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即墨一中高二级部第二学期第一次阶段检测物理试题
一、单选题（共8小题，每题3分）
1.某气体的摩尔质量为M,摩尔体积为V,密度为，每个分子的质量和体积分别为m和Vo,则阿伏加德
罗常数N可表示为()
A.N=
V
B.N=pr
C.=4
M
D.N=
2.关于下图，说法正确的是()
+各速率区间的分子数
占总分子数的百分比
P
2
分子的速率
2468
一定质量的理想气体
分子间作用力与分
两分子系统的势能E。与
氧气分子的速率分布图象
状态变化的p-V图象
子间距离的关系
两分子间距离的关系
丙
A.由图甲可知，状态②的温度比状态①的温度高
B.由图乙可知，气体在状态A和状态B的分子平均动能相同
C.由图丙可知，当分子间的距离r>,时，分子间的作用力随分子间距离的增大先减小后增大
D,由图丁可知，在r由变到3的过程中分子势能增加
3.对于以下光学现象的说法中正确的是()
守日司
单色光
挡板
单缝行射产生的图样检验光学元件表面的平整度
专月日
乙
丙
A.图甲是双缝干涉示意图，若只增大挡板上两个狭缝S,、S,间的距离d,两相邻亮条纹间距离△x将
增大
B.图乙是单缝衍射实验现象，若只在狭缝宽度不同情况下，上图对应狭缝较窄
C.图丙是用干涉法检测工件表面平整程度时得到的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此
处是凹陷的
D.图丁中的P、2是偏振片，当P固定不动，缓慢转动2时，只有当P、2的透振方向完全相同时光
屏上才是明亮的，当P、Q的透振方向不完全相同时光屏上都是黑暗的
1
4.关于下列四幅插图，以下说法正确的是()
食盐晶体
丙
丁
A,图甲中小炭粒在水中的运动位置连线图说明了小炭粒分子在做无规则运动
B.图乙中石蜡在云母片上熔化成椭圆形，说明石蜡是晶体
C.图丙为食盐晶体的微观结构，具有空间上的周期性
D.丁图中左图附若着层分子间距大于右图附若层分子间距
5.平凹透镜由平面和半径很大的球面构成，如图所示，现将平凹透镜与水平玻璃板叠放，中间形成一层
很薄的空气膜。用单色光垂直透镜的平面向下照射，会观察到明暗相间的同心圆环，则下列说法正确的是
()
A,同心圆环的形成原理是由于光的折射
单色光
B.同心圆环外疏内密
透镜
C.透镜下表面半径越大，圆环越密集
D.选择波长更长的单色光，圆环会变稀疏
玻璃板
6.某物理兴趣小组设计了一套光的干涉实验装置，其截面如图所示，直线MW与OA垂直共面，两块平面
镜边缘对齐交于O,两镜面与MN成微小角度0，A点处有一垂直于OA的光屏。S点处有一个单色光源，
在小挡光板的遮挡下，光线不能直接射到光屏。则()
A.若增大入射光的频率，屏上条纹间距变小
B.若增大入射光的频率，屏上条纹间距不变
挡光板
C.若把光屏向右平移，屏上条纹间距不变
D.若把光屏向右平移，屏上条纹间距减小
7.如图所示，某传感器的核心部件为一横截面半径为R的玻璃半圆柱体(O为圆心)，用于引导和聚焦激
光束。一束激光垂直于直径AB从空气经P点射入玻璃半圆柱体，光线在玻璃内经AB面一次反射后，从
半圆柱体的最高点M射出，出射方向与AB成30°角，且与PM共线，则该玻璃半圆柱体对激光的折射率
为()
A.2W5
B.3
c.2w3
D.√5
3
2高二物理第二学期第一次月考答案
题号
1
2
4
5
6
7
9
10
11
12
答案
C
B
B
C
D
A
B
D
AD
CD
BD
AB
13.(1)C
(2)>
(3)③
(4)b+Vo
14.(1)B
(2)B
(3)
15.6
6.0×10-7
1s、H-sh<
【详解】(1)由题意可知，光刚好射出液面的光路图如图甲所示
设全反射临界角为C,由几何关系可得r=(H-h)tanC
So=ar2
刚好发生全反射时，由折射定律可得smC=联立可得3，=9：(H-》:
77777777777777777777777777777777
16
(2)点光源S通过平面镜所成像为S',如图乙所示
要使整个液体表面都被照亮，即相当于像S发出的光在液体表面不发生全反射，则h最小时，反射光线反
射到上边角，且入射角B=C,得B=37°
L
由几何知识得
tan B=-
2
解得h=
综上可得上H≤hH+h
16、(15,V223-3)z
3c
【详解】(1)由几何关系可得光在D点的折射角为r=120°-90°=30°
入射光的延长线与折射光的夹角为0，则入射角i=30°+6由几何关系可得∠DE4=180°-120°-0=60°-日
折射光射到AB边上的卫点恰好不从AB边射出，即在E点恰好发生全反射，临界角
C=90-∠DBA=30+6由折射定律可得n=si又=
1综合可得
in(30°+8
1
sinc
sin30°
sin(30°+B）
解得日=15°，n=√2
(2)设DB两点间的距离为d,在 ADB中，由正弦定理可得
sine sin120
解得d=356Z汉m-=5,:=综合可得1.3-5)上
6
3c
17.04(a824
63
【详解】(1)活塞开始缓慢上升，由受力平衡，S+大=AS可得封闭的理想气体压强B=2A
22
了→g升温过程中，等压影张。由盖：吕萨克定律空-气解得么4
3
试卷第1页，共8页
(2)买→乃升温过程中，等压膨胀，外界对气体微功m=-24,-4S=-2p的
63
工，→工降温过程中，等容变化，外界对气体做功W=0
活塞受力平衡有PS=6+P,S
解得封闭的理想气体压强P,=
30
21b%
T→T,降温过程中，等压压缩，由盖-吕萨克定律
hShS
TT
解得品
外界对气体做功再=B,-么)S=14p,的
全程中外界对气体做功历=历+形，+形，=8卫4的
63
因为T=T,故封闭的理想气体总内能变化△U=0
利用热力学第一定律△U=W+Q
解得Q=82S
63
故封闭气体吸收的净热量Q=8卫4S
63
22.(1)0.8po;(2)25cm;(3)V=2×103cm3
【详解】(1)保持阀门K关闭，对两活塞整体为研究对象，根据平衡得PaS4-PS4+PS。=0
解得p=0.8P。
(2)打开阀门K稳定后，设气体压强为卫'，以两个活塞和杆为整体有
(3)Pa'SA-PoS+PoSs-Pa'Ss=0
解得Pa'=Po
设大活塞左移x,对封闭气体由玻意耳定律得P.Saa=Pa(a-x)S4+Pab+x)Sg
代入数据解得x=25cm
则大活塞停在据左侧缸底1=a-x=25cm
(3)重新关闭阀门，若活塞恢复原位，则对B中气体由玻意耳定律得PS仍+x)=PSb
3
解得P=2P
则pS,+n8-A3-8,=0解得n”-品A,
对A中气体和充入气体整体为研究对象，根据玻意耳定律得PS4(a-)+1.5PV=P4S4a
解得V=2×10cm
试卷第2页，共8页

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