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北京北师大实验中学2025年中考零模物理试题
1．（2025·北京模拟）在如图的家用电器中，主要是利用电流热效应工作的是（　　）
A．空气净化器
B．电冰箱
C．音响设备
D．电饭锅
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电流的热效应
【解析】【解答】AB．空气净化器和电冰箱的主要结构为电动机，将电能转化为机械能，故A、B不合题意；
C．音响设备主要将电能转化为声能，故C不合题意；
D．电饭锅是利用了电流的热效应，将电能转化为内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应，可根据用电器的能量转化分析。
2．（2025·北京模拟） 下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是（　　）
A．一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的
B．半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因
C．可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源
D．露似珍珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因
【答案】B
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律；光的色散
【解析】【解答】A．水中的“夕阳”是由于光的反射所形成的虚像，故A错误；
B．人眼看到不透明物体的颜色是物体所反射的光的颜色，人看江面时，江面相当于不透明物体，其呈现出红色是江面反射红光所导致的，故B正确；
C．月亮的光是反射太阳发出的光，月亮本身不会发光，因此月亮不是自然界中的光源，故C错误；
D．露珠特别明亮是因为露珠表面光滑，发生了镜面反射，将大部分光线反射进人眼中，故D错误。
故答案为：B。
【分析】折射是一种常见的物理现象，意指光由一种介质斜射入另一种介质引起传播方向改变的现象。反射是指光从一个介质进入另一个介质时，在两个介质的界面处，其传播方向突然改变，而回到其来的介质。
3．（2025·北京模拟）下面自然现象中，属于凝华形成的是（　　）
A．雪山上的冰柱
B．昆虫和植物上的露珠
C．玻璃上的冰花
D．热泉上的“白气”
【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．雪山冰柱的形成是液态水凝固为固态冰的过程（液态→固态），属于凝固现象，不符合凝华定义（气态→固态），因此A选项错误。
B．露珠是水蒸气液化形成的小水滴（气态→液态），属于液化现象，与凝华无关，故B选项错误。
C．玻璃冰花是水蒸气直接凝华成固态冰晶（气态→固态），完全符合凝华定义，因此C选项正确。
D．"白气"是水蒸气液化形成的微小水滴（气态→液态），属于液化现象，不是凝华现象，故D选项错误。
正确答案为C。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．（2025·北京模拟）如图所示是《天工开物》中关于用铜铸币的情景。下列说法中正确的是（　　）
A．铜在熔化过程中温度不断升高
B．熔化的液态铜温度高，因为其含有的热量多
C．液态铜倒入钱币模具，凝固过程中，内能减小
D．铜币在冷却过程中，铜币的比热容不断变小
【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．铜属于晶体，熔化时温度保持恒定不变，因此选项A的表述不正确。
B．热量是描述能量转移的过程量，不能描述为"含有热量"，所以选项B是错误的。
C．当液态铜被倒入模具后，在凝固过程中温度保持不变，但会释放热量，导致内能减少，因此选项C是正确的。
D．比热容是物质的固有属性，与温度变化无关，铜币在冷却过程中比热容保持不变，故选项D错误。
正确答案是C。
【分析】1、晶体：有固定熔点：如冰、海波、无固定熔点：蜡烛、玻璃；
2、热量是过程量，不能使用含有来描述，通过释放或者吸收来描述；
3、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关；
4、凝固过程中：温度保持不变，但会不断放热，导致内能减小。
5．（2025·北京模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
【答案】A
【知识点】电压和电压的单位换算；家庭电路的连接；测电笔的使用；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．家庭电路中各用电器需要独立工作互不影响，因此都是并联连接的，这样可以保证各用电器两端的电压都是220V，故A正确；B．对人体安全的电压是不高于36V，220V是家庭电路的电压，远高于安全电压，故B错误；
C．空气开关自动断开可能是由于电路短路或用电器总功率过大导致电流过大引起的，不全是由于功率过大，故C错误；
D．使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体形成通路，才能使氖管发光检测电路，故D错误。
故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电
测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
6．（2025·北京模拟）抖空竹是中国民间传统游戏之一，宋代《梦粱录》中就有其详细记载。如图，空竹圆轮以竹木制成，其外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，因其转动时会发出嗡嗡声，又名“空钟”。下列说法不正确的是（　　）
A．空竹发出的声音是通过空气传入人耳的
B．空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的
C．气腔内空气振动越快，声音传播速度越大
D．气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A．根据题意可知，空竹发出的声音是通过空气传入人耳的，故A正确不符合题意；
B．空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的，故B正确不符合题意；
C．影响声音传播速度的因素是传声的介质和温度，与物体的振动频率大小无关，故C错误符合题意；
D．气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】A.声音的传播需要介质；
B.声音由物体振动产生；
C.根据影响声速的因素判断；
D.响度表示声音大小，与振幅大小有关。
7．（2025·北京模拟）关于课本上的图片，下列正确的是（　　）
A．甲中，橡皮绕手做匀速圆周运动过程中，绳子的弹力对橡皮做了功
B．乙中，人用20N力提着重20N滑板在水平地面上行走1m时，提力和重力做功都是0J
C．丙中，人拉着小车匀速向前运动时，人对小车的拉力对小车没有做功
D．丁中，人穿着旱冰鞋推墙，在人离开墙壁后退的过程中，墙壁对人做了功
【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．橡皮绕手做匀速圆周运动时，绳子对橡皮的拉力始终指向圆心（向心力方向），由于拉力方向与橡皮运动方向垂直，橡皮在拉力方向上没有位移，因此拉力对橡皮不做功。选项A错误。
B．当提着滑板在水平路面行走时，人对滑板的提力方向竖直向上，而滑板的位移方向水平向前，两者垂直，提力不做功；同时重力方向竖直向下，与位移方向也垂直，重力也不做功。因此提力和重力做功均为零，选项B正确。
C．人拉小车匀速前进时，拉力方向与小车位移方向一致（假设拉力沿水平方向），此时力与位移同向，拉力对小车做正功。选项C错误。
D．小红离开墙壁后退过程中，墙壁与小红之间无接触力（假设已脱离接触），因此墙壁对小红不做功。选项D错误。
正确答案：B。
【分析】物体做功：物体受到力的作用，且沿着力的方向产生了位移。
8．（2025·北京模拟）近年来，自动新能源汽车和自动驾驶技术成为许多汽车厂商的重点研究对象。如图，顾客正在体验某品牌汽车的自动泊车技术，该汽车利用5G技术、高精度地图、激光雷达传感器等多种技术手段实现车辆的精准定位。从而保证车辆准确行驶。下列说法中正确的是（　　）
A．汽车搭载的北斗导航系统通过电磁波向汽车发送信息
B．该汽车利用纯电模式行驶过程中，所消耗的电能全部转化为汽车的动能
C．5G芯片是利用超导体材料制成的
D．当续航不足时，该汽车通过发动机燃烧汽油来获取动力，汽油属于可再生能源
【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波可以在真空中传播，不需要介质。汽车搭载的北斗导航系统正是通过电磁波实现信息传输的，因此该选项正确。
B．纯电动模式行驶时，电能主要转化为机械能（动能）和克服摩擦产生的热能，但题干表述存在错误，故该选项不正确。
C.5G芯片采用半导体材料制造，但"单向导电性"是二极管的特性，不能笼统地用于描述所有半导体器件，因此该选项表述有误。
D．汽油属于化石燃料，在人类时间尺度上不可再生，故D错误。
正确答案：A
【分析】可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能；
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
半导体的应用：常用作发光二极管。
9．（2025·北京模拟）关于图所示的四个实验情景，下列说法正确的是（　　）
A．图甲所示的实验中，如果大气压变大时，玻璃管内的液面会上升
B．图乙所示的实验中，在小桌面上放一个砝码后海绵的凹陷程度会增大，说明压力的作用效果与小桌的质量有关
C．图丙所示，当列车高速通过，站在安全线内的人会感觉到被气流吸向列车
D．图丁所示实验中，如果石块接触溢水杯底部，那么石块受到的浮力会变大
【答案】C
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】A．图甲实验中，大气压由瓶内气压与水柱气压共同平衡。若大气压增大，由于瓶内气压不变，会导致液面下降，因此选项A是错误的。
B．图乙实验表明，增加砝码后海绵凹陷加深，说明在受力面积不变时，压力增大会增强作用效果，故B错误。
C．图丙实验中，列车高速通过时，附近空气流速加快导致安全线内侧气压降低，外侧大气压将人推向列车，因此C正确。
D．图丁实验中，即使石块接触杯底，排开水的体积不变，由浮力公式可知浮力不变，故D错误。
正确答案为C。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、浮力的公式F浮=ρ液gV排；
3、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
10．（2025·北京模拟）手机具有录音和显示波形的功能。某乒乓球爱好者将一乒乓球从一定高度由静止释放，利用手机记录下乒乓球碰撞台面发出的声音，其波形随时间的变化如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．每次发声的时间间隔相等
B．整个过程中乒乓球的机械能不变
C．乒乓球每次弹起时的动能依次减小
D．乒乓球每次与台面碰撞的最大形变程度相同
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果
【解析】【解答】A．根据图中数据，碰撞时间点分别为：第1次1.12s，第2次1.58s，第3次2.00s，第4次2.40s，第5次2.78s。计算相邻碰撞间隔时间：第1-2次间隔0.46s，第2-3次间隔0.42s，第3-4次间隔0.40s，第4-5次间隔0.38s。可见碰撞间隔时间不等，故A选项错误。
BC．分析运动过程：乒乓球在运动过程中会与空气摩擦并和台面碰撞，导致机械能不断损耗。因此每次弹起时的动能都会减小，故B选项错误，C选项正确。
D．由于机械能持续减小，每次碰撞时转化为弹性势能的能量也在减少，导致乒乓球与台面碰撞时的最大形变程度逐渐减小，故D选项错误。
综上所述，正确答案为C。
【分析】在考虑空气阻力的因素下，机械能会持续减小，所以动能和重力势能逐渐减小，每次碰撞时转化为弹性势能的能量也在减少；
根据图片分析可知，每次碰撞的间隔都在逐渐减小。
11．（2025·北京模拟）海鲜保存常要求温度低于-18℃。小祝为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其原理如图甲所示。控制电路和工作电路的电源电压均为3V保持不变，电磁铁线圈电阻忽略不计，图乙为热敏电阻R随温度变化的图像。冷库温度等于或高于-18℃时，工作电路报警。下列说法正确的是（　　）
A．冷库温度升高时，热敏电阻R的阻值变大
B．工作电路报警时，衔铁被吸下，灯亮，铃不响
C．若控制电路中换用电压更大的电源，警戒温度将变低
D．冷库温度降低时，控制电路消耗的电功率变大
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．根据图乙所示，热敏电阻的阻值随温度升高而减小。因此当冷库温度升高时，热敏电阻R的阻值会减小，故A选项是错误的。B．冷库温度要求保持在-18℃以下。当温度达到或超过-18℃时，热敏电阻阻值较小，控制电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，将衔铁吸下，使工作电路中的电铃接通报警（铃响灯灭）。因此B选项是错误的。
C．若控制电路使用更高电压的电源，在热敏电阻阻值较大时就能产生足够大的电流使电磁铁动作，这意味着报警温度阈值会降低（即更早报警），因此C选项是正确的。
D．当冷库温度降低时，热敏电阻阻值增大。根据公式，在电源电压不变的情况下，控制电路消耗的功率会减小，故D选项是错误的。
正确答案是C。
【分析】电功率的计算：公式为，根据公式可知，电压不变，电阻和电功率成反比；
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
12．（2025·北京模拟）水平桌面上的甲、乙两个相同的溢水杯，其中一个装满水，另一个盛满酒精，把两个完全相同的小球分别轻轻放入溢水杯的液体中，溢出的液体分别流到相同的小烧杯A和B中，待小球静止时，测得溢出水的质量为54g，溢出酒精的质量为48g，如图所示（注意：溢水杯甲和乙中有小球，只是没有画出）。此时，小烧杯A和B中液体对小烧杯底部的压强分别为、，甲溢水杯对桌面的压强和乙溢水杯对桌面的压强分别为和，（已知酒精的密度为），则下列判断正确的是（　　）
A．甲溢水杯中盛的是水，乙溢水杯中盛的是酒精
B．小球的密度为
C．
D．
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由题可知，溢出水的体积为
溢出酒精的体积为由图可知，A杯中液体体积大于B杯，所以甲溢水杯中盛的是酒精，乙溢水杯中盛的是水，故A错误；
B．当小球在两个液体中都漂浮时，根据浮沉条件，浮力等于其重力，由阿基米德原理可知，排开液体的重力应该相等，即质量应该相等，因为不等，所以小球在两个液体中不可能都是漂浮状态；因为物体浸没时，排开液体的体积等于物体的体积，所以小球没有都沉底；根据浮沉条件可知，小球在酒精中沉底，在水中漂浮，则小球在水中的浮力等于重力为
小球的质量为
小球在酒精中沉底，所以小球的体积为
小球的密度为，故B错误；
CD．小烧杯A和B的底面积相同，A杯中液体为酒精，B杯中液体为水，所以两杯中液体的质量关系为
所以两杯子中液体的重力为
因为水平放置，所以两杯中液体对容器底部的压力为
由可知，液体对小烧杯底部的压强
从图中可知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据密度公式的变形式m=ρV可知甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，两溢水杯和小球相同，杯子对桌面的压力等于溢水杯、小球和液体的重力之和，根据
可知甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力，因为受力面积相同，由公式得，故D正确，C错误。
故选D。
【分析】根据溢出的水和溢出的酒精的质量可求出溢出的水和溢出的酒精的体积，结果图判断A是酒精B是水，小烧杯4、B对桌面的压力等于杯子中液体的重力、烧杯的重力之和，可知B对桌面的压力大于A对桌面的压力，根据压强等于压力除以受力面积求出p1与pz的大小关系；设小球在乙中漂浮，在甲中沉底，根据沉浮条件，可知小球的重力，从而知道小球的质量，小球在酒精中沉底，由阿基米德理可求出小球的体积，从而求出小球的密度，对溢水杯甲、乙在没有放入小球之前，它们的体积相同，放入小球后，溢水杯乙溢出的体积小，所以溢水杯乙剩余的体积大，乙中的水的密度大于A中B的密度，可知剩余的质量大小关系，因放小球后甲、乙对桌面的压力等于容器的重力、小球的重力及容器中液体的重力之和，可知两个溢水杯对桌面的压力的大小关系，它们和桌面的接触面积相同，根据压强等于压力除以受力面积进行判断；若小球在甲、乙中都漂浮，由沉浮条件可知，排出的液体的重力应该相等，因溢出的水和酒精的质量不相等，可知这中情况不可能；若小球在甲、乙中都沉底，那么排开的液体体积相等，溢出的水的质量和溢出的酒精的质量的比应该等于密度的比，可事实不相等，所以这种情况不存在。
13．（2025·北京模拟）下列说法正确的是（　　）
A．10℃水的内能一定比0℃水的内能多
B．冰熔化成水的过程中吸收热量，温度不变
C．四冲程汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能
D．热值越大的燃料，燃烧时放出的热量越多
【答案】B,C
【知识点】凝固与凝固放热特点；温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机
【解析】【解析】A项分析：内能是物体内部所有分子动能和势能的总和，其大小取决于物体的温度、质量、状态等多个因素。10℃的水与0℃的水相比，虽然温度较高，但若质量较小或处于不同状态（如气态与液态），其内能可能更小，因此说法错误。
B项分析：冰作为晶体，在熔化过程中会持续吸收热量，但温度保持在熔点（0℃）不变，直至完全熔化为液态水，这一特性符合晶体熔化的物理规律，故说法正确。
C项分析：四冲程汽油机的做功冲程中，气缸内高温高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为活塞的机械能，这是热机工作的核心原理，因此说法正确。
D项分析：燃料燃烧释放的热量不仅取决于燃料的热值（单位质量燃料完全燃烧释放的能量），还受燃料质量、燃烧充分程度（如氧气供应、燃烧效率）等因素影响，仅凭热值无法确定放热量，故说法错误。
综上所述：正确答案为B、C。
【分析】1、内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态
3、做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；
4、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
14．（2025·北京模拟）小实利用如图所示的装置探究光的折射规律，实验时，让激光笔发射的一束激光沿AO斜射到水面。表中为做实验时得到的实验数据，下列说法正确的是（　　）
∠AON/° 0 15 30 45 60 75 80
∠BOM/° 0 11 22 32 40.5 46.5 47.5
A．光从空气斜射入水中，入射角增大时，折射角也随之增大
B．多次改变入射角的大小进行实验，是为了求平均值减小实验误差
C．从表中的实验数据可推知，当入射角为32°时，则光在空气中的折射角为45°
D．为了更清晰地观察空气和水中的光路，可在空气中喷些烟雾，水里滴些牛奶
【答案】A,C,D
【知识点】光的折射规律
【解析】【解答】A．根据实验数据可知，随着入射角∠AON的增大，折射角∠BOM也相应增大。这表明光从空气斜射入水中时，折射角会随入射角的增大而增大，因此选项A正确。
B．实验中多次改变入射角的目的在于探究光的折射规律，确保结论具有普遍性，而不是为了通过求平均值来减小误差，所以选项B是错误的。
C．实验数据显示，当入射角为45°时，水中的折射角为32°。根据光路的可逆性原理，若以32°作为入射角，则空气中的折射角应为45°，因此选项C正确。
D．实验中通过在空气中喷洒烟雾和水中滴入牛奶的方法，利用这些颗粒对光的散射作用，可以更清楚地观察光在空气和水中的传播路径，故选项D正确。
正确答案为ACD。
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
15．（2025·北京模拟）杆秤是我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤的示意图，使用时，将待称物体挂在秤钩上，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，使秤杆达到水平平衡时可读出待称物体的质量，此秤最大称量是10kg，秤砣最远可移至E点。秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示（g取10N/kg），下列说法正确的是（　　）
A．生活中使用的秤杆粗细并不均匀，但秤的刻线分布是均匀的
B．提C处秤纽时，此秤的最大称量是10kg
C．若想增大该秤的最大称量，可换质量更大的秤砣
D．此秤的秤砣的质量约为0.43kg
【答案】A,C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．生活中使用的秤杆虽然粗细不均匀，但由于秤的刻度与杆的粗细无关，因此秤的刻线分布是均匀的，故A正确。
D．根据杠杆平衡条件，此秤的秤砣重力为：，
由重力公式可得秤砣质量：，
B．当提C处秤纽时，最大称量为：，故B错误。
C．增大秤砣质量可以增加最大称量，因为根据，秤砣重力增大会使可称量的物体重力相应增大，故C正确。
综上所述，正确答案为AC。
【分析】杠杆平衡的条件 ，原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂；
重力的计算：公式G=mg。
16．（2025·北京模拟）按要求填空。
（1）如图所示，温度计的示数为　 　℃。
（2）根据图所示的小磁针静止时N极所指方向，判断电源的A端是　 　极（选填“正”或“负”）。
【答案】（1）-2
（2）正
【知识点】温度及温度计的使用与读数；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）温度计的最小刻度间隔为1℃，液柱顶端位于0℃刻度线下方第2个分度处，表明当前温度低于冰点。按照温度计读数规范，此时测量值为-2℃。读取数值时需保持视线与液柱顶端水平对齐，以保证测量精度。
（2）小磁针的N极偏转方向指向左方，表明电磁铁左侧为S极（南极），右侧相应为N极（北极）。运用安培右手定则判断：右手握持线圈，四指弯曲方向与电流方向一致，拇指所指即为N极方向。由此可推知电流从电源A端输出，故A端为电源正极。电磁铁首匝导线与正极相连，符合电气接线标准。
【分析】温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）温度计的分度值为1℃，液面位于0℃下方第2个刻度线处，说明温度低于0℃。根据温度计读数规则，此时示数为-2℃。读数时要注意视线与液柱上表面相平，确保读数准确。
（2）小磁针N极指向左侧，说明电磁铁左侧为S极，右侧为N极。根据安培定则，用右手握住电磁铁，四指指向电流方向，大拇指指向N极。由此判断电流从电源A端流出，因此A端为正极。电磁铁的第一根暗线连接正极，符合电路连接规范。
17．（2025·北京模拟）小伟测量某种食用油密度的主要实验步骤如下：
（1）用调节好的托盘天平测量烧杯和食用油的总质量，当天平再次平衡时，如图甲所示，烧杯和食用油的总质量的测量值为　 　g；
（2）将烧杯中的部分食用油倒入量筒中，如图乙所示，量筒中食用油体积的测量值为　 　；
（3）用天平测出烧杯和杯内剩余食用油的总质量为39g；
（4）计算出食用油密度的测量值为　 　。
【答案】94. 2；60；
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据图甲所示，标尺的最小刻度为0.2g，烧杯和食用油的总质量计算如下：；（2）量筒的刻度间隔为2mL，测得液体的体积为：
（4）量筒中食用油的质量计算过程：，食用油的密度测量结果为：
。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
2、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
3、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
18．（2025·北京模拟）小娃在探究水沸腾过程中温度随加热时间变化的特点时：
液体 酒精 水银
凝固点 -117℃ -39℃
沸点 78℃ 357℃
（1）应通过观察到：　 　来判断水开始沸腾。
（2）小娃测量并记录的实验数据如图a线所示，请你根据图a线归纳出实验结论：　 　，还可以判断该实验地点的气压　 　标准大气压。
（3）另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据作出水温随时间变化的图像可能是图中的　 　线（选填“b”、”c”或“d”）。
（4）结合表中提供信息可判断完成此实验，应选用　 　温度计（选填“酒精”或“水银”）。
【答案】（1）水中产生的大量气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂。
（2）水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。；低于
（3）b
（4）水银
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）当水达到沸腾状态时，容器内各处水温均匀。此时液态水汽化形成大量气泡，这些气泡在上升过程中因外部水压逐渐减小，同时不断有新的水蒸气进入气泡，导致气泡体积逐渐增大。当气泡到达水面时会破裂，这一现象是判断水沸腾的关键特征。
（2） 根据图a的曲线分析可知，水在沸腾阶段持续吸热，但其温度保持恒定不变。在标准大气压条件下，水的沸点为100℃。图中a曲线显示沸点低于100℃，根据液体沸点与气压的关系（气压降低时沸点下降），可判定实验环境的气压低于标准大气压。
（3）若仅减少水的质量，由于水的比热容不变且初始温度相同，加热时温度上升速率会加快，但沸点保持不变，因此对应的温度-时间曲线应为b线。
（4）水沸腾时温度接近100℃。由于酒精的沸点（78℃）低于水的沸点，在水达到沸腾前酒精就会汽化，导致测量失准。而水银的沸点（357℃）远高于水的沸点，因此应选用水银温度计进行准确测量。
【分析】水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）水沸腾时，整个容器内水温相同，水汽化产生大量气泡，上升过程中受到水的压强变小，且有更多水汽化进入气泡，所以气泡逐渐变大，到水面破裂，这是判断水沸腾的重要现象。
（2）[1]从图a线可看出，水在沸腾阶段，继续加热，温度不再升高，即水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。
[2]标准大气压下，水的沸点是100℃，图中a线显示水的沸点低于100℃，因为液体沸点随气压降低而降低，所以该实验地点的气压低于标准大气压。
（3）仅减少水的质量，水的比热容不变，初温相同，加热时升温更快，但沸点不变，故应为b线。
（4）水沸腾时温度约为100℃，酒精沸点是78℃，在水还未沸腾时酒精就会沸腾，无法准确测量。水银沸点357℃，高于水的沸点，所以应选用水银温度计。
19．（2025·北京模拟）小一在探究平面镜成像的特点，他在水平桌面上铺上白纸，用支架将玻璃板立在白纸上，再取来两支完全相同的蜡烛A和B，如图所示。
（1）小一在玻璃板后移动蜡烛B想使其与像A'完全重合，但小一沿水平桌面无论怎样移动蜡烛B，蜡烛B始终不能与蜡烛A的像A'完全重合，造成这种情况的原因可能是　 　；在操作中小一应该　 　观察蜡烛B（选填“直接”或“透过玻璃”）；
（2）小一将蜡烛A在玻璃板前移动，多次改变它到玻璃板的距离，观察它的像的大小是否变化。他探究的问题是：　 　；
（3）小一在实验过程中收集到的数据如下表：
蜡烛到平面镜的距离/cm 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0 12.0
蜡烛的像到平面镜的距离/cm 1.9 4.1 6.0 8.2 9.8 12.2
通过分析数据，可以得到结论：　 　。
【答案】（1）玻璃板没有竖直放在白纸表面；透过玻璃
（2）平面镜成的像的大小与物距的关系
（3）平面镜成像时，物到平面镜的距离等于像到平面镜的距离
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】平面镜成像具有对称性，像与物体关于镜面对称。实验中移动蜡烛B时发现无法与蜡烛A的像A'完全重合，主要原因可能是玻璃板未垂直于桌面放置。
平面镜成虚像的特性决定了观察方式，正确操作应透过玻璃板观察蜡烛B。
通过改变蜡烛A与玻璃板的距离（物距），观察像的大小变化，该实验探究的核心问题是：平面镜成像大小与物距之间的定量关系。
实验数据表明：在测量误差范围内，物体到平面镜的距离（物距）与像到平面镜的距离（像距）始终相等，验证了平面镜成像的等距特性。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置。
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像。
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）[1]像与物体关于平面镜对称，小一在玻璃板后移动蜡烛B想使其与像A'完全重合，但小一沿水平桌面无论怎样移动蜡烛B，蜡烛B始终不能与蜡烛A的像A'完全重合，造成这种情况的原因可能是玻璃板没有竖直放在白纸表面。
[2]平面镜所成的像是虚像，在操作中小一应该透过玻璃观察蜡烛B。
（2）小一将蜡烛A在玻璃板前移动，多次改变它到玻璃板的距离，改变物距，观察它的像的大小是否变化。他探究的问题是：平面镜成的像的大小与物距的关系。
（3）由表格中数据可得，蜡烛的像到平面镜的距离等于蜡烛到平面镜的距离，所以可得在误差允许范围内，物到平面镜的距离等于像到平面镜的距离。
20．（2025·北京模拟）如图甲、乙两组实验图分别用来“探究不同物质吸热情况”和“探究电流通过电阻放热的影响因素”，图甲中的加热装置完全相同，图乙烧瓶中的液体都是煤油，请根据实验方案回答：
（1）甲组实验中用　 　表示水和沙子吸热的多少；
（2）乙组实验中用　 　表示电流通过电阻放热的多少。
【答案】（1）加热时间的长短
（2）煤油升高的温度
【知识点】电流的热效应；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）在甲组实验中，研究不同物质的吸热特性时，采用相同加热装置。根据能量转换原理，相同加热功率下，加热时间直接反映物质吸收的热量。加热持续时间与吸收热量呈正相关，时间越长表明吸收热量越多。
（2）在乙组实验中，探究电阻发热影响因素时，使用质量与初温相同的煤油作为热载体。电阻通电发热后，热量传递给煤油使其温度上升。通过温度变化量可定量比较电阻发热量，温度升高幅度越大说明电阻释放的热量越多。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
（1）在探究不同物质吸热情况的实验（甲组实验）中，使用了相同的加热装置。根据转换法，相同的加热装置在相同时间内放出的热量相同，那么物质吸收热量的多少就可以通过加热时间来反映 。加热时间越长，物质吸收的热量就越多。
（2）在探究电流通过电阻放热的影响因素实验（乙组实验）中，烧瓶中装有质量和初温相同的煤油。电流通过电阻丝产生热量，热量被煤油吸收，煤油温度升高。根据转换法，通过观察煤油升高的温度来比较电流通过电阻放热的多少。电阻丝放出的热量越多，煤油吸收的热量越多，温度升高得就越高。
21．（2025·北京模拟）小航利用一个焦距10cm的凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材进行矫正视力的模拟实验。
（1）将凸透镜、蜡烛依次放在光具座上50cm和25cm刻度线处，如图甲，需要将光屏移至　 　（选填“A”“B”或“C”）区域范围内才能承接到清晰的像，所成像如图乙所示，是一个倒立、　 　（选填“放大”或“缩小”）的实像；
（2）凸透镜、光屏位置不变，将蜡烛向左移动，光屏上无法呈现清晰的像，此时模拟的是图中的　 　图（选填“a”或“b”）的成像情景；若想在光屏上得到清晰的像，应在蜡烛和凸透镜之间适当位置放个用　 　（选填“凸”或“凹”）透镜制作的眼镜。
【答案】B；缩小；a；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）将凸透镜放置在光具座50cm刻度线处，蜡烛放在25cm刻度线处，此时物距为
根据凸透镜成像规律，当物距大于两倍焦距时，像距会处于一倍焦距到两倍焦距之间。假设光具座右端为零刻度线，则清晰的像将出现在B区域内，且该像是倒立、缩小的实像。
（2）保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛向左移动时，物距增大，导致像距减小，像会出现在光屏前方。图中a情况显示晶状体变厚、焦距变短，使像呈现在视网膜前方，因此此时模拟的是a图的情况。
由于像成在光屏前方，为了在光屏上重新获得清晰的像，需要在蜡烛和凸透镜之间放置凹透镜制作的眼镜。凹透镜具有发散光线的作用，能使像重新呈现在光屏上。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
22．（2025·北京模拟）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路：
(1)闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 　 　 （选填“左”或“右”）端；
(2)闭合开关 S后，移动滑动变阻器的滑片 P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 　 　 （选填字母）；
A.灯座接线短路 B.小灯泡的灯丝断了
C.开关接触不良 D.滑动变阻器断路
(3)排除故障后，闭合开关 S，调节滑动变阻器的滑片 P，使电压表的示数为 2.5V，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡额定电功率为 　 　 W；
(4)为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图像能正确反映这一关系的是 　 　 （选填字母）。
电压 U/V 0.4 0.7 1.0 1.3 1.6 1.9
电流 I/A 0.12 0.16 0.2 0.22 0.24 0.26
A. B. C. D.
【答案】左；B；0.75；C
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】(1)为了在闭合开关时保护电路，防止电流过大，需要将滑动变阻器的阻值调至最大。因此滑片P应移动到远离下接线柱的位置，即左端。(2)电流表无示数表明电路存在断路故障。电压表测量小灯泡两端电压，此时其示数接近电源电压，说明小灯泡发生了断路。
(3)根据电流表所选量程（0~0.6A），读出示数为0.3A。利用电功率计算公式：
(4)分析数据表可知，随着电压增大，电流的变化幅度逐渐减小，因此正确答案为C选项。
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负。
23．（2025·北京模拟）为了验证“导体的电阻与导体的长度有关”，实验室提供了电压合适的电源、滑动变阻器、电流表、电压表和开关各一个，导线若干，还准备好了一根粗细均匀的合金丝（电路中用符号“□”表示），一把刻度尺。
（1）画出实验电路图；
（2）写出主要实验步骤；
（3）设计实验数据记录表格。
【答案】（1）
（2）实验步骤如下：①将滑动变阻器阻值调至最大，将适当长度的合金丝接入电路，并用刻度尺测量接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，用电压表测量合金丝两端的电压U，用电流表测量通过合金丝的电流I，将U、I的测量数据记录在闭合中。
②断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
③断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
④断开开关，依据计算两次合金丝接入电路的电阻R，并记录在表格中。
（3）实验中，要记录合金丝接入电路中的长度、对应合金丝的电压、电流，并计算其阻值，实验数据表格设计如下：
实验次数 合金丝流入电路的长度/m 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻大小R/Ω
1
2
3
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）实验要求测量横截面积相同、长度不同的合金丝的电阻，采用伏安法进行测量。为了确保电路安全并调节合金丝的电压和电流，将滑动变阻器与合金丝串联，电路连接方式如下：
（2）实验操作步骤如下：
① 将滑动变阻器调至最大阻值，接入一定长度的合金丝，用刻度尺测量其接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P，使电压表测得合金丝两端电压U，电流表测得通过合金丝的电流I，记录U、I数据。
② 断开开关，改变合金丝长度，重复步骤①的操作。
③ 再次断开开关，调整合金丝长度，重复步骤①的操作。
④ 断开开关，根据公式计算每次实验的电阻R，并填入表格。
（3）实验需记录合金丝长度、对应电压、电流及计算得到的电阻值，数据表格设计如下：
实验次数 合金丝长度/m 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω
1
2
3
【分析】1、物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中电阻的大小难以直接测量，所以需要通过电流表进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电阻的影响因素有：材料、电阻丝的长度、横截面积。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的电阻可能与导体的横截面积的关系时，需要控制材料、电阻丝的长度相同。
2、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
（1）实验中需要测出横截面积相同、长度不同的合金丝的电阻，实验中可以采用伏安法测量不同长度的合金丝的电阻，为了保护电路与调整合金丝的电压、电流，可以将变阻器与合金丝串联，如图所示：
（2）实验步骤如下：①将滑动变阻器阻值调至最大，将适当长度的合金丝接入电路，并用刻度尺测量接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，用电压表测量合金丝两端的电压U，用电流表测量通过合金丝的电流I，将U、I的测量数据记录在闭合中。
②断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
③断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
④断开开关，依据计算两次合金丝接入电路的电阻R，并记录在表格中。
（3）实验中，要记录合金丝接入电路中的长度、对应合金丝的电压、电流，并计算其阻值，实验数据表格设计如下：
实验次数 合金丝流入电路的长度/m 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻大小R/Ω
1
2
3
24．（2025·北京模拟）“浮沉子”最早是由科学家笛卡儿设计的。小理用大塑料瓶（大瓶）和开口小的玻璃瓶（小瓶）制作了图所示的“浮沉子”；装有适量水的小瓶开口朝下漂浮在大瓶内的水面上，拧紧大瓶的瓶盖使其密封，两瓶内均有少量空气。将小瓶视为圆柱形容器，底面积为S。通过控制对大塑料瓶握力的大小，使小瓶恰好悬浮在液体中某一位置。当小瓶漂浮时，简化的模型如图甲所示，小瓶内空气柱的高度为h。手握大瓶施加适当的压力，使小瓶下沉并恰好悬浮在图乙、丙所示的位置。若已知乙、丙两图中的玻璃瓶内的气体体积V1【答案】由于乙、丙中玻璃瓶都是悬浮，浮力等于重力，根据阿基米德原理可知， 液体都是水，而乙、丙两图中的玻璃瓶内的气体体积V1【知识点】重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题目描述，乙、丙两图中的玻璃瓶均处于悬浮状态，此时浮力等于重力。根据阿基米德原理，浮力可表示为：，由于两图中液体均为水，但乙图中玻璃瓶内的气体体积V1小于丙图中的V2，因此乙图中玻璃瓶受到的浮力较小。由于浮力等于重力，故乙图中玻璃瓶的重力也较小。根据重力公式：可知，乙图中玻璃瓶的质量m1小于丙图中的质量m2。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
25．（2025·北京模拟）阅读下列材料，回答问题。
无线充电技术
随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机、电动牙刷，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。常见的无线充电技术有电磁感应、磁共振、无线电波等方式。
市场上支持无线充电的智能手机和充电器大部分都符合“Oi”规格。“Oi”源自汉语“气功”中的“气”。Qi 技术的原理即为电磁感应，在发射端和接收端各有一个线圈，如图甲所示为手机无线充电原理示意图，电流流过发射线圈会产生变化的磁场，当接收线圈靠近该变化的磁场时就会产生感应电流给手机充电。采用电磁感应技术实现无线充电的优点是原理简单，适合短距离充电，但需特定的摆放位置才能精确充电。
磁共振方式的原理与声音的共振原理相同——排列好振动频率相同的音叉，一个音叉发声，其他音叉也会共振发声。同样，排列在磁场中的相同“振动”频率的线圈，也可从一个向另一个供电，如图乙所示。相比电磁感应方式，利用磁共振可延长传输距离，无需使线圈间的位置完全吻合。这种方式有望广泛应用于电动汽车，但在技术上实现小型化、高效率化比较难，现在的技术能力大约是直径0.5m的线圈，在1m左右的距离供电功率约为60W。
无线电波方式主要由微波发射装置和微波接收装置组成，其原理类似于无线电广播的发射与接收。“太空太阳能发电技术”就是利用了该原理：利用铺设在巨大平板上的太阳能电池，在太阳光照射下产生电流，转换成无线电微波，发送给地面接收站。地面接收后，将微波恢复为直流电或交流电，送给用户使用。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）图中四个实验与Qi技术原理相同的是___________。 （选填选项前的字母，只有一个选项正确）
A．
B．
C．
D．
（2）根据文中所述，利用磁共振方式，直径0.5m的线圈在1m左右的距离范围内，1min内可提供的电能约为　 　J。
（3）关于无线充电技术，下列说法正确的是___________（选填选项前的字母，只有一个选项正确）。
A．采用电磁感应方式的无线充电技术无需特定位置就能精确充电
B．相比电磁感应方式，利用磁共振方式传输距离更短
C．采用无线电波方式的无线充电技术的实现说明电磁波可以传递能量
D．太空太阳能发电技术是将电能转化为化学能发送给地面接收站
【答案】（1）B
（2）3600
（3）C
【知识点】太阳能及其利用与转化；电功率的计算；电磁感应；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）据短文内容，Qi技术的工作原理是电磁感应现象。
A．通电线圈在磁场中转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用，这与电磁感应无关，因此A选项不符合题意；
B．闭合电路中部分导体切割磁感线产生感应电流，这正是电磁感应现象，因此B选项符合题意；
C．小磁针在通电导体附近偏转说明通电导体周围存在磁场，与电磁感应无关，因此C选项不符合题意；
D．通电导线在磁场中转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用，与电磁感应无关，因此D选项不符合题意。
正确答案是B。
（2）当前技术条件下，直径0.5m的线圈在1m距离内可提供约60W的功率。根据功率公式计算，1分钟内可提供的电能为。
（3）A．电磁感应无线充电技术虽然原理简单，适合短距离充电，但需要精确的摆放位置，因此A选项说法不正确；
B．与电磁感应方式相比，磁共振技术可以增加传输距离，因此B选项说法不正确；
C．无线电波充电方式通过微波发射和接收装置实现，微波属于电磁波，这证明了电磁波可以传递能量，因此C选项说法正确；
D．"太空太阳能发电技术"利用太阳能电池将光能转化为电能，再转换为无线电微波传输到地面，这个过程中能量转换顺序是光能→电能→微波能，因此D选项说法不正确。
正确答案是C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
5、电功的计算：公式为W=Pt。
（1）由短文可知，Qi技术的原理即为电磁感应。
A．通电线圈在磁场中转动，是因为通电线圈在磁场中受力的作用，故A不符合题意；
B．闭合电路中的部分导体切割磁感线会产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C．小磁针在通电导体的附近发生转动，说明通电导体的周围存在磁场，故C不符合题意；
D．通电导线在磁场中转动，是因为通电线圈在磁场中受力的作用，故D不符合题意。
故选B。
（2）现在的技术能力大约是直径0.5m的线圈，在1m左右的距离供电功率约为60W，由得，1min内可提供的电能约为
（3）A．采用电磁感应技术实现无线充电的优点是原理简单，适合短距离充电，但需特定的摆放位置才能精确充电，故A错误；
B．相比电磁感应方式，利用磁共振可延长传输距离，故B错误；
C．无线电波方式主要由微波发射装置和微波接收装置组成，微波属于电磁波，说明电磁波可以传递能量，故C正确；
D．太空太阳能发电技术”就是利用了该原理：利用铺设在巨大平板上的太阳能电池，在太阳光照射下产生电流，此过程中太阳能转化为化学能，再转化成电能，转换成无线电微波，发送给地面接收站，故D错误。
故选C。
26．（2025·北京模拟）小阳设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示。是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子，当油箱中的油量变化时，电流表的示数随之变化。电源电压为12V且保持不变，滑片P在R的两端之间滑动，电流表示数的变化范围为0.3~0.5A。求：
（1）滑片P在最上端时，通过的电流；
（2）的阻值；
（3）当电流表示数变小时，油箱中的油量如何变化？并说明理由。
【答案】解：（1）由图得电阻与R串联，是滑片P在最上端时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，电路中电流最小，为0.3A，则通过的电流为0.3A。
（2）当R接入电路中电阻为0时，此时只有工作，电路中电流最大，为0.5A，由欧姆定律得，的阻值
（3）由得，电源电压不变，当电流表的示数变小时，电路中的总电阻变大，不变，滑动变阻器R接入电路的电阻增大，滑片P向上移动，浮子下降，油箱中的油量减少。
答：（1）滑片P在最上端时，通过的电流0.3A；
（2）的阻值24Ω。
（3）当电流表的示数变小时，油箱中的油量减少。
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解析】（1）根据电路图可知，电阻与滑动变阻器R串联。当滑片P位于最上端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时电路中的电流最小，为0.3A。因此通过的电流也是0.3A。
（2）滑动变阻器R的阻值为0时，电路中只有工作，此时电流表示数达到最大值0.5A。根据欧姆定律可得：
（3）由总电阻公式可知，在电源电压不变的情况下，当电流表示数减小时，说明电路总电阻增大。由于为定值电阻，因此必然是滑动变阻器R的阻值增大，即滑片P向上移动，导致浮子下降，油箱中的油量减少。
27．（2025·北京模拟）小分重500N站在地面上，利用如图甲所示的滑轮组提升一批不同重力的货物。此时，小分正用竖直向下的拉力F使重为450N的货物A以0.2m/s的速度匀速上升，双脚与水平地面接触的总面积为500cm2，拉力F所做的功W与时间t的关系如图乙所示。已知缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，在不计绳重和摩擦的情况下，求：
（1）拉力F的功率；
（2）小分对地面的压强；
（3）小分使用该滑轮组匀速提升货物时，最大机械效率。
【答案】（1）解：由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率。
（2）解：滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
（3）解：滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率；
（2）滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
（3）不计绳重和摩擦的情况下，动滑轮重力为小分重500N，缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，则当绳子自由端拉力最大为500N时，提升的货物最重，机械效率最高，则提升的货物重力最大为，则最大机械效率。
（1）由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率
（2）滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为
则绳子自由端移动距离为
则绳子自由端拉力为
则小分对地面的压力为
则小分对地面的压强为
（3）不计绳重和摩擦的情况下，动滑轮重力为
小分重500N，缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，则当绳子自由端拉力最大为500N时，提升的货物最重，机械效率最高，则提升的货物重力最大为
则最大机械效率
1 / 1北京北师大实验中学2025年中考零模物理试题
1．（2025·北京模拟）在如图的家用电器中，主要是利用电流热效应工作的是（　　）
A．空气净化器
B．电冰箱
C．音响设备
D．电饭锅
2．（2025·北京模拟） 下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是（　　）
A．一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的
B．半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因
C．可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源
D．露似珍珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因
3．（2025·北京模拟）下面自然现象中，属于凝华形成的是（　　）
A．雪山上的冰柱
B．昆虫和植物上的露珠
C．玻璃上的冰花
D．热泉上的“白气”
4．（2025·北京模拟）如图所示是《天工开物》中关于用铜铸币的情景。下列说法中正确的是（　　）
A．铜在熔化过程中温度不断升高
B．熔化的液态铜温度高，因为其含有的热量多
C．液态铜倒入钱币模具，凝固过程中，内能减小
D．铜币在冷却过程中，铜币的比热容不断变小
5．（2025·北京模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
6．（2025·北京模拟）抖空竹是中国民间传统游戏之一，宋代《梦粱录》中就有其详细记载。如图，空竹圆轮以竹木制成，其外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，因其转动时会发出嗡嗡声，又名“空钟”。下列说法不正确的是（　　）
A．空竹发出的声音是通过空气传入人耳的
B．空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的
C．气腔内空气振动越快，声音传播速度越大
D．气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大
7．（2025·北京模拟）关于课本上的图片，下列正确的是（　　）
A．甲中，橡皮绕手做匀速圆周运动过程中，绳子的弹力对橡皮做了功
B．乙中，人用20N力提着重20N滑板在水平地面上行走1m时，提力和重力做功都是0J
C．丙中，人拉着小车匀速向前运动时，人对小车的拉力对小车没有做功
D．丁中，人穿着旱冰鞋推墙，在人离开墙壁后退的过程中，墙壁对人做了功
8．（2025·北京模拟）近年来，自动新能源汽车和自动驾驶技术成为许多汽车厂商的重点研究对象。如图，顾客正在体验某品牌汽车的自动泊车技术，该汽车利用5G技术、高精度地图、激光雷达传感器等多种技术手段实现车辆的精准定位。从而保证车辆准确行驶。下列说法中正确的是（　　）
A．汽车搭载的北斗导航系统通过电磁波向汽车发送信息
B．该汽车利用纯电模式行驶过程中，所消耗的电能全部转化为汽车的动能
C．5G芯片是利用超导体材料制成的
D．当续航不足时，该汽车通过发动机燃烧汽油来获取动力，汽油属于可再生能源
9．（2025·北京模拟）关于图所示的四个实验情景，下列说法正确的是（　　）
A．图甲所示的实验中，如果大气压变大时，玻璃管内的液面会上升
B．图乙所示的实验中，在小桌面上放一个砝码后海绵的凹陷程度会增大，说明压力的作用效果与小桌的质量有关
C．图丙所示，当列车高速通过，站在安全线内的人会感觉到被气流吸向列车
D．图丁所示实验中，如果石块接触溢水杯底部，那么石块受到的浮力会变大
10．（2025·北京模拟）手机具有录音和显示波形的功能。某乒乓球爱好者将一乒乓球从一定高度由静止释放，利用手机记录下乒乓球碰撞台面发出的声音，其波形随时间的变化如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．每次发声的时间间隔相等
B．整个过程中乒乓球的机械能不变
C．乒乓球每次弹起时的动能依次减小
D．乒乓球每次与台面碰撞的最大形变程度相同
11．（2025·北京模拟）海鲜保存常要求温度低于-18℃。小祝为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其原理如图甲所示。控制电路和工作电路的电源电压均为3V保持不变，电磁铁线圈电阻忽略不计，图乙为热敏电阻R随温度变化的图像。冷库温度等于或高于-18℃时，工作电路报警。下列说法正确的是（　　）
A．冷库温度升高时，热敏电阻R的阻值变大
B．工作电路报警时，衔铁被吸下，灯亮，铃不响
C．若控制电路中换用电压更大的电源，警戒温度将变低
D．冷库温度降低时，控制电路消耗的电功率变大
12．（2025·北京模拟）水平桌面上的甲、乙两个相同的溢水杯，其中一个装满水，另一个盛满酒精，把两个完全相同的小球分别轻轻放入溢水杯的液体中，溢出的液体分别流到相同的小烧杯A和B中，待小球静止时，测得溢出水的质量为54g，溢出酒精的质量为48g，如图所示（注意：溢水杯甲和乙中有小球，只是没有画出）。此时，小烧杯A和B中液体对小烧杯底部的压强分别为、，甲溢水杯对桌面的压强和乙溢水杯对桌面的压强分别为和，（已知酒精的密度为），则下列判断正确的是（　　）
A．甲溢水杯中盛的是水，乙溢水杯中盛的是酒精
B．小球的密度为
C．
D．
13．（2025·北京模拟）下列说法正确的是（　　）
A．10℃水的内能一定比0℃水的内能多
B．冰熔化成水的过程中吸收热量，温度不变
C．四冲程汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能
D．热值越大的燃料，燃烧时放出的热量越多
14．（2025·北京模拟）小实利用如图所示的装置探究光的折射规律，实验时，让激光笔发射的一束激光沿AO斜射到水面。表中为做实验时得到的实验数据，下列说法正确的是（　　）
∠AON/° 0 15 30 45 60 75 80
∠BOM/° 0 11 22 32 40.5 46.5 47.5
A．光从空气斜射入水中，入射角增大时，折射角也随之增大
B．多次改变入射角的大小进行实验，是为了求平均值减小实验误差
C．从表中的实验数据可推知，当入射角为32°时，则光在空气中的折射角为45°
D．为了更清晰地观察空气和水中的光路，可在空气中喷些烟雾，水里滴些牛奶
15．（2025·北京模拟）杆秤是我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤的示意图，使用时，将待称物体挂在秤钩上，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，使秤杆达到水平平衡时可读出待称物体的质量，此秤最大称量是10kg，秤砣最远可移至E点。秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示（g取10N/kg），下列说法正确的是（　　）
A．生活中使用的秤杆粗细并不均匀，但秤的刻线分布是均匀的
B．提C处秤纽时，此秤的最大称量是10kg
C．若想增大该秤的最大称量，可换质量更大的秤砣
D．此秤的秤砣的质量约为0.43kg
16．（2025·北京模拟）按要求填空。
（1）如图所示，温度计的示数为　 　℃。
（2）根据图所示的小磁针静止时N极所指方向，判断电源的A端是　 　极（选填“正”或“负”）。
17．（2025·北京模拟）小伟测量某种食用油密度的主要实验步骤如下：
（1）用调节好的托盘天平测量烧杯和食用油的总质量，当天平再次平衡时，如图甲所示，烧杯和食用油的总质量的测量值为　 　g；
（2）将烧杯中的部分食用油倒入量筒中，如图乙所示，量筒中食用油体积的测量值为　 　；
（3）用天平测出烧杯和杯内剩余食用油的总质量为39g；
（4）计算出食用油密度的测量值为　 　。
18．（2025·北京模拟）小娃在探究水沸腾过程中温度随加热时间变化的特点时：
液体 酒精 水银
凝固点 -117℃ -39℃
沸点 78℃ 357℃
（1）应通过观察到：　 　来判断水开始沸腾。
（2）小娃测量并记录的实验数据如图a线所示，请你根据图a线归纳出实验结论：　 　，还可以判断该实验地点的气压　 　标准大气压。
（3）另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据作出水温随时间变化的图像可能是图中的　 　线（选填“b”、”c”或“d”）。
（4）结合表中提供信息可判断完成此实验，应选用　 　温度计（选填“酒精”或“水银”）。
19．（2025·北京模拟）小一在探究平面镜成像的特点，他在水平桌面上铺上白纸，用支架将玻璃板立在白纸上，再取来两支完全相同的蜡烛A和B，如图所示。
（1）小一在玻璃板后移动蜡烛B想使其与像A'完全重合，但小一沿水平桌面无论怎样移动蜡烛B，蜡烛B始终不能与蜡烛A的像A'完全重合，造成这种情况的原因可能是　 　；在操作中小一应该　 　观察蜡烛B（选填“直接”或“透过玻璃”）；
（2）小一将蜡烛A在玻璃板前移动，多次改变它到玻璃板的距离，观察它的像的大小是否变化。他探究的问题是：　 　；
（3）小一在实验过程中收集到的数据如下表：
蜡烛到平面镜的距离/cm 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0 12.0
蜡烛的像到平面镜的距离/cm 1.9 4.1 6.0 8.2 9.8 12.2
通过分析数据，可以得到结论：　 　。
20．（2025·北京模拟）如图甲、乙两组实验图分别用来“探究不同物质吸热情况”和“探究电流通过电阻放热的影响因素”，图甲中的加热装置完全相同，图乙烧瓶中的液体都是煤油，请根据实验方案回答：
（1）甲组实验中用　 　表示水和沙子吸热的多少；
（2）乙组实验中用　 　表示电流通过电阻放热的多少。
21．（2025·北京模拟）小航利用一个焦距10cm的凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材进行矫正视力的模拟实验。
（1）将凸透镜、蜡烛依次放在光具座上50cm和25cm刻度线处，如图甲，需要将光屏移至　 　（选填“A”“B”或“C”）区域范围内才能承接到清晰的像，所成像如图乙所示，是一个倒立、　 　（选填“放大”或“缩小”）的实像；
（2）凸透镜、光屏位置不变，将蜡烛向左移动，光屏上无法呈现清晰的像，此时模拟的是图中的　 　图（选填“a”或“b”）的成像情景；若想在光屏上得到清晰的像，应在蜡烛和凸透镜之间适当位置放个用　 　（选填“凸”或“凹”）透镜制作的眼镜。
22．（2025·北京模拟）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路：
(1)闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 　 　 （选填“左”或“右”）端；
(2)闭合开关 S后，移动滑动变阻器的滑片 P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 　 　 （选填字母）；
A.灯座接线短路 B.小灯泡的灯丝断了
C.开关接触不良 D.滑动变阻器断路
(3)排除故障后，闭合开关 S，调节滑动变阻器的滑片 P，使电压表的示数为 2.5V，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡额定电功率为 　 　 W；
(4)为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图像能正确反映这一关系的是 　 　 （选填字母）。
电压 U/V 0.4 0.7 1.0 1.3 1.6 1.9
电流 I/A 0.12 0.16 0.2 0.22 0.24 0.26
A. B. C. D.
23．（2025·北京模拟）为了验证“导体的电阻与导体的长度有关”，实验室提供了电压合适的电源、滑动变阻器、电流表、电压表和开关各一个，导线若干，还准备好了一根粗细均匀的合金丝（电路中用符号“□”表示），一把刻度尺。
（1）画出实验电路图；
（2）写出主要实验步骤；
（3）设计实验数据记录表格。
24．（2025·北京模拟）“浮沉子”最早是由科学家笛卡儿设计的。小理用大塑料瓶（大瓶）和开口小的玻璃瓶（小瓶）制作了图所示的“浮沉子”；装有适量水的小瓶开口朝下漂浮在大瓶内的水面上，拧紧大瓶的瓶盖使其密封，两瓶内均有少量空气。将小瓶视为圆柱形容器，底面积为S。通过控制对大塑料瓶握力的大小，使小瓶恰好悬浮在液体中某一位置。当小瓶漂浮时，简化的模型如图甲所示，小瓶内空气柱的高度为h。手握大瓶施加适当的压力，使小瓶下沉并恰好悬浮在图乙、丙所示的位置。若已知乙、丙两图中的玻璃瓶内的气体体积V125．（2025·北京模拟）阅读下列材料，回答问题。
无线充电技术
随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机、电动牙刷，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。常见的无线充电技术有电磁感应、磁共振、无线电波等方式。
市场上支持无线充电的智能手机和充电器大部分都符合“Oi”规格。“Oi”源自汉语“气功”中的“气”。Qi 技术的原理即为电磁感应，在发射端和接收端各有一个线圈，如图甲所示为手机无线充电原理示意图，电流流过发射线圈会产生变化的磁场，当接收线圈靠近该变化的磁场时就会产生感应电流给手机充电。采用电磁感应技术实现无线充电的优点是原理简单，适合短距离充电，但需特定的摆放位置才能精确充电。
磁共振方式的原理与声音的共振原理相同——排列好振动频率相同的音叉，一个音叉发声，其他音叉也会共振发声。同样，排列在磁场中的相同“振动”频率的线圈，也可从一个向另一个供电，如图乙所示。相比电磁感应方式，利用磁共振可延长传输距离，无需使线圈间的位置完全吻合。这种方式有望广泛应用于电动汽车，但在技术上实现小型化、高效率化比较难，现在的技术能力大约是直径0.5m的线圈，在1m左右的距离供电功率约为60W。
无线电波方式主要由微波发射装置和微波接收装置组成，其原理类似于无线电广播的发射与接收。“太空太阳能发电技术”就是利用了该原理：利用铺设在巨大平板上的太阳能电池，在太阳光照射下产生电流，转换成无线电微波，发送给地面接收站。地面接收后，将微波恢复为直流电或交流电，送给用户使用。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）图中四个实验与Qi技术原理相同的是___________。 （选填选项前的字母，只有一个选项正确）
A．
B．
C．
D．
（2）根据文中所述，利用磁共振方式，直径0.5m的线圈在1m左右的距离范围内，1min内可提供的电能约为　 　J。
（3）关于无线充电技术，下列说法正确的是___________（选填选项前的字母，只有一个选项正确）。
A．采用电磁感应方式的无线充电技术无需特定位置就能精确充电
B．相比电磁感应方式，利用磁共振方式传输距离更短
C．采用无线电波方式的无线充电技术的实现说明电磁波可以传递能量
D．太空太阳能发电技术是将电能转化为化学能发送给地面接收站
26．（2025·北京模拟）小阳设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示。是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子，当油箱中的油量变化时，电流表的示数随之变化。电源电压为12V且保持不变，滑片P在R的两端之间滑动，电流表示数的变化范围为0.3~0.5A。求：
（1）滑片P在最上端时，通过的电流；
（2）的阻值；
（3）当电流表示数变小时，油箱中的油量如何变化？并说明理由。
27．（2025·北京模拟）小分重500N站在地面上，利用如图甲所示的滑轮组提升一批不同重力的货物。此时，小分正用竖直向下的拉力F使重为450N的货物A以0.2m/s的速度匀速上升，双脚与水平地面接触的总面积为500cm2，拉力F所做的功W与时间t的关系如图乙所示。已知缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，在不计绳重和摩擦的情况下，求：
（1）拉力F的功率；
（2）小分对地面的压强；
（3）小分使用该滑轮组匀速提升货物时，最大机械效率。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电流的热效应
【解析】【解答】AB．空气净化器和电冰箱的主要结构为电动机，将电能转化为机械能，故A、B不合题意；
C．音响设备主要将电能转化为声能，故C不合题意；
D．电饭锅是利用了电流的热效应，将电能转化为内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应，可根据用电器的能量转化分析。
2．【答案】B
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律；光的色散
【解析】【解答】A．水中的“夕阳”是由于光的反射所形成的虚像，故A错误；
B．人眼看到不透明物体的颜色是物体所反射的光的颜色，人看江面时，江面相当于不透明物体，其呈现出红色是江面反射红光所导致的，故B正确；
C．月亮的光是反射太阳发出的光，月亮本身不会发光，因此月亮不是自然界中的光源，故C错误；
D．露珠特别明亮是因为露珠表面光滑，发生了镜面反射，将大部分光线反射进人眼中，故D错误。
故答案为：B。
【分析】折射是一种常见的物理现象，意指光由一种介质斜射入另一种介质引起传播方向改变的现象。反射是指光从一个介质进入另一个介质时，在两个介质的界面处，其传播方向突然改变，而回到其来的介质。
3．【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．雪山冰柱的形成是液态水凝固为固态冰的过程（液态→固态），属于凝固现象，不符合凝华定义（气态→固态），因此A选项错误。
B．露珠是水蒸气液化形成的小水滴（气态→液态），属于液化现象，与凝华无关，故B选项错误。
C．玻璃冰花是水蒸气直接凝华成固态冰晶（气态→固态），完全符合凝华定义，因此C选项正确。
D．"白气"是水蒸气液化形成的微小水滴（气态→液态），属于液化现象，不是凝华现象，故D选项错误。
正确答案为C。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．铜属于晶体，熔化时温度保持恒定不变，因此选项A的表述不正确。
B．热量是描述能量转移的过程量，不能描述为"含有热量"，所以选项B是错误的。
C．当液态铜被倒入模具后，在凝固过程中温度保持不变，但会释放热量，导致内能减少，因此选项C是正确的。
D．比热容是物质的固有属性，与温度变化无关，铜币在冷却过程中比热容保持不变，故选项D错误。
正确答案是C。
【分析】1、晶体：有固定熔点：如冰、海波、无固定熔点：蜡烛、玻璃；
2、热量是过程量，不能使用含有来描述，通过释放或者吸收来描述；
3、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关；
4、凝固过程中：温度保持不变，但会不断放热，导致内能减小。
5．【答案】A
【知识点】电压和电压的单位换算；家庭电路的连接；测电笔的使用；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．家庭电路中各用电器需要独立工作互不影响，因此都是并联连接的，这样可以保证各用电器两端的电压都是220V，故A正确；B．对人体安全的电压是不高于36V，220V是家庭电路的电压，远高于安全电压，故B错误；
C．空气开关自动断开可能是由于电路短路或用电器总功率过大导致电流过大引起的，不全是由于功率过大，故C错误；
D．使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体形成通路，才能使氖管发光检测电路，故D错误。
故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电
测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
6．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A．根据题意可知，空竹发出的声音是通过空气传入人耳的，故A正确不符合题意；
B．空竹发出的声音是由气腔内的空气振动产生的，故B正确不符合题意；
C．影响声音传播速度的因素是传声的介质和温度，与物体的振动频率大小无关，故C错误符合题意；
D．气腔内空气振动幅度越大，发出声音的响度越大，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】A.声音的传播需要介质；
B.声音由物体振动产生；
C.根据影响声速的因素判断；
D.响度表示声音大小，与振幅大小有关。
7．【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．橡皮绕手做匀速圆周运动时，绳子对橡皮的拉力始终指向圆心（向心力方向），由于拉力方向与橡皮运动方向垂直，橡皮在拉力方向上没有位移，因此拉力对橡皮不做功。选项A错误。
B．当提着滑板在水平路面行走时，人对滑板的提力方向竖直向上，而滑板的位移方向水平向前，两者垂直，提力不做功；同时重力方向竖直向下，与位移方向也垂直，重力也不做功。因此提力和重力做功均为零，选项B正确。
C．人拉小车匀速前进时，拉力方向与小车位移方向一致（假设拉力沿水平方向），此时力与位移同向，拉力对小车做正功。选项C错误。
D．小红离开墙壁后退过程中，墙壁与小红之间无接触力（假设已脱离接触），因此墙壁对小红不做功。选项D错误。
正确答案：B。
【分析】物体做功：物体受到力的作用，且沿着力的方向产生了位移。
8．【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波可以在真空中传播，不需要介质。汽车搭载的北斗导航系统正是通过电磁波实现信息传输的，因此该选项正确。
B．纯电动模式行驶时，电能主要转化为机械能（动能）和克服摩擦产生的热能，但题干表述存在错误，故该选项不正确。
C.5G芯片采用半导体材料制造，但"单向导电性"是二极管的特性，不能笼统地用于描述所有半导体器件，因此该选项表述有误。
D．汽油属于化石燃料，在人类时间尺度上不可再生，故D错误。
正确答案：A
【分析】可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能；
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
半导体的应用：常用作发光二极管。
9．【答案】C
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】A．图甲实验中，大气压由瓶内气压与水柱气压共同平衡。若大气压增大，由于瓶内气压不变，会导致液面下降，因此选项A是错误的。
B．图乙实验表明，增加砝码后海绵凹陷加深，说明在受力面积不变时，压力增大会增强作用效果，故B错误。
C．图丙实验中，列车高速通过时，附近空气流速加快导致安全线内侧气压降低，外侧大气压将人推向列车，因此C正确。
D．图丁实验中，即使石块接触杯底，排开水的体积不变，由浮力公式可知浮力不变，故D错误。
正确答案为C。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、浮力的公式F浮=ρ液gV排；
3、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
10．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果
【解析】【解答】A．根据图中数据，碰撞时间点分别为：第1次1.12s，第2次1.58s，第3次2.00s，第4次2.40s，第5次2.78s。计算相邻碰撞间隔时间：第1-2次间隔0.46s，第2-3次间隔0.42s，第3-4次间隔0.40s，第4-5次间隔0.38s。可见碰撞间隔时间不等，故A选项错误。
BC．分析运动过程：乒乓球在运动过程中会与空气摩擦并和台面碰撞，导致机械能不断损耗。因此每次弹起时的动能都会减小，故B选项错误，C选项正确。
D．由于机械能持续减小，每次碰撞时转化为弹性势能的能量也在减少，导致乒乓球与台面碰撞时的最大形变程度逐渐减小，故D选项错误。
综上所述，正确答案为C。
【分析】在考虑空气阻力的因素下，机械能会持续减小，所以动能和重力势能逐渐减小，每次碰撞时转化为弹性势能的能量也在减少；
根据图片分析可知，每次碰撞的间隔都在逐渐减小。
11．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．根据图乙所示，热敏电阻的阻值随温度升高而减小。因此当冷库温度升高时，热敏电阻R的阻值会减小，故A选项是错误的。B．冷库温度要求保持在-18℃以下。当温度达到或超过-18℃时，热敏电阻阻值较小，控制电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，将衔铁吸下，使工作电路中的电铃接通报警（铃响灯灭）。因此B选项是错误的。
C．若控制电路使用更高电压的电源，在热敏电阻阻值较大时就能产生足够大的电流使电磁铁动作，这意味着报警温度阈值会降低（即更早报警），因此C选项是正确的。
D．当冷库温度降低时，热敏电阻阻值增大。根据公式，在电源电压不变的情况下，控制电路消耗的功率会减小，故D选项是错误的。
正确答案是C。
【分析】电功率的计算：公式为，根据公式可知，电压不变，电阻和电功率成反比；
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
12．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由题可知，溢出水的体积为
溢出酒精的体积为由图可知，A杯中液体体积大于B杯，所以甲溢水杯中盛的是酒精，乙溢水杯中盛的是水，故A错误；
B．当小球在两个液体中都漂浮时，根据浮沉条件，浮力等于其重力，由阿基米德原理可知，排开液体的重力应该相等，即质量应该相等，因为不等，所以小球在两个液体中不可能都是漂浮状态；因为物体浸没时，排开液体的体积等于物体的体积，所以小球没有都沉底；根据浮沉条件可知，小球在酒精中沉底，在水中漂浮，则小球在水中的浮力等于重力为
小球的质量为
小球在酒精中沉底，所以小球的体积为
小球的密度为，故B错误；
CD．小烧杯A和B的底面积相同，A杯中液体为酒精，B杯中液体为水，所以两杯中液体的质量关系为
所以两杯子中液体的重力为
因为水平放置，所以两杯中液体对容器底部的压力为
由可知，液体对小烧杯底部的压强
从图中可知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据密度公式的变形式m=ρV可知甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，两溢水杯和小球相同，杯子对桌面的压力等于溢水杯、小球和液体的重力之和，根据
可知甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力，因为受力面积相同，由公式得，故D正确，C错误。
故选D。
【分析】根据溢出的水和溢出的酒精的质量可求出溢出的水和溢出的酒精的体积，结果图判断A是酒精B是水，小烧杯4、B对桌面的压力等于杯子中液体的重力、烧杯的重力之和，可知B对桌面的压力大于A对桌面的压力，根据压强等于压力除以受力面积求出p1与pz的大小关系；设小球在乙中漂浮，在甲中沉底，根据沉浮条件，可知小球的重力，从而知道小球的质量，小球在酒精中沉底，由阿基米德理可求出小球的体积，从而求出小球的密度，对溢水杯甲、乙在没有放入小球之前，它们的体积相同，放入小球后，溢水杯乙溢出的体积小，所以溢水杯乙剩余的体积大，乙中的水的密度大于A中B的密度，可知剩余的质量大小关系，因放小球后甲、乙对桌面的压力等于容器的重力、小球的重力及容器中液体的重力之和，可知两个溢水杯对桌面的压力的大小关系，它们和桌面的接触面积相同，根据压强等于压力除以受力面积进行判断；若小球在甲、乙中都漂浮，由沉浮条件可知，排出的液体的重力应该相等，因溢出的水和酒精的质量不相等，可知这中情况不可能；若小球在甲、乙中都沉底，那么排开的液体体积相等，溢出的水的质量和溢出的酒精的质量的比应该等于密度的比，可事实不相等，所以这种情况不存在。
13．【答案】B,C
【知识点】凝固与凝固放热特点；温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机
【解析】【解析】A项分析：内能是物体内部所有分子动能和势能的总和，其大小取决于物体的温度、质量、状态等多个因素。10℃的水与0℃的水相比，虽然温度较高，但若质量较小或处于不同状态（如气态与液态），其内能可能更小，因此说法错误。
B项分析：冰作为晶体，在熔化过程中会持续吸收热量，但温度保持在熔点（0℃）不变，直至完全熔化为液态水，这一特性符合晶体熔化的物理规律，故说法正确。
C项分析：四冲程汽油机的做功冲程中，气缸内高温高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为活塞的机械能，这是热机工作的核心原理，因此说法正确。
D项分析：燃料燃烧释放的热量不仅取决于燃料的热值（单位质量燃料完全燃烧释放的能量），还受燃料质量、燃烧充分程度（如氧气供应、燃烧效率）等因素影响，仅凭热值无法确定放热量，故说法错误。
综上所述：正确答案为B、C。
【分析】1、内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态
3、做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；
4、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
14．【答案】A,C,D
【知识点】光的折射规律
【解析】【解答】A．根据实验数据可知，随着入射角∠AON的增大，折射角∠BOM也相应增大。这表明光从空气斜射入水中时，折射角会随入射角的增大而增大，因此选项A正确。
B．实验中多次改变入射角的目的在于探究光的折射规律，确保结论具有普遍性，而不是为了通过求平均值来减小误差，所以选项B是错误的。
C．实验数据显示，当入射角为45°时，水中的折射角为32°。根据光路的可逆性原理，若以32°作为入射角，则空气中的折射角应为45°，因此选项C正确。
D．实验中通过在空气中喷洒烟雾和水中滴入牛奶的方法，利用这些颗粒对光的散射作用，可以更清楚地观察光在空气和水中的传播路径，故选项D正确。
正确答案为ACD。
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
15．【答案】A,C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．生活中使用的秤杆虽然粗细不均匀，但由于秤的刻度与杆的粗细无关，因此秤的刻线分布是均匀的，故A正确。
D．根据杠杆平衡条件，此秤的秤砣重力为：，
由重力公式可得秤砣质量：，
B．当提C处秤纽时，最大称量为：，故B错误。
C．增大秤砣质量可以增加最大称量，因为根据，秤砣重力增大会使可称量的物体重力相应增大，故C正确。
综上所述，正确答案为AC。
【分析】杠杆平衡的条件 ，原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂；
重力的计算：公式G=mg。
16．【答案】（1）-2
（2）正
【知识点】温度及温度计的使用与读数；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）温度计的最小刻度间隔为1℃，液柱顶端位于0℃刻度线下方第2个分度处，表明当前温度低于冰点。按照温度计读数规范，此时测量值为-2℃。读取数值时需保持视线与液柱顶端水平对齐，以保证测量精度。
（2）小磁针的N极偏转方向指向左方，表明电磁铁左侧为S极（南极），右侧相应为N极（北极）。运用安培右手定则判断：右手握持线圈，四指弯曲方向与电流方向一致，拇指所指即为N极方向。由此可推知电流从电源A端输出，故A端为电源正极。电磁铁首匝导线与正极相连，符合电气接线标准。
【分析】温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）温度计的分度值为1℃，液面位于0℃下方第2个刻度线处，说明温度低于0℃。根据温度计读数规则，此时示数为-2℃。读数时要注意视线与液柱上表面相平，确保读数准确。
（2）小磁针N极指向左侧，说明电磁铁左侧为S极，右侧为N极。根据安培定则，用右手握住电磁铁，四指指向电流方向，大拇指指向N极。由此判断电流从电源A端流出，因此A端为正极。电磁铁的第一根暗线连接正极，符合电路连接规范。
17．【答案】94. 2；60；
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据图甲所示，标尺的最小刻度为0.2g，烧杯和食用油的总质量计算如下：；（2）量筒的刻度间隔为2mL，测得液体的体积为：
（4）量筒中食用油的质量计算过程：，食用油的密度测量结果为：
。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
2、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
3、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
18．【答案】（1）水中产生的大量气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂。
（2）水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。；低于
（3）b
（4）水银
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）当水达到沸腾状态时，容器内各处水温均匀。此时液态水汽化形成大量气泡，这些气泡在上升过程中因外部水压逐渐减小，同时不断有新的水蒸气进入气泡，导致气泡体积逐渐增大。当气泡到达水面时会破裂，这一现象是判断水沸腾的关键特征。
（2） 根据图a的曲线分析可知，水在沸腾阶段持续吸热，但其温度保持恒定不变。在标准大气压条件下，水的沸点为100℃。图中a曲线显示沸点低于100℃，根据液体沸点与气压的关系（气压降低时沸点下降），可判定实验环境的气压低于标准大气压。
（3）若仅减少水的质量，由于水的比热容不变且初始温度相同，加热时温度上升速率会加快，但沸点保持不变，因此对应的温度-时间曲线应为b线。
（4）水沸腾时温度接近100℃。由于酒精的沸点（78℃）低于水的沸点，在水达到沸腾前酒精就会汽化，导致测量失准。而水银的沸点（357℃）远高于水的沸点，因此应选用水银温度计进行准确测量。
【分析】水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）水沸腾时，整个容器内水温相同，水汽化产生大量气泡，上升过程中受到水的压强变小，且有更多水汽化进入气泡，所以气泡逐渐变大，到水面破裂，这是判断水沸腾的重要现象。
（2）[1]从图a线可看出，水在沸腾阶段，继续加热，温度不再升高，即水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。
[2]标准大气压下，水的沸点是100℃，图中a线显示水的沸点低于100℃，因为液体沸点随气压降低而降低，所以该实验地点的气压低于标准大气压。
（3）仅减少水的质量，水的比热容不变，初温相同，加热时升温更快，但沸点不变，故应为b线。
（4）水沸腾时温度约为100℃，酒精沸点是78℃，在水还未沸腾时酒精就会沸腾，无法准确测量。水银沸点357℃，高于水的沸点，所以应选用水银温度计。
19．【答案】（1）玻璃板没有竖直放在白纸表面；透过玻璃
（2）平面镜成的像的大小与物距的关系
（3）平面镜成像时，物到平面镜的距离等于像到平面镜的距离
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】平面镜成像具有对称性，像与物体关于镜面对称。实验中移动蜡烛B时发现无法与蜡烛A的像A'完全重合，主要原因可能是玻璃板未垂直于桌面放置。
平面镜成虚像的特性决定了观察方式，正确操作应透过玻璃板观察蜡烛B。
通过改变蜡烛A与玻璃板的距离（物距），观察像的大小变化，该实验探究的核心问题是：平面镜成像大小与物距之间的定量关系。
实验数据表明：在测量误差范围内，物体到平面镜的距离（物距）与像到平面镜的距离（像距）始终相等，验证了平面镜成像的等距特性。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置。
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像。
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）[1]像与物体关于平面镜对称，小一在玻璃板后移动蜡烛B想使其与像A'完全重合，但小一沿水平桌面无论怎样移动蜡烛B，蜡烛B始终不能与蜡烛A的像A'完全重合，造成这种情况的原因可能是玻璃板没有竖直放在白纸表面。
[2]平面镜所成的像是虚像，在操作中小一应该透过玻璃观察蜡烛B。
（2）小一将蜡烛A在玻璃板前移动，多次改变它到玻璃板的距离，改变物距，观察它的像的大小是否变化。他探究的问题是：平面镜成的像的大小与物距的关系。
（3）由表格中数据可得，蜡烛的像到平面镜的距离等于蜡烛到平面镜的距离，所以可得在误差允许范围内，物到平面镜的距离等于像到平面镜的距离。
20．【答案】（1）加热时间的长短
（2）煤油升高的温度
【知识点】电流的热效应；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）在甲组实验中，研究不同物质的吸热特性时，采用相同加热装置。根据能量转换原理，相同加热功率下，加热时间直接反映物质吸收的热量。加热持续时间与吸收热量呈正相关，时间越长表明吸收热量越多。
（2）在乙组实验中，探究电阻发热影响因素时，使用质量与初温相同的煤油作为热载体。电阻通电发热后，热量传递给煤油使其温度上升。通过温度变化量可定量比较电阻发热量，温度升高幅度越大说明电阻释放的热量越多。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
（1）在探究不同物质吸热情况的实验（甲组实验）中，使用了相同的加热装置。根据转换法，相同的加热装置在相同时间内放出的热量相同，那么物质吸收热量的多少就可以通过加热时间来反映 。加热时间越长，物质吸收的热量就越多。
（2）在探究电流通过电阻放热的影响因素实验（乙组实验）中，烧瓶中装有质量和初温相同的煤油。电流通过电阻丝产生热量，热量被煤油吸收，煤油温度升高。根据转换法，通过观察煤油升高的温度来比较电流通过电阻放热的多少。电阻丝放出的热量越多，煤油吸收的热量越多，温度升高得就越高。
21．【答案】B；缩小；a；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）将凸透镜放置在光具座50cm刻度线处，蜡烛放在25cm刻度线处，此时物距为
根据凸透镜成像规律，当物距大于两倍焦距时，像距会处于一倍焦距到两倍焦距之间。假设光具座右端为零刻度线，则清晰的像将出现在B区域内，且该像是倒立、缩小的实像。
（2）保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛向左移动时，物距增大，导致像距减小，像会出现在光屏前方。图中a情况显示晶状体变厚、焦距变短，使像呈现在视网膜前方，因此此时模拟的是a图的情况。
由于像成在光屏前方，为了在光屏上重新获得清晰的像，需要在蜡烛和凸透镜之间放置凹透镜制作的眼镜。凹透镜具有发散光线的作用，能使像重新呈现在光屏上。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
22．【答案】左；B；0.75；C
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】(1)为了在闭合开关时保护电路，防止电流过大，需要将滑动变阻器的阻值调至最大。因此滑片P应移动到远离下接线柱的位置，即左端。(2)电流表无示数表明电路存在断路故障。电压表测量小灯泡两端电压，此时其示数接近电源电压，说明小灯泡发生了断路。
(3)根据电流表所选量程（0~0.6A），读出示数为0.3A。利用电功率计算公式：
(4)分析数据表可知，随着电压增大，电流的变化幅度逐渐减小，因此正确答案为C选项。
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负。
23．【答案】（1）
（2）实验步骤如下：①将滑动变阻器阻值调至最大，将适当长度的合金丝接入电路，并用刻度尺测量接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，用电压表测量合金丝两端的电压U，用电流表测量通过合金丝的电流I，将U、I的测量数据记录在闭合中。
②断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
③断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
④断开开关，依据计算两次合金丝接入电路的电阻R，并记录在表格中。
（3）实验中，要记录合金丝接入电路中的长度、对应合金丝的电压、电流，并计算其阻值，实验数据表格设计如下：
实验次数 合金丝流入电路的长度/m 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻大小R/Ω
1
2
3
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）实验要求测量横截面积相同、长度不同的合金丝的电阻，采用伏安法进行测量。为了确保电路安全并调节合金丝的电压和电流，将滑动变阻器与合金丝串联，电路连接方式如下：
（2）实验操作步骤如下：
① 将滑动变阻器调至最大阻值，接入一定长度的合金丝，用刻度尺测量其接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P，使电压表测得合金丝两端电压U，电流表测得通过合金丝的电流I，记录U、I数据。
② 断开开关，改变合金丝长度，重复步骤①的操作。
③ 再次断开开关，调整合金丝长度，重复步骤①的操作。
④ 断开开关，根据公式计算每次实验的电阻R，并填入表格。
（3）实验需记录合金丝长度、对应电压、电流及计算得到的电阻值，数据表格设计如下：
实验次数 合金丝长度/m 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω
1
2
3
【分析】1、物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中电阻的大小难以直接测量，所以需要通过电流表进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电阻的影响因素有：材料、电阻丝的长度、横截面积。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的电阻可能与导体的横截面积的关系时，需要控制材料、电阻丝的长度相同。
2、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
（1）实验中需要测出横截面积相同、长度不同的合金丝的电阻，实验中可以采用伏安法测量不同长度的合金丝的电阻，为了保护电路与调整合金丝的电压、电流，可以将变阻器与合金丝串联，如图所示：
（2）实验步骤如下：①将滑动变阻器阻值调至最大，将适当长度的合金丝接入电路，并用刻度尺测量接入电路的长度L。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，用电压表测量合金丝两端的电压U，用电流表测量通过合金丝的电流I，将U、I的测量数据记录在闭合中。
②断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
③断开开关，改变合金丝接入电路的长度，仿照②再做依次实验。
④断开开关，依据计算两次合金丝接入电路的电阻R，并记录在表格中。
（3）实验中，要记录合金丝接入电路中的长度、对应合金丝的电压、电流，并计算其阻值，实验数据表格设计如下：
实验次数 合金丝流入电路的长度/m 电压表示数U/V 电流表示数I/A 电阻大小R/Ω
1
2
3
24．【答案】由于乙、丙中玻璃瓶都是悬浮，浮力等于重力，根据阿基米德原理可知， 液体都是水，而乙、丙两图中的玻璃瓶内的气体体积V1【知识点】重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题目描述，乙、丙两图中的玻璃瓶均处于悬浮状态，此时浮力等于重力。根据阿基米德原理，浮力可表示为：，由于两图中液体均为水，但乙图中玻璃瓶内的气体体积V1小于丙图中的V2，因此乙图中玻璃瓶受到的浮力较小。由于浮力等于重力，故乙图中玻璃瓶的重力也较小。根据重力公式：可知，乙图中玻璃瓶的质量m1小于丙图中的质量m2。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
25．【答案】（1）B
（2）3600
（3）C
【知识点】太阳能及其利用与转化；电功率的计算；电磁感应；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）据短文内容，Qi技术的工作原理是电磁感应现象。
A．通电线圈在磁场中转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用，这与电磁感应无关，因此A选项不符合题意；
B．闭合电路中部分导体切割磁感线产生感应电流，这正是电磁感应现象，因此B选项符合题意；
C．小磁针在通电导体附近偏转说明通电导体周围存在磁场，与电磁感应无关，因此C选项不符合题意；
D．通电导线在磁场中转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用，与电磁感应无关，因此D选项不符合题意。
正确答案是B。
（2）当前技术条件下，直径0.5m的线圈在1m距离内可提供约60W的功率。根据功率公式计算，1分钟内可提供的电能为。
（3）A．电磁感应无线充电技术虽然原理简单，适合短距离充电，但需要精确的摆放位置，因此A选项说法不正确；
B．与电磁感应方式相比，磁共振技术可以增加传输距离，因此B选项说法不正确；
C．无线电波充电方式通过微波发射和接收装置实现，微波属于电磁波，这证明了电磁波可以传递能量，因此C选项说法正确；
D．"太空太阳能发电技术"利用太阳能电池将光能转化为电能，再转换为无线电微波传输到地面，这个过程中能量转换顺序是光能→电能→微波能，因此D选项说法不正确。
正确答案是C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
5、电功的计算：公式为W=Pt。
（1）由短文可知，Qi技术的原理即为电磁感应。
A．通电线圈在磁场中转动，是因为通电线圈在磁场中受力的作用，故A不符合题意；
B．闭合电路中的部分导体切割磁感线会产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C．小磁针在通电导体的附近发生转动，说明通电导体的周围存在磁场，故C不符合题意；
D．通电导线在磁场中转动，是因为通电线圈在磁场中受力的作用，故D不符合题意。
故选B。
（2）现在的技术能力大约是直径0.5m的线圈，在1m左右的距离供电功率约为60W，由得，1min内可提供的电能约为
（3）A．采用电磁感应技术实现无线充电的优点是原理简单，适合短距离充电，但需特定的摆放位置才能精确充电，故A错误；
B．相比电磁感应方式，利用磁共振可延长传输距离，故B错误；
C．无线电波方式主要由微波发射装置和微波接收装置组成，微波属于电磁波，说明电磁波可以传递能量，故C正确；
D．太空太阳能发电技术”就是利用了该原理：利用铺设在巨大平板上的太阳能电池，在太阳光照射下产生电流，此过程中太阳能转化为化学能，再转化成电能，转换成无线电微波，发送给地面接收站，故D错误。
故选C。
26．【答案】解：（1）由图得电阻与R串联，是滑片P在最上端时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，电路中电流最小，为0.3A，则通过的电流为0.3A。
（2）当R接入电路中电阻为0时，此时只有工作，电路中电流最大，为0.5A，由欧姆定律得，的阻值
（3）由得，电源电压不变，当电流表的示数变小时，电路中的总电阻变大，不变，滑动变阻器R接入电路的电阻增大，滑片P向上移动，浮子下降，油箱中的油量减少。
答：（1）滑片P在最上端时，通过的电流0.3A；
（2）的阻值24Ω。
（3）当电流表的示数变小时，油箱中的油量减少。
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解析】（1）根据电路图可知，电阻与滑动变阻器R串联。当滑片P位于最上端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时电路中的电流最小，为0.3A。因此通过的电流也是0.3A。
（2）滑动变阻器R的阻值为0时，电路中只有工作，此时电流表示数达到最大值0.5A。根据欧姆定律可得：
（3）由总电阻公式可知，在电源电压不变的情况下，当电流表示数减小时，说明电路总电阻增大。由于为定值电阻，因此必然是滑动变阻器R的阻值增大，即滑片P向上移动，导致浮子下降，油箱中的油量减少。
27．【答案】（1）解：由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率。
（2）解：滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
（3）解：滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率；
（2）滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为，则绳子自由端移动距离为，则绳子自由端拉力为，则小分对地面的压力为，则小分对地面的压强为。
（3）不计绳重和摩擦的情况下，动滑轮重力为小分重500N，缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，则当绳子自由端拉力最大为500N时，提升的货物最重，机械效率最高，则提升的货物重力最大为，则最大机械效率。
（1）由图乙可知，拉力F所做的功为时用时，则拉力F的功率
（2）滑轮组有效绳子段数，内物体上升高度为
则绳子自由端移动距离为
则绳子自由端拉力为
则小分对地面的压力为
则小分对地面的压强为
（3）不计绳重和摩擦的情况下，动滑轮重力为
小分重500N，缠绕滑轮组的绳子最多只能承受550N的拉力，则当绳子自由端拉力最大为500N时，提升的货物最重，机械效率最高，则提升的货物重力最大为
则最大机械效率
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