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广西南宁市天桃实验学校2025-2026学年九年级下学期开学物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2026九下·青秀开学考）焦耳是某个物理量的单位，该物理量是（　　）
A．电流 B．电压 C．电阻 D．热量
2．（2026九下·青秀开学考）“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
3．（2026九下·青秀开学考）炎热的夏天，在房屋内放置冰块可以起到降低室温的作用。主要是利用冰的（　　）
A．熔化吸热 B．凝固放热 C．蒸发吸热 D．凝华放热
4．（2026九下·青秀开学考）保护视力，人人有责，下图中能正确表示近视眼及其矫正的是（　　）
A．甲、丙 B．甲、丁 C．乙、丙 D．乙、丁
5．（2026九下·青秀开学考）光现象千变万化，下列现象中属于光的反射的是（　　）
A．日食
B．倒影
C．皮影戏
D．小孔成像
6．（2026九下·青秀开学考）如图是加油机和战斗机共同飞过天安门的场景。若加油机的飞行员看到后方的战斗机是静止的，则该飞行员选择的参照物是（　　）
A．加油机 B．天安门城楼
C．天上的白云 D．广场上的受阅官兵
7．（2026九下·青秀开学考）如图所示，两只小纸船浮在水面上，将注射器吸满水，通过塑料管在水面下向两纸船之间喷水，这时两只纸船向中间靠拢，这是因为两船之间的（　　）
A．液体流速小，压强大 B．液体流速大，压强大
C．液体流速大，压强小 D．液体流速小，压强小
8．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一款破壁机，通电后可以带动刀片转动粉碎食物，破壁机的工作原理与下列实验装置原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
9．（2026九下·青秀开学考）如果插头与插座接触不牢，容易导致接触处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。接触处更容易发热的原因是（　　）
A．插座没接地线 B．没安装空气开关
C．接触处的电阻变大 D．接触处的电流比别处大
10．（2026九下·青秀开学考）科技推动社会发展。如图为机器人在水平匀速向前搬运货物的情景，下列说法正确的是（　　）
A．货物对机器人的压力和货物受到的重力是一对平衡力
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力是一对平衡力
C．机器人对货物的支持力和机器人受到的重力是一对相互作用力
D．货物对机器人的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2026九下·青秀开学考）如图所示，用同一个滑轮按甲、乙两种方式提起同一个物体，不计滑轮重、绳重和摩擦，以下说法中正确的是（　　）
A．图乙中的滑轮不省功
B．图甲中的滑轮相当于一个等臂杠杆
C．图甲中的滑轮比图乙中的滑轮省力
D．图乙中滑轮的特点是可以改变力的方向
12．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一种火灾烟雾报警装置的电路图。R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小至某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变大
B．电路的总功率变小
C．减小电源电压，可使装置在较低浓度烟雾下就能报警
D．减小R0的阻值，可使装置在较低浓度烟雾下就能报警
三、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。）
13．（2026九下·青秀开学考）蜡染是我国民间传统工艺，在蜡染工作过程中，我们会闻到染料的气味，这属于　 　现象，这种现象在夏天特别明显，原因是温度越高，分子的无规则运动越　 　。
14．（2026九下·青秀开学考）北方的冬天，供暖主要是利用燃气燃烧过程中将化学能转化为　 　能，给水加热，热水再通过暖气系统为家庭供暖，这是利用水具有较大的　 　，降温时能放出更多的热量。
15．（2026九下·青秀开学考）若摩擦过的梳子与毛皮摩擦过的橡胶棒（带负电）靠近时相互排斥，则可推断梳子与橡胶棒带　 　种电荷，梳子在摩擦过程中　 　（选填“得到”或“失去”）电子。
16．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一款磁吸式数据线，线体可以和不同型号的磁性充电头吸附对接，达到一线多头的使用效果，线体和磁性充电头吸附的原理是　 　（选填“同名”或“异名”）磁极互相吸引；在给手机充电时，手机电池相当于　 　（选填“电源”或“用电器”）。
17．（2026九下·青秀开学考）试电笔可以用来判断火线和零线。如图所示，持笔方式正确的是　 　（选填“甲”或“乙”）；小丽在家里开着空调看电视，当妈妈把电饭锅插头插进插座时，家里的自动空气开关几分钟就“跳闸”了。“跳闸”的原因可能是电路中用电器的　 　过大（选填“总功率”或“总电阻”）
18．（2026九下·青秀开学考）如图所示，A、B是质量分布均匀的柱形物体，A的高度是20cm。现沿水平方向切去高度为的部分，将切去部分竖直正放在水平面上时，对水平面的压强为，其中与切去部分的高度的关系如图乙所示，则未切割前B的高度　 　cm。若A、B的密度之比，底面积之比，剩余部分对水平面的压强为，若要使得，则需要切掉的高度　 　cm。
四、作图题（本大题共1小题，共6分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
19．（2026九下·青秀开学考）作图
（1）如图所示，请画出苹果所受重力的示意图。（重心O已标出）
（2）如图所示，一束光线AO射向镜面。请画出反射光线，并标出反射角的度数。
（3）请根据下面的实物图，在框内画出对应的电路图。
五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。）
20．（2026九下·青秀开学考）如图所示是“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验，将钢球从同一斜面上由静止释放，推动木块在长木板上水平移动一段距离。先后完成甲、乙、丙所示的三次实验。
（1）实验中探究的是　 　（选填“钢球”或“木块”）的动能；实验过程中动能大小是通过　 　来反映的；
（2）若要探究动能与速度的关系，应选取　 　两次实验进行比较；
（3）分析甲和丙的实验现象，可得出结论：其他条件一定时，物体的质量越大，动能越　 　；生活中可以用该结论来说明汽车行驶时不能　 　（选填“超速”或“超载”）。
21．（2026九下·青秀开学考）（1）如图，是给某物质加热时，其温度随时间变化的关系图像，由图像可知，第10min时，该物质处于　 　（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态；根据图像可总结出该物质熔化过程的特点是：持续吸热，温度　 　。
（2）如图所示是“测量小车的平均速度”实验装置，实验中应使斜面保持较　 　（选填“大”或“小”）的坡度；，，小车到达A、B、C三处的时刻如图所示，小车在BC段的平均速度为　 　m/s。
（3）小明利用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”，装置如图所示，请回答下列问题：
①实验中将平面F型光源、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，调节它们的高度，让三者的中心大致在　 　。
②如果将图中F形光源移动到光具座的45cm刻度处，凸透镜位置不变，然后移动光屏，则光屏上会　 　（选填序号）。
A.得不到像 B.得到倒立等大的像 C.得到倒立缩小的像 D.得到倒立放大的像
22．（2026九下·青秀开学考）实验小组进行“探究电流与电阻的关系”的实验，器材有：电源（电压恒定）、定值电阻若干个、滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）将甲图的电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大；
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是定值电阻　 　；
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为；将5Ω电阻换成10Ω，为使电压表示数仍为，应向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片；
（4）调整器材并完成实验，将所得数据再次描点作图，发现电流与电阻关系如图乙所示，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成　 　。
（5）实验结束后，应先　 　开关，再拆除导线。在整理器材时，小组成员突然发现电压表指针位置如图丙所示，说明前面实验时遗漏的实验操作是　 　。遗漏的这一步骤是否影响第（4）问中的实验结论，请写“是”或“否”并说明理由：　 　。
23．（2026九下·青秀开学考）小明想利用学过的密度知识测量厨房里白醋和绿豆的密度。
（1）测量白醋的密度步骤如下：
①将托盘天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，使横梁水平平衡。
②用天平称出空玻璃杯的质量为20g。
③往玻璃杯中倒入适量白醋，将装白醋的玻璃杯放在左盘，向右盘加减砝码使天平平衡。天平平衡时所用砝码和游码的位置如图乙所示，则杯和白醋的总质量为　 　g。
④将玻璃杯中的白醋全部倒入量筒中，如图丙所示，量筒中白醋的体积是　 　。测出白醋的密度是　 　，这样测出白醋的密度偏　 　。
（2）测量绿豆的密度步骤如下：
①用一个小矿泉水瓶装满水，使水面与瓶口齐平，用天平测出瓶和水的总质量为。
②把矿泉水瓶中的水倒出一小部分后，再次测出瓶和水的总质量为。
③用碗装一些绿豆，测出碗和绿豆的总质量为。
④把碗中的绿豆慢慢倒入瓶中，直至　 　，测出此时碗和剩余绿豆的总质量为。
⑤已知水的密度为，则绿豆密度的表达式为　 　。（用测量的已知量和来表达）
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）
24．（2026九下·青秀开学考）为了减少病毒传染，学校利用过氧乙酸气体对教室进行消毒。某兴趣小组设计了一个简易检测仪，检测教室空气中过氧乙酸气体的浓度，其电路原理如图甲所示。电源电压恒为12V，是阻值为20Ω的定值电阻，过氧乙酸气体传感器的阻值随过氧乙酸气体浓度ρ的变化关系如图乙所示。
（1）传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而　 　。
（2）未消毒时（即过氧乙酸气体的浓度为0），电路中的电流为多少？
（3）某次消毒后对过氧乙酸气体的浓度进行检测时，电压表示数为8V，请通过计算判断该次消毒为不合格、合格还是超标。消毒标准如下。
不合格 合格 超标
25．（2026九下·青秀开学考）如图甲，边长为20cm的薄壁正方体容器（质量不计）放在水平桌面上，将质地均匀的质量为18000g，横截面积为，高度为10cm，体积为的实心圆柱体竖直放在容器底部。现向容器内缓慢注入水，圆柱体始终直立，圆柱体对容器底部的压力与注入水的质量关系如图乙所示，。求：
（1）圆柱体的密度；
（2）水深为10cm时，圆柱体受到的浮力；
（3）图乙中纵坐标上的大小；
（4）当水对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为时，容器内水的质量。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】热量的概念；电流和电流的单位换算；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】根据物理常识可知，电流的单位是安培，电压的单位是伏特，电阻的单位是欧姆，热量的常用单位是焦耳，故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】根据常见物理量单位的知识分析判断。
2．【答案】B
【知识点】响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的响度小。ACD不符合题意；B符合题意；
故答案为：B。
【分析】乐音的三个特征：音调、响度、音色.(1)音调：是指声音的高低，它与发声体的频率有关系.(2)响度：是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系.（3）不同物体声有别，音色不同来辨别.发声体的材料和结构不同发出的声音的音色不同.
3．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；蒸发及其现象；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】在炎热的夏天温度很高，冰由固态变成液态发生熔化现象，这个过程要吸热，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
4．【答案】B
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】近视眼的晶状体太厚，导致远处物体的像成在视网膜前方，则甲为近视眼。
要使像后移到视网膜上，需要使光线发散，因此矫正近视眼要佩戴凹透镜，故选丁。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据近视眼的成因和矫正方法分析判断。
5．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．日食属于光的直线传播，是月球运动到太阳和地球中间，挡住了沿直线传播的太阳光而形成的现象，故A不符合题意；
B．水中的倒影原理是光的反射，属于平面镜成像，故B符合题意；
C．皮影戏是光的直线传播形成的，是光线照不到的黑色区域，故C不符合题意；
D．小孔成像，是光的直线传播形成的，成的是物体倒立的像，故D不符合题意。
故选B。
【分析】当光传播的过程中遇到不透明的物体时，会改变传播方向在原来介质中继续传播，这就是光的反射现象，据此分析判断。
6．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】当加油机和战斗机共同飞过天安门时， 若加油机的飞行员看到后方的战斗机是静止的，则该飞行员选择的参照物相对他的位置保持不变。
此时飞行员相对加油机的位置保持不变，而相对城楼、白云和官兵的的位置不断改变，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置不断改变。
7．【答案】C
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】根据题意可知，当向两只纸船之间喷水时，两船之间水的流速变大而压强变小，而两船外侧的水基本处于静止状态，流速较小而压强较大。这个压强差会产生一个向内的推力，使得两只纸船向中间靠拢，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】 根据流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
8．【答案】A
【知识点】地磁场；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据题意可知，破壁机的主要结构为电动机，其利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理分析。
A．闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受到力的作用而运动，为电动机的工作原理，故A符合题意；
B．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C．两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引的铁屑多，说明电磁铁磁性的大小与线圈匝数有关，故C不符合题意；
D．悬挂的磁体静止时指向南北，说明地球周围存在磁场，故D不符合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理，然后于破壁机的工作原理对照即可。
9．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据题意可知，插头连接处与别处串联，则通过的电流和通电时间相等，根据可知，插头连接处产生的热量较多，说明接触处的电阻变大，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据电阻串联，以及焦耳定律分析判断即可。
10．【答案】B
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．货物对机器人的压力方向竖直向下，货物受到的重力作用的方向也是竖直向下的，即二者方向相同，不是一对平衡力，故A错误；
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力都作用在货物上，二者大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对平衡力，故B正确；
C．机器人对货物的支持力等于货物的重力，和机器人受到的重力大小不相等，不是一对相互作用力，故C错误；
D．货物对机器人的压力等于货物的重力，地面对机器人的支持等于机器人和货物的总重力，即二者大小不同，不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】AB.平衡力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，在同一物体上；
CD.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，在不同物体上。
11．【答案】A,B
【知识点】杠杆的分类；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】A.根据功的原理，使用任何机械都不省功，即 图乙中的滑轮不省功，故A正确；
B.图甲中的滑轮为定滑轮，本质上动力臂和阻力臂都等于滑轮的半径，相当于等臂杠杆，故B正确；
CD.图甲中的滑轮为定滑轮，不省力不费力。图乙中滑轮是动滑轮，能省力，即乙更省力，但是不能改变力的方向，故CD错误。
故选AB。
【分析】A.根据功的原理判断；
B.根据定滑轮的本质判断；
CD.根据动滑轮的特点分析判断。
12．【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AB．根据图片可知，R0和光敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当有烟雾遮挡射向R的激光时，光照强度减弱，则光敏电阻R的阻值增大。根据R总=R+R0可知，电路的总电阻增大。根据欧姆定律可知，电流表的示数变小。电源电压不变，根据可知，电路的总功率变小，故A错误，B正确；
C．根据题意可知，报警电流I不变时，由可知，若减小电源电压U，则电路中的总电阻减小。根据R总=R+R0可知，则光敏电阻R的阻值减小，此时光照强度较强，即烟雾的浓度降低，故C正确；
D．综上所述，报警时电路总电阻不变，若减小R0的阻值，则R阻值变大，光照强度减弱，即烟雾的浓度升高，故D错误。
故选BC。
【分析】 由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
aB.根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化，根据P=UI可知电路的总功率变化；
CD.提高电源电压或增大R0的阻值时，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化，再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系。
13．【答案】扩散；剧烈
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】（1）我们闻到染料的气味，属于扩散现象，本质上是染料分子在空气中不停地做无规则运动。
（2）夏天这种扩散现象会特别明显，是因为夏天温度高，分子的无规则运动越剧烈。
【分析】（1）不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
（2）根据分子运动和温度的关系分析。
14．【答案】内；比热容
【知识点】能量的转化或转移；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】（1） 北方的冬天，供暖依靠燃气，燃气本身含有化学能，通过燃烧的方式将化学能转化为内能。
（2）水具有较大的比热容，则降低相同的温度时会放出更多的热量，具有很好的供热效果，因此 家庭供暖利用水的比热容大的特性。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
15．【答案】同；得到
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】 摩擦过的梳子与毛皮摩擦过的橡胶棒（带负电）靠近时相互排斥， 根据“同种电荷相互排斥”的规律可知，二者带同种电荷，即梳子带负电，即梳子在摩擦过程中得到电子。
【分析】根据电荷之间的相互作用规律，结合摩擦起电的本质分析解答。
16．【答案】异名；用电器
【知识点】电源及其能量转化；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）根据“异名磁极相互吸引”的规律可知，线体与磁性充电头通过异名磁极的吸引力实现吸附。
（2）给手机充电时，手机电池把电能转化为其他形式的能量，即电池消耗电能，相当于用电器。
【分析】（1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
17．【答案】乙；总功率
【知识点】测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】（1）为了保证测电笔正常工作，则使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，因此持笔方式正确的是乙。
（2）“跳闸”的原因肯定是电路电流过大，根据可知，家庭电路电压U一定，应该是用电器的总功率P过大。
【分析】（1）根据测电笔的使用方法分析；
（2）“跳闸”的原因肯定是电路电流过大，根据分析判断。
18．【答案】20；8
【知识点】压强的大小及其计算；固体横切问题
【解析】【解答】根据乙图可知，当切割高度＜20cm，即高度小于0.2m时，p1满足正比例函数关系，
故此时切割的是柱体B，
根据有：4000Pa=ρB×10N/kg×0.2m；解得：ρB=2000kg/m3。
由图像知，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为4：1，高度之比为1：1，故体积之比4：1；
由因为密度之比为1：4，故根据m=ρV得到质量之比为1：1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1：1，因此压力1：1，又由于面积比4：1，根据得A和B压强比1：4，即p1＞p2；故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比4：1，根据F=pS和压强相等得两者压力比为4：1即质量比为4：1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的，
又因为A和B质量相等，假设mA=mB=m，则总质量为2m，B的质量为×2m，高度也是，Δh=×20cm=8cm。
【分析】 根据乙图可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；重力示意图；根据实物图画电路图
【解析】【解答】（1）根据题意可知，苹果受到重力作用点在重心O上，方向是竖直向下的，如下图所示：
（2）根据图片可知，入射光线AO与镜面夹角为30°，则入射角为90°-30°=60°；
根据“反射角=入射角”可知，此时反射角为60°，如下图所示：
（3）根据图片可知，灯泡L1和L2串联，开关S在靠近正极一侧，电压表测L1的两端电压，如下图所示：
【分析】（1）首先确定苹果受到重力的作用点和方向，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）入射光线与镜面的夹角和入射角的和恰好为90°，然后根据“反射角=入射角”计算反射角大小，并完成作图即可；
（3）根据实物图确定电器元件的串并联关系，以及电表所测的物理量，据此画出对应的电路图即可。
（1）重力的方向是竖直向下的，作用点在重心O，据此作图如下：
（2）已知入射光线AO与镜面夹角为30°，则入射角为90°-30°=60°
根据光的反射定律可知，反射角=入射角=60°，故可画如图所示的反射光线，如图所示：
（3）实物图中，灯泡L1和L2串联，开关S控制整个电路，电压表测L1的两端电压，将电源、L1、L2、S依次连接，可得如图：
20．【答案】（1）钢球；小木块移动的距离大小
（2）甲、乙
（3）大；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）在“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验中，让钢球从斜面上滑下撞击木块，木块在水平面上移动时克服摩擦力做功，则通过小木块移动的距离大小来反映钢球的动能大小的。
（2）根据控制变量法的要求可知，若要探究动能与速度的关系，需要控制钢球的质量相同，只改变钢球到达水平面时的速度，即它在斜面上的高度不同，故选甲、乙两次实验。
（3）根据图片可知，甲和丙中小球在斜面上释放时的高度相同，到达水平面时的速度相同，丙中小球质量较大，推动木块运动的距离较远，可得结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。
为了避免汽车动能太大，需要限制车辆的重力，故可以说明汽车行驶时不能超载。
【分析】（1）让钢球从斜面上滑下撞击木块，木块在水平面上移动时克服摩擦力做功，则木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，则钢球动能越大；
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）根据实验甲和丙确定动能大小与质量的关系，进而确定汽车行驶时限速还是限重即可。
（1）[1][2]实验中探究的是钢球的动能，因为实验是让钢球从斜面上滑下撞击木块，研究的是钢球的动能变化。动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这是转换法的应用：钢球动能越大，对木块做的功越多，木块移动的距离就越远。
（2）若要探究动能与速度的关系，需要控制钢球的质量相同，改变钢球到达水平面时的速度。甲、乙两次实验中，钢球的质量相同，下滑的高度不同（高度越高，钢球到达水平面的速度越大），所以应选取甲、乙两次实验进行比较。
（3）[1][2]分析比较甲和丙两组实验，小球在斜面上释放时的高度相同，到达水平面时的速度相同，丙中小球质量较大，推动木块运动的距离较远，可得结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。因而车辆必须限重，保证动能不过大，故可以说明汽车行驶时不能超载。
21．【答案】（1）固液共存；不变
（2）小；1
（3）同一高度；A
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；凸透镜成像规律及其探究实验；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）①根据图像可知，该物质在5-15min内保持温度不变，则第处于熔化过程中，为固液共存状态。
②根据图像可知，此物质在熔化过程中持续吸热，温度保持不变。
（2）①在实验过程中，斜面坡度越小，小车下滑的速度越小，则运动时间会更长，所以为测量时间方便，实验中应使斜面保持较小的坡度。
②根据图片可知，BC段的路程等于AC段路程和AB段路程的差，即，
所用时间，
则BC段的平均速度为。
（3）①在“探究凸透镜成像规律”的实验中，为了使像成在光屏中央，应调节F型光源、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度。
②根据图片可知，将F型光源移动到光具座的刻度处，此时物距
则此时成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，因此光屏上会得不到像，
故选A。
【分析】（1）①根据图片确定第10min时该物质所处的状态；
②根据图像确定该物质熔化时的温度变化规律。
（2）①在实验过程中，斜面坡度越小，小车下滑的速度越小，则运动时间会更长；
②BC段的路程等于AC段路程和AB段路程的差，根据图片确定BC段的时间，最后根据计算BC段的平均速度。
（3）①根据探究凸透镜成像规律的实验的注意事项解答；
②根据图片确定此时的物距，然后与焦距比较，从而确定成像特点即可。
（1）[1]分析图像可得，该物质在第开始熔化，第时完全熔化，所以第处于熔化中，为固液共存状态。
[2]根据图像可知，此物质在熔化过程中持续吸热，温度保持55℃不变，所以此物质是晶体，熔点为55℃。
（2）[1]斜面坡度越大，小车沿斜面向下运动越快，计时会越困难，所以为测量时间方便，减小时间测量产生的误差，实验中应使斜面保持较小的坡度。
[2]由图可得BC段的路程，所用时间
则BC段的平均速度为
（3）[1]为了使像成在光屏中央，应调节F型光源、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度。
[2]图中，若保持凸透镜位置不变，将F型光源移动到光具座的刻度处，此时物距
根据凸透镜成像规律可知此时成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，因此光屏上会得不到像，故选A。
22．【答案】（1）
（2）短路
（3）右
（4）反比
（5）断开；电压表调零；在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论，因此不影响步骤（4）中的结论的得出。
【知识点】电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大。此时滑片左侧的长度变长，右侧变短，则应将滑动变阻器的A接线柱接入电路，如下图所示：
（2） 闭合开关，移动滑片， 此时电流表有示数，说明电路是通路。电压表无示数，而电流还从电压表的位置经过，那么只能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）将 5Ω 电阻换成 10Ω 电阻后，定值电阻的阻值变短，根据串联分压原理可知，定值电阻两端电压会升高。根据U总=U1+U2可知，此时要增大变阻器分担的电压。根据串联电路的分压规律可知，需要增大滑动变阻器接入的电阻，因此应向右移动滑片。
（4）根据乙图可知，图像为一条双曲线，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
（5）①实验结束后，为了避免电路时通时断烧毁用电器，应先断开开关，再拆除导线。
② 如图丙所示， 电压表指针未指在零刻度线，说明实验时没有对电压表调零。
③在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论，因此不影响步骤（4）中的结论的得出。
【分析】 （1）滑动变阻器接线“一上一下”，根据滑片的移动方向和阻值变化确定选择的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和性质；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；
（4）由图乙可知，每个点对应的电流和电阻的乘积为一定值，据此得出结论；
（5）①根据电路连接的注意事项解答。
②观察图丙电压表指针未指在零刻度线，说明前面实验时遗漏了电压表调零的操作。
③因为在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，据此判断是否会影响“电流与电阻成反比”的结论。
（1）要使滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，应将滑动变阻器的A接线柱接入电路，与定值电阻串联。电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中。如图所示：
（2）电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表被短路，因此故障可能是定值电阻短路。
（3）将 5Ω 电阻换成 10Ω 电阻后，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会升高。为使电压表示数仍为U0，需要增大滑动变阻器接入的电阻，以分担更多电压。因此应向右移动滑片。
（4）由图乙可知，将个点的数据相乘，乘积是定值为2V保持不变，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
（5）[1]实验结束后，为保护电路以防触电，应先断开开关，再拆除导线。
[2]电压表指针未指在零刻度线，说明前面实验时遗漏了电压表调零的操作。
[3]否。因为在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论。
23．【答案】（1）右；62；40；1.05；大
（2）水面与瓶口齐平；
【知识点】固体密度的测量；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，天平的指针左偏，说明天平的左侧重右侧轻，则应向右调节平衡螺母。
③根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为：50g+10g=60g，
则玻璃杯和白醋的总质量；
④根据丙图可知，量筒的分度值2mL，则倒入量筒中的白醋的体积；
量筒中白醋的质量；
则白醋的密度。
根据实验过程可知，把白醋从烧杯倒入量筒时，烧杯内壁会残留部分白醋，导致测量的白醋体积偏小，根据公式可知，这样测出白醋的密度偏大。
（2）④根据题意可知，把碗中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口齐平， 测出此时碗和剩余绿豆的总质量为。
⑤此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，即；
则放入瓶中绿豆的质量；
则绿豆的密度。
【分析】（1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③图乙中玻璃杯和白醋的质量总质量等于砝码的质量加游码的示数；
④图丙中，量筒的分度值已知，可知倒入白醋的体积，量筒中白醋的质量等于玻璃杯和白醋的总质量减去玻璃杯的质量，根据计算白醋的密度；
为了避免将玻璃杯中的白醋倒入量筒，玻璃杯壁留有残液，使测量的白醋的体积偏低，据此分析对测出白醋密度的影响。
（2）④把确中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口平齐，这样放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积；
⑤此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，放入瓶中绿豆的质量等于确和绿豆的总质量减去剩下的绿豆和确的质量，由密度公式求出绿豆的密度。
（1）[1]图甲中，将天平放在水平桌面上，指针左偏，应向右调节平衡螺母，直到天平平衡。
[2]图乙中，标尺的分度值为0.2g，则玻璃杯和白醋的总质量
[3]图丙中，量筒的分度值2mL，倒入量筒中的白醋的体积
[4]量筒中白醋的质量
则白醋的密度
[5]把白醋从烧杯倒入量筒时，烧杯内壁会残留部分白醋，导致测量的白醋体积偏小，根据，这样测出白醋的密度偏大。
（2）[1][2]把碗中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口齐平，此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，即
则放入瓶中绿豆的质量
则绿豆的密度
24．【答案】（1）减小
（2）解：根据甲图可知，传感器Rt与定值电阻R0串联，电压表测R0的电阻。
根据乙图可知，未消毒时，过氧乙酸气体的浓度为零，此时传感器电阻，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
答： 电路中的电流为0.15A 。
（3）解：当电压表的示数为8V时，此时电路中的电流为；
此时传感器Rt两端的电压为；
此时传感器Rt的阻值为；
由图乙可知，对应的过氧乙酸气体浓度。
根据消毒标准，为合格，
所以该次消毒合格。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而减小。
【分析】 （1）根据乙图分析传感器R1的阻值随过氧乙酸气体的浓度的变化规律。
（2）当教室内空气没有消毒（即过氧乙酸气体的浓度为零）时，从图中可知过氧乙酸气体传感器Rt的阻值，根据计算此时的总电阻，根据计算此时的电流；
（3）电压表的示数为8V，根据欧姆定律可知电路中的电流，根据串联电路的电压特点可知Rt两端的电压，根据欧姆定律可知过氧乙酸气体传感器Rt的阻值，从图中可知过氧乙酸气体浓度，进而判断该次消毒为不合格、合格还是超标。
（1）由图乙可知，图像是一条下降的曲线，横坐标表示过氧乙酸气体浓度ρ，纵坐标表示传感器电阻Rt。当浓度ρ增大时，对应的电阻Rt减小。因此，传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而减小。
（2）由电路图甲可知，传感器Rt与定值电阻R0串联。未消毒时，过氧乙酸气体的浓度为零，由图乙可知，此时传感器电阻，根据串联电路电阻规律，电路中的总电阻为
电路中的电流为
（3）电压表测量R0两端的电压，当时，此时电路中的电流为
根据串联电路电压特点，传感器Rt两端的电压为
此时传感器Rt的阻值为
由图乙可知，对应的过氧乙酸气体浓度。根据消毒标准，为合格，所以该次消毒合格。
25．【答案】（1）解：根据题意可知，该圆柱体的体积为；
则圆柱体的密度为。
答：圆柱体的密度为9×103kg/m3。
（2）解：根据题意可知，该圆柱体的高度，
则当水深时，圆柱体恰好完全浸没在水中。
此时圆柱体排开水的体积等于其自身的体积，即，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，圆柱体受到的浮力为。
答： 水深为10cm时，圆柱体受到的浮力为20N 。
（3）解：根据题意可知，当圆柱体完全浸没后，其受到的浮力达到最大值且保持不变，此时它对容器底部的压力也恒定不变，
即圆柱体完全浸没时受到的浮力，
此时圆柱体的重力，
根据平衡力的知识可知：；
所以容器底对圆柱体的支持力为；
根据力的作用是相互的，圆柱体对容器底部的压力F1等于支持力N，即。
答： 图乙中纵坐标上为160N 。
（4）解：设此时容器内水的质量为，水的深度为，
水对容器底部的压强为，
容器对桌面的总压力等于圆柱体和水的总重力（容器质量不计）
容器对桌面的压强为；
根据题意，，即，则；
两边消去g，得①
当注入水的质量为2kg时，水深为0.1m。若，则水深，圆柱体已完全浸没。此时水的体积等于圆柱体浸没部分周围的体积加上圆柱体上方水的体积
又因为，所以②
联立①②解得：
所以水深的假设成立，因此容器内水的质量为6kg。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh计算圆柱体的体积，根据密度公式计算物体密度；
（2）根据浸入的深度确定此时圆柱体排开水的体积，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算浮力大小；
（3）图乙中纵坐标上F1的就是刚好完全浸没时圆柱体对底部的压力，由题可知圆柱体的底面积和高度，从而得出圆柱体的体积，已知正方体容器的边长，可求出其底面积S容，再求出圆柱体刚好浸没时液体的体积，由图2可知，圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg，根据阿基米德原理求出当圆柱体刚被浸没时它受到的浮力，根据受力分析计算F1；
（4）由（3）知圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg；
当注入液体质量小于或等于2kg时，表示出容器中液体的深度，根据液体压强公式得出液体对容器底部的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，从而得出容器对桌面的压强，由已知条件得出液体的质量，与2kg比较，不符合题意，舍去；即注入液体的深度大于10cm，因液体体积与圆柱体体积之和等于容器底面积乘以液体的深度，即V水+V0=S容h'，且根据V=Sh可得液体的体积，从而得出此时液体的深度，根据液体压强公式得出容器底部受到液体的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，根据压强公式得出容器对桌面的压强，由液体对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3，列方程求出液体的质量。
（1）由题可知，圆柱体的质量，横截面积
高度
圆柱体的体积为
圆柱体的密度为
（2）已知圆柱体的高度
当水深时，圆柱体恰好完全浸没在水中（圆柱体的密度大于水的密度）。此时，圆柱体排开水的体积等于其自身的体积，即
圆柱体受到的浮力为
（3）图乙中，F表示圆柱体对容器底部的压力。当圆柱体完全浸没后，其受到的浮力达到最大值且保持不变，此时它对容器底部的压力也恒定不变，圆柱体的重力
圆柱体完全浸没时受到的浮力。圆柱体静止在容器底部，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和容器底的支持力的作用，三力平衡，即
所以，容器底对圆柱体的支持力为
根据力的作用是相互的，圆柱体对容器底部的压力F1等于支持力N，即
（4）设此时容器内水的质量为，水的深度为。水对容器底部的压强为，
容器对桌面的总压力等于圆柱体和水的总重力（容器质量不计）
容器对桌面的压强为
根据题意，，即，则
两边消去g，得①
当注入水的质量为2kg时，水深为0.1m。若，则水深，圆柱体已完全浸没。此时水的体积等于圆柱体浸没部分周围的体积加上圆柱体上方水的体积
又因为，所以②
联立①②解得
所以水深的假设成立，因此，容器内水的质量为6kg。
1 / 1广西南宁市天桃实验学校2025-2026学年九年级下学期开学物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2026九下·青秀开学考）焦耳是某个物理量的单位，该物理量是（　　）
A．电流 B．电压 C．电阻 D．热量
【答案】D
【知识点】热量的概念；电流和电流的单位换算；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】根据物理常识可知，电流的单位是安培，电压的单位是伏特，电阻的单位是欧姆，热量的常用单位是焦耳，故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】根据常见物理量单位的知识分析判断。
2．（2026九下·青秀开学考）“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
【答案】B
【知识点】响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的响度小。ACD不符合题意；B符合题意；
故答案为：B。
【分析】乐音的三个特征：音调、响度、音色.(1)音调：是指声音的高低，它与发声体的频率有关系.(2)响度：是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系.（3）不同物体声有别，音色不同来辨别.发声体的材料和结构不同发出的声音的音色不同.
3．（2026九下·青秀开学考）炎热的夏天，在房屋内放置冰块可以起到降低室温的作用。主要是利用冰的（　　）
A．熔化吸热 B．凝固放热 C．蒸发吸热 D．凝华放热
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；蒸发及其现象；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】在炎热的夏天温度很高，冰由固态变成液态发生熔化现象，这个过程要吸热，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
4．（2026九下·青秀开学考）保护视力，人人有责，下图中能正确表示近视眼及其矫正的是（　　）
A．甲、丙 B．甲、丁 C．乙、丙 D．乙、丁
【答案】B
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】近视眼的晶状体太厚，导致远处物体的像成在视网膜前方，则甲为近视眼。
要使像后移到视网膜上，需要使光线发散，因此矫正近视眼要佩戴凹透镜，故选丁。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据近视眼的成因和矫正方法分析判断。
5．（2026九下·青秀开学考）光现象千变万化，下列现象中属于光的反射的是（　　）
A．日食
B．倒影
C．皮影戏
D．小孔成像
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．日食属于光的直线传播，是月球运动到太阳和地球中间，挡住了沿直线传播的太阳光而形成的现象，故A不符合题意；
B．水中的倒影原理是光的反射，属于平面镜成像，故B符合题意；
C．皮影戏是光的直线传播形成的，是光线照不到的黑色区域，故C不符合题意；
D．小孔成像，是光的直线传播形成的，成的是物体倒立的像，故D不符合题意。
故选B。
【分析】当光传播的过程中遇到不透明的物体时，会改变传播方向在原来介质中继续传播，这就是光的反射现象，据此分析判断。
6．（2026九下·青秀开学考）如图是加油机和战斗机共同飞过天安门的场景。若加油机的飞行员看到后方的战斗机是静止的，则该飞行员选择的参照物是（　　）
A．加油机 B．天安门城楼
C．天上的白云 D．广场上的受阅官兵
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】当加油机和战斗机共同飞过天安门时， 若加油机的飞行员看到后方的战斗机是静止的，则该飞行员选择的参照物相对他的位置保持不变。
此时飞行员相对加油机的位置保持不变，而相对城楼、白云和官兵的的位置不断改变，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置不断改变。
7．（2026九下·青秀开学考）如图所示，两只小纸船浮在水面上，将注射器吸满水，通过塑料管在水面下向两纸船之间喷水，这时两只纸船向中间靠拢，这是因为两船之间的（　　）
A．液体流速小，压强大 B．液体流速大，压强大
C．液体流速大，压强小 D．液体流速小，压强小
【答案】C
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】根据题意可知，当向两只纸船之间喷水时，两船之间水的流速变大而压强变小，而两船外侧的水基本处于静止状态，流速较小而压强较大。这个压强差会产生一个向内的推力，使得两只纸船向中间靠拢，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】 根据流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
8．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一款破壁机，通电后可以带动刀片转动粉碎食物，破壁机的工作原理与下列实验装置原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】地磁场；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据题意可知，破壁机的主要结构为电动机，其利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理分析。
A．闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受到力的作用而运动，为电动机的工作原理，故A符合题意；
B．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C．两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引的铁屑多，说明电磁铁磁性的大小与线圈匝数有关，故C不符合题意；
D．悬挂的磁体静止时指向南北，说明地球周围存在磁场，故D不符合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理，然后于破壁机的工作原理对照即可。
9．（2026九下·青秀开学考）如果插头与插座接触不牢，容易导致接触处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。接触处更容易发热的原因是（　　）
A．插座没接地线 B．没安装空气开关
C．接触处的电阻变大 D．接触处的电流比别处大
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据题意可知，插头连接处与别处串联，则通过的电流和通电时间相等，根据可知，插头连接处产生的热量较多，说明接触处的电阻变大，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据电阻串联，以及焦耳定律分析判断即可。
10．（2026九下·青秀开学考）科技推动社会发展。如图为机器人在水平匀速向前搬运货物的情景，下列说法正确的是（　　）
A．货物对机器人的压力和货物受到的重力是一对平衡力
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力是一对平衡力
C．机器人对货物的支持力和机器人受到的重力是一对相互作用力
D．货物对机器人的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力
【答案】B
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．货物对机器人的压力方向竖直向下，货物受到的重力作用的方向也是竖直向下的，即二者方向相同，不是一对平衡力，故A错误；
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力都作用在货物上，二者大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对平衡力，故B正确；
C．机器人对货物的支持力等于货物的重力，和机器人受到的重力大小不相等，不是一对相互作用力，故C错误；
D．货物对机器人的压力等于货物的重力，地面对机器人的支持等于机器人和货物的总重力，即二者大小不同，不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】AB.平衡力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，在同一物体上；
CD.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，在不同物体上。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2026九下·青秀开学考）如图所示，用同一个滑轮按甲、乙两种方式提起同一个物体，不计滑轮重、绳重和摩擦，以下说法中正确的是（　　）
A．图乙中的滑轮不省功
B．图甲中的滑轮相当于一个等臂杠杆
C．图甲中的滑轮比图乙中的滑轮省力
D．图乙中滑轮的特点是可以改变力的方向
【答案】A,B
【知识点】杠杆的分类；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】A.根据功的原理，使用任何机械都不省功，即 图乙中的滑轮不省功，故A正确；
B.图甲中的滑轮为定滑轮，本质上动力臂和阻力臂都等于滑轮的半径，相当于等臂杠杆，故B正确；
CD.图甲中的滑轮为定滑轮，不省力不费力。图乙中滑轮是动滑轮，能省力，即乙更省力，但是不能改变力的方向，故CD错误。
故选AB。
【分析】A.根据功的原理判断；
B.根据定滑轮的本质判断；
CD.根据动滑轮的特点分析判断。
12．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一种火灾烟雾报警装置的电路图。R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小至某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变大
B．电路的总功率变小
C．减小电源电压，可使装置在较低浓度烟雾下就能报警
D．减小R0的阻值，可使装置在较低浓度烟雾下就能报警
【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AB．根据图片可知，R0和光敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当有烟雾遮挡射向R的激光时，光照强度减弱，则光敏电阻R的阻值增大。根据R总=R+R0可知，电路的总电阻增大。根据欧姆定律可知，电流表的示数变小。电源电压不变，根据可知，电路的总功率变小，故A错误，B正确；
C．根据题意可知，报警电流I不变时，由可知，若减小电源电压U，则电路中的总电阻减小。根据R总=R+R0可知，则光敏电阻R的阻值减小，此时光照强度较强，即烟雾的浓度降低，故C正确；
D．综上所述，报警时电路总电阻不变，若减小R0的阻值，则R阻值变大，光照强度减弱，即烟雾的浓度升高，故D错误。
故选BC。
【分析】 由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
aB.根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化，根据P=UI可知电路的总功率变化；
CD.提高电源电压或增大R0的阻值时，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化，再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系。
三、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。）
13．（2026九下·青秀开学考）蜡染是我国民间传统工艺，在蜡染工作过程中，我们会闻到染料的气味，这属于　 　现象，这种现象在夏天特别明显，原因是温度越高，分子的无规则运动越　 　。
【答案】扩散；剧烈
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】（1）我们闻到染料的气味，属于扩散现象，本质上是染料分子在空气中不停地做无规则运动。
（2）夏天这种扩散现象会特别明显，是因为夏天温度高，分子的无规则运动越剧烈。
【分析】（1）不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
（2）根据分子运动和温度的关系分析。
14．（2026九下·青秀开学考）北方的冬天，供暖主要是利用燃气燃烧过程中将化学能转化为　 　能，给水加热，热水再通过暖气系统为家庭供暖，这是利用水具有较大的　 　，降温时能放出更多的热量。
【答案】内；比热容
【知识点】能量的转化或转移；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】（1） 北方的冬天，供暖依靠燃气，燃气本身含有化学能，通过燃烧的方式将化学能转化为内能。
（2）水具有较大的比热容，则降低相同的温度时会放出更多的热量，具有很好的供热效果，因此 家庭供暖利用水的比热容大的特性。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
15．（2026九下·青秀开学考）若摩擦过的梳子与毛皮摩擦过的橡胶棒（带负电）靠近时相互排斥，则可推断梳子与橡胶棒带　 　种电荷，梳子在摩擦过程中　 　（选填“得到”或“失去”）电子。
【答案】同；得到
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】 摩擦过的梳子与毛皮摩擦过的橡胶棒（带负电）靠近时相互排斥， 根据“同种电荷相互排斥”的规律可知，二者带同种电荷，即梳子带负电，即梳子在摩擦过程中得到电子。
【分析】根据电荷之间的相互作用规律，结合摩擦起电的本质分析解答。
16．（2026九下·青秀开学考）如图所示是一款磁吸式数据线，线体可以和不同型号的磁性充电头吸附对接，达到一线多头的使用效果，线体和磁性充电头吸附的原理是　 　（选填“同名”或“异名”）磁极互相吸引；在给手机充电时，手机电池相当于　 　（选填“电源”或“用电器”）。
【答案】异名；用电器
【知识点】电源及其能量转化；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）根据“异名磁极相互吸引”的规律可知，线体与磁性充电头通过异名磁极的吸引力实现吸附。
（2）给手机充电时，手机电池把电能转化为其他形式的能量，即电池消耗电能，相当于用电器。
【分析】（1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
17．（2026九下·青秀开学考）试电笔可以用来判断火线和零线。如图所示，持笔方式正确的是　 　（选填“甲”或“乙”）；小丽在家里开着空调看电视，当妈妈把电饭锅插头插进插座时，家里的自动空气开关几分钟就“跳闸”了。“跳闸”的原因可能是电路中用电器的　 　过大（选填“总功率”或“总电阻”）
【答案】乙；总功率
【知识点】测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】（1）为了保证测电笔正常工作，则使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，因此持笔方式正确的是乙。
（2）“跳闸”的原因肯定是电路电流过大，根据可知，家庭电路电压U一定，应该是用电器的总功率P过大。
【分析】（1）根据测电笔的使用方法分析；
（2）“跳闸”的原因肯定是电路电流过大，根据分析判断。
18．（2026九下·青秀开学考）如图所示，A、B是质量分布均匀的柱形物体，A的高度是20cm。现沿水平方向切去高度为的部分，将切去部分竖直正放在水平面上时，对水平面的压强为，其中与切去部分的高度的关系如图乙所示，则未切割前B的高度　 　cm。若A、B的密度之比，底面积之比，剩余部分对水平面的压强为，若要使得，则需要切掉的高度　 　cm。
【答案】20；8
【知识点】压强的大小及其计算；固体横切问题
【解析】【解答】根据乙图可知，当切割高度＜20cm，即高度小于0.2m时，p1满足正比例函数关系，
故此时切割的是柱体B，
根据有：4000Pa=ρB×10N/kg×0.2m；解得：ρB=2000kg/m3。
由图像知，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为4：1，高度之比为1：1，故体积之比4：1；
由因为密度之比为1：4，故根据m=ρV得到质量之比为1：1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1：1，因此压力1：1，又由于面积比4：1，根据得A和B压强比1：4，即p1＞p2；故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比4：1，根据F=pS和压强相等得两者压力比为4：1即质量比为4：1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的，
又因为A和B质量相等，假设mA=mB=m，则总质量为2m，B的质量为×2m，高度也是，Δh=×20cm=8cm。
【分析】 根据乙图可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
四、作图题（本大题共1小题，共6分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
19．（2026九下·青秀开学考）作图
（1）如图所示，请画出苹果所受重力的示意图。（重心O已标出）
（2）如图所示，一束光线AO射向镜面。请画出反射光线，并标出反射角的度数。
（3）请根据下面的实物图，在框内画出对应的电路图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；重力示意图；根据实物图画电路图
【解析】【解答】（1）根据题意可知，苹果受到重力作用点在重心O上，方向是竖直向下的，如下图所示：
（2）根据图片可知，入射光线AO与镜面夹角为30°，则入射角为90°-30°=60°；
根据“反射角=入射角”可知，此时反射角为60°，如下图所示：
（3）根据图片可知，灯泡L1和L2串联，开关S在靠近正极一侧，电压表测L1的两端电压，如下图所示：
【分析】（1）首先确定苹果受到重力的作用点和方向，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）入射光线与镜面的夹角和入射角的和恰好为90°，然后根据“反射角=入射角”计算反射角大小，并完成作图即可；
（3）根据实物图确定电器元件的串并联关系，以及电表所测的物理量，据此画出对应的电路图即可。
（1）重力的方向是竖直向下的，作用点在重心O，据此作图如下：
（2）已知入射光线AO与镜面夹角为30°，则入射角为90°-30°=60°
根据光的反射定律可知，反射角=入射角=60°，故可画如图所示的反射光线，如图所示：
（3）实物图中，灯泡L1和L2串联，开关S控制整个电路，电压表测L1的两端电压，将电源、L1、L2、S依次连接，可得如图：
五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。）
20．（2026九下·青秀开学考）如图所示是“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验，将钢球从同一斜面上由静止释放，推动木块在长木板上水平移动一段距离。先后完成甲、乙、丙所示的三次实验。
（1）实验中探究的是　 　（选填“钢球”或“木块”）的动能；实验过程中动能大小是通过　 　来反映的；
（2）若要探究动能与速度的关系，应选取　 　两次实验进行比较；
（3）分析甲和丙的实验现象，可得出结论：其他条件一定时，物体的质量越大，动能越　 　；生活中可以用该结论来说明汽车行驶时不能　 　（选填“超速”或“超载”）。
【答案】（1）钢球；小木块移动的距离大小
（2）甲、乙
（3）大；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）在“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验中，让钢球从斜面上滑下撞击木块，木块在水平面上移动时克服摩擦力做功，则通过小木块移动的距离大小来反映钢球的动能大小的。
（2）根据控制变量法的要求可知，若要探究动能与速度的关系，需要控制钢球的质量相同，只改变钢球到达水平面时的速度，即它在斜面上的高度不同，故选甲、乙两次实验。
（3）根据图片可知，甲和丙中小球在斜面上释放时的高度相同，到达水平面时的速度相同，丙中小球质量较大，推动木块运动的距离较远，可得结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。
为了避免汽车动能太大，需要限制车辆的重力，故可以说明汽车行驶时不能超载。
【分析】（1）让钢球从斜面上滑下撞击木块，木块在水平面上移动时克服摩擦力做功，则木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，则钢球动能越大；
（2）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（3）根据实验甲和丙确定动能大小与质量的关系，进而确定汽车行驶时限速还是限重即可。
（1）[1][2]实验中探究的是钢球的动能，因为实验是让钢球从斜面上滑下撞击木块，研究的是钢球的动能变化。动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这是转换法的应用：钢球动能越大，对木块做的功越多，木块移动的距离就越远。
（2）若要探究动能与速度的关系，需要控制钢球的质量相同，改变钢球到达水平面时的速度。甲、乙两次实验中，钢球的质量相同，下滑的高度不同（高度越高，钢球到达水平面的速度越大），所以应选取甲、乙两次实验进行比较。
（3）[1][2]分析比较甲和丙两组实验，小球在斜面上释放时的高度相同，到达水平面时的速度相同，丙中小球质量较大，推动木块运动的距离较远，可得结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。因而车辆必须限重，保证动能不过大，故可以说明汽车行驶时不能超载。
21．（2026九下·青秀开学考）（1）如图，是给某物质加热时，其温度随时间变化的关系图像，由图像可知，第10min时，该物质处于　 　（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态；根据图像可总结出该物质熔化过程的特点是：持续吸热，温度　 　。
（2）如图所示是“测量小车的平均速度”实验装置，实验中应使斜面保持较　 　（选填“大”或“小”）的坡度；，，小车到达A、B、C三处的时刻如图所示，小车在BC段的平均速度为　 　m/s。
（3）小明利用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”，装置如图所示，请回答下列问题：
①实验中将平面F型光源、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，调节它们的高度，让三者的中心大致在　 　。
②如果将图中F形光源移动到光具座的45cm刻度处，凸透镜位置不变，然后移动光屏，则光屏上会　 　（选填序号）。
A.得不到像 B.得到倒立等大的像 C.得到倒立缩小的像 D.得到倒立放大的像
【答案】（1）固液共存；不变
（2）小；1
（3）同一高度；A
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；凸透镜成像规律及其探究实验；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）①根据图像可知，该物质在5-15min内保持温度不变，则第处于熔化过程中，为固液共存状态。
②根据图像可知，此物质在熔化过程中持续吸热，温度保持不变。
（2）①在实验过程中，斜面坡度越小，小车下滑的速度越小，则运动时间会更长，所以为测量时间方便，实验中应使斜面保持较小的坡度。
②根据图片可知，BC段的路程等于AC段路程和AB段路程的差，即，
所用时间，
则BC段的平均速度为。
（3）①在“探究凸透镜成像规律”的实验中，为了使像成在光屏中央，应调节F型光源、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度。
②根据图片可知，将F型光源移动到光具座的刻度处，此时物距
则此时成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，因此光屏上会得不到像，
故选A。
【分析】（1）①根据图片确定第10min时该物质所处的状态；
②根据图像确定该物质熔化时的温度变化规律。
（2）①在实验过程中，斜面坡度越小，小车下滑的速度越小，则运动时间会更长；
②BC段的路程等于AC段路程和AB段路程的差，根据图片确定BC段的时间，最后根据计算BC段的平均速度。
（3）①根据探究凸透镜成像规律的实验的注意事项解答；
②根据图片确定此时的物距，然后与焦距比较，从而确定成像特点即可。
（1）[1]分析图像可得，该物质在第开始熔化，第时完全熔化，所以第处于熔化中，为固液共存状态。
[2]根据图像可知，此物质在熔化过程中持续吸热，温度保持55℃不变，所以此物质是晶体，熔点为55℃。
（2）[1]斜面坡度越大，小车沿斜面向下运动越快，计时会越困难，所以为测量时间方便，减小时间测量产生的误差，实验中应使斜面保持较小的坡度。
[2]由图可得BC段的路程，所用时间
则BC段的平均速度为
（3）[1]为了使像成在光屏中央，应调节F型光源、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度。
[2]图中，若保持凸透镜位置不变，将F型光源移动到光具座的刻度处，此时物距
根据凸透镜成像规律可知此时成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，因此光屏上会得不到像，故选A。
22．（2026九下·青秀开学考）实验小组进行“探究电流与电阻的关系”的实验，器材有：电源（电压恒定）、定值电阻若干个、滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）将甲图的电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大；
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是定值电阻　 　；
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为；将5Ω电阻换成10Ω，为使电压表示数仍为，应向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片；
（4）调整器材并完成实验，将所得数据再次描点作图，发现电流与电阻关系如图乙所示，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成　 　。
（5）实验结束后，应先　 　开关，再拆除导线。在整理器材时，小组成员突然发现电压表指针位置如图丙所示，说明前面实验时遗漏的实验操作是　 　。遗漏的这一步骤是否影响第（4）问中的实验结论，请写“是”或“否”并说明理由：　 　。
【答案】（1）
（2）短路
（3）右
（4）反比
（5）断开；电压表调零；在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论，因此不影响步骤（4）中的结论的得出。
【知识点】电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大。此时滑片左侧的长度变长，右侧变短，则应将滑动变阻器的A接线柱接入电路，如下图所示：
（2） 闭合开关，移动滑片， 此时电流表有示数，说明电路是通路。电压表无示数，而电流还从电压表的位置经过，那么只能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）将 5Ω 电阻换成 10Ω 电阻后，定值电阻的阻值变短，根据串联分压原理可知，定值电阻两端电压会升高。根据U总=U1+U2可知，此时要增大变阻器分担的电压。根据串联电路的分压规律可知，需要增大滑动变阻器接入的电阻，因此应向右移动滑片。
（4）根据乙图可知，图像为一条双曲线，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
（5）①实验结束后，为了避免电路时通时断烧毁用电器，应先断开开关，再拆除导线。
② 如图丙所示， 电压表指针未指在零刻度线，说明实验时没有对电压表调零。
③在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论，因此不影响步骤（4）中的结论的得出。
【分析】 （1）滑动变阻器接线“一上一下”，根据滑片的移动方向和阻值变化确定选择的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和性质；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；
（4）由图乙可知，每个点对应的电流和电阻的乘积为一定值，据此得出结论；
（5）①根据电路连接的注意事项解答。
②观察图丙电压表指针未指在零刻度线，说明前面实验时遗漏了电压表调零的操作。
③因为在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，据此判断是否会影响“电流与电阻成反比”的结论。
（1）要使滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，应将滑动变阻器的A接线柱接入电路，与定值电阻串联。电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中。如图所示：
（2）电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表被短路，因此故障可能是定值电阻短路。
（3）将 5Ω 电阻换成 10Ω 电阻后，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会升高。为使电压表示数仍为U0，需要增大滑动变阻器接入的电阻，以分担更多电压。因此应向右移动滑片。
（4）由图乙可知，将个点的数据相乘，乘积是定值为2V保持不变，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
（5）[1]实验结束后，为保护电路以防触电，应先断开开关，再拆除导线。
[2]电压表指针未指在零刻度线，说明前面实验时遗漏了电压表调零的操作。
[3]否。因为在实验中，我们是通过调节滑动变阻器来保持定值电阻两端的电压U0不变，电压表的未调零是一个系统误差，它会使每次测量的电压值都偏移相同的量，从而保证了定值电阻两端的电压U0不变，不影响 “电流与电阻成反比” 的结论。
23．（2026九下·青秀开学考）小明想利用学过的密度知识测量厨房里白醋和绿豆的密度。
（1）测量白醋的密度步骤如下：
①将托盘天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，使横梁水平平衡。
②用天平称出空玻璃杯的质量为20g。
③往玻璃杯中倒入适量白醋，将装白醋的玻璃杯放在左盘，向右盘加减砝码使天平平衡。天平平衡时所用砝码和游码的位置如图乙所示，则杯和白醋的总质量为　 　g。
④将玻璃杯中的白醋全部倒入量筒中，如图丙所示，量筒中白醋的体积是　 　。测出白醋的密度是　 　，这样测出白醋的密度偏　 　。
（2）测量绿豆的密度步骤如下：
①用一个小矿泉水瓶装满水，使水面与瓶口齐平，用天平测出瓶和水的总质量为。
②把矿泉水瓶中的水倒出一小部分后，再次测出瓶和水的总质量为。
③用碗装一些绿豆，测出碗和绿豆的总质量为。
④把碗中的绿豆慢慢倒入瓶中，直至　 　，测出此时碗和剩余绿豆的总质量为。
⑤已知水的密度为，则绿豆密度的表达式为　 　。（用测量的已知量和来表达）
【答案】（1）右；62；40；1.05；大
（2）水面与瓶口齐平；
【知识点】固体密度的测量；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，天平的指针左偏，说明天平的左侧重右侧轻，则应向右调节平衡螺母。
③根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为：50g+10g=60g，
则玻璃杯和白醋的总质量；
④根据丙图可知，量筒的分度值2mL，则倒入量筒中的白醋的体积；
量筒中白醋的质量；
则白醋的密度。
根据实验过程可知，把白醋从烧杯倒入量筒时，烧杯内壁会残留部分白醋，导致测量的白醋体积偏小，根据公式可知，这样测出白醋的密度偏大。
（2）④根据题意可知，把碗中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口齐平， 测出此时碗和剩余绿豆的总质量为。
⑤此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，即；
则放入瓶中绿豆的质量；
则绿豆的密度。
【分析】（1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③图乙中玻璃杯和白醋的质量总质量等于砝码的质量加游码的示数；
④图丙中，量筒的分度值已知，可知倒入白醋的体积，量筒中白醋的质量等于玻璃杯和白醋的总质量减去玻璃杯的质量，根据计算白醋的密度；
为了避免将玻璃杯中的白醋倒入量筒，玻璃杯壁留有残液，使测量的白醋的体积偏低，据此分析对测出白醋密度的影响。
（2）④把确中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口平齐，这样放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积；
⑤此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，放入瓶中绿豆的质量等于确和绿豆的总质量减去剩下的绿豆和确的质量，由密度公式求出绿豆的密度。
（1）[1]图甲中，将天平放在水平桌面上，指针左偏，应向右调节平衡螺母，直到天平平衡。
[2]图乙中，标尺的分度值为0.2g，则玻璃杯和白醋的总质量
[3]图丙中，量筒的分度值2mL，倒入量筒中的白醋的体积
[4]量筒中白醋的质量
则白醋的密度
[5]把白醋从烧杯倒入量筒时，烧杯内壁会残留部分白醋，导致测量的白醋体积偏小，根据，这样测出白醋的密度偏大。
（2）[1][2]把碗中的绿豆慢慢放入瓶中，直到水面与瓶口齐平，此时放入瓶中绿豆的体积等于倒出水的体积，即
则放入瓶中绿豆的质量
则绿豆的密度
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）
24．（2026九下·青秀开学考）为了减少病毒传染，学校利用过氧乙酸气体对教室进行消毒。某兴趣小组设计了一个简易检测仪，检测教室空气中过氧乙酸气体的浓度，其电路原理如图甲所示。电源电压恒为12V，是阻值为20Ω的定值电阻，过氧乙酸气体传感器的阻值随过氧乙酸气体浓度ρ的变化关系如图乙所示。
（1）传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而　 　。
（2）未消毒时（即过氧乙酸气体的浓度为0），电路中的电流为多少？
（3）某次消毒后对过氧乙酸气体的浓度进行检测时，电压表示数为8V，请通过计算判断该次消毒为不合格、合格还是超标。消毒标准如下。
不合格 合格 超标
【答案】（1）减小
（2）解：根据甲图可知，传感器Rt与定值电阻R0串联，电压表测R0的电阻。
根据乙图可知，未消毒时，过氧乙酸气体的浓度为零，此时传感器电阻，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
答： 电路中的电流为0.15A 。
（3）解：当电压表的示数为8V时，此时电路中的电流为；
此时传感器Rt两端的电压为；
此时传感器Rt的阻值为；
由图乙可知，对应的过氧乙酸气体浓度。
根据消毒标准，为合格，
所以该次消毒合格。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而减小。
【分析】 （1）根据乙图分析传感器R1的阻值随过氧乙酸气体的浓度的变化规律。
（2）当教室内空气没有消毒（即过氧乙酸气体的浓度为零）时，从图中可知过氧乙酸气体传感器Rt的阻值，根据计算此时的总电阻，根据计算此时的电流；
（3）电压表的示数为8V，根据欧姆定律可知电路中的电流，根据串联电路的电压特点可知Rt两端的电压，根据欧姆定律可知过氧乙酸气体传感器Rt的阻值，从图中可知过氧乙酸气体浓度，进而判断该次消毒为不合格、合格还是超标。
（1）由图乙可知，图像是一条下降的曲线，横坐标表示过氧乙酸气体浓度ρ，纵坐标表示传感器电阻Rt。当浓度ρ增大时，对应的电阻Rt减小。因此，传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体的浓度增加而减小。
（2）由电路图甲可知，传感器Rt与定值电阻R0串联。未消毒时，过氧乙酸气体的浓度为零，由图乙可知，此时传感器电阻，根据串联电路电阻规律，电路中的总电阻为
电路中的电流为
（3）电压表测量R0两端的电压，当时，此时电路中的电流为
根据串联电路电压特点，传感器Rt两端的电压为
此时传感器Rt的阻值为
由图乙可知，对应的过氧乙酸气体浓度。根据消毒标准，为合格，所以该次消毒合格。
25．（2026九下·青秀开学考）如图甲，边长为20cm的薄壁正方体容器（质量不计）放在水平桌面上，将质地均匀的质量为18000g，横截面积为，高度为10cm，体积为的实心圆柱体竖直放在容器底部。现向容器内缓慢注入水，圆柱体始终直立，圆柱体对容器底部的压力与注入水的质量关系如图乙所示，。求：
（1）圆柱体的密度；
（2）水深为10cm时，圆柱体受到的浮力；
（3）图乙中纵坐标上的大小；
（4）当水对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为时，容器内水的质量。
【答案】（1）解：根据题意可知，该圆柱体的体积为；
则圆柱体的密度为。
答：圆柱体的密度为9×103kg/m3。
（2）解：根据题意可知，该圆柱体的高度，
则当水深时，圆柱体恰好完全浸没在水中。
此时圆柱体排开水的体积等于其自身的体积，即，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，圆柱体受到的浮力为。
答： 水深为10cm时，圆柱体受到的浮力为20N 。
（3）解：根据题意可知，当圆柱体完全浸没后，其受到的浮力达到最大值且保持不变，此时它对容器底部的压力也恒定不变，
即圆柱体完全浸没时受到的浮力，
此时圆柱体的重力，
根据平衡力的知识可知：；
所以容器底对圆柱体的支持力为；
根据力的作用是相互的，圆柱体对容器底部的压力F1等于支持力N，即。
答： 图乙中纵坐标上为160N 。
（4）解：设此时容器内水的质量为，水的深度为，
水对容器底部的压强为，
容器对桌面的总压力等于圆柱体和水的总重力（容器质量不计）
容器对桌面的压强为；
根据题意，，即，则；
两边消去g，得①
当注入水的质量为2kg时，水深为0.1m。若，则水深，圆柱体已完全浸没。此时水的体积等于圆柱体浸没部分周围的体积加上圆柱体上方水的体积
又因为，所以②
联立①②解得：
所以水深的假设成立，因此容器内水的质量为6kg。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh计算圆柱体的体积，根据密度公式计算物体密度；
（2）根据浸入的深度确定此时圆柱体排开水的体积，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算浮力大小；
（3）图乙中纵坐标上F1的就是刚好完全浸没时圆柱体对底部的压力，由题可知圆柱体的底面积和高度，从而得出圆柱体的体积，已知正方体容器的边长，可求出其底面积S容，再求出圆柱体刚好浸没时液体的体积，由图2可知，圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg，根据阿基米德原理求出当圆柱体刚被浸没时它受到的浮力，根据受力分析计算F1；
（4）由（3）知圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg；
当注入液体质量小于或等于2kg时，表示出容器中液体的深度，根据液体压强公式得出液体对容器底部的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，从而得出容器对桌面的压强，由已知条件得出液体的质量，与2kg比较，不符合题意，舍去；即注入液体的深度大于10cm，因液体体积与圆柱体体积之和等于容器底面积乘以液体的深度，即V水+V0=S容h'，且根据V=Sh可得液体的体积，从而得出此时液体的深度，根据液体压强公式得出容器底部受到液体的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，根据压强公式得出容器对桌面的压强，由液体对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3，列方程求出液体的质量。
（1）由题可知，圆柱体的质量，横截面积
高度
圆柱体的体积为
圆柱体的密度为
（2）已知圆柱体的高度
当水深时，圆柱体恰好完全浸没在水中（圆柱体的密度大于水的密度）。此时，圆柱体排开水的体积等于其自身的体积，即
圆柱体受到的浮力为
（3）图乙中，F表示圆柱体对容器底部的压力。当圆柱体完全浸没后，其受到的浮力达到最大值且保持不变，此时它对容器底部的压力也恒定不变，圆柱体的重力
圆柱体完全浸没时受到的浮力。圆柱体静止在容器底部，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和容器底的支持力的作用，三力平衡，即
所以，容器底对圆柱体的支持力为
根据力的作用是相互的，圆柱体对容器底部的压力F1等于支持力N，即
（4）设此时容器内水的质量为，水的深度为。水对容器底部的压强为，
容器对桌面的总压力等于圆柱体和水的总重力（容器质量不计）
容器对桌面的压强为
根据题意，，即，则
两边消去g，得①
当注入水的质量为2kg时，水深为0.1m。若，则水深，圆柱体已完全浸没。此时水的体积等于圆柱体浸没部分周围的体积加上圆柱体上方水的体积
又因为，所以②
联立①②解得
所以水深的假设成立，因此，容器内水的质量为6kg。
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