资源简介

2025—2026 学年度第二学期
北京育才学校高三物理学科
（满分 100 分，考试时间90 分钟）
一、单项选择题（本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分。）
1 ．下列核反应方程式中，属于β 衰变的是( )
A ． 4 C →4 N + （ ） B ． 8 U →4 Th + ( )
C ． 4 N + He →7 O + （ ） D ． 5 U + n →4 Ba + Kr + ( )
2 ．有关光的现象，下列说法正确的是( )
A ．康普顿效应说明光具有波动性 B ．干涉现象说明光是横波
C ．偏振现象说明光具有粒子性 D ．光电效应说明光子有能量
3 ．一定质量的理想气体分别在T1 、T2 温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示， T2 对应的曲线上有 A 、B 两点，表示气体的两个状态。下列说法正确的是( )
A ．T1 > T2
B．A 到 B 的过程中，外界对气体做功
C．A 到 B 的过程中，气体从外界吸收热量
D．A 到 B 的过程中，气体分子对器壁单位面积上的作用力增加
4 ．如图所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为4 :1，原线圈一侧接在如图所示的正弦式交流电源上，副线圈的回路中接有阻值R = 55Ω 的电阻，图中电流表为理想交流电表。下列说法正确的是( )
A ．交变电压的频率为 25Hz
B ．电阻 R 两端的电压为552V
C ．电流表的示数为 1A
D ．原线圈的输入功率为 220W
5 ．图甲为一列沿 x 轴传播的简谐横波在 t ＝0.4s 时的波形图，P 、Q 是这列波上的两个质点，质点 P 的振动图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A ．这列波沿 x 轴负方向传播
B ．这列波的传播速度 v ＝15m/s
C ．这列波的波长 λ =7.5m
D ．在 t ＝0.4s 到 t ＝0.5s 内，质点 Q 通过的路程是 1.5m
6 ．在如图所示的电路中，电源电动势为 E，内阻为 r，闭合开关 S，在滑动变阻器R0 的滑片向下滑动的过程中，关于电压表和电流表示数的变化情况的判断中正确的是( )
A ．电压表示数不变 B ．电流表示数不变
C ．电压表示数增大 D ．电流表示数增大
7．我国发射的天和核心舱距离地面的高度为 h，运动周期为 T，绕地球的运动可视为匀速圆周运动。已知引力常量为 G，地球半径为 R，根据以上信息可知( )
A ．地球的质量M B ．核心舱的质量m
C ．核心舱的向心加速度大小a D ．核心舱的线速度大小v
8 ．一个圆锥摆由长为 l 的摆线、质量为 m 的小球构成，小球在水平面内做匀速圆周运动，摆线与竖直方向的夹角为 θ,如图所示。已知重力加速度大小为 g，空气阻力忽略不计。下列选项正确的是( )
A ．小球受到重力、拉力和向心力的作用
B ．小球的向心加速度大小为 a=gsinθ
C ．小球圆周运动的周期为T
D ．某时刻剪断摆线，小球将做平抛运动
9 ．如图所示，小明在体验蹦极运动时，把一端固定的长弹性绳绑在踝关节处，从高处由静止落下。将小明的蹦极过程近似为在竖直方向的运动， 在运动过程中，把小明视作质点，不计空气阻力。下列判断中正确的是( )
A ．下落到弹性绳刚好被拉直时，小明的下落速度最大
B ．从开始到下落速度最大，小明动能的增加量小于其重力势能的减少量
C ．从开始到下落至最低点的过程，小明的机械能守恒
D ．从开始到下落至最低点，小明重力势能的减少量大于弹性绳弹性势能的增加量
10．用试探电荷可以探测电场中电场强度和电势的分布情况。如图甲所示， 两个被固定的点电荷Q1 、Q2 连线的延长线上有 b 、a 两点，Q1 带正电。试探电荷+ q 仅受静电力作用，t = 0时刻从 b 点沿着 ba 方向运动，t0 时刻到达 a 点，其v - t 图像如图乙所示，下列说法正确的是( )
A ．Q2 带正电 B ．从 b 到 a，电势先减小后增大
C ．电场强度为零的点在 b 点和Q2 之间 D ．a 点的电势比 b 点的电势高
11 ．在竖直方向的磁场中水平放置一个 100 匝、面积为0.01m2 的圆形导体线圈。规定线圈中电流和磁场的正方向如图甲所示。磁感应强度 B 随时间 t 变化的图像如图乙所示，下列说法不正确的是( )
...
A ．在 0~0.4s 内，线圈中的感应电流方向为正方向
B ．在 0.4~0.5s 内，线圈中的感应电流在轴线处产生的磁场方向向下
C ．在 0.4~0.5s 内，线圈中的感应电动势大小为 4V
D ．0~0.4s 内与 0.4~0.5s 内，线圈中的感应电流大小之比为1: 8
12 ．在地铁某路段的隧洞墙壁上，连续相邻地挂有相同的广告画，画幅的宽度为 0.8m，在列车行进的某段时间内，由于视觉暂留现象，车厢内的人向窗外望去会感觉广告画面是静止的。若要使人望向窗外时， 看到的是画中的苹果做自由落体运动，则这段时间内（人眼的视觉暂留时间取 0.05s，重力加速度 g 取10m/s2 ）
A ．列车的车速为 8m/s
B ．隧洞墙壁上每幅画中苹果所在的位置可连成抛物线
C ．隧洞墙壁上相邻两幅画中苹果之间的高度差都相等
D ．隧洞墙壁上连续相邻两幅画中苹果之间的高度差不相等，依次相差 5cm
13 ．闪电的可见部分之前有一个不可见阶段，在该阶段，由于雷雨云和地面间强大的电场，云底首先出现大气被强烈电离形成的一段暗淡的气柱，这种气柱逐级从云底向下延伸到地面，称梯级先导。梯级先导长约 50m、直径约 6m、电流约 100A，可视为电子柱，它以平均约
1.5 ? 105 m/s 的速度一级一级地伸向地面，一旦接近地面，柱内的电子迅速地倾泄到地面，在倾泄期间，运动电子与柱内空气的碰撞导致明亮的闪光。一般情况下雷雨云距离地面 1000m左右。用高速摄像机研究发现梯级先导电流主要集中在直径为几厘米的核心通道内流动。已
知若电荷均匀分布在一条长直线上，与长直线距离为 r 处的电场强度大小的表达式为
E = 2k (λ 为单位长度上的电荷量，k = 9 ? 109 N . m2 /C2 ，e = 1.6 ? 10-19 C）。不考虑电荷运动引起的其他效应，下列估算正确的是( )
A ．梯级先导到达地面的时间约为7? 10-6 s
B ．电子柱内的平均电子数密度约为1 ? 1012 个/m3
C ．核心通道每米长度上的电荷量约为6? 10-6 C
D ．电子柱边缘处的电场强度大小约为4? 106 N / C
二、实验题（共 3 题，共 22 分）
14 ．(1)①某实验小组做“探究加速度与力、质量的关系” 的实验。若使用如图 1 所示的装置进行实验，下列说法正确的是 （选填选项前的字母）。
A.拉小车的细线应与带滑轮的长木板平行
B.实验开始时，让小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带
C.把木板右端垫高，小车在拉力作用下拖动纸带匀速运动，以平衡小车受到的阻力
D.为减小误差，实验中要保证槽码的质量 m 远小于小车的质量 M
②实验中打出的一条纸带的一部分如图2 所示。纸带上标出了连续的 3 个计数点 A 、B 、C，相邻计数点之间还有 4 个点没有标出。打点计时器接在频率为 50Hz 的交流电源上。由图中数据可计算出小车的加速度a = m / s2 （结果保留两位有效数字）。
(2)某同学测定当地重力加速度
①在某次实验中，测得单摆摆长为 L、单摆完成 n 次全振动的时间为 t，则利用上述测量量可得重力加速度的表达式g = 。
②若改变摆长，多次测量，得到周期平方T2 与摆长 l 的关系如图 3 所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是 （选填正确选项前的字母）。
A 测周期时多数了一个周期
B.测周期时少数了一个周期
C.测摆长时直接将摆线的长度作为摆长
D.测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长
(3)为定量研究平抛运动，建立以水平方向为 x 轴、竖直方向为y 轴坐标系。若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如图 4 所示，在轨迹上取 A 、B 、C 三点，AB
和 BC 的水平间距相等且均为 x，测得 AB 和 BC 的竖直间距分别是y1 和y2 ，则
（选填“大于” 、“等于”或者“小于”）。可求得钢球平抛的初速度大小为 （已知当地重力加速度为 g，结果用上述字母表示）。
(4)利用图5 装置做“验证机械能守恒定律”实验。
①除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外， 在下列器材中，还必须使用的器材是 。
A 交流电源 B.刻度尺 C.天平（含砝码）
②实验中，先接通电源，再释放重物，得到图6 所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点 A、B 、C，测得它们到起始点 O 的距离分别为hA 、hB 、hC 。已知当地重力加速度为 g，打点计时器打点的周期为 T。设重物的质量为 m。从打 O 点到打 B 点的过程中，重物的重力势能变化量ΔEp = ，动能变化量ΔEk = 。
(5)向心力演示器可以探究小球做圆周运动所需向心力 F 的大小与质量 m、角速度 w 、轨道半径 r 之间的关系，装置如图 7 所示，两个变速塔轮第一层的半径相同，通过皮带连接。实验时，匀速转动手柄使长槽和短槽分别随相应的变速塔轮匀速转动，槽内的金属小球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对小球的压力提供向心力， 小球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上黑白相间的等分格显示出两个金属球所受向心力的比值。实验还配有两个质量相同的钢球和一个同体积的铝球。
探究小球所受向心力大小与小球转动角速度之间关系是图 8 中的 （选填“ 甲”、“ 乙”或“丙”）。
(6)某学生小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验，如图 9 所示。实验过程中先用两个弹簧测力计共同拉动小圆环，平衡时记录下小圆环 O、两弹簧测力计的示数F1 和F2 及两条细线的方向，如图乙所示，再改用一个弹簧测力计单独将小圆环拉到位置 O，记录下此时弹簧测力计的示数 F 及细线的方向，如图丙所示。
关于实验操作，下列说法正确的是 。
A ．两只弹簧测力计的夹角越大越好
B ．在不超出量程的前提下弹簧测力计读数应适当大一些
C ．标记同一细绳方向的两点越近越好
D ．实验时，橡皮筋、细绳和弹簧测力计应平行于木板
(7)某同学做“探究弹簧弹力与弹簧伸长关系” 的实验。采用如图 10a 所示装置，质量不计的弹簧下端挂一个小盘，在小盘中增添砝码，改变弹簧的弹力，实验中作出小盘中砝码重力随弹簧伸长量 x 变化的图像如图 10b 所示。（重力加速 g = 10m / s2 ）利用图 10b 中图像，可求得
该弹簧的劲度系数为 N/m。
15．(1)用如图 1 所示的多用电表正确测量了一个阻值为 130Ω 的电阻后，需要继续测量一个阻值约为 2000Ω 的电阻。请从下列选项中挑选必需的步骤，按顺序排列为 （填步骤前的字母）。
A.将红表笔和黑表笔接触
B.把选择开关旋转到“×10”位置
C.把选择开关旋转到“×100”位置
D.把选择开关旋转到“×1k”位置
E.调节欧姆调零旋钮使指针指向表盘右侧“0”刻度线
F.将红、黑表笔分别接在待测电阻两端进行电阻测量
(2)在“测量金属丝的电阻率” 的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径，用刻度尺测出金属丝的长度 L，用伏安法测出金属丝的电阻 R，然后计算出该金属丝的电阻率。
①由图 2 可知，金属丝的直径 D 为 mm。
②计算金属丝电阻率的表达式为 r = （用 D 、L 、R 表示）。
(3)某兴趣小组利用铜片、锌片和橘子制作了水果电池，给你电压表、电流表、滑动变阻器、导线、开关等，请设计实验电路图。（测量电源电动势和内电阻）
(4)某学习小组在探究变压器原、副线圈电压与匝数关系的实验中，采用了可拆式变压器，
铁芯 B 安装在铁芯 A 上形成闭合铁芯，将原、副线圈套在铁芯 A 的两臂上，如图 3 所示。下列说法正确的是
A ．为保证实验安全，原线圈应接电压较低的直流电源
B ．变压器中的 A 、B 两块铁芯都是由柱状硅钢块制成
C ．变压器正常工作后，电能由原线圈通过铁芯导电输送到副线圈
D ．保持原线圈电压及匝数不变，可通过改变副线圈的匝数，研究副线圈的匝数对输出电压的影响
16 ．(1)用图 1 甲所示的装置探究气体的等温变化规律。
①下列哪些操作是必需的 。
A.调节空气柱长度时柱塞应缓慢地向下压或向上拉
B.测量空气柱的直径
C.读取压力表示数
D.读取空气柱的长度
②某小组利用测量得到的数据绘制的p -V 图像如图 1 乙所示，该组同学猜测空气柱的压强
跟体积成反比。如果想进一步通过图像来检验这个猜想是否合理，应当利用实验数据作出 图像。
(2)测量玻璃的折射率实验中，在白纸上放好玻璃砖，aa 9 和bb 9 分别是玻璃砖与空气的两个界面，如图 2 所示。在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1 和P2 ，用 “×”表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，并依次插上大头针P3 和P4 。在插P3 和P4 时，应使
A ．P3 只挡住P1 的像 B ．P4 只挡住P2 的像
C ．P3 同时挡住P1 、P2 的像 D ．P4 同时挡住P1 、P2 的像和P3
(3)某次测量时，选用的双缝的间距为 0.30mm，测得屏与双缝间的距离为 1.20m，叉丝中心线对准第 1 条亮纹中心时读数为 21.75mm，旋转测量头旋钮，叉丝中心线对准第 4 条亮纹中心时读数如图 3 所示，则读数为 mm，所测单色光的波长为 m（结果保留 2
位有效数字）。
三、计算题（共 4 题，共 39 分）
17 ．如图所示，把一个质量m = 0.1kg 的小钢球用细线悬挂起来，就构成一个摆。悬点 O 距地面的高度h = 1.45m ，摆长L = 1m 。将摆球拉至摆线与竖直方向成 37°角的位置，由静止释放，忽略空气阻力，g 取10m / s2 ，cos 37° = 0.8 。
(1)求小球运动到最低点时细线受到的拉力 F 的大小。
(2)若小球运动到最低点时细线断了，小球沿水平方向抛出，求它做平抛运动水平位移 x 的大小。
18．如图甲所示，长木板 A 放在光滑的水平面上，质量为m = 2kg 的另一物体 B 以水平速度
v0 = 2m / s 滑上原来静止的长木板 A 的表面。由于 A 、B 间存在摩擦，之后 A 、B 速度随时间变化情况如图乙所示，求
(1)木板获得的动能Ek ；
(2)系统损失的机械能 ΔE ；
(3)木板 A 的最小长度 L；
(4)A 、B 间的动摩擦因数 μ ;
19．如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨 MN 和 PQ 固定在绝缘水平面上，两导轨间距为 l，电阻均可忽略不计，在导轨的一端连接有阻值为 R 的定值电阻。一根长度为 l，质量为 m、电阻为 r 的导体棒 ab 垂直于导轨放置，并始终与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，导体棒 ab 在水平向右的拉力作用下，沿导轨做匀速直线运动，速度大小为 v，空气阻力可忽略不计。
(1)求通过定值电阻的电流 I 大小及方向。
(2)ab 两端电势差Uab 。
(3)求导体棒运动 t 时间内，拉力所做的功 W。
(4)撤去拉力后，电路中产生的总热量 Q。
20 ．如图所示，水平放置的两块带电金属极板 a 、b 平行正对，极板长度和极板间距都为 L，板间存在方向竖直向下、电场强度大小为 E 的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场。一 质量为 m、所带电荷量为+q 的粒子，以水平速度v0 从两极板的左端正中央射入极板间，恰 好做匀速直线运动。不计粒子的重力及空气阻力。
(1)求匀强磁场磁感应强度 B 的大小。
(2)若撤去电场，求粒子在匀强磁场中运动的轨道半径 R。
(3)若撤去磁场，粒子能从极板间射出，求粒子刚穿出电场时的动能Ek 。
1 ．A
A ．根据质量数和电荷数守恒可得，核反应方程为 4 C →4 N +-01 e该核反应放出电子，属于 β 衰变，故 A 正确；
B ．根据质量数和电荷数守恒可得，核反应方程为 8 U →4 Th + He该核反应放出 He ，即 α 粒子，属于 α 衰变，故 B 错误；
C ．根据质量数和电荷数守恒可得，核反应方程为 N + He → O + H
反应物有 4 N 和He 两种，属于人工核转变，不是自发的衰变过程，放出粒子为H ，故 C错误；
D ．根据质量数和电荷数守恒可得，核反应方程为 5 U + n →4 Ba + Kr + 3n
反应物有 5 U 和中子两种，属于重核裂变过程，不是衰变，放出多个中子，故 D 错误。故选 A。
2 ．D
A．康普顿效应表明光子除具有能量外还具有动量，是光具有粒子性的证据，故 A错误；
B．干涉是所有波特有的共性，横波、纵波都能发生干涉， 偏振现象才能说明光是横波，故B 错误；
C ．偏振是横波特有的性质，偏振现象说明光是横波，证明光具有波动性，故 C 错误；
D ．光电效应中，光子的能量被金属表面电子吸收，使电子获得足够能量逸出金属，直接说明光子具有能量，故 D 正确。
故选 D。
3 ．C
A ．由题图可知，当体积相同时，有
p2 > p1
根据理想气体状态方程
p1 p2
=
1 2
T T
可得
2 1
T > T
故 A 错误；
BC．A 到 B 的过程中，气体的体积增大，对外做功而内能不变，由热力学第一定律
ΔU = W +Q
可得，气体一定从外界吸收热量，故 C 正确，B 错误；
D．A 到 B 的过程中，气体温度不变，则分子运动的激烈程度不变，而气体的体积增大，分子数密度减小，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，压强减小，所以气体分子对器壁单位面积上的作用力也减小，故 D 错误。
故选 C。
4 ．C
A ．由图可知，原线圈交流电的周期为 0.02s，由
可得频率为
f = 50Hz
故 A 错误；
B ．由图可知，电源电压的有效值为 220V，理想变压器的原、副线圈的匝数比为4 :1，原副线圈的电压比为
解得副线圈电压即电阻 R 两端的电压为55V ，故 B 错误；
C ．根据欧姆定律可得
故 C 正确；
D ．原副线圈的电流比为
解得
电源输出功率约为
P = U1I1 = 55W
故 D 错误。
故选 C。
5 ．B
A ．由图乙可知，t = 0.4s 时 P 点向上振动，根据同侧法，波沿 x 轴正方向传播，故 A 错误；
BC ．由图甲可知，波长为
λ = 6m
由图乙可知，振动周期为
T = 0.4s
所以波速为
故 B 正确，C 错误；
1
D ．在t = 0.4s 到t = 0.5s 内，经过 T ，质点 Q 通过的路程是 2cm，故 D 错误。
4
故选 B。
6 ．D
在滑动变阻器R0 的滑片向下滑动的过程中，R0 变小，即电路的总电阻变小，则电路的干路电流 I 增大，根据闭合电路欧姆定律有
E = U + Ir
可知，电路的路端电压 U 减小，即电压表示数变小，则定则电阻 R 的电流I1 变小，根据
I = I1 + I2
可知滑动变阻器R0 的电流I2 增大，即电流表示数增大。
故选 D。
7 ．A
A ．根据万有引力提供向心力可得G 解得地球质量为M ，故 A 正确；
B ．核心舱质量m 在万有引力提供向心力的等式中被约去，无法求解，且选项给出的表达式本身推导错误，故 B 错误；
C ．向心加速度a = w2r
其中角速度w
代入轨道半径得a ，故 C 错误；
D ．线速度v = wr
代入得v ，故 D 错误。故选 A。
8 ．D
对小球受力分析如图所示
A ．小球受到重力和拉力的作用，这两个力的合力提供向心力，向心力是一种作用效果，物体受力分析时不能说受到向心力，故 A 错误；
B ．根据牛顿第二定律得
mgtanθ=ma
得
a=gtanθ
故 B 错误；
C ．根据牛顿第二定律得
解得小球圆周运动的周期
故 C 错误；
D ．某时刻剪断细线，小球只受重力的作用，有水平方向的速度，所以小球做平抛运动，故D 正确；
故选 D。
9 ．B
A ．下落至重力与弹性绳拉力等大时速度最大，A 错误；
B ．从开始到下落速度最大，小明重力势能的减少量等于动能的增加量与绳弹性势能之和， B 正确；
C ．从开始到下落至最低点的过程，小明的机械能减小，因为绳弹性势能增大，C 错误；
D ．从开始到下落至最低点，由于初末动能为零，故小明重力势能的减少量等于弹性绳弹性势能的增加量，D 错误。
故选 B。
10 ．D
AB ．由乙图可知，试探电荷+ q 从 b 到 a 先减速后加速，说明电场力方向先向左后向右，而正电荷受电场力的方向与场强方向一致，即合场强方向也是先向左后向右，故 b
到 a 间的电势先升高后降低，而Q1 在ba 间产生的分场强一直向右，故Q2 在ba 间产生的分场强向左，故Q2 带负电，故 AB 错误；
C ．b 点和Q2 之间场强方向都是向左的，在乙图中图像最低点对应加速度为 0, 即场强为零的点在b 点和 a 之间，故 C 错误；
D ．由图乙可知，试探电荷从b 点到 a 点的速率减小，则动能减小，说明电场力做的总功为负，+ q 的电势能增加，则电势升高，即a 点电势比b 点高，故 D 正确。
故选 D。
11 ．B
A ．0～0.4s 内，磁感应强度增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律“增反减同”可知，感应电流的磁场与原场强方向相反，据右手螺旋定则，可知感应电流的方向为正，故 A 正确；
B ．0.4～0.5s 内，线圈中的磁感应强度减小，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律“增反减同”可知，感应电流的磁场与原场强方向相同，线圈中的感应电流在轴线处的磁场方向向上，故 B 错误；
C ．0.4～0.5s 内，线圈中的感应电动势大小
E = N V=4V ，故 C 正确；
D ．0～0.4s 内，线圈中的感应电动势大小
设线圈的电阻为R ，0～0.4s 内与 0.4～0.5s 内线圈中的感应电流大小之比 故 D 正确。
本题选择不正确的，故选 B。
12 ．B
A ．地铁移动速度达到相邻图片时间间隔为 0.05s 时，可以认为广告画面静止，所以列车速度为
A 错误；
B ．以匀速行驶的列车为参考系，画中的苹果是自由落体运动，则在以地面为参考系中画中苹果任意时刻水平方向的位置与列车相同，竖直方向自由落体的位置，因此隧洞墙壁上每幅画中苹果所在的位置可连成抛物线，B 正确；
C ．列车匀速直线运动，每隔相等时间通过一幅画，则苹果在竖直方向的自由落体运动，连续相等时间内的位移之比是1: 3 : 5 :…:(2n -1)，隧洞墙壁上相邻两幅画中苹果之间的高度差不相等，C 错误；
D ．根据 Δy = gT2 可得
隧洞墙壁上连续相邻两幅画中苹果之间的高度差的差值为
Δy = gT2 = 10 ? (0.05)2 m = 2.5cm D 错误。
故选 B。
13 ．D
A ．梯级先导到达地面的时间约为
故 A 错误；
B ．取时间 Δt 通过某横截面积的电荷量为
解得
故 B 错误；
C ．取时间 Δt通过某横截面积的电荷量为
Q = IΔt = rvΔt
解得
D ．根据
解得
故 D 正确。
故选 D。
14 ．(1) AD 0.50
4π2Ln2
(2) 2 CD
t
(3) 大于 x
(4) AB -mghB (5)甲
(6)BD (7)200
（1）[ 1]A．拉小车的细线与长木板平行，可保证小车所受合力方向与运动方向一致，避免分力影响，故 A 正确；
B ．实验应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，否则纸带前端点迹缺失，故 B 错误；
C．平衡阻力时应不挂槽码，让小车拖着纸带匀速运动，若挂槽码则会改变受力，故 C 错误；
D ．只有当槽码质量 m 远小于小车质量 M 时，槽码重力才可近似等于小车所受拉力，减小系统误差，故 D 正确。
故选 AD。
[2]相邻计数点之间还有 4 个点没有标出，则相邻计数点时间间隔 t=0. 1s，根据
Δx = xBC - xAB = 0. 1290m - 0.0620 - 0.0620m = at2解得a = 0.50m / s2
（2）[ 1]单摆周期为T 解得g
[2]AB ．由①可知TL
测周期时多数了一个周期或少数了一个周期，会影响 g 的准确性，但图像依然过原点，故AB 错误；
d
C ．测摆长时直接将摆线的长度作为摆长 L，则实际摆长为 L + （d 为小球直径），则2
可知图像斜率不变，对 g 的测量没影响，但图像不过坐标原点，故 C 正确；
d
D ．测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长 L，则实际摆长为 L - ，则2
可知图像斜率不变，对 g 的测量没影响，但图像不过坐标原点，且与纵坐标的交点应该为负值，故 D 错误。
故选 C。
（3）[ 1]若 A 是平抛起点，则竖直方向连续相等时间内位移比为 但图中 A 不是起点，A 点已有竖直分速度，则
[2]对小球，竖直方向有y2 - y1 = gt
水平方向有x =v0t
联立解得v0 = x
（4）[ 1]A ．电磁打点计时器需要交流电源供电，必须使用，故 A 正确；
B ．需要用刻度尺测量纸带上点的间距，以计算下落高度和速度，必须使用，故 B 正确；
C ．验证机械能守恒时有mgh mv2
可知质量 m 可约去，无需天平测量，故 C 错误。
故选 AB。
[2]从打 O 点到打 B 点的过程中，重物的重力势能变化量ΔEp = -mghB
[3]动能变化量 mv
（5）探究小球所受向心力大小与小球转动角速度之间关系时，根据F向 = mw2r
可知需要保证小球 m、r 不变，即需要变速塔轮的半径不同（因为塔轮边缘线速度等大，角速度w ），对比可知甲符合要求。
（6）A ．两只弹簧测力计的夹角并非越大越好，夹角过大会导致合力过小，实验误差较大，故 A 错误；
B．在不超出量程的前提下，弹簧测力计读数适当大一些，可减小读数的相对误差，故 B 正确；
C ．标记同一细绳方向的两点应适当远一些，这样画出的力的方向更准确，两点太近会导致方向偏差大，故 C 错误；
D ．实验时，橡皮筋、细绳和弹簧测力计应平行于木板， 避免产生垂直于木板的分力，保证力在同一平面内，故 D 正确。
故选 BD。
（7）根据胡克定律可知k
结合图 10b 可知k N / m=200N / m
15 ．(1)CAEF
18034031115
(3)
(4)BD
（1）测量约 2000Ω 电阻时，需选择合适倍率并重新欧姆调零：将选择开关旋转到“×100”位置（倍率约为，指针指在表盘中央附近，测量更准确）（C），将红表笔和黑表笔接触（进行欧姆调零前的短接准备）（A），调节欧姆调零旋钮使指针指向表盘右侧“0”刻度线（E），将红、黑表笔分别接在待测电阻两端进行电阻测量（F）。故步骤顺序
CAEF。
（2）[ 1] 图 2 可知D = 2mm + 0.01mm × 15. 1=2. 151mm
[2]根据R = p 解得 p
（3）水果电池内阻较大，采用电流表内接法，滑动变阻器限流接法，电压表需测量路端电压，故电路图如下
（4）A ．原线圈应接交流电源，直流电源无法产生变化磁通量，变压器不能工作，故 A 错误 ；
B ．铁芯由硅钢片制成，以减小涡流损耗，故 A 、B 两块铁芯均为此材质，故 B 正确 ；
C．变压器工作时，电能是通过磁场的互感现象传递到副线圈，并非通过铁芯导电输送，故
C 错误 ；
D ．保持原线圈电压及匝数不变，改变副线圈匝数，可研究 ，故 D 正确。
故选 BD。
1
16 ．(1) ACD p - V
(2)CD
(3) 29.30 6.3 × 10-7
（1）[ 1]A ．缓慢操作可保证温度不变（等温条件），此为必需操作，故 A 正确； BD ．实验中只需测空气柱长度（体积与长度成正比），无需测直径，故 B 错误，D 正确；
C ．实验需读取压强p，故读取压力表示数是必需的，故 C 正确。
故选 ACD。
1 1
[2]作出p - 图像，若图像是一条过原点的倾斜直线，则p 正比于 ，这表明 p 与 V 成反V V
比。
（2）在标记出射光线时，需要P3 同时挡住P1、P2 的像，P4 挡住P1、P2 的像和P3 。
故选 CD。
（3）[ 1] 图 3 可知游标卡尺精度为 0.05mm，则读数为 29mm+0.05mm ? 6=29.30mm
[2]相邻条纹间距 m ≈ 2.52 ? 10-3m根据
其中d = 0.30 ? 10-3m、L=1.20m联立解得 λ = 6.3 ? 10-7 m
17 ．(1) F = 1.4N
(2) x = 0.6m
（1）小球从释放到最低点过程，根据机械能守恒有mgL mv2解得v = 2m / s
小球在最低点有F, - mg = m 联立解得F, = 1.4N
根据牛顿第三定律可知F = F, = 1.4N 。
（2）若小球运动到最低点时细线断了，小球沿水平方向抛出，则竖直方向有h - Lgt2水平方向有x = vt
联立解得x = 0.6m
18 ．(1)Ek = 1J
(2) ΔE = 2J
(3) L = 1m
(4) μ = 0.1
（1）图像可知 AB 最终的速度大小为v共 = 1m/s ，设 A 的质量为 M，规定向右正方向，根据动量守恒有mv0 = (M + m)v共
解得 M=2kg
则木板获得的动能Ek MvJ
（2）系统损失的机械能 mvJ
（3）木板 A 的最小长度为共速前 B 相对 A 运动的距离，图像可知 B 相对 A 运动的距离为
（4）根据功能关系有ΔE = μmg ? L联立解得 μ = 0.1
19 ． ，电流方向 M 指向 P
（1）通过定值电阻的电流I 右手定则可知电流方向 M 指向 P。
（2）导体棒充当电源，电源内部电流从负极流向正极，故 b 点电势高于 a 点电势，则
（3）对导体棒，根据平衡条件可知，拉力与导体棒受到的安培力等大，故导体棒运动 t 时间内，拉力所做的功W = BIl ? vt
（4）撤去拉力后，根据能量守恒可知，电路中产生的总热量Q mv2 20 ．
（1）由粒子受力平衡可知qBv0 = Eq解得B
（2）若撤去电场，粒子在匀强磁场中运动过程有 qv0B = m 联立解得R
（3）若撤去磁场，粒子做类平抛运动，水平方向有L = v0t竖直方向有y at t2
联立解得y
根据动能定理有Eqy = Ek mv 联立解得Ek mv

展开更多......

收起↑