻度面板向左拉
（2）测量过程中发现很难控制木块　 　，且读数极不方便；
（3）为了解决（2）中的问题，改进方案设计了如图乙所示的A、B、C、D四种方案，你认为可以采用的方案是（　　）（填序号）。
A．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的长木板
B．用绳子将木块连接到固定挡板上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板
C．用弹簧测力计将小车连接到固定挡板上后，直接拉动上面的木块
D．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的小车
21．（2025·安州模拟）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V，额定电流是0.3A。
（1）电路有一条导线连接错误，请在该导线上打“”，并用笔画一条线代替导线，将电路连接正确　 　。
（2）移动滑动变阻器的滑片至最左端后闭合开关，使电路中的电流在开始测量时最小。向另一端移动滑片，观察到小灯泡在电压达到0.42V时开始发光，此时电流表示数如图乙所示。
（3）继续移动滑片，根据多次测量的实验数据绘制U-I图像如图丙，小灯泡未发光时电阻可能为　 　
A.0　　B.3.1
C.3.5　　D.8.3
（4）电路中电流增大，是因为滑动变阻器连人电路的电阻减小，整个电路的总电阻减小，滑动变阻器连入电路减小的电阻　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）整个电路减小的电阻。
（5）测出小灯泡的额定功率后，把通过小灯泡的电流调为其额定电流的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，原因在于灯泡的电阻随温度的升高而增大，那么此时它的实际功率　 　（选填“大于”或“小于”）。
四、综合运用题（本题包括2小题，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
22．（2025·安州模拟）（如图所示，电水壶的规格为“220V，1210W”、电热水器的规格为“220V，2420W”、电能表上标着“3000revs/（kW·h）”。当电路中单独使用电水壶烧水时，铝盘转动165转，用时180s；在电路中单独使用电热水器时，用时6min。导线、电水壶和电热水器的电阻不随温度变化。求：
（1）电水壶和电热水器的电阻；
（2）单独使用电热水器时导线上产生的热量。
23．（2025·安州模拟）如图甲所示，是小冬老师探究浮力大小与哪些因素有关的装置。升降台上有重为2N、底面积为200cm2的盛水薄壁柱形容器（足够高），底面积为100cm2的圆柱体A，其上表面中央沿竖直方向固定一根体积不计的细杆，下表面刚好与水面接触。现将升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，通过细杆上端压力传感器测得细杆对圆柱体A的作用力F的大小与时间t的关系图像如图乙所示。求：
（1）圆柱体A的质量；
（2）圆柱体A的密度；
（3）第4s末容器对升降台的压强。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】地热能、潮汐能和原子核能来自于地球或月球，与太阳无关；其他能源来自太阳能。煤炭、石油、天然气是化石能源，是远古时期动植物经过地质年代中形成的，是来自太阳辐射的能源，是不可再生能源。柴薪、沼气、风能、水能是可再生能源，是来自太阳辐射的能源。C符合题意。
故选C。
【分析】地球上地热能、潮汐能和原子核能与太阳能无关；化石能源来自于太阳，比较短时间得到补充，是不可再生能源。
2．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】简谱中的数字符号表示声音振动的频率不同，音调不同，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】音调指声音的高低，由振动频率决定；
响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；
音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
3．【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电磁波的产生；电视的发射和接收
【解析】【解答】A、将导线的一端与电池的负极相连，另一端与电池的正极快速摩擦，使它们时断时续地接触，这样会损伤电池，故A正确；
B、先将导线的一端与电池的负极相连，再将导线的另一端与正极摩擦，使它们时断时续地接触，电路中有时断时续的电流出现，迅速变化的电流产生了电磁波，产生的电磁波被收音机接收到，听到“咔咔”的声音，故B正确；
C、收音机接收到的声音是通过电磁波传播的，故C正确；
D、收音机接收的是导线的另一端与电池的正极快速接触而产生的电流变化，即电磁波，故D错误。 故选：D。
【分析】（1）根据电池的使用方法进行回答；
（2）收音机听到“咔咔”的声音，是受到电磁波的干扰，迅速变化的电流可以产生电磁波；
（3）电磁波能够传递信息，也能传递能量；
（4）电磁波在真空中的传播速度和光速相等。
4．【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；温度、热量与内能的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A、由图可知，水的沸点不是98℃，可能是因为当地大气压低于标准大气压，故A错误；
B、水沸腾时有大量气泡冒出，是因为水汽化变为水蒸气，故B错误；
C、沸腾过程中需要吸热，故水的内能变大，故C错误；
D、沸腾前的温度一时间图像越来越平缓，是因为温度越高，散热越快，水吸收的热量变少，故升温慢，故D正确。
故选：D。【分析】（1）水的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；
（2）水沸腾时有大量气泡冒出，是因为水汽化变为水蒸气；
（3）沸腾过程中需要吸热，水的内能变大；
（4）沸腾前温度升高的慢，是因为温度越高，散热越快。
5．【答案】C
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A．实验中使用相同规格的加热器，相同时间产生的热量相同，故A不对；
B．物体的吸热能力，即比热容，是物质的一种固有属性，它不会随着物体温度的改变而改变。所以，B也是错误的。
C．从题目给出的图像中，我们可以看到在升高相同温度的情况下，a所用的时间明显比b少。这就意味着a的吸热能力比b弱。因此，C选项是正确的。
D．则相同时间内两种液体吸收的热量相同，相同时间内a升高的温度比b多，由可知，a的吸热能力比b弱，不是强，所以D不符合题意。
故选C。
【分析】本题考查的是通过实验数据图像分析两种不同液体的热容特性。比热容是物质的一种特性，表示单位质量的物质温度升高1℃所吸收的热量。通过加热相同质量的两种液体，观察温度随时间的变化，可以分析出两种液体的热容大小关系。在相同加热功率下，温度上升速度慢的液体热容较大，因为需要更多的热量来升高相同的温度。
6．【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、工匠师傅维护精密仪表时，在眼睛前戴了一镜，便于观察仪表的细微之处，说明该镜为透镜，不是面镜，故A错误；
B、便于观察仪表的细微之处，说明该镜能起到放大物体的作用，放大镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故B错误；
C、凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大，所以要使眼睛观察的像适当地大一些，应适当增大镜与仪表间的距离，故C正确；
D、通过镜看到的是仪表正立的虚像，物与像同侧，像不是位于镜与眼睛之间且离眼睛很近，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）凸透镜成像规律及其应用之一：物距在一倍焦距以内，凸透镜成正立、放大的虚像，物与像同侧，应用于放大镜；
（2）凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大。
7．【答案】A
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A、人用力蹬地，使滑板车向前运动的过程中，人对滑板车有力的作用，滑板车在力的方向上通过一段距离，人对滑板车做功，当人的双脚站上滑板车向前运动的过程中，人对滑板车没有力的作用，滑板车由于惯性向前运动，所以此时人对滑板车不做功，故A错误；
B、惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，当人和滑板车最后停下来，他们的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、人站在车上时，人对车的压力和车对人的支持力，等大、反向、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；
D、人和滑板车运动得越来越慢，速度变小，因此他们的动能变小，故D正确。
故选：D。【分析】（1）力对物体做功的两个条件：一是作用在物体上的力，二是物体沿这个力的方向通过的距离；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
（3）一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）影响动能的因素是质量和速度。
8．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A、当弹簧被按压到不同位置后释放小球时，小球在竖直方向上运动直至到达最高点。忽略空气阻力的情况下，在小球与弹簧未分离的阶段，弹簧的弹性势能会转化为小球的机械能，导致小球的机械能增加；而在小球与弹簧分离之后，小球的动能会逐渐转化为重力势能，此时机械能保持守恒。 故A错误；
B、小球从c点运动到b点的过程中，其质量保持不变，但运动速度减小导致动能降低，同时高度增加使得重力势能增大，这是动能向重力势能转化的过程。 故B错误；
C、在小球上升过程中，当经过c点时，由于高度相同且质量不变，小球在该位置的重力势能是相等的。 故C正确；
D、根据机械能守恒原理，第一次释放小球时弹簧储存的弹性势能较大，因此第一次释放后小球经过c点时的机械能也会较大。 故D错误。
故选C。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
9．【答案】A
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终点设置的磁场地带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息；
A、发电机的原理是电磁感应，故A符合题意；
B、电磁继电器利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、电风扇利用的是通电线圈在磁场中受力转动的原理，故C不符合题意；
D、电铃利用的是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】电磁感应现象：闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。
10．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】①空气开关跳闸后，先检查发生电路故障的原因，排除故障后再闭合开关，不符合安全用电原则；
②边给手机充电边用手机打电话，手机中电流较大，容易发热燃烧、爆炸，存在安全隐患，不符合安全用电原则；
③用湿布擦拭用电器前应断开开关，避免触电，符合安全用电原则；
④在不断开电路的情况下，更换日光灯容易触电，不符合安全用电原则；
⑤使用三线插头的可以避免因用电器漏电造成触电事故，变为两线插头使用，容易导致触电，不符合安全用电原则；
⑥家里电路要定期检查，老旧线路及时更换，避免发生触电事故，符合安全用电原则。
综上可知，以上行为中不符合安全用电原则的有①②④⑤，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】（1）空气开关跳闸后，必须检修后才能合闸；
（2）边充电边打电话存在安全隐患；
（3）生活用水是导体；
（4）更换灯泡、搬动家用电器前应先断开电源开关；
（5）三脚插头是用来将用电器的金属外壳与地线连接；
（6）家里电路要定期检查，老旧线路及时更换。
11．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A．由图像可知，当液体体积为0时，此时对应的总质量为20g，则容器的质量为m容=20g，故A错误；
B．由图像可知，当甲液体体积为40cm3时，总质量为100g，则甲液体质量为m甲=100g-20g=80g； 甲液体的密度为 ，故B错误；
C．由图像可知，当乙液体体积为60cm3时，总质量为100g，则乙液体质量为m乙=100g-20g=80g； 乙液体的密度为 ，故C错误；
D．密度为0.9g/cm3的液体，密度值比乙的密度还小，根据公式可知，质量相同时，该液体的体积大于乙液体的体积，所以该液体的m-V图像应该在Ⅲ区域，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由图像可知，当液体体积为0时，容器的质量20g；
（2）由图像可知，当甲液体体积为40cm3时，总质量为100g，求出甲液体质量，再根据密度公式计算甲液体的密度；
（3）由图像可知，当乙液体体积为60cm3时，总质量为100g，求出乙液体质量，再根据密度公式计算乙液体的密度；
（4）密度为0.9g/cm3 的液体，密度值比乙的密度还小，由此判断该液体的m-V图像所在区域。
12．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AC．图中，当S闭合，S1和S2断开时，只灯L与R1串联，灯L正常发光，电路的电流：，根据L和R1功率之比，则，解得，P1=1W。
根据P=I2R，，R1两端的电压：，
据串联电路的电压特点，电源电压：U=U1+UL=2V+6V=8V，故AC正确，不符合题意；
B．图中，灯泡L正常发光的电阻：，故B正确，不符合题意；
D．开关都闭合，两电阻并联，R1的功率：，两电阻的功率之比，解得，R2的功率P2=4W，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】根据灯泡的规格，利用、，计算电流、电阻；利用P=I2R，结合电功率和电流，计算电阻大小，结合电功率的比值关系，计算电功率。
13．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】A、因密度计在水中和其它液体中都是漂浮，浮力都等于重力，则
F浮水=F浮液=G，即：ρgSh=ρ液gSh'，则：， 由可知，h'和ρ液成反比，说明上端刻度小、下端刻度大，即数值小的刻线在上边，且密度计上的刻度分布是不均匀的；故A错误；
B、密度计在液体中漂浮，则有G密度计=F浮=ρ液gSh，可得 ，当密度计重力，吸管的横截面积一定时，h与ρ液成反比，故a图线符合h随ρ液变化的规律；故C错误；
C、符合h随ρ液变化的规律时a图线，由于h与ρ液成反比，故中h1.0的位置不在h0.8～1.2的中点；故C错误；
D、自制密度计的质量为m，则G=mg，若被测液体的密度为ρ液，密度计处于漂浮状态时，F浮=G， 即：ρ液gV排=mg， 因为V排=sh，所以ρ液gsh=mg， 所以 ； 因为F浮液=G，即
ρ液gSh=G，则ΔV=sh， 所以ΔV变大，或使h变大，具体做法是：可适当增大配重，用更细的吸管；故D正确。
故选：D。【分析】（1）根据公式F浮=ρ液gV排结合浮力不变可得出h'与ρ、ρ液及h的关系式，据此得出的结论，密度计的刻度线上端刻度小、下端刻度大和上端刻度疏、下端刻度密；
（2）根据密度计在液体中漂浮，得浸入的深度h与液体密度ρ液的关系式进行分析；根据不同液体中的浮力相等，结合阿基米德原理分析回答；
（3）根据图乙的图线分析；
（4）为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线（如0.8、1.0）之间的距离大一些，适当增大密度计的重力，根据F=F浮=ρ液gV排可知密度计浸入水中的深度增大；根据ΔV=Sh可知减小S，即可使h变大，据此设计即可。
14．【答案】并联；108
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据电路中只有两个电阻，而R1的功率可以改变，说明电路中的电流改变，则两个电阻必须串联，武火时，限流电阻被短路，当温控开关和水量开关同时断开时，两个电阻串联，处于文火状态，而只有温控开关断开时，限流电阻仍是短路，故温控开关S2与水量开关S3并联与限流电阻R2并联；
（2）武火时，限流电阻被短路，只有R1工作，R1的功率是800W；R1的电阻为：
； 文火时电路的电流为： ； 电路的总电阻为： ， R2的电阻为： 。
故答案为：并联；108。
【分析】根据电路中只有两个电阻，而R1的功率可以改变，说明电路中的电流改变，则两个电阻必须串联，武火时，限流电阻被短路，当温控开关和水量开关同时断开时，两个电阻串联，处于文火状态，据此分析。
15．【答案】右侧；A
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）根据图示可知，OA＞OB，则两侧的力臂关系为L左＞L右；由于蜡烛相同，故左侧的力与力臂的乘积较大，但杠杆平衡，故重心在支点右侧，使得左右力与力臂乘积相等；
（2）当两支相同的蜡烛都燃烧掉一半之后，两侧减少的重力相同，但左侧减少的力与力臂的乘积较大，剩余蜡烛与相应力臂的乘积A端小于B端，因此B端下沉，A端上升。
故选：右侧；A。
【分析】先根据图示比较左右力臂的大小，然后根据杠杆平衡的条件进行分析。
16．【答案】15；3×103
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】第1空，第2空，乙为质量分布均匀的实心正方体，边长h乙=30cm=0.3m， 由图知未切时，乙对水平地面的压强p乙=6000Pa， 根据有： 6000Pa=ρ乙×10N/kg×0.3m； 解得乙的密度ρ乙=2×103kg/m3，由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，则有：
pA=ρ甲g（h甲-hA）=ρ乙g（h乙-hA），
6×103kg/m3×g×（0.2m-hA）=2×103kg/m3×g×（0.3m-hA），
解得：
hA=0.15m=15cm；
pA=ρ甲g（h甲-hA）=6×103kg/m3×10N/kg×（0.2m-0.15m）=3×103Pa，故D正确。
故答案为：15；3×103。【分析】（1）由题可知，乙的边长和未切时乙对水平地面的压强，利用p=ρgh得到正方体乙的密度；
（2）由甲的边长和正方体的体积公式得到甲的体积，甲的密度已知，利用密度公式得到甲的质量；
（3）由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，利用p=ρgh得到hA的值；
（4）利用p=ρgh得到pA的值。
17．【答案】14400；800
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）根据图示分析，汽车在第10秒后进入匀速直线运动状态，此时速度为10m/s。在匀速运动时，牵引力与阻力平衡，即：
汽车以恒定功率P行驶，其功率计算为：
在0~15秒内，牵引力做的功为：
（2） 太阳能电池板接收到的功率为：
单位面积上的太阳能功率为：
故答案为：14400；800。
【分析】（1）根据G=mg计算车重。汽车行驶过程中所受阻力大小恒为车重的0.02倍，即f=0.02G，10～15s汽车做匀速直线运动，受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，利用计算汽车的功率；再利用W=Pt计算0～15s内汽车牵引力做的功；
（2）根据效率公式计算0～15s吸收的太阳能，利用计算吸热功率，进而求出太阳光照射到电池板单位面积上的辐射功率。
18．【答案】200；60
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）充电度数为： ； 充电功率； 由P=UI可得，本次充电的电流：；
（2）由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当车速v为120km/h时，电压表示数U2为10V，则定值电阻R两端的电压为： UR=U-U1=12V-10V=2V， 此时电路中的电流为：
；
由可得，此时RV的阻值为：
；
由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当电压表示数为9V时，定值电阻R的电压为U'R=U电-UV=12V-9V=3V， 电路中电流：
，串联电路中电流处处相等， 由可得，此时RV的阻值：
， 由图乙可知：， 解得v=60km/h。
故答案为：200；60。
【分析】（1）求出用电量，根据公式电功率，根据P=UI算出充电电流；
（2）由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，当车速为120km/h时，电压表示数为10V，根据串联电路电压规律计算定值电阻R两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算电路中的电流，根据欧姆定律可得此时RV的阻值； 当图甲中电压表的示数为9V时，根据串联电路电压规律计算定值电阻R两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算电路中的电流，根据欧姆定律可得此时RV的阻值，根据图乙计算出车速。
19．【答案】（1）记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置
（2）从各个角度
（3）前后
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在桌面上铺一张大白纸，这张大白纸的作用是记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置；
（2）探究过程中至关重要的实验步骤是确定像的位置，具体做法是：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合。可知像与物大小相等，这里的“看上去”应该是 从各个角度看。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，为得出普遍性的规律，应该改变点燃的蜡烛在玻璃板前的前后位置。
故答案为：（1）记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置 （2）从各个角度；（3）前后。
【分析】（1）实验中大白纸的作用是记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置；
（2）根据等效替代法确定像的位置：拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，从各个角度看，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合；
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，为得出普遍性的规律，要多次实验。
（1）白纸可以留下蜡烛、平面镜的痕迹，所以在桌面上铺一张大白纸，可以记录平面镜（玻璃板）、物体和像的位置。
（2）拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合，应该是从各个角度看上去，不点燃的蜡烛与前面那支蜡烛的像完全重合，才能确定像的位置，因为一旦从任何角度看到不重合，而从其他角度看到重合，都不能说明不点燃的蜡烛与前面那支蜡烛的像完全重合。
（3）探究平面镜中的像是否与物体到平面镜的距离有关，应该改变物距，即蜡烛到平面镜的距离，所以需要改变点燃的蜡烛在玻璃板前的前后位置。
20．【答案】（1）D
（2）做匀速直线运动
（3）A；D
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）弹簧自身重力的作用，所以当在竖直方向上对弹簧测力计调零后，再在水平方向上测拉力的大小，指针在零刻度线左方，为了使指针指在零刻度线，指针相对刻度盘向右运动，应该将刻度面板向左拉；
（2）用手拉弹簧测力计很难控制木块的运动，运动过程中弹簧测力计的指针不稳定不方便读数；
（3）可以使弹簧测力计固定，拉动木块下面的长木板或小车，读出测力计示数，故选：AD。
故答案为：（1）D；（2）做匀速直线运动；（3）AD。
【分析】（1）在竖直方向上对弹簧测力计调零，因弹簧自身重力的作用，会使指针所指的初始位置偏下方，再水平使用时，指针回缩，则测出的力的示数会变小；
（2）用手拉弹簧测力计很难控制木块的运动，运动过程中弹簧测力计的指针不稳定不方便读数；
（3）实验过程中很难保持物体进行匀速直线运动，可以使弹簧测力计固定，拉动木块下面的长木板，物体相对运动时，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，并且弹簧测力计处于静止状态，便于读数，实验过程中不必要求长木板进行匀速直线运动。
（1）观察弹簧测力计的量程和分度值后，发现竖直方向调零好的弹簧测力计水平放置后指针在零刻度线左方，那么测量前，应该先适当把刻度面板向左拉，使得指针相对于刻度盘向右运动，指在零刻度线上。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（2）测量过程中由于要用手提供拉力，会发现很难控制木块做匀速直线运动，且运动过程中读数极不方便，误差较大。
（3）A．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的长木板，不管长木板是否做匀速直线运动，木块相对于地面静止，受力平衡，弹簧测力计示数等于木块所受的摩擦力大小，故A符合题意；
B．用绳子将木块连接到固定挡板上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板，弹簧测力计所测的是长木板所受的拉力。长木板受到拉力、地面和木块给的摩擦力，且不一定做匀速直线运动，所以弹簧测力计示数与木块所受的摩擦力大小的关系不能确定，故B不符合题意；
C．用弹簧测力计将小车连接到固定挡板上后，直接拉动上面的木块，小车在水平方向上受木块和地面的摩擦力以及弹簧测力计的拉力，小车与地面之间的摩擦力会直接影响测量结果，故C不符合题意；
D．用弹簧测力计将木块连接到固定挡板上后，直接拉动下面的小车，不管小车是否做匀速直线运动，木块相对于地面静止，受力平衡，弹簧测力计示数等于木块所受的摩擦力大小，故D符合题意。
故选AD。
21．【答案】；B；大于；小于
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）原电路连接存在错误，电压表与灯泡串联后再与导线并联。正确的连接方式应为：灯泡与电阻、滑动变阻器、电流表串联，电压表并联在灯泡两端测量电压。修正后的电路图如下：
（3）实验操作步骤：
将滑动变阻器滑片移至最左端（阻值最大处）后闭合开关，确保初始电流最小；
缓慢向右移动滑片，观察到灯泡在电压达到0.42V时开始发光；
此时电流表示数如图乙所示，电流表选用0-0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.12A；
计算此时灯泡电阻：
通过多次测量绘制U-I图像（图丙）分析可知：
未发光时灯泡电阻不可能为零但始终小于发光时的电阻3.5Ω
故选B。
（4）灯泡电阻随温度升高而增大；当电路电流增大时：滑动变阻器接入电阻减小，总电路电阻减小，
但灯泡电压增大导致其电阻增大，因此滑动变阻器电阻减小量 > 总电阻减小量。（5）根据公式，若电阻不变，当电流减半时功率应为额定功率的。但实际测量发现：灯泡电阻随温度降低而减小，导致实际功率。故答案为：（1）见解析；（3）B；（4）大于；（5）小于。
【分析】（1）原电路中，电压表与灯串联后与导线并联，是错误的，灯应与变阻器、电流表串联在电路中，电压表测灯的电压；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出灯的电阻；
（3）小灯泡未发光时电阻不可能为0，灯的电阻随温度的升高而变大，据此分析；
（4）灯的电阻随温度的升高而变大，整个电路的总电阻减小，而灯的电压变大，灯的电阻变大，据此分析；
（5）根据P=I2R，在电阻不变时，把通过小灯泡的电流调为其额定电流的一半，灯的实际功率为额定功率的四分之一，因灯的电阻随温度的变小而变小，据此分析。
22．【答案】（1）解：根据和P=UI，可得，则电水壶的电阻：
电热水器的电阻：
答：电水壶和电热水器的电阻分别是40Ω和20Ω；
（2）单独使用电水壶烧水时，导线与电水壶串联，电路消耗的电能为：
电路的总功率为：
电路的总电阻为：
导线的电阻为：
单独使用电热水器时，电路的总电阻：
电路中的电流为：
导线上产生的热量为：
答：单独使用电热水器时导线上产生的热量为1.21×105J。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电能表参数的理解；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）利用公式分别算电水壶和电热水器的电阻；
（2）根据电能表铝盘的转数和电能表的参数计算出电路消耗的电能，根据求出电路的总功率，进而算出电路总电阻，根据串联电路电阻的特点求出导线的电阻和水龙头的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律求出其产生的热量。
（1）根据和P=UI，可得，则电水壶的电阻
电热水器的电阻
（2）单独使用电水壶烧水时，导线与电水壶串联，电路消耗的电能为
电路的总功率为
电路的总电阻为
导线的电阻为
单独使用电热水器时，电路的总电阻
电路中的电流为
导线上产生的热量为
23．【答案】解：（1）由乙图可知，圆柱体A固定在传感器上，传感器受到的拉力为6N，则圆柱体A的质量
（2）由乙图可知，传感器受到的力先减小后增大，所以柱体没接触水面时，受到的是向下的拉力，随着浮力逐渐增大，传感器受到的拉力减小直至为0，当浮力大于柱体的重力后，传感器受到压力，所以圆柱体A完全浸没在水中后受到浮力不变，传感器受到的压力为4N，则柱体A受到的浮力为圆柱体A的重力与传感器受到的压力之和，即
F浮=GA+F压=6N+4N=10N
则柱体A的体积
则柱体A的密度
（3）由乙图可知，时间为3s时，传感器受到的力为0，时间为5s时，传感器受到的力为4N，所以可得力F的大小与时间t的关系为
故第4s末传感器受到的力为2N，则圆柱体A受到的浮力
F浮 =GA+F压 =6N+2N=8N
由乙图可知，升降台上升第7s传感器受到的压力继续增大，即柱体A接触到容器底，所以柱体A从下表面刚好与水面接触到接触达容器底经历时间为7s，升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，所以容器中原来水的深度等于升降台上升的高度相同为7cm，所以原来水的重力
则第4s末容器对升降台的压强
答：（1）圆柱体A的质量为0.6kg；
（2）圆柱体A的密度为0.6×103kg/m3；
（3）第4s末容器对升降台的压强1.2×103Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】（1）由图可知圆柱体A的重力为6N，根据重力公式计算圆柱体A的质量；
（2）由图乙可知3s时，细杆对A的拉力为0，此时A受到的浮力等于自身重力， 3s后细杆对A有向下的压力，5～7s细杆对A的压力不变为4N，说明此时A浸没，进一步计算A受到的浮力，根据阿基米德原理计算A的体积，根据密度公式计算圆柱体A的密度；
（3）7s后细杆对A的压力变大，说明此时A触底，升降台以1cm/s的速度匀速竖直向上运动，据此计算升降台升高的高度，也就是容器中原有水面的高度，根据重力公式、密度公式计算容器中原有水的重力， 根据速度公式计算第4s末升降台升高的高度，设此时水面升高的高度为Δh，根据体积公式可得
S容Δh=SA（h升+Δh），代入数据解方程可得Δh的值， 根据体积公式计算圆柱体A排开水的体积，根据阿基米德原理计算A受到的浮力， 此时容器对升降台的压力等于水的重力、容器的重力、A受到的浮力之和，根据压强公式计算容器对升降台的压强。
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