资源简介

(
2026.3
)安徽省“新高考”联盟校2026届高三下第一次检测物理试卷
注意事项：
1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
1. 小南在学习了超重失重后，到科学馆做实验，站在压力传感器上连续做了2次下蹲——起立”的动作，屏幕上压力随时间变化的图线大致呈现为下图中的（　　）
A． B．
C． D．
2. 一辆汽车在平直公路上匀速行驶，遇到紧急情况，突然刹车，从开始刹车起运动过程中的位移（单位：m）与时间（单位：s）的关系式为（m），下列分析正确的是（　　）
A．刹车过程中最后1s内的位移大小是5m B．刹车过程中在相邻1s内的位移差的绝对值为5m
C．从刹车开始计时，8s内通过的位移大小为80m
D．从刹车开始计时，前1s内和前2s内的位移大小之比为11：9
3. 2022年12月18日卡塔尔世界杯决赛在亿万球迷的欢呼声中落下帷幕，最终经过点球大战，阿根廷队以7∶5的成绩击败法国队夺得冠军。关于足球运动，下列说法正确的是（　　）
A．在研究香蕉球和电梯球的形成原因时，足球都可以被看成质点
B．阻力作用下足球运动速度逐渐变小，说明力是改变物体运动状态的原因
C．守门员用双手将足球以原速率扑出的过程，足球的动量、动能均保持不变
D．罚点球过程中，运动员对足球的弹力越大，足球的动量变化越大
4. 如图所示，在光滑水平面上有质量相同的甲、乙两个物体靠在一起，在水平力、的作用下运动，已知。下列说法正确的是（　　）
A．甲对乙的作用力大小为 B．乙对甲的作用力大小为
C．如果撤去，甲对乙的作用力一定减小 D．如果撤去，甲对乙的作用力一定增大
5. 如图所示，一列总质量为m（视为质量分布均匀），长为L的火车，从光滑水平面以初速度v0沿光滑斜面上滑，若斜面光滑，则当火车完全运动到斜面上时速度刚好减为0，已知斜面倾角，忽略水平面与斜面连接处损失的能量，火车同一时刻各部分速度大小均相同，以水平地面为零势能面，重力加速度为g，则该过程中（　　）
A．火车的初速度
B．若斜面上的车厢长度为x（x C．若斜面上的车厢长度为x（x D．火车上升过程的总时间
6. 如图所示，竖直面内有一圆形区域，半径为。、分别是圆的水平方向和竖直方向直径。空间存在平行于圆形区域的匀强电场。的中点是圆周上电势最低的点。质量为，电荷量为（）的小球从点以相同的速率向竖直面内各个方向发射，重力加速度为，下列说法中正确的是（　　）
A．电场沿方向 B．电势差
C．小球到达点的动能为 D．小球加速度大小可能为
7. 如图甲，固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框abcd，置于虚线AB左侧始终竖直向下的磁场中，bc边与虚线AB重合，虚线AB右侧为的匀强磁场。导体框的质量，电阻、边长，磁感应强度随时间t的变化图像如图乙所示。在时，导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度，下列说法正确的是（ ）
A．时流过ad边的电流方向由a到d
B．时流过ad边的电流大小为0.4A
C．导体框的bc边刚越过虚线AB时受到的安培力的大小为0.024N
D．当线框速度减为0.02m/s时ad边移动的距离为
8. 两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，波源分别位于和处，波速均为
，振幅均为。如图为时刻两列波的图像，此刻平衡位置在和的
P、Q两质点开始振动。质点M的平衡位置在处。下列说法正确的是（　　）
A．时，M点的振动方向向下 B．内质点M运动的路程为
C．x轴上P、Q之间振动减弱点的个数为2个 D．右侧波引起Q点的振动方程为
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9. 如图，两平行金属板MN、PQ之间有平行x轴向右的匀强加速电场，PQ板右侧，x轴的上方有垂直于x轴向下的匀强偏转电场，在x轴的下方有垂直于纸面向里的匀强磁场。、、三种带电粒子分别从入口由静止释放。不计带电粒子重力，关于三种带电粒子的运动，下列说法正确的是（　　）
A．第一次进入磁场前，在偏转电场中沿x轴方向位移之比为
B．第一次进入磁场前，在偏转电场中沿x轴方向位移之比为
C．第一次在磁场中，从进入到离开沿x轴方向位移之比为
D．第一次在磁场中，从进入到离开沿x轴方向位移之比为
10.如图所示，真空中有一半径为R、质地均匀的玻璃球，一束复色光沿BC射入玻璃球，经折射后分成a、b两束光分别从D、E两处折射出玻璃球，已知BC与OC的夹角=60°，∠COD=120°，∠COE=90°。下列说法正确的是（　　）
A．从玻璃球中射出时，a光的折射角大于b光的折射角 B．玻璃球对b光的折射率为
C．用同一双缝干涉实验装置进行实验，b光在光屏上形成的条纹间距比a光的大
D．a光在玻璃球中的传播速度大于b光在玻璃球中的传播速度
三、实验题（第11题8分，第12题8分。）
11. （8分）为测量小物块m与半径为R的水平圆形转台之间的最大静摩擦因数（最大静摩擦因数：两个接触的物体之间，即将发生相对滑动时，最大静摩擦力与正压力的比值），某小组设计了图甲的实验装置，并进行如下操作：
①测得遮光片宽为d，d远小于转台半径R；
②调节光电门的位置，让电动机带动转台绕轴转动，使遮光片扫过光电门的激光束；
③将小物块m放在水平转台上，测量小物块中心到的距离为l，转台从静止开始逐渐加速转动，遮光片每次经过光电门后提高转速（加速时间忽略不计），当小物块m恰好相对转台滑动时，记录光电门显示的时间t；
④多次改变小物块到的距离，同时记录小物块恰好滑动时光电门显示的时间。
(1)用螺旋测微器测量遮光片d的宽度如图乙所示，则_______；
(2)根据实验测得的数据绘制出图像如图丙所示，若l为纵坐标，则横坐标为_______（填“t”或“”）；
(3)图丙图像斜率为k，当地重力加速度为g，则_______（用k、d、R、g表示）；
(4)写出一条造成误差的原因_______。
12.（8分）现在许多汽车的雨刮器都具有自动感应功能，通常在挡风玻璃中间上方安装红外反射式雨量传感器。其示意图如图a所示，由右侧发光二极管发射红外线，射向挡风玻璃并全部发生全反射，红外线被光电二极管接收。下雨时，光电二极管接收到的红外线与不下雨时存在差异，从而让雨刮器工作。试回答以下问题：
（1）下雨时，光电二极管接收到的红外线与不下雨时存在差异，原因是有雨时，部分光线发生了________（填“折射”或“全反射”）；
（2）雨量越大时，光电传感器电阻越小，则雨刮器越快，若雨刮器内部电路结构简化成图甲和图乙，其中A为光电传感器模块，B为电动机模块，则能够实现雨量越大雨刮越快的是________（填“甲”或“乙”）；
（3）小明同学从废旧汽车拆下一个雨刮器电动机，铭牌上标有额定电压12V，额定功率30W，通过测量发现电动机电压达到6V才能转动。为保护电动机，不转动时，电流不能超过1A。
小明同学打算测量电动机内阻。
①他首先用多用电表的欧姆挡进行粗测，他选择了×1挡后，先进行________，再进行测量，读数如图b所示，则读数为________Ω；
②为精确测量，实验室提供了如下器材：恒压电源U（12V），电压表V（8V，约1kΩ）电流表A（1A，约1Ω），滑动变阻器R（0~10Ω），定值电阻，导线、开关。他设计了如图c所示的电路图。
请回答以下问题：
（ⅰ）为了多测几组数据，图c中的电路图，电压表应该接在________端（填a或b）。
（ⅱ）若某次测量，电压表读数为U0，电流表为I0，则电动机内阻为________（用题中符号表示）。
四、解答题（本题共3小题，共42分。）
13. （10分）一场秋雨一场寒，进入秋天后，昼夜温差变大，小明发现晚上倒了热水的保温杯，早上很难打开。小明测量到保温杯容积为500mL，倒入200mL热水，拧紧杯盖，此时显示温度为，压强与外界相同，早上显示温度与室温相同。已知外界大气压强为恒定不变。杯中气体可视为理想气体，不计水蒸气产生的压强，不考虑水的体积随温度的变化
（1）求杯内温度降到时，杯内气体的压强；
（2）杯内温度降到时稍拧松杯盖，外界空气进入杯中，直至稳定。求此过程中外界进入水杯中的空气体积。
14. （14分）如图所示，电阻不计的平行金属导轨由水平和倾斜两部分平滑连接而成，导轨间距，水平部分光滑，接有一阻值的电阻；倾斜部分粗糙，倾角。完全相同的两根细导体杆和分别垂直于导轨轻放在图中两处，恰好能保持静止，相对于水平导轨高。以所在位置为界的斜上方存在垂直倾斜导轨面的匀强磁场。给一个平行导轨向右的瞬时冲量，滑上倾斜轨道与发生瞬时碰撞并粘为一体，此时立即对施加平行于导轨向上的推力（N）（为相应时刻的速度）。若两杆与导轨始终接触良好，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，每根杆长、质量、电阻，重力加速度取，则：
(1)要使导体杆与发生碰撞，求瞬时冲量应满足的条件；（5分）
(2)要使两杆碰撞后两端的电压随时间均匀增大，求的取值与的取值范围；（5分）
(3)令，，当时，求两杆碰撞后产生的焦耳热随杆位移大小的变化关系。（4分）
15.（18分） 某固定装置的竖直截面如图所示，该装置由弧形光滑轨道AB、竖直光滑圆轨
道、水平粗糙直轨道BD、倾角为37°的粗糙斜轨道DE、圆弧形光滑管道EF平滑连接而成。
现将一质量为0.1kg、可视为质点的小滑块m1由弧形轨道AB上高h处由静止释放（h未
知），在经历几段不同的运动后，m1在F点与静止在水平台面上质量为0.4kg的长木板M发生正碰。已知圆轨道半径R=0.5m，LBD=LDE=1m；m1与轨道BD、DE间的动摩擦因数均为μ1=0.25，M与水平台面间的动摩擦因数μ2=0.3，M最右端停放一质量为、可视为质点的小滑块m2，M与m2间的动摩擦因数μ3=0.2；水平台面和木板M足够长；m1从轨道AB上滑下后进入圆弧轨道，运动到与圆O等高的C点时对轨道的压力为10N。忽略空气阻力，g取10m/s2，、。
(1)求h的大小； (2)求m1刚到达F点时的速度大小；
(3)若m1与M碰撞时间极短，且碰后立即粘在一起，求最终m2与M最右端之间的距离。
1. 【答案】D
【详解】人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，对应压力先减小后增大，起立时对应先超重再失重，则压力先增大后减小。
故选D。
2. 【答案】B
【详解】由位移公式，对比题中
得初速度，加速度满足，解得
A．根据逆向思维可知，刹车过程中最后1s内的位移大小是m，故A错误；
B．刹车过程中在相邻1s内的位移差的绝对值为5m，故B正确；
C．刹车停止时间，总位移。
则从刹车开始计时，8s内通过的位移大小为90m，故C错误；
D．将1s和2s代入题中表达式可知，前1s内和前2s内的位移大小分别为27.5m，50m，位移大小之比为11:20，故D错误；故选B。
3. 【答案】B
【详解】A．在研究香蕉球和电梯球的形成原因时，足球的旋转和姿态占主要因素，因此不能把足球当成质点，故A错误；
B．运动状态包括物体运动速度的大小和速度的方向，任何一项发生改变都将表明物体的运动状态发生了改变，足球运动过程中因受阻力速度变小，则可说明力是改变物体运动状态的原因，故B正确；
C．动量是矢量，既有大小又有方向，当守门员用双手将足球以原速率扑出时，足球的速率不变，但是方向发生了改变，因此足球的动量发生了改变，故C错误；
D．由动量定理可知，足球的动量变化量等于合外力的冲量，则足球的动量变化量除了与力的大小方向有关，还与力的作用时间有关，故D错误。故选B。
4. 【答案】C
【详解】AB．对甲乙整体受力分析，根据牛顿第二定律可得，解得
对乙受力分析则有，联立解得
结合牛顿第三定律可知，乙对甲的作用力大小为，故AB错误；
C．如果撤去，整体而言则有，解得，对乙单独受力分析则有，解得，故C正确；
D．如果撤去，整体而言则有，解得
对乙单独受力分析则有，故D错误。故选C。
5. 【答案】D
【详解】A．当火车完全运动到斜面上时速度刚好减为0，根据动能定理，有，解得火车的初速度，故A错误；
BC．根据题意可知，火车在斜面上的质量为
斜面上的火车其重心位置为
此刻火车具有的重力势能为
而根据动能定理有，联立解得，故BC错误；
D．取沿斜面向上为正方向，当列车冲上斜坡的长度为时，列车所受合外力
由此可知，列车做的是简谐振动，其周期为
可知火车上升过程的总时间为，故D正确。故选D。
6. 【答案】C
【详解】A．匀强电场中圆周上电势最低点M与最高点M'关于圆心O对称，电场线由高电势指向低电势，因此电场方向沿半径OM方向，而AM为弦，其方向与OM不同，故A错误；
B．因CB连线垂直电场线，可知，而，可知电势差，B错误；
C．因AD两点电势相等，则从A到D电场力不做功，由动能定理，小球到达点的动能为，C正确；
D．小球受恒力作用，设水平加速度，竖直加速度
合加速度，由数学知识可知，a的最小值为
故加速度不可能为0.5g，故D错误。故选C。
7. 【答案】D
【详解】A．由图乙可知，0~1s内，左侧的磁通量减少，根据楞次定律可知，时流过ad边的电流方向由d到a，故A错误；
B．根据法拉第电磁感应定律可知，时导体框的感应电动势为V=0.1V
感应电流大小为，故B错误；
C．导体框的bc边刚越过虚线AB时，感应电动势为V
受到的安培力的大小为N，故C错误；
D．根据动量定理有
根据电流的定义式有
解得，故D正确；故选D。
8. 【答案】D
【详解】AB．根据题意，由图可知，左侧波波源的起振方向向下，右侧波波源的起振方向向上，两列波的波长均为，则两列波的周期均为
两列波相遇后可以发生稳定的干涉现象，右侧波传播到M点的时间为
左侧波传播到M点的时间为
则内，质点未振动，路程为0，内，只有右侧波在点引起振动，路程为
时，右侧波在点引起振动向下，恰好左侧波传播到M点，振动方向向下，则M点为振动加强点，时，M点的振动方向向上，内，质点的路程为，则内质点M运动的路程为
故A错误，B错误；
C．由于两个波源的振动方向始终相反，可知波程差为偶数倍时为振动减弱点，设减弱点的坐标为，则有
可得，当时，，时，，
则x轴上P、Q之间振动减弱点的个数为3个，故C错误；
D．结合上述分析可知，Q点的起振方向向上，又有，
则右侧波引起Q点的振动方程为，故D正确。故选D。
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9. 【答案】AD
【详解】AB．设带电粒子的电荷量为q，质量为m，则在加速电场中有
在偏转电场中，竖直方向做匀加速运动，三个粒子的加速距离都是相同的，有，沿x方向的位移为，联立以上公式，可解得。
沿x轴方向的位移大小与粒子的比荷无关，故A正确，B错误；
CD．三个粒子在x轴上的同一位置进入磁场进行匀速圆周运动，根据平抛运动的推论，从偏转电场进入磁场时粒子的速度方向也是相同的，设粒子运动速度为，则有
在磁场中运动的水平位移为，根据动能定理，有
可解得，所以。
由于三个粒子所带电荷量大小是相同的，质量之比为，所以在磁场中的水平方向位移大小之比为。故C错误，D正确。故选AD。
10. 【答案】BC
【详解】AB．根据光路可知，射入玻璃时，a、b光的入射角都为=60°，折射角分别为和，a光的折射角小于b光的折射角。根据折射定律，可知a光的折射率为
b光的折射率为，故A错误，B正确；
C．对同一种介质，a光的折射率大，故a光的频率高，波长短，根据
可知b光在光屏上形成的条纹间距比a光的大，故C正确；
D．根据
可知折射率越高，传播速度越小，故a光在玻璃球中的传播速度小于b光在玻璃球中的传播速度，故D错误。故选BC。
三、实验题（第11题8分，第12题8分。）
11. （8分）【答案】(1)2.150/2.149/2.151 (2) (3)
(4)遮光片的长度忽略或恰好滑动的时机不准确
【详解】（1）由图乙可知，遮光片的宽度
（2）由题知，遮光片通过光电门时的速度为。
又遮光片与小物块同轴转动，具有相同的角速度，则有，解得小物块的速度为。
小物块恰好滑动时，由最大静摩擦力提供向心力，则有，联立解得
可知要绘制出如图丙所示的图像，l为纵坐标，则横坐标为。
（3）根据，可知图像的斜率为，解得。
（4）遮光片的长度忽略或恰好滑动的时机不准确。
12.（8分）【答案】折射 乙 欧姆调零 4.0
【详解】（1）下雨时，光电二极管接收到的红外线与不下雨时存在差异，原因是有雨时，玻璃之外是雨水，雨水的折射率大于空气，故有一部分光线通过界面发生折射。
（2）雨量越大时，光电传感器电阻越小，则雨刮器越快，由此可知雨量越大时通过电动机的电流越大，由闭合电路欧姆定律可知，能够实现雨量越大雨刮越快的是图乙的电路。
（3）欧姆表选择了×1挡后，先进行欧姆调零，再进行测量，读数如图b所示，则读数为4.0Ω；
为了多测几组数据，要求电压表的测量时的变化范围更大一些，故电压表应该接在端。
由欧姆定律可知，电动机内阻为
四、解答题（本题共3小题，共42分。）
13.（10分）【答案】（1）；（2）
【详解】（1）杯内气体做等容变化，有，其中，，，代入数据可得（4分）
（2）设打开杯盖后进入杯内的气体在大气压强下的体积为V，以杯内原有气体为研究对象，则，其中，则，联立可得。（6分）
14.（14分）【答案】(1)（或）（5分）(2)2，（5分）
(3)（4分）
【详解】（1）恰好能处于静止状态，沿轨道方向受力平衡
对施加瞬时冲量后，由动量定理，有
沿倾斜轨道上滑到位置的过程，由动能定理有
代入数据解得
（2）碰撞后两杆整体切割磁感线，产生感应电动势，回路总电阻
两杆整体受到的安培力
对两杆整体由牛顿第二定律有
结合，代入数据整理得两杆整体的加速度
要使碰撞后两端的电压随时间均匀增大，则感应电动势随时间均匀增大，根据
可知，两杆整体沿导轨做匀加速直线运动，即且保持不变，由上式可得，，即、应满足，
（3）对施加瞬时冲量后，由动量定理有
沿倾斜轨道上滑到位置的过程，由动能定理有，
和碰撞瞬间动量守恒，解得
当，时，，分析知碰撞后两杆整体的合力为安培力，碰撞后两杆整体运动过程中，根据能量守恒，得
根据焦耳定律，产生的焦耳热
当时，由以上各式代入数据整理得：
15.（16分）【答案】(1)（6分）(2)（6分）(3)（6分）
【详解】（1）运动到C点时，根据牛顿第二定律得
从A到C的运动过程，根据动能定理得
联立代入数据解得
（2）m1从A到F的运动过程，根据动能定理得，代入数据解得。
（3）m1与M相碰，根据动量守恒定律得，代入数据解得
m1与M碰后对m2分析得，代入数据解得
对和构成的整体受力分析得代入数据解得，设经过时间t，m2与m1、M共速，则
代入数据解得共速的速度，
该过程中m2运动的位移，运动的位移
共速过后，与分别减速运动，对m2受力分析得，代入数据解得，对和构成的整体受力分析得
代入数据解得，m2对地位移
的对地位移最终计算可得距离最右端的长度

展开更多......

收起↑