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2025一2026学年度第二学期第一次月考
高二物理试卷
一、选择题(1-7为单选，每题4分，8-10为多选，每题6分，选对一个给3分，有错选或多选给0
分，总共46分)
1、下列各图中，通电直导线或带电粒子所受磁场力F方向正确的是()
。F◆
A.
B.
B
X XFX X
2.我国是最早发现磁现象、应用磁现象的国家之一。下列不属于磁现象的是（
A.两个静止的点电荷之间有相互作用力
B.两条平行通电导线之间有相互作用力
C.磁体与周围的通电导线有相互作用力
D.物理学家奥斯特发现通电导线使小磁针偏转
3.关于下列四幅课本上的插图的说法正确的是()
S-
等离子体
甲
乙
丙
丁
A.图甲是速度选择器示意图，由图可以判断出带电粒子的电性，不计重力的粒子能够沿直线匀速
通过速度选择器的条件是v=
B
B,图乙是磁流体发电机结构示意图，由图可以判断出A极板是发电机的正极
C.图丙是质谱仪结构示意图，打在底片上的位置越靠近狭缝S,说明粒子的比荷越大
D.图丁是回旋加速器示意图，要使粒子飞出加速器时的动能增大，可仅增加电压U
4.如图所示，一束带电粒子以垂直于磁感应强度B且垂直于磁场边界的速度v
射入宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时速度方向和原来射入方向的夹角
X
M
为9。根据上述信息不能求出()
X
A.粒子的电量与质量的比值
B,粒子在磁场中运动的动量的大小
B
C.粒子在磁场中转过的圆心角
D.粒子在磁场中运动的轨迹的长度
5.如图所示，边长为L的正方形线框abcd由粗细均匀的金属导线弯折而成，将线框固定在磁感应强度
为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面向里。现给线框通电，电流从线框的α点流入、b点
流出，通过ab边电流为1，则线框abcd受到的安培力的合力大小为()
A.4BIL
B.3BL
C.
-BIL
D.3BIL
3
6.如图所示，灯泡A1和A2的规格完全相同，线圈L的电阻不计，下列说法中正确的是()
A.当接通电路时，A!和A2始终一样亮
B,当接通电路时，A,先达到最大亮度，A1后达到最大亮度，最后两灯一样亮
C.闭合电键电路稳定后断开电路时，A2立即熄灭、A,过一会才熄灭
D.闭合电键电路稳定后断开电路时，A2突然闪亮一下再熄灭
7.如图所示，直角三角形ABC区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场，AB边长为2L,由粗细均匀的金
属杆弯折而成的直角三角形导线框abc与直角三角形ABC相似，ab边长为L,∠ACB=∠acb=30°，
线框在纸面内，且bc边和BC边在同一直线上。现用外力使线框以速度v匀速向右运动通过磁场区
域，规定顺时针方向为导线框中感应电流的正方向，0时刻导线框正好处于图示位置。下面表示
导线框中感应电流1随时间t变化关系正确的是()
1《物理月考》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A A C B C B D BCD BD AC
1．A
【详解】根据左手定则分析可知 A 正确，BCD 错误。
故选 A。
2．A
【详解】磁现象涉及磁场与磁力，通常由磁体、电流或运动电荷产生。静电力则属于电场现
象，与磁场无关。
A．两个静止的点电荷之间有相互作用力是静电力，由库仑定律描述，属于电场现象，不属
于磁现象，故 A 符合题意；
B．两条平行通电导线之间有相互作用力是磁力，由安培定律描述，属于磁现象，故 B 不符
合题意；
C．磁体与周围的通电导线有相互作用力是磁力，属于磁现象，故 C 不符合题意；
D．物理学家奥斯特发现通电导线使小磁针偏转是电流的磁效应，属于磁现象，故 D 不符合
题意。
故选 A。
3．C
【详解】A．图甲是速度选择器示意图，根据
解得
可知，速度选择器无法判断出带电粒子的电性，不计重力的粒子能够沿直线匀速通过速度选
择器的条件是 ，故 A 错误；
B．图乙是磁流体发电机结构示意图，由左手定则知正离子向下偏转，所以下极板带正电，
故 A 板是发电机的负极，B 板是发电机的正极，故 B 错误；
C．图丙是质谱仪结构示意图，带电粒子经质谱仪的加速电场后，有
在磁场中由洛伦兹力提供向心力，有
联立可得
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可知，r 越小，比荷越大，即打在底片上的位置越靠近狭缝 说明粒子的比荷越大，故 C 正
确；
D．图丁是回旋加速器示意图，根据
可得最大动能
可知，最大动能与加速电压 U 无关，故 D 错误。
故选 C。
4．B
【详解】ACD．粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系可知
解得
根据几何关系可知，转过的圆心角为 ，所以粒子在磁场中运动的轨迹的长度
又由于
可得
故可以求电量与质量的比值和粒子在磁场中运动的轨迹的长度，故 ACD 不符合题意；
B．粒子做匀速圆周运动，粒子动量为 ，由于粒子质量未知，无法求出粒子动量，故
B 符合题意；
故选 B。
5．C
【详解】分析电流分布：电流从 流入、 流出，线框分为两条并联支路：
支路 1：直边 ，长度 ，已知电流为 ；
支路 2：折线 ，总长度 。
导线均匀，电阻与长度成正比，并联电压相等，由 得支路 2 的电流 。
计算安培力合力： 弯曲导线的安培力等效于电流从起点到终点的直导线的安培力，两条支
路起点都是 、终点都是 ，等效长度均为 ，电流整体方向都是 ，安培力方向相同：
边安培力：
折线路径安培力：
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总合力：
故选 C。
6．B
【详解】AB．开关闭合瞬间，线圈 会产生自感电动势，阻碍自身电流的增大，因此 所
在支路电流逐渐增大， 逐渐变亮；而 所在支路没有电感，接通瞬间就有电流，因此
一开始就达到最大亮度。 电路稳定后，线圈 电阻不计，两个灯泡规格相同，两条并联
支路电阻相等，因此两支路电流相等，最终两灯亮度相同，故 A 错误，B 正确；
CD．电路稳定后，由于两支路电阻相等，因此通过 和 的电流大小相等。断开开关后，
电源被切断，线圈 自感维持原有电流， 、 、 形成闭合的自感回路，两灯都会逐渐
熄灭，不会立刻熄灭；同时流过 的初始电流大小等于原来的电流，因此 不会闪亮， 故
CD 错误。
故选 B。
7．D
【详解】导线框 abc 进入磁场时磁通量增大，由楞次定律可知感应电流方向沿顺时针方向为
正值，反之离开磁场时感应电流方向沿逆时针方向为负值；导线框 abc 进入磁场时 ac 边切
割，有效切割长度 L 随时间 t 均匀增大，电动势 E=BLv 均匀增大，由 可知感应电流均
匀增大，导线框 abc 全部在磁场中运动时磁通量不变，无感应电流产生，导线框 abc 离开磁
场时 ab 边切割，有效切割长度 L 随时间 t 均匀减小，电动势均匀减小，感应电流均匀减小。
故选 D。
8．BCD
【详解】ABC．两种情况下，导体棒 A 受力如图所示
根据受力平衡可得 ，
解得 ，故 A 错误，BC 正确；
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D．同理，根据受力平衡可得 ，
解得
故选 BCD。
9．BD
【详解】AB．粒子在加速器加速过程，由动能定理，得
得加速后速度
可见速度 由比荷 决定，只有电场力与洛伦兹力平衡的粒子才能沿直线通过速度选择器，
即
可得
也就是说只有比荷 相同的粒子，加速后速度才相同，才能同时满足条件通过速度选择器。
的比荷为
的比荷为
的比荷为
和 比荷相等，因此能通过速度选择器两种粒子为 、 ，故 A 错误，B 正确；
CD．偏转磁场中，洛伦兹力提供向心力，有
整理得轨迹半径
对于能通过的两种粒子， 相同， 也相同，因此轨迹半径 相等，故 C 错误，D 正确。
故选 BD。
10．AC
【详解】A．带电粒子在磁场中运动的时间 ，故 A 正确；
BD．带电粒子运动到电场中，由牛顿第二定律可得
根据运动学规律可得 ，
在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有
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联立解得 ，
带电粒子的比荷 ，故 BD 错误；
C．根据平抛运动规律可得 ，
联立解得 ，故 C 正确。
故选 AC。
11．(1)B
(2)左
(3)阻碍
【详解】（1）AC．这样操作与测量灵敏电流表能够承受电流的最大值和检查灵敏电流表测
量电流的大小是否准确无关，故 AC 错误；
B．这样操作是为了检测灵敏电流表指针偏转方向与电流流向的关系，以此来确定产生的感
应电流的方向，故 B 正确。
故选 B。
（2）图甲中闭合开关后，电流计指针向右偏转，说明电流从“ ”接线柱流入电流表时，电
流计指针向右偏转；图乙中在条形磁铁向下插入螺线管的过程中，螺线管中的原磁场方向向
下，且螺线管中的磁通量不断增大，根据楞次定律可知，螺线管中感应电流产生的磁场方向
应向上，根据右手螺旋定则可知，感应电流从“ ”接线柱流入电流表，故电流表指针向左偏
转。
（3）实验得出感应电流总是具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的
磁通量的变化。
12．(1)A
(2)逆时针
(3)B
(4) 吸引 排斥
【详解】（1）若导线东西方向放置，它周围磁场平面和导线垂直沿南北方向，小磁针转动就
不明显，无法判断导线周围是否存在磁场，正确的做法是导线南北放置，小磁针位于导线下
方，导线通电时，它转动到东西方向。
故选 A。
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（2）根据右手螺旋定则，小磁针 极转向纸面内，从上往下看，逆时针。
（3）加磁场时，由左手定则可知，磁场垂直纸面向里，即沿 轴正方向，加电场时，电场
方向竖直向上，即沿 轴正方向。
故选 B。
（4）[1][2]在研究两根通电导线相互作用时，可先定其中一根为研究对象，另一根做场源使
用，即它处于对方的磁场中，根据右手螺旋定则判断磁场方向，根据左手定则判断受力情况，
则可知电流方向相同时，导线受力指向对方，相互吸引，电流方向相反时，导线受力背离对
方，相互排斥。
13．(1)0.2N
(2)0.4N，沿导轨向上
(3)0.5
【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可得
解得
所以安培力大小为
（2）根据平衡条件可得
代入数据得
方向沿导轨向上；
（3）滑动摩擦力公式为
则动摩擦因数
14．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）粒子运动的轨迹如图，由几何知识得
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（2）根据洛伦兹力提供向心力有
可得磁感应强度
（3）粒子做圆周运动的周期
粒子在磁场中的运动时间
15．(1)① ，顺时针；②
(2)① ；② ，
【详解】（1）①对导体棒进行受力分析可知，导体棒要想静止在斜面上，其受到的安培力应
沿斜面向上，则由左手定则可知，线圈中的感应电流应为顺时针方向（俯视图）。对导体棒
根据共点力的平衡规律可得
代入数据解得线圈中的感应电流大小为
②根据闭合电路欧姆定律可得电源的感应电动势为
则根据法拉第电磁感应定律有
代入数据解得线圈的匝数为
（2）①将开关打到 2 后，导体棒由静止释放，对导体棒进行受力分析可知，导体棒将向下
做加速度减小的加速运动，则当 时，其速度达到最大值 ，设此时电路中的感应电动
势为 ，则有
此时电路中的电流为
则对导体棒根据共点力平衡的规律有
代入数据联立解得导体棒的最大速度为
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②从导体棒静止释放到达到最大速度的过程，对导体棒列动量定理方程有
又因为
代入数据联立解得 内导体棒的位移为
根据能量守恒定律有
又因为
联立解得 内导体棒产生的焦耳热为
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