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2026年高考物理调研试卷（一）
一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1.年月，中国“人造太阳”环流器装置实现亿摄氏度、秒稳态高约束运行，改装置反应堆中发生的一种核反应方程为：，则是( )
A. 电子 B. 正电子 C. 中子 D. 质子
2.一束由红光、蓝光组成的复色光从水中沿方向射入球形气泡中，发生折射的光路如图所示，为气泡球心，、为折射光线。则( )
A. 是红光，在水中光速度比的大
B. 是红光，在水中光速度比的小
C. 是蓝光，在水中光速度比的大
D. 是蓝光，在水中光速度比的小
3.如图所示，哈雷彗星在近日点与太阳中心的距离为，线速度大小为；在远日点与太阳中心的距离为，线速度大小为，则( )
A. B. C. D.
4.我国建造的世界上亮度最高的第四代同步辐射光源“未来之光”，和第三代同步辐射光源相比，电子被加速后的能量更高，辐射的射线穿透能力更强，则( )
A. 电子的物质波波长更长、辐射的射线波长更长
B. 电子的物质波波长更长、辐射的射线波长更短
C. 电子的物质波波长更短、辐射的射线波长更长
D. 电子的物质波波长更短、辐射的射线波长更短
5.如图所示，、、是正三角形的三个顶点，是三角形的中心。、处分别放置、的点电荷。现在处放置一点电荷，使点的电场方向平行向右，则的电荷量为( )
A. B. C. D.
6.如图所示，在研究钢板防御穿甲能力的实验中，一块钢板被锁定在光滑的水平面上，子弹以水平方向的初速度射入钢板，恰好能穿过。现解除锁定，让子弹以相同的初速度射向钢板，假设子弹穿入钢板过程中受到的阻力恒定，子弹射入钢板过程中( )
A. 子弹对钢板的水平冲量比锁定时的小 B. 子弹对钢板的水平冲量和锁定时的一样大
C. 钢板对子弹做的功比锁定时的多 D. 钢板对子弹做的功和锁定时的一样多
7.四旋翼飞行器每个旋翼提供的升力与机身垂直，增大旋翼转速可以增加升力。飞行器水平悬停时的俯视图如图所示，现改变旋翼转速，可使机身倾斜着水平向右移动的操作是( )
A. 增大旋翼、转速，减小旋翼、转速
B. 增大旋翼、转速，减小旋翼、转速
C. 增大旋翼、转速，减小旋翼、转速
D. 增大旋翼、转速，减小旋翼、转速
8.年英国物理学家洛埃设计了洛埃镜实验，如图所示。水平放置的平面镜左上方有一点光源，仅发出单一频率的光，平面镜右侧固定有竖直放置的足够大的光屏，光屏上有明暗相间的条纹。现将镜面向右平移，则条纹( )
A. 间距变大 B. 间距变小 C. 数量变多 D. 数量变少
9.马年春晚舞蹈喜雨技惊四座，舞者头顶斗笠匀速转动时，下列图线中与斗笠边缘的一串串珠实际形态最接近的是( )
A. B. C. D.
10.如图所示，倾角为的足够长斜面放置在光滑的水平面上，质量相等的、两小滑块与斜面间的动摩擦因数分别为、，且。、以相同的初速度沿斜面下滑，始终未离开斜面。则整个运动过程中( )
A. 的机械能一直减小 B. 的机械能一直增加
C. 、、系统动量守恒 D. 、、的总动能一直增加
11.某人形机器人关节模组中传动机构的简化模型如图所示，大齿轮固定不动，圆心为，小齿轮的圆心为，为小齿轮边缘上的一点，小齿轮始终紧贴大齿轮匀速滚动。小齿轮的直径与大齿轮的半径相等，则( )
A. 图示时刻点的速度方向指向
B. 图示时刻点的加速度方向指向
C. 点的运动周期是点的两倍
D. 之间的距离越小，点的加速度越大
二、实验题：本大题共1小题，共15分。
12.为测量纽扣电池电动势和内阻，选用以下器材：
A.待测纽扣电池电动势约，内阻约
B.电压表量程为，内阻约
C.电流表量程为，内阻约
D.滑动变阻器
E.定值电阻
F.开关和导线若干
某实验小组用图甲所示电路进行实验，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于______选填“左端”或“右端”；
实验中，测得电压表示数和对应的电流表示数，根据图乙中已描出的各点作出图像；
由图像可得，该纽扣电池的电动势______，内阻______。结果均保留两位有效数字
小明同学用图丙所示电路进行实验，将电压表接在、间测得电压，再将电压表接在、间测得的电压为，改变滑动变阻器的滑片位置多次测量，根据测得的多组数据在图丁中作出图像。已知图线的横截距为，纵截距为。则该纽扣电池的电动势______，______。用字母、和表示
在问中，小李同学认为测得后将电压表接在、间测得电压，作出图像计算和。你认为小李的方案是否可行______选填“是”或“否”，请简要说明理由______。
三、计算题：本大题共4小题，共41分。
13.我国考古发现的“长信宫灯”示意图如图所示，灯罩内灯芯点燃后产生的烟气沿着右臂管道进入灯体内，经灯体底部的水盘过滤烟尘，清洁空气。假设灯罩内气体的体积为，灯芯点燃前气体的密度为，温度为，气体的压强保持不变。
求灯芯点燃前，灯罩内气体的质量；
灯芯点燃后，灯罩内气体温度为，求灯罩内气体的质量。
14.如图甲所示，细线的一端系一小球，另一端固定于点，小球绕点在竖直平面内做圆周运动。传感器同时测得细线拉力大小、细线与竖直方向夹角，拉力随变化的曲线如图乙所示。已知小球做圆周运动的半径，重力加速度取，不计空气阻力。求：
小球运动过程中的最小速度；
小球的质量。
15.如图所示，在倾角的足够长光滑斜面上，宽度为的阴影区域内存在垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为，相邻磁场间的距离为。一质量为的金属矩形线框放在斜面上端，中点系有平行于斜面的轻绳，轻绳绕过斜面底端的轻质定滑轮与一重物相连。现将线框由静止释放，此后通过每个磁场区域的时间都相等，运动过程中线框边始终与磁场边界平行，重物未落地。已知金属线框的电阻为，边长为、边长为，重物的质量为，重力加速度为。
求边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量；
求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减小的动能和线框产生的焦耳热；
若线框通过任意一个磁场区域过程中速度减小量为，求该过程所用的时间。
16.如图所示，坐标系的第一象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为、电荷量为的粒子，从处以初速度沿方向运动，经磁场偏转后垂直轴射出。粒子的重力不计。
求磁场的磁感应强度的大小；
若第二象限加平行轴方向的匀强电场，其他条件不变，使粒子穿出电场后能进入第一象限，求电场强度的大小满足的条件；
在问条件下，若匀强电场的电场强度大小为，求粒子的运动轨迹与未加电场时粒子运动轨迹交点的纵坐标，并分析交点的位置特点。
1.【答案】
【解析】解：根据质量数和电荷数守恒，的质量数为，电荷数为，即为中子，故C正确，ABD错误。
故选：。
根据质量数和电荷数守恒列式求解判断。
考查核反应方程的书写规则，知道聚变反应和裂变反应，属于基础题。
2.【答案】
【解析】解：由图可知，光的偏折程度比光小，则光的折射率比光小，是红光，是蓝光。由分析知在水中光速度比的大，故正确，BCD错误。
故选：。
根据光的偏折程度判断折射率大小，再确定光的颜色，由分析光在水中传播速度大小。
解答本题的关键要掌握折射率的意义，能根据偏折程度分析折射率大小，也可以根据折射定律分析折射率大小。
3.【答案】
【解析】解：根据开普勒第二定律，彗星在近日点的速率最大，在远日点的速率最小，因此，故AB错误；
根据开普勒第二定律，结合微元法，可得
解得，故C正确，D错误。
故选：。
根据开普勒第二定律面积定律，卫星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，因此近日点线速度大于远日点，利用微元法进行分析。
本题以哈雷彗星为背景，直接考查开普勒第二定律的理解与应用，侧重考查学生对天体运动基本规律的掌握程度。
4.【答案】
【解析】解：根据德布罗意物质波公式，其中为普朗克常量，为电子动量，电子能量越高，动量越大，因此物质波波长更短；射线的穿透能力由光子能量决定，光子能量越高，穿透能力越强，根据光子能量公式，光子能量越高，频率越大，波长更短，故ABC错误，D正确。
故选：。
电子能量越高，动量越大，物质波波长越短；射线穿透能力越强，光子能量越高，波长越短。
学生易混淆“能量与波长的关系”，误将能量高等同于波长长，需牢记德布罗意公式和光子能量公式中能量与波长成反比。
5.【答案】
【解析】解：设到、、的距离均为。在点的场强
垂直向下。在点的场强
垂直方向的分量，，
想要点场强方向与平行，在点的场强必须有垂直向下的分量，因此必须是负电荷。大小满足
可得点电荷量绝对值为，结合是负电荷，则，故B正确，ACD错误。
故选：。
一句话解题思路：分析、处点电荷在点产生的电场，利用电场叠加原理，结合点合电场方向平行向右的条件，确定处电荷的电荷量。一句话点评：
本题以正三角形为载体，考查电场叠加原理与矢量合成，需结合几何关系分析，能有效检验学生对电场矢量性的理解与应用能力。
6.【答案】
【解析】解：设子弹的初速度大小为，子弹所受的阻力大小为，钢板的厚度为，钢板被锁定时，对子弹，由动能定理：
解得
钢板解除锁定时，假设子弹不能射穿钢板，其射入钢板的深度为，对子弹和钢板组成的系统，由动量守恒定律：
由能量守恒定律：
联立知子弹与钢板一起运动的速度大小，，可见假设成立，对子弹，由动量定理知，锁定时，钢板对子弹的水平冲量大小
由动能定理知，钢板对子弹做功的绝对值
解除锁定后，钢板对子弹的水平冲量大小
由动能定理知，钢板对子弹做功的绝对值
可见解除锁定后子弹对钢板的水平冲量比锁定时的小，钢板对子弹做的功比锁定时的少，故A正确，BCD错误。
故选：。
对比钢板锁定与解除锁定两种运动场景，锁定时子弹减速至零，作用时间长、冲量大，钢板对子弹做功等于子弹初动能；解除锁定时子弹与钢板共速，作用时间短、冲量小，子弹末动能不为零，钢板对子弹做功更少，据此判断各选项。
本题以子弹穿钢板的经典模型为载体，综合考查冲量与功的分析，需准确区分两种场景下的运动状态，结合动量定理与动能定理分析，能有效检验学生的过程拆解与规律应用能力。
7.【答案】
【解析】解：旋翼、位于左侧，、位于右侧，增大、转速可提升左侧升力，减小、转速可降低右侧升力，使左侧升力大于右侧升力，机身向右倾斜，升力的水平分力向右，可实现水平向右移动，故A正确；
B.增大、转速、减小、转速，无法使左侧升力大于右侧升力，不能让机身右倾获得向右的分力，故B错误；
C.增大、转速、减小、转速，会使右侧升力大于左侧升力，机身向左倾斜，产生向左的分力，故C错误；
D.增大、转速、减小、转速，右侧升力大于左侧升力，机身左倾，分力向左，故D错误。
故选：。
要使四旋翼水平向右移动，需让左侧升力大于右侧升力使机身右倾，产生向右的水平分力，据此调整各旋翼的转速。
本题以四旋翼飞行器为实际情境，考查力的分解与受力分析，将物理知识与生活应用结合，能有效检验学生的知识应用与分析能力。
8.【答案】
【解析】解：效于实光源与虚像的双缝干涉，镜面向右平移时，两相干光源间距、到光屏距离均不变，故条纹间距不变；反射光照射范围减小，直接光与反射光的重叠区域变小，条纹数量变少，故D正确，ABC错误。
故选：。
洛埃镜干涉等效于实光源与虚像的双缝干涉，根据进行判断
本题以洛埃镜经典实验为载体，考查光的干涉原理，需掌握等效双缝干涉模型，结合几何分析重叠区域变化，能有效检验学生对干涉规律的理解与应用能力。
9.【答案】
【解析】解：对斗笠边缘垂下的珠串进行受力分析。设珠串上任一位置与竖直方向的夹角为，该点到转轴的距离为，其下方所有珠子的总质量为。
对于该点及以下部分整体而言，受到上方绳子的拉力和总重力。在竖直方向有；在水平方向，由于珠串在做匀速圆周运动，其合力提供向心力。
由于珠串各部分半径不同，离转轴越远的地方需要的向心加速度越大。
从上往下观察，越靠下的珠子旋转半径越大，单位质量需要的向心力越大。越靠下的位置，需要支撑的重力越小。根据可知，随着位置下移，分子向心力需求增大而分母总重力减小，因此夹角必然逐渐增大。这意味着珠串在顶部靠近斗笠边缘时较为竖直，越往末端摆动得越开，形状变得越趋于水平。
对比各选项：
A、直线表示各点相等，故A错误；
B、图线起始段较陡小，末端较平缓大，故B正确；
C、图线起始段较平缓，末端较陡，故C错误；
D、形状不规则，不符合匀速转动的规律，故D错误。
故选：。
题目描述匀速转动的斗笠边缘珠串形态，需要分析珠串在转动中的受力与形状变化。珠串上各点随斗笠做匀速圆周运动，但不同位置到转轴距离不同，导致所需向心力不同，同时珠串下方部分重力随位置变化。通过受力分析建立竖直方向重力与拉力平衡、水平方向合力提供向心力的关系，夹角正切值等于向心力与重力之比，随着位置下移，半径增大使向心力需求增加而下方重力减小，因此夹角逐渐增大，珠串从靠近斗笠处较竖直逐渐向外摆开，形状曲线起始陡、末端缓。
本题以匀速转动的珠串为情境，巧妙考查圆周运动与受力分析的综合应用。题目要求学生将实际情境抽象为物理模型，对珠串上不同位置进行受力与运动状态分析，重点考查学生的建模能力与逻辑推理能力。解答时需抓住关键点：珠串各点旋转半径不同导致所需向心力不同，同时下方悬挂质量变化影响受力平衡，进而推导出夹角随高度变化的规律。本题计算量小但思维要求较高，需综合运用向心力公式与平衡条件进行动态分析，能有效锻炼学生运用物理原理解决实际问题的能力。正确判断珠串形态需要清晰的物理图像与严谨的推导，是一道颇具特色的中等难度好题。
10.【答案】
【解析】解：设、质量均为。与对斜面的滑动摩擦力方向均沿斜面向下，大小分别为
与对斜面的压力方向均垂直斜面向下，大小均为
与，在水平方向分力均向左，之和为
由于
可得
两个水平方向分力均向右，之和为，可以发现，说明只要两个滑块在斜面上滑动，斜面在水平方向受力就为，不会左右移动。由于且，那么一定有，，因此初始时，向下加速，向下减速，不动，这是过程；
当减速为后，将向右加速，相对静止，这是过程，过程中，系统只是水平方向动量守恒，过程中，静止，机械能不变，过程中，相对静止，一起向右加速，机械能将增加，过程中，相对静止，一起向右加速，继续加速下滑，三者总动能增加。过程中，静止不动，设、初速度为，、组成的系统合外力为，总动量不变。则的速度为时，的速度为，此时系统动能，随着运动过程不断推进，不断增大，系统动能不断增大，两个过程，都是系统动能不断增大，故D正确，ABC错误。
故选：。
根据动量守恒条件、机械能变化规律，分析系统受力、做功与能量转化，逐一判断各选项正误。
本题融合多力学知识点，以斜面滑块模型考查综合分析能力，需全面把握受力、做功与能量的关系。
11.【答案】
【解析】解：由题意可知，小齿轮的直径等于大齿轮的半径，即，这符合“卡当圆”模型。在该模型下，小齿轮边缘上任意一点的运动轨迹均为大齿轮的一条直径，即点在大齿轮的某条直径上做简谐运动，其平衡位置位于大齿轮中心。
A、由于点沿直径做直线运动，其速度方向始终在该直径所在的直线上。根据图示时刻小齿轮的转动方向，点正朝向圆心运动，因此其速度方向指向，故A正确；
B、点做简谐运动，其加速度方向始终指向平衡位置，即大齿轮中心，而非指向小齿轮中心，故B错误；
C、点绕做匀速圆周运动的周期为，点完成一次往复运动，即简谐运动的一个周期，所需时间与小齿轮中心绕旋转一周的时间相等，因此两者的运动周期相同，故C错误；
D、点做简谐运动，其加速度大小为，其中是点绕运动的角速度。可见之间的距离越小，加速度也越小，故D错误。
故选：。
该题描述小齿轮紧贴大齿轮匀速滚动，小齿轮直径与大齿轮半径相等，形成特定运动关系。需明确小齿轮边缘上点的运动轨迹是沿大齿轮某条直径的直线往复运动，其速度方向始终沿该直径方向，加速度方向指向平衡位置即大齿轮中心。点的运动周期与小齿轮中心绕大齿轮中心做圆周运动的周期相同，两者角速度相等，点的加速度大小与距离成正比。分析时需结合小齿轮纯滚动的约束条件，理解点做简谐运动的特征，从而判断各选项关于速度方向、加速度方向、周期关系及加速度变化规律的表述是否正确。
本题以卡当圆模型为背景，综合考查了圆周运动、简谐运动、速度与加速度的方向及大小变化规律等多个知识点。题目计算量不大，但需深刻理解小齿轮边缘点的运动本质是沿大齿轮直径的直线简谐运动，而非绕自身圆心的圆周运动，这要求学生具备较强的物理建模与运动分解能力。本题亮点在于将看似复杂的齿轮滚动问题转化为简谐运动模型，有效考查了学生对运动合成与分解、加速度与位移关系等核心规律的灵活应用。正确解题关键在于识别点的平衡位置在大齿轮中心，其加速度始终指向，且加速度大小与距离成正比。
12.【答案】左端 否电压表变化范围太小
【解析】解：由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于左端。
让尽可能多的点过直线，不能过直线的点对称分布在直线两侧，根据坐标系内描出的点作出图像如图所示
由闭合电路的欧姆定律得，由图示图像可知，电源电动势，图像斜率的绝对值，解得电源内阻
由闭合电路的欧姆定律得，即，由图像可知，图像的纵轴截距，图像斜率的绝对值，解得。
由闭合电路的欧姆定律得，即，测出多组数据，作出图像，图像的斜率，此方案电压表变化范围太小，该方案不可行。
故答案为：左端；
；
；；；；否；电压表变化范围太小。
根据图示电路图分析答题。
故内接坐标系内描出的点作出图像。
求出图像的函数解析式，根据图示图像求解。
求出图像的函数解析式，然后根据图示图像答题。
根据图示电路图分析答题。
掌握基础知识，理解实验原理，分析清楚图示电路结构，应用闭合电路的欧姆定律即可解题。
13.【答案】灯芯点燃前灯罩内气体的质量为 灯芯点燃后灯罩内气体的质量为
【解析】解：根据密度公式，解得灯芯点燃前灯罩内气体的质量。
灯罩内气体的压强保持不变，由理想气体状态方程可知，解得灯罩内气体的质量。
答：灯芯点燃前灯罩内气体的质量为。
灯芯点燃后灯罩内气体的质量为。
灯芯点燃前，灯罩内气体处于初始状态，其质量由气体的密度与体积直接决定。已知灯罩内气体体积为，密度为，根据质量的定义，可直接建立两者关系求得灯罩内气体的质量。
灯芯点燃后，灯罩内气体温度升高，但题目明确气体压强保持不变。由于气体质量会随状态变化，需将气体视为理想气体并应用其状态变化规律。在压强不变的条件下，气体的质量与温度存在反比关系，因此需要利用初始状态的质量和温度，结合变化后的温度，建立比例关系求解变化后的质量。
本题以“长信宫灯”为背景，巧妙地将理想气体状态方程与质量计算相结合，考查气体实验定律的灵活应用。题目难度中等偏下，计算量小，但需要学生准确理解气体质量与密度、体积、温度之间的关系。第一问直接应用密度公式，属于基础考查。第二问是本题的核心，在压强不变的条件下，需要学生将理想气体状态方程与质量联系起来，推导出质量与温度成反比的结论，即，这有效锻炼了学生对物理公式的综合运用与逻辑推理能力。
14.【答案】小球运动过程中最小速度大小为，水平向右 小球的质量为
【解析】解：由乙图可知小球在最高点时，拉力为零，根据竖直平面内圆周运动绳模型的特点，可知其此时速度最小，结合牛顿第二定律，可得：，解得：，由乙图可知，其顺时针转动，即其在最高点时速度方向水平向右；
小球从最高点到最低点的过程，应用动能定理，可得：；小球在最低点时，根据牛顿第二定律，可得：，解得小球的质量：。
答：小球运动过程中最小速度大小为，水平向右；
小球的质量为。
由乙图可知小球在最高点时，拉力为零，根据竖直平面内圆周运动绳模型的特点，可知其在最高点时速度最小，结合牛顿第二定律，可得到小球的最小速度；
小球从最高点到最低点的过程，应用动能定理，可得到最低点的速度大小；小球在最低点时，根据牛顿第二定律，可得到小球的质量。
本题考查竖直平面内圆周运动的临界分析，关键是掌握绳模型的临界条件，判断最小速度的位置。
15.【答案】边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量为 求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减小的动能为，线框产生的焦耳热为 若线框通过任意一个磁场区域过程中速度减小量为，该过程所用的时间为
【解析】解：边穿过磁场区域过程，由法拉第电磁感应定律可得，又，所以；
线框通过每个磁场区域的时间相等，则线框每次进入磁场时速度相等线框穿过磁场区域过程中，
系统减少的动能等于线框在相邻磁场间运动系统增加的动能由动能定理可得，解得，线框穿过磁场区域过程产生的焦耳热等于线框下滑过程系统减少的重力势能由功能关系可得，解得；
线框通过一个磁场区域过程，设绳中拉力的冲量大小为对线框由动量定理可得，对重物由动量定理可得，又，，
所以；
答：边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量为；
求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减小的动能为，线框产生的焦耳热为；
若线框通过任意一个磁场区域过程中速度减小量为，该过程所用的时间为。
电荷量可通过平均电动势、平均电流结合时间来求，即，磁通量变化为。
系统动能的变化等于合外力做功，包括重力、拉力和安培力的作用。由于通过每个磁场时间相同，可以结合运动学分析速度变化，进而得到动能变化。焦耳热等于克服安培力做的功。
利用动量定理，考虑系统的受力冲量和动量变化，从而求出时间。
本题考查电磁感应中的动力学和能量问题，关键是掌握电荷量的计算方法，利用法拉第电磁感应定律求平均值，以及动量定理处理变力冲量。
16.【答案】磁场的磁感应强度的大小为 若第二象限加平行轴方向的匀强电场，其他条件不变，使粒子穿出电场后能进入第一象限，电场强度的大小满足的条件为
若场强沿轴正方向，则无论其大小如何，都能满足条件；若场强沿轴负方向，则 在问条件下，若匀强电场的电场强度大小为，粒子的运动轨迹与未加电场时粒子运动轨迹交点的纵坐标为，交点位置与场强大小无关
【解析】解：由题意，粒子在磁场中的轨迹是圆周，如图
根据几何关系，轨迹半径
根据洛伦兹力提供向心力
联立解得
若场强沿轴正方向，则无论其大小如何，都能满足条件
若场强沿轴负方向，粒子进入第一象限，竖直位移一定要小于粒子在电场中做类平抛运动，有
解得
根据牛顿第二定律，有
解得场强 大小范围
若场强沿轴负方向，轨迹如图所示
在电场中速度偏转角设为，进入磁场时，速度
方向分速度
在电场中
方向偏转量
联立解得
进入磁场后，洛伦兹力提供向心力
联立解得
圆心坐标
是三象限角平分线，又
可得与全等，则图中，根据几何关系，轨迹交点纵坐标
交点横坐标必然是
因此交点位置与场强大小无关。
若强沿轴正方向，同样的方法，圆心坐标变为
依然可证明轨迹交点纵坐标，横坐标，结论相同。
答：磁场的磁感应强度的大小为；
若第二象限加平行轴方向的匀强电场，其他条件不变，使粒子穿出电场后能进入第一象限，电场强度的大小满足的条件为
若场强沿轴正方向，则无论其大小如何，都能满足条件；
若场强沿轴负方向，则；
在问条件下，若匀强电场的电场强度大小为，粒子的运动轨迹与未加电场时粒子运动轨迹交点的纵坐标为，交点位置与场强大小无关。
根据几何关系和洛伦兹力提供向心力求磁场的磁感应强度的大小；
根据场强的方向可能性以及类平抛运动的规律求若第二象限加平行轴方向的匀强电场，其他条件不变，使粒子穿出电场后能进入第一象限，电场强度的大小满足的条件；
在问条件下，根据场强方向的可能性画出粒子的运动轨迹，结合洛伦兹力提供向心力和几何关系求粒子的运动轨迹与未加电场时粒子运动轨迹交点的纵坐标，并分析交点的位置特点。
本题考查了带电粒子在匀强电场与匀强磁场中的运动，粒子在电场中加速，在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子的运动过程是解题的前提；根据题意作出粒子运动轨迹，确定轨迹半径，牛顿第二定律即可解题。

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