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2026年度中考物理预测卷01
一、单项选择题（共8小题）
1．关于生活中的物理现象，下列说法正确的是（　　）
A．蜡烛、恒星、电灯一定是光源
B．在百米比赛中，计时员应该在看到指令枪冒烟时开始计时
C．光从太阳照射到大地的过程中，传播速度会变快
D．我们总是先看见闪电后听到雷声，是因为先发生闪电，后发出雷声
2．我国民族乐器历史悠久、品类繁多，按演奏方式可分为吹奏乐器、弹拨乐器、打击乐器和拉弦乐器四大类。下列分别是四类乐器中的代表：笛子、琵琶、鼓、二胡。下列关于乐器的说法不正确的是（　　）
A．笛子和鼓通过空气柱的振动发声，琵琶和二胡通过弦的振动发声
B．人们能区分不同乐器的声音，主要是因为它们的音色不同
C．在专用音乐教室演奏乐器，可在传播过程中减弱声音，减少对他人的干扰
D．悦耳的民乐使人心情愉悦，主要是由于声音能够传递信息
3．在体育活动中蕴含着很多物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．羽毛球比赛中，羽毛球受到击打力的施力物体是运动员
B．踢足球时，脚先给足球施加力的作用，足球再给脚施加力的作用
C．手击打排球瞬间，排球凹陷，说明力能改变物体的运动状态
D．自行车轮胎上的花纹是为了增大与地面之间的摩擦
4．下列说法正确的是（　　）
A．牛顿是经典力学的先驱，他提出了相对论
B．提高物体稳定程度的方法主要有减小支撑面和降低重心
C．由密度公式ρ可知，物质的密度与质量成正比，与体积成反比
D．只要力的大小、方向和作用点其中任何一个因素改变，力的作用效果都会发生改变
5．用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M的重力为200N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在10s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．10s内绳子自由端移动30m
B．拉力F为300N
C．该滑轮组的机械效率为66.7%
D．动滑轮重力为50N
6．下列关于物理知识的解释说法正确的是（　　）
A．炎热的夏天在房间内洒水降温是利用了水的比热容大的特性
B．超导体的导电性能非常好，可以制作滑动变阻器的电阻丝
C．“酒香不怕巷子深”，远处闻到酒香是扩散现象
D．煤、石油、天然气和铀矿这类化石或矿物能源属于可再生能源
7．在“测量灯泡的电阻”实验中，按图甲所示电路将额定电压为2.5V的灯泡L与滑动变阻器R串联起来接在3V电源上，调节滑动变阻器，记录数据，绘制了灯泡L的I﹣U关系如图乙。下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关前，应将滑片P调至最左端
B．向左调节滑片P，电流表的示数会逐渐变小
C．当灯泡L两端电压为2.5V时，其电阻为10Ω
D．该实验说明灯丝电阻随温度升高而减小
8．如图是家庭电路配电示意图，插座分支回路装有独立的漏电保护器，下列正确的是（　　）
A．电灯的开关要安装在电灯和中性线之间
B．当电灯正常发光时，用测电笔接触图中A点时，氖管不会发光
C．当直接站在地上的人不小心接触到风扇插座右孔内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人体起到保护作用
D．若图中电热水壶发生漏电，空调会因此停止工作
二、多选题（共4小题）
9．家庭电路中，同时使用的用电器越多，则（　　）
A．总电阻越大 B．总电流越大
C．总功率越大 D．消耗电能越多
10．我国古代劳动人民的生活生产中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．图甲：司南，勺柄指南，利用了地磁场对磁勺（天然磁石制成）的作用
B．图乙：走马灯，利用蜡烛燃烧产生热气流动叶轮转动，原理与内燃机的做功冲程相同
C．图丙：青铜冶炼，纯铜加锡、铅更易熔，说明加锡、铅后的合金熔点低于纯铜
D．图丁：琥珀拾芥，琥珀摩擦后能吸引轻小物体，是由于摩擦使琥珀具有了磁性
11．（2025秋 郑州期末）某品牌电动汽车直流充电桩，充电电压400V，充电时功率P与储能比H（电池当前储能占充满状态储能的百分比）的关系如图8所示，在AB、BC、CD、DE四段充电过程中，下列说法正确的是（　　）
A．AB段的充电电流为50A
B．BC段的充电电流为100A
C．若BC段充电时间为15min，则这段时间充入电能60kW h
D．若BC段充电时间为15min，则电池充满的储能约为67kW h
12．如图甲所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，灯泡电流达到最大值，此时灯泡的实际功率为8W。在图乙中绘制出滑片从最右端滑到a点过程中，电流表与两电压表示数关系的图像。下列说法正确的是（　　）
A．变阻器的最大阻值为30Ω
B．电源电压为24V
C．滑片在最右端时，灯泡的实际功率为2.88W
D．电路中最小总功率为7.2W
三、填空题（共8小题）
13．水滴落在手机屏幕上，透过水滴会看到 　 （填写像的正倒和大小）的像，观察水滴的边缘可以看到像素点有 　三种颜色，这三原色按不同比例混合能产生各种颜色的光。
14．某款止痛喷雾剂使用的材料是氯乙烷。常温下气态氯乙烷是采用　 　的方法使其液化后储存于金属瓶中。使用时，对准扭伤处喷射，液态氯乙烷在皮肤表面迅速　 （填物态变化名称），同时
　 　 （选填“吸收”或“放出”）大量的热，使扭伤部位降温而止痛。
15．小华用如图所示的装置模拟喷气式飞机的工作原理。他先将一个气球吹胀并用夹子夹紧，再将一根足够长的细绳穿过吸管，用胶布将气球固定在吸管上，将绳子沿水平方向拉直。松开夹子后，气球会向　 （选填“左”或“右”）运动，使气球运动的施力物体是 　（选填“外界的空气”或“喷出的气体”）。
16．如图为公交车配备的安全锤。
（1）安全锤的一端做得很尖锐是为了　 　 。
A．增大压力 B．减小压力 C．增大压强 D．减小压强
（2）若安全锤尖端面积为5×10﹣7m2，在一次破窗过程中，它对玻璃窗的压力为50N，则它对玻璃窗的压强为　 　 Pa。
17．如图是小刘家的电能表，他家同时工作的用电器总功率不能超过　 　 W；他只让一个电热水壶工作，测得100s内电能表指示灯闪烁了100次，壶中1kg水的温度升高了20℃，则该电热水壶的电功率为　 　 W，水吸热　 　 J[已知c水＝4.2×103J/（kg ℃）]。
18．小深找到两个外观一样，额定电压均为220V的白炽灯，如图甲、乙，若将两只灯泡串联，接在220V电路中，两灯亮度情况是　 　（选填“甲灯更亮”，“乙灯更亮”或“两灯一样亮”）。小外将灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用磁铁靠近灯泡，如图丙，他发现发光的灯丝在晃动，请解释灯丝晃动的原因：　 。
19．如图甲所示有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示，可知元件A的阻值为　 　 Ω；闭合开关S，若电流表的示数为0.4A，则电源电压　 V；若电源电压变为6V，闭合开关，电流表示数为　 A。
20．为了让同学们提高安全用电意识，养成节约用电的习惯，学校开展了安全用电科普活动。据此完成下题。
（1）用测电笔辨别火线、零线时，正确的使用方式如图1　 　（选填“甲”或“乙”）所示。正确使用测电笔检测插座的插孔时，氖管发光，说明被检测的插孔与　 　（选填“火线”或“零线”）相连。
（2）如图2所示，这是用电位器（实质是一种变阻器）设计的一个模拟简易调光台灯，闭合开关，为了让滑片逆时针旋转时灯泡变暗，应将电位器的
　 　（选填“A、B”“B、C”或“A、C”）接线柱接入电路。电位器是通过改变接入电路中的电阻丝的　 来改变接入电路中的电阻的大小的。
四、作图题（共3小题）
21．小悦同学在学校转弯处通过平面镜看到了小慧同学，如图所示，A点表示小悦同学的眼睛，B点表示小慧同学，请在图中画出小悦看到小慧的光路图。
22．如图（a）所示为笔记本电脑，（b）为其简化图，ABC为电脑屏幕。请在（b）中画出电脑屏幕所受F2的力臂l2以及打开电脑屏幕的最小力F1。
23．在家庭电路的安装中，卧室的电路设计需兼顾实用性与安全性。某卧室配有一盏照明灯（由专用开关控制）、一个三孔插座，所有元件均符合安全用电规范。请在指定位置画出此卧室内电路的电路图。
五、实验探究题（共5小题）
24．图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。
（1）安装图甲装置的过程中应该先确定　 　（填“A“B”或“C”）的位置；
（2）海波的熔点是　 ℃，加热的第5分钟海波的状态为　 　，海波熔化过程中的特点是　 　；
（3）从图像中发现海波熔化时间过短，若需要延长海波熔化时间，可以采用的方法：　 　。
25．在探究“杠杆的平衡条件”实验中。
（1）如图甲所示，实验前应使平衡螺母向　 　调节，使杠杆在　 　 位置平衡。
（2）如图乙在杠杆B点挂3个相同的钩码。则在杠杆的D点挂　 个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡；
（3）如图丙，弹簧测力计由A位置转至B位置使杠杆始终保持水平平衡，拉力F将　 　。
（4）如图丁（a）是我国古代常用于从井中汲水的辘轳，是轮轴的一种应用；图（b）是某时刻提水时示意图，水桶和水总重为G，小轮半径为r，大轮半径为R，拉力F1＝　 　（用已知的物理量表示）。
26．小明用弹簧测力计、圆柱体以及分别装有一定量的水和盐水的两个相同的容器，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示，，g取10N/kg。
（1）圆柱体的重力是　 　 N，浸没在水中时受到的浮力是　 　 N。
（2）物体在水中浸没后再继续增加下表面浸入的深度，则物体受到的浮力大小将　 　（选填“变大”“变小”“不变”）。
（3）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与　 有关。
（4）根据实验测出盐水的密度是　 kg/m3。
（5）若图丙中容器底面积为0.01m2，圆柱体浸没后水未溢出，则放入圆柱体后水对容器底部压强增加　 Pa。
27．为了探究不同物质的吸热能力，在两个相同的容器中分别装入A、B两种液体，并且用相同的装置加热，如图甲所示。
（1）实验中，应该向两个烧杯中加入　 　（选填“质量”或“体积”）相同的两种不同液体；
（2）如图甲所示，实验中吸热多少是通过观察　 　（选填“温度计的示数”或“加热的时间”）；
（3）根据实验数据，小明绘制了两种液体的温度随时间变化的图像如图乙所示，分析可知，两温度计示数都升高到40℃时，A增加的内能　 　（选填“＞”“＝”或“＜”）B增加的内能；
（4）若A液体的比热容是1.8×103J/（kg ℃），则B液体的比热容是　 。
28．探究电流产生的热量与什么因素有关。实验器材：电源（3节干电池）、电热丝（5Ω、10Ω各1只）、红外电子测温枪（2支）、秒表（1只）、开关（1个）、导线若干。
序号 通电时间t/min 0 1 2 3 4
1 温度t1/℃ 15.3 19.6 23.1 25.2 26.7
2 温度t2/℃ 15.3 23.8 29.8 32.5 35.0
（1）探究电流产生的热量与电阻的关系，电路如图所示：
①实验通过 　 　 实现控制电热丝R1、R2的电流与通电时间均相同；通过红外电子测温枪测量电热丝温度的变化量来反映 　 　 的多少。
②实验数据记录如上表，分析得出结论：　 　 。
（2）探究电流产生的热量与电流的关系：以R1为研究对象，需要改变电流，在不增加器材的情况下，你的方法是：　 　。（写出一种方法即可）
（3）利用上述器材还可以探究电流产生的热量与　 　有关。
六、计算题（共2小题）
29．如图所示，实心长方体甲放置在水平地面上，甲的密度为5×103kg/m3，棱长分别为6cm、8cm、10cm。另有一高为18cm、底面积为2×10﹣2m2的薄壁容器乙放在水平地面上，容器内盛有15cm深的水。（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）求长方体甲的质量。
（2）求甲对水平地面的最大压强。
（3）将一圆柱体M放于长方体甲正上方，此时甲对水平地面的最小压强为p1，将M放入容器乙中浸没后，水对容器底的压强达到最大值p2（水恰好未溢出），且p1＝5p2。求圆柱体M的密度。
30．校园科技节上，小萱设计了一款“可调光实验展示灯”：将额定电压为20V的实验灯泡L与滑动变阻器R串联，接入电路，如图甲所示，电源电压恒为24V。调节滑动变阻器的滑片可控制灯泡亮度，灯泡的电流与电压关系如图乙所示。当灯泡正常发光时，完成以下计算：
（1）灯泡的电阻。
（2）滑动变阻器的电功率。
（3）工作10s后灯泡产生的热量。
2026年度中考物理预测卷01
答案解析
一、单项选择题（共8小题）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 B A D D C C C C
二、多选题（共4小题）
题号 9 10 11 12
答案 BC ABC BD BD
一、单项选择题（共8小题）
1．【答案】B
【分析】（1）自身能够发光的物体为光源；
（2）在百米比赛中计时员应该在看到指令枪冒烟时就开始计时会更准确，因为光速比声速快；
（3）光在真空中传播速度最快，在空气中的传播速度略小于真空中的速度。光从太阳到地球，先在真空中传播，再进入大气层（空气），传播速度是变慢的，并非变快；
（4）我们总是先看见闪电后听到雷声，不是眼睛更加灵敏，而是光的传播速比声音的传播速度快。
【解答】解：A.恒星一定是光源，但是蜡烛、电灯不一定是光源，点燃的蜡烛、发光的电灯才是光源，故A错误；
B.在百米比赛中计时员应该在看到指令枪冒烟时就开始计时会更准确，因为光的传播速比声音的传播速度快，故B正确；
C.光在真空中传播速度最快，在空气中的传播速度略小于真空中的速度。光从太阳到地球，先在真空中传播，再进入大气层（空气），传播速度是变慢的，并非变快，故C错误；
D.我们总是先看见闪电后听到雷声，不是眼睛更加灵敏，而是光的传播速比声音的传播速度快，故D错误。
故选：B。
2．【答案】A
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志；
（3）防治噪声的途径：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声；
（4）声可以传递信息，如听到雷声知道要下雨；声可以传递能量，如“超声碎石”。
【解答】解：A、笛子通过空气柱的振动发声，鼓通过鼓面振动发声，琵琶和二胡通过弦的振动发声，故A错误；
B、不同发声体发出声音的音色不同，人们听到声音就能区分出不同的乐器，是由于各类乐器的音色不同，故B正确；
C、在专用的练乐室去演奏各种乐器，因为教室内有专业的隔音设备，如隔音墙、隔音门窗、隔音地毯等，有利于在传播过程中减弱演奏声，减轻对他人的影响，故C正确；
D、悦耳的民乐使人们感到心旷神怡，主要是由于声音可以传递信息，故D正确。
故选：A。
3．【答案】D
【分析】（1）力是物体对物体的作用；
（2）一对相互作用力是同时产生、同时消失的；
（3）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
（4）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：A、羽毛球比赛中，羽毛球受到击打力的施力物体是球拍，故A错误；
B、踢足球时，脚对足球的力和足球对脚的力是一对相互作用力，它们是同时产生的，故B错误；
C、手击打排球瞬间，手给排球一个作用力，排球凹陷，说明力能改变物体的形状，故C错误；
D、自行车轮胎上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大与地面之间的摩擦，故D正确。
故选：D。
4．【答案】D
【分析】（1）结合物理学史判断；
（2）稳度是指物体处于平衡状态的稳定程度，稳度的大小由物体重心的高度和支撑面的大小决定。重心低，支撑面大的物体稳度大，反之则稳度小。
（3）密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积等无关；
（4）质量是物体本身的一种属性，决定于物体所含物质的多少，与其他因素无关。
【解答】解：A、经典力学的先驱是牛顿，他提出了牛顿三大定律和万有引力定律；而相对论是爱因斯坦提出的，并非牛顿，故A错误。
B、提高物体稳定程度的方法是增大支撑面和降低重心，支撑面越大、重心越低，物体越不容易倾倒。减小支撑面会降低稳定性，故B错误。
C、密度是物质的一种固有特性，它只与物质的种类、状态和温度有关，与质量和体积无关。公式ρ只是密度的计算式，而非决定式，不能说密度与质量成正比、与体积成反比，故C错误。
D、力的三要素是大小、方向和作用点，这三个要素都影响力的作用效果，只要其中一个因素改变，力的作用效果就会发生改变。比如用不同的力推桌子，桌子运动状态不同；推和拉桌子，桌子运动方向不同；在桌子不同位置推，桌子的转动情况不同，故D正确。
故选：D。
5．【答案】C
【分析】（1）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh；
（2）由图乙可知10s内拉力F做的功，根据W＝Fs求出拉力F的大小；
（3）利用η求滑轮组的机械效率；
（4）利用忽略绳重及摩擦时F（G+G动）求动滑轮的重力。
【解答】解：A、由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×10m＝20m，故A错误；
B、由图乙可知10s内拉力F做的功为3000J，由W＝Fs可知，拉力：F150N，故B错误；
C、滑轮组的机械效率：η100%≈66.7%，故C正确；
D、因为忽略绳重及摩擦时F（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×150N﹣200N＝100N，故D错误。
故选：C。
6．【答案】C
【分析】（1）水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；
（2）超导体的电阻为零，利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作；
（3）不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈；
（4）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
【解答】解：A、炎热夏天在房间内洒水降温，是因为水蒸发时会吸收周围的热量，使室内温度降低，这利用的是水蒸发吸热的原理，故A错误。
B、超导体的特点是在特定温度下电阻为零，而滑动变阻器的电阻丝需要通过改变接入电路的长度来改变电阻，从而调节电流。如果用超导体做电阻丝，无论怎么改变长度，电阻都是零，无法起到调节电流的作用，所以超导体不能制作滑动变阻器的电阻丝，故B错误。
C、“酒香不怕巷子深”，远处能闻到酒香，是因为酒精分子在不停地做无规则运动，进入到人的鼻腔中，这是典型的扩散现象，故C正确。
D、煤、石油、天然气和铀矿这类化石或矿物能源，都是在地球经过漫长的地质年代形成的，在短期内无法再生，属于不可再生能源，故D错误。
故选：C。
7．【答案】C
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，变阻器调到最大位置，结合电阻的变化，根据欧姆定律分析电流变化；
（2）根据图像确定电流，计算电阻大小，结合曲线的变化趋势分析电阻的变化。
【解答】解：A、为了保护电路，闭合开关前，变阻器调到最大位置，即右端，故A错误；
B、向左调节滑片P，变阻器接入电路的电阻减小，故总电阻减小，根据欧姆定律知，电流变大，电流表的示数会逐渐变答，故B错误；
CD、灯泡L两端电压为2.5V时，根据图像知，电流为0.25A；电阻R10Ω，根据图像电压增大时，图像越来越平缓，即电流表变化量逐渐减小，故电阻变大，故灯丝电阻随温度升高而增大，故C正确，D错误。
故选：C。
8．【答案】C
【分析】（1）开关接在电灯和相线之间。
（2）测电笔正常使用时，接触相线或与相线连通的导体，氖管都会发光。
（3）当相线和中性线中的电流不相等时，漏电保护器会自动跳闸。
（4）有金属外壳的家用电器要接地；家庭电路中的各个支路是并联的。
【解答】解：A、电灯的开关要安装在电灯和相线之间，故A错误；
B、当电灯正常发光时，用测电笔接触图中A点时，与相线接触，氖管会发光，故B错误；
C、当直接站在地上的人不小心接触到风扇插座右孔内的金属片时，相线和中性线中的电流不相等，漏电保护器会迅速切断电流，对人体起到保护作用，故C正确；
D、若图中电热水壶发生漏电，空调和电热水器互不影响，空调支路不受影响，故D错误。
故选：C。
二、多选题（共4小题）
9．【答案】BC
【分析】A、并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，且并联的用电器越多，总电阻会越小。
B、总电流等于各用电器工作电流之和，用电器越多，通过干路的总电流越大。
C、总功率等于各用电器实际功率之和，用电器越多，总功率越大。
D、由公式W＝ Pt可知，电能与电功率和时间有关。
【解答】解：A、根据并联电路电阻特点，并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，且并联的用电器越多，相当于增大了导体的横截面积，总电阻会越小。因此，总电阻随用电器增多而减小，故A选项错误。
B、总电流等于各用电器工作电流之和，用电器越多，通过干路的总电流越大；或根据公式P＝UI，总功率增大时，电压U不变，总电流I必然增大。因此，总电流随用电器增多而增大，故B选项正确。
C、总功率等于各用电器实际功率之和，用电器越多，总功率越大。因此，总功率随用电器增多而增大，故C 选项正确。
D、消耗的电能由公式W＝ Pt决定，其中P为总功率，t为用电时间。题目中仅说明“同时使用的用电器越多”，未明确用电时间是否相同。若时间不确定，无法判断电能消耗多少，故D选项错误。
故选：BC。
10．【答案】ABC
【分析】（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场；
（2）改变物体内能的方法有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移；内燃机的做功冲程，内能转化为机械能；压缩冲程，机械能转为内能；
（3）一般情况下，合金的熔点低于其组成成分的纯金属熔点；
（4）带电体能吸引轻小物体；磁性是磁体吸引铁、钴、镍等物质的性质。
【解答】解：A．地球本身是一个巨大的磁体，地磁南极位于地理北极附近，地磁北极位于地理南极附近。司南的磁勺受到地磁场的作用，其勺柄（S极）会指向地理南极，故A正确。
B．蜡烛燃烧加热空气，热空气密度小上升，推动叶轮转动，是内能转化为机械能；内燃机的做功冲程中，燃气推动活塞做功，也是内能转化为机械能，二者能量转化原理一致，故B正确。
C．一般情况下，合金的熔点低于其组成成分的纯金属熔点。纯铜中加入锡、铅制成青铜后更易熔化，说明青铜的熔点低于纯铜，故C正确。
D．琥珀摩擦后能吸引轻小物体是摩擦起电现象，琥珀带了静电，而不是具有磁性。磁性是磁体吸引铁、钴、镍等物质的性质，与静电不同，故D错误。
故选：ABC。
11．【答案】BD
【分析】（1）如图可知，AB段充电功率不断变大，根据P＝UI可知，AB段的充电电流也不断变大；
（2）BC段的充电功率为40kW，根据P＝UI求充电电流；
（3）若BC段充电时间为15min，根据W＝Pt求这段时间充入的电能；
（4）若BC段充电时间为15min，储能比H从55%提升到70%，由此可以求电池充满的储能。
【解答】解：A、如图可知，AB段充电功率不断变大，根据P＝UI可知，AB段的充电电流也不断变大，故A错误；
B、BC段的充电功率为PBC＝40kW＝4×104W，充电电压U＝400V，BC段的充电电流为，故B正确；
C、若BC段充电时间为15min，这段时间充入电能为，故C错误；
D、若BC段充电时间为15min，充入电能为WBC＝10kW h，储能比从55%提升到70%，由此可知，电池充满的储能为，故D正确。
故选：BD。
12．【答案】BD
【分析】（1）闭合开关S，灯泡和变阻器串联。电压表V测量灯泡两端电压，电压表V1测量变阻器两端电压，电流表测量电路电流。
滑片在最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，总电阻最大，根据欧姆定律可知电路中的电流最小，从图乙可知为0.3A，
滑片从最右端向左滑动到a点时，变阻器接入电路中的电阻逐渐变小，根据串联分压特点可知，变阻器两端的电压逐渐变小，灯泡两端电压逐渐变大，
可知图乙中下面的曲线为电流表与电压表V1的示数变化关系的图像，上面的曲线为电流表与电压表V的示数变化关系的图像。
调节滑动变阻器的滑片到a点时，小灯泡恰好正常发光，可知此时变阻器两端电压为4V，电路中的电流为0.4A，根据P＝UI求出灯泡两端的电压，
根据串联电路的电压特点可得出电源电压；
（2）调节滑动变阻器的滑片在最右端时，从图乙可知为0.3A，且从图乙可知灯泡两端的电压和变阻器两端的电压相等，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端电压，根据欧姆定律可得出滑动变阻器的最大阻值。
根据P＝UI可知灯泡实际功率与电路的最小总功率。
【解答】解：AB、闭合开关S，灯泡和变阻器串联。电压表V测量灯泡两端电压，电压表V1测量变阻器两端电压，电流表测量电路电流。
滑片在最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，总电阻最大，根据欧姆定律可知电路中的电流最小，从图乙可知为0.3A，
滑片从最右端向左滑动到a点时，变阻器接入电路中的电阻逐渐变小，根据串联分压特点可知，变阻器两端的电压逐渐变小，灯泡两端电压逐渐变大，
可知图乙中右面的曲线为电流表与电压表V1的示数变化关系的图像，左面的曲线为电流表与电压表V的示数变化关系的图像。
调节滑动变阻器的滑片到a点时，灯泡电流达到最大值，小灯泡恰好正常发光，可知此时变阻器两端电压为4V，电路中的电流为0.4A，根据P＝UI可得灯泡两端的电压为：UL20V，
根据串联电路的电压特点可知电源电压为：U＝UL+U滑＝20V+4V＝24V，故B正确；
调节滑动变阻器的滑片在最右端时，从图乙可知为0.3A，且从图乙可知灯泡两端的电压和变阻器两端的电压相等，
则变阻器两端的电压：U滑大U24V＝12V，
滑动变阻器的最大阻值为：R大40Ω，故A错误；
CD、滑片在最右端时，电路中的电流最小，最小电流为0.3A，灯泡的实际功率为P＝UI＝12V×0.3A＝3.6W，故C错误；
则电路的最小总功率为P小＝UI小＝24V×0.3A＝7.2W，故D正确。
故选：BD。
三、填空题（共8小题）
13．【答案】正立、放大；红、绿、蓝。
【分析】（1）凸透镜成像规律及其应用之一：u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
（2）光的三原色：红、绿、蓝。
【解答】解：据图能看出，水滴相当于一个凸透镜，即此时字在凸透镜的1倍焦距以内，故成一个正立、放大的虚像；水滴相当于一个凸透镜；光的三原色：红、绿、蓝。
故答案为：正立、放大；红、绿、蓝。
14．【答案】压缩体积；汽化；吸收。
【分析】液化的方法有两种，降低温度和压缩体积；
汽化过程吸热，使物体的内能减小、温度降低。
【解答】解：常温下的氯乙烷是采用压缩体积的方法液化后储存的；当液态的氯乙烷喷出遇到温度较高的皮肤时，会迅速汽化为气态；液态的氯乙烷汽化时吸收大量的热量，会使人体受伤部位的内能减小，温度降低。
故答案为：压缩体积；汽化；吸收。
15．【答案】右；喷出的气体。
【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
【解答】解：松开夹子后，气球内的气体向左喷出，根据力的作用是相互的，喷出的气体对气球会产生向右的反作用力，因此气球会向右运动，施力物体是喷出的气体。
故答案为：右；喷出的气体。
16．【答案】（1）C；（2）1×108。
【分析】（1）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，据此利用控制变量法分析解答。
（2）利用压强公式p计算。
【解答】解：（1）安全锤的一端做得很尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故应选C。
（2）安全锤对玻璃窗的压强为p1×108Pa。
故答案为：（1）C；（2）1×108。
17．【答案】13200；1200；8.4×104。
【分析】（1）10（60）A中，60A是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，“220V”是指电能表的工作电压，利用P＝UI求此电能表上同时接入的用电器的最大总功率；
（2）利用指示灯闪烁的次数和参数求出闪烁100次时电路中用电器消耗的电能，根据P求出电热水壶的功率；
（3）根据Q吸＝c水m水Δt求出水吸收的热量。
【解答】解：“60A”是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，“220V”是指电能表的工作电压，此电能表上同时接入的用电器的最大总功率：
P＝UI＝220V×60A＝13200W；
电热水壶消耗的电能：WkW hkW h＝1.2×105J，
电热水壶的功率：P1200W；
水吸收的热量为：
Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×20℃＝8.4×104J。
故答案为：13200；1200；8.4×104。
18．【答案】乙灯更亮；通电导体在磁场中会受到力的作用。
【分析】根据P＝I2R进行分析；通电导体在磁场中会受到力的作用。
【解答】解：在串联电路中，电流处处相等。根据电功率的公式P＝I2R，在电流相同的情况下，电阻越大的灯泡，其实际功率就越大，因此也就越亮。所以，乙灯会更亮。
当灯泡发光时，灯丝中有电流通过。此时，如果用一个蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，由于通电导体在磁场中会受到力的作用，因此灯丝会受到磁场的作用力而发生晃动。
故答案为：乙灯更亮；通电导体在磁场中会受到力的作用。
19．【答案】5；4.5；0.6。
【分析】由图乙可知，通过元件A的电流与它两端的电压成正比，即A的阻值一定，根据欧姆定律求A的阻值；
由图甲可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路中的电流特点结合图象读出它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压。
根据串联电流相等，而电压之和等于电源电压分析。
【解答】解：由图乙可知，通过元件A的电流与它两端的电压成正比，即A的阻值一定，
由图乙可知，当通过A的电流为0.4A时，它两端的电压为2V，根据欧姆定律可得，
A的阻值：RA5Ω；
由图甲可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，
由于串联电路中各处的电流相等，所以电流表的示数为0.4A时，通过A、B的电流均为0.4A，
由图乙可知，此时A和B两端的电压分别为UA＝2V，UB＝2.5V，
由于串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，
所怪电源的电压：U＝UA+UB＝2V+2.5V＝4.5V。
当电流都为0.6A时，电压都是3V，电压之和为6V，恰好满足电源电压变为6V，故电流是0.6A。
故答案为：5；4.5；0.6。
20．【答案】（1）甲；火线；（2）A、B；长度。
【分析】（1）使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；正确使用测电笔检测插座的插孔时，氖管发光，说明被检测的插孔与火线相连。
（2）电位器是利用改变电阻线的长度来改变电阻的。
【解答】解：（1）用测电笔辨别火线、零线时，正确的使用方式如图1甲所示，手必须接触笔尾金属体。正确使用测电笔检测插座的插孔时，氖管发光，说明被检测的插孔与火线相连。
（2）闭合开关，为了让滑片逆时针旋转时灯泡变暗，应将电位器的 A、B接线柱接入电路，此时电位器的电阻变大。电位器是通过改变接入电路中的电阻丝的长度来改变接入电路中的电阻的大小的。
故答案为：（1）甲；火线；（2）A、B；长度。
四、作图题（共3小题）
21．【答案】
【分析】根据平面镜成像特点可知，物体与像关于平面镜对称。先做出B关于平面镜的对称点B′，连接像点和小悦同学的眼睛，与平面镜交于点O，连接BO、AO即可。
【解答】解：先作出B关于平面镜的对称点B′，即小慧同学在平面镜中成的像，连接像点B′和小悦同学的眼睛A，与平面镜交于O（O为入射点），连接BO就是入射光线，OA为反射光线，即为小悦看到小慧的光路，如图所示：
22．【答案】
【分析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。
【解答】解：力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，从C画出F2作用线的垂直段，为阻力臂l2；杠杆受到的阻力大小与阻力臂一定，由杠杆平衡条件可知，动力与动力臂的乘积一定，要使动力最小应使动力臂最大，在A点施加力的最大力臂就是CA，最小动力F应与CA垂直，因为杠杆所受到的阻力竖直向下，所以F的方向垂直CA向上，如图所示：
23．【答案】
【分析】（1）开关控制灯泡时，火线首先进入开关然后进灯泡，零线直接进入灯泡。
（2）三孔插座接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：火线首先进开关然后进灯泡，零线直接进入灯泡。
三孔插座接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。由于插座在墙上，三孔插座要靠近右侧。如图。
五、实验探究题（共5小题）
24．【答案】（1）C；（2）48；固液共存态；继续吸热，温度不变；（3）增加海波的质量（答案不唯一）。
【分析】（1）组装实验器材时需要遵循自下而上，由左到右的规则；
（2）晶体、非晶体熔化过程中的特点：晶体在熔化过程中，温度保持不变，完全熔化完后吸热继续升温；
（3）减慢加热的过程，或增加海波的质量、将酒精灯的火焰调小均可使熔化的时间变长。
【解答】解：（1）组装实验仪器时，应该根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中C部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中B部分，这样可以避免重复调整；
（2）根据数据可知，海波在48℃的时候，吸收热量，但温度不变，所以海波的熔点是48℃；海波在熔化过程中，继续吸热，温度不变；第5分钟，海波处于熔化过程，其状态是固液共存；
（3）增加试管中海波的质量，在吸收相同热量时，海波的升温较慢，能延长熔化时间；增加烧杯中水的质量，水的升温变慢，则海波的升温较慢，能延长熔化时间；撤掉酒精灯或用“小火”加热，相同时间内，海波吸收的热量减少，能延长熔化时间。
故答案为：（1）C；（2）48；固液共存态；继续吸热，温度不变；（3）增加海波的质量（答案不唯一）。
25．【答案】（1）左；水平；（2）4；（3）先变小后变大；（4）。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡，右边下沉往左调，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小；
（2）根据杠杆平衡条件做出解答；
（3）根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
（4）根据杠杆的平衡条件分析解答。
【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，右端向下倾斜，左端上翘，故应向左调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，此时杠杆的重心过支点，是为了避免杠杆自重对实验的影响；
（2）设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知：3G×4L＝FD×3L，所以FD＝4G，需在D点挂4个钩码；
（3）如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由位置a转至位置b的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大；
（4）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，Gr＝F1R，
解得：F1。
故答案为：（1）左；水平；（2）4；（3）先变小后变大；（4）。
26．【答案】（1）5；4；
（2）不变；
（3）排开液体体积；
（4）1.1×103；
（5）400。
【分析】（1）根据甲图分析重力，结合F浮＝G﹣F求浮力大小；
（2）对比丙丁图分析；
（3）探究浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关时应控制排开的液体的体积相同；
（4）根据称重法计算盐水中的浮力，结合阿基米德原理列方程计算盐水的密度；
（5）根据力的作用是相互的，结合压强公式计算解答。
【解答】解：（1）根据甲图，圆柱体的重力是5N，根据称重法知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮水＝G﹣F＝5N﹣1N＝4N，
（2）对比丙丁图可知，物体浸没后，增加下表面浸入的深度，物体排开液体的体积不变，弹簧测力计的示数相同，物体受到浮力大小不变。
（3）分析图甲、乙、丙，物体排开的水的体积越大，测力计示数越小，浮力越大，这说明浮力大小与物体排开的液体的体积有关；
（4）盐水中的浮力F浮盐＝G﹣F'＝5N﹣0.6N＝4.4N，
由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得：4N＝ρ水gV排；
盐水中的浮力：4.4N＝ρ盐水gV排；
浸没时V排不变，解得ρ盐水＝1.1ρ水＝1.1×103kg/m3，
（5）根据力的作用是相互的，水给物体的浮力是4N，则物体对水的压力增大了4N，容器是柱形的，故增大的压强p400Pa。
27．【答案】（1）质量；（2）加热的时间；（3）＜；（4）2.7×103J/（kg ℃）。
【分析】（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（2）需要用到酒精灯的外焰加热，所以组装实验装置时，应遵循自下而上的原则调整固定夹的高度；实验中吸热多少是通过观察加热时间确定的；
（3）根据绘制的两种液体的温度随时间变化的图象可知，两温度计示数都升高到40℃时，B加热时间长，B吸热多，据此回答；若使两者吸收相同的热量，即加热相同时间，据此回答；根据比较吸热能力的方法回答；
（4）根据Q＝cmΔt分析。
【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（不同物质密度不同，根据m＝ρV，体积相同的不同物质质量不同），应该向两个烧杯中加入质量相同的两种不同液体。
（2）实验用相同装置加热，相同时间内两种液体吸收的热量相同，因此加热时间越长，液体吸收的热量越多。
（3）内能增加量等于吸收的热量（不考虑热量损失）。由图乙可知：A 升温到 40℃用了 2min，B 用了 3min；B 的加热时间更长，吸收的热量更多，因此 A 增加的内能＜B 增加的内能。
（4）已知 A、B 质量相同，用相同装置加热，吸收的热量与加热时间成正比。A 从20℃升温到 40℃用了 2min，B 用了 3min；则，即，所以。
28．【答案】（1）电阻串联；产生热量；电流和通电时间相同，电阻越大，电流产生的热量越多；（2）改变电源电压；（3）加热时间。
【分析】（1）电阻串联，故闭合开关后，通过电阻的电流与通电时间均相同；
通过红外电子测温枪测量电热丝温度的变化量来反映电阻产生热量的多少，利用了转换法；
电流和通电时间相同，电阻越大，电流产生的热量越多；
（2）探究电流产生的热量与电流的关系，需控制电阻不变，改变通过电阻的电流；
（3）电流产生的热量与加热时间有关。
【解答】解：（1）由图可知，两电阻串联，故闭合开关后，通过R1、R2的电流与通电时间均相同；
通过红外电子测温枪测量电热丝温度的变化量来反映电阻产生热量的多少，利用了转换法；
由表格数据可知：电流和通电时间相同，电阻越大，电流产生的热量越多；
（2）探究电流产生的热量与电流的关系，需控制电阻不变，改变通过电阻的电流，以R1为研究对象，可以通过改变电源的大小，改变其电流；
（3）本实验可以只观察一个定值电阻，通过观察不同加热时间产生的热量，探究电流产生的热量与加热时间的关系。
故答案为：（1）电阻串联；产生热量；电流和通电时间相同，电阻越大，电流产生的热量越多；（2）改变电源电压；（3）加热时间。
六、计算题（共2小题）
29．【答案】（1）长方体甲的质量是2.4kg。
（2）甲对水平地面的最大压强是5×103Pa。
（3）圆柱体M的密度是8×103kg/m3。
【分析】（1）根据密度公式ρ计算质量；
（2）根据柱体压强pρgh分析计算压强；
（3）根据乙图上方的空缺体积计算M的体积，根据液体压强公式p＝ρ水gh计算水的最大压强，得出固体的压强，根据压力等于重力结合密度公式计算解答。
【解答】解：（1）根据密度公式ρ知，甲的质量m＝ρV＝5g/cm3×6cm×8cm×10cm＝2400g＝2.4kg；
（2）根据柱体压强pρgh知，当竖放时压强最大，故最大压强p＝ρgh＝5×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝5×103Pa，
（3）将M放入容器乙中浸没后，水对容器底的压强达到最大值p2（水恰好未溢出），M的体积V＝SH＝2×10﹣2m2×（0.18m﹣0.15m）＝6×10﹣4m3；
水对容器底的压强达到最大值p2＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.18m＝1.8×103Pa，
故p1＝5p2＝5×1.8×103Pa＝9×103Pa；
将一圆柱体M放于长方体甲正上方，此时甲对水平地面的最小压强为p1，受力面积最大，为S'＝0.08m×0.1m＝0.008m2，
根据水平面上的压力等于重力，故F＝G＝pS＝G＝mg＝ρVg；代入数据有
9×103Pa×0.008m2＝2.4kg×10N/kg+ρ×6×10﹣4m3×10N/kg；
解得圆柱体M的密度ρ＝8×103kg/m3。
答：（1）长方体甲的质量是2.4kg。
（2）甲对水平地面的最大压强是5×103Pa。
（3）圆柱体M的密度是8×103kg/m3。
30．【答案】（1）灯泡的电阻为50Ω。
（2）滑动变阻器的电功率为1.6W。
（3）工作10s后灯泡产生的热量为80J。
【分析】（1）灯泡正常工作时，实际电压等于它的额定电压，由图乙可知当灯泡正常发光时，通过它的电流。根据欧姆定律求灯泡的电阻；
（2）根据串联电路的电压规律可知滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流规律可知通过滑动变阻器的电流，根据P＝UI求滑动变阻器的电功率；
（3）根据Q＝W＝UIt求工作10s后灯泡产生的热量。
【解答】解：（1）灯泡正常工作时，实际电压等于它的额定电压，即UL＝20V，
由图乙可知，此时通过灯泡的电流为IL＝0.4A，
根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：RL50Ω；
（2）根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压：U滑＝U﹣UL＝24V﹣20V＝4V，
根据串联电路的电流规律可知，通过滑动变阻器的电流：I滑＝IL＝0.4A，
滑动变阻器的电功率：P滑＝U滑I滑＝4V×0.4A＝1.6W；
（3）工作10s后灯泡产生的热量：QL＝WL＝ULILt＝20V×0.4A×10s＝80J。
答：（1）灯泡的电阻为50Ω。
（2）滑动变阻器的电功率为1.6W。
（3）工作10s后灯泡产生的热量为80J。
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