资源简介

2026年甘肃省陇南市文县三中、文县四中、文县东方中学高考一模
物理试卷
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.如图为氢原子的发射光谱，、、、是其中的四条光谱线，已知普朗克常量、真空中光速，可见光的波长之间，则下列说法正确的是( )
A. 该光谱由氢原子核能级跃迁产生
B. 谱线对应光子的能量最大
C. 谱线对应的是可见光中的红光
D. 谱线对应光照射逸出功为的金属钾，该金属钾可以发生光电效应
2.如图所示，自动洗衣机的洗衣缸与细管连通，细管内封闭一定质量的气体。洗衣缸进水时气体被压缩，设细管内气体温度不变，则气体( )
A. 在该过程中吸收热量
B. 分子平均动能变大
C. 分子数密度变大
D. 分子与细管单位面积上的撞击力变小
3.下列有关磁场、磁场力的说法正确的是( )
A. 磁场是人们假设出的概念，磁场本身其实并不存在
B. 感应电流产生的磁场总是与原磁场方向相反
C. 通过闭合线圈的磁通量变化量越大，产生的感应电动势越大
D. 福建号航母弹射起飞舰载机是电磁驱动原理
4.如图所示，将一质量为的小球用轻绳悬挂在小车车厢顶部，小车在水平地面上做匀加速直线运动，当小车的加速度大小为时，轻绳与竖直方向的夹角为，轻绳的拉力大小为。关于加速度大小、质量、拉力大小和夹角的关系，下列说法中正确的是( )
A. 若不变、变大，则和均变大 B. 若不变、变大，则和均变小
C. 若不变、变大，则和均变大 D. 若不变、变大，则和均变小
5.图甲是梅州平远县泗水风电发电机，图乙为风力发电机的主体结构部分，在风力作用下，风叶通过增速齿轮带动永磁体转动，风叶与永磁体转速比为：，永磁体侧方的线圈与电压传感器相连。在某一风速时，电压传感器显示如图丙所示正弦规律变化，则下列说法准确的是( )
A. 风叶的转速为
B. 线圈两端电压的有效值为
C. 线圈输出的交流电压表达式为
D. 由丙图可知时，穿过线圈的磁通量最大
6.如图所示，在倾角的斜面底端正上方某点处，一小球可视为质点自由下落到斜面底端，所用时间为。若小球在该点水平向左抛出，小球刚好能垂直打在斜面上，运动的时间为，不计空气阻力，，则为( )
A. B. C. D.
7.彩虹圈有很多性质和弹簧相似，在弹性限度内弹力随着形变量的增加而增大，但彩虹圈的重力不能忽略。如图所示，用手拿起彩虹圈的上端，让彩虹圈自由下垂且下端离地面一定高度，然后由静止释放，彩虹圈始终没有超出弹性限度。则( )
A. 彩虹圈下落过程中长度不变
B. 刚释放瞬间彩虹圈上端的加速度大于重力加速度
C. 刚释放瞬间彩虹圈下端的加速度等于重力加速度
D. 彩虹圈下落过程中只有弹性势能和动能相互转化
二、多选题：本大题共3小题，共15分。
8.一列简谐横波在介质中沿轴传播，时刻的波形图如图甲所示，介质中一质点图中未画出的振动图像如图乙所示，则( )
A. 该波的波长为
B. 该波的周期为
C. 该波的传播速度大小为
D. 内质点运动的路程为
9.年月日，地球、太阳、土星恰好连成一线，该现象称为“土星冲日”，冲日前后是观测这颗带有美丽光环的气态巨行星的绝佳时机。如图所示为土星冲日时与地球太阳相对位置的示意图，土星和地球绕太阳公转的轨道近似于圆且两轨道几乎共面，已知土星和地球绕太阳公转方向相同，公转的轨道半径之比约为：，根据以上信息可得出( )
A. 土星和地球绕太阳公转的周期之比约为：
B. 土星和地球绕太阳公转的速度之比约为
C. 下一次“土星冲日”将在年月日出现
D. 当土星与地球相距最远时两者的相对速度最大
10.如图所示，在与纸面平行的匀强电场中有、、三点，它们的连线构成等边三角形。、、分别为、、的中点，点为三角形的中心。若、、三点的电势分别为、、，则下列说法正确的是( )
A. 点的电势为
B. 点的电势比点的电势高
C. 、两点的电势差
D. 点的电势为
三、实验题：本大题共2小题，共14分。
11.某学习小组的同学们想利用电压表和电阻箱测量一电池组的电动势和内阻，他们找到的实验器材如下：
A.待测电池组；
B.电压表量程，内阻约；
C.电阻箱阻值范围；
D.开关、导线若干。
实验步骤如下：
将电池组与其余实验器材按图甲所示电路连接；
调节电阻箱阻值，闭合开关，待示数稳定后，记录电阻箱的阻值和电压表的示数后立即断开开关；
改变电阻箱的阻值，重复实验，计算出相应的和，绘制出关系图线如图乙中的直线所示。
请回答下列问题：
步骤中立即断开开关最可能的原因是______填序号；
A.防止烧坏电阻箱
B.防止烧坏电压表
C.防止长时间通电，电池内阻和电动势发生明显变化
根据闭合电路欧姆定律，可以得到与的关系表达式为______用、和表示；
根据实验数据绘制的图像得出电池组的电动势______。保留两位有效数字
本实验系统误差产生的原因是______选填“电压表分压”“电压表分流”或“电阻箱分压”，内阻测量值比真实值______选填“偏大”“偏小”或“相等”。
12.如图所示，实验小组利用打点计时器、铁架台、重锤、纸带、刻度尺等器材，通过研究自由落体运动测量重力加速度，已知交流电源频率为。
下列实验步骤正确的操作顺序为 填步骤前的字母。
A.先接通电源，待打点计时器稳定打点后，再释放纸带
B.将纸带穿过打点计时器的限位孔，下端固定在重锤上，用手捏住纸带上端保持静止
C.在纸带上选取合适的一段，用刻度尺测量该段内各点到起点的距离，记录并分析数据
D.关闭电源，取下纸带
图所示是纸带上连续打出的五个点、、、、到起点的距离，利用逐差法计算重力加速度 结果保留位有效数字。
若绘制关系图像为某点速度，为对应下落高度，理论上该图像的斜率为 用表示。
四、计算题：本大题共3小题，共43分。
13.某透明柱形材料的横截面是半径为的四分之一圆，其面涂有反光涂层。如图所示的截面内，一与边平行的细光束从圆弧上点入射，光束进入柱体后射到边上的点，经反射后直接射到点。已知到的距离为，光在空气中的速度为，求：
材料的折射率；
光从传播到的时间。
14.如图，质量为的小球视为质点在细绳和作用下处于平衡状态，细绳，与竖直方向的夹角均为。质量为的木板静止在光滑水平面上，质量为的物块静止在的左端。剪断细绳，小球开始运动。重力加速度取
求运动到最低点时细绳所受的拉力。
在最低点时，细绳断裂。飞出后恰好与左侧碰撞时间极短，碰后竖直下落，水平向右运动。求碰后的速度大小。
、碰后，相对滑行后与共速。求和之间的动摩擦因数。
15.一质量为、电荷量为的带正电粒子，在匀强电场图中未画出中做曲线运动，运动过程中先后经过、两点，运动轨迹如图所示，已知粒子经过点时的速度大小为，方向与连线的夹角为，、两点距离为，电场方向与粒子运动轨迹所在的平面平行且和粒子在点时的速度方向垂直，不计粒子受到的重力，求：
匀强电场的电场强度大小；
若粒子经过点时速度不变，把电场方向在纸面内顺时针旋转，同时电场强度取合适值，粒子也会通过点，求此种情况下，粒子的最小动能。
答案解析
1.【答案】
【解析】解：氢原子的发射光谱是由氢原子核外电子的跃迁产生，故A错误；
B.谱线波长最长，频率最小，根据，可知光子能量最小，故B错误；
C.可见光的波长介于之间，而且红光、橙光波长较长，应该靠近，蓝光、紫光波长较短，应该靠近，故H谱线对应的不是可见光中的红光，故C错误；
D.根据，可知谱线对应的光子能量大于金属钾的光电子逸出功，所以该金属钾可以发生光电效应，故D正确。
故选：。
氢原子的发射光谱是由氢原子核外电子的跃迁产生的；
根据谱线得出波长的大小和频率的大小，结合能量子的计算公式得出光子能量的大小；
根据不同颜色的光的波长关系得出谱线对应的光的颜色；
根据光电效应方程结合光电子的能量分析出能否产生光电效应。
本题主要考查了光电效应的相关应用，理解玻尔理论，结合能量子的计算公式和光电效应方程即可完成分析。
2.【答案】
【解析】解：洗衣缸进水时气体被压缩，细管内气体的压强增大，分子与细管单位面积上的撞击力变大，细管内气体温度不变，则气体分子平均动能不变，根据玻意耳定律可知细管内被封闭的空气体积减小，分子数密度变大，故BD错误，C正确；
A.空气体积减小，外界对气体做正功，细管内气体温度不变，分子平均动能不变，内能不变，根据热力学第一定律
可知该过程中气体放出热量，故A错误。
故选：。
洗衣缸内水位缓慢升高，细管内空气压强增大，根据气态方程可以判断出其体积变化情况，结合热力学第一定律分析求解。
本题是理想气体状态方程和热力学第一定律的综合应用．要掌握温度的意义：一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，温度是分子平均动能的标志。
3.【答案】
【解析】解：、磁场是客观存在的物质，磁感线才是为了方便研究假想的曲线，故A错误；
B、根据楞次定律，感应电流的磁场方向总是阻碍原磁通量的变化，当原磁场增强时，感应电流磁场方向与原磁场相反；当原磁场减弱时，方向相同，并非总是相反，故B错误；
C、根据法拉第电磁感应定律，感应电动势大小与磁通量变化率成正比，而与变化量大小无必然联系，故C错误；
D、福建号航母采用电磁弹射系统，利用电流在磁场中受安培力推动舰载机加速，符合电磁驱动原理，故D正确。
故选：。
根据磁场分析作答；
根据楞次定律分析作答；
根据法拉第电磁感应定律分析作答；
根据电磁驱动原理分析作答。
本题主要考查的是磁场、楞次定律、法拉第电磁感应定律以及电磁驱动，熟练掌握基础知识关键。
4.【答案】
【解析】解：、对小球受力分析可知，小球受到竖直向下的重力，沿绳子向上的拉力，如图所示：
由平衡条件可得：
由牛顿第二定律可得：
联立解得：，
若不变、变大，则根据可知变大，根据可知也变大，故A正确，B错误；
、若不变、变大，则根据可知不变，由可知变大，故CD错误。
故选：。
小车和小球具有相同的加速度，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出的加速度和绳子的拉力的大小并比较即可判断。
本题考查牛顿第二定律的应用，要明确小球和小车具有共同的加速度，明确小球的受力情况，分别根据牛顿第二定律列式即可求解。
5.【答案】
【解析】解：由图丙可知交变电流的周期为
故磁体的转速为
代入数据得
因风叶与永磁体转速比为：，风叶的转速为
代入数据得，故A错误；
B.通过丙图可知电压的最大值为，故有效值，故B错误；
C.交变电流的周期为
可知
代入数据得
电压表达式为，故C正确；
D.由丙图可知时，线圈处于峰值面，穿过检测线圈的磁通量变化率最大，则磁通量为，故D错误。
故选：。
先从电压图像中提取最大值和周期，计算出交变电压的角速度与永磁体转速，结合风叶与永磁体的转速比得到风叶转速，再计算电压有效值、写出电压表达式，最后分析特定时刻的磁通量变化，逐一判断各选项。
这道题以风力发电机为实际情境，结合交变电流图像，综合考查交变电流的核心规律与电磁感应知识，侧重从图像中提取信息并结合机械传动关系分析问题，是巩固交变电流模块的典型基础题。
6.【答案】
【解析】解：设小球平抛运动的速度为，小球垂直打在斜面上，如图所示
根据几何关系可得水平方向的分速度与竖直方向的分速度的关系
解得
小球做平抛运动的水平位移
故小球抛出点距斜面的高度
又
联立解得
所以
故A正确，BCD错误。
故选：。
抓住小球垂直击中斜面，根据平行四边形定则求出竖直分速度，从而表达运动的时间，再利用数学知识解答。
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。
7.【答案】
【解析】解：、刚开始下落的一小段时间内，上端下落的加速度大于下端下落的加速度，上端和下端之间的距离减小，即彩虹圈的长度变短，从开始释放到彩虹圈下端接触地面的过程中，彩虹圈可能一直变短，也可能先变短，后不变即彩虹圈恢复到原长之后长度不变，故A错误；
、刚释放瞬间彩虹圈上端受到竖直向下的重力和弹力作用，合外力大于其重力，所以加速度大于当地的重力加速度；彩虹圈下端受到竖直向上的弹力和竖直向下的重力，合外力小于其重力，所以加速度小于当地的重力加速度，故B正确，C错误；
D、由于彩虹圈在下落过程中，彩虹圈的重心在下降，重力势能减小，则由功能关系可知，彩虹圈下落过程中弹性势能与重力势能和动能相互转化，故D错误。
故选：。
开始彩虹圈处于伸长状态，彩虹圈各部分之间存在着弹力的作用，根据各部分之间的受力情况结合牛顿第二定律进行分析。
本题主要是考查了功能关系及牛顿第二定律的知识，关键是能清楚彩虹圈各部分之间的弹力方向，能够根据牛顿第二定律进行定性的分析。
8.【答案】
【解析】解：、根据图甲可知该波的波长为：，故A错误；
B、根据图乙可知：，解得质点的初相为：；所以有：，解得周期：，故B正确；
C、该波的传播速度大小为：，故C正确；
D、质点在内通过的路程为：
在内通过的路程为：
所以内质点运动的路程为：，故D错误。
故选：。
根据图甲可知该波的波长；根据图乙求解周期；根据求解该波的传播速度大小；分析的振动情况，由此求解通过的路程。
本题主要是考查了波的图像和振动的图像；解答此类问题的关键是要理解图像的物理意义，知道波速、波长和频率之间的关系。
9.【答案】
【解析】解：已知：：：。根据开普勒第三定律可得土星和地球绕太阳公转的周期之比为：，故A错误；
B.根据万有引力提供向心力得：，解得：
可得土星和地球绕太阳公转的速度之比为：，故B正确；
C.设相邻两次“土星冲日”的时间间隔为，则有：，可得：
已知：年，结合选项的结论解得：年，从年月日起，经过大约年并不是年月日，故C错误；
D.已知土星和地球绕太阳公转方向相同，土星与地球两者的相对速度为两者速度之差，当土星与地球相距最远时两者的速度方向相反，则此时相对速度最大，故D正确。
故选：。
根据开普勒第三定律求得土星和地球绕太阳公转的周期之比；根据万有引力提供向心力求得土星和地球绕太阳公转的速度之比；根据两者相对运动所转过的圆心角的关系求得下一次“土星冲日”的时间间隔；当土星与地球相距最远时两者的速度方向相反，根据相对速度的物理意义确定此时两者的相对速度是否最大。
本题考查了开普勒第三定律、万有引力定律在天体运动中的应用，考查了天体的追及、相遇问题。掌握本题中求解相邻的冲日时间间隔的方法。
10.【答案】
【解析】解：、根据知，在匀强电场中，任意一条直线上任意相等距离的两点之间的电势差相等，为的中点，则，即，解得：，故A正确；
B、点为的中点，则有，即，解得：，可知，故B错误；
C、点为的中点，则有，即，解得：，由此可得：，故C正确；
D、因，所以为该匀强电场中的一条等势线，点在连线上，可知：，故D错误。
故选：。
根据在匀强电场中，任意一条直线上任意等距离的两点之间的电势差相等，来求解点、点和点的电势，再得到、两点的电势差。找到等势线，再分析点的电势。
解决本题的关键是掌握公式，求出各点的电势，找出等势点，得到等势线。
11.【答案】； ； ； 电压表分流，偏小
【解析】解：步骤中立即断开开关原因是防止长时间通电，电池内阻和电动势发生变化。故C正确，AB错误。
故选：。
在闭合电路中，由闭合电路欧姆定律有
解得
结合图像有
解得
根据闭合电路欧姆定律有函数中的电流为干路电流，本实验误差原因是电压表分流；将电压表与电源等效为一个新电源，流过电阻电流等于新电源的干路电流，所测电阻为电源内阻与电压表并联的等效电阻，可知电阻测量值偏小。
故答案为：；；；电压表分流，偏小。
根据防止长时间通电，电池内阻和电动势发生变化判断；
根据闭合电路欧姆定律推导图像对应的函数表达式；
结合图像计算；
根据电压表分流作用分析判断。
本题关键掌握测电源电动势和内阻的实验原理、利用图像处理问题的方法和误差分析方法。
12.【答案】

【解析】解：实验操作需遵循“先固定器材通电后释放关电源取纸带分析数据”的顺序，故正确的操作顺序为。
由逐差法可知，
由自由落体规律得
故图像斜率为。
故答案为：；；。
实验操作需先将纸带穿过打点计时器并固定重锤，再接通电源待稳定后释放纸带，实验结束关闭电源取下纸带，最后选取合适段测量分析，故顺序为；
根据匀变速直线运动的逐差法原理，相邻两点时间间隔由电源频率确定，通过纸带上点间距离的差值，代入的变形公式即可求解重力加速度；
自由落体运动中，由速度与位移的关系可知，与成线性关系，因此图像的斜率理论上等于。
本题围绕自由落体测重力加速度的实验，考查操作顺序、逐差法数据处理及图像分析，需熟练掌握实验步骤与匀变速直线运动规律。
13.【答案】材料的折射率为；
光从传播到的时间为
【解析】解：如图，从点的入射光线的延长线与的交点为，令，，由几何关系可知
因为
则
又
解得
则根据光的折别正伊
解得
光在材料中的传播速度
根据几何关系有，
则光从到的传播时间
解得
答：材料的折射率为；
光从传播到的时间为。
由几何知识得到光在点的折射角与入射角，由折射定律求出折射率；
由几何知识求出光程的长度，由求出光传播的速度，则可求出此光从传播到的时间。
解决本题的关键要熟练运用几何知识求折射角以及光传播的距离，结合光的折射定律和光速公式进行研究。
14.【答案】解：细绳的长度为，从小球开始做圆周运动到最低点的过程，根据动能定理得：
解得：
设小球运动到最低点时细绳对小球的拉力为，根据牛顿第二定律得：
解得：
根据牛顿第三定律可知运动到最低点时细绳所受的拉力为。
飞出后与碰撞前做平抛运动，与碰撞前瞬间的水平分速度等于，由题意可知碰撞后的水平分速度为零。与碰撞过程水平方向上动量守恒，以向右为正方向，则有：
解得碰后的速度大小为：
、碰后，相对滑行后与共速设共速的速度为。以向右为正方向，对相对滑行过程，根据动量守恒定律与能量守恒定律得：
解得和之间的动摩擦因数为：
答：运动到最低点时细绳所受的拉力为。
碰后的速度大小为。
和之间的动摩擦因数为。
【解析】根据动能定理求得小球到最低点时的速度，根据牛顿第二定律求解细绳的拉力。
飞出后与碰撞前做平抛运动，由题意可知碰撞后的水平分速度为零。与碰撞过程水平方向上动量守恒，据此求得碰后的速度大小。
对相对滑行过程，根据动量守恒定律与能量守恒定律求解和之间的动摩擦因数。
本题为力学综合性题目，涉及到了圆周运动、平抛运动、碰撞问题、板块相对滑动问题。考查了动量守恒定律、功能关系、牛顿第二定律的应用。题目难度不大，均是较简单的基础问题。
15.【答案】匀强电场的电场强度大小为 若粒子经过点时速度不变，把电场方向在纸面内顺时针旋转，同时电场强度取合适值，粒子也会通过点，此种情况下，粒子的最小动能为
【解析】解：粒子在电场中做类平抛运动，则有
解得
粒子经过点时速度不变，把电场方向在纸面内顺时针旋转电场线垂直、两点的连线，则、两点的连线为一等势线，可得电场强度的方向垂直、连线斜向右下方，与粒子在点的速度方向的夹角为，把粒子的运动分解为沿方向的匀速直线运动和沿电场方向的匀变速直线运动，粒子从点到点过程中，电场力对其先做负功，粒子沿电场方向速度为零时，粒子的动能最小，则有
解得
答：匀强电场的电场强度大小为；
若粒子经过点时速度不变，把电场方向在纸面内顺时针旋转，同时电场强度取合适值，粒子也会通过点，此种情况下，粒子的最小动能为。
根据类平抛运动的规律求匀强电场的电场强度大小；
当电场方向旋转后，确定电场力方向。利用运动的合成与分解，将粒子运动分解为沿电场力方向和垂直电场力方向的分运动，根据速度的分解与动能表达式求粒子的最小动能。
这道题综合考查电场与动力学相关核心知识，通过粒子在电场中的曲线运动情境，对学生知识综合运用和问题分析能力要求较高，是一道质量较高的物理综合题。
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