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广西壮族自治区南宁市青秀区南宁市第十四中学2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·青秀模拟）在倡导“节能环保”“低碳生活”的今天，人类应特别重视下列哪种能源的利用（）
A．太阳能 B．煤炭 C．石油 D．天然气
【答案】A
【知识点】能源及其分类；能源与可持续发展
【解析】【分析】理想能源应满足几个特点：环保，来源广泛，容易转化等．
【解答】太阳能取之不尽用之不竭，而且环保，不会对环境产生影响，也在科学技术的进步也很容易转化为其他形式的能；煤炭、石油、天然气属于化石能源，属于不可再生能源，并且在使用时会产生废物、废气污染环境，与节能环保，低碳生活不相符．
故选A．
2．（2025·青秀模拟）随着科技的进步，世界上发明出了一种用负电微粒杀灭微生物的机器人，该微粒可能是（　　）
A．原子核 B．电子 C．中子 D．质子
【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子结构由带正电的原子核和带负电的核外电子构成。其中，原子核又由带正电的质子和电中性的中子组成。由于质子带正电而中子不带电，原子核整体显正电性；核外电子则带负电荷。题目中机器人喷射的带负电粒子，在组成原子的基本粒子中只有电子带负电，因此正确答案为电子（选项B）。其他选项不符合题干条件。
故选B。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
3．（2025·青秀模拟）如图所示的一款智能手表，由多个部件组成，其中属于导体的是（　　）
A．橡胶表带 B．电子芯片 C．玻璃表盘 D．金属表壳
【答案】D
【知识点】导体与绝缘体；半导体特点及作用
【解析】【解析】智能手表不同部件的导电性质分析如下：橡胶表带和玻璃表盘：导电性能差，属于绝缘体，电子芯片（主要成分为硅）：导电性能介于导体与绝缘体之间，属于半导体，金属表壳：导电性能良好，属于导体
综上所述，选项D的描述是正确的，A、B、C选项均不符合实际情况。
正确答案：D
【分析】导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体，绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨。
4．（2025·青秀模拟）有一种手抛灭火弹，弹内装有干冰（固态二氧化碳）。当灭火弹被投入火场后，干冰迅速变成气态的二氧化碳，隔绝空气，达到灭火效果。上述过程中，干冰发生的物态变化是（　　）
A．凝华 B．汽化 C．熔化 D．升华
【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】灭火弹投入火场后，其中的干冰（固态二氧化碳）会吸收热量并快速转变为气态二氧化碳，这一物态变化过程称为升华。因此选项ABC不符合题意，只有选项D正确。
故选D。
【分析】升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
5．（2025·青秀模拟）下列实例中，利用连通器原理工作的是（　　）
A．注射器
B．船闸
C．热气球
D．拔火罐
【答案】B
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、注射器只有一部分，不是连通器，故A不符合题意；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B符合题意；
C、热气球不符合上端开口下端连通的特点，不是连通器，故C不符合题意；
D、拔火罐不符合上端开口下端连通的特点，不是连通器，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】根据连通器定义：上端开口下端连通的多个容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
6．（2025·青秀模拟）中华成语博大精深，有些成语蕴含着物理知识。下列现象与成语“镜花水月”中的成像原理相同的是（　　）
A．水中倒影 B．激光准直
C．如影随形 D．海市蜃楼
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】镜花水月现象属于平面镜成像，其原理是光的反射。
A．水中倒影是平面镜成像现象，由光的反射形成，符合题意；
B．激光准直应用了光沿直线传播的原理，不符合题意；
C．影子现象是由于光沿直线传播造成的，不符合题意；
D．海市蜃楼是由光的折射产生的现象，不符合题意。
正确答案是A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
7．（2025·青秀模拟）下图是汽油机工作时某冲程的示意图。下列说法正确的是（　　）
A．该冲程是吸气冲程
B．该冲程主要将机械能转化为内能
C．该冲程使汽车获得了动力
D．该冲程能排出汽车的废气
【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】ABC．根据图示分析，汽油机的两个气门均处于关闭状态，同时活塞向下移动，可以判断此时为做功冲程。该冲程的主要能量转化是将内能转化为机械能，从而为汽车提供动力。因此选项AB的表述是错误的，而选项C正确。D．汽油机的排气冲程负责排出废气，题目中描述的做功冲程与排气冲程是两个不同的工作阶段，故选项D错误。
正确答案为C。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
8．（2025·青秀模拟）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁片烧红，使其头尾分别指向南北方向，然后将其放入水中冷却，通过地磁场的作用，鱼形铁片获得磁性，即可制成指南鱼。使用时将指南鱼放入水中漂浮，鱼头指南，如图所示。下列判断正确的是（　　）
A．鱼形铁片不能被磁体吸引 B．指南鱼周围存在磁感线
C．指南鱼的鱼头应标注“S” D．指南鱼的腹部磁性最强
【答案】C
【知识点】磁场；磁感线及其特点
【解析】【解析】选项A分析：由于磁体具有吸引铁、钴、镍等金属的特性，鱼形铁片会被磁体吸引，因此该选项表述错误。
选项B分析：磁感线是人为引入的虚拟概念，用于直观表示磁场分布，实际在指南鱼周围并不存在真实磁感线，故该选项错误。
选项C分析：当指南鱼在水中处于漂浮状态时，其鱼头指向地理南极，根据磁极命名规则应标记为"S"极，此选项正确。
选项D分析：根据磁体磁性强弱分布规律，两端磁性最强而中间最弱，因此指南鱼腹部磁性最弱，该选项表述错误。
综上所述，正确答案为。
【分析】磁性作用规律：异性磁极相互吸引，同种磁极相互排斥；
地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近；
磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极，磁感线越密集，磁性越强。
9．（2025·青秀模拟）下图是我国研发的一种新型水陆两栖飞行器——“同济飞鱼”，它既可以在空中像无人机一样飞行，又可以入水后像潜水艇一样潜行。关于该飞行器，下列说法正确的是（　　）
A．飞行器在水中悬浮时，不受重力的作用
B．飞行器在水中下潜时，受到水的压强变大
C．飞行器在空中加速上升时，机械能不变
D．飞行器在空中盘旋时，运动状态不变
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】A．地球表面附近的所有物体都受到重力作用，因此选项A的说法是错误的。
B．飞行器在水中下潜过程中，随着深度增加，根据压强公式，水对飞行器的压强会增大，所以选项B是正确的。
C．当飞行器在空中加速上升时，其质量不变，但高度和速度都增加，导致重力势能和动能都增大，因此机械能也随之增大，故选项C是错误的。
D．飞行器在空中盘旋时，由于运动方向持续变化，其运动状态在不断改变，所以选项D是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
压强的计算：公式为p=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
10．（2025·青秀模拟）小明积极参加劳动，并利用周末时间学做菜。以下是他由做饭联想到的物理知识，其中正确的是（　　）
A．炒菜放盐菜变咸，是因为盐分子在不停地做无规则运动
B．抽油烟机能将油烟排到室外，利用了流速越大的位置压强越大的原理
C．高压锅烹饪食物时，利用了水的沸点随气压的增大而降低
D．蒸馒头时，锅的上方冒出的“白气”是水蒸气
【答案】A
【知识点】液化及液化放热；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】A．炒菜时加盐使菜变咸，是由于盐分子在不停地做无规则运动（扩散现象），逐渐进入菜中，因此选项A正确；B．抽油烟机排出油烟的工作原理是利用流体流速大的位置压强小的原理，所以选项B的说法是错误的；
C．高压锅烹饪食物的原理是通过增大气压来提高水的沸点，因此选项C的表述是错误的；
D．蒸馒头时锅上方出现的"白气"是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故选项D是错误的。
正确答案是A。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分。）
11．（2025·青秀模拟）关于球类运动中的力学现象，下列说法正确的是（　　）
A．草地上滚动的足球逐渐停下来，是因为足球的惯性在减小
B．击打排球时手臂感到疼痛，是因为力的作用是相互的
C．从不同角度击打乒乓球，产生的作用效果不同
D．篮球鞋的鞋底刻有花纹，是为了减小摩擦
【答案】B,C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解析】A．物体的惯性仅由质量决定，足球的质量未改变，因此惯性保持不变。足球停止运动是由于受到草地的摩擦阻力作用，选项A错误；B．根据牛顿第三定律，击打排球时手对球施加作用力的同时，排球对手产生大小相等、方向相反的反作用力，这一现象证明了力的相互作用性质，选项B正确；
C．力的作用效果取决于力的大小、方向和作用点（力的三要素）。通过改变击打乒乓球的角度，实质上是调整了施力方向或作用点，从而导致球的运动轨迹或旋转状态发生变化，选项C正确；
D．鞋底花纹的设计原理是通过增加接触面粗糙程度来提高摩擦力，但选项表述与题干要求不符，故D错误。
正确答案为BC。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、力的三要素包括：作用点、方向、大小，均会对物体的运动产生影响。
4、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
12．（2025·青秀模拟）课余时间，小军设计了一款模拟调光台灯，其实物图如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，当回形针向左移动时，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变大
B．电压表的示数变小
C．小灯泡变暗
D．为使小灯泡亮度变化更明显，可选用更细的铅笔芯
【答案】A,D
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据电路图分析，灯泡、电流表和铅笔芯串联连接，电压表并联在灯泡两端测量其电压。
ABC选项分析：当闭合开关后，若回形针向左移动，会导致铅笔芯接入电路的电阻减小。根据欧姆定律（）可知，电路电流将增大，表现为电流表示数变大；同时根据电压公式（），灯泡两端电压也会增大，表现为电压表示数变大且灯泡变亮，因此A选项正确，BC选项错误。
D选项分析：铅笔芯越细时，其电阻越大，在相同移动距离下电阻变化更显著，使得灯泡亮度变化更明显，故D选项正确。
综上所述，正确答案为AD。
【分析】变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当变阻器滑片移动时，接入电路中的阻值变化，导致电路中的电流变化，电流表示数变化，灯泡的亮度变化。
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·青秀模拟）李白在《早发白帝城》中写道“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还。两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山。”诗人能分辨出猿啼而非鸟鸣，是根据声音的　 　（选填“音调”“响度”或“音色”）；以　 　（选填“万重山”或“诗人”）为参照物，轻舟是运动的。
【答案】音色；万重山
【知识点】音调、响度与音色的区分；参照物及其选择
【解析】【解答】由于发声体的结构和材料存在差异，不同发声体产生的声音具有不同的音色特性。诗人能够区分猿啼和鸟鸣，正是通过声音的音色特征来辨别的。音色作为声音的重要属性，反映了声音的品质特点。
轻舟的运动状态与所选择的参照系密切相关。当以万重山作为参照物时，可以观察到轻舟的位置持续发生变化，因此从该参照系来看，轻舟处于运动状态。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
14．（2025·青秀模拟）小明发现，中医诊疗的过程中用到了许多物理知识。如图所示，刮痧是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式增加内能；针灸时，针尖做得很细是为了　 　压强。
【答案】做功；增大
【知识点】做功改变物体内能；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】刮痧板在皮肤表面移动时，由于摩擦作用需要克服阻力做功，这部分机械能转化为热能，导致皮肤组织温度上升、内能增加。该过程是通过机械功实现能量转化的典型实例。
针灸治疗中，针具尖端采用极小直径的设计，根据压强公式，在施力(F)恒定的条件下，通过减小接触面积可显著提高局部压强，从而实现更好的穿刺效果。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．（2025·青秀模拟）一杯热水慢慢变凉后不会自己重新变热，说明能量的转移和转化具有　 　；杯中的水很难被压缩，这是因为分子间存在　 　。
【答案】方向性；斥力
【知识点】能量的转化或转移；分子间相互作用力
【解析】【解答】根据热力学第二定律，热量传递具有方向性。热水自发变凉的过程是通过热传递将热量传递给周围环境，这一过程不可逆转，说明能量转化和转移具有不可逆性。
液体分子间的距离相对较小，当受到外界压缩时，分子间的斥力会显著增大，因此表现出难以被压缩的宏观特性。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
16．（2025·青秀模拟）图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。闭合开关S1和S2后，电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极；当运动员蹬在起跑器上时，若运动员抢跑，则力敏电阻R0所受的压力变小，其电阻变小，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则可判定该运动员抢跑。
【答案】S；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据图示电流方向（从电磁铁上端流入、下端流出），应用安培定则可判定：电磁铁下端为N极，上端为S极。
当工作人员同时闭合开关S1和S2时：发令指示灯L1立即点亮， 若运动员抢跑，压力传感器R0所受压力减小→其电阻值减小→控制电路电流增大（欧姆定律I=U/R）， 电流增大导致电磁铁磁性增强→吸引衔铁动作→接通抢跑指示灯L2的电路→L2亮起示警
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
17．（2025·青秀模拟）在某老旧小区改造工地上，工人用起重机将重1.2×104N的施工材料分成两个阶段运到工作台上。第一阶段，施工材料被匀速吊起6m，使其与工作台处在同一高度，用时10s；第二阶段，施工材料被水平匀速移动5m，用时5s。那么在第一阶段，起重机对施工材料做功的功率是　 　W；在第二阶段，起重机对施工材料做的功为　 　J。
【答案】7200；0
【知识点】功率计算公式的应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】在第一阶段中，起重机对施工材料所做的功可通过公式计算：，接着计算功率：；在第二阶段，由于施工材料未在起重机拉力的方向上发生位移，因此起重机对其所做的功为0。【分析】对物体做功：物体受到力的作用，且沿着力的方向产生力位移。
18．（2025·青秀模拟）在图甲所示的模型中，A、B是质量分布均匀的正方体。当沿水平方向切去该模型的高度为h，并将切去部分按图乙所示平放在同一水平地面上时，该模型剩余部分对地面的压强p1随切去高度h变化的图像如图丙所示。已知B的质量为4kg，切割之前，B对A的压强为　 　Pa；当切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，h=　 　m。（g取10N/kg）
【答案】4000；0.25
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由图像可知，时，刚好被完全切去，的体积为，根据重力公式计算可知的重力为。对的压力等于重力，即，结合压强公式计算可知对的压强为
由图可知，的体积为，刚好切去，剩余对地面的压强为，据此计算的密度为，同理计算的密度为
切去，切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，则根据压强公式计算
代入解得，不符合题意。若，切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，根据压强公式计算可知
代入解得，符合题意。
【分析】压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
四、作图题（本大题共1小题，共6分。）
19．（2025·青秀模拟）（1）某学校开展了“光与生活”的实践活动，小明想起奶奶家阳台上有些喜阳的植物总是光照不足。为了帮奶奶解决这个问题，请在图中的A点处画出平面镜的位置，使得太阳光经反射后可以照射到B点；（保留作图痕迹）
（2）图甲中，被打开的汽车后备箱盖由液压杆支撑（不计后备箱盖重），可被看作一个杠杆，图乙是其简化图。O是支点，F2是液压杆作用在A点的力，请在图乙中画出：在B点关上后备箱盖所需的最小动力F1和阻力臂L2；
（3）下图是明明检测房间内电路时的情况，请将螺口灯泡和拉线开关接入电路。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；杠杆中最小力的问题；家庭电路的组成
【解析】【解答】（1）太阳光照射到A点，经平面镜反射到B点。连接AB确定反射光线，根据光的反射定律（反射角等于入射角），找出反射光线与入射光线夹角的角平分线即为法线。过A点作法线的垂线即可确定平面镜的位置，如图所示：
（2）阻力F2及其力臂大小确定后，阻力与阻力臂的乘积为定值。根据杠杆平衡原理（F1L1=F2L2），动力臂越大则动力越小。连接支点O与B点得到最大动力臂OB，过B点作OB的垂线即为动力作用线。由于阻力F2使杠杆逆时针转动，故动力F1需使杠杆顺时针转动，方向应向下，阻力臂L2垂直阻力并且过支点O，如图所示：
（3）电路中使测电笔氖管发光的导线为火线。根据安全用电原则，开关必须接在火线上；螺口灯泡的金属触点接火线，螺旋外壳接零线，接线方式如图所示：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）太阳光照射到A点，经平面镜反射到B点，连接AB确定反射光线，根据光的反射定律，反射角等于入射角，找出反射光线与入射光线夹角的角平分线，即为法线，过A点作法线的垂线，即可确定平面镜的位置，故如图所示：
。
（2）阻力确定，阻力臂的大小确定，阻力与阻力臂的乘积一定，根据杠杆平衡原理可知，动力臂越大，动力越小，越省力，动力臂是支点到动力作用线的距离，连接OB就是最大的动力臂，过B点做OB的垂线，即为动力的作用线，阻力F2使杠杆逆时针转到，故动力F1使杠杆顺时针转动，故动力F1的方向是向下，故如图所示：
。
（3）使氖管发光的那一根线是火线，为了避免触电事故，开关需要接在火线上，螺口灯泡的金属接触点接在火线上，螺旋外壳直接与零线相连，故如图所示：
。
五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）
20．（2025·青秀模拟）小张在高速公路上看到了许多限载限速标志牌，由此想探究动能的大小与哪些因素有关，于是做了下图所示的实验。
（1）该实验中，小球动能的大小是通过　 　来反映的。
（2）在探究动能的大小与质量的关系时，为保证小球到达水平面时的速度相同，需控制小球由静止下滑时的　 　相同。
（3）通过比较　 　两次实验，可以得出动能的大小与质量的关系；比较甲、乙两次实验，得出的结论可以解释汽车在高速路上　 　（选填“超速”或“超载”）的危害。
（4）小张在老师的指导下，改进了实验装置，如图丁所示，他想通过用质量不同的铁球压缩同一弹簧至相同程度后由静止释放，使其撞击同一木块，来探究铁球的动能大小与质量的关系，请判断这个设计方案是否正确，并说明原因：　 　。
【答案】（1）木块移动距离的远近
（2）高度
（3）甲、丙；超速
（4）不正确，木块移动的距离相同
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中通过观察木块被推动的距离来间接反映小球的动能大小，这种方法称为转换法。
（2）为探究动能与质量的关系，需要控制速度相同而改变质量。实验中让小球从同一斜面的相同高度由静止下滑，确保到达水平面时速度相同。比较甲、丙两次实验（质量不同但高度相同）符合这一要求。
（3）分析甲、丙实验数据可知：当速度相同时，质量越大的小球推动木块移动距离越远，说明动能与质量成正比。
对比甲、乙实验发现：质量相同的小球，从更高处下滑（获得更大速度）时，推动木块移动距离更远。这解释了为什么汽车超速（速度增大）会带来更大的危险性。
（4）该实验通过木块移动距离反映小球动能，本质是比较小球对木块做功的多少。图丁装置中，用不同质量小球压缩相同弹簧后释放，由于弹簧弹性势能仅与形变量有关（此时相同），转化为动能时各小球动能相同但速度不同。最终木块移动距离相同，无法区分动能差异，因此该方案不能达成实验目的。
【分析】1、物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本实验中通过观察木块被推动的距离来间接反映小球的动能大小；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如动能的影响因素有：质量、速度。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同。
3、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比.
（1）小球动能的大小是通过木块移动距离的远近来反映的，这是转换法的应用。
（2）小球由静止从同一斜面相同高度下滑，到达水平面时具有相同的速度；要探究动能大小与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制小球的速度相同，即小球下滑的高度相同，小球的质量不同，由图可知，甲、丙两次实验满足实验要求。
（3）[1]由甲、丙两次实验可知，小球的质量不同，下滑的高度相同，即速度相同，推动木块移动的距离不同，可以得出动能的大小与质量的关系。
[2]由甲、乙两次实验可知，小球的质量相同，下滑的高度不同，即速度不同，推动木块移动的距离不同；小球下滑的高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以解释汽车在高速路上超速的危害。
（4）实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明小球对木块做功的多少，从而判断出小球具有的动能的大小，这是转换法；观察图丁的装置可知，若用质量不同的小球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，即不同质量的小球的动能相同，速度不同，而且木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
21．（2025·青秀模拟）（1）弹簧测力计的工作原理是在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，其　 　就越大；如图1所示，物体A受到的重力是　 　N。
（2）小聪同学用图2甲所示的装置探究冰熔化时温度的变化规律，将试管放入水中加热，而不是用酒精灯对其直接加热，这样做的目的是　 　（写出一个即可）；冰熔化前后温度随时间变化的图像如图2乙所示，分析图像可知，冰是　 　（选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）小明用天平测量一块石头的质量。他将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺左端的　 　处，调节平衡螺母使天平水平平衡，然后将石头放在左盘中，在右盘添加砝码并移动游码，天平再次水平平衡时，盘中砝码和游码位置的情况如图3所示，则该石头的质量是　 　g。
【答案】（1）伸长量；3.6
（2）使冰均匀受热；晶体
（3）零刻度线；80.6
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；质量的测量与天平的使用；弹簧测力计及其使用；二力平衡的条件及其应用
【解析】（1）弹簧测力计的工作原理依据胡克定律，即在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受到的拉力成正比。弹簧受到的拉力越大，其伸长量也越大。根据图中信息，物体A受到弹簧测力计的拉力为3.6 N。根据力的平衡条件，弹簧测力计的示数等于挂钩所受拉力的大小，因此物体的重力为3.6 N。
（2）将试管放入水中加热而非直接用酒精灯加热，目的是使冰均匀受热，避免局部过热导致实验数据偏差。
冰熔化过程的温度-时间图像显示，冰在熔化时温度保持不变，并具有明确的熔点，表明冰属于晶体。
（3）使用天平时需将游码移至标尺左端的"零刻度线"处，以确保测量前的初始状态归零。当天平再次水平平衡时，物体的质量等于右盘砝码总质量与游码示数之和，因此石头的质量为。
【分析】弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
（1）[1]弹簧测力计的工作原理是在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，其伸长量就越大。这一原理基于胡克定律，即弹簧的伸长量与所受拉力成正比。
[2]根据图中的信息，物体A受到弹簧测力计的拉力是 3.6 N，由力的平衡，弹簧测力计的示数等于挂钩处所受拉力的大小，即物体的重力为3.6 N。
（2）[1]将试管放入水中加热，而不是用酒精灯对其直接加热，这样做的目的是使冰均匀受热，避免局部过热导致实验结果不准确。
[2]冰熔化前后温度随时间变化的图像如图所示，分析图像可知，冰在熔化过程中温度保持不变，且有一定的熔点，因此冰是晶体。
（3）[1]把游码拨至标尺左端的 “零刻度线”处，这是天平使用前的必要步骤，目的是为了确保天平的初始状态为“零”。
[2]天平再次水平平衡时，右盘中砝码的总质量加上游码所对应的示数，就是被测物体的质量，那么石头的质量就是
22．（2025·青秀模拟）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣。如图所示，他在用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜的成像规律。
（1）如图甲所示，光屏上成清晰的像，这个像是　 　（选填“实像”或“虚像”）。
（2）一段时间后，烛焰的像如图乙所示，此时将蜡烛向　 　调节可以使烛焰的像移到光屏中央。
（3）通过实验，小明发现蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰的像越　 　（选填“大”或“小”）；把蜡烛向凸透镜靠近时，要使光屏上仍能得到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向慢慢移动。
（4）小明认为凸透镜成实像时，像与物不但上下是颠倒的，左右也是相反的。若要验证小明的观点，应该沿　 　（选填“垂直”或“平行”）于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像晃动的方向是否与烛焰晃动的方向相反。
（5）小明和小丽又尝试用凸透镜观看对方，如图丙所示。当他们相距1m时，小明通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，此时小丽透过凸透镜　 　（选填“能”或“不能”）看到小明清晰的像。
（6）小明在参加项目化学习时，用该凸透镜、大小不同的两个纸筒（可套在一起）、半透明纸、刻度尺、胶带、剪刀、割纸刀等物品制作了一个简易照相机，如图丁所示。半透明纸到凸透镜的距离范围是　 　。
【答案】（1）实像
（2）上
（3）小；远离
（4）垂直
（5）不能
（6）大于10cm小于20cm
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）光屏上能形成清晰的像，表明有实际光线汇聚在光屏上，因此该像为实像。
（2）在图乙中，像位于光屏上方。根据凸透镜成实像时像与物体上下颠倒的特性，应将蜡烛向上调整，使烛焰的像移至光屏中央。
（3）根据凸透镜成像规律，物距增大时，像距减小，像的大小也随之减小。因此，蜡烛离凸透镜越远，光屏上获得的清晰像越小。
由于凸透镜成像时物体和像移动方向相同，当蜡烛向凸透镜靠近时，为了保持光屏上仍能获得清晰像，应将光屏远离凸透镜。
（4）要验证像与物体在上下左右方向均颠倒，应沿垂直于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像的晃动方向是否与烛焰晃动方向相反。
（5）小明通过透镜能看到小丽眼睛的正立像，说明小丽位于凸透镜的1倍焦距以内。两人相距1米，表明小明在2倍焦距之外。此时小明通过凸透镜所成的像位于1倍焦距和2倍焦距之间，因此小丽透过凸透镜无法看到小明的清晰像。
(6)根据照相机成像原理，物距需大于二倍焦距，像距应在一倍焦距到二倍焦距之间。已知焦距为10cm，半透明纸到凸透镜的距离即为像距，因此该距离范围应大于10cm且小于20cm。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
2、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
3、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
（1）光屏上成清晰的像说明有实际光线会聚在光屏上，所以这个像是实像。
（2）图乙中像在光屏的上方，根据凸透镜成的实像与物体上下颠倒的特点，所以应将蜡烛向上调节可以使烛焰的像移到光屏中央。
（3）[1]根据凸透镜成像规律，物距越大，像距越小，像越小。所以蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰的像越小。
[2]根据凸透镜成像时，物和像同方向移动的特点，把蜡烛向凸透镜靠近时，要使光屏上仍能得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜。
（4）要验证像与物上下左右均颠倒，应该沿垂直于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像晃动的方向是否与烛焰晃动的方向相反。
（5）小明通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，小丽在凸透镜的1倍焦距内，两人相距1m，说明小明在2倍焦距外，小明通过凸透镜成的像在1倍焦距和2倍焦距之间，所以小丽透过凸透镜不能看到小明清晰的像。
（6）根据照相机成像原理，物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，已知焦距为10cm，半透明纸到凸透镜的距离是像距，所以半透明纸到凸透镜的距离范围是大于10cm小于20cm。
23．（2025·青秀模拟）在“测量小灯泡的电阻和电功率”实验中，小华设计的电路图如图甲所示，实验所用小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，且小灯泡不亮，此时小灯泡中　 　（选填“有”或“没有”）电流通过。
（2）实验中，要使电压表的示数从0.5V逐渐变为2.5V，小华应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动。小华进行了多次实验，并将测得的数据绘制成图乙中的图线A，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω。
（3）当小灯泡两端的电压为额定电压的一半时，小灯泡的实际功率为P实，则P实　 　（选填“>”“<”或“=”）。
（4）小明用相同的器材和电路图做实验时，由于接线错误，绘制出的I-U图像如图乙中的图线B所示，则小明的错误操作可能是　 　。
（5）小安用学生电源测量另一个不同规格的小灯泡的电功率（额定电压同为2.5V），实验电路与图甲相同。先将滑片移至滑动变阻器的最右端，闭合开关时记录了第1组数据，当小灯泡正常发光时记录了第2组数据，把滑片移到滑动变阻器的最左端时小灯泡闪亮一下后熄灭，并记录了第3组数据。记录的数据如下表所示。则他所用灯泡的额定功率为　 　W，滑动变阻器的最大阻值为　 　Ω。
实验序号 电压表的示数 电流表的示数 小灯泡的发光情况
1 1.3V 0.16A 暗
2 2.5V 0.26A 正常发光
3 4.5V 0A 不发光
【答案】（1）有
（2）左；10
（3）>
（4）电压表误接在滑动变阻器两端
（5）0.65；20
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电流表和电压表都有较小读数，表明电路处于导通状态，此时小灯泡中有电流流过，但由于实际功率过低（电压、电流都较小），无法达到发光所需的能量值，所以小灯泡不亮。
（2）电压表读数需要从0.5V增加到2.5V，说明需要降低滑动变阻器的分压，因此应减小其接入电路的电阻值，滑片应向左侧移动。
根据图线A显示，当小灯泡两端电压达到额定值2.5V时，对应电流为0.25A，由欧姆定律可计算出正常发光时的电阻值；
（3）灯泡电阻会随着温度上升而增加，反之则会减小。当施加电压为额定值一半时，灯丝温度较低导致电阻减小，在相同条件下，电阻越小则电功率越大。也可以通过功率公式推导：由可知，实际电压减半时，由于电阻减小，实际功率会大于额定功率的四分之一，即，假设电阻不变时，两者相等：，，
实际情况中，由于温度降低导致电阻减小，因此满足。
（4）图线B显示电流随电压增加而减小，这与正常特性相反，说明电压表错误地连接在滑动变阻器两端，测量的是变阻器分压，导致图像呈现反向特性。
（5）根据表格数据，小灯泡正常发光时（第二组数据）的电压为2.5V，电流为0.26A，因此额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
当滑片移动到变阻器最左端时，小灯泡闪亮后熄灭，此时灯泡断路，电压表测量电源电压为4.5V。当滑片移动到最右端时，变阻器接入最大阻值，电压表读数为1.3V，此时变阻器分压U滑=4.5V-1.3V=3.2V，此时电路最小电流I最小=0.16A，因此变阻器最大阻值。
【分析】1、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压
根据串联电路的电流规律、电压规律、电阻规律以及欧姆定律计算分析；
2、使用伏阻法测量电功率：调节变阻器的电流，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，调节电阻箱使得电压表示数不变，读出此时电阻的阻值R，根据电功率公式计算电功率；
3、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
（1）电流表和电压表均有较小示数，说明电路是通路，此时小灯泡中有电流通过，但由于实际功率过小（电压、电流均较小），未能达到发光所需的能量，因此小灯泡不亮。
（2）[1]电压表示数需从0.5V增大到2.5V，说明需减小滑动变阻器分压，故应减小其接入电路的阻值，滑片应向左移动。
[2]由图线A可知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5V时，对应的电流为0.25A，根据欧姆定律可得正常发光时的电阻
（3）灯泡电阻随温度升高而增大，反之，灯泡电阻随温度降低而减小，当电压为额定电压一半时，灯丝温度较低，电阻变小，电阻越小，在条件相同时，电功率就越大。也可以通过公式分析，由可知，实际电压是额定电压的一半时，实际功率因为电阻的变小而大于额定功率的，即
（假若电阻不变时，是相等关系，即
但实际情况下，电阻因为温度低，电阻变小，实际情况是。
（4）图线B中电流随电压增大而减小，与正常特性相反，说明电压表误接在滑动变阻器两端，测量的是滑动变阻器分压，导致图像呈现反向关系。
（5）[1]由表格数据可知，小灯泡正常发光时（第2组）的电压为2.5V，电流为0.26A，故额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
[2] 把滑片移到滑动变阻器的最左端时小灯泡闪亮一下后熄灭，此时灯泡断路，电压表测电源电压，示数为4.5V。把滑片移到滑动变阻器的最右端时，滑动变阻器接入电阻为最大值，电压表的示数为1.3V，滑动变阻器分得电压U滑=4.5V-1.3V=3.2V
此时电流的最小值I最小=0.16A，故滑动变阻器的最大值
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要计算过程的，不得分。）
24．（2025·青秀模拟）根据国家地理标志产品保护规定，陈皮中的含水量应严格控制在13%以内。小明设计了一个监测陈皮含水量的简易装置，其内部电路图如图甲所示。电源电压恒为6V，R0是滑动变阻器，湿敏电阻R的阻值随含水量的变化关系如图乙所示，报警仪由量程为0～3V的电压表改装而成。闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，使得含水量达到13%时，报警仪指针恰好指在表盘中央；
（1）求含水量达到13%时电路中的电流；
（2）当报警仪爆表（电压表满偏）时，求陈皮中的含水量X；
（3）若要降低报警仪恰好报警时的含水量，请你写出一种可行的方案，并列出关系式进行说明。
【答案】（1）解：如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，则湿敏电阻两端的电压为，含水量达到13%时电路中的电流。
（2）解：闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为
当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流为，则湿敏电阻两端的电压为，故湿敏电阻的阻值为，根据图乙可知，对应的含水量为23%。
（3）解：当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为，即滑动变阻器的阻值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大，故可以采取的措施是将滑动变阻器的滑片P往左移动。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，根据串联电路电压规律分析可知：湿敏电阻两端的电压为，结合欧姆定律计算可知含水量达到13%时电路中的电流；
（2）闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为，同理计算当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流；根据串联电路电压规律分析湿敏电阻两端的电压为，结合欧姆定律计算可知湿敏电阻的阻值，据此分析含水量；
（3）当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大。
（1）如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，则湿敏电阻两端的电压为
含水量达到13%时电路中的电流
（2）闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为
当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流为
则湿敏电阻两端的电压为
故湿敏电阻的阻值为
根据图乙可知，对应的含水量为23%。
（3）当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为
即滑动变阻器的阻值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大，故可以采取的措施是将滑动变阻器的滑片P往左移动。
25．（2025·青秀模拟）某课外科技小组的同学们为测量暴雨过后各河段浑浊河水的密度，设计了图所示的一套装置：A是弹簧测力计，B是边长为0.1m的均匀正方体浮子，C是薄壁圆柱形容器，其底面积为3×10-2m2，D是一固定在容器底部的定滑轮。弹簧测力计和正方体浮子之间用一轻质无伸缩的细线通过滑轮相连接；（g取10N/kg，不考虑滑轮的摩擦）
（1）当容器中盛有适量清水，并使浮子B浸没在水中时，弹簧测力计A的示数为2N，求浮子B的重力；（）
（2）按照图中的方法，将容器中的清水换为适量的浑水，当浮子B浸没在浑水中时，弹簧测力计A的示数为2.5N，求该浑水的密度；
（3）在测另一种浑水密度的过程中，照图中方法，先拉动弹簧测力计A将浮子B浸没在浑水中静止；然后缓慢放开弹簧测力计A，测得弹簧测力计A的示数F与浮子B上升高度d的关系图像如图乙所示，求此浑水的密度。
【答案】（1）解：正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为
浮子B的重力。
（2）解：正方体浮子B所受的浮力为，该浑水的密度。
（3）解：如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为①
当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为，浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为，则浮子B排开液体的体积为，此时浮子B所受的浮力为②
联立①②两式可知，浑水的密度。
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据受力分析可知正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为，浮子B的重力；
（2）正方体浮子B所受的浮力为，结合浮力公式计算可知该浑水的密度；
（3）如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为；当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为，浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为，则浮子B排开液体的体积为，此时浮子B所受的浮力为②，联立①②两式可知，浑水的密度。
（1）正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为
浮子B的重力
（2）正方体浮子B所受的浮力为
该浑水的密度
（3）如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为①
当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为
浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为
则浮子B排开液体的体积为
此时浮子B所受的浮力为②
联立①②两式可知，浑水的密度
1 / 1广西壮族自治区南宁市青秀区南宁市第十四中学2025年中考三模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·青秀模拟）在倡导“节能环保”“低碳生活”的今天，人类应特别重视下列哪种能源的利用（）
A．太阳能 B．煤炭 C．石油 D．天然气
2．（2025·青秀模拟）随着科技的进步，世界上发明出了一种用负电微粒杀灭微生物的机器人，该微粒可能是（　　）
A．原子核 B．电子 C．中子 D．质子
3．（2025·青秀模拟）如图所示的一款智能手表，由多个部件组成，其中属于导体的是（　　）
A．橡胶表带 B．电子芯片 C．玻璃表盘 D．金属表壳
4．（2025·青秀模拟）有一种手抛灭火弹，弹内装有干冰（固态二氧化碳）。当灭火弹被投入火场后，干冰迅速变成气态的二氧化碳，隔绝空气，达到灭火效果。上述过程中，干冰发生的物态变化是（　　）
A．凝华 B．汽化 C．熔化 D．升华
5．（2025·青秀模拟）下列实例中，利用连通器原理工作的是（　　）
A．注射器
B．船闸
C．热气球
D．拔火罐
6．（2025·青秀模拟）中华成语博大精深，有些成语蕴含着物理知识。下列现象与成语“镜花水月”中的成像原理相同的是（　　）
A．水中倒影 B．激光准直
C．如影随形 D．海市蜃楼
7．（2025·青秀模拟）下图是汽油机工作时某冲程的示意图。下列说法正确的是（　　）
A．该冲程是吸气冲程
B．该冲程主要将机械能转化为内能
C．该冲程使汽车获得了动力
D．该冲程能排出汽车的废气
8．（2025·青秀模拟）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁片烧红，使其头尾分别指向南北方向，然后将其放入水中冷却，通过地磁场的作用，鱼形铁片获得磁性，即可制成指南鱼。使用时将指南鱼放入水中漂浮，鱼头指南，如图所示。下列判断正确的是（　　）
A．鱼形铁片不能被磁体吸引 B．指南鱼周围存在磁感线
C．指南鱼的鱼头应标注“S” D．指南鱼的腹部磁性最强
9．（2025·青秀模拟）下图是我国研发的一种新型水陆两栖飞行器——“同济飞鱼”，它既可以在空中像无人机一样飞行，又可以入水后像潜水艇一样潜行。关于该飞行器，下列说法正确的是（　　）
A．飞行器在水中悬浮时，不受重力的作用
B．飞行器在水中下潜时，受到水的压强变大
C．飞行器在空中加速上升时，机械能不变
D．飞行器在空中盘旋时，运动状态不变
10．（2025·青秀模拟）小明积极参加劳动，并利用周末时间学做菜。以下是他由做饭联想到的物理知识，其中正确的是（　　）
A．炒菜放盐菜变咸，是因为盐分子在不停地做无规则运动
B．抽油烟机能将油烟排到室外，利用了流速越大的位置压强越大的原理
C．高压锅烹饪食物时，利用了水的沸点随气压的增大而降低
D．蒸馒头时，锅的上方冒出的“白气”是水蒸气
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分。）
11．（2025·青秀模拟）关于球类运动中的力学现象，下列说法正确的是（　　）
A．草地上滚动的足球逐渐停下来，是因为足球的惯性在减小
B．击打排球时手臂感到疼痛，是因为力的作用是相互的
C．从不同角度击打乒乓球，产生的作用效果不同
D．篮球鞋的鞋底刻有花纹，是为了减小摩擦
12．（2025·青秀模拟）课余时间，小军设计了一款模拟调光台灯，其实物图如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，当回形针向左移动时，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变大
B．电压表的示数变小
C．小灯泡变暗
D．为使小灯泡亮度变化更明显，可选用更细的铅笔芯
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·青秀模拟）李白在《早发白帝城》中写道“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还。两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山。”诗人能分辨出猿啼而非鸟鸣，是根据声音的　 　（选填“音调”“响度”或“音色”）；以　 　（选填“万重山”或“诗人”）为参照物，轻舟是运动的。
14．（2025·青秀模拟）小明发现，中医诊疗的过程中用到了许多物理知识。如图所示，刮痧是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式增加内能；针灸时，针尖做得很细是为了　 　压强。
15．（2025·青秀模拟）一杯热水慢慢变凉后不会自己重新变热，说明能量的转移和转化具有　 　；杯中的水很难被压缩，这是因为分子间存在　 　。
16．（2025·青秀模拟）图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。闭合开关S1和S2后，电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极；当运动员蹬在起跑器上时，若运动员抢跑，则力敏电阻R0所受的压力变小，其电阻变小，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则可判定该运动员抢跑。
17．（2025·青秀模拟）在某老旧小区改造工地上，工人用起重机将重1.2×104N的施工材料分成两个阶段运到工作台上。第一阶段，施工材料被匀速吊起6m，使其与工作台处在同一高度，用时10s；第二阶段，施工材料被水平匀速移动5m，用时5s。那么在第一阶段，起重机对施工材料做功的功率是　 　W；在第二阶段，起重机对施工材料做的功为　 　J。
18．（2025·青秀模拟）在图甲所示的模型中，A、B是质量分布均匀的正方体。当沿水平方向切去该模型的高度为h，并将切去部分按图乙所示平放在同一水平地面上时，该模型剩余部分对地面的压强p1随切去高度h变化的图像如图丙所示。已知B的质量为4kg，切割之前，B对A的压强为　 　Pa；当切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，h=　 　m。（g取10N/kg）
四、作图题（本大题共1小题，共6分。）
19．（2025·青秀模拟）（1）某学校开展了“光与生活”的实践活动，小明想起奶奶家阳台上有些喜阳的植物总是光照不足。为了帮奶奶解决这个问题，请在图中的A点处画出平面镜的位置，使得太阳光经反射后可以照射到B点；（保留作图痕迹）
（2）图甲中，被打开的汽车后备箱盖由液压杆支撑（不计后备箱盖重），可被看作一个杠杆，图乙是其简化图。O是支点，F2是液压杆作用在A点的力，请在图乙中画出：在B点关上后备箱盖所需的最小动力F1和阻力臂L2；
（3）下图是明明检测房间内电路时的情况，请将螺口灯泡和拉线开关接入电路。
五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）
20．（2025·青秀模拟）小张在高速公路上看到了许多限载限速标志牌，由此想探究动能的大小与哪些因素有关，于是做了下图所示的实验。
（1）该实验中，小球动能的大小是通过　 　来反映的。
（2）在探究动能的大小与质量的关系时，为保证小球到达水平面时的速度相同，需控制小球由静止下滑时的　 　相同。
（3）通过比较　 　两次实验，可以得出动能的大小与质量的关系；比较甲、乙两次实验，得出的结论可以解释汽车在高速路上　 　（选填“超速”或“超载”）的危害。
（4）小张在老师的指导下，改进了实验装置，如图丁所示，他想通过用质量不同的铁球压缩同一弹簧至相同程度后由静止释放，使其撞击同一木块，来探究铁球的动能大小与质量的关系，请判断这个设计方案是否正确，并说明原因：　 　。
21．（2025·青秀模拟）（1）弹簧测力计的工作原理是在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，其　 　就越大；如图1所示，物体A受到的重力是　 　N。
（2）小聪同学用图2甲所示的装置探究冰熔化时温度的变化规律，将试管放入水中加热，而不是用酒精灯对其直接加热，这样做的目的是　 　（写出一个即可）；冰熔化前后温度随时间变化的图像如图2乙所示，分析图像可知，冰是　 　（选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）小明用天平测量一块石头的质量。他将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺左端的　 　处，调节平衡螺母使天平水平平衡，然后将石头放在左盘中，在右盘添加砝码并移动游码，天平再次水平平衡时，盘中砝码和游码位置的情况如图3所示，则该石头的质量是　 　g。
22．（2025·青秀模拟）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣。如图所示，他在用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜的成像规律。
（1）如图甲所示，光屏上成清晰的像，这个像是　 　（选填“实像”或“虚像”）。
（2）一段时间后，烛焰的像如图乙所示，此时将蜡烛向　 　调节可以使烛焰的像移到光屏中央。
（3）通过实验，小明发现蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰的像越　 　（选填“大”或“小”）；把蜡烛向凸透镜靠近时，要使光屏上仍能得到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向慢慢移动。
（4）小明认为凸透镜成实像时，像与物不但上下是颠倒的，左右也是相反的。若要验证小明的观点，应该沿　 　（选填“垂直”或“平行”）于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像晃动的方向是否与烛焰晃动的方向相反。
（5）小明和小丽又尝试用凸透镜观看对方，如图丙所示。当他们相距1m时，小明通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，此时小丽透过凸透镜　 　（选填“能”或“不能”）看到小明清晰的像。
（6）小明在参加项目化学习时，用该凸透镜、大小不同的两个纸筒（可套在一起）、半透明纸、刻度尺、胶带、剪刀、割纸刀等物品制作了一个简易照相机，如图丁所示。半透明纸到凸透镜的距离范围是　 　。
23．（2025·青秀模拟）在“测量小灯泡的电阻和电功率”实验中，小华设计的电路图如图甲所示，实验所用小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，且小灯泡不亮，此时小灯泡中　 　（选填“有”或“没有”）电流通过。
（2）实验中，要使电压表的示数从0.5V逐渐变为2.5V，小华应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动。小华进行了多次实验，并将测得的数据绘制成图乙中的图线A，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω。
（3）当小灯泡两端的电压为额定电压的一半时，小灯泡的实际功率为P实，则P实　 　（选填“>”“<”或“=”）。
（4）小明用相同的器材和电路图做实验时，由于接线错误，绘制出的I-U图像如图乙中的图线B所示，则小明的错误操作可能是　 　。
（5）小安用学生电源测量另一个不同规格的小灯泡的电功率（额定电压同为2.5V），实验电路与图甲相同。先将滑片移至滑动变阻器的最右端，闭合开关时记录了第1组数据，当小灯泡正常发光时记录了第2组数据，把滑片移到滑动变阻器的最左端时小灯泡闪亮一下后熄灭，并记录了第3组数据。记录的数据如下表所示。则他所用灯泡的额定功率为　 　W，滑动变阻器的最大阻值为　 　Ω。
实验序号 电压表的示数 电流表的示数 小灯泡的发光情况
1 1.3V 0.16A 暗
2 2.5V 0.26A 正常发光
3 4.5V 0A 不发光
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要计算过程的，不得分。）
24．（2025·青秀模拟）根据国家地理标志产品保护规定，陈皮中的含水量应严格控制在13%以内。小明设计了一个监测陈皮含水量的简易装置，其内部电路图如图甲所示。电源电压恒为6V，R0是滑动变阻器，湿敏电阻R的阻值随含水量的变化关系如图乙所示，报警仪由量程为0～3V的电压表改装而成。闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，使得含水量达到13%时，报警仪指针恰好指在表盘中央；
（1）求含水量达到13%时电路中的电流；
（2）当报警仪爆表（电压表满偏）时，求陈皮中的含水量X；
（3）若要降低报警仪恰好报警时的含水量，请你写出一种可行的方案，并列出关系式进行说明。
25．（2025·青秀模拟）某课外科技小组的同学们为测量暴雨过后各河段浑浊河水的密度，设计了图所示的一套装置：A是弹簧测力计，B是边长为0.1m的均匀正方体浮子，C是薄壁圆柱形容器，其底面积为3×10-2m2，D是一固定在容器底部的定滑轮。弹簧测力计和正方体浮子之间用一轻质无伸缩的细线通过滑轮相连接；（g取10N/kg，不考虑滑轮的摩擦）
（1）当容器中盛有适量清水，并使浮子B浸没在水中时，弹簧测力计A的示数为2N，求浮子B的重力；（）
（2）按照图中的方法，将容器中的清水换为适量的浑水，当浮子B浸没在浑水中时，弹簧测力计A的示数为2.5N，求该浑水的密度；
（3）在测另一种浑水密度的过程中，照图中方法，先拉动弹簧测力计A将浮子B浸没在浑水中静止；然后缓慢放开弹簧测力计A，测得弹簧测力计A的示数F与浮子B上升高度d的关系图像如图乙所示，求此浑水的密度。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类；能源与可持续发展
【解析】【分析】理想能源应满足几个特点：环保，来源广泛，容易转化等．
【解答】太阳能取之不尽用之不竭，而且环保，不会对环境产生影响，也在科学技术的进步也很容易转化为其他形式的能；煤炭、石油、天然气属于化石能源，属于不可再生能源，并且在使用时会产生废物、废气污染环境，与节能环保，低碳生活不相符．
故选A．
2．【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子结构由带正电的原子核和带负电的核外电子构成。其中，原子核又由带正电的质子和电中性的中子组成。由于质子带正电而中子不带电，原子核整体显正电性；核外电子则带负电荷。题目中机器人喷射的带负电粒子，在组成原子的基本粒子中只有电子带负电，因此正确答案为电子（选项B）。其他选项不符合题干条件。
故选B。
【分析】物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
3．【答案】D
【知识点】导体与绝缘体；半导体特点及作用
【解析】【解析】智能手表不同部件的导电性质分析如下：橡胶表带和玻璃表盘：导电性能差，属于绝缘体，电子芯片（主要成分为硅）：导电性能介于导体与绝缘体之间，属于半导体，金属表壳：导电性能良好，属于导体
综上所述，选项D的描述是正确的，A、B、C选项均不符合实际情况。
正确答案：D
【分析】导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体，绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨。
4．【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】灭火弹投入火场后，其中的干冰（固态二氧化碳）会吸收热量并快速转变为气态二氧化碳，这一物态变化过程称为升华。因此选项ABC不符合题意，只有选项D正确。
故选D。
【分析】升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小。
5．【答案】B
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、注射器只有一部分，不是连通器，故A不符合题意；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B符合题意；
C、热气球不符合上端开口下端连通的特点，不是连通器，故C不符合题意；
D、拔火罐不符合上端开口下端连通的特点，不是连通器，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】根据连通器定义：上端开口下端连通的多个容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
6．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】镜花水月现象属于平面镜成像，其原理是光的反射。
A．水中倒影是平面镜成像现象，由光的反射形成，符合题意；
B．激光准直应用了光沿直线传播的原理，不符合题意；
C．影子现象是由于光沿直线传播造成的，不符合题意；
D．海市蜃楼是由光的折射产生的现象，不符合题意。
正确答案是A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
7．【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】ABC．根据图示分析，汽油机的两个气门均处于关闭状态，同时活塞向下移动，可以判断此时为做功冲程。该冲程的主要能量转化是将内能转化为机械能，从而为汽车提供动力。因此选项AB的表述是错误的，而选项C正确。D．汽油机的排气冲程负责排出废气，题目中描述的做功冲程与排气冲程是两个不同的工作阶段，故选项D错误。
正确答案为C。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
8．【答案】C
【知识点】磁场；磁感线及其特点
【解析】【解析】选项A分析：由于磁体具有吸引铁、钴、镍等金属的特性，鱼形铁片会被磁体吸引，因此该选项表述错误。
选项B分析：磁感线是人为引入的虚拟概念，用于直观表示磁场分布，实际在指南鱼周围并不存在真实磁感线，故该选项错误。
选项C分析：当指南鱼在水中处于漂浮状态时，其鱼头指向地理南极，根据磁极命名规则应标记为"S"极，此选项正确。
选项D分析：根据磁体磁性强弱分布规律，两端磁性最强而中间最弱，因此指南鱼腹部磁性最弱，该选项表述错误。
综上所述，正确答案为。
【分析】磁性作用规律：异性磁极相互吸引，同种磁极相互排斥；
地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近；
磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极，磁感线越密集，磁性越强。
9．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】A．地球表面附近的所有物体都受到重力作用，因此选项A的说法是错误的。
B．飞行器在水中下潜过程中，随着深度增加，根据压强公式，水对飞行器的压强会增大，所以选项B是正确的。
C．当飞行器在空中加速上升时，其质量不变，但高度和速度都增加，导致重力势能和动能都增大，因此机械能也随之增大，故选项C是错误的。
D．飞行器在空中盘旋时，由于运动方向持续变化，其运动状态在不断改变，所以选项D是错误的。
综上所述，正确答案是B。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
压强的计算：公式为p=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
10．【答案】A
【知识点】液化及液化放热；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】A．炒菜时加盐使菜变咸，是由于盐分子在不停地做无规则运动（扩散现象），逐渐进入菜中，因此选项A正确；B．抽油烟机排出油烟的工作原理是利用流体流速大的位置压强小的原理，所以选项B的说法是错误的；
C．高压锅烹饪食物的原理是通过增大气压来提高水的沸点，因此选项C的表述是错误的；
D．蒸馒头时锅上方出现的"白气"是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故选项D是错误的。
正确答案是A。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠。
11．【答案】B,C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解析】A．物体的惯性仅由质量决定，足球的质量未改变，因此惯性保持不变。足球停止运动是由于受到草地的摩擦阻力作用，选项A错误；B．根据牛顿第三定律，击打排球时手对球施加作用力的同时，排球对手产生大小相等、方向相反的反作用力，这一现象证明了力的相互作用性质，选项B正确；
C．力的作用效果取决于力的大小、方向和作用点（力的三要素）。通过改变击打乒乓球的角度，实质上是调整了施力方向或作用点，从而导致球的运动轨迹或旋转状态发生变化，选项C正确；
D．鞋底花纹的设计原理是通过增加接触面粗糙程度来提高摩擦力，但选项表述与题干要求不符，故D错误。
正确答案为BC。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、力的三要素包括：作用点、方向、大小，均会对物体的运动产生影响。
4、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
12．【答案】A,D
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据电路图分析，灯泡、电流表和铅笔芯串联连接，电压表并联在灯泡两端测量其电压。
ABC选项分析：当闭合开关后，若回形针向左移动，会导致铅笔芯接入电路的电阻减小。根据欧姆定律（）可知，电路电流将增大，表现为电流表示数变大；同时根据电压公式（），灯泡两端电压也会增大，表现为电压表示数变大且灯泡变亮，因此A选项正确，BC选项错误。
D选项分析：铅笔芯越细时，其电阻越大，在相同移动距离下电阻变化更显著，使得灯泡亮度变化更明显，故D选项正确。
综上所述，正确答案为AD。
【分析】变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当变阻器滑片移动时，接入电路中的阻值变化，导致电路中的电流变化，电流表示数变化，灯泡的亮度变化。
13．【答案】音色；万重山
【知识点】音调、响度与音色的区分；参照物及其选择
【解析】【解答】由于发声体的结构和材料存在差异，不同发声体产生的声音具有不同的音色特性。诗人能够区分猿啼和鸟鸣，正是通过声音的音色特征来辨别的。音色作为声音的重要属性，反映了声音的品质特点。
轻舟的运动状态与所选择的参照系密切相关。当以万重山作为参照物时，可以观察到轻舟的位置持续发生变化，因此从该参照系来看，轻舟处于运动状态。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
14．【答案】做功；增大
【知识点】做功改变物体内能；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】刮痧板在皮肤表面移动时，由于摩擦作用需要克服阻力做功，这部分机械能转化为热能，导致皮肤组织温度上升、内能增加。该过程是通过机械功实现能量转化的典型实例。
针灸治疗中，针具尖端采用极小直径的设计，根据压强公式，在施力(F)恒定的条件下，通过减小接触面积可显著提高局部压强，从而实现更好的穿刺效果。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
15．【答案】方向性；斥力
【知识点】能量的转化或转移；分子间相互作用力
【解析】【解答】根据热力学第二定律，热量传递具有方向性。热水自发变凉的过程是通过热传递将热量传递给周围环境，这一过程不可逆转，说明能量转化和转移具有不可逆性。
液体分子间的距离相对较小，当受到外界压缩时，分子间的斥力会显著增大，因此表现出难以被压缩的宏观特性。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
16．【答案】S；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据图示电流方向（从电磁铁上端流入、下端流出），应用安培定则可判定：电磁铁下端为N极，上端为S极。
当工作人员同时闭合开关S1和S2时：发令指示灯L1立即点亮， 若运动员抢跑，压力传感器R0所受压力减小→其电阻值减小→控制电路电流增大（欧姆定律I=U/R）， 电流增大导致电磁铁磁性增强→吸引衔铁动作→接通抢跑指示灯L2的电路→L2亮起示警
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
17．【答案】7200；0
【知识点】功率计算公式的应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】在第一阶段中，起重机对施工材料所做的功可通过公式计算：，接着计算功率：；在第二阶段，由于施工材料未在起重机拉力的方向上发生位移，因此起重机对其所做的功为0。【分析】对物体做功：物体受到力的作用，且沿着力的方向产生力位移。
18．【答案】4000；0.25
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由图像可知，时，刚好被完全切去，的体积为，根据重力公式计算可知的重力为。对的压力等于重力，即，结合压强公式计算可知对的压强为
由图可知，的体积为，刚好切去，剩余对地面的压强为，据此计算的密度为，同理计算的密度为
切去，切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，则根据压强公式计算
代入解得，不符合题意。若，切去部分对地面的压强p2是剩余部分对地面的压强p1的4倍时，根据压强公式计算可知
代入解得，符合题意。
【分析】压强的计算公式：，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；杠杆中最小力的问题；家庭电路的组成
【解析】【解答】（1）太阳光照射到A点，经平面镜反射到B点。连接AB确定反射光线，根据光的反射定律（反射角等于入射角），找出反射光线与入射光线夹角的角平分线即为法线。过A点作法线的垂线即可确定平面镜的位置，如图所示：
（2）阻力F2及其力臂大小确定后，阻力与阻力臂的乘积为定值。根据杠杆平衡原理（F1L1=F2L2），动力臂越大则动力越小。连接支点O与B点得到最大动力臂OB，过B点作OB的垂线即为动力作用线。由于阻力F2使杠杆逆时针转动，故动力F1需使杠杆顺时针转动，方向应向下，阻力臂L2垂直阻力并且过支点O，如图所示：
（3）电路中使测电笔氖管发光的导线为火线。根据安全用电原则，开关必须接在火线上；螺口灯泡的金属触点接火线，螺旋外壳接零线，接线方式如图所示：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的；
电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
（1）太阳光照射到A点，经平面镜反射到B点，连接AB确定反射光线，根据光的反射定律，反射角等于入射角，找出反射光线与入射光线夹角的角平分线，即为法线，过A点作法线的垂线，即可确定平面镜的位置，故如图所示：
。
（2）阻力确定，阻力臂的大小确定，阻力与阻力臂的乘积一定，根据杠杆平衡原理可知，动力臂越大，动力越小，越省力，动力臂是支点到动力作用线的距离，连接OB就是最大的动力臂，过B点做OB的垂线，即为动力的作用线，阻力F2使杠杆逆时针转到，故动力F1使杠杆顺时针转动，故动力F1的方向是向下，故如图所示：
。
（3）使氖管发光的那一根线是火线，为了避免触电事故，开关需要接在火线上，螺口灯泡的金属接触点接在火线上，螺旋外壳直接与零线相连，故如图所示：
。
20．【答案】（1）木块移动距离的远近
（2）高度
（3）甲、丙；超速
（4）不正确，木块移动的距离相同
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中通过观察木块被推动的距离来间接反映小球的动能大小，这种方法称为转换法。
（2）为探究动能与质量的关系，需要控制速度相同而改变质量。实验中让小球从同一斜面的相同高度由静止下滑，确保到达水平面时速度相同。比较甲、丙两次实验（质量不同但高度相同）符合这一要求。
（3）分析甲、丙实验数据可知：当速度相同时，质量越大的小球推动木块移动距离越远，说明动能与质量成正比。
对比甲、乙实验发现：质量相同的小球，从更高处下滑（获得更大速度）时，推动木块移动距离更远。这解释了为什么汽车超速（速度增大）会带来更大的危险性。
（4）该实验通过木块移动距离反映小球动能，本质是比较小球对木块做功的多少。图丁装置中，用不同质量小球压缩相同弹簧后释放，由于弹簧弹性势能仅与形变量有关（此时相同），转化为动能时各小球动能相同但速度不同。最终木块移动距离相同，无法区分动能差异，因此该方案不能达成实验目的。
【分析】1、物理学方法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本实验中通过观察木块被推动的距离来间接反映小球的动能大小；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如动能的影响因素有：质量、速度。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同。
3、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比.
（1）小球动能的大小是通过木块移动距离的远近来反映的，这是转换法的应用。
（2）小球由静止从同一斜面相同高度下滑，到达水平面时具有相同的速度；要探究动能大小与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制小球的速度相同，即小球下滑的高度相同，小球的质量不同，由图可知，甲、丙两次实验满足实验要求。
（3）[1]由甲、丙两次实验可知，小球的质量不同，下滑的高度相同，即速度相同，推动木块移动的距离不同，可以得出动能的大小与质量的关系。
[2]由甲、乙两次实验可知，小球的质量相同，下滑的高度不同，即速度不同，推动木块移动的距离不同；小球下滑的高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以解释汽车在高速路上超速的危害。
（4）实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明小球对木块做功的多少，从而判断出小球具有的动能的大小，这是转换法；观察图丁的装置可知，若用质量不同的小球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，即不同质量的小球的动能相同，速度不同，而且木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
21．【答案】（1）伸长量；3.6
（2）使冰均匀受热；晶体
（3）零刻度线；80.6
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；质量的测量与天平的使用；弹簧测力计及其使用；二力平衡的条件及其应用
【解析】（1）弹簧测力计的工作原理依据胡克定律，即在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受到的拉力成正比。弹簧受到的拉力越大，其伸长量也越大。根据图中信息，物体A受到弹簧测力计的拉力为3.6 N。根据力的平衡条件，弹簧测力计的示数等于挂钩所受拉力的大小，因此物体的重力为3.6 N。
（2）将试管放入水中加热而非直接用酒精灯加热，目的是使冰均匀受热，避免局部过热导致实验数据偏差。
冰熔化过程的温度-时间图像显示，冰在熔化时温度保持不变，并具有明确的熔点，表明冰属于晶体。
（3）使用天平时需将游码移至标尺左端的"零刻度线"处，以确保测量前的初始状态归零。当天平再次水平平衡时，物体的质量等于右盘砝码总质量与游码示数之和，因此石头的质量为。
【分析】弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
（1）[1]弹簧测力计的工作原理是在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，其伸长量就越大。这一原理基于胡克定律，即弹簧的伸长量与所受拉力成正比。
[2]根据图中的信息，物体A受到弹簧测力计的拉力是 3.6 N，由力的平衡，弹簧测力计的示数等于挂钩处所受拉力的大小，即物体的重力为3.6 N。
（2）[1]将试管放入水中加热，而不是用酒精灯对其直接加热，这样做的目的是使冰均匀受热，避免局部过热导致实验结果不准确。
[2]冰熔化前后温度随时间变化的图像如图所示，分析图像可知，冰在熔化过程中温度保持不变，且有一定的熔点，因此冰是晶体。
（3）[1]把游码拨至标尺左端的 “零刻度线”处，这是天平使用前的必要步骤，目的是为了确保天平的初始状态为“零”。
[2]天平再次水平平衡时，右盘中砝码的总质量加上游码所对应的示数，就是被测物体的质量，那么石头的质量就是
22．【答案】（1）实像
（2）上
（3）小；远离
（4）垂直
（5）不能
（6）大于10cm小于20cm
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）光屏上能形成清晰的像，表明有实际光线汇聚在光屏上，因此该像为实像。
（2）在图乙中，像位于光屏上方。根据凸透镜成实像时像与物体上下颠倒的特性，应将蜡烛向上调整，使烛焰的像移至光屏中央。
（3）根据凸透镜成像规律，物距增大时，像距减小，像的大小也随之减小。因此，蜡烛离凸透镜越远，光屏上获得的清晰像越小。
由于凸透镜成像时物体和像移动方向相同，当蜡烛向凸透镜靠近时，为了保持光屏上仍能获得清晰像，应将光屏远离凸透镜。
（4）要验证像与物体在上下左右方向均颠倒，应沿垂直于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像的晃动方向是否与烛焰晃动方向相反。
（5）小明通过透镜能看到小丽眼睛的正立像，说明小丽位于凸透镜的1倍焦距以内。两人相距1米，表明小明在2倍焦距之外。此时小明通过凸透镜所成的像位于1倍焦距和2倍焦距之间，因此小丽透过凸透镜无法看到小明的清晰像。
(6)根据照相机成像原理，物距需大于二倍焦距，像距应在一倍焦距到二倍焦距之间。已知焦距为10cm，半透明纸到凸透镜的距离即为像距，因此该距离范围应大于10cm且小于20cm。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
2、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
3、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
（1）光屏上成清晰的像说明有实际光线会聚在光屏上，所以这个像是实像。
（2）图乙中像在光屏的上方，根据凸透镜成的实像与物体上下颠倒的特点，所以应将蜡烛向上调节可以使烛焰的像移到光屏中央。
（3）[1]根据凸透镜成像规律，物距越大，像距越小，像越小。所以蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰的像越小。
[2]根据凸透镜成像时，物和像同方向移动的特点，把蜡烛向凸透镜靠近时，要使光屏上仍能得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜。
（4）要验证像与物上下左右均颠倒，应该沿垂直于光具座的方向吹动烛焰，观察光屏上像晃动的方向是否与烛焰晃动的方向相反。
（5）小明通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，小丽在凸透镜的1倍焦距内，两人相距1m，说明小明在2倍焦距外，小明通过凸透镜成的像在1倍焦距和2倍焦距之间，所以小丽透过凸透镜不能看到小明清晰的像。
（6）根据照相机成像原理，物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，已知焦距为10cm，半透明纸到凸透镜的距离是像距，所以半透明纸到凸透镜的距离范围是大于10cm小于20cm。
23．【答案】（1）有
（2）左；10
（3）>
（4）电压表误接在滑动变阻器两端
（5）0.65；20
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电流表和电压表都有较小读数，表明电路处于导通状态，此时小灯泡中有电流流过，但由于实际功率过低（电压、电流都较小），无法达到发光所需的能量值，所以小灯泡不亮。
（2）电压表读数需要从0.5V增加到2.5V，说明需要降低滑动变阻器的分压，因此应减小其接入电路的电阻值，滑片应向左侧移动。
根据图线A显示，当小灯泡两端电压达到额定值2.5V时，对应电流为0.25A，由欧姆定律可计算出正常发光时的电阻值；
（3）灯泡电阻会随着温度上升而增加，反之则会减小。当施加电压为额定值一半时，灯丝温度较低导致电阻减小，在相同条件下，电阻越小则电功率越大。也可以通过功率公式推导：由可知，实际电压减半时，由于电阻减小，实际功率会大于额定功率的四分之一，即，假设电阻不变时，两者相等：，，
实际情况中，由于温度降低导致电阻减小，因此满足。
（4）图线B显示电流随电压增加而减小，这与正常特性相反，说明电压表错误地连接在滑动变阻器两端，测量的是变阻器分压，导致图像呈现反向特性。
（5）根据表格数据，小灯泡正常发光时（第二组数据）的电压为2.5V，电流为0.26A，因此额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
当滑片移动到变阻器最左端时，小灯泡闪亮后熄灭，此时灯泡断路，电压表测量电源电压为4.5V。当滑片移动到最右端时，变阻器接入最大阻值，电压表读数为1.3V，此时变阻器分压U滑=4.5V-1.3V=3.2V，此时电路最小电流I最小=0.16A，因此变阻器最大阻值。
【分析】1、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压
根据串联电路的电流规律、电压规律、电阻规律以及欧姆定律计算分析；
2、使用伏阻法测量电功率：调节变阻器的电流，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，调节电阻箱使得电压表示数不变，读出此时电阻的阻值R，根据电功率公式计算电功率；
3、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
（1）电流表和电压表均有较小示数，说明电路是通路，此时小灯泡中有电流通过，但由于实际功率过小（电压、电流均较小），未能达到发光所需的能量，因此小灯泡不亮。
（2）[1]电压表示数需从0.5V增大到2.5V，说明需减小滑动变阻器分压，故应减小其接入电路的阻值，滑片应向左移动。
[2]由图线A可知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5V时，对应的电流为0.25A，根据欧姆定律可得正常发光时的电阻
（3）灯泡电阻随温度升高而增大，反之，灯泡电阻随温度降低而减小，当电压为额定电压一半时，灯丝温度较低，电阻变小，电阻越小，在条件相同时，电功率就越大。也可以通过公式分析，由可知，实际电压是额定电压的一半时，实际功率因为电阻的变小而大于额定功率的，即
（假若电阻不变时，是相等关系，即
但实际情况下，电阻因为温度低，电阻变小，实际情况是。
（4）图线B中电流随电压增大而减小，与正常特性相反，说明电压表误接在滑动变阻器两端，测量的是滑动变阻器分压，导致图像呈现反向关系。
（5）[1]由表格数据可知，小灯泡正常发光时（第2组）的电压为2.5V，电流为0.26A，故额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
[2] 把滑片移到滑动变阻器的最左端时小灯泡闪亮一下后熄灭，此时灯泡断路，电压表测电源电压，示数为4.5V。把滑片移到滑动变阻器的最右端时，滑动变阻器接入电阻为最大值，电压表的示数为1.3V，滑动变阻器分得电压U滑=4.5V-1.3V=3.2V
此时电流的最小值I最小=0.16A，故滑动变阻器的最大值
24．【答案】（1）解：如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，则湿敏电阻两端的电压为，含水量达到13%时电路中的电流。
（2）解：闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为
当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流为，则湿敏电阻两端的电压为，故湿敏电阻的阻值为，根据图乙可知，对应的含水量为23%。
（3）解：当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为，即滑动变阻器的阻值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大，故可以采取的措施是将滑动变阻器的滑片P往左移动。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，根据串联电路电压规律分析可知：湿敏电阻两端的电压为，结合欧姆定律计算可知含水量达到13%时电路中的电流；
（2）闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为，同理计算当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流；根据串联电路电压规律分析湿敏电阻两端的电压为，结合欧姆定律计算可知湿敏电阻的阻值，据此分析含水量；
（3）当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大。
（1）如图乙所示，含水量达到13%时，湿敏电阻R的阻值为60Ω，报警仪指针恰好指在表盘中央，此时电压表的示数为1.5V，电压表测量滑动变阻器两端电压，则湿敏电阻两端的电压为
含水量达到13%时电路中的电流
（2）闭合开关S，将滑片调至某一位置固定，含水量达到15%就报警，说明滑动变阻器接入的阻值不变，滑动变阻器接入的阻值为
当报警仪爆表（电压表满偏）时，即滑动变阻器两端的电压为3V，通过滑动变阻器的电流为
则湿敏电阻两端的电压为
故湿敏电阻的阻值为
根据图乙可知，对应的含水量为23%。
（3）当报警仪指针恰好指在表盘中央开始报警，说明滑动变阻器两端的电压到达1.5V时报警，是一个定值 ，若电源电压不变，则湿敏电阻两端的电压为4.5V，也是一个定值，则滑动变阻器接入的阻值与湿敏电阻的比值为
即滑动变阻器的阻值为，要降低报警仪恰好报警时的含水量，说明含水量低于13%，湿敏电阻R的阻值大于60Ω，湿敏电阻的阻值变大，则滑动变阻器接入的阻值增大，故可以采取的措施是将滑动变阻器的滑片P往左移动。
25．【答案】（1）解：正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为
浮子B的重力。
（2）解：正方体浮子B所受的浮力为，该浑水的密度。
（3）解：如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为①
当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为，浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为，则浮子B排开液体的体积为，此时浮子B所受的浮力为②
联立①②两式可知，浑水的密度。
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据受力分析可知正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为，浮子B的重力；
（2）正方体浮子B所受的浮力为，结合浮力公式计算可知该浑水的密度；
（3）如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为；当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为，浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为，则浮子B排开液体的体积为，此时浮子B所受的浮力为②，联立①②两式可知，浑水的密度。
（1）正方体B受到了竖直向下的重力，竖直向下的拉力，竖直向上的浮力；正方体浮子B所受的浮力为
浮子B的重力
（2）正方体浮子B所受的浮力为
该浑水的密度
（3）如图乙所示，当浮子B上升高度d为1cm时，此时浮子B上表面刚刚出水面，此时拉力为a，则物体所受的浮力为①
当浮子B上升高度d为3.4cm时，拉力为0，则此时浮力B漂浮在待测液体上，浮子B所受的浮力为
浮子B漏出液面2.4cm时，液面下降的高度为
则浮子B排开液体的体积为
此时浮子B所受的浮力为②
联立①②两式可知，浑水的密度
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