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湖南省娄底市涟源市2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
一、选择题（本题共36分。每小题给出的选项中，只有一个是正确的，每小题选对得3分，错选或未选的得0分）
1．（2025八下·涟源期末）压强的单位是（　　）
A．牛顿（N） B．帕斯卡（Pa）
C．焦耳（J） D．瓦特（W）
2．（2025八下·涟源期末）下列选项中，与大气压作用有关的是（　　）
A．弹簧测力计 B．吸盘式挂钩 C．篆刻刀 D．推土机
3．（2025八下·涟源期末）如图所示的“天气预报瓶”是央视《大风车》栏目的创意新品，A玻璃管与大气相通，B为密闭的玻璃球，A与B下部连通。当A管液面明显上升时，往往转为阴雨天气。下列说法正确的是（　　）
A．A管液面上升时，显示大气压增大
B．A管和B球组成一个连通器
C．天气预报瓶从山脚移到山顶，A管液面下降
D．阴雨天气，外界气压会减小
4．（2025八下·涟源期末）下列设计中，是为了减小压强的是（　　）
A．锋利的刀刃
B．吸管的一端剪成斜口
C．压路机的碾子质量很大
D．铁轨下面铺放枕木
5．（2025八下·涟源期末）我国磁悬浮列车技术处于世界领先地位。下列说法正确的是（　　）
A．靠近运行磁悬浮列车的一侧空气流速大压强大，因此站台处设置安全线
B．若磁悬浮列车在运动过程中所受的力全部消失，它会慢慢停下来
C．磁悬浮列车通过分离接触面，从而减小摩擦
D．车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大受力面积，减小压力
6．（2025八下·涟源期末）如图所示是物理爱好者小明同学在实验时观察到的情景，下列分析正确的是（　　）
A．铁球从斜面滚下动能转化为重力势能
B．将磁铁放置在铁球的运动方向，铁球做直线运动
C．铁球在水平桌面上运动时，只受到磁铁的作用力
D．铁球在水平桌面上的运动轨迹，说明力可以改变物体的形状
7．（2025八下·涟源期末）如图所示，探究“阻力对物体运动的影响”实验中，保持同一小车每次从斜面同一高度由静止滑到粗糙水平木板上，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）
A．此实验现象直接验证了牛顿第一定律
B．改变水平木板表面粗糙程度，小车滑行的距离相同
C．水平木板表面越粗糙，该小车在水平木板上运动时所受的摩擦力越大
D．若木板表面光滑，则物体从斜面滑到粗糙水平木板上的动能增大
8．（2025八下·涟源期末）如图所示的简单机械，使用过程中省力的是（　　）
A．筷子 B．食品夹
C．核桃夹 D．船桨
9．（2025八下·涟源期末）处处留心皆学问，发现生活和学习中蕴含丰富的物理知识。下列分析正确的是（　　）
A．小明在学校100米决赛中从起跑到终点做匀速直线运动
B．静止在地面上的铅球，所受重力与支持力是一对相互作用力
C．投出去的篮球在空中飞行过程中，手的推力一直在对篮球做功
D．小军通过拍打窗帘清除其上面的灰尘是利用惯性
10．（2025八下·涟源期末）中国动漫《哪吒之魔童闹海》创造了中国电影史上首部全亚洲票房过百亿的影片，并创造了全球单一电影市场至高票房纪录！如图所示，关于电影中哪吒与父亲李靖踢毽子过程中，涉及到的物理知识说法正确的是（　　）
A．图示中哪吒对毽子的托力与毽子的重力大小相等，方向相同
B．毽子由静止变运动，运动状态发生了改变
C．飞在空中的毽子受到惯性力的作用
D．制作毽子的材料不应该具有弹性
11．（2025八下·涟源期末）一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如图所示，汽车在匀速行驶过程中所受阻力不变，大小为，在第10s时速度达到15m/s，通过的路程为80m，下列说法正确的是（　　）
A．在0~10s内汽车做匀速直线运动
B．汽车匀速行驶时牵引力大小为4000N
C．汽车匀速行驶时的功率为
D．在0~10s内汽车发动机牵引力所做的功为
12．（2025八下·涟源期末）如图所示，用细线将质量为300g的木块系住，使木块浸没在水中，当木块静止时细线对木块的拉力为1N，下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的浮力为3N
B．剪断细线后木块下沉
C．剪断细线后，水对木块底部的压强变大
D．最终木块处于漂浮状态
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共18分）
13．（2025八下·涟源期末）在综合实践活动中，小明用塑料瓶自制了“水火箭”（如图所示）。发射时，“水火箭”向下喷水从而获得升空的动力，利用了物体间力的作用是　 　的；“水火箭”升空过程，重力势能　 　。（选填“增大”“减小”或“不变”）。
14．（2025八下·涟源期末）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为　 　N，物体的体积为　 　m3。（水=1.0×103kg/m3）
15．（2025八下·涟源期末）如图1是生活中常见的塑料瓶，瓶盖上的竖条纹是为了　 　摩擦；如图2，把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，会看到瓶子向　 　运动。
16．（2025八下·涟源期末）用如图所示装置探究二力平衡条件的实验中，M为一轻薄塑料片，钩码均为100g，不计绳重及摩擦（g取），则滑轮的作用　 　；M处于　 　状态。若M换为弹簧测力计，则其示数为　 　N。
三、作图与实验探究题（本大题共4小题，17题4分，其余每空2分，共28分）
17．（2025八下·涟源期末）（1）请画出图中灯笼所受重力G的示意图（重心在O点）。
（2）请在图中画出木棒此时所受重力的力臂（O点为转轴，O'点为木棒的重心）。
18．（2025八下·涟源期末）用如下图所示的器材来探究钢球动能与哪些因素有关的实验，请回答：
（1）该实验要探究的是物体动能的大小与物体　 　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（2）该实验中物体的动能是指物体　 　（选填“A”或“B”）的动能。
（3）该实验是通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，这种研究方法与下面哪种方法相同（选填A或B）_______。
A．研究压力的作用效果时，用海绵的凹陷程度来表示
B．保持接触面粗糙程度不变，改变压力，探究滑动摩擦力与压力关系
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块将做　 　运动。
19．（2025八下·涟源期末）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小叶同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，已知每个钩码重0.5N。
（1）要使如图甲示杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）小叶同学完成一次操作后，实验现象如图乙所示。则右侧物体重　 　N。
（3）小叶与同学又将实验改装成图丙，在A处正下方悬挂一石块，B处施加一个与竖直方向夹角为60°的拉力，杠杆恰好在水平位置平衡，此时杠杆的动力臂　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）阻力臂。
（4）通过多次实验结果表明，杠杆的平衡条件是：　 　。
20．（2025八下·涟源期末）实验小组用如图的装置探究“液体内部压强与哪些因素有关”。
（1）为使实验现象明显，U形管中的液体选择　 　的更好（选填“红色”或“无色”）；
（2）在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，U形管中的两侧液面差　 　；
（3）比较甲、乙两图可知，液体内部压强与　 　有关。
（4）再向丙图加注更浓的盐水，发现U形管中的两侧液面差变大，便得出液体的密度越大，压强越大，你认为正确吗？　 　。
四、计算题（本题共18分，其中21题8分，22题10分）
21．（2025八下·涟源期末）小明利用如图装置将重为的货物A提升4m运送到平台上，小明所用竖直向上拉力，忽略绳重和摩擦。
（1）图示所示滑轮为　 　滑轮；
（2）求滑轮的重力；
（3）求拉力F做的功；
（4）求装置的机械效率。
22．（2025八下·涟源期末）如图所示，水平桌面上的平底薄壁容器（重力忽略不计）底面积为，容器内盛有质量为4kg的水。一实心正方体木块漂浮在水面上，木块的质量为0.6kg，体积为。g取10N/kg，求：
（1）木块的重力；
（2）木块受到的浮力；
（3）水对木块底面的压强；
（4）容器对水平桌面的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】压强
【解析】【解答】在物理学上，为了纪念物理学家帕斯卡对物理学做出的突出成就，用他的名字作为压强的国际单位，即压强的单位为帕斯卡，用字母Pa表示，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据常见物理量单位的知识判断。
2．【答案】B
【知识点】弹簧测力计及其使用；增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．弹簧测力计测力的原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比，与大气压无关，故A不合题意；
B．把吸盘紧压在光滑的墙上，吸盘内的气压小于大气压强，则大气压强将吸盘紧压在了墙上，故B符合题意；
C．篆刻刀的刀刃很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D．推土机是通过使用履带增大受力面积减小对地面压强，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据弹簧测力计的工作原理判断；
B.根据大气压强的知识分析吸盘式挂钩的工作原理；
C.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
D.减小压强的方法：增大受力面积和减小压力。
3．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】AD．根据题意可知，当A管内液面保持不变时，玻璃球内的气压等于外界大气压强和A内液柱的压强之和。由于球内气压不变，当A管液面明显上升时，液柱的压强增大，则外界大气压变小，此时天气为阴雨天气，故A错误，D正确；
B．根据图片可知，A和B底部连通，但是上面只有A管开口，而B球是密闭的，因此A管和B球没有组成连通器，故B错误；
C．天气预报瓶从山脚移到山顶，外界大气压强减小，根据瓶内气压不变可知，此时A管内液柱压强增大，所以A管液面将上升，故C错误。
故选D。
【分析】 ACD.当A管内液面保持不变时，玻璃球内的气压等于外界大气压强和A内液柱的压强之和，即p内=p大气+p液柱，据此结合大气压强随高度和天气的变化规律分析判断；
B.上端开口、底部连通的容器叫连通器。
4．【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】AB．锋利的刀刃和吸管的一端剪成斜口，都是通过减小受力面积来增大压强，故AB不符合题意；
C．压路机碾子质量很大，是通过增大压力来增大压强，故C不符合题意；
D．在铁轨下面铺设枕木，是通过增大受力面积来减小压强，故D符合题意。
故选D。
【分析】减小压强的方法：减小压力和增大受力面积，据此分析判断即可。
5．【答案】C
【知识点】牛顿第一定律；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．根据流体压强和流速的关系可知，靠近运行磁悬浮列车的一侧空气流速大压强小，乘客靠近列车时，外侧的大气压会把乘客压向列车，因此站台处设置安全线，故A错误；
B．根据牛顿第一定律可知，若磁悬浮列车在运动过程中所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态不变，即做匀速直线运动，故B错误；
C．根据磁悬浮列车的工作场景可知，磁悬浮列车能够悬浮在轨道上运动，这是通过分离接触面减小摩擦，故C正确；
D．车厢座椅用软质材料包裹，不能减小压力，但是可以通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选C。
【分析】 A.根据流体压强和流速的关系分析；
B.根据牛顿第一定律的内容分析；
C.减小摩擦力的方式有：滑动变滚动、减小压力、减小接触面粗糙程度、使物体与接触面分离；
D.减小压强的方法：增大受力面积或减小压力。
6．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．根据题意可知，当铁球从斜面滚下时，铁球的质量不变，速度增大，则动能增大；高度降低，则球的重力势能减小，因此将重力势能转化为动能，故A错误；
B．将磁铁靠近铁球上，铁球受到的吸引力与运动方向相同，铁球不改变运动方向，做直线运动，故B正确；
C．铁球在水平桌面上运动时，除了受到磁铁的作用力，还受到重力、支持力和摩擦力的作用，故C错误；
D．根据图片可知，铁球在水平桌面上的运动轨迹为曲线，即磁铁对铁球的吸引力改变了铁球的运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选B。
【分析】 A．动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，据此比较动能和重力势能的大小变化即可；
B．力的方向与运动方向相同时，物体做直线运动；
C．对水平桌面上的铁球进行受力分析即可；
D．速度的大小改变或运动方向改变，都属于改变物体的运动状态。
7．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；牛顿第一定律；阻力对物体运动影响的探究实验；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．在实验中，无法模拟物体不受力的情况，因此只能在现有结论的接触上进行科学推测，从而得到牛顿第一定律是，即此实验现象不能直接验证牛顿第一定律，故A错误；
B．小车在水平面上受到的阻力与接触面的粗糙程度有关，即小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行时，受到的阻力不同，运动速度减小的快慢不同，所以小车滑行的距离不同，故B错误；
C．小车在水平木板上运动时，水平木板表面越粗糙，所受的摩擦力越大，故C正确；
D．小车到达水平面上的动能大小只与它在斜面上的高度有关，与水平木板的粗糙程度无关，故D错误。
故选C。
【分析】 A．牛顿第一定律是依靠大量的实验验证，然后通过科学推理得到的；
B．小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行时，受到的阻力不同，运动速度减小的快慢不同；
C．水平木板表面越粗糙，所受的摩擦力越大；
D．小车的质量不变，小车下滑的高度不变，则小车在斜面上的重力势能相同，物体从斜面滑到粗糙水平木板上，重力势能转化为动能，则动能大小相同。
8．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．筷子在使用过程中，虎口的位置为支点，阻力作用在筷子尖端，食指施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B．食品夹在使用过程中，两个夹片相连的位置为支点，阻力作用在尖端，食指施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不符合题意；
C．核桃夹在使用过程中，转轴为支点，核桃施加阻力，手施加动力，此时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C符合题意；
D．船桨在使用过程中，与船身相连的位置为支点，阻力作用在桨头上，手施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．【答案】D
【知识点】匀速直线运动特点；惯性及其现象；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，小明在100米决赛中会经历加速、匀速和减速的过程，即从起跑到终点速度大小发生了改变，所以做的是变速运动，故A错误；
B．静止在地面上的铅球，所受重力与支持力作用在同一物体上，同一直线上，大小相等，方向相反，则二者为一对平衡力，而不是相互作用力，故B错误；
C． 投出去的篮球在空中飞行过程中， 手不再对篮球有力的作用，所以离开手后就未对篮球做功，故C错误；
D．小军通过拍打窗帘时，窗帘受力由静止变为运动，而灰尘由于惯性保持原来的静止状态，因此灰尘从窗帘上掉落，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据百米赛跑的运动过程分析；
B.相互作用力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一直线和不同物体上；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
10．【答案】B
【知识点】力的作用效果；弹力；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．当毽子静止在手上时，则它处于平衡状态，即重力和支持力的方向相反，那么哪吒对毽子的托力竖直向上，毽子的重力竖直向下，故A错误；
B．毽子由静止变运动，则它的速度变大，所以运动状态发生了改变，故B正确；
C．惯性是物体自身的属性，而不是力的作用，故C错误；
D．为了使踢毽子时受力时改变形状，而撤去外力后恢复形状，应该使用具有弹性的材料制作毽子，故D错误。
故选B。
【分析】A.二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
B.运动状态的改变包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
C.一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；
D.具有弹性的材料更容易恢复原来的形状。
11．【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，在0~10s内，汽车的速度随时间变化的图像是一条曲线，即汽车的速度不断发生改变，那么汽车做加速运动，故A错误；
B．当汽车匀速行驶时，它处于平衡状态，即牵引力和阻力大小相等，方向相反。因为阻力f=4000N，因此牵引力大小F=f=4000N，故B正确；
C．根据图片可知，汽车匀速直线行驶时的速度为15m/s，则汽车匀速行驶时的功率为，故C错误；
D．根据题意可知， 该车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动， 则汽车的功率不变，那么在0~10s内汽车发动机牵引力所做的功为，故D错误。
故选B。
【分析】 A根据图像形状分析0～10s内汽车的运动状态；
B．根据平衡力的知识计算匀速行驶时的牵引力大小；
C．根据P=Fv得出汽车匀速行驶时的功率；
D．汽车的功率不变，根据W=Pt得出在0～10s内汽车发动机牵引力所做的功。
12．【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，浸没在水中的木块处于静止状态，那么它受力平衡，即向上的浮力和拉力与向下的重力大小相等。
木块的重力；
则木块受到的浮力为，
故A错误；
BD．综上所述，木块浸没时受到的浮力为4N，而木块的重力为3N，则此时浮力大于重力，那么剪断细线后木块上浮，最终漂浮在水面上，故B错误，D正确；
C．剪断细线后，木块上浮，则木块排开水的体积减小，因此水面会降低，即木块底部所处的深度减小。由液体压强公式可知，水对木块底部的压强变小，故C错误。
故选D。
【分析】A．对木块进行受力分析，根据平衡力的知识计算木块受到的浮力；
BD．比较木块受到的浮力和重力大小，根据浮沉条件判断木块的状态；
C．剪断细线后，木块上浮，根据木块排开水的体积变化确定容器内水的深度变化，由p=ρgh可知水对木块底部的压强变化。
13．【答案】相互；增大
【知识点】势能的影响因素；力作用的相互性；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）“水火箭”向下喷水时，对水施加一个向下的力，同时水对 “水火箭” 施加一个向上的力，使 “水火箭” 获得升空动力，这是因为物体间力的作用是相互的。
（2）“水火箭” 升空过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大。
【分析】（1）根据力的作用的相互性解答；
（2） 重力势能与物体的质量和高度有关。
14．【答案】2；
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；压力差法测浮力
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当物体浸没水中时测力计的示数为3.4N。根据平衡力的知识可知，物体受到水的浮力。
（2）根据公式可得，物体排开水的体积
；
物体处于浸没状态，即V物=V排，所以物体的体积V物=2×10-4m3。
【分析】（1）根据平衡力的知识计算物体受到水的浮力；
（2）首先根据阿基米德原理计算物体排开水的体积，然后根据浸没时V物=V排计算物体的体积。
15．【答案】增大；右
【知识点】增大或减小摩擦的方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）常见塑料瓶的瓶盖上设计竖条纹，是通过增加接触面的粗糙程度增大摩擦，使得拧动瓶盖更加容易。
（2）根据图片可知，当用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气时，此时塑料瓶右侧空气流速大，压强小；而塑料瓶左侧空气流速相对较小，压强大。在左右两侧压强差的作用下，塑料瓶会受到一个向右的压力，所以会看到瓶子向右运动。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
（2） 根据流体压强与流速的关系可知，流体流速越大的地方，压强越小。
16．【答案】改变力的方向；平衡；1
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力及其大小的计算；探究二力平衡的条件；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）重力产生的拉力方向竖直向下，而在桌角放置定滑轮，可以使其拉力方向变为水平，因此定滑轮的作用是改变力的方向。
（2）根据题意可知，左右两侧钩码质量均为100g，根据F=G=mg可知，左右两侧对塑料片的拉力大小相等。左边的拉力向左，右边的拉力向右，则二者方向相反、作用在同一直线上，所以M处于平衡状态。
（3）弹簧测力计的示数等于挂钩所受的拉力。由于一侧钩码的重力为
所以弹簧测力计示数为1N。
【分析】（1）根据定滑轮的特点解答；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
（3）弹簧测力计的示数等于挂钩所受的拉力，根据F=G=mg计算即可。
17．【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，灯笼的重力作用在重心上，方向竖直向下，如下图所示：
（2）根据题意可知，杠杆的重力作用在O'点，方向竖直向下过重心O'向下画一条线段表示重力。从支点O向重力作用线作垂线段即为力臂l，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）首先画一条线段表示重力，然后从支点作重力作用线的垂线即可。
（1）重力作用点在重心位置，方向竖直向下，过重心O做竖直向下的带箭头的直线表示重力，并在箭头旁标注符号G，如图所示
（2）重力的方向竖直向下，过重心O作重力示意图。从支点O向重力作用线作垂线段即为力臂l，如图所示
18．【答案】（1）速度
（2）B
（3）A
（4）匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物体运动状态的变化；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该实验中只有一个钢球，即应该控制钢球的质量相同，通过改变钢球下滑的高度，从而改变钢球到达水平面的速度，来探究的是物体动能的大小与物体速度的关系。
（2）钢球从斜面上滚下，撞击水平面上的木块。木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，那么钢球的动能越大，因此本食盐探究的是钢球B的动能。
（3）该实验中，木块移动的距离越大，则钢球动能越大，即通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法。
A．研究压力的作用效果时，用海绵的凹陷程度来表示压力的作用效果大小，采用转换法，故A符合题意；
B．探究滑动摩擦力与压力关系，保持接触面粗糙程度不变，改变压力，即采用控制变量法，故B不符合题意。
故选A。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块不受阻力，那么木块的速度将不会减小，因此将做匀速直线运动。
【分析】 （1）动能与质量和速度有关，根据图片信息判断控制不变的因素和改变的因素即可。
（2）钢球从斜面上滚下，撞击水平面上的木块。木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，那么钢球的动能越大，据此分析解答；
（3）该实验通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法，分析选项中使用的物理研究方法即可。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则木块的速度将保持不变，据此推测木块的运动状态。
（1）该实验无法改变钢球的质量，无法探究物体动能的大小与物体质量的关系；但可以通过改变钢球下滑的高度，改变钢球到达水平面的速度，来探究的是物体动能的大小与物体速度的关系。
（2）该实验探究的物体为钢球，通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，探究的是钢球，即物体B的动能。
（3）该实验是通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法。
A．研究压力的作用效果时，无法直接看出压力的作用效果，用海绵的凹陷程度来表示，采用转换法，故A符合题意；
B．保持接触面粗糙程度不变，改变压力，探究滑动摩擦力与压力关系，采用控制变量法，故B不符合题意。
故选A。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块不受阻力，则速度不再变化，将做匀速直线运动。
19．【答案】（1）右
（2）1
（3）等于
（4）动力×动力臂=阻力×阻力臂
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端较轻，则应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）根据乙图可知，左侧4个钩码，每个钩码重0.5N，即，动力臂。右侧阻力臂，根据杠杆的平衡条件得到：；
解得：，即右侧物体重为1N。
（3）根据丙图可知，阻力臂为两个格，即，
拉力与竖直方向的夹角为60°，则动力臂；
比较可知，此时杠杆的动力臂等于阻力臂。
（4）通过多次实验，然后分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，总结归纳得出杠杆的平衡条件是：动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂（或 ）。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据杠杆的平衡条件分析。
（3）由图丙计算出动力臂和阻力臂，然后相互比较大小后得出结论。
（4）根据杠杆的平衡条件解答。
（1）如图甲，杠杆左端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设杠杆每个格的长度为L，根据杠杆的平衡条件，左侧4个钩码，每个钩码重0.5N，即，动力臂，右侧阻力臂，则
解得，即右侧物体重为1N。
（3）由图丙可知，动力臂，阻力臂
即此时杠杆的动力臂等于阻力臂。
（4）通过多次实验，改变动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小，总结归纳得出杠杆的平衡条件是（或动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂）。
20．【答案】（1）红色
（2）不变
（3）深度
（4）不正确
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验中，玻璃管是无色透明的，如果液体也是无色透明的，那么不容易观察到液柱的高度变化。为使实验现象明显，U形管中的液体选择红色与环境进行对比，便于观察。
（2）根据液体压强的特点可知，同一液体同一深度向各个方向的压强都相等。在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，则探头上受到的液体的压强不变，那么U形管中的两侧液面差不变。
（3）根据图片可知，实验甲、乙中液体密度相同（都是水），探头在水中的深度越深，U形管两边的高度差越大，说明液体内部压强与液体深度有关。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强和液体密度的关系时，只改变液体密度，控制探头的深度相同。向丙图加注更浓的盐水，盐水的密度和探头在液体中深度都变大，没有控制探头在液体中深度不变，导致结论出错。
【分析】 （1）玻璃管是无色透明的，液体也是无色透明的，不容易观察液柱的变化；
（2）根据液体内部各个方向压强都相等分析；
（3）（4）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度进行分析。
（1）空气为无色，为使实验现象明显，U形管中的液体选择红色与环境进行对比，便于观察。
（2）同一液体同一深度，液体的压强相等，则在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，液体的压强不变，U形管中的两侧液面差不变。
（3）比较甲、乙两图可知，探头在水中的深度越深，U形管两边的高度差越大，表示液体压强越大，说明液体内部压强与液体深度有关。
（4）再向丙图加注更浓的盐水，发现U形管中的两侧液面差变大，说明此时探头处受到的液体压强变大，盐水的密度变大，探头在液体中深度变大，没有控制探头在液体中深度不变，导致结论出错。
21．【答案】（1）动
（2）解：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
根据可知，该滑轮的重力。
（3）解：根据题意可知，货物上升高度，
则绳子自由端移动了，
那么拉力F做的功。
（4）解：根据题意可知，物体的重力为30N，向上移动4m，
则拉力作的有用功
那么机械效率。
【知识点】动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该滑轮随物体一起上下移动，为动滑轮。
【分析】（1）滑轮和物体一起移动的是动滑轮，轴固定不动的滑轮是定滑轮，；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，再根据求出滑轮的重力；
（3）根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力F做的功；
（4）根据W有=Gh求出拉力F做的有用功，利用求出装置的机械效率。
（1）观察可知，该滑轮随物体一起上升，所以图示滑轮为动滑轮。
（2）拉力，物体重力，动滑轮上有2端绳子，滑轮的重力
（3）货物上升高度，绳子自由端移动了
拉力F做的功
（4）有用功
机械效率
22．【答案】（1）解：根据题意可知，木块的质量为0.6kg，则木块受到的重力为。
（2）解：根据漂浮条件可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，
即。
（3）解：根据F浮力=F下-F上可知，水对木块底面的压力；
根据V=a3得到：；
解得：a=0.1m；
那么木块的底面积S=a2=（0.1m）2=0.01m2；
水对木块底面的压强。
（4）解：容器对水平桌面的压力等于容器、水和木块的总重力，
即F=G总=G+G木块=6N+4kg×10N/kg=46N；
此时容器对水平桌面的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算木块的重力；
（2）木块漂浮时，其受到的浮力等于自身的重力；
（3）由浮力产生的原因可知水对木块底面的压力，然后根据体积公式V=a3可求出其边长，根据S=a2求出木块的底面积，再根据计算水对木块底面的压强；（4）容器对水平桌面的压力等于容器中水和木块的总重力，根据计算容器对水平桌面的压强。
（1）木块受到的重力为
（2）根据题意可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，即
（3）根据浮力产生的原因可知，水对木块底面的压力
木块的边长为
水对木块底面的压强
（4）根据可知，此时容器对水平桌面的压强为
1 / 1湖南省娄底市涟源市2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
一、选择题（本题共36分。每小题给出的选项中，只有一个是正确的，每小题选对得3分，错选或未选的得0分）
1．（2025八下·涟源期末）压强的单位是（　　）
A．牛顿（N） B．帕斯卡（Pa）
C．焦耳（J） D．瓦特（W）
【答案】B
【知识点】压强
【解析】【解答】在物理学上，为了纪念物理学家帕斯卡对物理学做出的突出成就，用他的名字作为压强的国际单位，即压强的单位为帕斯卡，用字母Pa表示，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据常见物理量单位的知识判断。
2．（2025八下·涟源期末）下列选项中，与大气压作用有关的是（　　）
A．弹簧测力计 B．吸盘式挂钩 C．篆刻刀 D．推土机
【答案】B
【知识点】弹簧测力计及其使用；增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．弹簧测力计测力的原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比，与大气压无关，故A不合题意；
B．把吸盘紧压在光滑的墙上，吸盘内的气压小于大气压强，则大气压强将吸盘紧压在了墙上，故B符合题意；
C．篆刻刀的刀刃很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D．推土机是通过使用履带增大受力面积减小对地面压强，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据弹簧测力计的工作原理判断；
B.根据大气压强的知识分析吸盘式挂钩的工作原理；
C.增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；
D.减小压强的方法：增大受力面积和减小压力。
3．（2025八下·涟源期末）如图所示的“天气预报瓶”是央视《大风车》栏目的创意新品，A玻璃管与大气相通，B为密闭的玻璃球，A与B下部连通。当A管液面明显上升时，往往转为阴雨天气。下列说法正确的是（　　）
A．A管液面上升时，显示大气压增大
B．A管和B球组成一个连通器
C．天气预报瓶从山脚移到山顶，A管液面下降
D．阴雨天气，外界气压会减小
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】AD．根据题意可知，当A管内液面保持不变时，玻璃球内的气压等于外界大气压强和A内液柱的压强之和。由于球内气压不变，当A管液面明显上升时，液柱的压强增大，则外界大气压变小，此时天气为阴雨天气，故A错误，D正确；
B．根据图片可知，A和B底部连通，但是上面只有A管开口，而B球是密闭的，因此A管和B球没有组成连通器，故B错误；
C．天气预报瓶从山脚移到山顶，外界大气压强减小，根据瓶内气压不变可知，此时A管内液柱压强增大，所以A管液面将上升，故C错误。
故选D。
【分析】 ACD.当A管内液面保持不变时，玻璃球内的气压等于外界大气压强和A内液柱的压强之和，即p内=p大气+p液柱，据此结合大气压强随高度和天气的变化规律分析判断；
B.上端开口、底部连通的容器叫连通器。
4．（2025八下·涟源期末）下列设计中，是为了减小压强的是（　　）
A．锋利的刀刃
B．吸管的一端剪成斜口
C．压路机的碾子质量很大
D．铁轨下面铺放枕木
【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】AB．锋利的刀刃和吸管的一端剪成斜口，都是通过减小受力面积来增大压强，故AB不符合题意；
C．压路机碾子质量很大，是通过增大压力来增大压强，故C不符合题意；
D．在铁轨下面铺设枕木，是通过增大受力面积来减小压强，故D符合题意。
故选D。
【分析】减小压强的方法：减小压力和增大受力面积，据此分析判断即可。
5．（2025八下·涟源期末）我国磁悬浮列车技术处于世界领先地位。下列说法正确的是（　　）
A．靠近运行磁悬浮列车的一侧空气流速大压强大，因此站台处设置安全线
B．若磁悬浮列车在运动过程中所受的力全部消失，它会慢慢停下来
C．磁悬浮列车通过分离接触面，从而减小摩擦
D．车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大受力面积，减小压力
【答案】C
【知识点】牛顿第一定律；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．根据流体压强和流速的关系可知，靠近运行磁悬浮列车的一侧空气流速大压强小，乘客靠近列车时，外侧的大气压会把乘客压向列车，因此站台处设置安全线，故A错误；
B．根据牛顿第一定律可知，若磁悬浮列车在运动过程中所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态不变，即做匀速直线运动，故B错误；
C．根据磁悬浮列车的工作场景可知，磁悬浮列车能够悬浮在轨道上运动，这是通过分离接触面减小摩擦，故C正确；
D．车厢座椅用软质材料包裹，不能减小压力，但是可以通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选C。
【分析】 A.根据流体压强和流速的关系分析；
B.根据牛顿第一定律的内容分析；
C.减小摩擦力的方式有：滑动变滚动、减小压力、减小接触面粗糙程度、使物体与接触面分离；
D.减小压强的方法：增大受力面积或减小压力。
6．（2025八下·涟源期末）如图所示是物理爱好者小明同学在实验时观察到的情景，下列分析正确的是（　　）
A．铁球从斜面滚下动能转化为重力势能
B．将磁铁放置在铁球的运动方向，铁球做直线运动
C．铁球在水平桌面上运动时，只受到磁铁的作用力
D．铁球在水平桌面上的运动轨迹，说明力可以改变物体的形状
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．根据题意可知，当铁球从斜面滚下时，铁球的质量不变，速度增大，则动能增大；高度降低，则球的重力势能减小，因此将重力势能转化为动能，故A错误；
B．将磁铁靠近铁球上，铁球受到的吸引力与运动方向相同，铁球不改变运动方向，做直线运动，故B正确；
C．铁球在水平桌面上运动时，除了受到磁铁的作用力，还受到重力、支持力和摩擦力的作用，故C错误；
D．根据图片可知，铁球在水平桌面上的运动轨迹为曲线，即磁铁对铁球的吸引力改变了铁球的运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选B。
【分析】 A．动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，据此比较动能和重力势能的大小变化即可；
B．力的方向与运动方向相同时，物体做直线运动；
C．对水平桌面上的铁球进行受力分析即可；
D．速度的大小改变或运动方向改变，都属于改变物体的运动状态。
7．（2025八下·涟源期末）如图所示，探究“阻力对物体运动的影响”实验中，保持同一小车每次从斜面同一高度由静止滑到粗糙水平木板上，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）
A．此实验现象直接验证了牛顿第一定律
B．改变水平木板表面粗糙程度，小车滑行的距离相同
C．水平木板表面越粗糙，该小车在水平木板上运动时所受的摩擦力越大
D．若木板表面光滑，则物体从斜面滑到粗糙水平木板上的动能增大
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；牛顿第一定律；阻力对物体运动影响的探究实验；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．在实验中，无法模拟物体不受力的情况，因此只能在现有结论的接触上进行科学推测，从而得到牛顿第一定律是，即此实验现象不能直接验证牛顿第一定律，故A错误；
B．小车在水平面上受到的阻力与接触面的粗糙程度有关，即小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行时，受到的阻力不同，运动速度减小的快慢不同，所以小车滑行的距离不同，故B错误；
C．小车在水平木板上运动时，水平木板表面越粗糙，所受的摩擦力越大，故C正确；
D．小车到达水平面上的动能大小只与它在斜面上的高度有关，与水平木板的粗糙程度无关，故D错误。
故选C。
【分析】 A．牛顿第一定律是依靠大量的实验验证，然后通过科学推理得到的；
B．小车在粗糙程度不同的水平木板表面滑行时，受到的阻力不同，运动速度减小的快慢不同；
C．水平木板表面越粗糙，所受的摩擦力越大；
D．小车的质量不变，小车下滑的高度不变，则小车在斜面上的重力势能相同，物体从斜面滑到粗糙水平木板上，重力势能转化为动能，则动能大小相同。
8．（2025八下·涟源期末）如图所示的简单机械，使用过程中省力的是（　　）
A．筷子 B．食品夹
C．核桃夹 D．船桨
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．筷子在使用过程中，虎口的位置为支点，阻力作用在筷子尖端，食指施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B．食品夹在使用过程中，两个夹片相连的位置为支点，阻力作用在尖端，食指施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不符合题意；
C．核桃夹在使用过程中，转轴为支点，核桃施加阻力，手施加动力，此时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C符合题意；
D．船桨在使用过程中，与船身相连的位置为支点，阻力作用在桨头上，手施加动力，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．（2025八下·涟源期末）处处留心皆学问，发现生活和学习中蕴含丰富的物理知识。下列分析正确的是（　　）
A．小明在学校100米决赛中从起跑到终点做匀速直线运动
B．静止在地面上的铅球，所受重力与支持力是一对相互作用力
C．投出去的篮球在空中飞行过程中，手的推力一直在对篮球做功
D．小军通过拍打窗帘清除其上面的灰尘是利用惯性
【答案】D
【知识点】匀速直线运动特点；惯性及其现象；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，小明在100米决赛中会经历加速、匀速和减速的过程，即从起跑到终点速度大小发生了改变，所以做的是变速运动，故A错误；
B．静止在地面上的铅球，所受重力与支持力作用在同一物体上，同一直线上，大小相等，方向相反，则二者为一对平衡力，而不是相互作用力，故B错误；
C． 投出去的篮球在空中飞行过程中， 手不再对篮球有力的作用，所以离开手后就未对篮球做功，故C错误；
D．小军通过拍打窗帘时，窗帘受力由静止变为运动，而灰尘由于惯性保持原来的静止状态，因此灰尘从窗帘上掉落，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据百米赛跑的运动过程分析；
B.相互作用力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一直线和不同物体上；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
10．（2025八下·涟源期末）中国动漫《哪吒之魔童闹海》创造了中国电影史上首部全亚洲票房过百亿的影片，并创造了全球单一电影市场至高票房纪录！如图所示，关于电影中哪吒与父亲李靖踢毽子过程中，涉及到的物理知识说法正确的是（　　）
A．图示中哪吒对毽子的托力与毽子的重力大小相等，方向相同
B．毽子由静止变运动，运动状态发生了改变
C．飞在空中的毽子受到惯性力的作用
D．制作毽子的材料不应该具有弹性
【答案】B
【知识点】力的作用效果；弹力；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．当毽子静止在手上时，则它处于平衡状态，即重力和支持力的方向相反，那么哪吒对毽子的托力竖直向上，毽子的重力竖直向下，故A错误；
B．毽子由静止变运动，则它的速度变大，所以运动状态发生了改变，故B正确；
C．惯性是物体自身的属性，而不是力的作用，故C错误；
D．为了使踢毽子时受力时改变形状，而撤去外力后恢复形状，应该使用具有弹性的材料制作毽子，故D错误。
故选B。
【分析】A.二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
B.运动状态的改变包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
C.一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；
D.具有弹性的材料更容易恢复原来的形状。
11．（2025八下·涟源期末）一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如图所示，汽车在匀速行驶过程中所受阻力不变，大小为，在第10s时速度达到15m/s，通过的路程为80m，下列说法正确的是（　　）
A．在0~10s内汽车做匀速直线运动
B．汽车匀速行驶时牵引力大小为4000N
C．汽车匀速行驶时的功率为
D．在0~10s内汽车发动机牵引力所做的功为
【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，在0~10s内，汽车的速度随时间变化的图像是一条曲线，即汽车的速度不断发生改变，那么汽车做加速运动，故A错误；
B．当汽车匀速行驶时，它处于平衡状态，即牵引力和阻力大小相等，方向相反。因为阻力f=4000N，因此牵引力大小F=f=4000N，故B正确；
C．根据图片可知，汽车匀速直线行驶时的速度为15m/s，则汽车匀速行驶时的功率为，故C错误；
D．根据题意可知， 该车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动， 则汽车的功率不变，那么在0~10s内汽车发动机牵引力所做的功为，故D错误。
故选B。
【分析】 A根据图像形状分析0～10s内汽车的运动状态；
B．根据平衡力的知识计算匀速行驶时的牵引力大小；
C．根据P=Fv得出汽车匀速行驶时的功率；
D．汽车的功率不变，根据W=Pt得出在0～10s内汽车发动机牵引力所做的功。
12．（2025八下·涟源期末）如图所示，用细线将质量为300g的木块系住，使木块浸没在水中，当木块静止时细线对木块的拉力为1N，下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的浮力为3N
B．剪断细线后木块下沉
C．剪断细线后，水对木块底部的压强变大
D．最终木块处于漂浮状态
【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，浸没在水中的木块处于静止状态，那么它受力平衡，即向上的浮力和拉力与向下的重力大小相等。
木块的重力；
则木块受到的浮力为，
故A错误；
BD．综上所述，木块浸没时受到的浮力为4N，而木块的重力为3N，则此时浮力大于重力，那么剪断细线后木块上浮，最终漂浮在水面上，故B错误，D正确；
C．剪断细线后，木块上浮，则木块排开水的体积减小，因此水面会降低，即木块底部所处的深度减小。由液体压强公式可知，水对木块底部的压强变小，故C错误。
故选D。
【分析】A．对木块进行受力分析，根据平衡力的知识计算木块受到的浮力；
BD．比较木块受到的浮力和重力大小，根据浮沉条件判断木块的状态；
C．剪断细线后，木块上浮，根据木块排开水的体积变化确定容器内水的深度变化，由p=ρgh可知水对木块底部的压强变化。
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共18分）
13．（2025八下·涟源期末）在综合实践活动中，小明用塑料瓶自制了“水火箭”（如图所示）。发射时，“水火箭”向下喷水从而获得升空的动力，利用了物体间力的作用是　 　的；“水火箭”升空过程，重力势能　 　。（选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】相互；增大
【知识点】势能的影响因素；力作用的相互性；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）“水火箭”向下喷水时，对水施加一个向下的力，同时水对 “水火箭” 施加一个向上的力，使 “水火箭” 获得升空动力，这是因为物体间力的作用是相互的。
（2）“水火箭” 升空过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大。
【分析】（1）根据力的作用的相互性解答；
（2） 重力势能与物体的质量和高度有关。
14．（2025八下·涟源期末）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为　 　N，物体的体积为　 　m3。（水=1.0×103kg/m3）
【答案】2；
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；压力差法测浮力
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当物体浸没水中时测力计的示数为3.4N。根据平衡力的知识可知，物体受到水的浮力。
（2）根据公式可得，物体排开水的体积
；
物体处于浸没状态，即V物=V排，所以物体的体积V物=2×10-4m3。
【分析】（1）根据平衡力的知识计算物体受到水的浮力；
（2）首先根据阿基米德原理计算物体排开水的体积，然后根据浸没时V物=V排计算物体的体积。
15．（2025八下·涟源期末）如图1是生活中常见的塑料瓶，瓶盖上的竖条纹是为了　 　摩擦；如图2，把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，会看到瓶子向　 　运动。
【答案】增大；右
【知识点】增大或减小摩擦的方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）常见塑料瓶的瓶盖上设计竖条纹，是通过增加接触面的粗糙程度增大摩擦，使得拧动瓶盖更加容易。
（2）根据图片可知，当用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气时，此时塑料瓶右侧空气流速大，压强小；而塑料瓶左侧空气流速相对较小，压强大。在左右两侧压强差的作用下，塑料瓶会受到一个向右的压力，所以会看到瓶子向右运动。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
（2） 根据流体压强与流速的关系可知，流体流速越大的地方，压强越小。
16．（2025八下·涟源期末）用如图所示装置探究二力平衡条件的实验中，M为一轻薄塑料片，钩码均为100g，不计绳重及摩擦（g取），则滑轮的作用　 　；M处于　 　状态。若M换为弹簧测力计，则其示数为　 　N。
【答案】改变力的方向；平衡；1
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力及其大小的计算；探究二力平衡的条件；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）重力产生的拉力方向竖直向下，而在桌角放置定滑轮，可以使其拉力方向变为水平，因此定滑轮的作用是改变力的方向。
（2）根据题意可知，左右两侧钩码质量均为100g，根据F=G=mg可知，左右两侧对塑料片的拉力大小相等。左边的拉力向左，右边的拉力向右，则二者方向相反、作用在同一直线上，所以M处于平衡状态。
（3）弹簧测力计的示数等于挂钩所受的拉力。由于一侧钩码的重力为
所以弹簧测力计示数为1N。
【分析】（1）根据定滑轮的特点解答；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
（3）弹簧测力计的示数等于挂钩所受的拉力，根据F=G=mg计算即可。
三、作图与实验探究题（本大题共4小题，17题4分，其余每空2分，共28分）
17．（2025八下·涟源期末）（1）请画出图中灯笼所受重力G的示意图（重心在O点）。
（2）请在图中画出木棒此时所受重力的力臂（O点为转轴，O'点为木棒的重心）。
【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，灯笼的重力作用在重心上，方向竖直向下，如下图所示：
（2）根据题意可知，杠杆的重力作用在O'点，方向竖直向下过重心O'向下画一条线段表示重力。从支点O向重力作用线作垂线段即为力臂l，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）首先画一条线段表示重力，然后从支点作重力作用线的垂线即可。
（1）重力作用点在重心位置，方向竖直向下，过重心O做竖直向下的带箭头的直线表示重力，并在箭头旁标注符号G，如图所示
（2）重力的方向竖直向下，过重心O作重力示意图。从支点O向重力作用线作垂线段即为力臂l，如图所示
18．（2025八下·涟源期末）用如下图所示的器材来探究钢球动能与哪些因素有关的实验，请回答：
（1）该实验要探究的是物体动能的大小与物体　 　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（2）该实验中物体的动能是指物体　 　（选填“A”或“B”）的动能。
（3）该实验是通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，这种研究方法与下面哪种方法相同（选填A或B）_______。
A．研究压力的作用效果时，用海绵的凹陷程度来表示
B．保持接触面粗糙程度不变，改变压力，探究滑动摩擦力与压力关系
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块将做　 　运动。
【答案】（1）速度
（2）B
（3）A
（4）匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物体运动状态的变化；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该实验中只有一个钢球，即应该控制钢球的质量相同，通过改变钢球下滑的高度，从而改变钢球到达水平面的速度，来探究的是物体动能的大小与物体速度的关系。
（2）钢球从斜面上滚下，撞击水平面上的木块。木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，那么钢球的动能越大，因此本食盐探究的是钢球B的动能。
（3）该实验中，木块移动的距离越大，则钢球动能越大，即通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法。
A．研究压力的作用效果时，用海绵的凹陷程度来表示压力的作用效果大小，采用转换法，故A符合题意；
B．探究滑动摩擦力与压力关系，保持接触面粗糙程度不变，改变压力，即采用控制变量法，故B不符合题意。
故选A。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块不受阻力，那么木块的速度将不会减小，因此将做匀速直线运动。
【分析】 （1）动能与质量和速度有关，根据图片信息判断控制不变的因素和改变的因素即可。
（2）钢球从斜面上滚下，撞击水平面上的木块。木块移动的距离越大，则克服摩擦做功越多，那么钢球的动能越大，据此分析解答；
（3）该实验通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法，分析选项中使用的物理研究方法即可。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则木块的速度将保持不变，据此推测木块的运动状态。
（1）该实验无法改变钢球的质量，无法探究物体动能的大小与物体质量的关系；但可以通过改变钢球下滑的高度，改变钢球到达水平面的速度，来探究的是物体动能的大小与物体速度的关系。
（2）该实验探究的物体为钢球，通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，探究的是钢球，即物体B的动能。
（3）该实验是通过木块被撞的远近反映B球到达水平面的动能大小，采用转换法。
A．研究压力的作用效果时，无法直接看出压力的作用效果，用海绵的凹陷程度来表示，采用转换法，故A符合题意；
B．保持接触面粗糙程度不变，改变压力，探究滑动摩擦力与压力关系，采用控制变量法，故B不符合题意。
故选A。
（4）若水平面绝对光滑且足够长，则被撞木块不受阻力，则速度不再变化，将做匀速直线运动。
19．（2025八下·涟源期末）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小叶同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，已知每个钩码重0.5N。
（1）要使如图甲示杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）小叶同学完成一次操作后，实验现象如图乙所示。则右侧物体重　 　N。
（3）小叶与同学又将实验改装成图丙，在A处正下方悬挂一石块，B处施加一个与竖直方向夹角为60°的拉力，杠杆恰好在水平位置平衡，此时杠杆的动力臂　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）阻力臂。
（4）通过多次实验结果表明，杠杆的平衡条件是：　 　。
【答案】（1）右
（2）1
（3）等于
（4）动力×动力臂=阻力×阻力臂
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端较轻，则应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）根据乙图可知，左侧4个钩码，每个钩码重0.5N，即，动力臂。右侧阻力臂，根据杠杆的平衡条件得到：；
解得：，即右侧物体重为1N。
（3）根据丙图可知，阻力臂为两个格，即，
拉力与竖直方向的夹角为60°，则动力臂；
比较可知，此时杠杆的动力臂等于阻力臂。
（4）通过多次实验，然后分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，总结归纳得出杠杆的平衡条件是：动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂（或 ）。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据杠杆的平衡条件分析。
（3）由图丙计算出动力臂和阻力臂，然后相互比较大小后得出结论。
（4）根据杠杆的平衡条件解答。
（1）如图甲，杠杆左端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设杠杆每个格的长度为L，根据杠杆的平衡条件，左侧4个钩码，每个钩码重0.5N，即，动力臂，右侧阻力臂，则
解得，即右侧物体重为1N。
（3）由图丙可知，动力臂，阻力臂
即此时杠杆的动力臂等于阻力臂。
（4）通过多次实验，改变动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小，总结归纳得出杠杆的平衡条件是（或动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂）。
20．（2025八下·涟源期末）实验小组用如图的装置探究“液体内部压强与哪些因素有关”。
（1）为使实验现象明显，U形管中的液体选择　 　的更好（选填“红色”或“无色”）；
（2）在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，U形管中的两侧液面差　 　；
（3）比较甲、乙两图可知，液体内部压强与　 　有关。
（4）再向丙图加注更浓的盐水，发现U形管中的两侧液面差变大，便得出液体的密度越大，压强越大，你认为正确吗？　 　。
【答案】（1）红色
（2）不变
（3）深度
（4）不正确
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验中，玻璃管是无色透明的，如果液体也是无色透明的，那么不容易观察到液柱的高度变化。为使实验现象明显，U形管中的液体选择红色与环境进行对比，便于观察。
（2）根据液体压强的特点可知，同一液体同一深度向各个方向的压强都相等。在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，则探头上受到的液体的压强不变，那么U形管中的两侧液面差不变。
（3）根据图片可知，实验甲、乙中液体密度相同（都是水），探头在水中的深度越深，U形管两边的高度差越大，说明液体内部压强与液体深度有关。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强和液体密度的关系时，只改变液体密度，控制探头的深度相同。向丙图加注更浓的盐水，盐水的密度和探头在液体中深度都变大，没有控制探头在液体中深度不变，导致结论出错。
【分析】 （1）玻璃管是无色透明的，液体也是无色透明的，不容易观察液柱的变化；
（2）根据液体内部各个方向压强都相等分析；
（3）（4）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度进行分析。
（1）空气为无色，为使实验现象明显，U形管中的液体选择红色与环境进行对比，便于观察。
（2）同一液体同一深度，液体的压强相等，则在图甲中，固定探头在水中的深度不变，改变探头朝向，液体的压强不变，U形管中的两侧液面差不变。
（3）比较甲、乙两图可知，探头在水中的深度越深，U形管两边的高度差越大，表示液体压强越大，说明液体内部压强与液体深度有关。
（4）再向丙图加注更浓的盐水，发现U形管中的两侧液面差变大，说明此时探头处受到的液体压强变大，盐水的密度变大，探头在液体中深度变大，没有控制探头在液体中深度不变，导致结论出错。
四、计算题（本题共18分，其中21题8分，22题10分）
21．（2025八下·涟源期末）小明利用如图装置将重为的货物A提升4m运送到平台上，小明所用竖直向上拉力，忽略绳重和摩擦。
（1）图示所示滑轮为　 　滑轮；
（2）求滑轮的重力；
（3）求拉力F做的功；
（4）求装置的机械效率。
【答案】（1）动
（2）解：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
根据可知，该滑轮的重力。
（3）解：根据题意可知，货物上升高度，
则绳子自由端移动了，
那么拉力F做的功。
（4）解：根据题意可知，物体的重力为30N，向上移动4m，
则拉力作的有用功
那么机械效率。
【知识点】动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该滑轮随物体一起上下移动，为动滑轮。
【分析】（1）滑轮和物体一起移动的是动滑轮，轴固定不动的滑轮是定滑轮，；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，再根据求出滑轮的重力；
（3）根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力F做的功；
（4）根据W有=Gh求出拉力F做的有用功，利用求出装置的机械效率。
（1）观察可知，该滑轮随物体一起上升，所以图示滑轮为动滑轮。
（2）拉力，物体重力，动滑轮上有2端绳子，滑轮的重力
（3）货物上升高度，绳子自由端移动了
拉力F做的功
（4）有用功
机械效率
22．（2025八下·涟源期末）如图所示，水平桌面上的平底薄壁容器（重力忽略不计）底面积为，容器内盛有质量为4kg的水。一实心正方体木块漂浮在水面上，木块的质量为0.6kg，体积为。g取10N/kg，求：
（1）木块的重力；
（2）木块受到的浮力；
（3）水对木块底面的压强；
（4）容器对水平桌面的压强。
【答案】（1）解：根据题意可知，木块的质量为0.6kg，则木块受到的重力为。
（2）解：根据漂浮条件可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，
即。
（3）解：根据F浮力=F下-F上可知，水对木块底面的压力；
根据V=a3得到：；
解得：a=0.1m；
那么木块的底面积S=a2=（0.1m）2=0.01m2；
水对木块底面的压强。
（4）解：容器对水平桌面的压力等于容器、水和木块的总重力，
即F=G总=G+G木块=6N+4kg×10N/kg=46N；
此时容器对水平桌面的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算木块的重力；
（2）木块漂浮时，其受到的浮力等于自身的重力；
（3）由浮力产生的原因可知水对木块底面的压力，然后根据体积公式V=a3可求出其边长，根据S=a2求出木块的底面积，再根据计算水对木块底面的压强；（4）容器对水平桌面的压力等于容器中水和木块的总重力，根据计算容器对水平桌面的压强。
（1）木块受到的重力为
（2）根据题意可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，即
（3）根据浮力产生的原因可知，水对木块底面的压力
木块的边长为
水对木块底面的压强
（4）根据可知，此时容器对水平桌面的压强为
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