资源简介

广东省广州市越秀区育才实验学校2025年中考二模物理试题
一、单项选择题：（每小题3分，共30分）
1．（2025·越秀模拟）女生挥舞精钢所制的斩马刀，最后把刀倒插在地上，如下图所示。以下估计合理的是（　　）
A．刀长约4m B．刀长约22dm
C．刀的质量约50g D．刀的质量约500kg
【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】AB．由图可知，人的身高约为170cm左右，刀长约220cm左右，即22dm左右，故A错误，B正确；
CD．刀的质量大约为5kg左右，故CD错误。
故选B。
【分析】根据生活经验或日常现象估测物体的长度和质量，根据需要进行简单的计算或单位换算，选择合适且合理的选项。
2．（2025·越秀模拟）图中是电磁波，小明用收音机收听广州交通电台FM106.1MHz（1MHz=106Hz）频道播放的钢琴节目，某时刻他听到演员弹奏音符“do”“la”，频率分别为261.6Hz、440Hz，此时（　　）
A．收音机接收的信息是无线电波，只能在空气中传播
B．440Hz表示钢琴的琴弦每分钟振动440次
C．收音机收到空中电磁波的频率是106.1MHz
D．小明听到“do”比“la”音调要高
【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；电磁波的产生；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A．无线电波可以在各种介质中传播，也可以无需介质传播的，故A不符合题意；
B. 440Hz表示钢琴的琴弦每秒钟振动440次，故B不符合题意；
C．广州交通电台的频率是FM106.1MHz，所以收听广州交通电台的收音机接收到空中电磁波的频率是106.1MHz，故C符合题意；
D．“do”“la”，频率分别为261.6Hz、440Hz，频率越大，音调越高，因此是“la”的音调较高，故D不符合题意。
故选C。
【分析】无线电波的传播是不需要介质的，注意和声波区分；频率表示的是每秒钟的振动次数，所以440Hz表示钢琴的琴弦每秒钟振动440次；电磁波的频率相同才可以接收；声音的频率越大，音调越高。
3．（2025·越秀模拟）如图，塔式太阳能发电系统是在空旷的地面上建立高大的中央吸热塔。塔顶上安装固定一个接收器，塔的周围安装一定数量的定日镜，通过定日镜将太阳光的能量（大小为E1）聚集到塔顶的接收器的腔体内产生高温，再将通过接收器的工作物质加热并产生高温蒸汽（其增加的内能为E2），推动发电机的汽轮机组进行发电，获得电能大小为E3，下列关于塔式太阳能发电系统的说法中正确的是（　　）
A．塔式太阳能发电系统通过做功的方式改变接收器内物质的内能
B．太阳能是一次能源，且是不可再生能源
C．电能是可再生能源
D．
【答案】D
【知识点】热传递改变物体内能；能量的转化或转移；能源及其分类
【解析】【解答】A．由题可知，塔式太阳能发电系统吸收太阳光传递的热量来改变接收器内物质的内能，该方式为热传递，故A错误；
B．太阳能不需要转化就可以直接从自然界获取且可以源源不断获取，故不仅是一次能源，也是可再生能源，故B错误；
C．电能是二次能源，是其他能源转化而来，故不归类到可再生和不可再生能源中，故C错误；
D．因为存在能量的损耗，所以，故D正确。
故选D。
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
（2）能源有不同的分类方式：从产生方式角度划分一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气；
从是否可再生角度划分可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；
从利用状况划分常规能源：人类利用多年的，使用技术已经成熟的能源．例：化石能源、水能、电能；
新能源：人类新近才开始利用的能源．例：潮汐能、地热能、太阳能、核能、风能。
（3）能量在转移和转化中存在消耗。
4．（2025·越秀模拟）如图所示，是放置在水平桌面上的刻度尺的一部分，甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像，若凸透镜从远处逐渐贴近刻度尺，则看到刻度尺的像的先后顺序正确的是（　　）
A．丁、乙、丙、甲 B．甲、乙、丙、丁
C．乙、丁、甲、丙 D．丙、甲、丁、乙
【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】由甲、丙、丁三图可知，刻度尺成倒立的实像，根据凸透镜成像特点，此时u>f，物距越小，像距越大，像也越大，可以看到丙最小，丁最大，所以先后顺序是丙、甲、丁。图乙，刻度尺成正立的虚像，u故选D。
【分析】当物距小于焦距时成正立的虚像，物距大于焦距时成倒立的实像，可以将四幅图分成两组，乙是正立的虚像，所以距离凸透镜最近；当凸透镜成实像时，物进像远像变大，根据甲、丙、丁的大小关系可以确定距离关系。
5．（2025·越秀模拟）将小灯泡L1和L2接入电路，测得电流如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．L1两端电压比L2大 B．L1电流做功比L2快
C．L1的实际功率比L2小 D．L1发光时电阻比L2大
【答案】B
【知识点】并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．小灯泡L1和L2并联，L1和L2两端电压大小相等，故A错误；
BC．根据P=UI可知，在电压相同的情况下，通过灯泡L1的电流更大，L1的功率比L2大，L1电流做功比L2快，故B正确，C错误；
D．通过灯泡L1的电流更大，二者电压相同，由可知，L1发光时电阻比L2小，故D错误。
故选B。
【分析】并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律。
6．（2025·越秀模拟）冬奥会上滑雪运动员从起点下滑，过程中先后经过M、S两点，她在这两点的动能和重力势能如图所示，则运动员（　　）
A．在M点时她的动能为0.5J
B．M点所在位置比S点的高
C．从M点运动到S点的过程中速度一直在变大
D．重力势能转化为动能，机械能不变
【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A．由图可知，在M点时她的动能约为 0.5×104J，故A错误；
B．由图知道，在M点时她的重力势能较大，重力势能与质量和高度有关，她的质量不变，因此她在M点时是处于较高的位置，所以，M点的位置比S点的高，故B正确；
C．由图可知M点的动能小于S点的动能，即M点的速度小于S点的速度，但是不知道从M到S的过程的细节，因此无法判断速度是否“一直变大”，故C错误；
D．机械能是动能和重力势能之和，由图可知M点的机械能较大，故D错误。
故选B。
【分析】动能的大小与质量和速度有关，质量不变时，速度越大，动能越大；重力势能的大小与质量和高度有关，质量不变时，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能的总和，根据这几个能量的影响因素进行判断。
7．（2025·越秀模拟）有款网红食品叫炒酸奶，就是将酸奶和一些水果和坚果碎倒在一块铁板上，用铲子充分搅拌再抹平，如图所示，最后切小块铲起来装杯。下列说法正确的是（　　）
A．炒酸奶时铁板附近出现的大量白气是水蒸气
B．炒酸奶的铁板很烫
C．装炒酸奶的杯外壁过一会儿出现小水珠是液化现象
D．酸奶在变成块状或片状的成品过程中需要吸热
【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．炒酸奶时铁板附近出现的大量白气是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
BD．由题可知，酸奶和水果经过在铁板上搅拌后，切小块，说明炒酸奶的铁板温度很低，酸奶在铁板上放热凝固，故BD错误；
C．盛放炒酸奶的杯子温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的杯子形成小水珠附着在杯子的外壁，是液化现象，故C正确。
故选C。
【分析】液化指物质由气态转变液态，凝固是批物质由液态变为固态；液化和凝固要放热。
8．（2025·越秀模拟）如图所示，楼梯过道安装了两盛“220V、40W”的白炽灯，其中，控制两灯的开关在图中没有画出；则（　　）
A．开关接在C处，不符合安全用电的原则
B．通电时，两灯实际总功率为80W
C．通电时若L1被短接，则L2仍能发光
D．通电时L1灯丝烧断，用试电笔检测C处，氖管不会发光
【答案】C
【知识点】电功率的计算；家庭电路的组成；测电笔的使用
【解析】【解答】A．开关要接在火线与灯之间，即开关要接在C处，所以开关接在C处符合安全用电的原则，故A不符合题意；
B．由图知道，两盏“220V、40W”的灯串联在220V的电源上，两个灯规格一样，所以每个灯两端的电压为110V，与直接接在220V电源上相比，灯泡电阻几乎不变，由知道，每盏灯的电功率变为原来的，即每盏灯的电功率为10W，总功率为20W，故B不符合题意；
C．L1、L2串联，通电时，若L1被短接，L2仍能发光，故C符合题意；
D．L1、L2串联，通电时L1灯丝烧断，C处还能与火线相连，用试电笔检测C处，氖管会发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】开关接在火线和用电器之间；根据公式判断功率的变化；串联电路中一个用电器短路，另一个用电器仍可以正常工作；当测电笔可以与火线连接时氖管发光。
9．（2025·越秀模拟）如图甲所示，烧杯中水的初温与室温均为25.4℃，用搅拌器不断地搅拌水。此过程中，水的温度-时间图像如图乙所示。在搅拌水的150min过程中（不考虑水的质量变化）（　　）
A．水的比热容变大 B．搅拌器做功增加了水的内能
C．水分子热运动的剧烈程度不变 D．水一定没有与外界发生热传递
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度以及吸收或放出的热量无关。因此，在搅拌水的过程中，水的比热容是不会发生变化的，故A不符合题意；
B．搅拌器对水做功，机械能转化成水的内能，水的内能增加，故B符合题意；
C．由于搅拌过程中水的温度在升高（这可以从题目给出的温度-时间图像中看出），因此水分子的热运动剧烈程度也在增加，故C不符合题意；
D．由于烧杯中的水的温度高于室温，所以水很可能会与外界发生热传递，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度以及吸收或放出的热量无关。
2、对物体做功会使物体的内能增加。
3、分子的热运动剧烈程度与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
4、热传递是热量从高温物体传向低温物体的过程。
10．（2025·越秀模拟）小明利用如图所示的装置在8s内把重为900N的物体匀速提升了4m，动滑轮重100N（不计绳重及摩擦），下列判断正确的是（　　）
A．小明的体重约为333N
B．提升重物过程中小明所做的功是3600J
C．此装置对重物做功的功率为500W
D．小明提升此重物时该装置的机械效率为90%
【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 A、由图知，n=2，不计绳重及摩擦，拉力
，而小明施加的拉力F大小应该小于或等于小明的体重，所以小明的体重应该大于或等于500N，故A错误；B、拉力端移动距离s=2h=2×4m=8m，小明做的功（总功）W总=Fs=500N×8m=4000J，故B错误；
C、此装置对重物做功（有用功）：
W有用=Gh=900N×4m=3600J，
此装置对重物做功的功率：
，故C错误；
D、小明提升此重物时该装置的机械效率：
，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由图知，n=2，不计绳重及摩擦，拉力，该拉力大小应该小于或等于小明的体重；
（2）拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求小明做的功；
（3）利用W=Gh求出此装置对重物做的功，再利用求此装置对重物做功的功率；
（4）利用求小明提升此重物时该装置的机械效率。
二、非选择题（本大题共8小题，共60分，按题目要求作答）
11．（2025·越秀模拟）如图甲所示，粗糙程度不变的水平地面上，小明对物体施加水平向右的推力F，使其做直线运动。其和的图线分别如图乙、图丙所示。
（1）3~6s，物体运动的路程　 　m；
（2）在方框内画出物体（用“·”表示）在3~6s的受力示意图；　 　
（3）在图丁中画出物体在0~12s所受摩擦力关系图线；　 　
（4）在第2s，物体在水平方向所受的合力大小为　 　N，方向是水平　 　。
【答案】9；；；30；向右
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）图丙中，3~6s物体做匀速运动，速度为，
计算物体运动的路程为：；
（2）图丙中，在3~6s，物体做匀速直线运动，物体受力平衡，推力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，图乙中，3~6s，物体受到推力为60N，摩擦力为60N；在竖直方向上的重力和水平地面的支持力，二力平衡；如图所示：
（3）图乙中，3~6s内，物体做匀速直线运动，推力与摩擦力二力平衡，大小相等，方向相反，推力等于60N，摩擦力为60N，滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关，则物体在0~12s所受摩擦力为60N，如图所示：
（4）图丙中，第2s物体做加速运动，图乙中，此时推力大小为90N，摩擦力为60N不变，方向水平向左，则物体所受合力为：，摩擦力方向与推力方向相同，水平向右。
【分析】（1）根据速度-时间图像，判断速度大小，根据s=vt，计算路程；
（2）匀速直线运动的物体，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等，方向相反，在同一直线；
（3）物体匀速直线运动时，拉力等于摩擦力，物体加速或减少时，摩擦力不变；
（4）根据拉力和摩擦力大小，计算合力；合力方向和较大力的方向一致。
12．（2025·越秀模拟）如图所示，光源M（图中没画出）放在焦距为3cm的凸透镜前，0cm处为凸透镜光心。a、b、c是M发出的三条光线经凸透镜折射后的光线，相交于M'。
（1）c经凸透镜折射前的入射光线　 　（选填“经过”或“不经过”）凸透镜的焦点；
（2）请在图中画出确定光源M的光路图　 　。
【答案】不经过；
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】（1）已知该凸透镜的焦距为3cm，在图中凸透镜两侧距光心3cm处标出焦点F；折射光线a过凸透镜焦点，所以其入射光线平行于主光轴；折射光线b过光心，而过光心的光线方向不变，据此画出a、b的入射光线，两入射光线的交点为光源M的位置；折射光线c与凸透镜的交点为该光线的入射点，连接M与光线c的入射点，即c的入射光线，可图知c的入射光线不经过凸透镜的焦点。
（2）由（1）解析可知光源M的光路图如下图所示
【分析】平行于主光轴的光线经过凸透镜折射经过焦点，经过光心的光线经过凸透镜方向不变。
13．（2025·越秀模拟）小红采用如图甲所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。现要估测手掌对墙壁的压力F。（人体可视为杠杆，O点为支点，重力的力臂为LG）
（1）在图甲中画出人所受重力G的示意图；
（2）在图甲中画出墙壁对手掌的支持力F的力臂LF；
（3）如图乙所示脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越　 　（选填“大”或“小”），依据是　 　。
【答案】（1）
（2）
（3）大；
【知识点】重力示意图；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解析】（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
（2）过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
（3）动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力，阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得F×l1=mgl2得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
【分析】（1）重力的作用点在重心，竖直向下；（2）力臂是支点到力的作用线的距离；（3）根据F1L1=F2L2判断压力的变化。
（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
（2）过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
（3）[1][2] 动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力，阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得F×l1=mgl2得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
14．（2025·越秀模拟）（1）如图，重力G=2.5N的容器，底面积S1=2×10-3m2，小昕用重为1N的数显推力计（已调零）向下压容器，推力计对容器的压力F=2N，如图甲，容器对桌面的压力为　 　N，压强为　 　Pa；
（2）小昕从冰箱取出200g的0℃水，全部倒入该容器中，如图乙，此时水对容器底部的压力为　 　N，压强为　 　Pa，当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图丙，此过程水的质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，已知请在丁图中大致画出此过程中容器底部受到水的压强p和水温t的关系　 　；
（3）小昕利用该容器做自制气压计，如图戊。她带着自制气压计坐电梯过程中，发现玻璃管中液面不断上升，则小昕相对一楼地面是　 　（选填“向上运动”“向下运动”或“静止”），小昕相对气压计是　 　（选填“向上运动”“向下运动”或“静止”）。
【答案】4.5；2.25×103；2；1000；；向上运动；静止
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；大气压强与高度的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）物体重力2.5N，受到向下的压力2N，容器对桌面的压力等于容器的重力、推力计的推力计对容器的压力之和，即F压=G+G'+F=2.5N+2N=4.5N
结合受力面积，容器对桌面的压强为：，
（2）图乙中，容器形状为圆柱体，水对容器底部的压力等于水的重力，即
F=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
则水对容器底部的压强为：，
容器底部受到的压力大小等于水的重力，温度变化时，水的质量不变，水的重力不变，底面积不变，则水对容器底部的压强不变，容器底部受到水的压强p和水温t的关系图像为：
（3）图戊中，玻璃管中液面不断上升，则瓶内大气压比外侧大气压大，是外侧大气压在降低，大气压随高度的增大而减小，则在上升，即相对一楼地面是向上运动；人上升时，相对于气压计，没有位置变化，是静止的。
【分析】（1）向下压物体，水平面受到的压力等于物体的重力和物体受到的压力；根据，计算压强；
（2）柱形容器中，容器底受到的压力等于液体的重力，根据，计算压强大小；当温度改变时，液体密度变化，但容器底受到的压力和受力面积不变，压强不变；
（3）海拔越高，大气压降低，密闭瓶内气压比外界大气压大，吸管内液面上升；相对于参照物，没有位置变化是静止的。
15．（2025·越秀模拟）年月日，中国首艘超深水大洋钻探船“梦想”号在广州顺利完成首次试航。“梦想”号配置世界一流的磁屏蔽实验室和全球首套船载岩心自动传输存储系统，其质量约为，具备海域的钻探能力。估算：取，海水的密度取
（1）“梦想”号漂浮在海面时受到的浮力；
（2）“梦想”号漂浮时排开海水的体积；
（3）当“梦想”号钻杆到达深度时，受到海水的压强。
【答案】解：（1）“梦想”号在海面上漂浮，浮力等于重力，所受浮力为：
（2）由阿基米德原理可得：得排开海水的体积为：
（3）当“梦想”号钻杆到达深度时，受到海水的压强为为：
答：（1）“梦想”号漂浮在海面时受到的浮力为3.3×108N；
（2）“梦想”号漂浮时排开海水的体积为3.3×104m3；
（3）当“梦想”号钻杆到达1000m深度时，受到海水的压强为1×107Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）“梦想”号在海面上漂浮，浮力等于重力，已知“梦想”号的质量，根据可求出所受浮力；
（2）已知“梦想”号所受的浮力、海水的密度，根据求出排开海水的体积；
（3）已知“梦想”号钻杆到达的深度、海水的密度，根据求出受到海水的压强。
16．（2025·越秀模拟）2023年12月21日，深圳官度入冬。秋冬带来了寒冷和秋裤，也带来了烦恼，小南同学一接触小伙伴就噼里啪啦“炸毛”啦。小南想到物理老师讲过缓解静电的方法之一是增加空气湿度，立即购入一台加湿器，原理图如图甲。R1、R2为发热电阻，且R2=3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转并关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的转换。已知，高档功率为440W，求：
（1）由图甲知，开关S接“1、2触点”时，电路断路，为关：接“2、3触点”为　 　挡；接“3、4触点”为　 　挡；
（2）求加热电阻R1的阻值。　 　
（3）求加湿器正常工作时的低挡功率。　 　
（4）如图乙所示，求加湿器正常工作30分钟消耗的电能。　 　
【答案】低；高；110Ω；110W；3.96×105J
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1） （1）由图1知，开关S接“1、2”时电路断路为关；“2、3”时两电阻串联，接“3、4”时只有R1接入电路，电源电压一定，由可知，接“2、3”时电阻最大，为低挡，接“3、4”时电阻最小，为高挡；
（2）由图2知，高挡功率：P高=440W，由可得R1的阻值：
；
（3）由题知，R2=3R1，低挡发热功率：
；
（4）由图2知，工作30min时，其中高挡10min，低挡20min，
所以加湿器消耗的总电能：
W=W高+W低=P高t高+P低t低=440W×10×60s+110W×20×60s=3.96×105J。
故答案为：（1）低；高；（2）加热电阻R1的阻值为110Ω；（3）加湿器正常工作时的低挡功率110W；（4）加湿器正常工作30分钟消耗的电能为3.96×105J。
【分析】（1）由图1，开关S在不同位置时，由分析加湿器的工作状态；
（2）由图2知，加温器高挡功率，由计算R1的阻值；
（3）已知R2=3R1，由计算加湿器处于低档位置时的发热功率；
（4）由图2读出加湿器30min内的高挡和低挡工作时间，由W=Pt计算消耗的电能。
17．（2025·越秀模拟）小亮同学在学习了“电和磁”的知识后，用甲乙两个直流电动机设计了如图所示的装置，闭合开关S后甲开始转动，同时用皮带带动乙转动，小灯泡发光。
（1）图中，将机械能转化为电能的装置是　 　（填“甲”或“乙”）。若要电动机反向旋转，方法是：　 　。
（2）图中ab表示一根导线，与竖直放置的导轨接触，它是电路中的一部分，磁感线分布如图所示，灵敏电流计在磁场外固定不动，甲、乙、丙、丁四幅图中不能产生感应电流的有：　 　
（3）如图所示，电磁铁CD通电时，软磁性（容易磁化和退磁的磁性材料）铁块A静止不动，这是因为电磁铁对A的吸引力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）A受到的摩擦力，改变电磁铁中的电流方向，A受到电磁铁的力的方向　 　（选填“改变”或“不变”）。如果把这个电磁铁CD如图所示通电并静止悬挂在地球赤道上方，则电磁铁C端，有指向地理极　 　（选填“南极”或“北极”）的趋势。
【答案】乙；将电池组正负极对调；甲、丙、丁；等于；不变；北极
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）第1空，由图可知，闭合开关S后，对于甲电动机，有电源接入，电流通过线圈，线圈在磁场中受力转动，这是电能转化为机械能的过程。而甲带动乙转动时，乙内部线圈在磁场中切割磁感线，产生感应电流使小灯泡发光，此时乙相当于发电机，依据电磁感应原理，将机械能转化为电能。所以将机械能转化为电能的装置是乙。
第2空，因为通电导体在磁场中的受力方向取决于电流方向和磁场方向。在本题中，磁场方向不变，当把电池组正负极对调时，电流方向改变，那么甲电动机转动方向就会改变。故若要电动机反向旋转，方法是将电池组正负极对调。
（2）依据电磁感应现象的条件，即闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才会产生感应电流。
观察甲图，导体运动过程不切割磁感线，所以不会产生感应电流。
乙图，导体运动时做切割磁感线运动，因此会产生感应电流。
丙图，导体运动不切割磁感线，不会产生感应电流。
丁图，导体运动也不切割磁感线，不会产生感应电流。
综上，不能产生感应电流的是甲、丙、丁。
（3）第1空，由图可知，电磁铁通电后铁块A静止，这表明铁块A处于平衡状态。
在水平方向上，电磁铁对A的吸引力和A受到的摩擦力是一对平衡力。根据平衡力大小相等的特点，所以电磁铁对A的吸引力等于A受到的摩擦力；
第2空，当改变电磁铁中的电流方向时，电磁铁的磁极会改变。 电磁铁对铁块A始终是吸引力，所以A受到电磁铁的力的方向不变。
第3空，由图中电流方向，运用右手安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指就是N极），可以判断出电磁铁C端是N极。
由于地磁南极在地理北极附近，根据磁极间相互吸引的规律，N极有指向地理北极的趋势。所以电磁铁C端有指向地理北极的趋势。
故答案为：（1）乙；对调电源的正负极；（2）甲、丙、丁；（3）等于；不变；北极。
【分析】（1）通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用该原理来工作的，将电能转化为机械能；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机是利用该原理来工作的，将机械能转化为电能。
（2）产生感应电流的条件：一是电路是闭合的，二是部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
（3）根据平衡力的知识进行分析；根据安培定则判断判断电磁铁的磁极。
18．（2025·越秀模拟）如图所示，无摩擦的轨道装置固定在水平桌面上。轨道前半部分是弧形的，后半部分是水平的。装置配套有三个质量不同、体积相同的金属球，把一个金属球从轨道上方某处由静止释放后，它会沿轨道一直运动到末端，离开轨道后，球会在空中继续飞行，最后掉到水平地面上。（忽略空气阻力）
请完成：
（1）金属球从A运动到B的过程中，它的　 　能转化为　 　能；
（2）小明猜想：
猜想一：金属球的质量越大，它在空中运动的水平距离s就越大；
猜想二：球静止释放时的高度越高，它在空中运动的水平距离s就越大。
设计实验（可自选测量器材），验证猜想一是否正确。
①写出实验步骤（可图文结合）；　 　
②验证猜想是否正确的依据。　 　
【答案】重力势；动；①实验步骤：让质量为的小钢球在轨道某一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离，再用质量为、的小钢球在轨道同一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离、；；判断依据：若，则猜想正确，否则不正确。
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图像，金属球从A到B时，质量不变，高度变小，速度变大，重力势能转化为动能。
（2）探究金属球的质量对水平距离的影响时，①实验步骤：让质量为的小钢球在轨道某一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离，再用质量为、的小钢球在轨道同一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离、；
②若，则猜想正确，否则不正确。
【分析】（1）质量一定时，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大；
（2）探究动能和质量的关系，需要改变质量，保持速度相同。
1 / 1广东省广州市越秀区育才实验学校2025年中考二模物理试题
一、单项选择题：（每小题3分，共30分）
1．（2025·越秀模拟）女生挥舞精钢所制的斩马刀，最后把刀倒插在地上，如下图所示。以下估计合理的是（　　）
A．刀长约4m B．刀长约22dm
C．刀的质量约50g D．刀的质量约500kg
2．（2025·越秀模拟）图中是电磁波，小明用收音机收听广州交通电台FM106.1MHz（1MHz=106Hz）频道播放的钢琴节目，某时刻他听到演员弹奏音符“do”“la”，频率分别为261.6Hz、440Hz，此时（　　）
A．收音机接收的信息是无线电波，只能在空气中传播
B．440Hz表示钢琴的琴弦每分钟振动440次
C．收音机收到空中电磁波的频率是106.1MHz
D．小明听到“do”比“la”音调要高
3．（2025·越秀模拟）如图，塔式太阳能发电系统是在空旷的地面上建立高大的中央吸热塔。塔顶上安装固定一个接收器，塔的周围安装一定数量的定日镜，通过定日镜将太阳光的能量（大小为E1）聚集到塔顶的接收器的腔体内产生高温，再将通过接收器的工作物质加热并产生高温蒸汽（其增加的内能为E2），推动发电机的汽轮机组进行发电，获得电能大小为E3，下列关于塔式太阳能发电系统的说法中正确的是（　　）
A．塔式太阳能发电系统通过做功的方式改变接收器内物质的内能
B．太阳能是一次能源，且是不可再生能源
C．电能是可再生能源
D．
4．（2025·越秀模拟）如图所示，是放置在水平桌面上的刻度尺的一部分，甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像，若凸透镜从远处逐渐贴近刻度尺，则看到刻度尺的像的先后顺序正确的是（　　）
A．丁、乙、丙、甲 B．甲、乙、丙、丁
C．乙、丁、甲、丙 D．丙、甲、丁、乙
5．（2025·越秀模拟）将小灯泡L1和L2接入电路，测得电流如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．L1两端电压比L2大 B．L1电流做功比L2快
C．L1的实际功率比L2小 D．L1发光时电阻比L2大
6．（2025·越秀模拟）冬奥会上滑雪运动员从起点下滑，过程中先后经过M、S两点，她在这两点的动能和重力势能如图所示，则运动员（　　）
A．在M点时她的动能为0.5J
B．M点所在位置比S点的高
C．从M点运动到S点的过程中速度一直在变大
D．重力势能转化为动能，机械能不变
7．（2025·越秀模拟）有款网红食品叫炒酸奶，就是将酸奶和一些水果和坚果碎倒在一块铁板上，用铲子充分搅拌再抹平，如图所示，最后切小块铲起来装杯。下列说法正确的是（　　）
A．炒酸奶时铁板附近出现的大量白气是水蒸气
B．炒酸奶的铁板很烫
C．装炒酸奶的杯外壁过一会儿出现小水珠是液化现象
D．酸奶在变成块状或片状的成品过程中需要吸热
8．（2025·越秀模拟）如图所示，楼梯过道安装了两盛“220V、40W”的白炽灯，其中，控制两灯的开关在图中没有画出；则（　　）
A．开关接在C处，不符合安全用电的原则
B．通电时，两灯实际总功率为80W
C．通电时若L1被短接，则L2仍能发光
D．通电时L1灯丝烧断，用试电笔检测C处，氖管不会发光
9．（2025·越秀模拟）如图甲所示，烧杯中水的初温与室温均为25.4℃，用搅拌器不断地搅拌水。此过程中，水的温度-时间图像如图乙所示。在搅拌水的150min过程中（不考虑水的质量变化）（　　）
A．水的比热容变大 B．搅拌器做功增加了水的内能
C．水分子热运动的剧烈程度不变 D．水一定没有与外界发生热传递
10．（2025·越秀模拟）小明利用如图所示的装置在8s内把重为900N的物体匀速提升了4m，动滑轮重100N（不计绳重及摩擦），下列判断正确的是（　　）
A．小明的体重约为333N
B．提升重物过程中小明所做的功是3600J
C．此装置对重物做功的功率为500W
D．小明提升此重物时该装置的机械效率为90%
二、非选择题（本大题共8小题，共60分，按题目要求作答）
11．（2025·越秀模拟）如图甲所示，粗糙程度不变的水平地面上，小明对物体施加水平向右的推力F，使其做直线运动。其和的图线分别如图乙、图丙所示。
（1）3~6s，物体运动的路程　 　m；
（2）在方框内画出物体（用“·”表示）在3~6s的受力示意图；　 　
（3）在图丁中画出物体在0~12s所受摩擦力关系图线；　 　
（4）在第2s，物体在水平方向所受的合力大小为　 　N，方向是水平　 　。
12．（2025·越秀模拟）如图所示，光源M（图中没画出）放在焦距为3cm的凸透镜前，0cm处为凸透镜光心。a、b、c是M发出的三条光线经凸透镜折射后的光线，相交于M'。
（1）c经凸透镜折射前的入射光线　 　（选填“经过”或“不经过”）凸透镜的焦点；
（2）请在图中画出确定光源M的光路图　 　。
13．（2025·越秀模拟）小红采用如图甲所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。现要估测手掌对墙壁的压力F。（人体可视为杠杆，O点为支点，重力的力臂为LG）
（1）在图甲中画出人所受重力G的示意图；
（2）在图甲中画出墙壁对手掌的支持力F的力臂LF；
（3）如图乙所示脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越　 　（选填“大”或“小”），依据是　 　。
14．（2025·越秀模拟）（1）如图，重力G=2.5N的容器，底面积S1=2×10-3m2，小昕用重为1N的数显推力计（已调零）向下压容器，推力计对容器的压力F=2N，如图甲，容器对桌面的压力为　 　N，压强为　 　Pa；
（2）小昕从冰箱取出200g的0℃水，全部倒入该容器中，如图乙，此时水对容器底部的压力为　 　N，压强为　 　Pa，当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图丙，此过程水的质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，已知请在丁图中大致画出此过程中容器底部受到水的压强p和水温t的关系　 　；
（3）小昕利用该容器做自制气压计，如图戊。她带着自制气压计坐电梯过程中，发现玻璃管中液面不断上升，则小昕相对一楼地面是　 　（选填“向上运动”“向下运动”或“静止”），小昕相对气压计是　 　（选填“向上运动”“向下运动”或“静止”）。
15．（2025·越秀模拟）年月日，中国首艘超深水大洋钻探船“梦想”号在广州顺利完成首次试航。“梦想”号配置世界一流的磁屏蔽实验室和全球首套船载岩心自动传输存储系统，其质量约为，具备海域的钻探能力。估算：取，海水的密度取
（1）“梦想”号漂浮在海面时受到的浮力；
（2）“梦想”号漂浮时排开海水的体积；
（3）当“梦想”号钻杆到达深度时，受到海水的压强。
16．（2025·越秀模拟）2023年12月21日，深圳官度入冬。秋冬带来了寒冷和秋裤，也带来了烦恼，小南同学一接触小伙伴就噼里啪啦“炸毛”啦。小南想到物理老师讲过缓解静电的方法之一是增加空气湿度，立即购入一台加湿器，原理图如图甲。R1、R2为发热电阻，且R2=3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转并关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的转换。已知，高档功率为440W，求：
（1）由图甲知，开关S接“1、2触点”时，电路断路，为关：接“2、3触点”为　 　挡；接“3、4触点”为　 　挡；
（2）求加热电阻R1的阻值。　 　
（3）求加湿器正常工作时的低挡功率。　 　
（4）如图乙所示，求加湿器正常工作30分钟消耗的电能。　 　
17．（2025·越秀模拟）小亮同学在学习了“电和磁”的知识后，用甲乙两个直流电动机设计了如图所示的装置，闭合开关S后甲开始转动，同时用皮带带动乙转动，小灯泡发光。
（1）图中，将机械能转化为电能的装置是　 　（填“甲”或“乙”）。若要电动机反向旋转，方法是：　 　。
（2）图中ab表示一根导线，与竖直放置的导轨接触，它是电路中的一部分，磁感线分布如图所示，灵敏电流计在磁场外固定不动，甲、乙、丙、丁四幅图中不能产生感应电流的有：　 　
（3）如图所示，电磁铁CD通电时，软磁性（容易磁化和退磁的磁性材料）铁块A静止不动，这是因为电磁铁对A的吸引力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）A受到的摩擦力，改变电磁铁中的电流方向，A受到电磁铁的力的方向　 　（选填“改变”或“不变”）。如果把这个电磁铁CD如图所示通电并静止悬挂在地球赤道上方，则电磁铁C端，有指向地理极　 　（选填“南极”或“北极”）的趋势。
18．（2025·越秀模拟）如图所示，无摩擦的轨道装置固定在水平桌面上。轨道前半部分是弧形的，后半部分是水平的。装置配套有三个质量不同、体积相同的金属球，把一个金属球从轨道上方某处由静止释放后，它会沿轨道一直运动到末端，离开轨道后，球会在空中继续飞行，最后掉到水平地面上。（忽略空气阻力）
请完成：
（1）金属球从A运动到B的过程中，它的　 　能转化为　 　能；
（2）小明猜想：
猜想一：金属球的质量越大，它在空中运动的水平距离s就越大；
猜想二：球静止释放时的高度越高，它在空中运动的水平距离s就越大。
设计实验（可自选测量器材），验证猜想一是否正确。
①写出实验步骤（可图文结合）；　 　
②验证猜想是否正确的依据。　 　
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测
【解析】【解答】AB．由图可知，人的身高约为170cm左右，刀长约220cm左右，即22dm左右，故A错误，B正确；
CD．刀的质量大约为5kg左右，故CD错误。
故选B。
【分析】根据生活经验或日常现象估测物体的长度和质量，根据需要进行简单的计算或单位换算，选择合适且合理的选项。
2．【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；电磁波的产生；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A．无线电波可以在各种介质中传播，也可以无需介质传播的，故A不符合题意；
B. 440Hz表示钢琴的琴弦每秒钟振动440次，故B不符合题意；
C．广州交通电台的频率是FM106.1MHz，所以收听广州交通电台的收音机接收到空中电磁波的频率是106.1MHz，故C符合题意；
D．“do”“la”，频率分别为261.6Hz、440Hz，频率越大，音调越高，因此是“la”的音调较高，故D不符合题意。
故选C。
【分析】无线电波的传播是不需要介质的，注意和声波区分；频率表示的是每秒钟的振动次数，所以440Hz表示钢琴的琴弦每秒钟振动440次；电磁波的频率相同才可以接收；声音的频率越大，音调越高。
3．【答案】D
【知识点】热传递改变物体内能；能量的转化或转移；能源及其分类
【解析】【解答】A．由题可知，塔式太阳能发电系统吸收太阳光传递的热量来改变接收器内物质的内能，该方式为热传递，故A错误；
B．太阳能不需要转化就可以直接从自然界获取且可以源源不断获取，故不仅是一次能源，也是可再生能源，故B错误；
C．电能是二次能源，是其他能源转化而来，故不归类到可再生和不可再生能源中，故C错误；
D．因为存在能量的损耗，所以，故D正确。
故选D。
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
（2）能源有不同的分类方式：从产生方式角度划分一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气；
从是否可再生角度划分可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；
从利用状况划分常规能源：人类利用多年的，使用技术已经成熟的能源．例：化石能源、水能、电能；
新能源：人类新近才开始利用的能源．例：潮汐能、地热能、太阳能、核能、风能。
（3）能量在转移和转化中存在消耗。
4．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】由甲、丙、丁三图可知，刻度尺成倒立的实像，根据凸透镜成像特点，此时u>f，物距越小，像距越大，像也越大，可以看到丙最小，丁最大，所以先后顺序是丙、甲、丁。图乙，刻度尺成正立的虚像，u故选D。
【分析】当物距小于焦距时成正立的虚像，物距大于焦距时成倒立的实像，可以将四幅图分成两组，乙是正立的虚像，所以距离凸透镜最近；当凸透镜成实像时，物进像远像变大，根据甲、丙、丁的大小关系可以确定距离关系。
5．【答案】B
【知识点】并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．小灯泡L1和L2并联，L1和L2两端电压大小相等，故A错误；
BC．根据P=UI可知，在电压相同的情况下，通过灯泡L1的电流更大，L1的功率比L2大，L1电流做功比L2快，故B正确，C错误；
D．通过灯泡L1的电流更大，二者电压相同，由可知，L1发光时电阻比L2小，故D错误。
故选B。
【分析】并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律。
6．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A．由图可知，在M点时她的动能约为 0.5×104J，故A错误；
B．由图知道，在M点时她的重力势能较大，重力势能与质量和高度有关，她的质量不变，因此她在M点时是处于较高的位置，所以，M点的位置比S点的高，故B正确；
C．由图可知M点的动能小于S点的动能，即M点的速度小于S点的速度，但是不知道从M到S的过程的细节，因此无法判断速度是否“一直变大”，故C错误；
D．机械能是动能和重力势能之和，由图可知M点的机械能较大，故D错误。
故选B。
【分析】动能的大小与质量和速度有关，质量不变时，速度越大，动能越大；重力势能的大小与质量和高度有关，质量不变时，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能的总和，根据这几个能量的影响因素进行判断。
7．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．炒酸奶时铁板附近出现的大量白气是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
BD．由题可知，酸奶和水果经过在铁板上搅拌后，切小块，说明炒酸奶的铁板温度很低，酸奶在铁板上放热凝固，故BD错误；
C．盛放炒酸奶的杯子温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的杯子形成小水珠附着在杯子的外壁，是液化现象，故C正确。
故选C。
【分析】液化指物质由气态转变液态，凝固是批物质由液态变为固态；液化和凝固要放热。
8．【答案】C
【知识点】电功率的计算；家庭电路的组成；测电笔的使用
【解析】【解答】A．开关要接在火线与灯之间，即开关要接在C处，所以开关接在C处符合安全用电的原则，故A不符合题意；
B．由图知道，两盏“220V、40W”的灯串联在220V的电源上，两个灯规格一样，所以每个灯两端的电压为110V，与直接接在220V电源上相比，灯泡电阻几乎不变，由知道，每盏灯的电功率变为原来的，即每盏灯的电功率为10W，总功率为20W，故B不符合题意；
C．L1、L2串联，通电时，若L1被短接，L2仍能发光，故C符合题意；
D．L1、L2串联，通电时L1灯丝烧断，C处还能与火线相连，用试电笔检测C处，氖管会发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】开关接在火线和用电器之间；根据公式判断功率的变化；串联电路中一个用电器短路，另一个用电器仍可以正常工作；当测电笔可以与火线连接时氖管发光。
9．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度以及吸收或放出的热量无关。因此，在搅拌水的过程中，水的比热容是不会发生变化的，故A不符合题意；
B．搅拌器对水做功，机械能转化成水的内能，水的内能增加，故B符合题意；
C．由于搅拌过程中水的温度在升高（这可以从题目给出的温度-时间图像中看出），因此水分子的热运动剧烈程度也在增加，故C不符合题意；
D．由于烧杯中的水的温度高于室温，所以水很可能会与外界发生热传递，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度以及吸收或放出的热量无关。
2、对物体做功会使物体的内能增加。
3、分子的热运动剧烈程度与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
4、热传递是热量从高温物体传向低温物体的过程。
10．【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 A、由图知，n=2，不计绳重及摩擦，拉力
，而小明施加的拉力F大小应该小于或等于小明的体重，所以小明的体重应该大于或等于500N，故A错误；B、拉力端移动距离s=2h=2×4m=8m，小明做的功（总功）W总=Fs=500N×8m=4000J，故B错误；
C、此装置对重物做功（有用功）：
W有用=Gh=900N×4m=3600J，
此装置对重物做功的功率：
，故C错误；
D、小明提升此重物时该装置的机械效率：
，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由图知，n=2，不计绳重及摩擦，拉力，该拉力大小应该小于或等于小明的体重；
（2）拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求小明做的功；
（3）利用W=Gh求出此装置对重物做的功，再利用求此装置对重物做功的功率；
（4）利用求小明提升此重物时该装置的机械效率。
11．【答案】9；；；30；向右
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）图丙中，3~6s物体做匀速运动，速度为，
计算物体运动的路程为：；
（2）图丙中，在3~6s，物体做匀速直线运动，物体受力平衡，推力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，图乙中，3~6s，物体受到推力为60N，摩擦力为60N；在竖直方向上的重力和水平地面的支持力，二力平衡；如图所示：
（3）图乙中，3~6s内，物体做匀速直线运动，推力与摩擦力二力平衡，大小相等，方向相反，推力等于60N，摩擦力为60N，滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关，则物体在0~12s所受摩擦力为60N，如图所示：
（4）图丙中，第2s物体做加速运动，图乙中，此时推力大小为90N，摩擦力为60N不变，方向水平向左，则物体所受合力为：，摩擦力方向与推力方向相同，水平向右。
【分析】（1）根据速度-时间图像，判断速度大小，根据s=vt，计算路程；
（2）匀速直线运动的物体，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等，方向相反，在同一直线；
（3）物体匀速直线运动时，拉力等于摩擦力，物体加速或减少时，摩擦力不变；
（4）根据拉力和摩擦力大小，计算合力；合力方向和较大力的方向一致。
12．【答案】不经过；
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】（1）已知该凸透镜的焦距为3cm，在图中凸透镜两侧距光心3cm处标出焦点F；折射光线a过凸透镜焦点，所以其入射光线平行于主光轴；折射光线b过光心，而过光心的光线方向不变，据此画出a、b的入射光线，两入射光线的交点为光源M的位置；折射光线c与凸透镜的交点为该光线的入射点，连接M与光线c的入射点，即c的入射光线，可图知c的入射光线不经过凸透镜的焦点。
（2）由（1）解析可知光源M的光路图如下图所示
【分析】平行于主光轴的光线经过凸透镜折射经过焦点，经过光心的光线经过凸透镜方向不变。
13．【答案】（1）
（2）
（3）大；
【知识点】重力示意图；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解析】（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
（2）过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
（3）动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力，阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得F×l1=mgl2得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
【分析】（1）重力的作用点在重心，竖直向下；（2）力臂是支点到力的作用线的距离；（3）根据F1L1=F2L2判断压力的变化。
（1）重力的方向竖直向下，作用点在人的重心点B上，如下图所示：
（2）过支点O作力F的作用线的垂线段，即为F的对应力臂LF，作图如下：
（3）[1][2] 动力为墙壁对手的支持力，动力臂为支点O到支持力的作用线的距离，阻力为人的重力，阻力臂为支点到重力的作用线的距离，如图所示：
锻炼时，脚尖离开墙壁越远，小红重力不变，动力臂减小，阻力臂增大，而阻力重力的大小不变，由杠杆平衡条件可得F×l1=mgl2得，墙壁对手的支持力F就越大，根据力的作用是相互的原理，手掌对墙壁的压力就越大。
14．【答案】4.5；2.25×103；2；1000；；向上运动；静止
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；大气压强与高度的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）物体重力2.5N，受到向下的压力2N，容器对桌面的压力等于容器的重力、推力计的推力计对容器的压力之和，即F压=G+G'+F=2.5N+2N=4.5N
结合受力面积，容器对桌面的压强为：，
（2）图乙中，容器形状为圆柱体，水对容器底部的压力等于水的重力，即
F=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
则水对容器底部的压强为：，
容器底部受到的压力大小等于水的重力，温度变化时，水的质量不变，水的重力不变，底面积不变，则水对容器底部的压强不变，容器底部受到水的压强p和水温t的关系图像为：
（3）图戊中，玻璃管中液面不断上升，则瓶内大气压比外侧大气压大，是外侧大气压在降低，大气压随高度的增大而减小，则在上升，即相对一楼地面是向上运动；人上升时，相对于气压计，没有位置变化，是静止的。
【分析】（1）向下压物体，水平面受到的压力等于物体的重力和物体受到的压力；根据，计算压强；
（2）柱形容器中，容器底受到的压力等于液体的重力，根据，计算压强大小；当温度改变时，液体密度变化，但容器底受到的压力和受力面积不变，压强不变；
（3）海拔越高，大气压降低，密闭瓶内气压比外界大气压大，吸管内液面上升；相对于参照物，没有位置变化是静止的。
15．【答案】解：（1）“梦想”号在海面上漂浮，浮力等于重力，所受浮力为：
（2）由阿基米德原理可得：得排开海水的体积为：
（3）当“梦想”号钻杆到达深度时，受到海水的压强为为：
答：（1）“梦想”号漂浮在海面时受到的浮力为3.3×108N；
（2）“梦想”号漂浮时排开海水的体积为3.3×104m3；
（3）当“梦想”号钻杆到达1000m深度时，受到海水的压强为1×107Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）“梦想”号在海面上漂浮，浮力等于重力，已知“梦想”号的质量，根据可求出所受浮力；
（2）已知“梦想”号所受的浮力、海水的密度，根据求出排开海水的体积；
（3）已知“梦想”号钻杆到达的深度、海水的密度，根据求出受到海水的压强。
16．【答案】低；高；110Ω；110W；3.96×105J
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1） （1）由图1知，开关S接“1、2”时电路断路为关；“2、3”时两电阻串联，接“3、4”时只有R1接入电路，电源电压一定，由可知，接“2、3”时电阻最大，为低挡，接“3、4”时电阻最小，为高挡；
（2）由图2知，高挡功率：P高=440W，由可得R1的阻值：
；
（3）由题知，R2=3R1，低挡发热功率：
；
（4）由图2知，工作30min时，其中高挡10min，低挡20min，
所以加湿器消耗的总电能：
W=W高+W低=P高t高+P低t低=440W×10×60s+110W×20×60s=3.96×105J。
故答案为：（1）低；高；（2）加热电阻R1的阻值为110Ω；（3）加湿器正常工作时的低挡功率110W；（4）加湿器正常工作30分钟消耗的电能为3.96×105J。
【分析】（1）由图1，开关S在不同位置时，由分析加湿器的工作状态；
（2）由图2知，加温器高挡功率，由计算R1的阻值；
（3）已知R2=3R1，由计算加湿器处于低档位置时的发热功率；
（4）由图2读出加湿器30min内的高挡和低挡工作时间，由W=Pt计算消耗的电能。
17．【答案】乙；将电池组正负极对调；甲、丙、丁；等于；不变；北极
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）第1空，由图可知，闭合开关S后，对于甲电动机，有电源接入，电流通过线圈，线圈在磁场中受力转动，这是电能转化为机械能的过程。而甲带动乙转动时，乙内部线圈在磁场中切割磁感线，产生感应电流使小灯泡发光，此时乙相当于发电机，依据电磁感应原理，将机械能转化为电能。所以将机械能转化为电能的装置是乙。
第2空，因为通电导体在磁场中的受力方向取决于电流方向和磁场方向。在本题中，磁场方向不变，当把电池组正负极对调时，电流方向改变，那么甲电动机转动方向就会改变。故若要电动机反向旋转，方法是将电池组正负极对调。
（2）依据电磁感应现象的条件，即闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才会产生感应电流。
观察甲图，导体运动过程不切割磁感线，所以不会产生感应电流。
乙图，导体运动时做切割磁感线运动，因此会产生感应电流。
丙图，导体运动不切割磁感线，不会产生感应电流。
丁图，导体运动也不切割磁感线，不会产生感应电流。
综上，不能产生感应电流的是甲、丙、丁。
（3）第1空，由图可知，电磁铁通电后铁块A静止，这表明铁块A处于平衡状态。
在水平方向上，电磁铁对A的吸引力和A受到的摩擦力是一对平衡力。根据平衡力大小相等的特点，所以电磁铁对A的吸引力等于A受到的摩擦力；
第2空，当改变电磁铁中的电流方向时，电磁铁的磁极会改变。 电磁铁对铁块A始终是吸引力，所以A受到电磁铁的力的方向不变。
第3空，由图中电流方向，运用右手安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指就是N极），可以判断出电磁铁C端是N极。
由于地磁南极在地理北极附近，根据磁极间相互吸引的规律，N极有指向地理北极的趋势。所以电磁铁C端有指向地理北极的趋势。
故答案为：（1）乙；对调电源的正负极；（2）甲、丙、丁；（3）等于；不变；北极。
【分析】（1）通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用该原理来工作的，将电能转化为机械能；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机是利用该原理来工作的，将机械能转化为电能。
（2）产生感应电流的条件：一是电路是闭合的，二是部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
（3）根据平衡力的知识进行分析；根据安培定则判断判断电磁铁的磁极。
18．【答案】重力势；动；①实验步骤：让质量为的小钢球在轨道某一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离，再用质量为、的小钢球在轨道同一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离、；；判断依据：若，则猜想正确，否则不正确。
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图像，金属球从A到B时，质量不变，高度变小，速度变大，重力势能转化为动能。
（2）探究金属球的质量对水平距离的影响时，①实验步骤：让质量为的小钢球在轨道某一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离，再用质量为、的小钢球在轨道同一高度静止释放，用卷尺测出小钢球离开轨道到刚接触地面之间的水平距离、；
②若，则猜想正确，否则不正确。
【分析】（1）质量一定时，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大；
（2）探究动能和质量的关系，需要改变质量，保持速度相同。
1 / 1

展开更多......

收起↑