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浙江省宁波市镇海区2025-2026学年第一学期九年级期末质量检测试卷 科学
一、选择题(本大题共15小题，每小题3分，共45分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)
1．（2026九上·镇海区期末）对下列四种宁波特色美食的描述中，正确的一项是 (　　)
A．宁波汤圆富含维生素
B．慈城年糕富含纤维素
C．慈溪杨梅富含油脂
D．雪菜黄鱼富含蛋白质
【答案】D
【知识点】食物与营养
【解析】【分析】人体需要的主要营养物质有糖类、蛋白质、脂质、维生素、水、无机盐等。
【解答】宁波汤圆和慈城年糕的原料是糯米，所含营养物质主要是淀粉；慈溪杨梅富含维生素；鱼类含有丰富的蛋白质，所以雪菜黄鱼富含蛋白质，D正确，ABC错误。
故答案为：D。
2．（2026九上·镇海区期末）科学家将一氧化碳和氢气转化为燃料时，引入了一定浓度的溴甲烷作催化剂，解决了产物中伴有大量二氧化碳生成的问题，实现碳资源的绿色转化。下列说法错误的是(　　)
A．该反应遵循质量守恒定律
B．二氧化碳是温室气体
C．溴甲烷在反应前后质量不变
D．碳资源的绿色转化要求杜绝二氧化碳排放
【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用；全球性大气环境问题（酸雨、温室效应、臭氧空洞）
【解析】【分析】A、根据化学反应都遵循质量守恒定律进行分析；
B、根据二氧化碳是温室气体进行分析；
C、根据催化剂在化学反应前后，质量和化学性质不变进行分析；
D、根据碳资源的绿色转化要求减少二氧化碳的排放进行分析。
【解答】A、化学反应都遵循质量守恒定律，故A正确；
B、二氧化碳是温室气体，故B正确；
C、催化剂在化学反应前后，质量和化学性质不变，所以溴甲烷在反应前后质量不变，故C正确；
D、碳资源的绿色转化要求减少二氧化碳的排放，故D错误。
故答案为：D。
3．（2026九上·镇海区期末）下列生活用品中，主要利用金属材料的导热性是 (　　)
A．塑料脸盆 B．导线铜丝
C．烧菜铁锅 D．玻璃茶壶
【答案】C
【知识点】常见金属与金属的物理性质及用途
【解析】【分析】不同材料传递热量的快慢不同，也就是导热性不同。
【解答】A、塑料脸盆本身导热性较差，故A错误。
B、导线铜丝利用铜的导电性强，故C错误。
C、烧菜铁锅利用了铁的导热性强，故B正确。
D、玻璃茶壶不是金属材料，故D错误。
故答案为：B。
4．（2026九上·镇海区期末）某男孩将鞭炮扔入化粪池，引发化粪池内沼气爆炸，造成不堪后果。沼气的主要成分为甲烷(CH4)，下列说法错误的是 (　　)
A．沼气是混合物 B．沼气爆炸是物理变化
C．甲烷是最简单的有机物 D．甲烷是可燃性气体
【答案】B
【知识点】简单的有机物；有机物与无机物的区别
【解析】【分析】（1）混合物与纯净物的区分：由两种或两种以上物质组成的物质叫做混合物，只由一种物质组成的物质叫做纯净物。沼气的主要成分是甲烷，还含有二氧化碳、硫化氢等其他气体，因此属于混合物。
（2）物理变化与化学变化的区分：没有新物质生成的变化叫做物理变化，有新物质生成的变化叫做化学变化。甲烷爆炸是甲烷与氧气发生剧烈的氧化反应，生成二氧化碳和水，有新物质生成，属于化学变化。
（3）有机物的概念：通常指含碳元素的化合物（除一氧化碳、二氧化碳、碳酸、碳酸盐等少数物质外），甲烷（CH4）是含碳的化合物，且分子结构最简单，是最简单的有机物。
（4）甲烷的化学性质：甲烷是一种可燃性气体，与空气或氧气混合后，遇明火会发生爆炸，这是沼气爆炸的原理。
【解答】A、沼气的主要成分是甲烷，还含有其他多种气体，属于混合物，A 正确；
B、沼气爆炸是甲烷与氧气发生化学反应，生成了新物质，属于化学变化，不是物理变化，B 错误；
C、甲烷是含碳的化合物，是结构最简单的有机物，C 正确；
D、甲烷具有可燃性，是可燃性气体，D 正确。
故答案为：B。
5．（2026九上·镇海区期末）古法造纸术中对树皮原料要进行浸泡处理，使纸浆的pH 稳定在一定范围。下列物质可用于浸泡树皮原料的是(　　)
A．稀盐酸 B．石灰水 C．醋酸 D．食盐水
【答案】B
【知识点】溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】（1）溶液的酸碱性与 pH 的关系：常温下，溶液的 pH=7 时呈中性；pH<7 时呈酸性，且 pH 越小，酸性越强；pH>7 时呈碱性，且 pH 越大，碱性越强。
（2）常见物质的酸碱性：稀盐酸、醋酸属于酸，溶液呈酸性，pH<7；石灰水是氢氧化钙的水溶液，属于碱，溶液呈碱性，pH>7；食盐水是氯化钠的水溶液，呈中性，pH=7。
（3）结合图像可知，树皮浸泡后纸浆的目标 pH 范围为 7.5-8.0，呈弱碱性，因此需要选择碱性物质进行浸泡。
【解答】A、稀盐酸是酸性溶液，pH<7，无法使纸浆 pH 稳定在 7.5-8.0 的弱碱性范围，A 错误；
B、石灰水是氢氧化钙的水溶液，呈碱性，pH>7，可用于浸泡树皮，使纸浆 pH 稳定在 7.5-8.0 的目标范围，B 正确；
C、醋酸是酸性溶液，pH<7，无法使纸浆 pH 稳定在弱碱性范围，C 错误；
D、食盐水呈中性，pH=7，无法使纸浆 pH 达到 7.5-8.0 的弱碱性范围，D 错误。
故答案为：B。
6．（2026九上·镇海区期末）科学研究中，往往用相关量的比值定义新的科学概念，这就是比值定义，如 下列科学概念不是通过比值定义得到的是 (　　)
A．功 B．比热容 C．热值 D．功率
【答案】A
【知识点】功；功率；比热容；燃料的热值
【解析】【分析】根据公式能叙述物理量的定义，这样的公式是定义式，密度、压强、功率、速度、热值、功率等都是定义式。
【解答】A、W=Fs，功等于力和距离的乘积，这不是功的定义。符合题意。
B、比热容是热量与温度变化和质量乘积的比值，是采用的比值定义法，不符合题意。
C、热值q=，表示单位质量的燃料燃烧放出的热量，符合比值定义法，不符合题意。
D、P=，单位时间内做功多少表示功率，属于定义式。不符合题意。
故答案为：A。
7．（2026九上·镇海区期末）充电宝核心部件使用廉价材料，可能发生短路造成温度升高甚至燃烧。下列说法正确的是(　　)
A．充电宝给手机充电时：化学能转化为电能
B．充电宝短路时：电能转化为化学能
C．给充电宝充电时：化学能转化为电能
D．充电宝燃烧时：内能转化为化学能
【答案】A
【知识点】能量的转化与守恒定律
【解析】【分析】（1）能量转化与电源、用电器的工作原理：充电宝本质是可充电的化学电源。当充电宝给手机充电时，充电宝相当于电源，将内部储存的化学能转化为电能输出；当给充电宝充电时，充电宝相当于用电器，将外部输入的电能转化为化学能储存在电池中。
（2）短路与燃烧的能量变化：短路是指电源两极直接被导线连通，此时电路中电流极大，电流通过导体产生大量热量，是电能转化为内能的过程；燃烧是可燃物与氧气发生的剧烈氧化反应，是将化学能转化为内能、光能的过程。
【解答】A、充电宝给手机充电时，充电宝作为电源，将内部的化学能转化为电能，A 正确；
B、充电宝短路时，电路中电流过大，电能转化为内能，使温度升高，而非转化为化学能，B 错误；
C、给充电宝充电时，充电宝作为用电器，将电能转化为化学能储存起来，而非化学能转化为电能，C 错误；
D、充电宝燃烧时，是内部物质的化学能转化为内能、光能，而非内能转化为化学能，D 错误。
故答案为：A。
8．（2026九上·镇海区期末）某化学反应的微观示意图如下图所示。下列说法正确的是 (　　)
反应物 反应过程 生成物 备注
A．该反应属于分解反应
B．该反应在不同氧气浓度下现象相同
C．反应物中的“★”为
D．该反应能说明原子是所有变化中最小的微粒
【答案】C
【知识点】化合反应和分解反应；化学反应的实质
【解析】【分析】观察化学反应的微观示意图，根据物质的微观构成分析物质的类别；根据微粒的变化分析分子、原子的变化，根据变化的特征分析反应的类型等。
【解答】A、由化学方程式可知，该反应属于化合反应，故A不正确；
B、硫在空气中燃烧产生淡蓝色火焰，在氧气中燃烧产生明亮的蓝紫色火焰，该反应在不同氧气浓度下现象不相同，故B不正确；
C、反应物中的“★”为，故C正确；
D、该反应能说明原子是化学变化中的最小粒子，故D不正确；
故答案为：C。
9．（2026九上·镇海区期末）若要使如图所示装置中的气球明显鼓起来，则使用的固体和液体可以是(　　)
①铜和稀硫酸 ②石灰石和稀盐酸 ③二氧化锰和双氧水 ④硝酸铵和水
A．①② B．②③ C．①②③ D．②③④
【答案】B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】根据要使小气球鼓起来，有以下情况：①固体和液体相互反应生成气体使气球胀大；②固体与液体反应或溶于液体时放出大量的热，气体受热膨胀使气球胀大进行分析。
【解答】①铜和稀硫酸不反应，气球不会膨胀；
②石灰石和稀盐酸反应生成二氧化碳气体，气球会膨胀；
③在二氧化锰的催化作用下，双氧水分解产生氧气，气球会膨胀；
④硝酸铵溶于水吸收热量，温度会降低，气球会缩小。
故答案为：B。
10．（2026九上·镇海区期末）工厂为了搬运一个笨重的机器进车间，某工人设计了如图所示的四种方案(机器下方的小圆表示并排放置的圆型钢管的截面)，其中最省力的方案是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）当物体的重力不变时，滚动摩擦比滑动摩擦要小得多；
（2）根据动滑轮和定滑轮的工作特点对拉力的大小进行判断即可。
【解答】A.机器做匀速直线运动，那么拉力与滑动摩擦力相互平衡，即拉力F=f滑；
B.机器做匀速直线运动，滑轮为动滑轮，那么拉力F=；
C.机器做匀速直线运动，滑轮为定滑轮，那么拉力F=f滚；
D.机器做匀速直线运动，那么拉力与滚动摩擦力相互品红，即拉力F=f滚。
因为f滑>f滚，
所以最省力的方案是B。
故选B。
11．（2026九上·镇海区期末）喷气式飞行背包通过吸入并压缩空气后使喷油燃烧，内部气体剧烈膨胀后高速喷出产生推力。下列说法错误的是 (　　)
A．人向上飞行的过程中，推力对人做功
B．人在同一高度上飞行时，重力对人做功
C．喷气式飞行背包利用喷射反作用力推进
D．喷气式飞行背包中气体向下喷出的过程与内燃机做功冲程类似
【答案】B
【知识点】力是否做功的判断
【解析】【分析】（1）做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）热机的做功冲程中，内能转化为机械能。
【解答】A、人向上飞行的过程中，受到推力作用，并在推力的作用下移动了一段距离，推力对人做功，故A正确；
B、人在同一高度上飞行时，受到重力作用，但没在重力的方向上移动距离，重力对人没有做功，故B错误；
C、物体间力的作用是相互的，喷气式飞行背包利用喷射反作用力推进，故C正确；
D、喷气式飞行背包中气体向下喷出的过程中，内能转化为机械能，与内燃机做功冲程类似，故D正确。
故答案为：B。
12．（2026九上·镇海区期末）用如图所示电路探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关，两个透明容器中密封着等量的空气，通电进行实验。下列说法错误的是(　　)
A．该装置可用于探究电流通过导体产生的热量与电流的关系
B．U形管中液面高度差的变化反映导体产生热量的多少
C．通电相同时间，电阻R1与R2产生的热量之比为2：1
D．通电相同时间，左边透明容器中的气压大于右边透明容器中的气压
【答案】C
【知识点】焦耳定律的计算公式及其应用；影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
（2）由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，根据控制变量法，研究电流通过导体产生的热的多少其中一个因素的关系时，要控制其它因素不变，根据题中条件确定能否达到。
【解答】A、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度的变化导致容器中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故A正确；
B、探究电流通过导体产生的热的多少与电流的关系时，要保持电阻大小不变，只改变电流大小，根据并联电路电流的规律，通过容器中电阻丝（阻值相同）的电流是不同的，可探究电流产生的热量与电流的关系，故B正确；
C、因为右边两个电阻并联后再与左边电阻串联，并联分流。通过左边透明容器中电阻的电流大于右边透明容器中的，且因为右侧两个电阻相同，电流相同，总电流等于通过左侧电阻的电流，即I左：I右=2：1，根据Q=I2Rt可知产热之比=4：1，故C错误；
D、因为右边两个电阻并联后再与左边电阻串联，并联分流。可知通过左边透明容器中电阻的电流大于右边透明容器中的，根据Q=I2Rt可知产热多气压也更大，故D正确。
故答案为：C。
13．（2026九上·镇海区期末）如图所示是小科家的电能表，下列说法正确的是 (　　)
A．电能表是测量电功率的仪表
B．电能表应安装在家庭电路的总开关之前
C．此时电能表读数为20244kW·h
D．小科家同时工作的用电器的总功率不能超过2200W
【答案】B
【知识点】电能表参数的理解与电能的求法
【解析】【分析】电能表功能：电能表是测量 电功（消耗电能） 的仪表，不是测量电功率。
安装位置：为防止偷电、便于计量，电能表应安装在家庭电路总开关之前。
读数规则：电能表最后一位是小数位，单位是 kW h。
最大功率计算：电能表参数 “10 (20) A” 表示额定最大电流为 20A，总功率上限为P=UI。
【解答】A 选项：电能表测量的是电功（消耗的电能），不是电功率，故 A 错误。
B 选项：电能表应安装在家庭电路的总开关之前，便于供电部门计量，故 B 正确。
C 选项：电能表读数为 2024.4kW·h （最后一位是小数），不是 20244kW·h ，故 C 错误。
D 选项：总功率上限 P=UI=220V×20A=4400W，不是 2200W，故 D 错误。
故答案为：B
14．（2026九上·镇海区期末）某化工厂废水中含H2SO4、CuSO4两种污染物。小科为测定废水中污染物的含量，向200g废水中加入一定溶质质量分数的NaOH 溶液，并得到如图所示的图像。下列说法错误的是(　　)
A．反应过程中溶液的颜色变浅
B． B点溶液只含一种溶质
C．所加的 NaOH 溶液的溶质质量分数为4%
D． 200g废水中H2SO4的质量为9.8g
【答案】C
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据向含H2SO4、CuSO4的废水中滴加氢氧化钠，氢氧化钠会先与硫酸反应，再与硫酸铜反应进行分析。
【解答】向含H2SO4、CuSO4的废水中滴加氢氧化钠，氢氧化钠会先与硫酸反应生成硫酸钠和水，再与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠。
A、反应过程中溶液的颜色变浅，故A正确；
B、B点溶液只含一种溶质硫酸钠，故B正确；
C、设所加的NaOH溶液的溶质质量分数为x。
x=8%，故C错误；
D、设200g废水中H2SO4的质量为y。
解得y=9.8g
200g废水中H2SO4的质量为9.8g，故D正确。
故答案为：C
15．（2026九上·镇海区期末）小科用图甲电路图探究定值电阻R1的电功率P1、滑动变阻器R2的电功率 P2和电源总功率 P0随电流I变化的关系，将实验数据绘制成a、b、c三条图线如图乙所示，下列说法正确的是(　　)
A．定值电阻R1的阻值为3Ω
B．实验过程中滑动变阻器 R2消耗的最大电功率为2.25W
C．当电流表示数为2A时，通过R1的电流每秒做的功为6J
D．图线b表示的是电源总功率 P0与电流I的关系
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）由图象找出定值电阻R1的功率与对应的电流，然后由电功率公式P=I2R的变形公式求出电阻阻值；
（2）由图像知，电流为1.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，求出电路中的总电阻，由串联电路的电阻特点求出滑动变阻其的阻值，根据P=I2R求出滑动变阻器消耗的最大功率。
（3）根据W=UIt=即可求得1s内电流通过R1做的功。
（4）电源总功率P0与I成正比，P0-I图像是一条倾斜的直线。
【解答】AD、由于电源电压U不变，由P=UI可知，电功率P与I成正比，P0随I变化的关系图像应是一条倾斜的直线，由图可知，应为图线a。由P=I2R可知，定值电阻R1一定，R1的功率P1与电流电流的平方成正比，为二次函数关系，且功率P1随电流I的增大而增大，则由图象可知，P1随I电流I变化的关系图线是b。由图象可知，电源功率P0=9W，电流I=3A，由P=UI可知，电源电压：U==3V；
由图象b可知，定值电阻R1的功率为P1=9W时，电路电流I=3A，由P=I2R可知，定值电阻：R1==1Ω；故AD错误；
C、由图像知，电流I'为1.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，此时电路中的总电阻：
R总==2Ω，由于R1与R2串联，则此时滑动变阻其的阻值：R2'=R总-R1=2Ω-1Ω=1Ω，则由P=I2R可得，滑动变阻器的最大功率：P滑max=I'2R2'=（1.5A）2×1Ω=2.25W。故B正确。
D、根据W=UIt==I2R1t==4J，C错误。
故答案为：B。
二、填空题(本大题共7小题，每空2分，共40分)
16．（2026九上·镇海区期末）小科用紫甘蓝自制酸碱指示剂时，用　 　(填“水”或“酒精”)溶解紫甘蓝中的色素，并利用其测定了几种常见液体的酸碱性，结果如下表所示。请推测：酸性液体　 　(填“①”或“②”)的酸性更强。
酸性液体①：浅红色 中性液体①：紫色 碱性液体①：蓝绿色
酸性液体②：红色 中性液体②：紫色 碱性液体②：绿色
【答案】酒精；②
【知识点】酸碱指示剂及其性质
【解析】【分析】（1）酸碱指示剂的提取原理：紫甘蓝中的色素属于有机物，根据 “相似相溶” 原理，有机物更易溶于有机溶剂（酒精），而难溶于水。因此在自制酸碱指示剂时，通常选用酒精（一般为体积分数 75% 的酒精溶液）来溶解紫甘蓝中的色素，以获得浓度较高的指示剂溶液，水无法充分溶解这类有机色素，无法制得有效指示剂。
（2）酸碱指示剂的变色规律与酸性强弱判断：紫甘蓝指示剂在不同酸碱性溶液中会呈现不同颜色，且酸性越强，指示剂的颜色变化越明显（红色越深）。中性溶液中指示剂呈紫色，酸性溶液中呈红色系，碱性溶液中呈绿色系。当酸性液体的酸性越强，H+浓度越高，与指示剂的反应越充分，颜色会从浅红色逐渐变为更深的红色。
【解答】紫甘蓝中的色素是有机色素，根据相似相溶原理，有机色素易溶于酒精（有机溶剂），难溶于水。若用水溶解，色素无法充分溶出，制得的指示剂效果差；用酒精溶解可以高效提取色素，得到有效的酸碱指示剂。
紫甘蓝指示剂在酸性溶液中呈红色系，且酸性越强，溶液中氢离子浓度越高，指示剂的颜色越深。表格中酸性液体①呈浅红色，酸性液体②呈红色，说明液体②的酸性更强。
故答案为：酒精；②
17．（2026九上·镇海区期末）金属防锈是现代工程学的重要课题。
（1）金属铝不易生锈，是因为其表面易生成致密的氧化膜，可保护内部金属不再腐蚀。其中所涉及的化学反应方程式为　 　。
（2）牺牲阳极保护法常用于船舶、桥体的金属防锈。其原理是将一种更活泼的金属与被保护的金属连接在一起，形成一个原电池。活泼金属作为阳极被腐蚀，而被保护的金属作为阴极得到保护。下列场景中，　 　作为牺牲阳极。
（3）常见的金属防锈措施还有　 　(写出一种即可)。
【答案】（1）
（2）锌板
（3）油漆、制作铝合金等
【知识点】金属的腐蚀与防护
【解析】【分析】（1）本题考查金属铝的化学性质与氧化膜形成原理。铝是一种活泼金属，在常温下就能与空气中的氧气发生反应，在其表面生成一层致密的氧化铝薄膜，这层薄膜能隔绝氧气和水，阻止内部的铝继续被氧化腐蚀，从而使铝具有良好的抗锈蚀性能。
（2）本题考查牺牲阳极的阴极保护法（原电池原理的应用）。牺牲阳极保护法是利用原电池原理进行金属防护的方法：将比被保护金属更活泼的金属与被保护金属连接，形成原电池时，更活泼的金属作原电池的负极（阳极），发生氧化反应被腐蚀；被保护的金属作原电池的正极（阴极），不发生反应，从而得到保护。
（3）本题考查常见的金属防锈措施。金属生锈的本质是金属与空气中的氧气、水等发生化学反应，因此防锈的核心原理就是隔绝金属与氧气、水的接触，或改变金属的内部结构，常见方法有涂漆、涂油、镀一层耐腐蚀金属、制成合金等。
【解答】（1）金属铝在常温下与空气中的氧气发生化合反应，生成致密的氧化铝薄膜，反应的化学方程式为，该薄膜覆盖在铝表面，隔绝了氧气和水，保护内部铝不再被腐蚀。故答案为：。
（2）图中被保护的金属是钢闸门，锌的金属活动性比铁（钢的主要成分）强，将锌板与钢闸门连接后，形成原电池，锌板作负极（阳极），发生氧化反应被腐蚀，钢闸门作正极（阴极）被保护，因此锌板作为牺牲阳极。故答案为：锌板。
（3）常见的金属防锈措施有多种，原理分为两类：一是隔绝氧气和水，如刷油漆、涂油、镀一层耐腐蚀的金属（如镀锌、镀铬）；二是改变金属内部结构，如制成不锈钢、铝合金等合金。任选一种即可，例如刷油漆。
故答案为：（1）；
（2）锌板；
（3）刷油漆、制作铝合金等。
18．（2026九上·镇海区期末）已知CaC2(俗称电石)分别在 O2中充分燃烧和与水反应可生成X、Y、Z三种化合物，其中X、Y均为两种元素组成，Z由三种元素组成。它们之间的转化关系如图所示。
（1） 推断Y 的化学式为　 　。
（2）X转化为Z的化学方程式为　 　，该反应的基本类型是　 　。
（3） X、Y、Z中属于氧化物的有　 　(填字母) 。
【答案】（1）CO2
（2）；化合反应
（3）X、Y
【知识点】化学式的书写及意义；化合反应和分解反应；书写化学方程式、文字表达式；物质的鉴别、推断；氧化物
【解析】【分析】（1）已知CaC2（俗称电石）分别在O2中充分燃烧和与水反应可生成X、Y、Z三种化合物，其中X、Y均为两种元素组成，Z由三种元素组成。由图可知，CaC2和O2在加热的条件下生成白色固体X和无色无味气体Y，则X是氧化钙，Y是二氧化碳；
（2）本题考查化学方程式书写与反应类型判断。CaO（X）与水反应生成Ca(OH)2（Z），是两种物质反应生成一种物质，符合化合反应 “多变一” 的特征。
（3）本题考查氧化物的定义。氧化物是由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素的化合物，需据此判断 X、Y、Z 的类别。
【解答】（1）由分析可知，Y是二氧化碳，化学式为：CO2。
（2）X转化为Z的反应是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，反应的化学方程式为：；该反应符合多变一的特点，基本反应类型是化合反应。
（3）氧化物是由两种元素组成并且其中一种元素是氧元素的化合物，则X（氧化钙）、Y（二氧化碳）、Z（氢氧化钙）中属于氧化物的有X、Y。
故答案为：（1）CO2；
（2）；化合反应；
（3）X、Y。
19．（2026九上·镇海区期末）周末，小科一家开着电动汽车，通过盘山公路去山上露营。
（1）盘山公路可以看作我们学过的一种简单机械：　 　。
（2）电动汽车利用旋钮变阻器改变电流、控制车速，接线柱O、E分别与M、N相连接。小科爸爸踩下电门踏板时，电路消耗的总功率　 　(填“变大”、“变小”或“不变”)。
（3）下坡时小科爸爸松开电门踏板，车子在重力作用下下滑，电动机中的线圈做切割磁感线运动，此时电机模式从“电动机”模式转变为“　 　”模式，使汽车的续航里程增加，实现能量回收。
【答案】（1）斜面
（2）变大
（3）发电机
【知识点】电磁感应；斜面及其工作特点；电功率
【解析】【分析】(1) 盘山公路是一种倾斜的坡面，通过延长路程来减小上坡所需的力，本质是斜面这种简单机械。
(2) 踩下电门踏板时，旋钮变阻器接入电路的电阻变小，电源电压不变，根据 P= ，电路总功率会变大。
(3) 电动机线圈切割磁感线运动时，会产生感应电流，将机械能转化为电能，此时电机相当于发电机，实现能量回收。
【解答】(1) 盘山公路利用了斜面省力的原理，属于简单机械中的斜面。
(2) 踩下电门踏板，变阻器接入电阻减小，电源电压U不变，结合P= 可知，电路总功率变大。
(3) 线圈切割磁感线产生感应电流，电机从 “电动机” 模式转变为发电机模式。
20．（2026九上·镇海区期末）太阳能电池板是空间站运行的主要能量来源，其光电转化效率为25%，单片电池板面积为20m2，太阳光垂直照射时每平方米的功率约为1.35×103W。太阳光垂直照射单片电池板1小时，可产生的电能是　 　kW·h。空间站经过某些区域时会进入地球阴影区，此时需依靠蓄电池供电，蓄电池可将储存的　 　能转化为电能。若某次阴影区持续时间为30分钟，要使空间站进入阴影区前至少储存10kW·h的电能，则空间站可持续输出　 　kW 的功率。
【答案】6.75；化学；20
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】结合“太阳光垂直照射时每平方米的功率约为1.35×103W”求得产生的电能；
电源将其它形式的能量转化为电能；利用P=求得输出功率。
【解答】可产生的电能是W=1.35×103×10-3kW/m2×20m2×1h×25%=6.75kW h；
蓄电池中很多化学物质，内部蕴含很多化学能，放电时，将化学能转化为电能
空间站可持续输出功率为P=
21．（2026九上·镇海区期末）国家跳台滑雪中心“雪如意”，分为助滑区、落地区、停止区。
（1）在整个运动过程中，运动员的机械能　 　(填“变大”、“变小”或“不变”)。
（2）在助滑区运动过程中，运动员的重力势能变化量　 　(填“>”、“=”或“<”)动能的变化量。
【答案】（1）变小
（2）>
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【分析】（1）本题考查机械能的变化规律。机械能是动能与势能（重力势能、弹性势能）的总和。在实际运动过程中，物体需要克服空气阻力、接触面的摩擦力做功，机械能会不断转化为内能，因此总机械能会逐渐减小，只有在理想的无摩擦、无空气阻力环境中，机械能才会守恒。
（2）本题考查动能与重力势能的转化及能量损耗。动能的大小与物体的质量和速度有关（），重力势能的大小与物体的质量和高度有关（Ep =mgh）。在助滑区下滑时，运动员的重力势能转化为动能，但同时需要克服空气阻力、雪面摩擦力做功，因此重力势能的减少量，一部分转化为动能，另一部分转化为内能（热量）散失。
【解答】（1）在整个跳台滑雪运动过程中，运动员需要克服空气阻力、雪面的摩擦力做功，机械能会不断转化为内能，因此运动员的总机械能会变小。
（2）在助滑区运动时，运动员高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大。但由于存在空气阻力和雪面摩擦，重力势能的减少量，一部分转化为动能，另一部分会因克服摩擦做功转化为内能，因此重力势能的变化量（减少量）大于动能的变化量（增加量）。
故答案为：（1）变小；
（2）＞。
22．（2026九上·镇海区期末）小科所在的校微型实验项目组以“C还原 CuO”为主题开展项目式学习。
（1）【任务一】探究 C与CuO 反应后的气体产物。步骤1：按如图1所示连接装置，检查装置气密性后，先通了一段时间的N2，再点燃丙处酒精灯，发现丙处固体未变色。
步骤Ⅱ：完成上述操作后，再点燃甲处酒精灯，反应开始后甲中固体变红。若观察到乙处澄清石灰水变浑浊，丙处黑色固体变红，说明反应产生了　 　。
（2）【任务二】探究不同温度下C与CuO 反应后的固体产物。小组成员取了5份等质量的CuO，不同温度下与C反应，4小时后测得固体物质的XRD 图谱图像 (如图3)。为确保反应后的固体产物中不含Cu2O，请结合图2中的资料，分析可以采取的措施是：　 　。
（3）【任务三】小科从环保性维度对实验装置图1进行评价，评价等级应为　 　(填“优秀”或“待改进”)。
【答案】（1）CO和CO2
（2）将反应的温度控制在 500℃及以上
（3）待改进
【知识点】还原反应与金属的冶炼
【解析】【分析】（1）本题考查一氧化碳与二氧化碳的检验。二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，这是二氧化碳的特征反应；二氧化碳具有还原性，能将黑色的CuO还原为红色的Cu，且 CO 燃烧无明显现象（需点燃验证），可通过丙处的CuO颜色变化检验 CO 的存在。
（2）本题考查实验条件的控制与数据分析。XRD 图谱可用于判断固体中是否存在某物质，结合图 3 的温度 - 物质对应关系，需分析不含氧化亚铜的温度区间，从而确定实验操作措施。
（3）本题考查实验装置的环保性评价。一氧化碳是有毒气体，直接排放到空气中会造成空气污染，实验装置需进行尾气处理（如点燃、收集），否则装置环保性不达标。
【解答】（1）二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，观察到乙处澄清石灰水变浑浊，说明有CO2生成，一氧化碳和氧化铜在加热条件反应生成铜和二氧化碳，氧化铜是黑色固体，铜是红色固体，观察到丙处黑色固体变红，说明有CO生成，观察到乙处澄清石灰水变浑浊，丙处黑色固体变红，说明反应产生了CO和CO2；
（2）由图3可知，温度为500℃时，反应后的固体产物只有Cu，则为确保反应后的固体产物中不含Cu2O，应将反应的温度控制在500℃及以上；
（3）实验中产生的CO是有毒气体，直接排放会污染空气，所以从环保性维度考虑，需要增加尾气处理装置，则评价等级应为待改进。
故答案为：（1）CO和CO2；
（2）将反应的温度控制在500℃及以上；
（3）待改进。
三、实验与探究题(本大题共5小题，每空2分，共40分)
23．（2026九上·镇海区期末）“多功能瓶”在科学实验中有很多应用。
（1）应用一：排水法收集气体
小科将图甲中的多功能瓶装满水后收集O2，气流应从　 　(填“m”或“n”)导管通入。
（2）应用二：排空气法收集气体
小科用图甲中的多功能瓶收集CO2气体，气流需从　 　(填“m”或“n”)导管通入。
（3）应用三：气体除杂
小科认为排空气法收集的气体不够纯净。为得到一瓶纯净、干燥的CO2，小科继续用石灰石和稀盐酸制取 CO2，如图乙所示。同时用图丙中的“多功能瓶”在虚线框中设计了除杂和收集装置，则图丙中A、B、C、D装置的导管接口的正确连接顺序应为　 　(将导管接口的小写字母进行排序)。其中装置A 的作用是　 　。
【答案】（1）n
（2）m
（3）efabcdg；检验 HCl气体是否全部除去
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）本题考查排水法收集气体的原理。排水法收集气体时，利用气体的密度远小于水的密度，气体进入集气瓶后会聚集在瓶内上方，将水从瓶底的长导管排出，因此需遵循 “短管进气，长管排水” 的原则。
（2）本题考查排空气法收集气体的原理。排空气法分为向上排空气法和向下排空气法：收集密度比空气大的气体时，气体从长导管进入，在瓶底聚集，将空气从上方短导管排出（向上排空气法）；收集密度比空气小的气体时，气体从短导管进入，在瓶顶聚集，将空气从下方长导管排出（向下排空气法）。
（3）本题考查气体除杂与干燥的顺序、装置连接。用石灰石和稀盐酸制取的CO2中，会混有挥发出来的HCl气体和水蒸气。除杂时需遵循 “先除杂，后干燥” 的原则：先除去HCl，再除去水蒸气，最后收集气体；同时，洗气装置需 “长进短出”，保证气体与溶液充分接触。
【解答】（1）氧气密度比水小，不易溶于水，所以将图甲中的多功能瓶装满水后收集O2气流应从n导管通入；
（2）二氧化碳密度比空气大，所以用图甲中的多功能瓶收集CO2气体，气流需从m导管通入；
（3）为得到一瓶纯净、干燥的CO2，小科继续用石灰石和稀盐酸制取CO2，如图乙所示。同时用图丙中的“多功能瓶”在虚线框中设计了除杂和收集装置，洗气应该长进短出，所以图丙中A、B、C、D装置的导管接口的正确连接顺序应为efabcdg；硝酸银和盐酸反应生成氯化银和硝酸，其中装置A的作用是：检验HCl气体是否全部除去。
故答案为：（1）n；（2）m；（3）efabcdg；检验HCl气体是否全部除去。
24．（2026九上·镇海区期末）小科在探究“杠杆平衡条件”时所用的实验装置如图所示，每个钩码质量都相等。
（1）如图甲，在a点挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在b点挂　 　个相同钩码。
（2）小科在b点挂上相应的钩码后，发现杠杆仍无法水平平衡。小科对此进行了反思，其可能的原因是杠杆所受重力的作用线没有通过　 　。
（3）实验中小科曾提出“力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”。为判断这一观点是否正确，小华制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)进行探究，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，如图乙所示。他先在圆盘的C 点挂上4个钩码，又在 G 点挂上一定数量的钩码后，圆盘在图示位置平衡，此时CD水平；接着他将挂在 G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行了两次实验。
①小科提出“力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”是科学探究中的　 　环节。
②若小科观察到　 　现象，则说明他的观点是错误的。
【答案】（1）6
（2）支点
（3）提出猜想；圆盘仍在图示位置平衡
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】(1) 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析；
(2) 杠杆自身重力会影响平衡，只有当重力作用线通过支点时，杠杆重力的力臂为 0，才不会对平衡产生影响。
(3) ① 提出 “力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡” 属于科学探究中的提出猜想环节。
② 杠杆平衡由力臂（支点到力的作用线的距离）决定，而非作用点到支点的距离。若将钩码挂在D、N
点时，圆盘仍保持平衡，说明力的作用点到支点的距离不影响平衡，观点错误。
【解答】（1）设每个钩码重力为G，每格长度为L。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2：4G×3L=nG×2L，解得n=6。
(2) 杠杆在水平位置平衡时，若杠杆自身重力的作用线没有通过支点，则杠杆的重力会对杠杆的转动产生影响（即重力会产生一个力臂），导致杠杆无法在水平位置自然平衡。只有当重心过支点时，重力力臂为 0，才不干扰平衡。
(3) ①科学探究的基本环节依次为：提出问题、提出猜想、制定计划、进行实验、收集证据、得出结论。小科提出 “力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”，这是对问题可能性的初步假设，属于提出猜想环节。
② 杠杆的平衡取决于力和力臂（支点到力的作用线的垂直距离），与 “力的作用点到支点的距离” 无直接关系（只要力的方向不变，作用点沿半径移动，力臂不变）。因此，若小科将钩码挂在 D、N 点后，观察到圆盘仍在图示位置平衡，则说明改变作用点到支点的距离并未影响平衡，证明他的观点是错误的。
故答案为：（1）6；（2）支点；（3） ① 提出猜想； ② 圆盘仍在图示位置平衡
25．（2026九上·镇海区期末）小科在实验室发现一瓶敞口放置于空气中的氢氧化钠，想探究其变质程度。
（1）【方案一：定性研究】小科设计了如图所示的流程图(已知氯化钙溶液为中性)。
操作Ⅰ的名称是　 　。若氢氧化钠固体部分变质，则现象A为　 　。
（2）【方案二：定量研究】小科另取固体样品4g，在烧杯中加水溶解后得到100g溶液，他向其中分6次加入60g稀盐酸溶液，得到的实验数据如下表所示。
实验次数 第1次 第2次 第 3 次 第4次 第5次 第6次
每次加入稀盐酸溶液的质量/g 10 10 10 10 10 10
溶液的总质量/g 110 119.78 129.34 138.90 148.68 158.68
第　 　次实验中加入的稀盐酸溶液过量。
（3）4g样品中碳酸钠的质量为　 　g。
【答案】（1）过滤；溶液变红色
（2）5、6
（3）3.18
【知识点】根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】(1) 操作 Ⅰ 将沉淀和滤液分离，属于过滤操作；部分变质的 NaOH 样品含 NaOH 和 Na2CO3，加足量 CaCl2除尽 Na2CO3后，滤液中仍有 NaOH，遇酚酞变红。
(2) 盐酸与 Na2CO3反应生成 CO2，溶液总质量减少量即为 CO2质量；当不再产生 CO2时，盐酸过量。
(3) 根据质量守恒定律算出 CO2总质量，再通过化学方程式计算 Na2CO3的质量。
【解答】（1）操作 Ⅰ 是将白色沉淀和无色滤液分离，名称为过滤。
若 NaOH 部分变质，样品含 NaOH 和 Na2CO3：加足量 CaCl2，，Na2CO3被除尽；滤液中含未变质的 NaOH，加酚酞后溶液变红色。
（2）根据质量守恒，每次生成 CO2质量 = 反应前总质量 - 反应后溶液总质量：
第 1 次：100+10 110=0 g（先与 NaOH 反应）
第 2 次：110+10 119.78=0.22 g
第 3 次：119.78+10 129.34=0.44 g
第 4 次：129.34+10 138.90=0.44 g
第 5 次：138.90+10 148.68=0.22 g
第 6 次：148.68+10 158.68=0 g
第 5 次仍有 CO2生成，第 6 次无 CO2生成，说明第 5、6 次加入的稀盐酸过量。
（3）总 CO2质量 = 0.22+0.44+0.44+0.22=1.32 g；设 Na2CO3质量为x，
反应方程式：

解得x=3.18g
26．（2026九上·镇海区期末）小科利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体。得到温度随时间变化的图像如图乙所示。
（1）相同时间内a中加热器产生的热量　 　(填“>”、“=”或“<”)b中加热器产生的热量。
（2）此实验中可用　 　来反映液体吸收热量的多少。
（3）分析图乙可知：a液体的比热容比b液体的比热容　 　(填“大”或“小”)。
（4）若a、b两种液体都用来做发动机的冷却液，则液体　 　效果更好。
【答案】（1）=
（2）加热时间
（3）小
（4）b
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）本题考查转换法与热量比较。相同规格的加热器，在相同时间内放出的热量是相等的，不考虑热量损失时，液体吸收的热量等于加热器产生的热量，因此可通过加热器规格和加热时间判断吸收热量的多少。
（2）本题考查转换法的应用。在探究物质吸热能力的实验中，当使用相同规格的加热器时，加热时间越长，代表液体吸收的热量越多，因此用加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，这是转换法的典型应用。
（3）本题考查比热容的计算公式与比较。比热容的计算公式为Q=cmΔt，变形可得 。当质量m和吸收热量Q（加热时间）相同时，温度变化Δt越大，比热容c越小。
（4）本题考查比热容的实际应用。比热容越大的物质，相同质量下升高相同温度能吸收更多的热量，冷却效果越好，因此适合做发动机冷却液。
【解答】（1）实验中使用的是相同规格的加热器，根据加热器的工作原理，相同时间内两个加热器产生的热量是相等的，因此 a 中加热器产生的热量等于 b 中加热器产生的热量。
（2）本实验采用转换法，由于相同规格的加热器在相同时间内放出的热量相同，因此液体吸收热量的多少可以通过加热时间来反映：加热时间越长，液体吸收的热量越多。
(3) 由图乙可知，相同加热时间（吸收相同热量）、等质量的 a、b 液体，a 液体温度升高得更快。根据公式 Q=cmΔt，在 Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小。所以 a 液体的比热容比 b 液体小。
(4) 冷却液需要在吸收相同热量时温度升高慢，即比热容大的液体。b 液体比热容更大，吸热能力更强，做冷却液效果更好。故填 b。
故答案为：(1) =；
(2) 加热时间；
(3) 小；
(4) b。
27．（2026九上·镇海区期末）为了探究灯泡亮度与灯泡电功率的关系，小科用如图所示的电路进行研究(光敏电阻和灯L放置在暗盒内，外界光照无法进入)。已知灯 L 的额定电压为2V，R光线的阻值随光照的增强而减小，R2是保护电阻。连接电路后，闭合开关S1和S2，移动R1滑片调节灯L两端电压，记录电压表和电流表的示数如下表所示。
实验次数 1 2 3 4 5
电压表 V 示数/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流表A1示数/A 0.08 0.12 0.16 0.20 0.24
电流表 A2示数/A 0.04 0.10 0.14 0.16 0.18
（1）该实验通过观察　 　来体现灯泡L 的亮度变化，这种科学方法称为　 　法。
（2）第3次实验中灯L 的亮度比正常发光时更　 　(填“暗”或“亮”)。
（3）通过数据分析，得出的实验结论是　 　。
【答案】（1）电流表A2的示数变化；转换
（2）暗
（3）灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮
【知识点】测定小灯泡的功率；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】(1) 实验中灯泡亮度无法直接定量，需通过灯泡的亮度（转换法）体现功率大小；也可通过电流表A2示数（灯泡支路电流）变化间接反映亮度变化。
(2) 灯泡正常发光需电压为额定电压（2V），第 3 次电压为 1.5V，低于额定值，实际功率小于额定功率，故更暗。
(3) 分析表格数据：电压增大时，电流同步增大，功率P=UI也增大，对应灯泡变亮，由此得出结论。
【解答】(1) 实验中通过观察电流表A2的示数变化来体现亮度变化，这种将不易直接观察的量转换为易观察现象的方法称为转换法。
(2) 灯 L 的额定电压为 2V，第 3 次实验电压为 1.5V，小于额定电压，此时灯泡实际功率小于额定功率，因此亮度比正常发光时更暗。
(3) 分析数据：电压表测 L 两端电压，电流表A2测 L 的电流，电压增大时电流增大，且P=UI计算得功率随电压、电流的增大而增大，灯泡亮度变亮。故实验结论为：灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮。
故答案为：（1）电流表A2的示数变化；转换；（2）暗；（3）灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮。
四、综合题(本大题共5小题, 第28、29题各6分, 第30、32题各8分, 第31题7分, 共35分)
28．（2026九上·镇海区期末）公共场所要注意消毒杀菌，戊二醛(相对分子质量为100)是一种广谱高效的消毒剂，其分子结构如图所示(注“一”、“=”表示原子之间相互连接)。请回答：
（1）戊二醛是一种　 　(填“有机物”或“无机物”)。
（2）戊二醛中碳、氢、氧元素的质量比为　 　。
（3）　 　g戊二醛中含碳元素的质量为30g。
【答案】（1）有机物
（2）15： 2： 8
（3）50
【知识点】有关化学式的计算和推断；有机物与无机物的区别
【解析】【分析】(1) 戊二醛含碳元素，属于有机物。
(2) 先根据分子结构确定化学式，再计算各元素质量比。
(3) 利用元素质量分数公式，由碳元素质量反求戊二醛的质量。
【解答】(1) 有机物是含碳化合物，除去碳的氧化物，碳酸盐。戊二醛是含碳元素的化合物，故属于有机物。
(2) 由分子结构可知，戊二醛的化学式为C5H8O2 。碳、氢、氧元素的质量比为：
(12×5)：(1×8)：(16×2)=60：8：32=15：2：8
(3) 戊二醛中碳元素的质量分数为：=60%；
设含碳元素 30g 的戊二醛质量为 x，则：x×60%=30 g
解得：x=50g
29．（2026九上·镇海区期末）某品牌果汁杯相关铭牌参数如图所示。其内置一个电动机，电动机通过金属杆带动刀片旋转，将水果打成果汁，工作一段时间机身红灯会闪烁，电动机暂停工作，等红灯熄灭又可继续使用。请回答：
（1）电动机的工作原理是　 　。
（2）电动机正常工作时，通过线圈的电流为　 　A。
（3）打果汁时，电动机线圈电阻为0.1Ω，电动机输出的机械功率是　 　W。
【答案】（1）通电导体在磁场中受力运动
（2）15
（3）97.5
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电器的电功率
【解析】【分析】(1) 电动机的核心工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用（或通电线圈在磁场中受力转动）。
(2) 已知额定功率P=120W，额定电压U=8V，根据P=UI计算正常工作时的电流。
(3) 电动机为非纯电阻电路，先由I=和P=I2R计算热功率，再利用P机械=P P热计算输出的机械功率。
【解答】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力运动（或通电线圈在磁场中受力转动）的原理制成的。
（2）根据 P=UI，电动机正常工作时的电流：
（3）首先计算线圈的发热功率：P热=I2R=(15 A) 2×0.1Ω=22.5 W
电动机输出的机械功率为总功率减去热功率：P机械=P P热=120 W 22.5 W=97.5 W
故答案为：（1）通电导体在磁场中受力运动；（2）15；（3）97.5。
30．（2026九上·镇海区期末）市场上常见的苏打水有苏打气泡水和无气苏打水两种，主要成分中都含有碳酸氢钠，俗称小苏打，具有下列性质。
请回答：
（1）苏打气泡水中含有大量CO2，瓶盖一打开就有大量气泡产生，所以叫气泡水。无气苏打水则不含CO2，但小科认为他喝入体内也会产生CO2，主要是利用了碳酸氢钠的性质　 　(填“一”或“二”)。
（2）小科查阅了相关资料后想自制苏打水，于是购买了一袋小苏打，包装袋上标注的碳酸氢钠含量是99%。真的有这么高吗 小科取了10g小苏打样品放入如图甲所示的装置A，逐次加入稀硫酸进行实验，得到相关数据绘制成图像如图乙所示。请通过计算帮助小科判断包装袋上的标注是否准确。
（3）如果去掉装置D，测量结果将会　 　(填“偏大”或“偏小”)，理由是　 　。
【答案】（1）二
（2）由题意可知，生成CO2气体的质量为5g。
解：设样品中碳酸氢钠的质量为x
x=9.55g
样品中碳酸氢钠的含量为：
因此包装袋上的标注不准确。
（3）偏大；装置D用于吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，若去掉，会使装置C中测得的二氧化碳质量偏大，使样品中碳酸氢钠含量的测量结果偏大。
【知识点】误差分析；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】(1) 需区分碳酸氢钠受热分解（性质一）与和酸反应（性质二）的差异：人体胃内有胃酸（主要含盐酸），小苏打在胃酸作用下反应生成 CO2。
(2) 依据图像确定 CO2质量，再通过化学方程式计算碳酸氢钠质量分数，与 99% 对比判断标注准确性。
(3) 装置 D 中碱石灰作用是吸收空气中的 CO2和水蒸气，去掉 D 会导致外界气体进入 C，影响测量结果。
【解答】（1）人体胃内含有胃酸（主要成分为盐酸），碳酸氢钠进入体内后，与盐酸发生反应：，该反应对应性质二。故填二。
（2）见答案。
（3）去掉装置 D，测量结果将会偏大。理由：装置 D 中的碱石灰可以吸收空气中的二氧化碳和水蒸气。若去掉 D，空气中的和水蒸气会进入装置 C，被氢氧化钠溶液吸收，导致 C 装置测得的质量（溶液增重量）偏大，最终计算出的碳酸氢钠质量分数也会偏大。
故答案为：（1）二；
（2）由题意可知，生成CO2气体的质量为5g。
解：设样品中碳酸氢钠的质量为x
x=9.55g
样品中碳酸氢钠的含量为：
因此包装袋上的标注不准确。
（3）偏大；装置D用于吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，若去掉，会使装置C中测得的二氧化碳质量偏大，使样品中碳酸氢钠含量的测量结果偏大。
31．（2026九上·镇海区期末）利用汽车液压起重机可从矿井中提升重物。起重机启动时滑轮组在5s内将重物竖直向上匀速提起2m，其中N是柱塞，可向上支撑起起重臂OAB，重物和动滑轮总重为15000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。起重机提升重物时的机械效率为90%。请回答：
（1） 起重臂OAB 是　 　杠杆(填杠杆类型) 。
（2）钢丝绳自由端上作用力 F 的功率。
（3）动滑轮的重力。
【答案】（1）费力杠杆
（2）解：由题意可知，重物上升的速度
钢丝绳自由端移动的速度为v绳=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s
钢丝绳自由端上作用力 F 大小为
故钢丝绳自由端上作用力 F的功率为P= Fv=5000N×1.2m/s=6000W
答：钢丝绳自由端上作用力 F 的功率为6000W。
（3）解：作用力 F做的总功为
对动滑轮所做的额外功为
故动滑轮的重力为
答：动滑轮的重力为1500N。
【知识点】功率计算公式的应用；杠杆的分类；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】(1) 分析起重臂 OAB 的支点、动力臂与阻力臂：支点为 O，动力由柱塞 N 提供（作用在 A 点），阻力由滑轮组和重物提供（作用在 B 点），动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
(2) 先计算有用功，再利用机械效率求出总功，最后根据功率公式 P=计算功率。
(3) 额外功是克服动滑轮重力做的功，利用W额=G动h可求出动滑轮重力。
【解答】(1) 起重臂 OAB 的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
（2）由题意可知，重物上升的速度
钢丝绳自由端移动的速度为v绳=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s
钢丝绳自由端上作用力 F 大小为
故钢丝绳自由端上作用力 F的功率为P= Fv=5000N×1.2m/s=6000W
答：钢丝绳自由端上作用力 F 的功率为6000W。
（3）作用力 F做的总功为
对动滑轮所做的额外功为
故动滑轮的重力为
答：动滑轮的重力为1500N。
32．（2026九上·镇海区期末）小科所在的项目化学习小组以“探秘家用电热加湿器”为主题开展活动。
请回答：
（1）【项目一】科学原理
电热加湿器靠电流的　 　工作。某家用电热加湿器相关参数、外形、电路简化图如图所示。加湿器的电热丝(阻值不变)浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度，当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入加热仓中。
（2）【项目二】功率调试
已知电热丝R1的电阻值为1210Ω，气雾调节器R2的最大阻值为1210Ω。小科认为气雾调节器 R2的滑片调至某一端点时，加湿器的运行功率最大，则最大运行功率★为多少
（3）加热仓内装满了初温为20℃的水，小科启动加湿器，以最大功率运行，则水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为多少 室内环境为1个标准大气压，电热丝的电热转化效率为50%]
（4）【项目三】节能探讨
小科认为：当气雾调节器R2的滑片调至另一端点时，电热加湿器以最低气雾量工作时最节能。与最大运行功率下工作相比，电热加湿器以最低气雾量工作10小时可以节约多少电能
【答案】（1）热效应
（2）解：气雾调节器R2的滑片调至最左端时，只有R1工作，此时加湿器的运行功率最大，最大运行功率为
答：电热加湿器的最大运行功率为40W。
（3）加热仓内水的质量为
水达到沸腾产生水蒸气时需要吸收的热量
因为电加热丝的热效率为50%所以消耗的电能为
所需的加热时间为
答：水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为为420s。
（4）当气雾调节器R2的滑片调至最右端时，电热加湿器以最低气雾量工作
此时的功率为
W节约=(P大-P小) t=(40W-20W)×10h=0.02kW×10h=0.2kW·h
答： 可以节约0.2kW·h的电能。
【知识点】电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】(1) 电热加湿器利用电流通过电阻产生热量的原理工作，即电流的热效应。
(2) 电路中R1与R2串联，根据P= ，总电阻越小功率越大，故R2=0时功率最大。
(3) 先计算加热仓内水的质量和升温所需热量，再结合电热转化效率和最大功率求加热时间。
(4) 最低气雾量对应R2最大，先求最小功率，再计算两种功率下工作 10 小时的电能差。
【解答】（1）电热加湿器靠电流的热效应工作，电流通过电热丝产生热量使水沸腾。
（2）气雾调节器R2的滑片调至最左端时，只有R1工作，此时加湿器的运行功率最大，最大运行功率为
答：电热加湿器的最大运行功率为40W。
（3）加热仓内水的质量为
水达到沸腾产生水蒸气时需要吸收的热量
因为电加热丝的热效率为50%所以消耗的电能为
所需的加热时间为
答：水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为为420s。
（4）当气雾调节器R2的滑片调至最右端时，电热加湿器以最低气雾量工作
此时的功率为
W节约=(P大-P小) t=(40W-20W)×10h=0.02kW×10h=0.2kW·h
答： 可以节约0.2kW·h的电能。
1 / 1浙江省宁波市镇海区2025-2026学年第一学期九年级期末质量检测试卷 科学
一、选择题(本大题共15小题，每小题3分，共45分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)
1．（2026九上·镇海区期末）对下列四种宁波特色美食的描述中，正确的一项是 (　　)
A．宁波汤圆富含维生素
B．慈城年糕富含纤维素
C．慈溪杨梅富含油脂
D．雪菜黄鱼富含蛋白质
2．（2026九上·镇海区期末）科学家将一氧化碳和氢气转化为燃料时，引入了一定浓度的溴甲烷作催化剂，解决了产物中伴有大量二氧化碳生成的问题，实现碳资源的绿色转化。下列说法错误的是(　　)
A．该反应遵循质量守恒定律
B．二氧化碳是温室气体
C．溴甲烷在反应前后质量不变
D．碳资源的绿色转化要求杜绝二氧化碳排放
3．（2026九上·镇海区期末）下列生活用品中，主要利用金属材料的导热性是 (　　)
A．塑料脸盆 B．导线铜丝
C．烧菜铁锅 D．玻璃茶壶
4．（2026九上·镇海区期末）某男孩将鞭炮扔入化粪池，引发化粪池内沼气爆炸，造成不堪后果。沼气的主要成分为甲烷(CH4)，下列说法错误的是 (　　)
A．沼气是混合物 B．沼气爆炸是物理变化
C．甲烷是最简单的有机物 D．甲烷是可燃性气体
5．（2026九上·镇海区期末）古法造纸术中对树皮原料要进行浸泡处理，使纸浆的pH 稳定在一定范围。下列物质可用于浸泡树皮原料的是(　　)
A．稀盐酸 B．石灰水 C．醋酸 D．食盐水
6．（2026九上·镇海区期末）科学研究中，往往用相关量的比值定义新的科学概念，这就是比值定义，如 下列科学概念不是通过比值定义得到的是 (　　)
A．功 B．比热容 C．热值 D．功率
7．（2026九上·镇海区期末）充电宝核心部件使用廉价材料，可能发生短路造成温度升高甚至燃烧。下列说法正确的是(　　)
A．充电宝给手机充电时：化学能转化为电能
B．充电宝短路时：电能转化为化学能
C．给充电宝充电时：化学能转化为电能
D．充电宝燃烧时：内能转化为化学能
8．（2026九上·镇海区期末）某化学反应的微观示意图如下图所示。下列说法正确的是 (　　)
反应物 反应过程 生成物 备注
A．该反应属于分解反应
B．该反应在不同氧气浓度下现象相同
C．反应物中的“★”为
D．该反应能说明原子是所有变化中最小的微粒
9．（2026九上·镇海区期末）若要使如图所示装置中的气球明显鼓起来，则使用的固体和液体可以是(　　)
①铜和稀硫酸 ②石灰石和稀盐酸 ③二氧化锰和双氧水 ④硝酸铵和水
A．①② B．②③ C．①②③ D．②③④
10．（2026九上·镇海区期末）工厂为了搬运一个笨重的机器进车间，某工人设计了如图所示的四种方案(机器下方的小圆表示并排放置的圆型钢管的截面)，其中最省力的方案是（　　）
A．
B．
C．
D．
11．（2026九上·镇海区期末）喷气式飞行背包通过吸入并压缩空气后使喷油燃烧，内部气体剧烈膨胀后高速喷出产生推力。下列说法错误的是 (　　)
A．人向上飞行的过程中，推力对人做功
B．人在同一高度上飞行时，重力对人做功
C．喷气式飞行背包利用喷射反作用力推进
D．喷气式飞行背包中气体向下喷出的过程与内燃机做功冲程类似
12．（2026九上·镇海区期末）用如图所示电路探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关，两个透明容器中密封着等量的空气，通电进行实验。下列说法错误的是(　　)
A．该装置可用于探究电流通过导体产生的热量与电流的关系
B．U形管中液面高度差的变化反映导体产生热量的多少
C．通电相同时间，电阻R1与R2产生的热量之比为2：1
D．通电相同时间，左边透明容器中的气压大于右边透明容器中的气压
13．（2026九上·镇海区期末）如图所示是小科家的电能表，下列说法正确的是 (　　)
A．电能表是测量电功率的仪表
B．电能表应安装在家庭电路的总开关之前
C．此时电能表读数为20244kW·h
D．小科家同时工作的用电器的总功率不能超过2200W
14．（2026九上·镇海区期末）某化工厂废水中含H2SO4、CuSO4两种污染物。小科为测定废水中污染物的含量，向200g废水中加入一定溶质质量分数的NaOH 溶液，并得到如图所示的图像。下列说法错误的是(　　)
A．反应过程中溶液的颜色变浅
B． B点溶液只含一种溶质
C．所加的 NaOH 溶液的溶质质量分数为4%
D． 200g废水中H2SO4的质量为9.8g
15．（2026九上·镇海区期末）小科用图甲电路图探究定值电阻R1的电功率P1、滑动变阻器R2的电功率 P2和电源总功率 P0随电流I变化的关系，将实验数据绘制成a、b、c三条图线如图乙所示，下列说法正确的是(　　)
A．定值电阻R1的阻值为3Ω
B．实验过程中滑动变阻器 R2消耗的最大电功率为2.25W
C．当电流表示数为2A时，通过R1的电流每秒做的功为6J
D．图线b表示的是电源总功率 P0与电流I的关系
二、填空题(本大题共7小题，每空2分，共40分)
16．（2026九上·镇海区期末）小科用紫甘蓝自制酸碱指示剂时，用　 　(填“水”或“酒精”)溶解紫甘蓝中的色素，并利用其测定了几种常见液体的酸碱性，结果如下表所示。请推测：酸性液体　 　(填“①”或“②”)的酸性更强。
酸性液体①：浅红色 中性液体①：紫色 碱性液体①：蓝绿色
酸性液体②：红色 中性液体②：紫色 碱性液体②：绿色
17．（2026九上·镇海区期末）金属防锈是现代工程学的重要课题。
（1）金属铝不易生锈，是因为其表面易生成致密的氧化膜，可保护内部金属不再腐蚀。其中所涉及的化学反应方程式为　 　。
（2）牺牲阳极保护法常用于船舶、桥体的金属防锈。其原理是将一种更活泼的金属与被保护的金属连接在一起，形成一个原电池。活泼金属作为阳极被腐蚀，而被保护的金属作为阴极得到保护。下列场景中，　 　作为牺牲阳极。
（3）常见的金属防锈措施还有　 　(写出一种即可)。
18．（2026九上·镇海区期末）已知CaC2(俗称电石)分别在 O2中充分燃烧和与水反应可生成X、Y、Z三种化合物，其中X、Y均为两种元素组成，Z由三种元素组成。它们之间的转化关系如图所示。
（1） 推断Y 的化学式为　 　。
（2）X转化为Z的化学方程式为　 　，该反应的基本类型是　 　。
（3） X、Y、Z中属于氧化物的有　 　(填字母) 。
19．（2026九上·镇海区期末）周末，小科一家开着电动汽车，通过盘山公路去山上露营。
（1）盘山公路可以看作我们学过的一种简单机械：　 　。
（2）电动汽车利用旋钮变阻器改变电流、控制车速，接线柱O、E分别与M、N相连接。小科爸爸踩下电门踏板时，电路消耗的总功率　 　(填“变大”、“变小”或“不变”)。
（3）下坡时小科爸爸松开电门踏板，车子在重力作用下下滑，电动机中的线圈做切割磁感线运动，此时电机模式从“电动机”模式转变为“　 　”模式，使汽车的续航里程增加，实现能量回收。
20．（2026九上·镇海区期末）太阳能电池板是空间站运行的主要能量来源，其光电转化效率为25%，单片电池板面积为20m2，太阳光垂直照射时每平方米的功率约为1.35×103W。太阳光垂直照射单片电池板1小时，可产生的电能是　 　kW·h。空间站经过某些区域时会进入地球阴影区，此时需依靠蓄电池供电，蓄电池可将储存的　 　能转化为电能。若某次阴影区持续时间为30分钟，要使空间站进入阴影区前至少储存10kW·h的电能，则空间站可持续输出　 　kW 的功率。
21．（2026九上·镇海区期末）国家跳台滑雪中心“雪如意”，分为助滑区、落地区、停止区。
（1）在整个运动过程中，运动员的机械能　 　(填“变大”、“变小”或“不变”)。
（2）在助滑区运动过程中，运动员的重力势能变化量　 　(填“>”、“=”或“<”)动能的变化量。
22．（2026九上·镇海区期末）小科所在的校微型实验项目组以“C还原 CuO”为主题开展项目式学习。
（1）【任务一】探究 C与CuO 反应后的气体产物。步骤1：按如图1所示连接装置，检查装置气密性后，先通了一段时间的N2，再点燃丙处酒精灯，发现丙处固体未变色。
步骤Ⅱ：完成上述操作后，再点燃甲处酒精灯，反应开始后甲中固体变红。若观察到乙处澄清石灰水变浑浊，丙处黑色固体变红，说明反应产生了　 　。
（2）【任务二】探究不同温度下C与CuO 反应后的固体产物。小组成员取了5份等质量的CuO，不同温度下与C反应，4小时后测得固体物质的XRD 图谱图像 (如图3)。为确保反应后的固体产物中不含Cu2O，请结合图2中的资料，分析可以采取的措施是：　 　。
（3）【任务三】小科从环保性维度对实验装置图1进行评价，评价等级应为　 　(填“优秀”或“待改进”)。
三、实验与探究题(本大题共5小题，每空2分，共40分)
23．（2026九上·镇海区期末）“多功能瓶”在科学实验中有很多应用。
（1）应用一：排水法收集气体
小科将图甲中的多功能瓶装满水后收集O2，气流应从　 　(填“m”或“n”)导管通入。
（2）应用二：排空气法收集气体
小科用图甲中的多功能瓶收集CO2气体，气流需从　 　(填“m”或“n”)导管通入。
（3）应用三：气体除杂
小科认为排空气法收集的气体不够纯净。为得到一瓶纯净、干燥的CO2，小科继续用石灰石和稀盐酸制取 CO2，如图乙所示。同时用图丙中的“多功能瓶”在虚线框中设计了除杂和收集装置，则图丙中A、B、C、D装置的导管接口的正确连接顺序应为　 　(将导管接口的小写字母进行排序)。其中装置A 的作用是　 　。
24．（2026九上·镇海区期末）小科在探究“杠杆平衡条件”时所用的实验装置如图所示，每个钩码质量都相等。
（1）如图甲，在a点挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在b点挂　 　个相同钩码。
（2）小科在b点挂上相应的钩码后，发现杠杆仍无法水平平衡。小科对此进行了反思，其可能的原因是杠杆所受重力的作用线没有通过　 　。
（3）实验中小科曾提出“力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”。为判断这一观点是否正确，小华制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)进行探究，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，如图乙所示。他先在圆盘的C 点挂上4个钩码，又在 G 点挂上一定数量的钩码后，圆盘在图示位置平衡，此时CD水平；接着他将挂在 G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行了两次实验。
①小科提出“力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”是科学探究中的　 　环节。
②若小科观察到　 　现象，则说明他的观点是错误的。
25．（2026九上·镇海区期末）小科在实验室发现一瓶敞口放置于空气中的氢氧化钠，想探究其变质程度。
（1）【方案一：定性研究】小科设计了如图所示的流程图(已知氯化钙溶液为中性)。
操作Ⅰ的名称是　 　。若氢氧化钠固体部分变质，则现象A为　 　。
（2）【方案二：定量研究】小科另取固体样品4g，在烧杯中加水溶解后得到100g溶液，他向其中分6次加入60g稀盐酸溶液，得到的实验数据如下表所示。
实验次数 第1次 第2次 第 3 次 第4次 第5次 第6次
每次加入稀盐酸溶液的质量/g 10 10 10 10 10 10
溶液的总质量/g 110 119.78 129.34 138.90 148.68 158.68
第　 　次实验中加入的稀盐酸溶液过量。
（3）4g样品中碳酸钠的质量为　 　g。
26．（2026九上·镇海区期末）小科利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体。得到温度随时间变化的图像如图乙所示。
（1）相同时间内a中加热器产生的热量　 　(填“>”、“=”或“<”)b中加热器产生的热量。
（2）此实验中可用　 　来反映液体吸收热量的多少。
（3）分析图乙可知：a液体的比热容比b液体的比热容　 　(填“大”或“小”)。
（4）若a、b两种液体都用来做发动机的冷却液，则液体　 　效果更好。
27．（2026九上·镇海区期末）为了探究灯泡亮度与灯泡电功率的关系，小科用如图所示的电路进行研究(光敏电阻和灯L放置在暗盒内，外界光照无法进入)。已知灯 L 的额定电压为2V，R光线的阻值随光照的增强而减小，R2是保护电阻。连接电路后，闭合开关S1和S2，移动R1滑片调节灯L两端电压，记录电压表和电流表的示数如下表所示。
实验次数 1 2 3 4 5
电压表 V 示数/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流表A1示数/A 0.08 0.12 0.16 0.20 0.24
电流表 A2示数/A 0.04 0.10 0.14 0.16 0.18
（1）该实验通过观察　 　来体现灯泡L 的亮度变化，这种科学方法称为　 　法。
（2）第3次实验中灯L 的亮度比正常发光时更　 　(填“暗”或“亮”)。
（3）通过数据分析，得出的实验结论是　 　。
四、综合题(本大题共5小题, 第28、29题各6分, 第30、32题各8分, 第31题7分, 共35分)
28．（2026九上·镇海区期末）公共场所要注意消毒杀菌，戊二醛(相对分子质量为100)是一种广谱高效的消毒剂，其分子结构如图所示(注“一”、“=”表示原子之间相互连接)。请回答：
（1）戊二醛是一种　 　(填“有机物”或“无机物”)。
（2）戊二醛中碳、氢、氧元素的质量比为　 　。
（3）　 　g戊二醛中含碳元素的质量为30g。
29．（2026九上·镇海区期末）某品牌果汁杯相关铭牌参数如图所示。其内置一个电动机，电动机通过金属杆带动刀片旋转，将水果打成果汁，工作一段时间机身红灯会闪烁，电动机暂停工作，等红灯熄灭又可继续使用。请回答：
（1）电动机的工作原理是　 　。
（2）电动机正常工作时，通过线圈的电流为　 　A。
（3）打果汁时，电动机线圈电阻为0.1Ω，电动机输出的机械功率是　 　W。
30．（2026九上·镇海区期末）市场上常见的苏打水有苏打气泡水和无气苏打水两种，主要成分中都含有碳酸氢钠，俗称小苏打，具有下列性质。
请回答：
（1）苏打气泡水中含有大量CO2，瓶盖一打开就有大量气泡产生，所以叫气泡水。无气苏打水则不含CO2，但小科认为他喝入体内也会产生CO2，主要是利用了碳酸氢钠的性质　 　(填“一”或“二”)。
（2）小科查阅了相关资料后想自制苏打水，于是购买了一袋小苏打，包装袋上标注的碳酸氢钠含量是99%。真的有这么高吗 小科取了10g小苏打样品放入如图甲所示的装置A，逐次加入稀硫酸进行实验，得到相关数据绘制成图像如图乙所示。请通过计算帮助小科判断包装袋上的标注是否准确。
（3）如果去掉装置D，测量结果将会　 　(填“偏大”或“偏小”)，理由是　 　。
31．（2026九上·镇海区期末）利用汽车液压起重机可从矿井中提升重物。起重机启动时滑轮组在5s内将重物竖直向上匀速提起2m，其中N是柱塞，可向上支撑起起重臂OAB，重物和动滑轮总重为15000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。起重机提升重物时的机械效率为90%。请回答：
（1） 起重臂OAB 是　 　杠杆(填杠杆类型) 。
（2）钢丝绳自由端上作用力 F 的功率。
（3）动滑轮的重力。
32．（2026九上·镇海区期末）小科所在的项目化学习小组以“探秘家用电热加湿器”为主题开展活动。
请回答：
（1）【项目一】科学原理
电热加湿器靠电流的　 　工作。某家用电热加湿器相关参数、外形、电路简化图如图所示。加湿器的电热丝(阻值不变)浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度，当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入加热仓中。
（2）【项目二】功率调试
已知电热丝R1的电阻值为1210Ω，气雾调节器R2的最大阻值为1210Ω。小科认为气雾调节器 R2的滑片调至某一端点时，加湿器的运行功率最大，则最大运行功率★为多少
（3）加热仓内装满了初温为20℃的水，小科启动加湿器，以最大功率运行，则水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为多少 室内环境为1个标准大气压，电热丝的电热转化效率为50%]
（4）【项目三】节能探讨
小科认为：当气雾调节器R2的滑片调至另一端点时，电热加湿器以最低气雾量工作时最节能。与最大运行功率下工作相比，电热加湿器以最低气雾量工作10小时可以节约多少电能
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】食物与营养
【解析】【分析】人体需要的主要营养物质有糖类、蛋白质、脂质、维生素、水、无机盐等。
【解答】宁波汤圆和慈城年糕的原料是糯米，所含营养物质主要是淀粉；慈溪杨梅富含维生素；鱼类含有丰富的蛋白质，所以雪菜黄鱼富含蛋白质，D正确，ABC错误。
故答案为：D。
2．【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用；全球性大气环境问题（酸雨、温室效应、臭氧空洞）
【解析】【分析】A、根据化学反应都遵循质量守恒定律进行分析；
B、根据二氧化碳是温室气体进行分析；
C、根据催化剂在化学反应前后，质量和化学性质不变进行分析；
D、根据碳资源的绿色转化要求减少二氧化碳的排放进行分析。
【解答】A、化学反应都遵循质量守恒定律，故A正确；
B、二氧化碳是温室气体，故B正确；
C、催化剂在化学反应前后，质量和化学性质不变，所以溴甲烷在反应前后质量不变，故C正确；
D、碳资源的绿色转化要求减少二氧化碳的排放，故D错误。
故答案为：D。
3．【答案】C
【知识点】常见金属与金属的物理性质及用途
【解析】【分析】不同材料传递热量的快慢不同，也就是导热性不同。
【解答】A、塑料脸盆本身导热性较差，故A错误。
B、导线铜丝利用铜的导电性强，故C错误。
C、烧菜铁锅利用了铁的导热性强，故B正确。
D、玻璃茶壶不是金属材料，故D错误。
故答案为：B。
4．【答案】B
【知识点】简单的有机物；有机物与无机物的区别
【解析】【分析】（1）混合物与纯净物的区分：由两种或两种以上物质组成的物质叫做混合物，只由一种物质组成的物质叫做纯净物。沼气的主要成分是甲烷，还含有二氧化碳、硫化氢等其他气体，因此属于混合物。
（2）物理变化与化学变化的区分：没有新物质生成的变化叫做物理变化，有新物质生成的变化叫做化学变化。甲烷爆炸是甲烷与氧气发生剧烈的氧化反应，生成二氧化碳和水，有新物质生成，属于化学变化。
（3）有机物的概念：通常指含碳元素的化合物（除一氧化碳、二氧化碳、碳酸、碳酸盐等少数物质外），甲烷（CH4）是含碳的化合物，且分子结构最简单，是最简单的有机物。
（4）甲烷的化学性质：甲烷是一种可燃性气体，与空气或氧气混合后，遇明火会发生爆炸，这是沼气爆炸的原理。
【解答】A、沼气的主要成分是甲烷，还含有其他多种气体，属于混合物，A 正确；
B、沼气爆炸是甲烷与氧气发生化学反应，生成了新物质，属于化学变化，不是物理变化，B 错误；
C、甲烷是含碳的化合物，是结构最简单的有机物，C 正确；
D、甲烷具有可燃性，是可燃性气体，D 正确。
故答案为：B。
5．【答案】B
【知识点】溶液的酸碱性与pH值的关系
【解析】【分析】（1）溶液的酸碱性与 pH 的关系：常温下，溶液的 pH=7 时呈中性；pH<7 时呈酸性，且 pH 越小，酸性越强；pH>7 时呈碱性，且 pH 越大，碱性越强。
（2）常见物质的酸碱性：稀盐酸、醋酸属于酸，溶液呈酸性，pH<7；石灰水是氢氧化钙的水溶液，属于碱，溶液呈碱性，pH>7；食盐水是氯化钠的水溶液，呈中性，pH=7。
（3）结合图像可知，树皮浸泡后纸浆的目标 pH 范围为 7.5-8.0，呈弱碱性，因此需要选择碱性物质进行浸泡。
【解答】A、稀盐酸是酸性溶液，pH<7，无法使纸浆 pH 稳定在 7.5-8.0 的弱碱性范围，A 错误；
B、石灰水是氢氧化钙的水溶液，呈碱性，pH>7，可用于浸泡树皮，使纸浆 pH 稳定在 7.5-8.0 的目标范围，B 正确；
C、醋酸是酸性溶液，pH<7，无法使纸浆 pH 稳定在弱碱性范围，C 错误；
D、食盐水呈中性，pH=7，无法使纸浆 pH 达到 7.5-8.0 的弱碱性范围，D 错误。
故答案为：B。
6．【答案】A
【知识点】功；功率；比热容；燃料的热值
【解析】【分析】根据公式能叙述物理量的定义，这样的公式是定义式，密度、压强、功率、速度、热值、功率等都是定义式。
【解答】A、W=Fs，功等于力和距离的乘积，这不是功的定义。符合题意。
B、比热容是热量与温度变化和质量乘积的比值，是采用的比值定义法，不符合题意。
C、热值q=，表示单位质量的燃料燃烧放出的热量，符合比值定义法，不符合题意。
D、P=，单位时间内做功多少表示功率，属于定义式。不符合题意。
故答案为：A。
7．【答案】A
【知识点】能量的转化与守恒定律
【解析】【分析】（1）能量转化与电源、用电器的工作原理：充电宝本质是可充电的化学电源。当充电宝给手机充电时，充电宝相当于电源，将内部储存的化学能转化为电能输出；当给充电宝充电时，充电宝相当于用电器，将外部输入的电能转化为化学能储存在电池中。
（2）短路与燃烧的能量变化：短路是指电源两极直接被导线连通，此时电路中电流极大，电流通过导体产生大量热量，是电能转化为内能的过程；燃烧是可燃物与氧气发生的剧烈氧化反应，是将化学能转化为内能、光能的过程。
【解答】A、充电宝给手机充电时，充电宝作为电源，将内部的化学能转化为电能，A 正确；
B、充电宝短路时，电路中电流过大，电能转化为内能，使温度升高，而非转化为化学能，B 错误；
C、给充电宝充电时，充电宝作为用电器，将电能转化为化学能储存起来，而非化学能转化为电能，C 错误；
D、充电宝燃烧时，是内部物质的化学能转化为内能、光能，而非内能转化为化学能，D 错误。
故答案为：A。
8．【答案】C
【知识点】化合反应和分解反应；化学反应的实质
【解析】【分析】观察化学反应的微观示意图，根据物质的微观构成分析物质的类别；根据微粒的变化分析分子、原子的变化，根据变化的特征分析反应的类型等。
【解答】A、由化学方程式可知，该反应属于化合反应，故A不正确；
B、硫在空气中燃烧产生淡蓝色火焰，在氧气中燃烧产生明亮的蓝紫色火焰，该反应在不同氧气浓度下现象不相同，故B不正确；
C、反应物中的“★”为，故C正确；
D、该反应能说明原子是化学变化中的最小粒子，故D不正确；
故答案为：C。
9．【答案】B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】根据要使小气球鼓起来，有以下情况：①固体和液体相互反应生成气体使气球胀大；②固体与液体反应或溶于液体时放出大量的热，气体受热膨胀使气球胀大进行分析。
【解答】①铜和稀硫酸不反应，气球不会膨胀；
②石灰石和稀盐酸反应生成二氧化碳气体，气球会膨胀；
③在二氧化锰的催化作用下，双氧水分解产生氧气，气球会膨胀；
④硝酸铵溶于水吸收热量，温度会降低，气球会缩小。
故答案为：B。
10．【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）当物体的重力不变时，滚动摩擦比滑动摩擦要小得多；
（2）根据动滑轮和定滑轮的工作特点对拉力的大小进行判断即可。
【解答】A.机器做匀速直线运动，那么拉力与滑动摩擦力相互平衡，即拉力F=f滑；
B.机器做匀速直线运动，滑轮为动滑轮，那么拉力F=；
C.机器做匀速直线运动，滑轮为定滑轮，那么拉力F=f滚；
D.机器做匀速直线运动，那么拉力与滚动摩擦力相互品红，即拉力F=f滚。
因为f滑>f滚，
所以最省力的方案是B。
故选B。
11．【答案】B
【知识点】力是否做功的判断
【解析】【分析】（1）做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）热机的做功冲程中，内能转化为机械能。
【解答】A、人向上飞行的过程中，受到推力作用，并在推力的作用下移动了一段距离，推力对人做功，故A正确；
B、人在同一高度上飞行时，受到重力作用，但没在重力的方向上移动距离，重力对人没有做功，故B错误；
C、物体间力的作用是相互的，喷气式飞行背包利用喷射反作用力推进，故C正确；
D、喷气式飞行背包中气体向下喷出的过程中，内能转化为机械能，与内燃机做功冲程类似，故D正确。
故答案为：B。
12．【答案】C
【知识点】焦耳定律的计算公式及其应用；影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
（2）由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，根据控制变量法，研究电流通过导体产生的热的多少其中一个因素的关系时，要控制其它因素不变，根据题中条件确定能否达到。
【解答】A、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度的变化导致容器中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故A正确；
B、探究电流通过导体产生的热的多少与电流的关系时，要保持电阻大小不变，只改变电流大小，根据并联电路电流的规律，通过容器中电阻丝（阻值相同）的电流是不同的，可探究电流产生的热量与电流的关系，故B正确；
C、因为右边两个电阻并联后再与左边电阻串联，并联分流。通过左边透明容器中电阻的电流大于右边透明容器中的，且因为右侧两个电阻相同，电流相同，总电流等于通过左侧电阻的电流，即I左：I右=2：1，根据Q=I2Rt可知产热之比=4：1，故C错误；
D、因为右边两个电阻并联后再与左边电阻串联，并联分流。可知通过左边透明容器中电阻的电流大于右边透明容器中的，根据Q=I2Rt可知产热多气压也更大，故D正确。
故答案为：C。
13．【答案】B
【知识点】电能表参数的理解与电能的求法
【解析】【分析】电能表功能：电能表是测量 电功（消耗电能） 的仪表，不是测量电功率。
安装位置：为防止偷电、便于计量，电能表应安装在家庭电路总开关之前。
读数规则：电能表最后一位是小数位，单位是 kW h。
最大功率计算：电能表参数 “10 (20) A” 表示额定最大电流为 20A，总功率上限为P=UI。
【解答】A 选项：电能表测量的是电功（消耗的电能），不是电功率，故 A 错误。
B 选项：电能表应安装在家庭电路的总开关之前，便于供电部门计量，故 B 正确。
C 选项：电能表读数为 2024.4kW·h （最后一位是小数），不是 20244kW·h ，故 C 错误。
D 选项：总功率上限 P=UI=220V×20A=4400W，不是 2200W，故 D 错误。
故答案为：B
14．【答案】C
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据向含H2SO4、CuSO4的废水中滴加氢氧化钠，氢氧化钠会先与硫酸反应，再与硫酸铜反应进行分析。
【解答】向含H2SO4、CuSO4的废水中滴加氢氧化钠，氢氧化钠会先与硫酸反应生成硫酸钠和水，再与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠。
A、反应过程中溶液的颜色变浅，故A正确；
B、B点溶液只含一种溶质硫酸钠，故B正确；
C、设所加的NaOH溶液的溶质质量分数为x。
x=8%，故C错误；
D、设200g废水中H2SO4的质量为y。
解得y=9.8g
200g废水中H2SO4的质量为9.8g，故D正确。
故答案为：C
15．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）由图象找出定值电阻R1的功率与对应的电流，然后由电功率公式P=I2R的变形公式求出电阻阻值；
（2）由图像知，电流为1.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，求出电路中的总电阻，由串联电路的电阻特点求出滑动变阻其的阻值，根据P=I2R求出滑动变阻器消耗的最大功率。
（3）根据W=UIt=即可求得1s内电流通过R1做的功。
（4）电源总功率P0与I成正比，P0-I图像是一条倾斜的直线。
【解答】AD、由于电源电压U不变，由P=UI可知，电功率P与I成正比，P0随I变化的关系图像应是一条倾斜的直线，由图可知，应为图线a。由P=I2R可知，定值电阻R1一定，R1的功率P1与电流电流的平方成正比，为二次函数关系，且功率P1随电流I的增大而增大，则由图象可知，P1随I电流I变化的关系图线是b。由图象可知，电源功率P0=9W，电流I=3A，由P=UI可知，电源电压：U==3V；
由图象b可知，定值电阻R1的功率为P1=9W时，电路电流I=3A，由P=I2R可知，定值电阻：R1==1Ω；故AD错误；
C、由图像知，电流I'为1.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，此时电路中的总电阻：
R总==2Ω，由于R1与R2串联，则此时滑动变阻其的阻值：R2'=R总-R1=2Ω-1Ω=1Ω，则由P=I2R可得，滑动变阻器的最大功率：P滑max=I'2R2'=（1.5A）2×1Ω=2.25W。故B正确。
D、根据W=UIt==I2R1t==4J，C错误。
故答案为：B。
16．【答案】酒精；②
【知识点】酸碱指示剂及其性质
【解析】【分析】（1）酸碱指示剂的提取原理：紫甘蓝中的色素属于有机物，根据 “相似相溶” 原理，有机物更易溶于有机溶剂（酒精），而难溶于水。因此在自制酸碱指示剂时，通常选用酒精（一般为体积分数 75% 的酒精溶液）来溶解紫甘蓝中的色素，以获得浓度较高的指示剂溶液，水无法充分溶解这类有机色素，无法制得有效指示剂。
（2）酸碱指示剂的变色规律与酸性强弱判断：紫甘蓝指示剂在不同酸碱性溶液中会呈现不同颜色，且酸性越强，指示剂的颜色变化越明显（红色越深）。中性溶液中指示剂呈紫色，酸性溶液中呈红色系，碱性溶液中呈绿色系。当酸性液体的酸性越强，H+浓度越高，与指示剂的反应越充分，颜色会从浅红色逐渐变为更深的红色。
【解答】紫甘蓝中的色素是有机色素，根据相似相溶原理，有机色素易溶于酒精（有机溶剂），难溶于水。若用水溶解，色素无法充分溶出，制得的指示剂效果差；用酒精溶解可以高效提取色素，得到有效的酸碱指示剂。
紫甘蓝指示剂在酸性溶液中呈红色系，且酸性越强，溶液中氢离子浓度越高，指示剂的颜色越深。表格中酸性液体①呈浅红色，酸性液体②呈红色，说明液体②的酸性更强。
故答案为：酒精；②
17．【答案】（1）
（2）锌板
（3）油漆、制作铝合金等
【知识点】金属的腐蚀与防护
【解析】【分析】（1）本题考查金属铝的化学性质与氧化膜形成原理。铝是一种活泼金属，在常温下就能与空气中的氧气发生反应，在其表面生成一层致密的氧化铝薄膜，这层薄膜能隔绝氧气和水，阻止内部的铝继续被氧化腐蚀，从而使铝具有良好的抗锈蚀性能。
（2）本题考查牺牲阳极的阴极保护法（原电池原理的应用）。牺牲阳极保护法是利用原电池原理进行金属防护的方法：将比被保护金属更活泼的金属与被保护金属连接，形成原电池时，更活泼的金属作原电池的负极（阳极），发生氧化反应被腐蚀；被保护的金属作原电池的正极（阴极），不发生反应，从而得到保护。
（3）本题考查常见的金属防锈措施。金属生锈的本质是金属与空气中的氧气、水等发生化学反应，因此防锈的核心原理就是隔绝金属与氧气、水的接触，或改变金属的内部结构，常见方法有涂漆、涂油、镀一层耐腐蚀金属、制成合金等。
【解答】（1）金属铝在常温下与空气中的氧气发生化合反应，生成致密的氧化铝薄膜，反应的化学方程式为，该薄膜覆盖在铝表面，隔绝了氧气和水，保护内部铝不再被腐蚀。故答案为：。
（2）图中被保护的金属是钢闸门，锌的金属活动性比铁（钢的主要成分）强，将锌板与钢闸门连接后，形成原电池，锌板作负极（阳极），发生氧化反应被腐蚀，钢闸门作正极（阴极）被保护，因此锌板作为牺牲阳极。故答案为：锌板。
（3）常见的金属防锈措施有多种，原理分为两类：一是隔绝氧气和水，如刷油漆、涂油、镀一层耐腐蚀的金属（如镀锌、镀铬）；二是改变金属内部结构，如制成不锈钢、铝合金等合金。任选一种即可，例如刷油漆。
故答案为：（1）；
（2）锌板；
（3）刷油漆、制作铝合金等。
18．【答案】（1）CO2
（2）；化合反应
（3）X、Y
【知识点】化学式的书写及意义；化合反应和分解反应；书写化学方程式、文字表达式；物质的鉴别、推断；氧化物
【解析】【分析】（1）已知CaC2（俗称电石）分别在O2中充分燃烧和与水反应可生成X、Y、Z三种化合物，其中X、Y均为两种元素组成，Z由三种元素组成。由图可知，CaC2和O2在加热的条件下生成白色固体X和无色无味气体Y，则X是氧化钙，Y是二氧化碳；
（2）本题考查化学方程式书写与反应类型判断。CaO（X）与水反应生成Ca(OH)2（Z），是两种物质反应生成一种物质，符合化合反应 “多变一” 的特征。
（3）本题考查氧化物的定义。氧化物是由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素的化合物，需据此判断 X、Y、Z 的类别。
【解答】（1）由分析可知，Y是二氧化碳，化学式为：CO2。
（2）X转化为Z的反应是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，反应的化学方程式为：；该反应符合多变一的特点，基本反应类型是化合反应。
（3）氧化物是由两种元素组成并且其中一种元素是氧元素的化合物，则X（氧化钙）、Y（二氧化碳）、Z（氢氧化钙）中属于氧化物的有X、Y。
故答案为：（1）CO2；
（2）；化合反应；
（3）X、Y。
19．【答案】（1）斜面
（2）变大
（3）发电机
【知识点】电磁感应；斜面及其工作特点；电功率
【解析】【分析】(1) 盘山公路是一种倾斜的坡面，通过延长路程来减小上坡所需的力，本质是斜面这种简单机械。
(2) 踩下电门踏板时，旋钮变阻器接入电路的电阻变小，电源电压不变，根据 P= ，电路总功率会变大。
(3) 电动机线圈切割磁感线运动时，会产生感应电流，将机械能转化为电能，此时电机相当于发电机，实现能量回收。
【解答】(1) 盘山公路利用了斜面省力的原理，属于简单机械中的斜面。
(2) 踩下电门踏板，变阻器接入电阻减小，电源电压U不变，结合P= 可知，电路总功率变大。
(3) 线圈切割磁感线产生感应电流，电机从 “电动机” 模式转变为发电机模式。
20．【答案】6.75；化学；20
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】结合“太阳光垂直照射时每平方米的功率约为1.35×103W”求得产生的电能；
电源将其它形式的能量转化为电能；利用P=求得输出功率。
【解答】可产生的电能是W=1.35×103×10-3kW/m2×20m2×1h×25%=6.75kW h；
蓄电池中很多化学物质，内部蕴含很多化学能，放电时，将化学能转化为电能
空间站可持续输出功率为P=
21．【答案】（1）变小
（2）>
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【分析】（1）本题考查机械能的变化规律。机械能是动能与势能（重力势能、弹性势能）的总和。在实际运动过程中，物体需要克服空气阻力、接触面的摩擦力做功，机械能会不断转化为内能，因此总机械能会逐渐减小，只有在理想的无摩擦、无空气阻力环境中，机械能才会守恒。
（2）本题考查动能与重力势能的转化及能量损耗。动能的大小与物体的质量和速度有关（），重力势能的大小与物体的质量和高度有关（Ep =mgh）。在助滑区下滑时，运动员的重力势能转化为动能，但同时需要克服空气阻力、雪面摩擦力做功，因此重力势能的减少量，一部分转化为动能，另一部分转化为内能（热量）散失。
【解答】（1）在整个跳台滑雪运动过程中，运动员需要克服空气阻力、雪面的摩擦力做功，机械能会不断转化为内能，因此运动员的总机械能会变小。
（2）在助滑区运动时，运动员高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大。但由于存在空气阻力和雪面摩擦，重力势能的减少量，一部分转化为动能，另一部分会因克服摩擦做功转化为内能，因此重力势能的变化量（减少量）大于动能的变化量（增加量）。
故答案为：（1）变小；
（2）＞。
22．【答案】（1）CO和CO2
（2）将反应的温度控制在 500℃及以上
（3）待改进
【知识点】还原反应与金属的冶炼
【解析】【分析】（1）本题考查一氧化碳与二氧化碳的检验。二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，这是二氧化碳的特征反应；二氧化碳具有还原性，能将黑色的CuO还原为红色的Cu，且 CO 燃烧无明显现象（需点燃验证），可通过丙处的CuO颜色变化检验 CO 的存在。
（2）本题考查实验条件的控制与数据分析。XRD 图谱可用于判断固体中是否存在某物质，结合图 3 的温度 - 物质对应关系，需分析不含氧化亚铜的温度区间，从而确定实验操作措施。
（3）本题考查实验装置的环保性评价。一氧化碳是有毒气体，直接排放到空气中会造成空气污染，实验装置需进行尾气处理（如点燃、收集），否则装置环保性不达标。
【解答】（1）二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，观察到乙处澄清石灰水变浑浊，说明有CO2生成，一氧化碳和氧化铜在加热条件反应生成铜和二氧化碳，氧化铜是黑色固体，铜是红色固体，观察到丙处黑色固体变红，说明有CO生成，观察到乙处澄清石灰水变浑浊，丙处黑色固体变红，说明反应产生了CO和CO2；
（2）由图3可知，温度为500℃时，反应后的固体产物只有Cu，则为确保反应后的固体产物中不含Cu2O，应将反应的温度控制在500℃及以上；
（3）实验中产生的CO是有毒气体，直接排放会污染空气，所以从环保性维度考虑，需要增加尾气处理装置，则评价等级应为待改进。
故答案为：（1）CO和CO2；
（2）将反应的温度控制在500℃及以上；
（3）待改进。
23．【答案】（1）n
（2）m
（3）efabcdg；检验 HCl气体是否全部除去
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）本题考查排水法收集气体的原理。排水法收集气体时，利用气体的密度远小于水的密度，气体进入集气瓶后会聚集在瓶内上方，将水从瓶底的长导管排出，因此需遵循 “短管进气，长管排水” 的原则。
（2）本题考查排空气法收集气体的原理。排空气法分为向上排空气法和向下排空气法：收集密度比空气大的气体时，气体从长导管进入，在瓶底聚集，将空气从上方短导管排出（向上排空气法）；收集密度比空气小的气体时，气体从短导管进入，在瓶顶聚集，将空气从下方长导管排出（向下排空气法）。
（3）本题考查气体除杂与干燥的顺序、装置连接。用石灰石和稀盐酸制取的CO2中，会混有挥发出来的HCl气体和水蒸气。除杂时需遵循 “先除杂，后干燥” 的原则：先除去HCl，再除去水蒸气，最后收集气体；同时，洗气装置需 “长进短出”，保证气体与溶液充分接触。
【解答】（1）氧气密度比水小，不易溶于水，所以将图甲中的多功能瓶装满水后收集O2气流应从n导管通入；
（2）二氧化碳密度比空气大，所以用图甲中的多功能瓶收集CO2气体，气流需从m导管通入；
（3）为得到一瓶纯净、干燥的CO2，小科继续用石灰石和稀盐酸制取CO2，如图乙所示。同时用图丙中的“多功能瓶”在虚线框中设计了除杂和收集装置，洗气应该长进短出，所以图丙中A、B、C、D装置的导管接口的正确连接顺序应为efabcdg；硝酸银和盐酸反应生成氯化银和硝酸，其中装置A的作用是：检验HCl气体是否全部除去。
故答案为：（1）n；（2）m；（3）efabcdg；检验HCl气体是否全部除去。
24．【答案】（1）6
（2）支点
（3）提出猜想；圆盘仍在图示位置平衡
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】(1) 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析；
(2) 杠杆自身重力会影响平衡，只有当重力作用线通过支点时，杠杆重力的力臂为 0，才不会对平衡产生影响。
(3) ① 提出 “力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡” 属于科学探究中的提出猜想环节。
② 杠杆平衡由力臂（支点到力的作用线的距离）决定，而非作用点到支点的距离。若将钩码挂在D、N
点时，圆盘仍保持平衡，说明力的作用点到支点的距离不影响平衡，观点错误。
【解答】（1）设每个钩码重力为G，每格长度为L。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2：4G×3L=nG×2L，解得n=6。
(2) 杠杆在水平位置平衡时，若杠杆自身重力的作用线没有通过支点，则杠杆的重力会对杠杆的转动产生影响（即重力会产生一个力臂），导致杠杆无法在水平位置自然平衡。只有当重心过支点时，重力力臂为 0，才不干扰平衡。
(3) ①科学探究的基本环节依次为：提出问题、提出猜想、制定计划、进行实验、收集证据、得出结论。小科提出 “力的作用点到支点的距离可能会影响杠杆的平衡”，这是对问题可能性的初步假设，属于提出猜想环节。
② 杠杆的平衡取决于力和力臂（支点到力的作用线的垂直距离），与 “力的作用点到支点的距离” 无直接关系（只要力的方向不变，作用点沿半径移动，力臂不变）。因此，若小科将钩码挂在 D、N 点后，观察到圆盘仍在图示位置平衡，则说明改变作用点到支点的距离并未影响平衡，证明他的观点是错误的。
故答案为：（1）6；（2）支点；（3） ① 提出猜想； ② 圆盘仍在图示位置平衡
25．【答案】（1）过滤；溶液变红色
（2）5、6
（3）3.18
【知识点】根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途；碱的化学性质
【解析】【分析】(1) 操作 Ⅰ 将沉淀和滤液分离，属于过滤操作；部分变质的 NaOH 样品含 NaOH 和 Na2CO3，加足量 CaCl2除尽 Na2CO3后，滤液中仍有 NaOH，遇酚酞变红。
(2) 盐酸与 Na2CO3反应生成 CO2，溶液总质量减少量即为 CO2质量；当不再产生 CO2时，盐酸过量。
(3) 根据质量守恒定律算出 CO2总质量，再通过化学方程式计算 Na2CO3的质量。
【解答】（1）操作 Ⅰ 是将白色沉淀和无色滤液分离，名称为过滤。
若 NaOH 部分变质，样品含 NaOH 和 Na2CO3：加足量 CaCl2，，Na2CO3被除尽；滤液中含未变质的 NaOH，加酚酞后溶液变红色。
（2）根据质量守恒，每次生成 CO2质量 = 反应前总质量 - 反应后溶液总质量：
第 1 次：100+10 110=0 g（先与 NaOH 反应）
第 2 次：110+10 119.78=0.22 g
第 3 次：119.78+10 129.34=0.44 g
第 4 次：129.34+10 138.90=0.44 g
第 5 次：138.90+10 148.68=0.22 g
第 6 次：148.68+10 158.68=0 g
第 5 次仍有 CO2生成，第 6 次无 CO2生成，说明第 5、6 次加入的稀盐酸过量。
（3）总 CO2质量 = 0.22+0.44+0.44+0.22=1.32 g；设 Na2CO3质量为x，
反应方程式：

解得x=3.18g
26．【答案】（1）=
（2）加热时间
（3）小
（4）b
【知识点】比热容；热量的计算
【解析】【分析】（1）本题考查转换法与热量比较。相同规格的加热器，在相同时间内放出的热量是相等的，不考虑热量损失时，液体吸收的热量等于加热器产生的热量，因此可通过加热器规格和加热时间判断吸收热量的多少。
（2）本题考查转换法的应用。在探究物质吸热能力的实验中，当使用相同规格的加热器时，加热时间越长，代表液体吸收的热量越多，因此用加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，这是转换法的典型应用。
（3）本题考查比热容的计算公式与比较。比热容的计算公式为Q=cmΔt，变形可得 。当质量m和吸收热量Q（加热时间）相同时，温度变化Δt越大，比热容c越小。
（4）本题考查比热容的实际应用。比热容越大的物质，相同质量下升高相同温度能吸收更多的热量，冷却效果越好，因此适合做发动机冷却液。
【解答】（1）实验中使用的是相同规格的加热器，根据加热器的工作原理，相同时间内两个加热器产生的热量是相等的，因此 a 中加热器产生的热量等于 b 中加热器产生的热量。
（2）本实验采用转换法，由于相同规格的加热器在相同时间内放出的热量相同，因此液体吸收热量的多少可以通过加热时间来反映：加热时间越长，液体吸收的热量越多。
(3) 由图乙可知，相同加热时间（吸收相同热量）、等质量的 a、b 液体，a 液体温度升高得更快。根据公式 Q=cmΔt，在 Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小。所以 a 液体的比热容比 b 液体小。
(4) 冷却液需要在吸收相同热量时温度升高慢，即比热容大的液体。b 液体比热容更大，吸热能力更强，做冷却液效果更好。故填 b。
故答案为：(1) =；
(2) 加热时间；
(3) 小；
(4) b。
27．【答案】（1）电流表A2的示数变化；转换
（2）暗
（3）灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮
【知识点】测定小灯泡的功率；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】(1) 实验中灯泡亮度无法直接定量，需通过灯泡的亮度（转换法）体现功率大小；也可通过电流表A2示数（灯泡支路电流）变化间接反映亮度变化。
(2) 灯泡正常发光需电压为额定电压（2V），第 3 次电压为 1.5V，低于额定值，实际功率小于额定功率，故更暗。
(3) 分析表格数据：电压增大时，电流同步增大，功率P=UI也增大，对应灯泡变亮，由此得出结论。
【解答】(1) 实验中通过观察电流表A2的示数变化来体现亮度变化，这种将不易直接观察的量转换为易观察现象的方法称为转换法。
(2) 灯 L 的额定电压为 2V，第 3 次实验电压为 1.5V，小于额定电压，此时灯泡实际功率小于额定功率，因此亮度比正常发光时更暗。
(3) 分析数据：电压表测 L 两端电压，电流表A2测 L 的电流，电压增大时电流增大，且P=UI计算得功率随电压、电流的增大而增大，灯泡亮度变亮。故实验结论为：灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮。
故答案为：（1）电流表A2的示数变化；转换；（2）暗；（3）灯泡亮度与灯泡电功率有关，灯泡的电功率越大，灯泡越亮。
28．【答案】（1）有机物
（2）15： 2： 8
（3）50
【知识点】有关化学式的计算和推断；有机物与无机物的区别
【解析】【分析】(1) 戊二醛含碳元素，属于有机物。
(2) 先根据分子结构确定化学式，再计算各元素质量比。
(3) 利用元素质量分数公式，由碳元素质量反求戊二醛的质量。
【解答】(1) 有机物是含碳化合物，除去碳的氧化物，碳酸盐。戊二醛是含碳元素的化合物，故属于有机物。
(2) 由分子结构可知，戊二醛的化学式为C5H8O2 。碳、氢、氧元素的质量比为：
(12×5)：(1×8)：(16×2)=60：8：32=15：2：8
(3) 戊二醛中碳元素的质量分数为：=60%；
设含碳元素 30g 的戊二醛质量为 x，则：x×60%=30 g
解得：x=50g
29．【答案】（1）通电导体在磁场中受力运动
（2）15
（3）97.5
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电器的电功率
【解析】【分析】(1) 电动机的核心工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用（或通电线圈在磁场中受力转动）。
(2) 已知额定功率P=120W，额定电压U=8V，根据P=UI计算正常工作时的电流。
(3) 电动机为非纯电阻电路，先由I=和P=I2R计算热功率，再利用P机械=P P热计算输出的机械功率。
【解答】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力运动（或通电线圈在磁场中受力转动）的原理制成的。
（2）根据 P=UI，电动机正常工作时的电流：
（3）首先计算线圈的发热功率：P热=I2R=(15 A) 2×0.1Ω=22.5 W
电动机输出的机械功率为总功率减去热功率：P机械=P P热=120 W 22.5 W=97.5 W
故答案为：（1）通电导体在磁场中受力运动；（2）15；（3）97.5。
30．【答案】（1）二
（2）由题意可知，生成CO2气体的质量为5g。
解：设样品中碳酸氢钠的质量为x
x=9.55g
样品中碳酸氢钠的含量为：
因此包装袋上的标注不准确。
（3）偏大；装置D用于吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，若去掉，会使装置C中测得的二氧化碳质量偏大，使样品中碳酸氢钠含量的测量结果偏大。
【知识点】误差分析；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】(1) 需区分碳酸氢钠受热分解（性质一）与和酸反应（性质二）的差异：人体胃内有胃酸（主要含盐酸），小苏打在胃酸作用下反应生成 CO2。
(2) 依据图像确定 CO2质量，再通过化学方程式计算碳酸氢钠质量分数，与 99% 对比判断标注准确性。
(3) 装置 D 中碱石灰作用是吸收空气中的 CO2和水蒸气，去掉 D 会导致外界气体进入 C，影响测量结果。
【解答】（1）人体胃内含有胃酸（主要成分为盐酸），碳酸氢钠进入体内后，与盐酸发生反应：，该反应对应性质二。故填二。
（2）见答案。
（3）去掉装置 D，测量结果将会偏大。理由：装置 D 中的碱石灰可以吸收空气中的二氧化碳和水蒸气。若去掉 D，空气中的和水蒸气会进入装置 C，被氢氧化钠溶液吸收，导致 C 装置测得的质量（溶液增重量）偏大，最终计算出的碳酸氢钠质量分数也会偏大。
故答案为：（1）二；
（2）由题意可知，生成CO2气体的质量为5g。
解：设样品中碳酸氢钠的质量为x
x=9.55g
样品中碳酸氢钠的含量为：
因此包装袋上的标注不准确。
（3）偏大；装置D用于吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，若去掉，会使装置C中测得的二氧化碳质量偏大，使样品中碳酸氢钠含量的测量结果偏大。
31．【答案】（1）费力杠杆
（2）解：由题意可知，重物上升的速度
钢丝绳自由端移动的速度为v绳=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s
钢丝绳自由端上作用力 F 大小为
故钢丝绳自由端上作用力 F的功率为P= Fv=5000N×1.2m/s=6000W
答：钢丝绳自由端上作用力 F 的功率为6000W。
（3）解：作用力 F做的总功为
对动滑轮所做的额外功为
故动滑轮的重力为
答：动滑轮的重力为1500N。
【知识点】功率计算公式的应用；杠杆的分类；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】(1) 分析起重臂 OAB 的支点、动力臂与阻力臂：支点为 O，动力由柱塞 N 提供（作用在 A 点），阻力由滑轮组和重物提供（作用在 B 点），动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
(2) 先计算有用功，再利用机械效率求出总功，最后根据功率公式 P=计算功率。
(3) 额外功是克服动滑轮重力做的功，利用W额=G动h可求出动滑轮重力。
【解答】(1) 起重臂 OAB 的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
（2）由题意可知，重物上升的速度
钢丝绳自由端移动的速度为v绳=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s
钢丝绳自由端上作用力 F 大小为
故钢丝绳自由端上作用力 F的功率为P= Fv=5000N×1.2m/s=6000W
答：钢丝绳自由端上作用力 F 的功率为6000W。
（3）作用力 F做的总功为
对动滑轮所做的额外功为
故动滑轮的重力为
答：动滑轮的重力为1500N。
32．【答案】（1）热效应
（2）解：气雾调节器R2的滑片调至最左端时，只有R1工作，此时加湿器的运行功率最大，最大运行功率为
答：电热加湿器的最大运行功率为40W。
（3）加热仓内水的质量为
水达到沸腾产生水蒸气时需要吸收的热量
因为电加热丝的热效率为50%所以消耗的电能为
所需的加热时间为
答：水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为为420s。
（4）当气雾调节器R2的滑片调至最右端时，电热加湿器以最低气雾量工作
此时的功率为
W节约=(P大-P小) t=(40W-20W)×10h=0.02kW×10h=0.2kW·h
答： 可以节约0.2kW·h的电能。
【知识点】电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】【分析】(1) 电热加湿器利用电流通过电阻产生热量的原理工作，即电流的热效应。
(2) 电路中R1与R2串联，根据P= ，总电阻越小功率越大，故R2=0时功率最大。
(3) 先计算加热仓内水的质量和升温所需热量，再结合电热转化效率和最大功率求加热时间。
(4) 最低气雾量对应R2最大，先求最小功率，再计算两种功率下工作 10 小时的电能差。
【解答】（1）电热加湿器靠电流的热效应工作，电流通过电热丝产生热量使水沸腾。
（2）气雾调节器R2的滑片调至最左端时，只有R1工作，此时加湿器的运行功率最大，最大运行功率为
答：电热加湿器的最大运行功率为40W。
（3）加热仓内水的质量为
水达到沸腾产生水蒸气时需要吸收的热量
因为电加热丝的热效率为50%所以消耗的电能为
所需的加热时间为
答：水达到沸腾产生水蒸气所需的加热时间为为420s。
（4）当气雾调节器R2的滑片调至最右端时，电热加湿器以最低气雾量工作
此时的功率为
W节约=(P大-P小) t=(40W-20W)×10h=0.02kW×10h=0.2kW·h
答： 可以节约0.2kW·h的电能。
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