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2026全国版高中生物学突破练
突破练16
(选择题每小题3分)
基础·满分练
命题角度1　两对相对性状的杂交实验
1.(2026河北张家口模拟)下列有关孟德尔两对相对性状的豌豆杂交实验的叙述,正确的是(　　)
A.孟德尔实验中“F1自交,F2出现了9∶3∶3∶1的性状比例”属于“作出假设”
B.F1形成的雌配子、雄配子都是4种,且雌配子与雄配子的数量一样多
C.杂交实验中雌雄配子随机结合体现了自由组合定律
D.F2的基因型有9种,其中在数量上YyRr∶YyRR∶yyRR=4∶2∶1
2.(2025广东佛山模拟)以下为孟德尔对豌豆两对相对性状杂交实验的假说—演绎图解。下列有关分析正确的是(　　)
图1
图2
A.图1、图2分别是假说推理过程、演绎推理过程
B.图1的每对相对性状在F2中不出现一定的分离比,图2的比例为9∶3∶3∶1
C.图2的雌雄配子随机受精结合的过程遵循自由组合定律
D.孟德尔运用此科学思维方法解决问题并得出基因在染色体上的结论
3.(2026黑龙江模拟)孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中,用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1(遗传因子组成为YyRr),F1自交得F2。下列叙述正确的是(　　)
A.F1产生配子时遗传因子Y与y分开,R与r分开,且Y、y可以与R、r自由组合
B.F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等,是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提
C.从F2黄色皱粒中任取两株,这两株遗传因子组成不同的概率为2/9
D.F2中纯合子所占比例是1/4,重组类型所占比例是5/8
命题角度2　自由组合定律的实质和验证
4.(2025安徽马鞍山模拟)玉米是遗传学实验的好材料,下列叙述正确的是(　　)
A.玉米雄花的花粉落在同一植株雌花的柱头上,完成的传粉过程属于自交
B.纯种甜玉米和纯种非甜玉米间行种植,甜玉米果穗上的籽粒有3种基因型
C.使用玉米作为实验材料验证分离定律时,所选材料必须为纯合子
D.基因型为AaBb的玉米测交实验后代出现四种表型,即可验证自由组合定律
5.(2026湖北襄樊模拟)如图甲和乙分别为两株豌豆体细胞中的有关基因组成,通过一代杂交实验验证基因的分离定律和自由组合定律,下列叙述不合理的是(　　)
甲
乙
A.甲自交,验证B、b的遗传遵循基因的分离定律
B.乙自交,验证A、a与B、b的遗传遵循基因的自由组合定律
C.甲、乙杂交,验证D、d的遗传遵循基因的分离定律
D.甲、乙杂交,验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律
6.(跨学科融通)(2026山东济南模拟)甲、乙两名同学分别用小球做孟德尔定律模拟实验。甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合;乙同学每次分别从Ⅲ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。下列叙述错误的是(　　)
A.甲同学模拟的是一对相对性状杂交实验中F1雌雄配子的受精作用,理论上组合类型及数量比为DD∶Dd∶dd=1∶2∶1
B.乙同学模拟的是两对相对性状杂交实验中F1产生配子的过程,等位基因的分离和非同源染色体上非等位基因的自由组合发生在过程②中
C.上述每个小桶内不同类型小球的数量可以不相同,但抓取记录结果后需放回原来的小桶并充分混匀
D.只要重复的次数足够多,乙同学经过抓取小球实验后,统计得到的aB组合概率会趋近于1/4
命题角度3　孟德尔遗传规律的应用
7.(2024全国新课标卷)某种二倍体植物的P1和P2植株杂交得F1,F1自交得F2。对个体的DNA进行PCR检测,产物的电泳结果如图所示,其中①~⑧为部分F2个体,上部2条带是一对等位基因的扩增产物,下部2条带是另一对等位基因的扩增产物,这2对等位基因位于非同源染色体上。下列叙述错误的是(　　)
A.①②个体均为杂合体,F2中③所占的比例大于⑤
B.还有一种F2个体的PCR产物电泳结果有3条带
C.③和⑦杂交子代的PCR产物电泳结果与②⑧电泳结果相同
D.①自交子代的PCR产物电泳结果与④电泳结果相同的占1/2
8.(2026河北衡水模拟)胡萝卜(雌雄同株)花的颜色受两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制,其中基因A控制亮红色,基因a控制橙色,基因b纯合时会抑制基因A和a的表达而表现为白色。现让纯合的开橙色花植株与开白色花植株杂交,F1全为开亮红色花植株。下列推测错误的是(　　)
A.亲本中开白色花植株的基因组成为AAbb
B.F1中开亮红色花植株的基因组成为AaBb
C.F1自交,所得的F2中开橙色花植株占3/16
D.F1自交,所得的F2中开白色花植株的基因组成有2种
能力·高分练
9.(8分)(2024新课标卷)某种瓜的性型(雌性株/普通株)和瓜刺(黑刺/白刺)各由1对等位基因控制。雌性株开雌花,经人工诱雄处理可开雄花,能自交;普通株既开雌花又开雄花。回答下列问题。
(1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1,根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性,则F1瓜刺的表型及分离比是　　　　　　　　　　。若要判断瓜刺的显隐性,从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是　 　　　　　　　　　　　　　。
(2)王同学将黑刺雌性株和白刺普通株杂交,F1均为黑刺雌性株,F1经诱雄处理后自交得F2,能够验证“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”这一结论的实验结果是　　　　　　　　　　　。
(3)白刺瓜受消费者青睐,雌性株的产量高。在王同学实验所得杂交子代中,筛选出白刺雌性株纯合体的杂交实验思路是 　　　　　　　　　　　　　　。
参考答案
基础·满分练
1.D　孟德尔实验中“F1自交,F2出现9∶3∶3∶1”是实验观察到的结果,属于“观察现象”阶段,而非“作出假设”。作出假设是提出遗传因子分离和自由组合的解释,A项错误。F1(YyRr)形成的雌、雄配子均为4种(YR、Yr、yR、yr),但雄配子数量远多于雌配子(如豌豆雄配子数量多),B项错误。雌雄配子随机结合属于受精作用,而自由组合定律发生在减数分裂形成配子时(不同对遗传因子的自由组合),C项错误。F2基因型共9种。YyRr概率为1/2(Yy)×1/2(Rr)=1/4,YyRR概率为1/2(Yy)×1/4(RR)=1/8,yyRR概率为1/4(yy)×1/4(RR)=1/16,三者比例为4∶2∶1,D项正确。
2.A　图1是孟德尔利用假说解释提出问题的过程,即为假说推理过程,图2是设计测交实验进行演绎推理过程,A项正确。图1的每对相对性状在F2中出现一定的分离比,图2的比例为1∶1∶1∶1,B项错误。图2的雌雄配子随机受精结合的过程没有体现自由组合定律,自由组合定律发生在减数分裂产生配子的过程中,C项错误。摩尔根运用此科学思维方法(假说—演绎法)解决问题并得出基因在染色体上的结论,D项错误。
3.A　F1(YyRr)在减数分裂形成配子时,等位基因Y与y、R与r随同源染色体分离而分开,同时不同对的等位基因(Y/y与R/r)自由组合,符合自由组合定律的实质,A项正确。F1产生的雄配子数量远多于雌配子,二者总数不相等。F2出现9∶3∶3∶1的前提是雌雄配子随机结合,而非配子总数相等,B项错误。F2黄色皱粒(Y_rr)中,基因型为YYrr(占1/3)和Yyrr(占2/3)。任取两株遗传因子组成(基因型)不同的概率为2×(1/3×2/3)=4/9,而非2/9,C项错误。F2中纯合子(YYRR、YYrr、yyRR、yyrr)占4/16=1/4,正确;但重组类型为黄色皱粒(3/16)和绿色圆粒(3/16),共6/16=3/8,而非5/8,D项错误。
4.A　自交的定义是基因型相同的个体之间相互交配,玉米为雌雄同株异花植物,同一植株雄花的花粉落在雌花的柱头上属于自交,A项正确。假设甜玉米基因型为隐性纯合子(如aa),非甜玉米为显性纯合子(如AA)。间行种植时,玉米既可自交也可杂交。①甜玉米自交:产生基因型为aa的籽粒;②甜玉米杂交:产生基因型为Aa的籽粒,甜玉米果穗上的籽粒基因型只有aa和Aa两种,而非3种,B项错误。验证分离定律的关键是观察杂合子在减数分裂时等位基因的分离,常用方法包括:①杂合子自交:后代出现3∶1的性状分离比;②杂合子测交:后代出现1∶1的性状分离比。纯合子自交后代不发生性状分离,无法验证分离定律,C项错误。自由组合定律的前提是两对基因位于非同源染色体上,独立遗传。若AaBb测交(与aabb杂交)后代出现四种表型,仅说明两对基因可能发生重组,但需满足四种表型比例为1∶1∶1∶1才能证明基因自由组合;若两对基因位于同一对染色体上(连锁),发生互换时测交后代也可能出现四种表型,但比例不符合1∶1∶1∶1(如多为亲本型,少为重组型)。因此,仅凭“四种表型”无法验证自由组合定律,D项错误。
5.B　只考虑B、b基因控制的性状,甲(Bb)自交,可以验证B、b的遗传遵循基因的分离定律。A、a与B、b两对等位基因位于一对同源染色体上,两对等位基因不遵循基因的自由组合定律,因此,乙自交,不能验证A、a与B、b的遗传遵循基因的自由组合定律。只考虑D、d基因控制的性状,甲(Dd)、乙(dd)杂交相当于测交,可以验证D、d的遗传遵循基因的分离定律。只考虑A、a和D、d基因控制的性状,A、a与D、d两对等位基因位于两对同源染色体上,两对等位基因遵循基因的自由组合定律,因此,甲、乙杂交,可以验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律。
6.C　甲同学模拟一对相对性状杂交实验中F1(Dd)雌雄配子的受精作用。F1(Dd)产生的雌雄配子中D∶d=1∶1,受精后组合类型为DD(D雌×D雄)、Dd(D雌×d雄或d雌×D雄)、dd(d雌×d雄),理论比例为1∶2∶1,A项正确。乙同学模拟两对相对性状杂交实验中F1(AaBb)产生配子的过程。等位基因(A与a、B与b)的分离,以及非同源染色体上非等位基因(A/a与B/b)的自由组合,均发生在减数分裂(过程②)中,B项正确。孟德尔定律模拟实验中,每个小桶内不同类型小球的数量必须相同(如Ⅰ桶中D和d数量相等),这样才能保证配子产生的概率符合理论比例(如D∶d=1∶1)。抓取后放回并混匀是为了保证每次实验的概率一致,C项错误。乙同学模拟AaBb产生配子,Ⅲ桶中A∶a=1∶1(抓取a的概率为1/2),Ⅳ桶中B∶b=1∶1(抓取b的概率为1/2)。根据概率乘法原理,aB组合的概率为1/2×1/2=1/4。只要重复次数足够多,统计结果会趋近于理论概率1/4,D项正确。
7.D　由于不知显隐性关系,设题图中自上至下4条带分别代表基因A、a、B、b,则F1的基因型为AaBb,①和②的基因型分别为AaBB和Aabb,③和⑤的基因型分别为AABb和AABB,在F2中分别占1/8和1/16,A项正确。F2有9种基因型,除题图中的基因型外,还有aaBb,其PCR产物电泳结果会有3条带,B项正确。⑦的基因型为aabb,③与⑦杂交子代的基因型有Aabb和AaBb 2种,而②和⑧的基因型分别为Aabb和AaBb,C项正确。①自交子代的基因型及所占比例为1/4AABB、1/2AaBB和1/4aaBB,与④电泳结果相同的占1/4,D项错误。
8.D　题意显示,基因A控制亮红色,基因a控制橙色,基因b纯合时会抑制基因A和a的表达而表现为白色,开亮红色花植株的基因组成为A_B_,开橙色花植株的基因组成为aaB_,开白色花植株的基因组成为__bb。纯合的开橙色花植株aaBB与开白色花植株__bb杂交,所得的F1全为开亮红色花植株A_B_,故亲本中开橙色花植株和开白色花植株的基因组成分别为aaBB和AAbb,A项正确。亲本中开橙色花植株和开白色花植株的基因组成分别为aaBB和AAbb,所以F1中开亮红色花植株的基因组成为AaBb,B项正确。F1的基因组成为AaBb,根据自由组合定律可推测,F1自交,所得的F2中开橙色花植株(基因组成为aaB_)占1/4×3/4=3/16,C项正确。F1(AaBb)自交,所得的F2中开白色花植株(__bb)的基因组成有3种,分别为AAbb、aabb、Aabb,D项错误。
能力·高分练
9.(1)黑刺∶白刺=1∶1　F1个体自交,子代发生性状分离的个体的性状为显性
(2)F2中黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株=9∶3∶3∶1
(3)F2中的白刺雌性株和普通株作为亲本进行杂交,子代均为雌性株的母本是白刺雌性株纯合子
解析 (1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1,根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性,说明该杂交类型属于测交,子代表型及比例为黑刺∶白刺=1∶1,亲代和子代中的显性个体均为杂合子。若要进一步通过杂交实验判断瓜刺的显隐性,可选取F1个体进行自交,观察并统计子代瓜刺性状及比例。子代出现3∶1性状分离比的瓜刺性状为显性,不出现性状分离的为隐性性状。
(2)具有一对相对性状的亲本杂交,子代表现出来的性状为显性性状。由F1的表型可知,黑刺对白刺为显性,雌性株对普通株为显性,F1为双杂合子。因此,若“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”,则这2对等位基因可以自由组合,F2的表型及比例为黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株≈9∶3∶3∶1。
(3)设黑刺/白刺和雌性株/普通株分别由A/a和B/b 2对基因控制,则F2中的白刺雌性株有aaBB和aaBb 2种基因型,欲筛选出白刺雌性株纯合子(aaBB),可通过测交进行检验,应选择F2中的白刺雌性株与普通株进行杂交,子代均为雌性株的母本是白刺雌性株纯合子。
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
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