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广东省清远市连州市北山中学2025年中考一模物理试题
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1．（2025·连州模拟）如图是小明妈妈买的新手机，手机的宽度约为（　　）
A．7mm B．7cm C．7dm D．7nm
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据图片可知，手机的宽度率小于手的宽度，手的宽度约为10cm，所以手机的宽度为约为8cm，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的宽度为10cm。
2．（2025·连州模拟）以下光学仪器正常工作时成虚像的是（　　）
A．幻灯机 B．照相机 C．投影仪 D．平面镜
【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 解：幻灯机、投影仪成倒立、放大的实像，照相机成倒立缩小的实像，平面镜成正立等大的虚像，故ABC不合题意、D符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）凸透镜的成像特点及其应用原理：
①当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这一原理；
②当u=2f时，成倒立、等大的实像；
③当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪利用了这一原理；
④当u=f时，不成像；
⑤当u＜f时，成正立、放大的虚像，放大镜利用了这一原理；
（2）平面镜成等大的虚像。
3．（2025·连州模拟）“二十四节气”已经被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产，下列节气与雪形成的物态变化相同的是（　　）
A．谷雨 B．霜降 C．寒露 D．白露
【答案】B
【知识点】水的三态变化
【解析】【解答】A ：谷雨时节，通常是空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，不是凝华。故A错误；
B ：霜降时，是空气中的水蒸气直接变成固态的霜，属于凝华现象，和雪的形成物态变化相同。故B正确；
C ：寒露时主要是水蒸气液化形成小水珠。故C错误；
D ：也是水蒸气液化形成小水滴。故D错误；
综上所述，答案是B。
【分析】 首先明确雪形成的物态变化是凝华。判断它们所代表的节气中涉及的物态变化。“谷雨”主要是水蒸气液化；“霜降”是水蒸气凝华，与雪相同；“寒露”和“白露”也都是水蒸气液化。通过对比，排除与雪物态变化不同的。
4．（2025·连州模拟）“车辆转弯，请坐稳扶好！”公交车广告提醒乘客注意安全。如图所示，公交车上装有拉环，在车辆转弯时，站立的乘客要抓紧拉环，避免受到伤害。下列有关说法正确的是（　　）
A．坐稳扶好是为了防止惯性带来的伤害
B．拉环做得比较厚大是通过增大受力面积来增大压强
C．在公交车转弯时公交车受到平衡力
D．公交车向右急转弯时乘客将会向右倾倒
【答案】A
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 解：A、汽车行驶时汽车和人一起运动，汽车在急刹车或拐弯时，人由于惯性还要保持原来的运动状态，所以“坐稳扶好”是为了防止惯性对人体造成伤害，故A正确；
B、拉环做的比较厚大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C、公交车转弯时运动方向不断变化，处于非平衡状态，所以公交车受到非平衡力，故C错误；
D、行驶中的公交车向右急拐弯时，乘客由于惯性要保持原来的运动状态会左倾，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（3）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，处于非平衡状态的物体受到的力是非平衡力。
5．（2025·连州模拟）有一种声控玩具，只要对着它拍一下手，就会动起来。这种玩具所接受信号的能量是（　　）
A．电磁能 B．光能 C．机械能 D．化学能
【答案】C
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】A：拍手并不会直接产生电磁能，声控玩具工作与电磁能没有直接关联。故A错误；
B ：拍手过程中没有产生光能，声控玩具的启动也不是因为光能。故B错误；
C ：拍手时产生了振动，振动具有机械能，声控玩具能接收这种机械能并做出反应，从而动起来。故C错误；
D ：这里并没有涉及到化学能的转化或利用，与拍手让玩具动起来没有关系。故D错误。
综上所述，答案是C。
【分析】 首先 拍手产生声音，声音具有机械能 。电磁能与拍手行为不直接相关；光能不是拍手产生的；机械能符合拍手产生能量并使声控玩具启动的特点；化学能与该情境无关。
6．（2025·连州模拟）如图所示，试电笔上的各部件中，通常情况下，属于绝缘体的是（　　）
A．笔尖 B．笔壳 C．弹簧 D．笔卡
【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；测电笔的使用
【解析】【解答】 笔壳不容易导电，属于绝缘体；笔尖、弹簧、笔卡容易导电，是导体，B符合题意。
故选：B。
【分析】 容易导电的物体叫做导体，例如：石墨、人体、大地以及酸、碱、盐的水溶液；不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
7．（2025·连州模拟）如图甲所示是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图，其中R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图像如图丙所示。以下对该电路分析正确的是（　　）
A．体温越高，R的阻值越大 B．体温越低，电压表示数越大
C．体温越高，电压表示数越大 D．体温越低，R0消耗的功率越大
【答案】C
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABC．由图丙可知，红外线热敏电阻R的阻值随人体温度升高而减小，所以体温越高，阻值越小，由串联分压原理，热敏电阻的电压越小，R0两端的电压越大，即电压表示数越大，故C正确，AB错误；
D．当体温越低时，R的阻值越大，由可知，电路中的电流越小，由P=I2R0可知R0的电功率越小，故D错误。
故选C。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
二、填空题：本大题共8小题，共28分。
8．（2025·连州模拟） 吉他能发出声音是因为琴弦的　 　产生的，如果半夜还要弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在　 　（选填“声源处”、“传播途径”或“人耳处”）减弱噪声，防止“扰民”；我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的　 　（选填“响度”、“音调”或“音色”）。
【答案】振动；传播途径；音色
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）根据声音产生的知识解答；
（2）吉他能发出声音是因为琴弦的振动产生的，如果半夜还要弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在传播过程中减弱噪声，防止“扰民”；
（3）我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的音色
【分析】（1） 吉他能发出声音是因为琴弦的振动产生的；
（2）根据减弱噪声的途径和方法解答；
（3）声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
9．（2025·连州模拟）如图所示为四根高压输电线上的一个装置，它的作用是将四根导线　 　（选填“并联”或“串联”）起来了，这样做相当于增大了导线的　 　，从而　 　（选填“增大”或“减小”）了输电导线的电阻，这样就能大大减少输电线上电能的损失。
【答案】并联；横截面积；减小
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：（1）由图可知，装置的作用是将四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了；
（2）导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比。所以横截面积增大，导体的电阻减小。
故答案为：并联；横截面积；减小。【分析】（1）将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化；
（2）根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化。
10．（2025·连州模拟）吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做　 　运动； 煮粽子是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式增加了粽子的内能， 煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在　 　。
【答案】无规则；热传递；引力
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做无规则运动；
（2）煮粽子是通过热传递的方式增加了粽子的内能；
（3） 煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在引力。
【分析】（1）根据分子运动的知识解答；
（2）改变物体内能的方式：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移；
（3）根据分子之间存在引力分析解答。
11．（2025·连州模拟）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。
（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，使用它的好处是；
（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴， 可减小， 剪断物体更省力；
（3）如图丙，是用螺丝刀拧螺丝的情景。螺丝钉上螺纹（选填“密”或“疏”）一些的螺丝钉拧起来更省力。
【答案】（1）改变力的方向；（2）阻力臂；（3）密。
【知识点】杠杆的动态平衡分析；定滑轮及其工作特点；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】 （1）使用定滑轮的好处是可以改变力的方向。
（2）剪刀相当于一个杠杆，支点在剪刀的转动轴，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小阻力臂，剪断物体更省力。
（3）螺丝刀属轮轴，手柄粗一些的螺丝刀轮的直径更大，用起来更省力；螺丝钉上的螺纹相当于斜面，螺纹密一些的螺丝钉相当于增加了斜面的长度，拧起来更省力。
故答案为：（1）改变力的方向；（2）阻力臂；（3）密。
【分析】 （1）定滑轮的特点是可以改变力的方向。
（2）把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，因剪刀的转动轴是杠杆的支点，可减小阻力臂。
（3）螺丝刀属轮轴，手柄是属于轮的部分；螺丝钉上的螺纹相当于斜面，斜面越长越省力。
12．（2025·连州模拟）如图所示，弹簧下端挂一条形磁铁，磁铁下端为N极，条形磁铁的正下方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，电磁铁的上端为　 　极，弹簧长度会　 　（选填“增大”“减小”“不变”）；若想要让弹簧的长度缩短，应将滑动变阻器的滑片往　 　（“左”或“右”）滑。
【答案】N；减小；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：闭合开关后，电流从下端流入，根据安培定则，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所示的方向为N极，即电磁铁的上端为N极，由于磁铁下端为N极，根据同名磁极相互排斥，弹簧受到拉力变小，弹簧长度会减小。
因为磁铁与电磁铁相互排斥，若想要让弹簧的长度缩短，则电磁铁磁性应增强，电路中电流应变大，滑动变阻器接入阻值变小，故应将滑动变阻器的滑片往左滑。
故答案为：N；减小；左。
【分析】 影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数。
滑动变阻器滑片移动，如何引起电流的变化，如何影响电磁铁的磁性强弱，根据右手定则判断通电螺线管的极性。
13．（2025·连州模拟）如图所示是某养生壶的工作简化电路图，它有加热、保温两挡，加热挡额定功率为880W，R1、R2是电热丝（阻值不随温度的变化而变化），其中R2=550Ω。当开关S接b点时，养生壶处于　 　挡；养生壶加热挡正常工作时通过的电流为　 　 A；养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能为　 　 J。
【答案】加热；4；8000
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 解：由图可知，当开关S接a时，电路中R1和R2串联，总电阻最大，电压不变，根据公式可知，此时为保温挡；当开关S接b时，电路中只有R1，电压不变，根据公式可知，此时为加热挡；根据公式P=UI得，养生壶加热挡正常工作时通过的电流为；
根据公式可得：；
养生壶保温挡时，电路中R1和R2串联，养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能为：；
故答案为：加热；4；8000。
【分析】 由图可知，当开关S接a时，电路中R1和R2串联，总电阻最大，电压不变，根据公式可知，此时为保温挡；当开关S接b时，电路中只有R1，电压不变，根据公式可知，此时为加热挡；
根据计算养生壶加热挡正常工作时通过的电流；
养生壶保温挡时，电路中R1和R2串联，根据计算养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能。
14．（2025·连州模拟）如图所示，用40N的拉力将重为300N的物体匀速向左拉动0.2m，此时滑轮组的机械效率为75％，此过程中绳子自由端移动的距离为　 　m，物体与地面的摩擦力为　 　N；加速拉动物体，物体所受的摩擦力　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】0.6；90；不变
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】由图可知，n=3，自由端移动的距离为：s'=ns=3×0.2m=0.6m；
拉力做的总功为：W总=Fs'=40N×0.6m=24J，
根据可知，有用功为：W有=ηW总=75%×24J=18J，则物体与地面的摩擦力为：；
滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，而物体加速运动时，物体对地面的压力和接触面的粗糙程度均不变，因此物体受到的摩擦力不变。
故答案为：0.6；90；不变。
【分析】 （1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s'=ns求出自由端移动的距离；
（2）根据W总=Fs'求出拉力做的总功，利用求出有用功，根据W有=fs求出物体与地面的摩擦力；
（3）滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，据此分析物体加速运动时受到摩擦力的变化。
15．（2025·连州模拟）中国“天问一号”探测器到火星“上班”一年了，这一年她“拍”到了更详细更清晰的科学发现。
（1）携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”），此时以　 　为参照物，探测器是静止的；
（2）如图所示“天问一号”探测器在太空张开“翅膀”是为了接收　 　能，再把这种能转化为　 　能供探测器使用；
（3）“天问一号”探测器得到的图像和数据是通过　 　波传递到地球的，这种波的传播速度是　 　m/s，合　 　km/s。
【答案】（1）增大；火箭
（2）太阳；电
（3）电磁；3×108；3×105
【知识点】机械能及其转化；太阳能及其利用与转化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：（1）携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，所以机械能增大；以运载火箭为参照物，“天问一号”探测器与火箭之间没有位置的变化，是静止的；
（2）“天问一号”探测器在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以卫星在太空张开“翅膀”后获得的能源是太阳能，再把这种能转化为电能供探测器使用；
（3）太空是真空，真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，故探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的，电磁波在真空的传播速度为3×108m/s即3×105km/s。
故答案为：（1）增大；火箭；（2）太阳；电；（3）电磁；（4）3×108；3×105。
【分析】 （1）动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能和势能的和；在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；
（2）卫星在太空张开“翅膀”是太阳能电池板，所以是为了接收太阳能，再把这种能转化为电能；
（3）电磁波能传递信息，电磁波传播不需要介质，速度为3×108m/s。
（1）[1]火箭携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，所以机械能增大。
[2]以运载火箭为参照物，“天问一号”探测器与火箭之间没有位置的变化，是静止的。
（2）[1][2]“天问一号”探测器在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以卫星在太空张开“翅膀”后获得的能源是太阳能，再把这种能转化为电能供探测器使用。
（3）[1]太空是真空，电磁波可以在真空中传播，探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的。
[2][3]电磁波在真空的传播速度与真空中光速相同，为合。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
16．（2025·连州模拟）中国高铁闻名世界，在水平匀速直线行驶的高铁上，一枚硬币稳稳地立在水平窗台上，如图，请作出硬币受到力的示意图（O是重心，不考虑阻力）。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】硬币处于匀速运动状态，受到两个力的作用：重力G和支持力F支，根据二力平衡可知，二力大小相等、方向相反；过硬币的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F支表示，如图所示：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
17．（2025·连州模拟）根据图中小磁针静止时的指向，标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性（“＋”或“－”）。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用
【解析】【解答】 ①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
【分析】 ①根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
18．（2025·连州模拟）如图所示，从水中向空气中发出一条光线，折射光线为OA，OA又刚好射向凹透镜另一侧的虚焦点，请作出水中的入射光线和经过凹透镜后的折射光线。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，OA是折射光线，过折射点O画法线和水面垂直，水中的入射角小于空气中的折射角，在法线左侧的水中，画出入射光线；光线的延长线通过凹透镜的焦点，经凹透镜折射后，光线平行于主光轴，如图所示：
【分析】光线从空气中斜射入空气中，折射角大于入射角；光线的延长线过凹透镜的焦点，折射光线和凹透镜的主光轴平行。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
19．（2025·连州模拟）（1）如图1所示，温度计的读数是　 　，物体的长度是　 　 cm，秒表的读数是　 　 s。
（2）小华和小国两位同学利用如图甲所示装置对试管里的20g冰进行加热，并且每隔相同的时间记录一次温度计的示数，同时观察物质的状态。图乙和图丙是他们根据记录的实验数据分别绘制的温度-时间的关系图像，根据图像可知：
①若不计热量损失，则在图乙中CD阶段物体吸收的热量为　 　J[c水=4.2×103 J/（kg ℃）]；
②通过观察两位同学绘制的温度-时间的关系图像，你认为图　 　（选填“乙”或“丙”）的CD段数据有问题；
③冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是　 　。
【答案】（1）-38；1.80；336.9
（2）420；丙；试管中的水，温度达到沸点后，不能继续吸热
【知识点】比热容的定义及其计算公式；时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】解：（1）注意观察温度计的分度值，还要注意这是零下，所以温度计读数为-38℃。
观察物体左右两边所对的刻度和刻度尺的分度值，读数中要包括准确值和估读值，该物体长度为1.80cm。
秒表读数时，先读小表盘，再读大表盘，注意观察分度值，因为小表盘指针超过了5.5，所以大表盘应该按第二圈读数，该秒表读数为336.9s。
（2）Q=cmΔt=2.1×103J/（kg ℃）×2×10-2kg×10℃=420J；
冰化成水质量不变，冰和水质量相等，升高相同的温度时，水的比热容大，水要吸收更多的热量，需要给水加热更长的时间，所以图丙的CD段有问题。
液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。烧杯中的水沸腾时，试管中的水，温度也能达到沸点，但试管里的水和烧杯里的水温度相同，没有温度差，不能发生热传递，试管里的水温度达到沸点后，因不能继续吸热，所以不会沸腾。
答案为：（1）-38；1.80；336.9；
（2）①420；②丙；③试管中的水，温度达到沸点后，不能继续吸热。
【分析】 （1）温度计读数要注意，这是零下；刻度尺读数要注意估读；秒表读数要注意观察小表盘；
（2）根据Q=cmΔt计算热量；
（3）观察乙、丙图象，要注意水和冰的比热容不同，吸热能力不同；
（4）液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。
（1）[1]注意观察温度计的分度值，该温度计的分度值为，还要注意这是零下，所以温度计读数为。
[2]观察物体左右两边所对的刻度和刻度尺的分度值，该刻度尺的分度值为1mm，读数中要包括准确值和估读值，要读到分度值的下一位，该物体长度为。
[3]秒表读数时，先读小表盘的“分钟数”为，再读大表盘的“秒数”，注意观察分度值，因为小表盘指针超过了，所以大表盘应该按第二圈读数，秒针对应36.9s，该秒表读数为。
（2）[1]若不计热量损失，则在图乙中CD阶段物体吸收的热量
[2]冰化成水质量不变，冰和水质量相等，升高相同的温度时，水的比热容大，水要吸收更多的热量，需要给水加热更长的时间，所以图丙的CD段有问题。
[3]液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。烧杯中的水沸腾时，试管中的水，温度也能达到沸点，但试管里的水和烧杯里的水温度相同，没有温度差，不能发生热传递，试管里的水温度达到沸点后，因不能继续吸热，所以不会沸腾。
20．（2025·连州模拟）小勇看到自己离镜子越远，像越小。于是用如图甲所示的装置，探究物体远离平面镜时，像的大小如何变化。
(1)小勇选取了两个外形相同的蜡烛A和B，将蜡烛A放在薄玻璃板前点燃，小勇应在蜡烛　 　（选填“A”或“B”）的一侧观察，同时移动蜡烛B，使它和蜡烛A的像　 　；
(2)将蜡烛A向左移动，重复上述实验过程，得到了相同的实验结果。得出：物体远离平面镜时，所成像的大小　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
(3)小勇又找来一些实验器材，想继续探究物体远离凸透镜时，光屏上像的大小如何变化。
①他将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到图乙所示的位置时，光屏上出现清晰的像，所成的像是　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的烛焰的像；
②保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向左移动一段距离，移动光屏直到光屏上再一次出现清晰的像，对比两次光屏上像的大小得出：物体远离凸透镜时，光屏上所成的像变　 　（选填“大”或“小”）；
(4)小勇将蜡烛继续向左移动，保持凸透镜和光屏的位置不变，在蜡烛和凸透镜之间放置了一个度数合适的眼镜，光屏上也得到了清晰的像，他放置的应该是　 　（选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）。
【答案】A；完全重合；不变；缩小；小；近视眼镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在探究平面镜成像特点的实验中，像由蜡烛A发出的光线在镜面反射形成，因此应该在蜡烛A的一侧观察；同时，移动蜡烛B，使其与A的像完全重合，从而探究像和物体的大小关系。
（2） 将蜡烛A向左移动，重复上述实验过程，得到了相同的实验结果，得出： 物体远离平面镜时所成像的大小不变。
（3）①根据图片可知，此时像距小于物距，则此时所成的像是倒立缩小的实像。
②将蜡烛向左移动一段距离，则物距增大，根据“物远像近像变小”的规律可知，此时光屏上所成的像变小。
（4）小勇将蜡烛继续向左移动，则像距会变得更小，而像距会变小。要使像回到原来位置的光屏上，需要镜片对光起到了发散的作用，因此，他放置的应该是矫正近视眼的凹透镜片。
【分析】（1）我们要看到在平面镜中成的像，那么眼睛要和反射光线在同一侧。当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，可以探究像和物体的大小关系；
（2）根据“物像等大”分析；
（3）①比较像距和物距的大小，从而确定成像变化；
②根据凸透镜成像“物近像远大，物远像近小”的规律分析；
（4）根据像距的变化确定需要光线发散还是会聚即可。
21．（2025·连州模拟）小迈同学在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，选择的器材有：新干电池三节，、、、的定值电阻各一个，“0.5A”的滑动变阻器一个，电压表、电流表、开关各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的电路连接完整　 　；（要求：导线不能交叉，滑片P向右端移动时，电流表的示数变大）；
（2）在连接电路时，开关应处于　 　（选填“断开”或“闭合”）状态；正确连接电路后，将滑动变阻器滑片置于最大阻值处，闭合开关，小陶发现两电表的指针处于图乙所示的位置，则电路故障可能是　 　；
（3）小迈根据测得的实验数据绘制出电流I随电阻R的变化图像，在实验过程中如图丙所示，小迈先用的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将的电阻换成的电阻，然后闭合开关，发现电压表的示数比用的电阻实验时更　 　，接着移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为　 　V；
（4）小迈根据实验图像得到的结论是：定值电阻两端电压一定时，电流与电阻　 　；还可知，用和电阻实验时滑动变阻器消耗的电功率变化量为　 　。
【答案】（1）
（2）断开；定值电阻断路
（3）大；2
（4）成反比；0.5W
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的测量
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑片P向右端移动时，电流表的示数变大，则总电阻变小。根据R总=R+R滑可知，变阻器阻值变小，所以变阻器应选择右下接线柱串联到电路中，作图如下：
（2）①在连接电路时，为保护电路，则开关应处于断开状态。
②如图乙所示，闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路。电压表有示数，则说明电压表与电源两极正常连通。对照可知，故障是电压表并联部分断路，即定值电阻R断路。
（3）根据题意可知，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，此时定值电阻的阻值变大。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，电压表示数变大。由图丙图像可知，定值电阻两端所控制的电压为U0=IR=0.4A×5Ω=2V；
（4）①根据丙图可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
②根据题意可知，电源是干电池三节串联，即电源电压U=4.5V，
变阻器电压为；
由图丙知，当5Ω接入电路时，电路电流为0.4A，则此时变阻器功率为
；
当10Ω接入电路时，电路电流为0.2A，此时变阻器功率为
；
则滑动变阻器消耗的电功率变化量为。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器的阻值变化，进而确定变阻器的接线情况即可；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②根据故障现象，结合欧姆定律确定故障的种类和位置。
（3）根据串联电路的分压规律确定更换电阻后电压表的示数变化情况。从丙图中找到一组对应的电流和电压，然后根据U=IR计算即可。
（4）①分别计算出每组数据中电流和电阻的乘积，比较乘积大小得到规律即可；
②根据串联电路的电压规律计算出变阻器两端的电压，再根据图像丙确定对应的电流，根据P=UI分别计算出对应的电功率，最后相减即可。
（1）要求滑片P向右端移动时，电流表的示数变大，则变阻器阻值变小，所以变阻器应选择右下接线柱串联到电路中，作图如下：
（2）[1][2]为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。闭合开关，如图乙所示，电流表无示数，说明电路故障可能是断路，而电压表有示数，则说明电压表与电源连通，则故障是电压表并联部分断路，即定值电阻R断路。
（3）[1][2]电路为定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，根据串联电路分压规律，电阻变大，分得电压变大，即电压表示数变大。由图丙图像可知，定值电阻两端所控制的电压为
U0=IR=0.4A×5Ω=2V
（4）[1]由图像丙可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
[2]电源是新干电池三节，即电源电压U=4.5V，由（3）知定值电阻两端的电压为U0=2V，则变阻器电压为
由图丙知，当5Ω接入电路时，电路电流为0.4A，则此时变阻器功率为
当10Ω接入电路时，电路电流为0.2A，定值电阻两端电压和变阻器两端电压都不变，故此时变阻器功率为
则滑动变阻器消耗的电功率变化量为
22．（2025·连州模拟）小珠利用如图所示装置探究“影响液体内部压强大小的因素”。
（1）实验前，按压探头的橡皮膜，若U形管两侧液面高度变化　 　（“明显”或“不明显”），则这套实验装置可能漏气；通过U形管液面高度差反映液体压强大小，应用的研究方法是　 　法；
（2）保持探头在液体中的位置不变，改变探头的方向，如图 A、B、C所示，发现U形管两侧液面的高度差不变，说明液体压强大小与方向　 　（选填“有关”或“无关”）；
（3）比较图C、D两次实验，可以得出结论：同种液体，　 　，液体压强越大；
（4）小珠同学将探头先后浸入到两杯液体中，如图 D、E所示，发现U形管两侧的液面高度差相同，于是认为液体压强与液体密度无关。小海认为小珠的结论不正确，理由是　 　；
（5）如图F所示，橡皮管和下方玻璃管侧壁相连通，当向玻璃管中吹风时，U形管内液面较低的是　 　（选填“a”或“b”）侧。
【答案】不明显；转换；无关；深度越大；没有控制深度相同；b
【知识点】探究液体压强的特点实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】探究液体内部压强大小的影响因素时，（1）实验前，按压探头的橡皮膜，若实验装置漏气，U形管两边液面高度变化不明显；
通过U形管液面高度差反映液体压强大小，利用了转换法；
（2）根据图A、B、C，保持探头深度不变，改变探头的方向，U形管两侧液面的高度差不变，液体压强不变，可知液体压强大小与方向无关；
（3）根据图C、D实验，液体的密度相同，深度不同，U形管液面差不同，液体内部压强不同，液体内部压强与深度有关；D中探头的深度深，U形管两侧液面高度差大，可得：同种液体，深度越大，液体压强越大；
（4）根据图D、E，液体密度不同，深度不同，U形管两侧的液面高度差相同，则压强相等，由于没有控制深度相同，得出液体压强与液体密度无关的结论不正确；
（5）根据图F，向管内吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端空气流速小、压强大；由于压强差的作用，右侧液面下降，左侧液面将升高。
【分析】（1）组装液体压强装置时，按压橡皮膜，液面变化不明显，装置漏气；根据U形管液面高度差反应液体压强大小，利用了转换法；
（2）深度和液体密度相同时，液体内部各个方向压强相等；
（3）液体密度相同，深度越深，液体压强越大；
（4）液体密度和深度不同，不能比较液体压强的大小关系；
（5）流体在流速大的地方压强小。
23．（2025·连州模拟）物理兴趣小组的同学开展“探究盐水电阻大小与哪些因素有关”的实验，他们提出了以下猜想：
A.可能与盐水的浓度有关。
B.可能与盐水的液柱长度有关。
他们利用玻璃管（管中带有接线柱的金属活塞可以左右移动）、电源、开关、小灯泡、导线等器材，组装成如图所示的电路进行实验。
（1）向玻璃管内注满盐水，闭合开关后灯泡发光，说明盐水是　 　（选填“导体”或“绝缘体”）；根据小灯泡的亮度可以判断盐水的电阻大小，这种研究方法是　 　；
（2）探究猜想A时，为了增加盐水的浓度，可向玻璃管中添加　 　（选填“盐”或“清水”）并搅拌均匀。探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，灯泡的亮度逐渐变亮，这一实验过程　 　（选填“能”或“不能”）验证猜想B；
（3）实验中发现，盐水的电阻改变较小时，灯泡的亮度无明显变化。甲、乙同学分别对实验装置做以下改进：甲同学把灯泡更换为电流表，乙同学在原电路中串联接入电流表，改进方法更好的是　 　同学，理由是　 　。
【答案】（1）导体；转换法
（2）盐；能
（3）乙；可以起到保护电路的作用
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 解：（1）将适量盐水从注水口倒入塑料管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水容易导电，所以盐水是导体；
盐水浓度不同，灯泡的亮度不同，可以根据灯泡的亮度判断盐水电阻的大小，运用了转换法；
（2）探究猜想A时，为了改变盐水的浓度，将会向塑料管中添加盐，并搅拌均匀，观察灯泡的亮度变化；
探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，保持了横截面积不变，盐水的长度变短，灯泡的亮度逐渐变亮，这一实验过程能验证猜想B。
（3）将灯泡换为电流表，盐水的电阻变化会引起电路中的电流的变化，因此，当盐水的电阻过小时，电流会过大，电路可能会被烧坏；在原电路中串联一个电流表，可以起到保护电路的作用，因此乙同学的方案更好，可以起到保护电路的作用。
故答案为：（1）导体；转换法；（2）盐；能；（3）乙；可以起到保护电路的作用。【分析】 （1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；串联电路，电压一定，电阻变化时，灯泡亮暗会随之发生变化；
（2）盐水中增加盐的质量，可以增加盐水的浓度；从导体电阻大小的影响因素进行分析，导体的电阻跟导体的长度、材料、横截面积有关；
（3）电路的总电阻越大，电路中的电流会越小，电路以及电路中的各元件越安全，因此根据保护电路的思路进行分析。
（1）[1]将适量盐水从注水口倒入玻璃管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水容易导电，所以盐水是导体。
[2]盐水浓度不同，灯泡的亮度不同，可以根据灯泡的亮度判断盐水电阻的大小，运用了转换法。
（2）[1]要增加盐水的浓度，应该往盐水中加盐，并搅拌。
[2]探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，保持了横截面积、盐水的浓度不变，盐水的长度变短，灯泡的亮度逐渐变亮，表明盐水的电阻大小与长度有关，即这一实验过程能验证猜想B。
（3）[1][2]将灯泡换为电流表，盐水的电阻变化会引起电路中的电流的变化，但是，当盐水的电阻过小时，电流会过大，电路可能会被烧坏；在原电路中串联一个电流表，灯泡可以起到保护电路的作用，因此乙同学的方案更好。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
24．（2025·连州模拟）如图所示是一台手扶双轮压路机，它受到的重力为5500N。在一次压路作业中，以0.2m/s的速度在水平路面上匀速行驶10min，行驶过程中受到的阻力是重力的0.4倍。求：
（1）压路机在这次压路作业中运动的距离是多少？
（2）压路机静止在水平路面上时与地面的接触面积为0.02m2，该压路机对路面的压强是多少？
（3）压路机在这次压路作业中牵引力做的功是多少？
【答案】（1）解：根据速度公式可知，压路机在这次压路作业中运动的距离是：s=vt=0.2m/s×10×60s=120m。
答：压路机在这次压路作业中运动的距离是120m。
（2）解：该压路机对路面的压力等于自身的重力：F=G=5500N；
该压路机对路面的压强为：。
答：该压路机对路面的压强是2.75×105Pa。
（3）解：压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F引=f=0.4G=0.4×5500N=2200N；
压路机牵引力做的功：W=Fs=2200N×120m=2.64×105J。
答：压路机在这次压路作业中牵引力做的功是2.64×105J。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据s=vt计算压路机在这次压路作业中运动的距离；
（2）当压路机静止在水平路面上，压路机对水平路面的压力大小等于压路机的重力，根据可求出压路机对水平路面的压强；
（3）压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F=f=0.4G总；根据W=Fs求出压路机做的功。
（1）压路机在这次压路作业中运动的距离
（2）该压路机对路面的压力
则该压路机对路面的压强
（3）压路机在水平路面上匀速行驶，受力平衡，则牵引力
则压路机在这次压路作业中牵引力做的功
25．（2025·连州模拟）如图所示，电阻R1为20Ω，电阻R2为60Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A，求：
（1）电源的电压U；
（2）闭合开关S1和S2，通过R2的电流I2；
（3）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率。
【答案】解：（1）由图可知，只闭合开关S1时，电路中只有电阻R1工作，则电源的电压：
（2）闭合开关S1和S2，电阻R1与R2并联，根据并联电路电压规律可得，R2两端的电压：
通过R2的电流：
（3）闭合开关S1和S2，根据并联电路的特点，R1的电流为1.2A，通过R2的电流0.4A，根据并联电路电流规律可得，电路总电流
电路消耗的总功率：P=UI总=24V×1.6A=38.4W
答：（1）电源的电压U为24V；
（2）闭合开关S1和S2，通过R2的电流I2为0.4A；
（3）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率为38.4W。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据U=IR，计算分压大小；
（2）根据，计算电流；
（3）根据并联电路电流规律，计算总电流，利用P=UI，计算电功率大小。
1 / 1广东省清远市连州市北山中学2025年中考一模物理试题
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1．（2025·连州模拟）如图是小明妈妈买的新手机，手机的宽度约为（　　）
A．7mm B．7cm C．7dm D．7nm
2．（2025·连州模拟）以下光学仪器正常工作时成虚像的是（　　）
A．幻灯机 B．照相机 C．投影仪 D．平面镜
3．（2025·连州模拟）“二十四节气”已经被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产，下列节气与雪形成的物态变化相同的是（　　）
A．谷雨 B．霜降 C．寒露 D．白露
4．（2025·连州模拟）“车辆转弯，请坐稳扶好！”公交车广告提醒乘客注意安全。如图所示，公交车上装有拉环，在车辆转弯时，站立的乘客要抓紧拉环，避免受到伤害。下列有关说法正确的是（　　）
A．坐稳扶好是为了防止惯性带来的伤害
B．拉环做得比较厚大是通过增大受力面积来增大压强
C．在公交车转弯时公交车受到平衡力
D．公交车向右急转弯时乘客将会向右倾倒
5．（2025·连州模拟）有一种声控玩具，只要对着它拍一下手，就会动起来。这种玩具所接受信号的能量是（　　）
A．电磁能 B．光能 C．机械能 D．化学能
6．（2025·连州模拟）如图所示，试电笔上的各部件中，通常情况下，属于绝缘体的是（　　）
A．笔尖 B．笔壳 C．弹簧 D．笔卡
7．（2025·连州模拟）如图甲所示是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图，其中R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图像如图丙所示。以下对该电路分析正确的是（　　）
A．体温越高，R的阻值越大 B．体温越低，电压表示数越大
C．体温越高，电压表示数越大 D．体温越低，R0消耗的功率越大
二、填空题：本大题共8小题，共28分。
8．（2025·连州模拟） 吉他能发出声音是因为琴弦的　 　产生的，如果半夜还要弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在　 　（选填“声源处”、“传播途径”或“人耳处”）减弱噪声，防止“扰民”；我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的　 　（选填“响度”、“音调”或“音色”）。
9．（2025·连州模拟）如图所示为四根高压输电线上的一个装置，它的作用是将四根导线　 　（选填“并联”或“串联”）起来了，这样做相当于增大了导线的　 　，从而　 　（选填“增大”或“减小”）了输电导线的电阻，这样就能大大减少输电线上电能的损失。
10．（2025·连州模拟）吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做　 　运动； 煮粽子是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式增加了粽子的内能， 煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在　 　。
11．（2025·连州模拟）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。
（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，使用它的好处是；
（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴， 可减小， 剪断物体更省力；
（3）如图丙，是用螺丝刀拧螺丝的情景。螺丝钉上螺纹（选填“密”或“疏”）一些的螺丝钉拧起来更省力。
12．（2025·连州模拟）如图所示，弹簧下端挂一条形磁铁，磁铁下端为N极，条形磁铁的正下方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，电磁铁的上端为　 　极，弹簧长度会　 　（选填“增大”“减小”“不变”）；若想要让弹簧的长度缩短，应将滑动变阻器的滑片往　 　（“左”或“右”）滑。
13．（2025·连州模拟）如图所示是某养生壶的工作简化电路图，它有加热、保温两挡，加热挡额定功率为880W，R1、R2是电热丝（阻值不随温度的变化而变化），其中R2=550Ω。当开关S接b点时，养生壶处于　 　挡；养生壶加热挡正常工作时通过的电流为　 　 A；养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能为　 　 J。
14．（2025·连州模拟）如图所示，用40N的拉力将重为300N的物体匀速向左拉动0.2m，此时滑轮组的机械效率为75％，此过程中绳子自由端移动的距离为　 　m，物体与地面的摩擦力为　 　N；加速拉动物体，物体所受的摩擦力　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）
15．（2025·连州模拟）中国“天问一号”探测器到火星“上班”一年了，这一年她“拍”到了更详细更清晰的科学发现。
（1）携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”），此时以　 　为参照物，探测器是静止的；
（2）如图所示“天问一号”探测器在太空张开“翅膀”是为了接收　 　能，再把这种能转化为　 　能供探测器使用；
（3）“天问一号”探测器得到的图像和数据是通过　 　波传递到地球的，这种波的传播速度是　 　m/s，合　 　km/s。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
16．（2025·连州模拟）中国高铁闻名世界，在水平匀速直线行驶的高铁上，一枚硬币稳稳地立在水平窗台上，如图，请作出硬币受到力的示意图（O是重心，不考虑阻力）。
17．（2025·连州模拟）根据图中小磁针静止时的指向，标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性（“＋”或“－”）。
18．（2025·连州模拟）如图所示，从水中向空气中发出一条光线，折射光线为OA，OA又刚好射向凹透镜另一侧的虚焦点，请作出水中的入射光线和经过凹透镜后的折射光线。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
19．（2025·连州模拟）（1）如图1所示，温度计的读数是　 　，物体的长度是　 　 cm，秒表的读数是　 　 s。
（2）小华和小国两位同学利用如图甲所示装置对试管里的20g冰进行加热，并且每隔相同的时间记录一次温度计的示数，同时观察物质的状态。图乙和图丙是他们根据记录的实验数据分别绘制的温度-时间的关系图像，根据图像可知：
①若不计热量损失，则在图乙中CD阶段物体吸收的热量为　 　J[c水=4.2×103 J/（kg ℃）]；
②通过观察两位同学绘制的温度-时间的关系图像，你认为图　 　（选填“乙”或“丙”）的CD段数据有问题；
③冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是　 　。
20．（2025·连州模拟）小勇看到自己离镜子越远，像越小。于是用如图甲所示的装置，探究物体远离平面镜时，像的大小如何变化。
(1)小勇选取了两个外形相同的蜡烛A和B，将蜡烛A放在薄玻璃板前点燃，小勇应在蜡烛　 　（选填“A”或“B”）的一侧观察，同时移动蜡烛B，使它和蜡烛A的像　 　；
(2)将蜡烛A向左移动，重复上述实验过程，得到了相同的实验结果。得出：物体远离平面镜时，所成像的大小　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
(3)小勇又找来一些实验器材，想继续探究物体远离凸透镜时，光屏上像的大小如何变化。
①他将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到图乙所示的位置时，光屏上出现清晰的像，所成的像是　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的烛焰的像；
②保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向左移动一段距离，移动光屏直到光屏上再一次出现清晰的像，对比两次光屏上像的大小得出：物体远离凸透镜时，光屏上所成的像变　 　（选填“大”或“小”）；
(4)小勇将蜡烛继续向左移动，保持凸透镜和光屏的位置不变，在蜡烛和凸透镜之间放置了一个度数合适的眼镜，光屏上也得到了清晰的像，他放置的应该是　 　（选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）。
21．（2025·连州模拟）小迈同学在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，选择的器材有：新干电池三节，、、、的定值电阻各一个，“0.5A”的滑动变阻器一个，电压表、电流表、开关各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的电路连接完整　 　；（要求：导线不能交叉，滑片P向右端移动时，电流表的示数变大）；
（2）在连接电路时，开关应处于　 　（选填“断开”或“闭合”）状态；正确连接电路后，将滑动变阻器滑片置于最大阻值处，闭合开关，小陶发现两电表的指针处于图乙所示的位置，则电路故障可能是　 　；
（3）小迈根据测得的实验数据绘制出电流I随电阻R的变化图像，在实验过程中如图丙所示，小迈先用的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将的电阻换成的电阻，然后闭合开关，发现电压表的示数比用的电阻实验时更　 　，接着移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为　 　V；
（4）小迈根据实验图像得到的结论是：定值电阻两端电压一定时，电流与电阻　 　；还可知，用和电阻实验时滑动变阻器消耗的电功率变化量为　 　。
22．（2025·连州模拟）小珠利用如图所示装置探究“影响液体内部压强大小的因素”。
（1）实验前，按压探头的橡皮膜，若U形管两侧液面高度变化　 　（“明显”或“不明显”），则这套实验装置可能漏气；通过U形管液面高度差反映液体压强大小，应用的研究方法是　 　法；
（2）保持探头在液体中的位置不变，改变探头的方向，如图 A、B、C所示，发现U形管两侧液面的高度差不变，说明液体压强大小与方向　 　（选填“有关”或“无关”）；
（3）比较图C、D两次实验，可以得出结论：同种液体，　 　，液体压强越大；
（4）小珠同学将探头先后浸入到两杯液体中，如图 D、E所示，发现U形管两侧的液面高度差相同，于是认为液体压强与液体密度无关。小海认为小珠的结论不正确，理由是　 　；
（5）如图F所示，橡皮管和下方玻璃管侧壁相连通，当向玻璃管中吹风时，U形管内液面较低的是　 　（选填“a”或“b”）侧。
23．（2025·连州模拟）物理兴趣小组的同学开展“探究盐水电阻大小与哪些因素有关”的实验，他们提出了以下猜想：
A.可能与盐水的浓度有关。
B.可能与盐水的液柱长度有关。
他们利用玻璃管（管中带有接线柱的金属活塞可以左右移动）、电源、开关、小灯泡、导线等器材，组装成如图所示的电路进行实验。
（1）向玻璃管内注满盐水，闭合开关后灯泡发光，说明盐水是　 　（选填“导体”或“绝缘体”）；根据小灯泡的亮度可以判断盐水的电阻大小，这种研究方法是　 　；
（2）探究猜想A时，为了增加盐水的浓度，可向玻璃管中添加　 　（选填“盐”或“清水”）并搅拌均匀。探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，灯泡的亮度逐渐变亮，这一实验过程　 　（选填“能”或“不能”）验证猜想B；
（3）实验中发现，盐水的电阻改变较小时，灯泡的亮度无明显变化。甲、乙同学分别对实验装置做以下改进：甲同学把灯泡更换为电流表，乙同学在原电路中串联接入电流表，改进方法更好的是　 　同学，理由是　 　。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
24．（2025·连州模拟）如图所示是一台手扶双轮压路机，它受到的重力为5500N。在一次压路作业中，以0.2m/s的速度在水平路面上匀速行驶10min，行驶过程中受到的阻力是重力的0.4倍。求：
（1）压路机在这次压路作业中运动的距离是多少？
（2）压路机静止在水平路面上时与地面的接触面积为0.02m2，该压路机对路面的压强是多少？
（3）压路机在这次压路作业中牵引力做的功是多少？
25．（2025·连州模拟）如图所示，电阻R1为20Ω，电阻R2为60Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A，求：
（1）电源的电压U；
（2）闭合开关S1和S2，通过R2的电流I2；
（3）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据图片可知，手机的宽度率小于手的宽度，手的宽度约为10cm，所以手机的宽度为约为8cm，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，手掌的宽度为10cm。
2．【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 解：幻灯机、投影仪成倒立、放大的实像，照相机成倒立缩小的实像，平面镜成正立等大的虚像，故ABC不合题意、D符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）凸透镜的成像特点及其应用原理：
①当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这一原理；
②当u=2f时，成倒立、等大的实像；
③当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪利用了这一原理；
④当u=f时，不成像；
⑤当u＜f时，成正立、放大的虚像，放大镜利用了这一原理；
（2）平面镜成等大的虚像。
3．【答案】B
【知识点】水的三态变化
【解析】【解答】A ：谷雨时节，通常是空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，不是凝华。故A错误；
B ：霜降时，是空气中的水蒸气直接变成固态的霜，属于凝华现象，和雪的形成物态变化相同。故B正确；
C ：寒露时主要是水蒸气液化形成小水珠。故C错误；
D ：也是水蒸气液化形成小水滴。故D错误；
综上所述，答案是B。
【分析】 首先明确雪形成的物态变化是凝华。判断它们所代表的节气中涉及的物态变化。“谷雨”主要是水蒸气液化；“霜降”是水蒸气凝华，与雪相同；“寒露”和“白露”也都是水蒸气液化。通过对比，排除与雪物态变化不同的。
4．【答案】A
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 解：A、汽车行驶时汽车和人一起运动，汽车在急刹车或拐弯时，人由于惯性还要保持原来的运动状态，所以“坐稳扶好”是为了防止惯性对人体造成伤害，故A正确；
B、拉环做的比较厚大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C、公交车转弯时运动方向不断变化，处于非平衡状态，所以公交车受到非平衡力，故C错误；
D、行驶中的公交车向右急拐弯时，乘客由于惯性要保持原来的运动状态会左倾，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（3）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，处于非平衡状态的物体受到的力是非平衡力。
5．【答案】C
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】A：拍手并不会直接产生电磁能，声控玩具工作与电磁能没有直接关联。故A错误；
B ：拍手过程中没有产生光能，声控玩具的启动也不是因为光能。故B错误；
C ：拍手时产生了振动，振动具有机械能，声控玩具能接收这种机械能并做出反应，从而动起来。故C错误；
D ：这里并没有涉及到化学能的转化或利用，与拍手让玩具动起来没有关系。故D错误。
综上所述，答案是C。
【分析】 首先 拍手产生声音，声音具有机械能 。电磁能与拍手行为不直接相关；光能不是拍手产生的；机械能符合拍手产生能量并使声控玩具启动的特点；化学能与该情境无关。
6．【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；测电笔的使用
【解析】【解答】 笔壳不容易导电，属于绝缘体；笔尖、弹簧、笔卡容易导电，是导体，B符合题意。
故选：B。
【分析】 容易导电的物体叫做导体，例如：石墨、人体、大地以及酸、碱、盐的水溶液；不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
7．【答案】C
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】ABC．由图丙可知，红外线热敏电阻R的阻值随人体温度升高而减小，所以体温越高，阻值越小，由串联分压原理，热敏电阻的电压越小，R0两端的电压越大，即电压表示数越大，故C正确，AB错误；
D．当体温越低时，R的阻值越大，由可知，电路中的电流越小，由P=I2R0可知R0的电功率越小，故D错误。
故选C。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
8．【答案】振动；传播途径；音色
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）根据声音产生的知识解答；
（2）吉他能发出声音是因为琴弦的振动产生的，如果半夜还要弹吉他，可以关紧屋内门窗，这是在传播过程中减弱噪声，防止“扰民”；
（3）我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的音色
【分析】（1） 吉他能发出声音是因为琴弦的振动产生的；
（2）根据减弱噪声的途径和方法解答；
（3）声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
9．【答案】并联；横截面积；减小
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：（1）由图可知，装置的作用是将四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了；
（2）导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比。所以横截面积增大，导体的电阻减小。
故答案为：并联；横截面积；减小。【分析】（1）将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化；
（2）根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化。
10．【答案】无规则；热传递；引力
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做无规则运动；
（2）煮粽子是通过热传递的方式增加了粽子的内能；
（3） 煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在引力。
【分析】（1）根据分子运动的知识解答；
（2）改变物体内能的方式：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移；
（3）根据分子之间存在引力分析解答。
11．【答案】（1）改变力的方向；（2）阻力臂；（3）密。
【知识点】杠杆的动态平衡分析；定滑轮及其工作特点；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】 （1）使用定滑轮的好处是可以改变力的方向。
（2）剪刀相当于一个杠杆，支点在剪刀的转动轴，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小阻力臂，剪断物体更省力。
（3）螺丝刀属轮轴，手柄粗一些的螺丝刀轮的直径更大，用起来更省力；螺丝钉上的螺纹相当于斜面，螺纹密一些的螺丝钉相当于增加了斜面的长度，拧起来更省力。
故答案为：（1）改变力的方向；（2）阻力臂；（3）密。
【分析】 （1）定滑轮的特点是可以改变力的方向。
（2）把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，因剪刀的转动轴是杠杆的支点，可减小阻力臂。
（3）螺丝刀属轮轴，手柄是属于轮的部分；螺丝钉上的螺纹相当于斜面，斜面越长越省力。
12．【答案】N；减小；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：闭合开关后，电流从下端流入，根据安培定则，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所示的方向为N极，即电磁铁的上端为N极，由于磁铁下端为N极，根据同名磁极相互排斥，弹簧受到拉力变小，弹簧长度会减小。
因为磁铁与电磁铁相互排斥，若想要让弹簧的长度缩短，则电磁铁磁性应增强，电路中电流应变大，滑动变阻器接入阻值变小，故应将滑动变阻器的滑片往左滑。
故答案为：N；减小；左。
【分析】 影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数。
滑动变阻器滑片移动，如何引起电流的变化，如何影响电磁铁的磁性强弱，根据右手定则判断通电螺线管的极性。
13．【答案】加热；4；8000
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 解：由图可知，当开关S接a时，电路中R1和R2串联，总电阻最大，电压不变，根据公式可知，此时为保温挡；当开关S接b时，电路中只有R1，电压不变，根据公式可知，此时为加热挡；根据公式P=UI得，养生壶加热挡正常工作时通过的电流为；
根据公式可得：；
养生壶保温挡时，电路中R1和R2串联，养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能为：；
故答案为：加热；4；8000。
【分析】 由图可知，当开关S接a时，电路中R1和R2串联，总电阻最大，电压不变，根据公式可知，此时为保温挡；当开关S接b时，电路中只有R1，电压不变，根据公式可知，此时为加热挡；
根据计算养生壶加热挡正常工作时通过的电流；
养生壶保温挡时，电路中R1和R2串联，根据计算养生壶保温挡正常工作100s消耗的电能。
14．【答案】0.6；90；不变
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】由图可知，n=3，自由端移动的距离为：s'=ns=3×0.2m=0.6m；
拉力做的总功为：W总=Fs'=40N×0.6m=24J，
根据可知，有用功为：W有=ηW总=75%×24J=18J，则物体与地面的摩擦力为：；
滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，而物体加速运动时，物体对地面的压力和接触面的粗糙程度均不变，因此物体受到的摩擦力不变。
故答案为：0.6；90；不变。
【分析】 （1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s'=ns求出自由端移动的距离；
（2）根据W总=Fs'求出拉力做的总功，利用求出有用功，根据W有=fs求出物体与地面的摩擦力；
（3）滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，据此分析物体加速运动时受到摩擦力的变化。
15．【答案】（1）增大；火箭
（2）太阳；电
（3）电磁；3×108；3×105
【知识点】机械能及其转化；太阳能及其利用与转化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：（1）携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，所以机械能增大；以运载火箭为参照物，“天问一号”探测器与火箭之间没有位置的变化，是静止的；
（2）“天问一号”探测器在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以卫星在太空张开“翅膀”后获得的能源是太阳能，再把这种能转化为电能供探测器使用；
（3）太空是真空，真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，故探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的，电磁波在真空的传播速度为3×108m/s即3×105km/s。
故答案为：（1）增大；火箭；（2）太阳；电；（3）电磁；（4）3×108；3×105。
【分析】 （1）动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能和势能的和；在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；
（2）卫星在太空张开“翅膀”是太阳能电池板，所以是为了接收太阳能，再把这种能转化为电能；
（3）电磁波能传递信息，电磁波传播不需要介质，速度为3×108m/s。
（1）[1]火箭携带探测器的火箭加速上升的过程中，探测器的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，所以机械能增大。
[2]以运载火箭为参照物，“天问一号”探测器与火箭之间没有位置的变化，是静止的。
（2）[1][2]“天问一号”探测器在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以卫星在太空张开“翅膀”后获得的能源是太阳能，再把这种能转化为电能供探测器使用。
（3）[1]太空是真空，电磁波可以在真空中传播，探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的。
[2][3]电磁波在真空的传播速度与真空中光速相同，为合。
16．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】硬币处于匀速运动状态，受到两个力的作用：重力G和支持力F支，根据二力平衡可知，二力大小相等、方向相反；过硬币的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F支表示，如图所示：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
17．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用
【解析】【解答】 ①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
【分析】 ①根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
18．【答案】
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，OA是折射光线，过折射点O画法线和水面垂直，水中的入射角小于空气中的折射角，在法线左侧的水中，画出入射光线；光线的延长线通过凹透镜的焦点，经凹透镜折射后，光线平行于主光轴，如图所示：
【分析】光线从空气中斜射入空气中，折射角大于入射角；光线的延长线过凹透镜的焦点，折射光线和凹透镜的主光轴平行。
19．【答案】（1）-38；1.80；336.9
（2）420；丙；试管中的水，温度达到沸点后，不能继续吸热
【知识点】比热容的定义及其计算公式；时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】解：（1）注意观察温度计的分度值，还要注意这是零下，所以温度计读数为-38℃。
观察物体左右两边所对的刻度和刻度尺的分度值，读数中要包括准确值和估读值，该物体长度为1.80cm。
秒表读数时，先读小表盘，再读大表盘，注意观察分度值，因为小表盘指针超过了5.5，所以大表盘应该按第二圈读数，该秒表读数为336.9s。
（2）Q=cmΔt=2.1×103J/（kg ℃）×2×10-2kg×10℃=420J；
冰化成水质量不变，冰和水质量相等，升高相同的温度时，水的比热容大，水要吸收更多的热量，需要给水加热更长的时间，所以图丙的CD段有问题。
液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。烧杯中的水沸腾时，试管中的水，温度也能达到沸点，但试管里的水和烧杯里的水温度相同，没有温度差，不能发生热传递，试管里的水温度达到沸点后，因不能继续吸热，所以不会沸腾。
答案为：（1）-38；1.80；336.9；
（2）①420；②丙；③试管中的水，温度达到沸点后，不能继续吸热。
【分析】 （1）温度计读数要注意，这是零下；刻度尺读数要注意估读；秒表读数要注意观察小表盘；
（2）根据Q=cmΔt计算热量；
（3）观察乙、丙图象，要注意水和冰的比热容不同，吸热能力不同；
（4）液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。
（1）[1]注意观察温度计的分度值，该温度计的分度值为，还要注意这是零下，所以温度计读数为。
[2]观察物体左右两边所对的刻度和刻度尺的分度值，该刻度尺的分度值为1mm，读数中要包括准确值和估读值，要读到分度值的下一位，该物体长度为。
[3]秒表读数时，先读小表盘的“分钟数”为，再读大表盘的“秒数”，注意观察分度值，因为小表盘指针超过了，所以大表盘应该按第二圈读数，秒针对应36.9s，该秒表读数为。
（2）[1]若不计热量损失，则在图乙中CD阶段物体吸收的热量
[2]冰化成水质量不变，冰和水质量相等，升高相同的温度时，水的比热容大，水要吸收更多的热量，需要给水加热更长的时间，所以图丙的CD段有问题。
[3]液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是能继续吸热。烧杯中的水沸腾时，试管中的水，温度也能达到沸点，但试管里的水和烧杯里的水温度相同，没有温度差，不能发生热传递，试管里的水温度达到沸点后，因不能继续吸热，所以不会沸腾。
20．【答案】A；完全重合；不变；缩小；小；近视眼镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在探究平面镜成像特点的实验中，像由蜡烛A发出的光线在镜面反射形成，因此应该在蜡烛A的一侧观察；同时，移动蜡烛B，使其与A的像完全重合，从而探究像和物体的大小关系。
（2） 将蜡烛A向左移动，重复上述实验过程，得到了相同的实验结果，得出： 物体远离平面镜时所成像的大小不变。
（3）①根据图片可知，此时像距小于物距，则此时所成的像是倒立缩小的实像。
②将蜡烛向左移动一段距离，则物距增大，根据“物远像近像变小”的规律可知，此时光屏上所成的像变小。
（4）小勇将蜡烛继续向左移动，则像距会变得更小，而像距会变小。要使像回到原来位置的光屏上，需要镜片对光起到了发散的作用，因此，他放置的应该是矫正近视眼的凹透镜片。
【分析】（1）我们要看到在平面镜中成的像，那么眼睛要和反射光线在同一侧。当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，可以探究像和物体的大小关系；
（2）根据“物像等大”分析；
（3）①比较像距和物距的大小，从而确定成像变化；
②根据凸透镜成像“物近像远大，物远像近小”的规律分析；
（4）根据像距的变化确定需要光线发散还是会聚即可。
21．【答案】（1）
（2）断开；定值电阻断路
（3）大；2
（4）成反比；0.5W
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的测量
【解析】【解答】（1）根据题意可知，滑片P向右端移动时，电流表的示数变大，则总电阻变小。根据R总=R+R滑可知，变阻器阻值变小，所以变阻器应选择右下接线柱串联到电路中，作图如下：
（2）①在连接电路时，为保护电路，则开关应处于断开状态。
②如图乙所示，闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路。电压表有示数，则说明电压表与电源两极正常连通。对照可知，故障是电压表并联部分断路，即定值电阻R断路。
（3）根据题意可知，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，此时定值电阻的阻值变大。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，电压表示数变大。由图丙图像可知，定值电阻两端所控制的电压为U0=IR=0.4A×5Ω=2V；
（4）①根据丙图可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
②根据题意可知，电源是干电池三节串联，即电源电压U=4.5V，
变阻器电压为；
由图丙知，当5Ω接入电路时，电路电流为0.4A，则此时变阻器功率为
；
当10Ω接入电路时，电路电流为0.2A，此时变阻器功率为
；
则滑动变阻器消耗的电功率变化量为。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器的阻值变化，进而确定变阻器的接线情况即可；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②根据故障现象，结合欧姆定律确定故障的种类和位置。
（3）根据串联电路的分压规律确定更换电阻后电压表的示数变化情况。从丙图中找到一组对应的电流和电压，然后根据U=IR计算即可。
（4）①分别计算出每组数据中电流和电阻的乘积，比较乘积大小得到规律即可；
②根据串联电路的电压规律计算出变阻器两端的电压，再根据图像丙确定对应的电流，根据P=UI分别计算出对应的电功率，最后相减即可。
（1）要求滑片P向右端移动时，电流表的示数变大，则变阻器阻值变小，所以变阻器应选择右下接线柱串联到电路中，作图如下：
（2）[1][2]为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。闭合开关，如图乙所示，电流表无示数，说明电路故障可能是断路，而电压表有示数，则说明电压表与电源连通，则故障是电压表并联部分断路，即定值电阻R断路。
（3）[1][2]电路为定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，根据串联电路分压规律，电阻变大，分得电压变大，即电压表示数变大。由图丙图像可知，定值电阻两端所控制的电压为
U0=IR=0.4A×5Ω=2V
（4）[1]由图像丙可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
[2]电源是新干电池三节，即电源电压U=4.5V，由（3）知定值电阻两端的电压为U0=2V，则变阻器电压为
由图丙知，当5Ω接入电路时，电路电流为0.4A，则此时变阻器功率为
当10Ω接入电路时，电路电流为0.2A，定值电阻两端电压和变阻器两端电压都不变，故此时变阻器功率为
则滑动变阻器消耗的电功率变化量为
22．【答案】不明显；转换；无关；深度越大；没有控制深度相同；b
【知识点】探究液体压强的特点实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】探究液体内部压强大小的影响因素时，（1）实验前，按压探头的橡皮膜，若实验装置漏气，U形管两边液面高度变化不明显；
通过U形管液面高度差反映液体压强大小，利用了转换法；
（2）根据图A、B、C，保持探头深度不变，改变探头的方向，U形管两侧液面的高度差不变，液体压强不变，可知液体压强大小与方向无关；
（3）根据图C、D实验，液体的密度相同，深度不同，U形管液面差不同，液体内部压强不同，液体内部压强与深度有关；D中探头的深度深，U形管两侧液面高度差大，可得：同种液体，深度越大，液体压强越大；
（4）根据图D、E，液体密度不同，深度不同，U形管两侧的液面高度差相同，则压强相等，由于没有控制深度相同，得出液体压强与液体密度无关的结论不正确；
（5）根据图F，向管内吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端空气流速小、压强大；由于压强差的作用，右侧液面下降，左侧液面将升高。
【分析】（1）组装液体压强装置时，按压橡皮膜，液面变化不明显，装置漏气；根据U形管液面高度差反应液体压强大小，利用了转换法；
（2）深度和液体密度相同时，液体内部各个方向压强相等；
（3）液体密度相同，深度越深，液体压强越大；
（4）液体密度和深度不同，不能比较液体压强的大小关系；
（5）流体在流速大的地方压强小。
23．【答案】（1）导体；转换法
（2）盐；能
（3）乙；可以起到保护电路的作用
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 解：（1）将适量盐水从注水口倒入塑料管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水容易导电，所以盐水是导体；
盐水浓度不同，灯泡的亮度不同，可以根据灯泡的亮度判断盐水电阻的大小，运用了转换法；
（2）探究猜想A时，为了改变盐水的浓度，将会向塑料管中添加盐，并搅拌均匀，观察灯泡的亮度变化；
探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，保持了横截面积不变，盐水的长度变短，灯泡的亮度逐渐变亮，这一实验过程能验证猜想B。
（3）将灯泡换为电流表，盐水的电阻变化会引起电路中的电流的变化，因此，当盐水的电阻过小时，电流会过大，电路可能会被烧坏；在原电路中串联一个电流表，可以起到保护电路的作用，因此乙同学的方案更好，可以起到保护电路的作用。
故答案为：（1）导体；转换法；（2）盐；能；（3）乙；可以起到保护电路的作用。【分析】 （1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；串联电路，电压一定，电阻变化时，灯泡亮暗会随之发生变化；
（2）盐水中增加盐的质量，可以增加盐水的浓度；从导体电阻大小的影响因素进行分析，导体的电阻跟导体的长度、材料、横截面积有关；
（3）电路的总电阻越大，电路中的电流会越小，电路以及电路中的各元件越安全，因此根据保护电路的思路进行分析。
（1）[1]将适量盐水从注水口倒入玻璃管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水容易导电，所以盐水是导体。
[2]盐水浓度不同，灯泡的亮度不同，可以根据灯泡的亮度判断盐水电阻的大小，运用了转换法。
（2）[1]要增加盐水的浓度，应该往盐水中加盐，并搅拌。
[2]探究猜想B时，用注射器缓慢地从玻璃管中抽取部分盐水，同时调节活塞使玻璃管中仍充满盐水，保持了横截面积、盐水的浓度不变，盐水的长度变短，灯泡的亮度逐渐变亮，表明盐水的电阻大小与长度有关，即这一实验过程能验证猜想B。
（3）[1][2]将灯泡换为电流表，盐水的电阻变化会引起电路中的电流的变化，但是，当盐水的电阻过小时，电流会过大，电路可能会被烧坏；在原电路中串联一个电流表，灯泡可以起到保护电路的作用，因此乙同学的方案更好。
24．【答案】（1）解：根据速度公式可知，压路机在这次压路作业中运动的距离是：s=vt=0.2m/s×10×60s=120m。
答：压路机在这次压路作业中运动的距离是120m。
（2）解：该压路机对路面的压力等于自身的重力：F=G=5500N；
该压路机对路面的压强为：。
答：该压路机对路面的压强是2.75×105Pa。
（3）解：压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F引=f=0.4G=0.4×5500N=2200N；
压路机牵引力做的功：W=Fs=2200N×120m=2.64×105J。
答：压路机在这次压路作业中牵引力做的功是2.64×105J。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据s=vt计算压路机在这次压路作业中运动的距离；
（2）当压路机静止在水平路面上，压路机对水平路面的压力大小等于压路机的重力，根据可求出压路机对水平路面的压强；
（3）压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F=f=0.4G总；根据W=Fs求出压路机做的功。
（1）压路机在这次压路作业中运动的距离
（2）该压路机对路面的压力
则该压路机对路面的压强
（3）压路机在水平路面上匀速行驶，受力平衡，则牵引力
则压路机在这次压路作业中牵引力做的功
25．【答案】解：（1）由图可知，只闭合开关S1时，电路中只有电阻R1工作，则电源的电压：
（2）闭合开关S1和S2，电阻R1与R2并联，根据并联电路电压规律可得，R2两端的电压：
通过R2的电流：
（3）闭合开关S1和S2，根据并联电路的特点，R1的电流为1.2A，通过R2的电流0.4A，根据并联电路电流规律可得，电路总电流
电路消耗的总功率：P=UI总=24V×1.6A=38.4W
答：（1）电源的电压U为24V；
（2）闭合开关S1和S2，通过R2的电流I2为0.4A；
（3）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率为38.4W。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据U=IR，计算分压大小；
（2）根据，计算电流；
（3）根据并联电路电流规律，计算总电流，利用P=UI，计算电功率大小。
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