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江苏省苏州市高新区2025年中考一模物理试题
一、选择题（每小题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）
1．（2025·苏州模拟）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生条件
B．用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率
C．根据响度可以区分不同乐器发出的声音
D．道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声
2．（2025·苏州模拟）科学探究离不开物理方法，下列探究中所用实验方法与其他不同的是（　　）
A．研究压力作用效果的影响因素时，用海绵被压下的深浅来比较压力的作用效果
B．根据“探究阻力对物体运动的影响”实验，推理得出牛顿第一定律
C．研究液体压强的影响因素时，用压强计U形管两侧液面的高度差反映压强大小
D．研究动能和哪些因素有关时，用木块移动的距离来显示钢球动能的大小
3．（2025·苏州模拟）小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律，将蜡烛放在凸透镜左侧适当位置，调整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成清晰的像，分别测出蜡烛到透镜距离（物距u），像到透镜的距离（像距v），实验数据如表，下列说法正确的是（　　）
实验次数 1 2 3 4
物距u/cm 50 30 20 15
像距v/cm 12.5 15 20 30
A．第4次实验时，光屏上成缩小的实像
B．当u=12.5cm时，像距一定为v=50cm
C．该凸透镜的焦距为20cm
D．第2次光屏所成的像比第1次成的像小
4．（2025·苏州模拟）关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电使物体产生电子
B．破镜不能重圆，是因为分子间存在排斥力
C．汤姆生建立了类似行星绕日的核式结构模型
D．面包容易被压缩，不能说明分子间有空隙
5．（2025·苏州模拟）如图甲所示，“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动.某运动员做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（将蹦极过程近似为在竖直方向的运动）.以下说法正确的是（　　）
A．t1～t3过程中人的速度是先变大再变小
B．图像点B的速度小于点C的速度
C．图像AB段，人的动能不断增加
D．人的重力等于F0
6．（2025·苏州模拟）在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大，表示探头所在位置的液体压强越大。下列说法正确的是（　　）
A．比较甲、乙两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
B．比较甲、丙两图，可得出结论：在不同液体中，深度越深压强越大
C．比较乙、丙两图，可得出结论：液体密度越小，压强越大
D．比较甲、丙两图，可得出结论：液体密度越大，压强越大
7．（2025·苏州模拟）以下说法正确的是（　　）
A．热机做功冲程能量转化是内能转化成机械能
B．燃料燃烧越充分，其热值就越大
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．温度为0℃的冰块内能为0焦耳
8．（2025·苏州模拟）太阳是人类能源的宝库。下列说法正确的是（　　）
A．能量的转化和转移是有方向性、不可逆的
B．太阳能是太阳内部氢原子核发生裂变释放的能量
C．太阳能是未来的理想能源之一，是不可再生能源
D．中国空间站上用到的太阳能电池板是将太阳能直接转化为化学能
9．（2025·苏州模拟）下列符合安全用电常识的是（　　）
A．发现有人触电，应立即断开电源开关
B．三线插头最长的脚可以切断使用
C．控制电灯的开关应接在零线上
D．在同一个插线板上连接多个大功率用电器
10．（2025·苏州模拟）兴趣小组设计以下“模拟的调光灯”电路，小灯泡规格为“；0.5A”，R阻值是。要求：闭合开关调节滑片，灯泡不会被烧坏，亮度能连续调节且能正常发光，符合要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2025·苏州模拟）小明自制了一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体，移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量，下列说法正确的是（　　）
A．定盘星是秤杆的支点
B．若秤杆粗细不均匀，则上面的刻度也不均匀
C．若更换质量更大的秤砣，定盘星将靠近秤纽
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
12．（2025·苏州模拟）如图甲所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片从A处移到处过程中，其阻值的变化量为 ，功率的变化量为，乙图是电流表示数与电压表示数的关系图，下列说法正确的是（　　）
A． B． C． D．
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（2025·苏州模拟）在“对家庭用电的调查研究”综合实践活动中，小红观察到家中电能表表盘如图所示，此时电能表的示数为　 　kW·h，当电路中只有电热水壶工作时，小红测出电能表指示灯闪烁了120次，则这段时间内电热水壶消耗的电能为　 　kW·h。
14．（2025·苏州模拟）生活中常用如图所示的吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在　 　（选填“平整”或“不平整”）的墙面上，以防止漏气。若吸盘的横截面积为，外界大气压为，则排尽空气后的吸盘受到的大气压力为　 　N，吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的　 　力。
15．（2025·苏州模拟）如图所示装置无摩擦，物体的质量为，物体和的质量为，它们之间用轻质不可伸长的细绳连接，挂在轻质定滑轮上，用手竖直向上托住物体让整个装置静止，若突然松手，在物体落地前，细绳对的拉力与静止时相比是　 　（变大/变小/不变），AC间的轻绳对A的拉力与静止时相比是　 　（变大/变小/不变），当B落地后A落地前，假设物体C 没有接触到定滑轮且钩码落地后不弹起，则物体的运动情况是　 　。
16．（2025·苏州模拟）如图所示，将一根长导线两端与　 　（电压表/电流表/小量程电流表）的接线柱相连接，形成闭合回路，两个人　 　（东西/南北）方向相对而立；像甩绳那样甩动电线，电表的指针来回摆动，可知闭合电路的一部分导体做　 　运动，电路中就会产生感应电流。
17．（2025·苏州模拟）如图，甲乙完全相同的小球，以同样的速度沿着与水平方向均成角斜向上抛出，甲球沿光滑斜面，乙球抛向空中，不计空气阻力，甲乙小球能到达的最高点分别为点与点，离地高度为和，在这个过程中，小球的机械能是　 　（守恒/不守恒）的，图中　 　（大于/等于/小于）。
18．（2025·苏州模拟）按要求填空。
（1）如图甲所示，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击木块，木块将移动一段距离。实验中所探究物体的动能是指　 　（选填“铁球”或“木块”）的动能，该实验是通过观察　 　的大小来反映动能的大小；
（2）如图乙所示，实验中在使用弹簧测力计测量滑动摩擦力时，应将弹簧测力计　 　（选填“水平”或“竖直”）放置调整指针到零刻度线，然后水平拉着木块做　 　运动。
19．（2025·苏州模拟）如图所示，三个相同的容器内装入体积相同的液体，用弹簧测力计提起相同物体浸入液体后，物体均静止。甲 乙两图中物体露出液面的体积相等，两容器底部受到液体压强的变化量为；甲 乙 丙三图中测力计读数分别为和（示数未标出）。则它们的大小关系是：　 　，　 　，　 　.（）（以上均填：“//”）
20．（2025·苏州模拟）如图所示，电源电压6V不变，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，R1阻值为10Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω，0.5A”，电压表接在了A B C D四个接线点中的某两点之间，保证电路安全前提下，在移动滑片P的过程中电压表示数的变化量最大，则最大是　 　，电压表接在　 　两点之间，滑动变阻器的阻值范围是　 　。
21．（2025·苏州模拟）材料阅读题。
桥梁桩基：稳固千吨大桥的“隐形英雄”
桥梁桩基是深埋地下的支撑结构，如同大树的根系。以某跨江大桥为例，工程师需根据地质勘探数据选择桩型：江岸土层松软，采用摩擦桩，利用桩身与土壤的摩擦力承重；江心区域有坚硬岩层，改用端承桩，让桩端直接接触岩层传递荷载。混凝土可抵抗巨大压力，钢筋则增强桩体的抗拉能力。施工时需严格控制桩身垂直度，若倾斜会导致桥梁受力不均；灌注桩钻孔后需注入泥浆保护孔壁，防止坍塌。最终，桩基顶部通过承台连接桥墩，将整座桥的重量分散到数十根桩上，大幅降低单桩承受的压强，确保桥梁安全。
根据上述材料回答以下问题：
（1）长江三角洲冲积平原，土层以软土 淤泥质土为主，此类地质条件常选用　 　（摩擦/端承）桩；
（2）如图所示的桥梁，其桥墩采用摩擦桩，若其它条件不变的时，增加桥墩直径　 　（能/不能）提高桥墩的承载能力，其简支梁里是　 　（上层/下层）钢筋更多。
三、解答题（本题共9小题，共计50分，其中第23 24 25题需要写出必要的解答过程）
22．（2025·苏州模拟）根据要求完成相应作图。
（1）如图甲，画出物体AB通过平面镜所成的像。
（2）如图乙，行驶的汽车里挂着一个小球，某时刻出现的情景，请画出小球受力示意图。
（3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出小磁针的N极和电源的正负极。
23．（2025·苏州模拟）如图所示，质量为80kg的工人用动滑轮提重为300N货物，货物20s内被匀速提升5m，工人的拉力为200N.已知动滑轮重50N（g＝10N/kg）.求：
（1）工人对地面的压力；
（2）拉力所做的功；
（3）拉力的功率大小.
24．（2025·苏州模拟）质量为1kg的铁锅中加有1.5L初温20℃的水，放入煤气灶上加热，经过300s后，将水加热到100℃，消耗了0.024kg的煤气.已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，求：
（1）水的内能增加了多少J？
（2）天然气完全燃烧放出的热量？
（3）燃气灶烧水的效率？
25．（2025·苏州模拟）物理兴趣小组的同学们设计了如甲图所示的电路，其中电源电压不变，灯泡L1标有“6V，1.2A”，灯泡L2标有“6V，0.8A”，滑动变阻器的规格为“20Ω，2A”，如图乙是灯泡L1和灯泡L2的电压与电流的关系图象．当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L2正常发光．求：
（1）灯泡L1的额定电功率；
（2）电源电压；
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，调节滑动变阻器的滑片P，当滑动变阻器的电功率为整个电路功率75%时，求滑动变阻器10秒钟消耗的电能；
26．（2025·苏州模拟）在探究冰熔化的实验过程中，假设试管内的物体在相同时间内吸收相同的热量。
（1）要对试管中的冰均匀加热，应采用甲、乙两图所示装置中的　 　图所示装置。
（2）实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，此时冰的温度是　 　。
（3）实验中同学们根据实验数据，绘出了其温度随时间变化的图像，如图丁所示，分析图像可知：
①冰熔化过程中吸收热量，其内能　 　，温度　 　；
②图丁中线段和线段倾斜程度不同，原因是该物质在两种物态下　 　不同。
（4）试管内所有冰熔化完后，继续实验，当烧杯内的水沸腾时试管内的水　 　沸腾（选填“会”或“不会”）。
27．（2025·苏州模拟）实验室常用蜡烛完成以下光学实验：
（1）图甲演示的是小孔成像示意图，其成因是光的　 　。
（2）图乙为“探究平面镜成像特点”实验，点燃蜡烛A并观察它的像，把　 　（未点燃/点燃）的蜡烛B移到蜡烛A的位置；若用光屏代替蜡烛B，发现光屏上　 　（有/没有）像。
（3）图丙为“探究凸透镜成像规律”的实验装置，当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清晰的像。
①实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调到　 　。
②如图丙，若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到光具座的25cm刻度线处，此时可将光屏移动的合适距离，光屏上能得到　 　（倒立缩小/倒立放大/正立放大）的像.
③如图丙，若保持蜡烛位置不变，将凸透镜向右移动5cm，则为了使光屏上能再次得到的像，则光屏需要向　 　（左/右）移动，得到的像将会变　 　（大/小）。
28．（2025·苏州模拟）小明想知道家里一瓶未知液体是什么，于是小明拿到学校用学过的物理知识去验明“身份”。如图是小明利用天平和量筒对其进行了密度测量，操作如下：
（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，指针静止如图甲，则应将平衡螺母向　 　调节，使横梁平衡；
（2）用调好的天平测出空烧杯的质量为10g；
（3）往烧杯中倒入适量液体，放在天平左盘，在右盘增减砝码和移动游码，直到横梁再次平衡，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙，则称得烧杯和液体的总质量m为　 　g；
（4）小明将烧杯中的液体全部倒入量筒中，如图丙，则液体的体积V为　 　cm3；小组讨论时发现小明这种测量液体密度的方法会使得测出的密度　 　（偏大/偏小/不变）；
（5）小明又找到一个薄壁圆柱形容器，从下到上均匀标上长度的刻度如图丁，下方挂上一个合适的铁块，放入水中能竖直漂浮，此时容器外的水面对应5刻度处，然后装入等质量的待测液体和水，通过水得到液体密度，制作成液体密度计。为了让密度计的密度刻度从下到上逐渐变大，且刻度均匀，所以每次装入容器的待测液体的液面总是位于容器20刻度处，则使用时先装入　 　（水/待测液体），放入水中漂浮，记下容器外水面的位置，然后容器擦干，再重新装入适量的　 　（水/待测液体），使之放入水中漂浮时容器外水面的位置还是，在测量未知液体密度时，测得容器装水时，水的液面对应容器的刻度是22刻度处，则未知液体的密度是　 　。
29．（2025·苏州模拟）物理兴趣小组的小明 小华同学为“探究电流与电压 电阻的关系”，在实验室找来了以下实验器材：学生电源（电压恒为4.5V），滑动变阻器（“20Ω，1A”），阻值为5Ω 10Ω 20Ω的定值电阻各一个，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V 开关各一只。导线若干，实验时不改变电表的量程.
（1）实验时设计了如图甲所示的电路图并连接成图乙所示的实物图，他将滑动变阻器的阻值调到最大，若闭合开关，则乙图中　 　（电流表/电压表）无示数，这是因为乙图中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并画出正确的连线　 　；
（2）正确连接电路后，小华选用三个定值电阻分别探究“电流与电压关系”，发现在电路安全情况下，选择　 　定值电阻实验时，电路总功率变化范围会更大；
（3）小明在探究“电流与电阻的关系”，为了使三个电阻单独接入电路都能完成实验，应控制电压表的示数不低于　 　V；
（4）完成上述实验后，小明想用电压表和一个阻值为的定值电阻，在电源电压未知的情况下，测量额定电流为的小灯泡的正常发光的电阻，设计了如图丙所示电路，请完成实验步骤：
①闭合S ，断开，为使小灯泡中的电流为额定电流，应调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为　 　；（用 表示）
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合S ，断开，读出电压表示数为；
③小灯泡的正常发光的电阻　 　。（用 表示）
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．将发声的音叉接触面颊，感受到面颊振动，这可以验证声音是由物体振动产生的，因此选项A正确。
B．增大敲鼓力度会改变鼓面振动的振幅，从而改变声音的响度，所以B选项是错误的。
C．不同乐器发出的声音具有不同的音色特征，因此通过音色可以区分乐器种类，C选项的说法是错误的。
D．在道路两侧种植树木是通过阻断声波传播路径来减弱噪声，属于传播过程中的降噪措施，D选项是错误的。
正确答案是A。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
2．【答案】B
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】A．在研究压力作用效果的影响因素时，通过观察海绵凹陷程度来比较压力作用效果，这种方法属于转换法，因此A选项不符合题意。
B．通过阻力对物体运动影响的实验数据，推导得出牛顿第一定律，这一过程采用了实验推理法，故B选项符合题意。
C．在研究液体压强影响因素时，利用U形管压强计两侧液面高度差来表示压强大小，这种方法属于转换法，因此C选项不符合题意。
D．在研究动能影响因素时，通过测量木块被推动的距离来反映钢球动能大小，这种方法属于转换法，因此D选项不符合题意。
答案选择B。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如通过观察海绵凹陷程度来比较压力作用效果，利用U形管压强计两侧液面高度差来表示压强大小，通过测量木块被推动的距离来反映钢球动能大小。
2、探究阻力对物体运动的影响，实验中通过推理的方法得出牛顿第一定律，运用了实验推理法。
3．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．在第4次实验中，物距小于像距，根据凸透镜成像规律可以确定此时形成的是倒立、放大的实像，因此选项A的说法是错误的。
B．由于光在折射过程中具有可逆性，根据第一次实验数据（物距50cm，像距12.5cm）可以推断：当物距为12.5cm时，对应的像距必定为50cm，所以选项B是正确的。
C．分析第3次实验数据，当物距等于像距且成实像时，满足的关系。由此可计算出焦距为，因此选项C的说法是错误的。
D．比较第2次和第1次实验，第2次的物距更小。根据"物近像远，像变大"的成像规律可知，第2次实验在光屏上形成的像比第1次的更大，因此选项D的说法是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4．【答案】D
【知识点】两种电荷；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解析】A．摩擦起电的本质是电子在物体间发生转移，而非创造了新的电子，因此选项A的表述是错误的。
B．破碎的镜子难以复原，是因为碎片间的距离超出了分子间作用力的有效范围，所以选项B的说法不正确。
C．卢瑟福提出的原子模型类似于行星绕太阳运行的轨道结构，故C错误。
D．面包容易被压缩是因为其内部存在大量空隙结构，这并不能证明分子间存在间隙，故选项D的陈述是正确的。
故选D。
【分析】1、摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）；
2、微观粒子的构成特点：分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力，当分子间距过大，分子间作用力便很微弱；
3、卢瑟福提出原子的模型类似轨道模型。
5．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．在时间段t1～t3内，人的重力始终大于绳子的拉力，因此先向下做加速运动，速度逐渐增大。随着绳子被拉长，弹力逐渐增大。当拉力与重力相等时，速度达到最大值。之后拉力继续增大，人开始做减速运动。在t2时刻，拉力达到最大值，此时人的速度减为0。随后，由于拉力大于重力，人开始向上做加速运动。随着绳子缩短，拉力逐渐减小，当拉力再次等于重力时，速度再次达到最大值。之后拉力继续减小，人开始做减速运动。因此选项A是错误的。
B．由于人在下降过程中需要克服阻力做功，导致机械能逐渐减小。因此点B的速度大于点C的速度，故选项B是错误的。
C．在图像AB段，拉力大于重力，人向上做加速运动，动能逐渐增大，因此选项C是正确的。
D．图中弹力保持不变的阶段，弹力小于F0，且人处于平衡状态，说明人的重力小于F0。因此选项D是错误的。
正确答案是C。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
弹力的产生是由于物体产生形变，恢复原状的力。
6．【答案】A
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】A．甲、乙两图，同种液体，密度相同，乙图中深度较大，U形管内液面的高度差较大，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大，故A正确；
B．甲、丙两图，液体不同，密度不同，探头所处深度不同，没有控制探头所处深度相同，不符合控制变量法的要求，故B错误；
C．乙、丙两图，探头所处深度相同，丙图中盐水的密度较大，U形管内液面的高度差较大，那么得出结论：液体密度越大，压强越大，故C错误；
D．根据B选项分析可知，不能得出液体密度越大，压强越大的结论，故D错误。
故选A。
【分析】根据图片分析对照实验中哪个因素相同，哪个因素不同，根据U形管两侧液面的高度差分析压强大小，根据控制变量法的要求描述结论。
7．【答案】A
【知识点】内能的概念；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解析】A选项：热机在做功冲程时，进气门和排气门均关闭，活塞向下运动，此过程中将内能转化为机械能，该描述正确。
B选项：热值是燃料的固有属性，与燃烧是否充分无关。即使燃料燃烧更充分，其热值保持不变，因此原说法错误。
C选项：比热容是物质的特性参数，不随吸收或放出热量的多少而改变。物体吸收更多热量时，其比热容依然不变，故原说法错误。
D选项：内能是物体内部分子动能和势能的总和，所有物体都具有内能。即使温度为0℃的冰块，其内能也不为零，因此原说法错误。
综上所述，正确答案为A。
【分析】1、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
4、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关。
8．【答案】A
【知识点】太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】
A：能量的转化和转移是只能自发的从高温物体转移和转化给低温物体，所以能量的转化和转移是有方向性、不可逆的 A正确 符合题意；
B： 太阳能是太阳内部氢原子核发生聚变释放的能量 B错误 不符合题意；
C：太阳能是可再生能源，所以太阳能是未来的理想能源之一，是可再生能源 C错误 不符合题意；
D： 中国空间站上用到的太阳能电池板是将太阳能直接转化为电能 D错误 不符合题意；
故答案为：A
【分析】
A：由能量守恒的知识点可以判断；
B：由太阳发生核反应的知识点可以判断；
C：太阳能是可再生能源可以判断；
D：太阳能电池板是将太阳能直接转化为电能可以判断。
9．【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．当发现有人触电时，正确的做法是首先切断电源再进行救援。若直接接触触电者，施救者也可能触电，因此该选项符合安全用电原则。
B．三线插头中最长的插脚对应接地线，其作用是当电器金属外壳带电时，将电流导入大地，避免触电事故。此说法正确，但不符合题目要求。
C．电灯开关应串联在火线回路中，这样在断开开关时能确保灯具不带电。此说法正确，但不符合题目要求。
D．同一插座同时使用多个大功率电器会导致线路过载，导线发热可能引发火灾。此说法正确，但不符合题目要求。
综上所述，故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
10．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A选项分析：该电路中灯泡两端电压恒定为3V，无法通过调节改变亮度，因此不符合题目要求。
B选项分析：串联定值电阻后，在电源电压仅为3V的情况下，当滑动变阻器未接入时，电路电流过小，无法使灯泡正常发光，故该方案不可行。
C选项分析：虽然滑动变阻器可以调节亮度，但当滑片移至最左端时，变阻器阻值为零，灯泡将承受全部9V电源电压，远超其额定电压，存在烧毁风险，因此不符合要求。
D选项分析：基于电源电压9V和最大电流0.5A计算，电路最小总电阻应为18Ω。灯泡电阻为6Ω，串联12Ω固定电阻后，当滑动变阻器调至零时，灯泡恰好获得额定电压正常发光；向右调节滑片可增大电阻使灯泡变暗，完全满足题目所有条件。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，需要和用电器串联；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
11．【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是秤杆转动的固定点，即支点，因此选项A是错误的。B．根据杠杆平衡条件，秤杆的平衡与自重和粗细无关，所以选项B也是错误的。
C．如果更换质量更大的秤砣，根据杠杆平衡条件，阻力与阻力臂不变，动力增大时动力臂会减小，因此定盘星会向秤纽靠近，选项C是正确的。
D．使用磨损的秤砣时，减小，而和不变，根据杠杆平衡条件，会增大，导致测量值比真实值偏大，因此选项D是错误的。
故选C。
【分析】杠杆是由支点、动力臂、阻力臂构成；
杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
12．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据图甲分析电路结构，电阻R1、滑动变阻器及R2串联连接。电压表V1测量R1和滑动变阻器两端电压，电压表V2测量R2和滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流。
ABC选项分析：当滑动变阻器滑片从A点移动到B点时，接入电路的电阻增大。根据串联分压原理，两个电压表示数均增大。图乙中较小电流0.2A对应变阻器较大阻值（滑片在B端），0.3A对应较小阻值（滑片在A端）。假设左侧图线表示V1-电流关系，右侧表示V2-电流关系，建立方程：
，，解得变阻器阻值变化量ΔR=10Ω。在B点时建立总电压方程：，设R2=R1+ΔR'，联立方程解得ΔR'=5Ω。
通过电源电压方程：，解得电源电压U=6V，R2=10Ω，R1=5Ω。若图线对应关系相反，则R2=5Ω，因此ABC选项均错误。
D选项验证：代入R1=5Ω得RA=5Ω，RB=15Ω。计算功率差：
，该结果与选项D一致，故D正确。
正确答案为D。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=I2R。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
13．【答案】285.1；0.1
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】电能表读数中最后一位数字代表小数位，因此当前示数为。根据电能表参数计算：当指示灯闪烁120次时，对应的电能消耗量计算过程为。
【分析】电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，电能表正常工作电压和电流为220V 10A，最大电流为50A，某段时间所用电能为电能表示数之差。某段时间消耗电能的计算：n/1200r kW·h n为灯光闪烁次数.
14．【答案】平整；200；摩擦
【知识点】摩擦力产生的条件；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】 吸盘挂钩的工作原理是利用大气压力。使用时需要将吸盘内的空气完全排出，使其吸附在光滑的墙面。由于外界大气压力大于吸盘内部气压，吸盘会被紧紧压在墙面上。如果墙面不平整，空气可能进入吸盘内部，导致吸盘脱落。
完全排空空气后，吸盘受到的大气压力为：，
吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对其施加的竖直向上的摩擦力，这个摩擦力平衡了挂钩自身的重力以及悬挂物体对挂钩向下的拉力。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同
压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．【答案】变大；变大；匀速运动
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解析】当用手托住物体使其保持静止时，细绳对物体的拉力正好等于C的重力。如果突然松手，在物体落地之前，由于滑轮左侧的总重量大于右侧，物体C会向上做加速运动。因此，与静止状态相比，此时细绳对物体的拉力会增大。由于细绳对物体的拉力变大，根据作用力与反作用力的原理，AC之间的轻绳对物体A的拉力也会相应增大。
当钩码落地后不再弹起时，物体C对物体A的拉力仅由物体C的重力提供，其大小为。由于这个拉力与物体A的重力大小相等，物体A受到平衡力的作用，将保持平衡状态，因此物体会做匀速运动。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
16．【答案】小量程电流表；东西；切割磁感线
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】地球周围存在磁场，其磁感线方向由地理南极指向地理北极。当两名同学东西方向站立并快速摇动导线时，导线会切割磁感线，从而产生感应电流。由于电流较小，因此需要将导线两端连接在小量程电流表上形成闭合回路。当采用类似甩绳的方式甩动导线时，可以观察到电流表指针来回摆动，这证明了闭合电路中的部分导体在做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
17．【答案】守恒；大于
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】对于甲球沿光滑斜面的运动情况分析：由于斜面光滑无摩擦阻力，运动过程中没有机械能损失，因此甲球的机械能始终保持守恒状态。
关于甲乙两球的机械能分析：两球在运动过程中均未发生机械能损失，故机械能都守恒。具体表现为：甲球（斜面运动）质量不变，到达最高点时速度降为零，其动能完全转化为重力势能；乙球（斜抛运动）到达最高点时，竖直方向速度为零但水平方向仍有速度，保留部分动能，仅部分动能转化为重力势能。因此可得结论：甲球在斜面上达到的高度大于乙球在空中的最大高度，即满足关系式。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比，不考虑摩擦力时，机械能守恒。
18．【答案】铁球；木块被推动距离；水平；匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）铁球从斜面滚下进入水平面时具有初速度，因而具备动能。实验中研究的动能对象是铁球。通过让铁球撞击木块使其移动，利用木块被推开的距离来间接反映铁球的动能大小——木块移动距离越大，说明铁球动能越大。该方法属于转换法的应用。
（2）使用弹簧测力计测量滑动摩擦力时，需保持测力计水平放置。操作前应先调零，确保指针指向零刻度线。测量过程中，需用弹簧测力计水平匀速拉动木块。此时木块所受滑动摩擦力与测力计拉力构成平衡力，大小相等，故可通过测力计示数直接读取摩擦力数值。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用木块被推开的距离来间接反映铁球的动能大小。
19．【答案】<；>；>
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 在甲、乙两图中，物体露出液面的体积相同，意味着排开液体的体积相等。根据浮力公式，液体密度越大，浮力越大。因此甲图中物体受到的浮力大于乙图。根据称重法可知，甲图弹簧测力计示数小于乙图，即。
乙、丙两图使用相同液体，但丙图物体排开液体体积更大。由浮力公式可得，丙图浮力大于乙图，因此弹簧测力计示数小于，即。
甲、乙两图中液面上升高度相同，根据液体压强公式，密度更大的甲液体对容器底部的压强变化量更大，故。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排；
压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
20．【答案】2V；CD；2Ω~10Ω
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由于两个电阻R1和R2串联连接，根据串联电路特性可知通过它们的电流相同。题目给定滑动变阻器的最大允许电流为0.5A，因此电路的最大电流Imax=0.5A。根据欧姆定律变形公式，可计算电路的最小总电阻：；已知R1=10Ω，因此滑动变阻器的最小阻值：R2min=12Ω-10Ω=2Ω，若将电压表接在AB两点（测量R1电压）：当电流为0.5A时，UAB=ImaxR1=0.5A×10Ω=5V，这超过了电压表3V量程，因此需要限制AB间电压≤3V。根据串联分压原理，当UAB=3V时：R2两端电压=6V-3V=3V，此时R2阻值=R1阻值=10Ω，当滑动变阻器调至最大值20Ω时，电路最小电流：，此时UAB=IminR1=0.2A×10Ω=2V，因此AB间电压变化范围：3V-2V=1V，若将电压表接在CD两点（测量R2电压）：当R2=10Ω时，UCD=3V（最大值），当R2=2Ω时，UCD=ImaxR2=0.5A×2Ω=1V（最小值），因此CD间电压变化范围：3V-1V=2V。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
21．【答案】（1）摩擦
（2）能；下层
【知识点】重心；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】（1）题目中提到“江岸土层松软，采用摩擦桩”，这表明长江三角洲冲积平原的地质主要由软土和淤泥质土构成。这类土层的承载能力较差，因此选择摩擦桩作为基础形式，主要依靠桩身与周边土体之间的摩擦作用来承受上部荷载。
（2） 摩擦桩的承载机制是通过桩身表面与土体间的摩擦阻力来传递荷载。在相同地质条件下，若增大桩的侧表面积（例如增加桩的直径或长度），可以增加桩土接触面积，从而提升单桩的承载力。
钢筋材料具有优越的抗拉性能，而混凝土则具有良好的抗压性能。在桩基结构设计中，在下层布置更多钢筋能够提升桩体的抗弯能力，增强整体结构的刚度和稳定性，同时有助于控制裂缝发展，并满足抗震设计要求。
【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
重心：重力的等效作用点，可以不在物体上，材质均匀、外形规则，重心在物体的几何中心上，材质不均的物体使用悬挂法物体重心，物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关 ，重心越低越稳定。
（1）根据文意“江岸土层松软，采用摩擦桩”，因此长江三角洲冲积平原，土层以软土 淤泥质土为主，此类地质条件常选用摩擦桩。
（2）[1]采用摩擦桩，利用桩身与土壤的摩擦力承重，其它条件不变时，可以增大桩侧面积，理论上可以增加桩侧面所受土层的阻力，从而提高单桩的承载能力。
[2]因为钢筋的抗拉性好，而混凝土的抗压性较好，所以下层钢筋较多有助于提高桥梁的抗弯承载能力和整体刚度，还能防止裂缝产生和满足抗震要求。
22．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）首先通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面另一侧找对对应的像点A'。同理，作出B的像点B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像。如图所示：
（2）根据乙图可知，小球受重力G和拉力F的作用，重力竖直向下，拉力沿细线向上，二者都作用在小球的重心，如图所示：
（3）根据图片可知，磁感线从左端出来回到右端，则故图中通电螺线管的左端为N极，右端为S极。根据“同名磁极相互排斥”可知，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。根据安培定律可知，电流应从螺线管的右端流入，左端流出，故电源右端是正极，左端是负极，如下图所示：
【分析】（1）根据平面镜成像的对称性完成作图；
（2）对小球进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（3）根据磁感线的环绕方向确定螺线管的磁极方向，根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的指向，根据安培定则判断电流方向即可。
（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像。如图所示：
（2）小球受到竖直向下的重力G和沿绳子的拉力F的作用，作用点在小球的重心，过重心分别沿力的方向各画一条有向线段，并标出G和F，如图所示：
（3）因磁体外部磁感线由N极指向S极，故图中通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。由安培定则可知电流应从螺线管的右端流入，左端流出，故电源右端是正极，左端是负极，如下图所示：
23．【答案】（1）解：由力的作用是相互的可知，工人对地面的压力等于地面对工人的支持力，工人受到竖直向下的重力、竖直向下绳的拉力和地面对工人的支持力，由力的平衡可得，工人对地面的压力为。
（2）解：如图所示的动滑轮，绳自由端移动的距离为
由可得，拉力做的功为
（3）解：由可得，拉力的功率大小为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由力的平衡可得，工人对地面的压力为；
（2）动滑轮的缠绕在动滑轮的绳子数为2，所以绳自由端移动的距离为，由可得，计算拉力做的功；
（3）由可得，拉力的功率大小。
（1）由力的作用是相互的可知，工人对地面的压力等于地面对工人的支持力，工人受到竖直向下的重力、竖直向下绳的拉力和地面对工人的支持力，由力的平衡可得，工人对地面的压力为
（2）如图所示的动滑轮，绳自由端移动的距离为
由可得，拉力做的功为
（3）由可得，拉力的功率大小为
24．【答案】（1）解：水的质量为：，水增加的内能为：。
（2）解：天然气完全燃烧放出的热量为：。
（3）解：燃气灶烧水的效率为：。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】（1）水的质量为，水增加的内能为；
（2）天然气完全燃烧放出的热量为；
（3）燃气灶烧水的效率为
（1）水的质量为
水增加的内能为
（2）天然气完全燃烧放出的热量为
（3）燃气灶烧水的效率为
25．【答案】（1）解：由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由可得，灯泡L1的额定电功率为：。
（2）解：当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，电流表测电路中的电流，因此时灯泡L2正常发光，由题意可知，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额=0.8A，由图乙可知，此时L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，电源电压为：。
（3）解：当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，由题意可知，，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，则滑动变阻器两端的电压为：，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为：，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能为：。
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由计算可得灯泡L1的额定电功率；
（2）当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，灯泡L2正常发光，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额，L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路电压规律，电源电压为；
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，此时，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，据此计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能。
（1）由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由可得，灯泡L1的额定电功率为
（2）当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，电流表测电路中的电流，因此时灯泡L2正常发光，由题意可知，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额=0.8A，由图乙可知，此时L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，电源电压为
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，由题意可知，，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，则滑动变阻器两端的电压为，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能为
26．【答案】乙；；增大；不变；比热容；不会
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；探究水的沸腾实验
【解析】【分析】（1）甲图中直接加热试管底部会导致受热不均匀，正确的做法是采用乙图的方式，先对烧杯中的水加热，使试管受热均匀。（2）观察温度计刻度，液面位于0℃以下，每小格代表2℃，因此读数为。
（3）冰在熔化过程中持续吸热，内能增加，但由于冰是晶体，熔化时温度保持不变。
图丁中线段和的倾斜程度不同，说明在相同时间内吸收相同热量的情况下，AB段温度上升更快，这是因为水的比热容大于冰，导致温度变化较小。
（4）水沸腾的条件是达到沸点并持续吸热。当烧杯中的水沸腾时，温度达到沸点且保持不变，但试管内的水虽然达到沸点，却无法继续从外界吸热，因此不会沸腾。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；
3、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃；
4、探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
27．【答案】（1）直线传播
（2）未点燃；没有
（3）凸透镜主光轴上；倒立放大；右；小
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在均匀的同种介质中，光的传播路径为直线，因此图甲展示的是小孔成像现象，其原理基于光的直线传播特性。
（2）实验过程中，蜡烛B无需点燃，这样能更清晰地观察到蜡烛A在玻璃板中的像，便于确定像的位置。
平面镜所成的像是虚像，由光的反射形成。若用光屏替代蜡烛B，将无法在光屏上观察到像的存在。
（3）为了使像能清晰地呈现在光屏中央，需调整烛焰和光屏的中心至凸透镜的主光轴上。根据图丙所示，光屏上可得到清晰的像，此时物距（30.0cm）大于像距（15.0cm），形成倒立缩小的实像。若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移至25cm刻度处，此时物距变为15cm。根据光路可逆原理，当像距调整为30.0cm时，可再次获得清晰的实像，此时物距小于像距，形成倒立放大的实像。凸透镜成实像时遵循以下规律：物距增大时，像距减小且像变小；物距减小时，像距增大且像变大。因此，若保持蜡烛位置不变，将凸透镜右移5cm，相当于增大物距。由于物距始终大于二倍焦距，像距处于一倍焦距与二倍焦距之间，像距的减小幅度会小于物距的增大幅度，因此光屏需向右移动，最终得到的像将变小。
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
3、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；l实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像
4、小孔成像的特点：小孔成像所成的是倒立的实像，像的形状和 孔的形状无关 和物的形状有关，物距和像距会影响像的大小，物距变小像变大，像距变小，像变小。
（1）在同种均匀介质中，光是沿直线传播的，所以图甲演示的是小孔成像，其成因是光的直线传播。
（2）[1]实验中，蜡烛B不需要点燃，这样可使得点燃的蜡烛A在玻璃板中的像更加清晰，更容易确定像的位置。
[2]平面镜所成的像是虚像，虚像是光的反射形成的，若用光屏代替蜡B，会发现光屏上没有像。
（3）[1]为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调到凸透镜主光轴上。
[2]由题意知，如图丙可在光屏上得到清晰的像，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像，此时物距为30.0cm，像距为15.0cm；若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到光具座的25cm刻度线处，此时的物距为15cm，根据光路是可逆的，当像距等于30.0cm时，可成清晰的实像，此时物距小于像距，成倒立放大的实像。
[3][4]凸透镜成实像时，物远像近像变小，物近像远像变大。因此若保持蜡烛位置不变，将凸透镜向右移动5cm，相当于增大了物距，因为物距一直大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，所以减小像距时，像距的减小比例应小于物距的增大比例，因此光屏还需要向右移动，得到的像将会变小。
28．【答案】右；44；30；偏大；待测液体；水；1.1
【知识点】液体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1） 在甲图中，天平的指针向左偏转，表明左侧较重。此时应将平衡螺母向右调节，直至横梁达到平衡状态。
（3）乙图中天平标尺的最小刻度为0.2g，测得烧杯与液体的总质量为。
（4）丙图中量筒的分度值为1mL，液体的体积为。 由于将烧杯中的液体倒入量筒时无法完全转移，会导致测得的体积偏小。根据密度公式，计算出的密度值会偏大。
（5）为使密度计的刻度从下至上逐渐增大，操作步骤如下：1. 装入待测液体，标记容器外水面位置；2. 擦干容器后重新装入适量水，使其漂浮时水面仍处于。 此时容器所受浮力不变，故液体与水的重力相等，即。由可得，解得液体密度为。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
29．【答案】（1）电流表；
（2）5Ω
（3）2.25
（4）；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验；电功率的计算
【解析】【解答】（1）在乙图连接方式中，电流表与电压表串联在同一回路。由于电压表内阻极大，相当于开路状态，故电流表指针不发生偏转，示数为零。根据甲图分析，该电路为串联结构，电压表测量定值电阻两端电压，电流表测量回路电流。正确改装后的电路连接方式如下所示：
（2）定值电阻取5Ω时，由于电阻值减小导致回路电流增大。根据功率公式可知，系统总功率与电流成正比，因此功率变化区间将显著扩大。
（3）应用串联电路分压原理得：，当定值电阻R=20Ω与滑动变阻器RP=20Ω时，代入数据：，解得预设电压下限：；
（4）闭合S与S1，断开S2时，形成定值电阻R0、灯泡L和滑动变阻器的串联回路，电压表监测R0两端电压。为使灯泡达到额定工作状态，需调节电流至额定值I额，此时电压表示数为。
保持滑片位置不变，切换为闭合S与S2，断开S1，此时电压表测量R0与L的总电压U。由此可得灯泡额定电压：，最终计算灯泡正常发光时电阻：。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电功率的计算：公式为P=UI。
（1）[1]乙图中电流表与电压表串联在同一电路中，由于电压表相当于断路，因此电流表无示数。
[2]据甲图可知，电路是串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中的电流，改接的电路如下图所示：
（2）当定值电阻阻值为5Ω时，当定值电阻阻值越小时，电路中的电流越大，根据可知，电路中的总功率越大，电路总功率变化范围会更大。
（3）根据串联分压原理可得
当定值电阻阻值为20Ω，变阻器的阻值为20Ω时，带入上式可得
解得设定的最小电压为。
（4）[1][2]闭合S ，断开，电路为定值电阻、灯泡、变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，为使灯泡正常发光，通过灯泡的电流为，则此时电压表的示数为；保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合S ，断开，此时电路连接方式不变，电压表测定值电阻和灯泡的总电压，此时电压表的示数为，可得灯泡正常发光的电压为
小灯泡正常发光时的电阻为
1 / 1江苏省苏州市高新区2025年中考一模物理试题
一、选择题（每小题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）
1．（2025·苏州模拟）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生条件
B．用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率
C．根据响度可以区分不同乐器发出的声音
D．道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声
【答案】A
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．将发声的音叉接触面颊，感受到面颊振动，这可以验证声音是由物体振动产生的，因此选项A正确。
B．增大敲鼓力度会改变鼓面振动的振幅，从而改变声音的响度，所以B选项是错误的。
C．不同乐器发出的声音具有不同的音色特征，因此通过音色可以区分乐器种类，C选项的说法是错误的。
D．在道路两侧种植树木是通过阻断声波传播路径来减弱噪声，属于传播过程中的降噪措施，D选项是错误的。
正确答案是A。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
2．（2025·苏州模拟）科学探究离不开物理方法，下列探究中所用实验方法与其他不同的是（　　）
A．研究压力作用效果的影响因素时，用海绵被压下的深浅来比较压力的作用效果
B．根据“探究阻力对物体运动的影响”实验，推理得出牛顿第一定律
C．研究液体压强的影响因素时，用压强计U形管两侧液面的高度差反映压强大小
D．研究动能和哪些因素有关时，用木块移动的距离来显示钢球动能的大小
【答案】B
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】A．在研究压力作用效果的影响因素时，通过观察海绵凹陷程度来比较压力作用效果，这种方法属于转换法，因此A选项不符合题意。
B．通过阻力对物体运动影响的实验数据，推导得出牛顿第一定律，这一过程采用了实验推理法，故B选项符合题意。
C．在研究液体压强影响因素时，利用U形管压强计两侧液面高度差来表示压强大小，这种方法属于转换法，因此C选项不符合题意。
D．在研究动能影响因素时，通过测量木块被推动的距离来反映钢球动能大小，这种方法属于转换法，因此D选项不符合题意。
答案选择B。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如通过观察海绵凹陷程度来比较压力作用效果，利用U形管压强计两侧液面高度差来表示压强大小，通过测量木块被推动的距离来反映钢球动能大小。
2、探究阻力对物体运动的影响，实验中通过推理的方法得出牛顿第一定律，运用了实验推理法。
3．（2025·苏州模拟）小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律，将蜡烛放在凸透镜左侧适当位置，调整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成清晰的像，分别测出蜡烛到透镜距离（物距u），像到透镜的距离（像距v），实验数据如表，下列说法正确的是（　　）
实验次数 1 2 3 4
物距u/cm 50 30 20 15
像距v/cm 12.5 15 20 30
A．第4次实验时，光屏上成缩小的实像
B．当u=12.5cm时，像距一定为v=50cm
C．该凸透镜的焦距为20cm
D．第2次光屏所成的像比第1次成的像小
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．在第4次实验中，物距小于像距，根据凸透镜成像规律可以确定此时形成的是倒立、放大的实像，因此选项A的说法是错误的。
B．由于光在折射过程中具有可逆性，根据第一次实验数据（物距50cm，像距12.5cm）可以推断：当物距为12.5cm时，对应的像距必定为50cm，所以选项B是正确的。
C．分析第3次实验数据，当物距等于像距且成实像时，满足的关系。由此可计算出焦距为，因此选项C的说法是错误的。
D．比较第2次和第1次实验，第2次的物距更小。根据"物近像远，像变大"的成像规律可知，第2次实验在光屏上形成的像比第1次的更大，因此选项D的说法是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4．（2025·苏州模拟）关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电使物体产生电子
B．破镜不能重圆，是因为分子间存在排斥力
C．汤姆生建立了类似行星绕日的核式结构模型
D．面包容易被压缩，不能说明分子间有空隙
【答案】D
【知识点】两种电荷；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解析】A．摩擦起电的本质是电子在物体间发生转移，而非创造了新的电子，因此选项A的表述是错误的。
B．破碎的镜子难以复原，是因为碎片间的距离超出了分子间作用力的有效范围，所以选项B的说法不正确。
C．卢瑟福提出的原子模型类似于行星绕太阳运行的轨道结构，故C错误。
D．面包容易被压缩是因为其内部存在大量空隙结构，这并不能证明分子间存在间隙，故选项D的陈述是正确的。
故选D。
【分析】1、摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）；
2、微观粒子的构成特点：分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力，当分子间距过大，分子间作用力便很微弱；
3、卢瑟福提出原子的模型类似轨道模型。
5．（2025·苏州模拟）如图甲所示，“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动.某运动员做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（将蹦极过程近似为在竖直方向的运动）.以下说法正确的是（　　）
A．t1～t3过程中人的速度是先变大再变小
B．图像点B的速度小于点C的速度
C．图像AB段，人的动能不断增加
D．人的重力等于F0
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．在时间段t1～t3内，人的重力始终大于绳子的拉力，因此先向下做加速运动，速度逐渐增大。随着绳子被拉长，弹力逐渐增大。当拉力与重力相等时，速度达到最大值。之后拉力继续增大，人开始做减速运动。在t2时刻，拉力达到最大值，此时人的速度减为0。随后，由于拉力大于重力，人开始向上做加速运动。随着绳子缩短，拉力逐渐减小，当拉力再次等于重力时，速度再次达到最大值。之后拉力继续减小，人开始做减速运动。因此选项A是错误的。
B．由于人在下降过程中需要克服阻力做功，导致机械能逐渐减小。因此点B的速度大于点C的速度，故选项B是错误的。
C．在图像AB段，拉力大于重力，人向上做加速运动，动能逐渐增大，因此选项C是正确的。
D．图中弹力保持不变的阶段，弹力小于F0，且人处于平衡状态，说明人的重力小于F0。因此选项D是错误的。
正确答案是C。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
弹力的产生是由于物体产生形变，恢复原状的力。
6．（2025·苏州模拟）在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大，表示探头所在位置的液体压强越大。下列说法正确的是（　　）
A．比较甲、乙两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
B．比较甲、丙两图，可得出结论：在不同液体中，深度越深压强越大
C．比较乙、丙两图，可得出结论：液体密度越小，压强越大
D．比较甲、丙两图，可得出结论：液体密度越大，压强越大
【答案】A
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】A．甲、乙两图，同种液体，密度相同，乙图中深度较大，U形管内液面的高度差较大，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大，故A正确；
B．甲、丙两图，液体不同，密度不同，探头所处深度不同，没有控制探头所处深度相同，不符合控制变量法的要求，故B错误；
C．乙、丙两图，探头所处深度相同，丙图中盐水的密度较大，U形管内液面的高度差较大，那么得出结论：液体密度越大，压强越大，故C错误；
D．根据B选项分析可知，不能得出液体密度越大，压强越大的结论，故D错误。
故选A。
【分析】根据图片分析对照实验中哪个因素相同，哪个因素不同，根据U形管两侧液面的高度差分析压强大小，根据控制变量法的要求描述结论。
7．（2025·苏州模拟）以下说法正确的是（　　）
A．热机做功冲程能量转化是内能转化成机械能
B．燃料燃烧越充分，其热值就越大
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．温度为0℃的冰块内能为0焦耳
【答案】A
【知识点】内能的概念；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解析】A选项：热机在做功冲程时，进气门和排气门均关闭，活塞向下运动，此过程中将内能转化为机械能，该描述正确。
B选项：热值是燃料的固有属性，与燃烧是否充分无关。即使燃料燃烧更充分，其热值保持不变，因此原说法错误。
C选项：比热容是物质的特性参数，不随吸收或放出热量的多少而改变。物体吸收更多热量时，其比热容依然不变，故原说法错误。
D选项：内能是物体内部分子动能和势能的总和，所有物体都具有内能。即使温度为0℃的冰块，其内能也不为零，因此原说法错误。
综上所述，正确答案为A。
【分析】1、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
4、比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关。
8．（2025·苏州模拟）太阳是人类能源的宝库。下列说法正确的是（　　）
A．能量的转化和转移是有方向性、不可逆的
B．太阳能是太阳内部氢原子核发生裂变释放的能量
C．太阳能是未来的理想能源之一，是不可再生能源
D．中国空间站上用到的太阳能电池板是将太阳能直接转化为化学能
【答案】A
【知识点】太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】
A：能量的转化和转移是只能自发的从高温物体转移和转化给低温物体，所以能量的转化和转移是有方向性、不可逆的 A正确 符合题意；
B： 太阳能是太阳内部氢原子核发生聚变释放的能量 B错误 不符合题意；
C：太阳能是可再生能源，所以太阳能是未来的理想能源之一，是可再生能源 C错误 不符合题意；
D： 中国空间站上用到的太阳能电池板是将太阳能直接转化为电能 D错误 不符合题意；
故答案为：A
【分析】
A：由能量守恒的知识点可以判断；
B：由太阳发生核反应的知识点可以判断；
C：太阳能是可再生能源可以判断；
D：太阳能电池板是将太阳能直接转化为电能可以判断。
9．（2025·苏州模拟）下列符合安全用电常识的是（　　）
A．发现有人触电，应立即断开电源开关
B．三线插头最长的脚可以切断使用
C．控制电灯的开关应接在零线上
D．在同一个插线板上连接多个大功率用电器
【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．当发现有人触电时，正确的做法是首先切断电源再进行救援。若直接接触触电者，施救者也可能触电，因此该选项符合安全用电原则。
B．三线插头中最长的插脚对应接地线，其作用是当电器金属外壳带电时，将电流导入大地，避免触电事故。此说法正确，但不符合题目要求。
C．电灯开关应串联在火线回路中，这样在断开开关时能确保灯具不带电。此说法正确，但不符合题目要求。
D．同一插座同时使用多个大功率电器会导致线路过载，导线发热可能引发火灾。此说法正确，但不符合题目要求。
综上所述，故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
10．（2025·苏州模拟）兴趣小组设计以下“模拟的调光灯”电路，小灯泡规格为“；0.5A”，R阻值是。要求：闭合开关调节滑片，灯泡不会被烧坏，亮度能连续调节且能正常发光，符合要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A选项分析：该电路中灯泡两端电压恒定为3V，无法通过调节改变亮度，因此不符合题目要求。
B选项分析：串联定值电阻后，在电源电压仅为3V的情况下，当滑动变阻器未接入时，电路电流过小，无法使灯泡正常发光，故该方案不可行。
C选项分析：虽然滑动变阻器可以调节亮度，但当滑片移至最左端时，变阻器阻值为零，灯泡将承受全部9V电源电压，远超其额定电压，存在烧毁风险，因此不符合要求。
D选项分析：基于电源电压9V和最大电流0.5A计算，电路最小总电阻应为18Ω。灯泡电阻为6Ω，串联12Ω固定电阻后，当滑动变阻器调至零时，灯泡恰好获得额定电压正常发光；向右调节滑片可增大电阻使灯泡变暗，完全满足题目所有条件。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，需要和用电器串联；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
11．（2025·苏州模拟）小明自制了一把杆秤，如图所示，秤钩上不挂物体时提住秤纽，将秤砣移动至定盘星处时，秤杆恰能水平平衡，当秤钩挂上物体，移动秤砣使秤杆再次水平平衡时，即可通过秤砣所对应刻度读出物体质量，下列说法正确的是（　　）
A．定盘星是秤杆的支点
B．若秤杆粗细不均匀，则上面的刻度也不均匀
C．若更换质量更大的秤砣，定盘星将靠近秤纽
D．使用已磨损的秤砣测量时，测量值比真实值偏小
【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．秤纽与秤杆的连接点是秤杆转动的固定点，即支点，因此选项A是错误的。B．根据杠杆平衡条件，秤杆的平衡与自重和粗细无关，所以选项B也是错误的。
C．如果更换质量更大的秤砣，根据杠杆平衡条件，阻力与阻力臂不变，动力增大时动力臂会减小，因此定盘星会向秤纽靠近，选项C是正确的。
D．使用磨损的秤砣时，减小，而和不变，根据杠杆平衡条件，会增大，导致测量值比真实值偏大，因此选项D是错误的。
故选C。
【分析】杠杆是由支点、动力臂、阻力臂构成；
杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
12．（2025·苏州模拟）如图甲所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片从A处移到处过程中，其阻值的变化量为 ，功率的变化量为，乙图是电流表示数与电压表示数的关系图，下列说法正确的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据图甲分析电路结构，电阻R1、滑动变阻器及R2串联连接。电压表V1测量R1和滑动变阻器两端电压，电压表V2测量R2和滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流。
ABC选项分析：当滑动变阻器滑片从A点移动到B点时，接入电路的电阻增大。根据串联分压原理，两个电压表示数均增大。图乙中较小电流0.2A对应变阻器较大阻值（滑片在B端），0.3A对应较小阻值（滑片在A端）。假设左侧图线表示V1-电流关系，右侧表示V2-电流关系，建立方程：
，，解得变阻器阻值变化量ΔR=10Ω。在B点时建立总电压方程：，设R2=R1+ΔR'，联立方程解得ΔR'=5Ω。
通过电源电压方程：，解得电源电压U=6V，R2=10Ω，R1=5Ω。若图线对应关系相反，则R2=5Ω，因此ABC选项均错误。
D选项验证：代入R1=5Ω得RA=5Ω，RB=15Ω。计算功率差：
，该结果与选项D一致，故D正确。
正确答案为D。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=I2R。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（2025·苏州模拟）在“对家庭用电的调查研究”综合实践活动中，小红观察到家中电能表表盘如图所示，此时电能表的示数为　 　kW·h，当电路中只有电热水壶工作时，小红测出电能表指示灯闪烁了120次，则这段时间内电热水壶消耗的电能为　 　kW·h。
【答案】285.1；0.1
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】电能表读数中最后一位数字代表小数位，因此当前示数为。根据电能表参数计算：当指示灯闪烁120次时，对应的电能消耗量计算过程为。
【分析】电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，电能表正常工作电压和电流为220V 10A，最大电流为50A，某段时间所用电能为电能表示数之差。某段时间消耗电能的计算：n/1200r kW·h n为灯光闪烁次数.
14．（2025·苏州模拟）生活中常用如图所示的吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在　 　（选填“平整”或“不平整”）的墙面上，以防止漏气。若吸盘的横截面积为，外界大气压为，则排尽空气后的吸盘受到的大气压力为　 　N，吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的　 　力。
【答案】平整；200；摩擦
【知识点】摩擦力产生的条件；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】 吸盘挂钩的工作原理是利用大气压力。使用时需要将吸盘内的空气完全排出，使其吸附在光滑的墙面。由于外界大气压力大于吸盘内部气压，吸盘会被紧紧压在墙面上。如果墙面不平整，空气可能进入吸盘内部，导致吸盘脱落。
完全排空空气后，吸盘受到的大气压力为：，
吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对其施加的竖直向上的摩擦力，这个摩擦力平衡了挂钩自身的重力以及悬挂物体对挂钩向下的拉力。
【分析】大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同
压强的计算公式：F=Ps，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．（2025·苏州模拟）如图所示装置无摩擦，物体的质量为，物体和的质量为，它们之间用轻质不可伸长的细绳连接，挂在轻质定滑轮上，用手竖直向上托住物体让整个装置静止，若突然松手，在物体落地前，细绳对的拉力与静止时相比是　 　（变大/变小/不变），AC间的轻绳对A的拉力与静止时相比是　 　（变大/变小/不变），当B落地后A落地前，假设物体C 没有接触到定滑轮且钩码落地后不弹起，则物体的运动情况是　 　。
【答案】变大；变大；匀速运动
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解析】当用手托住物体使其保持静止时，细绳对物体的拉力正好等于C的重力。如果突然松手，在物体落地之前，由于滑轮左侧的总重量大于右侧，物体C会向上做加速运动。因此，与静止状态相比，此时细绳对物体的拉力会增大。由于细绳对物体的拉力变大，根据作用力与反作用力的原理，AC之间的轻绳对物体A的拉力也会相应增大。
当钩码落地后不再弹起时，物体C对物体A的拉力仅由物体C的重力提供，其大小为。由于这个拉力与物体A的重力大小相等，物体A受到平衡力的作用，将保持平衡状态，因此物体会做匀速运动。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
16．（2025·苏州模拟）如图所示，将一根长导线两端与　 　（电压表/电流表/小量程电流表）的接线柱相连接，形成闭合回路，两个人　 　（东西/南北）方向相对而立；像甩绳那样甩动电线，电表的指针来回摆动，可知闭合电路的一部分导体做　 　运动，电路中就会产生感应电流。
【答案】小量程电流表；东西；切割磁感线
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】地球周围存在磁场，其磁感线方向由地理南极指向地理北极。当两名同学东西方向站立并快速摇动导线时，导线会切割磁感线，从而产生感应电流。由于电流较小，因此需要将导线两端连接在小量程电流表上形成闭合回路。当采用类似甩绳的方式甩动导线时，可以观察到电流表指针来回摆动，这证明了闭合电路中的部分导体在做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
17．（2025·苏州模拟）如图，甲乙完全相同的小球，以同样的速度沿着与水平方向均成角斜向上抛出，甲球沿光滑斜面，乙球抛向空中，不计空气阻力，甲乙小球能到达的最高点分别为点与点，离地高度为和，在这个过程中，小球的机械能是　 　（守恒/不守恒）的，图中　 　（大于/等于/小于）。
【答案】守恒；大于
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】对于甲球沿光滑斜面的运动情况分析：由于斜面光滑无摩擦阻力，运动过程中没有机械能损失，因此甲球的机械能始终保持守恒状态。
关于甲乙两球的机械能分析：两球在运动过程中均未发生机械能损失，故机械能都守恒。具体表现为：甲球（斜面运动）质量不变，到达最高点时速度降为零，其动能完全转化为重力势能；乙球（斜抛运动）到达最高点时，竖直方向速度为零但水平方向仍有速度，保留部分动能，仅部分动能转化为重力势能。因此可得结论：甲球在斜面上达到的高度大于乙球在空中的最大高度，即满足关系式。
【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比，不考虑摩擦力时，机械能守恒。
18．（2025·苏州模拟）按要求填空。
（1）如图甲所示，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击木块，木块将移动一段距离。实验中所探究物体的动能是指　 　（选填“铁球”或“木块”）的动能，该实验是通过观察　 　的大小来反映动能的大小；
（2）如图乙所示，实验中在使用弹簧测力计测量滑动摩擦力时，应将弹簧测力计　 　（选填“水平”或“竖直”）放置调整指针到零刻度线，然后水平拉着木块做　 　运动。
【答案】铁球；木块被推动距离；水平；匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）铁球从斜面滚下进入水平面时具有初速度，因而具备动能。实验中研究的动能对象是铁球。通过让铁球撞击木块使其移动，利用木块被推开的距离来间接反映铁球的动能大小——木块移动距离越大，说明铁球动能越大。该方法属于转换法的应用。
（2）使用弹簧测力计测量滑动摩擦力时，需保持测力计水平放置。操作前应先调零，确保指针指向零刻度线。测量过程中，需用弹簧测力计水平匀速拉动木块。此时木块所受滑动摩擦力与测力计拉力构成平衡力，大小相等，故可通过测力计示数直接读取摩擦力数值。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用木块被推开的距离来间接反映铁球的动能大小。
19．（2025·苏州模拟）如图所示，三个相同的容器内装入体积相同的液体，用弹簧测力计提起相同物体浸入液体后，物体均静止。甲 乙两图中物体露出液面的体积相等，两容器底部受到液体压强的变化量为；甲 乙 丙三图中测力计读数分别为和（示数未标出）。则它们的大小关系是：　 　，　 　，　 　.（）（以上均填：“//”）
【答案】<；>；>
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 在甲、乙两图中，物体露出液面的体积相同，意味着排开液体的体积相等。根据浮力公式，液体密度越大，浮力越大。因此甲图中物体受到的浮力大于乙图。根据称重法可知，甲图弹簧测力计示数小于乙图，即。
乙、丙两图使用相同液体，但丙图物体排开液体体积更大。由浮力公式可得，丙图浮力大于乙图，因此弹簧测力计示数小于，即。
甲、乙两图中液面上升高度相同，根据液体压强公式，密度更大的甲液体对容器底部的压强变化量更大，故。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，浮力的计算公式为F浮=ρ水gV排；
压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
20．（2025·苏州模拟）如图所示，电源电压6V不变，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，R1阻值为10Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω，0.5A”，电压表接在了A B C D四个接线点中的某两点之间，保证电路安全前提下，在移动滑片P的过程中电压表示数的变化量最大，则最大是　 　，电压表接在　 　两点之间，滑动变阻器的阻值范围是　 　。
【答案】2V；CD；2Ω~10Ω
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由于两个电阻R1和R2串联连接，根据串联电路特性可知通过它们的电流相同。题目给定滑动变阻器的最大允许电流为0.5A，因此电路的最大电流Imax=0.5A。根据欧姆定律变形公式，可计算电路的最小总电阻：；已知R1=10Ω，因此滑动变阻器的最小阻值：R2min=12Ω-10Ω=2Ω，若将电压表接在AB两点（测量R1电压）：当电流为0.5A时，UAB=ImaxR1=0.5A×10Ω=5V，这超过了电压表3V量程，因此需要限制AB间电压≤3V。根据串联分压原理，当UAB=3V时：R2两端电压=6V-3V=3V，此时R2阻值=R1阻值=10Ω，当滑动变阻器调至最大值20Ω时，电路最小电流：，此时UAB=IminR1=0.2A×10Ω=2V，因此AB间电压变化范围：3V-2V=1V，若将电压表接在CD两点（测量R2电压）：当R2=10Ω时，UCD=3V（最大值），当R2=2Ω时，UCD=ImaxR2=0.5A×2Ω=1V（最小值），因此CD间电压变化范围：3V-1V=2V。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
21．（2025·苏州模拟）材料阅读题。
桥梁桩基：稳固千吨大桥的“隐形英雄”
桥梁桩基是深埋地下的支撑结构，如同大树的根系。以某跨江大桥为例，工程师需根据地质勘探数据选择桩型：江岸土层松软，采用摩擦桩，利用桩身与土壤的摩擦力承重；江心区域有坚硬岩层，改用端承桩，让桩端直接接触岩层传递荷载。混凝土可抵抗巨大压力，钢筋则增强桩体的抗拉能力。施工时需严格控制桩身垂直度，若倾斜会导致桥梁受力不均；灌注桩钻孔后需注入泥浆保护孔壁，防止坍塌。最终，桩基顶部通过承台连接桥墩，将整座桥的重量分散到数十根桩上，大幅降低单桩承受的压强，确保桥梁安全。
根据上述材料回答以下问题：
（1）长江三角洲冲积平原，土层以软土 淤泥质土为主，此类地质条件常选用　 　（摩擦/端承）桩；
（2）如图所示的桥梁，其桥墩采用摩擦桩，若其它条件不变的时，增加桥墩直径　 　（能/不能）提高桥墩的承载能力，其简支梁里是　 　（上层/下层）钢筋更多。
【答案】（1）摩擦
（2）能；下层
【知识点】重心；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】（1）题目中提到“江岸土层松软，采用摩擦桩”，这表明长江三角洲冲积平原的地质主要由软土和淤泥质土构成。这类土层的承载能力较差，因此选择摩擦桩作为基础形式，主要依靠桩身与周边土体之间的摩擦作用来承受上部荷载。
（2） 摩擦桩的承载机制是通过桩身表面与土体间的摩擦阻力来传递荷载。在相同地质条件下，若增大桩的侧表面积（例如增加桩的直径或长度），可以增加桩土接触面积，从而提升单桩的承载力。
钢筋材料具有优越的抗拉性能，而混凝土则具有良好的抗压性能。在桩基结构设计中，在下层布置更多钢筋能够提升桩体的抗弯能力，增强整体结构的刚度和稳定性，同时有助于控制裂缝发展，并满足抗震设计要求。
【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
重心：重力的等效作用点，可以不在物体上，材质均匀、外形规则，重心在物体的几何中心上，材质不均的物体使用悬挂法物体重心，物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关 ，重心越低越稳定。
（1）根据文意“江岸土层松软，采用摩擦桩”，因此长江三角洲冲积平原，土层以软土 淤泥质土为主，此类地质条件常选用摩擦桩。
（2）[1]采用摩擦桩，利用桩身与土壤的摩擦力承重，其它条件不变时，可以增大桩侧面积，理论上可以增加桩侧面所受土层的阻力，从而提高单桩的承载能力。
[2]因为钢筋的抗拉性好，而混凝土的抗压性较好，所以下层钢筋较多有助于提高桥梁的抗弯承载能力和整体刚度，还能防止裂缝产生和满足抗震要求。
三、解答题（本题共9小题，共计50分，其中第23 24 25题需要写出必要的解答过程）
22．（2025·苏州模拟）根据要求完成相应作图。
（1）如图甲，画出物体AB通过平面镜所成的像。
（2）如图乙，行驶的汽车里挂着一个小球，某时刻出现的情景，请画出小球受力示意图。
（3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出小磁针的N极和电源的正负极。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）首先通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面另一侧找对对应的像点A'。同理，作出B的像点B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像。如图所示：
（2）根据乙图可知，小球受重力G和拉力F的作用，重力竖直向下，拉力沿细线向上，二者都作用在小球的重心，如图所示：
（3）根据图片可知，磁感线从左端出来回到右端，则故图中通电螺线管的左端为N极，右端为S极。根据“同名磁极相互排斥”可知，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。根据安培定律可知，电流应从螺线管的右端流入，左端流出，故电源右端是正极，左端是负极，如下图所示：
【分析】（1）根据平面镜成像的对称性完成作图；
（2）对小球进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（3）根据磁感线的环绕方向确定螺线管的磁极方向，根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的指向，根据安培定则判断电流方向即可。
（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像。如图所示：
（2）小球受到竖直向下的重力G和沿绳子的拉力F的作用，作用点在小球的重心，过重心分别沿力的方向各画一条有向线段，并标出G和F，如图所示：
（3）因磁体外部磁感线由N极指向S极，故图中通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。由安培定则可知电流应从螺线管的右端流入，左端流出，故电源右端是正极，左端是负极，如下图所示：
23．（2025·苏州模拟）如图所示，质量为80kg的工人用动滑轮提重为300N货物，货物20s内被匀速提升5m，工人的拉力为200N.已知动滑轮重50N（g＝10N/kg）.求：
（1）工人对地面的压力；
（2）拉力所做的功；
（3）拉力的功率大小.
【答案】（1）解：由力的作用是相互的可知，工人对地面的压力等于地面对工人的支持力，工人受到竖直向下的重力、竖直向下绳的拉力和地面对工人的支持力，由力的平衡可得，工人对地面的压力为。
（2）解：如图所示的动滑轮，绳自由端移动的距离为
由可得，拉力做的功为
（3）解：由可得，拉力的功率大小为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由力的平衡可得，工人对地面的压力为；
（2）动滑轮的缠绕在动滑轮的绳子数为2，所以绳自由端移动的距离为，由可得，计算拉力做的功；
（3）由可得，拉力的功率大小。
（1）由力的作用是相互的可知，工人对地面的压力等于地面对工人的支持力，工人受到竖直向下的重力、竖直向下绳的拉力和地面对工人的支持力，由力的平衡可得，工人对地面的压力为
（2）如图所示的动滑轮，绳自由端移动的距离为
由可得，拉力做的功为
（3）由可得，拉力的功率大小为
24．（2025·苏州模拟）质量为1kg的铁锅中加有1.5L初温20℃的水，放入煤气灶上加热，经过300s后，将水加热到100℃，消耗了0.024kg的煤气.已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，求：
（1）水的内能增加了多少J？
（2）天然气完全燃烧放出的热量？
（3）燃气灶烧水的效率？
【答案】（1）解：水的质量为：，水增加的内能为：。
（2）解：天然气完全燃烧放出的热量为：。
（3）解：燃气灶烧水的效率为：。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】（1）水的质量为，水增加的内能为；
（2）天然气完全燃烧放出的热量为；
（3）燃气灶烧水的效率为
（1）水的质量为
水增加的内能为
（2）天然气完全燃烧放出的热量为
（3）燃气灶烧水的效率为
25．（2025·苏州模拟）物理兴趣小组的同学们设计了如甲图所示的电路，其中电源电压不变，灯泡L1标有“6V，1.2A”，灯泡L2标有“6V，0.8A”，滑动变阻器的规格为“20Ω，2A”，如图乙是灯泡L1和灯泡L2的电压与电流的关系图象．当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L2正常发光．求：
（1）灯泡L1的额定电功率；
（2）电源电压；
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，调节滑动变阻器的滑片P，当滑动变阻器的电功率为整个电路功率75%时，求滑动变阻器10秒钟消耗的电能；
【答案】（1）解：由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由可得，灯泡L1的额定电功率为：。
（2）解：当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，电流表测电路中的电流，因此时灯泡L2正常发光，由题意可知，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额=0.8A，由图乙可知，此时L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，电源电压为：。
（3）解：当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，由题意可知，，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，则滑动变阻器两端的电压为：，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为：，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能为：。
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由计算可得灯泡L1的额定电功率；
（2）当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，灯泡L2正常发光，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额，L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路电压规律，电源电压为；
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，此时，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，据此计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能。
（1）由题意可知，灯泡L1标有“6V，1.2A”，由可得，灯泡L1的额定电功率为
（2）当断开开关S1、S2，闭合S3，并将滑动变阻器的滑片P置于R的最左端时，灯泡L1和灯泡L2串联，电流表测电路中的电流，因此时灯泡L2正常发光，由题意可知，此时通过电路中的电流为L2的额定电流为I2额=0.8A，由图乙可知，此时L1两端的电压为U1=2V，L2两端的电压为U2=6V，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，电源电压为
（3）当断开开关S2、S3，闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联，由题意可知，，根据串联电路中，电流处处相等，由可得，，则滑动变阻器两端的电压为，根据串联电路，电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和可得，此时灯泡L2两端的电压为，由图乙可得，此时电路中的电流为，由可得，滑动变阻器10秒钟消耗的电能为
26．（2025·苏州模拟）在探究冰熔化的实验过程中，假设试管内的物体在相同时间内吸收相同的热量。
（1）要对试管中的冰均匀加热，应采用甲、乙两图所示装置中的　 　图所示装置。
（2）实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，此时冰的温度是　 　。
（3）实验中同学们根据实验数据，绘出了其温度随时间变化的图像，如图丁所示，分析图像可知：
①冰熔化过程中吸收热量，其内能　 　，温度　 　；
②图丁中线段和线段倾斜程度不同，原因是该物质在两种物态下　 　不同。
（4）试管内所有冰熔化完后，继续实验，当烧杯内的水沸腾时试管内的水　 　沸腾（选填“会”或“不会”）。
【答案】乙；；增大；不变；比热容；不会
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；探究水的沸腾实验
【解析】【分析】（1）甲图中直接加热试管底部会导致受热不均匀，正确的做法是采用乙图的方式，先对烧杯中的水加热，使试管受热均匀。（2）观察温度计刻度，液面位于0℃以下，每小格代表2℃，因此读数为。
（3）冰在熔化过程中持续吸热，内能增加，但由于冰是晶体，熔化时温度保持不变。
图丁中线段和的倾斜程度不同，说明在相同时间内吸收相同热量的情况下，AB段温度上升更快，这是因为水的比热容大于冰，导致温度变化较小。
（4）水沸腾的条件是达到沸点并持续吸热。当烧杯中的水沸腾时，温度达到沸点且保持不变，但试管内的水虽然达到沸点，却无法继续从外界吸热，因此不会沸腾。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；
3、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃；
4、探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
27．（2025·苏州模拟）实验室常用蜡烛完成以下光学实验：
（1）图甲演示的是小孔成像示意图，其成因是光的　 　。
（2）图乙为“探究平面镜成像特点”实验，点燃蜡烛A并观察它的像，把　 　（未点燃/点燃）的蜡烛B移到蜡烛A的位置；若用光屏代替蜡烛B，发现光屏上　 　（有/没有）像。
（3）图丙为“探究凸透镜成像规律”的实验装置，当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清晰的像。
①实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调到　 　。
②如图丙，若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到光具座的25cm刻度线处，此时可将光屏移动的合适距离，光屏上能得到　 　（倒立缩小/倒立放大/正立放大）的像.
③如图丙，若保持蜡烛位置不变，将凸透镜向右移动5cm，则为了使光屏上能再次得到的像，则光屏需要向　 　（左/右）移动，得到的像将会变　 　（大/小）。
【答案】（1）直线传播
（2）未点燃；没有
（3）凸透镜主光轴上；倒立放大；右；小
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在均匀的同种介质中，光的传播路径为直线，因此图甲展示的是小孔成像现象，其原理基于光的直线传播特性。
（2）实验过程中，蜡烛B无需点燃，这样能更清晰地观察到蜡烛A在玻璃板中的像，便于确定像的位置。
平面镜所成的像是虚像，由光的反射形成。若用光屏替代蜡烛B，将无法在光屏上观察到像的存在。
（3）为了使像能清晰地呈现在光屏中央，需调整烛焰和光屏的中心至凸透镜的主光轴上。根据图丙所示，光屏上可得到清晰的像，此时物距（30.0cm）大于像距（15.0cm），形成倒立缩小的实像。若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移至25cm刻度处，此时物距变为15cm。根据光路可逆原理，当像距调整为30.0cm时，可再次获得清晰的实像，此时物距小于像距，形成倒立放大的实像。凸透镜成实像时遵循以下规律：物距增大时，像距减小且像变小；物距减小时，像距增大且像变大。因此，若保持蜡烛位置不变，将凸透镜右移5cm，相当于增大物距。由于物距始终大于二倍焦距，像距处于一倍焦距与二倍焦距之间，像距的减小幅度会小于物距的增大幅度，因此光屏需向右移动，最终得到的像将变小。
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
3、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；l实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像
4、小孔成像的特点：小孔成像所成的是倒立的实像，像的形状和 孔的形状无关 和物的形状有关，物距和像距会影响像的大小，物距变小像变大，像距变小，像变小。
（1）在同种均匀介质中，光是沿直线传播的，所以图甲演示的是小孔成像，其成因是光的直线传播。
（2）[1]实验中，蜡烛B不需要点燃，这样可使得点燃的蜡烛A在玻璃板中的像更加清晰，更容易确定像的位置。
[2]平面镜所成的像是虚像，虚像是光的反射形成的，若用光屏代替蜡B，会发现光屏上没有像。
（3）[1]为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调到凸透镜主光轴上。
[2]由题意知，如图丙可在光屏上得到清晰的像，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像，此时物距为30.0cm，像距为15.0cm；若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到光具座的25cm刻度线处，此时的物距为15cm，根据光路是可逆的，当像距等于30.0cm时，可成清晰的实像，此时物距小于像距，成倒立放大的实像。
[3][4]凸透镜成实像时，物远像近像变小，物近像远像变大。因此若保持蜡烛位置不变，将凸透镜向右移动5cm，相当于增大了物距，因为物距一直大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，所以减小像距时，像距的减小比例应小于物距的增大比例，因此光屏还需要向右移动，得到的像将会变小。
28．（2025·苏州模拟）小明想知道家里一瓶未知液体是什么，于是小明拿到学校用学过的物理知识去验明“身份”。如图是小明利用天平和量筒对其进行了密度测量，操作如下：
（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，指针静止如图甲，则应将平衡螺母向　 　调节，使横梁平衡；
（2）用调好的天平测出空烧杯的质量为10g；
（3）往烧杯中倒入适量液体，放在天平左盘，在右盘增减砝码和移动游码，直到横梁再次平衡，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙，则称得烧杯和液体的总质量m为　 　g；
（4）小明将烧杯中的液体全部倒入量筒中，如图丙，则液体的体积V为　 　cm3；小组讨论时发现小明这种测量液体密度的方法会使得测出的密度　 　（偏大/偏小/不变）；
（5）小明又找到一个薄壁圆柱形容器，从下到上均匀标上长度的刻度如图丁，下方挂上一个合适的铁块，放入水中能竖直漂浮，此时容器外的水面对应5刻度处，然后装入等质量的待测液体和水，通过水得到液体密度，制作成液体密度计。为了让密度计的密度刻度从下到上逐渐变大，且刻度均匀，所以每次装入容器的待测液体的液面总是位于容器20刻度处，则使用时先装入　 　（水/待测液体），放入水中漂浮，记下容器外水面的位置，然后容器擦干，再重新装入适量的　 　（水/待测液体），使之放入水中漂浮时容器外水面的位置还是，在测量未知液体密度时，测得容器装水时，水的液面对应容器的刻度是22刻度处，则未知液体的密度是　 　。
【答案】右；44；30；偏大；待测液体；水；1.1
【知识点】液体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1） 在甲图中，天平的指针向左偏转，表明左侧较重。此时应将平衡螺母向右调节，直至横梁达到平衡状态。
（3）乙图中天平标尺的最小刻度为0.2g，测得烧杯与液体的总质量为。
（4）丙图中量筒的分度值为1mL，液体的体积为。 由于将烧杯中的液体倒入量筒时无法完全转移，会导致测得的体积偏小。根据密度公式，计算出的密度值会偏大。
（5）为使密度计的刻度从下至上逐渐增大，操作步骤如下：1. 装入待测液体，标记容器外水面位置；2. 擦干容器后重新装入适量水，使其漂浮时水面仍处于。 此时容器所受浮力不变，故液体与水的重力相等，即。由可得，解得液体密度为。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
29．（2025·苏州模拟）物理兴趣小组的小明 小华同学为“探究电流与电压 电阻的关系”，在实验室找来了以下实验器材：学生电源（电压恒为4.5V），滑动变阻器（“20Ω，1A”），阻值为5Ω 10Ω 20Ω的定值电阻各一个，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V 开关各一只。导线若干，实验时不改变电表的量程.
（1）实验时设计了如图甲所示的电路图并连接成图乙所示的实物图，他将滑动变阻器的阻值调到最大，若闭合开关，则乙图中　 　（电流表/电压表）无示数，这是因为乙图中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并画出正确的连线　 　；
（2）正确连接电路后，小华选用三个定值电阻分别探究“电流与电压关系”，发现在电路安全情况下，选择　 　定值电阻实验时，电路总功率变化范围会更大；
（3）小明在探究“电流与电阻的关系”，为了使三个电阻单独接入电路都能完成实验，应控制电压表的示数不低于　 　V；
（4）完成上述实验后，小明想用电压表和一个阻值为的定值电阻，在电源电压未知的情况下，测量额定电流为的小灯泡的正常发光的电阻，设计了如图丙所示电路，请完成实验步骤：
①闭合S ，断开，为使小灯泡中的电流为额定电流，应调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为　 　；（用 表示）
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合S ，断开，读出电压表示数为；
③小灯泡的正常发光的电阻　 　。（用 表示）
【答案】（1）电流表；
（2）5Ω
（3）2.25
（4）；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验；电功率的计算
【解析】【解答】（1）在乙图连接方式中，电流表与电压表串联在同一回路。由于电压表内阻极大，相当于开路状态，故电流表指针不发生偏转，示数为零。根据甲图分析，该电路为串联结构，电压表测量定值电阻两端电压，电流表测量回路电流。正确改装后的电路连接方式如下所示：
（2）定值电阻取5Ω时，由于电阻值减小导致回路电流增大。根据功率公式可知，系统总功率与电流成正比，因此功率变化区间将显著扩大。
（3）应用串联电路分压原理得：，当定值电阻R=20Ω与滑动变阻器RP=20Ω时，代入数据：，解得预设电压下限：；
（4）闭合S与S1，断开S2时，形成定值电阻R0、灯泡L和滑动变阻器的串联回路，电压表监测R0两端电压。为使灯泡达到额定工作状态，需调节电流至额定值I额，此时电压表示数为。
保持滑片位置不变，切换为闭合S与S2，断开S1，此时电压表测量R0与L的总电压U。由此可得灯泡额定电压：，最终计算灯泡正常发光时电阻：。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电功率的计算：公式为P=UI。
（1）[1]乙图中电流表与电压表串联在同一电路中，由于电压表相当于断路，因此电流表无示数。
[2]据甲图可知，电路是串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中的电流，改接的电路如下图所示：
（2）当定值电阻阻值为5Ω时，当定值电阻阻值越小时，电路中的电流越大，根据可知，电路中的总功率越大，电路总功率变化范围会更大。
（3）根据串联分压原理可得
当定值电阻阻值为20Ω，变阻器的阻值为20Ω时，带入上式可得
解得设定的最小电压为。
（4）[1][2]闭合S ，断开，电路为定值电阻、灯泡、变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，为使灯泡正常发光，通过灯泡的电流为，则此时电压表的示数为；保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合S ，断开，此时电路连接方式不变，电压表测定值电阻和灯泡的总电压，此时电压表的示数为，可得灯泡正常发光的电压为
小灯泡正常发光时的电阻为
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