资源简介

中小学教育资源及组卷应用平台
2026年度中考物理预测卷02
一、单项选择题（共12小题）
1．陕西华阴“老腔”以其粗犷豪放、原汁原味的表演风格闻名。关于“老腔”表演中发出的声音，下列说法正确的是（　　）
A．“豪放”描述的是声音的音调
B．现场观众听到的声音是通过大地传播的
C．关闭门窗属于在声源处减弱噪声
D．该声音是由演员声带振动产生的
2．关于自然现象的形成，下列说法正确的是（　　）
A．雾是水吸热汽化形成的
B．露是水蒸气放热液化形成的
C．雪是水吸热升华形成的
D．霜是水蒸气放热凝固形成的
3．如图，在“品中国非遗游古都西安﹣2025西安文旅媒体行”活动中，生动的皮影戏演绎，尽显“一口道尽千古事，双手舞动百万兵”的魅力。下列关于皮影戏所涉及的物理知识说法正确的是（　　）
A．人能看见皮影是因为皮影是光源
B．幕布上的影子是虚像
C．影子的形成是因为光的直线传播
D．幕布选用白色，是因为白色物体不能反射光
4．下列现象中涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．推不动水平放置的桌子，是因为推力小于摩擦力
B．跳远时运动员助跑，是通过增大速度来增大惯性
C．排球竖直上抛到最高点时，若外力全部消失，排球将保持静止
D．田径运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到了惯性的作用
5．下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是（　　）
A．甲图沿箭头方向向下吹气时，两张纸会向中间靠拢
B．乙图中斧头具有很薄的刃，是为了增大压力
C．丙图中物体排开的水体积与浮力大小无关
D．丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
6．如图﹣1所示，用核桃钳夹核桃时，其上部的手柄ABC可简化为图﹣2所示的杠杆，则下列分析正确的是（　　）
A．核桃钳为费力杠杆 B．核桃钳的支点是B点
C．夹核桃时，阻力臂比动力臂长 D．夹核桃时，动力F1小于阻力F2
7．骊山十八弯是西安公认的最美环绕山坡的盘山公路，这样车辆向上行驶时可以（　　）
A．减小所用的功 B．提高机械效率
C．减小所必须牵引力 D．减小上山的距离
8．关于温度、比热容、热量、内能，下列说法正确的是（　　）
A．燃料完全燃烧放出的热量的多少只与燃料的质量有关
B．外界对物体做功，物体内能增加，但温度不一定升高
C．物体内能减少，一定放出了热量
D．一个物体吸收了热量，如果质量、温度不变，意味着它的比热容增大了
9．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表和电流表都有示数，若一段时间后，灯泡L2断路，则可能观察到的现象是（　　）
A．灯泡L2不亮，L1变亮
B．灯泡L1、L2都不亮
C．电压表和电流表示数都不变
D．电压表无示数，电流表有示数
10．如图甲是小明在社团课上使用的3D打印笔，有快慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，R1＝2200Ω，R2＝1100Ω，两个电阻都是用于发热的电热丝。下列说法正确的是（　　）
A．胶条熔化时，是机械能转化为胶条的内能
B．两开关都闭合时，R1与R2串联
C．两开关都闭合时，电路的总电阻最大
D．两开关都闭合时为快挡，此时电路总功率为66W
11．将一段带绝缘层的导线绕在塑料管外，在导线两端连接一个灯泡，然后将一个强磁体放入塑料管内，沿着塑料管的轴线方向来回快速地摇动装置，如图所示，发现小灯泡不断闪烁，下列说法正确的是（　　）
A．该现象与发电机原理相同
B．该现象与扬声器原理相同
C．该现象属于电流的磁效应
D．此过程将磁能转化为光能
12．近年来，我国在材料、能源、信息等领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是（　　）
A．光纤通信是利用激光在纤维材料中多次折射传输信息的
B．5G网络的电磁波与4G网络的电磁波在空气中的传播速度相同
C．目前建成的核电站是利用核聚变释放的能量发电的
D．火力发电、核能发电、水力发电都是不可再生能源的利用
二、多选题（共4小题）
13．如图所示，小倪同学在学习使用无人机航拍美景。关于无人机航拍，下列说法正确的是（　　）
A．为了清楚地拍摄景物，物体要位于无人机镜头的一倍焦距与两倍焦距之间
B．无人机远距离航拍镜头所成的像是倒立、缩小的实像
C．要拍摄地面全景，可以控制无人机上升，所成的像变小
D．与无人机摄像镜头相同的透镜可以用来矫正近视眼
14．如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧杯中均装有适量的酒精，将质地均匀，且不吸酒精的a、b两实心体分别放入甲、乙烧杯中，当a、b静止时，a有的体积露出液面，b悬浮于液体中，此时两烧杯液面刚好相平。若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a有的体积露出液面，整个过程中液体均未溢出，下列说法正确的是（　　）
A．a的密度是0.2×103kg/m3
B．a、b的质量之比为1：2
C．a、b的体积之比为3：1
D．b的密度是1.0×103kg/m3
15．安全用电，人人有责。下列几幅图的做法符合安全用电要求的是（　　）
A．在楼道里给电动车充电B．更换灯泡时未断开开关
C．将冰箱的金属外壳接地D．出游前断开家里总开关
16．如图所示是一种油量表，R是滑动变阻器，它的滑片P连接在可绕O点转动的杠杆的右端，AP是导体。下列说法正确的是（　　）
A．油量表是由电流表改装而成的
B．R、R0是串联的
C．油位越高，R两端的电压越大
D．在电路中电阻R0是没有作用的
三、填空题（共10小题）
17．“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”。“花气袭人”属于　 现象，“知骤暖”说明分子做无规则运动的剧烈程度与 　有关。
18．如图所示，加油机对受油机进行空中加油时，以地面为参照物，加油机是　 的，以受油机为参照物，加油机是　 的（以上两空选填“运动”或“静止”），这表明在物理学中运动和静止是　 的。
19．如图所示，铅笔斜插在水杯中。我们能从各个方向看见铅笔，是因为光在铅笔表面发生了　 　反射；侧面看，铅笔在水面处发生错位，这是由于光的　 　造成的；处在水中的铅笔变粗，是因为柱形杯中的水相当于　 　透镜，对光线有　 　作用。
20．已知物体在月球上所受重力约为地球上的六分之一。在地球上一个物体竖直悬挂在弹簧测力计上静止时，弹簧测力计示数为30N；若把它带到月球上，物体的质量为　 　 kg，重力为　 N。（取g＝10N/kg）
21．“从生活走向物理”说明物理与生活息态相关。
（1）如图所示，不是利用连通器原理工作的是（ ）；
（2）下列现象中，属于增大压强的是（ 　 　 ）。
A.压路机上碾子的质量很大
B.载重量大的汽车装有许多车轮
C.书包带做得很宽
D.房屋建在承受面积更大的地基上
22．如图所示是我国自行研制的且有国际先进水平的歼20战斗机。设发动机用约1.4×105N的推力使其以2倍声速（设声速为340m/s）匀速飞行，此过程中，发动机的功率是 　 W，10秒内发动机做的功是 　 J，当战斗机向下俯冲时，它的重力势能 　 （选填“增大”或“减小”或“不变”）。
23．原子由　 和核外电子组成；毛皮摩擦过的琥珀因得到电子带　 　电；带电琥珀接触验电器金属球后，两片金属箔因带同种电荷互相　 而张开。
24．甲、乙两电阻的I﹣U关系如图所示，则甲电阻的阻值R甲＝　 Ω；若将甲、乙两电阻串联接在电路中，甲、乙电阻两端的电压之比为　 　 。
25．如图为家庭电路中的一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：
①闭合S1，灯L1亮；
②断开S1，闭合S2，灯L2不亮；
③再用试电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光。
若电路中只有一处故障，则是　 ；电路维修好后，闭合S1、S2，再用试电笔测量四个接线点，氖管不发光是　 点。
26．我国的新能源电动汽车行业蓬勃发展。电动汽车所需的某型号直流充电桩的充电功率P与储能比H（电池当前储能占充满状态储能的百分比）的关系如图所示，充电电压恒为400V，在AB、BC、CD、DE四段充电过程中，　 段的过程最容易使导线升温、老化，甚至引起火灾。高配置电动汽车的自动驾驶和停车辅助等场景需要用到毫米波雷达，某型号毫米波雷达的频率为80GHz（1GHz＝109Hz），其波长为 　mm。
四、作图题（共3小题）
27．如图1，为中国宇航员在天宫课堂授课时，将一个乒乓球放入水中的画面，请在图2中画出人眼看到乒乓球A的大致光路图。（A′是乒乓球A的像）
28．如图所示，小球受到的重力为10N。请在图中画出小球在斜面上所受的所有力的示意图。
29．如图所示，根据图中信息在括号内补充完整，并在图中将灯泡、控制灯泡的开关接入线路。
五、实验探究题（共5小题）
30．为了测量一枚印章的密度，小明进行了以下操作：
（1）在调节天平平衡过程中发现横梁上的指针停在图甲的位置，这时他应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调；用调好的天平测印章的质量，右盘砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，则印章的质量m＝ 　 g；
（2）向量筒中倒入30ml的水，再将印章放入量筒的水中，液面静止后如图丙所示，则印章的体积V＝　 cm3，计算得出印章的密度ρ＝ 　 g/cm3。
（3）收拾器材时，小明发现所用的20g砝码有点磨损，则测得的印章质量
　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；计算出的印章密度　 　 （选填“偏大”“偏小”或“不变”），你的判断依据是 　 。
31．如图所示，某实验小组在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，所用器材如下：长方体木块（各表面粗糙程度相同）、砝码、弹簧测力计、长木板和表面固定有棉布的长木板等。
（1）实验中用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，是为了让弹簧测力计的示数　 　 木块所受滑动摩擦力的大小；
（2）该实验设计主要运用的科学方法是　 法和转换法；
（3）比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小　 ；比较甲、丙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越　 　。
（4）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 　两次实验得出的结论。
32．用图甲滑轮组做“探究动滑轮的重对滑轮组机械效率的影响”实验。实验中把不同的磁铁吸附在动滑轮边框上以改变滑轮的重，每次实验都匀速拉动绳端使物体上升10cm。不计绳重，实验数据如下：
次数 G物/N G动/N F/N η/%
1 6.0 0.3 2.2 90.9
2 6.0 1.0
3 6.0 1.9 2.9 69.0
4 6.0 3.2 3.4 58.8
（1）每次实验绳端移动距离为　 　 cm；
（2）第2次实验中拉力F的示数如图乙，读数为 　 N，第2次实验滑轮组的机械效率为　 　 %，分析数据可知：在物重不变的情况下，动滑轮越重滑轮组的机械效率越　 　 ；
（3）实验中若仅增大绳端移动的距离，则滑轮组的机械效率将　 　 ；
（4）第1次实验中，由摩擦引起的额外功占总额外功的比例为 　 %，在物重不变的情况下，动滑轮变重时，由摩擦引起的额外功占总额外功的比例 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
33．为探究导体电阻大小与材料、长度和横截面积的关系，小美在如图所示电路中的M、N两点之间分别接入不同的电阻丝，其规格如下表所示：
编号 材料 长度 横截面积
A 镍铬合金 ① ②
B 镍铬合金 2l S
C 镍铬合金 l 2S
D 锰铜合金 l S
（1）实验中应通过观察　 　 来比较电阻的大小。
（2）为完成实验探究，请将表格补充完整：
①　 　；②　 　。
（3）分别将编号为A、B的电阻丝接入电路进行实验，得到的实验结论被实际应用到了　 　 的工作原理中（填字母）。
A．电压表 B．电流表 C．滑动变阻器
34．探究电流与电压、电阻的关系，电路如图1所示。实验器材：电源、定值电阻R（5Ω、10Ω、20Ω）、滑动变阻器（20Ω 2A）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关、导线。
（1）探究电流与电压的关系：
①闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至　 　 端。
②闭合开关，两电表示数均为0，将导线a的一端从A接线柱移到B接线柱试触，两电表的示数仍为0继续将导线a的一端移到C接线柱试触，电流表示数为0，电压表示数如图2所示，为　 　 V。根据以上试触结果，判断电路的故障可能是　 　 。
③如图3，根据实验数据绘制的I﹣U图像，分析得出结论：　 。
（2）探究电流与电阻的关系方案如下：电压表量程选择0～3V，将5Ω、10Ω、20Ω定值电阻分别接入电路，调节滑动变阻器滑片P使电压表的示数保持2V，记录电流表示数。请对上述实验方案进行评估与建议：　 。
六、计算题（共2小题）
35．为建设节约型社会，许多建筑普遍采用空心砖来砌墙壁，人们常用孔洞率来表示砖的空心体积占其外表总体积的比例，如图甲为某砖厂生产的一种外表总体积为3×10﹣3m3长方体空心砖，其孔洞率为30%（空心部分占总体积的百分比），每块砖重42N，问：
（1）每砖块的质量为多少kg？（g取10N/kg）
（2）该砖块材料的密度为多大？
（3）若一辆自身质量为5t的卡车，车上装有12m3该型号的砖，该汽车能否通过如图乙所示标志的桥梁？
36．现在的家用电吹风一般都有三个挡位，分别是“停、冷风和热风”，其简化电路图如图所示。电吹风的主要技术参数如表所示。当电吹风正常工作时，请通过计算回答下列问题：
热风温度 50﹣70℃
额定功率 热风：1200W冷风：100W
额定电压 220V
质量 0.5kg
（1）吹热风时，电热丝的电功率是多少？
（2）吹热风时，通过电热丝的电流是多少？
（3）吹热风5min电吹风消耗的电能是多少？
2026年度中考物理预测卷02
答案解析
一、单项选择题（共12小题）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
答案 D B C C A D C B C D A
题号 12
答案 B
二、多选题（共4小题）
题号 13 14 15 16
答案 BC AB CD BC
一、单项选择题（共12小题）
1．【答案】D
【分析】（1）声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，振幅越大，响度越大，响度大小还与发声体的远近有关，音色是指声音的品质，不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同。
（2）声音的传播你需要介质，固体、液体和气体都能传声。
（3）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声。
（4）声音是由物体的振动产生的。
【解答】解：A、“豪放”描述的是声音的响度，故A错误。
B、现场观众听到的声音是通过空气传播的，故B错误。
C、关闭门窗属于在传播过程中减弱噪声，故C错误。
D、该声音是由演员声带振动产生的，故D正确。
故选：D。
2．【答案】B
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。熔化、汽化、升华需要吸热；凝固、液化、凝华需要放热。
【解答】解：A、雾是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化放热，故A错误；
B、露是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化放热，故B正确；
C、雪是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：B。
3．【答案】C
【分析】本身能够发光的物体叫光源。
光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的。
白色物体能反射所有色光，而不吸收任何色光，黑色物体能吸收所有色光，而不反射任何色光。
【解答】解：A、光源是指自身能够发光的物体，皮影本身不发光，我们能看见它是因为它反射了其他光源的光，所以皮影不是光源，故A错误。
B、影子是光沿直线传播时，被不透明物体挡住后，在物体后方形成的光照不到的暗区，它不是由实际光线或反向延长线会聚形成的像，所以不是虚像，故B错误。
C、当光照射到不透明的皮影上时，光无法绕过皮影继续传播，在皮影后方的幕布上形成了暗区，也就是影子，这正是光的直线传播原理的体现，故C正确。
D、白色物体可以反射所有颜色的光，这样我们才能看到皮影呈现出的各种颜色（如果皮影是彩色的），而不是不能反射光，故D错误。
故选：C。
4．【答案】C
【分析】（1）静止的物体受到平衡力的作用。
（2）（4）惯性是物体保持原运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；惯性与质量有关。
（3）牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：A．推箱子不动，箱子受到平衡力的作用，所以水平推力等于摩擦力，故A错误；
B．跳远运动员起跳前助跑使人获得了很大的速度，起跳后由于惯性，人在空中仍然保持原来的运动状态，惯性与速度无关，故B错误；
C．排球竖直上抛到最高点时，若外力全部消失，由牛顿第一定律可知，排球将保持静止，故C正确；
D．田径运动员冲过终点后由于惯性还要保持原来的运动状态，不能立即停下，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。
故选：C。
5．【答案】A
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
（2）压力一定时，减小受力面积可以增大压强；
（3）根据阿基米德原理分析；
（4）吸饮料时利用的是大气压。
【解答】解：A、当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小。纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小，故A正确；
B、由公式p知，斧头具有很薄的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；
C、丙图中下压，物体排开的水体积增大，浮力增大，根据阿基米德原理知，浮力与排开液体的体积有关，故C错误；
D、人吸走管内的空气时，管内的气压减小，外界大气压压着饮料进入管内，使人喝到饮料，所以利用了大气压，不是利用浮力，故D错误。
故选：A。
6．【答案】D
【分析】杠杆绕着转动的固定点为支点；动力臂大于阻力臂为省力杠杆，动力臂小于阻力臂为费力杠杆。
【解答】解：杠杆绕着A转动，故A点为核桃钳的支点；动力臂L1大于阻力臂L2，为省力杠杆，动力F1小于阻力F2。故D符合题意。
故选：D。
7．【答案】C
【分析】盘山公路的本质是变形的斜面，而使用斜面的目的就是省力，方法就是通过增大斜面的长度。
【解答】解：山区的公路多修成环绕山坡的盘山公路，而盘山公路是变形的斜面，根据功的原理Gh＝Fs可知，斜面增大长度可以减小车辆向上行驶时所需的牵引力，故ABD错误，C正确。
故选：C。
8．【答案】B
【分析】热值反映了所有能燃烧的物质的一种性质，反映了不同燃料在燃烧过程中，化学能转化为内能本领的大小，也就是说，热值是燃料本身的一种性质，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、体积、是否完全燃烧、放出热量多少均没关系。
知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
比热容是物质的一种特性；物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
【解答】解：A．燃料完全燃烧放出的热量与燃料的热值、质量有关，故A错误；
B．外界对物体做功，物体内能增加，但温度不一定升高，因为内能还跟物体的质量、物态等因素有关，故B正确；
C．物体内能减少，可能放出热量，可能对外界做功，故C错误；
D．比热容是物质本身的一种性质，与是否吸收了热量无关，故D错误。
故选：B。
9．【答案】C
【分析】由图可知，该电路为并联电路，电压表V测量的是电源电压，电流表A测量的是L1的电流，逐项分析电表示数的变化，找出符合题意的选项。
【解答】解：A．据图可知，电路是并联的，并联电路中各支路独立工作，L2断路不会影响L1支路的电压和电流，因此L1亮度不变，而非变亮，故A不符合题意；
B．L1所在支路未受L2断路的影响，仍能正常工作，所以L1会亮，故B不符合题意；
C．由于两灯泡并联，电压表始终测量电源电压，则电压表示数不变，故C符合题意；
D．电压表始终测量电源电压，则电压表示数不变；电流表始终测量灯泡L1所在支路电流，则电流表有示数，故D不符合题意。
故选：C。
10．【答案】D
【分析】（1）胶条熔化时，从发热的电阻丝吸收热量，内能增大，因此发生的是能量的转移，故A错误；
（2）两开关都闭合时，R1与R2分别在两条支路上是并联的；
（3）两开关都闭合时，R1与R2并联，结合电阻的串并联特点可解答；
（4）由C可知，两开关都闭合时，电路的总电阻最小，根据可知，电路中的总功率最大。
【解答】解：A．胶条熔化时，从发热的电阻丝吸收热量，内能增大，电能转化为内能，故A错误；
B．两开关都闭合时，R1与R2分别在两条支路上，用电器是并联的，故B错误；
C．两开关都闭合时，R1与R2并联，此时电路的总电阻最小，故C错误；
D．由C可知，两开关都闭合时，电路的总电阻最小，根据可知，电路中的总功率最大，为快挡，此时电路中的总功率为，故D正确。
故选：D。
11．【答案】A
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：要使灯泡发光，必须有提供电能的装置，而装置中没有电源，通过来回快速摇动此装置，消耗机械能提供了电能，是利用电磁感应现象制成的，与发电机的原理相同，故A正确、BCD错误。
故选：A。
12．【答案】B
【分析】可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理。
光从光导纤维的一端射入，在内壁上多次反射，从另一端射出，这样就把它携带的信息（包括图像、语音等各种信息）传到了远方。
5G网络的电磁波与4G网络的电磁波在空气中的传播速度相同。
【解答】解：A.光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的，故A错误；
B.5G网络的电磁波与4G网络的电磁波在空气中的传播速度相同，故B正确；
C.目前建成的核电站是利用核裂变释放的能量发电的，故C错误；
D.火力发电、核能发电都是不可再生能源的利用，水力发电是可再生能源的利用，故D错误；
故选：B。
二、多选题（共4小题）
13．【答案】BC
【分析】（1）当u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头；
（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小；
（3）无人机摄像镜头是凸透镜，凸透镜可以矫正远视眼。
【解答】解：AB、为了清楚地拍摄景物，物体要位于无人机镜头的2倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，故A错误，B正确；
C、要拍摄地面全景，即像变小，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，应控制无人机上升，所成的像变小，故C正确；
D、无人机摄像镜头是凸透镜，凸透镜可以矫正远视眼，而近视眼需要用凹透镜矫正，故D错误。
故选：BC。
14．【答案】AB
【分析】（1）（4）物体所受浮力大小等于所排开液体的重力，由此结合阿基米德原理列出等式，求出两物体的密度；
（3）根据物体浮沉条件列等式求出两物体体积之比；
（2）根据密度公式求出两物体密度之比。
【解答】解：AD、当a、b静止时，a有的体积露出液面，b悬浮于液体中，根据物体浮沉条件，可列式ρagVa＝ρ酒精gVa；ρbgVb＝ρ酒精gVb；
解得ρaρ酒精0.8×103kg/m3＝0.2×103kg/m3；ρb＝ρ酒精＝0.8×103kg/m3，故A正确，D错误。
C、若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a有的体积露出液面，根据物体浮沉条件，ρagVa+ρbgVb＝ρ酒精g（1）Va，代入数据化简得，故C错误；
B、，故B正确。
故选：AB。
15．【答案】CD
【分析】（1）电动车应该在集中充电区进行充电；
（2）更换灯泡时，应先切断电源；
（3）有金属外壳的用电器应使外壳接地；
（4）长时间不使用用电器时，应切断电源。
【解答】解：A、在楼道里给电动车充电容易引发火灾，应在集中充电区进行充电，故A错误；
B、更换灯泡时应断开开关，防止触电事故的发生，故B错误；
C、将冰箱的金属外壳接地，可防止因漏电而发生触电事故，故C正确；
D、家用电器长时间不用时，应切断电源，因此，出游前应断开家里总开关，故D正确。
故选：CD。
16．【答案】BC
【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R依次连接即为串联；
根据电压表与被测电路元件并联、电流表与被测电路元件串联判断油量表的类型；根据没有定值电阻时，滑片在最下端会短路分析作用；
根据油量的变化可知浮子移动的方向，在杠杆的作用可知滑片移动的方向，结合串联电路的电压特点判断R两端的电压变化。
【解答】解：AB、由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R依次连接即为串联，此时油量表并联在R两端，则油量表是由电压表改装而成的，故A错误，故B正确；
C．当油位升高时，滑动变阻器的滑片向上移动，接入电路的电阻R的阻值增大，根据串联电路的分压规律可知，R两端的电压增大。所以油位越高，R两端的电压越大，故C正确；
D．若没有R0，当滑片P滑到最下端时，R接入阻值为0，电路会发生短路，损坏电源。因此R0是保护电阻，起到保护电路的作用，故D错误。
故选：BC。
三、填空题（共10小题）
17．【答案】扩散；温度。
【分析】不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
物体温度越高，分子热运动越剧烈。
【解答】解：“花气袭人”属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；“知骤暖”说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关。
故答案为：扩散；温度。
18．【答案】运动；静止；相对。
【分析】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
【解答】解：加油机对受油机进行空中加油时，以地面为参照物，加油机相对于地面的位置发生了变化，是运动的，以受油机为参照物，加油机相对于受油机的位置没有发生变化，是静止的。选取的参照物不同，加油机的运动状态就不同，但结论都是正确的，这表明在物理学中运动和静止是相对的。
故答案为：运动；静止；相对。
19．【答案】漫；折射；凸；会聚。
【分析】（1）一束平行光射到物体的光滑表面，经反射后，其反射光线仍然是平行的，这种反射叫做镜面反射，一束平行光射向物体的粗糙表面，经反射后，反射光线不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射。我们看到镜面反射后的光会觉得较亮，而在各个方向会看到漫反射的光。
（2）光的折射现象 是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变的现象；
（3）中间厚、边缘薄的透镜叫凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用。
【解答】解：（1）铅笔表面做得很粗糙，光线射到上面能发生漫反射，能使我们能从各个方向看见铅笔；
（2）光线在传播过程中，由一种介质斜射入另一种介质时，会发生偏折，铅笔在水面处发生错位，是由光的折射造成的；
（2）柱形杯中的水相当于凸透镜，对光线有会聚作用，铅笔在凸透镜的一倍焦距以内，成的是放大的虚像，所以处在水中的铅笔看起来变粗。
故答案为：漫；折射；凸；会聚。
20．【答案】3；5。
【分析】根据G＝mg计算物体的质量；物体的质量不随它的形状、物态和位置、温度而改变。
物体在月球上所受重力约为地球上的六分之一，据此计算物体在月球上的重力。
【解答】解：物体在地球上的质量为m3kg；物体的质量不随它的位置的变化而改变，因此把物体带到月球上，质量仍为3kg。
物体在月球上的重力为G月G30N＝5N。
故答案为：3；5。
21．【答案】（1）C；（2）A。
【分析】（1）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的。
（2）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：（1）A、洗手池下水的回水管，上端开口、底部连通，构成了连通器，故A不符合题意；
B、茶壶的壶身与壶嘴上端开口，底部相通，构成了连通器，壶嘴和壶身在同一高度，倒满水后，液面相平，故B不符合题意；
C、当瓶口在水面以下时，瓶子内的水和空气的压强之和等于外界的大气压强，水不流出；当瓶口露出水面时，空气进入瓶内，水流出，直到封住瓶口为止，利用的是大气压，不是连通器原理，故C符合题意；
D、水位计构成上端开口，下部连通的容器，故D不符合题意。
故选：C。
（2）A、压路机上碾子的质量做得很大，是在受力面积一定时，增大压力来增大压强，故A符合题意；
B、载重量大的汽车装有许多轮胎，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故B不符合题意；
C、书包带做得很宽，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故C不符合题意；
D、房屋建在承受面积更大的地基，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故D不符合题意。
故选：A。
故答案为：（1）C；（2）A。
22．【答案】9.52×107；9.52×108；减小。
【分析】根据PFv求发动机的功率；根据W＝Pt求10秒内发动机做的功；
重力势能与物体的质量、高度有关。物体的质量一定时，高度越大，重力势能越大；高度越小，重力势能越小。
【解答】解：发动机的功率：PFv＝1.4×105N×2×340m/s＝9.52×107W；
10秒内发动机做的功：W＝Pt＝9.52×107W×10s＝9.52×108J
战斗机向下俯冲时，质量不变，高度减小，它的重力势能减小。
故答案为：9.52×107；9.52×108；减小。
23．【答案】原子核；负；排斥。
【分析】（1）结合原子结构分析。
（2）由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同；当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；
（3）验电器的实质是同种电荷相互排斥。
【解答】解：原子由原子核和核外电子组成；
毛皮摩擦过的琥珀因得到电子带负电；
带电琥珀接触验电器金属球后，两片金属箔因带同种电荷互相排斥而张开。
故答案为：原子核；负；排斥。
24．【答案】5；1：2。
【分析】根据图象数据，结合欧姆定律求得甲的电阻，根据串联电流相等，结合图像分析。
【解答】解：由甲的图象可得，当电压U甲＝3V时，电流I甲＝0.6A，
导体甲的电阻为：R甲 5Ω，
若将甲、乙两电阻串联接在电路中，即此时的电流相等，根据图像知，任意一个水平线上对应的甲乙的电压关系是1：2，甲、乙电阻两端的电压之比为1：2.
故答案为：5；1：2。
25．【答案】c、d之间断路；c、d。
【分析】（1）闭合开关，灯亮，则火线经由灯泡的线路为通路，排除故障，反之则线路中存在故障；
（2）测电笔与正常火线端接触则发光，与正常零线端接触则不发光，若火线端不发光则火线有断路，若零线端发光则零线有断路。
【解答】解：闭合S1，灯L1亮，说明灯L1支路没有故障，进户的火线和零线没有故障；
用试电笔测a、b、c、d四个接线点，d点位于零线端但测电笔发光，则c、d之间断路；
电路维修好后，c、d位于零线端，用试电笔测量四个接线点，c、d不发光，a、d位于火线端，会发光。
故答案为：c、d之间断路；c、d。
26．【答案】BC；3.75。
【分析】（1）根据P＝UI进行分析。
（2）根据c＝λf进行计算。
【解答】解：根据P＝UI可知：在充电电压一定时，充电的功率越大，充电电流越大，从图中可知：BC段的充电功率最大，充电电流最大，根据焦耳定律可知：导线中产生的热量最大，容易使导线升高、老化，甚至引起火灾。
根据c＝λf可知：3.75mm。
故答案为：BC；3.75。
四、作图题（共3小题）
27．【答案】
【分析】由于从乒乓球A反射的光经水面发生折射，折射光线远离法线偏折（向下偏折），当折射光线射入人眼，人凭光沿直线传播的感觉，认为乒乓球A在折射光线的反向延长线上，人看到的是乒乓球A的虚像。
【解答】解：连接眼睛和点A′与界面的交点即为入射点O，根据光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，连接AO为入射光线，点O和眼睛为折射光线，如下图所示：
28．【答案】
【分析】首先对物体进行受力分析，物体受到重力和支持力的作用，然后根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：由图知，小球在斜面上静止受斜面的支持力，小球受竖直向下的重力G、挡板对球的支持力作用点都画在小球的重心，从小球的重心作竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F，垂直挡板向左的支持力F′，如图所示：
29．【答案】
【分析】根据测电笔的使用方法确定相线、中性线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，相线首先接开关，再接灯泡顶端金属点；中性线直接接灯泡。这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断相线，更换灯泡更安全。
【解答】解：由图可知，测电笔接触上方的电线时氖管发光，上方电线是相线；中间电线是中性线；
灯泡接法：相线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，中性线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
五、实验探究题（共5小题）
30．【答案】（1）左；23.6；（2）10；2.36； （3）偏大；偏大；20g砝码有点磨损，砝码的实际质量小于20g，则测量物体的质量偏大，而体积测量准确，由密度公式可知密度偏大。
【分析】（1）在调节天平平衡过程中，指针右偏，应将平衡螺母向左调；确定标尺的分度值，印章的质量等于砝码的质量与游码对应的示数和。
（2）将印章放入量筒的水中，液面静止后得出水面对应的刻度，从而得出印章的体积，计算得出印章的密度。
（3）20g砝码有点磨损，砝码的实际质量小于20g，则测量物体的质量偏大，而体积测量准确，由密度公式可知密度偏大。
【解答】解：（1）在调节天平平衡过程中发现横梁上的指针停在图甲的位置，指针右偏，这时他应将平衡螺母向左调；用调好的天平测印章的质量，右盘砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，标尺的分度值为0.2g，则印章的质量m＝20g+3.6g＝23.6g；
（2）向量筒中倒入30mL的水，再将印章放入量筒的水中，液面静止后如图丙所示，水面对应的刻度为40mL＝40cm3
则印章的体积V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3；
计算得出印章的密度ρ2.36g/cm3。
（3）小明发现所用的20g砝码有点磨损，则测得的印章质量偏大，计算出的印章密度偏大，原因：20g砝码有点磨损，砝码的实际质量小于20g，则测量物体的质量偏大，而体积测量准确，由密度公式可知密度偏大。
故答案为：（1）左；23.6；（2）10；2.36； （3）偏大；偏大；20g砝码有点磨损，砝码的实际质量小于20g，则测量物体的质量偏大，而体积测量准确，由密度公式可知密度偏大。
31．【答案】（1）等于；（2）控制变量；（3）无关；大；（4）甲、丁。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
【解答】解：（1）实验中用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，该实验设计主要运用的科学方法是控制变量法和转换法；
（3）比较甲、乙两次实验可知，压力大小和接触面的粗糙程度相同，而接触面积不同，测力计示数相同，故滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关；比较甲、丙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，丙中压力大，测力计示数也大，故滑动摩擦力越大。
（4）甲、丁实验中，压力相同，丁中接触面更粗糙，测力计示数更大，即摩擦力大，拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，增大了接触面粗糙程度，这是应用了甲、丁两次实验得出的结论。
故答案为：（1）等于；（2）控制变量；（3）无关；大；（4）甲、丁。
32．【答案】（1）30；（2）2.5；80；低；（3）不变；（4）50；变小。
【分析】（1）从图中可知n＝3，根据s＝nh得出每次实验绳端移动距离；
（2）测力计的分度值为0.1N，据此得出读数；
根据η得出第2次实验滑轮组的机械效率；
分析数据可知：在物重不变的情况下，从实验1至实验4，动滑轮的重力逐渐变大，滑轮组的机械效率逐渐变小，据此得出结论；
（3）实验中若仅增大绳端移动的距离，根据η可知滑轮组的机械效率的变化情况；
（4）四次实验中，根据W有用＝Gh得出有用功；根据W动＝G动h得出克服动滑轮的重力所做的额外功，根据W总＝Fs得出总功，根据W摩＝W总﹣W有用﹣W动得出摩擦引起的额外功，进而分别得出四次实验中摩擦引起的额外功占总额外功的比例，进而得出结论。
【解答】解：（1）从图中可知n＝3，每次实验绳端移动距离s＝nh＝3×10cm＝30cm＝0.3m；
（2）测力计的分度值为0.1N，读数为2.5N，第2次实验滑轮组的机械效率η80%。分析数据可知：在物重不变的情况下，从实验1至实验4，动滑轮的重力逐渐变大，滑轮组的机械效率逐渐变小，故动滑轮越重滑轮组的机械效率越低；
（3）实验中若仅增大绳端移动的距离，根据η可知滑轮组的机械效率将不变；
（4）四次实验中，物体上升的高度h＝10cm＝0.1m，有用功W有用＝Gh＝6.0N×0.1m＝0.6J，
第1次实验中，克服动滑轮的重力所做的额外功W动1＝G动1h＝0.3N×0.1m＝0.03J，
总功W总1＝F1s＝2.2N×0.3m＝0.66J，
摩擦引起的额外功W摩1＝W总1﹣W有用﹣W动1＝0.66J﹣0.6J﹣0.03J＝0.03J，
摩擦引起的额外功占总额外功的比例为：50%；
第4次实验中，克服动滑轮的重力所做的额外功W动4＝G动4h＝3.2N×0.1m＝0.32J，
总功W总4＝F4s＝3.4N×0.3m＝1.02J，
摩擦引起的额外功W摩4＝W总4﹣W有用﹣W动4＝1.02J﹣0.6J﹣0.32J＝0.1J，
摩擦引起的额外功占总额外功的比例为：24%；
本实验中，在物重不变的情况下，动滑轮变重时，由摩擦引起的额外功占总额外功的比例变小。
故答案为：（1）30；（2）2.5；80；低；（3）不变；（4）50；变小。
33．【答案】（1）电流表示数；（2）①l；②S；（3）C。
【分析】（1）导体电阻的大小是通过电流表示数来反映的，这在物理学中称之为“转换法”。
（2）影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积、温度，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
（3）滑动变阻器是靠改变连入电路中电阻丝的长度来改变阻值的。
【解答】解：（1）根据转换法可知，实验中应通过观察电流表示数来反映电阻丝电阻的大小。
（2）由表知：电阻丝A与D探究导体电阻大小与材料的关系，因此电阻丝A的规格应选择长度为l，横截面积为S。
（3）如果选用编号为A、B两根电阻丝进行实验，即此时电阻丝的材料和横截面积相同，但长度不同，从而得出结论：在导体的材料和横截面积相同时，导体长度越长，电阻越大，该结论被实际应用到了滑动变阻器的工作原理中，故选：C。
故答案为：（1）电流表示数；（2）①l；②S；（3）C。
34．【答案】（1）①C；
②4.5；导线BC之间发生断路；
③当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（2）当电路中接入20Ω的定值电阻时，为了满足分压要求，滑动变阻器需要接入电路的阻值为25Ω，该阻值大于滑动变阻器的最大阻值，因此将导致该次实验无法成功；建议更换最大阻值至少为25Ω的滑动变阻器（或降低电源电压
或提高定值电阻两端的控制电压）。
【分析】（1）①闭合开关前，滑动变阻器要调到最大阻值处，这样可以保护电路；
②根据图2中电压表选用的量程判断其分度值，并结合指针位置读数；
闭合开关，两电表示数均为0，说明电路可能出现了断路，而当将导线a从A移到B时两表仍无示数，移到C时电压表有示数、电流表无示数，说明此时电压表能与电源正负极连通，由此判断故障原因；
③观察图3的I﹣U 图像是一条过原点的倾斜直线，由此可得出结论。
（2）根据串联分压原理分析当电路中接入最大阻值的定值电阻时，滑动变阻器应接入电路的阻值大小，结合滑动变阻器的规格分析评估实验方案并给出合理建议。
【解答】解：（1）①为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器要调到最大阻值处，即将滑片P移至图中的C端；
②根据图2中电压表选用的量程为0～15V，则其分度值为0.5V，则电压表读数为4.5V；
闭合开关，两电表示数均为0，说明电路可能出现了断路，而当将导线a从A移到B时两表仍无示数，移到C时电压表有示数、电流表无示数，说明此时电压表能与电源正负极连通，可判断电路故障可能是：导线BC之间发生断路。此时电压表通过滑动变阻器、电流表接在电源两端，测的是电源电压；
③观察图3的I﹣U 图像是一条过原点的倾斜直线，由此可得出结论为：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（2）因为由图1可知电源为三节干电池，则其电源电压大小为3×1.5V＝4.5V，而定值电阻两端电压为2V，则根据串联电路电压的规律可得滑动变阻器两端的电压大小为4.5V﹣2V＝2.5V，由此可知滑动变阻器两端的分压为定值电阻两端分压的倍，当电路中接入20Ω的定值电阻时，为了满足分压要求，滑动变阻器需要接入电路的阻值为20Ω×1.25＝25Ω，该阻值大于滑动变阻器的最大阻值20Ω，因此将导致该次实验无法成功；由此分析可知为了满足分压要求可采取的措施为更换最大阻值至少为25Ω的滑动变阻器，或通过降低电源电压来减小变阻器的分压或通过增大定值电阻两端的分压来减小变阻器的分压。
故答案为：（1）①C；
②4.5；导线BC之间发生断路；
③当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（2）当电路中接入20Ω的定值电阻时，为了满足分压要求，滑动变阻器需要接入电路的阻值为25Ω，该阻值大于滑动变阻器的最大阻值，因此将导致该次实验无法成功；建议更换最大阻值至少为25Ω的滑动变阻器（或降低电源电压
或提高定值电阻两端的控制电压）。
六、计算题（共2小题）
35．【答案】（1）每砖块的质量为4.2kg；
（2）该砖块材料的密度为2×103kg/m3；
（3）该汽车不能通过如图乙所示标志的桥梁。
【分析】（1）已知该砖块的重力，根据G＝mg求该砖块的质量；
（2）根据题意求得砖块材料的体积，根据ρ求该砖块材料的密度；
（3）根据题意求得12m3该型号砖的总质量，从而可得车和砖的总质量，与桥梁的限重比较，得出结论。
【解答】解：（1）砖块的质量：；
（2）砖块的外表总体积V＝3×10﹣3m3，孔洞率为30%，
则砖块实心部分的体积（即材料的体积）为：，
砖块材料的密度为：；
（3）车上砖的块数，
这些砖的质量m砖＝4.2kg×4000＝16800kg＝16.8t，
卡车和砖的总质量为m总＝m车+m砖＝5t+16.8t＝21.8t＞20t，
所以该卡车不能通过此桥梁。
答：（1）每砖块的质量为4.2kg；
（2）该砖块材料的密度为2×103kg/m3；
（3）该汽车不能通过如图乙所示标志的桥梁。
36．【答案】（1）吹热风时，电热丝的电功率是1100W；
（2）吹热风时，通过电热丝的电流是5A；
（3）吹热风5min电吹风消耗的电能是3.6×105J。
【分析】（1）由图可知，电动机和电热丝并联时，电吹风吹热风，电吹风吹热风时的功率P热＝1200；只有电动机工作时，电吹风吹冷风，电动机的功率P冷＝100W，根据P电热丝＝P热﹣P冷计算出电热丝的电功率；
（2）已知电热丝的电功率，利用公式P＝UI计算通过电热丝的电流；
（3）根据W＝Pt计算吹热风5min电吹风消耗的电能。
【解答】解：（1）由图可知，当开关接A、B触点时，电热丝和电动机并联，电路中总电阻最小，总功率最大，电吹风吹热风，由表中数据可知电吹风吹热风时的功率为1200W，即电热丝和电动机的总功率P热＝1200W；
当开关接B、C触点时，只有电动机工作，电吹风吹冷风，表中数据可知电吹风吹冷风时的功率为100W，即电动机的功率P冷＝100W；
则吹热风时，电热丝的电功率为：P电热丝＝P热﹣P冷＝1200W﹣100W＝1100W；
（2）由P＝UI可得，吹热风时，通过电热丝的电流为：I电热丝5A；
（3）吹热风5min，电吹风消耗的电能为：W＝P热t＝1200W×5×60s＝3.6×105J；
答：（1）吹热风时，电热丝的电功率是1100W；
（2）吹热风时，通过电热丝的电流是5A；
（3）吹热风5min电吹风消耗的电能是3.6×105J。
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
HYPERLINK "http://21世纪教育网(www.21cnjy.com)
" 21世纪教育网(www.21cnjy.com)

展开更多......

收起↑