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北京市平谷区2025年中考二模物理试题
一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2025·平谷模拟）下列能源中，属于可再生能源的是（　　）
A．石油 B．太阳能 C．天然气 D．煤炭
【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解析】A选项分析：石油是由远古时期海洋或湖泊中的生物遗骸经过长期地质作用形成的化石燃料，其储量有限且再生周期极长，因此被归类为不可再生能源。该选项与题意不符。
B选项说明：太阳能是太阳核聚变产生的辐射能，可以持续不断地供给地球使用，在人类时间尺度上属于取之不尽的可再生能源，符合题目要求。
C选项指出：天然气作为地下储藏的烃类混合物，与石油类似属于化石能源，其形成需要数百万年时间，属于不可再生资源，故不符合题意。
D选项解释：煤炭由古代植物经地质作用碳化形成，作为典型的化石燃料，其再生速度远低于开采速度，属于不可再生能源，不符合题目要求。
综上所述，正确答案为B。
【分析】可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
2．（2025·平谷模拟）M 下图所示的四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．洗衣机 B．路由器
C．电暖器 D．扫地机
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；电流的热效应
【解析】【解析】A．洗衣机工作时通过电动机驱动机械部件运转，完成洗涤、脱水等功能。其能量转换过程为电能→机械能，并非以电能→内能为主，因此不属于利用电流热效应工作的电器。的计算在此不占主导，故A错误。
B．路由器的核心功能是数据信号处理与传输，工作时电能主要用于维持芯片运算和无线信号收发，能量转化形式为电能→电磁能，基本不涉及显著发热，故B错误。
C．电暖器通过电流流经高电阻发热体（如电热丝），根据焦耳定律将电能几乎全部转化为内能，属于典型的电流热效应应用，故C正确。
D．扫地机器人依靠电动机驱动清扫机构和移动轮，能量转换路径为电能→机械能，发热仅为运行中的副产品，故D错误。
正确答案为C。
【分析】电流的热效应应用：主要将电能转化为内能，常见应用有电饭煲、电热水器、电暖器。
3．（2025·平谷模拟）下图所示的四个事例中，为了增大压强的是（　　）
A．安全锤的锤头做得很尖
B．学生书包的背带做得较宽
C．眼镜架上装有眼镜鼻托
D．拖拉机装有宽大的履带
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】选项A分析：全锤的锤头设计成尖状，这是通过减小受力面积的方式来增大压强，因此A符合题目要求。
选项BCD分析：学生书包的宽背带，眼镜架的鼻托设计，拖拉机的宽履带，这些案例都是采用增大受力面积的方法来减小压强，所以BCD不符合题意。
综上所述，正确答案是。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
4．（2025·平谷模拟）水平地面上的购物车在水平推力的作用下，沿推力的方向运动一段距离，则下列判断中正确的是（　　）
A．重力对购物车做了功 B．支持力对购物车做了功
C．推力对购物车做了功 D．没有力对购物车做功
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A.由题知，购物车在水平地面上运动，在重力的方向上（竖直向下）购物车没有移动距离，所以重力不做功，A不符合题意；
B.由题知，购物车在水平地面上运动，在支持力的方向上（竖直向上）购物车没有移动距离，所以支持力不做功，B不符合题意；
CD.购物车在水平推力的方向上移动了距离，所以推力对购物车做了功，C符合题意、D不符合题意.
故答案为：C.
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此判断重力、支持力、推力是否做功．
5．（2025·平谷模拟）电流表是电学实验中的重要仪器，如图所示是电流表的内部结构简图，将线圈置于两磁极之间，线圈上固定有一指针，有电流通过线圈时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中电流越大，指针偏转角度越大。则电流表的工作原理与下列说法相符的是（　　）
A．通电线圈在磁场中受到了力的作用
B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引
C．与发电机工作原理相同
D．电流表工作过程中，机械能转化为电能
【答案】A
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】根据题目描述，当线圈被放置在两个磁极之间并有电流通过时，线圈会带动指针发生偏转。这一现象表明通电导体在磁场中会受到力的作用，实现了电能向机械能的转化过程。因此，选项A符合题目所述原理，而其他选项B、C、D均不符合该物理现象的描述。
故选A。
【分析】通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，电流表。
6．（2025·平谷模拟）如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列操作能让灯、都亮起来的是（　　）
A．用导线连接d、f，再闭合开关S
B．用导线连接b、f，再闭合开关S
C．用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S
D．用一根导线连接e、f，用另一根导线连接d、g，再闭合开关S
【答案】C
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】A．当用导线连接d、f并闭合开关S时，只有灯L2接入电路发光，而灯L1未接入电路不亮，因此选项A不符合题意；B．当用导线连接b、f并闭合开关S时，灯L2被接入电路发光，但灯L1未被接入电路仍不亮，因此选项B不符合题意；
C．当用一根导线连接e、g，同时用另一根导线连接d、f并闭合开关S时，两个灯泡形成并联电路，此时两灯L1和L2都能正常发光，因此选项C符合题意；
D．当用一根导线连接e、f，同时用另一根导线连接d、g并闭合开关S时，会造成电源短路，导致两灯都不亮且可能损坏电源，因此选项D不符合题意。
正确答案是C。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作，要想使得灯泡工作，则电路为通路。
7．（2025·平谷模拟）关于下图所示的四个实验，下列说法正确的是（　　）
A．图中，用吸管向两个乒乓球的中间吹气，两球将向中间靠拢
B．图中，自制气压计随着电梯一起匀速上升时，细玻璃管中的液面下降
C．图中，吹奏时手指按在骨笛不同的音孔上可以改变发出声音的响度
D．图中，用力挤压装满水的玻璃瓶，细管中的水面高度不会发生变化
【答案】A
【知识点】力的作用效果；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A．当用吸管向两个乒乓球的中间吹气时，该位置的空气流速增大。两侧压强相对较大。在压强差作用下，两球会受到指向中间的净压力，导致向中间靠拢。因此选项A正确。
B．自制气压计的工作原理是通过比较瓶内气压与外界大气压的差值使液柱升降。当气压计随电梯匀速上升时，海拔升高导致外界大气压降低。由于瓶内密封气体的气压基本不变，此时瓶内气压大于外界气压，会迫使液柱上升。故B错误。
C．骨笛发声原理涉及空气柱振动。当手指遮挡不同音孔时，有效振动空气柱的长度发生变化，振动频率发生变化。因此改变的是声音的音调（频率特性），而非响度（振幅特性）。故C错误。
D．瓶体发生弹性形变使容积减小；密闭气体压强增大；增大的气压将水压入细管，使液面上升。故D错误。
故选A。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
3、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4、压强和体积的关系，气体体积变小，压强变大。
8．（2025·平谷模拟）下列说法正确的是（　　）
A．光在发生漫反射时，反射角可能不等于入射角
B．近视眼可以佩戴凹透镜进行矫正
C．光只有在真空中才能沿直线传播
D．凸透镜对光有会聚作用，所以通过凸透镜的光一定会相交于一点
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．根据光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循反射角等于入射角的规律。漫反射发生在粗糙表面，反射光线方向各异，但每条光线仍满足反射角等于入射角的关系，因此A选项是错误的。
B．近视眼的成因包括晶状体过厚导致折光能力过强，或眼球前后径过长，使远处物体的像落在视网膜前方。凹透镜具有发散作用，佩戴后能使入射光线先发散，经眼内折射后使像正好落在视网膜上，从而矫正近视，因此B选项是正确的。
C．光在同种均匀介质（包括真空）中沿直线传播是基本光学原理。虽然真空中光沿直线传播最典型，但在其他均匀介质中同样遵循此规律，因此C选项是错误的。
D．凸透镜的会聚作用是指折射光线比入射光线更靠近主光轴，但并非所有折射光线都会相交于同一点。只有当入射光线平行主光轴时，折射光线才会汇聚于焦点，其他情况下折射光线可能不会相交于一点，因此D选项是错误的。
正确答案是B。
【分析】1、反射分类：漫反射 是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象 ，镜面反射：指若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来；
2、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
4、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
9．（2025·平谷模拟）某同学坐电梯回家时，电梯匀速上升。若他对电梯的压力为F1，电梯对他的支持力为F2，他受到的重力为G，则下列判断中正确的是（　　）
A．F1>G B．F2>G
C．F1和F2是平衡力 D．F2和G是平衡力
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】当同学乘坐电梯匀速上升时，他处于平衡状态，受到平衡力的作用。在竖直方向上，存在两个力： 向下的重力G， 电梯对他向上的支持力F2；根据平衡条件，这两个力大小相等，即满足F2 = G。同时，根据牛顿第三定律，同学对电梯的压力F1与电梯对他的支持力F2是一对作用力与反作用力，它们大小相等，因此有F1 = F2 = G。由此可以判断选项ABC都是错误的，只有D选项正确。
故选D。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
10．（2025·平谷模拟）额定电压相同的甲、乙两只电加热器（俗称“热得快”）的铭牌如图所示，若不考虑温度对电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
A．相同时间内，甲比乙消耗的电能多
B．正常工作时，通过甲的电流比乙小
C．正常工作时，甲比乙产生的热量多
D．正常工作时，电流通过甲做功较快
【答案】D
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A．根据题目描述，甲的额定电压为220V，额定功率为1100W，乙的额定电压为220V，额定功率为800W。根据公式，在正常工作情况下，相同时间内甲比乙消耗的电能更多。但题目并未说明两者是否均处于正常工作状态，因此无法直接比较电能消耗，故A选项错误。
B．在正常工作时，两者的电压相同（均为220V），但甲的功率（1100W）大于乙的功率（800W）。根据公式，甲的电流大于乙的电流，故B选项错误。
C．在正常工作时，根据公式，由于题目未给出具体时间，无法比较甲、乙产生的热量多少，故C选项错误。
D．在正常工作时，甲的功率大于乙的功率，说明电流通过甲做功的速率比乙更快，故D选项正确。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、电能的计算：公式为W=Pt，时间相同，但是功率位置，不能确定消耗电能的多少；
2、电功率的计算：公式为P=UI，题目中说明正常工作，即此时属于额定电功率，额定电压，据此计算电流；分析电功率的大小。
11．（2025·平谷模拟）小华通过实验比较甲、乙两种液体比热容的大小。他将质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入完全相同的两个具有保温功能的电热杯中，盖好杯盖，将两种液体均加热到55℃。再将初温均为20℃的两个完全相同的实心铜块，分别浸没两个电热杯的液体中，盖好电热杯的盖子。经过足够长的时间，用温度计分别测量两种液体的温度，甲液体的温度为50℃，乙液体的温度为48℃。若不计热量损失，则下列说法正确的是（　　）
A．两电热杯将甲、乙两种液体加热到55℃所用的时间相同
B．甲液体中铜块吸收的热量等于乙液体中铜块吸收的热量
C．放入铜块后甲液体放出的热量大于乙液体放出的热量
D．液体甲的比热容小于液体乙的比热容
【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A选项分析：由于题目未提供甲、乙两种液体的初始温度和比热容数据，无法确定加热到55℃时两种液体吸收的热量是否相等，因此加热所用时间也不一定相同。该选项错误。
B选项分析：铜块吸热量取决于其温度变化量：甲液体中铜块温升：，乙液体中铜块温升：，根据热力学公式，甲液体中铜块吸热量更大。该选项错误。
C选项分析：由能量守恒可知，甲液体放出的热量更多。该选项正确。
D选项分析：通过比较放热量：甲液体放热：，乙液体放热：
由于且甲液体温降更小，可推导出。原选项结论相反，故错误。
正确答案： C。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
12．（2025·平谷模拟）如图所示、两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等，则下列选项正确的（　　）
A．两种液体的密度ρ甲>ρ乙 B．两种液体的质量m甲>m乙
C．两个小球所受的重力Ga>Gb D．两个小球所受的浮力Fa>Fb
【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A选项解析：由于两种液体对容器底的压强相等，且h甲＞h乙，根据压强公式可知，液体密度ρ甲＜ρ乙。因此，选项A是错误的。
B选项解析：两种液体对容器底的压强相等，且容器底面积相同，根据压力公式可知，液体对容器底的压力相等，即F甲=F乙。由于液体对容器底的压力等于液体重力与物体排开液体重力之和，可得关系式：G甲液 + Ga排 = G乙液 + Gb排；观察图中排开液体体积Va排＜Vb排，且ρ甲＜ρ乙，根据排开液体重力公式可知Ga排＜Gb排。结合①式可得G甲液＞G乙液，再根据质量公式得出m甲液＞m乙液。因此，选项B是正确的。
CD选项解析：a物体漂浮在甲液体中，满足Ga=Fa浮；b物体在乙液体中沉底，满足Gb＞Fb浮 ；根据浮力公式，由于ρ乙＞ρ甲且Vb排＞Va排，因此Fb浮＞Fa浮 ，综合可得Gb＞Ga，因此选项C和D都是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．（2025·平谷模拟）如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　）
A．图甲：抽走玻璃板，两种气体彼此进入对方，表明这两种气体分子在不停的运动
B．图乙：厚玻璃筒内的空气被压缩时，通过热传递的方式改变玻璃筒内空气的内能
C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，机械能转化为内能
D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，是汽油机的做功冲程，可以对外提供动力
【答案】A,D
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲中抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这种现象称为扩散，表明分子在永不停息地做无规则运动，因此选项A正确。
B．图乙中当厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，导致空气温度升高，内能增大。此过程是通过做功的方式改变空气内能，故选项B错误。
C．图丙中试管内的水沸腾后产生水蒸气，将软塞子推出，这是水蒸气对塞子做功的过程，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，因此选项C错误。
D．图中显示两气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，这是汽油机的做功冲程。在此过程中，气缸内的高温高压气体推动活塞做功，将内能转化为机械能，故选项D正确。
综上分析，正确的选项是A和D。
故选AD。
【分析】1、做功冲程，活塞下移，火花塞点燃，内能转换为机械能；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
14．（2025·平谷模拟）如图所示，置于水平工作台面上的卷扬机，其质量为50kg，工作时做功的功率恒为1000W。现用卷扬机通过一个动滑轮匀速竖直提升重为4500N的物体A，经过2s物体A被竖直匀速提升了40cm。取g=10N/kg，在提升物体A的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．滑轮对物体A做的有用功为1800J
B．动滑轮的质量为50kg
C．动滑轮的机械效率为90%
D．工作台面对卷扬机的支持力为3000N
【答案】A,C,D
【知识点】力的合成与应用；动滑轮拉力的计算；机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】A．提升物体时，有用功为克服物体重力做功，计算公式为W=Gh，题目中经过2s物体A被竖直匀速提升h=40cm=0.4m
则滑轮对物体A做的有用功W有=Gh=4500N×0.4m=1800J，故A正确；
B.动滑轮缠绕绳子数为2，所以绳子移动距离是物体移动距离的两倍，2s物体A被竖直匀速提升了40cm，绳子自由端移动的距离，卷扬机做功，根据做功公式计算
结合动滑轮拉力计算公式得，根据重力公式计算可知动滑轮的质量，但题干中未说明不计绳重和摩擦，故B错误；
C．根据AB选项分析可知，有用功和总功，据此计算动滑轮的机械效率，故C正确；
D．卷扬机的重力，卷扬机此时属于静止状态，由力的平衡条件可知，工作台面对卷扬机的支持力，故D正确。
故选ACD。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
2、动滑轮拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍。
3、重力的计算：公式为G=mg，力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
15．（2025·平谷模拟）综合实践活动中，同学们设计了一款可用电流表示数显示拉力大小的测力计模型，电流表示数随拉力的增大而增大，模型电路如图甲所示，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比。滑片P左端固定在拉杆上，弹簧处于原长时，滑片P位于a端，电源电压恒为6V，弹簧电阻恒为1Ω，R0为4Ω，其余部分电阻不计。弹簧的伸长量与所受拉力F之间的关系如图乙所示。忽略弹簧、拉杆和拉环的重力及滑片与电阻丝的摩擦，则下列说法正确的是（　　）
A．虚线框内接线柱“1”应与“2”连接
B．弹簧处于原长状态时，闭合开关，R0消耗的功率0.16W
C．若电流表的量程为0-0.6A，电流表示数最大时显示的拉力是400N
D．弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中电流均增大0.04A
【答案】B,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．分析电路可知，、弹簧和滑动变阻器首位依次相连，属于串联，电流表测电路中电流。电流表示数随拉力的增大而增大，说明拉力增大，电路中电流变大，根据可知总电阻变小，变阻器阻值变小，即接线柱“1”应与“3”连接，故A错误；
B．弹簧处于原长状态时，变阻器最大阻值接入电路，根据欧姆定律计算可知电路中电流为，结合电功率公式计算可知R0消耗的功率，故B正确；
C．电流表示数最大为0.6A时总电阻为，结合电阻的串联计算可知
此时弹簧的伸长量为，由乙图可知，对应的拉力为400N，故C正确；
D．据材料分析可知，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比，弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中总电阻减小，根据欧姆定律计算可知电路中电流为，电流与总电阻不成正比或者一次函数关系，所以所以弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中电流不是都增大0.04A，故D错误。
故选BC。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，连接原则为一上一下；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
三、实验探究题（共28分，17、18、20、21、23题各3分；16、19题各4分；22题5分）
16．（2025·平谷模拟）按要求填空。
（1）如图所示，通电螺线管的A端为　 　（选填“N”或“S”）极；
（2）测量某物体质量时，托盘天平右盘中的砝码及游码标尺的示数如图所示，则物体的质量为　 　g。
【答案】（1）N
（2）53.4
【知识点】质量的测量与天平的使用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据电流方向从左端流入、右端流出，结合螺线管的绕线方向，应用安培定则可判定螺线管的A端为N极。
（2）通过观察天平标尺可知，其最小分度值为0.2g。游码指示的读数为3.4g，因此待测物体的总质量计算如下：m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g。
【分析】1、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的A端为N极。
（2）由图可知，天平标尺的分度值为0.2g，游码对应的示数为3.4g，物体的质量为m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g
17．（2025·平谷模拟）如图是小车沿斜面向下运动的实验，小车通过AB和BC所用时间均为0.2s。小车由A位置运动到C位置通过的距离为　 　cm，在这个过程中小车的平均速度为　 　m/s。该小车沿斜面运动的过程是　 　运动。（选填“匀速直线”或“变速直线”）
【答案】20.0；0.5；变速直线
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 根据图示，刻度尺的最小刻度为1cm。A点位于零刻度线处，C点读数为20.0cm，因此小车从A到C的运动距离为s=20.0cm。
小车通过AB段和BC段的时间均为0.2s，因此通过AC段的总时间为t=0.2s×2=0.4s。
计算平均速度为
观察可知sAB【分析】1、小车平均速度的实验原理是v=s/t计算求解，所用的工具为刻度尺和停表，为了使测量的数据更加准确，应该测量小车运动时间，所以选择较缓的斜坡；
2、速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
18．（2025·平谷模拟）在研究某物质熔化过程中温度的变化规律时，持续加热该物质，记录了该物质温度随时间变化的实验数据如下表所示。根据实验数据可知该物质是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），判断依据是　 　。该物质在第5min时具有的内能　 　它在第7min时具有的内能。（选填：“大于”、“等于”或“小于”）
加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
物质的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 48 50 53
【答案】晶体；该物质有熔点；小于
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】根据表格数据，该物质在第4分钟至第9分钟期间温度保持48℃不变，这表明它具有确定的熔点，因此可以判定该物质为晶体。
晶体在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，其内能会持续增加。分析数据可知，该物质在第5分钟至第7分钟处于熔化阶段，不断吸收热量，故第5分钟时的内能必然小于第7分钟时的内能。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态，内能增加。
19．（2025·平谷模拟）小华同学在探究凸透镜成像规律的实验中，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如下图所示。请回答下列问题：
（1）上述光屏上所成的像是倒立、　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中常用的　 　是利用这一原理工作的（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）。
（2）保持蜡烛位置不变，将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，同样固定在光具座50cm刻度线处，为了使烛焰在光屏上成清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动；若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个　 　透镜（选填“凸”或“凹”）。
【答案】（1）缩小；照相机
（2）靠近；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据题目描述，物距为30cm。根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，会形成倒立、缩小的实像，这一现象通常应用于照相机的工作原理中。
（2）如果将焦距为10cm的薄凸透镜更换为焦距为5cm的薄凸透镜，相当于物距相对增大，因此像距会减小。为了使光屏上仍能形成清晰的像，应将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
如果不想移动光屏但仍需在光屏上得到清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个凹透镜，利用其发散作用来调整成像位置。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）[1][2]由图可知，此时物距为30cm，由凸透镜成像规律可知，物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机。
（2）[1][2]将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，相当于物距变大，则像距减小，所以应将光屏向靠近凸透镜的方向移动； 若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个具有发散作用的凹透镜。
20．（2025·平谷模拟）为了验证“物体所受滑动摩擦力的大小跟物体对接触面的压力大小是否有关”。小华选用两个质量不同、材料相同、表面粗糙程度相同的带挂钩的立方体木块A和B，弹簧测力计和细线进行实验。请你帮他补充完实验步骤和实验现象。
（1）用弹簧测力计分别测出木块A和B的重力GA、GB并记录；
（2）将木块A放在水平桌面上，细线的一端系在木块A的挂钩上，另一端系在弹簧测力计的挂钩上，水平拉动测力计，使木块A沿水平桌面做　 　运动，读出测力计的示数为F1并记录；
（3）　 　，仿照步骤（1）的操作，读出测力计的示数为F2并记录；
（4）比较F2与F1，发现F2　 　F1（选填“=”或“≠”），说明物体所受滑动摩擦力的大小跟物体对接触面的压力大小有关。
【答案】匀速直线；把木块B叠放在木块A上（或“用木块B替换木块A”）；≠
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（2）将木块A置于水平桌面上，用细线连接木块A的挂钩和弹簧测力计挂钩，水平匀速拉动测力计使木块A移动。根据二力平衡原理，此时弹簧测力计的拉力F1等于木块A所受的滑动摩擦力。
（3）为探究滑动摩擦力与压力的关系，需保持接触面粗糙程度不变，通过以下两种方式改变压力：①将木块B叠放在木块A上；②用木块B替换木块A。重复步骤[1]操作，记录测力计示数F2。
（4）比较F2与F1：若F2≠F1，表明滑动摩擦力与接触面压力有关；若F2=F1，则说明滑动摩擦力与压力无关。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，弹簧测力计拉动物体做匀速直线运动，此时弹簧的弹力等于物体的摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
21．（2025·平谷模拟）小华发现木头在水中是漂浮的，而铁块在水中会下沉，他猜想浮力的大小与浸没在液体中的物体的密度有关。为此他进行了如下探究，请你帮助他完成实验。
（1）实验应选取体积相同、　 　不同的物体A和B分别浸没在水中，测出其所受浮力并进行比较；
（2）请你帮助小华画出实验数据记录表格；
（3）分析甲乙两图的实验数据，可得出初步结论：　 　。
【答案】（1）密度
（2）
物体密度ρ物/kg·m-3
物体重力G/N
拉力F拉/N
浮力F浮/N
（3）浮力的大小与浸没在液体中的物体的密度无关
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）小华提出浮力大小可能与物体密度相关，因此需要选取不同密度的物体进行浮力测量并对比分析。
（2）实验需记录物体的密度、重力、拉力和浮力数据，如下表所示：
物体密度ρ物/kg·m-3
物体重力G/N
拉力F拉/N
浮力F浮/N
（3）根据图示数据： 物体A受到的浮力F浮A=F1-F1=3N-1.8N=1.2N
物体B受到的浮力（测力计分度值0.2N，示数2.8N），F浮B=F3--F4=4N-2.8N=1.2N，密度不同的物体在浸没状态下所受浮力相同，说明浮力大小与物体密度无关。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
（1）小华猜想浮力大小与物体密度有关，因此应选择密度不同的物体进行浮力的测量和比较。
（2）实验中，需要有物体的密度、物体的重力、拉力和浮力，如下表所示
物体密度ρ物/kg·m-3 　 　
物体重力G/N 　 　
拉力F拉/N 　 　
浮力F浮/N 　 　
（3）由右图可知，物体A受到的浮力F浮A=F1-F1=3N-1.8N=1.2N
由右图可知，测力计的分度值为0.2N，示数为2.8N，即物体B在水中受到的拉力为2.8N，物体B受到的浮力F浮B=F3--F4=4N-2.8N=1.2N
两个密度不同的物体浸没状态下所受浮力相等，故浮力的大小与浸没在液体中的物体密度无关。
22．（2025·平谷模拟）实验小组用伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻，连接了如图甲所示的电路，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒定。
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线（导线不得交叉）；
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）小组同学计划用该装置测量某定值电阻阻值时，发现电压表损坏，于是设计了如图丙所示的电路，测出了Rx的阻值。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：
①将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I1；
②　 　，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2；
③待测电阻　 　（用I1、I2和R表示）。
【答案】（1）
（2）B
（3）9.6
（4）将滑片移到b端；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在使用伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻时，电压表应并联在小灯泡两端。图甲中的连接方式存在错误，电压表被错误地并联在了滑动变阻器和小灯泡的串联电路两端。正确的电路连接方式如下图所示：
（2）当电压表示数为2V时，这个数值低于小灯泡的额定电压2.5V。为了使小灯泡能够正常发光，需要提高其两端的电压。根据串联电路的分压原理，应该减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此需要将滑片P向B端方向移动。
（3）图乙中电流表使用的是0~0.6A量程，其分度值为0.02A，此时指针指示的电流值为0.26A。根据欧姆定律计算可得小灯泡正常发光时的电阻值为：
（4） 实验步骤如下： 将滑片移至a端，闭合开关S，记录电流表示数I1。此时滑动变阻器阻值为0，电路中仅有R ，因此：
（式①） 将滑片移至b端，闭合开关S，记录电流表示数I2。此时滑动变阻器阻值为R，R 与R串联，因此：
（式②）由式①和式②可得：，解得：。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，当灯泡的电压小于额定电压时，为了适当增加电压，可以减小串联在电路中变阻器的电阻；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表应并联在小灯泡两端，在图甲中，电压表并联在滑动变阻器和灯泡串联后的两端是错误的。改正电路图如图所示：
（2）电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V。 为使小灯泡正常发光，则应增大其两端电压。由串联分压规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此应将滑片P向B端移动。
（3）如图乙所示电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.26A。根据欧姆定律可得小灯泡正常发光时的电阻
（4）[1][2] 将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I1 。此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路中只有Rx ，因此①
将滑片移到b端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2 。此时滑动变阻器接入电路的阻值为R，电路中Rx 与R串联，因此②
由①②得到
解得
23．（2025·平谷模拟）如图甲所示，是物理科技小组设计的汽车有害尾气排放检测电路。电源两端电压保持不变，R为气敏电阻，其阻值R随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R1为定值电阻。当电压表示数大于某一值U0时，就会触发报警。为降低有害气体浓度值，请分析说明通过增大还是减少定值电阻R1的阻值。
【答案】从图乙可以看出，电阻R随着有害尾气浓度β的升高而减小。要使报警时的尾气浓度阈值降低，就需要在R增大时仍能保持电压表示数为U0。根据串联电路电压特性：U=U0+UR（其中U和U0均为定值），因此UR必须保持不变。由欧姆定律可知，在UR不变的情况下，R增大将导致IR减小。根据串联电路电流相等原则I1=IR，再结合公式，当I1减小而U0不变时，必须增大R1的阻值，这样才能实现在更低的有害尾气浓度时触发报警。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】从图乙可以看出，电阻R随着有害尾气浓度β的升高而减小。要使报警时的尾气浓度阈值降低，就需要在R增大时仍能保持电压表示数为U0。根据串联电路电压特性：U=U0+UR（其中U和U0均为定值），因此UR必须保持不变。由欧姆定律可知，在UR不变的情况下，R增大将导致IR减小。根据串联电路电流相等原则I1=IR，再结合公式，当I1减小而U0不变时，必须增大R1的阻值，这样才能实现在更低的有害尾气浓度时触发报警。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
四、科普阅读题（共4分）
24．（2025·平谷模拟）阅读《智能汽车》并回答题
智能汽车
新能源智能汽车进入许多家庭，随着科技发展，计算芯片、人工智能、大数据、云计算、信息通信等多个高新技术产业，具备产业深度融合，已成为汽车产业发展战略方向。
图甲是一款新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电板，车窗采用“智能玻璃”，它可实现调节温度和透明度，还具有单向透光功能，可以从车内看到车外景象，而车外看不见车内景象；车身配有多个雷达，充分提高了行车的安全性。
车内配有汽车抬头显示（如图乙）又叫汽车平视显示系统（HeadUpDisplay），简称HUD。HUD是利用平面镜成像原理（如图丙），将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃投射在正前方，驾驶员透过挡风玻璃往前方看的时候，能够轻易的将车外的景象与车辆信息通过挡风玻璃所成的像融合在一起。驾驶员不必低头，就可以看到车辆信息，如车速、油耗、导航等，从而避免分散对前方道路的注意力。同时驾驶员不必在观察远方的道路和近处的仪表之间调节眼睛，可避免眼睛疲劳，确保驾驶舒适安全。
（1）寒冷天气行车时，汽车挡风玻璃的　 　（选填“内”或“外”）侧容易出现一层“白雾”，这是水蒸气　 　形成的（填物态变化名称），调节玻璃温度即可除雾；
（2）HUD将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃成像于驾驶员的正前方，这是由于光的　 　（选填“反射”或“折射”）形成的。某驾驶员驾驶过程中发现HUD使挡风玻璃所成的像过低，不便于观察，这时就需要将显示器沿水平方向　 　（选填“远离”、“靠近”）挡风玻璃。
【答案】（1）内；液化
（2）反射；远离
【知识点】液化及液化放热；光的反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】（1）冬季室外气温较低时，车内空气中的水蒸气遇到温度更低的玻璃表面，会在玻璃内侧发生液化现象，从而形成一层"白雾"。
（2）行车数据在挡风玻璃上形成的像是平面镜成像现象，其成像原理是光的反射。
由于平面镜成像具有对称性，像与物体关于镜面对称。当驾驶员观察到挡风玻璃呈现的像位置过低时，可以通过将显示器沿水平方向向远离挡风玻璃的方向移动，这样可以使成像位置变高。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如露珠；
2、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）[1][2]冬天室外温度低，车内空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃，会在玻璃内侧发生液化，形成一层“白雾”。
（2）[1]行车数据在挡风玻璃上所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的。
[2]平面镜成的像和物体关于平面镜对称，某驾驶员发现挡风玻璃所成的像过低，需要将显示器沿水平方向装远离挡风玻璃，可以成像变高。
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．（2025·平谷模拟）小华设计的车载可加热果蔬搅拌机工作电路图如图。电热丝R的阻值为4Ω，电动机标有“12V，24W”字样。闭合开关S、S1，电动机正常工作。求：
（1）闭合开关S、S1，电动机1min内消耗的电能。
（2）闭合开关S、S2，通电100s，电热丝R产生的热量。
【答案】（1）解：闭合开关S、S1，电路为电动机的简单电路，此时电动机正常工作，电动机两端的电压等于电动机的额定电压，所以电源电压为U=U额=12V；此时电动机1min内消耗的电能为W=Pt=24W×60s=1440J。
（2）解：闭合开关S、S2时，电路为电热丝的简单电路，则通电100s电热丝R产生的热量为。
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）当开关S和S1闭合时，电路中仅有电动机工作，此时电动机处于额定电压下正常运行。电源电压U等于电动机的额定电压U额。电动机在1分钟内消耗的电能W可通过公式W=Pt计算得出。
（2）当开关S和S2闭合时，电路中仅有电热丝R工作。电热丝在100秒内产生的热量Q可由公式计算得到。
（1）闭合开关S、S1，电路为电动机的简单电路，此时电动机正常工作，电动机两端的电压等于电动机的额定电压，所以电源电压为U=U额=12V；此时电动机1min内消耗的电能为W=Pt=24W×60s=1440J
（2）闭合开关S、S2时，电路为电热丝的简单电路，则通电100s电热丝R产生的热量为
26．（2025·平谷模拟）《天工开物》中记载了中国古人利用桔槔汲水的情景，如今一些农田在灌溉时仍然传承着这种汲水方式。桔槔的主要结构如图所示，其上方的横杆是一根硬棒，横杆由竖木支撑，可绕通过O点的转轴转动，横杆A点绑有配重石块，B点连接一根细杆，细杆下方连有木桶，使用时人可对细杆施加向上或向下的力。已知OA长为1m，OB长为3m。横杆的自重、支点处的摩擦均忽略不计，汲水过程中细杆始终竖直。
（1）若配重石块重300N，当横杆在水平位置静止时，求B点受到的拉力F的大小；
（2）木桶装满水时，细杆、木桶和水总重140N，要使横杆提着装满水的木桶在水平位置静止（木桶完全离开井内水面），当所用配重石块重300N时，人对细杆的力为，当所用配重石块重540N时，人对细杆的力为。请通过计算说明与的大小关系。
【答案】（1）解：如图1所示，O为支点，石块对横杆的压力F压=G石，力臂为L1；F的力臂为L2；依据杠杆的平衡条件F压L1=FL2
可得
（2）解：所用配重石块重300N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，B点受到的拉力仍为100N，B点对细杆的拉力FB1也为100N，此时细杆和装满水的木桶受力如图2所示，则
F1=G-FB1=140N-100N=40N
方向竖直向上；所用配重石块重540N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，依据杠杆的平衡条件，B点受到的拉力为180N，B点对细杆的拉力FB2也为180N，此时细杆和装满水的木桶受力如图3所示，则F2=FB2-G=180N-140N=40N
方向竖直向下。所以F2=F1。
【知识点】平衡状态的判断；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）如图1所示，O点为支点。石块对横杆的压力，其力臂为；作用力的力臂为。根据杠杆平衡条件可得：；
（2）当配重石块重300N时，木桶装满水后横杆保持水平静止，B点受到的拉力仍为100N，此时B点对细杆的拉力。细杆和装满水的木桶受力情况如图2所示，可得：，方向竖直向上。
当配重石块重540N时，木桶装满水后横杆仍保持水平静止。根据杠杆平衡条件，B点受到的拉力变为180N，此时B点对细杆的拉力。细杆和装满水的木桶受力情况如图3所示，可得：，方向竖直向下。因此有。
【分析】（1）杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，结合题目中的信息，分析拉力F；
（2）同一直线上力的合成，在同一方向的分力，合力为其之和，不同方向的分力，合力为其代数和之和。据此计算不同配重时， 人对细杆的力 。
（1）如图1所示，O为支点，石块对横杆的压力F压=G石，力臂为L1；F的力臂为L2；依据杠杆的平衡条件F压L1=FL2
可得
（2）所用配重石块重300N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，B点受到的拉力仍为100N，B点对细杆的拉力FB1也为100N，此时细杆和装满水的木桶受力如图2所示，则
F1=G-FB1=140N-100N=40N
方向竖直向上；所用配重石块重540N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，依据杠杆的平衡条件，B点受到的拉力为180N，B点对细杆的拉力FB2也为180N，此时细杆和装满水的木桶受力如图3所示，则F2=FB2-G=180N-140N=40N
方向竖直向下。所以F2=F1。
1 / 1北京市平谷区2025年中考二模物理试题
一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2025·平谷模拟）下列能源中，属于可再生能源的是（　　）
A．石油 B．太阳能 C．天然气 D．煤炭
2．（2025·平谷模拟）M 下图所示的四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．洗衣机 B．路由器
C．电暖器 D．扫地机
3．（2025·平谷模拟）下图所示的四个事例中，为了增大压强的是（　　）
A．安全锤的锤头做得很尖
B．学生书包的背带做得较宽
C．眼镜架上装有眼镜鼻托
D．拖拉机装有宽大的履带
4．（2025·平谷模拟）水平地面上的购物车在水平推力的作用下，沿推力的方向运动一段距离，则下列判断中正确的是（　　）
A．重力对购物车做了功 B．支持力对购物车做了功
C．推力对购物车做了功 D．没有力对购物车做功
5．（2025·平谷模拟）电流表是电学实验中的重要仪器，如图所示是电流表的内部结构简图，将线圈置于两磁极之间，线圈上固定有一指针，有电流通过线圈时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中电流越大，指针偏转角度越大。则电流表的工作原理与下列说法相符的是（　　）
A．通电线圈在磁场中受到了力的作用
B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引
C．与发电机工作原理相同
D．电流表工作过程中，机械能转化为电能
6．（2025·平谷模拟）如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列操作能让灯、都亮起来的是（　　）
A．用导线连接d、f，再闭合开关S
B．用导线连接b、f，再闭合开关S
C．用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S
D．用一根导线连接e、f，用另一根导线连接d、g，再闭合开关S
7．（2025·平谷模拟）关于下图所示的四个实验，下列说法正确的是（　　）
A．图中，用吸管向两个乒乓球的中间吹气，两球将向中间靠拢
B．图中，自制气压计随着电梯一起匀速上升时，细玻璃管中的液面下降
C．图中，吹奏时手指按在骨笛不同的音孔上可以改变发出声音的响度
D．图中，用力挤压装满水的玻璃瓶，细管中的水面高度不会发生变化
8．（2025·平谷模拟）下列说法正确的是（　　）
A．光在发生漫反射时，反射角可能不等于入射角
B．近视眼可以佩戴凹透镜进行矫正
C．光只有在真空中才能沿直线传播
D．凸透镜对光有会聚作用，所以通过凸透镜的光一定会相交于一点
9．（2025·平谷模拟）某同学坐电梯回家时，电梯匀速上升。若他对电梯的压力为F1，电梯对他的支持力为F2，他受到的重力为G，则下列判断中正确的是（　　）
A．F1>G B．F2>G
C．F1和F2是平衡力 D．F2和G是平衡力
10．（2025·平谷模拟）额定电压相同的甲、乙两只电加热器（俗称“热得快”）的铭牌如图所示，若不考虑温度对电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
A．相同时间内，甲比乙消耗的电能多
B．正常工作时，通过甲的电流比乙小
C．正常工作时，甲比乙产生的热量多
D．正常工作时，电流通过甲做功较快
11．（2025·平谷模拟）小华通过实验比较甲、乙两种液体比热容的大小。他将质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入完全相同的两个具有保温功能的电热杯中，盖好杯盖，将两种液体均加热到55℃。再将初温均为20℃的两个完全相同的实心铜块，分别浸没两个电热杯的液体中，盖好电热杯的盖子。经过足够长的时间，用温度计分别测量两种液体的温度，甲液体的温度为50℃，乙液体的温度为48℃。若不计热量损失，则下列说法正确的是（　　）
A．两电热杯将甲、乙两种液体加热到55℃所用的时间相同
B．甲液体中铜块吸收的热量等于乙液体中铜块吸收的热量
C．放入铜块后甲液体放出的热量大于乙液体放出的热量
D．液体甲的比热容小于液体乙的比热容
12．（2025·平谷模拟）如图所示、两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等，则下列选项正确的（　　）
A．两种液体的密度ρ甲>ρ乙 B．两种液体的质量m甲>m乙
C．两个小球所受的重力Ga>Gb D．两个小球所受的浮力Fa>Fb
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．（2025·平谷模拟）如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　）
A．图甲：抽走玻璃板，两种气体彼此进入对方，表明这两种气体分子在不停的运动
B．图乙：厚玻璃筒内的空气被压缩时，通过热传递的方式改变玻璃筒内空气的内能
C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，机械能转化为内能
D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，是汽油机的做功冲程，可以对外提供动力
14．（2025·平谷模拟）如图所示，置于水平工作台面上的卷扬机，其质量为50kg，工作时做功的功率恒为1000W。现用卷扬机通过一个动滑轮匀速竖直提升重为4500N的物体A，经过2s物体A被竖直匀速提升了40cm。取g=10N/kg，在提升物体A的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．滑轮对物体A做的有用功为1800J
B．动滑轮的质量为50kg
C．动滑轮的机械效率为90%
D．工作台面对卷扬机的支持力为3000N
15．（2025·平谷模拟）综合实践活动中，同学们设计了一款可用电流表示数显示拉力大小的测力计模型，电流表示数随拉力的增大而增大，模型电路如图甲所示，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比。滑片P左端固定在拉杆上，弹簧处于原长时，滑片P位于a端，电源电压恒为6V，弹簧电阻恒为1Ω，R0为4Ω，其余部分电阻不计。弹簧的伸长量与所受拉力F之间的关系如图乙所示。忽略弹簧、拉杆和拉环的重力及滑片与电阻丝的摩擦，则下列说法正确的是（　　）
A．虚线框内接线柱“1”应与“2”连接
B．弹簧处于原长状态时，闭合开关，R0消耗的功率0.16W
C．若电流表的量程为0-0.6A，电流表示数最大时显示的拉力是400N
D．弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中电流均增大0.04A
三、实验探究题（共28分，17、18、20、21、23题各3分；16、19题各4分；22题5分）
16．（2025·平谷模拟）按要求填空。
（1）如图所示，通电螺线管的A端为　 　（选填“N”或“S”）极；
（2）测量某物体质量时，托盘天平右盘中的砝码及游码标尺的示数如图所示，则物体的质量为　 　g。
17．（2025·平谷模拟）如图是小车沿斜面向下运动的实验，小车通过AB和BC所用时间均为0.2s。小车由A位置运动到C位置通过的距离为　 　cm，在这个过程中小车的平均速度为　 　m/s。该小车沿斜面运动的过程是　 　运动。（选填“匀速直线”或“变速直线”）
18．（2025·平谷模拟）在研究某物质熔化过程中温度的变化规律时，持续加热该物质，记录了该物质温度随时间变化的实验数据如下表所示。根据实验数据可知该物质是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），判断依据是　 　。该物质在第5min时具有的内能　 　它在第7min时具有的内能。（选填：“大于”、“等于”或“小于”）
加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
物质的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 48 50 53
19．（2025·平谷模拟）小华同学在探究凸透镜成像规律的实验中，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如下图所示。请回答下列问题：
（1）上述光屏上所成的像是倒立、　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中常用的　 　是利用这一原理工作的（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）。
（2）保持蜡烛位置不变，将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，同样固定在光具座50cm刻度线处，为了使烛焰在光屏上成清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动；若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个　 　透镜（选填“凸”或“凹”）。
20．（2025·平谷模拟）为了验证“物体所受滑动摩擦力的大小跟物体对接触面的压力大小是否有关”。小华选用两个质量不同、材料相同、表面粗糙程度相同的带挂钩的立方体木块A和B，弹簧测力计和细线进行实验。请你帮他补充完实验步骤和实验现象。
（1）用弹簧测力计分别测出木块A和B的重力GA、GB并记录；
（2）将木块A放在水平桌面上，细线的一端系在木块A的挂钩上，另一端系在弹簧测力计的挂钩上，水平拉动测力计，使木块A沿水平桌面做　 　运动，读出测力计的示数为F1并记录；
（3）　 　，仿照步骤（1）的操作，读出测力计的示数为F2并记录；
（4）比较F2与F1，发现F2　 　F1（选填“=”或“≠”），说明物体所受滑动摩擦力的大小跟物体对接触面的压力大小有关。
21．（2025·平谷模拟）小华发现木头在水中是漂浮的，而铁块在水中会下沉，他猜想浮力的大小与浸没在液体中的物体的密度有关。为此他进行了如下探究，请你帮助他完成实验。
（1）实验应选取体积相同、　 　不同的物体A和B分别浸没在水中，测出其所受浮力并进行比较；
（2）请你帮助小华画出实验数据记录表格；
（3）分析甲乙两图的实验数据，可得出初步结论：　 　。
22．（2025·平谷模拟）实验小组用伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻，连接了如图甲所示的电路，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒定。
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线（导线不得交叉）；
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）小组同学计划用该装置测量某定值电阻阻值时，发现电压表损坏，于是设计了如图丙所示的电路，测出了Rx的阻值。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：
①将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I1；
②　 　，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2；
③待测电阻　 　（用I1、I2和R表示）。
23．（2025·平谷模拟）如图甲所示，是物理科技小组设计的汽车有害尾气排放检测电路。电源两端电压保持不变，R为气敏电阻，其阻值R随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R1为定值电阻。当电压表示数大于某一值U0时，就会触发报警。为降低有害气体浓度值，请分析说明通过增大还是减少定值电阻R1的阻值。
四、科普阅读题（共4分）
24．（2025·平谷模拟）阅读《智能汽车》并回答题
智能汽车
新能源智能汽车进入许多家庭，随着科技发展，计算芯片、人工智能、大数据、云计算、信息通信等多个高新技术产业，具备产业深度融合，已成为汽车产业发展战略方向。
图甲是一款新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电板，车窗采用“智能玻璃”，它可实现调节温度和透明度，还具有单向透光功能，可以从车内看到车外景象，而车外看不见车内景象；车身配有多个雷达，充分提高了行车的安全性。
车内配有汽车抬头显示（如图乙）又叫汽车平视显示系统（HeadUpDisplay），简称HUD。HUD是利用平面镜成像原理（如图丙），将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃投射在正前方，驾驶员透过挡风玻璃往前方看的时候，能够轻易的将车外的景象与车辆信息通过挡风玻璃所成的像融合在一起。驾驶员不必低头，就可以看到车辆信息，如车速、油耗、导航等，从而避免分散对前方道路的注意力。同时驾驶员不必在观察远方的道路和近处的仪表之间调节眼睛，可避免眼睛疲劳，确保驾驶舒适安全。
（1）寒冷天气行车时，汽车挡风玻璃的　 　（选填“内”或“外”）侧容易出现一层“白雾”，这是水蒸气　 　形成的（填物态变化名称），调节玻璃温度即可除雾；
（2）HUD将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃成像于驾驶员的正前方，这是由于光的　 　（选填“反射”或“折射”）形成的。某驾驶员驾驶过程中发现HUD使挡风玻璃所成的像过低，不便于观察，这时就需要将显示器沿水平方向　 　（选填“远离”、“靠近”）挡风玻璃。
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．（2025·平谷模拟）小华设计的车载可加热果蔬搅拌机工作电路图如图。电热丝R的阻值为4Ω，电动机标有“12V，24W”字样。闭合开关S、S1，电动机正常工作。求：
（1）闭合开关S、S1，电动机1min内消耗的电能。
（2）闭合开关S、S2，通电100s，电热丝R产生的热量。
26．（2025·平谷模拟）《天工开物》中记载了中国古人利用桔槔汲水的情景，如今一些农田在灌溉时仍然传承着这种汲水方式。桔槔的主要结构如图所示，其上方的横杆是一根硬棒，横杆由竖木支撑，可绕通过O点的转轴转动，横杆A点绑有配重石块，B点连接一根细杆，细杆下方连有木桶，使用时人可对细杆施加向上或向下的力。已知OA长为1m，OB长为3m。横杆的自重、支点处的摩擦均忽略不计，汲水过程中细杆始终竖直。
（1）若配重石块重300N，当横杆在水平位置静止时，求B点受到的拉力F的大小；
（2）木桶装满水时，细杆、木桶和水总重140N，要使横杆提着装满水的木桶在水平位置静止（木桶完全离开井内水面），当所用配重石块重300N时，人对细杆的力为，当所用配重石块重540N时，人对细杆的力为。请通过计算说明与的大小关系。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解析】A选项分析：石油是由远古时期海洋或湖泊中的生物遗骸经过长期地质作用形成的化石燃料，其储量有限且再生周期极长，因此被归类为不可再生能源。该选项与题意不符。
B选项说明：太阳能是太阳核聚变产生的辐射能，可以持续不断地供给地球使用，在人类时间尺度上属于取之不尽的可再生能源，符合题目要求。
C选项指出：天然气作为地下储藏的烃类混合物，与石油类似属于化石能源，其形成需要数百万年时间，属于不可再生资源，故不符合题意。
D选项解释：煤炭由古代植物经地质作用碳化形成，作为典型的化石燃料，其再生速度远低于开采速度，属于不可再生能源，不符合题目要求。
综上所述，正确答案为B。
【分析】可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
2．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；电流的热效应
【解析】【解析】A．洗衣机工作时通过电动机驱动机械部件运转，完成洗涤、脱水等功能。其能量转换过程为电能→机械能，并非以电能→内能为主，因此不属于利用电流热效应工作的电器。的计算在此不占主导，故A错误。
B．路由器的核心功能是数据信号处理与传输，工作时电能主要用于维持芯片运算和无线信号收发，能量转化形式为电能→电磁能，基本不涉及显著发热，故B错误。
C．电暖器通过电流流经高电阻发热体（如电热丝），根据焦耳定律将电能几乎全部转化为内能，属于典型的电流热效应应用，故C正确。
D．扫地机器人依靠电动机驱动清扫机构和移动轮，能量转换路径为电能→机械能，发热仅为运行中的副产品，故D错误。
正确答案为C。
【分析】电流的热效应应用：主要将电能转化为内能，常见应用有电饭煲、电热水器、电暖器。
3．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】选项A分析：全锤的锤头设计成尖状，这是通过减小受力面积的方式来增大压强，因此A符合题目要求。
选项BCD分析：学生书包的宽背带，眼镜架的鼻托设计，拖拉机的宽履带，这些案例都是采用增大受力面积的方法来减小压强，所以BCD不符合题意。
综上所述，正确答案是。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
4．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A.由题知，购物车在水平地面上运动，在重力的方向上（竖直向下）购物车没有移动距离，所以重力不做功，A不符合题意；
B.由题知，购物车在水平地面上运动，在支持力的方向上（竖直向上）购物车没有移动距离，所以支持力不做功，B不符合题意；
CD.购物车在水平推力的方向上移动了距离，所以推力对购物车做了功，C符合题意、D不符合题意.
故答案为：C.
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此判断重力、支持力、推力是否做功．
5．【答案】A
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】根据题目描述，当线圈被放置在两个磁极之间并有电流通过时，线圈会带动指针发生偏转。这一现象表明通电导体在磁场中会受到力的作用，实现了电能向机械能的转化过程。因此，选项A符合题目所述原理，而其他选项B、C、D均不符合该物理现象的描述。
故选A。
【分析】通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，电流表。
6．【答案】C
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】A．当用导线连接d、f并闭合开关S时，只有灯L2接入电路发光，而灯L1未接入电路不亮，因此选项A不符合题意；B．当用导线连接b、f并闭合开关S时，灯L2被接入电路发光，但灯L1未被接入电路仍不亮，因此选项B不符合题意；
C．当用一根导线连接e、g，同时用另一根导线连接d、f并闭合开关S时，两个灯泡形成并联电路，此时两灯L1和L2都能正常发光，因此选项C符合题意；
D．当用一根导线连接e、f，同时用另一根导线连接d、g并闭合开关S时，会造成电源短路，导致两灯都不亮且可能损坏电源，因此选项D不符合题意。
正确答案是C。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作，要想使得灯泡工作，则电路为通路。
7．【答案】A
【知识点】力的作用效果；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A．当用吸管向两个乒乓球的中间吹气时，该位置的空气流速增大。两侧压强相对较大。在压强差作用下，两球会受到指向中间的净压力，导致向中间靠拢。因此选项A正确。
B．自制气压计的工作原理是通过比较瓶内气压与外界大气压的差值使液柱升降。当气压计随电梯匀速上升时，海拔升高导致外界大气压降低。由于瓶内密封气体的气压基本不变，此时瓶内气压大于外界气压，会迫使液柱上升。故B错误。
C．骨笛发声原理涉及空气柱振动。当手指遮挡不同音孔时，有效振动空气柱的长度发生变化，振动频率发生变化。因此改变的是声音的音调（频率特性），而非响度（振幅特性）。故C错误。
D．瓶体发生弹性形变使容积减小；密闭气体压强增大；增大的气压将水压入细管，使液面上升。故D错误。
故选A。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
3、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4、压强和体积的关系，气体体积变小，压强变大。
8．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．根据光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循反射角等于入射角的规律。漫反射发生在粗糙表面，反射光线方向各异，但每条光线仍满足反射角等于入射角的关系，因此A选项是错误的。
B．近视眼的成因包括晶状体过厚导致折光能力过强，或眼球前后径过长，使远处物体的像落在视网膜前方。凹透镜具有发散作用，佩戴后能使入射光线先发散，经眼内折射后使像正好落在视网膜上，从而矫正近视，因此B选项是正确的。
C．光在同种均匀介质（包括真空）中沿直线传播是基本光学原理。虽然真空中光沿直线传播最典型，但在其他均匀介质中同样遵循此规律，因此C选项是错误的。
D．凸透镜的会聚作用是指折射光线比入射光线更靠近主光轴，但并非所有折射光线都会相交于同一点。只有当入射光线平行主光轴时，折射光线才会汇聚于焦点，其他情况下折射光线可能不会相交于一点，因此D选项是错误的。
正确答案是B。
【分析】1、反射分类：漫反射 是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象 ，镜面反射：指若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来；
2、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
4、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
9．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】当同学乘坐电梯匀速上升时，他处于平衡状态，受到平衡力的作用。在竖直方向上，存在两个力： 向下的重力G， 电梯对他向上的支持力F2；根据平衡条件，这两个力大小相等，即满足F2 = G。同时，根据牛顿第三定律，同学对电梯的压力F1与电梯对他的支持力F2是一对作用力与反作用力，它们大小相等，因此有F1 = F2 = G。由此可以判断选项ABC都是错误的，只有D选项正确。
故选D。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
10．【答案】D
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A．根据题目描述，甲的额定电压为220V，额定功率为1100W，乙的额定电压为220V，额定功率为800W。根据公式，在正常工作情况下，相同时间内甲比乙消耗的电能更多。但题目并未说明两者是否均处于正常工作状态，因此无法直接比较电能消耗，故A选项错误。
B．在正常工作时，两者的电压相同（均为220V），但甲的功率（1100W）大于乙的功率（800W）。根据公式，甲的电流大于乙的电流，故B选项错误。
C．在正常工作时，根据公式，由于题目未给出具体时间，无法比较甲、乙产生的热量多少，故C选项错误。
D．在正常工作时，甲的功率大于乙的功率，说明电流通过甲做功的速率比乙更快，故D选项正确。
综上所述，正确答案为D。
【分析】1、电能的计算：公式为W=Pt，时间相同，但是功率位置，不能确定消耗电能的多少；
2、电功率的计算：公式为P=UI，题目中说明正常工作，即此时属于额定电功率，额定电压，据此计算电流；分析电功率的大小。
11．【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A选项分析：由于题目未提供甲、乙两种液体的初始温度和比热容数据，无法确定加热到55℃时两种液体吸收的热量是否相等，因此加热所用时间也不一定相同。该选项错误。
B选项分析：铜块吸热量取决于其温度变化量：甲液体中铜块温升：，乙液体中铜块温升：，根据热力学公式，甲液体中铜块吸热量更大。该选项错误。
C选项分析：由能量守恒可知，甲液体放出的热量更多。该选项正确。
D选项分析：通过比较放热量：甲液体放热：，乙液体放热：
由于且甲液体温降更小，可推导出。原选项结论相反，故错误。
正确答案： C。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
12．【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A选项解析：由于两种液体对容器底的压强相等，且h甲＞h乙，根据压强公式可知，液体密度ρ甲＜ρ乙。因此，选项A是错误的。
B选项解析：两种液体对容器底的压强相等，且容器底面积相同，根据压力公式可知，液体对容器底的压力相等，即F甲=F乙。由于液体对容器底的压力等于液体重力与物体排开液体重力之和，可得关系式：G甲液 + Ga排 = G乙液 + Gb排；观察图中排开液体体积Va排＜Vb排，且ρ甲＜ρ乙，根据排开液体重力公式可知Ga排＜Gb排。结合①式可得G甲液＞G乙液，再根据质量公式得出m甲液＞m乙液。因此，选项B是正确的。
CD选项解析：a物体漂浮在甲液体中，满足Ga=Fa浮；b物体在乙液体中沉底，满足Gb＞Fb浮 ；根据浮力公式，由于ρ乙＞ρ甲且Vb排＞Va排，因此Fb浮＞Fa浮 ，综合可得Gb＞Ga，因此选项C和D都是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
13．【答案】A,D
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲中抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这种现象称为扩散，表明分子在永不停息地做无规则运动，因此选项A正确。
B．图乙中当厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，导致空气温度升高，内能增大。此过程是通过做功的方式改变空气内能，故选项B错误。
C．图丙中试管内的水沸腾后产生水蒸气，将软塞子推出，这是水蒸气对塞子做功的过程，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，因此选项C错误。
D．图中显示两气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，这是汽油机的做功冲程。在此过程中，气缸内的高温高压气体推动活塞做功，将内能转化为机械能，故选项D正确。
综上分析，正确的选项是A和D。
故选AD。
【分析】1、做功冲程，活塞下移，火花塞点燃，内能转换为机械能；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
14．【答案】A,C,D
【知识点】力的合成与应用；动滑轮拉力的计算；机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】A．提升物体时，有用功为克服物体重力做功，计算公式为W=Gh，题目中经过2s物体A被竖直匀速提升h=40cm=0.4m
则滑轮对物体A做的有用功W有=Gh=4500N×0.4m=1800J，故A正确；
B.动滑轮缠绕绳子数为2，所以绳子移动距离是物体移动距离的两倍，2s物体A被竖直匀速提升了40cm，绳子自由端移动的距离，卷扬机做功，根据做功公式计算
结合动滑轮拉力计算公式得，根据重力公式计算可知动滑轮的质量，但题干中未说明不计绳重和摩擦，故B错误；
C．根据AB选项分析可知，有用功和总功，据此计算动滑轮的机械效率，故C正确；
D．卷扬机的重力，卷扬机此时属于静止状态，由力的平衡条件可知，工作台面对卷扬机的支持力，故D正确。
故选ACD。
【分析】1、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
2、动滑轮拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍。
3、重力的计算：公式为G=mg，力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。
15．【答案】B,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．分析电路可知，、弹簧和滑动变阻器首位依次相连，属于串联，电流表测电路中电流。电流表示数随拉力的增大而增大，说明拉力增大，电路中电流变大，根据可知总电阻变小，变阻器阻值变小，即接线柱“1”应与“3”连接，故A错误；
B．弹簧处于原长状态时，变阻器最大阻值接入电路，根据欧姆定律计算可知电路中电流为，结合电功率公式计算可知R0消耗的功率，故B正确；
C．电流表示数最大为0.6A时总电阻为，结合电阻的串联计算可知
此时弹簧的伸长量为，由乙图可知，对应的拉力为400N，故C正确；
D．据材料分析可知，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比，弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中总电阻减小，根据欧姆定律计算可知电路中电流为，电流与总电阻不成正比或者一次函数关系，所以所以弹簧从原长开始每伸长2cm，电路中电流不是都增大0.04A，故D错误。
故选BC。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，连接原则为一上一下；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．【答案】（1）N
（2）53.4
【知识点】质量的测量与天平的使用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据电流方向从左端流入、右端流出，结合螺线管的绕线方向，应用安培定则可判定螺线管的A端为N极。
（2）通过观察天平标尺可知，其最小分度值为0.2g。游码指示的读数为3.4g，因此待测物体的总质量计算如下：m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g。
【分析】1、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的A端为N极。
（2）由图可知，天平标尺的分度值为0.2g，游码对应的示数为3.4g，物体的质量为m=20g+20g+10g+3.4g=53.4g
17．【答案】20.0；0.5；变速直线
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 根据图示，刻度尺的最小刻度为1cm。A点位于零刻度线处，C点读数为20.0cm，因此小车从A到C的运动距离为s=20.0cm。
小车通过AB段和BC段的时间均为0.2s，因此通过AC段的总时间为t=0.2s×2=0.4s。
计算平均速度为
观察可知sAB【分析】1、小车平均速度的实验原理是v=s/t计算求解，所用的工具为刻度尺和停表，为了使测量的数据更加准确，应该测量小车运动时间，所以选择较缓的斜坡；
2、速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
18．【答案】晶体；该物质有熔点；小于
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】根据表格数据，该物质在第4分钟至第9分钟期间温度保持48℃不变，这表明它具有确定的熔点，因此可以判定该物质为晶体。
晶体在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，其内能会持续增加。分析数据可知，该物质在第5分钟至第7分钟处于熔化阶段，不断吸收热量，故第5分钟时的内能必然小于第7分钟时的内能。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态，内能增加。
19．【答案】（1）缩小；照相机
（2）靠近；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据题目描述，物距为30cm。根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，会形成倒立、缩小的实像，这一现象通常应用于照相机的工作原理中。
（2）如果将焦距为10cm的薄凸透镜更换为焦距为5cm的薄凸透镜，相当于物距相对增大，因此像距会减小。为了使光屏上仍能形成清晰的像，应将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
如果不想移动光屏但仍需在光屏上得到清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个凹透镜，利用其发散作用来调整成像位置。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）[1][2]由图可知，此时物距为30cm，由凸透镜成像规律可知，物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机。
（2）[1][2]将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，相当于物距变大，则像距减小，所以应将光屏向靠近凸透镜的方向移动； 若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个具有发散作用的凹透镜。
20．【答案】匀速直线；把木块B叠放在木块A上（或“用木块B替换木块A”）；≠
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（2）将木块A置于水平桌面上，用细线连接木块A的挂钩和弹簧测力计挂钩，水平匀速拉动测力计使木块A移动。根据二力平衡原理，此时弹簧测力计的拉力F1等于木块A所受的滑动摩擦力。
（3）为探究滑动摩擦力与压力的关系，需保持接触面粗糙程度不变，通过以下两种方式改变压力：①将木块B叠放在木块A上；②用木块B替换木块A。重复步骤[1]操作，记录测力计示数F2。
（4）比较F2与F1：若F2≠F1，表明滑动摩擦力与接触面压力有关；若F2=F1，则说明滑动摩擦力与压力无关。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，弹簧测力计拉动物体做匀速直线运动，此时弹簧的弹力等于物体的摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
21．【答案】（1）密度
（2）
物体密度ρ物/kg·m-3
物体重力G/N
拉力F拉/N
浮力F浮/N
（3）浮力的大小与浸没在液体中的物体的密度无关
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）小华提出浮力大小可能与物体密度相关，因此需要选取不同密度的物体进行浮力测量并对比分析。
（2）实验需记录物体的密度、重力、拉力和浮力数据，如下表所示：
物体密度ρ物/kg·m-3
物体重力G/N
拉力F拉/N
浮力F浮/N
（3）根据图示数据： 物体A受到的浮力F浮A=F1-F1=3N-1.8N=1.2N
物体B受到的浮力（测力计分度值0.2N，示数2.8N），F浮B=F3--F4=4N-2.8N=1.2N，密度不同的物体在浸没状态下所受浮力相同，说明浮力大小与物体密度无关。
【分析】称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
（1）小华猜想浮力大小与物体密度有关，因此应选择密度不同的物体进行浮力的测量和比较。
（2）实验中，需要有物体的密度、物体的重力、拉力和浮力，如下表所示
物体密度ρ物/kg·m-3 　 　
物体重力G/N 　 　
拉力F拉/N 　 　
浮力F浮/N 　 　
（3）由右图可知，物体A受到的浮力F浮A=F1-F1=3N-1.8N=1.2N
由右图可知，测力计的分度值为0.2N，示数为2.8N，即物体B在水中受到的拉力为2.8N，物体B受到的浮力F浮B=F3--F4=4N-2.8N=1.2N
两个密度不同的物体浸没状态下所受浮力相等，故浮力的大小与浸没在液体中的物体密度无关。
22．【答案】（1）
（2）B
（3）9.6
（4）将滑片移到b端；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在使用伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻时，电压表应并联在小灯泡两端。图甲中的连接方式存在错误，电压表被错误地并联在了滑动变阻器和小灯泡的串联电路两端。正确的电路连接方式如下图所示：
（2）当电压表示数为2V时，这个数值低于小灯泡的额定电压2.5V。为了使小灯泡能够正常发光，需要提高其两端的电压。根据串联电路的分压原理，应该减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此需要将滑片P向B端方向移动。
（3）图乙中电流表使用的是0~0.6A量程，其分度值为0.02A，此时指针指示的电流值为0.26A。根据欧姆定律计算可得小灯泡正常发光时的电阻值为：
（4） 实验步骤如下： 将滑片移至a端，闭合开关S，记录电流表示数I1。此时滑动变阻器阻值为0，电路中仅有R ，因此：
（式①） 将滑片移至b端，闭合开关S，记录电流表示数I2。此时滑动变阻器阻值为R，R 与R串联，因此：
（式②）由式①和式②可得：，解得：。
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，当灯泡的电压小于额定电压时，为了适当增加电压，可以减小串联在电路中变阻器的电阻；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）伏安法测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表应并联在小灯泡两端，在图甲中，电压表并联在滑动变阻器和灯泡串联后的两端是错误的。改正电路图如图所示：
（2）电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V。 为使小灯泡正常发光，则应增大其两端电压。由串联分压规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此应将滑片P向B端移动。
（3）如图乙所示电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.26A。根据欧姆定律可得小灯泡正常发光时的电阻
（4）[1][2] 将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I1 。此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路中只有Rx ，因此①
将滑片移到b端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2 。此时滑动变阻器接入电路的阻值为R，电路中Rx 与R串联，因此②
由①②得到
解得
23．【答案】从图乙可以看出，电阻R随着有害尾气浓度β的升高而减小。要使报警时的尾气浓度阈值降低，就需要在R增大时仍能保持电压表示数为U0。根据串联电路电压特性：U=U0+UR（其中U和U0均为定值），因此UR必须保持不变。由欧姆定律可知，在UR不变的情况下，R增大将导致IR减小。根据串联电路电流相等原则I1=IR，再结合公式，当I1减小而U0不变时，必须增大R1的阻值，这样才能实现在更低的有害尾气浓度时触发报警。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】从图乙可以看出，电阻R随着有害尾气浓度β的升高而减小。要使报警时的尾气浓度阈值降低，就需要在R增大时仍能保持电压表示数为U0。根据串联电路电压特性：U=U0+UR（其中U和U0均为定值），因此UR必须保持不变。由欧姆定律可知，在UR不变的情况下，R增大将导致IR减小。根据串联电路电流相等原则I1=IR，再结合公式，当I1减小而U0不变时，必须增大R1的阻值，这样才能实现在更低的有害尾气浓度时触发报警。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
24．【答案】（1）内；液化
（2）反射；远离
【知识点】液化及液化放热；光的反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】（1）冬季室外气温较低时，车内空气中的水蒸气遇到温度更低的玻璃表面，会在玻璃内侧发生液化现象，从而形成一层"白雾"。
（2）行车数据在挡风玻璃上形成的像是平面镜成像现象，其成像原理是光的反射。
由于平面镜成像具有对称性，像与物体关于镜面对称。当驾驶员观察到挡风玻璃呈现的像位置过低时，可以通过将显示器沿水平方向向远离挡风玻璃的方向移动，这样可以使成像位置变高。
【分析】1、液化为气态变为液态会释放热量，如露珠；
2、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）[1][2]冬天室外温度低，车内空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃，会在玻璃内侧发生液化，形成一层“白雾”。
（2）[1]行车数据在挡风玻璃上所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的。
[2]平面镜成的像和物体关于平面镜对称，某驾驶员发现挡风玻璃所成的像过低，需要将显示器沿水平方向装远离挡风玻璃，可以成像变高。
25．【答案】（1）解：闭合开关S、S1，电路为电动机的简单电路，此时电动机正常工作，电动机两端的电压等于电动机的额定电压，所以电源电压为U=U额=12V；此时电动机1min内消耗的电能为W=Pt=24W×60s=1440J。
（2）解：闭合开关S、S2时，电路为电热丝的简单电路，则通电100s电热丝R产生的热量为。
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）当开关S和S1闭合时，电路中仅有电动机工作，此时电动机处于额定电压下正常运行。电源电压U等于电动机的额定电压U额。电动机在1分钟内消耗的电能W可通过公式W=Pt计算得出。
（2）当开关S和S2闭合时，电路中仅有电热丝R工作。电热丝在100秒内产生的热量Q可由公式计算得到。
（1）闭合开关S、S1，电路为电动机的简单电路，此时电动机正常工作，电动机两端的电压等于电动机的额定电压，所以电源电压为U=U额=12V；此时电动机1min内消耗的电能为W=Pt=24W×60s=1440J
（2）闭合开关S、S2时，电路为电热丝的简单电路，则通电100s电热丝R产生的热量为
26．【答案】（1）解：如图1所示，O为支点，石块对横杆的压力F压=G石，力臂为L1；F的力臂为L2；依据杠杆的平衡条件F压L1=FL2
可得
（2）解：所用配重石块重300N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，B点受到的拉力仍为100N，B点对细杆的拉力FB1也为100N，此时细杆和装满水的木桶受力如图2所示，则
F1=G-FB1=140N-100N=40N
方向竖直向上；所用配重石块重540N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，依据杠杆的平衡条件，B点受到的拉力为180N，B点对细杆的拉力FB2也为180N，此时细杆和装满水的木桶受力如图3所示，则F2=FB2-G=180N-140N=40N
方向竖直向下。所以F2=F1。
【知识点】平衡状态的判断；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）如图1所示，O点为支点。石块对横杆的压力，其力臂为；作用力的力臂为。根据杠杆平衡条件可得：；
（2）当配重石块重300N时，木桶装满水后横杆保持水平静止，B点受到的拉力仍为100N，此时B点对细杆的拉力。细杆和装满水的木桶受力情况如图2所示，可得：，方向竖直向上。
当配重石块重540N时，木桶装满水后横杆仍保持水平静止。根据杠杆平衡条件，B点受到的拉力变为180N，此时B点对细杆的拉力。细杆和装满水的木桶受力情况如图3所示，可得：，方向竖直向下。因此有。
【分析】（1）杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，结合题目中的信息，分析拉力F；
（2）同一直线上力的合成，在同一方向的分力，合力为其之和，不同方向的分力，合力为其代数和之和。据此计算不同配重时， 人对细杆的力 。
（1）如图1所示，O为支点，石块对横杆的压力F压=G石，力臂为L1；F的力臂为L2；依据杠杆的平衡条件F压L1=FL2
可得
（2）所用配重石块重300N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，B点受到的拉力仍为100N，B点对细杆的拉力FB1也为100N，此时细杆和装满水的木桶受力如图2所示，则
F1=G-FB1=140N-100N=40N
方向竖直向上；所用配重石块重540N时，木桶装满水后，由于横杆仍在水平位置静止，依据杠杆的平衡条件，B点受到的拉力为180N，B点对细杆的拉力FB2也为180N，此时细杆和装满水的木桶受力如图3所示，则F2=FB2-G=180N-140N=40N
方向竖直向下。所以F2=F1。
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