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四川省绵阳市游仙区2025年中考二模物理试题
一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一-个选项最符合题目要求）
1．（2025·游仙模拟）我国于2018年和2024年先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，“架起了”地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图所示），采用了反射率更高的镀金钥丝天线。鹊桥号.鹊桥二号进行信号传输利用的是（　　）
A．超声波 B．红外线 C．紫外线 D．电磁波
2．（2025·游仙模拟）风电的开发可以有效助力我国实现“碳达峰、碳中和”的战略目标。从能源的视角来看，下列说法中错误的是（　　）
A．风能属于可再生能源
B．风能实际上来源于太阳能
C．特高压交流输变电工程投运后，可以实现“张家口的风点亮雄安的灯”
D．“碳达峰”标志着实现二氧化碳“净零排放”，而“碳中和”将实现碳排放与经济发展脱钩
3．（2025·游仙模拟）如图所示的风铃有七根长短不同的小棍，敲打小棍时，发现它们发出的声音不同。这里的不同是指（　　）
A．音调 B．响度
C．音色 D．音调、响度、音色
4．（2025·游仙模拟）神奇的金属“镓”，熔点只有28℃，如图所示，将其托在手心里。则（　　）
A．此时“镓”必将会汽化为气体
B．此时“镓”不可能液化也不可能熔化
C．“镓”可能是晶体也可能是非晶体
D．"“镓”变为液体的过程中将从手心吸收热量
5．（2025·游仙模拟） 如图，光导纤维在传递信息时，光从内芯的一端传输到另一端，其原理应用了光的（　　）
A．折射 B．反射 C．色散 D．直线传播
6．（2025·游仙模拟） 我国某新型战斗机配有光电搜索跟踪系统，系统中的光学元件相当于晶状体，内置光电传感器相当于视网膜，成像原理与人眼相似。从空中拍摄地面物体时，物体在光电传感器上形成的像是（　　）
A．倒立、缩小的实像 B．倒立、等大的实像
C．倒立、放大的实像 D．正立、放大的虚像
7．（2025·游仙模拟）如图是某仓库设计的温度报警电路。R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化而变化，R2为可调电阻。温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警。下列判断正确的是（　　）
A．R1的阻值随温度的升高而增大
B．温度升高过程中，电磁铁磁性减弱
C．若要调低报警温度，可将R2的阻值调大
D．若控制电路电源电压降低，报警温度将升高
8．（2025·游仙模拟）我国古代把女子一拃长称为“咫”，男子一拃长称作“尺”，如图。“咫尺之间”用来比喻相距很近，实际“咫”与“尺”的长度相差大约为（　　）
A．3mm B．3cm C．3dm D．3m
9．（2025·游仙模拟）我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为7.9g/cm3，但厚度只有0.015mm，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　）
A．“手撕钢”的厚度为15nm
B．2m2“手撕钢”的质量为237kg
C．“手撕钢”的温度升高时质量不变，密度不变
D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指质量小
10．（2025·游仙模拟） 小琴家进户线上装有空气开关，当家庭电路中的总电流大于空气开关的额定电流时，空气开关会发生“跳闸”。小琴家空气开关的额定电流可能是（　　）
A．63mA B．630mA C．63A D．630A
11．（2025·游仙模拟）一质量为900g、底面积为100cm2、高为12cm的不吸水圆柱体放在盛有4.2kg水的薄壁（厚度不计）柱形容器内，容器底面积为300cm2，如图所示。打开阀门K，放出3kg的水后关闭阀门（g=10N/kg，）。下列说法正确的是（　　）
A．圆柱体的密度为7.5103kg/m3
B．放水前水面距容器底部的高度为14cm
C．放水后水对容器底部的压力为21N
D．放水后水对容器底部的压强为600Pa
12．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器和小灯泡两个元件中，一个接在A、B两点之间，另一个接在C、D两点之间。闭合开关S，电流表的示数为0.20A，用电压表测得A、B两点间的电压为1.8V，C、D两点间的电压为1.2V；移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数变大，A、B两点间的电压变为1.5V，已知小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，则此时滑动变阻器接入电路的电阻值可能为（　　）
A．5Ω B．6Ω C．7Ω D．8Ω
13．（2025·游仙模拟）如图所示，一个木块A放在长木板B上.弹簧测力计的一端接A另一端固定在墙壁上，长木板B放在水平地面上。现使水平拉力F逐渐增大，当水平拉力F增大到10N时，弹簧恰好开始变长，当拉力F增大到14N时，弹簧长度不再增加，并且此后使长木板B以速度v匀速运动（假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍），则（　　）
A．长木板B与地面间的最大静摩擦力为10N
B．木块A与长木板B间的最大静摩擦力为5N
C．木块A与长木板B间的滑动摩擦力为4N
D．长木板B与地面间的滑动摩擦力为14N时
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·游仙模拟）用某除湿器为家中面积12m2的房间除湿。表一为某除湿器的部分参数，其中，额定除湿量表示每小时除去空气中水蒸气的质量；表二为环境温度30℃时，相对湿度与1m3空气中水蒸气质量的对应关系，相对湿度是衡量空气中水蒸气含量的一个指标。
表一
额定电压 额定功率 额定除湿量
220V 220W
表二
相对湿度/% 10 30 50 70 90
空气中水蒸气质量/g 3 9 15 21 27
环境温度30℃、相对湿度80%时，1m3空气中水蒸气的质量为　 　g；若除湿器以额定除湿量工作，使房间相对湿度由80%降至50%，约需　 　h。
15．（2025·游仙模拟）我国海阳核电厂在利用核能发电的同时给居民供暖。单个机组，如果仅供电，每秒提供的电能为1.25109J；若在供电的同时进行供热，每秒提供的电能为1.21109J。热量为2×108J，对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%。若给居民供热5.41015J，相当于完全燃　 　kg（标准煤的热值取3.0107J/kg）标准煤产生的热量；单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量为　 　J。
16．（2025·游仙模拟）某智能出行平台出租的电动汽车部分参数如右表。如果用120kW的“快充”充电桩给该车充电，汽车电池最低电量不得低于电池容量的20%，则该车从最低电量到充满电的时间是　 　min；电池容量是决定电动汽车续航里程的主要因素，若此电动汽车的能量利用率是75%，计算可知该车的续航里程（按汽车电池电量不得低于电池容量的20%来计算）是　 　km。
电池容量
百公里耗电量
17．（2025·游仙模拟）如图所示的滑轮组忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，物体放在水平粗糙桌面上，受到水平向左的恒力F=100N，滑轮组绳子自由端受到的拉力为F绳。当绳子自由端的拉力F绳=60N时，物体处于静止状态，物体与桌面间的摩擦力恰好为0；当绳子自由端拉力F绳=90N时，物体水平向右匀速运动。物体与桌面之间的滑动摩擦力为　 　N；撤去水平向左的恒力F，改变绳子自由端拉力F绳的大小，仍使物体水平向右匀速运动时，滑轮组的机械效率为　 　。
18．（2025·游仙模拟）如图甲所示，电源电压不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻大于5Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω；1A”，小灯泡L的电流随其两端电压变化的图像如图乙所示。若闭合开关S、接1，在电路安全的情况下，变阻器允许接入电路的最大阻值为15Ω，则电源电压为　 　V；若闭合开关S、接2，在电路安全的情况下，电路中允许通过的最大电流是最小电流的1.5倍，则电阻的阻值为　 　Ω。
三、实验探究题（本题包括3小题，共20分）
19．（2025·游仙模拟）如图是“做功改变物体的内能”的两个演示实验。前者是“空气被压缩时内能增大”，后者是“空气推动塞子时内能减少”。
（1）前者“玻璃筒”应选用　 　，（选填“厚”或“薄”）壁的；
（2）前者“一小团硝化棉”、后者“少量水”的作用都是通过　 　（选填“转换法”“控制变量法”或“对比法”）直观显示被压缩的空气、膨胀了的空气内能变化；
（3）有关两个演示实验的下列说法中，正确的是（　　）（填序号）。
A．操作时，前者“把活塞迅速压下去”，后者“迅速给瓶内打气”
B．前者观察到“棉花燃烧起来”，后者观察到“瓶内出现白雾”
C．前者“压缩气体，气体内能增大”，后者“气体膨胀，内能减小”
D．前者类似汽油机、柴油机的压缩冲程，后者类似汽油机、柴油机的做功冲程
20．（2025·游仙模拟）在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，这也叫杠杆的平衡状态，但实验中应将平衡螺母向右调节，将杠杆调至水平位置平衡。
（2）调节钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，读出实验数据并记录在表格中。如图乙所示，阻力臂l2为　 　cm。
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 16.0 1.0 —
2 1.0 15.0 1.0 15.0
3 2.0 15.0 1.5 20.0
（3）分析表中实验数据，得出杠杆的平衡条件为　 　（用F1、F2、l1、l2表示）。
（4）如图丙所示，F始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，F的大小将　 　（填序号）。
A.不变　　B.变小
C.变大　　D.先变大后变小
21．（2025·游仙模拟）选择电压恒为4.5V的电源、开关、电流表、电阻箱R。、滑动变阻器等器材，测量铅笔芯的电阻。
（1）对照如图甲所示的实验电路图连接好实物电路　 　。
（2）在ab之间接人待测铅笔芯，闭合开关，将变阻器的滑片调到适当位置，使电流表示数为I1。
（3）断开开关，取下铅笔芯，将电阻箱接人ab间，此时应保持　 　不变。闭合开关，调节电阻箱的阻值，想使电流表的示数仍为I1，但却发现无论怎样调节电阻箱的阻值，都不能使电流表的示数达到所需值。
（4）由于电阻箱的阻值是不连续的，但可以绘制电流和电阻箱阻值的关系图像，用图像法去解决这个问题。继续实验，又测出多组数据如上表所示。请在图乙中画出电流的倒数随电阻箱阻值变化关系的图像　 　。根据图像　 　（选填“能”或“不能”）得到铅笔芯精确的电阻值，判断的理由是　 　。
四、综合运用题（本题包括2小题，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）。
22．（2025·游仙模拟）现对一款国产电话手表进行充电测试，测得充电时充电器的输出电压约为5V，输出功率约为6W，则：
（1）输出电流与常见家用电器电视机、空调、电热灭蚊器中哪-个的正常工作电流最接近
（2）充电器在插座上未给电话手表充电时，内部也有电流通过。查阅网站得知，截至2024年3月末我国移动电话总数约为18亿部。若有四分之一不拔充电器，--部手机一个充电器，每个充电器平均每天闲置时间约为20h，平均实际功率约为0.1W，则全国一天因此浪费的电能约为多少千瓦时
23．（2025·游仙模拟）某飞艇如图甲所示，其气囊体积巨大，采用轻质材料制作。飞艇升空靠浮力来实现，水平飞行靠发动机提供动力。发动机输出的能量用于做推动功和辅助功：推动功指克服空气阻力推动飞艇水平飞行做的功；辅助功指发动机驱动飞艇.上发电机工作所做的功，辅助功的功率恒定。当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，其受到的空气阻力F阻与速度v的关系如图乙所示。飞艇部分参数见表。忽略气囊厚度及气囊外其他部分受到的浮力。
空载质量（不含氦气） 3750kg 气囊总容积 4200m3
发动机额定输出功率 辅助功的功率
发动机效率 36% 最大速度 70km/h
（1）将气囊充满氦气，此时飞艇最多可载多少位乘客升空 （平均每位乘客质量m=60kg，空气=1.2kg/m3，氦气=0.2kg/m3，g=10N/kg）
（2）飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行相同的时间，推动功分别为W1和W2，则W1∶W2是多少
（3）飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，可飞行的最大距离为多少千米 （燃油热值q油=4.5107J/kg）
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】红外线；紫外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】ABCD、地月之间距离很长，鹊桥号要时刻与地球保持通信，需要鹊桥二号中继卫星进行信号转发，该通信利用电磁波传递信息，故ABC不符合题意，D符合题意
故选：D。
【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
2．【答案】D
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；能源危机与能源消耗对环境的影响
【解析】【解答】A．风能属于可再生能源，因为它可以持续利用且不会枯竭，使用过程中也不会减少其总量，因此选项A正确，故A正确，不符合题意；
B．风的产生是由于太阳辐射造成地球表面温度差异，导致空气流动形成的，所以风能实际上是太阳能的转化形式，故B正确，不符合题意；
C．特高压输电具有远距离、大容量输送电力的特点，因此张家口的风力发电完全可以通过特高压电网向雄安输送，故C正确，不符合题意。
D．碳达峰是指二氧化碳排放量达到历史最高值后开始下降的阶段，并非实现"净零排放"。碳中和则是通过减排措施和碳汇等方式，使碳排放与碳吸收达到平衡，实现净零排放，而不是简单地将经济发展与碳排放"脱钩"，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】能够从自然界中源源不断获取的能源叫做可再生能源；风的形成是由于太阳辐射导致地球表面受热不均，进而引起空气流动； 特高压输电技术能够实现远距离、大容量的电力输送； 碳中和是指通过减排、碳汇等方式抵消碳排放，实现“净零排放”
3．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】ABCD、敲打小棍时，长短不同的小棍振动频率不同，发出的声音音调不同，因为音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。
【分析】音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。 音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。
4．【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；晶体和非晶体；汽化及汽化吸热的特点；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】AB．镓的熔点为28℃，而人体正常体温约37℃。当镓置于手心时，由于手心温度高于其熔点但远低于其沸点（镓沸点显著高于28℃），镓会从固态熔化为液态，但不会达到沸腾状态。虽然液态镓可能缓慢蒸发，但"必将汽化为气体"的说法过于绝对，故AB不符合题意；
C．镓作为金属元素，具有明确的熔点（28℃），通常以晶体形态存在，故C不符合题意；
D．固态镓熔化为液态时需要吸收热量（熔化热），这个过程中会从手心吸收热量，故D符合题意。
故选：D。【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。 晶体有固定的熔化温度。
5．【答案】B
【知识点】光的反射
【解析】【解答】光纤通信，光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，故ACD错误，B正确。
故答案为：B。
【分析】光纤通信，光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，这样就把它携带的信息传到了远方。
6．【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A：战斗机上的光电搜索跟踪系统成像原理与人眼相似。人眼观察物体时，晶状体相当于凸透镜，物体在视网膜上成倒立、缩小的实像。所以从空中拍摄地面物体时，物体在光电传感器上也会形成倒立、缩小的实像。故A正确；
B：物体在凸透镜两倍焦距以外时，不会成倒立、等大的实像。故B错误；
C：物体在凸透镜一倍焦距到两倍焦距之间时，成倒立、放大的实像。但在这种情况下，一般用于投影仪等设备，不符合光电搜索跟踪系统的成像情况。故C错误；
D：正立、放大的虚像，如放大镜成像，不符合光电搜索跟踪系统的实际成像情况。故D错误。
综上所述，正确答案为A 。
【分析】强调 A 选项的合理性，通过类比人眼成像原理，推断出战斗机光电搜索跟踪系统的成像特点为倒立、缩小的实像。指出物体在特定位置不会成倒立、等大实像；说明物体在另一种位置所成的像不符合系统情况；表明正立、放大虚像。
7．【答案】D
【知识点】电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】AB．当温度升高至报警温度时，指示灯熄灭、蜂鸣器报警，说明此时继电器衔铁被吸合（向下运动），表明线圈磁性增强，控制电路电流增大，总电阻减小，这意味着热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小。故AB错误；
C．报警时线圈的磁性强弱需保持恒定。若电源电压不变，则控制电路总电阻应保持不变。由于R1具有负温度特性（温度升高阻值减小），若要调低报警温度（即让R1在更高阻值时触发报警），需通过减小R2的阻值来补偿。故C错误；
D．若控制电路电源电压降低，在相同温度下控制电流会减小。为维持原有报警电流，需要减小总电阻，这意味着R1需要更小的阻值（对应更高温度）才能触发报警，因此报警温度会升高。故D正确。 故选D。【分析】温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警，说明电磁铁磁性增强； 电磁铁磁性增强是因为电流变大； 电流变大可能是电压一定时总电阻变小，或者电阻不变时电压变大。
8．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 “咫尺之间”用来比喻相距很近，根据图片可知，实际“咫”与“尺”的长度相差大约为3cm。
故选 B 。
【分析】 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
9．【答案】D
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】A、“手撕钢”的厚度
h=0.015mm=1.5×10-2mm=1.5×10-2×106nm=1.5×104nm，故A错误；
B、“手撕钢”的厚度h=0.015mm=1.5×10-5m，2m2“手撕钢”的体积
V=Sh=2m2×1.5×10-5m=3×10-5m3=30cm3， 2m2“手撕钢”的质量为：m=ρV=7.9g/cm3×30cm3=237g，故B错误；
C．“手撕钢”温度升高时所含钢的多少不会改变，质量保持不变。但由于热胀冷缩，在温度升高时体积会膨胀，故密度变小，故C错误；
D．“轻”是指质量小，手撕钢的密度较大，而手术刀轻薄因为厚度小导致体积小，其质量小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）长度单位mm与nm之间的换算，1mm=106nm；
（2）先算2m2手撕钢的体积，再算其质量；
（3）“手撕钢”的温度升高，体积会膨胀；
（4）用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，是因为其质量小。
10．【答案】C
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 进户线上的空气开关保证了家庭电路的安全，即出现短路或者电流过大会导致跳闸。
家用电器中，空调、电热水器、电饭煲等功率均为1000W以上，对应的电流值为，故空气开关的额定电流不可能小于这个值，故排除A和B；而家里用电器全部接入也很难有达到上百A的情况，故排除D。
故答案为：C。
【分析】空气开关“跳闸”的原因是短路和过载，根据题意分析可能的额定电流即可。
11．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】A．圆柱体的体积为：，由密度公式可知，圆柱体的密度为，故A错误；
B．由公式可得，放水前水的体积为：
，
由于圆柱体在水中漂浮，故圆柱体受到的浮力等于其重力，即：
，
故圆柱体排开水的体积为：
可得放水前水面距容器底部的高度为：
故B错误；
CD．放水3kg，容器中剩余水的质量m剩=4.2kg-3kg=1.2kg，剩余水的体积为：
，放水后，容器中水的深度
，水对容器底部的压力
，
故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】（1）圆柱体的质量已知，体积可知，由密度求出圆柱体的密度；
（2）圆柱体的密度小于水的密度，首先根据圆柱体恰好漂浮时，需要的最少水量，判断出圆柱体在水中处于漂浮状态，所以此时容器中水的深度等于原来水的体积与柱体排开液体的体积之和除以容器的底面积；
（3）判断放水后圆柱体的状态，通过计算可得出放水后对容器底部的压力；
（4）放水后水对容器底部的压强可利用p=ρgh。
12．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】滑动变阻器和小灯泡串联，电路的电流为0.2A，根据串联电路电压规律计算可知电源电压
；移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器阻值变小，电流表的示数变大，根据串联分压可知滑动变阻器两端电压变小，滑动变阻器接在AB，灯泡拉在CD且电路中电流一定大于0.2A，此时滑动变阻器的电压为1.5V，根据欧姆定律计算可知滑动变阻器阻值一定小于，调节滑片前灯的电压为1.2V，根据欧姆定律计算可知灯的电阻为
，调节滑动变阻器后，灯电压为1.5V，灯的电阻随温度升高而增大，所以电路中的电流一定小于
滑动变阻器接入电路的电阻一定大于，综上，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
3、根据题目已知条件结合出串联电路电压规律计算电源电压，灯泡的电阻随着电压的增加二早呢更加，结合欧姆定律计算电路的电流变化情况，进而计算变阻器的电阻。滑动变阻器接在AB，灯泡拉在CD且电路中电流一定大于0.2A，此时滑动变阻器的电压为1.5V，结合欧姆定律计算变阻器的电阻。
13．【答案】C
【知识点】摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】AD、当水平拉力F增大到10N时，弹簧恰好开始变长，说明木板B刚开始向右运动，而此时木板B与木块A未发生相对运动（即A、B之间无摩擦力），所以长木板B与地面间的滑动摩擦力f地对B=F1=10N； 已知滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍，则长木板B与地面间的最大静摩擦力为，故AD错误；
BC、当拉力F增大到14N时，弹簧长度不再增加，且此后长木板B以速度v匀速运动，此时木板B受到地面向左的滑动摩擦力、木块A对它向左的滑动摩擦力和向右的拉力平衡，所以F2=fA对B+f地对B，则 fABmax =14N 10N=4N ，即木块A与长木板B间的滑动摩擦力为4N；
已知滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍，则木块A与长木板B间的最大静摩擦力为
，故B错误，C正确。
故选：C。
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，即合力为零；
（2）一般情况下，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向相反；
（3）影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度。
14．【答案】24；0.81
【知识点】质量及其特性；速度公式及其应用
【解析】【解答】（1） 根据表二数据分析，1立方米空气中水蒸气质量与相对湿度呈正比例关系。设环境温度30℃、相对湿度80%时1m3空气中的水蒸气质量为m，由比例关系可得：
解得m=24g。
（2）查表得环境温度30℃、相对湿度50%时1m3空气中水蒸气质量为15g。房间相对湿度从80%降至50%，房间高度3m，计算需要去除的水蒸气质量：
除湿机额定除湿量：
所需时间为：
故答案为：24；0.81。
【分析】分析表二数据可知1m3空气中水蒸气质量与相对湿度之间的关系，据此可知环境温度30℃、相对湿度80%时1m3空气中水蒸气的质量；进一步计算房间相对湿度由80%降至50%所消耗水蒸气的质量，根据额定除湿量计算需要的时间。
15．【答案】1.8×108；5×109
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）根据Q放=qm得，燃烧煤的质量：；
（2）由题知，单个机组，如果仅供电，每秒提供的电能为1.25×109J；若在供电的同时进行供热，每秒提供的电能为1.21×109J、热量为2×108J， 设单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量为E， 则单个机组仅供电时，其能量使用效率为： ，单个机组在供电的同时进行供热，其能量使用效率为： ，因为对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%， 所以，η2-η1=3.2%，即： 则单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量：
故答案为：1.8×108；5×109。【分析】（1）根据Q放=qm可求出燃烧煤的质量；
（2）阅读材料，根据题意、效率公式以及能量使用效率的增加量求出单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量。
16．【答案】3.2；40
【知识点】电功率的计算；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）电池电量W'=8kW·h-8kW·h×20%=6.4kW·h，则给该车从最低电量到充满电需要的时间；
（2）汽车行驶时消耗的电能为
W电=ηW=75%×38.4kW h=28.8kW h，则该车的续航里程
。
故答案为：0.32；240。
【分析】（1）当汽车电池容量只剩20%的时候，需要给电池充电。根据充电功率和电池容量可以计算需充电的时间。
（2）根据电动汽车的能量利用率，求出电池可以利用的能量。根据百公里耗电量求出一公里的耗电量，即可计算汽车的续航里程。
17．【答案】60；75%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据题目描述，滑轮组的动滑轮上有2段绳子承担拉力。忽略绳重及摩擦，当绳子自由端拉力F绳=60N时，物体静止且与桌面间无摩擦力，此时满足关系：
代入数值：
解得动滑轮重G动=20N。
当自由端拉力F1=90N时，物体向右匀速运动，此时物体受到的向右拉力：
F2=2F1-G动=2×90N-20N=160N
物体受水平向左恒力F=100N，根据平衡条件可得滑动摩擦力：
f=F2-F=160N-100N=60N
（2）撤去恒力F后，保持物体向右匀速运动时，因摩擦因数不变，故摩擦力仍为f=60N。此时滑轮组下端挂钩拉力：
F3=f=60N
自由端所需拉力：
机械效率计算：
故答案为：60；75%。
【分析】（1）当绳子自由端的拉力F绳=60N时，物体处于静止状态，物体与桌面间的摩擦力恰好为0，由图知，n=2，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，，据此求动滑轮的重力； 当绳子自由端拉力F'绳为90N时，物体水平向右匀速运动，滑轮组受到的拉力
F拉=F+f，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，，据此求物体与桌面之间的滑动摩擦力；
（2）撤去水平向左的恒力F，仍使物体水平向右匀速运动时，使用滑轮组做的有用功等于克服物体受到摩擦力做的功，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，滑轮组的机械效率：。
18．【答案】4.5；40
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】当闭合开关S、接1，电压表测量变阻器两端电压，灯泡和变阻器串联，根据串联分压可知，变阻器最大分压为3V，根据欧姆定律计算通过变阻器的电流大小为；由图乙可知，此时灯泡两端的电压为1.5V。则电源电压为；闭合开关S、接2，电压表测量变阻器两端电压，电流表测量串联电路的电流，定值电阻和变阻器串联，当变阻器阻值最大时，电源电压可表示为；当变阻器阻值最小，电路中电流最大，电路中允许通过的最大电流是最小电流的1.5倍，根据欧姆定律计算电源电压；联立可得，，，故R1的阻值为40Ω。
综上 第1空、 4.5； 第2空、40.
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
19．【答案】（1）厚
（2）转换法
（3）B；C；D
【知识点】做功改变物体内能；热机
【解析】【解答】探究做功改变物体内能时，
（1）前者为空气压缩引火仪，空气被压缩，内能增大，“玻璃筒”壁厚，可减小筒内热量散失，保温效果好。
（2）空气内能的变化不能直接看到，可通过硝化棉燃烧、瓶内出现“少量水”等现象，反应气体内能的变化，利用了转换法。
（3）A．前者，必须把活塞迅速压下去，减小热量的散失；后者不用迅速给瓶内打气，也能让瓶内气压增大，故A错误；
BC．前者，当把活塞迅速压下去，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度升高，硝化棉花燃烧；后者，给瓶内打气，瓶内气压增大，内能把瓶塞推出时，对瓶塞做功，内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴，看到“瓶内出现白雾”，故BC正确；
D．前者对物体做功，机械能转化为内能，与热机的压缩冲程类似；后者物体对外做功，内能转化为机械能，与热机的做功冲程类似，故D正确。
故选BCD。
【分析】（1）压缩空气体积，机械能转化为内能，内能增大温度升高，玻璃筒较厚，可以减少热损失；
（2）通过硝化棉燃烧或发生液化现象，反应内能的变化，是转换法；
（3）对物体做功，内能增大，物体对外做功，内能减少；做功可以改变内能。
（1）前者为空气压缩引火仪，空气被压缩时内能增大，“玻璃筒”应选用厚壁的，这样可以减小筒内热量散失，保温效果好。
（2）空气内能的变化我们无法直接看到，但可以通过“一小团硝化棉”燃烧、瓶内出现“少量水”等现象知道了气体内能发生了变化，这是转换法。
（3）A．前者，必须把活塞迅速压下去，减小热量的散失；后者不用迅速给瓶内打气也能让瓶内气压增大从而对橡皮塞做功，故A错误；
BC．前者，当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度升高，达到硝化棉的燃点，所以观察到“棉花燃烧起来”；后者，给瓶内打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴飘散在空中，即观察到“瓶内出现白雾”，故BC正确；
D．前者说明对物体做功，机械能转化为内能，与热机的压缩冲程类似；后者说明物体对外做功，内能转化为机械能，与热机的做功冲程类似，故D正确。
故选BCD。
20．【答案】8.0；F1l1=F2l2；C
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）如图乙所示，阻力臂l2为8.0cm；
（3）通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作； （4）在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA（即拉力F的力臂）不变，阻力G的大小不变，而阻力臂L（即重力G的力臂）却逐渐增大； 由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L变大，那么F也变大，即拉力F在这个过程中逐渐变大。 故选C。
故答案为：（2）8.0；（3）；（4）C。【分析】（2）支点到力的作用线的距离就是力臂；
（3）要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
（4）通过作图比较A、B两位置阻力G力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。
21．【答案】；滑动变阻器滑片的位置；；不能；坐标纸不够精确，得到的数据不准确。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）根据图甲电路图分析，当滑片向右移动时，接入电路的阻值增大，因此应将滑动变阻器的左下接线柱与开关连接，具体连接方式如下图所示：
（3）操作步骤：断开电路开关，移除铅笔芯，将电阻箱接入ab两点之间。此时需保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合开关后调节电阻箱阻值，使电流表示数恢复到原先记录的I1值。
（4）第3空，根据实验数据表格，采用描点法绘制电阻R与电流I的关系曲线，绘制结果如下图所示：
第4空，第5空，通过对电阻R与电流倒数的关系图像分析发现，由于坐标纸精度限制，所获得实验数据存在一定误差，因此无法通过该图像准确测定铅笔芯的精确电阻值。
【分析】（1）根据电路图将实物电路连接完整；
（2）电流表读数时，先看电流表的量程，再看分度值；
（3）断开开关，取下铅笔芯，将电阻箱接入ab间，此时应保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关，调节电阻箱的阻值，想使电流表的示数仍为I1；
（4）根据表格数据，由描点法作图；根据电阻R0与电流I的倒数的关系图象，用图像法去解决这个问题。
故答案为：（1）见解答图；（3）滑动变阻器滑片的位置；（4）不能；坐标纸不够精确，得到的数据不准确。
22．【答案】（1）解：输出电流为
电视机：约0.5A（100W/220V）空调：约5A（1100W/220V）电热灭蚊器：约0.045A（10W/220V）结论：充电器的输出电流（1.2A）与电视机的正常工作电流（0.5A）最接近。
（2）解：全国一天因此浪费的电能约为
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由P=UI计算充电器的输出电流，据此与其他家用电器正常工作电流比较得出答案；
（2）根据W=Pt计算浪费的电能。
（1）输出电流为
电视机：约0.5A（100W/220V）空调：约5A（1100W/220V）电热灭蚊器：约0.045A（10W/220V）结论：充电器的输出电流（1.2A）与电视机的正常工作电流（0.5A）最接近。
（2）全国一天因此浪费的电能约为
23．【答案】（1）解：飞艇所受浮力为，飞艇最多可载乘客升空时，飞艇的重力等于受到的浮力，即G=F浮 =5.04×104N，则飞艇的总质量，气囊总容积4200m3，氦气的质量是，飞艇最多可载乘客的质量m总人 =m总 m飞艇 m氦气=5.04×103kg 3750kg 840kg=450kg，飞艇最多可载乘客的位数，取整数，即飞艇最多可载7位乘客升空。
（2）解：由图乙可知，飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到的阻力分别为500×3m/s=1.5×103N、500×6m/s=3×103N，因W=Fs=fvt，所以，推动功之比，故。
（3）解：燃油完全燃烧释放的热量，由 可得，发动机做的功，由于F推=F阻=500v，又因为W=W推+W辅=F推s+P辅t=500vs+P辅t，所以1.62×108J=500vs+5×104W×t，由可得，①，当时，v=10m/s。此时①式中的分母有最小值，s有最大值，最大值为。
【知识点】功率计算公式的应用；热机的效率；二力平衡的条件及其应用；浮力大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据F浮=ρ空gV排求出飞艇受到的浮力；对飞艇进行受力分析，利用力的平衡关系求出乘客的总重，据此求出乘客的人数；
（2）飞船水平匀速直线飞行，水平方向上推力F与空气阻力F阻是一对平衡力，大小相等；由图乙可知，当v≤12m/s时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv（k为比例常数），当v=12m/s时，F阻=6×103N，代入解得k，然后分别求出当飞艇以2m/s和6m/s的速度飞行时的推力，再根据功的计算公式W=Fs=Fvt，计算推动功W1与W2的比值；
（3）先根据Q放=mq油计算20kg燃油完全燃烧放出的热量，已知发动机效率36%，再根据W有=ηQ放计算发动机输出的有用功；辅助功W辅=P辅t，发动机输出的有用功W有=W推+W辅=W推十P辅t，根据计算出飞行时间，再根据s=vt计算飞行的最大距离。
（1）飞艇所受浮力为，飞艇最多可载乘客升空时，飞艇的重力等于受到的浮力，即G=F浮 =5.04×104N，则飞艇的总质量，气囊总容积4200m3，氦气的质量是，飞艇最多可载乘客的质量m总人 =m总 m飞艇 m氦气=5.04×103kg 3750kg 840kg=450kg，飞艇最多可载乘客的位数，取整数，即飞艇最多可载7位乘客升空。
（2）由图乙可知，飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到的阻力分别为500×3m/s=1.5×103N、500×6m/s=3×103N，因W=Fs=fvt，所以，推动功之比，故。
（3）燃油完全燃烧释放的热量，由 可得，发动机做的功，由于F推=F阻=500v，又因为W=W推+W辅=F推s+P辅t=500vs+P辅t，所以1.62×108J=500vs+5×104W×t，由可得，①，当时，v=10m/s。此时①式中的分母有最小值，s有最大值，最大值为。
1 / 1四川省绵阳市游仙区2025年中考二模物理试题
一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一-个选项最符合题目要求）
1．（2025·游仙模拟）我国于2018年和2024年先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，“架起了”地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图所示），采用了反射率更高的镀金钥丝天线。鹊桥号.鹊桥二号进行信号传输利用的是（　　）
A．超声波 B．红外线 C．紫外线 D．电磁波
【答案】D
【知识点】红外线；紫外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】ABCD、地月之间距离很长，鹊桥号要时刻与地球保持通信，需要鹊桥二号中继卫星进行信号转发，该通信利用电磁波传递信息，故ABC不符合题意，D符合题意
故选：D。
【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
2．（2025·游仙模拟）风电的开发可以有效助力我国实现“碳达峰、碳中和”的战略目标。从能源的视角来看，下列说法中错误的是（　　）
A．风能属于可再生能源
B．风能实际上来源于太阳能
C．特高压交流输变电工程投运后，可以实现“张家口的风点亮雄安的灯”
D．“碳达峰”标志着实现二氧化碳“净零排放”，而“碳中和”将实现碳排放与经济发展脱钩
【答案】D
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；能源危机与能源消耗对环境的影响
【解析】【解答】A．风能属于可再生能源，因为它可以持续利用且不会枯竭，使用过程中也不会减少其总量，因此选项A正确，故A正确，不符合题意；
B．风的产生是由于太阳辐射造成地球表面温度差异，导致空气流动形成的，所以风能实际上是太阳能的转化形式，故B正确，不符合题意；
C．特高压输电具有远距离、大容量输送电力的特点，因此张家口的风力发电完全可以通过特高压电网向雄安输送，故C正确，不符合题意。
D．碳达峰是指二氧化碳排放量达到历史最高值后开始下降的阶段，并非实现"净零排放"。碳中和则是通过减排措施和碳汇等方式，使碳排放与碳吸收达到平衡，实现净零排放，而不是简单地将经济发展与碳排放"脱钩"，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】能够从自然界中源源不断获取的能源叫做可再生能源；风的形成是由于太阳辐射导致地球表面受热不均，进而引起空气流动； 特高压输电技术能够实现远距离、大容量的电力输送； 碳中和是指通过减排、碳汇等方式抵消碳排放，实现“净零排放”
3．（2025·游仙模拟）如图所示的风铃有七根长短不同的小棍，敲打小棍时，发现它们发出的声音不同。这里的不同是指（　　）
A．音调 B．响度
C．音色 D．音调、响度、音色
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】ABCD、敲打小棍时，长短不同的小棍振动频率不同，发出的声音音调不同，因为音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。
【分析】音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。 音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。
4．（2025·游仙模拟）神奇的金属“镓”，熔点只有28℃，如图所示，将其托在手心里。则（　　）
A．此时“镓”必将会汽化为气体
B．此时“镓”不可能液化也不可能熔化
C．“镓”可能是晶体也可能是非晶体
D．"“镓”变为液体的过程中将从手心吸收热量
【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；晶体和非晶体；汽化及汽化吸热的特点；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】AB．镓的熔点为28℃，而人体正常体温约37℃。当镓置于手心时，由于手心温度高于其熔点但远低于其沸点（镓沸点显著高于28℃），镓会从固态熔化为液态，但不会达到沸腾状态。虽然液态镓可能缓慢蒸发，但"必将汽化为气体"的说法过于绝对，故AB不符合题意；
C．镓作为金属元素，具有明确的熔点（28℃），通常以晶体形态存在，故C不符合题意；
D．固态镓熔化为液态时需要吸收热量（熔化热），这个过程中会从手心吸收热量，故D符合题意。
故选：D。【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。 晶体有固定的熔化温度。
5．（2025·游仙模拟） 如图，光导纤维在传递信息时，光从内芯的一端传输到另一端，其原理应用了光的（　　）
A．折射 B．反射 C．色散 D．直线传播
【答案】B
【知识点】光的反射
【解析】【解答】光纤通信，光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，故ACD错误，B正确。
故答案为：B。
【分析】光纤通信，光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，这样就把它携带的信息传到了远方。
6．（2025·游仙模拟） 我国某新型战斗机配有光电搜索跟踪系统，系统中的光学元件相当于晶状体，内置光电传感器相当于视网膜，成像原理与人眼相似。从空中拍摄地面物体时，物体在光电传感器上形成的像是（　　）
A．倒立、缩小的实像 B．倒立、等大的实像
C．倒立、放大的实像 D．正立、放大的虚像
【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A：战斗机上的光电搜索跟踪系统成像原理与人眼相似。人眼观察物体时，晶状体相当于凸透镜，物体在视网膜上成倒立、缩小的实像。所以从空中拍摄地面物体时，物体在光电传感器上也会形成倒立、缩小的实像。故A正确；
B：物体在凸透镜两倍焦距以外时，不会成倒立、等大的实像。故B错误；
C：物体在凸透镜一倍焦距到两倍焦距之间时，成倒立、放大的实像。但在这种情况下，一般用于投影仪等设备，不符合光电搜索跟踪系统的成像情况。故C错误；
D：正立、放大的虚像，如放大镜成像，不符合光电搜索跟踪系统的实际成像情况。故D错误。
综上所述，正确答案为A 。
【分析】强调 A 选项的合理性，通过类比人眼成像原理，推断出战斗机光电搜索跟踪系统的成像特点为倒立、缩小的实像。指出物体在特定位置不会成倒立、等大实像；说明物体在另一种位置所成的像不符合系统情况；表明正立、放大虚像。
7．（2025·游仙模拟）如图是某仓库设计的温度报警电路。R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化而变化，R2为可调电阻。温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警。下列判断正确的是（　　）
A．R1的阻值随温度的升高而增大
B．温度升高过程中，电磁铁磁性减弱
C．若要调低报警温度，可将R2的阻值调大
D．若控制电路电源电压降低，报警温度将升高
【答案】D
【知识点】电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】AB．当温度升高至报警温度时，指示灯熄灭、蜂鸣器报警，说明此时继电器衔铁被吸合（向下运动），表明线圈磁性增强，控制电路电流增大，总电阻减小，这意味着热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小。故AB错误；
C．报警时线圈的磁性强弱需保持恒定。若电源电压不变，则控制电路总电阻应保持不变。由于R1具有负温度特性（温度升高阻值减小），若要调低报警温度（即让R1在更高阻值时触发报警），需通过减小R2的阻值来补偿。故C错误；
D．若控制电路电源电压降低，在相同温度下控制电流会减小。为维持原有报警电流，需要减小总电阻，这意味着R1需要更小的阻值（对应更高温度）才能触发报警，因此报警温度会升高。故D正确。 故选D。【分析】温度正常时指示灯L发光，当温度升高到报警温度时，指示灯熄灭，蜂鸣器报警，说明电磁铁磁性增强； 电磁铁磁性增强是因为电流变大； 电流变大可能是电压一定时总电阻变小，或者电阻不变时电压变大。
8．（2025·游仙模拟）我国古代把女子一拃长称为“咫”，男子一拃长称作“尺”，如图。“咫尺之间”用来比喻相距很近，实际“咫”与“尺”的长度相差大约为（　　）
A．3mm B．3cm C．3dm D．3m
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 “咫尺之间”用来比喻相距很近，根据图片可知，实际“咫”与“尺”的长度相差大约为3cm。
故选 B 。
【分析】 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
9．（2025·游仙模拟）我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为7.9g/cm3，但厚度只有0.015mm，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　）
A．“手撕钢”的厚度为15nm
B．2m2“手撕钢”的质量为237kg
C．“手撕钢”的温度升高时质量不变，密度不变
D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指质量小
【答案】D
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】A、“手撕钢”的厚度
h=0.015mm=1.5×10-2mm=1.5×10-2×106nm=1.5×104nm，故A错误；
B、“手撕钢”的厚度h=0.015mm=1.5×10-5m，2m2“手撕钢”的体积
V=Sh=2m2×1.5×10-5m=3×10-5m3=30cm3， 2m2“手撕钢”的质量为：m=ρV=7.9g/cm3×30cm3=237g，故B错误；
C．“手撕钢”温度升高时所含钢的多少不会改变，质量保持不变。但由于热胀冷缩，在温度升高时体积会膨胀，故密度变小，故C错误；
D．“轻”是指质量小，手撕钢的密度较大，而手术刀轻薄因为厚度小导致体积小，其质量小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）长度单位mm与nm之间的换算，1mm=106nm；
（2）先算2m2手撕钢的体积，再算其质量；
（3）“手撕钢”的温度升高，体积会膨胀；
（4）用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，是因为其质量小。
10．（2025·游仙模拟） 小琴家进户线上装有空气开关，当家庭电路中的总电流大于空气开关的额定电流时，空气开关会发生“跳闸”。小琴家空气开关的额定电流可能是（　　）
A．63mA B．630mA C．63A D．630A
【答案】C
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 进户线上的空气开关保证了家庭电路的安全，即出现短路或者电流过大会导致跳闸。
家用电器中，空调、电热水器、电饭煲等功率均为1000W以上，对应的电流值为，故空气开关的额定电流不可能小于这个值，故排除A和B；而家里用电器全部接入也很难有达到上百A的情况，故排除D。
故答案为：C。
【分析】空气开关“跳闸”的原因是短路和过载，根据题意分析可能的额定电流即可。
11．（2025·游仙模拟）一质量为900g、底面积为100cm2、高为12cm的不吸水圆柱体放在盛有4.2kg水的薄壁（厚度不计）柱形容器内，容器底面积为300cm2，如图所示。打开阀门K，放出3kg的水后关闭阀门（g=10N/kg，）。下列说法正确的是（　　）
A．圆柱体的密度为7.5103kg/m3
B．放水前水面距容器底部的高度为14cm
C．放水后水对容器底部的压力为21N
D．放水后水对容器底部的压强为600Pa
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】A．圆柱体的体积为：，由密度公式可知，圆柱体的密度为，故A错误；
B．由公式可得，放水前水的体积为：
，
由于圆柱体在水中漂浮，故圆柱体受到的浮力等于其重力，即：
，
故圆柱体排开水的体积为：
可得放水前水面距容器底部的高度为：
故B错误；
CD．放水3kg，容器中剩余水的质量m剩=4.2kg-3kg=1.2kg，剩余水的体积为：
，放水后，容器中水的深度
，水对容器底部的压力
，
故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】（1）圆柱体的质量已知，体积可知，由密度求出圆柱体的密度；
（2）圆柱体的密度小于水的密度，首先根据圆柱体恰好漂浮时，需要的最少水量，判断出圆柱体在水中处于漂浮状态，所以此时容器中水的深度等于原来水的体积与柱体排开液体的体积之和除以容器的底面积；
（3）判断放水后圆柱体的状态，通过计算可得出放水后对容器底部的压力；
（4）放水后水对容器底部的压强可利用p=ρgh。
12．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器和小灯泡两个元件中，一个接在A、B两点之间，另一个接在C、D两点之间。闭合开关S，电流表的示数为0.20A，用电压表测得A、B两点间的电压为1.8V，C、D两点间的电压为1.2V；移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数变大，A、B两点间的电压变为1.5V，已知小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，则此时滑动变阻器接入电路的电阻值可能为（　　）
A．5Ω B．6Ω C．7Ω D．8Ω
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】滑动变阻器和小灯泡串联，电路的电流为0.2A，根据串联电路电压规律计算可知电源电压
；移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器阻值变小，电流表的示数变大，根据串联分压可知滑动变阻器两端电压变小，滑动变阻器接在AB，灯泡拉在CD且电路中电流一定大于0.2A，此时滑动变阻器的电压为1.5V，根据欧姆定律计算可知滑动变阻器阻值一定小于，调节滑片前灯的电压为1.2V，根据欧姆定律计算可知灯的电阻为
，调节滑动变阻器后，灯电压为1.5V，灯的电阻随温度升高而增大，所以电路中的电流一定小于
滑动变阻器接入电路的电阻一定大于，综上，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
3、根据题目已知条件结合出串联电路电压规律计算电源电压，灯泡的电阻随着电压的增加二早呢更加，结合欧姆定律计算电路的电流变化情况，进而计算变阻器的电阻。滑动变阻器接在AB，灯泡拉在CD且电路中电流一定大于0.2A，此时滑动变阻器的电压为1.5V，结合欧姆定律计算变阻器的电阻。
13．（2025·游仙模拟）如图所示，一个木块A放在长木板B上.弹簧测力计的一端接A另一端固定在墙壁上，长木板B放在水平地面上。现使水平拉力F逐渐增大，当水平拉力F增大到10N时，弹簧恰好开始变长，当拉力F增大到14N时，弹簧长度不再增加，并且此后使长木板B以速度v匀速运动（假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍），则（　　）
A．长木板B与地面间的最大静摩擦力为10N
B．木块A与长木板B间的最大静摩擦力为5N
C．木块A与长木板B间的滑动摩擦力为4N
D．长木板B与地面间的滑动摩擦力为14N时
【答案】C
【知识点】摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】AD、当水平拉力F增大到10N时，弹簧恰好开始变长，说明木板B刚开始向右运动，而此时木板B与木块A未发生相对运动（即A、B之间无摩擦力），所以长木板B与地面间的滑动摩擦力f地对B=F1=10N； 已知滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍，则长木板B与地面间的最大静摩擦力为，故AD错误；
BC、当拉力F增大到14N时，弹簧长度不再增加，且此后长木板B以速度v匀速运动，此时木板B受到地面向左的滑动摩擦力、木块A对它向左的滑动摩擦力和向右的拉力平衡，所以F2=fA对B+f地对B，则 fABmax =14N 10N=4N ，即木块A与长木板B间的滑动摩擦力为4N；
已知滑动摩擦力等于最大静摩擦力的0.9倍，则木块A与长木板B间的最大静摩擦力为
，故B错误，C正确。
故选：C。
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，即合力为零；
（2）一般情况下，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向相反；
（3）影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度。
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·游仙模拟）用某除湿器为家中面积12m2的房间除湿。表一为某除湿器的部分参数，其中，额定除湿量表示每小时除去空气中水蒸气的质量；表二为环境温度30℃时，相对湿度与1m3空气中水蒸气质量的对应关系，相对湿度是衡量空气中水蒸气含量的一个指标。
表一
额定电压 额定功率 额定除湿量
220V 220W
表二
相对湿度/% 10 30 50 70 90
空气中水蒸气质量/g 3 9 15 21 27
环境温度30℃、相对湿度80%时，1m3空气中水蒸气的质量为　 　g；若除湿器以额定除湿量工作，使房间相对湿度由80%降至50%，约需　 　h。
【答案】24；0.81
【知识点】质量及其特性；速度公式及其应用
【解析】【解答】（1） 根据表二数据分析，1立方米空气中水蒸气质量与相对湿度呈正比例关系。设环境温度30℃、相对湿度80%时1m3空气中的水蒸气质量为m，由比例关系可得：
解得m=24g。
（2）查表得环境温度30℃、相对湿度50%时1m3空气中水蒸气质量为15g。房间相对湿度从80%降至50%，房间高度3m，计算需要去除的水蒸气质量：
除湿机额定除湿量：
所需时间为：
故答案为：24；0.81。
【分析】分析表二数据可知1m3空气中水蒸气质量与相对湿度之间的关系，据此可知环境温度30℃、相对湿度80%时1m3空气中水蒸气的质量；进一步计算房间相对湿度由80%降至50%所消耗水蒸气的质量，根据额定除湿量计算需要的时间。
15．（2025·游仙模拟）我国海阳核电厂在利用核能发电的同时给居民供暖。单个机组，如果仅供电，每秒提供的电能为1.25109J；若在供电的同时进行供热，每秒提供的电能为1.21109J。热量为2×108J，对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%。若给居民供热5.41015J，相当于完全燃　 　kg（标准煤的热值取3.0107J/kg）标准煤产生的热量；单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量为　 　J。
【答案】1.8×108；5×109
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）根据Q放=qm得，燃烧煤的质量：；
（2）由题知，单个机组，如果仅供电，每秒提供的电能为1.25×109J；若在供电的同时进行供热，每秒提供的电能为1.21×109J、热量为2×108J， 设单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量为E， 则单个机组仅供电时，其能量使用效率为： ，单个机组在供电的同时进行供热，其能量使用效率为： ，因为对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%， 所以，η2-η1=3.2%，即： 则单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量：
故答案为：1.8×108；5×109。【分析】（1）根据Q放=qm可求出燃烧煤的质量；
（2）阅读材料，根据题意、效率公式以及能量使用效率的增加量求出单个机组核燃料反应堆每秒产生的能量。
16．（2025·游仙模拟）某智能出行平台出租的电动汽车部分参数如右表。如果用120kW的“快充”充电桩给该车充电，汽车电池最低电量不得低于电池容量的20%，则该车从最低电量到充满电的时间是　 　min；电池容量是决定电动汽车续航里程的主要因素，若此电动汽车的能量利用率是75%，计算可知该车的续航里程（按汽车电池电量不得低于电池容量的20%来计算）是　 　km。
电池容量
百公里耗电量
【答案】3.2；40
【知识点】电功率的计算；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）电池电量W'=8kW·h-8kW·h×20%=6.4kW·h，则给该车从最低电量到充满电需要的时间；
（2）汽车行驶时消耗的电能为
W电=ηW=75%×38.4kW h=28.8kW h，则该车的续航里程
。
故答案为：0.32；240。
【分析】（1）当汽车电池容量只剩20%的时候，需要给电池充电。根据充电功率和电池容量可以计算需充电的时间。
（2）根据电动汽车的能量利用率，求出电池可以利用的能量。根据百公里耗电量求出一公里的耗电量，即可计算汽车的续航里程。
17．（2025·游仙模拟）如图所示的滑轮组忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，物体放在水平粗糙桌面上，受到水平向左的恒力F=100N，滑轮组绳子自由端受到的拉力为F绳。当绳子自由端的拉力F绳=60N时，物体处于静止状态，物体与桌面间的摩擦力恰好为0；当绳子自由端拉力F绳=90N时，物体水平向右匀速运动。物体与桌面之间的滑动摩擦力为　 　N；撤去水平向左的恒力F，改变绳子自由端拉力F绳的大小，仍使物体水平向右匀速运动时，滑轮组的机械效率为　 　。
【答案】60；75%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据题目描述，滑轮组的动滑轮上有2段绳子承担拉力。忽略绳重及摩擦，当绳子自由端拉力F绳=60N时，物体静止且与桌面间无摩擦力，此时满足关系：
代入数值：
解得动滑轮重G动=20N。
当自由端拉力F1=90N时，物体向右匀速运动，此时物体受到的向右拉力：
F2=2F1-G动=2×90N-20N=160N
物体受水平向左恒力F=100N，根据平衡条件可得滑动摩擦力：
f=F2-F=160N-100N=60N
（2）撤去恒力F后，保持物体向右匀速运动时，因摩擦因数不变，故摩擦力仍为f=60N。此时滑轮组下端挂钩拉力：
F3=f=60N
自由端所需拉力：
机械效率计算：
故答案为：60；75%。
【分析】（1）当绳子自由端的拉力F绳=60N时，物体处于静止状态，物体与桌面间的摩擦力恰好为0，由图知，n=2，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，，据此求动滑轮的重力； 当绳子自由端拉力F'绳为90N时，物体水平向右匀速运动，滑轮组受到的拉力
F拉=F+f，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，，据此求物体与桌面之间的滑动摩擦力；
（2）撤去水平向左的恒力F，仍使物体水平向右匀速运动时，使用滑轮组做的有用功等于克服物体受到摩擦力做的功，忽略绳重及绳与滑轮间的摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，滑轮组的机械效率：。
18．（2025·游仙模拟）如图甲所示，电源电压不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻大于5Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω；1A”，小灯泡L的电流随其两端电压变化的图像如图乙所示。若闭合开关S、接1，在电路安全的情况下，变阻器允许接入电路的最大阻值为15Ω，则电源电压为　 　V；若闭合开关S、接2，在电路安全的情况下，电路中允许通过的最大电流是最小电流的1.5倍，则电阻的阻值为　 　Ω。
【答案】4.5；40
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】当闭合开关S、接1，电压表测量变阻器两端电压，灯泡和变阻器串联，根据串联分压可知，变阻器最大分压为3V，根据欧姆定律计算通过变阻器的电流大小为；由图乙可知，此时灯泡两端的电压为1.5V。则电源电压为；闭合开关S、接2，电压表测量变阻器两端电压，电流表测量串联电路的电流，定值电阻和变阻器串联，当变阻器阻值最大时，电源电压可表示为；当变阻器阻值最小，电路中电流最大，电路中允许通过的最大电流是最小电流的1.5倍，根据欧姆定律计算电源电压；联立可得，，，故R1的阻值为40Ω。
综上 第1空、 4.5； 第2空、40.
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
三、实验探究题（本题包括3小题，共20分）
19．（2025·游仙模拟）如图是“做功改变物体的内能”的两个演示实验。前者是“空气被压缩时内能增大”，后者是“空气推动塞子时内能减少”。
（1）前者“玻璃筒”应选用　 　，（选填“厚”或“薄”）壁的；
（2）前者“一小团硝化棉”、后者“少量水”的作用都是通过　 　（选填“转换法”“控制变量法”或“对比法”）直观显示被压缩的空气、膨胀了的空气内能变化；
（3）有关两个演示实验的下列说法中，正确的是（　　）（填序号）。
A．操作时，前者“把活塞迅速压下去”，后者“迅速给瓶内打气”
B．前者观察到“棉花燃烧起来”，后者观察到“瓶内出现白雾”
C．前者“压缩气体，气体内能增大”，后者“气体膨胀，内能减小”
D．前者类似汽油机、柴油机的压缩冲程，后者类似汽油机、柴油机的做功冲程
【答案】（1）厚
（2）转换法
（3）B；C；D
【知识点】做功改变物体内能；热机
【解析】【解答】探究做功改变物体内能时，
（1）前者为空气压缩引火仪，空气被压缩，内能增大，“玻璃筒”壁厚，可减小筒内热量散失，保温效果好。
（2）空气内能的变化不能直接看到，可通过硝化棉燃烧、瓶内出现“少量水”等现象，反应气体内能的变化，利用了转换法。
（3）A．前者，必须把活塞迅速压下去，减小热量的散失；后者不用迅速给瓶内打气，也能让瓶内气压增大，故A错误；
BC．前者，当把活塞迅速压下去，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度升高，硝化棉花燃烧；后者，给瓶内打气，瓶内气压增大，内能把瓶塞推出时，对瓶塞做功，内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴，看到“瓶内出现白雾”，故BC正确；
D．前者对物体做功，机械能转化为内能，与热机的压缩冲程类似；后者物体对外做功，内能转化为机械能，与热机的做功冲程类似，故D正确。
故选BCD。
【分析】（1）压缩空气体积，机械能转化为内能，内能增大温度升高，玻璃筒较厚，可以减少热损失；
（2）通过硝化棉燃烧或发生液化现象，反应内能的变化，是转换法；
（3）对物体做功，内能增大，物体对外做功，内能减少；做功可以改变内能。
（1）前者为空气压缩引火仪，空气被压缩时内能增大，“玻璃筒”应选用厚壁的，这样可以减小筒内热量散失，保温效果好。
（2）空气内能的变化我们无法直接看到，但可以通过“一小团硝化棉”燃烧、瓶内出现“少量水”等现象知道了气体内能发生了变化，这是转换法。
（3）A．前者，必须把活塞迅速压下去，减小热量的散失；后者不用迅速给瓶内打气也能让瓶内气压增大从而对橡皮塞做功，故A错误；
BC．前者，当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度升高，达到硝化棉的燃点，所以观察到“棉花燃烧起来”；后者，给瓶内打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴飘散在空中，即观察到“瓶内出现白雾”，故BC正确；
D．前者说明对物体做功，机械能转化为内能，与热机的压缩冲程类似；后者说明物体对外做功，内能转化为机械能，与热机的做功冲程类似，故D正确。
故选BCD。
20．（2025·游仙模拟）在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，这也叫杠杆的平衡状态，但实验中应将平衡螺母向右调节，将杠杆调至水平位置平衡。
（2）调节钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，读出实验数据并记录在表格中。如图乙所示，阻力臂l2为　 　cm。
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 16.0 1.0 —
2 1.0 15.0 1.0 15.0
3 2.0 15.0 1.5 20.0
（3）分析表中实验数据，得出杠杆的平衡条件为　 　（用F1、F2、l1、l2表示）。
（4）如图丙所示，F始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，F的大小将　 　（填序号）。
A.不变　　B.变小
C.变大　　D.先变大后变小
【答案】8.0；F1l1=F2l2；C
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）如图乙所示，阻力臂l2为8.0cm；
（3）通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作； （4）在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA（即拉力F的力臂）不变，阻力G的大小不变，而阻力臂L（即重力G的力臂）却逐渐增大； 由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L变大，那么F也变大，即拉力F在这个过程中逐渐变大。 故选C。
故答案为：（2）8.0；（3）；（4）C。【分析】（2）支点到力的作用线的距离就是力臂；
（3）要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
（4）通过作图比较A、B两位置阻力G力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。
21．（2025·游仙模拟）选择电压恒为4.5V的电源、开关、电流表、电阻箱R。、滑动变阻器等器材，测量铅笔芯的电阻。
（1）对照如图甲所示的实验电路图连接好实物电路　 　。
（2）在ab之间接人待测铅笔芯，闭合开关，将变阻器的滑片调到适当位置，使电流表示数为I1。
（3）断开开关，取下铅笔芯，将电阻箱接人ab间，此时应保持　 　不变。闭合开关，调节电阻箱的阻值，想使电流表的示数仍为I1，但却发现无论怎样调节电阻箱的阻值，都不能使电流表的示数达到所需值。
（4）由于电阻箱的阻值是不连续的，但可以绘制电流和电阻箱阻值的关系图像，用图像法去解决这个问题。继续实验，又测出多组数据如上表所示。请在图乙中画出电流的倒数随电阻箱阻值变化关系的图像　 　。根据图像　 　（选填“能”或“不能”）得到铅笔芯精确的电阻值，判断的理由是　 　。
【答案】；滑动变阻器滑片的位置；；不能；坐标纸不够精确，得到的数据不准确。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）根据图甲电路图分析，当滑片向右移动时，接入电路的阻值增大，因此应将滑动变阻器的左下接线柱与开关连接，具体连接方式如下图所示：
（3）操作步骤：断开电路开关，移除铅笔芯，将电阻箱接入ab两点之间。此时需保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合开关后调节电阻箱阻值，使电流表示数恢复到原先记录的I1值。
（4）第3空，根据实验数据表格，采用描点法绘制电阻R与电流I的关系曲线，绘制结果如下图所示：
第4空，第5空，通过对电阻R与电流倒数的关系图像分析发现，由于坐标纸精度限制，所获得实验数据存在一定误差，因此无法通过该图像准确测定铅笔芯的精确电阻值。
【分析】（1）根据电路图将实物电路连接完整；
（2）电流表读数时，先看电流表的量程，再看分度值；
（3）断开开关，取下铅笔芯，将电阻箱接入ab间，此时应保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关，调节电阻箱的阻值，想使电流表的示数仍为I1；
（4）根据表格数据，由描点法作图；根据电阻R0与电流I的倒数的关系图象，用图像法去解决这个问题。
故答案为：（1）见解答图；（3）滑动变阻器滑片的位置；（4）不能；坐标纸不够精确，得到的数据不准确。
四、综合运用题（本题包括2小题，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）。
22．（2025·游仙模拟）现对一款国产电话手表进行充电测试，测得充电时充电器的输出电压约为5V，输出功率约为6W，则：
（1）输出电流与常见家用电器电视机、空调、电热灭蚊器中哪-个的正常工作电流最接近
（2）充电器在插座上未给电话手表充电时，内部也有电流通过。查阅网站得知，截至2024年3月末我国移动电话总数约为18亿部。若有四分之一不拔充电器，--部手机一个充电器，每个充电器平均每天闲置时间约为20h，平均实际功率约为0.1W，则全国一天因此浪费的电能约为多少千瓦时
【答案】（1）解：输出电流为
电视机：约0.5A（100W/220V）空调：约5A（1100W/220V）电热灭蚊器：约0.045A（10W/220V）结论：充电器的输出电流（1.2A）与电视机的正常工作电流（0.5A）最接近。
（2）解：全国一天因此浪费的电能约为
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由P=UI计算充电器的输出电流，据此与其他家用电器正常工作电流比较得出答案；
（2）根据W=Pt计算浪费的电能。
（1）输出电流为
电视机：约0.5A（100W/220V）空调：约5A（1100W/220V）电热灭蚊器：约0.045A（10W/220V）结论：充电器的输出电流（1.2A）与电视机的正常工作电流（0.5A）最接近。
（2）全国一天因此浪费的电能约为
23．（2025·游仙模拟）某飞艇如图甲所示，其气囊体积巨大，采用轻质材料制作。飞艇升空靠浮力来实现，水平飞行靠发动机提供动力。发动机输出的能量用于做推动功和辅助功：推动功指克服空气阻力推动飞艇水平飞行做的功；辅助功指发动机驱动飞艇.上发电机工作所做的功，辅助功的功率恒定。当飞艇低速（v≤12m/s）水平直线飞行时，其受到的空气阻力F阻与速度v的关系如图乙所示。飞艇部分参数见表。忽略气囊厚度及气囊外其他部分受到的浮力。
空载质量（不含氦气） 3750kg 气囊总容积 4200m3
发动机额定输出功率 辅助功的功率
发动机效率 36% 最大速度 70km/h
（1）将气囊充满氦气，此时飞艇最多可载多少位乘客升空 （平均每位乘客质量m=60kg，空气=1.2kg/m3，氦气=0.2kg/m3，g=10N/kg）
（2）飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行相同的时间，推动功分别为W1和W2，则W1∶W2是多少
（3）飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，可飞行的最大距离为多少千米 （燃油热值q油=4.5107J/kg）
【答案】（1）解：飞艇所受浮力为，飞艇最多可载乘客升空时，飞艇的重力等于受到的浮力，即G=F浮 =5.04×104N，则飞艇的总质量，气囊总容积4200m3，氦气的质量是，飞艇最多可载乘客的质量m总人 =m总 m飞艇 m氦气=5.04×103kg 3750kg 840kg=450kg，飞艇最多可载乘客的位数，取整数，即飞艇最多可载7位乘客升空。
（2）解：由图乙可知，飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到的阻力分别为500×3m/s=1.5×103N、500×6m/s=3×103N，因W=Fs=fvt，所以，推动功之比，故。
（3）解：燃油完全燃烧释放的热量，由 可得，发动机做的功，由于F推=F阻=500v，又因为W=W推+W辅=F推s+P辅t=500vs+P辅t，所以1.62×108J=500vs+5×104W×t，由可得，①，当时，v=10m/s。此时①式中的分母有最小值，s有最大值，最大值为。
【知识点】功率计算公式的应用；热机的效率；二力平衡的条件及其应用；浮力大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据F浮=ρ空gV排求出飞艇受到的浮力；对飞艇进行受力分析，利用力的平衡关系求出乘客的总重，据此求出乘客的人数；
（2）飞船水平匀速直线飞行，水平方向上推力F与空气阻力F阻是一对平衡力，大小相等；由图乙可知，当v≤12m/s时，空气阻力F阻与速度v成正比，设F阻=kv（k为比例常数），当v=12m/s时，F阻=6×103N，代入解得k，然后分别求出当飞艇以2m/s和6m/s的速度飞行时的推力，再根据功的计算公式W=Fs=Fvt，计算推动功W1与W2的比值；
（3）先根据Q放=mq油计算20kg燃油完全燃烧放出的热量，已知发动机效率36%，再根据W有=ηQ放计算发动机输出的有用功；辅助功W辅=P辅t，发动机输出的有用功W有=W推+W辅=W推十P辅t，根据计算出飞行时间，再根据s=vt计算飞行的最大距离。
（1）飞艇所受浮力为，飞艇最多可载乘客升空时，飞艇的重力等于受到的浮力，即G=F浮 =5.04×104N，则飞艇的总质量，气囊总容积4200m3，氦气的质量是，飞艇最多可载乘客的质量m总人 =m总 m飞艇 m氦气=5.04×103kg 3750kg 840kg=450kg，飞艇最多可载乘客的位数，取整数，即飞艇最多可载7位乘客升空。
（2）由图乙可知，飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行时受到的阻力分别为500×3m/s=1.5×103N、500×6m/s=3×103N，因W=Fs=fvt，所以，推动功之比，故。
（3）燃油完全燃烧释放的热量，由 可得，发动机做的功，由于F推=F阻=500v，又因为W=W推+W辅=F推s+P辅t=500vs+P辅t，所以1.62×108J=500vs+5×104W×t，由可得，①，当时，v=10m/s。此时①式中的分母有最小值，s有最大值，最大值为。
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