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广东省广州白云区2025-2026学年九年级上学期期末考试物理试题
1．（2026九上·广东期末） 某家用电磁炉设在“火锅挡”工作时，如图面板上显示数值为“2200”，该数值的单位应是（　　）
A．瓦特 B．安培 C．摄氏度 D．伏特
【答案】A
【知识点】电功率；科学家及其贡献
【解析】【解答】 解：A、瓦特是功率的单位，家用电磁炉的功率一般在1500W至3000W之间，火锅档通常需要较大功率来快速加热，2200W是比较合理的功率值，故A正确。
B、安培是电流的单位，家用电磁炉的电流通常在3A至8A之间，不会达到2200安培，故B错误。
C、摄氏度是温度的单位，电磁炉火锅档的温度一般在60℃至240℃之间，不会显示为2200摄氏度，故C错误。
D、伏特是电压的单位，家用电磁炉的标准电压为220V，这是固定值，不会在火锅档显示为2200伏特，故D错误。
故选：A。
【分析】 电功率的单位：国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W；常用单位还有千瓦（kW）、毫瓦（mW）。
2．（2026九上·广东期末） 小白参观科技馆时，一组静电实验给他留下了深刻印象。甲为放在绝缘支架上的带正电球，乙为用绝缘丝线悬吊的带正电的轻质小球。先后将小球乙悬吊在距离甲远近不同的P1、P2、P3处，发现悬吊小球乙的丝线偏离竖直方向的角度不同。以下说法不正确的是（　　）
A．乙球向右偏离竖直方向的原因是受到甲球的排斥力
B．小球乙在P1、P2、P3处受到甲球的排斥力大小不同
C．小球乙在P1处时偏角最大，说明此时甲、乙间的排斥力最大
D．实验说明电荷间的排斥力可能会随着电荷间距离增大而增大
【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 解：A、甲带正电，乙也带正电，故它们之间会相互排斥，故A正确；
B、因为小球乙离甲的位置不同，故小球乙在P1、P2、P3处受到甲球的排斥力大小不同，故B正确；
C、小球乙在P1处时偏角最大，说明此时甲、乙间的排斥力最大，故C正确；
D、实验说明电荷间的排斥力可能会随着电荷间距离增大而减小，故D错误。
故选：D。
【分析】电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
3．（2026九上·广东期末） 下列符合安全用电要求的是（　　）
A．手机充电完毕后，不用拔充电插头
B．用电器起火立即泼水救火
C．金属用电器要接保护线
D．更换灯泡不用切断电源
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、手机充电完毕后，充电器不使用时要拔下充电插头或断开电源，故A错误；
B、生活用水是导体，用电器起火时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，家庭电路发生火灾时要先断开电源，再灭火，故B错误；
C、有金属外壳的用电器，要接保护接地线，防止相线与金属外壳接触而导致触电，故C正确；
D、更换灯泡时，必须要切断电源，防止发生触电事故，故D错误。
故选：C。
【分析】 为了确保用电安全，日常生活中要做到：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。
4．（2026九上·广东期末）某银行进入柜台大门实行刷脸和密码双重验证。刷脸验证通过后开关闭合，密码验证通过后开关闭合，两次验证都通过后开门电动机工作，大门打开；用于监控大门的摄像照明灯须常亮，为保护电阻。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】选项A分析：当开关S1和S2同时闭合时，电动机开始工作。但此时摄像照明灯被短路，导致灯无法点亮，因此A选项不符合题目要求。
选项B分析：该电路中电动机与摄像照明灯采用并联连接方式。摄像照明灯直接连接电源，可以保持常亮状态；开关S1和S2串联控制电动机，只有当两个开关都闭合时电动机才会工作；电阻R设置在干路中，起到保护电路的作用，因此B选项符合题目要求。
选项C分析：虽然摄像照明灯直接连接电源可以保持常亮，但开关S1和S2采用并联方式控制电动机，这意味着只要任意一个开关闭合，电动机就会工作，不符合题目要求的控制方式。
选项D分析：在这个方案中，摄像照明灯需要两个开关同时闭合才能点亮，无法实现常亮功能，因此D选项不符合要求。
综上所述，正确答案是B。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
5．（2026九上·广东期末） 如图某额定电压为6V的小灯泡与的定值电阻串联，电路中电流为0.2A。如图所示是小灯泡的I-U图像，结合图像以下判断正确的是（　　）
A．小灯泡的实际功率是0.6W
B．电源电压为10V
C．此时小灯泡的电阻是30Ω
D．此时小灯泡两端电压大于定值电阻两端电压
【答案】A
【知识点】电功率；额定功率；实际功率
【解析】【解答】 解：AC、小灯泡与R=20Ω的定值电阻串联，电路中电流为0.2A，此时灯泡的电压为3V；
实际功率P=UI=3V×0.2A=0.6W；
此时小灯泡的电阻，故A正确，C错误；
BD、R=20Ω的定值电阻的电压UR=IR=0.2A×20Ω=4V，大于灯泡的电压，故D错误；
电源电压为U=UL+UR=3V+4V=7V，故B错误。
故选：A。
【分析】 （1）小灯泡与R=20Ω的定值电阻串联，电路中电流为0.2A，根据图像确定灯泡电压，结合P=UI计算实际功率，根据欧姆定律计算灯泡的电阻；根据串联电路的特点和欧姆定律计算电源电压；
（2）根据电压大小比较分析。
6．（2026九上·广东期末） 小白家使用功率为1.5kW的电饭煲煮饭，饭煮熟后，他将这个电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，此时其它用电器仍正常工作，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸。空气开关跳闸的原因可能是（　　）
A．用电器的总功率过大 B．电热水壶的内部电路短路
C．电热水壶的插头短路 D．接入电热水壶的插座短路
【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 解：A、将这个电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，此时其它用电器仍正常工作，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸。说明不是由于用电器的总功率过大引起的跳闸，故A错误；
B、闭合电热水壶的开关，电热水壶的内部电路短路，空气开关跳闸，故B正确；
C、电热水壶的插头短路，不闭合开关，空气开关就会跳闸，故C错误；
D、接入电热水壶的插座短路，原来的电饭煲就不能正常工作，故D错误。
故选：B。
【分析】 家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
7．（2026九上·广东期末） 戥子是一种微型杠杆，中药房里都是用戥子称量中药。如图所示，不考虑秤杆重力，已知秤砣的质量是m，零刻度线在提纽右侧、离提纽的距离为，秤盘离提纽悬挂点的距离为。当盘中放入一定质量的中药后，移动秤砣至杠杆水平平衡时，秤砣悬挂点到提纽的距离是，以下判断正确的是（　　）
A．整个秤盘的质量是
B．中药的质量是
C．提纽向左移动一段距离，戥子的量程会变小
D．增加秤砣的质量，戥子的量程会变小
【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】解：A、当秤盘为空时，杠杆平衡，此时秤砣在零刻度线处。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，有：m盘gL1=mgL0，解得秤盘质量，因此A错误。
B、当放入中药后，设中药质量为m药 ，杠杆再次平衡。根据杠杆平衡条件：(m盘 +m药 )gL1=mgL2 将代入上式：，化简得：mL0+m药 L1 =mL2，解得：，因此B正确。
C、戥子的最大称量对应秤砣在最右端时的情况。提纽向左移动，会减小秤盘到提纽的距离L1 。根据（Lmax为秤砣最大力臂），当L1减小时，最大称量m总会变大，因此C错误。
D、根据，当增加秤砣质量m时，在L1和Lmax不变的情况下，最大称量m总会变大，因此D错误。
故选：B。
【分析】（1）根据杠杆平衡条件，当秤盘为空时，可求出秤盘质量。
（2）当放入中药后，根据杠杆平衡条件，可推导出中药质量。
（3）提纽向左移动，会使力臂减小，在秤砣质量不变时，最大称量值会变大。
（4）增加秤砣质量，在力臂不变时，最大称量值会变大。
8．（2026九上·广东期末） 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M的重力为200N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在10s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．10s内绳子自由端移动30m B．拉力F为300N
C．该滑轮组的机械效率为66.7% D．动滑轮重力为50N
【答案】C
【知识点】滑轮组及其工作特点；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，故A错误；
B、由图乙可知10s内拉力F做的功为3000J，由W=Fs可知，拉力：，故B错误；
C、滑轮组的机械效率：，故C正确；
D、因为忽略绳重及摩擦时，所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×150N-200N=100N，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh；
（2）由图乙可知10s内拉力F做的功，根据W=Fs求出拉力F的大小；
（3）利用求滑轮组的机械效率；
（4）利用忽略绳重及摩擦时求动滑轮的重力。
9．（2026九上·广东期末） 标准大气压下，水的沸点是100℃，某种牛奶的沸点是105℃。用相同的电加热器加热质量相等、初温相同的水和该种牛奶，牛奶比水先沸腾，如图是沸腾前水和牛奶温度随时间的变化图像，以下分析合理的是（　　）
A．实验中，牛奶先沸腾，说明加热相同时间，牛奶吸收热量比水多
B．实验中，牛奶先沸腾，说明牛奶的比热容比水大
C．实验中，牛奶先沸腾，说明图中甲牛奶
D．实验中，加热相同时间时，水和牛奶的温度相同
【答案】C
【知识点】沸腾及沸腾条件；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：A：实验中，牛奶先沸腾，说明加热相同时间，牛奶吸收热量比水多，因为使用的是相同的电加热器，相同时间内提供的热量相同，所以水和牛奶吸收的热量是相等的，故A错误。
B、根据公式Q吸=cmΔt，质量m相同、吸收热量相同时，比热容c越小，温度变化Δt越大。牛奶先沸腾，说明相同时间内牛奶升高的温度比水多，由此可知牛奶的比热容比水小，故B错误。
C、从图像可以看出，甲的温度升高速度更快，结合前面的分析，牛奶比热容小，升温快，所以甲对应的是牛奶，故C正确。
D、实验中，加热相同时间时，水和牛奶的温度相同从图像能明显看到，加热相同时间（即横坐标相同）时，甲的温度高于乙的温度，而甲是牛奶、乙是水，所以两者温度不同，故D错误。
故选：C。
【分析】题目中提到“用相同的电加热器加热”，这意味着相同时间内，水和牛奶吸收的热量是相等的，根据公式Q吸=cmΔt分析判断。
10．（2026九上·广东期末） 如图是电烙铁工作电路图，电源电压恒定。在预热状态时，电路总功率较小；在加热状态时，电路总功率较大，则下列分析中正确的是（　　）
A．闭合开关S，处于预热状态，此时小灯熄灭
B．断开开关S，处于加热状态，此时小灯发光
C．闭合开关S，处于预热状态，此时小灯发光
D．闭合开关S，处于加热状态，此时小灯熄灭
【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电阻的串联；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：当S闭合时，小灯泡被短路，电路为R的简单电路；当S断开时，小灯泡与R串联；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由可知，电路为R的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，处于加热状态；小灯泡与R串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，处于预热状态；
因此闭合开关S，处于加热状态，此时小灯熄灭；断开开关S，处于预热状态，此时小灯发光，故D正确。
故选：D。
【分析】 由可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和可知各挡位时电路的连接。
11．（2026九上·广东期末）
（1）探究串、并联电路中电流的规律时实验如图所示，闭合开关后，电流表A1、A2的示数分别为0.5A和0.3A，则通过小灯泡L1的电流为　 　A，通过小灯泡L2的电流为　 　A。
（2）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。则L1两端的电压U1=　 　V，L2两端的电压U2=　 　V。
【答案】（1）0.2；0.3
（2）4；2
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 解：（1）由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯L2的电流；
闭合开关后，电流表A1、A2的示数分别为0.5A和0.3A，即I=0.5A，I2=0.3A，
由并联电路的特点可知，流过小灯泡L1的电流为：I1=I-I2=0.5A-0.3A=0.2A。
（2）由图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压。
已知电压表V1的示数为6V，即电源电压U=6V，电压表V2的示数为2V，即L2两端的电压U2=2V；
由于串联电路的总电压等于各分电压之和，所以L1两端电压：U1=U-U2=6V-2V=4V。
故答案为：（1）0.2；0.3；（2）4；2。
【分析】 （1）由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯L2的电流；由并联电路的特点求出流过小灯泡L1上的电流。
（2）由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，根据串联电路的电压规律求L1两端的电压。
12．（2026九上·广东期末）
（1）某班级使用的一体机，其铭牌的部分数据如下表所示。学校每节课时长40min，若整节课使用一体机会消耗　 　kW·h的电能。
工作电压U/V 220
电源功率P/W 270
（2）如图所示是电热切割机的电路图，电源电压为6V，电热丝R阻值为1Ω。闭合开关S，电热丝温度升高，利用电流的　 　效应实现高温封口，2s内产生的热量为　 　J。
【答案】（1）0.18
（2）热；72
【知识点】电功的计算；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：（1）学校每节课时长为t=40min=2400s，由铭牌可知一体机的电功率为P=270W，
整节课使用一体机消耗的电能为：W=Pt=270W×2400s=6.48×105J=0.18kW h；
（2）①电热切割机闭合开关S，电热丝温度升高，将电能转化为内能，利用电流的热效应工作；
②通过电热切割机的电流为：，
电热切割机2s内产生的热量为：Q=I2Rt=（6A）2×1Ω×2s=72J。
故答案为：（1）0.18；（2）热；72。
【分析】（1）由公式W=Pt计算使用一体机消耗的电能；
（2）电热切割机闭合开关S，电热丝温度升高，利用电流的热效应工作；先由欧姆定律求出通过电热切割机的电流，由公式Q=I2Rt计算出产生的热量。
13．（2026九上·广东期末）
（1）炒菜时，饭香四溢，说明分子在不停地做　 　。拿起锅盖，内表面会沾有很多小水珠不会掉落，这说明分子间存在　 　。
（2）“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明流动的水有　 　能。0℃的水　 　（选填“具有”或“不具有”）内能。
（3）如图所示，原始社会的一种取火器，它以牛角作外套筒，木制推杆，杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，一手猛推杆入筒，随即将杆拔出，艾绒即燃。取火时是通过　 　增加筒内空气的内能（选填“做功”或“热传递”），取火的原理与汽油机的　 　冲程相同。
【答案】（1）无规则运动；引力
（2）动；具有
（3）做功；压缩
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；热机的四个冲程；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 解：（1）饭香四溢，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
分子间存在引力和斥力。拿起锅盖，锅盖内表面会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在引力。
（2）“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明江水有动能。江水奔腾向东，具有速度和质量，因而具有动能。
0℃的水，其分子依然在不停地做无规则运动，且分子间存在着相互作用的势能，所以具有内能。
（3）封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，气体内能增加，是机械能转化为内能，通过做功的方式使气体的内能增加；汽油机的压缩冲程与上述能量转化相同，因为它们都是机械能转化为内能的。
故答案为：（1）无规则运动；引力；（2）动；具有；（3）做功；压缩。
【分析】 （1）扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。分子间同时存在相互作用的斥力和引力。
（2）一切物体都具有内能，内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和。
（3）猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增加，温度升高，压强增大；四冲程工作过程中能量的转化：①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。
14．（2026九上·广东期末） 甲、乙机械把同样重的物体匀速向上提升。两机械做功情况的部分数据如图所示，则甲机械的总功为　 　J，乙机械的有用功为　 　J，甲机械的效率　 　乙机械的效率（选填“大于”“等于”或“小于”）。
【答案】2000；900；小于
【知识点】机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】解：由图可知，甲机械的有用功为500J，占总功的25%，即甲的机械效率为25%；
由可知，甲机械的总功为：；
乙机械的额外功为2100J，占总功的70%，则乙机械的总功为：；
则乙机械的有用功为：W有乙=W总乙-W额乙=3000J-2100J=900J；
由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，因此甲的机械效率小于乙的机械效率。
故答案为：2000；900；小于。
【分析】 （1）由图可知，甲机械的有用功为500J，占总功的25%，由可计算甲机械的总功；
（2）乙机械的额外功为2100J，占总功的70%，可计算出乙机械的总功，用总功减去额外功得到乙机械的有用功；
（3）由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，由此可比较甲、乙的机械效率大小。
15．（2026九上·广东期末） 第十五届全运会的主火炬燃料来自我国自主研制的潜水器采集的深海可燃冰：
（1）潜水器两侧各连着一只机械手臂，手臂前端连接采样篮。其中一只机械手臂的示意图如图所示，A端通过液压杆AC驱动，液压杆伸长或收缩时，带动AB杆绕O点转动，使B端下压或上提，完成采样。金属杆重力不计，请画出液压杆对A点的动力F的力臂　 　，（此处假设液压杆对A点施加斜向上的拉力），这是一个　 　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）。
（2）1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知天然气热值约为，水的比热容为。求：
①1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量是多少
②若完全燃烧1m3可燃冰放出的热量有50%被水吸收，能把多少千克的水从0℃加热到沸腾（在标准大气压下）
【答案】（1）；费力
（2）解：①1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，则1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧放出的热量为：Q放=qV=2.8×107J/m3×150m3=4.2×109J；
②水吸收的热量为：Q吸=ηQ放=50%×4.2×109J=2.1×109J；
在标准大气压下水的沸点为100℃，从0℃加热到沸腾，水的温度变化量为Δt=100℃，则水的质量为：。
答：①1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量是4.2×109J。
②若完全燃烧1m3可燃冰放出的热量有50%被水吸收，能把5000千克的水从0℃加热到沸腾。
【知识点】热量的计算；燃料的热值；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】解：已知支点为O，延长F画出力F的作用线，从支点向F的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂l1，如下图所示：
由图可知，机械手臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
答： ；费力。
【分析】 （1）支点到力的作用线的垂直距离就是力臂，据此画出液压杆对A点的动力F的力臂l1；结合图片先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）①根据Q放=qV求出天然气完全燃烧放出的热量；
②根据求出水吸收的热量，利用Q吸=c水m水Δt求出水的质量。
16．（2026九上·广东期末） 图1所示的是某款家用天然气泄漏检测仪内部简化电路图，天然气气敏电阻R0，其阻值随燃气浓度β的变化如图2所示。
R为100Ω的定值电阻，电源电压恒为12V，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号。不考虑报警器对电路的影响：
（1）报警器由　 　表改装（选填“电压”或“电流”）。由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，R0的阻值　 　（选填“增大”或“减小”）。
（2）报警器刚好达到报警条件时定值电阻R两端电压为多大？此时电路的总功率为多大？
（3）可通过　 　定值电阻R的阻值（选填“增大”或“减小”），实现在燃气浓度更低时报警，请利用所学知识进行分析论证　 　。
【答案】（1）电压；增大
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联；由题意可知，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号，则报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，则定值电阻R两端的电压为：UR=U-U0=12V-9V=3V；
此时电路中的电流为：；
此时电路的总功率为：P=UI=12V×0.03A=0.36W；
（3）减小；由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）由图1可知，报警器并联在气敏电阻R0两端，所以报警器由电压表改装；
由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，气敏电阻R0的阻值增大；
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联；由题意可知，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号，则报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，则定值电阻R两端的电压为：UR=U-U0=12V-9V=3V；
此时电路中的电流为：；
此时电路的总功率为：P=UI=12V×0.03A=0.36W；
（3）由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
故答案为：（1）电压；增大；
（2）报警器刚好达到报警条件时定值电阻R两端电压为3V；此时电路的总功率为0.36W；
（3）减小；由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
【分析】 （1）由图1 可知，报警器并联在气敏电阻R0两端，所以报警器由电压表改装；由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，气敏电阻R0的阻值增大；
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联，报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，根据串联电路电压特点求出定值电阻R两端的电压；根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据P=UI计算此时电路的总功率；
（3）由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律需减小定值电阻R的阻值。
17．（2026九上·广东期末） 某实验小组用图1所示电路探究电流与电压的关系，电源电压保持不变，R为定值电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将图2电路连接完整　 　（滑片向右移动时，电流表示数变大）
（2）在闭合开关后，小白同学发现电流表指针无偏转，电压表指针有较大偏转，若电路中只有一处故障，则可能是　 　。
（3）调节滑动变阻器进行实验，并将实验数据记录在下表中：
序号 1 2 3 4
电压U/V 0.6 1 1.2 4
电流I/A 0.06 0.1 0.12 0.16
分析数据，发现一组数据有问题，可能是读数时出现了错误，它是第　 　（填数据序号）组。
（4）小白更换3次电路元件多次测量，正确读数，根据数据作出了如图3所示图像，他发现乙图线与甲和丙不同，导致这种情况的原因是　 　。
【答案】（1）
（2）定值电阻R断路
（3）4
（4）电流表没有调零
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1）将滑片向右移动时电流表示数变大，滑动变阻器接右下接线柱，接入电路的电阻变小，如下图：
（2）串联电路中，电流表指针不动，电路中应该发生了断路，电压表接在定值电阻两端，示数接近电源电压，所以定值电阻断路；
（3）分析表格数据可知，1、2、3、这3组数据的电压与电流的比值约为10Ω，第3组数据的电压与电流的比值约为25Ω，与定值电阻阻值不符，因此第4组数据有误；
（4）由图3可知，当电压为0时，乙图线的电流不为0，说明实验前电流表没有调零。
故答案为：（1）； （2）定值电阻断路；
（3）4；
（4）电流表没有调零。
【分析】 （1）分析实物图，将滑片向右移动时电流表示数变大，滑动变阻器接右下接线柱，接入电路的电阻变小；
（2）电流表指针无偏转，电压表指针有较大偏转，故障在定值电阻断路；
（3）根据电流表选用的量程和对应的分度值，结合指针位置读数；分析表格数据可得出错误数据；
（4）电表使用前要调零。
18．（2026九上·广东期末） 水果含有果酸，在水果中插入两片不同金属制成的极板，就组成了一个水果电池。
（1）如图，水果电池相当于电路中的　 　（填电路元件名称）；铜片为水果电池的　 　极，该水果电池的电压是　 　V，为获得更高电压，可以将多个水果电池　 　联。
（2）为探究影响水果电池电压大小的因素，小白利用铜片、锌片作电极的水果电池和电压传感器（精密电压测量仪）等器材进行实验。数据记录如下表：
实验组别 水果种类 电极插入深度/cm 电极之间距离/cm 测得电压/V
1 哈密瓜 1.0 2.0 0.886
2 哈密瓜 1.0 4.0 0.886
3 哈密瓜 1.0 6.0 0.886
4 苹果 1.0 2.0 1.010
5 苹果 1.5 2.0 1.010
6 苹果 2.0 2.0 1.010
7 柠檬 1.0 2.0 1.220
①为探究水果种类对水果电池电压大小的影响，应选用实验　 　（填组别）进行对比。
②分析上表数据，可以得出的结论是　 　。
（3）小白用铜片作为电池正极，分别用外形相同的锌、铝、铁等金属片作为电池的负极，将金属片电极插入柠檬，并保持电极间距离和插入深度相同，记录电压表的数据，小白这么做是想要探究　 　。
【答案】（1）电源；正；0.6；串
（2）1、4、7；水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关
（3）水果电池的电压大小与负极金属种类的关系
【知识点】控制变量法与探究性实验方案；制作水果电池
【解析】【解答】 解：（1）水果电池能够提供电能，相当于电路中的电源；在水果电池中，铜片的化学性质更稳定，会作为正极；从图中电压表的示数可以看到，量程是0-3V，分度值0.1V，示数为0.6V；要获得更高电压，可以将多个水果电池串联，因为串联电池组的总电压等于各电池电压之和。
（2）①要探究水果种类对电压的影响，需要控制电极插入深度、电极之间距离相同，改变水果种类。符合条件的是实验组别1、4、7，这三组的电极插入深度都是1.0cm，电极间距都是2.0cm，水果种类分别是哈密瓜、苹果、柠檬。②对比组别1、2、3：水果种类都是哈密瓜，电极插入深度都是1.0cm，电极间距从2.0cm到6.0cm变化，电压始终是0.886V，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与电极之间的距离无关。对比组别4、5、6：水果种类都是苹果，电极间距都是2.0cm，电极插入深度从1.0cm到2.0cm变化，电压始终是1.010V，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与电极插入深度无关。对比组别1、4、7：电极插入深度和间距相同，水果种类不同，电压不同，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与水果种类有关，柠檬的电压最高，哈密瓜的电压最低。
综上，可得出结论：水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关
（3）小白用铜片作正极，分别用锌、铝、铁作负极，保持电极间距离和插入深度相同，改变的是负极的金属材料，所以他想要探究的是水果电池的电压与负极金属材料的关系。
故答案为：（1）电源；正；0.6；串；（2）1、4、7；水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关；（3）水果电池的电压与负极金属材料的关系。
【分析】 （1）电源提供电能，用电器消耗电能；结合电压表的使用方法判断电池的正负极，结合电压表的量程、分度值读数；串联电池组的总电压等于各电池电压之和；
（2）（3）结合表格数据，利用控制变量法分析判断。
1 / 1广东省广州白云区2025-2026学年九年级上学期期末考试物理试题
1．（2026九上·广东期末） 某家用电磁炉设在“火锅挡”工作时，如图面板上显示数值为“2200”，该数值的单位应是（　　）
A．瓦特 B．安培 C．摄氏度 D．伏特
2．（2026九上·广东期末） 小白参观科技馆时，一组静电实验给他留下了深刻印象。甲为放在绝缘支架上的带正电球，乙为用绝缘丝线悬吊的带正电的轻质小球。先后将小球乙悬吊在距离甲远近不同的P1、P2、P3处，发现悬吊小球乙的丝线偏离竖直方向的角度不同。以下说法不正确的是（　　）
A．乙球向右偏离竖直方向的原因是受到甲球的排斥力
B．小球乙在P1、P2、P3处受到甲球的排斥力大小不同
C．小球乙在P1处时偏角最大，说明此时甲、乙间的排斥力最大
D．实验说明电荷间的排斥力可能会随着电荷间距离增大而增大
3．（2026九上·广东期末） 下列符合安全用电要求的是（　　）
A．手机充电完毕后，不用拔充电插头
B．用电器起火立即泼水救火
C．金属用电器要接保护线
D．更换灯泡不用切断电源
4．（2026九上·广东期末）某银行进入柜台大门实行刷脸和密码双重验证。刷脸验证通过后开关闭合，密码验证通过后开关闭合，两次验证都通过后开门电动机工作，大门打开；用于监控大门的摄像照明灯须常亮，为保护电阻。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2026九上·广东期末） 如图某额定电压为6V的小灯泡与的定值电阻串联，电路中电流为0.2A。如图所示是小灯泡的I-U图像，结合图像以下判断正确的是（　　）
A．小灯泡的实际功率是0.6W
B．电源电压为10V
C．此时小灯泡的电阻是30Ω
D．此时小灯泡两端电压大于定值电阻两端电压
6．（2026九上·广东期末） 小白家使用功率为1.5kW的电饭煲煮饭，饭煮熟后，他将这个电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，此时其它用电器仍正常工作，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸。空气开关跳闸的原因可能是（　　）
A．用电器的总功率过大 B．电热水壶的内部电路短路
C．电热水壶的插头短路 D．接入电热水壶的插座短路
7．（2026九上·广东期末） 戥子是一种微型杠杆，中药房里都是用戥子称量中药。如图所示，不考虑秤杆重力，已知秤砣的质量是m，零刻度线在提纽右侧、离提纽的距离为，秤盘离提纽悬挂点的距离为。当盘中放入一定质量的中药后，移动秤砣至杠杆水平平衡时，秤砣悬挂点到提纽的距离是，以下判断正确的是（　　）
A．整个秤盘的质量是
B．中药的质量是
C．提纽向左移动一段距离，戥子的量程会变小
D．增加秤砣的质量，戥子的量程会变小
8．（2026九上·广东期末） 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M的重力为200N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在10s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．10s内绳子自由端移动30m B．拉力F为300N
C．该滑轮组的机械效率为66.7% D．动滑轮重力为50N
9．（2026九上·广东期末） 标准大气压下，水的沸点是100℃，某种牛奶的沸点是105℃。用相同的电加热器加热质量相等、初温相同的水和该种牛奶，牛奶比水先沸腾，如图是沸腾前水和牛奶温度随时间的变化图像，以下分析合理的是（　　）
A．实验中，牛奶先沸腾，说明加热相同时间，牛奶吸收热量比水多
B．实验中，牛奶先沸腾，说明牛奶的比热容比水大
C．实验中，牛奶先沸腾，说明图中甲牛奶
D．实验中，加热相同时间时，水和牛奶的温度相同
10．（2026九上·广东期末） 如图是电烙铁工作电路图，电源电压恒定。在预热状态时，电路总功率较小；在加热状态时，电路总功率较大，则下列分析中正确的是（　　）
A．闭合开关S，处于预热状态，此时小灯熄灭
B．断开开关S，处于加热状态，此时小灯发光
C．闭合开关S，处于预热状态，此时小灯发光
D．闭合开关S，处于加热状态，此时小灯熄灭
11．（2026九上·广东期末）
（1）探究串、并联电路中电流的规律时实验如图所示，闭合开关后，电流表A1、A2的示数分别为0.5A和0.3A，则通过小灯泡L1的电流为　 　A，通过小灯泡L2的电流为　 　A。
（2）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。则L1两端的电压U1=　 　V，L2两端的电压U2=　 　V。
12．（2026九上·广东期末）
（1）某班级使用的一体机，其铭牌的部分数据如下表所示。学校每节课时长40min，若整节课使用一体机会消耗　 　kW·h的电能。
工作电压U/V 220
电源功率P/W 270
（2）如图所示是电热切割机的电路图，电源电压为6V，电热丝R阻值为1Ω。闭合开关S，电热丝温度升高，利用电流的　 　效应实现高温封口，2s内产生的热量为　 　J。
13．（2026九上·广东期末）
（1）炒菜时，饭香四溢，说明分子在不停地做　 　。拿起锅盖，内表面会沾有很多小水珠不会掉落，这说明分子间存在　 　。
（2）“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明流动的水有　 　能。0℃的水　 　（选填“具有”或“不具有”）内能。
（3）如图所示，原始社会的一种取火器，它以牛角作外套筒，木制推杆，杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，一手猛推杆入筒，随即将杆拔出，艾绒即燃。取火时是通过　 　增加筒内空气的内能（选填“做功”或“热传递”），取火的原理与汽油机的　 　冲程相同。
14．（2026九上·广东期末） 甲、乙机械把同样重的物体匀速向上提升。两机械做功情况的部分数据如图所示，则甲机械的总功为　 　J，乙机械的有用功为　 　J，甲机械的效率　 　乙机械的效率（选填“大于”“等于”或“小于”）。
15．（2026九上·广东期末） 第十五届全运会的主火炬燃料来自我国自主研制的潜水器采集的深海可燃冰：
（1）潜水器两侧各连着一只机械手臂，手臂前端连接采样篮。其中一只机械手臂的示意图如图所示，A端通过液压杆AC驱动，液压杆伸长或收缩时，带动AB杆绕O点转动，使B端下压或上提，完成采样。金属杆重力不计，请画出液压杆对A点的动力F的力臂　 　，（此处假设液压杆对A点施加斜向上的拉力），这是一个　 　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）。
（2）1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，已知天然气热值约为，水的比热容为。求：
①1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量是多少
②若完全燃烧1m3可燃冰放出的热量有50%被水吸收，能把多少千克的水从0℃加热到沸腾（在标准大气压下）
16．（2026九上·广东期末） 图1所示的是某款家用天然气泄漏检测仪内部简化电路图，天然气气敏电阻R0，其阻值随燃气浓度β的变化如图2所示。
R为100Ω的定值电阻，电源电压恒为12V，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号。不考虑报警器对电路的影响：
（1）报警器由　 　表改装（选填“电压”或“电流”）。由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，R0的阻值　 　（选填“增大”或“减小”）。
（2）报警器刚好达到报警条件时定值电阻R两端电压为多大？此时电路的总功率为多大？
（3）可通过　 　定值电阻R的阻值（选填“增大”或“减小”），实现在燃气浓度更低时报警，请利用所学知识进行分析论证　 　。
17．（2026九上·广东期末） 某实验小组用图1所示电路探究电流与电压的关系，电源电压保持不变，R为定值电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将图2电路连接完整　 　（滑片向右移动时，电流表示数变大）
（2）在闭合开关后，小白同学发现电流表指针无偏转，电压表指针有较大偏转，若电路中只有一处故障，则可能是　 　。
（3）调节滑动变阻器进行实验，并将实验数据记录在下表中：
序号 1 2 3 4
电压U/V 0.6 1 1.2 4
电流I/A 0.06 0.1 0.12 0.16
分析数据，发现一组数据有问题，可能是读数时出现了错误，它是第　 　（填数据序号）组。
（4）小白更换3次电路元件多次测量，正确读数，根据数据作出了如图3所示图像，他发现乙图线与甲和丙不同，导致这种情况的原因是　 　。
18．（2026九上·广东期末） 水果含有果酸，在水果中插入两片不同金属制成的极板，就组成了一个水果电池。
（1）如图，水果电池相当于电路中的　 　（填电路元件名称）；铜片为水果电池的　 　极，该水果电池的电压是　 　V，为获得更高电压，可以将多个水果电池　 　联。
（2）为探究影响水果电池电压大小的因素，小白利用铜片、锌片作电极的水果电池和电压传感器（精密电压测量仪）等器材进行实验。数据记录如下表：
实验组别 水果种类 电极插入深度/cm 电极之间距离/cm 测得电压/V
1 哈密瓜 1.0 2.0 0.886
2 哈密瓜 1.0 4.0 0.886
3 哈密瓜 1.0 6.0 0.886
4 苹果 1.0 2.0 1.010
5 苹果 1.5 2.0 1.010
6 苹果 2.0 2.0 1.010
7 柠檬 1.0 2.0 1.220
①为探究水果种类对水果电池电压大小的影响，应选用实验　 　（填组别）进行对比。
②分析上表数据，可以得出的结论是　 　。
（3）小白用铜片作为电池正极，分别用外形相同的锌、铝、铁等金属片作为电池的负极，将金属片电极插入柠檬，并保持电极间距离和插入深度相同，记录电压表的数据，小白这么做是想要探究　 　。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】电功率；科学家及其贡献
【解析】【解答】 解：A、瓦特是功率的单位，家用电磁炉的功率一般在1500W至3000W之间，火锅档通常需要较大功率来快速加热，2200W是比较合理的功率值，故A正确。
B、安培是电流的单位，家用电磁炉的电流通常在3A至8A之间，不会达到2200安培，故B错误。
C、摄氏度是温度的单位，电磁炉火锅档的温度一般在60℃至240℃之间，不会显示为2200摄氏度，故C错误。
D、伏特是电压的单位，家用电磁炉的标准电压为220V，这是固定值，不会在火锅档显示为2200伏特，故D错误。
故选：A。
【分析】 电功率的单位：国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W；常用单位还有千瓦（kW）、毫瓦（mW）。
2．【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 解：A、甲带正电，乙也带正电，故它们之间会相互排斥，故A正确；
B、因为小球乙离甲的位置不同，故小球乙在P1、P2、P3处受到甲球的排斥力大小不同，故B正确；
C、小球乙在P1处时偏角最大，说明此时甲、乙间的排斥力最大，故C正确；
D、实验说明电荷间的排斥力可能会随着电荷间距离增大而减小，故D错误。
故选：D。
【分析】电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
3．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、手机充电完毕后，充电器不使用时要拔下充电插头或断开电源，故A错误；
B、生活用水是导体，用电器起火时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，家庭电路发生火灾时要先断开电源，再灭火，故B错误；
C、有金属外壳的用电器，要接保护接地线，防止相线与金属外壳接触而导致触电，故C正确；
D、更换灯泡时，必须要切断电源，防止发生触电事故，故D错误。
故选：C。
【分析】 为了确保用电安全，日常生活中要做到：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。
4．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】选项A分析：当开关S1和S2同时闭合时，电动机开始工作。但此时摄像照明灯被短路，导致灯无法点亮，因此A选项不符合题目要求。
选项B分析：该电路中电动机与摄像照明灯采用并联连接方式。摄像照明灯直接连接电源，可以保持常亮状态；开关S1和S2串联控制电动机，只有当两个开关都闭合时电动机才会工作；电阻R设置在干路中，起到保护电路的作用，因此B选项符合题目要求。
选项C分析：虽然摄像照明灯直接连接电源可以保持常亮，但开关S1和S2采用并联方式控制电动机，这意味着只要任意一个开关闭合，电动机就会工作，不符合题目要求的控制方式。
选项D分析：在这个方案中，摄像照明灯需要两个开关同时闭合才能点亮，无法实现常亮功能，因此D选项不符合要求。
综上所述，正确答案是B。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
5．【答案】A
【知识点】电功率；额定功率；实际功率
【解析】【解答】 解：AC、小灯泡与R=20Ω的定值电阻串联，电路中电流为0.2A，此时灯泡的电压为3V；
实际功率P=UI=3V×0.2A=0.6W；
此时小灯泡的电阻，故A正确，C错误；
BD、R=20Ω的定值电阻的电压UR=IR=0.2A×20Ω=4V，大于灯泡的电压，故D错误；
电源电压为U=UL+UR=3V+4V=7V，故B错误。
故选：A。
【分析】 （1）小灯泡与R=20Ω的定值电阻串联，电路中电流为0.2A，根据图像确定灯泡电压，结合P=UI计算实际功率，根据欧姆定律计算灯泡的电阻；根据串联电路的特点和欧姆定律计算电源电压；
（2）根据电压大小比较分析。
6．【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 解：A、将这个电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，此时其它用电器仍正常工作，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸。说明不是由于用电器的总功率过大引起的跳闸，故A错误；
B、闭合电热水壶的开关，电热水壶的内部电路短路，空气开关跳闸，故B正确；
C、电热水壶的插头短路，不闭合开关，空气开关就会跳闸，故C错误；
D、接入电热水壶的插座短路，原来的电饭煲就不能正常工作，故D错误。
故选：B。
【分析】 家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
7．【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】解：A、当秤盘为空时，杠杆平衡，此时秤砣在零刻度线处。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，有：m盘gL1=mgL0，解得秤盘质量，因此A错误。
B、当放入中药后，设中药质量为m药 ，杠杆再次平衡。根据杠杆平衡条件：(m盘 +m药 )gL1=mgL2 将代入上式：，化简得：mL0+m药 L1 =mL2，解得：，因此B正确。
C、戥子的最大称量对应秤砣在最右端时的情况。提纽向左移动，会减小秤盘到提纽的距离L1 。根据（Lmax为秤砣最大力臂），当L1减小时，最大称量m总会变大，因此C错误。
D、根据，当增加秤砣质量m时，在L1和Lmax不变的情况下，最大称量m总会变大，因此D错误。
故选：B。
【分析】（1）根据杠杆平衡条件，当秤盘为空时，可求出秤盘质量。
（2）当放入中药后，根据杠杆平衡条件，可推导出中药质量。
（3）提纽向左移动，会使力臂减小，在秤砣质量不变时，最大称量值会变大。
（4）增加秤砣质量，在力臂不变时，最大称量值会变大。
8．【答案】C
【知识点】滑轮组及其工作特点；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，故A错误；
B、由图乙可知10s内拉力F做的功为3000J，由W=Fs可知，拉力：，故B错误；
C、滑轮组的机械效率：，故C正确；
D、因为忽略绳重及摩擦时，所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×150N-200N=100N，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh；
（2）由图乙可知10s内拉力F做的功，根据W=Fs求出拉力F的大小；
（3）利用求滑轮组的机械效率；
（4）利用忽略绳重及摩擦时求动滑轮的重力。
9．【答案】C
【知识点】沸腾及沸腾条件；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：A：实验中，牛奶先沸腾，说明加热相同时间，牛奶吸收热量比水多，因为使用的是相同的电加热器，相同时间内提供的热量相同，所以水和牛奶吸收的热量是相等的，故A错误。
B、根据公式Q吸=cmΔt，质量m相同、吸收热量相同时，比热容c越小，温度变化Δt越大。牛奶先沸腾，说明相同时间内牛奶升高的温度比水多，由此可知牛奶的比热容比水小，故B错误。
C、从图像可以看出，甲的温度升高速度更快，结合前面的分析，牛奶比热容小，升温快，所以甲对应的是牛奶，故C正确。
D、实验中，加热相同时间时，水和牛奶的温度相同从图像能明显看到，加热相同时间（即横坐标相同）时，甲的温度高于乙的温度，而甲是牛奶、乙是水，所以两者温度不同，故D错误。
故选：C。
【分析】题目中提到“用相同的电加热器加热”，这意味着相同时间内，水和牛奶吸收的热量是相等的，根据公式Q吸=cmΔt分析判断。
10．【答案】D
【知识点】电路的三种状态；电阻的串联；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：当S闭合时，小灯泡被短路，电路为R的简单电路；当S断开时，小灯泡与R串联；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由可知，电路为R的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，处于加热状态；小灯泡与R串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，处于预热状态；
因此闭合开关S，处于加热状态，此时小灯熄灭；断开开关S，处于预热状态，此时小灯发光，故D正确。
故选：D。
【分析】 由可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和可知各挡位时电路的连接。
11．【答案】（1）0.2；0.3
（2）4；2
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】 解：（1）由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯L2的电流；
闭合开关后，电流表A1、A2的示数分别为0.5A和0.3A，即I=0.5A，I2=0.3A，
由并联电路的特点可知，流过小灯泡L1的电流为：I1=I-I2=0.5A-0.3A=0.2A。
（2）由图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压。
已知电压表V1的示数为6V，即电源电压U=6V，电压表V2的示数为2V，即L2两端的电压U2=2V；
由于串联电路的总电压等于各分电压之和，所以L1两端电压：U1=U-U2=6V-2V=4V。
故答案为：（1）0.2；0.3；（2）4；2。
【分析】 （1）由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯L2的电流；由并联电路的特点求出流过小灯泡L1上的电流。
（2）由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，根据串联电路的电压规律求L1两端的电压。
12．【答案】（1）0.18
（2）热；72
【知识点】电功的计算；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：（1）学校每节课时长为t=40min=2400s，由铭牌可知一体机的电功率为P=270W，
整节课使用一体机消耗的电能为：W=Pt=270W×2400s=6.48×105J=0.18kW h；
（2）①电热切割机闭合开关S，电热丝温度升高，将电能转化为内能，利用电流的热效应工作；
②通过电热切割机的电流为：，
电热切割机2s内产生的热量为：Q=I2Rt=（6A）2×1Ω×2s=72J。
故答案为：（1）0.18；（2）热；72。
【分析】（1）由公式W=Pt计算使用一体机消耗的电能；
（2）电热切割机闭合开关S，电热丝温度升高，利用电流的热效应工作；先由欧姆定律求出通过电热切割机的电流，由公式Q=I2Rt计算出产生的热量。
13．【答案】（1）无规则运动；引力
（2）动；具有
（3）做功；压缩
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；热机的四个冲程；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 解：（1）饭香四溢，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
分子间存在引力和斥力。拿起锅盖，锅盖内表面会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在引力。
（2）“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明江水有动能。江水奔腾向东，具有速度和质量，因而具有动能。
0℃的水，其分子依然在不停地做无规则运动，且分子间存在着相互作用的势能，所以具有内能。
（3）封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，气体内能增加，是机械能转化为内能，通过做功的方式使气体的内能增加；汽油机的压缩冲程与上述能量转化相同，因为它们都是机械能转化为内能的。
故答案为：（1）无规则运动；引力；（2）动；具有；（3）做功；压缩。
【分析】 （1）扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。分子间同时存在相互作用的斥力和引力。
（2）一切物体都具有内能，内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和。
（3）猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增加，温度升高，压强增大；四冲程工作过程中能量的转化：①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。
14．【答案】2000；900；小于
【知识点】机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】解：由图可知，甲机械的有用功为500J，占总功的25%，即甲的机械效率为25%；
由可知，甲机械的总功为：；
乙机械的额外功为2100J，占总功的70%，则乙机械的总功为：；
则乙机械的有用功为：W有乙=W总乙-W额乙=3000J-2100J=900J；
由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，因此甲的机械效率小于乙的机械效率。
故答案为：2000；900；小于。
【分析】 （1）由图可知，甲机械的有用功为500J，占总功的25%，由可计算甲机械的总功；
（2）乙机械的额外功为2100J，占总功的70%，可计算出乙机械的总功，用总功减去额外功得到乙机械的有用功；
（3）由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，由此可比较甲、乙的机械效率大小。
15．【答案】（1）；费力
（2）解：①1m3可燃冰分解后，可释放出约150m3天然气，则1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧放出的热量为：Q放=qV=2.8×107J/m3×150m3=4.2×109J；
②水吸收的热量为：Q吸=ηQ放=50%×4.2×109J=2.1×109J；
在标准大气压下水的沸点为100℃，从0℃加热到沸腾，水的温度变化量为Δt=100℃，则水的质量为：。
答：①1m3可燃冰释放出的天然气完全燃烧，放出的热量是4.2×109J。
②若完全燃烧1m3可燃冰放出的热量有50%被水吸收，能把5000千克的水从0℃加热到沸腾。
【知识点】热量的计算；燃料的热值；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】解：已知支点为O，延长F画出力F的作用线，从支点向F的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂l1，如下图所示：
由图可知，机械手臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
答： ；费力。
【分析】 （1）支点到力的作用线的垂直距离就是力臂，据此画出液压杆对A点的动力F的力臂l1；结合图片先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）①根据Q放=qV求出天然气完全燃烧放出的热量；
②根据求出水吸收的热量，利用Q吸=c水m水Δt求出水的质量。
16．【答案】（1）电压；增大
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联；由题意可知，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号，则报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，则定值电阻R两端的电压为：UR=U-U0=12V-9V=3V；
此时电路中的电流为：；
此时电路的总功率为：P=UI=12V×0.03A=0.36W；
（3）减小；由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）由图1可知，报警器并联在气敏电阻R0两端，所以报警器由电压表改装；
由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，气敏电阻R0的阻值增大；
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联；由题意可知，当R0两端电压达到或超过9V时，发出报警信号，则报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，则定值电阻R两端的电压为：UR=U-U0=12V-9V=3V；
此时电路中的电流为：；
此时电路的总功率为：P=UI=12V×0.03A=0.36W；
（3）由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
故答案为：（1）电压；增大；
（2）报警器刚好达到报警条件时定值电阻R两端电压为3V；此时电路的总功率为0.36W；
（3）减小；由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律，当燃气浓度更低时，气敏电阻R0的阻值更小，需减小定值电阻R的阻值，才能使R0两端电压仍能达到报警值。
【分析】 （1）由图1 可知，报警器并联在气敏电阻R0两端，所以报警器由电压表改装；由图2可知，泄漏的燃气浓度增大时，气敏电阻R0的阻值增大；
（2）由图1可知，气敏电阻R0与定值电阻R串联，报警器刚好达到报警条件时，气敏电阻R0两端的电压为9V，根据串联电路电压特点求出定值电阻R两端的电压；根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据P=UI计算此时电路的总功率；
（3）由题意可知，燃气浓度越低，气敏电阻R0的阻值越小，气敏电阻分压越少，则电压表的示数越小；要让R0两端的电压仍达到9V，根据串联分压规律需减小定值电阻R的阻值。
17．【答案】（1）
（2）定值电阻R断路
（3）4
（4）电流表没有调零
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1）将滑片向右移动时电流表示数变大，滑动变阻器接右下接线柱，接入电路的电阻变小，如下图：
（2）串联电路中，电流表指针不动，电路中应该发生了断路，电压表接在定值电阻两端，示数接近电源电压，所以定值电阻断路；
（3）分析表格数据可知，1、2、3、这3组数据的电压与电流的比值约为10Ω，第3组数据的电压与电流的比值约为25Ω，与定值电阻阻值不符，因此第4组数据有误；
（4）由图3可知，当电压为0时，乙图线的电流不为0，说明实验前电流表没有调零。
故答案为：（1）； （2）定值电阻断路；
（3）4；
（4）电流表没有调零。
【分析】 （1）分析实物图，将滑片向右移动时电流表示数变大，滑动变阻器接右下接线柱，接入电路的电阻变小；
（2）电流表指针无偏转，电压表指针有较大偏转，故障在定值电阻断路；
（3）根据电流表选用的量程和对应的分度值，结合指针位置读数；分析表格数据可得出错误数据；
（4）电表使用前要调零。
18．【答案】（1）电源；正；0.6；串
（2）1、4、7；水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关
（3）水果电池的电压大小与负极金属种类的关系
【知识点】控制变量法与探究性实验方案；制作水果电池
【解析】【解答】 解：（1）水果电池能够提供电能，相当于电路中的电源；在水果电池中，铜片的化学性质更稳定，会作为正极；从图中电压表的示数可以看到，量程是0-3V，分度值0.1V，示数为0.6V；要获得更高电压，可以将多个水果电池串联，因为串联电池组的总电压等于各电池电压之和。
（2）①要探究水果种类对电压的影响，需要控制电极插入深度、电极之间距离相同，改变水果种类。符合条件的是实验组别1、4、7，这三组的电极插入深度都是1.0cm，电极间距都是2.0cm，水果种类分别是哈密瓜、苹果、柠檬。②对比组别1、2、3：水果种类都是哈密瓜，电极插入深度都是1.0cm，电极间距从2.0cm到6.0cm变化，电压始终是0.886V，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与电极之间的距离无关。对比组别4、5、6：水果种类都是苹果，电极间距都是2.0cm，电极插入深度从1.0cm到2.0cm变化，电压始终是1.010V，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与电极插入深度无关。对比组别1、4、7：电极插入深度和间距相同，水果种类不同，电压不同，说明在其他条件相同时，水果电池的电压与水果种类有关，柠檬的电压最高，哈密瓜的电压最低。
综上，可得出结论：水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关
（3）小白用铜片作正极，分别用锌、铝、铁作负极，保持电极间距离和插入深度相同，改变的是负极的金属材料，所以他想要探究的是水果电池的电压与负极金属材料的关系。
故答案为：（1）电源；正；0.6；串；（2）1、4、7；水果电池电压大小与水果种类、电极之间距离有关；（3）水果电池的电压与负极金属材料的关系。
【分析】 （1）电源提供电能，用电器消耗电能；结合电压表的使用方法判断电池的正负极，结合电压表的量程、分度值读数；串联电池组的总电压等于各电池电压之和；
（2）（3）结合表格数据，利用控制变量法分析判断。
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