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贵州省黔西南州兴仁市真武山街道黔龙学校2025年中考一模物理试题
一、选择题（每小题3分，共24分）
1．（2025·兴仁模拟）关于新材料、新技术应用的说法正确的是（ ）
A．太阳能电池板不能直接将光能转化为电能
B．核电站中的核反应堆都是利用核聚变来获取核能的
C．超导体可以用来做保险丝
D．发光二极管的核心部件是半导体材料
2．（2025·兴仁模拟）中华古诗词中蕴含着丰富的声学知识，下列有关解释正确的是（　　）
A．“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”中的琵琶声是由空气振动产生的
B．“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中的笛声是通过空气传播的
C．“水石相搏，声如洪钟”中的“声如洪钟”是指声音的音调高
D．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音具有能量
3．（2025·兴仁模拟）《旧唐书·魏徵传》中记载“以铜为镜，可以正衣冠”。其中“以铜为镜”涉及到的光现象原理是（　　）
A．光的直线传播 B．光的色散
C．光的反射 D．光的折射
4．（2025·兴仁模拟） 端午节是我国的传统节日，有吃粽子的习俗，对煮粽子过程中涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．锅周边“白气”的形成是汽化现象
B．水沸腾后持续加热，水的温度会继续升高
C．粽子的内能是通过做功的方式增加的
D．“粽香四溢”说明分子在永不停息地做无规则运动
5．（2025·兴仁模拟）以下是对电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（　　）
A．甲图中将通电导线下方的小磁针移走，该磁场消失
B．乙图中的导线ab左右移动，表的指针不会偏转
C．丙图是演示磁场对电流的作用的实验装置
D．丁图中麦克风应用了磁场对电流的作用
6．（2025·兴仁模拟）两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。则下列说法正确的是（ ）
A．小球A的质量大于小球B的质量
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．小球A在甲液体中受到的浮力等于在乙液体中的浮力
D．在甲液体中容器底对小球A的支持力大于对小球B的支持力
7．（2025·兴仁模拟）如图为一种新型破窗锤。紧急情况逃生时，将吸盘吸附在车窗玻璃上，然后拉长弹性绳，人离玻璃较远后松手，破窗锤在弹力作用下瞬间击碎窗玻璃而不会伤到人。下列有关说法正确的是（　　）
A．吸盘能吸附在窗玻璃上是由于大气压的作用
B．若吸盘面积太小，则拉长弹性绳时容易脱落
C．松手后，锤头速度较大惯性就较大，击碎玻璃
D．松手后，绳的弹性势能主要转化为破窗锤动能
8．（2025·兴仁模拟）如图甲所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U－I关系图象如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．滑动变阻器R2的最大阻值为
B．R1的阻值为
C．U3＋U1＝U4
D．滑动变阻器R2向右滑动时，电压表V2示数变化量的绝对值与电流表示数变化量的绝对值的比值不变
二、填空题（每空2分，共10分）
9．（2025·兴仁模拟）《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“以布拭热”是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式改变琥珀的内能。
10．（2025·兴仁模拟）如图，拧动燃气灶的点火装置后，天然气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，天然气不会从进口处外泄，因为天然气的喷入导致进口处的天然气流速　 　（选填“大”或“小”），所以压强小于大气压强。
11．（2025·兴仁模拟）如图所示是重力为0.5N的鸡蛋在盐水中静止时的情景，此时鸡蛋受到的浮力 =　 　。往烧杯中加盐并搅拌，当鸡蛋再次静止时受到的浮力为 则 　 　（选填“>”、“<”或“=”）。
12．（2025·兴仁模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值是20Ω。移动滑片至变阻器的最右端时，闭合开关，电压表示数为2V，消耗的电功率为；移动滑片将其置于某位置时，电压表示数为3V，消耗的电功率为。若，则电源电压为　 　V。
三、作图题（每小题2分，共6分）
13．（2025·兴仁模拟）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小，小灯亮度不变。
14．（2025·兴仁模拟）如图所示，当开关S闭合后，弹簧测力计示数变小。请标出永磁体A的上端和通电螺线管B的上端的极性。
15．（2025·兴仁模拟）如图所示，原来木块漂浮在水面，用细线绕过滑轮将木块与测力计连接起来，然后用弹簧测力计将木块匀速拉到如图所示的位置，请画出此过程中弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像。
四、简答题（每小题3分，共6分）
16．（2025·兴仁模拟）漂浮水稻种植技术在我国很多地区开始尝试。如图所示，它采用具有浮力大、轻质且不污染水质的化学材料板为浮体，在浮体上按行株距要求制有固植孔，并在其贴水面上制有横竖交叉并连通固植孔的通气沟，水稻秧苗根部用海绵包裹后插入固植孔内，将浮体漂浮在水面上实现漂浮种植。
（1）水稻种植区气温变化一般不会太大，是因为水具有什么特性？
（2）请结合浮力的相关知识分析说明水稻从种植到成熟，浮体的位置是会上浮一些，下沉一些，还是不变？
17．（2025·兴仁模拟）如图所示，水平桌面的中间有一均匀的磁场区域（“×”表示垂直于桌面向下的磁感线）。桌面左端放有质量和大小均相同的金属框和塑料框。现分别用水平向右的力将它们从图中的A位置匀速拉动到B位置。请你从能量转化的角度判断这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功是否相同？请说明理由。（假设两框与桌面间的接触粗糙程度相同）
五、实验题（18题8分，19、20每题10分，共28分）
18．（2025·兴仁模拟）小明和小华在进行“测量定值电阻的阻值”实验，器材有：干电池两节，开关、电压表、电流表、滑动变阻器（20Ω 1.5 A）、电阻箱（0 ~9999Ω ）各一个，待测电阻 R1 、R2 ，导线若干。
（1）连接电路前，他们发现电流表指针如图甲所示，于是他们将电流表指针调至　 　；
（2）①图乙是他们连接的测量R1阻值的部分电路。请用笔画线代替导线，将电路补充完整　 　（要求滑动变阻器的滑片向左滑动电流表的示数变大）；
②闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于最　 　（选填“左”、“右”）端；
③闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其故障是　 　；
④测量R1阻值的过程中，老师提醒他们要尽量缩短通电时间，并用较小的电流来测量，这样做的理由是：　 　；
（3）为测量电阻R2的阻值，他们在已连接好的图乙的电路中，用R2替换R1接入电路。测量过程中，发现电流表示数始终小于分度值。于是，他们按照如图丙所示的电路图，重新连接了电路，闭合开关后，改变电阻箱接入的阻值进行多次测量。记录下电阻箱的阻值R及对应的电压表示数U，并根据记录的数据绘制出图像丁图，则所测电阻R2的阻值为　 　Ω。
19．（2025·兴仁模拟）在探究“光的反射定律”实验中。
（1）如图甲，先将平面镜A放在水平桌面上，再将　 　（选填“光滑”或“粗糙”）的硬纸板B垂直放置在平面镜A上，让激光紧贴纸板射向O点；
序号 入射角 反射角
1 30° 30°
2 45° 45°
3 60° 60°
（2）多次改变入射光的方向，测得了几组数据如上表所示，由此可得出，反射角与入射角大小　 　；
（3）接下来老师进行了如下演示，先用加湿器使实验装置附近充满雾气，其作用是　 　。随后将平面镜放在能转动的水平圆台上，在柱M上固定一红色激光笔，使其发出的光垂直射向平面镜上的O点，其作用是为了显示　 　的位置，然后打开固定在柱N上的绿色激光笔，使绿色激光射向O点，出现了如图乙所示的情景，老师缓慢转动圆台，当我们观察到　 　时，可判断反射光线，入射光线和法线在同一平面内。
20．（2025·兴仁模拟）如图甲所示的水火箭是一种广受学生喜爱的科技制作，其结构示意图如图乙所示。将水火箭竖立于地面，利用打气筒通过打气管向瓶内打气，当瓶内压强增大到一定时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭就接近竖直地向上飞起。小明对同一个水火箭能飞行的最大高度产生了兴趣，于是他提出问题：水火箭能飞行的最大高度与哪些因素有关？接着他作出如下猜想：
猜想①：可能与起飞前瓶内的最大气压有关
猜想②：可能与瓶内所装水的体积有关
请你回答下列问题：（不考虑水火箭容积的变化）
（1）瓶内的水向下喷出时能量转化相当于内燃机的　 　冲程；
（2）实验中无法直接测量水火箭竖直上升的最大高度，可以转换为测量水火箭从发射到落地的　 　来间接反映这个高度；
（3）在探究猜想①时，小明控制瓶内水的体积一定，通过改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前　 　。通过多次实验，并将记录的数据绘制为如图丙所示的图像，分析图像可以得到水火箭飞行的最大高度与起飞前瓶内最大气压的关系是　 　；
（4）在探究猜想②时，小明控制瓶塞松紧程度一定，改变瓶内水的体积，通过多次实验，并将记录的数据绘制为如图丁所示的图像。由此得出结论：起飞前瓶内的最大气压一定时，水火箭飞行高度随瓶内水的体积先增大后减小。你认为小明根据这一实验过程得出的结论是否可信并说明理由：　 　。
六、综合题（每小题8分，共16分）
21．（2025·兴仁模拟）如图所示电路，电源电压不变，定值电阻R1的阻值为10，R2的阻值为30，闭合开关S后，电流表的示数为0.1A，求：
（1）电源电压；
（2）通过电阻R1的电流；
（3）该电路消耗的总功率。
22．（2025·兴仁模拟）如图甲是我国首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置“南船”号，2023年6月在广东珠海投入试运行。南帽号通过在每个边上设置5块漂浮板，漂浮板会随着波浪的起伏上下浮动，从而撬动内部的连杆将波浪的能量存储到液压油中，驱动发电机发电如图乙所示。请回答下列问题：
（1）发电机的工作原理是 　 　；
（2）若每一块漂浮板的质量为300kg，每块漂浮板受到的重力为多大？　 　
（3）在某次漂浮板随波浪向上起伏的过程中，漂浮板底部浸入海水中的深度为1m。此时漂浮板底部受到液体压强为多大？（海水密度ρ=1.0×103kg/m3）　 　
（4）为什么波浪的起伏越大时，漂浮式波浪能发电装置的发电功率越大？　 　
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】核裂变；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能电池通过光电效应将光能直接转换为电能，为电子设备供电。 故A错误；
B．核电站通过核裂变反应获取能量， 故B错误；
C．保险丝在过载时通过熔断保护电路。超导体因零电阻特性无法产生熔断所需的热量，因此不能用作保险材料。 故C错误；
D．发光二极管(LED)作为半导体器件，可实现电能向光能的转换。 故D正确。
正确答案为D。【分析】（1）太阳能电池板工作时将太阳能直接转化为电能。
（2）核电站是利用核裂变释放的核能来发电的。
（3）超导体的电阻为零，保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的。
（4）发光二极管是由半导体材料制成的。
2．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】选项 A：琵琶声是由琵琶弦振动产生的，而非空气振动，说法错误。
选项 B：笛声通过空气传播，说法正确。
选项 C：“声如洪钟“指声音的响度大，而非音调高，说法错误。
选项 D：“闻犬吠”说明声音能传递信息，而非能量，说法错误。
故选B。
【分析】解题核心是掌握声音的产生(物体振动)、传播(介质)、特性(响度、音调)及作用(传递信息、能量)，通过对古诗词中声学现象的辨析，选出正确解释，体现了对声学基础概念的理解能力。
3．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】以铜为镜，指平面镜成像，其原理是光的反射现象。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】平面镜成像的原理是光的反射。
4．【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A.锅周边“白气”的形成水蒸气从气态变成液态发生的液化现象，故A错误；
B.水沸腾后持续加热，水的温度保持不变，故B错误；
C.粽子的内能是通过热传递的方式增加的，故C错误；
D.“粽香四溢”说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
B.根据液体沸腾的特点判断；
C.改变物体内能的方式：做功和热传递；
D.根据分子运动的知识判断。
5．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】A．甲图：奥斯特实验证明电流周围存在磁场，这是电能转化为磁能的现象。磁场由通电导线产生，与小磁针是否在场无关。即使移除小磁针，导线周围的磁场依然存在。因此选项A说法错误；
B．乙图：该装置演示电磁感应现象。当闭合回路中的导体ab在磁场中做切割磁感线运动时（如左右移动），回路中会产生感应电流，使电流表指针偏转。题目描述的情况会产生感应电流，故选项B说法错误；
C．丙图：实验展示通电导体在磁场中受力的现象，这是磁场对电流作用的表现。当导体通电时，磁场会对电流产生作用力，使导体运动。选项C描述正确；
D．丁图：麦克风的工作原理基于电磁感应，而非磁场对电流的作用。声波振动带动膜片和线圈在永磁场中运动，切割磁感线产生感应电流。选项D说法错误。
故选C。
【分析】奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，这是一种电生磁的现象。当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。通电导体在磁场中受到力的作用而运动。
麦克风的工作原理是电磁感应。
6．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【解析】AB、在乙液体中，A球漂浮说明A的密度ρA小于乙液体密度ρ乙；B球下沉说明ρB>ρ乙，因此ρA<ρ>B。由于两球体积V相同，根据质量公式m=ρV可得mAB。
在甲液体中两球均下沉，说明ρ甲<ρ>A且ρ甲<ρ>B；而ρ乙>ρA，因此ρ甲<ρ>乙。故A选项错误，B选项正确。
C、在甲液体中A球下沉，满足重力GA>浮力F浮甲。在乙液体中A球漂浮，满足GA=F浮乙。因此可得F浮甲浮乙，故C选项错误。
D、由重力公式G=mg可知GAB。两球在甲液体中受到的浮力相同（F浮=ρ甲gV排）。
根据受力平衡G=F浮+F支，可得支持力F支=G-F浮，因此F支A支B，故D选项错误。
故选B。
【分析】（1）由图可知A、B两球在乙液体中的浮沉状态，根据浮沉条件可知两球的密度关系，而两球的体积相同，由密度公式可知A、B的质量关系；
（2）A、B两球在甲液体中均沉底，由浮沉条件可知甲液体与两个小球的密度关系；由前面分析可知，乙液体与A球的密度关系，据此可知甲液体与乙液体的密度关系；
（3）由图可知，A球在甲液体中沉底，其重力大于浮力；A球在乙液体中漂浮，其重力等于浮力，据此可以比较A球在两液体中受到浮力的大小关系；
（4）知道A、B的质量关系，由重力公式可知两球的重力关系，因A、B在甲液体中都沉底，且两球的体积相同，由F浮=ρgV排可知两球在甲液体中受到浮力的大小关系，此时根据小球受力平衡可得G=F浮+F支，据此可知支持力的大小关系。
7．【答案】A,B,D
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．利用吸盘时，挤出吸盘内的空气，在大气压的作用下，吸盘被压在玻璃上，故A正确；
B．大气压强一定，根据F=pS，吸盘面积太小，产生的大气压力较小，拉力越小，拉长弹性绳时容易脱落，故B正确；
C．惯性是物体的性质，与质量有关，与速度无关，松手后，锤头速度较大，惯性不变，故C错误；
D．施加拉力时，弹性绳发生弹性形变，产生弹性势能；松手后，弹性绳恢复原状，将弹性势能转化为动能，故D正确。
故选ABD。
【分析】吸盘大气压的作用吸附在窗玻璃上，根据F=pS，计算压力大小；惯性是物体的性质，和质量有关；运动的破窗锤击碎玻璃是因为其动能较大。
8．【答案】B,C,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由电路图可知，R1与R2首尾依次相连属于串联，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电压表V1测定值电阻R1两端的电压。根据U=IR可知定值电阻R1的电流与两端电压成正比，因此电流随电压增大而增大的图象是R1的U-I图，当电流为I1时，U1为定值电阻R1两端电压，U3为滑动变阻器R2两端电压，根据欧姆定律计算当电流为I1时，滑动变阻器两端电压有U3，即对应其最大阻值为，故A错误；
BC．当电流为I1时，此时电流最小，滑动变阻器接入阻值最大，由串联电路电压特点以及欧姆定律U=IR可知，电源电压为；电流为I4时，滑动变阻器接入阻值为0，同理计算可知电源电压为 ；联立得，故BC正确；
D．串联电路中总电压等于各部分电压之和，结合欧姆定律计算滑片向右移动前后电压表V2示数变化量为，所以，故D正确。
故选BCD。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
9．【答案】做功
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解答】用布擦拭琥珀，布与琥珀摩擦，使琥珀的内能增大，通过做功的方式改变琥珀的内能。
综上 第1空、 做功；
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
10．【答案】大
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 天然气的喷入导致进口处的天然气流速大，导致压强小于外界大气压，在压强差的作用下，天然气不会从进口处外泄。
综上 第1空、 大；
【分析】压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
11．【答案】0.5；=
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，重0.5N的鸡蛋在盐水中悬浮，由物体浮沉条件可知，物体受到的浮力等于自身重力，即F1=G=0.5N；
（2）根据题意可知，向水中加盐，盐水的密度增大，大于鸡蛋的密度，那么鸡蛋将在水面漂浮，则鸡蛋等于自身重力，那么它受到的浮力不变，即F2=F1=0.5N。
【分析】（1）根据物体的悬浮条件计算物体受到的浮力；
（2）根据物体的浮沉条件确定加盐后鸡蛋最终的状态变化，再计算鸡蛋受到的浮力。
12．【答案】4
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，电路为两电阻R1与R2串联电路，电压表与R1两端并联，滑片在变阻器的最右端时连入电路重点组最大为 20Ω ，由欧姆定律可知，电路中的电流为：
；
由串联电路电压规律：串联电路总电压等于各串联电阻电压之和，故定值电阻R2两端的电压为：
U2=U-U1=U-2V
由电功率公式P=UI可知，R2的电功率为
当滑动变阻器滑片移动到某一位置时，由于R1两端电压为3V，由欧姆定律可知，电路中的电流为：
由串联电路电压规律可知，电阻R2两端的电压为：
U2'=U-U1'=U-3V
由电功率公式P=UI可得电阻R2的电功率为：
由题可知因为
故有
解得U=4V
故答案为：4。
【分析】根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用电功率P=UI表示出P2、P2'，利用题目中给的比值关系P2：P2'=8：9即可求出电源电压。
13．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小，变阻器连入电路的电阻变大，小灯亮度不变，所以电流表与灯并联，变阻器与电流表串联后和灯泡并联，如下图所示：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首尾相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
14．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由安培定则判断可得，螺线管B的下端为N极，上端为S极。当开关S闭合时，弹簧测力计示数减小，说明A的下端受到B上端的排斥力作用。根据同名磁极相斥的规律，可确定A的下端为S极，上端为N极。磁极分布如图所示：【分析】弹簧测力计示数变大，说明弹簧测力计是伸长的；即A受到了向下的吸引力的作用；根据螺线管中电流的方向利用安培定则判定螺线管的极性；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
15．【答案】
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】木块漂浮在水面时，弹簧测力计示数为0，物体浸没前，将木块匀速向下拉动的过程中，物体受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、弹簧测力计对木块竖直向下的拉力，木块慢慢浸入水中，排开水的体积增大，根据阿基米德原理可知，浮力增大，根据F浮=G+F弹可知，木块重力不变，所以弹簧测力计示数变大；当木块全部浸没在水中时，物体排开液体的体积不变，所以浮力不变，则弹簧测力计示数不变，所以此过程中弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像为：
【分析】拉动过程中，先对物体进行受力分析，物体浸没前，物体逐渐浸入水中时，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，V排变大，浮力变大，由F浮=G+F弹可知，物体重力不变，弹簧测力计示数变大；物体浸没后浮力不变，弹簧测力计示数不变。据此作出弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像。
16．【答案】（1） 水稻种植区气温变化一般不会太大，是因为水的比热容较大，则吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。
（2）根据题意可知，从秧苗开始栽种到稻子成熟，浮体始终处于漂浮状态，所受浮力始终等于浮体和水稻的总重力，即它们受到的总重力保持不变。水稻成熟后和浮体的总重力增大，浮体所受浮力也随着增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，那么浮体排开水的体积增大，所以浮体会下沉一些。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（2）根据漂浮条件，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮体的体积变化即可。
17．【答案】答：因为金属框和塑料框的质量相同，根据
F＝G＝mg
可知，水平桌面上压力等于重力，两框对水平面的压力相同，两框与桌面间的接触粗糙程度相同，所以两框受到的摩擦力相同；两框移动的距离相等，根据W=FS可知，在此过程中克服摩擦力做的功相同（即转化为的内能E内相同）；金属框在开始进入磁场和离开磁场时，由于闭合电路的部分导体做切割磁感线运动会产生感应电流，又因为通电导体在磁场中受到力的作用，所以金属框受到磁场力的作用，在此过程中拉动金属框需要克服磁场力做功（即转化为电能E电）；而塑料框运动时不会产生感应电流，也不受磁场力作用；综上所述，拉力对金属框做的功：
W金＝E内+E电
拉力对塑料框做的功：
W塑＝E内
故这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
【知识点】能量的转化或转移；探究影响摩擦力大小因素的实验；磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】答：因为金属框和塑料框的质量相同，根据
F＝G＝mg
可知，水平桌面上压力等于重力，两框对水平面的压力相同，两框与桌面间的接触粗糙程度相同，所以两框受到的摩擦力相同；两框移动的距离相等，根据W=FS可知，在此过程中克服摩擦力做的功相同（即转化为的内能E内相同）；金属框在开始进入磁场和离开磁场时，由于闭合电路的部分导体做切割磁感线运动会产生感应电流，又因为通电导体在磁场中受到力的作用，所以金属框受到磁场力的作用，在此过程中拉动金属框需要克服磁场力做功（即转化为电能E电）；而塑料框运动时不会产生感应电流，也不受磁场力作用；综上所述，拉力对金属框做的功：
W金＝E内+E电
拉力对塑料框做的功：
W塑＝E内
故这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
【分析】拉动金属框需要克服摩擦力和磁场力做功，将机械能转化为内能和电能；而拉动塑料框只需要克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；由于克服摩擦力做的功相同，即转化为的内能相同；所以拉力对金属框做的功大于对塑料框做的功，即这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
18．【答案】（1）零刻度线处
（2）；右；定值电阻短路；测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。
（3）160
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；焦耳定律的应用
【解析】【解得】（1）实验前，小明发现电流表指针如图甲所示，未指向零刻度线。为此他进行了调零操作，使指针归零。
（2）第1空，本实验使用3V电源，电压表选用小量程并联在灯泡两端，定值电阻与滑动变阻器串联。由于向左移动滑片时电流表示数增大，说明变阻器阻值减小，故应将滑动变阻器左下接线柱接入电路。具体连接方式如下：
第2空，为保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器滑片P调至阻值最大端，即最右端。
第3空，闭合开关后，电流表有示数表明电路导通，但电压表无示数，说明与电压表并联的定值电阻可能短路。
第4空，测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。
（3）图丙电路中，电阻箱R与R2串联，电压表测电阻箱电压。分析图丁数据：
当1/R=0.025Ω- 时，1/U=1.80V- ，对应R=40Ω，此时，
电路电流计算：
当→0时（R→∞），最小值为0.36V- ，电源电压：
R=40Ω时，R2两端电压：
最终测得R2阻值：
故答案为：（1）零刻度线处；见解答图；（2） 右；定值电阻短路；测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。（3）160。
【分析】（1）电表使用前要调零；
（2）①根据电源电压确定电压表量程，将电压表并联在待测电阻两端；
②为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大处；
③电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；
④根据图乙确定电压表量程，由图丙确定分度值读数；根据欧姆定律计算R1的电阻；求出电路的总电阻，根据串联电路特点可求出滑动变阻器接入电路中的阻值；
（3）分析图丙电路连接及电压表测量的电压，由图丁知，和的大小，由此得出R和U，由欧姆定律，电路的电流，根据图可知电源电压，由串联电路电压的规律求出R2的电压，由欧姆定律求出R2。
（1）连接电路前，小明发现电流表指针如图甲所示，电流表的指针未指到零刻度线。于是他将电流表指针调至零刻度线处。
（2）[1]电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，定值电阻与滑动变阻器串联。滑动变阻器的滑片向左滑动电流表的示数变大，则变阻器的左下接线柱接入电路中。如图所示：
[2]为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大处，即最右端。
[3]闭合开关，发现电流表有示数，则电路为通路。电压表无示数，则可能是与电压表并联的定值电阻短路。
[4]测量R1阻值的过程中，根据Q=I2Rt可知，在电阻一定时，电流越小，通电时间越短，电流产生的热量越小，对实验的影响越小，所以老师提醒他们要尽量缩短通电时间，并用较小的电流来测量。
（3）图丙中，电阻箱R与R2串联，电压表测电阻箱的电压； 由图丁知，当；； 即R=40Ω时，， 由串联电路的电流特点和欧姆定律可得，此时电路中的电流为
由图丁知，当电阻箱的阻值无穷大时（即），由串联分压的规律可知，此时电阻箱两端的电压（电压表的示数）等于电源电压，则最小； 由图丁可知最小等于0.36V-1，则电源电压
当电阻箱R的电压为时，由串联电路电压的规律，R2的电压为
由欧姆定律得，所测电阻R2的阻值
19．【答案】粗糙；相等；显示光路；法线；绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1） 平面镜A放在水平桌面上，再将 粗糙的 硬纸板B垂直放置在平面镜A上 ，便于观察光路。
（2）由表中的数据分析可知，反射角和入射角的大小相等。
（3）加湿器使整个教室充满雾气，可以清晰的显示出光的传播路径。红色激光笔发出的光垂直射向平面镜上的O点，可以显示法线的位置。沿水平方向缓慢转动圆台，当观察到绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合时，可判断三线在同一平面内。
综上 第1空、 粗糙 第2空 相等； 第3空显示光路； 第4空、法线 第5空、绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合
【分析】1、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系），纸板粗糙可以发生漫反射，便于观察光路图
实验步骤： 1、将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ；2、 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；3、改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的
20．【答案】（1）做功
（2）时间
（3）瓶内的最大气压；起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度就越高
（4）探究猜想②的实验中，要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，实验结论是不可信的。
【知识点】热机；热机的四个冲程；大气压的综合应用；物理学方法；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）瓶内的水向下喷出时，瓶内气体对水做功，内能转化为机械能，内燃机的做功冲程中高温高压气体推动活塞做功，内能转化为机械能，能量转化相同；
（2）水火箭上升的高度越高，落地所需的时间越长，实验中，测量水火箭从发射到落地的时间，间接反映上升的高度。
（3）探究猜想①时，要控制瓶内水量一定，改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前瓶内最大气压的大小。根据丙图，起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度越高。
（4）探究猜想②的实验中，要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，实验结论是不可信的。
【分析】（1）汽油机的做功冲程，能量内能转化为机械能。
（2）水火箭上升的高度越高，下降到地面用时越长；
（3）探究水火箭上升高度和瓶内气压的关系，保持水量相同，改变瓶内气压；
（4）探究水火箭上升高度和水的体积的关系，保持水的质量相同。
（1）瓶内的水向下喷出时是瓶内高压气体对水做功，气体的内能转化为水的机械能，内燃机的做功冲程中高温高压气体推动活塞做功，也是内能转化为机械能。所以瓶内的水向下喷出时能量转化相当于内燃机的做功冲程。
（2）火箭上升的高度越高，到落地时所需的时间就越大，所以实验中可以测量水火箭从发射到落地的时间来间接反映这个高度。
（3）[1]在探究猜想①时，根据控制变量法可知，实验中要控制瓶内水量一定，通过改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前瓶内最大气压的大小。
[2]根据丙图可知，起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度就越高。
（4）在探究猜想②时，根据控制变量法可知，需要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同。而实验中改变了水的质量，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，所以实验结论是不可信的。
21．【答案】（1）解：电流表测量通过R2的电流，即I2＝0.1A，由可知，R2两端的电压：
根据并联电路的电压特点可知：电路的电源电压：
答：电源电压为3V。
（2）
答：通过电阻R1的电为0.3A。
（3）干路电流：
电路消耗的总功率：
答：电路消耗的总功率为1.2W。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）分析电流表测量的对象，利用U=IR计算R2的电阻，根据并联电路的电压特点求出电路的电源电压；
（2）根据并联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用计算通过R1的电流；
（3）根据并联电路的电流的特点求出干路电流，利用P=UI计算电路消耗的总功率。
（1）电流表测量通过R2的电流，即I2＝0.1A，由可知，R2两端的电压
根据并联电路的电压特点可知：电路的电源电压
（2）通过电阻R1的电流
（3）干路电流
电路消耗的总功率
22．【答案】电磁感应；3000N；1×104Pa；波浪起伏越大，漂浮板获得的机械能越大，相同时间内转化为的电能就越大，所以发电功率越大。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；电功率；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）发电机的工作原理是电磁感应；
（2）已知每块漂浮板的质量m=300kg，根据重力公式G=mg计算其重力：G=mg=300kg×10N/kg=3000N；
（3）根据液体压强公式p=ρgh计算漂浮板底部受到的压强： p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa
（4）当波浪起伏幅度增大时，漂浮板获得的机械能增加，在相同时间内可转化为更多的电能，因此发电功率也随之增大。
故答案为：（1）电磁感应；（2）每块漂浮板受到的重力为3000N；（3）漂浮板底部受到液体压强为104Pa；（4）波浪起伏越大，漂浮板获得的机械能越大，相同时间内转化为的电能就越大，所以发电功率越大。
【分析】（1）根据电磁感应现象分析；
（2）已知质量，利用G=mg可求漂浮板的重力；
（3）根据p=ρgh公式计算漂浮板底部受到液体的压强；
（4）根据能量转化回答。
1 / 1贵州省黔西南州兴仁市真武山街道黔龙学校2025年中考一模物理试题
一、选择题（每小题3分，共24分）
1．（2025·兴仁模拟）关于新材料、新技术应用的说法正确的是（ ）
A．太阳能电池板不能直接将光能转化为电能
B．核电站中的核反应堆都是利用核聚变来获取核能的
C．超导体可以用来做保险丝
D．发光二极管的核心部件是半导体材料
【答案】D
【知识点】核裂变；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能电池通过光电效应将光能直接转换为电能，为电子设备供电。 故A错误；
B．核电站通过核裂变反应获取能量， 故B错误；
C．保险丝在过载时通过熔断保护电路。超导体因零电阻特性无法产生熔断所需的热量，因此不能用作保险材料。 故C错误；
D．发光二极管(LED)作为半导体器件，可实现电能向光能的转换。 故D正确。
正确答案为D。【分析】（1）太阳能电池板工作时将太阳能直接转化为电能。
（2）核电站是利用核裂变释放的核能来发电的。
（3）超导体的电阻为零，保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的。
（4）发光二极管是由半导体材料制成的。
2．（2025·兴仁模拟）中华古诗词中蕴含着丰富的声学知识，下列有关解释正确的是（　　）
A．“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”中的琵琶声是由空气振动产生的
B．“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中的笛声是通过空气传播的
C．“水石相搏，声如洪钟”中的“声如洪钟”是指声音的音调高
D．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音具有能量
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】选项 A：琵琶声是由琵琶弦振动产生的，而非空气振动，说法错误。
选项 B：笛声通过空气传播，说法正确。
选项 C：“声如洪钟“指声音的响度大，而非音调高，说法错误。
选项 D：“闻犬吠”说明声音能传递信息，而非能量，说法错误。
故选B。
【分析】解题核心是掌握声音的产生(物体振动)、传播(介质)、特性(响度、音调)及作用(传递信息、能量)，通过对古诗词中声学现象的辨析，选出正确解释，体现了对声学基础概念的理解能力。
3．（2025·兴仁模拟）《旧唐书·魏徵传》中记载“以铜为镜，可以正衣冠”。其中“以铜为镜”涉及到的光现象原理是（　　）
A．光的直线传播 B．光的色散
C．光的反射 D．光的折射
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】以铜为镜，指平面镜成像，其原理是光的反射现象。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】平面镜成像的原理是光的反射。
4．（2025·兴仁模拟） 端午节是我国的传统节日，有吃粽子的习俗，对煮粽子过程中涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．锅周边“白气”的形成是汽化现象
B．水沸腾后持续加热，水的温度会继续升高
C．粽子的内能是通过做功的方式增加的
D．“粽香四溢”说明分子在永不停息地做无规则运动
【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A.锅周边“白气”的形成水蒸气从气态变成液态发生的液化现象，故A错误；
B.水沸腾后持续加热，水的温度保持不变，故B错误；
C.粽子的内能是通过热传递的方式增加的，故C错误；
D.“粽香四溢”说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
B.根据液体沸腾的特点判断；
C.改变物体内能的方式：做功和热传递；
D.根据分子运动的知识判断。
5．（2025·兴仁模拟）以下是对电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（　　）
A．甲图中将通电导线下方的小磁针移走，该磁场消失
B．乙图中的导线ab左右移动，表的指针不会偏转
C．丙图是演示磁场对电流的作用的实验装置
D．丁图中麦克风应用了磁场对电流的作用
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】A．甲图：奥斯特实验证明电流周围存在磁场，这是电能转化为磁能的现象。磁场由通电导线产生，与小磁针是否在场无关。即使移除小磁针，导线周围的磁场依然存在。因此选项A说法错误；
B．乙图：该装置演示电磁感应现象。当闭合回路中的导体ab在磁场中做切割磁感线运动时（如左右移动），回路中会产生感应电流，使电流表指针偏转。题目描述的情况会产生感应电流，故选项B说法错误；
C．丙图：实验展示通电导体在磁场中受力的现象，这是磁场对电流作用的表现。当导体通电时，磁场会对电流产生作用力，使导体运动。选项C描述正确；
D．丁图：麦克风的工作原理基于电磁感应，而非磁场对电流的作用。声波振动带动膜片和线圈在永磁场中运动，切割磁感线产生感应电流。选项D说法错误。
故选C。
【分析】奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，这是一种电生磁的现象。当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。通电导体在磁场中受到力的作用而运动。
麦克风的工作原理是电磁感应。
6．（2025·兴仁模拟）两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。则下列说法正确的是（ ）
A．小球A的质量大于小球B的质量
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．小球A在甲液体中受到的浮力等于在乙液体中的浮力
D．在甲液体中容器底对小球A的支持力大于对小球B的支持力
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【解析】AB、在乙液体中，A球漂浮说明A的密度ρA小于乙液体密度ρ乙；B球下沉说明ρB>ρ乙，因此ρA<ρ>B。由于两球体积V相同，根据质量公式m=ρV可得mAB。
在甲液体中两球均下沉，说明ρ甲<ρ>A且ρ甲<ρ>B；而ρ乙>ρA，因此ρ甲<ρ>乙。故A选项错误，B选项正确。
C、在甲液体中A球下沉，满足重力GA>浮力F浮甲。在乙液体中A球漂浮，满足GA=F浮乙。因此可得F浮甲浮乙，故C选项错误。
D、由重力公式G=mg可知GAB。两球在甲液体中受到的浮力相同（F浮=ρ甲gV排）。
根据受力平衡G=F浮+F支，可得支持力F支=G-F浮，因此F支A支B，故D选项错误。
故选B。
【分析】（1）由图可知A、B两球在乙液体中的浮沉状态，根据浮沉条件可知两球的密度关系，而两球的体积相同，由密度公式可知A、B的质量关系；
（2）A、B两球在甲液体中均沉底，由浮沉条件可知甲液体与两个小球的密度关系；由前面分析可知，乙液体与A球的密度关系，据此可知甲液体与乙液体的密度关系；
（3）由图可知，A球在甲液体中沉底，其重力大于浮力；A球在乙液体中漂浮，其重力等于浮力，据此可以比较A球在两液体中受到浮力的大小关系；
（4）知道A、B的质量关系，由重力公式可知两球的重力关系，因A、B在甲液体中都沉底，且两球的体积相同，由F浮=ρgV排可知两球在甲液体中受到浮力的大小关系，此时根据小球受力平衡可得G=F浮+F支，据此可知支持力的大小关系。
7．（2025·兴仁模拟）如图为一种新型破窗锤。紧急情况逃生时，将吸盘吸附在车窗玻璃上，然后拉长弹性绳，人离玻璃较远后松手，破窗锤在弹力作用下瞬间击碎窗玻璃而不会伤到人。下列有关说法正确的是（　　）
A．吸盘能吸附在窗玻璃上是由于大气压的作用
B．若吸盘面积太小，则拉长弹性绳时容易脱落
C．松手后，锤头速度较大惯性就较大，击碎玻璃
D．松手后，绳的弹性势能主要转化为破窗锤动能
【答案】A,B,D
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．利用吸盘时，挤出吸盘内的空气，在大气压的作用下，吸盘被压在玻璃上，故A正确；
B．大气压强一定，根据F=pS，吸盘面积太小，产生的大气压力较小，拉力越小，拉长弹性绳时容易脱落，故B正确；
C．惯性是物体的性质，与质量有关，与速度无关，松手后，锤头速度较大，惯性不变，故C错误；
D．施加拉力时，弹性绳发生弹性形变，产生弹性势能；松手后，弹性绳恢复原状，将弹性势能转化为动能，故D正确。
故选ABD。
【分析】吸盘大气压的作用吸附在窗玻璃上，根据F=pS，计算压力大小；惯性是物体的性质，和质量有关；运动的破窗锤击碎玻璃是因为其动能较大。
8．（2025·兴仁模拟）如图甲所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U－I关系图象如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．滑动变阻器R2的最大阻值为
B．R1的阻值为
C．U3＋U1＝U4
D．滑动变阻器R2向右滑动时，电压表V2示数变化量的绝对值与电流表示数变化量的绝对值的比值不变
【答案】B,C,D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由电路图可知，R1与R2首尾依次相连属于串联，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电压表V1测定值电阻R1两端的电压。根据U=IR可知定值电阻R1的电流与两端电压成正比，因此电流随电压增大而增大的图象是R1的U-I图，当电流为I1时，U1为定值电阻R1两端电压，U3为滑动变阻器R2两端电压，根据欧姆定律计算当电流为I1时，滑动变阻器两端电压有U3，即对应其最大阻值为，故A错误；
BC．当电流为I1时，此时电流最小，滑动变阻器接入阻值最大，由串联电路电压特点以及欧姆定律U=IR可知，电源电压为；电流为I4时，滑动变阻器接入阻值为0，同理计算可知电源电压为 ；联立得，故BC正确；
D．串联电路中总电压等于各部分电压之和，结合欧姆定律计算滑片向右移动前后电压表V2示数变化量为，所以，故D正确。
故选BCD。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
二、填空题（每空2分，共10分）
9．（2025·兴仁模拟）《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“以布拭热”是通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式改变琥珀的内能。
【答案】做功
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解答】用布擦拭琥珀，布与琥珀摩擦，使琥珀的内能增大，通过做功的方式改变琥珀的内能。
综上 第1空、 做功；
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
10．（2025·兴仁模拟）如图，拧动燃气灶的点火装置后，天然气和空气在进口处混合流向燃烧头被点燃，天然气不会从进口处外泄，因为天然气的喷入导致进口处的天然气流速　 　（选填“大”或“小”），所以压强小于大气压强。
【答案】大
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 天然气的喷入导致进口处的天然气流速大，导致压强小于外界大气压，在压强差的作用下，天然气不会从进口处外泄。
综上 第1空、 大；
【分析】压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
11．（2025·兴仁模拟）如图所示是重力为0.5N的鸡蛋在盐水中静止时的情景，此时鸡蛋受到的浮力 =　 　。往烧杯中加盐并搅拌，当鸡蛋再次静止时受到的浮力为 则 　 　（选填“>”、“<”或“=”）。
【答案】0.5；=
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，重0.5N的鸡蛋在盐水中悬浮，由物体浮沉条件可知，物体受到的浮力等于自身重力，即F1=G=0.5N；
（2）根据题意可知，向水中加盐，盐水的密度增大，大于鸡蛋的密度，那么鸡蛋将在水面漂浮，则鸡蛋等于自身重力，那么它受到的浮力不变，即F2=F1=0.5N。
【分析】（1）根据物体的悬浮条件计算物体受到的浮力；
（2）根据物体的浮沉条件确定加盐后鸡蛋最终的状态变化，再计算鸡蛋受到的浮力。
12．（2025·兴仁模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值是20Ω。移动滑片至变阻器的最右端时，闭合开关，电压表示数为2V，消耗的电功率为；移动滑片将其置于某位置时，电压表示数为3V，消耗的电功率为。若，则电源电压为　 　V。
【答案】4
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，电路为两电阻R1与R2串联电路，电压表与R1两端并联，滑片在变阻器的最右端时连入电路重点组最大为 20Ω ，由欧姆定律可知，电路中的电流为：
；
由串联电路电压规律：串联电路总电压等于各串联电阻电压之和，故定值电阻R2两端的电压为：
U2=U-U1=U-2V
由电功率公式P=UI可知，R2的电功率为
当滑动变阻器滑片移动到某一位置时，由于R1两端电压为3V，由欧姆定律可知，电路中的电流为：
由串联电路电压规律可知，电阻R2两端的电压为：
U2'=U-U1'=U-3V
由电功率公式P=UI可得电阻R2的电功率为：
由题可知因为
故有
解得U=4V
故答案为：4。
【分析】根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用电功率P=UI表示出P2、P2'，利用题目中给的比值关系P2：P2'=8：9即可求出电源电压。
三、作图题（每小题2分，共6分）
13．（2025·兴仁模拟）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小，小灯亮度不变。
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小，变阻器连入电路的电阻变大，小灯亮度不变，所以电流表与灯并联，变阻器与电流表串联后和灯泡并联，如下图所示：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首尾相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
14．（2025·兴仁模拟）如图所示，当开关S闭合后，弹簧测力计示数变小。请标出永磁体A的上端和通电螺线管B的上端的极性。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由安培定则判断可得，螺线管B的下端为N极，上端为S极。当开关S闭合时，弹簧测力计示数减小，说明A的下端受到B上端的排斥力作用。根据同名磁极相斥的规律，可确定A的下端为S极，上端为N极。磁极分布如图所示：【分析】弹簧测力计示数变大，说明弹簧测力计是伸长的；即A受到了向下的吸引力的作用；根据螺线管中电流的方向利用安培定则判定螺线管的极性；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
15．（2025·兴仁模拟）如图所示，原来木块漂浮在水面，用细线绕过滑轮将木块与测力计连接起来，然后用弹簧测力计将木块匀速拉到如图所示的位置，请画出此过程中弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像。
【答案】
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】木块漂浮在水面时，弹簧测力计示数为0，物体浸没前，将木块匀速向下拉动的过程中，物体受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、弹簧测力计对木块竖直向下的拉力，木块慢慢浸入水中，排开水的体积增大，根据阿基米德原理可知，浮力增大，根据F浮=G+F弹可知，木块重力不变，所以弹簧测力计示数变大；当木块全部浸没在水中时，物体排开液体的体积不变，所以浮力不变，则弹簧测力计示数不变，所以此过程中弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像为：
【分析】拉动过程中，先对物体进行受力分析，物体浸没前，物体逐渐浸入水中时，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，V排变大，浮力变大，由F浮=G+F弹可知，物体重力不变，弹簧测力计示数变大；物体浸没后浮力不变，弹簧测力计示数不变。据此作出弹簧测力计示数随木块位置变化关系的大致图像。
四、简答题（每小题3分，共6分）
16．（2025·兴仁模拟）漂浮水稻种植技术在我国很多地区开始尝试。如图所示，它采用具有浮力大、轻质且不污染水质的化学材料板为浮体，在浮体上按行株距要求制有固植孔，并在其贴水面上制有横竖交叉并连通固植孔的通气沟，水稻秧苗根部用海绵包裹后插入固植孔内，将浮体漂浮在水面上实现漂浮种植。
（1）水稻种植区气温变化一般不会太大，是因为水具有什么特性？
（2）请结合浮力的相关知识分析说明水稻从种植到成熟，浮体的位置是会上浮一些，下沉一些，还是不变？
【答案】（1） 水稻种植区气温变化一般不会太大，是因为水的比热容较大，则吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。
（2）根据题意可知，从秧苗开始栽种到稻子成熟，浮体始终处于漂浮状态，所受浮力始终等于浮体和水稻的总重力，即它们受到的总重力保持不变。水稻成熟后和浮体的总重力增大，浮体所受浮力也随着增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，那么浮体排开水的体积增大，所以浮体会下沉一些。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（2）根据漂浮条件，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析浮体的体积变化即可。
17．（2025·兴仁模拟）如图所示，水平桌面的中间有一均匀的磁场区域（“×”表示垂直于桌面向下的磁感线）。桌面左端放有质量和大小均相同的金属框和塑料框。现分别用水平向右的力将它们从图中的A位置匀速拉动到B位置。请你从能量转化的角度判断这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功是否相同？请说明理由。（假设两框与桌面间的接触粗糙程度相同）
【答案】答：因为金属框和塑料框的质量相同，根据
F＝G＝mg
可知，水平桌面上压力等于重力，两框对水平面的压力相同，两框与桌面间的接触粗糙程度相同，所以两框受到的摩擦力相同；两框移动的距离相等，根据W=FS可知，在此过程中克服摩擦力做的功相同（即转化为的内能E内相同）；金属框在开始进入磁场和离开磁场时，由于闭合电路的部分导体做切割磁感线运动会产生感应电流，又因为通电导体在磁场中受到力的作用，所以金属框受到磁场力的作用，在此过程中拉动金属框需要克服磁场力做功（即转化为电能E电）；而塑料框运动时不会产生感应电流，也不受磁场力作用；综上所述，拉力对金属框做的功：
W金＝E内+E电
拉力对塑料框做的功：
W塑＝E内
故这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
【知识点】能量的转化或转移；探究影响摩擦力大小因素的实验；磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】答：因为金属框和塑料框的质量相同，根据
F＝G＝mg
可知，水平桌面上压力等于重力，两框对水平面的压力相同，两框与桌面间的接触粗糙程度相同，所以两框受到的摩擦力相同；两框移动的距离相等，根据W=FS可知，在此过程中克服摩擦力做的功相同（即转化为的内能E内相同）；金属框在开始进入磁场和离开磁场时，由于闭合电路的部分导体做切割磁感线运动会产生感应电流，又因为通电导体在磁场中受到力的作用，所以金属框受到磁场力的作用，在此过程中拉动金属框需要克服磁场力做功（即转化为电能E电）；而塑料框运动时不会产生感应电流，也不受磁场力作用；综上所述，拉力对金属框做的功：
W金＝E内+E电
拉力对塑料框做的功：
W塑＝E内
故这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
【分析】拉动金属框需要克服摩擦力和磁场力做功，将机械能转化为内能和电能；而拉动塑料框只需要克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；由于克服摩擦力做的功相同，即转化为的内能相同；所以拉力对金属框做的功大于对塑料框做的功，即这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同。
五、实验题（18题8分，19、20每题10分，共28分）
18．（2025·兴仁模拟）小明和小华在进行“测量定值电阻的阻值”实验，器材有：干电池两节，开关、电压表、电流表、滑动变阻器（20Ω 1.5 A）、电阻箱（0 ~9999Ω ）各一个，待测电阻 R1 、R2 ，导线若干。
（1）连接电路前，他们发现电流表指针如图甲所示，于是他们将电流表指针调至　 　；
（2）①图乙是他们连接的测量R1阻值的部分电路。请用笔画线代替导线，将电路补充完整　 　（要求滑动变阻器的滑片向左滑动电流表的示数变大）；
②闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于最　 　（选填“左”、“右”）端；
③闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其故障是　 　；
④测量R1阻值的过程中，老师提醒他们要尽量缩短通电时间，并用较小的电流来测量，这样做的理由是：　 　；
（3）为测量电阻R2的阻值，他们在已连接好的图乙的电路中，用R2替换R1接入电路。测量过程中，发现电流表示数始终小于分度值。于是，他们按照如图丙所示的电路图，重新连接了电路，闭合开关后，改变电阻箱接入的阻值进行多次测量。记录下电阻箱的阻值R及对应的电压表示数U，并根据记录的数据绘制出图像丁图，则所测电阻R2的阻值为　 　Ω。
【答案】（1）零刻度线处
（2）；右；定值电阻短路；测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。
（3）160
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；焦耳定律的应用
【解析】【解得】（1）实验前，小明发现电流表指针如图甲所示，未指向零刻度线。为此他进行了调零操作，使指针归零。
（2）第1空，本实验使用3V电源，电压表选用小量程并联在灯泡两端，定值电阻与滑动变阻器串联。由于向左移动滑片时电流表示数增大，说明变阻器阻值减小，故应将滑动变阻器左下接线柱接入电路。具体连接方式如下：
第2空，为保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器滑片P调至阻值最大端，即最右端。
第3空，闭合开关后，电流表有示数表明电路导通，但电压表无示数，说明与电压表并联的定值电阻可能短路。
第4空，测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。
（3）图丙电路中，电阻箱R与R2串联，电压表测电阻箱电压。分析图丁数据：
当1/R=0.025Ω- 时，1/U=1.80V- ，对应R=40Ω，此时，
电路电流计算：
当→0时（R→∞），最小值为0.36V- ，电源电压：
R=40Ω时，R2两端电压：
最终测得R2阻值：
故答案为：（1）零刻度线处；见解答图；（2） 右；定值电阻短路；测量R1阻值时，根据Q=I2Rt，建议采用较小电流并缩短测量时间，以减少发热对实验结果的影响。（3）160。
【分析】（1）电表使用前要调零；
（2）①根据电源电压确定电压表量程，将电压表并联在待测电阻两端；
②为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大处；
③电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；
④根据图乙确定电压表量程，由图丙确定分度值读数；根据欧姆定律计算R1的电阻；求出电路的总电阻，根据串联电路特点可求出滑动变阻器接入电路中的阻值；
（3）分析图丙电路连接及电压表测量的电压，由图丁知，和的大小，由此得出R和U，由欧姆定律，电路的电流，根据图可知电源电压，由串联电路电压的规律求出R2的电压，由欧姆定律求出R2。
（1）连接电路前，小明发现电流表指针如图甲所示，电流表的指针未指到零刻度线。于是他将电流表指针调至零刻度线处。
（2）[1]电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，定值电阻与滑动变阻器串联。滑动变阻器的滑片向左滑动电流表的示数变大，则变阻器的左下接线柱接入电路中。如图所示：
[2]为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大处，即最右端。
[3]闭合开关，发现电流表有示数，则电路为通路。电压表无示数，则可能是与电压表并联的定值电阻短路。
[4]测量R1阻值的过程中，根据Q=I2Rt可知，在电阻一定时，电流越小，通电时间越短，电流产生的热量越小，对实验的影响越小，所以老师提醒他们要尽量缩短通电时间，并用较小的电流来测量。
（3）图丙中，电阻箱R与R2串联，电压表测电阻箱的电压； 由图丁知，当；； 即R=40Ω时，， 由串联电路的电流特点和欧姆定律可得，此时电路中的电流为
由图丁知，当电阻箱的阻值无穷大时（即），由串联分压的规律可知，此时电阻箱两端的电压（电压表的示数）等于电源电压，则最小； 由图丁可知最小等于0.36V-1，则电源电压
当电阻箱R的电压为时，由串联电路电压的规律，R2的电压为
由欧姆定律得，所测电阻R2的阻值
19．（2025·兴仁模拟）在探究“光的反射定律”实验中。
（1）如图甲，先将平面镜A放在水平桌面上，再将　 　（选填“光滑”或“粗糙”）的硬纸板B垂直放置在平面镜A上，让激光紧贴纸板射向O点；
序号 入射角 反射角
1 30° 30°
2 45° 45°
3 60° 60°
（2）多次改变入射光的方向，测得了几组数据如上表所示，由此可得出，反射角与入射角大小　 　；
（3）接下来老师进行了如下演示，先用加湿器使实验装置附近充满雾气，其作用是　 　。随后将平面镜放在能转动的水平圆台上，在柱M上固定一红色激光笔，使其发出的光垂直射向平面镜上的O点，其作用是为了显示　 　的位置，然后打开固定在柱N上的绿色激光笔，使绿色激光射向O点，出现了如图乙所示的情景，老师缓慢转动圆台，当我们观察到　 　时，可判断反射光线，入射光线和法线在同一平面内。
【答案】粗糙；相等；显示光路；法线；绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1） 平面镜A放在水平桌面上，再将 粗糙的 硬纸板B垂直放置在平面镜A上 ，便于观察光路。
（2）由表中的数据分析可知，反射角和入射角的大小相等。
（3）加湿器使整个教室充满雾气，可以清晰的显示出光的传播路径。红色激光笔发出的光垂直射向平面镜上的O点，可以显示法线的位置。沿水平方向缓慢转动圆台，当观察到绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合时，可判断三线在同一平面内。
综上 第1空、 粗糙 第2空 相等； 第3空显示光路； 第4空、法线 第5空、绿色的入射光线和反射光线与红色的法线重合
【分析】1、探究反射定律试验：实验仪器由纸板（探究反射光线、入射光线、法线是否在同一平面），平面镜，量角器（探究入射角和反射角的大小关系），纸板粗糙可以发生漫反射，便于观察光路图
实验步骤： 1、将一块平面镜放在水平桌面上，再把两张在同一平面内的硬纸板 E 和 F 竖直放在平面 镜上 ；2、 让一束光贴着纸板 E 沿 AO 方向入射，可观察到反射光线出现在 纸板 ；3、改变入射角的大小，使用量角器测量入射角和反射角的大小。
反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的
20．（2025·兴仁模拟）如图甲所示的水火箭是一种广受学生喜爱的科技制作，其结构示意图如图乙所示。将水火箭竖立于地面，利用打气筒通过打气管向瓶内打气，当瓶内压强增大到一定时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭就接近竖直地向上飞起。小明对同一个水火箭能飞行的最大高度产生了兴趣，于是他提出问题：水火箭能飞行的最大高度与哪些因素有关？接着他作出如下猜想：
猜想①：可能与起飞前瓶内的最大气压有关
猜想②：可能与瓶内所装水的体积有关
请你回答下列问题：（不考虑水火箭容积的变化）
（1）瓶内的水向下喷出时能量转化相当于内燃机的　 　冲程；
（2）实验中无法直接测量水火箭竖直上升的最大高度，可以转换为测量水火箭从发射到落地的　 　来间接反映这个高度；
（3）在探究猜想①时，小明控制瓶内水的体积一定，通过改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前　 　。通过多次实验，并将记录的数据绘制为如图丙所示的图像，分析图像可以得到水火箭飞行的最大高度与起飞前瓶内最大气压的关系是　 　；
（4）在探究猜想②时，小明控制瓶塞松紧程度一定，改变瓶内水的体积，通过多次实验，并将记录的数据绘制为如图丁所示的图像。由此得出结论：起飞前瓶内的最大气压一定时，水火箭飞行高度随瓶内水的体积先增大后减小。你认为小明根据这一实验过程得出的结论是否可信并说明理由：　 　。
【答案】（1）做功
（2）时间
（3）瓶内的最大气压；起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度就越高
（4）探究猜想②的实验中，要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，实验结论是不可信的。
【知识点】热机；热机的四个冲程；大气压的综合应用；物理学方法；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）瓶内的水向下喷出时，瓶内气体对水做功，内能转化为机械能，内燃机的做功冲程中高温高压气体推动活塞做功，内能转化为机械能，能量转化相同；
（2）水火箭上升的高度越高，落地所需的时间越长，实验中，测量水火箭从发射到落地的时间，间接反映上升的高度。
（3）探究猜想①时，要控制瓶内水量一定，改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前瓶内最大气压的大小。根据丙图，起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度越高。
（4）探究猜想②的实验中，要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，实验结论是不可信的。
【分析】（1）汽油机的做功冲程，能量内能转化为机械能。
（2）水火箭上升的高度越高，下降到地面用时越长；
（3）探究水火箭上升高度和瓶内气压的关系，保持水量相同，改变瓶内气压；
（4）探究水火箭上升高度和水的体积的关系，保持水的质量相同。
（1）瓶内的水向下喷出时是瓶内高压气体对水做功，气体的内能转化为水的机械能，内燃机的做功冲程中高温高压气体推动活塞做功，也是内能转化为机械能。所以瓶内的水向下喷出时能量转化相当于内燃机的做功冲程。
（2）火箭上升的高度越高，到落地时所需的时间就越大，所以实验中可以测量水火箭从发射到落地的时间来间接反映这个高度。
（3）[1]在探究猜想①时，根据控制变量法可知，实验中要控制瓶内水量一定，通过改变瓶塞的松紧程度从而改变水火箭起飞前瓶内最大气压的大小。
[2]根据丙图可知，起飞前瓶内最大气压越大，水火箭飞行的高度就越高。
（4）在探究猜想②时，根据控制变量法可知，需要控制瓶内最大气压相同，瓶内气体的体积相同，水的质量不同。而实验中改变了水的质量，会改变瓶内气体的体积的大小，瓶内最大气压的大小会改变，所以实验结论是不可信的。
六、综合题（每小题8分，共16分）
21．（2025·兴仁模拟）如图所示电路，电源电压不变，定值电阻R1的阻值为10，R2的阻值为30，闭合开关S后，电流表的示数为0.1A，求：
（1）电源电压；
（2）通过电阻R1的电流；
（3）该电路消耗的总功率。
【答案】（1）解：电流表测量通过R2的电流，即I2＝0.1A，由可知，R2两端的电压：
根据并联电路的电压特点可知：电路的电源电压：
答：电源电压为3V。
（2）
答：通过电阻R1的电为0.3A。
（3）干路电流：
电路消耗的总功率：
答：电路消耗的总功率为1.2W。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）分析电流表测量的对象，利用U=IR计算R2的电阻，根据并联电路的电压特点求出电路的电源电压；
（2）根据并联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用计算通过R1的电流；
（3）根据并联电路的电流的特点求出干路电流，利用P=UI计算电路消耗的总功率。
（1）电流表测量通过R2的电流，即I2＝0.1A，由可知，R2两端的电压
根据并联电路的电压特点可知：电路的电源电压
（2）通过电阻R1的电流
（3）干路电流
电路消耗的总功率
22．（2025·兴仁模拟）如图甲是我国首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置“南船”号，2023年6月在广东珠海投入试运行。南帽号通过在每个边上设置5块漂浮板，漂浮板会随着波浪的起伏上下浮动，从而撬动内部的连杆将波浪的能量存储到液压油中，驱动发电机发电如图乙所示。请回答下列问题：
（1）发电机的工作原理是 　 　；
（2）若每一块漂浮板的质量为300kg，每块漂浮板受到的重力为多大？　 　
（3）在某次漂浮板随波浪向上起伏的过程中，漂浮板底部浸入海水中的深度为1m。此时漂浮板底部受到液体压强为多大？（海水密度ρ=1.0×103kg/m3）　 　
（4）为什么波浪的起伏越大时，漂浮式波浪能发电装置的发电功率越大？　 　
【答案】电磁感应；3000N；1×104Pa；波浪起伏越大，漂浮板获得的机械能越大，相同时间内转化为的电能就越大，所以发电功率越大。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；电功率；发电机的构造和原理
【解析】【解答】（1）发电机的工作原理是电磁感应；
（2）已知每块漂浮板的质量m=300kg，根据重力公式G=mg计算其重力：G=mg=300kg×10N/kg=3000N；
（3）根据液体压强公式p=ρgh计算漂浮板底部受到的压强： p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa
（4）当波浪起伏幅度增大时，漂浮板获得的机械能增加，在相同时间内可转化为更多的电能，因此发电功率也随之增大。
故答案为：（1）电磁感应；（2）每块漂浮板受到的重力为3000N；（3）漂浮板底部受到液体压强为104Pa；（4）波浪起伏越大，漂浮板获得的机械能越大，相同时间内转化为的电能就越大，所以发电功率越大。
【分析】（1）根据电磁感应现象分析；
（2）已知质量，利用G=mg可求漂浮板的重力；
（3）根据p=ρgh公式计算漂浮板底部受到液体的压强；
（4）根据能量转化回答。
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