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四川省绵阳市游仙区2025年中考三模物理试题
一、选择题（本题包括 13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）
1．（2025·游仙模拟）科技强国，中国科技工作者在各个领域一步一个脚印 ，一次次刷新“中国高度”。下列有关说法中正确的是（　　）
A．中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过超声波传回地面的
B．神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的
C．嫦娥六号使用的“中国芯”是超导材料制成的
D．中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核裂变
2．（2025·游仙模拟）图甲是一款降噪耳机，耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果（如图乙所示）。关于这款耳机，下列说法正确的是（　　）
A．它是在声源处控制噪声
B．它是在人耳处减弱噪声
C．噪声为人所厌，没有可利用的地方
D．反相位声波与外界噪声的声速相同
3．（2025·游仙模拟）下列有关于食物的保鲜方法分析不正确的是（　　）
A．简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度
B．生鱼片下方的白气是固态干冰升华形成的二氧化碳气体
C．超市中利用冰块熔化吸热，给鱼保鲜
D．冰箱冷冻室内壁上的霜是水蒸气凝华形成的
4．（2025·游仙模拟）某家庭电路图如图所示，下列说法中正确的是（　　）
A．a为空气开关，b为电能表
B．连接电路时可以将地线和零线互换
C．螺口灯的安装符合安全用电要求
D．插座的“两孔”和“三孔”是串联的
5．（2025·游仙模拟）如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包，发热包的主要成分包括生石灰、活性炭、硅藻土、土和铝粉等。将发热包放到冷水中，生石灰与水产生化学反应，生成氢氧化钙，并放出大量的热，从而加热上层食物。有关自热火锅说法不正确的是（　　）
A．食物被加热的过程中，食物含有的热量增多
B．食物被加热的过程中，是通过热传递的方式使其内能增加
C．食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停的做无规则运动
D．发热包放到水中，将化学能转化为内能
6．（2025·游仙模拟）小明用弹性膜注水制作了一个水凸透镜，通过往射器让水或出水改变透镜的厚皮。固定透镜，将一个“F”形光源放在合适位置后，调节光屏得到清晰的像（像未画出）。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲模拟正常人眼球观察物体时的成像情况，光屏上成倒立、放大的实像
B．模拟图乙的成因时需要从水透镜向外抽水
C．若将远视眼镜靠近图中透镜左侧放置，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像
D．将“F”形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置。则会聚点将仍在焦点F处
7．（2025·游仙模拟）如图所示是运动员头顶足球时的情景，以下说法中正确的是（　　）
A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态
B．足球在空中受到头的推力和重力
C．足球在空中继续运动是因为受到惯性力
D．球受到的推力是因为球发生了形变而产生的
8．（2025·游仙模拟）下列对光学现象的描述或解释错误的是（　　）
A．图甲：该实验演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况
B．图乙：黑板“反光”是因为发生了镜面反射
C．图丙：顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调小
D．图丁：向右拉动内筒，半透明膜上烛焰的清晰像将变大且仍然清晰
9．（2025·游仙模拟）在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置(此时弹簧处于原长位置)。下列说法中正确的是 (　　)
A．松手后，木块向左运动过程中没有力对木块做功
B．图乙弹簧在恢复过程中弹性势能是减小的
C．图甲和图乙中弹簧前后能量转化过程相同
D．假如图乙木块刚离开弹簧时所受外力全部消失，木块就会立即停止
10．（2025·游仙模拟）下列关于图中电磁现象的描述，正确的是（　　）
①图甲，是电动机的工作原理
②图乙，当电磁继电器的开关S闭合时，红灯亮
③图丙，是奥斯特发现的磁生电现象
④图丁，动圈式话筒是利用电磁感应的原理工作的
A．只有①③ B．只有②④ C．只有②③ D．只有①④
11．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V示数变大，电流表A2示数变小
B．电流表A1示数变小，灯泡L亮度变暗
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
D．电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变
12．（2025·游仙模拟）在如图所示的现象或事例中，关于压强的说法正确的是（　　）
A．图甲：瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力
B．图乙：洗手间的下水管是利用流体中流速大的地方压力小的原理工作的
C．图丙：“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，若瓶子侧放则无法完成实验
D．图丁：墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，其原因是摩擦力大于重力
13．（2025·游仙模拟）如图所示，轻杆OB可绕O点自由转动，OA和AB长度之比为，物体重，小林在B处用细线沿方向1向上拉住轻杆，然后沿方向2向上拉住轻杆，轻杆始终在水平位置处于平衡，下列说法正确的是（　　）
A．沿1方向拉住轻杆的拉力大小为
B．杠杆受到的阻力是重物的重力
C．沿2方向与沿1方向拉住轻杆的拉力大小是相同的
D．沿2方向向上拉住杠杆时，此时是费力杠杆
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·游仙模拟）水池的池壁垂直于水平池底，水池上方支架（AB）装有一激光器。水池中没有水时，激光器发出的光线a正好射到池底和池壁的交点上，且与池底的夹角为45°，如图甲所示。往池中注水，并待水面平静时，如图乙所示，激光被反射到池壁上，使池壁上出现一个光点S（图中没有画出）。
（1）图乙中，若水面位于池壁上3dm刻度处，光点S在水中的像S'在　 　（选填“0”“1”“2”或“3”）刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度　 　 （选填“ 上升”“静止”或“下降”）。
15．（2025·游仙模拟）小明家的电冰箱铭牌及电能表表盘如图所示，则该冰箱一天实际工作　 　h（计算结果保留2位小数），单独工作1天能使电能表转盘转　 　r。
16．（2025·游仙模拟）抛绣球是壮族人民喜爱的民俗活动之一，小妤设计了一个自动记录绣球过圈数量的计数器，其简化电路如图甲所示。其中是光敏电阻，当绣球挡住了射向的红外线时，的电阻会变小为20Ω，间电压变大，这时自动计数器计数一次。已知是定值电阻，电源电压恒为12V，当绣球穿过球圈时，间的电压随时间变化的图像如图乙所示，则的阻值为　 　Ω；当没有绣球通过球圈，红外线正常照射时，电路总电流　 　A。
17．（2025·游仙模拟）两辆汽车A、B在平直路面上运动时的s﹣t图象如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0～t1时间内，两车速度vA　 　vB(填“＞”、“＜”或“＝” )，在t2～t3时间内，若以A车为参照物，B车向　 　(填“东”或“西” )运动．
18．（2025·游仙模拟）小杰和小华在科技馆里看到一种升降座椅，它由滑轮组控制升降，其简化图如图所示。已知座椅和动滑轮总重为150N，小华在10s内将小杰匀速拉高2m，小华拉力的功率为150W（不计绳重和摩擦），则小杰的体重为　 　N，该滑轮组的机械效率为　 　。
三、实验探究题（本题包括3小题，每空2分，共20分）
19．（2025·游仙模拟）小华同学在“探究不同物质吸热情况"的实验中，将水和煤袖分别装在两个相同的烧杯中（ρ水>ρ煤油）用两个相同的酒精灯加热，每隔2 min记录1次温度。
（1）图甲是小华同学的实验装置。其中有1处明显错误。请指出错误之处：　 　
（2）纠正错误后继续实验。小华同学根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像。由图像可知　 　的吸热能力强。
（3）已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)。则煤油的比热容为　 　J/(kg·℃)。
20．（2025·游仙模拟）在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块，一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，比较第1.2两次实验，是为了探究摩擦力大小与　 　的关系；
（2）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图像如图乙所示，木块的速度随时间变化的图像如图丙所示，则本块在第7s时所受的摩擦力为　 　N；
（3）在操作过程中小英还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动（如图丁所示）。此过程中，木块处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态，弹寶测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力　 　（选填“是”或“不是”）一对平衡力。
21．（2025·游仙模拟）小明同学利用“伏安法”测量小灯泡的电阻，所连接的实物电路，如图甲所示。请你解答下列问题：
（1）闭合开关S，按照正确的操作进行实验，当滑片P移至某一位置时，小灯泡发光，两电表指针均正常偏转，如果小灯泡的灯丝突然断了，则电压表示数将　 　。（选填“变大”“不变”或“变小”）；
（2）换相同规格的小灯泡，进行多次实验，并根据所测的实验数据绘出小灯泡的图像，如图丙中的a所示，其中P、Q是a曲线上的两点，则这两点所对应的小灯泡电阻值　 　（选填：“＞”“＜”或“＝”）；
（3）小强同学利用相同的电路和器材也做这个实验时，由于其接线错误，他根据两只电表测量的多组实验数据绘出的图象如图丙中的b所示。你认为出现这种情况的原因可能是　 　。
四、计算题（本题包括2小题，第22小题9分，第23小题12分，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
22．（2025·游仙模拟）我国自主研发的新能源汽车可通过充电桩进行充电。某充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，现有一电动汽车的电源由8000节电池组成，电池总质量为400 kg，该电池的能量密度为0.20kW·h/kg（能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值）。求：
（1）该充电桩的额定输出功率；
（2）该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间。
23．（2025·游仙模拟）一轻质细杆与不吸水的正方体物块A连接，另一端固定在质量为1kg，底面积为200cm2的容器底部，如图甲所示。容器放在水平桌面上，现向容器内缓慢地加水，物块A对杆的力F与容器内水的深度h的关系如图乙所示，杆的体积不计。（已知水的密度是1.0×103kg/m3）求：
（1）物块A浸没时受到的浮力；
（2）物块A的密度；
（3）物块A对杆的力F为2N时，容器对桌面的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】核聚变；力作用的相互性；声音的传播条件；半导体特点及作用
【解析】【解答】A.超声波的传播需要介质，不能在真空中传播，所以中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过电磁波传回地面的，故A错误；
B. 神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的，故B正确；
C.嫦娥六号使用的“中国芯”是半导材料制成的，故C错误；
D.中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核聚变，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
B.物体间力的作用是相互的；
C.半导体：在常温下，半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，其导电性能受到温度、光照、杂质等因素的影响。半导体材料可以制造多种电子元件，如二极管、三极管和集成电路等 ；
D.太阳内部通过核聚变释放能量。
2．【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分；噪声及来源；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．降噪耳机是在噪声到达人耳之前，产生反相位声波将其抵消，防止噪声进入人耳，这属于在人耳处减弱噪声，故A错误；
B．音调由的频率决定。从图乙可知，反相位声波与噪声声波在相同时间内振动的次数相同，即频率相同，因此音调也相同。降噪耳机是通过使声波的振幅减小来降低噪声的响度，从而实现降噪，并非改变音调，故B错误；
C．噪声一向为人所厌恶，但也有可利用的地方，例如：噪声除草。科学家发现，不同的植物对不同的噪声敏感程度不一样，根据这个道理，人们制造出噪声除草器，故C错误；
D．声音的传播速度与介质的种类和温度有关，反相位声波与外界噪声都在空气中传播，所处的介质和温度都相同，传播速度是相同的，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）防治噪声的途径：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。 （2）降噪耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果。
（3）噪声一向为人们所厌恶，但是，随着现代科学技术的发展，人们也能利用噪声造福人类。
（4）两声波在同一种介质中传播速度相等，频率相同。
3．【答案】B
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．简易冰箱中毛巾上的水在蒸发时会吸收热量，从而降低箱内温度， 故A正确，不符合题意；
B．生鱼片下方的"白气"实际上是干冰升华吸热导致周围空气降温，使水蒸气液化形成的小水滴。题目中描述的现象存在， 故B错误，符合题意；
C．超市利用冰块熔化吸热的特性来保鲜鱼类， 故C正确，不符合题意；
D．冷冻室内壁的霜是水蒸气直接凝华形成的固态冰晶， 故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
4．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A．根据家庭电路的标准安装顺序，电能表应位于总开关之前，因此图中a代表电能表，b代表总开关。 故A错误；
B．零线和地线在电路中具有不同功能：零线构成电流回路，地线用于安全保护。若将两者互换会引发安全隐患。 故B错误；
C．对于螺口灯泡的接线规范： 螺旋侧边应连接零线；中心触点应连接火线；必须通过开关控制火线；接线顺序应为：火线→开关→灯泡中心触点→螺旋侧边→零线。故C正确；
D．两孔插座和三孔插座在电路中是并联关系，可以独立工作互不影响。故D错误。
故选：C。
【分析】（1）进户线进入用户，依次接入电能表、空气开关，总开关的后面接入保险丝；
（2）地线和零线的作用不同；
（3）电灯的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；
（4）家用电器是并联接入电路的，工作时互不影响。
5．【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A．热量是过程量，描述的是能量转移的过程，不能表述为"含有热量"，因此选项A错误，符合题意；
B．食物在被加热过程中吸收热量，导致其内能增加，这一过程是通过热传递的方式实现的，故B选项正确，不符合题意；
C．加热食物时香味扩散的现象属于分子热运动的表现，说明分子在不停地做无规则运动，故C选项正确，不符合题意；
D．生石灰与水反应会释放大量热能，该过程的能量转化形式是从化学能转变为内能，故D选项正确，不符合题意。
综上所述，正确答案为A。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、热量是过程量，只能使用释放或者吸收来表示。
3、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
6．【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故A错误；
B、图乙模拟近视眼成因，近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的，因此应该向透镜内注水，故B错误；
C、若将远视眼镜靠近甲图透镜左侧放置，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像，因此需将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像，故C正确；
D、将蜡烛改为平行光源，将平行玻璃砖放在丙图所示位置，因玻璃砖对光线具有折射作用，所以会聚点不会在焦点F处，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像； （2）近视眼的成因是像成在了视网膜的前方；
（3）远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；
（4）玻璃砖对光线具有折射作用。
7．【答案】A
【知识点】力的作用效果；弹力；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A．足球被顶出后，其运动方向和速度发生改变，说明头部施加的力改变了足球的运动状态，该选项正确。
B．足球在空中飞行时，仅依靠自身惯性维持运动，不再受到头部推力的作用，此说法错误。
C．惯性是物体保持运动状态的性质，并非作用力，因此"受到惯性力"的表述错误。
D．头部形变产生的弹力作用于足球形成推力，但该选项将因果关系表述错误。
正确答案为A。
【分析】力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
8．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．图甲中太阳光通过三棱镜折射后，被分解为七种色光，这种现象称为光的色散，展示了太阳光经三棱镜折射后的光谱分布。 故A正确，不符合题意；
B．黑板出现"反光"现象是由于黑板表面光滑，光线在其表面发生镜面反射，导致反射光线集中且强度较高。 故B正确，不符合题意；
C．当顾客只能从镜中看到膝盖位置的像时，若要观察到鞋子的像，应增大θ角度。因为增大θ角会使镜子的下边缘向下移动，从而使鞋子反射的光线能够经镜面反射进入人眼。 故C错误，符合题意；
D．图丁展示的是小孔成像现象。当向右移动内筒时，像距增大，根据小孔成像原理，半透明膜上的烛焰像会变大且保持清晰。 故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】（1）白光（太阳光）通过三棱镜后被分解成各种颜色的光，这种现象叫光的色散。
（2）镜面反射：一束平行光射到平面镜上，反射光是平行的，这种反射叫做镜面反射；镜面反射遵循光的反射定律，镜面反射所成像的性质是正立的，等大的，位于物体异侧的虚像。
（3）顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像，应该把θ角度调大。
（4）小孔成像成倒立的实像，增大光屏与小孔白距离，光屏上的像变大。
9．【答案】B
【知识点】势能大小的比较；机械能及其转化；牛顿第一定律；是否做功的判断
【解析】【解答】A．当松开手后，木块向左运动时，会受到一个方向向左的摩擦力作用。由于木块在摩擦力的方向上发生了位移，因此摩擦力对木块做了功。所以选项A的说法是错误的。
B．在图乙中，随着弹簧逐渐恢复原状，其弹性形变程度逐渐减小，相应地弹簧的弹性势能也在减少。因此选项B的说法是正确的。
C．对于图甲的情况：弹簧储存的弹性势能和手施加的动能转化为了木块的弹性势能以及木块与水平面摩擦产生的内能。而在图乙中，弹簧的弹性势能完全转化为水平面摩擦产生的内能。因此选项C的说法是错误的。
D．假设在图乙中，当木块刚离开弹簧时突然所有外力消失，根据牛顿第一定律（惯性定律），木块将保持此时的速度做匀速直线运动。因此选项D的说法是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】1、木块在运动过程中，受到摩擦力，物体产生了位移，所以摩擦力对物体做功；
2、弹簧受到压缩，恢复原状的过程中，弹力减小，弹性势能减小；
3、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
4、能量转化：压缩弹簧的过程中，手的动能转换为弹性势能以及内能和木块的动能；松手后弹性势能转化为物体的动能以及内能。
10．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】①图甲展示的是通电导体在磁场中受到力的作用，这一现象是电动机的工作原理，因此①正确。
②图乙中，当电磁继电器的开关S闭合时，电磁铁产生磁性，衔铁被吸引而下移，此时绿灯电路接通，绿灯亮起，因此②错误。
③图丙中，通电导线周围存在磁场，这是奥斯特发现的电流磁效应现象，因此③错误。
④动圈式话筒的工作原理是闭合回路中的部分导体切割磁感线产生感应电流，属于电磁感应现象，与发电机原理相同，因此④正确。
综上所述，只有①和④正确，故正确答案为D。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
11．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】灯泡与滑动变阻器并联连接，电压表测量电源电压，电流表A1测量总电流（干路电流），电流表A2专门测量通过滑动变阻器的电流。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时：
选项A分析：由于电源电压保持不变，电压表的示数不会发生变化。因此选项A的结论是错误的。
选项B分析：当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大。根据欧姆定律（I=U/R），在电压不变的情况下，电阻增大将导致通过变阻器的电流减小（即A2示数减小）。由于并联电路各支路互不影响，通过灯泡的电流保持不变，因此灯泡亮度不变。所以选项B的结论是错误的。
选项C分析：电压表示数（U）与A2示数（I2）的比值即为滑动变阻器的阻值（R=U/I2）。当滑片右移时，变阻器阻值增大，导致这个比值变大。因此选项C的结论是错误的。
选项D分析：滑片右移使变阻器阻值增大，导致A2示数减小，而灯泡支路电流不变。根据并联电路特性，A1示数（总电流）与A2示数的差值即为通过灯泡的电流，这个差值保持不变。因此选项D的结论是正确的。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
12．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强大小比较；连通器原理及其应用；大气压强的存在
【解析】【解答】A．如图甲所示，当瓶子正立放置时，瓶底所受水的压力等于水的重力；当瓶子倒置时，由于瓶盖面积较小且侧壁会分担部分水的压力，此时瓶盖受到的水压小于水的重力。 故A正确；
B．图乙中洗手间的下水管设计利用了连通器原理（当U形管内液体静止时，两侧液面保持相平）， 故B错误；
C．图丙"瓶吞鸡蛋"实验通过气压差现象证明大气压的存在。由于大气压向 各个方向都有压强， 即使将瓶子侧放也能完成实验， 故C错误；
D．图丁中吸盘能悬挂碗勺不掉落，是由于吸盘与墙面间的摩擦力与碗勺重力达到二力平衡，而非单纯依靠大气压作用， 故D错误。
故选A。
【分析】（1）对于柱形固体，也可以根据公式p=ρgh比较压强大小，根据F=pS比较压力；
（2）洗手间的下水管是利用连通器的原理工作的；
（3）“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在；
（4）吸盘在挂上碗勺后不会掉下来的原因是因为摩擦力的存在。
13．【答案】B,C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】根据图示分析，方向1和方向2与水平轻杆的夹角均为30度，这两个拉力的作用点到支点O的距离相同，均为OB长度的一半，因此拉力的力臂为：，根据题目给出的条件：OB = 3OA，阻力臂的计算结果为：，由此可得力臂关系：
在杠杆系统中，重物的重力是阻碍杠杆转动的因素，即阻力。根据杠杆平衡条件可知，该杠杆属于省力杠杆，所需的拉力小于阻力（即重物的重力）。BC正确，AD错误。
因此正确答案为BC。
【分析】1、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平
2、杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。根据题目分析，动力臂和阻力臂的长短关系，据此分析动力和阻力的大小关系。
14．【答案】（1）0
（2）静止
【知识点】光的反射定律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）由于甲图中入射光照射到零刻度，且与池底的夹角为45°，加水反射后反射光与水面成45°，水面上下的三角形全等，因水面到3dm处，则反射光在水面向上3dm，即光点S1到水面的距离为3dm，而像关于水面对称，因此S'正好在0刻度处；
（2） 水面平稳下降的过程中，两次折射光线平行，由于水面下降入射点右移动，因此打在池底的光斑也会右移动，即光点S2向右移动； 根据光的反射定律，反射角等于入射角。由于光线a与池底的夹角为45°，并且水面相当于平面镜，无论水面如何变化，光点S的像S'应该位于水面的对称位置；水面下降，光点S的位置随水面同步变化，但像始终关于水面对称，因此水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度静止。
故答案为：3；0；右；静止。
【分析】（1）根据反射角等于入射角，结合几何知识解答；
（2）根据物体与像关于镜面对称及光的折射规律解答。

（1）根据光的反射定律，入射角等于反射角。由于光线a与池底的夹角为45°，即入射角为45°，则反射角也为45°。水面位于3dm刻度处，注水后反射光路与入射光路对称，光点S到水面的垂直距离为3dm，即位于池壁6dm刻度处。又由于平面镜成像时，像与物关于镜面对称，则S的像S'应该位于水面的对称位置。因此，光点S'的位置应该在水面下方3dm处，即0刻度处。
（2）根据光的反射定律，入射角等于反射角。由于光线a与池底的夹角为45°，并且水面相当于平面镜，无论水面如何变化，光点S的像S'应该位于水面的对称位置。水面下降，光点S的位置随水面同步变化，但像始终关于水面对称，因此水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度静止。
15．【答案】7.14；1500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据题目给出的耗电量数据，该冰箱一天的耗电量为。通过计算功率与时间的关系，可以得出冰箱一天的实际工作时间：
（2）题目中给出电能表的转速为。根据这个参数，可以计算冰箱单独工作1天时电能表转盘的转数：
故答案为：7.14；1500。
【分析】（1）由“耗电量0.5kW h/（24h）”可知该冰箱一天消耗电能的多少，知道电冰箱的额定功率，利用计算该冰箱一天实际工作时间；
（2）3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转动3000r，据此求单独工作1天电能表转盘转数。
16．【答案】40；0.1
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】图甲中，R1、R2串联，R1是光敏电阻，射向R1的红外线被挡住时，R1的电阻会变小，AB间电压变大，乙图中，R1变小后，AB间的电压为8V，即R2两端的电压为U2=8V，R1两端的电压为，根据电流相等，则，解得，
当红外线照射R1时，乙图中，AB间输出的电压为4V，即R2两端的电压为U2'=4V，则电路中的电流为。
【分析】根据串联电路中分压规律，计算各电阻分压，根据光敏电阻的阻值，利用，计算未知电阻；结合不同分压，计算电路中的电流。
17．【答案】＞；东
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】图中，在0~30s时，A做匀速直线运动，根据路程和时间，计算速度为；在0~70s，B做匀速直线运动，计算速度为
则两车在0~t1时间内，速度vA>vB，
图中，在t2～t3时间内，A车与B车的运动都向东运动，且A车的速度大于B车的速度，以A车为参照物，B车向东运动。
【分析】根据，计算速度并判断速度的大小；以较快的物体为参照物，运动慢的物体向后运动。
18．【答案】600；80%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】(1)拉力做的总功：；不计绳重和摩擦，克服座椅和动滑轮总重做的额外功：W额=G总h=150N×2m=300J，克服小杰体重做的有用功
W有=W总-W额=1500J-300J=1200J，小杰的体重：
；
(2)滑轮组的机械效率：。
故答案为：600；80%。
【分析】根据W=Pt求拉力做的总功；不计绳重和摩擦，根据W=Gh求克服座椅和动滑轮总重做的额外功，根据W总=W有+W额求克服小杰体重做的有用功，根据W=Gh求小杰的体重；根据求滑轮组的机械效率。
19．【答案】（1）未控制液体的质量相同
（2）水
（3）2.13
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）为了比较不同物质的吸热能力，实验中需要保持液体的质量相同。在图甲中，虽然液面高度相同（体积相同），但由于不同液体的密度不同，根据公式可知，液体的质量并不相同。因此，甲图的实验设计存在错误，未控制液体的质量相同。
（2）通过分析图像数据可以看出，在相同的加热时间内，水的温度变化幅度较小，说明水的升温速度较慢。根据热学原理，当质量相同的不同物质吸收相同热量时，升温慢的物质吸热能力更强，因此可以得出结论：水的吸热能力比煤油强。
（3）图乙数据显示，升高相同温度时，煤油需要加热4分钟，而水需要8分钟。由于使用相同的电加热器，加热时间越长，吸收的热量越多（）。因此，水吸收的热量是煤油的2倍。根据比热容公式，当质量和温度变化相同时，吸收热量的比值等于比热容的比值：
由此可得煤油的比热容为：
。
故答案为：（1）未控制液体的质量相同； （2）水； （3）2.1×103。
【分析】（1）根据控制变量法分析解答；
（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）由图乙得出升高40℃煤油和水加热需要的时间，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收热量的比值为比热容的比值，据此得出煤油的比热容。
（1）要探究不同物质的吸热能力，需要控制液体的质量相同，图甲中液面相平，液体的体积相同，由于液体的密度不相同，根据密度公式知，液体的质量不相同，故甲图中的错误是没有控制液体的质量相同。
（2）根据图像分析可知，加热相同的时间，水的温度变化小，升温较慢；根据等质量的不同种物质吸收同样多的热量，升温慢的吸热能力强，可知水的吸热能力强。
（3）由图乙可以看出，升高相同温度，煤油需要加热4min，水需要加热8min，相同电加热器加热相同时间吸收的热量相同，加热不同时间，时间越长吸收的热量越多。即升高相同温度，水吸收的热量是煤油的两倍，根据可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收热量的比值为比热容的比值，即
则煤油的比热容为。
20．【答案】（1）压力大小
（2）3
（3）平衡；不是
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在实验1和实验2中，物块与桌面之间的粗糙程度保持不变。实验2施加的压力比实验1更大，相应地，实验2所需的拉力也大于实验1。这表明该实验设计用于研究摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）由图象可知，木块在2～6s做匀速直线运动，此时木块所受的拉力等于其所受的滑动摩擦力，为3N。第7s时，木块所受的拉力减小、速度减小，但因滑动摩擦力的大小只与木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，所以在压力不变、接触面粗糙程度不变的情况下，其所受的滑动摩擦力仍为3N。
（3）第1空，由于木块在木板上保持匀速直线运动，故处于平衡状态；
第2空，由于弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力作用线不在一条直线上，这两个力不满足平衡力的条件。
（1）压力大小；（2）3；（3）平衡；不是。
【分析】（1）当物体在拉力的作用下做匀速直线运动时，其所受的拉力与摩擦力是一对平衡力；
（2）影响滑动摩擦力的因素：压力大小、接触面粗糙程度；
（3）滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关。
（1）1、2次实验中，物块和桌面的粗糙程度相同，实验2的压力大于实验1的压力，实验2的拉力大于实验1的拉力，由此可知，探究摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）由丙图知道，物块在第7s上做减速运动，受到的摩擦力和做匀速直线运动状态时相同，做匀速直线运动时，摩擦力等于拉力F，丙图中，2s-6s做匀速直线运动，此时对应的拉力F为3N，所用摩擦力为3N。
（3）[1]此过程中，木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，处于平衡状态。
[2]由于弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力不在同一直线上，所以不是一对平衡力。
21．【答案】变大；＜；电压表并联在变阻器两端了
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在电路正常工作时，电压表测量的是小灯泡两端的电压。由于小灯泡与滑动变阻器串联，根据串联电路的分压原理，此时电压表示数会小于电源电压。如果测量过程中灯丝突然烧断，电压表将直接串联在电路中，测量电源电压，因此电压表示数会增大。（2）根据曲线a的数据，当电压分别为0.5V、1V、2.5V时，对应的电流约为0.1A、0.15A和0.25A。根据欧姆定律，可以计算出对应的电阻值：，，，由此可见，随着小灯泡两端电压的增大，灯丝的电阻也随之增大，因此：
（3）根据图丙中的b曲线可知，当电压增大时，电流反而减小。当电路中的电流增大时，根据欧姆定律，小灯泡两端的电压会增大，而根据串联电路的电压分配规律，滑动变阻器两端的电压会减小。因此，出现图丙中b曲线的原因可能是电压表并联在了滑动变阻器两端。
【分析】1、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
22．【答案】（1）解：该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率
（2）解：能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，则汽车电池一次能够储存的最大电能
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）知道该充电桩额定输出电压、额定输出电流，利用P=UI计算充电桩的额定输出功率；
（2）能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，可求汽车电池一次能够储存的最大电能，再利用计算将汽车电池从完全没电充电至充满需要的时间。
（1）该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率
（2）能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，则汽车电池一次能够储存的最大电能
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间
23．【答案】（1）如图乙所示，4cm时正方体物块A开始进入水中，14cm时完全浸没，所以正方体物块A边长是0.1m，物块A浸没时受到的浮力是
（2）如图乙所示，未加水时，物块A对杆的力为7N，也就是物块A重7N，物块A的质量为
物块A的密度为
（3）容器底部面积为200cm2，合0.02m2，细杆高度为0.04m，物块A下方水的重力是
第一种情况：当重力大于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器重
容器对桌面的压强
第二种情况：当重力小于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器对桌面的压强
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）物体A浸没时受到的浮力等于物体排开液体的重力，从乙图可知，物体A的边长，可知物体A的体积，由阿基米德原理求出物体A受到的浮力；
（2）物体A的高度等于物体A开始浸没时的水深减去开始有浮力时水的深度，可知正方体A的体积，物体A的重力从图乙可知，质量可知，物体A的密度等于质量除以其体积；
（3）当物体A对杆的作用力往下为2N时，浮力等于重力减去2N，由阿基米德原理求出物体A浸入的高度，杆的高度从图中可知，容器对桌面的压力等于容器中水的重力、物体A重力和容量的重力之和，压强等于压力除以受力面积；当物体A对杆的作用力向上2N时，浮力等于重力加2N，由阿基米德原理求出此时物体A浸入深度，从而求出容器中水的重力，容器对桌面的压力等于此时容器中水的重力、容器的重力和物体A的重力，由压强等于压力除以受力面积求出压强。
（1）如图乙所示，4cm时正方体物块A开始进入水中，14cm时完全浸没，所以正方体物块A边长是0.1m，物块A浸没时受到的浮力是
（2）如图乙所示，未加水时，物块A对杆的力为7N，也就是物块A重7N，物块A的质量为
物块A的密度为
（3）容器底部面积为200cm2，合0.02m2，细杆高度为0.04m，物块A下方水的重力是
第一种情况：当重力大于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器重
容器对桌面的压强
第二种情况：当重力小于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器对桌面的压强
1 / 1四川省绵阳市游仙区2025年中考三模物理试题
一、选择题（本题包括 13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）
1．（2025·游仙模拟）科技强国，中国科技工作者在各个领域一步一个脚印 ，一次次刷新“中国高度”。下列有关说法中正确的是（　　）
A．中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过超声波传回地面的
B．神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的
C．嫦娥六号使用的“中国芯”是超导材料制成的
D．中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核裂变
【答案】B
【知识点】核聚变；力作用的相互性；声音的传播条件；半导体特点及作用
【解析】【解答】A.超声波的传播需要介质，不能在真空中传播，所以中国航天员在“天宫”空间站中向大家拜年的信号是通过电磁波传回地面的，故A错误；
B. 神舟十九号发射过程利用了力的作用是相互的，故B正确；
C.嫦娥六号使用的“中国芯”是半导材料制成的，故C错误；
D.中国“人造太阳”装置与太阳内部的核反应方式都是核聚变，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
B.物体间力的作用是相互的；
C.半导体：在常温下，半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，其导电性能受到温度、光照、杂质等因素的影响。半导体材料可以制造多种电子元件，如二极管、三极管和集成电路等 ；
D.太阳内部通过核聚变释放能量。
2．（2025·游仙模拟）图甲是一款降噪耳机，耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果（如图乙所示）。关于这款耳机，下列说法正确的是（　　）
A．它是在声源处控制噪声
B．它是在人耳处减弱噪声
C．噪声为人所厌，没有可利用的地方
D．反相位声波与外界噪声的声速相同
【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分；噪声及来源；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．降噪耳机是在噪声到达人耳之前，产生反相位声波将其抵消，防止噪声进入人耳，这属于在人耳处减弱噪声，故A错误；
B．音调由的频率决定。从图乙可知，反相位声波与噪声声波在相同时间内振动的次数相同，即频率相同，因此音调也相同。降噪耳机是通过使声波的振幅减小来降低噪声的响度，从而实现降噪，并非改变音调，故B错误；
C．噪声一向为人所厌恶，但也有可利用的地方，例如：噪声除草。科学家发现，不同的植物对不同的噪声敏感程度不一样，根据这个道理，人们制造出噪声除草器，故C错误；
D．声音的传播速度与介质的种类和温度有关，反相位声波与外界噪声都在空气中传播，所处的介质和温度都相同，传播速度是相同的，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）防治噪声的途径：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。 （2）降噪耳机里的降噪系统产生与外界噪声“相等”的反相位声波，将噪声中和，实现降噪效果。
（3）噪声一向为人们所厌恶，但是，随着现代科学技术的发展，人们也能利用噪声造福人类。
（4）两声波在同一种介质中传播速度相等，频率相同。
3．（2025·游仙模拟）下列有关于食物的保鲜方法分析不正确的是（　　）
A．简易冰箱上毛巾中的水汽化吸热可以降低箱内食物温度
B．生鱼片下方的白气是固态干冰升华形成的二氧化碳气体
C．超市中利用冰块熔化吸热，给鱼保鲜
D．冰箱冷冻室内壁上的霜是水蒸气凝华形成的
【答案】B
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．简易冰箱中毛巾上的水在蒸发时会吸收热量，从而降低箱内温度， 故A正确，不符合题意；
B．生鱼片下方的"白气"实际上是干冰升华吸热导致周围空气降温，使水蒸气液化形成的小水滴。题目中描述的现象存在， 故B错误，符合题意；
C．超市利用冰块熔化吸热的特性来保鲜鱼类， 故C正确，不符合题意；
D．冷冻室内壁的霜是水蒸气直接凝华形成的固态冰晶， 故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
4．（2025·游仙模拟）某家庭电路图如图所示，下列说法中正确的是（　　）
A．a为空气开关，b为电能表
B．连接电路时可以将地线和零线互换
C．螺口灯的安装符合安全用电要求
D．插座的“两孔”和“三孔”是串联的
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】A．根据家庭电路的标准安装顺序，电能表应位于总开关之前，因此图中a代表电能表，b代表总开关。 故A错误；
B．零线和地线在电路中具有不同功能：零线构成电流回路，地线用于安全保护。若将两者互换会引发安全隐患。 故B错误；
C．对于螺口灯泡的接线规范： 螺旋侧边应连接零线；中心触点应连接火线；必须通过开关控制火线；接线顺序应为：火线→开关→灯泡中心触点→螺旋侧边→零线。故C正确；
D．两孔插座和三孔插座在电路中是并联关系，可以独立工作互不影响。故D错误。
故选：C。
【分析】（1）进户线进入用户，依次接入电能表、空气开关，总开关的后面接入保险丝；
（2）地线和零线的作用不同；
（3）电灯的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；
（4）家用电器是并联接入电路的，工作时互不影响。
5．（2025·游仙模拟）如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包，发热包的主要成分包括生石灰、活性炭、硅藻土、土和铝粉等。将发热包放到冷水中，生石灰与水产生化学反应，生成氢氧化钙，并放出大量的热，从而加热上层食物。有关自热火锅说法不正确的是（　　）
A．食物被加热的过程中，食物含有的热量增多
B．食物被加热的过程中，是通过热传递的方式使其内能增加
C．食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停的做无规则运动
D．发热包放到水中，将化学能转化为内能
【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；能量的转化或转移；分子热运动
【解析】【解答】A．热量是过程量，描述的是能量转移的过程，不能表述为"含有热量"，因此选项A错误，符合题意；
B．食物在被加热过程中吸收热量，导致其内能增加，这一过程是通过热传递的方式实现的，故B选项正确，不符合题意；
C．加热食物时香味扩散的现象属于分子热运动的表现，说明分子在不停地做无规则运动，故C选项正确，不符合题意；
D．生石灰与水反应会释放大量热能，该过程的能量转化形式是从化学能转变为内能，故D选项正确，不符合题意。
综上所述，正确答案为A。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、热量是过程量，只能使用释放或者吸收来表示。
3、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
6．（2025·游仙模拟）小明用弹性膜注水制作了一个水凸透镜，通过往射器让水或出水改变透镜的厚皮。固定透镜，将一个“F”形光源放在合适位置后，调节光屏得到清晰的像（像未画出）。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲模拟正常人眼球观察物体时的成像情况，光屏上成倒立、放大的实像
B．模拟图乙的成因时需要从水透镜向外抽水
C．若将远视眼镜靠近图中透镜左侧放置，要将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像
D．将“F”形光源改为平行光源，将平行玻璃砖放在如图丙所示的位置。则会聚点将仍在焦点F处
【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故A错误；
B、图乙模拟近视眼成因，近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的，因此应该向透镜内注水，故B错误；
C、若将远视眼镜靠近甲图透镜左侧放置，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像，因此需将光屏靠近透镜才能承接到清晰的像，故C正确；
D、将蜡烛改为平行光源，将平行玻璃砖放在丙图所示位置，因玻璃砖对光线具有折射作用，所以会聚点不会在焦点F处，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像； （2）近视眼的成因是像成在了视网膜的前方；
（3）远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；
（4）玻璃砖对光线具有折射作用。
7．（2025·游仙模拟）如图所示是运动员头顶足球时的情景，以下说法中正确的是（　　）
A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态
B．足球在空中受到头的推力和重力
C．足球在空中继续运动是因为受到惯性力
D．球受到的推力是因为球发生了形变而产生的
【答案】A
【知识点】力的作用效果；弹力；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A．足球被顶出后，其运动方向和速度发生改变，说明头部施加的力改变了足球的运动状态，该选项正确。
B．足球在空中飞行时，仅依靠自身惯性维持运动，不再受到头部推力的作用，此说法错误。
C．惯性是物体保持运动状态的性质，并非作用力，因此"受到惯性力"的表述错误。
D．头部形变产生的弹力作用于足球形成推力，但该选项将因果关系表述错误。
正确答案为A。
【分析】力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
8．（2025·游仙模拟）下列对光学现象的描述或解释错误的是（　　）
A．图甲：该实验演示的是太阳光经过三棱镜折射后的色光排列情况
B．图乙：黑板“反光”是因为发生了镜面反射
C．图丙：顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像应该把角度调小
D．图丁：向右拉动内筒，半透明膜上烛焰的清晰像将变大且仍然清晰
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．图甲中太阳光通过三棱镜折射后，被分解为七种色光，这种现象称为光的色散，展示了太阳光经三棱镜折射后的光谱分布。 故A正确，不符合题意；
B．黑板出现"反光"现象是由于黑板表面光滑，光线在其表面发生镜面反射，导致反射光线集中且强度较高。 故B正确，不符合题意；
C．当顾客只能从镜中看到膝盖位置的像时，若要观察到鞋子的像，应增大θ角度。因为增大θ角会使镜子的下边缘向下移动，从而使鞋子反射的光线能够经镜面反射进入人眼。 故C错误，符合题意；
D．图丁展示的是小孔成像现象。当向右移动内筒时，像距增大，根据小孔成像原理，半透明膜上的烛焰像会变大且保持清晰。 故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】（1）白光（太阳光）通过三棱镜后被分解成各种颜色的光，这种现象叫光的色散。
（2）镜面反射：一束平行光射到平面镜上，反射光是平行的，这种反射叫做镜面反射；镜面反射遵循光的反射定律，镜面反射所成像的性质是正立的，等大的，位于物体异侧的虚像。
（3）顾客从镜中只看到自己膝盖位置的像，为了看到鞋子的像，应该把θ角度调大。
（4）小孔成像成倒立的实像，增大光屏与小孔白距离，光屏上的像变大。
9．（2025·游仙模拟）在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置(此时弹簧处于原长位置)。下列说法中正确的是 (　　)
A．松手后，木块向左运动过程中没有力对木块做功
B．图乙弹簧在恢复过程中弹性势能是减小的
C．图甲和图乙中弹簧前后能量转化过程相同
D．假如图乙木块刚离开弹簧时所受外力全部消失，木块就会立即停止
【答案】B
【知识点】势能大小的比较；机械能及其转化；牛顿第一定律；是否做功的判断
【解析】【解答】A．当松开手后，木块向左运动时，会受到一个方向向左的摩擦力作用。由于木块在摩擦力的方向上发生了位移，因此摩擦力对木块做了功。所以选项A的说法是错误的。
B．在图乙中，随着弹簧逐渐恢复原状，其弹性形变程度逐渐减小，相应地弹簧的弹性势能也在减少。因此选项B的说法是正确的。
C．对于图甲的情况：弹簧储存的弹性势能和手施加的动能转化为了木块的弹性势能以及木块与水平面摩擦产生的内能。而在图乙中，弹簧的弹性势能完全转化为水平面摩擦产生的内能。因此选项C的说法是错误的。
D．假设在图乙中，当木块刚离开弹簧时突然所有外力消失，根据牛顿第一定律（惯性定律），木块将保持此时的速度做匀速直线运动。因此选项D的说法是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】1、木块在运动过程中，受到摩擦力，物体产生了位移，所以摩擦力对物体做功；
2、弹簧受到压缩，恢复原状的过程中，弹力减小，弹性势能减小；
3、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
4、能量转化：压缩弹簧的过程中，手的动能转换为弹性势能以及内能和木块的动能；松手后弹性势能转化为物体的动能以及内能。
10．（2025·游仙模拟）下列关于图中电磁现象的描述，正确的是（　　）
①图甲，是电动机的工作原理
②图乙，当电磁继电器的开关S闭合时，红灯亮
③图丙，是奥斯特发现的磁生电现象
④图丁，动圈式话筒是利用电磁感应的原理工作的
A．只有①③ B．只有②④ C．只有②③ D．只有①④
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】①图甲展示的是通电导体在磁场中受到力的作用，这一现象是电动机的工作原理，因此①正确。
②图乙中，当电磁继电器的开关S闭合时，电磁铁产生磁性，衔铁被吸引而下移，此时绿灯电路接通，绿灯亮起，因此②错误。
③图丙中，通电导线周围存在磁场，这是奥斯特发现的电流磁效应现象，因此③错误。
④动圈式话筒的工作原理是闭合回路中的部分导体切割磁感线产生感应电流，属于电磁感应现象，与发电机原理相同，因此④正确。
综上所述，只有①和④正确，故正确答案为D。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
11．（2025·游仙模拟）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V示数变大，电流表A2示数变小
B．电流表A1示数变小，灯泡L亮度变暗
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
D．电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】灯泡与滑动变阻器并联连接，电压表测量电源电压，电流表A1测量总电流（干路电流），电流表A2专门测量通过滑动变阻器的电流。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时：
选项A分析：由于电源电压保持不变，电压表的示数不会发生变化。因此选项A的结论是错误的。
选项B分析：当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大。根据欧姆定律（I=U/R），在电压不变的情况下，电阻增大将导致通过变阻器的电流减小（即A2示数减小）。由于并联电路各支路互不影响，通过灯泡的电流保持不变，因此灯泡亮度不变。所以选项B的结论是错误的。
选项C分析：电压表示数（U）与A2示数（I2）的比值即为滑动变阻器的阻值（R=U/I2）。当滑片右移时，变阻器阻值增大，导致这个比值变大。因此选项C的结论是错误的。
选项D分析：滑片右移使变阻器阻值增大，导致A2示数减小，而灯泡支路电流不变。根据并联电路特性，A1示数（总电流）与A2示数的差值即为通过灯泡的电流，这个差值保持不变。因此选项D的结论是正确的。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
12．（2025·游仙模拟）在如图所示的现象或事例中，关于压强的说法正确的是（　　）
A．图甲：瓶子倒置时瓶盖受到水的压力小于瓶子正立时瓶底受到水的压力
B．图乙：洗手间的下水管是利用流体中流速大的地方压力小的原理工作的
C．图丙：“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，若瓶子侧放则无法完成实验
D．图丁：墙上吸盘在挂上器具后不会掉下来，其原因是摩擦力大于重力
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强大小比较；连通器原理及其应用；大气压强的存在
【解析】【解答】A．如图甲所示，当瓶子正立放置时，瓶底所受水的压力等于水的重力；当瓶子倒置时，由于瓶盖面积较小且侧壁会分担部分水的压力，此时瓶盖受到的水压小于水的重力。 故A正确；
B．图乙中洗手间的下水管设计利用了连通器原理（当U形管内液体静止时，两侧液面保持相平）， 故B错误；
C．图丙"瓶吞鸡蛋"实验通过气压差现象证明大气压的存在。由于大气压向 各个方向都有压强， 即使将瓶子侧放也能完成实验， 故C错误；
D．图丁中吸盘能悬挂碗勺不掉落，是由于吸盘与墙面间的摩擦力与碗勺重力达到二力平衡，而非单纯依靠大气压作用， 故D错误。
故选A。
【分析】（1）对于柱形固体，也可以根据公式p=ρgh比较压强大小，根据F=pS比较压力；
（2）洗手间的下水管是利用连通器的原理工作的；
（3）“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在；
（4）吸盘在挂上碗勺后不会掉下来的原因是因为摩擦力的存在。
13．（2025·游仙模拟）如图所示，轻杆OB可绕O点自由转动，OA和AB长度之比为，物体重，小林在B处用细线沿方向1向上拉住轻杆，然后沿方向2向上拉住轻杆，轻杆始终在水平位置处于平衡，下列说法正确的是（　　）
A．沿1方向拉住轻杆的拉力大小为
B．杠杆受到的阻力是重物的重力
C．沿2方向与沿1方向拉住轻杆的拉力大小是相同的
D．沿2方向向上拉住杠杆时，此时是费力杠杆
【答案】B,C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】根据图示分析，方向1和方向2与水平轻杆的夹角均为30度，这两个拉力的作用点到支点O的距离相同，均为OB长度的一半，因此拉力的力臂为：，根据题目给出的条件：OB = 3OA，阻力臂的计算结果为：，由此可得力臂关系：
在杠杆系统中，重物的重力是阻碍杠杆转动的因素，即阻力。根据杠杆平衡条件可知，该杠杆属于省力杠杆，所需的拉力小于阻力（即重物的重力）。BC正确，AD错误。
因此正确答案为BC。
【分析】1、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平
2、杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。根据题目分析，动力臂和阻力臂的长短关系，据此分析动力和阻力的大小关系。
二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
14．（2025·游仙模拟）水池的池壁垂直于水平池底，水池上方支架（AB）装有一激光器。水池中没有水时，激光器发出的光线a正好射到池底和池壁的交点上，且与池底的夹角为45°，如图甲所示。往池中注水，并待水面平静时，如图乙所示，激光被反射到池壁上，使池壁上出现一个光点S（图中没有画出）。
（1）图乙中，若水面位于池壁上3dm刻度处，光点S在水中的像S'在　 　（选填“0”“1”“2”或“3”）刻度处。
（2）水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度　 　 （选填“ 上升”“静止”或“下降”）。
【答案】（1）0
（2）静止
【知识点】光的反射定律；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）由于甲图中入射光照射到零刻度，且与池底的夹角为45°，加水反射后反射光与水面成45°，水面上下的三角形全等，因水面到3dm处，则反射光在水面向上3dm，即光点S1到水面的距离为3dm，而像关于水面对称，因此S'正好在0刻度处；
（2） 水面平稳下降的过程中，两次折射光线平行，由于水面下降入射点右移动，因此打在池底的光斑也会右移动，即光点S2向右移动； 根据光的反射定律，反射角等于入射角。由于光线a与池底的夹角为45°，并且水面相当于平面镜，无论水面如何变化，光点S的像S'应该位于水面的对称位置；水面下降，光点S的位置随水面同步变化，但像始终关于水面对称，因此水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度静止。
故答案为：3；0；右；静止。
【分析】（1）根据反射角等于入射角，结合几何知识解答；
（2）根据物体与像关于镜面对称及光的折射规律解答。

（1）根据光的反射定律，入射角等于反射角。由于光线a与池底的夹角为45°，即入射角为45°，则反射角也为45°。水面位于3dm刻度处，注水后反射光路与入射光路对称，光点S到水面的垂直距离为3dm，即位于池壁6dm刻度处。又由于平面镜成像时，像与物关于镜面对称，则S的像S'应该位于水面的对称位置。因此，光点S'的位置应该在水面下方3dm处，即0刻度处。
（2）根据光的反射定律，入射角等于反射角。由于光线a与池底的夹角为45°，并且水面相当于平面镜，无论水面如何变化，光点S的像S'应该位于水面的对称位置。水面下降，光点S的位置随水面同步变化，但像始终关于水面对称，因此水面平稳下降的过程中，光点S的像S'相对于0刻度静止。
15．（2025·游仙模拟）小明家的电冰箱铭牌及电能表表盘如图所示，则该冰箱一天实际工作　 　h（计算结果保留2位小数），单独工作1天能使电能表转盘转　 　r。
【答案】7.14；1500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据题目给出的耗电量数据，该冰箱一天的耗电量为。通过计算功率与时间的关系，可以得出冰箱一天的实际工作时间：
（2）题目中给出电能表的转速为。根据这个参数，可以计算冰箱单独工作1天时电能表转盘的转数：
故答案为：7.14；1500。
【分析】（1）由“耗电量0.5kW h/（24h）”可知该冰箱一天消耗电能的多少，知道电冰箱的额定功率，利用计算该冰箱一天实际工作时间；
（2）3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转动3000r，据此求单独工作1天电能表转盘转数。
16．（2025·游仙模拟）抛绣球是壮族人民喜爱的民俗活动之一，小妤设计了一个自动记录绣球过圈数量的计数器，其简化电路如图甲所示。其中是光敏电阻，当绣球挡住了射向的红外线时，的电阻会变小为20Ω，间电压变大，这时自动计数器计数一次。已知是定值电阻，电源电压恒为12V，当绣球穿过球圈时，间的电压随时间变化的图像如图乙所示，则的阻值为　 　Ω；当没有绣球通过球圈，红外线正常照射时，电路总电流　 　A。
【答案】40；0.1
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】图甲中，R1、R2串联，R1是光敏电阻，射向R1的红外线被挡住时，R1的电阻会变小，AB间电压变大，乙图中，R1变小后，AB间的电压为8V，即R2两端的电压为U2=8V，R1两端的电压为，根据电流相等，则，解得，
当红外线照射R1时，乙图中，AB间输出的电压为4V，即R2两端的电压为U2'=4V，则电路中的电流为。
【分析】根据串联电路中分压规律，计算各电阻分压，根据光敏电阻的阻值，利用，计算未知电阻；结合不同分压，计算电路中的电流。
17．（2025·游仙模拟）两辆汽车A、B在平直路面上运动时的s﹣t图象如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0～t1时间内，两车速度vA　 　vB(填“＞”、“＜”或“＝” )，在t2～t3时间内，若以A车为参照物，B车向　 　(填“东”或“西” )运动．
【答案】＞；东
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】图中，在0~30s时，A做匀速直线运动，根据路程和时间，计算速度为；在0~70s，B做匀速直线运动，计算速度为
则两车在0~t1时间内，速度vA>vB，
图中，在t2～t3时间内，A车与B车的运动都向东运动，且A车的速度大于B车的速度，以A车为参照物，B车向东运动。
【分析】根据，计算速度并判断速度的大小；以较快的物体为参照物，运动慢的物体向后运动。
18．（2025·游仙模拟）小杰和小华在科技馆里看到一种升降座椅，它由滑轮组控制升降，其简化图如图所示。已知座椅和动滑轮总重为150N，小华在10s内将小杰匀速拉高2m，小华拉力的功率为150W（不计绳重和摩擦），则小杰的体重为　 　N，该滑轮组的机械效率为　 　。
【答案】600；80%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】(1)拉力做的总功：；不计绳重和摩擦，克服座椅和动滑轮总重做的额外功：W额=G总h=150N×2m=300J，克服小杰体重做的有用功
W有=W总-W额=1500J-300J=1200J，小杰的体重：
；
(2)滑轮组的机械效率：。
故答案为：600；80%。
【分析】根据W=Pt求拉力做的总功；不计绳重和摩擦，根据W=Gh求克服座椅和动滑轮总重做的额外功，根据W总=W有+W额求克服小杰体重做的有用功，根据W=Gh求小杰的体重；根据求滑轮组的机械效率。
三、实验探究题（本题包括3小题，每空2分，共20分）
19．（2025·游仙模拟）小华同学在“探究不同物质吸热情况"的实验中，将水和煤袖分别装在两个相同的烧杯中（ρ水>ρ煤油）用两个相同的酒精灯加热，每隔2 min记录1次温度。
（1）图甲是小华同学的实验装置。其中有1处明显错误。请指出错误之处：　 　
（2）纠正错误后继续实验。小华同学根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化的关系图像。由图像可知　 　的吸热能力强。
（3）已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)。则煤油的比热容为　 　J/(kg·℃)。
【答案】（1）未控制液体的质量相同
（2）水
（3）2.13
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）为了比较不同物质的吸热能力，实验中需要保持液体的质量相同。在图甲中，虽然液面高度相同（体积相同），但由于不同液体的密度不同，根据公式可知，液体的质量并不相同。因此，甲图的实验设计存在错误，未控制液体的质量相同。
（2）通过分析图像数据可以看出，在相同的加热时间内，水的温度变化幅度较小，说明水的升温速度较慢。根据热学原理，当质量相同的不同物质吸收相同热量时，升温慢的物质吸热能力更强，因此可以得出结论：水的吸热能力比煤油强。
（3）图乙数据显示，升高相同温度时，煤油需要加热4分钟，而水需要8分钟。由于使用相同的电加热器，加热时间越长，吸收的热量越多（）。因此，水吸收的热量是煤油的2倍。根据比热容公式，当质量和温度变化相同时，吸收热量的比值等于比热容的比值：
由此可得煤油的比热容为：
。
故答案为：（1）未控制液体的质量相同； （2）水； （3）2.1×103。
【分析】（1）根据控制变量法分析解答；
（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）由图乙得出升高40℃煤油和水加热需要的时间，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收热量的比值为比热容的比值，据此得出煤油的比热容。
（1）要探究不同物质的吸热能力，需要控制液体的质量相同，图甲中液面相平，液体的体积相同，由于液体的密度不相同，根据密度公式知，液体的质量不相同，故甲图中的错误是没有控制液体的质量相同。
（2）根据图像分析可知，加热相同的时间，水的温度变化小，升温较慢；根据等质量的不同种物质吸收同样多的热量，升温慢的吸热能力强，可知水的吸热能力强。
（3）由图乙可以看出，升高相同温度，煤油需要加热4min，水需要加热8min，相同电加热器加热相同时间吸收的热量相同，加热不同时间，时间越长吸收的热量越多。即升高相同温度，水吸收的热量是煤油的两倍，根据可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收热量的比值为比热容的比值，即
则煤油的比热容为。
20．（2025·游仙模拟）在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块，一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。
（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，比较第1.2两次实验，是为了探究摩擦力大小与　 　的关系；
（2）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图像如图乙所示，木块的速度随时间变化的图像如图丙所示，则本块在第7s时所受的摩擦力为　 　N；
（3）在操作过程中小英还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动（如图丁所示）。此过程中，木块处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态，弹寶测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力　 　（选填“是”或“不是”）一对平衡力。
【答案】（1）压力大小
（2）3
（3）平衡；不是
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在实验1和实验2中，物块与桌面之间的粗糙程度保持不变。实验2施加的压力比实验1更大，相应地，实验2所需的拉力也大于实验1。这表明该实验设计用于研究摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）由图象可知，木块在2～6s做匀速直线运动，此时木块所受的拉力等于其所受的滑动摩擦力，为3N。第7s时，木块所受的拉力减小、速度减小，但因滑动摩擦力的大小只与木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，所以在压力不变、接触面粗糙程度不变的情况下，其所受的滑动摩擦力仍为3N。
（3）第1空，由于木块在木板上保持匀速直线运动，故处于平衡状态；
第2空，由于弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力作用线不在一条直线上，这两个力不满足平衡力的条件。
（1）压力大小；（2）3；（3）平衡；不是。
【分析】（1）当物体在拉力的作用下做匀速直线运动时，其所受的拉力与摩擦力是一对平衡力；
（2）影响滑动摩擦力的因素：压力大小、接触面粗糙程度；
（3）滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关。
（1）1、2次实验中，物块和桌面的粗糙程度相同，实验2的压力大于实验1的压力，实验2的拉力大于实验1的拉力，由此可知，探究摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）由丙图知道，物块在第7s上做减速运动，受到的摩擦力和做匀速直线运动状态时相同，做匀速直线运动时，摩擦力等于拉力F，丙图中，2s-6s做匀速直线运动，此时对应的拉力F为3N，所用摩擦力为3N。
（3）[1]此过程中，木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，处于平衡状态。
[2]由于弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力不在同一直线上，所以不是一对平衡力。
21．（2025·游仙模拟）小明同学利用“伏安法”测量小灯泡的电阻，所连接的实物电路，如图甲所示。请你解答下列问题：
（1）闭合开关S，按照正确的操作进行实验，当滑片P移至某一位置时，小灯泡发光，两电表指针均正常偏转，如果小灯泡的灯丝突然断了，则电压表示数将　 　。（选填“变大”“不变”或“变小”）；
（2）换相同规格的小灯泡，进行多次实验，并根据所测的实验数据绘出小灯泡的图像，如图丙中的a所示，其中P、Q是a曲线上的两点，则这两点所对应的小灯泡电阻值　 　（选填：“＞”“＜”或“＝”）；
（3）小强同学利用相同的电路和器材也做这个实验时，由于其接线错误，他根据两只电表测量的多组实验数据绘出的图象如图丙中的b所示。你认为出现这种情况的原因可能是　 　。
【答案】变大；＜；电压表并联在变阻器两端了
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在电路正常工作时，电压表测量的是小灯泡两端的电压。由于小灯泡与滑动变阻器串联，根据串联电路的分压原理，此时电压表示数会小于电源电压。如果测量过程中灯丝突然烧断，电压表将直接串联在电路中，测量电源电压，因此电压表示数会增大。（2）根据曲线a的数据，当电压分别为0.5V、1V、2.5V时，对应的电流约为0.1A、0.15A和0.25A。根据欧姆定律，可以计算出对应的电阻值：，，，由此可见，随着小灯泡两端电压的增大，灯丝的电阻也随之增大，因此：
（3）根据图丙中的b曲线可知，当电压增大时，电流反而减小。当电路中的电流增大时，根据欧姆定律，小灯泡两端的电压会增大，而根据串联电路的电压分配规律，滑动变阻器两端的电压会减小。因此，出现图丙中b曲线的原因可能是电压表并联在了滑动变阻器两端。
【分析】1、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
四、计算题（本题包括2小题，第22小题9分，第23小题12分，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
22．（2025·游仙模拟）我国自主研发的新能源汽车可通过充电桩进行充电。某充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，现有一电动汽车的电源由8000节电池组成，电池总质量为400 kg，该电池的能量密度为0.20kW·h/kg（能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值）。求：
（1）该充电桩的额定输出功率；
（2）该汽车电池从完全没电充至满电需要的时间。
【答案】（1）解：该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率
（2）解：能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，则汽车电池一次能够储存的最大电能
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）知道该充电桩额定输出电压、额定输出电流，利用P=UI计算充电桩的额定输出功率；
（2）能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，可求汽车电池一次能够储存的最大电能，再利用计算将汽车电池从完全没电充电至充满需要的时间。
（1）该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率
（2）能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW h/kg，电池总质量为400kg，则汽车电池一次能够储存的最大电能
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间
23．（2025·游仙模拟）一轻质细杆与不吸水的正方体物块A连接，另一端固定在质量为1kg，底面积为200cm2的容器底部，如图甲所示。容器放在水平桌面上，现向容器内缓慢地加水，物块A对杆的力F与容器内水的深度h的关系如图乙所示，杆的体积不计。（已知水的密度是1.0×103kg/m3）求：
（1）物块A浸没时受到的浮力；
（2）物块A的密度；
（3）物块A对杆的力F为2N时，容器对桌面的压强。
【答案】（1）如图乙所示，4cm时正方体物块A开始进入水中，14cm时完全浸没，所以正方体物块A边长是0.1m，物块A浸没时受到的浮力是
（2）如图乙所示，未加水时，物块A对杆的力为7N，也就是物块A重7N，物块A的质量为
物块A的密度为
（3）容器底部面积为200cm2，合0.02m2，细杆高度为0.04m，物块A下方水的重力是
第一种情况：当重力大于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器重
容器对桌面的压强
第二种情况：当重力小于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器对桌面的压强
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）物体A浸没时受到的浮力等于物体排开液体的重力，从乙图可知，物体A的边长，可知物体A的体积，由阿基米德原理求出物体A受到的浮力；
（2）物体A的高度等于物体A开始浸没时的水深减去开始有浮力时水的深度，可知正方体A的体积，物体A的重力从图乙可知，质量可知，物体A的密度等于质量除以其体积；
（3）当物体A对杆的作用力往下为2N时，浮力等于重力减去2N，由阿基米德原理求出物体A浸入的高度，杆的高度从图中可知，容器对桌面的压力等于容器中水的重力、物体A重力和容量的重力之和，压强等于压力除以受力面积；当物体A对杆的作用力向上2N时，浮力等于重力加2N，由阿基米德原理求出此时物体A浸入深度，从而求出容器中水的重力，容器对桌面的压力等于此时容器中水的重力、容器的重力和物体A的重力，由压强等于压力除以受力面积求出压强。
（1）如图乙所示，4cm时正方体物块A开始进入水中，14cm时完全浸没，所以正方体物块A边长是0.1m，物块A浸没时受到的浮力是
（2）如图乙所示，未加水时，物块A对杆的力为7N，也就是物块A重7N，物块A的质量为
物块A的密度为
（3）容器底部面积为200cm2，合0.02m2，细杆高度为0.04m，物块A下方水的重力是
第一种情况：当重力大于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器重
容器对桌面的压强
第二种情况：当重力小于浮力时，浮力为
物块A进入水中体积
物块A进入水中深度
A底面是以上水的重力为
容器对桌面的压强
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