资源简介

2026年安徽省马鞍山市高考物理质量监测试卷
一、单选题：本大题共8小题，共32分。
1.宁马城际铁路即将建成通车，在一次轨道测试的实验中，车头拖着车厢加速运动，下列说法正确的是( )
A. 车头对车厢的拉力大于车厢对车头的拉力
B. 车头对车厢的拉力大于地面对车厢的摩擦力
C. 车厢的惯性不断增大
D. 车头对车厢拉力的冲量大于车厢对车头拉力的冲量
2. 年月日，全球首个人形机器人半程马拉松赛在北京亦庄举行。在比赛中，甲、乙两机器人在某段直线赛道上运动的图像如图所示，关于两台机器人的运动( )
A. 时刻，甲、乙两者的速度一定相同
B. 时刻，甲、乙相遇
C. 时间内，甲、乙的位移相同
D. 时间内，甲、乙的平均速度相同
3.美国公司计划在年对其发射的星链卫星进行降轨操作，降轨后的星链卫星，对我国天宫号空间站的安全造成很大的威胁。如图所示，假设某颗星链卫星降轨后的轨道为椭圆，天宫空间站轨道为圆形，两轨道在同一平面内，、是两轨道的交点。已知它们的周期相同，下列说法正确的是( )
A. 星链卫星在近地点的速度一定大于空间站的速度
B. 空间站在、两点处的加速度相同
C. 星链卫星与空间站在处的速度有可能相同
D. 由于轨道有交点，经过一段时间后，它们一定会相遇
4.一列沿轴正方向传播的简谐横波，在某一时刻的波形如图所示，已知波的传播速度。关于图像中、两处的质点，下列说法正确的是( )
A. 处的质点此时具有沿轴负方向的最大速度
B. 处的质点再经具有沿轴正方向的最大加速度
C. 处的质点再经具有最大动能
D. 在波的形成过程中，处的质点振动了时，处的质点才开始振动
5.如图所示，一沿水平方向运动的小车内，有一底面粗糙、斜面光滑的斜劈，斜劈上有一质量为的小物块，它们都和小车保持相对静止。已知斜劈倾角为，下列说法正确的是( )
A. 小车一定是向右运动
B. 斜面体受到小车的摩擦力方向水平向左
C. 物块受到的支持力大小为
D. 小车的加速度大小为
6.如图所示，在倾角为的粗糙斜面上，一轻绳一端固定于点，另一端连接一个质量为的小球，初始时，轻绳水平伸直且没有拉力，小球由静止释放，摆到最低点时速度大小为。已知轻绳的长度为，重力加速度为，空气阻力不计。在此过程中，下列说法正确的是( )
A. 小球在最低点时，轻绳对小球的拉力大小为
B. 重力对小球的功为
C. 小球摩擦力的功为
D. 小球在最低点处受到的合力大小为
7.如图所示，正方形区域内存在垂直纸面的匀强磁场，、为边的三等分点。现从边上某点在纸面内沿不同方向，以速度向正方形区域内射入带电粒子。从边上的、点射出的粒子，速度与边垂直。已知粒子质量均为，带电量均为，正方形边长为，不计粒子所受重力和粒子之间的相互作用。则该区域内磁感应强度大小为( )
A. B. C. D.
8.以弹簧振子的平衡位置点为坐标原点，水平向右为正方向建立坐标系，如图所示，小球在、两点间做简谐运动。从小球经过点向右运动开始计时，下列画出的关于小球受到的合外力、小球的位移、小球的速度、弹簧的弹性势能的图像，可能正确的是( )
A. 正弦式曲线 B. 正弦式曲线
C. 正弦式曲线 D. 抛物线
二、多选题：本大题共2小题，共10分。
9.如图所示，发电机的矩形线圈长为，宽为，匝数为，放置在磁感应强度大小为的匀强磁场中。理想变压器的原、副线圈匝数分别为和，副线圈接有理想电流表和电阻。当发电机线圈以角速度匀速转动时，理想电流表读数为。不计线圈电阻，下列说法正确的是( )
A. 发电机输出的电压为
B. 通过变压器原线圈的电流为
C. 与的比值为
D. 当发电机线圈转速增大为原来的倍时，电阻的功率变为原来的倍
10.如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，场强大小为。光滑绝缘的水平面上有、两个带电小球，开始时，球具有水平向右的速度，球速度为。经过时间，小球的位移大小为，两小球的距离达到最小。已知、球质量均为，球带电量为，球带电量为。则在此过程中，下列说法正确的是( )
A. 两球距离最小时，球的速度为
B. 匀强电场对球的功为
C. 匀强电场对、球的总功为
D. 匀强电场对、球的总功为
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某实验小组用频闪照片法测量平抛运动的水平速度和当地的重力加速度。
实验过程中，先将频闪相机的频率设定为，再将小球从斜槽轨道上释放，利用频闪相机记录小球做平抛运动的过程。图中、、、为频闪照片上连续的四个点迹，以点为坐标原点，建立沿水平和竖直方向的直角坐标系，测量照片中的距离得到三个点的坐标为、、，已知照片的比例尺为：。根据测量的数据计算出小球平抛的初速度为 ，当地的重力加速度为 计算结果均保留位有效数字。
若相机频闪的实际频率小于，则所测量的重力加速度结果 选填“偏大”“偏小”或“不变”。
12.三元锂电池具有较高的能量密度，目前广泛应用于我国的新能源汽车。实验小组利用以下器材测量某三元锂电池的电动势和内阻。
A.三元锂电池电动势约为，内阻约为几百毫欧
B.电流计，内阻未知
C.电压表，内阻很大
D.电阻箱
E.定值电阻
F.滑动变阻器
G.开关、导线若干
实验小组发现电流计的量程太小，不符合实验要求，需要改装，于是先设计了图甲所示电路来测量电流计的内阻。实验过程：闭合开关，断开开关，调整滑动变阻器滑片的位置，使电流计满偏；保持滑片的位置不变，闭合开关，调节电阻箱的阻值，当电流计指针位于表盘中央时，读出电阻箱的读数为，由电阻箱的读数可知电流计内阻为 。
实验小组将定值电阻和电流计并联，组合成一个新的电流表，改装后的电流表的量程为 。
利用改装好的电流表，实验小组设计如图乙所示电路，测量该电池的电动势和内阻。实验过程：闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，多次记录电压表的电压、电流表的电流，作出图线如图丙所示，该三元锂电池的电动势 ，内阻 。
由于使用图甲设计的实验方案测得的电流计内阻存在误差，则该三元锂电池的内阻测量值 选填“大于”“小于”或“等于”实际值。
四、计算题：本大题共3小题，共42分。
13.如图所示，水平地面上有一倾角的固定光滑斜面，小车放在斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与质量的小桶相连，小桶桶底离地高度，无外力作用时整个装置处于静止状态。将质量也为的物块轻放入小桶内后，小车开始运动，连接小车的轻绳始终与斜面平行，小桶落地前小车未到达斜面顶端。不计滑轮质量及摩擦，不计空气阻力，重力加速度取，求：
小车的质量；
小桶桶底落地前瞬间速度的大小。
14.如图所示，光滑水平绝缘面上有宽度为的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小，虚线为磁场边界。电阻、边长也为的正方形细导线框置于磁场区域左侧的水平面上，边与磁场边界平行，线框以的速度开始运动，线框边刚进入磁场区域时的速度。运动过程中线框形状不变，边始终与磁场边界平行。求：
线框边刚进入磁场区域时，线框受到的安培力的大小；
线框边刚进入磁场区域到线框边刚进入磁场区域的过程中，流过线框的电荷量；
线框穿过磁场区域的全过程中，线框内产生的焦耳热。
15.如图所示，真空中有一个边长为的正方形区域，为正方形区域的中心点，两个电荷量均为的点电荷分别固定于、两点处，空间有与方向平行且向右的匀强磁场，磁感应强度为常数，为静电力常量。另有两个完全相同的带负电的微粒，同时分别从、两点处以垂直纸面向里的速度射入，从点射入的微粒速度大小为，从点射入的微粒速度大小为，两微粒均绕点做圆周运动。不计两微粒的重力和两微粒间的库仑力。
求两固定点电荷在点处产生的电场强度的大小和方向结果用、、表示；
当时，求常数的值；
当、是正整数且互质时，调整磁感应强度的大小和两固定电荷的电荷量的大小，使得两微粒均能沿原轨迹绕做圆周运动，两微粒相遇时发生弹性正碰，且无电荷量的转移，两微粒均做周期性运动，且两微粒运动的周期均为为常数，求的值。
答案解析
1.【答案】
【解析】解：根据题意可知，车头对车厢的拉力与车厢对车头的拉力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以车头对车厢的拉力等于车厢对车头的拉力故A错误；
B.由于车头拖着车厢加速运动，由牛顿第二定律可知，车头对车厢的拉力大于地面对车厢的摩擦力，故B正确；
C.车厢的惯性大小与车厢的质量有关，惯性不发生变化，故C错误；
D.车头对车厢的拉力与车厢对车头的拉力大小相等、作用时间相同，结合冲量表达式可知冲量大小相等，故D错误。
故选：。
A.根据相互作用力的特点求车头对车厢的拉力与车厢对车头的拉力的关系；
B.由牛顿第二定律判断车头对车厢的拉力与地面对车厢的摩擦力的关系；
C.根据惯性的影响因素判断；
D.根据冲量表达式求车头对车厢拉力的冲量与车厢对车头拉力的冲量的关系。
本题考查牛顿第二定律及作用力和反作用力之间的关系，要注意明确作用力和反作用力是两个不同物体之间的受力。
2.【答案】
【解析】解：图像的斜率表示物体的速度，由图可知时刻甲的斜率大于乙图的斜率，则甲的速度大于乙的速度，故A错误；
B.由图可知时刻，甲、乙位置相同，即甲、乙相遇，故B正确；
C.时间内，甲、乙的末位置相同，而初位置不同，所以位移不相同，故C错误；
D.时间内，甲、乙的位移不同，根据，甲、乙的平均速度不相同，故D错误。
故选：。
位移时间图像的形状反映了物体的位移随时间变化的情况，图像的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，曲线则表示物体做变速直线运动，两条图像的交点表示两个物体在某一时刻处于同一位置，位移等于坐标的变化量。
对于图像问题，我们学会“五看”，即：看坐标、看斜率、看面积、看交点、看截距；了解图像的物理意义是正确解题的前提。
3.【答案】
【解析】解：卫星在星链轨道近地点的圆轨道上运动时，根据，可知在该轨道上运动的物体速度大于空间站的速度，而从近地点的圆周轨道变轨到星链卫星所在的椭圆轨道，需要在近地点点火加速，则星链卫星在近地点的速度一定大于近地点的圆周轨道速度，可知一定大于空间站的速度，故A正确；
B.空间站在、两点处的加速度大小相同，方向不同，故B错误；
C.星链卫星与空间站在处的速度方向不同，则在点速度不可能相同，故C错误；
D.因空间站与星链卫星的周期相同，两者不一定相遇，例如两者均逆时针旋转，当空间站位于点时，星链卫星处于近地点，星链卫星从近地点运动到点所需时间由开普勒第二定律可知小于，此时空间站旋转角度小于，两者无相遇可能；星链卫星从近地点运动到点所需时间由开普勒第二定律可知大于且小于，此时空间站旋转角度小于，综上两者可能存在不会相遇的情况，故D错误。
故选：。
A.根据圆轨道运行速度和变轨时的速度变化情况分析解答；根据加速度和速度的矢量性特点分析解答；根据周期相等结合不同运动方向以及相遇时满足的时间关系进行分析解答。
考查万有引力与圆周运动的相关知识，重点在万有引力定律的应用和变轨原理，速度和加速度的矢量性，属于中等难度考题。
4.【答案】
【解析】解：、该简谐波沿轴正方向传播，根据“上坡下行”规律，可知处的质点速度方向沿轴正方向，故A错误；
B、由波速公式及波长，解得：，处的质点再经将再次回到平衡位置，加速度为，故B错误；
C、处的质点再经将到达平衡位置，此时速度最大，动能最大，故C正确；
D、与处的质点平衡位置相距，由波的形成过程可知，处的质点振动后，处的质点才开始振动，故D错误。
故选：。
根据波形图可知波长为米，波速已知，可求出周期为秒。波沿轴正方向传播，利用“上坡下，下坡上”的质点振动方向判断方法，分析处质点此时速度方向。质点具有最大速度时位于平衡位置，最大加速度时位于最大位移处。通过时间与周期的关系，判断、两质点经过指定时间后的位置和运动状态。波的形成过程中，振动由近及远传播，、两点的距离对应波传播的时间差。
本题以简谐横波的波形图为背景，综合考查机械波的传播规律、质点振动状态分析以及波速、波长与周期关系等核心知识。题目难度中等，计算量不大，但需要学生熟练掌握“上下坡法”判断质点振动方向，并能结合波形平移或质点振动周期来推断特定时间后的运动状态。解答过程着重检验学生对波动图像与振动规律关联的理解，以及运用进行基本运算的能力。易错点在于准确计算、两质点间的振动时间差，需明确波是振动形式的传播，质点起振时间由波程决定。
5.【答案】
【解析】解：因斜劈的斜面光滑，物块仅受支持力和重力作用，对物块受力分析如图
可知两力合力水平向右，小车加速度向右，小车可能向右做匀加速直线运动，也可能向左做匀减速直线运动，故A错误；
B.因小车加速度向右，对斜面和小物块整体由牛顿第二定律可知，斜面体受到小车的摩擦力方向向右，故B错误；
C.结合的分析可知，物块受到的支持力的竖直分量等于重力，满足
即，故C错误；
D.物块受到的合力大小为，由牛顿第二定律得物块的加速度，小车的加速度亦为，故D正确。
故选：。
对物块受力分析，由受力的情况可以判断加速度的方向，和物块受到的支持力，然后判断斜面体受到的摩擦力的方向，由受力分析求出加速度的大小。
这是一道涉及连接体、相对运动与临界状态的综合力学题，考查受力分析、临界条件判断和牛顿定律的应用，是动力学部分的典型难题。
6.【答案】
【解析】解：、设小球在最低点时，轻绳对小球的拉力为。根据牛顿第二定律得
解得，故A错误；
B、小球由静止释放摆到最低点的过程，根据动能定理得，可知，故B错误；
C、小球由静止释放摆到最低点的过程，根据动能定理得，可得，故C正确；
D、小球在最低点时，沿半径方向的合力为，沿切线方向还有摩擦力，所以最低点时，小球的合力，故D错误。
故选：。
小球在最低点时，由沿绳子方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求轻绳对小球的拉力大小；根据动能定理求重力对小球做的功以及摩擦力的功；小球在最低点时，由沿半径方向的合力和摩擦力的合力求小球的合力。
解答本题时，要正确分析小球的受力情况，确定向心力来源。要注意小球在最低点时的合力并不等于向心力。
7.【答案】
【解析】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，从边上的、点射出的粒子运动轨迹如下图所示：
根据洛伦兹力提供向心力得：
解得：
可知从边上的、点射出的粒子做匀速圆周运动的半径相同，设粒子从边上的点进入磁场，点与点的距离为，由几何关系得：
在中有：
在中有：
联立解得：，，故A正确，BCD错误。
故选：。
粒子在磁场中做匀速圆周运动，作出从边上的、点射出的粒子运动轨迹，由几何关系求得粒子的运动半径，根据洛伦兹力提供向心力求解该区域内磁感应强度大小。
本题考查了带电粒子在磁场中的运动问题，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动时，根据洛伦兹力提供向心力，结合几何关系解答。
8.【答案】
【解析】解：、根据题意分析可知，小球在运动过程中的合外力为弹簧弹力，满足，随呈线性变化，故A错误；
B、根据题意分析可知，小球经过点向右运动为计时起点，初始位移为，故B错误；
C、根据题意分析可知，水平向右为正方向，小球经过点向右运动时速度最大且为正值，故C错误
D、根据题意分析可知，弹簧的弹性势能满足，与呈二次函数关系，故D正确。
故选：。
根据简谐运动的回复力公式，位移、速度、弹性势能的变化规律来判断图像是否正确。初始时刻小球在平衡位置向右运动，所以时位移，速度。
解决此类问题要紧扣简谐运动的基本公式，明确各个物理量之间的函数关系，尤其是初始条件对图像的影响。
9.【答案】
【解析】解：变压器副线圈的电压
设发电机输出的电压，则
代入数据得，故A错误；
B.设通过变压器原线圈的电流为，则
代入数据得，故B正确；
C.发电机产生感应电动势的峰值
有效值
代入数据得，故C正确；
D.当发电机线圈转速增大为原来的倍时，发电机的线圈角速度变为原来的倍，发电机产生的感应电动势的峰值变为原来的倍，原线圈的有效值变为原来的倍，变压器原副线圈电压之比等于匝数之比，副线圈电压变为原来的倍，由
电阻的功率变为原来的倍，故D错误。
故选：。
先推导发电机输出交变电压的有效值，再结合理想变压器的电压比、电流比及功率规律，逐一分析各选项的正误。
本题以发电机与理想变压器为载体，综合考查交变电流产生、变压器核心规律的应用，能有效检验学生对电磁感应与交变电流知识的掌握程度。
10.【答案】
【解析】解：根据题意可知，球带负电，球带正电，两球带电量大小相等，所以两球受到的库仑力及电场力的合力大小相等，但是方向相反，当两球距离最小时，两球的速度相同，以水平向右的方向为正方向，根据系统动量守恒有
解得
故A正确；
B.在任一时刻，以水平向右的方向为正方向，由系统动量守恒可得
等式两边对时间求和可得
解得球的位移为
匀强电场对球的功为，故B错误；
从做功定义考虑，匀强电场对、球的总功为
由功能关系可知库仑力和匀强电场对、球做的总功为
此结果并非匀强电场对系统做的功，故C错误，D正确。
故选：。
A.根据动量守恒求两球距离最小时，球的速度；
B.由系统动量守恒以及功的表达式求匀强电场对球的功；
根据功的表达式和功能关系分析判断匀强电场对、球的总功。
有关带电粒子在匀强电场中的运动，一般可以从两条线索展开：其一，力和运动的关系。根据带电粒子受力情况，用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定带电粒子的速度和位移等；其二，功和能的关系。根据电场力对带电粒子做功，引起带电粒子的能量发生变化，利用动能定理进行解答。
11.【答案】
偏大

【解析】解：相邻两点间的时间间隔
根据平抛运动规律，小球平抛的初速度为
根据逐差法，重力加速度
根据重力加速度的表达式可知，若相机频闪的实际频率小于，那么实际打点周期变大，重力加速度的真实值偏小，则所测量的重力加速度结果偏大。
故答案为：；；偏大。
根据交流电的频率求解时间间隔；根据平抛运动规律求解水平初速度；根据逐差法求解加速度；
根据加速度的表达式分析作答。
本题主要考查了“研究平抛运动”实验，要明确实验原理，掌握平抛运动规律的运用，掌握逐差法求解加速度的方法。
12.【答案】
大于

【解析】解：通过电阻箱的电流等于通过电流计的电流，可知电阻箱阻值等于电流计的内阻，可知电流计内阻为。
改装后的电流表的量程为
改装后电流表内阻
由闭合电路的欧姆定律得，
由图示图像可知，电池的电动势，内阻。
电键闭合后，电路总电阻减小，总电流变大，电流计的电流为原来电流的一半，则通过电阻箱的电流大于原来电流计电流的一半，可知电阻箱的阻值小于电流计的内阻，即电流计内阻的测量值偏小；图像斜率的绝对值，电池内阻的测量值，由于电流表内阻测量值偏小，则电池内阻的测量值大于真实值。
故答案为：；；；；大于。
根据并联电路特点求解。
根据并联电路特点与欧姆定律求出电流表量程。
求出图像的函数解析式，根据图示图像求解。
根据图示电路图与实验误差来源分析答题。
掌握基础知识，理解实验原理，分析清楚图示电路结构，应用并联电路特点与闭合电路的欧姆定律即可解题。
13.【答案】小车的质量 小桶桶底落地前瞬间速度的大小是
【解析】解：根据题意，由平衡条件有
代入数据得
根据题意，对整体，由牛顿第二定律有
代入数据得
由运动学公式有
代入数据得
答：小车的质量；
小桶桶底落地前瞬间速度的大小是。
装置静止时，小桶的重力与小车沿斜面的分力大小相等，对两者受力分析列平衡方程求解小车质量；
小桶、物块与小车组成的系统机械能守恒，系统重力势能的减少量等于动能的增加量，据此计算小桶落地前瞬间的速度。
本题先考查共点力平衡条件，后考查系统机械能守恒定律，受力分析与能量转化关系的应用是核心，能有效考查力学基础应用能力。
14.【答案】线框边刚进入磁场区域时，线框受到的安培力的大小是 线框边刚进入磁场区域到线框边刚进入磁场区域的过程中，流过线框的电荷量是 线框穿过磁场区域的全过程中，线框内产生的焦耳热是
【解析】解：根据法拉第电磁感应定律
由闭合电路欧姆定律
结合安培力公式
线框刚开始进入磁场区域Ⅰ的瞬间，边所受安培力的大小为
线框边刚进入磁场区域到线框边刚进入磁场区域的过程中，流过线框的电荷量
规定初速度方向为正，由动量定理
其中
代入数据得结合
线圈传出磁场过程由动量定理
其中
代入数据得线框穿过磁场区域的全过程中，线框内产生的焦耳热
代入数据得
答：线框边刚进入磁场区域时，线框受到的安培力的大小是；
线框边刚进入磁场区域到线框边刚进入磁场区域的过程中，流过线框的电荷量是；
线框穿过磁场区域的全过程中，线框内产生的焦耳热是。
先由电磁感应定律求出边刚进入磁场时的感应电动势，再计算感应电流，最后结合安培力公式得到安培力大小；
利用电磁感应中电荷量的推导式，结合磁通量变化量与总电阻的关系求解流过线框的电荷量；
对整个过程应用能量守恒定律，通过初末动能的差值计算线框内产生的焦耳热。
本题以线框穿越磁场为物理情境，分层考查了电磁感应中的安培力、电荷量及能量转化问题，能有效检验学生对电磁感应核心规律的综合应用能力。
15.【答案】两固定点电荷在点处产生的电场强度的大小为，方向为沿方向 当时，常数的值为 的值为或者
【解析】解：根据题意，由点电荷场强公式可知，两个固定点电荷在点产生的电场强度大小为
由场强叠加原理可得，点处电场强度的大小
方向沿方向。
根据题意可知，对处微粒，由牛顿第二定律有
对处微粒，由牛顿第二定律有
由对称性可知
又有，
联立解得
根据题意可知，两微粒发生弹性碰撞，以的方向为正方向，由动量守恒定律和能量守恒定律有，
解得两微粒每次碰撞交换速度，且每发生偶数次碰撞，均回归原速度，碰撞位置沿圆周做等时间等间隔的移动，考虑每相邻两次碰撞时间内，碰撞位置旋转过的角度
则回到原位置需要的最少碰撞次数为次，设相邻两次碰撞间的时间为，由匀速圆周运动规律有
解得
当为偶数时，两微粒原速度回到原位置，需要碰撞的最少次数为次，则有
解得
当为奇数时，两微粒原速度回到原位置，需要碰撞的最少次数为次，则有
解得
答：两固定点电荷在点处产生的电场强度的大小为，方向为沿方向；
当时，常数的值为；
的值为或者。
根据点电荷的场强公式以及平行四边形法则求两固定点电荷在点处产生的电场强度的大小和方向；
由牛顿第二定律和对称性求当时，常数的值；
根据动量守恒和能量守恒定律求出两微粒每次碰撞后的速度变化，再结合匀速圆周运动规律求的值。
有关带电粒子在匀强电场中的运动，一般可以从两条线索展开：其一，力和运动的关系。根据带电粒子受力情况，用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定带电粒子的速度和位移等；其二，功和能的关系。根据电场力对带电粒子做功，引起带电粒子的能量发生变化，利用动能定理进行解答。
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