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重庆高考物理二轮复习专项练习-实验题能力提升训练
目录
一、恒定电流 1
二、电学实验 4
三、力学实验 7
四、光学实验 10
五、热学实验 11
六、相互作用 12
七、交变电流 13
八、运动的描述 14
一、恒定电流
1．某同学用如图甲的电路测量电源的电动势和内阻，并同时描绘电动机的伏安特性曲线。现有实验器材：待测电源、电压表（内阻很大）、电流表（内阻很小）、电阻箱、滑动变阻器、待测电动机（额定电压3V）、开关若干、导线若干。
(1)测电源的电动势和内阻步骤如下：
①断开，闭合，接b；
②调节电阻箱，读出相应的阻值和电压表示数；
③多次测量后，以为横坐标，为纵坐标，作图得到图乙，由此可得电源电动势E=______V，内阻r=_____Ω；（结果均保留2位有效数字）
(2)描绘电动机的伏安特性曲线步骤如下：
①断开S1、S2、S3，先将滑动变阻器的滑片P滑到______（填“c”或“d”）端；
②闭合开关S1，S3接a，调节滑动变阻器，读出电流表、电压表的示数，并记录数据；
③描绘出该电动机的伏安特性曲线如图丙，图线表明：两曲线的临界电压为1.50V。
再将该电动机改接在一电池两端，工作较长时间后，电动势（E=3.00V）保持不变，内阻增大，导致电动机停止转动。电动机停止转动前的瞬间，电动机输出功率约为______W；停止转动后的瞬间，电源的总功率为______W。（结果均保留2位有效数字）
2．某兴趣小组研究热敏电阻在通以恒定电流时，其阻值随温度的变化关系。实验电路如图所示，实验设定恒定电流为50.0μA，主要实验器材有：恒压直流电源E、加热器、测温仪、热敏电阻RT、可变电阻R1、电流表A、电压表V。
（1）用加热器调节RT的温度后，为使电流表的示数仍为50.0μA，须调节___________（选填一种给定的实验器材）。当RT两端未连接电压表时，电流表示数为50.0μA；连接电压表后，电流表示数显著增大，须将原电压表更换为内阻___________（选填“远大于”“接近”“远小于”）RT阻值的电压表。
（2）测得RT两端的电压随温度的变化如图所示，由图可得温度从35.0°C变化到40.0°C的过程中，RT的阻值随温度的平均变化率是___________（保留2位有效数字）。
3．某兴趣小组使用如图1电路，探究太阳能电池的输出功率与光照强度及外电路电阻的关系，其中P为电阻箱，是阻值为的定值电阻，E是太阳能电池，μA是电流表（量程，内阻）
（1）实验中若电流表的指针位置如题图2所示，则电阻箱P两端的电压是______V。（保留3位有效数字）
（2）在某光照强度下，测得太阳能电池的输出电压U与电阻箱P的电阻R之间的关系如图3中的曲线①所示。不考虑电流表和电阻消耗的功率，由该曲线可知，M点对应的太阳能电池的输出功率是____。（保留3位有效数字）
（3）在另一更大光照强度下，测得关系如图3中的曲线②所示。同样不考虑电流表和电阻消耗的功率，与曲线①相比，在电阻R相同的情况下，曲线②中太阳能电池的输出功率______（选填“较小”、“较大”），由图像估算曲线②中太阳能电池的最大输出功率约为_____。（保留3位有效数字）
二、电学实验
4．某实验小组设计的欧姆表内部结构可简化成如题图所示的电路。已知电源电动势E=4.5V，内阻r=1.0Ω，电压表满偏电压为3V，内阻RV=3000Ω，滑动变阻器R最大阻值为5000Ω，A、B为两表笔，通过读取电压表V的电压值得到被测电阻的阻值。
(1)使用该欧姆表测电阻时，需要调节滑动变阻器使电压表V满偏，下列操作正确的是（　　）
A．闭合开关S，两表笔间不接入任何电阻
B．闭合开关S，将两表笔短接
(2)按照正确操作步骤测量某电阻阻值，电压表V指针指在1.5V处，则电阻阻值为_________Ω；
(3)将电压表V刻度线改成电阻刻度线，电阻“0”刻线在表盘__________（选填“最左边”或“最右边”），电阻刻度线是_________（选填“均匀”“左疏右密”或“右疏左密”）；
(4)该欧姆表使用较长时间后，电源电动势减小，内阻变大，调节滑动变阻器仍能使电压表V满偏，导致测量值_________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
5．某同学为尽量精确地测量某电源的电动势、内阻以及一待测电阻的阻值，设计了图甲、乙两幅电路图，实验中所采用的电压表和电流表均为非理想表（即要考虑电表内阻对电路的影响）。
该同学首先利用甲电路进行实验：
（1）闭合开关、，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表和电流表的示数，在坐标系中描点作出图像①。
（2）断开开关，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表和电流表的示数，在同一坐标系中描点作出图像②，则描出的图像是______。
A． B．
C． D．
（3）利用第（2）问中的图像，可知电源电动势______（选用、、表示），待测电阻______（选用、、、、、表示）。
（4）为进一步求得电源内阻的值，该同学利用乙电路继续实验，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，仍记录多组电压表和电流表的示数，所作图像的纵截距为，则该电源的内阻______（选用、、、、、、表示）。
6．熄火保护装置主要由弹簧、热电偶和电磁铁等组成，其示意图如图1所示，A、B为导线上两个接线端。小组设计了如图2所的电路（部分连线未完成）进行探究，图中数字毫安表内阻约为，数字毫伏表内阻约为。
(1)将图1中的A、B端分别与图2中的、端连接，测量热电偶和电磁铁线圈构成的组合体电阻。已知组合体电阻不超过，则未完成的连接中，Q端应和_______（填“b”或“c”）处相连，理由是_____。正确连线后，开始时滑动变阻器的滑片应置于_______（填“d”或“e”）端。
(2)闭合开关、，实验测得组合体电阻为，当电磁铁线圈中的电流小于时，电磁铁无法继续吸合衔铁，衔铁被释放。断开开关、，从室温加热热电偶感温端到某一温度后，停止加热，使其自然冷却至室温。测得整个过程中热电偶受热产生的电动势随时间t的变化关系如图3所示。在相同的加热和冷却过程中，如果将A、B端直接连接，不计温度变化对组合体电阻的影响，从停止加热到吸合的衔铁被释放，所用的时间约为______s（保留3位有效数字）。
7．探究电容器充放电规律，实验装置如图甲所示，有电源E，定值电阻R0，电容器C，单刀双置开关S。
(1)为测量电容器充放电过程电压U和电流I变化，需在①、②处接入测量仪器，位置②应该接入测_____（电流、电压）仪器。
(2)接通电路并接通开关使电容器充电，当电压表示数最大时，电流表示数为_____。
(3)根据测到数据，某过程中电容器两端电压U与电流I的关系图如图乙所示。该过程为_____（充电，放电）。放电过程中电容器两端电压U随时间t变化关系如图丙所示。0.2s时R0消耗的功率_____W。
三、力学实验
8．弹簧是熄火保护装置中的一个元件，其劲度系数会影响装置的性能。小组设计了如图1所示的实验装置测量弹簧的劲度系数，其中压力传感器水平放置，弹簧竖直放在传感器上，螺旋测微器竖直安装，测微螺杆正对弹簧。
(1)某次测量时，螺旋测微器的示数如图2所示，此时读数为______mm。
(2)对测得的数据进行处理后得到弹簧弹力F与弹簧长度l的关系如图3所示，由图可得弹簧的劲度系数为_______N/m，弹簧原长为_______mm（均保留3位有效数字）。
9．小明利用手机内置加速度传感器探究加速度与合外力的关系，实验装置如图甲，已知当地重力加速度为。
（1）轻弹簧上端固定，下端与手机相连，手机下端通过细绳悬挂小桶，桶内装有砝码，整个系统静止；
（2）突然剪断细绳，通过手机软件记录竖直方向加速度a随时间变化的图像如图乙，剪断细绳瞬间手机的加速度对应图中的________（选填“P”“Q”或“R”）点；
（3）改变小桶中砝码质量，重复步骤（2），获得多组手机所受合力与加速度a的数据，作出图像如题图丙，可得结论：在误差允许的范围内___________；
（4）如图丁，某同学在处理数据时，以手机竖直方向的加速度a为纵坐标，砝码质量为横坐标，绘制图像，获得一条斜率为，截距为的直线，则可推算出手机的质量为__________，小桶的质量为_________。（选用、、表示）
10．如图为某小组探究两滑块碰撞前后的动量变化规律所用的实验装置示意图。带刻度尺的气垫导轨右支点固定，左支点高度可调，装置上方固定一具有计时功能的摄像机。
（1）要测量滑块的动量，除了前述实验器材外，还必需的实验器材是___________。
（2）为减小重力对实验的影响，开动气泵后，调节气垫导轨的左支点，使轻推后的滑块能在气垫导轨上近似做___________运动。
（3）测得滑块B的质量为，两滑块碰撞前后位置x随时间t的变化图像如图所示，其中①为滑块B碰前的图线。取滑块A碰前的运动方向为正方向，由图中数据可得滑块B碰前的动量为___________（保留2位有效数字），滑块A碰后的图线为___________（选填“②”“③”“④”）。
11．某实验小组用单摆测量重力加速度。所用实验器材有摆球、长度可调的轻质摆线、刻度尺、50分度的游标卡尺、摄像装置等。

（1）用游标卡尺测量摆球直径d。当量爪并拢时，游标尺和主尺的零刻度线对齐。放置摆球后游标卡尺示数如图甲所示，则摆球的直径d为________mm。
（2）用摆线和摆球组成单摆，如图乙所示。当摆线长度l＝990.1mm时，记录并分析单摆的振动视频，得到单摆的振动周期T＝2.00 s，由此算得重力加速度g为_____m/s2（保留3位有效数字）。
（3）改变摆线长度l，记录并分析单摆的振动视频，得到相应的振动周期。他们发现，分别用l和作为摆长，这两种计算方法得到的重力加速度数值的差异大小Δg随摆线长度l的变化曲线如图所示。由图可知，该实验中，随着摆线长度l的增加，Δg的变化特点是____________，原因是____________。

四、光学实验
12．小王同学欲利用“插针法”测定某方形玻璃的折射率，正确操作后，作出的光路图如图甲所示。因手中无量角器,该同学便以入射点为圆心作圆，与入射光线、折射光线分别交于、点，再分别过、点作法线的垂线，垂足分别为、点，如图乙所示。
(1)下列关于大头针、的位置，说法正确的是_____。
A．插上大头针，使挡住的像
B．插上大头针，使仅挡住的像
C．插上大头针，使挡住的像和
D．插上大头针，使仅挡住
(2)测出线段、、的长度分别为、、，则该玻璃的折射率_____。
(3)另一同学在实验时因粗心将法线画歪了(如图丙)，在其他操作均正确的情况下，则他测得的折射率将_____(填“偏大”“偏小”或“不变”)。
五、热学实验
13．某同学用如图（a）所示的装置探究气体等温变化的规律，空气柱的压强可以通过压力表读出，空气柱的体积即空气柱的长度与横截面积的乘积。整个装置安装在固定架上，把柱塞置于注射器玻璃管的某一刻度处，将橡胶套套在玻璃管的下端，把一段空气柱封闭在玻璃管中，实验中空气柱质量保持不变。
(1)请将下列实验步骤补充完整：
①读出初始状态下空气柱的压强p和空气柱的长度l；
②________（填“缓慢”或“快速”）向上拉或向下压柱塞，待压力表示数稳定后，读出空气柱的压强和空气柱的长度；
③重复步骤②，记录多组数据；
(2)某次实验时，压力表的示数如图（b）所示，则空气柱的压强________Pa；
(3)以p为纵坐标，以_______为横坐标，把采集的各组数据在坐标纸上描点，各点位于过原点的同一条直线上，由此得出结论：在实验误差允许范围内，一定质量的气体，在温度不变的情况下，压强与体积成反比。
六、相互作用
14．元代王祯《农书》记载了一种人力汲水灌田农具——戽斗。某兴趣小组对库斗汲水工作情况进行模型化处理，设计了如图甲所示实验，探究库斗在竖直面内的受力与运动特点。该小组在位于同一水平线上的P、Q两点，分别固定一个小滑轮，将连结沙桶的细线跨过两滑轮并悬挂质量相同的砝码，让沙桶在竖直方向沿线段PQ的垂直平分线OO′运动。当沙桶质量为136.0g时，沙桶从A点由静止释放，能到达最高点B，最终停在C点。分析所拍摄的沙桶运动视频，以A点为坐标原点，取竖直向上为正方向。建立直角坐标系，得到沙桶位置y随时间t的图像如图乙所示。
(1)若将沙桶上升过程中的某一段视为匀速直线运动，则此段中随着连结沙桶的两线间夹角逐渐增大，每根线对沙桶的拉力_____（选填“逐渐增大”“保持不变”“逐渐减小”）。沙桶在B点的加速度方向_____（选填“竖直向上”“竖直向下”）。
(2)一由图乙可知，沙桶从开始运动到最终停止，机械能增加_____J（保留两位有效数字，g = 9.8m/s2）。
七、交变电流
15．一兴趣小组拟研究某变压器的输入和输出电压之比，以及交流电频率对输出电压的影响。题图1为实验电路图，其中L1和L2为变压器的原、副线圈，S1和S2为开关，P为滑动变阻器Rp的滑片，R为电阻箱，E为正弦式交流电源（能输出电压峰值不变、频率可调的交流电）。
（1）闭合S1，用多用电表交流电压挡测量线圈L1两端的电压。滑片P向右滑动后，与滑动前相比，电表的示数_______（选填 “变大”“不变”“ 变小”）。
（2）保持S2断开状态，调整E输出的交流电频率为50 Hz，滑动滑片P，用多用电表交流电压挡测得线圈L1两端的电压为2500 mV时，用示波器测得线圈L2两端电压u随时间t的变化曲线如图所示，则线圈L1两端与L2两端的电压比值为_______（保留3位有效数字）。
（3）闭合S2，滑动P到某一位置并保持不变。分别在E输出的交流电频率为50 Hz、1000 Hz的条件下，改变R的阻值，用多用电表交流电压挡测量线圈L2两端的电压U，得到U-R关系曲线如图3所示。用一个阻值恒为20 Ω的负载R0替换电阻箱R，由图可知，当频率为1000 Hz时，R0两端的电压为_______mV；当频率为50 Hz 时，为保持R0两端的电压不变，需要将R0与一个阻值为_______Ω的电阻串联。（均保留3位有效数字）

八、运动的描述
16．某同学用手机和带刻度的玻璃筒等器材研究金属小球在水中竖直下落的速度变化情况。他用手机拍摄功能记录小球在水中静止释放后位置随时间的变化，每拍摄一张照片。
（1）取某张照片中小球的位置为0号位置，然后依次每隔3张照片标记一次小球的位置，则相邻标记位置之间的时间间隔是______s。
（2）测得小球位置x随时间t变化曲线如题图所示，由图可知，小球在时间段平均速度的大小______（选填“大于”、“等于”、“小于”）在时间段内平均速度的大小。
（3）在实验器材不变的情况下，能够减小实验测量误差的方法有：_______（写出一种即可）
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
《重庆高考物理二轮复习专项练习-实验题能力提升训练》参考答案
1．(1) 4.0 2.0
(2) c 0.15 1.2
【详解】（1）[1][2]断开，闭合，接b，根据闭合电路欧姆定律有
则有
结合图像有，
解得，
（2）[1]滑动变阻器采用分压式，为了确保安全，闭合开关之前，需要使得控制电路输出电压为0，即应先将滑动变阻器的滑片P滑到c端；
[2]图像中，直线表明电阻不变，原因是电压较小，电动机不转动，视为纯电阻。图线上的点与坐标原点连线的斜率倒数表示电动机的电阻，可得
两曲线的临界电压为1.50V，则电动机停止转动前的瞬间电压为1.50V，那么电动机的总功率
电动机的热功率
电动机的输出功率约为
[3]停止转动后的瞬间，电源的总功率。
2． 可变电阻R1 远大于 -1.2
【详解】（1）[1]由题知恒压直流电源E的电动势不变，而用加热器调节RT的温度后，导致整个回路的总电阻改变。而要确保电流表的示数仍为50.0μA，则需控制整个回路的总电阻不变，故需要调节的器材是可变电阻R1。
[2]连接电压表后，电流表示数显著增大，则说明电压表与RT并联后R总减小，则根据并联电阻的关系有
则要保证R总不变需须将原电压表更换为内阻远大于RT阻值的电压表。
（2）[3]图可得温度为35.0°C时电压表的电压为1.6V，且实验设定恒定电流为50.0μA，则根据欧姆定律可知此时热敏电阻RT1= 32kΩ；温度为40.0°C时电压表的电压为1.3V，且实验设定恒定电流为50.0μA，则根据欧姆定律可知此时热敏电阻RT2= 26kΩ，则温度从35.0°C变化到40.0°C的过程中，RT的阻值随温度的平均变化率是
负号表示随着温度升高RT的阻值减小。
3． 2.48 40.5 较大
【详解】（1）[1]根据电流表读数规则，电流表读数是
电阻箱P两端的电压是
（2）[2]M点对应的电压，电阻，太阳能电池的输出功率
（3）[3]与曲线①相比，在电阻R相同的情况下，曲线②中太阳能电池的电压较大，由
可知，曲线②中太阳能电池的输出电功率较大；
[4]由图像②可知，太阳能电池电动势为，图像的斜率表示电流，因此由输出功率为
当电阻大于以后是电流越来越小，可知输出功率很小，最大值不在大于以后取得，而当图像成直线时可知电流是恒定的，此时电压越大输出功率越大，因此输出功率最大值应该在阻值之间取得，分别代入估算功率可得
，，
因此可知最大功率在电阻取得，约为
4．(1)A
(2)1000
(3) 最左边 左疏右密
(4)大于
【详解】（1）如果闭合开关S，将两表笔短接，则流过电压表的电流为0，不会满偏，故要调节滑动电阻器使电压表V满偏，两表笔间不接入任何电阻。
故选A。
（2）设满偏时滑动变阻器的阻值和内阻和为R，待测电阻为Rx，由闭合电路欧姆定律，满偏时有，
解得
当电压表V指针指在1.5V处时有，，
解得
（3）[1][2]设当待测电阻为Rx时，有，，
解得
由此可知，随着Rx增大，电压表V的示数增大，所以电阻“0”刻线在表盘最左边，且增加量减小，故电阻刻度线应该是左疏右密。
（4）设满偏时滑动变阻器的阻值和内阻和为R，电压表满偏时有
当E减小，R也减小，测量电阻Rx时，设电压表与Rx的并联电阻为R并，此时电压表的电流为
变形可得
由此可知，E减小，电压表电流IV增大，故测量值大于真实值。
5． B
【详解】（2）[1]闭合开关、，根据闭合电路欧姆定律有
断开开关，闭合开关，根据闭合电路欧姆定律有
图像①对应函数
图像②对应函数
可知，两图像纵轴截距相等，图像②斜率的绝对值大于图像①斜率的绝对值，则第二个选择项满足要求。
故选B。
（3）[2][3]图像①对应函数
则有，
图像②对应函数
结合上述有
解得
（4）[4]将与电源等效为一个新电源，则新电源的电动势
新电源的内阻
根据闭合电路欧姆定律有
解得
图像的纵截距为，则有
结合上述有，
解得
6．(1) 见解析
(2)
【详解】（1）[1][2]根据题意可知，组合体电阻不超过，相比较远小于数字毫伏表内阻，应采用数字毫安表外接法，即Q端应和处相连。
[3]滑动变阻器采用分压接法，闭合开关时，为了保护电表，滑动变阻器的滑片应置于端。
（2）根据题意，由闭合回路欧姆定律可知，衔铁被释放时，电动势为
停止加热时，热电偶受热产生的电动势最大，如图所示
由图可知，从停止加热到吸合的衔铁被释放，所用的时间约为。
7．(1)电压
(2)0
(3) 放电 0.32
【详解】（1）位置②与电容器并联，为测电压仪器。
（2）电压表示数最大时，电容器充电完毕，电流表示数为零。
（3）[1]电容器放电时电压和电流都减小，图像逆向分析，该过程为电容器放电过程。
[2]电容器充电完毕后的电压等于电源电动势，大小为12V，由题图丙可知t = 0.2s时电容器两端电压为U = 8V，由题图乙可知当U = 8V时，电流I = 40mA，电路中只有消耗电功率，则电阻R0消耗的功率为
8．(1)7.415
(2) 184 17.6
【详解】（1）根据螺旋测微器的读数法则有7mm＋41.5 × 0.01mm = 7.415mm
（2）[2]当弹力为零时弹簧处于原长为17.6mm
[1]将题图反向延长与纵坐标的交点为2.50N，则根据胡克定律可知弹簧的劲度系数为
9． P 质量一定时，手机加速度与所受合外力成正比
【详解】（2）[1]剪断细绳瞬间手机的合力为向上最大，则加速度为向上的最大，可知应该对应图中的P点；
（3）[2]根据作出的图像可得结论：在误差允许的范围内质量一定时，手机加速度与所受合外力成正比；
（4）[3][4]绳子剪断前，设弹力为F，小桶质量为m0，手机质量为M，对手机由平衡条件知 F-（m+m0）g-Mg=0
绳子剪断后，对手机由牛顿第二定律有F-Mg=Ma
联立可得
图丁中图像的斜率为k0，即
解得
截距
解得
10． 天平 匀速直线 -0.011 ③
【详解】（1）[1]要测量滑块的动量还需要测量滑块的质量，故还需要的器材是天平；
（2）[2]为了减小重力对实验的影响，应该让气垫导轨处于水平位置，故调节气垫导轨后要使滑块能在气垫导轨上近似做匀速直线运动；
（3）[3]取滑块A碰前运动方向为正方向，根据x-t图可知滑块B碰前的速度为
则滑块B碰前的动量为
[4]由题意可知两物块相碰要符合碰撞制约关系则④图线为碰前A物块的图线，由图可知碰后③图线的速度大于②图线的速度，根据“后不超前”的原则可知③为碰后A物块的图线。
11． 19.20 9.86 随着摆线长度l的增加，Δg逐渐减小 随着摆线长度l的增加，则越接近于l，此时计算得到的g的差值越小
【详解】（1）[1]用游标卡尺测量摆球直径d=19mm+0.02mm×10=19.20mm
（2）[2]单摆的摆长为
L=990.1mm+×19.20mm=999.7mm
根据
可得
带入数据
（3）[3][4]由图可知，随着摆线长度l的增加，Δg逐渐减小，原因是随着摆线长度l的增加，则越接近于l，此时计算得到的g的差值越小。
12．(1)AC
(2)
(3)偏大
【详解】（1）确定大头针的位置的方法是使大头针能挡住、的像，则必定在出射光线方向上，确定大头针的位置的方法是使大头针能挡住、的像和，则必定在出射光线方向上。
故选AC。
（2）由图可知，，根据几何关系有，
解得，
根据折射定律可得
（3）由图丙可知，入射角和折射角都减小相同的角度，则折射率的测量值为
真实值为
因，根据三角函数的性质可判断
即
故折射率测量值偏大。
13．(1)缓慢
(2)
(3)
【详解】（1）为避免温度变化，应该把柱塞缓慢地向下压或向上拉。
（2）由图可知压强为。
（3）根据
解得
则横坐标为。
14．(1) 逐渐增大 竖直向下
(2)0.11
【详解】（1）[1][2]设细线与竖直方向夹角为θ，沙桶匀速上升
2Tcosθ = Mg
当θ逐渐增大时，T逐渐增大，沙桶上升到最高点B然后下落，在最高点的加速度方向竖直向下。
（2）沙桶从开始运动到静止上升高度为8.4cm，机械能增加量为
Mgh = 0.136 × 9.8 × 0.084J = 0.11J
15． 变大 12.6 272 12.0
【详解】（1）[1]闭合S1，滑动变阻器Rp是分压接法，滑片P向右滑动后，用多用电表交流电压挡测量线圈L1两端的电压。线圈L1两端的电压增大，因此与滑动前相比，电表的示数变大。
（2）[2]保持S2断开状态，调整E输出的交流电频率为50 Hz，多用电表交流电压挡测得线圈L1两端的电压为U1=2500 mV。线圈L2两端电压u随时间t的变化曲线如图所示，由图像可得，线圈L2两端电压为
则线圈L1两端与L2两端的电压比值为
（3）[3]闭合S2，滑动P到某一位置并保持不变。由U R关系曲线可得，当频率为1000 Hz时，当负载电阻R0=20 Ω时，R0两端的电压为UR0=272mV。
[4]当频率为50 Hz 时，由U R关系曲线
两线交点可知，故
需给R0串联一电阻，此串联电阻值为
16． 小于 多次测量取平均值
【详解】（1）[1]相邻标记位置之间的时间间隔是
（2）[2]小球在时间内位移
平均速度大小为
小球在时间内位移
平均速度大小为
由此可知小球在时间内平均速度的大小小于小球在时间内的平均速度的大小；
（3）[3]在实验器材不变的情况下，能够减小实验误差测量误差的方法有：多次测量取平均值。
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页

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