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天津市南开区2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题12小题，每小题2分，共24分）：每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意。
1．（2025·南开模拟）下列关于声现象的说法，正确的是（　　）
A．打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
B．用不同的力度弹钢琴主要改变了声音的音调
C．声音在真空中的传播速度是 m/s
D．体检时做“B超”检查，是利用超声波传递信息
2．（2025·南开模拟）一般来说，同种物质温度越高密度越小，遵从热胀冷缩的规律，但是水比较特殊。水在4℃时密度最大，温度高于4℃时，随着温度的升高，水的密度越来越小；温度低于4℃，随着温度的降低，水的密度也越来越小。如图所示是冬天湖水温度分布示意图，下列说法不正确的是（　　）
A．与冰面接触的①处水的温度为0℃
B．在0～4℃范围内，水具有热胀冷缩的性质
C．较深湖底⑤处的水可能保持4℃的水温
D．温度高于4℃时，水温度升高，体积会变大
3．（2025·南开模拟）下列分类正确的是（　　）
A．非晶体：石蜡、松香、玻璃
B．绝缘体：橡胶、木头、石墨
C．吸热过程：熔化、升华、液化
D．成实像：小孔成像、镜花水月、投影仪
4．（2025·南开模拟）有关温度、热量、内能的说法，正确的是
A．物体吸收热量，温度一定升高
B．物体温度升高，内能一定增加
C．物体温度升高，一定是吸收了热量
D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
5．（2025·南开模拟）图为一只丹顶鹤正在水中觅食。下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．若丹顶鹤起飞，水中的像变小
C．河水越浅，水中的像离水面越近
D．丹顶鹤看到水中的食物是光的折射现象
6．（2025·南开模拟）“给我一个支点和一根足够长的杆，我就能撬起整个地球。”下列生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（　　）
A．①② B．①③ C．③④ D．②④
7．（2025·南开模拟）如图，闭合开关，两只灯泡都不亮，在不拆开导线的情况下，将M接电源“+”极，N依次试触A、B接线柱，发现电压表示数前后两次均接近3V。故障可能是（　　）
A．L1断路 B．L2断路
C．电源断路 D．滑动变阻器断路
8．（2025·南开模拟）2025年哈尔滨亚洲冬季运动会花样滑冰比赛在哈尔滨市举行，下列有关比赛的说法正确的是（　　）
A．运动员转弯时运动状态不变
B．运动员受到的重力方向是竖直向下的
C．以看台为参照物，正在滑冰的运动员是静止的
D．冰刀与冰面间的摩擦是通过减小接触面积来减小滑动摩擦
9．（2025·南开模拟）如图所示，标有“4.8V，0.5A”的灯泡L1和标有“6V，0.3A”的灯泡L2连接成串联电路，电源电压可调节。闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，保证电路各元件安全情况下，下列说法正确的是（　　）
A．灯泡L2可正常发光 B．灯泡L1和L2的电压相等
C．通过灯泡L1的电流比L2大 D．灯泡L1和L2的电功率相等
10．（2025·南开模拟）生活中的瓶瓶罐罐都是科学研究的好器材。下列利用玻璃瓶做的4个物理实验，说法正确的是（　　）
A．甲实验，装满水的玻璃瓶分别正放、倒放在海绵上，海绵的凹陷程度不同；说明两种情况下玻璃瓶对海绵的压力不同
B．乙实验，拿着用玻璃瓶制作的气压计乘坐电梯，发现楼层越高，细管中的水柱越高，说明高度越高大气压强越小
C．丙实验，把一根吸管a插入盛水的玻璃瓶中，将另一根吸管b的管口贴靠在吸管a的上端，往吸管b中吹气，可以看到吸管a中的水面上升，说明气体流速越大压强越小
D．丁实验，用滴管分别向装有等量冷水和热水的瓶中滴入一滴墨水，发现装热水的瓶中墨水扩散得快，说明温度越高分子运动越剧烈
11．（2025·南开模拟）如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V2示数变大，灯泡L的实际功率变小
B．电压表V2示数变大，灯泡L的亮度变亮
C．电流表A示数变大，灯泡L的亮度变暗
D．电压表V1与电流表A示数比值变大，灯泡L的亮度变亮
12．（2025·南开模拟）如图甲所示，粗糙程度相同的水平地面上放一重为5N，底面积为20cm2的物体A。用水平拉力F作用于A物体，拉力F的大小与时间t的关系和A物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．物体受到摩擦力是9N B．物体对水平地面的压强
C．内物体做匀速直线运动 D．内物体受到的合力是3N
二、多项选择题（本大题共4小题，每小题3分，共12分）每小题给出的四个选项中，至少有一个以上符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错得0分。
13．（2025·南开模拟）某同学在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像（像未画出）。下列说法中正确的是（　　）
A．凸透镜的焦距可能为25cm
B．屏上的像是倒立缩小的实像
C．若将蜡烛向右移动，光屏应适当向右移动，才可能在光屏上出现清晰的像
D．在凸透镜和蜡烛间安装一个凹透镜，向左移动光屏能够再次获得清晰的像
14．（2025·南开模拟）下列是同学们所画的示意图，其中正确的是（　　）
A．水中看岸上物体光路
B．物体对斜面压力F
C．磁感线分布
D．家庭电路连接
15．（2025·南开模拟）如图甲所示电路，电源电压保持不变，定值电阻。闭合开关，电压表、的示数如图乙所示。则下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数为
B．定值电阻的阻值为
C．电阻的电功率为
D．电阻在内产生的热量为
16．（2025·南开模拟）随着我国经济不断增长，国防力量也在加强，下表为某航母的主要参数值，下列说法正确的是（　　）（）
航母总质量（包括舰载飞机）
每架舰载飞机的质量
每架舰载飞机与甲板的总接触面积
航母正常航行速度
航母以正常航行速度行驶时所受阻力
A．航母所受浮力为
B．每架舰载飞机对甲板的压强为
C．若其中一架舰载飞机起飞后，航母排开海水的体积减少了5m3
D．若航母以正常航行速度匀速从甲地开往乙地，行驶了540km，此过程中航母牵引力的功率
三、填空题（本大题共7小题，每小题4分，共28分）
17．（2025·南开模拟）图1中纽扣的直径是　 　cm；图2温度计的示数为　 　℃。
18．（2025·南开模拟）如图是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中　 　是反射光线；折射角的大小是　 　。
19．（2025·南开模拟）如图为“探究电流通过导体时产生热量与什么因素有关”的实验，通过观察U形管中液面高度的变化比较电阻产生热量的多少，此图探究电阻产生的热量跟　 　的关系，通电一段时间　 　（选填“左”或“右”）侧容器内的电阻产生的热量多。
20．（2025·南开模拟）某通电螺线管的磁感线方向如图所示，图中通电螺线管的N极在　 　端，电源的正极在　 　端（均选填“左”或“右”）。
21．（2025·南开模拟）如图所示，上端开口，下端连通的U形管构成一个　 　，向此装置内注入一定量的水，待水静止，若将A管向右稍微倾斜待稳定后，U形管底C点的压强与倾斜前相比将　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。
22．（2025·南开模拟）图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，变阻器滑片P从a端滑到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。由图象可知，的阻值为　 　Ω；当滑动变阻器的滑片滑到中点时，与消耗的电功率之比为　 　。
23．（2025·南开模拟）某同学想测出密度大于水的橡皮泥的密度，操作如下①将其浸没在装满水的溢水杯中，测出溢出水的体积为V1（橡皮泥吸水忽略不计），②将橡皮泥捏成空心碗漂浮在装满水的溢水杯中，测出溢出水的体积为V2，则橡皮泥的密度表达式ρ=　 　（水的密度为ρ0）：若操作②中溢水杯中的水有少量进入橡皮泥空心碗中，则橡皮泥密度的测量结果　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。
四、综合题（本大题共6小题，共36分）：解题中要求有必要的分析和说明，计算题要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位。
24．（2025·南开模拟）（1）在图甲中画出物体AB在平面镜MN中所成的像（保留作图痕迹）；
（2）如图乙是运动员将静止的足球踢出，足球在水平地面上滚动，请画出足球在滚动过程中受力示意图。
25．（2025·南开模拟）物理小组对如图甲所示的电煮锅的相关问题进行了研究，他们将电煮锅单独接入家庭电路中，观察到电煮锅将1.5kg食物从20℃加热到100℃时，如图乙所示的电能表转盘转了500r。食物的比热容，求
（1）食物吸收的热量；
（2）电煮锅的加热效率。
26．（2025·南开模拟）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，R2=15Ω，当只闭开关S，求：
（1）电流表的示数。
（2）再闭合S1，电阻R2通电100s产生的热量。
27．（2025·南开模拟）某工人要将60kg的物品提升到5m高的货架上，他使用一个3kg的动滑轮和一个已固定在仓库屋顶的双滑轮，如图所示。他想用现有的滑轮做一个最省力且能改变用力方向的滑轮组，不考虑绳重和摩擦，求：
（1）画出滑轮组的绕线方式；
（2）将货物抬到货架拉力所做功；
（3）滑轮组的机械效率。（结果保留百分号前一位小数）
28．（2025·南开模拟）汽车的超载、超速行驶很容易造成交通事故。同学们由此想要探究影响动能大小的因素。实验过程如下图，其中。
（1）三次实验应让小球由静止开始滚下，实验中，动能的大小是通过　 　来反映；
（2）甲、乙两次实验探究的是动能与　 　的关系；
（3）进行图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，由此可推断A、B两球的质量关系是：mA　 　mB（选填“大于”“小于”或“等于”）。
29．（2025·南开模拟）实验小组的同学们在做“探究斜面的机械效率影响因素”实验时，用弹簧测力计沿斜面匀速向上拉动物块，如图所示，收集了表中的实验数据。
实验次数 斜面长度s/m 斜面高度h/m 物块重力G/N 拉力F/N 机械效率η
1 1 0.2 5 2.5 40.0%
2 1 0.4 5 3.4 58.8%
3 1 0.6 5 4.2 71.4%
4 1 0.6 5 5.0
（1）分析表中实验1、2、3的数据可得出：斜面倾斜程度越小越　 　（选填“省”或“费”）力；
（2）该小组又进行了第4次实验，他们在斜面上铺上毛巾，保持斜面高度和长度与第3次实验相同，他们测得这种情况下斜面的机械效率为　 　；
（3）把第4次实验数据与表中数据综合分析可得出：斜面的机械效率与　 　和　 　有关；
（4）当用弹簧测力计通过细线沿斜面匀速向上拉动物块时，物块所受的拉力　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）物块所受的摩擦力。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．打雷时捂住耳朵可以在人耳处减弱噪声，A不符合题意；
B．用不同的力度弹钢琴主要改变了声音的响度，B不符合题意；
C．声音在真空中不能传播，C不符合题意；
D．体检时做“B超”检查，是利用超声波传递信息，了解人体是否有病变，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】声音不仅可以传播能量，例如声音可以把酒杯震碎，也可以传递信息，例如听收音机、听老师讲课。
2．【答案】B
【知识点】密度与温度的关系；密度的应用与物质鉴别
【解析】【解析】 A． 冰水混合物的平衡温度为0℃，因此与冰面直接接触的①处水温必然为0℃。 故A正确，A不符合题意；
B ． 水在0-4℃范围内呈现反常膨胀特性（即温度降低时体积反而增大）， 故B错误，B符合题意；
C ． 由于水在4℃时达到最大密度，较深的湖底⑤处可能维持这一温度。 故C正确，C不符合题意；
D．当水温高于4℃时，恢复正常的"热胀冷缩"特性。 故D正确，D不符合题意。
综上，正确答案为B选项。
【分析】（1）冰水混合温度为0℃；
（2）液态水在0～4℃范围内反膨胀，即当水温低于4℃时，水是热缩冷胀的；
（3）水在4℃时的密度是最大的；
（4）水温在4℃以上时，水是热胀冷缩的。
3．【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热；凸透镜成像的应用；导体与绝缘体
【解析】【解答】A．石蜡、松香、玻璃在熔化过程中没有固定的熔点，属于非晶体， 故A正确；
B．橡胶和木头是绝缘体，但石墨具有导电性，属于导体， 故B正确；
C．熔化和升华过程需要吸收热量，而液化过程会放出热量， 故C错误；
D．小孔成像和投影仪形成的像是实际光线汇聚产生的实像；而"镜花水月"是光的反射形成的虚像， 故D错误；故选A。
【分析】（1）晶体有固定的熔点，晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；非晶体没有固定熔点，非晶体在熔化过程中不断吸收热量，温度逐渐升高。
（2）不容易导电的物体叫绝缘体，常见绝缘体中包括：玻璃、陶瓷、塑料、各种油等；容易导电的物体叫导体．常见的导体：各种金属、石墨、以及酸碱盐的溶液等。
（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
（4）小孔成像、投影仪成的像为实像；镜花水月，属于平面镜成像，为虚像。
4．【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、物体吸收热量时，其内能确实会增加，但温度不一定升高。例如在晶体熔化过程中，虽然持续吸收热量，但温度保持不变（处于熔点温度）， 故A错误；
B、当物体温度升高时，其内能必定增加。这种内能增加可能来自两种途径：吸收热量或外界对物体做功。 故B正确 ；
C、由于内能增加不一定需要吸收热量（也可通过做功实现）， 故C错误；
D、热传递的本质是能量从高温物体向低温物体转移，而不是取决于内能大小，故D错误。
故选B。
【分析】（1）热量是指在热传递过程中传递能量的多少。不能说含有多少热量；
（2）温度是指物体的冷热程度；
（3）内能的大小与物体的质量和温度有关，在质量一定时，温度越高，其内能越大。根据热量、温度、内能的含义，结合选项中的说法可做出判断。
5．【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、水中的像是平面镜成像，由光的反射形成，而非光的直线传播，故A错误；
B、根据平面镜成像特点，像与物体大小始终相等，丹顶鹤起飞时，像的大小不会改变，故B错误；
C、平面镜成像中，像与物到镜面（水面）的距离相等，河水变浅不影响像到水面的距离，故C错误；
D、水中食物反射的光从水斜射入空气时发生折射，进入丹顶鹤的眼睛，因此它看到的食物是光的折射现象，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
6．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】ABCD、阿基米德设想的杠杆属于省力杠杆。
①羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
②船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
③核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
④天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆；
由上分析可得①③为省力杠杆；
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
7．【答案】A
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】ABCD、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，将M接电源“+”极，N依次试触A、B接线柱，电压表示数等于电源电压3V，说明与电压表并联部分电路断路，与电压表并联部分电路以外的电路是通路，故L1断路，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，将M接电源“+”极，N接触AB，电压表示数等于电源电压3V，说明与电压表并联部分电路断路，与电压表并联部分电路以外的电路是通路。
8．【答案】B
【知识点】力的作用效果；重力的方向；增大或减小摩擦的方法；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A、运动员转弯时方向改变，则运动状态改变，故A错误；
B、以看台为参照物，正在滑冰的运动员与看台的位置在不断发生改变，所以是运动的，故B错误；
C、重力的方向总是竖直向下的，则运动员受到的重力方向是竖直向下的，故C正确；
D、滑冰时，压力一定，受力面积很小，压强很大，使冰刀下的冰熔化，在冰刀和冰之间有水起到润滑的作用，使摩擦力变小，而不是因为接触面积小摩擦力才小，摩擦力的大小与接触面积没有直接关系，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）运动状态的改变包括速度大小的改变和方向的改变；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（3）重力的方向总是竖直向下的；
（4）减小摩擦力的方法：减小压力；减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；滚动摩擦代替滑动摩擦。
9．【答案】A
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】ABC、由可得，灯泡L1和L2的电阻分别为：
，
。；
因为两灯泡串联，串联电路中各处电流都相等，因此通过灯泡L1的电流和通过L2的电流一样大，根据U=IR可知，灯泡L1两端的电压小于L2两端的电压，闭合开关S，两个灯串联在电路中，使电源电压从0V逐渐增加，电路中电阻一定，由可知电路中的电流变大，由于灯L2的额定电流0.3A小于L1的额定电流0.5A，电路中的电流先达到L2的额定电流，因此灯泡L2可能先正常发光，此时另一灯泡的电流也是0.3A，故A正确，BC错误；
D、根据P=I2R可知，灯泡L1的电功率小于L2的电功率，故D错误。
故选：A。
【分析】根据由可分别求出两灯泡的电阻；
（1）串联电路中各处的电流都相等，根据U=IR判断两灯泡两端电压的大小关系；
根据额定电流的大小判断谁先正常发光；
（2）根据P=I2R分析两灯泡电功率的大小关系。
10．【答案】B,C,D
【知识点】压强；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】 解：A、甲实验，装满水的玻璃瓶分别正放、倒放在海绵上，玻璃瓶对海绵的压力相同，受力面积不同，海绵的凹陷程度不同，说明两种情况下玻璃瓶对海绵的压强不同，故A错误；
B、大气压强随高度的增加而减小，乙实验，拿着用玻璃瓶制作的气压计乘坐电梯，发现楼层越高，细管中的水柱越高，瓶内气压等于水柱压强和外界气压之和，瓶内气压几乎不变，水柱压强增大，说明外界气压变小，说明高度越高大气压强越小，故B正确；
C、丙实验中，往吸管b中吹气，a管上端气体流速增大，气压变小，瓶内气压把部分水压入a吸管中，使吸管a中的水面上升，说明气体流速越大压强越小，故C正确；
D、丁实验中，装热水的瓶中墨水扩散得快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故D正确。
故选：BCD。
【分析】 （1）甲实验是研究压力相同时，压力的作用效果与受力面积关系的实验；
（2）大气压强随高度的增加而减小；
（3）对于流动的气体和液体，流体在流速大的地方压强小；
（4）温度越高，分子运动越剧烈。
11．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图分析可知，灯泡与滑动变阻器串联连接。电压表V1测量电源电压（示数恒定）， 电压表V2测量滑动变阻器两端电压电流表测量电路中的总电流。当滑片向右滑动时： 滑动变阻器接入电路的阻值增大 → 其分压增大 → 电压表V2示数变大， 根据串联分压原理，灯泡两端电压相应减小，电路总电阻增大，而电源电压不变，由欧姆定律 可知电流表示数减小， 灯泡实际功率 因电压和电流同时减小而降低 → 灯泡亮度变暗，
综上所述，正确答案为 A。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
12．【答案】D
【知识点】力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；压强的大小及其计算；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A、由v-t图象可知，6s～9s内物体做匀速直线运动处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二力大小相等，由F-t图象可知，6s～9s内物体受到的推力是6N，则物体受到的摩擦力为6N，故A错误；
B、因物体对水平地面的压力和自身的重力相等，F=G=5N；则物体对水平地面的压强： ；故B错误；
C、由v-t图象可知，0s 3s内物体的速度不断变大，做加速直线运动，故C错误；
D、摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，整个过程压力和粗糙程度不变，摩擦力不变，故3s 6s内摩擦力f=6N，水平拉力F=9N，拉力与摩擦力方向相反，故合力为F'=F-f=9N-6N=3N，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据物体匀速直线运动时受力平衡分析摩擦力大小；
（2）物体对水平地面的压力和自身的重力相等，根据p=%0D%0AF%0D%0AS求出物体对水平地面的压强；（3）由v-t图象可知各阶段的速度变化，据此分析；
（4）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，分析3s 6s内摩擦力与拉力，得出合力大小。
13．【答案】B,C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．根据图示，物距大于像距，则u=40cm＞2f，f＜v=30cm＜2f，所以15cm＜f＜20cm，故A错误；
B．能在光屏上成像，并且物距大于像距，只有u＞2f，2f＞v＞f，成倒立缩小实像，据此原理制成了照相机，故B正确；
C．将蜡烛向右移动靠近凸透镜时，物近像远像变大，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏应适当向右移动远离凸透镜，故C正确；
D．在凸透镜和蜡烛间安装一个凹透镜后，凹透镜后对光线有发散作用，所以此时所成清晰的像应该在光屏后方，所以向右移动光屏，可以看到清晰的像，故D错误。
故选：BC。
【分析】（1）根据图示信息确定焦距大小；
（2）能在光屏上成像，并且物距大于像距，只有u＞2f，2f＞v＞f，成倒立缩小实像；
（3）凸透镜成实像的规律是物距减小，像距增大，像也增大；
（4）凹透镜后对光线有发散作用。
14．【答案】A,C
【知识点】光的折射现象及其应用；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接；磁感线及其特点
【解析】【解答】A、从水中看岸上物体，岸上物体反射的光从空气斜射入水中，折射光线靠近法线偏折，折射角应该小于入射角，故A正确；
B、压力的作用点在被压物体的接触面上，方向与接触面垂直指向被压物体接触面里，而图中的力的作用点在物体的重心，故B错误；
C、图中两个磁极均为N极，外部磁感线都由N极出发，同名磁极相互排斥，故C正确；
D、为了安全用电，开关应连接在火线与灯泡之间，故D错误。
故选：AC。【分析】（1）光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角；
（2）垂直作用在物体表面、相互挤压的力叫做压力；
（3）在磁体外部，磁感线总是由N极出发，最后回到S极；
（4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
15．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】ABCD、由电路图可知，闭合开关S， R1 与R2串联，电压表V1测 R1 两端的电压，V2测电源电压，电流表测电路中的电流。 由图乙可知，电压表V1的量程为0～3V，分度值为0.1V，其示数为1.5V，即R1两端的电压U1=1.5V， 电压表V2的量程为0～15V，分度值为0.5V，其示数为6V，即电源电压U=6V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，定值电阻R2两端的电压U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流I= U2 R2= 4.5V 30Ω=0.15A，即电流表的示数为0.15A，故A错误；
定值电阻R1的阻值：R1= U1 I= 1.5V 0.15A=10Ω，故B正确；
电阻R2的电功率：P2=U2I=4.5V×0.15A=0.675W，故C错误； 电阻R1在10s内产生的热量：Q1=I2R1t=（0.15A）2×10Ω×10s=2.25J，故D正确。
故选：BD。
【分析】由电路图可知，闭合开关S， R1 与R2串联，电压表V1测 R1 两端的电压，V2测电源电压，电流表测电路中的电流。根据图乙读出两电压表的示数即可得出R1两端的电压与电源两端的电压，利用串联电路的电压特点求出定值电阻R2两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再利用欧姆定律求出定值电阻的阻值，根据P=UI求出电阻R2的电功率，再根据电阻R1在10s内产生的热量。
16．【答案】B,C,D
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由表中数据可知，航母总重力为：
G=mg=6×107kg×10N/kg=6×108N，由于航母处于漂浮状态，故航母所受浮力应等于其重力，即F浮=G=6×108N；故A错误；
B．单架舰载机对甲板压力F=m机g=5150kg×10N/kg=5.15×104，接触面积5000cm2=0.5m2，压强 ，故B正确；
C．舰载机起飞后航母减少的浮力为：ΔF浮=mg=5150kg×10N/kg=5.15×104N，由阿基米德原理得排开海水体积减少量 ；故C正确；
D．航母匀速航行时所受力为平衡力，故所受牵引力等于阻力，即F=f=3.6×108N，功率P=Fv=3.6×108N×15m/s=5.4×109W，故D正确。
故选：BCD。
【分析】（1）根据G=mg得出航母重力，根据漂浮条件，航母所受浮力应等于其重力；
（2）根据F=m机g得出单架舰载机对甲板压力，根据压强公式得出压强；
（3）根据ΔF=mg得出舰载机起飞后航母减少的浮力，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得排开海水体积减少量；
（4）根据F=f得出航母匀速航行时牵引力，根据P=Fv得出功率。
17．【答案】1.15；-4
【知识点】温度及温度计的使用与读数；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）由示意图知，纽扣的直径为d=3.15cm-2.00cm=1.15cm；
（2）图中温度计的分度值为1℃，且液柱在零刻度线的下方，因此该温度计的示数是-14℃。
故答案为：1.15cm；-14℃。
【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，被测物体长度等于物体末端所对刻度与始端所对刻度之差；
（3）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱的上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下。
18．【答案】OA；35°
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】由图可知，，，所以，根据反射角等于入射角，可知为法线为NN'，OC为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；折射角。
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
19．【答案】电流；左
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）该装置中，右侧两个5Ω电阻并联后与左侧5Ω电阻串联。根据串联电路电流特性，右侧并联电路总电流等于左侧电阻电流（）。并联电路中，因此。两容器内电阻均为5Ω且通电时间相同，通过比较电流差异，可探究电流产生热量与电流大小的关系。
（2）通电一段时间后，由于电阻值、通电时间相同且，根据焦耳定律可知，左侧电阻丝产生的热量更多。
故答案为：电流；左。【分析】电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；%0D%0A根据焦耳定律Q=I2Rt分析。
20．【答案】右；左
【知识点】磁感线及其特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）磁感线在磁体外部由N极指向S极，因此图示螺线管的右端为N极。
（2）根据安培定则（右手螺旋定则），螺线管右端为N极时，电流应从左侧流入，故电源正极位于左端。
故答案为：右；左。【分析】由磁感线的方向可知通电螺线管的极性，由安培定则可知电流的方向，进而可知电源的正、负极。
21．【答案】连通器；变小
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）A、B两管的上部开口、下端连通，属于连通器；
（2）当将A管向右倾斜待稳定后，由于A管内水的长度变长，所以U形管中水的竖直高度减小（即深度减小），根据公式p=ρgh可知U形管底C点的压强将变小。
故答案为：连通器；变小。
【分析】（1）连通器特点：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上；
（2）根据水的深度变化，利用液体压强特点判断C点压强的变化。
22．【答案】10；1∶1
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电路图中显示R1与R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量串联电路电流。根据图象数据，当R1两端电压U1=1V时，对应电流I1=0.1A，因此R1阻值为： ；
（2）当滑片P位于b端时，电路简化为R1单独工作，此时电流最大（0.3A），电压表示数3V即为电源电压。当电压表示数1V时，电路电流最小（0.1A），此时滑动变阻器阻值最大，其最大阻值计算为：，
当滑片移至中点时，滑动变阻器接入阻值减半：。此时与消耗 功率之比为：
故答案为：10；1：1。
【分析】由电路图可知：R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量串联电路的电流；
（1）根据图象读出电阻R1两端电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；
（2）当滑片P位于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图象读出最大电流和电压表的示数，据此可知电源的电压；
当电压表的示数为1V时，电流最小为0.1A，滑动变阻器的电阻最大，根据欧姆定律算出R2最大电阻；当滑动变阻器的滑片滑到中点时，根据P=UI=I2R算出R1与R2消耗的电功率之比。
23．【答案】；不变
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）由题可知，当橡皮泥浸没在水中时，排开水的体积等于橡皮泥自身的体积，即橡皮泥的体积V = V1。当橡皮泥漂浮在水面上时，由浮沉条件可知，橡皮泥所受浮力等于其重力，即G = F浮 = ρ0gV2。
由密度公式可得橡皮泥的密度为：。
（2）在操作②中，茶壶里的少量水进入橡皮泥捏成的空心碗中。由于进入碗中的水的体积与其排开水的体积相同，因此对溢出的水没有影响，橡皮泥的质量测量不受干扰。根据密度公式可知，最终的密度测量结果不受影响。
故答案为：；不变。
【分析】（1）浸没在液体中的物体，排开液体的体积与其自身体积相等，据此得出橡皮泥的体积；物体漂浮时，浮力等于其自身重力，据此可得其重力；在利用重力和密度公式可求其密度。
（2）操作②中溢水杯里的水由少量水进入橡皮泥捏成的空心碗中，进入碗中的水引起的排开水的体积和水的体积相同，对溢出水没有影响。
24．【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】（1）平面镜成像特点是：像与物体关于镜面对称。要画出物体AB的像，就先找出A点的对称点A'，再找出B点的对称点B'，用虚线画出虚像，要体现出找对称点时画出的虚线，并标出垂直符号，如图所示
（2）足球在水平地面上滚动，竖直方向上受重力和支持力，水平方向受摩擦力，摩擦力的方向与足球运动方向相反，如图所示
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像与物到平面镜的距离相等、像与物的连线与平面镜垂直。我们可以根据这两个特点来作出物体在平面镜中的像。
（2）根据受力分析和作图要求进行分析解答。
（1）平面镜成像特点是：像与物体关于镜面对称。要画出物体AB的像，就先找出A点的对称点，再找出B点的对称点，用虚线画出虚像，要体现出找对称点时画出的虚线，并标出垂直符号，如图所示。
（2）足球在水平地面上滚动，竖直方向上受重力和支持力，重力和支持力平衡，水平方向受摩擦力，摩擦力的方向与足球运动方向相反，如图所示。
25．【答案】（1）解：食物吸收的热量
（2）解：消耗的电能为
电煮锅的加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电能表参数的理解
【解析】【分析】（1）根据热量公式Q吸=cm（t-t0）进行计算。
（2）电能表上的3000r/kW h表示用电器每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次。根据电能表的参数计算电流做的功；根据计算电煮锅的加热效率。
（1）食物吸收的热量
（2）消耗的电能为
电煮锅的加热效率
26．【答案】（1）解：电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，当只闭开关S，电路为R1的简单电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可知电流表的示数为
（2）解：再闭合S1，两电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，电阻R2通电100s产生的热量
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流；
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
（2）利用电能公式计算出通电100s，电阻R2产生的热量。
（1）电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，当只闭开关S，电路为R1的简单电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可知电流表的示数为
（2）再闭合S1，两电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，电阻R2通电100s产生的热量
27．【答案】（1）
（2）解：由（1）可知动滑轮上有三段绳子，则工人的拉力为
将货物抬到货架拉力所做功
（3）解：有用功为
滑轮组的机械效率
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）三个滑轮组成滑轮组，最省力且能改变用力方向，可知绳子自由端应向下拉，因此应从动滑轮开始连接，滑轮组的绕线方式如下图所示：
；
【分析】（1）三个滑轮组成滑轮组，最省力且能改变用力方向，可知绳子自由端应向下拉，由此画出滑轮组的绕线方式；
（2）不考虑绳重和摩擦，根据W总=（G+G动）h=（m+m动）gh求出拉力所做的总功；
（3）不考虑绳重和摩擦，根据η动求出滑轮组的机械效率。
（1）根据题意可知使用该滑轮组既要省力也要改变力的方向，故从动滑轮开始绕线，作图如下所示：
（2）由（1）可知动滑轮上有三段绳子，则工人的拉力为
将货物抬到货架拉力所做功
（3）有用功为
滑轮组的机械效率
28．【答案】（1）木块移动的距离
（2）速度
（3）小于
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）小球的动能越大，木块移动的具有越远，故可以根据木块移动的距离来判断动能的大小。
（2）甲、乙两次实验，乙的高度大一些，质量相同，故乙下滑后，到达水平面的速度大一些，探究的是动能与速度的关系。
（3）进行图丙实验时，乙、丙实验对比，高度相同，到达水平面的速度相同，木块被撞后滑出木板掉落，说明丙实验中小球的动能比较大，对外做功比较多，故推测出丙图的B小球的质量比较大，A球的质量小于B球；故得出结论速度相同时，质量越大，动能越大。
故答案为：（1）木块移动的距离；（2）速度；（3）小于；速度。【分析】（1）该实验中小球动能的大小是通过木块被推的距离体现的；
（2）动能的决定因素有两个：质量和速度，根据控制变量法分析回答。
（1）在探究影响动能大小的实验中，我们采用转换法。小球从斜面上滚下撞击木块，小球动能的大小无法直接观察，但是小球动能越大，对木块做功越多，木块在水平面上移动的距离就越远。所以实验中是通过木块移动的距离来反映动能大小的。
（2）观察中的甲、乙两次实验，我们看到小球的质量是相同的（都是 A 球），而乙图中小球所处的高度大于甲图中小球所处的高度。根据重力势能转化为动能的原理，小球在斜面上所处高度越高，下滑到水平面时的速度就越大。所以乙球下滑后到达水平面的速度比甲球大，这两次实验探究的是动能与速度的关系。
（3）在图丙实验中，与乙图相比，小球下滑高度相同，即到达水平面的速度相同。而木块被撞后滑出木板掉落，这表明丙图中小球撞击木块时的动能更大。因为速度相同的情况下，动能与质量有关，动能越大，质量越大，所以可推断出 。
29．【答案】（1）省
（2）60%
（3）斜面的倾斜程度；斜面的粗糙程度
（4）大于
【知识点】斜面机械效率的测量实验；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）分析表中实验1、2、3的数据，物块重力相同，斜面的倾斜程度逐渐变大，拉力逐渐变大，斜面倾斜程度越小越省力。
（2）这种情况下斜面的机械效率：
；
（3）斜面的长度相同，高度不同，且斜面的机械效率不同，可知斜面的机械效率与斜面的倾斜程度有关；
分析第3次和第4次实验数据可知，斜面的倾斜程度相同时，粗糙程度不同，斜面的机械效率不同，故斜面的机械效率与斜面粗糙程度有关；
（4）实验过程中，用弹簧测力计的拉力F要同时克服摩擦力f和物体的一部分重力，因此属多力平衡；根据W总=W有+W额，W额小于W总，即fs小于Fs，斜面的长相同，所以f＜F。
故答案为：（1）省；（2）60%；（3）斜面的倾斜程度；斜面的粗糙程度；（4）大于。【分析】（1）分析表中实验1、2、3的数据，物块重力相同，斜面的倾斜程度逐渐变大，拉力逐渐变大，据此分析；
（2）根据得出这种情况下斜面的机械效率；
（3）根据控制变量法分析四组实验数据，抓住变量和不变量即可得出结论；
（4）实验过程中，用弹簧测力计拉物体在斜面上做匀速直线运动时，拉力F除克服摩擦力f外还要克服一部分物体的重力，根据W=Fs分析总功和额外功的大小即可得出答案。
（1）由表中数据可知，从实验1到实验3，斜面越来越陡，需要的拉力越来越多，越费力，故比较表中实验1、2、3的数据可得出：斜面倾斜程度越小越省力。
（2）克服物体重力所做的有用功为
拉力所做的总功
第4次实验的机械效率为
（3）[1]由表中数据可知，从实验1到实验3，斜面越来越陡，倾斜程度越来越大，机械效率越来越大，说明机械效率与斜面的倾斜程度有关。
[2]由3、4两组实验数据可知，提升相同重物时，斜面越粗糙，机械效率越低，说明机械效率的高低于斜面的粗糙程度有关。
（4）向上沿斜面拉动物体是，拉力不仅要克服重力做有用功，还要克服摩擦力做额外功，所以拉力大于摩擦力。
1 / 1天津市南开区2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题12小题，每小题2分，共24分）：每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意。
1．（2025·南开模拟）下列关于声现象的说法，正确的是（　　）
A．打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
B．用不同的力度弹钢琴主要改变了声音的音调
C．声音在真空中的传播速度是 m/s
D．体检时做“B超”检查，是利用超声波传递信息
【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．打雷时捂住耳朵可以在人耳处减弱噪声，A不符合题意；
B．用不同的力度弹钢琴主要改变了声音的响度，B不符合题意；
C．声音在真空中不能传播，C不符合题意；
D．体检时做“B超”检查，是利用超声波传递信息，了解人体是否有病变，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】声音不仅可以传播能量，例如声音可以把酒杯震碎，也可以传递信息，例如听收音机、听老师讲课。
2．（2025·南开模拟）一般来说，同种物质温度越高密度越小，遵从热胀冷缩的规律，但是水比较特殊。水在4℃时密度最大，温度高于4℃时，随着温度的升高，水的密度越来越小；温度低于4℃，随着温度的降低，水的密度也越来越小。如图所示是冬天湖水温度分布示意图，下列说法不正确的是（　　）
A．与冰面接触的①处水的温度为0℃
B．在0～4℃范围内，水具有热胀冷缩的性质
C．较深湖底⑤处的水可能保持4℃的水温
D．温度高于4℃时，水温度升高，体积会变大
【答案】B
【知识点】密度与温度的关系；密度的应用与物质鉴别
【解析】【解析】 A． 冰水混合物的平衡温度为0℃，因此与冰面直接接触的①处水温必然为0℃。 故A正确，A不符合题意；
B ． 水在0-4℃范围内呈现反常膨胀特性（即温度降低时体积反而增大）， 故B错误，B符合题意；
C ． 由于水在4℃时达到最大密度，较深的湖底⑤处可能维持这一温度。 故C正确，C不符合题意；
D．当水温高于4℃时，恢复正常的"热胀冷缩"特性。 故D正确，D不符合题意。
综上，正确答案为B选项。
【分析】（1）冰水混合温度为0℃；
（2）液态水在0～4℃范围内反膨胀，即当水温低于4℃时，水是热缩冷胀的；
（3）水在4℃时的密度是最大的；
（4）水温在4℃以上时，水是热胀冷缩的。
3．（2025·南开模拟）下列分类正确的是（　　）
A．非晶体：石蜡、松香、玻璃
B．绝缘体：橡胶、木头、石墨
C．吸热过程：熔化、升华、液化
D．成实像：小孔成像、镜花水月、投影仪
【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热；凸透镜成像的应用；导体与绝缘体
【解析】【解答】A．石蜡、松香、玻璃在熔化过程中没有固定的熔点，属于非晶体， 故A正确；
B．橡胶和木头是绝缘体，但石墨具有导电性，属于导体， 故B正确；
C．熔化和升华过程需要吸收热量，而液化过程会放出热量， 故C错误；
D．小孔成像和投影仪形成的像是实际光线汇聚产生的实像；而"镜花水月"是光的反射形成的虚像， 故D错误；故选A。
【分析】（1）晶体有固定的熔点，晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；非晶体没有固定熔点，非晶体在熔化过程中不断吸收热量，温度逐渐升高。
（2）不容易导电的物体叫绝缘体，常见绝缘体中包括：玻璃、陶瓷、塑料、各种油等；容易导电的物体叫导体．常见的导体：各种金属、石墨、以及酸碱盐的溶液等。
（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
（4）小孔成像、投影仪成的像为实像；镜花水月，属于平面镜成像，为虚像。
4．（2025·南开模拟）有关温度、热量、内能的说法，正确的是
A．物体吸收热量，温度一定升高
B．物体温度升高，内能一定增加
C．物体温度升高，一定是吸收了热量
D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、物体吸收热量时，其内能确实会增加，但温度不一定升高。例如在晶体熔化过程中，虽然持续吸收热量，但温度保持不变（处于熔点温度）， 故A错误；
B、当物体温度升高时，其内能必定增加。这种内能增加可能来自两种途径：吸收热量或外界对物体做功。 故B正确 ；
C、由于内能增加不一定需要吸收热量（也可通过做功实现）， 故C错误；
D、热传递的本质是能量从高温物体向低温物体转移，而不是取决于内能大小，故D错误。
故选B。
【分析】（1）热量是指在热传递过程中传递能量的多少。不能说含有多少热量；
（2）温度是指物体的冷热程度；
（3）内能的大小与物体的质量和温度有关，在质量一定时，温度越高，其内能越大。根据热量、温度、内能的含义，结合选项中的说法可做出判断。
5．（2025·南开模拟）图为一只丹顶鹤正在水中觅食。下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．若丹顶鹤起飞，水中的像变小
C．河水越浅，水中的像离水面越近
D．丹顶鹤看到水中的食物是光的折射现象
【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、水中的像是平面镜成像，由光的反射形成，而非光的直线传播，故A错误；
B、根据平面镜成像特点，像与物体大小始终相等，丹顶鹤起飞时，像的大小不会改变，故B错误；
C、平面镜成像中，像与物到镜面（水面）的距离相等，河水变浅不影响像到水面的距离，故C错误；
D、水中食物反射的光从水斜射入空气时发生折射，进入丹顶鹤的眼睛，因此它看到的食物是光的折射现象，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
6．（2025·南开模拟）“给我一个支点和一根足够长的杆，我就能撬起整个地球。”下列生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（　　）
A．①② B．①③ C．③④ D．②④
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】ABCD、阿基米德设想的杠杆属于省力杠杆。
①羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
②船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
③核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
④天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆；
由上分析可得①③为省力杠杆；
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
7．（2025·南开模拟）如图，闭合开关，两只灯泡都不亮，在不拆开导线的情况下，将M接电源“+”极，N依次试触A、B接线柱，发现电压表示数前后两次均接近3V。故障可能是（　　）
A．L1断路 B．L2断路
C．电源断路 D．滑动变阻器断路
【答案】A
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】ABCD、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，将M接电源“+”极，N依次试触A、B接线柱，电压表示数等于电源电压3V，说明与电压表并联部分电路断路，与电压表并联部分电路以外的电路是通路，故L1断路，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，将M接电源“+”极，N接触AB，电压表示数等于电源电压3V，说明与电压表并联部分电路断路，与电压表并联部分电路以外的电路是通路。
8．（2025·南开模拟）2025年哈尔滨亚洲冬季运动会花样滑冰比赛在哈尔滨市举行，下列有关比赛的说法正确的是（　　）
A．运动员转弯时运动状态不变
B．运动员受到的重力方向是竖直向下的
C．以看台为参照物，正在滑冰的运动员是静止的
D．冰刀与冰面间的摩擦是通过减小接触面积来减小滑动摩擦
【答案】B
【知识点】力的作用效果；重力的方向；增大或减小摩擦的方法；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A、运动员转弯时方向改变，则运动状态改变，故A错误；
B、以看台为参照物，正在滑冰的运动员与看台的位置在不断发生改变，所以是运动的，故B错误；
C、重力的方向总是竖直向下的，则运动员受到的重力方向是竖直向下的，故C正确；
D、滑冰时，压力一定，受力面积很小，压强很大，使冰刀下的冰熔化，在冰刀和冰之间有水起到润滑的作用，使摩擦力变小，而不是因为接触面积小摩擦力才小，摩擦力的大小与接触面积没有直接关系，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）运动状态的改变包括速度大小的改变和方向的改变；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（3）重力的方向总是竖直向下的；
（4）减小摩擦力的方法：减小压力；减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；滚动摩擦代替滑动摩擦。
9．（2025·南开模拟）如图所示，标有“4.8V，0.5A”的灯泡L1和标有“6V，0.3A”的灯泡L2连接成串联电路，电源电压可调节。闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，保证电路各元件安全情况下，下列说法正确的是（　　）
A．灯泡L2可正常发光 B．灯泡L1和L2的电压相等
C．通过灯泡L1的电流比L2大 D．灯泡L1和L2的电功率相等
【答案】A
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】ABC、由可得，灯泡L1和L2的电阻分别为：
，
。；
因为两灯泡串联，串联电路中各处电流都相等，因此通过灯泡L1的电流和通过L2的电流一样大，根据U=IR可知，灯泡L1两端的电压小于L2两端的电压，闭合开关S，两个灯串联在电路中，使电源电压从0V逐渐增加，电路中电阻一定，由可知电路中的电流变大，由于灯L2的额定电流0.3A小于L1的额定电流0.5A，电路中的电流先达到L2的额定电流，因此灯泡L2可能先正常发光，此时另一灯泡的电流也是0.3A，故A正确，BC错误；
D、根据P=I2R可知，灯泡L1的电功率小于L2的电功率，故D错误。
故选：A。
【分析】根据由可分别求出两灯泡的电阻；
（1）串联电路中各处的电流都相等，根据U=IR判断两灯泡两端电压的大小关系；
根据额定电流的大小判断谁先正常发光；
（2）根据P=I2R分析两灯泡电功率的大小关系。
10．（2025·南开模拟）生活中的瓶瓶罐罐都是科学研究的好器材。下列利用玻璃瓶做的4个物理实验，说法正确的是（　　）
A．甲实验，装满水的玻璃瓶分别正放、倒放在海绵上，海绵的凹陷程度不同；说明两种情况下玻璃瓶对海绵的压力不同
B．乙实验，拿着用玻璃瓶制作的气压计乘坐电梯，发现楼层越高，细管中的水柱越高，说明高度越高大气压强越小
C．丙实验，把一根吸管a插入盛水的玻璃瓶中，将另一根吸管b的管口贴靠在吸管a的上端，往吸管b中吹气，可以看到吸管a中的水面上升，说明气体流速越大压强越小
D．丁实验，用滴管分别向装有等量冷水和热水的瓶中滴入一滴墨水，发现装热水的瓶中墨水扩散得快，说明温度越高分子运动越剧烈
【答案】B,C,D
【知识点】压强；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】 解：A、甲实验，装满水的玻璃瓶分别正放、倒放在海绵上，玻璃瓶对海绵的压力相同，受力面积不同，海绵的凹陷程度不同，说明两种情况下玻璃瓶对海绵的压强不同，故A错误；
B、大气压强随高度的增加而减小，乙实验，拿着用玻璃瓶制作的气压计乘坐电梯，发现楼层越高，细管中的水柱越高，瓶内气压等于水柱压强和外界气压之和，瓶内气压几乎不变，水柱压强增大，说明外界气压变小，说明高度越高大气压强越小，故B正确；
C、丙实验中，往吸管b中吹气，a管上端气体流速增大，气压变小，瓶内气压把部分水压入a吸管中，使吸管a中的水面上升，说明气体流速越大压强越小，故C正确；
D、丁实验中，装热水的瓶中墨水扩散得快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故D正确。
故选：BCD。
【分析】 （1）甲实验是研究压力相同时，压力的作用效果与受力面积关系的实验；
（2）大气压强随高度的增加而减小；
（3）对于流动的气体和液体，流体在流速大的地方压强小；
（4）温度越高，分子运动越剧烈。
11．（2025·南开模拟）如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V2示数变大，灯泡L的实际功率变小
B．电压表V2示数变大，灯泡L的亮度变亮
C．电流表A示数变大，灯泡L的亮度变暗
D．电压表V1与电流表A示数比值变大，灯泡L的亮度变亮
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图分析可知，灯泡与滑动变阻器串联连接。电压表V1测量电源电压（示数恒定）， 电压表V2测量滑动变阻器两端电压电流表测量电路中的总电流。当滑片向右滑动时： 滑动变阻器接入电路的阻值增大 → 其分压增大 → 电压表V2示数变大， 根据串联分压原理，灯泡两端电压相应减小，电路总电阻增大，而电源电压不变，由欧姆定律 可知电流表示数减小， 灯泡实际功率 因电压和电流同时减小而降低 → 灯泡亮度变暗，
综上所述，正确答案为 A。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
12．（2025·南开模拟）如图甲所示，粗糙程度相同的水平地面上放一重为5N，底面积为20cm2的物体A。用水平拉力F作用于A物体，拉力F的大小与时间t的关系和A物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．物体受到摩擦力是9N B．物体对水平地面的压强
C．内物体做匀速直线运动 D．内物体受到的合力是3N
【答案】D
【知识点】力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；压强的大小及其计算；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A、由v-t图象可知，6s～9s内物体做匀速直线运动处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二力大小相等，由F-t图象可知，6s～9s内物体受到的推力是6N，则物体受到的摩擦力为6N，故A错误；
B、因物体对水平地面的压力和自身的重力相等，F=G=5N；则物体对水平地面的压强： ；故B错误；
C、由v-t图象可知，0s 3s内物体的速度不断变大，做加速直线运动，故C错误；
D、摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，整个过程压力和粗糙程度不变，摩擦力不变，故3s 6s内摩擦力f=6N，水平拉力F=9N，拉力与摩擦力方向相反，故合力为F'=F-f=9N-6N=3N，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据物体匀速直线运动时受力平衡分析摩擦力大小；
（2）物体对水平地面的压力和自身的重力相等，根据p=%0D%0AF%0D%0AS求出物体对水平地面的压强；（3）由v-t图象可知各阶段的速度变化，据此分析；
（4）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，分析3s 6s内摩擦力与拉力，得出合力大小。
二、多项选择题（本大题共4小题，每小题3分，共12分）每小题给出的四个选项中，至少有一个以上符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错得0分。
13．（2025·南开模拟）某同学在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像（像未画出）。下列说法中正确的是（　　）
A．凸透镜的焦距可能为25cm
B．屏上的像是倒立缩小的实像
C．若将蜡烛向右移动，光屏应适当向右移动，才可能在光屏上出现清晰的像
D．在凸透镜和蜡烛间安装一个凹透镜，向左移动光屏能够再次获得清晰的像
【答案】B,C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．根据图示，物距大于像距，则u=40cm＞2f，f＜v=30cm＜2f，所以15cm＜f＜20cm，故A错误；
B．能在光屏上成像，并且物距大于像距，只有u＞2f，2f＞v＞f，成倒立缩小实像，据此原理制成了照相机，故B正确；
C．将蜡烛向右移动靠近凸透镜时，物近像远像变大，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏应适当向右移动远离凸透镜，故C正确；
D．在凸透镜和蜡烛间安装一个凹透镜后，凹透镜后对光线有发散作用，所以此时所成清晰的像应该在光屏后方，所以向右移动光屏，可以看到清晰的像，故D错误。
故选：BC。
【分析】（1）根据图示信息确定焦距大小；
（2）能在光屏上成像，并且物距大于像距，只有u＞2f，2f＞v＞f，成倒立缩小实像；
（3）凸透镜成实像的规律是物距减小，像距增大，像也增大；
（4）凹透镜后对光线有发散作用。
14．（2025·南开模拟）下列是同学们所画的示意图，其中正确的是（　　）
A．水中看岸上物体光路
B．物体对斜面压力F
C．磁感线分布
D．家庭电路连接
【答案】A,C
【知识点】光的折射现象及其应用；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接；磁感线及其特点
【解析】【解答】A、从水中看岸上物体，岸上物体反射的光从空气斜射入水中，折射光线靠近法线偏折，折射角应该小于入射角，故A正确；
B、压力的作用点在被压物体的接触面上，方向与接触面垂直指向被压物体接触面里，而图中的力的作用点在物体的重心，故B错误；
C、图中两个磁极均为N极，外部磁感线都由N极出发，同名磁极相互排斥，故C正确；
D、为了安全用电，开关应连接在火线与灯泡之间，故D错误。
故选：AC。【分析】（1）光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角；
（2）垂直作用在物体表面、相互挤压的力叫做压力；
（3）在磁体外部，磁感线总是由N极出发，最后回到S极；
（4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
15．（2025·南开模拟）如图甲所示电路，电源电压保持不变，定值电阻。闭合开关，电压表、的示数如图乙所示。则下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数为
B．定值电阻的阻值为
C．电阻的电功率为
D．电阻在内产生的热量为
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】ABCD、由电路图可知，闭合开关S， R1 与R2串联，电压表V1测 R1 两端的电压，V2测电源电压，电流表测电路中的电流。 由图乙可知，电压表V1的量程为0～3V，分度值为0.1V，其示数为1.5V，即R1两端的电压U1=1.5V， 电压表V2的量程为0～15V，分度值为0.5V，其示数为6V，即电源电压U=6V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，定值电阻R2两端的电压U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流I= U2 R2= 4.5V 30Ω=0.15A，即电流表的示数为0.15A，故A错误；
定值电阻R1的阻值：R1= U1 I= 1.5V 0.15A=10Ω，故B正确；
电阻R2的电功率：P2=U2I=4.5V×0.15A=0.675W，故C错误； 电阻R1在10s内产生的热量：Q1=I2R1t=（0.15A）2×10Ω×10s=2.25J，故D正确。
故选：BD。
【分析】由电路图可知，闭合开关S， R1 与R2串联，电压表V1测 R1 两端的电压，V2测电源电压，电流表测电路中的电流。根据图乙读出两电压表的示数即可得出R1两端的电压与电源两端的电压，利用串联电路的电压特点求出定值电阻R2两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再利用欧姆定律求出定值电阻的阻值，根据P=UI求出电阻R2的电功率，再根据电阻R1在10s内产生的热量。
16．（2025·南开模拟）随着我国经济不断增长，国防力量也在加强，下表为某航母的主要参数值，下列说法正确的是（　　）（）
航母总质量（包括舰载飞机）
每架舰载飞机的质量
每架舰载飞机与甲板的总接触面积
航母正常航行速度
航母以正常航行速度行驶时所受阻力
A．航母所受浮力为
B．每架舰载飞机对甲板的压强为
C．若其中一架舰载飞机起飞后，航母排开海水的体积减少了5m3
D．若航母以正常航行速度匀速从甲地开往乙地，行驶了540km，此过程中航母牵引力的功率
【答案】B,C,D
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由表中数据可知，航母总重力为：
G=mg=6×107kg×10N/kg=6×108N，由于航母处于漂浮状态，故航母所受浮力应等于其重力，即F浮=G=6×108N；故A错误；
B．单架舰载机对甲板压力F=m机g=5150kg×10N/kg=5.15×104，接触面积5000cm2=0.5m2，压强 ，故B正确；
C．舰载机起飞后航母减少的浮力为：ΔF浮=mg=5150kg×10N/kg=5.15×104N，由阿基米德原理得排开海水体积减少量 ；故C正确；
D．航母匀速航行时所受力为平衡力，故所受牵引力等于阻力，即F=f=3.6×108N，功率P=Fv=3.6×108N×15m/s=5.4×109W，故D正确。
故选：BCD。
【分析】（1）根据G=mg得出航母重力，根据漂浮条件，航母所受浮力应等于其重力；
（2）根据F=m机g得出单架舰载机对甲板压力，根据压强公式得出压强；
（3）根据ΔF=mg得出舰载机起飞后航母减少的浮力，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得排开海水体积减少量；
（4）根据F=f得出航母匀速航行时牵引力，根据P=Fv得出功率。
三、填空题（本大题共7小题，每小题4分，共28分）
17．（2025·南开模拟）图1中纽扣的直径是　 　cm；图2温度计的示数为　 　℃。
【答案】1.15；-4
【知识点】温度及温度计的使用与读数；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）由示意图知，纽扣的直径为d=3.15cm-2.00cm=1.15cm；
（2）图中温度计的分度值为1℃，且液柱在零刻度线的下方，因此该温度计的示数是-14℃。
故答案为：1.15cm；-14℃。
【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，被测物体长度等于物体末端所对刻度与始端所对刻度之差；
（3）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱的上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下。
18．（2025·南开模拟）如图是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中　 　是反射光线；折射角的大小是　 　。
【答案】OA；35°
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】由图可知，，，所以，根据反射角等于入射角，可知为法线为NN'，OC为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；折射角。
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
19．（2025·南开模拟）如图为“探究电流通过导体时产生热量与什么因素有关”的实验，通过观察U形管中液面高度的变化比较电阻产生热量的多少，此图探究电阻产生的热量跟　 　的关系，通电一段时间　 　（选填“左”或“右”）侧容器内的电阻产生的热量多。
【答案】电流；左
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）该装置中，右侧两个5Ω电阻并联后与左侧5Ω电阻串联。根据串联电路电流特性，右侧并联电路总电流等于左侧电阻电流（）。并联电路中，因此。两容器内电阻均为5Ω且通电时间相同，通过比较电流差异，可探究电流产生热量与电流大小的关系。
（2）通电一段时间后，由于电阻值、通电时间相同且，根据焦耳定律可知，左侧电阻丝产生的热量更多。
故答案为：电流；左。【分析】电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；%0D%0A根据焦耳定律Q=I2Rt分析。
20．（2025·南开模拟）某通电螺线管的磁感线方向如图所示，图中通电螺线管的N极在　 　端，电源的正极在　 　端（均选填“左”或“右”）。
【答案】右；左
【知识点】磁感线及其特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）磁感线在磁体外部由N极指向S极，因此图示螺线管的右端为N极。
（2）根据安培定则（右手螺旋定则），螺线管右端为N极时，电流应从左侧流入，故电源正极位于左端。
故答案为：右；左。【分析】由磁感线的方向可知通电螺线管的极性，由安培定则可知电流的方向，进而可知电源的正、负极。
21．（2025·南开模拟）如图所示，上端开口，下端连通的U形管构成一个　 　，向此装置内注入一定量的水，待水静止，若将A管向右稍微倾斜待稳定后，U形管底C点的压强与倾斜前相比将　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】连通器；变小
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）A、B两管的上部开口、下端连通，属于连通器；
（2）当将A管向右倾斜待稳定后，由于A管内水的长度变长，所以U形管中水的竖直高度减小（即深度减小），根据公式p=ρgh可知U形管底C点的压强将变小。
故答案为：连通器；变小。
【分析】（1）连通器特点：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上；
（2）根据水的深度变化，利用液体压强特点判断C点压强的变化。
22．（2025·南开模拟）图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，变阻器滑片P从a端滑到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。由图象可知，的阻值为　 　Ω；当滑动变阻器的滑片滑到中点时，与消耗的电功率之比为　 　。
【答案】10；1∶1
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电路图中显示R1与R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量串联电路电流。根据图象数据，当R1两端电压U1=1V时，对应电流I1=0.1A，因此R1阻值为： ；
（2）当滑片P位于b端时，电路简化为R1单独工作，此时电流最大（0.3A），电压表示数3V即为电源电压。当电压表示数1V时，电路电流最小（0.1A），此时滑动变阻器阻值最大，其最大阻值计算为：，
当滑片移至中点时，滑动变阻器接入阻值减半：。此时与消耗 功率之比为：
故答案为：10；1：1。
【分析】由电路图可知：R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量串联电路的电流；
（1）根据图象读出电阻R1两端电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；
（2）当滑片P位于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图象读出最大电流和电压表的示数，据此可知电源的电压；
当电压表的示数为1V时，电流最小为0.1A，滑动变阻器的电阻最大，根据欧姆定律算出R2最大电阻；当滑动变阻器的滑片滑到中点时，根据P=UI=I2R算出R1与R2消耗的电功率之比。
23．（2025·南开模拟）某同学想测出密度大于水的橡皮泥的密度，操作如下①将其浸没在装满水的溢水杯中，测出溢出水的体积为V1（橡皮泥吸水忽略不计），②将橡皮泥捏成空心碗漂浮在装满水的溢水杯中，测出溢出水的体积为V2，则橡皮泥的密度表达式ρ=　 　（水的密度为ρ0）：若操作②中溢水杯中的水有少量进入橡皮泥空心碗中，则橡皮泥密度的测量结果　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】；不变
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）由题可知，当橡皮泥浸没在水中时，排开水的体积等于橡皮泥自身的体积，即橡皮泥的体积V = V1。当橡皮泥漂浮在水面上时，由浮沉条件可知，橡皮泥所受浮力等于其重力，即G = F浮 = ρ0gV2。
由密度公式可得橡皮泥的密度为：。
（2）在操作②中，茶壶里的少量水进入橡皮泥捏成的空心碗中。由于进入碗中的水的体积与其排开水的体积相同，因此对溢出的水没有影响，橡皮泥的质量测量不受干扰。根据密度公式可知，最终的密度测量结果不受影响。
故答案为：；不变。
【分析】（1）浸没在液体中的物体，排开液体的体积与其自身体积相等，据此得出橡皮泥的体积；物体漂浮时，浮力等于其自身重力，据此可得其重力；在利用重力和密度公式可求其密度。
（2）操作②中溢水杯里的水由少量水进入橡皮泥捏成的空心碗中，进入碗中的水引起的排开水的体积和水的体积相同，对溢出水没有影响。
四、综合题（本大题共6小题，共36分）：解题中要求有必要的分析和说明，计算题要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位。
24．（2025·南开模拟）（1）在图甲中画出物体AB在平面镜MN中所成的像（保留作图痕迹）；
（2）如图乙是运动员将静止的足球踢出，足球在水平地面上滚动，请画出足球在滚动过程中受力示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】（1）平面镜成像特点是：像与物体关于镜面对称。要画出物体AB的像，就先找出A点的对称点A'，再找出B点的对称点B'，用虚线画出虚像，要体现出找对称点时画出的虚线，并标出垂直符号，如图所示
（2）足球在水平地面上滚动，竖直方向上受重力和支持力，水平方向受摩擦力，摩擦力的方向与足球运动方向相反，如图所示
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像与物到平面镜的距离相等、像与物的连线与平面镜垂直。我们可以根据这两个特点来作出物体在平面镜中的像。
（2）根据受力分析和作图要求进行分析解答。
（1）平面镜成像特点是：像与物体关于镜面对称。要画出物体AB的像，就先找出A点的对称点，再找出B点的对称点，用虚线画出虚像，要体现出找对称点时画出的虚线，并标出垂直符号，如图所示。
（2）足球在水平地面上滚动，竖直方向上受重力和支持力，重力和支持力平衡，水平方向受摩擦力，摩擦力的方向与足球运动方向相反，如图所示。
25．（2025·南开模拟）物理小组对如图甲所示的电煮锅的相关问题进行了研究，他们将电煮锅单独接入家庭电路中，观察到电煮锅将1.5kg食物从20℃加热到100℃时，如图乙所示的电能表转盘转了500r。食物的比热容，求
（1）食物吸收的热量；
（2）电煮锅的加热效率。
【答案】（1）解：食物吸收的热量
（2）解：消耗的电能为
电煮锅的加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电能表参数的理解
【解析】【分析】（1）根据热量公式Q吸=cm（t-t0）进行计算。
（2）电能表上的3000r/kW h表示用电器每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次。根据电能表的参数计算电流做的功；根据计算电煮锅的加热效率。
（1）食物吸收的热量
（2）消耗的电能为
电煮锅的加热效率
26．（2025·南开模拟）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，R2=15Ω，当只闭开关S，求：
（1）电流表的示数。
（2）再闭合S1，电阻R2通电100s产生的热量。
【答案】（1）解：电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，当只闭开关S，电路为R1的简单电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可知电流表的示数为
（2）解：再闭合S1，两电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，电阻R2通电100s产生的热量
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流；
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
（2）利用电能公式计算出通电100s，电阻R2产生的热量。
（1）电源电压恒为4.5V，R1=5Ω，当只闭开关S，电路为R1的简单电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可知电流表的示数为
（2）再闭合S1，两电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，电阻R2通电100s产生的热量
27．（2025·南开模拟）某工人要将60kg的物品提升到5m高的货架上，他使用一个3kg的动滑轮和一个已固定在仓库屋顶的双滑轮，如图所示。他想用现有的滑轮做一个最省力且能改变用力方向的滑轮组，不考虑绳重和摩擦，求：
（1）画出滑轮组的绕线方式；
（2）将货物抬到货架拉力所做功；
（3）滑轮组的机械效率。（结果保留百分号前一位小数）
【答案】（1）
（2）解：由（1）可知动滑轮上有三段绳子，则工人的拉力为
将货物抬到货架拉力所做功
（3）解：有用功为
滑轮组的机械效率
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）三个滑轮组成滑轮组，最省力且能改变用力方向，可知绳子自由端应向下拉，因此应从动滑轮开始连接，滑轮组的绕线方式如下图所示：
；
【分析】（1）三个滑轮组成滑轮组，最省力且能改变用力方向，可知绳子自由端应向下拉，由此画出滑轮组的绕线方式；
（2）不考虑绳重和摩擦，根据W总=（G+G动）h=（m+m动）gh求出拉力所做的总功；
（3）不考虑绳重和摩擦，根据η动求出滑轮组的机械效率。
（1）根据题意可知使用该滑轮组既要省力也要改变力的方向，故从动滑轮开始绕线，作图如下所示：
（2）由（1）可知动滑轮上有三段绳子，则工人的拉力为
将货物抬到货架拉力所做功
（3）有用功为
滑轮组的机械效率
28．（2025·南开模拟）汽车的超载、超速行驶很容易造成交通事故。同学们由此想要探究影响动能大小的因素。实验过程如下图，其中。
（1）三次实验应让小球由静止开始滚下，实验中，动能的大小是通过　 　来反映；
（2）甲、乙两次实验探究的是动能与　 　的关系；
（3）进行图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，由此可推断A、B两球的质量关系是：mA　 　mB（选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】（1）木块移动的距离
（2）速度
（3）小于
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）小球的动能越大，木块移动的具有越远，故可以根据木块移动的距离来判断动能的大小。
（2）甲、乙两次实验，乙的高度大一些，质量相同，故乙下滑后，到达水平面的速度大一些，探究的是动能与速度的关系。
（3）进行图丙实验时，乙、丙实验对比，高度相同，到达水平面的速度相同，木块被撞后滑出木板掉落，说明丙实验中小球的动能比较大，对外做功比较多，故推测出丙图的B小球的质量比较大，A球的质量小于B球；故得出结论速度相同时，质量越大，动能越大。
故答案为：（1）木块移动的距离；（2）速度；（3）小于；速度。【分析】（1）该实验中小球动能的大小是通过木块被推的距离体现的；
（2）动能的决定因素有两个：质量和速度，根据控制变量法分析回答。
（1）在探究影响动能大小的实验中，我们采用转换法。小球从斜面上滚下撞击木块，小球动能的大小无法直接观察，但是小球动能越大，对木块做功越多，木块在水平面上移动的距离就越远。所以实验中是通过木块移动的距离来反映动能大小的。
（2）观察中的甲、乙两次实验，我们看到小球的质量是相同的（都是 A 球），而乙图中小球所处的高度大于甲图中小球所处的高度。根据重力势能转化为动能的原理，小球在斜面上所处高度越高，下滑到水平面时的速度就越大。所以乙球下滑后到达水平面的速度比甲球大，这两次实验探究的是动能与速度的关系。
（3）在图丙实验中，与乙图相比，小球下滑高度相同，即到达水平面的速度相同。而木块被撞后滑出木板掉落，这表明丙图中小球撞击木块时的动能更大。因为速度相同的情况下，动能与质量有关，动能越大，质量越大，所以可推断出 。
29．（2025·南开模拟）实验小组的同学们在做“探究斜面的机械效率影响因素”实验时，用弹簧测力计沿斜面匀速向上拉动物块，如图所示，收集了表中的实验数据。
实验次数 斜面长度s/m 斜面高度h/m 物块重力G/N 拉力F/N 机械效率η
1 1 0.2 5 2.5 40.0%
2 1 0.4 5 3.4 58.8%
3 1 0.6 5 4.2 71.4%
4 1 0.6 5 5.0
（1）分析表中实验1、2、3的数据可得出：斜面倾斜程度越小越　 　（选填“省”或“费”）力；
（2）该小组又进行了第4次实验，他们在斜面上铺上毛巾，保持斜面高度和长度与第3次实验相同，他们测得这种情况下斜面的机械效率为　 　；
（3）把第4次实验数据与表中数据综合分析可得出：斜面的机械效率与　 　和　 　有关；
（4）当用弹簧测力计通过细线沿斜面匀速向上拉动物块时，物块所受的拉力　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）物块所受的摩擦力。
【答案】（1）省
（2）60%
（3）斜面的倾斜程度；斜面的粗糙程度
（4）大于
【知识点】斜面机械效率的测量实验；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）分析表中实验1、2、3的数据，物块重力相同，斜面的倾斜程度逐渐变大，拉力逐渐变大，斜面倾斜程度越小越省力。
（2）这种情况下斜面的机械效率：
；
（3）斜面的长度相同，高度不同，且斜面的机械效率不同，可知斜面的机械效率与斜面的倾斜程度有关；
分析第3次和第4次实验数据可知，斜面的倾斜程度相同时，粗糙程度不同，斜面的机械效率不同，故斜面的机械效率与斜面粗糙程度有关；
（4）实验过程中，用弹簧测力计的拉力F要同时克服摩擦力f和物体的一部分重力，因此属多力平衡；根据W总=W有+W额，W额小于W总，即fs小于Fs，斜面的长相同，所以f＜F。
故答案为：（1）省；（2）60%；（3）斜面的倾斜程度；斜面的粗糙程度；（4）大于。【分析】（1）分析表中实验1、2、3的数据，物块重力相同，斜面的倾斜程度逐渐变大，拉力逐渐变大，据此分析；
（2）根据得出这种情况下斜面的机械效率；
（3）根据控制变量法分析四组实验数据，抓住变量和不变量即可得出结论；
（4）实验过程中，用弹簧测力计拉物体在斜面上做匀速直线运动时，拉力F除克服摩擦力f外还要克服一部分物体的重力，根据W=Fs分析总功和额外功的大小即可得出答案。
（1）由表中数据可知，从实验1到实验3，斜面越来越陡，需要的拉力越来越多，越费力，故比较表中实验1、2、3的数据可得出：斜面倾斜程度越小越省力。
（2）克服物体重力所做的有用功为
拉力所做的总功
第4次实验的机械效率为
（3）[1]由表中数据可知，从实验1到实验3，斜面越来越陡，倾斜程度越来越大，机械效率越来越大，说明机械效率与斜面的倾斜程度有关。
[2]由3、4两组实验数据可知，提升相同重物时，斜面越粗糙，机械效率越低，说明机械效率的高低于斜面的粗糙程度有关。
（4）向上沿斜面拉动物体是，拉力不仅要克服重力做有用功，还要克服摩擦力做额外功，所以拉力大于摩擦力。
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