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2025年广东省广州市广大附中中考三模物理试题
1．（2025·广州模拟）监测器与发声体距离保持不变，测得发声体发出声音的数据如图，0至t1过程中，发声体（　　）
A．振动幅度变大 B．每秒振动次数不变
C．发出声音的音调变低 D．发出声音的响度不变
【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】AD．声音的强弱用响度描述，响度大小以分贝(dB)为单位计量。分贝值越大表示声音响度越强，而响度与声源振动幅度直接相关：响度越大意味着振动幅度越大。从图中可以看出，在0到t1时间段内分贝数持续降低，说明声音响度逐渐减弱，同时振动幅度也随之减小。因此AD选项与题意不符。BC．音调高低由振动频率决定，频率越高则音调越高。频率定义为每秒振动次数。观察图示可知，在0至t1过程中频率保持恒定，说明每秒振动次数不变，因而声音的音调维持不变。由此判断B选项符合题意，C选项不符合。
正确答案选择B。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．（2025·广州模拟）一根弹簧的左端固定在墙上，如图在弹簧弹性限度内，分别用手水平拉伸弹簧和压缩弹簧，弹簧静止时，手受到的弹力分别为、、，则（　　）
A． B．的方向水平向右
C．和的方向相同 D．和的方向相反
【答案】B
【知识点】弹力
【解析】【解答】A．甲的拉力较大，手受到甲的弹力也较大，在弹簧弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量越大，由图甲、乙可知，甲的伸长量较大，即，故A不符合题意；
BCD．和的方向相同，和的方向相反，由图可知，甲、乙中手水平向右拉弹簧，手受到弹力水平向左；丙中手水平向左压弹簧，手受到的弹力水平向右；故B符合题意，CD不符合题意。
故选B。
【分析】(1)根据弹力的大小与形变程度有关；
(2)弹力的方向与形变方向相反。
3．（2025·广州模拟）往自制火箭模型的瓶内喷入雾状酒精，启动电火花发生器点火使酒精燃烧，火箭就会立刻飞出。此过程与四冲程汽油机中能量转化过程一致的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
【答案】A
【知识点】热机；制作水火箭模型
【解析】【解答】往自制火箭模型的瓶内喷入雾状酒精，启动电火花发生器点火使酒精燃烧，火箭飞出，此过程的能量转化过程为内能转化为机械能，与做功冲程能量转化相同，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能。
4．（2025·广州模拟）如图1和2，是一束光分别经过甲、乙两个透镜后的光路图，图中虚线表示透镜的主光轴。图3是远视眼的成因示意图（　　）
A．甲对光有会聚作用，是凹透镜
B．乙对光有会聚作用，是凸透镜
C．矫正远视眼的镜片和甲对光的偏折作用相同
D．矫正远视眼的镜片和乙对光的偏折作用相同
【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AB．光线通过甲后，向主光轴聚拢，说明甲对光线有会聚作用，属于凸透镜。光线通过乙后，与主光轴离散，说明乙对光线起发散作用，属于凹透镜，故AB错误；
CD．矫正远视眼，需要佩戴凸透镜，故选甲，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、远视眼，光线汇聚作用较弱，需要凸透镜（对光线具有汇聚作用）进行矫正；
2、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
3、凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
5．（2025·广州模拟）水循环是人类生存和生活离不开的重要环节，图中甲、乙、丙代表了水的三种物态，其中甲是水，丙放热变成甲，则下列选项中说法正确的是（　　）
A．乙是水蒸气 B．甲吸热会变成乙
C．丙变成乙的过程要吸热 D．甲变成乙是凝固，需要放热
【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解析】A．根据题目描述，甲代表水，丙通过放热转化为甲（水），说明丙是水蒸气（液化放热过程），因此选项A的结论是错误的；B．甲是水，通过汽化（吸热）可转化为丙（水蒸气）；乙代表冰，甲（水）通过凝固（放热）转化为乙（冰），因此选项B的结论是错误的；
C．丙（水蒸气）转化为乙（冰）的过程是凝华现象，此过程需要放热，因此选项C的结论是错误的；
D．甲（水）转化为乙（冰）属于凝固现象，凝固过程需要放热，因此选项D的结论是正确的。
综上所述，正确答案为D。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
6．（2025·广州模拟）氧原子的原子核由8个质子和8个中子组成，当氧原子不显电性时下列说法正确的是（　　）
A．中子带负电 B．质子带正电
C．电子不带电 D．氧原子核外有16个电子
【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A．原子核中的中子不带电荷，因此选项A是错误的。
B．原子核中的质子带有正电荷，因此选项B是正确的。
C．原子核外的电子带负电，但电子不属于原子核的组成部分，因此选项C是错误的。
D．氧原子核含有8个质子（带8个单位正电荷），所以核外必须有8个电子（带8个单位负电荷）因此选项D是错误的。
正确答案是B。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，质子带正点，种子不带电，核外电子带负电，整个分子不显电性。
7．（2025·广州模拟）如图，若使滑片P向右滑动时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，应连接（　　）
A．ac B．ab C．bd D．cd
【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】使滑片P向右滑动时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，则接入电路中的电阻丝长度减小，采用右下角连接，c、d任意选一个即可，C正确，ABD错误；
综上选C。
【分析】变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻。
8．（2025·广州模拟）小明认为用不同的液体也能测出大气压值，他计划用甲乙两根长12m规格相同的玻璃管分别装满水和酒精后倒置在相应的液体槽中，酒精的密度比水小。若大气压能托起两玻璃管中的液柱，且两管内液面上方是真空，如图所示甲管中液面在M位置，则（　　）
A．无法判断乙管内液面的位置 B．乙管内液面的位置在N位置
C．乙管内液面的位置在N位置上方 D．乙管内液面的位置在N位置下方
【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用
【解析】【解答】托起的酒精的高度要增加，在N位置上方，能判断其位置，甲管中托起水柱产生的液体压强等于大气压强的值，在乙管中，托起的酒精的高度产生的液体压强也等于大气压强的值，酒精的密度小，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据管内液面上方是真空，大气压支撑起液柱，根据分析解答。
9．（2025·广州模拟）如图，某家庭电路输电线从左端进户，闭合开关，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，空气开关未跳闸，则下列说法正确的是（　　）
A．灯泡短路 B．ab两点间断路
C．bc两点间断路 D．图中插座与灯泡是串联的
【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．灯泡短路会导致电路中的电流过大，引起空气开关跳闸，故A错误；
B．ab两点间断路，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，故B正确；
C．如果bc两点间断路，测电笔插入三孔插座的右孔会发光，故C错误；
D．图中插座和灯泡首首相连，尾尾相接属于并联的，故D错误。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路
2、测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
10．（2025·广州模拟）放置在水平桌面上的两个圆柱形容器中分别装有质量相等的甲、乙两种不同的液体，两种液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙，对容器底部的压强分别为p甲、p乙。将一支自制密度计分别放入两个容器中，自制密度计在液体中静止时如图所示，密度计的刻度上有M、N两点，则（　　）
A．F甲=F乙
B．p甲>p乙
C．甲液体密度大于乙液体
D．密度计在两种液体中受到的浮力大小不相等
【答案】A
【知识点】压强大小比较；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、 因为容器是柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力。已知甲、乙两种液体质量相等，根据重力公式，它们的重力相等，所以两种液体对容器底部的压力F甲=F乙，故A正确；
B、 压强公式为，虽然压力相等，但题目中未给出容器底部面积s的大小关系，因此无法确定压强和的大小，故B错误；
C、 密度计在液体中漂浮，浮力等于重力。由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积更大，根据阿基米德原理，排开体积越大，液体密度越小，所以甲液体密度小于乙液体，故C错误；
D、 密度计在两种液体中都处于漂浮状态，浮力都等于自身重力，因此密度计在两种液体中受到的浮力大小相等，故D错误；
故选A。
【分析】本题考查液体压力、压强与密度计的综合应用：
对于柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力，这是分析压力关系的关键；密度计的工作原理是漂浮，浮力等于重力，结合阿基米德原理可判断液体密度大小（排开液体体积越大，液体密度越小）；压强的比较需要结合压力和受力面积，题目中未给出受力面积信息，因此无法比较压强大小。解题时需明确柱形容器的压力特点、密度计的漂浮条件，逐一分析各选项的逻辑关系，避免因条件缺失（如容器底面积）而误判压强大小。
11．（2025·广州模拟）（1）如下图，一束光（图中未画出）从空气射到水面O点，反射光线照到天花板上的A点；
①画出反射光线及对应的入射光线；
②大致画出该入射光线进入水的折射光线。
（2）物体MN放在凸透镜前，M点分别发出两束光a、b，a经过凸透镜光心O，b经过凸透镜的焦点F，画出下图中a、b经凸透镜后的光线。
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】（1）① 首先画出反射光线OA，然后过点O作垂直于界面的法线。根据反射定律（反射角等于入射角），在法线左侧的空气中画出入射光线。
② 根据折射定律，在法线右侧的水中画出折射光线，注意折射角应小于入射角。具体光路图如下：
（2）对于凸透镜的光路作图：1. 通过光心的光线b经过凸透镜后传播方向不变，保持与入射光线在同一直线上；2. 平行于主光轴入射的光线a经凸透镜折射后通过焦点。光路示意图如下：
【分析】1、反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
2、折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线；
3、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
（1）①连接OA即为反射光线，然后过O点作垂直界面的法线，根据反射角等于入射角，在法线的左侧的空气中画出入射光线；
②根据折射规律，在法线右侧的水中画出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示：
（2）过光心的光线b经凸透镜折射后的光线与入射光线在一条直线上，传播方向不发生改变；过焦点的光线a经凸透镜折射后的光线平行于主光轴，如图所示：
12．（2025·广州模拟）如图1为蹦床运动简化示意图，其中运动员在O点时速度为零，A点是蹦床不发生形变时的位置。运动员到达B点时速度达到最大值，然后逐渐减慢，直至到达最低点C。若整个过程忽略空气阻力，则
（1）运动员从O点运动到A点的过程中，他的　 　转化为　 　（以上两空均选填“动能”或“重力势能”）；
（2）运动员从B点运动到C点的过程中，他的动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　，蹦床的弹性势能　 　（以上均选填“增大”“减小”或“不变”）；
（3）以点代表运动员，请在图2中画出运动员在O点的受力示意图（虚线为运动员下落的方向）。
【答案】（1）重力势能；动能
（2）减小；减小；减小；增大
（3）
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化；重力示意图
【解析】【解答】（1）运动员位于O点时为最高位置，此时重力势能最大。下落过程中高度降低，重力势能不断减小，转化为动能导致速度逐渐增大。类似现象可见于跳水运动员从跳台自由下落时的能量转换过程。
（2）运动员在B点速度达到峰值，此时重力与弹力平衡（大小相等）。从B点到C点，弹簧形变加剧，弹力超过重力，运动员减速导致动能减小。同时高度持续降低，重力势能继续减小。机械能（动能+势能）因两者均减小而整体减小。
蹦床形变增大时，弹性势能储存增加，类比弹簧被压缩时弹性势能上升的物理过程。
（3）O点处运动员仅受重力G（方向竖直向下），未接触蹦床故弹力为零。受力示意如下：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1][2]运动员在O点时处于最高位置，具有最大重力势能。随着下落，高度降低，重力势能逐渐减小。减小的重力势能转化为动能，使运动员速度逐渐增大。例如跳水运动员从跳台下落时，也是重力势能转化为动能的过程。
（2）[1][2][3]运动员到达B点时速度达到最大值，表明此时人体受到的重力与弹力相等，从B点到C点，由于这个过程，弹簧产生的弹力增加，弹力大于重力，故运动员速度逐渐减慢，动能减小。随着高度降低，重力势能持续减小。机械能等于动能与势能之和，运动员的动能与重力势能均减小，故其机械能减小。
[4]蹦床形变程度增大，储存的弹性势能增加。这类似于压缩弹簧时弹性势能增大。
（3）在O点时，运动员只受到竖直向下的重力作用（用带箭头的线段表示，箭头向下，标注G）。此时还未接触蹦床，不受弹力作用。如图所示：
13．（2025·广州模拟）如图，以O为支点的轻质杠杆，在A点施加竖直向下的拉力FA，FA的力臂为lA。
（1）在杠杆的某个位置施加竖直向上4N的拉力F1，使杠杆水平静止，在图1画出拉力F1和FA的力臂lA。
（2）如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，根据公式　 　，判断F2的力臂l2　 　lA，所以F2　 　FA（以上两空均选填“＞”、“＜”或“＝”）。
【答案】（1）
（2）；<；>
【知识点】力臂的画法；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）如图1，设杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件可知，解得；F1向上，在杠杆的右侧；据此作力臂lA，如图：
（2）如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，分析判断F2的力臂l2小于OB的长度，所以F2的力臂l2小于lA，根据杠杆的平衡条件 知，所以。
【分析】探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响。
（1）如图1，设杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件可知
解得；因为力的方向向上，故F1必须在杠杆的右侧；过支点O沿水平方向做FA的垂线端，即力臂lA，如图
（2）[1][2][3]如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，根据公式，力臂是从支点到力的作用线的距离，可判断F2的力臂l2小于OB的长度，而，则F2的力臂l2小于lA，即，根据杠杆的平衡条件知，所以。
14．（2025·广州模拟）小明家计划把汽油车更换成新能源汽车，他看到了网络上对两款汽油车和新能源车的测评，对比消耗相同能量两车行驶的路程，以下是他了解到的相关信息：
（1）图1为汽油车的能量流向图，在该次行驶过程中消耗汽油30kg，汽油完全燃烧放出的热量Q为　 　J，若汽油机的热效率为30%，则有用机械能为　 　J（汽油的热值为）；
（2）图2为新能源车的能量流向图，若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率为　 　%。
【答案】（1）1.38×109；4.14×108
（2）75
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）汽油完全燃烧放出的热量为：；
汽油机的热效率为30%，根据，
有用机械能为：；
（2）若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率。
【分析】（1）根据Q=mq，计算燃油燃烧放出的热量；根据W=ηQ，计算有用功；
（2）根据，计算热机效率大小。
（1）[1][2]汽油完全燃烧放出的热量为
汽油机的热效率为30%，根据
可知，有用机械能为
（2）[1][2]若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率
15．（2025·广州模拟）小明在某次实验中，将小灯泡L与定值电阻R并联，电压表测ab两接线柱的电压（电压不超过3V），开关同时控制L与R。
（1）请按小明的设计在图1中用笔画线完成电路的连接，并在图2中将该电路的电路图画完整；
（2）闭合开关后，电压表及电流表的示数如图3，此时R两端电压为　 　V，通过R的电流为　 　A，R的电阻为　 　Ω；
（3）小明给电源增加了两节电池继续进行实验，L亮了一会后便熄灭了，L熄灭后电压表及电流表的示数如图4，若电路只有一处故障，则电路中不可能出现的故障应有　 　。
①开关断路；②电流表A断路；③L断路；④R短路
【答案】（1）
（2）2.4；0.8；3
（3）①④
【知识点】根据实物图画电路图；实物的电路连接；电路故障的判断；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）由于小灯泡L与定值电阻R并联连接，电压表测量ab两接线柱之间的电压（电压不超过3V），因此电压表应选用小量程并联在ab接线柱上。开关需要同时控制L和R，所以开关应接在干路中。实物连接图中，电流表A测量通过灯泡的电流，A1测量通过R的电流，具体连接方式如下：
（2） 观察电压表读数，由于使用的是小量程，分度值为0.1V，读数为2.4V，此时R两端的电压为2.4V。
电流表A1采用大量程，分度值为0.1A，读数为0.8A。根据欧姆定律，R的阻值为：
（3）①若开关断路，电压表和电流表A1均无示数，符合题意；② 若电流表A断路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，但电压表和A1仍有示数，不符合题意；③ 若L断路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，但电压表和A1仍有示数，不符合题意；④ 若R短路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，电压表示数为零，A1示数异常增大，同时会导致电源短路，可能损坏电路，符合题意。因此，电路中可能出现的故障是①和④。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、故障分析：当电路发生断路时，该支路中电流为0，发生短路时，电路中依然有电流通过。
（1）根据小灯泡L与定值电阻R并联，电压表测ab两接线柱的电压（电压不超过3V），所以电压表选择小量程并联在ab两接线柱，开关同时控制L与R，则开关在干路上，连接实物图；此时电流表A测量通过灯泡电流，A1测量通过R的电流，如图所示：
（2）[1]由图可知，电压表用的小量程，分度值为0.1V，则示数为2.4V，此时R两端电压为2.4V。
[2][3]电流表A1是大量程，分度值为0.1A，示数为0.8A，则R的电阻为
（3）①若开关断路，电压表与电流表A1均无示数，故①符合题意；
②若电流表A断路，则灯泡L熄灭，且电流表A示数为零，电压表与电流表A1均有示数，故②不符合题意；
③若L断路，则灯泡L熄灭，电流表A示数为零，电压表与电流表A1均有示数，故③不符合题意；
④若R短路，则灯泡L熄灭，电流表A示数为零，电压表示数为零，电流表A1有示数且非常大，且电源短路，很快会损坏电路，故④符合题意，电路中不可能出现的故障应有①④。
16．（2025·广州模拟）某款家用电热水壶内部部分简化电路如图1，其中R1和R2为阻值不变的发热电阻（R1（1）当开关S接b端时，流过R1电流I1　 　流过R2的电流I2，R1两端电压U1　 　 R2两端电压U2（以上两空选填“大于”“小于”或“等于”）；
（2）当开关S接　 　端（选填“a”“b”），电热水壶是加热挡，理由是　 　；
（3）求该热水壶在0-1min时的实际电功率；
（4）求电阻R1的阻值，及其在0-2min时产生的热量。
【答案】（1）等于；小于
（2）a；由图1可知，开关S接a端，电路中仅有R1，开关S接b端，发热电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻特点，串联时电路总电阻最大，由可知，开关S接b端，电路处于低温挡，开关S接a端，电路处于高温挡。
（3）解：该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率为
（4）解：当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为
由可得，R1在0-2min时产生的热量为。
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）当开关S连接到b端时，电路中的电阻R1和R2形成串联结构。根据串联电路的特性，电流I1通过R1与电流I2通过R2的大小相同。由于R1的阻值小于R2，根据串联分压规律，R1两端的电压U1将低于R2两端的电压U2。
（2）分析电路结构可知：当开关S接至a端时，仅有电阻R1接入电路；当开关S接至b端时，R1与R2串联连接。根据串联电路总电阻的计算方法，此时电路总阻值达到最大。根据电功率公式可知，当开关S接b端（串联状态）时，电路处于低温工作模式；当开关S接a端（仅R1工作）时，电路处于高温工作模式。
【分析】（1）串联电路中，电阻之比等于电压之比；
（2）电功率的计算：公式为，当电阻越大时，电功率越小，此时为保温档，电阻越小，电功率越大，此时为加热档；
（3）该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率；
（4）当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为，由可得R1在0-2min时产生的热量。
（1）[1]如图1，当开关S接b端时，R1和R2两个发热电阻串联，根据串联电路，电流处处相等的特点可知，流过R1电流I1等于流过R2的电流I2。
[2]根据串联分压原理，因为R1（2）[1][2]由图1可知，开关S接a端，电路中仅有R1，开关S接b端，发热电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻特点，串联时电路总电阻最大，由可知，开关S接b端，电路处于低温挡，开关S接a端，电路处于高温挡。
（3）该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率为
（4）当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为
由可得，R1在0-2min时产生的热量为
17．（2025·广州模拟）溢水杯中装满水（水面与溢水口齐平），水深为10cm，用数显式测力计和轻质细线悬挂一个重7.2N的物块轻轻地放入溢水杯内，待物块静止时如图1，测力计测得拉力为1.2N。取，，求：
（1）物块浸没在水中时受到的浮力？
（2）物块浸没在水中后，排开的水的体积？
（3）将物块取出擦干后，放入液体B中，物块静止在如图2所示的位置。求液体B的密度？
【答案】解：（1）根据称重法测浮力，浮力为
（2）根据阿基米德原理，排开的水的体积为
（3）物体处于悬浮状态，则有
根据阿基米德原理，液体B的密度为
答：（1）物块浸没在水中时受到的浮力为；
（2）物块浸没在水中后，排开的水的体积；
（3）液体B的密度。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】(1)称重法求出物块浸没在水中时受到的浮力 ；
(2)根据阿基米德原理求出物块浸没在水中后，排开的水的体积；
(3)根据重力公式求出物体的质量，根据密度公式求出物体的密度，根据物体的浮沉条件可知液体B的密度。
18．（2025·广州模拟）图1是“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验装置。
（1）某同学在安装温度计时，玻璃泡接触到了烧杯底部，此时应适当将　 　调整（选填“①”或“②”）；
①A十字夹处向上
②B处十字夹向下
（2）实验中记录的数据如下表所示，同时在5-9min观察到烧杯内的水一直都没有出现气泡。此时烧杯内的水是否沸腾？　 　你的依据是：　 　。表中第　 　min时水的温度值记录错误；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9
温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 90 98
（3）删除错误数据后，请在图3中画出水的温度随时间变化的图像。
【答案】（1）①
（2）否；观察到5-9分钟内烧杯内始终未出现气泡，说明烧杯内的水未达到沸腾状态；8
（3）
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）安装实验器材时应遵循自下而上的顺序。由于实验需要使用酒精灯外焰加热，因此B处石棉网的位置不能向下调整，只能将A铁杆向上移动，使温度计玻璃泡略微上移，避免与烧杯底部接触。故选项①正确，②错误。
正确答案为①。
（2）沸腾是同时发生在液体表面和内部的剧烈汽化现象，在此过程中液态水转化为水蒸气并产生气泡。实验中观察到5-9分钟内烧杯内始终未出现气泡，说明烧杯内的水未达到沸腾状态。这种现象可能是由于水吸收的热量与散失的热量达到平衡所致。
由实验数据可知，水从第4分钟开始保持98℃的沸点温度，而第8分钟记录的温度90℃与持续加热条件下的物理规律不符（应保持98℃不变），因此该数据记录存在错误。
（3）根据实验数据表格，将时间与温度的对应关系绘制在坐标系中，并用平滑曲线连接各数据点，得到如下图像：
【分析】1、探究水沸腾温度时间曲线试验：实验仪器的安装遵循从下而上、从左至右的安装顺序，所以安装顺序为铁架台、酒精灯、铁圈、烧杯、温度计，以酒精灯外焰加热物体，使用仪器还有秒表，记录液体的温度时间曲线；
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）安装器材时要按照自下而上的顺序，实验中要用酒精灯外焰加热，所以B处石棉网的位置不能向下调，只能将A铁杆向上移动，使温度计的玻璃泡稍向上移动，不再接触烧杯底。故①符合题意，②不符合题意。
故选①。
（2）[1][2]沸腾是发生在液体表面和内部剧烈的汽化现象，此过程中液态的水会变为水蒸气，同时会产生气泡，在5-9min观察到烧杯内的水一直都没有出现气泡，说明烧杯内的水没有沸腾。此种情况可能是由于水吸收的热量等于水散出的热量造成的。
[3]由表中数据可知水从第4min开始温度为98℃，第8min时水温度为90℃，酒精灯始终加热，温度应保持98℃不变，故第8min的温度90℃是错误的。
（3）根据表格中的数据在图像中找到时间和温度的对应点，然后用平滑的曲线连接，如图所示：
1 / 12025年广东省广州市广大附中中考三模物理试题
1．（2025·广州模拟）监测器与发声体距离保持不变，测得发声体发出声音的数据如图，0至t1过程中，发声体（　　）
A．振动幅度变大 B．每秒振动次数不变
C．发出声音的音调变低 D．发出声音的响度不变
2．（2025·广州模拟）一根弹簧的左端固定在墙上，如图在弹簧弹性限度内，分别用手水平拉伸弹簧和压缩弹簧，弹簧静止时，手受到的弹力分别为、、，则（　　）
A． B．的方向水平向右
C．和的方向相同 D．和的方向相反
3．（2025·广州模拟）往自制火箭模型的瓶内喷入雾状酒精，启动电火花发生器点火使酒精燃烧，火箭就会立刻飞出。此过程与四冲程汽油机中能量转化过程一致的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
4．（2025·广州模拟）如图1和2，是一束光分别经过甲、乙两个透镜后的光路图，图中虚线表示透镜的主光轴。图3是远视眼的成因示意图（　　）
A．甲对光有会聚作用，是凹透镜
B．乙对光有会聚作用，是凸透镜
C．矫正远视眼的镜片和甲对光的偏折作用相同
D．矫正远视眼的镜片和乙对光的偏折作用相同
5．（2025·广州模拟）水循环是人类生存和生活离不开的重要环节，图中甲、乙、丙代表了水的三种物态，其中甲是水，丙放热变成甲，则下列选项中说法正确的是（　　）
A．乙是水蒸气 B．甲吸热会变成乙
C．丙变成乙的过程要吸热 D．甲变成乙是凝固，需要放热
6．（2025·广州模拟）氧原子的原子核由8个质子和8个中子组成，当氧原子不显电性时下列说法正确的是（　　）
A．中子带负电 B．质子带正电
C．电子不带电 D．氧原子核外有16个电子
7．（2025·广州模拟）如图，若使滑片P向右滑动时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，应连接（　　）
A．ac B．ab C．bd D．cd
8．（2025·广州模拟）小明认为用不同的液体也能测出大气压值，他计划用甲乙两根长12m规格相同的玻璃管分别装满水和酒精后倒置在相应的液体槽中，酒精的密度比水小。若大气压能托起两玻璃管中的液柱，且两管内液面上方是真空，如图所示甲管中液面在M位置，则（　　）
A．无法判断乙管内液面的位置 B．乙管内液面的位置在N位置
C．乙管内液面的位置在N位置上方 D．乙管内液面的位置在N位置下方
9．（2025·广州模拟）如图，某家庭电路输电线从左端进户，闭合开关，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，空气开关未跳闸，则下列说法正确的是（　　）
A．灯泡短路 B．ab两点间断路
C．bc两点间断路 D．图中插座与灯泡是串联的
10．（2025·广州模拟）放置在水平桌面上的两个圆柱形容器中分别装有质量相等的甲、乙两种不同的液体，两种液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙，对容器底部的压强分别为p甲、p乙。将一支自制密度计分别放入两个容器中，自制密度计在液体中静止时如图所示，密度计的刻度上有M、N两点，则（　　）
A．F甲=F乙
B．p甲>p乙
C．甲液体密度大于乙液体
D．密度计在两种液体中受到的浮力大小不相等
11．（2025·广州模拟）（1）如下图，一束光（图中未画出）从空气射到水面O点，反射光线照到天花板上的A点；
①画出反射光线及对应的入射光线；
②大致画出该入射光线进入水的折射光线。
（2）物体MN放在凸透镜前，M点分别发出两束光a、b，a经过凸透镜光心O，b经过凸透镜的焦点F，画出下图中a、b经凸透镜后的光线。
12．（2025·广州模拟）如图1为蹦床运动简化示意图，其中运动员在O点时速度为零，A点是蹦床不发生形变时的位置。运动员到达B点时速度达到最大值，然后逐渐减慢，直至到达最低点C。若整个过程忽略空气阻力，则
（1）运动员从O点运动到A点的过程中，他的　 　转化为　 　（以上两空均选填“动能”或“重力势能”）；
（2）运动员从B点运动到C点的过程中，他的动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　，蹦床的弹性势能　 　（以上均选填“增大”“减小”或“不变”）；
（3）以点代表运动员，请在图2中画出运动员在O点的受力示意图（虚线为运动员下落的方向）。
13．（2025·广州模拟）如图，以O为支点的轻质杠杆，在A点施加竖直向下的拉力FA，FA的力臂为lA。
（1）在杠杆的某个位置施加竖直向上4N的拉力F1，使杠杆水平静止，在图1画出拉力F1和FA的力臂lA。
（2）如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，根据公式　 　，判断F2的力臂l2　 　lA，所以F2　 　FA（以上两空均选填“＞”、“＜”或“＝”）。
14．（2025·广州模拟）小明家计划把汽油车更换成新能源汽车，他看到了网络上对两款汽油车和新能源车的测评，对比消耗相同能量两车行驶的路程，以下是他了解到的相关信息：
（1）图1为汽油车的能量流向图，在该次行驶过程中消耗汽油30kg，汽油完全燃烧放出的热量Q为　 　J，若汽油机的热效率为30%，则有用机械能为　 　J（汽油的热值为）；
（2）图2为新能源车的能量流向图，若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率为　 　%。
15．（2025·广州模拟）小明在某次实验中，将小灯泡L与定值电阻R并联，电压表测ab两接线柱的电压（电压不超过3V），开关同时控制L与R。
（1）请按小明的设计在图1中用笔画线完成电路的连接，并在图2中将该电路的电路图画完整；
（2）闭合开关后，电压表及电流表的示数如图3，此时R两端电压为　 　V，通过R的电流为　 　A，R的电阻为　 　Ω；
（3）小明给电源增加了两节电池继续进行实验，L亮了一会后便熄灭了，L熄灭后电压表及电流表的示数如图4，若电路只有一处故障，则电路中不可能出现的故障应有　 　。
①开关断路；②电流表A断路；③L断路；④R短路
16．（2025·广州模拟）某款家用电热水壶内部部分简化电路如图1，其中R1和R2为阻值不变的发热电阻（R1（1）当开关S接b端时，流过R1电流I1　 　流过R2的电流I2，R1两端电压U1　 　 R2两端电压U2（以上两空选填“大于”“小于”或“等于”）；
（2）当开关S接　 　端（选填“a”“b”），电热水壶是加热挡，理由是　 　；
（3）求该热水壶在0-1min时的实际电功率；
（4）求电阻R1的阻值，及其在0-2min时产生的热量。
17．（2025·广州模拟）溢水杯中装满水（水面与溢水口齐平），水深为10cm，用数显式测力计和轻质细线悬挂一个重7.2N的物块轻轻地放入溢水杯内，待物块静止时如图1，测力计测得拉力为1.2N。取，，求：
（1）物块浸没在水中时受到的浮力？
（2）物块浸没在水中后，排开的水的体积？
（3）将物块取出擦干后，放入液体B中，物块静止在如图2所示的位置。求液体B的密度？
18．（2025·广州模拟）图1是“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验装置。
（1）某同学在安装温度计时，玻璃泡接触到了烧杯底部，此时应适当将　 　调整（选填“①”或“②”）；
①A十字夹处向上
②B处十字夹向下
（2）实验中记录的数据如下表所示，同时在5-9min观察到烧杯内的水一直都没有出现气泡。此时烧杯内的水是否沸腾？　 　你的依据是：　 　。表中第　 　min时水的温度值记录错误；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9
温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 90 98
（3）删除错误数据后，请在图3中画出水的温度随时间变化的图像。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】AD．声音的强弱用响度描述，响度大小以分贝(dB)为单位计量。分贝值越大表示声音响度越强，而响度与声源振动幅度直接相关：响度越大意味着振动幅度越大。从图中可以看出，在0到t1时间段内分贝数持续降低，说明声音响度逐渐减弱，同时振动幅度也随之减小。因此AD选项与题意不符。BC．音调高低由振动频率决定，频率越高则音调越高。频率定义为每秒振动次数。观察图示可知，在0至t1过程中频率保持恒定，说明每秒振动次数不变，因而声音的音调维持不变。由此判断B选项符合题意，C选项不符合。
正确答案选择B。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．【答案】B
【知识点】弹力
【解析】【解答】A．甲的拉力较大，手受到甲的弹力也较大，在弹簧弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量越大，由图甲、乙可知，甲的伸长量较大，即，故A不符合题意；
BCD．和的方向相同，和的方向相反，由图可知，甲、乙中手水平向右拉弹簧，手受到弹力水平向左；丙中手水平向左压弹簧，手受到的弹力水平向右；故B符合题意，CD不符合题意。
故选B。
【分析】(1)根据弹力的大小与形变程度有关；
(2)弹力的方向与形变方向相反。
3．【答案】A
【知识点】热机；制作水火箭模型
【解析】【解答】往自制火箭模型的瓶内喷入雾状酒精，启动电火花发生器点火使酒精燃烧，火箭飞出，此过程的能量转化过程为内能转化为机械能，与做功冲程能量转化相同，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能。
4．【答案】C
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AB．光线通过甲后，向主光轴聚拢，说明甲对光线有会聚作用，属于凸透镜。光线通过乙后，与主光轴离散，说明乙对光线起发散作用，属于凹透镜，故AB错误；
CD．矫正远视眼，需要佩戴凸透镜，故选甲，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、远视眼，光线汇聚作用较弱，需要凸透镜（对光线具有汇聚作用）进行矫正；
2、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
3、凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
5．【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解析】A．根据题目描述，甲代表水，丙通过放热转化为甲（水），说明丙是水蒸气（液化放热过程），因此选项A的结论是错误的；B．甲是水，通过汽化（吸热）可转化为丙（水蒸气）；乙代表冰，甲（水）通过凝固（放热）转化为乙（冰），因此选项B的结论是错误的；
C．丙（水蒸气）转化为乙（冰）的过程是凝华现象，此过程需要放热，因此选项C的结论是错误的；
D．甲（水）转化为乙（冰）属于凝固现象，凝固过程需要放热，因此选项D的结论是正确的。
综上所述，正确答案为D。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
6．【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A．原子核中的中子不带电荷，因此选项A是错误的。
B．原子核中的质子带有正电荷，因此选项B是正确的。
C．原子核外的电子带负电，但电子不属于原子核的组成部分，因此选项C是错误的。
D．氧原子核含有8个质子（带8个单位正电荷），所以核外必须有8个电子（带8个单位负电荷）因此选项D是错误的。
正确答案是B。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，质子带正点，种子不带电，核外电子带负电，整个分子不显电性。
7．【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】使滑片P向右滑动时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，则接入电路中的电阻丝长度减小，采用右下角连接，c、d任意选一个即可，C正确，ABD错误；
综上选C。
【分析】变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻。
8．【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用
【解析】【解答】托起的酒精的高度要增加，在N位置上方，能判断其位置，甲管中托起水柱产生的液体压强等于大气压强的值，在乙管中，托起的酒精的高度产生的液体压强也等于大气压强的值，酒精的密度小，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据管内液面上方是真空，大气压支撑起液柱，根据分析解答。
9．【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．灯泡短路会导致电路中的电流过大，引起空气开关跳闸，故A错误；
B．ab两点间断路，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，故B正确；
C．如果bc两点间断路，测电笔插入三孔插座的右孔会发光，故C错误；
D．图中插座和灯泡首首相连，尾尾相接属于并联的，故D错误。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路
2、测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光。
10．【答案】A
【知识点】压强大小比较；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、 因为容器是柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力。已知甲、乙两种液体质量相等，根据重力公式，它们的重力相等，所以两种液体对容器底部的压力F甲=F乙，故A正确；
B、 压强公式为，虽然压力相等，但题目中未给出容器底部面积s的大小关系，因此无法确定压强和的大小，故B错误；
C、 密度计在液体中漂浮，浮力等于重力。由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积更大，根据阿基米德原理，排开体积越大，液体密度越小，所以甲液体密度小于乙液体，故C错误；
D、 密度计在两种液体中都处于漂浮状态，浮力都等于自身重力，因此密度计在两种液体中受到的浮力大小相等，故D错误；
故选A。
【分析】本题考查液体压力、压强与密度计的综合应用：
对于柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力，这是分析压力关系的关键；密度计的工作原理是漂浮，浮力等于重力，结合阿基米德原理可判断液体密度大小（排开液体体积越大，液体密度越小）；压强的比较需要结合压力和受力面积，题目中未给出受力面积信息，因此无法比较压强大小。解题时需明确柱形容器的压力特点、密度计的漂浮条件，逐一分析各选项的逻辑关系，避免因条件缺失（如容器底面积）而误判压强大小。
11．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】（1）① 首先画出反射光线OA，然后过点O作垂直于界面的法线。根据反射定律（反射角等于入射角），在法线左侧的空气中画出入射光线。
② 根据折射定律，在法线右侧的水中画出折射光线，注意折射角应小于入射角。具体光路图如下：
（2）对于凸透镜的光路作图：1. 通过光心的光线b经过凸透镜后传播方向不变，保持与入射光线在同一直线上；2. 平行于主光轴入射的光线a经凸透镜折射后通过焦点。光路示意图如下：
【分析】1、反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
2、折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线；
3、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
（1）①连接OA即为反射光线，然后过O点作垂直界面的法线，根据反射角等于入射角，在法线的左侧的空气中画出入射光线；
②根据折射规律，在法线右侧的水中画出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示：
（2）过光心的光线b经凸透镜折射后的光线与入射光线在一条直线上，传播方向不发生改变；过焦点的光线a经凸透镜折射后的光线平行于主光轴，如图所示：
12．【答案】（1）重力势能；动能
（2）减小；减小；减小；增大
（3）
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化；重力示意图
【解析】【解答】（1）运动员位于O点时为最高位置，此时重力势能最大。下落过程中高度降低，重力势能不断减小，转化为动能导致速度逐渐增大。类似现象可见于跳水运动员从跳台自由下落时的能量转换过程。
（2）运动员在B点速度达到峰值，此时重力与弹力平衡（大小相等）。从B点到C点，弹簧形变加剧，弹力超过重力，运动员减速导致动能减小。同时高度持续降低，重力势能继续减小。机械能（动能+势能）因两者均减小而整体减小。
蹦床形变增大时，弹性势能储存增加，类比弹簧被压缩时弹性势能上升的物理过程。
（3）O点处运动员仅受重力G（方向竖直向下），未接触蹦床故弹力为零。受力示意如下：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1][2]运动员在O点时处于最高位置，具有最大重力势能。随着下落，高度降低，重力势能逐渐减小。减小的重力势能转化为动能，使运动员速度逐渐增大。例如跳水运动员从跳台下落时，也是重力势能转化为动能的过程。
（2）[1][2][3]运动员到达B点时速度达到最大值，表明此时人体受到的重力与弹力相等，从B点到C点，由于这个过程，弹簧产生的弹力增加，弹力大于重力，故运动员速度逐渐减慢，动能减小。随着高度降低，重力势能持续减小。机械能等于动能与势能之和，运动员的动能与重力势能均减小，故其机械能减小。
[4]蹦床形变程度增大，储存的弹性势能增加。这类似于压缩弹簧时弹性势能增大。
（3）在O点时，运动员只受到竖直向下的重力作用（用带箭头的线段表示，箭头向下，标注G）。此时还未接触蹦床，不受弹力作用。如图所示：
13．【答案】（1）
（2）；<；>
【知识点】力臂的画法；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）如图1，设杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件可知，解得；F1向上，在杠杆的右侧；据此作力臂lA，如图：
（2）如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，分析判断F2的力臂l2小于OB的长度，所以F2的力臂l2小于lA，根据杠杆的平衡条件 知，所以。
【分析】探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响。
（1）如图1，设杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件可知
解得；因为力的方向向上，故F1必须在杠杆的右侧；过支点O沿水平方向做FA的垂线端，即力臂lA，如图
（2）[1][2][3]如图2，在B点施加沿虚线方向的拉力F2使杠杆水平静止，根据公式，力臂是从支点到力的作用线的距离，可判断F2的力臂l2小于OB的长度，而，则F2的力臂l2小于lA，即，根据杠杆的平衡条件知，所以。
14．【答案】（1）1.38×109；4.14×108
（2）75
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）汽油完全燃烧放出的热量为：；
汽油机的热效率为30%，根据，
有用机械能为：；
（2）若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率。
【分析】（1）根据Q=mq，计算燃油燃烧放出的热量；根据W=ηQ，计算有用功；
（2）根据，计算热机效率大小。
（1）[1][2]汽油完全燃烧放出的热量为
汽油机的热效率为30%，根据
可知，有用机械能为
（2）[1][2]若该车消耗的电能E=Q，电动机的损耗能量为3.45×108J，则电动机的工作效率
15．【答案】（1）
（2）2.4；0.8；3
（3）①④
【知识点】根据实物图画电路图；实物的电路连接；电路故障的判断；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）由于小灯泡L与定值电阻R并联连接，电压表测量ab两接线柱之间的电压（电压不超过3V），因此电压表应选用小量程并联在ab接线柱上。开关需要同时控制L和R，所以开关应接在干路中。实物连接图中，电流表A测量通过灯泡的电流，A1测量通过R的电流，具体连接方式如下：
（2） 观察电压表读数，由于使用的是小量程，分度值为0.1V，读数为2.4V，此时R两端的电压为2.4V。
电流表A1采用大量程，分度值为0.1A，读数为0.8A。根据欧姆定律，R的阻值为：
（3）①若开关断路，电压表和电流表A1均无示数，符合题意；② 若电流表A断路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，但电压表和A1仍有示数，不符合题意；③ 若L断路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，但电压表和A1仍有示数，不符合题意；④ 若R短路，灯泡L熄灭且电流表A无示数，电压表示数为零，A1示数异常增大，同时会导致电源短路，可能损坏电路，符合题意。因此，电路中可能出现的故障是①和④。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、故障分析：当电路发生断路时，该支路中电流为0，发生短路时，电路中依然有电流通过。
（1）根据小灯泡L与定值电阻R并联，电压表测ab两接线柱的电压（电压不超过3V），所以电压表选择小量程并联在ab两接线柱，开关同时控制L与R，则开关在干路上，连接实物图；此时电流表A测量通过灯泡电流，A1测量通过R的电流，如图所示：
（2）[1]由图可知，电压表用的小量程，分度值为0.1V，则示数为2.4V，此时R两端电压为2.4V。
[2][3]电流表A1是大量程，分度值为0.1A，示数为0.8A，则R的电阻为
（3）①若开关断路，电压表与电流表A1均无示数，故①符合题意；
②若电流表A断路，则灯泡L熄灭，且电流表A示数为零，电压表与电流表A1均有示数，故②不符合题意；
③若L断路，则灯泡L熄灭，电流表A示数为零，电压表与电流表A1均有示数，故③不符合题意；
④若R短路，则灯泡L熄灭，电流表A示数为零，电压表示数为零，电流表A1有示数且非常大，且电源短路，很快会损坏电路，故④符合题意，电路中不可能出现的故障应有①④。
16．【答案】（1）等于；小于
（2）a；由图1可知，开关S接a端，电路中仅有R1，开关S接b端，发热电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻特点，串联时电路总电阻最大，由可知，开关S接b端，电路处于低温挡，开关S接a端，电路处于高温挡。
（3）解：该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率为
（4）解：当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为
由可得，R1在0-2min时产生的热量为。
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）当开关S连接到b端时，电路中的电阻R1和R2形成串联结构。根据串联电路的特性，电流I1通过R1与电流I2通过R2的大小相同。由于R1的阻值小于R2，根据串联分压规律，R1两端的电压U1将低于R2两端的电压U2。
（2）分析电路结构可知：当开关S接至a端时，仅有电阻R1接入电路；当开关S接至b端时，R1与R2串联连接。根据串联电路总电阻的计算方法，此时电路总阻值达到最大。根据电功率公式可知，当开关S接b端（串联状态）时，电路处于低温工作模式；当开关S接a端（仅R1工作）时，电路处于高温工作模式。
【分析】（1）串联电路中，电阻之比等于电压之比；
（2）电功率的计算：公式为，当电阻越大时，电功率越小，此时为保温档，电阻越小，电功率越大，此时为加热档；
（3）该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率；
（4）当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为，由可得R1在0-2min时产生的热量。
（1）[1]如图1，当开关S接b端时，R1和R2两个发热电阻串联，根据串联电路，电流处处相等的特点可知，流过R1电流I1等于流过R2的电流I2。
[2]根据串联分压原理，因为R1（2）[1][2]由图1可知，开关S接a端，电路中仅有R1，开关S接b端，发热电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻特点，串联时电路总电阻最大，由可知，开关S接b端，电路处于低温挡，开关S接a端，电路处于高温挡。
（3）该热水壶在0-1min时电热水壶的开关S接到a端，由图2和图3可知，此时电热壶的实际电压为，电路中的电流为，由可得，该热水壶在0-1min时的实际电功率为
（4）当开关S接a端，电路中仅有R1，，由可得，R1的阻值为
由可得，R1在0-2min时产生的热量为
17．【答案】解：（1）根据称重法测浮力，浮力为
（2）根据阿基米德原理，排开的水的体积为
（3）物体处于悬浮状态，则有
根据阿基米德原理，液体B的密度为
答：（1）物块浸没在水中时受到的浮力为；
（2）物块浸没在水中后，排开的水的体积；
（3）液体B的密度。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】(1)称重法求出物块浸没在水中时受到的浮力 ；
(2)根据阿基米德原理求出物块浸没在水中后，排开的水的体积；
(3)根据重力公式求出物体的质量，根据密度公式求出物体的密度，根据物体的浮沉条件可知液体B的密度。
18．【答案】（1）①
（2）否；观察到5-9分钟内烧杯内始终未出现气泡，说明烧杯内的水未达到沸腾状态；8
（3）
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）安装实验器材时应遵循自下而上的顺序。由于实验需要使用酒精灯外焰加热，因此B处石棉网的位置不能向下调整，只能将A铁杆向上移动，使温度计玻璃泡略微上移，避免与烧杯底部接触。故选项①正确，②错误。
正确答案为①。
（2）沸腾是同时发生在液体表面和内部的剧烈汽化现象，在此过程中液态水转化为水蒸气并产生气泡。实验中观察到5-9分钟内烧杯内始终未出现气泡，说明烧杯内的水未达到沸腾状态。这种现象可能是由于水吸收的热量与散失的热量达到平衡所致。
由实验数据可知，水从第4分钟开始保持98℃的沸点温度，而第8分钟记录的温度90℃与持续加热条件下的物理规律不符（应保持98℃不变），因此该数据记录存在错误。
（3）根据实验数据表格，将时间与温度的对应关系绘制在坐标系中，并用平滑曲线连接各数据点，得到如下图像：
【分析】1、探究水沸腾温度时间曲线试验：实验仪器的安装遵循从下而上、从左至右的安装顺序，所以安装顺序为铁架台、酒精灯、铁圈、烧杯、温度计，以酒精灯外焰加热物体，使用仪器还有秒表，记录液体的温度时间曲线；
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）安装器材时要按照自下而上的顺序，实验中要用酒精灯外焰加热，所以B处石棉网的位置不能向下调，只能将A铁杆向上移动，使温度计的玻璃泡稍向上移动，不再接触烧杯底。故①符合题意，②不符合题意。
故选①。
（2）[1][2]沸腾是发生在液体表面和内部剧烈的汽化现象，此过程中液态的水会变为水蒸气，同时会产生气泡，在5-9min观察到烧杯内的水一直都没有出现气泡，说明烧杯内的水没有沸腾。此种情况可能是由于水吸收的热量等于水散出的热量造成的。
[3]由表中数据可知水从第4min开始温度为98℃，第8min时水温度为90℃，酒精灯始终加热，温度应保持98℃不变，故第8min的温度90℃是错误的。
（3）根据表格中的数据在图像中找到时间和温度的对应点，然后用平滑的曲线连接，如图所示：
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