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四川省合江县马街中学校2025-2026学年九年级上学期1月期末物理试题
1．（2026九上·合江期末）下列有关物理学家及贡献的说法中不正确的是（　　）
A．意大利科学家帕斯卡首先用实验的方法测出了大气压强的数值
B．德国物理学家欧姆实验得出导体中的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比
C．我国宋代学者沈括是世界上最早记述地理两极与地磁两极不重合（磁偏角）现象的人
D．丹麦物理学家奥斯特证明了电流的周围存在磁场（电生磁）
【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A．托里拆利用托里拆实验测出了大气压强的数值，A错误，符合题意；
B．德国物理学家欧姆实验得出导体中的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，即 ， B正确，不符合题意；
C．沈括最早记述了地磁两极与地理两极并不重合的现象，沈括是我国宋代学者，C正确，不符合题意；
D．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，法拉第最早发现了电磁感应现象，D正确，不符合题意。
故答案为：D。
【分析】该题目考查的是物理学中著名人物及其对应的成就，平时注意积累、记忆即可。
2．（2026九上·合江期末）关于内能、温度、热量和内能的利用，下列说法正确的是（　　）
A．某单缸四冲程汽油机飞轮转速为，则该汽油机每分钟做功750次
B．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低得多
C．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转动2圈，对外做功一次，则单缸四冲程汽油机飞轮转速为，由于则该汽油机每分钟做功次，故A错误；
B．质量和初温相同的水和煤油放出相同的热量时，由可知，由于水的比热容比煤油的比热容大，煤油温度降低得多，故B正确；
C．由可知，质量相同的不同燃料， 放出热量越多的热值越大 。在燃料质量未知的情况下，只比较放出热量多少，无法得到热值的大小关系，故C错误；
D．内能总是从温度高的物体传递给温度低的物体，并不是从内能多的物体传递给内能少的物体，故D错误。
故选B。
【分析】A.汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转动2圈，对外做功一次；
B.根据公式分析；
C.根据公式分析；
D. 热传递的条件是两个物体存在温度差。
3．（2026九上·合江期末）以内燃机为动力的各种热机，在人类生产生活中应用极为广泛，从轮船、火车到拖拉机、摩托车等， 它们的动力大都来源于内燃机。它们虽然在构造上略有差异，但工作原理都是一样的。下列对内燃机 的有关叙述，错误的是（　　）
A．内燃机是内能转化为机械能的装置
B．内燃机能够对外做功，故不需外力启动
C．内燃机用水冷却，是因为水的比热容大
D．内燃机靠产生的高温、高压气体做功
【答案】B
【知识点】热机；能量的转化或转移；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】A．内燃机工作时，燃料在气缸内燃烧，内能转化成机械能的装置，故A正确，不符合题意；
B．内燃机工作时，需要外力启动让曲轴转动起来，完成了吸气冲程、压缩冲程，直到做功冲程结束，才获得动力，利用自身工作循环做功，故B错误，符合题意；
C．水的比热容大，吸收热量后温度变化小，能吸收内燃机气缸因燃料燃烧产生的热量，为发动机降温，故C正确，不符合题意；
D．内燃机在做功冲程中，高温、高压的气体对外做功，把内能转化为机械能，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】内燃机工作时，做功冲程中燃料燃烧获得内能，对外做功时，内能转化为机械能，水的比热容较大，吸热能力强，降温效果好。
4．（2026九上·合江期末）因为吸烟有害健康，特别是对青少年伤害更大，现在很多公共场所都贴有“禁止吸烟”的标志，只要有人吸烟，旁边的人就会闻到烟味，这是由于（　　）
A．分子在不停地运动 B．分子间有斥力
C．分子间有间隙 D．分子间有引力
【答案】A
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】当有人吸烟时，烟分子会不停地做无规则运动，从而扩散到周围空气中，使得旁边的人能够闻到烟味，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】分子动理论包括：①物质是由大量分子组成的；
②分子在不停地做无规则运动；
③分子间存在相互作用的引力和斥力；
④分子间有间隙。
5．（2026九上·合江期末）老太婆摊摊面是逸霞街有名的小吃，汤鲜、料香，吃起来别有一番风味。以下有关“摊摊面”的说法错误的是（　　）
A．面放入锅中后温度升高，是通过热传递的方式改变的内能
B．将面从锅中捞出，面的温度降低、内能减小
C．面还未入口，就能闻到它的气味，说明分子在做无规则运动
D．面汤温度高，内能大，含有的热量多
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．面放入锅中后吸收热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递的方式改变了内能，故A正确不符合题意；
B．将面从锅中捞出向空气中散热，则它的温度降低、内能减小，故B正确不符合题意；
C．闻到摊摊面的香味，说明分子在不停做无规则运动，这是扩散现象，故C正确不符合题意；
D．热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】A.热传递改变内能的本质为能量的转移，做功改变内能的本质为能量的转化；
B.温度降低，内能减小；温度升高，内能增大；
C.根据分子运动的知识判断；
D.热量是热传递过程中内能转移的多少。
6．（2026九上·合江期末）物理课上，小轩连接了如图所示的电路，下列描述中错误的是（　　）
A．同时闭合S1、S3，电路会形成电源短路
B．只闭合S1，流过灯泡L1、L2的电流相等
C．只闭合S2、S3，灯泡L1、L2并联
D．只闭合S1、S2，灯泡L1、L2都能发光
【答案】D
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电流规律
【解析】【解答】A．根据电路图可知，同时闭合S1、S3时，电流没有经过灯泡，此时会形成电源短路，故A正确不符合题意；
B．根据电路图可知，只闭合S1，两个灯泡首尾相连，则二者串联，故B正确不符合题意；
C．根据电路图可知，断开S1，闭合S2、S3，此时L1、L2并排连接在电路中，则L1、L2组成并联电路，故C正确不符合题意；
D．根据电路图可知，只闭合S1、S2，灯泡L2被短路，只有灯泡L1发光，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】电流不经过用电器，从正极直接流回负极叫短路。用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联，据此分析判断即可。
7．（2026九上·合江期末）如图是一个风暖型浴霸，只闭合“照明”开关时浴霸灯亮；只闭合“电机”开关时浴霸电动机工作，开始吹冷风，但是灯不亮，若此时再闭合“暖风”开关，浴霸的陶瓷加热片开始加热，冷风就变成暖风；如果只闭合“暖风”开关，浴霸不工作。请选出符合该浴霸工作情况的电路图（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只闭合“照明”开关时，浴霸灯亮，则开关控制浴霸灯，二者串联在同一支路。只闭合“电机”开关时，浴霸电动机工作，开始吹冷风，但是灯不亮，则开关能控制浴霸电动机，二者串联在同一支路。
如果只闭合“暖风”开关，浴霸不工作，此时需要闭合开关S2才行，那么浴霸灯、电动机、电热丝并联，且开关S2在电阻和电动机并联构成的干路上，如下图所示：
故选C。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制所在支路上的用电器，据此分析判断。
8．（2026九上·合江期末）如图甲所示为某电子秤，图乙是其工作原理图，电子秤的示数表由电流表改装而成，R1是一根长6cm，阻值15Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.15A；滑片P在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙所示。挂钩的重不计，不称重物时滑片P在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，电路中电源电压不变。下列说法正确的是（　　）
A．定值电阻R2为45Ω
B．电源电压为9V
C．所称物重增大时，定值电阻R2的电功率减小
D．当电子秤示数为3kg时，电路中的电流为0.24A
【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．图乙中，电阻串联，滑片P在a端时，电流表示数为0.15A，则电源电压表示为···①
滑片P在b端时，电路只有R2，电流表示数为0.6A，则电源电压为···②
联立①②，解得，，故AB错误；
C．乙图中，物重增大时，滑片P向下，滑动变阻器接入电路电阻变小，总电阻变小，电流变大，定值电阻阻值不变，根据，定值电阻电压变大，根据，定值电阻的电功率变大，故C错误；
D．当电子秤示数为3kg时，由，压力F=G=30N，丙图中，弹簧被压缩了3cm，R1长6cm，阻值15Ω的电阻丝，连入电路的电阻为；电路电流为，故D正确。
故选D。
【分析】在串联电路中，根据U=IR，计算电压大小；电阻减小，电流变大，定值电阻分压变大，根据，计算电路中电流的大小。
9．（2026九上·合江期末）小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭。控制电路中，电源电压恒定，为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是（　　）
A．电磁铁的上端为S极
B．灯泡应设计在A和B两接线柱之间
C．当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强
D．当光照强度增强，控制电路的电流变小
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向右。右手握住螺线管，四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．根据题意可知，当光线较亮时，光敏电阻阻值减小，则总电流变大，电磁铁磁场增强，将衔铁吸下来，此时灯泡熄灭，那么灯泡在A和B两接线柱之间，故B正确；
C．根据题意可知，当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，则磁性变弱，故C错误；
D．根据题意可知，当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
BCD.根据亮度变化确定光敏电阻的阻值变化，根据欧姆定律分析总电流的变化，进而确定电磁铁的磁场强弱变化，弄清衔铁的运动方向，进而确定灯泡的位置即可。
10．（2026九上·合江期末）如图是一个灯泡L和一个定值电阻的图像。下列分析正确的是（　　）
A．甲为灯泡L的图线
B．当电压为0时，L与R的阻值均为0
C．将L和R串联在6V的电源两端，电路总电阻为
D．将L和R并联在6V的电源两端，电路总电阻为
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据图像可知，甲是一条通过坐标原点的斜线，那么电流与其两端电压成正比，即这个阻值保持不变，那么甲为电阻R的I-U关系图像，曲线乙是灯泡L的I-U关系图像，故A错误；
B．电阻大小与与导体两端的电压无关，即电压为0时，L与R的阻值均不为0，故B错误；
C．根据图像可知，当电路中的电流为0.2A时，L两端的电压为1.2V，R两端的电压为4.8V，此时电源电压U=UL+UR=1.2V+4.8V=6V，与题意相符；
故电路中的总电阻，
故C错误；
D．根据图像可知，当电压为6V时，通过定值电阻R中的电流为0.25A，灯泡L中流过的电流为0.5A，电路中的总电流I1=0.25A+0.5A=0.75A；
故电路中的总电阻
故D正确。
故选D。
【分析】 A.定值电阻的电流与其两端电压成正比，由此结合图线特征得出结论；
B.电阻是物体本身的属性，跟它两端的电压无关；
C.串联电路中电流处处相等，结合图象读出对应的电流，根据欧姆定律算出两者串联后的总电阻；
D.将L和R并联在6V的电源两端，结合图象读出对应的电流，根据并联电路特点结合欧姆定律计算电路中的总电阻。
11．（2026九上·合江期末）如图所示的电路中，电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。和闭合，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合、断开，a表示数为0.4（单位为A 或V）。下列说法正确的是（　　）
A．的阻值为15Ω B．的阻值为5Ω
C．前一种情况中a表的示数为3V D．后一种情况中b表的示数为1.2A
【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】C．图中，和闭合，若a、b均为电流表，则电源被短路，a、b都为电压表，两电阻串联，a表测电源电压，b表测两端的电压；a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，两端的电压为1V，故C正确；
ABD．将a、b换为另一种电表，为电流表，闭合、断开，两电阻并联，a表测电流，示数为0.4A，b表测干路电流。串联电压规律，电压为，则、电压之比为，则、阻值之比为。根据并联分流原理，、电流之比为，电流为0.4A，则电流为，根据并联电流规律，b表的示数为，则的阻值为，
的阻值为，故A正确，BD错误。
故选AC。
【分析】电流表在电路中串联，电压表和所测量的位置并联；在串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；并联电路中，各支路电流之和等于干路电流；根据，计算电阻。
12．（2026九上·合江期末）有一种利用玻璃纤维和碳纤维制成的“发热纸”，末端接上电池不久后就会发热，用它可以包装面包等小食品，下列说法正确的是（　　）
A．这种“发热纸”中发生的能量转化是电能转化为内能
B．这种“发热纸”中的电流越大，产生的热量就越多
C．这种“发热纸”是利用了电流的热效应工作的
D．制作的“发热纸”电阻越大，产生的热量就越多
【答案】A,C
【知识点】电源及其能量转化；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】AC．发热纸消耗电能，得到内能，电能转化为内能，利用电流的热效应，故AC正确；
B．根据Q=I2Rt，在电阻、通电时间一定时，电流越大、产生的热量越多，不知道时间，产生的热量不一定多，故B错误；
D．根据Q=I2Rt，在电流、通电时间t一定时，电阻越大、产生的热量越多，不知道电流、时间，产生的热量不一定多，故D错误。
故选AC。
【分析】电流通过电阻时产生热量，是电流的热效应；电热的多少和电流、电阻、通电时间有关。
13．（2026九上·合江期末）（1）如图，是一个自制简易验电器，当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，轻质铝箔条会偏转，这是因为带电体能够　 　；
（2）如图，将塑料绳的一端扎紧，尽可能将其撕成更多的细丝，用干燥的手从上向下捋几下，观察到如图所示的现象，这是因为塑料丝带了　 　电荷（选填“同种”或“异种”），塑料丝带电的实质是　 　在物体间转移。
【答案】吸引轻小物体；同种；电子
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】（1）当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，因为带电体具有吸引轻小物体的性质，所以铝箔条会偏转；
（2用干燥的手从上向下捋几下，发生摩擦起电现象，塑料绳带电，因塑料绳带同种电荷相互排斥而相互散开；摩擦起电的实质是电荷的转移，得电子的物质带负电，失去电子的物质带正电；塑料丝带电的实质是电子在物体间转移。
【分析】(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。两种不同物质摩擦时，由于不同物质的原子核对核外电子的束缚能力不同，就会导致电荷发生转移两个物体都带了电。
14．（2026九上·合江期末）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡Ｌ的额定电压为，闭合开关S后，当滑片P从滑动变阻器右端滑到左端的过程中，小灯泡L的关系图像如乙图所示，则电源电压为　 　V，滑动变阻器的最大阻值为　 　。小灯泡的额定功率是　 　W。
【答案】6；20；2.4
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，当滑片位于左端时，接入电路电阻为零，只灯泡接入电路，此时电流最大，图乙中，电流，灯泡两端的电压为6V，则电源电压，小灯泡的额定电压为，则小灯泡的额定功率；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入的电阻最大，电流最小，灯泡两端的电压，电流，串联电路中，总电压等于各分电压之和，滑动变阻器的电压，滑动变阻器的最大阻值。
【分析】滑动变阻器和灯泡串联，接入电阻最小时，根据P=UI，计算电功率；根据串联电路分压规律，计算分压，根据，计算电阻。
15．（2026九上·合江期末）某天然气热水器输入自来水的温度是25℃，输出后水的温度升高到45℃，这是通过　 　（填“做功”或“热传递”）的方式增加水的内能。某次使用中加热了40kg的水。这些水吸收的热量是　 　J，热水器铭牌显示它的热效率是80%，该过程热水器消耗了　 　的天然气。（天然气的热值）
【答案】热传递；；
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】 解：（1）水吸收热量、温度升高，是通过热传递的方式增加内能的；
（2）水吸收的热量：
Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×40kg×（45℃-25℃）=3.36×106J；
（3）由得天然气完全燃烧放出的热量：，由Q放=Vq得消耗天然气的体积：。
故答案为：热传递；3.36×106；0.05。
【分析】 （1）物体吸热升温是通过热传递的方式增加内能的；
（2）知道水的质量、初温和末温，根据Q吸=cm（t-t0）计算水吸收的热量；
（3）知道热效率，根据计算天然气完全燃烧放出的热量，根据Q放=Vq计算消耗天然气的体积。
16．（2026九上·合江期末）如图所示，为定值电阻，为滑动变阻器R1的阻值与R2的最大阻值之比为5：4。闭合开关S，变阻器的滑片P从中点滑到b端时，的功率　 　（填“变大”、“变小”或“不变”），前后两种状态下的功率之比为　 　，P从中点滑到b端时，电路的总功率　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】变小；81：49；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，和串联，当的滑片P从中点滑到b端时，电路中总电阻增大，电流减小。根据公式，可知的功率，功率变小。
结合分压规律：，则，滑片P在中点时，滑动变阻器阻值，电路中电流，
此时的功率：；
当滑片P滑到b端时，电路中电流；
此时的功率：；
前后两种状态下，的功率之比；
电源电压不变，电路总功率根据，当滑片P从中点滑到b端时，电路中总电阻增加，电流减小，总功率减小。
【分析】根据，判断电功率的大小；利用，计算电流大小，判断电功率的比值关系。
17．（2026九上·合江期末）为了减少大气污染，可对秸秆进行回收加工制成秸秆煤，完全燃烧2kg秸秆煤可放出　 　J热量；若这些热量可使100kg的水温度由20℃升高到60℃，则水吸收的热量为　 　J，此过程热效率为　 　。[已知q秸秆煤＝2.1×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
【答案】4.2×107；1.68×107；40%
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】 秸秆煤完全燃烧释放的热量：
Q放=m秸秆煤q=2kg×2.1×107J/kg=4.2×107J．
水吸收的热量为：
此过程热效率为 ：
【分析】 解题关键是对燃料完全燃烧放出热量公式、吸热公式和效率公式的熟练掌握和运用。
18．（2026九上·合江期末）如图甲所示电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转均如图乙所示，其中a电流表测量的是通过　 　（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，左端是它的　 　接线柱；L1的电流为　 　 A，L2的电流为　 　 A。
【答案】L1；负；0.3；1.2
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】图甲中，两灯泡并联，电流表a与L1串联，测L1的电流，电流表b测干路电流。
电流表a的左端靠近电源的负极，右端靠近电源的正极，左端是负接线柱。
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且a、b电流表指针的偏转角相同，图乙中，干路电流表b的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A。a电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，通过L1的电流为0.3A。通过L2的电流为。
【分析】根据并联电路中电流的规律，判断电流表量程，结合指针位置，测量电流大小。
19．（2026九上·合江期末）（1）如图所示使轻质杠杆在如图所示位置平衡，画出阻力臂，以及画出最小的动力并画出其力臂，使杠杆在图中位置平衡。
（2）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。
【答案】（1）
（2）
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题；串、并联电路的设计；电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】（1）图中，反向延长F2的作用线，过O点作F2的垂线，为阻力臂；动力最小时，动力臂最大，OB为最长力臂，力F1作用在B点最小，过B点作的垂线，即为最小动力F1，方向垂直杠杆向上，如图所示：
（2）图中，移动滑动变阻器的滑片改变灯泡的亮度，电源、滑动变阻器、灯泡和电流表串联；灯泡变亮时，电流变大，由可知，灯泡两端电压变大，要求电压表示数变小，则电压表和滑动变阻器并联；则电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，填在最右端的虚线框内；电路如图所示：
【分析】（1）支点到力的作用线的垂线，是力臂大小；支点到力的作用点的连线是最大力臂，最小的力和最大的力臂垂直；
（2）电流表和所测量的位置串联，电压表和所测量的位置并联；结合电阻变大，分压变大，判断电压表的位置。
（1）反向延长F2的作用线，过O点作其垂线，垂线段长为阻力臂；要使动力最小，其动力臂必须为最大值，OB为最长力臂，力F1作用在B点且垂直于OB时最小，过B点作动力臂的垂线即为最小动力F1，方向垂直杠杆向上，如图所示
（2）要通过移动滑动变阻器的滑片改变灯泡的亮度，电源、滑动变阻器、灯泡和电流表应串联连接；灯泡变亮时，说明通过灯泡的电流变大，由可知，灯泡两端电压变大，而题中要求电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联；所以电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，这样可以满足电流方向如图所示；电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，应填在最右端的虚线框内；电路如图所示
20．（2026九上·合江期末）如图所示，小兵、小红正在探究影响导体电阻大小的因素。
编号 材料 长度/m 横截面积/mm2
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如上表：
两位同学做出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关。
（1）如果选用编号为A、C的两根的电阻丝进行实验，是为了验证猜想　 　（填序号）；分别将A和D两根电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此初步得到的是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的　 　有关；要想验证猜想①，应选择　 　两根电阻丝进行试验；
（2）有同学认为，可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化 　 　（选填“明显”或“不明显”）；
（3）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就　 　了输电线的电阻（选填“增大”或“减小”），从而减少了输电线上的能量损耗。
【答案】②；材料；AB；不明显；减小
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）实验时，选用编号为A、C的两根电阻丝，导体的长度、材料相同，横截面积不同，实验可探究电阻和横截面积的关系，验证猜想②。
将A和D电阻丝分别接入电路中，电流表示数不相同，它们的横截面积、长度相同，材料不同，可得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。
为了验证猜想①，应选择材料和横截面积相同，长度不同的电阻丝，选择A和B两电阻丝接入电路。
（2）电源电压一定，电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，利用电流表的示数判断电阻的大小，灯泡可保护电路。
（3）生活中，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，在材料和长度一定时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小，减小了输电线的电阻，减小输电线上的电能损失。
【分析】（1）进行实验时，探究电阻和横截面积的关系，导体的材料长度相同；当导体的横截面积、长度相同时，可以探究电阻和材料的关系；探究电阻和长度的关系，保持材料和横截面积相同；
（2）利用电流表可明显反应电阻的大小；
（3）材料和长度相同时，导体的横截面积越大， 电阻越小。
21．（2026九上·合江期末）现有一标有“”字样的小灯泡，小亮设计实验测量其不同电压下的电功率。
（1）如图甲所示正确连接电路，图乙是某次实验电流表的示数为　 　A，最后根据实验数据画出图像，如图丙所示，根据图像求出小灯泡正常发光时的功率为　 　W。
（2）通过分析图像，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因是　 　。
（3）利用所给器材，该实验装置　 　（选填“能”或“不能”）用来验证欧姆定律中电流与电压的关系。
（4）完成上述实验后，小亮又重新设计了电路，如图丁所示，测量另一个小灯泡的额定功率，这个小灯泡正常工作的电流为，请完成实验步骤（已知电源电压为）。
①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为　 　；
②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，读出电流表的示数为；
③则小灯泡的额定功率表达式为　 　。
【答案】（1）0.1；0.625
（2）灯丝的电阻随温度的升高而增大
（3）不能
（4）；
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）图乙中，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A。
图丙中，当电压为2.5V时，电流为0.25A，小灯泡正常发光的功率为；
（2）分析I-U图象，灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压升高，灯丝温度升高，电阻变大。
（3）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，实验装置不能用来验证电流与电压的关系。
（4）测量灯泡电功率时，图丁中，
①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为，小灯泡正常发光。
②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，电流表的示数为；
在步骤①②中，电流均为时，变阻器接入电路的阻值不变，小灯泡正常发光时的电阻与变阻器的电阻相同，即，则小灯泡的额定功率。
【分析】（1）根据电流表量程和指针位置，测量电流；利用P=UI，计算电功率；
（2）小灯泡的电阻随温度升高逐渐变大；
（3）探究电流和电压关系时，需要保持电阻一定，不能利用灯泡进行实验；
（4）当电压电流一定时，电路中的电阻一定，判断灯泡的电阻大小，利用P=I2R，计算电功率。
（1）[1]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.1A。
[2]由图丙可知，当电压为2.5V时，电路中的电流为0.25A，所以小灯泡正常发光时的功率为
（2）通过分析I﹣U图象，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压升高，灯丝温度升高，电阻变大。
（3）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以该实验装置不能用来验证欧姆定律中电流与电压的关系。
（4）[1]①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为，此时小灯泡正常发光。
[2]②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，读出电流表的示数为；
在步骤①②中，电路中的电流均为时，变阻器接入电路的阻值不变，则根据等效替代法可知，小灯泡正常发光时的电阻与此时变阻器的电阻相同，即
则小灯泡的额定功率
22．（2026九上·合江期末）小敏观察到提琴、吉他、二胡等弦乐器发声时，每根琴弦的音调不同。查阅资料后得知，弦乐器是靠调整弦的松紧来改变张力，调整其音高的，并振动弦发出声响。通常将弦调松，张力会减小，音调会变低。
小雨猜想：在琴弦张紧程度相同的条件下，音调高低可能还与弦的粗细、长短、及琴弦的材料有关。于是，她通过实验来探究一下自己的猜想是否正确。下表是她的实验数据：
编号 琴弦的材料 琴弦的长度/cm 琴弦的横截面积/mm2
A 不锈钢 50 0.3
B 不锈钢 50 0.7
C 尼龙丝 40 0.5
D 黄铜 30 0.5
E 尼龙丝 30 0.5
（1）探究音调与琴弦粗细的关系，应选用编号为　 　的琴弦。小雨选择编号D、E的琴弦，可探究音调与　 　的关系。
（2）把琴弦调紧一些，以相同的振幅拨动琴弦发声时，琴弦的张力变　 　（选填“大”或“小”），振动频率变高，因此音调升高。
（3）在上述探究过程中，用到的物理研究方法是　 　法。
（4）探究过程通常采用下列一些步骤：①实验研究；②分析归纳；③提出问题（或猜想）；④得出结论等，你认为小雨要完成本探究的全过程，所采取步骤的合理顺序应该是：　 　（填写数字代号）
【答案】（1）A、B；材料
（2）大
（3）控制变量
（4）③①②④
【知识点】音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）探究音调与琴弦粗细的关系时，需采用控制变量法，即保持琴弦的材料、长度相同，只改变横截面积。观察实验数据可知，编号A和B的琴弦材料均为不锈钢，长度均为50cm，仅横截面积不同，符合实验要求，因此应选用编号为A、B的琴弦；分析编号D和E的琴弦数据：D的材料为黄铜，E的材料为尼龙丝，而两者的长度均为30cm，横截面积均为0.5mm2。在长度和粗细相同的情况下，唯一的变量是材料，因此选择这两组琴弦可探究音调与材料的关系。
（2）琴弦的张力与松紧程度直接相关，调紧琴弦时，琴弦的张力会变大。在振幅相同的情况下，张力增大的琴弦振动频率升高，而音调的高低由频率决定，频率越高，音调越高，因此此时音调会升高。
（3）在本实验中，探究音调与琴弦粗细、长度、材料等因素的关系时，每次只改变一个因素，而保持其他因素不变，这种研究方法称为控制变量法。
（4）科学探究的合理步骤通常是：首先提出问题；然后进行实验研究；接着对实验数据进行分析归纳；最后得出结论。因此完成本探究全过程的步骤顺序应为③①②④。
综上所述，（1）第一空答案为：A、B；（1）第二空答案为：材料；（2）答案为：大；（3）答案为：控制变量；（4）答案为：③①②④
【分析】根据音调相关知识进行解答
（1）探究音调与琴弦粗细的关系时，需运用控制变量法，即保证除琴弦粗细外，其他可能影响音调的因素均相同。观察实验数据，编号A和B的琴弦材料均为不锈钢，长度均为50cm，仅横截面积不同，完全符合控制变量的要求，因此应选用编号为A、B的琴弦；要确定探究的因素，需分析所选琴弦的变量。编号D和E的琴弦长度均为30cm，横截面积均为0.5mm2，唯一不同的是材料，根据控制变量法，此时探究的是音调与材料的关系。
（2）琴弦的张力大小与松紧程度直接相关，调松琴弦时，张力减小，调紧琴弦时，张力增大。题目中要求琴弦调紧一些，因此琴弦的张力会变大。而张力增大时，琴弦振动更剧烈，频率升高，音调也随之升高，这一逻辑符合实验现象。
（3）在探究音调与琴弦粗细、长度、材料的关系时，每次实验只改变一个因素，同时保持其他因素不变，通过对比实验结果得出该因素对音调的影响，这种控制其他因素不变，只改变研究对象的方法，是物理实验中常用的控制变量法，能有效排除无关因素干扰，确保结论的准确性。
（4）科学探究的基本流程为：首先从现象中提出问题；接着通过实验研究收集数据；然后对实验数据进行分析归纳；最后得出结论。
（1）[1]由表可知，要探究音调与琴弦粗细的关系，则琴弦的长短、材料要保持一致，故选编号为A、B。
[2]由表可知，编号D、E的琴弦，琴弦的长短、粗细一样，琴弦的材料不一样，故探究音调与材料的关系。
（2）把琴弦调紧一些，以相同的振幅拨动琴弦发声时，琴弦的张力变大了，琴弦约容易振动，琴弦振动频率变高，琴弦的音调升高。
（3）在上述探究过程中，总要控制某些因素，使它们保持不变，进而寻找出另外一些因素的关系，这种控制其它因素不变，只改变其中一个因素的方法是控制变量法。
（4）实验探究的步骤为：提出问题、猜想和假设、实验研究、分析归纳、得出结论，因此该实验探究的步骤排序为③①②④。
23．（2026九上·合江期末）如图所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置。取质量和初温都相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的易拉罐中，用相同的装置加热。实验数据记录如表：
温度/℃ 20 30 40 50
加热时间/s 甲 0 40 82 126
乙 0 18 40 64
(1)实验中，可以通过　 　（选填“升高的温度”或“加热时间”）来比较两种液体吸收热量的多少；
(2)分析实验数据可知：当它们升高相同温度时，　 　（选填“甲”或“乙”，下同）液体需要吸收的热量更多；当它们吸收相同热量时，　 　液体升温更高；
(3)实验的前40s时间内，酒精灯质量减小2.8g，若这部分酒精完全燃烧放出的热量是多少？　 　（酒精的热值q＝3×107J/kg）
(4)实验的前40s时间内，若质量为0.2kg的甲液体吸收热量的效率约为10%，则大致可算出甲液体的比热容是多少？　 　
【答案】加热时间；甲；乙；这部分酒精完全燃烧放出的热量是8.4×104J；甲液体的比热容为4.2×103J/（kg ℃）
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）加热装置相同，加热相同的时间，放出的热量相等，甲和乙吸收的热量相等，物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。
（2）根据实验数据，甲升高10℃时，需要的时间为40s，乙升高10℃需要的时间为18s，甲需要的加热时间长、吸收的热量多，加热相同的时间40s，甲升高10℃，乙升高20℃，吸收相同热量时，乙温度升高的多。
（3）2.8g酒精完全燃烧，放出热量为：，
（4）甲液体吸收的热量为：，
根据，甲液体的比热容为：。
【分析】（1）加热装置相同，通过加热时间表示吸收热量的多少；
（2）根据实验数据，质量和温度差相同时，加热时间越长，吸收热量越多；
（3）根据Q=mq，计算燃料放出热量的多少；
（4）利用，计算物体的比热容大小。
24．（2026九上·合江期末）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω，c水=4.2×103J/（kg·℃）。求：
（1）电热水器处于加热状态时工作电路的功率；
（2）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（3）当温度达到50℃后，通电100s，R2产生的热量。
【答案】解：（1）当开关S0 和S都闭合时，只有R1工作，电热水器处于加热状态，则工作电路的功率
。
（2）水吸收的热量
由可得，消耗的电能电热水器的加热效率。
（3）当温度达到50℃后，触点与接通，与串联，电热水器处于保温状态，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流，则通电100s，R2 产生的热量
。
答：（1）电热水器处于加热状态时工作电路的功率为1100W；
（2）电热水器的加热效率为84%；
（3）当温度达到50℃后，通电100s，R2产生的热量为2156J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）当开关S0 和S都闭合时，电路为R1的简单电路，电热水器处于加热状态，电压为220V，根据功率公式计算工作电路的功率；
（2） 将2.2kg的水从15℃加热到45℃， 根据热量的计算公式计算水吸收的热量；
由可计算消耗的电能，根据效率公式计算电热水器的加热效率；
（3）触点与接通，与串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻为2200Ω，根据欧姆定律计算电路中的电流，根据计算通电100s，R2 产生的热量。
25．（2026九上·合江期末）上海世博会的主题是“城市，让生活更美好”。为了倡导低碳生活，太阳能热水器被广泛应用于现代生活。下表提供的是一装满初温为10℃水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息：
太阳照射时间/h 太阳能转换为水的内能的效率 热水器最大水容量/L
10 50% 100
水升高的温度/℃ 水的比热容/[] 水的密度/（）
60 4.2×103 1.0×103
请根据上表信息，通过计算回答问题。
（1）热水器中的水需吸收的热量为多少；
（2）此次热水器接收的太阳能是多少；
（3）如果这些太阳能由燃烧燃气提供，至少需要多少m3的燃气？（燃气的热值为4.2×107J/m3）
【答案】解：（1）由得，热水器中水的质量为
热水器中的水需吸收的热量为
（2）由可得，此次热水器接收的太阳能：
（3）由题意可知
根据可得，这些太阳能由燃气提供时可节约燃气为
答：（1）热水器中的水需吸收的热量为2.52×107J；
（2）此次热水器接收的太阳能是5.04×107J；
（3）如果这些太阳能由燃烧燃气提供，至少需要1.2m3的燃气。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据m=ρV，计算物体的质量；利用Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（2）利用，计算燃料放出的总热量；
（3）利用，计算消耗燃料的体积。
1 / 1四川省合江县马街中学校2025-2026学年九年级上学期1月期末物理试题
1．（2026九上·合江期末）下列有关物理学家及贡献的说法中不正确的是（　　）
A．意大利科学家帕斯卡首先用实验的方法测出了大气压强的数值
B．德国物理学家欧姆实验得出导体中的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比
C．我国宋代学者沈括是世界上最早记述地理两极与地磁两极不重合（磁偏角）现象的人
D．丹麦物理学家奥斯特证明了电流的周围存在磁场（电生磁）
2．（2026九上·合江期末）关于内能、温度、热量和内能的利用，下列说法正确的是（　　）
A．某单缸四冲程汽油机飞轮转速为，则该汽油机每分钟做功750次
B．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低得多
C．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
3．（2026九上·合江期末）以内燃机为动力的各种热机，在人类生产生活中应用极为广泛，从轮船、火车到拖拉机、摩托车等， 它们的动力大都来源于内燃机。它们虽然在构造上略有差异，但工作原理都是一样的。下列对内燃机 的有关叙述，错误的是（　　）
A．内燃机是内能转化为机械能的装置
B．内燃机能够对外做功，故不需外力启动
C．内燃机用水冷却，是因为水的比热容大
D．内燃机靠产生的高温、高压气体做功
4．（2026九上·合江期末）因为吸烟有害健康，特别是对青少年伤害更大，现在很多公共场所都贴有“禁止吸烟”的标志，只要有人吸烟，旁边的人就会闻到烟味，这是由于（　　）
A．分子在不停地运动 B．分子间有斥力
C．分子间有间隙 D．分子间有引力
5．（2026九上·合江期末）老太婆摊摊面是逸霞街有名的小吃，汤鲜、料香，吃起来别有一番风味。以下有关“摊摊面”的说法错误的是（　　）
A．面放入锅中后温度升高，是通过热传递的方式改变的内能
B．将面从锅中捞出，面的温度降低、内能减小
C．面还未入口，就能闻到它的气味，说明分子在做无规则运动
D．面汤温度高，内能大，含有的热量多
6．（2026九上·合江期末）物理课上，小轩连接了如图所示的电路，下列描述中错误的是（　　）
A．同时闭合S1、S3，电路会形成电源短路
B．只闭合S1，流过灯泡L1、L2的电流相等
C．只闭合S2、S3，灯泡L1、L2并联
D．只闭合S1、S2，灯泡L1、L2都能发光
7．（2026九上·合江期末）如图是一个风暖型浴霸，只闭合“照明”开关时浴霸灯亮；只闭合“电机”开关时浴霸电动机工作，开始吹冷风，但是灯不亮，若此时再闭合“暖风”开关，浴霸的陶瓷加热片开始加热，冷风就变成暖风；如果只闭合“暖风”开关，浴霸不工作。请选出符合该浴霸工作情况的电路图（　　）
A． B．
C． D．
8．（2026九上·合江期末）如图甲所示为某电子秤，图乙是其工作原理图，电子秤的示数表由电流表改装而成，R1是一根长6cm，阻值15Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.15A；滑片P在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙所示。挂钩的重不计，不称重物时滑片P在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，电路中电源电压不变。下列说法正确的是（　　）
A．定值电阻R2为45Ω
B．电源电压为9V
C．所称物重增大时，定值电阻R2的电功率减小
D．当电子秤示数为3kg时，电路中的电流为0.24A
9．（2026九上·合江期末）小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭。控制电路中，电源电压恒定，为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是（　　）
A．电磁铁的上端为S极
B．灯泡应设计在A和B两接线柱之间
C．当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强
D．当光照强度增强，控制电路的电流变小
10．（2026九上·合江期末）如图是一个灯泡L和一个定值电阻的图像。下列分析正确的是（　　）
A．甲为灯泡L的图线
B．当电压为0时，L与R的阻值均为0
C．将L和R串联在6V的电源两端，电路总电阻为
D．将L和R并联在6V的电源两端，电路总电阻为
11．（2026九上·合江期末）如图所示的电路中，电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。和闭合，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合、断开，a表示数为0.4（单位为A 或V）。下列说法正确的是（　　）
A．的阻值为15Ω B．的阻值为5Ω
C．前一种情况中a表的示数为3V D．后一种情况中b表的示数为1.2A
12．（2026九上·合江期末）有一种利用玻璃纤维和碳纤维制成的“发热纸”，末端接上电池不久后就会发热，用它可以包装面包等小食品，下列说法正确的是（　　）
A．这种“发热纸”中发生的能量转化是电能转化为内能
B．这种“发热纸”中的电流越大，产生的热量就越多
C．这种“发热纸”是利用了电流的热效应工作的
D．制作的“发热纸”电阻越大，产生的热量就越多
13．（2026九上·合江期末）（1）如图，是一个自制简易验电器，当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，轻质铝箔条会偏转，这是因为带电体能够　 　；
（2）如图，将塑料绳的一端扎紧，尽可能将其撕成更多的细丝，用干燥的手从上向下捋几下，观察到如图所示的现象，这是因为塑料丝带了　 　电荷（选填“同种”或“异种”），塑料丝带电的实质是　 　在物体间转移。
14．（2026九上·合江期末）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡Ｌ的额定电压为，闭合开关S后，当滑片P从滑动变阻器右端滑到左端的过程中，小灯泡L的关系图像如乙图所示，则电源电压为　 　V，滑动变阻器的最大阻值为　 　。小灯泡的额定功率是　 　W。
15．（2026九上·合江期末）某天然气热水器输入自来水的温度是25℃，输出后水的温度升高到45℃，这是通过　 　（填“做功”或“热传递”）的方式增加水的内能。某次使用中加热了40kg的水。这些水吸收的热量是　 　J，热水器铭牌显示它的热效率是80%，该过程热水器消耗了　 　的天然气。（天然气的热值）
16．（2026九上·合江期末）如图所示，为定值电阻，为滑动变阻器R1的阻值与R2的最大阻值之比为5：4。闭合开关S，变阻器的滑片P从中点滑到b端时，的功率　 　（填“变大”、“变小”或“不变”），前后两种状态下的功率之比为　 　，P从中点滑到b端时，电路的总功率　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
17．（2026九上·合江期末）为了减少大气污染，可对秸秆进行回收加工制成秸秆煤，完全燃烧2kg秸秆煤可放出　 　J热量；若这些热量可使100kg的水温度由20℃升高到60℃，则水吸收的热量为　 　J，此过程热效率为　 　。[已知q秸秆煤＝2.1×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
18．（2026九上·合江期末）如图甲所示电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转均如图乙所示，其中a电流表测量的是通过　 　（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，左端是它的　 　接线柱；L1的电流为　 　 A，L2的电流为　 　 A。
19．（2026九上·合江期末）（1）如图所示使轻质杠杆在如图所示位置平衡，画出阻力臂，以及画出最小的动力并画出其力臂，使杠杆在图中位置平衡。
（2）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。
20．（2026九上·合江期末）如图所示，小兵、小红正在探究影响导体电阻大小的因素。
编号 材料 长度/m 横截面积/mm2
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如上表：
两位同学做出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关。
（1）如果选用编号为A、C的两根的电阻丝进行实验，是为了验证猜想　 　（填序号）；分别将A和D两根电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此初步得到的是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的　 　有关；要想验证猜想①，应选择　 　两根电阻丝进行试验；
（2）有同学认为，可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化 　 　（选填“明显”或“不明显”）；
（3）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就　 　了输电线的电阻（选填“增大”或“减小”），从而减少了输电线上的能量损耗。
21．（2026九上·合江期末）现有一标有“”字样的小灯泡，小亮设计实验测量其不同电压下的电功率。
（1）如图甲所示正确连接电路，图乙是某次实验电流表的示数为　 　A，最后根据实验数据画出图像，如图丙所示，根据图像求出小灯泡正常发光时的功率为　 　W。
（2）通过分析图像，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因是　 　。
（3）利用所给器材，该实验装置　 　（选填“能”或“不能”）用来验证欧姆定律中电流与电压的关系。
（4）完成上述实验后，小亮又重新设计了电路，如图丁所示，测量另一个小灯泡的额定功率，这个小灯泡正常工作的电流为，请完成实验步骤（已知电源电压为）。
①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为　 　；
②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，读出电流表的示数为；
③则小灯泡的额定功率表达式为　 　。
22．（2026九上·合江期末）小敏观察到提琴、吉他、二胡等弦乐器发声时，每根琴弦的音调不同。查阅资料后得知，弦乐器是靠调整弦的松紧来改变张力，调整其音高的，并振动弦发出声响。通常将弦调松，张力会减小，音调会变低。
小雨猜想：在琴弦张紧程度相同的条件下，音调高低可能还与弦的粗细、长短、及琴弦的材料有关。于是，她通过实验来探究一下自己的猜想是否正确。下表是她的实验数据：
编号 琴弦的材料 琴弦的长度/cm 琴弦的横截面积/mm2
A 不锈钢 50 0.3
B 不锈钢 50 0.7
C 尼龙丝 40 0.5
D 黄铜 30 0.5
E 尼龙丝 30 0.5
（1）探究音调与琴弦粗细的关系，应选用编号为　 　的琴弦。小雨选择编号D、E的琴弦，可探究音调与　 　的关系。
（2）把琴弦调紧一些，以相同的振幅拨动琴弦发声时，琴弦的张力变　 　（选填“大”或“小”），振动频率变高，因此音调升高。
（3）在上述探究过程中，用到的物理研究方法是　 　法。
（4）探究过程通常采用下列一些步骤：①实验研究；②分析归纳；③提出问题（或猜想）；④得出结论等，你认为小雨要完成本探究的全过程，所采取步骤的合理顺序应该是：　 　（填写数字代号）
23．（2026九上·合江期末）如图所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置。取质量和初温都相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的易拉罐中，用相同的装置加热。实验数据记录如表：
温度/℃ 20 30 40 50
加热时间/s 甲 0 40 82 126
乙 0 18 40 64
(1)实验中，可以通过　 　（选填“升高的温度”或“加热时间”）来比较两种液体吸收热量的多少；
(2)分析实验数据可知：当它们升高相同温度时，　 　（选填“甲”或“乙”，下同）液体需要吸收的热量更多；当它们吸收相同热量时，　 　液体升温更高；
(3)实验的前40s时间内，酒精灯质量减小2.8g，若这部分酒精完全燃烧放出的热量是多少？　 　（酒精的热值q＝3×107J/kg）
(4)实验的前40s时间内，若质量为0.2kg的甲液体吸收热量的效率约为10%，则大致可算出甲液体的比热容是多少？　 　
24．（2026九上·合江期末）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω，c水=4.2×103J/（kg·℃）。求：
（1）电热水器处于加热状态时工作电路的功率；
（2）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（3）当温度达到50℃后，通电100s，R2产生的热量。
25．（2026九上·合江期末）上海世博会的主题是“城市，让生活更美好”。为了倡导低碳生活，太阳能热水器被广泛应用于现代生活。下表提供的是一装满初温为10℃水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息：
太阳照射时间/h 太阳能转换为水的内能的效率 热水器最大水容量/L
10 50% 100
水升高的温度/℃ 水的比热容/[] 水的密度/（）
60 4.2×103 1.0×103
请根据上表信息，通过计算回答问题。
（1）热水器中的水需吸收的热量为多少；
（2）此次热水器接收的太阳能是多少；
（3）如果这些太阳能由燃烧燃气提供，至少需要多少m3的燃气？（燃气的热值为4.2×107J/m3）
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A．托里拆利用托里拆实验测出了大气压强的数值，A错误，符合题意；
B．德国物理学家欧姆实验得出导体中的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，即 ， B正确，不符合题意；
C．沈括最早记述了地磁两极与地理两极并不重合的现象，沈括是我国宋代学者，C正确，不符合题意；
D．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，法拉第最早发现了电磁感应现象，D正确，不符合题意。
故答案为：D。
【分析】该题目考查的是物理学中著名人物及其对应的成就，平时注意积累、记忆即可。
2．【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转动2圈，对外做功一次，则单缸四冲程汽油机飞轮转速为，由于则该汽油机每分钟做功次，故A错误；
B．质量和初温相同的水和煤油放出相同的热量时，由可知，由于水的比热容比煤油的比热容大，煤油温度降低得多，故B正确；
C．由可知，质量相同的不同燃料， 放出热量越多的热值越大 。在燃料质量未知的情况下，只比较放出热量多少，无法得到热值的大小关系，故C错误；
D．内能总是从温度高的物体传递给温度低的物体，并不是从内能多的物体传递给内能少的物体，故D错误。
故选B。
【分析】A.汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转动2圈，对外做功一次；
B.根据公式分析；
C.根据公式分析；
D. 热传递的条件是两个物体存在温度差。
3．【答案】B
【知识点】热机；能量的转化或转移；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】A．内燃机工作时，燃料在气缸内燃烧，内能转化成机械能的装置，故A正确，不符合题意；
B．内燃机工作时，需要外力启动让曲轴转动起来，完成了吸气冲程、压缩冲程，直到做功冲程结束，才获得动力，利用自身工作循环做功，故B错误，符合题意；
C．水的比热容大，吸收热量后温度变化小，能吸收内燃机气缸因燃料燃烧产生的热量，为发动机降温，故C正确，不符合题意；
D．内燃机在做功冲程中，高温、高压的气体对外做功，把内能转化为机械能，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】内燃机工作时，做功冲程中燃料燃烧获得内能，对外做功时，内能转化为机械能，水的比热容较大，吸热能力强，降温效果好。
4．【答案】A
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】当有人吸烟时，烟分子会不停地做无规则运动，从而扩散到周围空气中，使得旁边的人能够闻到烟味，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】分子动理论包括：①物质是由大量分子组成的；
②分子在不停地做无规则运动；
③分子间存在相互作用的引力和斥力；
④分子间有间隙。
5．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．面放入锅中后吸收热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递的方式改变了内能，故A正确不符合题意；
B．将面从锅中捞出向空气中散热，则它的温度降低、内能减小，故B正确不符合题意；
C．闻到摊摊面的香味，说明分子在不停做无规则运动，这是扩散现象，故C正确不符合题意；
D．热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】A.热传递改变内能的本质为能量的转移，做功改变内能的本质为能量的转化；
B.温度降低，内能减小；温度升高，内能增大；
C.根据分子运动的知识判断；
D.热量是热传递过程中内能转移的多少。
6．【答案】D
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电流规律
【解析】【解答】A．根据电路图可知，同时闭合S1、S3时，电流没有经过灯泡，此时会形成电源短路，故A正确不符合题意；
B．根据电路图可知，只闭合S1，两个灯泡首尾相连，则二者串联，故B正确不符合题意；
C．根据电路图可知，断开S1，闭合S2、S3，此时L1、L2并排连接在电路中，则L1、L2组成并联电路，故C正确不符合题意；
D．根据电路图可知，只闭合S1、S2，灯泡L2被短路，只有灯泡L1发光，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】电流不经过用电器，从正极直接流回负极叫短路。用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联，据此分析判断即可。
7．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只闭合“照明”开关时，浴霸灯亮，则开关控制浴霸灯，二者串联在同一支路。只闭合“电机”开关时，浴霸电动机工作，开始吹冷风，但是灯不亮，则开关能控制浴霸电动机，二者串联在同一支路。
如果只闭合“暖风”开关，浴霸不工作，此时需要闭合开关S2才行，那么浴霸灯、电动机、电热丝并联，且开关S2在电阻和电动机并联构成的干路上，如下图所示：
故选C。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制所在支路上的用电器，据此分析判断。
8．【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．图乙中，电阻串联，滑片P在a端时，电流表示数为0.15A，则电源电压表示为···①
滑片P在b端时，电路只有R2，电流表示数为0.6A，则电源电压为···②
联立①②，解得，，故AB错误；
C．乙图中，物重增大时，滑片P向下，滑动变阻器接入电路电阻变小，总电阻变小，电流变大，定值电阻阻值不变，根据，定值电阻电压变大，根据，定值电阻的电功率变大，故C错误；
D．当电子秤示数为3kg时，由，压力F=G=30N，丙图中，弹簧被压缩了3cm，R1长6cm，阻值15Ω的电阻丝，连入电路的电阻为；电路电流为，故D正确。
故选D。
【分析】在串联电路中，根据U=IR，计算电压大小；电阻减小，电流变大，定值电阻分压变大，根据，计算电路中电流的大小。
9．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向右。右手握住螺线管，四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．根据题意可知，当光线较亮时，光敏电阻阻值减小，则总电流变大，电磁铁磁场增强，将衔铁吸下来，此时灯泡熄灭，那么灯泡在A和B两接线柱之间，故B正确；
C．根据题意可知，当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，则磁性变弱，故C错误；
D．根据题意可知，当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
BCD.根据亮度变化确定光敏电阻的阻值变化，根据欧姆定律分析总电流的变化，进而确定电磁铁的磁场强弱变化，弄清衔铁的运动方向，进而确定灯泡的位置即可。
10．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据图像可知，甲是一条通过坐标原点的斜线，那么电流与其两端电压成正比，即这个阻值保持不变，那么甲为电阻R的I-U关系图像，曲线乙是灯泡L的I-U关系图像，故A错误；
B．电阻大小与与导体两端的电压无关，即电压为0时，L与R的阻值均不为0，故B错误；
C．根据图像可知，当电路中的电流为0.2A时，L两端的电压为1.2V，R两端的电压为4.8V，此时电源电压U=UL+UR=1.2V+4.8V=6V，与题意相符；
故电路中的总电阻，
故C错误；
D．根据图像可知，当电压为6V时，通过定值电阻R中的电流为0.25A，灯泡L中流过的电流为0.5A，电路中的总电流I1=0.25A+0.5A=0.75A；
故电路中的总电阻
故D正确。
故选D。
【分析】 A.定值电阻的电流与其两端电压成正比，由此结合图线特征得出结论；
B.电阻是物体本身的属性，跟它两端的电压无关；
C.串联电路中电流处处相等，结合图象读出对应的电流，根据欧姆定律算出两者串联后的总电阻；
D.将L和R并联在6V的电源两端，结合图象读出对应的电流，根据并联电路特点结合欧姆定律计算电路中的总电阻。
11．【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】C．图中，和闭合，若a、b均为电流表，则电源被短路，a、b都为电压表，两电阻串联，a表测电源电压，b表测两端的电压；a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，两端的电压为1V，故C正确；
ABD．将a、b换为另一种电表，为电流表，闭合、断开，两电阻并联，a表测电流，示数为0.4A，b表测干路电流。串联电压规律，电压为，则、电压之比为，则、阻值之比为。根据并联分流原理，、电流之比为，电流为0.4A，则电流为，根据并联电流规律，b表的示数为，则的阻值为，
的阻值为，故A正确，BD错误。
故选AC。
【分析】电流表在电路中串联，电压表和所测量的位置并联；在串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；并联电路中，各支路电流之和等于干路电流；根据，计算电阻。
12．【答案】A,C
【知识点】电源及其能量转化；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】AC．发热纸消耗电能，得到内能，电能转化为内能，利用电流的热效应，故AC正确；
B．根据Q=I2Rt，在电阻、通电时间一定时，电流越大、产生的热量越多，不知道时间，产生的热量不一定多，故B错误；
D．根据Q=I2Rt，在电流、通电时间t一定时，电阻越大、产生的热量越多，不知道电流、时间，产生的热量不一定多，故D错误。
故选AC。
【分析】电流通过电阻时产生热量，是电流的热效应；电热的多少和电流、电阻、通电时间有关。
13．【答案】吸引轻小物体；同种；电子
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】（1）当带电的塑料棒靠近轻质铝箔条的一端时，因为带电体具有吸引轻小物体的性质，所以铝箔条会偏转；
（2用干燥的手从上向下捋几下，发生摩擦起电现象，塑料绳带电，因塑料绳带同种电荷相互排斥而相互散开；摩擦起电的实质是电荷的转移，得电子的物质带负电，失去电子的物质带正电；塑料丝带电的实质是电子在物体间转移。
【分析】(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。两种不同物质摩擦时，由于不同物质的原子核对核外电子的束缚能力不同，就会导致电荷发生转移两个物体都带了电。
14．【答案】6；20；2.4
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，当滑片位于左端时，接入电路电阻为零，只灯泡接入电路，此时电流最大，图乙中，电流，灯泡两端的电压为6V，则电源电压，小灯泡的额定电压为，则小灯泡的额定功率；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入的电阻最大，电流最小，灯泡两端的电压，电流，串联电路中，总电压等于各分电压之和，滑动变阻器的电压，滑动变阻器的最大阻值。
【分析】滑动变阻器和灯泡串联，接入电阻最小时，根据P=UI，计算电功率；根据串联电路分压规律，计算分压，根据，计算电阻。
15．【答案】热传递；；
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】 解：（1）水吸收热量、温度升高，是通过热传递的方式增加内能的；
（2）水吸收的热量：
Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×40kg×（45℃-25℃）=3.36×106J；
（3）由得天然气完全燃烧放出的热量：，由Q放=Vq得消耗天然气的体积：。
故答案为：热传递；3.36×106；0.05。
【分析】 （1）物体吸热升温是通过热传递的方式增加内能的；
（2）知道水的质量、初温和末温，根据Q吸=cm（t-t0）计算水吸收的热量；
（3）知道热效率，根据计算天然气完全燃烧放出的热量，根据Q放=Vq计算消耗天然气的体积。
16．【答案】变小；81：49；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，和串联，当的滑片P从中点滑到b端时，电路中总电阻增大，电流减小。根据公式，可知的功率，功率变小。
结合分压规律：，则，滑片P在中点时，滑动变阻器阻值，电路中电流，
此时的功率：；
当滑片P滑到b端时，电路中电流；
此时的功率：；
前后两种状态下，的功率之比；
电源电压不变，电路总功率根据，当滑片P从中点滑到b端时，电路中总电阻增加，电流减小，总功率减小。
【分析】根据，判断电功率的大小；利用，计算电流大小，判断电功率的比值关系。
17．【答案】4.2×107；1.68×107；40%
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】 秸秆煤完全燃烧释放的热量：
Q放=m秸秆煤q=2kg×2.1×107J/kg=4.2×107J．
水吸收的热量为：
此过程热效率为 ：
【分析】 解题关键是对燃料完全燃烧放出热量公式、吸热公式和效率公式的熟练掌握和运用。
18．【答案】L1；负；0.3；1.2
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】图甲中，两灯泡并联，电流表a与L1串联，测L1的电流，电流表b测干路电流。
电流表a的左端靠近电源的负极，右端靠近电源的正极，左端是负接线柱。
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且a、b电流表指针的偏转角相同，图乙中，干路电流表b的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A。a电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，通过L1的电流为0.3A。通过L2的电流为。
【分析】根据并联电路中电流的规律，判断电流表量程，结合指针位置，测量电流大小。
19．【答案】（1）
（2）
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题；串、并联电路的设计；电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】（1）图中，反向延长F2的作用线，过O点作F2的垂线，为阻力臂；动力最小时，动力臂最大，OB为最长力臂，力F1作用在B点最小，过B点作的垂线，即为最小动力F1，方向垂直杠杆向上，如图所示：
（2）图中，移动滑动变阻器的滑片改变灯泡的亮度，电源、滑动变阻器、灯泡和电流表串联；灯泡变亮时，电流变大，由可知，灯泡两端电压变大，要求电压表示数变小，则电压表和滑动变阻器并联；则电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，填在最右端的虚线框内；电路如图所示：
【分析】（1）支点到力的作用线的垂线，是力臂大小；支点到力的作用点的连线是最大力臂，最小的力和最大的力臂垂直；
（2）电流表和所测量的位置串联，电压表和所测量的位置并联；结合电阻变大，分压变大，判断电压表的位置。
（1）反向延长F2的作用线，过O点作其垂线，垂线段长为阻力臂；要使动力最小，其动力臂必须为最大值，OB为最长力臂，力F1作用在B点且垂直于OB时最小，过B点作动力臂的垂线即为最小动力F1，方向垂直杠杆向上，如图所示
（2）要通过移动滑动变阻器的滑片改变灯泡的亮度，电源、滑动变阻器、灯泡和电流表应串联连接；灯泡变亮时，说明通过灯泡的电流变大，由可知，灯泡两端电压变大，而题中要求电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联；所以电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，这样可以满足电流方向如图所示；电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，应填在最右端的虚线框内；电路如图所示
20．【答案】②；材料；AB；不明显；减小
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）实验时，选用编号为A、C的两根电阻丝，导体的长度、材料相同，横截面积不同，实验可探究电阻和横截面积的关系，验证猜想②。
将A和D电阻丝分别接入电路中，电流表示数不相同，它们的横截面积、长度相同，材料不同，可得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。
为了验证猜想①，应选择材料和横截面积相同，长度不同的电阻丝，选择A和B两电阻丝接入电路。
（2）电源电压一定，电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，利用电流表的示数判断电阻的大小，灯泡可保护电路。
（3）生活中，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，在材料和长度一定时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小，减小了输电线的电阻，减小输电线上的电能损失。
【分析】（1）进行实验时，探究电阻和横截面积的关系，导体的材料长度相同；当导体的横截面积、长度相同时，可以探究电阻和材料的关系；探究电阻和长度的关系，保持材料和横截面积相同；
（2）利用电流表可明显反应电阻的大小；
（3）材料和长度相同时，导体的横截面积越大， 电阻越小。
21．【答案】（1）0.1；0.625
（2）灯丝的电阻随温度的升高而增大
（3）不能
（4）；
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）图乙中，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A。
图丙中，当电压为2.5V时，电流为0.25A，小灯泡正常发光的功率为；
（2）分析I-U图象，灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压升高，灯丝温度升高，电阻变大。
（3）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，实验装置不能用来验证电流与电压的关系。
（4）测量灯泡电功率时，图丁中，
①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为，小灯泡正常发光。
②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，电流表的示数为；
在步骤①②中，电流均为时，变阻器接入电路的阻值不变，小灯泡正常发光时的电阻与变阻器的电阻相同，即，则小灯泡的额定功率。
【分析】（1）根据电流表量程和指针位置，测量电流；利用P=UI，计算电功率；
（2）小灯泡的电阻随温度升高逐渐变大；
（3）探究电流和电压关系时，需要保持电阻一定，不能利用灯泡进行实验；
（4）当电压电流一定时，电路中的电阻一定，判断灯泡的电阻大小，利用P=I2R，计算电功率。
（1）[1]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.1A。
[2]由图丙可知，当电压为2.5V时，电路中的电流为0.25A，所以小灯泡正常发光时的功率为
（2）通过分析I﹣U图象，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压升高，灯丝温度升高，电阻变大。
（3）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以该实验装置不能用来验证欧姆定律中电流与电压的关系。
（4）[1]①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为，此时小灯泡正常发光。
[2]②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，读出电流表的示数为；
在步骤①②中，电路中的电流均为时，变阻器接入电路的阻值不变，则根据等效替代法可知，小灯泡正常发光时的电阻与此时变阻器的电阻相同，即
则小灯泡的额定功率
22．【答案】（1）A、B；材料
（2）大
（3）控制变量
（4）③①②④
【知识点】音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）探究音调与琴弦粗细的关系时，需采用控制变量法，即保持琴弦的材料、长度相同，只改变横截面积。观察实验数据可知，编号A和B的琴弦材料均为不锈钢，长度均为50cm，仅横截面积不同，符合实验要求，因此应选用编号为A、B的琴弦；分析编号D和E的琴弦数据：D的材料为黄铜，E的材料为尼龙丝，而两者的长度均为30cm，横截面积均为0.5mm2。在长度和粗细相同的情况下，唯一的变量是材料，因此选择这两组琴弦可探究音调与材料的关系。
（2）琴弦的张力与松紧程度直接相关，调紧琴弦时，琴弦的张力会变大。在振幅相同的情况下，张力增大的琴弦振动频率升高，而音调的高低由频率决定，频率越高，音调越高，因此此时音调会升高。
（3）在本实验中，探究音调与琴弦粗细、长度、材料等因素的关系时，每次只改变一个因素，而保持其他因素不变，这种研究方法称为控制变量法。
（4）科学探究的合理步骤通常是：首先提出问题；然后进行实验研究；接着对实验数据进行分析归纳；最后得出结论。因此完成本探究全过程的步骤顺序应为③①②④。
综上所述，（1）第一空答案为：A、B；（1）第二空答案为：材料；（2）答案为：大；（3）答案为：控制变量；（4）答案为：③①②④
【分析】根据音调相关知识进行解答
（1）探究音调与琴弦粗细的关系时，需运用控制变量法，即保证除琴弦粗细外，其他可能影响音调的因素均相同。观察实验数据，编号A和B的琴弦材料均为不锈钢，长度均为50cm，仅横截面积不同，完全符合控制变量的要求，因此应选用编号为A、B的琴弦；要确定探究的因素，需分析所选琴弦的变量。编号D和E的琴弦长度均为30cm，横截面积均为0.5mm2，唯一不同的是材料，根据控制变量法，此时探究的是音调与材料的关系。
（2）琴弦的张力大小与松紧程度直接相关，调松琴弦时，张力减小，调紧琴弦时，张力增大。题目中要求琴弦调紧一些，因此琴弦的张力会变大。而张力增大时，琴弦振动更剧烈，频率升高，音调也随之升高，这一逻辑符合实验现象。
（3）在探究音调与琴弦粗细、长度、材料的关系时，每次实验只改变一个因素，同时保持其他因素不变，通过对比实验结果得出该因素对音调的影响，这种控制其他因素不变，只改变研究对象的方法，是物理实验中常用的控制变量法，能有效排除无关因素干扰，确保结论的准确性。
（4）科学探究的基本流程为：首先从现象中提出问题；接着通过实验研究收集数据；然后对实验数据进行分析归纳；最后得出结论。
（1）[1]由表可知，要探究音调与琴弦粗细的关系，则琴弦的长短、材料要保持一致，故选编号为A、B。
[2]由表可知，编号D、E的琴弦，琴弦的长短、粗细一样，琴弦的材料不一样，故探究音调与材料的关系。
（2）把琴弦调紧一些，以相同的振幅拨动琴弦发声时，琴弦的张力变大了，琴弦约容易振动，琴弦振动频率变高，琴弦的音调升高。
（3）在上述探究过程中，总要控制某些因素，使它们保持不变，进而寻找出另外一些因素的关系，这种控制其它因素不变，只改变其中一个因素的方法是控制变量法。
（4）实验探究的步骤为：提出问题、猜想和假设、实验研究、分析归纳、得出结论，因此该实验探究的步骤排序为③①②④。
23．【答案】加热时间；甲；乙；这部分酒精完全燃烧放出的热量是8.4×104J；甲液体的比热容为4.2×103J/（kg ℃）
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）加热装置相同，加热相同的时间，放出的热量相等，甲和乙吸收的热量相等，物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。
（2）根据实验数据，甲升高10℃时，需要的时间为40s，乙升高10℃需要的时间为18s，甲需要的加热时间长、吸收的热量多，加热相同的时间40s，甲升高10℃，乙升高20℃，吸收相同热量时，乙温度升高的多。
（3）2.8g酒精完全燃烧，放出热量为：，
（4）甲液体吸收的热量为：，
根据，甲液体的比热容为：。
【分析】（1）加热装置相同，通过加热时间表示吸收热量的多少；
（2）根据实验数据，质量和温度差相同时，加热时间越长，吸收热量越多；
（3）根据Q=mq，计算燃料放出热量的多少；
（4）利用，计算物体的比热容大小。
24．【答案】解：（1）当开关S0 和S都闭合时，只有R1工作，电热水器处于加热状态，则工作电路的功率
。
（2）水吸收的热量
由可得，消耗的电能电热水器的加热效率。
（3）当温度达到50℃后，触点与接通，与串联，电热水器处于保温状态，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流，则通电100s，R2 产生的热量
。
答：（1）电热水器处于加热状态时工作电路的功率为1100W；
（2）电热水器的加热效率为84%；
（3）当温度达到50℃后，通电100s，R2产生的热量为2156J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）当开关S0 和S都闭合时，电路为R1的简单电路，电热水器处于加热状态，电压为220V，根据功率公式计算工作电路的功率；
（2） 将2.2kg的水从15℃加热到45℃， 根据热量的计算公式计算水吸收的热量；
由可计算消耗的电能，根据效率公式计算电热水器的加热效率；
（3）触点与接通，与串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻为2200Ω，根据欧姆定律计算电路中的电流，根据计算通电100s，R2 产生的热量。
25．【答案】解：（1）由得，热水器中水的质量为
热水器中的水需吸收的热量为
（2）由可得，此次热水器接收的太阳能：
（3）由题意可知
根据可得，这些太阳能由燃气提供时可节约燃气为
答：（1）热水器中的水需吸收的热量为2.52×107J；
（2）此次热水器接收的太阳能是5.04×107J；
（3）如果这些太阳能由燃烧燃气提供，至少需要1.2m3的燃气。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据m=ρV，计算物体的质量；利用Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（2）利用，计算燃料放出的总热量；
（3）利用，计算消耗燃料的体积。
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