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湖南省长沙市湖南师大附中博才实验中学2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
1．（2025·长沙模拟）如图为我国古代乐器“参差”，由多根长短不一的竹管排列构成，通过吹奏竹管上端切口发声。下列说法正确的是（　　）
A．“参差”演奏时是靠竹管的振动发声
B．竹管长短不一是为了改变“参差”发声的音调
C．用力吹同一根竹管能改变此乐器的音色
D．发出的优美声音一定不属于噪声
【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】 A．“参差”演奏时是靠竹管中的空气柱振动发声，故A错误；
B．演奏“参差”时，振动发声的是竹管中的空气柱，竹管长短不同，管中的空气柱不同，则其振动的快慢不同，发声的音调不同，故B正确；
C．用力吹同一根竹管，管中空气的振动幅度不同，响度不同，故C错误；
D．乐器“参差”演秦时发出的优美声音如果影响了人们正常的学习、工作和休息，就属于噪声，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）发声的物体在振动；
（2）（3）音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高；音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志；响度和发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大；
（4）凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。
2．（2025·长沙模拟）小明同学手拿一个土豆，如图所示，根据图片信息估测该土豆的实际长度约为（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 人的手掌长约为15cm，图中土豆被握在手中，土豆的长度略小于手掌的长度，长度约为10cm，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 在没有精确测量工具的情况下，可以通过一些简单的方法来估测长度，比如使用手掌的宽度、步长、或者已知长度的物体作为参照。
3．（2025·长沙模拟）近期热映的《哪吒2》以“破界”之姿，打开了国产动画的天花板，也拓宽了全球观众对“中国故事”的想象边界。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B．放映时巨幕到放映机镜头的距离应小于二倍焦距
C．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 A、由于放映机的镜头是凸透镜，近视眼镜是凹透镜，它们不是同一种透镜，故A错误；
BD、放映机是利用凸透镜成倒立、放大的实像的原理进行工作的，像距大于二倍焦距，故BD错误；
C、由于从各个方向都看到画面，符合漫反射的特点，可知是发生了漫反射，故C正确；
故选：C。
【分析】 （1）放映机的镜头是凸透镜，近视眼镜为凹透镜；
（2）（4）放映机是利用凸透镜成倒立、放大的实像的原理进行工作的，像距大于二倍焦距；
（3）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
4．（2025·长沙模拟）某同学看到皮划艇运动员正在紧张的训练，下列认识正确的是（　　）
A．运动员在水面的“倒影”和他们在太阳下的“影子”原理相同
B．冲过终点后，皮划艇不能立刻停下来是由于受到惯性的作用
C．运动员训练时，皮划艇受到的浮力和皮划艇的重力是一对平衡力
D．用桨向后划水，皮划艇向前运动说明力的作用是相互的
【答案】D
【知识点】光的反射；力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 A、运动员在水面的“倒影”成像原理是光的反射，他们在太阳下的“影子”的成像原理是光沿直线传播，二者原理不相同，故A错误。
B、冲过终点后，皮划艇不能立刻停下来是由于运动员具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误。
C、运动员训练时，皮划艇受到的浮力等于皮划艇和运动员的总重力，则皮划艇受到的浮力和皮划艇的重力大小不等，不是一对平衡力，故C错误。
D、向后划水，皮划艇向前运动，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的；影子的形成：光从光源传播出来，照射在不透光的物体上，不透光的物体把沿直线传播的光挡住了，在不透光的物体后面受不到光照射的地方就形成了影子。
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）物体间力的作用是相互的。
5．（2025·长沙模拟）《天工开物》里记载了铸造“钟”和鼎”的方法：先用泥土制作“模骨”，“干燥以牛油、黄蜡附其上数寸”，油蜡上刻上图案后在油蜡的外面用泥土制成外壳；干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，在油蜡流出后形成的空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。其过程中，“炙化其中油蜡”和“铜液冷却成钟鼎”涉及到的物态变化分别是（　　）
A．液化凝固 B．熔化凝固 C．熔化凝华 D．液化凝华
【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】 “炙化其中油蜡”是指通过加热使固态的牛油、黄蜡变为液态，这个过程是熔化。“铜液冷却成钟鼎”是液态的铜液在冷却后变为固态的铜制钟鼎，此过程为凝固。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
6．（2025·长沙模拟）某小区门口安装了便民快递柜，可通过输入取件码来闭合取件码开关S1，也可通过扫码闭合“感应开关”S2来接通电路打开门锁，以下简化电路符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 根据题意可知，可通过输入密码来闭合“密码开关”S1，也可通过扫码闭合“感应开关”S2来接通电路打开门锁，这说明两个开关是并联的，然后与电动机串联，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意判定两个开关的连接方式，然后得出正确的电路图。
7．（2025·长沙模拟）关于家庭电路，下列说法中正确的是（　　）
A．在家庭电路中，冰箱金属外壳不需要接地线
B．使用测电笔时，不能接触金属笔尖
C．如果家庭电路中不安装保险丝，就不会发生短路
D．在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越大
【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】 A、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，故A错误；
B、使用测电笔时，为能形成回路，手应接触笔尾金属体，不能接触金属笔尖，故B正确；
C、家庭电路中不安装保险丝，当发生短路时，没有电流通过用电器，不会烧毁用电器，而会烧坏供电线路，故C错误；
D、家庭电路是并联，工作的用电器越多，相当于增大导体的横截面积，总电阻越小，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电；
（2）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成通路并联；
（3）发生短路时，没有电流通过用电器；
（4）电路中，越并总电阻越小。
8．（2025·长沙模拟）下列现象能用流体压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．图甲：洗手盆下方反水弯处形成水封
B．图乙：盆景自动供水装置中，瓶内的水不会全部流出
C．图丙：拦河大坝修建的上窄下宽
D．图丁：机翼被设计成“上凸下平”的形状，来获得升力
【答案】D
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、洗手盆下方反水弯处形成水封是利用连通器的原理，与流体压强无关，故A不合题意；
B、盆景自动供水装置是利用了瓶内压强与瓶外大气压平衡来控制水的流出，不能用流体压强与流速的关系解释，故B不合题意；
C、因为同种液体随深度的增加而增大，所以拦河大坝修建的上窄下宽，故C不合题意；
D、机翼被设计成“上凸下平”的形状，机翼上方的空气流速大，压强较小；下方的空气流速小，压强大，所以机翼面受到一个向上的压强差，产生向上的升力，说明气体压强与流速有关，故D符合题意；
故选：D。
【分析】 流体压强与流速的关系为：流体流速越快的位置压强越小，据此可对选项中的现象进行分析。
9．（2025·长沙模拟）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱穿越大气层加速下降的情景，与大气摩擦使其外壳的温度升高，下列有关返回舱在加速下降过程说法正确的是（　　）
A．动能保持不变 B．重力势能变小
C．机械能守恒 D．重力对返回舱未做功
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】 A、返回舱加速下降时，因为速度变大，质量不变，所以动能变大，故A错误；
B、返回舱加速下降时，因为高度变小，质量不变，所以重力势能变小，故B正确；
C、返回舱下降过程中与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，故C错误；
D、加速下落时，因为返回舱沿重力的方向上移动了距离，所以重力对返回舱做了功，故D错误；
故选：B。
【分析】 （1）动能大小与质量、速度有关；重力势能大小与质量、被举的高度有关；机械能等于动能与势能的和；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
（3）做功可以改变物体的内能，克服摩擦做功，机械能转化为内能。
10．（2025·长沙模拟）我国独立自主设计建造的“福建舰”航空母舰采用的是先进的电磁弹射技术。电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，从而弹射器推动舰载机使其加速。图所示的选项中与其原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】 电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，和电动机的原理是相同的。
A、奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，故B符合题意；
C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的，故C不符合题意；
D、通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】 通电导体在磁场中会受到力的作用。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
11．（2025·长沙模拟）小张用如图所示滑轮把重500N的货物匀速提到3m高的二楼，若不计绳重和摩擦，所用的拉力是300N。下列关于此过程的说法正确的是（　　）
A．使用动滑轮提升重物可以省力，也可以省功
B．拉力做功为1800J
C．动滑轮的机械效率为60%
D．若使用质量更小的动滑轮，提升相同的货物，机械效率会变大
【答案】B,D
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】 A、使用动滑轮提升重物可以省力，但不能省功，故A错误；
B、动滑轮绳子股数为2，拉力做的功为：W总=Fs=Fnh=300N×2×3m=1800J，故B正确；
C、该滑轮的机械效率为：，故C错误；
D、若使用质量更小的动滑轮，提升相同的货物，则有用功不变，而额外功减小，机械效率变大，故D正确。
故选：BD。
【分析】（1）动滑轮可以省力，但不能改变动力方向；任何机械都不能省功；
（2）动滑轮绳子股数为2，利用W总=Fs=Fnh求出拉力做的功；
（3）根据求出该滑轮的机械效率；
（4）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
12．（2025·长沙模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，如图所示。图中E、O、F分别为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成，下列分析正确的是（　　）
A．车速仪应该由电流表改装而成
B．踩下油门的过程中，电压表示数与电流表示数的比值增大
C．电路中的定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
【答案】A,D
【知识点】电路的构成及电路图；电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、踩下油门的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，变阻器分担的电压减小，即电压表示数减小；变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据可知电路中电流变大，即电流表示数变大；已知驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，所以车速仪是由电流表改装而成；因电压表示数变小，电流表示数变大，则该过程中电压表示数与电流表示数的比值变小，故A正确，B错误；C、定值电阻R0串联在电路中，可以防止电路中电流过大，烧坏仪表，起到保护电路的作用，所以定值电阻R0必须接入电路，故C错误；
D、因电源电压不变，则由串联电路的电压特点可知，电压表示数的变化量等于定值电阻的电压变化量（即ΔUV=ΔU0）；对定值电阻来说，根据可知，其两端电压的变化量与电流变化量的比值等于该定值电阻的阻值，所以电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变（即），故D正确。
故选：AD。
【分析】分析电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）当驾驶员踩下“油门”时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据电压表示数和电流表示数的变化分析电压表与电流表示数比值的变化；
（2）从保护电路的角度分析R0的作用；
（3）根据串联电路的电压规律结合欧姆定律分析，注意：对定值电阻来说，其两端电压的变化量与电流变化量的比值等于该定值电阻的阻值。
三、填空题（本大题共5小题，第15题3分，其余小题每空2分，共21分）
13．（2025·长沙模拟）随着科技的发展，更快的5G网络已应用在人们的生产生活中，其中最典型的就是5G手机。5G手机是利用　 　波来传输信息的；5G手机中用到的二极管是利用　 　材料制成的。
【答案】电磁；半导体
【知识点】半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 5G手机是利用电磁波来传输信息的；5G手机中用到的二极管是利用半导体材料制成的。
故答案为：电磁；半导体。
【分析】 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
14．（2025·长沙模拟）发射火箭时，为避免燃料燃烧喷出的高温燃气破坏发射台科学家会在发射台下设计了一个巨大的水池，是利用了水的汽化吸热和水的　 　较大的特性，火箭加速升空过程中，火箭外壳由于与大气摩擦温度迅速升高，这是通过　 　方式改变内能的。
【答案】比热容；做功
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 （1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，可以吸收更多的热量，因此科学家在发射台下设计了一个巨大的水池；
（2）火箭加速升空过程中，火箭外壳由于与大气摩擦温度迅速升高，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变内能的。
故答案为：比热容；做功。
【分析】 （1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
（2）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
15．（2025·长沙模拟）生活处处有物理。小明把一个玻璃瓶装满水，拧紧瓶盖后放入冰箱的冷冻室内，几天后打开冰箱时发现玻璃瓶被“冻裂”了，请你利用所学物理知识分析，玻璃瓶被“冻裂”了主要原因：　 　。
【答案】水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据可得，可知水结冰后体积变大膨胀，玻璃瓶被“冻裂”。
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】 水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据可得，可知水结冰后体积变大膨胀，玻璃瓶被“冻裂”。【分析】 水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据密度公式可知其体积变化，进而得出玻璃瓶被“冻裂”的主要原因。
16．（2025·长沙模拟）小红画出了定值电阻R和小灯泡L的I-U图像，如图所示。由图可知，当小灯泡两端的电压升高时，其阻值变化情况为　 　。若将两者串联在电源电压为4V的电路中，L和R的阻值之比为　 　。
【答案】变大；
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】图中，灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流的变化量，则阻值增大了。
若将两者串联在电源电压为4V的电路中，通过串联电路各处电流相等，通过电路的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压，根据串联分压原理，L和R的阻值之比。故第1空填：变大；第2空填：1：3。
【分析】灯丝电阻随温度升高而变大；在串联电路中，各用电器分压比等于电阻比值。
17．（2025·长沙模拟）一块厚为10cm、质地均匀的长方体物块放在水平地面上。若沿如图所示的斜面用力可以将物块切成完全相同的两块甲、乙，说明力可以改变物体的　 　；把这两块水平分开后依然平放在水平地面上，它们对地面的压强分别为1000Pa和1500Pa，若未切时长方体对水平地面的压强为p0，则p0　 　1500Pa（选填“大于”“等于”或“小于”），物块的密度为　 　kg/m3。（g取10N/kg）
【答案】形状；小于；1.2×103
【知识点】力的作用效果；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 力可以改变物体的形状或运动状态；切开是形状改变了，
地面上的物体对地面的压力等于自身的重力，
设长方体物块的重力为2G，将物块切成完全相同的两块，则每一块的重力为G，
它们对水平地面的压强之比为：p：p'=1000Pa：1500Pa=2：3；
根据知，压力相等，压强之比等于受力面积之比的倒数，故左右的面积之比为3：2；设S左=3S，则S右=2S，所以长方体的底面积为5S，
由可得：G=3000Pa×S，未切时长方体对水平地面的压强为；故比1500Pa小，
根据有：1200Pa=ρ×10N/kg×0.1m；
解得ρ=1.2×103kg/m3。
故答案为：形状；小于；1.2×103。
【分析】力可以改变物体的形状或运动状态；
地面上的物体对地面的压力等于自身的重力，设长方体物块的重力为2G，将物块切成完全相同的两块，则每一块的重力为G，进一步计算它们对水平地面的压强之比可得左右面积之比，根据面积之比表示长方体的底面积，根据压强公式表示长方体的重力，进一步计算长方体对地面的压强，根据可得长方体的密度。根据密度计算没有切割时的压强。
四、作图与实验探究（本大题共5小题，第18题3分，19题6分，20题6分，21题7分，22题6分，共28分）
18．（2025·长沙模拟）如图所示，小明在清澈的湖边看到水中有一条小鱼，若实际小鱼的位置为S点。请根据光的折射原理，画出法线、小明眼睛看到小鱼的虚像S'和大致的入射光线。
【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】 观察水中鱼时，鱼反射的光线斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，眼睛逆着折射光线看上去，人看到的“鱼”在S'点，比鱼的实际位置偏高，如图所示：
【分析】 水中鱼反射的光斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，折射光线进入人的眼睛，人认为光沿直线传播，人看到的鱼是折射光反向延长线相交形成的虚像，比鱼的实际位置高，所以人看到的是变浅了的鱼的虚像。
19．（2025·长沙模拟）如图甲所示是探究“水的沸腾”实验装置，电热水壶中装有适量的水，接通电源加热。
（1）图甲中温度计读数时，视线A、B、C正确的是　 　；
（2）图乙中a、b分别是小明与小强依据自己的实验数据所画出的曲线，由曲线a、b分析水沸腾时的温度变化规律可知，水沸腾过程中，水的温度　 　；
（3）图乙中两人所作的曲线a、b升温与降温过程都不是直线，单独分析图像a或b可知，水的温度越高，　 　（选填“升温”或“降温”）越快。
【答案】（1）B
（2）不变
（3）降温
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】 （1）温度计读数时，视线应与温度计的刻度垂直，故B正确。
（2）分析a、b可知，水沸腾过程中，水的温度不变。因为水在沸腾时，虽然继续吸收热量，但温度保持不变，这是水沸腾的一个重要特点。
（3）图乙中两人所作的曲线a、b升温与降温过程都不是直线，进一步分析图像可知，水的温度越高，降温越快。因为水与周围环境的温差越大，热传递的速度就越快，所以降温也就越快。在水沸腾后停止加热，水的温度较高时，其与周围环境的温差较大，此时降温速度会比温度较低时快，这就是为什么曲线在高温段下降得更陡峭的原因。
故答案为：（1）B；（2）不变；（3）降温。【分析】 （1）温度计读书时，视线应与温度计的刻度垂直。
（2）水沸腾过程中，水的温度不变。
（3）水的温度越高，降温越快。
（1）温度计读数时视线与液柱的液面相平，故A、B、C三种读数方法正确的是B。
（2）由图乙可知，水沸腾过程中持续吸收热量，温度保持不变。
（3）图乙a、b曲线升温与降温过程都不是直线，分析a、b的升温曲线可知，温度越高，升温越慢；分析a、b的降温曲线可知，降温的速度越来越小，说明水的温度越低，散热降温的速度越慢，水的温度越高，散热降温的速度越快。
20．（2025·长沙模拟）如图所示，小明在“测量物体运动的平均速度”的实验中，斜面的一端用一木块垫起，把小车放在斜面上A点，使小车从斜面上A点由静止滑下，经过B点到达C点，小车经过A、B、C三点对应的时刻如图所示。请你解答下列问题：
（1）实验中，为了便于记时，可将木块向　 　（选填“左”或“右”）移动适当的距离；
（2）根据图中相关数据，可计算出小车在BC段的平均速度为　 　m/s；
（3）小车在整个运动过程中做　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
【答案】（1）右
（2）0.5
（3）变速
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）实验时应使斜面的坡度较缓，小球运动的速度较慢，所用时间较长，便于准确测量小球运动的时间，所以，应将支撑木块向右适当移动，减小坡度。
（2）由图可知，刻度尺分度值为1cm，从B点到C点的路程sBC=6.00dm-1.00dm=5.00dm=50.0cm，
时间tBC=15：35：23-15：35：22=1s，
则小球在BC段的平均速度为；（3）AB段小车通过的路程sAB=10.0dm-6.0dm=4.0dm=0.4m，
所用时间tAB=15：35：22-15：35：20=2s，
AB段的平均速度：，
即vBC＞vAB，
由此看见，小车在整个运动过程中做变速直线运动。
故答案为：（1）右；（2）0.5；（3）变速。
【分析】 （1）斜面的坡度越大，小车在斜面上运动的速度越大，在斜面上运动的时间越短，不方便测量时间，据此分析；
（2）根据刻度尺的分度值读出小车在BC段的路程，再由图读出BC段所用的时间，根据 求出BC段的平均速度；
（3）求出AB段的平均速度，与BC段的平均速度比较便可得出结论。
（1）实验时应使斜面的坡度较缓，小球运动的速度较慢，所用时间较长，便于准确测量小球运动的时间，所以，应将支撑木块向右适当移动，减小坡度。
（2）图中刻度尺的分度值是0.1dm，BC段小车运动的路程为
BC段小车运动的时间为
小车在BC段的平均速度为
（3）据图小车在AB段运动的路程小于BC段运动的路程，且AB段所用的时间大于BC段所用的时间，根据可知，小车在AB段的速度小于BC段的速度，小车在整个运动过程中做变速运动。
21．（2025·长沙模拟）小明和同学们利用一长方体物块来探究影响浮力大小的因素。
（1）如图甲所示，弹簧测力计使用前要先进行　 　，将物块竖放后挂在弹簧测力计上，测出物块的重力为2.7N；
（2）接下来将物体逐渐浸入水中，按图乙、丙、丁、戊所示进行实验，由丁、戊的数据可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度　 　；
（3）某同学根据生活经验“铁块放入水中会下沉，而铁块做成轮船却能漂浮在水面上”，提出浮力大小与物体形状有关，请说出是否合理 并说明原因：　 　。
【答案】（1）调零
（2）无关
（3）不合理；铁块做成轮船后排开液体的体积发生了变化。
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】 （1）为了准确测量，实验前，应在竖直方向对弹簧测力计进行调零；
（2）由乙、丙、丁的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积增大时，弹簧测力计的示数变小，由称重法测量浮力变大，即排开液体的体积越大，浮力越大；图丁、戊物体浸没在同种液体中深度不同，所示的浮力相同，由此可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度无关；
（3）不合理，探究浮力大小是否与物体形状是否有关时，要控制其他因素相同；铁块形状改变之后它放到水中时排开水的体积不同，导致浮力大小不同。
故答案为：（1）调零；（2）无关；（3）不合理；铁块做成轮船后排开液体的体积发生了变化。【分析】（1）由于重力方向总是竖直向下的，所以弹簧测力计应该在竖直方向上进行调零；
（2）由乙、丙、丁的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积增大时，弹簧测力计的示数变小，由称重法测量浮力可知，浮力变大；图丁、戊物体浸没在同种液体中深度不同，所示的浮力相同；
（3）探究影响浮力大小的因素时必须采用控制变量法，即研究与其中一个因素的关系时，控制其它因素一定。
（1）弹簧测力计使用前要先在所测力的方向上调零，否则会测量不准。
（2）由丁、戊可知，只有物体浸没的深度不同，测力计示数相同，根据称重法可知受到的浮力相同，可得：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度无关。
（3）铁块做成轮船后形状和体积均改变，没有控制变量，所以不能得出“浮力大小与物体形状有关”的结论。事实上，轮船做成空心，可以增大排开水的体积，从而增大浮力，并不是浮力和形状有关。
22．（2025·长沙模拟）小华同学按照图甲所示的电路图测量小灯泡在不同电压下的电功率。已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒为4.5V。
（1）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是______；
A．更换小灯泡
B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（2）实验过程中，小华移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片在不同位置，小灯泡I~U图像如图丙所示，小灯泡的额定功率为　 　W。
【答案】（1）C
（2）B
（3）0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；
（2）图乙中，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，故应将图甲中滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W。
故答案为：（1）C；（2）B；（3）0.5。【分析】 （1）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作；
（2）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（3）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率。
（1）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，电路为通路，说明电路可能是电流过小，则接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（2）由图乙可知，电压表所选量程为0~3V，分度值是0.1V，电压表示数是2.2V。小灯泡额定电压为2.5V，电压表示数小于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应向B移动滑动变阻器滑片，让滑动变阻器阻值变小，减小滑动变阻器两端电压，增大灯泡两端的电压，直到电压表示数等于灯泡额定电压2.5V为止。
（3）由图像丙可知，当灯泡两端的电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率
五、计算题（本大题共2小题，第23题7分，第24题8分，共15分）
23．（2025·长沙模拟）一辆在水平路面上沿直线匀速行驶的轻型货车，行驶时所受的阻力始终为车总重的0.1倍，货车（含驾驶员）空载时重为2.5×104N。（g取10N/kg）求：
（1）货车空载行驶时汽车发动机牵引力的大小；
（2）货车以20m/s的速度空载匀速行驶5min，货车牵引力做的功；
（3）若货车以36km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率最大为7.2×104W，货车装载货物的最大质量。
【答案】（1）根据题意知道，货车匀速行驶过程中受到的阻力
f=0.1G=0.1×2.5×104N=2500N；
货车匀速行驶时受到平衡力作用，由二力平衡的条件知道，货车的牵引力
F=f=2500N。
答：货车空载行驶时汽车发动机牵引力的大小为2500N。
（2）匀速行驶5min行驶的路程：
s=vt=20m/s×5×60s=6000m，
则货车牵引力做的功：
W=Fs=2500N×6000m=1.5×107J。
答：货车以20m/s的速度空载匀速行驶5min，货车牵引力做的功为1.5×107J。
（3）v=36km/h=10m/s；
根据，此时车的牵引力为；
行驶时所受的阻力始终为车总重的0.1倍，结合二力平衡的条件可知，物体的最大重力为：；
货车装载货物的最大质量：。
答：若货车以36km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率最大为7.2×104W，货车装载货物的最大质量为4700kg。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据题意得出货车匀速行驶过程中受到的阻力，由二力平衡的条件知道得出货车的牵引力大小；
（2）根据速度公式得出匀速行驶5min行驶的路程，根据W=Fs求解；
（3）根据得出此时车的牵引力；由已知条件结合二力平衡的条件得出物体的最大重力，考虑到空车的重力，根据重力公式得出货车装载货物的最大质量。
（1）轻型货车做匀速直线运动，则牵引力与阻力是一对平衡力，
（2）货车通过的路程为
牵引力做的功为
（3）由题意，由可得，此时牵引力为
可知此时的总重力是
装载货物的质量为
24．（2025·长沙模拟）如图所示的电路中，电源电压为6V且保持不变。另有阻值为10Ω的定值电阻R1和滑动变阻器R2。闭合开关S：
（1）若电路的MN间仅连入R1，求通过R1的电流I1；
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，调节R2滑片，使电流表示数为0.3A。求R2接入电路的阻值大小；
（3）若将电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，电流表的示数为I并；若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，电流表的示数为I串。在电路安全的情况下，I并与I串的最小差值为0.3A，I并与I串的最大差值为1.4A。求R2的最大阻值和允许通过R2的最大电流。
【答案】（1）若电路的MN间仅连入R1，根据欧姆定律可知，通过R1的电流为：。
答：若电路的MN间仅连入R1，通过R1的电流为0.6A。
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，调节R2滑片，使电流表示数为0.3A，此时电路的总电阻为：，
则R2接入电路的阻值为：R2=R总-R1=20Ω-10Ω=10Ω。
答：R2接入电路的阻值为10Ω。
（3）由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最大时，并联电路的干路电流最小，
若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，串联电路中的电流最大，
此时I并与I串的差值最小，即：I并小-I串大=0.3A，
由欧姆定律可知，并联的最小电流为：，
串联的最大电流为：，
则：，
即：，
所以滑动变阻器的最大阻值为：R2大=20Ω，
同理可得，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最小时，并联电路的干路电流最大，
若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，串联电路中的电流最小，
此时I并与I串的差值最大，即：I并大-I串小=1.4A，
由欧姆定律可知，并联的最大电流为：，
串联的最小电流为：，
则：，
代入数据可得：，
所以允许通过R2的最大电流为：I2大=1A。
答：R2的最大阻值为20Ω，允许通过R2的最大电流为1A。
【知识点】并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 （1）若电路的MN间仅连入R1，利用欧姆定律计算出通过R1的电流；
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路的电阻规律求出R2接入电路的阻值；
（3）由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最大时，并联电路的干路电流最小，若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，串联电路中的电流最大，此时I并与I串的差值最小，根据欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值；
电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最小时，并联电路的干路电流最大，若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，串联电路中的电流最小，此时I并与I串的差值最大，根据欧姆定律可求出允许通过R2的最大电流。
（1）若电路的MN间仅连入R1，通过R1的电流
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，此时两电阻的等效电阻
由串联电阻关系可得R2接入电路的阻值为
（3）当并联电路的干路电流最小（滑动变阻器接入阻值最大），串联电路的电流最大（此时滑动变阻器接入阻值为0），此时I并与I串的差值最小，即I并小-I串大=0.3A
由欧姆定律可得
代入数据可得
解得滑动变阻器的最大阻值为20Ω。
当并联电路的干路电流最大，串联电路的电流最小（此时滑动变阻器接入阻值最大）时，此时I并与I串的差值最大，即I并大-I串小=1.4A
并联电路最大电流为，
代入数据可得
解得允许通过R2的最大电流为1A。因此滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为1A。
1 / 1湖南省长沙市湖南师大附中博才实验中学2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
1．（2025·长沙模拟）如图为我国古代乐器“参差”，由多根长短不一的竹管排列构成，通过吹奏竹管上端切口发声。下列说法正确的是（　　）
A．“参差”演奏时是靠竹管的振动发声
B．竹管长短不一是为了改变“参差”发声的音调
C．用力吹同一根竹管能改变此乐器的音色
D．发出的优美声音一定不属于噪声
2．（2025·长沙模拟）小明同学手拿一个土豆，如图所示，根据图片信息估测该土豆的实际长度约为（　　）
A． B． C． D．
3．（2025·长沙模拟）近期热映的《哪吒2》以“破界”之姿，打开了国产动画的天花板，也拓宽了全球观众对“中国故事”的想象边界。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B．放映时巨幕到放映机镜头的距离应小于二倍焦距
C．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
4．（2025·长沙模拟）某同学看到皮划艇运动员正在紧张的训练，下列认识正确的是（　　）
A．运动员在水面的“倒影”和他们在太阳下的“影子”原理相同
B．冲过终点后，皮划艇不能立刻停下来是由于受到惯性的作用
C．运动员训练时，皮划艇受到的浮力和皮划艇的重力是一对平衡力
D．用桨向后划水，皮划艇向前运动说明力的作用是相互的
5．（2025·长沙模拟）《天工开物》里记载了铸造“钟”和鼎”的方法：先用泥土制作“模骨”，“干燥以牛油、黄蜡附其上数寸”，油蜡上刻上图案后在油蜡的外面用泥土制成外壳；干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，在油蜡流出后形成的空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。其过程中，“炙化其中油蜡”和“铜液冷却成钟鼎”涉及到的物态变化分别是（　　）
A．液化凝固 B．熔化凝固 C．熔化凝华 D．液化凝华
6．（2025·长沙模拟）某小区门口安装了便民快递柜，可通过输入取件码来闭合取件码开关S1，也可通过扫码闭合“感应开关”S2来接通电路打开门锁，以下简化电路符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025·长沙模拟）关于家庭电路，下列说法中正确的是（　　）
A．在家庭电路中，冰箱金属外壳不需要接地线
B．使用测电笔时，不能接触金属笔尖
C．如果家庭电路中不安装保险丝，就不会发生短路
D．在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越大
8．（2025·长沙模拟）下列现象能用流体压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．图甲：洗手盆下方反水弯处形成水封
B．图乙：盆景自动供水装置中，瓶内的水不会全部流出
C．图丙：拦河大坝修建的上窄下宽
D．图丁：机翼被设计成“上凸下平”的形状，来获得升力
9．（2025·长沙模拟）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱穿越大气层加速下降的情景，与大气摩擦使其外壳的温度升高，下列有关返回舱在加速下降过程说法正确的是（　　）
A．动能保持不变 B．重力势能变小
C．机械能守恒 D．重力对返回舱未做功
10．（2025·长沙模拟）我国独立自主设计建造的“福建舰”航空母舰采用的是先进的电磁弹射技术。电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，从而弹射器推动舰载机使其加速。图所示的选项中与其原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
11．（2025·长沙模拟）小张用如图所示滑轮把重500N的货物匀速提到3m高的二楼，若不计绳重和摩擦，所用的拉力是300N。下列关于此过程的说法正确的是（　　）
A．使用动滑轮提升重物可以省力，也可以省功
B．拉力做功为1800J
C．动滑轮的机械效率为60%
D．若使用质量更小的动滑轮，提升相同的货物，机械效率会变大
12．（2025·长沙模拟）为减少碳排放，我国大力推行电动汽车。电动汽车中，利用接入电路的旋钮变阻器，可控制汽车中电动机的转速，如图所示。图中E、O、F分别为变阻器的三个接线柱。当驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，车速仪可由电路中的电压表或电流表改装而成，下列分析正确的是（　　）
A．车速仪应该由电流表改装而成
B．踩下油门的过程中，电压表示数与电流表示数的比值增大
C．电路中的定值电阻R0工作时会消耗电能，可以不用接入电路
D．踩下油门的过程中，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变
三、填空题（本大题共5小题，第15题3分，其余小题每空2分，共21分）
13．（2025·长沙模拟）随着科技的发展，更快的5G网络已应用在人们的生产生活中，其中最典型的就是5G手机。5G手机是利用　 　波来传输信息的；5G手机中用到的二极管是利用　 　材料制成的。
14．（2025·长沙模拟）发射火箭时，为避免燃料燃烧喷出的高温燃气破坏发射台科学家会在发射台下设计了一个巨大的水池，是利用了水的汽化吸热和水的　 　较大的特性，火箭加速升空过程中，火箭外壳由于与大气摩擦温度迅速升高，这是通过　 　方式改变内能的。
15．（2025·长沙模拟）生活处处有物理。小明把一个玻璃瓶装满水，拧紧瓶盖后放入冰箱的冷冻室内，几天后打开冰箱时发现玻璃瓶被“冻裂”了，请你利用所学物理知识分析，玻璃瓶被“冻裂”了主要原因：　 　。
16．（2025·长沙模拟）小红画出了定值电阻R和小灯泡L的I-U图像，如图所示。由图可知，当小灯泡两端的电压升高时，其阻值变化情况为　 　。若将两者串联在电源电压为4V的电路中，L和R的阻值之比为　 　。
17．（2025·长沙模拟）一块厚为10cm、质地均匀的长方体物块放在水平地面上。若沿如图所示的斜面用力可以将物块切成完全相同的两块甲、乙，说明力可以改变物体的　 　；把这两块水平分开后依然平放在水平地面上，它们对地面的压强分别为1000Pa和1500Pa，若未切时长方体对水平地面的压强为p0，则p0　 　1500Pa（选填“大于”“等于”或“小于”），物块的密度为　 　kg/m3。（g取10N/kg）
四、作图与实验探究（本大题共5小题，第18题3分，19题6分，20题6分，21题7分，22题6分，共28分）
18．（2025·长沙模拟）如图所示，小明在清澈的湖边看到水中有一条小鱼，若实际小鱼的位置为S点。请根据光的折射原理，画出法线、小明眼睛看到小鱼的虚像S'和大致的入射光线。
19．（2025·长沙模拟）如图甲所示是探究“水的沸腾”实验装置，电热水壶中装有适量的水，接通电源加热。
（1）图甲中温度计读数时，视线A、B、C正确的是　 　；
（2）图乙中a、b分别是小明与小强依据自己的实验数据所画出的曲线，由曲线a、b分析水沸腾时的温度变化规律可知，水沸腾过程中，水的温度　 　；
（3）图乙中两人所作的曲线a、b升温与降温过程都不是直线，单独分析图像a或b可知，水的温度越高，　 　（选填“升温”或“降温”）越快。
20．（2025·长沙模拟）如图所示，小明在“测量物体运动的平均速度”的实验中，斜面的一端用一木块垫起，把小车放在斜面上A点，使小车从斜面上A点由静止滑下，经过B点到达C点，小车经过A、B、C三点对应的时刻如图所示。请你解答下列问题：
（1）实验中，为了便于记时，可将木块向　 　（选填“左”或“右”）移动适当的距离；
（2）根据图中相关数据，可计算出小车在BC段的平均速度为　 　m/s；
（3）小车在整个运动过程中做　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
21．（2025·长沙模拟）小明和同学们利用一长方体物块来探究影响浮力大小的因素。
（1）如图甲所示，弹簧测力计使用前要先进行　 　，将物块竖放后挂在弹簧测力计上，测出物块的重力为2.7N；
（2）接下来将物体逐渐浸入水中，按图乙、丙、丁、戊所示进行实验，由丁、戊的数据可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度　 　；
（3）某同学根据生活经验“铁块放入水中会下沉，而铁块做成轮船却能漂浮在水面上”，提出浮力大小与物体形状有关，请说出是否合理 并说明原因：　 　。
22．（2025·长沙模拟）小华同学按照图甲所示的电路图测量小灯泡在不同电压下的电功率。已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒为4.5V。
（1）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是______；
A．更换小灯泡
B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（2）实验过程中，小华移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片在不同位置，小灯泡I~U图像如图丙所示，小灯泡的额定功率为　 　W。
五、计算题（本大题共2小题，第23题7分，第24题8分，共15分）
23．（2025·长沙模拟）一辆在水平路面上沿直线匀速行驶的轻型货车，行驶时所受的阻力始终为车总重的0.1倍，货车（含驾驶员）空载时重为2.5×104N。（g取10N/kg）求：
（1）货车空载行驶时汽车发动机牵引力的大小；
（2）货车以20m/s的速度空载匀速行驶5min，货车牵引力做的功；
（3）若货车以36km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率最大为7.2×104W，货车装载货物的最大质量。
24．（2025·长沙模拟）如图所示的电路中，电源电压为6V且保持不变。另有阻值为10Ω的定值电阻R1和滑动变阻器R2。闭合开关S：
（1）若电路的MN间仅连入R1，求通过R1的电流I1；
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，调节R2滑片，使电流表示数为0.3A。求R2接入电路的阻值大小；
（3）若将电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，电流表的示数为I并；若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，电流表的示数为I串。在电路安全的情况下，I并与I串的最小差值为0.3A，I并与I串的最大差值为1.4A。求R2的最大阻值和允许通过R2的最大电流。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】 A．“参差”演奏时是靠竹管中的空气柱振动发声，故A错误；
B．演奏“参差”时，振动发声的是竹管中的空气柱，竹管长短不同，管中的空气柱不同，则其振动的快慢不同，发声的音调不同，故B正确；
C．用力吹同一根竹管，管中空气的振动幅度不同，响度不同，故C错误；
D．乐器“参差”演秦时发出的优美声音如果影响了人们正常的学习、工作和休息，就属于噪声，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）发声的物体在振动；
（2）（3）音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高；音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志；响度和发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大；
（4）凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。
2．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 人的手掌长约为15cm，图中土豆被握在手中，土豆的长度略小于手掌的长度，长度约为10cm，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 在没有精确测量工具的情况下，可以通过一些简单的方法来估测长度，比如使用手掌的宽度、步长、或者已知长度的物体作为参照。
3．【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 A、由于放映机的镜头是凸透镜，近视眼镜是凹透镜，它们不是同一种透镜，故A错误；
BD、放映机是利用凸透镜成倒立、放大的实像的原理进行工作的，像距大于二倍焦距，故BD错误；
C、由于从各个方向都看到画面，符合漫反射的特点，可知是发生了漫反射，故C正确；
故选：C。
【分析】 （1）放映机的镜头是凸透镜，近视眼镜为凹透镜；
（2）（4）放映机是利用凸透镜成倒立、放大的实像的原理进行工作的，像距大于二倍焦距；
（3）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
4．【答案】D
【知识点】光的反射；力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 A、运动员在水面的“倒影”成像原理是光的反射，他们在太阳下的“影子”的成像原理是光沿直线传播，二者原理不相同，故A错误。
B、冲过终点后，皮划艇不能立刻停下来是由于运动员具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误。
C、运动员训练时，皮划艇受到的浮力等于皮划艇和运动员的总重力，则皮划艇受到的浮力和皮划艇的重力大小不等，不是一对平衡力，故C错误。
D、向后划水，皮划艇向前运动，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的；影子的形成：光从光源传播出来，照射在不透光的物体上，不透光的物体把沿直线传播的光挡住了，在不透光的物体后面受不到光照射的地方就形成了影子。
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）物体间力的作用是相互的。
5．【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】 “炙化其中油蜡”是指通过加热使固态的牛油、黄蜡变为液态，这个过程是熔化。“铜液冷却成钟鼎”是液态的铜液在冷却后变为固态的铜制钟鼎，此过程为凝固。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
6．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 根据题意可知，可通过输入密码来闭合“密码开关”S1，也可通过扫码闭合“感应开关”S2来接通电路打开门锁，这说明两个开关是并联的，然后与电动机串联，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意判定两个开关的连接方式，然后得出正确的电路图。
7．【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】 A、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，故A错误；
B、使用测电笔时，为能形成回路，手应接触笔尾金属体，不能接触金属笔尖，故B正确；
C、家庭电路中不安装保险丝，当发生短路时，没有电流通过用电器，不会烧毁用电器，而会烧坏供电线路，故C错误；
D、家庭电路是并联，工作的用电器越多，相当于增大导体的横截面积，总电阻越小，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电；
（2）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成通路并联；
（3）发生短路时，没有电流通过用电器；
（4）电路中，越并总电阻越小。
8．【答案】D
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、洗手盆下方反水弯处形成水封是利用连通器的原理，与流体压强无关，故A不合题意；
B、盆景自动供水装置是利用了瓶内压强与瓶外大气压平衡来控制水的流出，不能用流体压强与流速的关系解释，故B不合题意；
C、因为同种液体随深度的增加而增大，所以拦河大坝修建的上窄下宽，故C不合题意；
D、机翼被设计成“上凸下平”的形状，机翼上方的空气流速大，压强较小；下方的空气流速小，压强大，所以机翼面受到一个向上的压强差，产生向上的升力，说明气体压强与流速有关，故D符合题意；
故选：D。
【分析】 流体压强与流速的关系为：流体流速越快的位置压强越小，据此可对选项中的现象进行分析。
9．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】 A、返回舱加速下降时，因为速度变大，质量不变，所以动能变大，故A错误；
B、返回舱加速下降时，因为高度变小，质量不变，所以重力势能变小，故B正确；
C、返回舱下降过程中与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，故C错误；
D、加速下落时，因为返回舱沿重力的方向上移动了距离，所以重力对返回舱做了功，故D错误；
故选：B。
【分析】 （1）动能大小与质量、速度有关；重力势能大小与质量、被举的高度有关；机械能等于动能与势能的和；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
（3）做功可以改变物体的内能，克服摩擦做功，机械能转化为内能。
10．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】 电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，和电动机的原理是相同的。
A、奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，故B符合题意；
C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的，故C不符合题意；
D、通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】 通电导体在磁场中会受到力的作用。
11．【答案】B,D
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】 A、使用动滑轮提升重物可以省力，但不能省功，故A错误；
B、动滑轮绳子股数为2，拉力做的功为：W总=Fs=Fnh=300N×2×3m=1800J，故B正确；
C、该滑轮的机械效率为：，故C错误；
D、若使用质量更小的动滑轮，提升相同的货物，则有用功不变，而额外功减小，机械效率变大，故D正确。
故选：BD。
【分析】（1）动滑轮可以省力，但不能改变动力方向；任何机械都不能省功；
（2）动滑轮绳子股数为2，利用W总=Fs=Fnh求出拉力做的功；
（3）根据求出该滑轮的机械效率；
（4）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
12．【答案】A,D
【知识点】电路的构成及电路图；电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、踩下油门的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，变阻器分担的电压减小，即电压表示数减小；变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据可知电路中电流变大，即电流表示数变大；已知驾驶员踩下“油门”时车速仪示数增大，所以车速仪是由电流表改装而成；因电压表示数变小，电流表示数变大，则该过程中电压表示数与电流表示数的比值变小，故A正确，B错误；C、定值电阻R0串联在电路中，可以防止电路中电流过大，烧坏仪表，起到保护电路的作用，所以定值电阻R0必须接入电路，故C错误；
D、因电源电压不变，则由串联电路的电压特点可知，电压表示数的变化量等于定值电阻的电压变化量（即ΔUV=ΔU0）；对定值电阻来说，根据可知，其两端电压的变化量与电流变化量的比值等于该定值电阻的阻值，所以电压表的示数变化量与电流表的示数变化量的比值不变（即），故D正确。
故选：AD。
【分析】分析电路图可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）当驾驶员踩下“油门”时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据电压表示数和电流表示数的变化分析电压表与电流表示数比值的变化；
（2）从保护电路的角度分析R0的作用；
（3）根据串联电路的电压规律结合欧姆定律分析，注意：对定值电阻来说，其两端电压的变化量与电流变化量的比值等于该定值电阻的阻值。
13．【答案】电磁；半导体
【知识点】半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 5G手机是利用电磁波来传输信息的；5G手机中用到的二极管是利用半导体材料制成的。
故答案为：电磁；半导体。
【分析】 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
14．【答案】比热容；做功
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 （1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，可以吸收更多的热量，因此科学家在发射台下设计了一个巨大的水池；
（2）火箭加速升空过程中，火箭外壳由于与大气摩擦温度迅速升高，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变内能的。
故答案为：比热容；做功。
【分析】 （1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
（2）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
15．【答案】水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据可得，可知水结冰后体积变大膨胀，玻璃瓶被“冻裂”。
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】 水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据可得，可知水结冰后体积变大膨胀，玻璃瓶被“冻裂”。【分析】 水结冰后，质量不变，由于冰的密度小于水的密度，根据密度公式可知其体积变化，进而得出玻璃瓶被“冻裂”的主要原因。
16．【答案】变大；
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】图中，灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流的变化量，则阻值增大了。
若将两者串联在电源电压为4V的电路中，通过串联电路各处电流相等，通过电路的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压，根据串联分压原理，L和R的阻值之比。故第1空填：变大；第2空填：1：3。
【分析】灯丝电阻随温度升高而变大；在串联电路中，各用电器分压比等于电阻比值。
17．【答案】形状；小于；1.2×103
【知识点】力的作用效果；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 力可以改变物体的形状或运动状态；切开是形状改变了，
地面上的物体对地面的压力等于自身的重力，
设长方体物块的重力为2G，将物块切成完全相同的两块，则每一块的重力为G，
它们对水平地面的压强之比为：p：p'=1000Pa：1500Pa=2：3；
根据知，压力相等，压强之比等于受力面积之比的倒数，故左右的面积之比为3：2；设S左=3S，则S右=2S，所以长方体的底面积为5S，
由可得：G=3000Pa×S，未切时长方体对水平地面的压强为；故比1500Pa小，
根据有：1200Pa=ρ×10N/kg×0.1m；
解得ρ=1.2×103kg/m3。
故答案为：形状；小于；1.2×103。
【分析】力可以改变物体的形状或运动状态；
地面上的物体对地面的压力等于自身的重力，设长方体物块的重力为2G，将物块切成完全相同的两块，则每一块的重力为G，进一步计算它们对水平地面的压强之比可得左右面积之比，根据面积之比表示长方体的底面积，根据压强公式表示长方体的重力，进一步计算长方体对地面的压强，根据可得长方体的密度。根据密度计算没有切割时的压强。
18．【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】 观察水中鱼时，鱼反射的光线斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，眼睛逆着折射光线看上去，人看到的“鱼”在S'点，比鱼的实际位置偏高，如图所示：
【分析】 水中鱼反射的光斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，折射光线进入人的眼睛，人认为光沿直线传播，人看到的鱼是折射光反向延长线相交形成的虚像，比鱼的实际位置高，所以人看到的是变浅了的鱼的虚像。
19．【答案】（1）B
（2）不变
（3）降温
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】 （1）温度计读数时，视线应与温度计的刻度垂直，故B正确。
（2）分析a、b可知，水沸腾过程中，水的温度不变。因为水在沸腾时，虽然继续吸收热量，但温度保持不变，这是水沸腾的一个重要特点。
（3）图乙中两人所作的曲线a、b升温与降温过程都不是直线，进一步分析图像可知，水的温度越高，降温越快。因为水与周围环境的温差越大，热传递的速度就越快，所以降温也就越快。在水沸腾后停止加热，水的温度较高时，其与周围环境的温差较大，此时降温速度会比温度较低时快，这就是为什么曲线在高温段下降得更陡峭的原因。
故答案为：（1）B；（2）不变；（3）降温。【分析】 （1）温度计读书时，视线应与温度计的刻度垂直。
（2）水沸腾过程中，水的温度不变。
（3）水的温度越高，降温越快。
（1）温度计读数时视线与液柱的液面相平，故A、B、C三种读数方法正确的是B。
（2）由图乙可知，水沸腾过程中持续吸收热量，温度保持不变。
（3）图乙a、b曲线升温与降温过程都不是直线，分析a、b的升温曲线可知，温度越高，升温越慢；分析a、b的降温曲线可知，降温的速度越来越小，说明水的温度越低，散热降温的速度越慢，水的温度越高，散热降温的速度越快。
20．【答案】（1）右
（2）0.5
（3）变速
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）实验时应使斜面的坡度较缓，小球运动的速度较慢，所用时间较长，便于准确测量小球运动的时间，所以，应将支撑木块向右适当移动，减小坡度。
（2）由图可知，刻度尺分度值为1cm，从B点到C点的路程sBC=6.00dm-1.00dm=5.00dm=50.0cm，
时间tBC=15：35：23-15：35：22=1s，
则小球在BC段的平均速度为；（3）AB段小车通过的路程sAB=10.0dm-6.0dm=4.0dm=0.4m，
所用时间tAB=15：35：22-15：35：20=2s，
AB段的平均速度：，
即vBC＞vAB，
由此看见，小车在整个运动过程中做变速直线运动。
故答案为：（1）右；（2）0.5；（3）变速。
【分析】 （1）斜面的坡度越大，小车在斜面上运动的速度越大，在斜面上运动的时间越短，不方便测量时间，据此分析；
（2）根据刻度尺的分度值读出小车在BC段的路程，再由图读出BC段所用的时间，根据 求出BC段的平均速度；
（3）求出AB段的平均速度，与BC段的平均速度比较便可得出结论。
（1）实验时应使斜面的坡度较缓，小球运动的速度较慢，所用时间较长，便于准确测量小球运动的时间，所以，应将支撑木块向右适当移动，减小坡度。
（2）图中刻度尺的分度值是0.1dm，BC段小车运动的路程为
BC段小车运动的时间为
小车在BC段的平均速度为
（3）据图小车在AB段运动的路程小于BC段运动的路程，且AB段所用的时间大于BC段所用的时间，根据可知，小车在AB段的速度小于BC段的速度，小车在整个运动过程中做变速运动。
21．【答案】（1）调零
（2）无关
（3）不合理；铁块做成轮船后排开液体的体积发生了变化。
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】 （1）为了准确测量，实验前，应在竖直方向对弹簧测力计进行调零；
（2）由乙、丙、丁的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积增大时，弹簧测力计的示数变小，由称重法测量浮力变大，即排开液体的体积越大，浮力越大；图丁、戊物体浸没在同种液体中深度不同，所示的浮力相同，由此可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度无关；
（3）不合理，探究浮力大小是否与物体形状是否有关时，要控制其他因素相同；铁块形状改变之后它放到水中时排开水的体积不同，导致浮力大小不同。
故答案为：（1）调零；（2）无关；（3）不合理；铁块做成轮船后排开液体的体积发生了变化。【分析】（1）由于重力方向总是竖直向下的，所以弹簧测力计应该在竖直方向上进行调零；
（2）由乙、丙、丁的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积增大时，弹簧测力计的示数变小，由称重法测量浮力可知，浮力变大；图丁、戊物体浸没在同种液体中深度不同，所示的浮力相同；
（3）探究影响浮力大小的因素时必须采用控制变量法，即研究与其中一个因素的关系时，控制其它因素一定。
（1）弹簧测力计使用前要先在所测力的方向上调零，否则会测量不准。
（2）由丁、戊可知，只有物体浸没的深度不同，测力计示数相同，根据称重法可知受到的浮力相同，可得：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度无关。
（3）铁块做成轮船后形状和体积均改变，没有控制变量，所以不能得出“浮力大小与物体形状有关”的结论。事实上，轮船做成空心，可以增大排开水的体积，从而增大浮力，并不是浮力和形状有关。
22．【答案】（1）C
（2）B
（3）0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；
（2）图乙中，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，故应将图甲中滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W。
故答案为：（1）C；（2）B；（3）0.5。【分析】 （1）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作；
（2）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（3）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率。
（1）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，电路为通路，说明电路可能是电流过小，则接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（2）由图乙可知，电压表所选量程为0~3V，分度值是0.1V，电压表示数是2.2V。小灯泡额定电压为2.5V，电压表示数小于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应向B移动滑动变阻器滑片，让滑动变阻器阻值变小，减小滑动变阻器两端电压，增大灯泡两端的电压，直到电压表示数等于灯泡额定电压2.5V为止。
（3）由图像丙可知，当灯泡两端的电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率
23．【答案】（1）根据题意知道，货车匀速行驶过程中受到的阻力
f=0.1G=0.1×2.5×104N=2500N；
货车匀速行驶时受到平衡力作用，由二力平衡的条件知道，货车的牵引力
F=f=2500N。
答：货车空载行驶时汽车发动机牵引力的大小为2500N。
（2）匀速行驶5min行驶的路程：
s=vt=20m/s×5×60s=6000m，
则货车牵引力做的功：
W=Fs=2500N×6000m=1.5×107J。
答：货车以20m/s的速度空载匀速行驶5min，货车牵引力做的功为1.5×107J。
（3）v=36km/h=10m/s；
根据，此时车的牵引力为；
行驶时所受的阻力始终为车总重的0.1倍，结合二力平衡的条件可知，物体的最大重力为：；
货车装载货物的最大质量：。
答：若货车以36km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率最大为7.2×104W，货车装载货物的最大质量为4700kg。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据题意得出货车匀速行驶过程中受到的阻力，由二力平衡的条件知道得出货车的牵引力大小；
（2）根据速度公式得出匀速行驶5min行驶的路程，根据W=Fs求解；
（3）根据得出此时车的牵引力；由已知条件结合二力平衡的条件得出物体的最大重力，考虑到空车的重力，根据重力公式得出货车装载货物的最大质量。
（1）轻型货车做匀速直线运动，则牵引力与阻力是一对平衡力，
（2）货车通过的路程为
牵引力做的功为
（3）由题意，由可得，此时牵引力为
可知此时的总重力是
装载货物的质量为
24．【答案】（1）若电路的MN间仅连入R1，根据欧姆定律可知，通过R1的电流为：。
答：若电路的MN间仅连入R1，通过R1的电流为0.6A。
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，调节R2滑片，使电流表示数为0.3A，此时电路的总电阻为：，
则R2接入电路的阻值为：R2=R总-R1=20Ω-10Ω=10Ω。
答：R2接入电路的阻值为10Ω。
（3）由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最大时，并联电路的干路电流最小，
若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，串联电路中的电流最大，
此时I并与I串的差值最小，即：I并小-I串大=0.3A，
由欧姆定律可知，并联的最小电流为：，
串联的最大电流为：，
则：，
即：，
所以滑动变阻器的最大阻值为：R2大=20Ω，
同理可得，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最小时，并联电路的干路电流最大，
若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，串联电路中的电流最小，
此时I并与I串的差值最大，即：I并大-I串小=1.4A，
由欧姆定律可知，并联的最大电流为：，
串联的最小电流为：，
则：，
代入数据可得：，
所以允许通过R2的最大电流为：I2大=1A。
答：R2的最大阻值为20Ω，允许通过R2的最大电流为1A。
【知识点】并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 （1）若电路的MN间仅连入R1，利用欧姆定律计算出通过R1的电流；
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路的电阻规律求出R2接入电路的阻值；
（3）由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最大时，并联电路的干路电流最小，若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，串联电路中的电流最大，此时I并与I串的差值最小，根据欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值；
电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，当滑动变阻器连入的阻值最小时，并联电路的干路电流最大，若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，串联电路中的电流最小，此时I并与I串的差值最大，根据欧姆定律可求出允许通过R2的最大电流。
（1）若电路的MN间仅连入R1，通过R1的电流
（2）若电路的MN间将R1与R2串联接入，此时两电阻的等效电阻
由串联电阻关系可得R2接入电路的阻值为
（3）当并联电路的干路电流最小（滑动变阻器接入阻值最大），串联电路的电流最大（此时滑动变阻器接入阻值为0），此时I并与I串的差值最小，即I并小-I串大=0.3A
由欧姆定律可得
代入数据可得
解得滑动变阻器的最大阻值为20Ω。
当并联电路的干路电流最大，串联电路的电流最小（此时滑动变阻器接入阻值最大）时，此时I并与I串的差值最大，即I并大-I串小=1.4A
并联电路最大电流为，
代入数据可得
解得允许通过R2的最大电流为1A。因此滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为1A。
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