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四川省内江市2024-2025学年八年级下学期期末检测物理试题
一、本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。
1．（2025八下·内江期末）在物理学中，各物理量需要用相应的字母来表示。下列字母中，用来表示“地面附近的物体由于地球的吸引而受到的力”的是（　　）
A．f B．G C．p D．W
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】ABCD、重力通常用字母G来表示，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】由于受到地球的吸引而使物体受到的力叫重力，通常用字母G来表示。
2．（2025八下·内江期末）小明同学用装满水的矿泉水瓶做实验：他用水平力F轻推矿泉水瓶底部时，瓶子沿桌面平稳地移动，如图甲所示。当用同样大小的力F轻推瓶盖时，瓶子会翻倒，如图乙所示。此实验说明了力的作用效果与（　　）
A．力的大小有关 B．力的方向有关
C．力的作用点有关 D．力的方向和作用点都有关
【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】ABCD、用水平力F轻推矿泉水瓶底部和轻推瓶盖时，力的大小都是F，力的方向都是水平方向，而作用点分别是瓶子底部和瓶盖。力作用在底部时瓶子平稳移动，作用在瓶盖时瓶子翻倒，力的作用效果不同，说明力的作用效果与力的作用点有关。由甲乙两次实验可知：力的方向是相同，力的大小也是相同的，改变了力的作用点，最终力的作用效果不一样，因此说明力的作用效果与力的作用点有关。故C符合题意；ABD不符合题意。
故选C。
【分析】力的方向是相同，力的大小也是相同的，改变了力的作用点，最终力的作用效果不一样，因此说明力的作用效果与力的作用点有关。
3．（2025八下·内江期末）如图所示，是人造地球卫星绕地球运动的轨道示意图，当人造地球卫星从近地点向远地点运行的过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．动能增加 B．重力势能减少
C．重力势能转化为动能 D．动能转化为重力势能
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】ABCD、当人造地球卫星质量不变，当卫星从近地点向远地点运行的过程中，机械能守恒，随着卫星的高度增大，重力势能增大；故卫星的动能减小，是动能转化为重力势能，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；
重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。
4．（2025八下·内江期末）在生活和生产中，有时需要增大压强，有时又需要减小压强，下列实例中，是为了减小压强的是（　　）
A．蚊子有尖锐的口器
B．书包有宽宽的背带
C．剪刀有锋利的刃
D．破窗锤一端做成锥形
【答案】B
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．蚊子的口器很尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意。
B．书包有宽宽的背带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意。
C．剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意。
D．破窗锤一端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意；
故选：B。
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
5．（2025八下·内江期末）如图所示，是一场篮球比赛中，某个同学在某次投篮过程的分解动作示意图。第一阶段将篮球举过头顶，第二阶段篮球出手后，在空中继续飞行。关于该同学在这两个阶段手对篮球做功情况，下列说法中正确的是（　　）
A．只有第一阶段做了功 B．只有第二阶段做了功
C．两个阶段都做了功 D．两个阶段都没有做功
【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】ABCD、第一阶段将篮球举过头顶，人对篮球有力的作用，篮球在该力的方向上通过了距离，人对篮球做功；
第二阶段篮球出手后，在空中继续飞行，依靠的是惯性，此时篮球不再受到人的作用力，人对篮球不做功。综上分析可知，只有第一阶段做了功。故选项A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
6．（2025八下·内江期末）一个物体受到两个力F1和F2的作用，若F1和F2的三要素完全相同，则F1和F2（　　）
A．一定不是平衡力 B．可能是平衡力
C．可能是相互作用力 D．一定是相互作用力
【答案】A
【知识点】平衡力的辨别
【解析】【解答】AB、二力平衡的条件是“同一物体”“大小相等”“方向相反”“在同一直线上”。而F1与F2的三要素完全相同，即力的大小、方向、作用点都相同，这与平衡力要求的“方向相反”不符，所以F1和F2一定不是平衡力，故A正确，B错误。
CD、相互作用力的特点是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。由于F1和F2都作用在同一个物体上，不满足相互作用力“作用在两个物体上”这一条件，所以它们不是相互作用力，故CD错误。
故选：A。
【分析】两个力的三要素完全相同，说明了这两个力的方向也相同，而平衡力的方向是相反的，由此可知这两个力一定不是平衡力。一个物体同时受到两个力的作用，两个力的三要素完全相同，说明了这两个力的方向也相同，而相互作用力的条件是方向相反、作用在两个物体上。
7．（2025八下·内江期末）如图所示，在使用下列简单机械时，既能省力又能够改变力的方向的是（　　）
A．定滑轮
B．两个定滑轮
C．滑轮组
D．船桨
【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点
【解析】【解答】A．定滑轮的实质是一个等臂杠杆，无法省力，仅能改变力的作用方向，因此选项A不符合题意。
B．两个定滑轮组合使用时，仍然保持等臂杠杆的特性，无法实现省力效果，仅能调整力的方向，故选项B也不符合题意。
C．滑轮组通过定滑轮与动滑轮的组合设计，既能达到省力的效果，又可以改变力的作用方向，完全满足题目要求，因此选项C是正确答案。
D．船桨作为典型的费力杠杆，虽然能节省移动距离，但会增大所需的力，无法实现省力目的，所以选项D不符合题意。
故选C。
【分析】本题主要考查对常见简单机械工作原理的理解，需要掌握不同机械装置的特性及其应用场景。
8．（2025八下·内江期末）如图所示，将笔帽立在靠近桌子边缘的位置，在笔帽的下方放一纸条，用铅笔向下猛击纸条，则笔帽会（　　）
A．停在原处 B．向前倾倒
C．向后倾倒 D．以上均不可能发生
【答案】A
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】ABCD、纸条被抽出，而钢笔帽由于惯性，仍保持静止状态停在原处，这是因为钢笔帽具有惯性的缘故要保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，该性质称为惯性。
9．（2025八下·内江期末）下列四个图中所涉及的原理与物体的浮沉有关的是（　　）
A．草原犬鼠挖有多个洞口
B．给鸡自动喂水装置
C．军事上用的潜艇
D．拦河大坝旁的船闸
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；浮力的利用
【解析】【解答】A．等质量的空气在相同的时间内通过出口的上表面，吹过平坦表面的风运动速度小，压强大；吹过隆起表面的风流速大，压强小，因此，地面上的风吹进了犬鼠的洞穴，利用的是流体的压强与流速的关系，故A不正确；
B．给鸡自动喂水装置当瓶口露出水面时，空气通过瓶口进入瓶内，平衡内外气压，水从瓶内流出，当水面刚好封住瓶口时，在大气压的作用下，水停止流出，所以给鸡自动喂水装置利用的是大气压，故B不正确；
C．潜艇浸没后受到的浮力不变，靠水仓吸水和排水来改变自身重力实现浮沉，涉及的原理与物体的浮沉有关，故C正确；
D．船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故船闸是利用连通器原理工作的，故D不正确。
故选：C。
【分析】（1）流体流速大的地方，压强小；
（2）给鸡自动喂水装置当瓶口露出水面时，空气通过瓶口进入瓶内，平衡内外气压，水从瓶内流出，当水面刚好封住瓶口时，在大气压的作用下，水停止流出；
（3）潜艇浸没后受到的浮力不变，靠水仓吸水和排水来改变自身重力实现浮沉；
（4）上端开口，底部连通的容器为连通器。
10．（2025八下·内江期末）为保证安全，在轮船的船舷上画有载重线，载重线是船舶在允许的最大载重情况下水面位置的水平线。在如图所示的载重线中，最上面的一条是淡水线，表示轮船在淡水中航行，淡水的水面与这条线齐平时，轮船已装足了货物。若轮船航行时均达到载重线（重力不变）。则下列说法中正确的是（　　）
A．淡水线在最上面是因为轮船在淡水中受到的浮力更小
B．轮船从北大西洋驶入印度洋，受到的浮力变大
C．由图中的载重线可知，夏季海水的密度比冬季的密度小
D．轮船在印度洋航行的排水量比在北大西洋航行的排水量大
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．轮船最大载重情况下的重量是不变的，根据漂浮时浮力等于重力，则浮力不变，由
F浮=ρ液gV排可知淡水线在最上面是因为淡水的密度最小，轮船从北大西洋驶入印度洋，始终漂浮，故浮力不变，故AB错误；
C．由图中的载重线可知，夏季海洋线在冬季海洋线的上方，由于物体漂浮时浮力不变，而排开液体的体积夏季比冬季大，说明夏季海水的密度比冬季的密度小，故C正确；
D．轮船的重力不变，则浮力不变。根据F浮=G排可知排开液体的重力不变，则轮船在印度洋航行的排水量和在北大西洋航行的排水量相同，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据浮力一定时，结合阿基米德原理分析排开液体的变化分析；
（2）根据漂浮时浮力等于重力解答；
（3）根据同样的载重，结合浮力和阿基米德原理分析解答。
11．（2025八下·内江期末）如图所示，是用来探究“阻力对物体运动的影响”的实验，每次让小车均从斜面上的相同高度滑下，关于实验中的现象及说明的问题，下列说法中正确的是（　　）
A．三次实验小车到达水平面的速度不相同
B．实验用到的研究方法有控制变量法和等效替代法
C．三次实验中，最后小车动能的减小量不相同
D．牛顿在此基础上，总结得出了牛顿第一定律
【答案】D
【知识点】机械能守恒条件；牛顿第一定律；阻力对物体运动影响的探究实验；物理学方法
【解析】【解答】A、由控制变量法，实验中每次均让小车从斜面的同一高度由静止下滑，这样能够使小车每次到达水平面上时初速度相等，故A错误。
C、根据控制变量法，要控制小车下滑到水平面的速度相同，而最终的速度为0，故小车的动能变化量是相同的。故C错误；
D、若物体在水平方向上不受力的作用，则速度不会减小，故小车做匀速直线运动，在大量经验事实的基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出了牛顿第一定律，故D正确；%0D%0AB、本实验主要应该控制变量法和实验推理法，故B错误。
故选：D。
【分析】（1）由控制变量法，要控制小车每次到达水平面上时初速度相等。（2）根据小车下滑到水平面的速度相同，而最终的都为0，据此回答；
（3）根据实验现象回答；据此推理回答；
（4）本实验主要研究方法控制变量法和实验推理法。
12．（2025八下·内江期末）小明在测定“滑轮组的机械效率”的实验中，用一根最大能承受3N拉力的细绳，绕制了一个最简单的滑轮组。实验中，用质量均为100g的钩码作为被提升的物体，不计绳重和摩擦。小明多次改变钩码的个数，根据测得的数据，作出了如图所示的图像，g=10N/kg，则下列说法中正确的是（　　）
A．由图像可得：动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低
B．当绳端测力计的示数为1.5N时，钩码的重可能为2.5N
C．实验中，所用动滑轮的重为0.4N
D．实验时，滑轮组的最大机械效率约为94.1%
【答案】B
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A、题目图像仅显示钩码重力增大时机械效率升高，但未通过改变动滑轮重力进行对比实验，因此无法直接从图像得出"动滑轮越重，机械效率越低"的结论。虽然理论上存在这个关系，但图像数据并未验证这一点，故A错误。
BC、机械效率计算公式为。根据图像数据，当G=2N时η=80%，代入可得，解得动滑轮重力G动=0.5N。
对于最简单的滑轮组，可能存在2段或3段绳子承担物重的情况。当钩码重2.5N时，若为2段绳子，则拉力，故B正确，C错误。
D、最大机械效率出现在钩码重最大时。当采用3段绳子承担物重时，最大总重，钩码重。此时最大机械效率，故D选项错误。
故选D。
【分析】（1）根据图分析回答；
（2）实验中，用质量均为100g的钩码作为被提升的物体，所受重力为1N，据此分析；
（3）不计绳重和摩擦，根据结合图中数据求出动滑轮重；
（4）最简单的滑轮组有两种情况，2段绳子或者3段绳子承担物重；最大机械效率出现在钩码重最大时，绳子最大能承受3N拉力，所以3段绳子承担物重时，能承担更重的钩码，据此求出钩码重；不计绳重和摩擦，根据
求出滑轮组的最大机械效率。
二、本题共7小题，每空2分，共28分。把正确答案直接填在答题卡题中的横线上。
13．（2025八下·内江期末）在物理实验中，常用弹簧测力计来测量力的大小。使用弹簧测力计测力之前，应先将弹簧测力计在受力方向上　 　，使指针对准零刻度线。在测量力的大小时，应使弹簧的伸长方向与受力方向　 　，指针最后所指刻度就是所测力的大小。
【答案】调零；一致
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】（1）使用前要检查指针是否指在零刻度线，如果没有指在零刻度线，要进行调节使指针指在零刻度线；
（2）使用时，拉力的方向与弹簧的轴线方向要在一条直线上，即要使弹簧的伸长方向与受力方向一致；
故答案为：调零；一致。
【分析】弹簧测力计的正确使用方法：①使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零刻度线，如果不在则要将指针调到零刻度线；②使用前，要看清其量程，所要测量的力不能超过它的量程，否则会损坏测力计；测量前要看清楚弹簧测力计的分度值，以便测量时读数；③用手拉几下看看测力计的外壳与弹簧是否发生摩擦；④注意测力计拉力的方向要与弹簧的伸长在一条直线上；⑤读数时，让视线垂直于刻度面板。
14．（2025八下·内江期末）如图所示，是某市举行的骑马射箭活动，参加活动的人用手拉弦时，弦也拉手，这说明力的作用是　 　的，松手后，箭快速地飞出去，这说明力能改变物体的　 　。
【答案】相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）参加活动的人用手拉弦时，弦受到了手的力，同时弦也勒疼了手，弦对手也有力的作用，故力的作用是相互的。
（2）松手后箭在弹力的作用下飞出，箭由静止状态变为了运动，运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
【分析】任何两个物体之间的作用总是相互的，施力物体同时也一定是受力物体。力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
15．（2025八下·内江期末）雨天驾驶切勿涉险经过涵洞积水路段。如果汽车不慎驶入水中，随着水位的升高，车内的人越来越　 　（选填“容易”或“难”）打开车门脱离险境，原因是液体的压强随深度的增加而　 　。
【答案】难；增大
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的特点
【解析】【解答】第1空，第2空，液体压强大小与液体深度有关，在同种液体内部，液体的压强随深度的增加而增大，如果汽车不慎驶入水中，随着水位的升高，汽车在水中深度逐渐增大，由 液体压强公式p=ρgh 可知，水对车门的压强逐渐增大，由F=pS知，水对车门的压力也逐渐变大，所以车内的人越来越难推开车门脱离险境。
故答案为：难；增大。【分析】压强大小与深度有关，在同种液体内部，液体的压强随深度的增加而增大。
16．（2025八下·内江期末）在水平地面上爬行的蜗牛具有　 　；木块从水平地面冲上斜面的过程中，木块的 　 　（均选填“动能”、“重力势能”或“弹性势能”）增加。
【答案】动能；重力势能
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】（1）在水平地面上爬行的蜗牛，处于运动状态，所以具有动能；
（2）木块从水平地面冲上斜面的过程中，质量不变，但高度不断升高，因此重力势能逐渐增加；同时，木块的速度通常会减小，动能会相应减小，由于没有发生弹性形变，则没有弹性势能的变化。
故答案为：动能；重力势能。
【分析】物体由于运动而具有的能量叫动能，动能的大小与物体的质量和速度有关；物体由于被举高具有的能叫重力势能，重力势能的大小与质量和高度有关；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能，弹性势能的大小与物体的性变程度有关。
17．（2025八下·内江期末）如图所示，在橡皮塞中插入两根两端开口的玻璃管，在其中一根玻璃管上套一个小气球，并用线扎紧；另一根与抽气筒连接。当用抽气筒抽出瓶内的部分空气时，瓶外的空气在　 　的作用下进入气球内，使气球鼓起来。世界上最先用实验精确测出此值的科学家是　 　。
【答案】大气压；托里拆利
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用；科学家及其贡献
【解析】【解答】（1）在橡皮塞中插入两根两端开口的玻璃管，一根玻璃管口套上一个小气球，并用线扎紧；另一根通过橡胶管与抽气筒相连。当抽气筒抽出瓶中的部分空气时，瓶内气压减小，会产生的现象是气球膨胀变大，其原因是气球内部与大气相通，内部的大气压大于球外的压强，使得气球膨胀。
（2）1643年，意大利科学家托里拆利首先利用长玻璃管和水银槽，测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验。
故答案为：大气压；托里拆利。
【分析】（1）根据抽气瓶内压强减小，气球内与大气压相通，球内压强大于外侧压强，使得气球膨胀。
（2）根据物理学史解答。
18．（2025八下·内江期末）如图所示，熟透了的苹果要落向地面，是因为苹果受到重力的方向是 　 　的；图中苹果A的质量为300g，若下落过程中苹果A受到的阻力大小恒为0.6N，则苹果A在此过程中受到的合力大小为 　 　N（g=10N/kg）。
【答案】竖直向下；2.4
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）苹果落向地面，是因为受到竖直向下的重力的作用。即重力的方向是竖直向下的；
（2）已知苹果A的质量为m=300g=0.3kg，则苹果A的重力为：
G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，苹果受到的重力方向是竖直向下的，受到的空气阻力的方向是竖直向上的，故这两个力的合力：F合=G-f=3N-0.6N=2.4N。
故答案为：竖直向下；2.4。
【分析】（1）地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的，
（2）苹果下落过程中重力方向竖直向下，空气阻力方向竖直向上。根据同一直线上方向相反的两个力的合力等于这两个力的大小之差，可得合力。
19．（2025八下·内江期末）一薄壁圆柱形容器甲和一实心长方体物体乙置于水平地面上，容器甲的底面积为1200cm2、高为25cm，物体乙的长、宽、高如图所示，物体乙对水平地面的最小压强为400Pa，则最大压强为　 　Pa；现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当物体乙对容器底部的压力刚好最小时，水对容器底部的最小压力为　 　N（水的密度，g=10N/kg）。
【答案】1.28×103；48
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】第1空，乙对水平地面的最小压强为400Pa，由图可知受力面积最大为S大=0.1m×0.16m，则物体乙对水平地面的压力 F乙=p乙小S大=400Pa×0.1m×0.16m=6.4N ， 物体乙的重力为：
G乙=F乙=6.4N ，
由图可知受力面积最小为S小=0.1m×0.05m，物体乙对水平地面的最大压强为 ；
第2空， 物体乙的质量为：
乙的密度为：
， 现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当浮力和重力相等时，物体漂浮，物体乙对容器底部的压力最小，物体乙受到的浮力 F浮=G乙=6.4N ， 物体乙排开水的体积
，
水对容器底部的压力最小，由F=pS可知容器的底面积一定，压强最小，由p=ρgh可知此时水的深度最小，所以物体乙平放时，排开水的体积一定，底面积最大，水的深度最小，水的深度为
，
故由液体压强公式可知，水对容器底部的最小压强
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa
由可得，水对容器底部的最小压力为：
F小=pS容=400Pa×1200×10-4m2=48N
故答案为：1.28×103；48。
【分析】（1）乙对水平地面的最小压强为400Pa，由图可知受力面积最大为0.1m×0.16m，根据F=pS计算物体乙对水平地面的压力，物体乙的重力等于物体乙对水平地面的压力，由图可知受力面积最小为0.1m×0.05m，根据压强公式计算物体乙对水平地面的最大压强；
（2）根据重力公式、密度公式计算物体乙的密度，与水的密度比较可知物体乙的状态；现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当浮力和重力相等时，物体漂浮，物体乙对容器底部的压力最小，物体乙受到的浮力等于自身重力，根据阿基米德原理计算物体乙排开水的体积，水对容器底部的压力最小，由F=pS可知容器的底面积一定，压强最小，由p=ρgh可知此时水的深度最小，所以物体乙平放时，排开水的体积一定，底面积最大，水的深度最小，根据条件公式计算水的深度，根据液体压强公式计算水对容器底部的最小压强，根据F=pS计算水对容器底部的最小压力。
三、本题共5小题，共24分。按要求完成下列各题。
20．（2025八下·内江期末）2022年北京冬奥会期间，滑雪场内的索道设施可将物资从山脚运到山顶。如图所示，封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，请你 画出静止在轿厢内的物体A受到的重力和支持力的示意图（作用点均在O点）。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，静止在轿厢内的物体A处于平衡状态，所以受力平衡，物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一直线上，作用点在物体A的重心上，示意图如图所示：
【分析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示意图。
21．（2025八下·内江期末）在古代，为了抵御外敌入侵，常在城池周围建造护城河，通过吊桥的升降控制人员进出。如图所示，是吊桥被拉起时的模型图，请你在图中画出拉力F的力臂L1和吊桥重力G 的力臂L2。
【答案】
【知识点】杠杆及其五要素；力臂的画法
【解析】【解答】 确定支点：吊桥绕固定点O转动，因此O点为支点。 拉力F的力臂L1计算：
从支点O向拉力F的作用线作垂线，垂足到O点的距离即为力臂L1；
重力G方向始终竖直向下，作用在吊桥重心，从支点O向重力G的作用线作垂线，力臂示意图如下：
【分析】找出支点，从O做F的垂线段就是F的力臂；从O做重力G的垂线段就是G的力臂。
22．（2025八下·内江期末）在探究“影响压力作用效果的因素”实验中，实验小组用了几块完全相同的砖来做实验，其实验过程如图甲、乙、丙所示。
（1）实验中是通过观察海绵的　 　来显示压力的作用效果；
（2）比较图甲和图丙可以得出的结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的　 　有关；
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，可以用　 　两个图的结论来解释。
【答案】（1）凹陷程度
（2）大小
（3）甲、乙
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）由转换法，实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。
（2）比较图甲和图丙，受力面积相同，压力不同，图甲压力小，海绵的凹陷程度小，图丙压力越大，海绵的凹陷程度大，压力的作用效果越明显，故结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的大小有关。
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压力作用效果的，甲、乙两个图，对海绵的压力相同，乙比甲受力面积更大，海绵的凹陷程度小，压力的作用效果小，说明压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显，可以用来解释越野汽车为什么装有非常宽大的轮子。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）大小；（3）甲、乙。【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。

（1）实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这是转换法的应用。
（2）比较图甲和图丙，受力面积相同，压力不同，图甲压力小，海绵的凹陷程度小，图丙压力越大，海绵的凹陷程度大，压力的作用效果越明显，故结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的大小有关。
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，甲、乙两个图，对海绵的压力相同，乙比甲受力面积更大，海绵的凹陷程度小，压力的作用效果小，说明压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显，可以用来解释越野汽车为什么装有非常宽大的轮子。
23．（2025八下·内江期末）在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验，实验操作过程如图所示，则：
（1）图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力　 　；
（2）图D和图E将物体都浸没在液体中，是为了保持排开液体的　 　相同，探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）根据探究过程还可以求出图E中盐水的密度为　 　kg/m3。（水的密度）
【答案】（1）大
（2）体积
（3）1.1×103
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图中实验可知，F浮=G-F拉因为物块的重力不变，所以图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小时，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力大；
（2）探究物体所受浮力与液体密度的关系时，应控制排开液体体积相同，只改变液体密度，比较D、E两实验可知，排开液体体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，可得出物体所受浮力与液体密度有关；
（3）由图AC可知，物体所受的浮力为F浮=G-F拉=2.4N-1.4N=1N，由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，物块的体积为
，同理在盐水中所受的浮力为1.1N，所以根据阿基米德原理：
F浮=ρ液V排g可知，。
故答案为：（1）大；（2）体积；（3）1.1×103。
【分析】（1）根据称重法分析，弹簧测力计示数越小，所受浮力越大；
（2）探究物体所受浮力与液体密度的关系时，应控制排开液体体积相同，只改变液体密度；
（3）根据图A、D、E图，分析物体在水中所受的浮力，求出物体的体积，再根据阿基米德原理求得盐水的密度。
（1）由图中实验可知，
因为物块的重力不变，所以图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小时，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力大。
（2）为了探究浮力的大小与液体密度的关系，同时图D和图E将物体都浸没在液体中，所以要保持排开液体的体积相同。
（3）由图AC可知，物体所受的浮力为
由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，物块的体积为
同理在盐水中所受的浮力为1.1N，所以根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，
24．（2025八下·内江期末）如图甲、乙、丙所示是某同学在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验步骤，每次实验时，用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块A，使木块A在水平长木板B上做匀速直线运动，从而测出滑动摩擦力的大小。
（1）由　 　两图可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（2）由甲、乙两图得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力　 　；
（3）实验后，该同学发现实验的不足之处是：实验中很难使木块A做匀速直线运动。于是该同学将前面实验用的器材重新设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是无论长木板B是否做匀速直线运动，木块A相对于地面均处于静止状态，弹簧测力计的示数都是稳定的，此时木块A受到的是　 　（选填“滑动”、“滚动”或“静”）摩擦。在实验中，该同学发现：当水平拉力F为1.5N时，木块A相对于地面静止，而长木板B做匀速直线运动， 则长木板B受到地面的摩擦力大小为　 　N。
【答案】（1）甲、丙
（2）越大
（3）滑动；0.9
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）甲、丙两图的接触面都是木板表面，即接触面粗糙程度相同，但丙图中物块A上有一个砝码，甲图物块A上没有砝码，且丙图中的弹簧测力计示数比甲中的大，可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）甲、乙两图都只有一个物块A，压力相同，但是甲图是木板表面，乙图是毛巾表面，接触面粗糙程度不同，且乙图中弹簧测力计的示数更大，所以由甲、乙两图可以得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）第1空，因木块相对于长木板B在运动，所以木块A受到的是滑动摩擦。
第2空，物块A相对于地面始终处于静止状态，即平衡状态，对物块A来说受到向右的拉力F与B对A向左的摩擦力fB，根据二力平衡可知，FA=fB，而对B来说，B受到向左的拉力F和A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力，即
F=fB+f地所以f地=F-fB=1.5N-0.6N=0.9N。
故答案为：（1）甲、丙；（2）越大；（3）滑动；0.9。
【分析】（1）要探究滑动摩擦力大小与压力的关系，应控制接触面的粗糙程度一定，只改变压力大小，据此分析。
（2）当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）两物体间有相对运动时，产生的是滑动摩擦力。根据二力平衡结合受力分析进行分析。
（1）根据控制变量法，要探究滑动摩擦力大小与压力的关系，应控制接触面的粗糙程度一定，只改变压力大小，因此应比较甲、丙两图实验，甲、丙两图的接触面都是木板表面，即接触面粗糙程度相同，但丙图中物块A上有一个砝码，甲图物块A上没有砝码，且丙图中的弹簧测力计示数比甲中的大，可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）甲、乙两图都只有一个物块A，压力相同，但是甲图是木板表面，乙图是毛巾表面，接触面粗糙程度不同，且乙图中弹簧测力计的示数更大，所以由甲、乙两图可以得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）[1]因木块相对于长木板B在运动，所以木块A受到的是滑动摩擦。
[2]物块A相对于地面始终处于静止状态，即平衡状态，对物块A来说受到向右的拉力F与B对A向左的摩擦力fB，根据二力平衡可知，FA=fB，而对B来说，B受到向左的拉力F和A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力，即
所以
四、本题共2小题，共12分。解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值运算的题，答案中必须写出数值和单位。
25．（2025八下·内江期末）电动自行车因轻便、灵活、环保而深受人们青睐，它已成为当今人们上班的重要代步工具。某次，小刘骑行一辆电动自行车在一水平路面上匀速直线行驶500m，牵引力做的功为1.8×105J，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍。则：
（1）匀速骑行时，电动自行车的牵引力为多少N？
（2）匀速骑行时，电动自行车车轮与路面总接触面积为100cm2，电动自行车对路面的压强为多少Pa？
【答案】（1）解：电动车的牵引力
（2）解：匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，则有
则人和车的总重
匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，路面受到的压力为
由题可知，受力面积
则路面受到的压强
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据W=Fs计算电动车的牵引力；
（2）匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，据此计算人和车的总重力，匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，根据压强公式计算路面受到的压强。
（1）电动车的牵引力
（2）匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，则有
则人和车的总重
匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，路面受到的压力为
由题可知，受力面积
则路面受到的压强
26．（2025八下·内江期末）如图甲所示，A为实心正方体物块，B为薄壁圆柱形容器，其底面积为200cm2，容器足够 深，容器内盛有30cm深的水。现使物块A匀速竖直下降，直到静止在容器底部为止，在这段时间内，对物块A的拉力F随时间t变化的关系如图乙所示，不计绳重和阻力，水的密度，g =10N/kg，求：
（1）物块A浸没在水中时，受到的浮力为多少N？
（2）物块A静止在容器底部时，上表面受到水的压强为多少Pa？
【答案】（1）解：在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图得，在空中A受到的拉力
浸没在水中A受到的拉力F2=15N·
由称重法可知，浸没在水中A受到的浮力
（2）解：浸没时物体的体积等于排开液体的体积，所以
容器中水的体积
物块A浸没时，容器中水的深度
物块A的边长a=0.1m，物块A上表面所处水的深度h'=0.35m-0.1m=0.25m
物块A上表面受到的压强
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【分析】（1）在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图知在空中A受到的拉力和浸没在水中A受到的拉力，由称重法F浮=G-F拉可知浸没在水中A受到的浮力；
（2）根据阿基米德原理算出浸没时物体的体积等于排开液体的体积，由V=Sh算出容器中水的体积和物块A浸没时容器中水的深度，由物体A的体积算出物块A的边长，进而算出物块A上表面所处水的深度，由压强公式p=ρgh算出物块A上表面受到的压强。
（1）在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图得，在空中A受到的拉力
浸没在水中A受到的拉力F2=15N·
由称重法可知，浸没在水中A受到的浮力
（2）浸没时物体的体积等于排开液体的体积，所以
容器中水的体积
物块A浸没时，容器中水的深度
物块A的边长a=0.1m，物块A上表面所处水的深度h'=0.35m-0.1m=0.25m
物块A上表面受到的压强
1 / 1四川省内江市2024-2025学年八年级下学期期末检测物理试题
一、本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。
1．（2025八下·内江期末）在物理学中，各物理量需要用相应的字母来表示。下列字母中，用来表示“地面附近的物体由于地球的吸引而受到的力”的是（　　）
A．f B．G C．p D．W
2．（2025八下·内江期末）小明同学用装满水的矿泉水瓶做实验：他用水平力F轻推矿泉水瓶底部时，瓶子沿桌面平稳地移动，如图甲所示。当用同样大小的力F轻推瓶盖时，瓶子会翻倒，如图乙所示。此实验说明了力的作用效果与（　　）
A．力的大小有关 B．力的方向有关
C．力的作用点有关 D．力的方向和作用点都有关
3．（2025八下·内江期末）如图所示，是人造地球卫星绕地球运动的轨道示意图，当人造地球卫星从近地点向远地点运行的过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．动能增加 B．重力势能减少
C．重力势能转化为动能 D．动能转化为重力势能
4．（2025八下·内江期末）在生活和生产中，有时需要增大压强，有时又需要减小压强，下列实例中，是为了减小压强的是（　　）
A．蚊子有尖锐的口器
B．书包有宽宽的背带
C．剪刀有锋利的刃
D．破窗锤一端做成锥形
5．（2025八下·内江期末）如图所示，是一场篮球比赛中，某个同学在某次投篮过程的分解动作示意图。第一阶段将篮球举过头顶，第二阶段篮球出手后，在空中继续飞行。关于该同学在这两个阶段手对篮球做功情况，下列说法中正确的是（　　）
A．只有第一阶段做了功 B．只有第二阶段做了功
C．两个阶段都做了功 D．两个阶段都没有做功
6．（2025八下·内江期末）一个物体受到两个力F1和F2的作用，若F1和F2的三要素完全相同，则F1和F2（　　）
A．一定不是平衡力 B．可能是平衡力
C．可能是相互作用力 D．一定是相互作用力
7．（2025八下·内江期末）如图所示，在使用下列简单机械时，既能省力又能够改变力的方向的是（　　）
A．定滑轮
B．两个定滑轮
C．滑轮组
D．船桨
8．（2025八下·内江期末）如图所示，将笔帽立在靠近桌子边缘的位置，在笔帽的下方放一纸条，用铅笔向下猛击纸条，则笔帽会（　　）
A．停在原处 B．向前倾倒
C．向后倾倒 D．以上均不可能发生
9．（2025八下·内江期末）下列四个图中所涉及的原理与物体的浮沉有关的是（　　）
A．草原犬鼠挖有多个洞口
B．给鸡自动喂水装置
C．军事上用的潜艇
D．拦河大坝旁的船闸
10．（2025八下·内江期末）为保证安全，在轮船的船舷上画有载重线，载重线是船舶在允许的最大载重情况下水面位置的水平线。在如图所示的载重线中，最上面的一条是淡水线，表示轮船在淡水中航行，淡水的水面与这条线齐平时，轮船已装足了货物。若轮船航行时均达到载重线（重力不变）。则下列说法中正确的是（　　）
A．淡水线在最上面是因为轮船在淡水中受到的浮力更小
B．轮船从北大西洋驶入印度洋，受到的浮力变大
C．由图中的载重线可知，夏季海水的密度比冬季的密度小
D．轮船在印度洋航行的排水量比在北大西洋航行的排水量大
11．（2025八下·内江期末）如图所示，是用来探究“阻力对物体运动的影响”的实验，每次让小车均从斜面上的相同高度滑下，关于实验中的现象及说明的问题，下列说法中正确的是（　　）
A．三次实验小车到达水平面的速度不相同
B．实验用到的研究方法有控制变量法和等效替代法
C．三次实验中，最后小车动能的减小量不相同
D．牛顿在此基础上，总结得出了牛顿第一定律
12．（2025八下·内江期末）小明在测定“滑轮组的机械效率”的实验中，用一根最大能承受3N拉力的细绳，绕制了一个最简单的滑轮组。实验中，用质量均为100g的钩码作为被提升的物体，不计绳重和摩擦。小明多次改变钩码的个数，根据测得的数据，作出了如图所示的图像，g=10N/kg，则下列说法中正确的是（　　）
A．由图像可得：动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低
B．当绳端测力计的示数为1.5N时，钩码的重可能为2.5N
C．实验中，所用动滑轮的重为0.4N
D．实验时，滑轮组的最大机械效率约为94.1%
二、本题共7小题，每空2分，共28分。把正确答案直接填在答题卡题中的横线上。
13．（2025八下·内江期末）在物理实验中，常用弹簧测力计来测量力的大小。使用弹簧测力计测力之前，应先将弹簧测力计在受力方向上　 　，使指针对准零刻度线。在测量力的大小时，应使弹簧的伸长方向与受力方向　 　，指针最后所指刻度就是所测力的大小。
14．（2025八下·内江期末）如图所示，是某市举行的骑马射箭活动，参加活动的人用手拉弦时，弦也拉手，这说明力的作用是　 　的，松手后，箭快速地飞出去，这说明力能改变物体的　 　。
15．（2025八下·内江期末）雨天驾驶切勿涉险经过涵洞积水路段。如果汽车不慎驶入水中，随着水位的升高，车内的人越来越　 　（选填“容易”或“难”）打开车门脱离险境，原因是液体的压强随深度的增加而　 　。
16．（2025八下·内江期末）在水平地面上爬行的蜗牛具有　 　；木块从水平地面冲上斜面的过程中，木块的 　 　（均选填“动能”、“重力势能”或“弹性势能”）增加。
17．（2025八下·内江期末）如图所示，在橡皮塞中插入两根两端开口的玻璃管，在其中一根玻璃管上套一个小气球，并用线扎紧；另一根与抽气筒连接。当用抽气筒抽出瓶内的部分空气时，瓶外的空气在　 　的作用下进入气球内，使气球鼓起来。世界上最先用实验精确测出此值的科学家是　 　。
18．（2025八下·内江期末）如图所示，熟透了的苹果要落向地面，是因为苹果受到重力的方向是 　 　的；图中苹果A的质量为300g，若下落过程中苹果A受到的阻力大小恒为0.6N，则苹果A在此过程中受到的合力大小为 　 　N（g=10N/kg）。
19．（2025八下·内江期末）一薄壁圆柱形容器甲和一实心长方体物体乙置于水平地面上，容器甲的底面积为1200cm2、高为25cm，物体乙的长、宽、高如图所示，物体乙对水平地面的最小压强为400Pa，则最大压强为　 　Pa；现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当物体乙对容器底部的压力刚好最小时，水对容器底部的最小压力为　 　N（水的密度，g=10N/kg）。
三、本题共5小题，共24分。按要求完成下列各题。
20．（2025八下·内江期末）2022年北京冬奥会期间，滑雪场内的索道设施可将物资从山脚运到山顶。如图所示，封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，请你 画出静止在轿厢内的物体A受到的重力和支持力的示意图（作用点均在O点）。
21．（2025八下·内江期末）在古代，为了抵御外敌入侵，常在城池周围建造护城河，通过吊桥的升降控制人员进出。如图所示，是吊桥被拉起时的模型图，请你在图中画出拉力F的力臂L1和吊桥重力G 的力臂L2。
22．（2025八下·内江期末）在探究“影响压力作用效果的因素”实验中，实验小组用了几块完全相同的砖来做实验，其实验过程如图甲、乙、丙所示。
（1）实验中是通过观察海绵的　 　来显示压力的作用效果；
（2）比较图甲和图丙可以得出的结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的　 　有关；
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，可以用　 　两个图的结论来解释。
23．（2025八下·内江期末）在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验，实验操作过程如图所示，则：
（1）图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力　 　；
（2）图D和图E将物体都浸没在液体中，是为了保持排开液体的　 　相同，探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）根据探究过程还可以求出图E中盐水的密度为　 　kg/m3。（水的密度）
24．（2025八下·内江期末）如图甲、乙、丙所示是某同学在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验步骤，每次实验时，用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块A，使木块A在水平长木板B上做匀速直线运动，从而测出滑动摩擦力的大小。
（1）由　 　两图可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（2）由甲、乙两图得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力　 　；
（3）实验后，该同学发现实验的不足之处是：实验中很难使木块A做匀速直线运动。于是该同学将前面实验用的器材重新设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是无论长木板B是否做匀速直线运动，木块A相对于地面均处于静止状态，弹簧测力计的示数都是稳定的，此时木块A受到的是　 　（选填“滑动”、“滚动”或“静”）摩擦。在实验中，该同学发现：当水平拉力F为1.5N时，木块A相对于地面静止，而长木板B做匀速直线运动， 则长木板B受到地面的摩擦力大小为　 　N。
四、本题共2小题，共12分。解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值运算的题，答案中必须写出数值和单位。
25．（2025八下·内江期末）电动自行车因轻便、灵活、环保而深受人们青睐，它已成为当今人们上班的重要代步工具。某次，小刘骑行一辆电动自行车在一水平路面上匀速直线行驶500m，牵引力做的功为1.8×105J，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍。则：
（1）匀速骑行时，电动自行车的牵引力为多少N？
（2）匀速骑行时，电动自行车车轮与路面总接触面积为100cm2，电动自行车对路面的压强为多少Pa？
26．（2025八下·内江期末）如图甲所示，A为实心正方体物块，B为薄壁圆柱形容器，其底面积为200cm2，容器足够 深，容器内盛有30cm深的水。现使物块A匀速竖直下降，直到静止在容器底部为止，在这段时间内，对物块A的拉力F随时间t变化的关系如图乙所示，不计绳重和阻力，水的密度，g =10N/kg，求：
（1）物块A浸没在水中时，受到的浮力为多少N？
（2）物块A静止在容器底部时，上表面受到水的压强为多少Pa？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】ABCD、重力通常用字母G来表示，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】由于受到地球的吸引而使物体受到的力叫重力，通常用字母G来表示。
2．【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】ABCD、用水平力F轻推矿泉水瓶底部和轻推瓶盖时，力的大小都是F，力的方向都是水平方向，而作用点分别是瓶子底部和瓶盖。力作用在底部时瓶子平稳移动，作用在瓶盖时瓶子翻倒，力的作用效果不同，说明力的作用效果与力的作用点有关。由甲乙两次实验可知：力的方向是相同，力的大小也是相同的，改变了力的作用点，最终力的作用效果不一样，因此说明力的作用效果与力的作用点有关。故C符合题意；ABD不符合题意。
故选C。
【分析】力的方向是相同，力的大小也是相同的，改变了力的作用点，最终力的作用效果不一样，因此说明力的作用效果与力的作用点有关。
3．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】ABCD、当人造地球卫星质量不变，当卫星从近地点向远地点运行的过程中，机械能守恒，随着卫星的高度增大，重力势能增大；故卫星的动能减小，是动能转化为重力势能，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；
重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。
4．【答案】B
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．蚊子的口器很尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意。
B．书包有宽宽的背带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意。
C．剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意。
D．破窗锤一端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意；
故选：B。
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
5．【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】ABCD、第一阶段将篮球举过头顶，人对篮球有力的作用，篮球在该力的方向上通过了距离，人对篮球做功；
第二阶段篮球出手后，在空中继续飞行，依靠的是惯性，此时篮球不再受到人的作用力，人对篮球不做功。综上分析可知，只有第一阶段做了功。故选项A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
6．【答案】A
【知识点】平衡力的辨别
【解析】【解答】AB、二力平衡的条件是“同一物体”“大小相等”“方向相反”“在同一直线上”。而F1与F2的三要素完全相同，即力的大小、方向、作用点都相同，这与平衡力要求的“方向相反”不符，所以F1和F2一定不是平衡力，故A正确，B错误。
CD、相互作用力的特点是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。由于F1和F2都作用在同一个物体上，不满足相互作用力“作用在两个物体上”这一条件，所以它们不是相互作用力，故CD错误。
故选：A。
【分析】两个力的三要素完全相同，说明了这两个力的方向也相同，而平衡力的方向是相反的，由此可知这两个力一定不是平衡力。一个物体同时受到两个力的作用，两个力的三要素完全相同，说明了这两个力的方向也相同，而相互作用力的条件是方向相反、作用在两个物体上。
7．【答案】C
【知识点】杠杆及其五要素；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点
【解析】【解答】A．定滑轮的实质是一个等臂杠杆，无法省力，仅能改变力的作用方向，因此选项A不符合题意。
B．两个定滑轮组合使用时，仍然保持等臂杠杆的特性，无法实现省力效果，仅能调整力的方向，故选项B也不符合题意。
C．滑轮组通过定滑轮与动滑轮的组合设计，既能达到省力的效果，又可以改变力的作用方向，完全满足题目要求，因此选项C是正确答案。
D．船桨作为典型的费力杠杆，虽然能节省移动距离，但会增大所需的力，无法实现省力目的，所以选项D不符合题意。
故选C。
【分析】本题主要考查对常见简单机械工作原理的理解，需要掌握不同机械装置的特性及其应用场景。
8．【答案】A
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】ABCD、纸条被抽出，而钢笔帽由于惯性，仍保持静止状态停在原处，这是因为钢笔帽具有惯性的缘故要保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，该性质称为惯性。
9．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；浮力的利用
【解析】【解答】A．等质量的空气在相同的时间内通过出口的上表面，吹过平坦表面的风运动速度小，压强大；吹过隆起表面的风流速大，压强小，因此，地面上的风吹进了犬鼠的洞穴，利用的是流体的压强与流速的关系，故A不正确；
B．给鸡自动喂水装置当瓶口露出水面时，空气通过瓶口进入瓶内，平衡内外气压，水从瓶内流出，当水面刚好封住瓶口时，在大气压的作用下，水停止流出，所以给鸡自动喂水装置利用的是大气压，故B不正确；
C．潜艇浸没后受到的浮力不变，靠水仓吸水和排水来改变自身重力实现浮沉，涉及的原理与物体的浮沉有关，故C正确；
D．船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故船闸是利用连通器原理工作的，故D不正确。
故选：C。
【分析】（1）流体流速大的地方，压强小；
（2）给鸡自动喂水装置当瓶口露出水面时，空气通过瓶口进入瓶内，平衡内外气压，水从瓶内流出，当水面刚好封住瓶口时，在大气压的作用下，水停止流出；
（3）潜艇浸没后受到的浮力不变，靠水仓吸水和排水来改变自身重力实现浮沉；
（4）上端开口，底部连通的容器为连通器。
10．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．轮船最大载重情况下的重量是不变的，根据漂浮时浮力等于重力，则浮力不变，由
F浮=ρ液gV排可知淡水线在最上面是因为淡水的密度最小，轮船从北大西洋驶入印度洋，始终漂浮，故浮力不变，故AB错误；
C．由图中的载重线可知，夏季海洋线在冬季海洋线的上方，由于物体漂浮时浮力不变，而排开液体的体积夏季比冬季大，说明夏季海水的密度比冬季的密度小，故C正确；
D．轮船的重力不变，则浮力不变。根据F浮=G排可知排开液体的重力不变，则轮船在印度洋航行的排水量和在北大西洋航行的排水量相同，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）根据浮力一定时，结合阿基米德原理分析排开液体的变化分析；
（2）根据漂浮时浮力等于重力解答；
（3）根据同样的载重，结合浮力和阿基米德原理分析解答。
11．【答案】D
【知识点】机械能守恒条件；牛顿第一定律；阻力对物体运动影响的探究实验；物理学方法
【解析】【解答】A、由控制变量法，实验中每次均让小车从斜面的同一高度由静止下滑，这样能够使小车每次到达水平面上时初速度相等，故A错误。
C、根据控制变量法，要控制小车下滑到水平面的速度相同，而最终的速度为0，故小车的动能变化量是相同的。故C错误；
D、若物体在水平方向上不受力的作用，则速度不会减小，故小车做匀速直线运动，在大量经验事实的基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出了牛顿第一定律，故D正确；%0D%0AB、本实验主要应该控制变量法和实验推理法，故B错误。
故选：D。
【分析】（1）由控制变量法，要控制小车每次到达水平面上时初速度相等。（2）根据小车下滑到水平面的速度相同，而最终的都为0，据此回答；
（3）根据实验现象回答；据此推理回答；
（4）本实验主要研究方法控制变量法和实验推理法。
12．【答案】B
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A、题目图像仅显示钩码重力增大时机械效率升高，但未通过改变动滑轮重力进行对比实验，因此无法直接从图像得出"动滑轮越重，机械效率越低"的结论。虽然理论上存在这个关系，但图像数据并未验证这一点，故A错误。
BC、机械效率计算公式为。根据图像数据，当G=2N时η=80%，代入可得，解得动滑轮重力G动=0.5N。
对于最简单的滑轮组，可能存在2段或3段绳子承担物重的情况。当钩码重2.5N时，若为2段绳子，则拉力，故B正确，C错误。
D、最大机械效率出现在钩码重最大时。当采用3段绳子承担物重时，最大总重，钩码重。此时最大机械效率，故D选项错误。
故选D。
【分析】（1）根据图分析回答；
（2）实验中，用质量均为100g的钩码作为被提升的物体，所受重力为1N，据此分析；
（3）不计绳重和摩擦，根据结合图中数据求出动滑轮重；
（4）最简单的滑轮组有两种情况，2段绳子或者3段绳子承担物重；最大机械效率出现在钩码重最大时，绳子最大能承受3N拉力，所以3段绳子承担物重时，能承担更重的钩码，据此求出钩码重；不计绳重和摩擦，根据
求出滑轮组的最大机械效率。
13．【答案】调零；一致
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】（1）使用前要检查指针是否指在零刻度线，如果没有指在零刻度线，要进行调节使指针指在零刻度线；
（2）使用时，拉力的方向与弹簧的轴线方向要在一条直线上，即要使弹簧的伸长方向与受力方向一致；
故答案为：调零；一致。
【分析】弹簧测力计的正确使用方法：①使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零刻度线，如果不在则要将指针调到零刻度线；②使用前，要看清其量程，所要测量的力不能超过它的量程，否则会损坏测力计；测量前要看清楚弹簧测力计的分度值，以便测量时读数；③用手拉几下看看测力计的外壳与弹簧是否发生摩擦；④注意测力计拉力的方向要与弹簧的伸长在一条直线上；⑤读数时，让视线垂直于刻度面板。
14．【答案】相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）参加活动的人用手拉弦时，弦受到了手的力，同时弦也勒疼了手，弦对手也有力的作用，故力的作用是相互的。
（2）松手后箭在弹力的作用下飞出，箭由静止状态变为了运动，运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
【分析】任何两个物体之间的作用总是相互的，施力物体同时也一定是受力物体。力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
15．【答案】难；增大
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的特点
【解析】【解答】第1空，第2空，液体压强大小与液体深度有关，在同种液体内部，液体的压强随深度的增加而增大，如果汽车不慎驶入水中，随着水位的升高，汽车在水中深度逐渐增大，由 液体压强公式p=ρgh 可知，水对车门的压强逐渐增大，由F=pS知，水对车门的压力也逐渐变大，所以车内的人越来越难推开车门脱离险境。
故答案为：难；增大。【分析】压强大小与深度有关，在同种液体内部，液体的压强随深度的增加而增大。
16．【答案】动能；重力势能
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】（1）在水平地面上爬行的蜗牛，处于运动状态，所以具有动能；
（2）木块从水平地面冲上斜面的过程中，质量不变，但高度不断升高，因此重力势能逐渐增加；同时，木块的速度通常会减小，动能会相应减小，由于没有发生弹性形变，则没有弹性势能的变化。
故答案为：动能；重力势能。
【分析】物体由于运动而具有的能量叫动能，动能的大小与物体的质量和速度有关；物体由于被举高具有的能叫重力势能，重力势能的大小与质量和高度有关；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能，弹性势能的大小与物体的性变程度有关。
17．【答案】大气压；托里拆利
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用；科学家及其贡献
【解析】【解答】（1）在橡皮塞中插入两根两端开口的玻璃管，一根玻璃管口套上一个小气球，并用线扎紧；另一根通过橡胶管与抽气筒相连。当抽气筒抽出瓶中的部分空气时，瓶内气压减小，会产生的现象是气球膨胀变大，其原因是气球内部与大气相通，内部的大气压大于球外的压强，使得气球膨胀。
（2）1643年，意大利科学家托里拆利首先利用长玻璃管和水银槽，测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验。
故答案为：大气压；托里拆利。
【分析】（1）根据抽气瓶内压强减小，气球内与大气压相通，球内压强大于外侧压强，使得气球膨胀。
（2）根据物理学史解答。
18．【答案】竖直向下；2.4
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）苹果落向地面，是因为受到竖直向下的重力的作用。即重力的方向是竖直向下的；
（2）已知苹果A的质量为m=300g=0.3kg，则苹果A的重力为：
G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，苹果受到的重力方向是竖直向下的，受到的空气阻力的方向是竖直向上的，故这两个力的合力：F合=G-f=3N-0.6N=2.4N。
故答案为：竖直向下；2.4。
【分析】（1）地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的，
（2）苹果下落过程中重力方向竖直向下，空气阻力方向竖直向上。根据同一直线上方向相反的两个力的合力等于这两个力的大小之差，可得合力。
19．【答案】1.28×103；48
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】第1空，乙对水平地面的最小压强为400Pa，由图可知受力面积最大为S大=0.1m×0.16m，则物体乙对水平地面的压力 F乙=p乙小S大=400Pa×0.1m×0.16m=6.4N ， 物体乙的重力为：
G乙=F乙=6.4N ，
由图可知受力面积最小为S小=0.1m×0.05m，物体乙对水平地面的最大压强为 ；
第2空， 物体乙的质量为：
乙的密度为：
， 现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当浮力和重力相等时，物体漂浮，物体乙对容器底部的压力最小，物体乙受到的浮力 F浮=G乙=6.4N ， 物体乙排开水的体积
，
水对容器底部的压力最小，由F=pS可知容器的底面积一定，压强最小，由p=ρgh可知此时水的深度最小，所以物体乙平放时，排开水的体积一定，底面积最大，水的深度最小，水的深度为
，
故由液体压强公式可知，水对容器底部的最小压强
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa
由可得，水对容器底部的最小压力为：
F小=pS容=400Pa×1200×10-4m2=48N
故答案为：1.28×103；48。
【分析】（1）乙对水平地面的最小压强为400Pa，由图可知受力面积最大为0.1m×0.16m，根据F=pS计算物体乙对水平地面的压力，物体乙的重力等于物体乙对水平地面的压力，由图可知受力面积最小为0.1m×0.05m，根据压强公式计算物体乙对水平地面的最大压强；
（2）根据重力公式、密度公式计算物体乙的密度，与水的密度比较可知物体乙的状态；现将物体乙放入容器甲的底部后，缓缓的向容器中加水，当浮力和重力相等时，物体漂浮，物体乙对容器底部的压力最小，物体乙受到的浮力等于自身重力，根据阿基米德原理计算物体乙排开水的体积，水对容器底部的压力最小，由F=pS可知容器的底面积一定，压强最小，由p=ρgh可知此时水的深度最小，所以物体乙平放时，排开水的体积一定，底面积最大，水的深度最小，根据条件公式计算水的深度，根据液体压强公式计算水对容器底部的最小压强，根据F=pS计算水对容器底部的最小压力。
20．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，静止在轿厢内的物体A处于平衡状态，所以受力平衡，物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一直线上，作用点在物体A的重心上，示意图如图所示：
【分析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示意图。
21．【答案】
【知识点】杠杆及其五要素；力臂的画法
【解析】【解答】 确定支点：吊桥绕固定点O转动，因此O点为支点。 拉力F的力臂L1计算：
从支点O向拉力F的作用线作垂线，垂足到O点的距离即为力臂L1；
重力G方向始终竖直向下，作用在吊桥重心，从支点O向重力G的作用线作垂线，力臂示意图如下：
【分析】找出支点，从O做F的垂线段就是F的力臂；从O做重力G的垂线段就是G的力臂。
22．【答案】（1）凹陷程度
（2）大小
（3）甲、乙
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）由转换法，实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。
（2）比较图甲和图丙，受力面积相同，压力不同，图甲压力小，海绵的凹陷程度小，图丙压力越大，海绵的凹陷程度大，压力的作用效果越明显，故结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的大小有关。
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压力作用效果的，甲、乙两个图，对海绵的压力相同，乙比甲受力面积更大，海绵的凹陷程度小，压力的作用效果小，说明压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显，可以用来解释越野汽车为什么装有非常宽大的轮子。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）大小；（3）甲、乙。【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。

（1）实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这是转换法的应用。
（2）比较图甲和图丙，受力面积相同，压力不同，图甲压力小，海绵的凹陷程度小，图丙压力越大，海绵的凹陷程度大，压力的作用效果越明显，故结论是：在受力面积相同时，压力的作用效果与压力的大小有关。
（3）越野汽车装有非常宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，甲、乙两个图，对海绵的压力相同，乙比甲受力面积更大，海绵的凹陷程度小，压力的作用效果小，说明压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显，可以用来解释越野汽车为什么装有非常宽大的轮子。
23．【答案】（1）大
（2）体积
（3）1.1×103
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图中实验可知，F浮=G-F拉因为物块的重力不变，所以图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小时，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力大；
（2）探究物体所受浮力与液体密度的关系时，应控制排开液体体积相同，只改变液体密度，比较D、E两实验可知，排开液体体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，可得出物体所受浮力与液体密度有关；
（3）由图AC可知，物体所受的浮力为F浮=G-F拉=2.4N-1.4N=1N，由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，物块的体积为
，同理在盐水中所受的浮力为1.1N，所以根据阿基米德原理：
F浮=ρ液V排g可知，。
故答案为：（1）大；（2）体积；（3）1.1×103。
【分析】（1）根据称重法分析，弹簧测力计示数越小，所受浮力越大；
（2）探究物体所受浮力与液体密度的关系时，应控制排开液体体积相同，只改变液体密度；
（3）根据图A、D、E图，分析物体在水中所受的浮力，求出物体的体积，再根据阿基米德原理求得盐水的密度。
（1）由图中实验可知，
因为物块的重力不变，所以图C中弹簧测力计的示数比图B中弹簧测力计的示数小时，是因为图C中物体受到的浮力比图B中物体受到的浮力大。
（2）为了探究浮力的大小与液体密度的关系，同时图D和图E将物体都浸没在液体中，所以要保持排开液体的体积相同。
（3）由图AC可知，物体所受的浮力为
由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，物块的体积为
同理在盐水中所受的浮力为1.1N，所以根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，
24．【答案】（1）甲、丙
（2）越大
（3）滑动；0.9
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）甲、丙两图的接触面都是木板表面，即接触面粗糙程度相同，但丙图中物块A上有一个砝码，甲图物块A上没有砝码，且丙图中的弹簧测力计示数比甲中的大，可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）甲、乙两图都只有一个物块A，压力相同，但是甲图是木板表面，乙图是毛巾表面，接触面粗糙程度不同，且乙图中弹簧测力计的示数更大，所以由甲、乙两图可以得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）第1空，因木块相对于长木板B在运动，所以木块A受到的是滑动摩擦。
第2空，物块A相对于地面始终处于静止状态，即平衡状态，对物块A来说受到向右的拉力F与B对A向左的摩擦力fB，根据二力平衡可知，FA=fB，而对B来说，B受到向左的拉力F和A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力，即
F=fB+f地所以f地=F-fB=1.5N-0.6N=0.9N。
故答案为：（1）甲、丙；（2）越大；（3）滑动；0.9。
【分析】（1）要探究滑动摩擦力大小与压力的关系，应控制接触面的粗糙程度一定，只改变压力大小，据此分析。
（2）当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）两物体间有相对运动时，产生的是滑动摩擦力。根据二力平衡结合受力分析进行分析。
（1）根据控制变量法，要探究滑动摩擦力大小与压力的关系，应控制接触面的粗糙程度一定，只改变压力大小，因此应比较甲、丙两图实验，甲、丙两图的接触面都是木板表面，即接触面粗糙程度相同，但丙图中物块A上有一个砝码，甲图物块A上没有砝码，且丙图中的弹簧测力计示数比甲中的大，可知：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）甲、乙两图都只有一个物块A，压力相同，但是甲图是木板表面，乙图是毛巾表面，接触面粗糙程度不同，且乙图中弹簧测力计的示数更大，所以由甲、乙两图可以得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）[1]因木块相对于长木板B在运动，所以木块A受到的是滑动摩擦。
[2]物块A相对于地面始终处于静止状态，即平衡状态，对物块A来说受到向右的拉力F与B对A向左的摩擦力fB，根据二力平衡可知，FA=fB，而对B来说，B受到向左的拉力F和A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力，即
所以
25．【答案】（1）解：电动车的牵引力
（2）解：匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，则有
则人和车的总重
匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，路面受到的压力为
由题可知，受力面积
则路面受到的压强
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据W=Fs计算电动车的牵引力；
（2）匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，据此计算人和车的总重力，匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，根据压强公式计算路面受到的压强。
（1）电动车的牵引力
（2）匀速骑行时受到平衡力的作用，此时阻力等于牵引力，匀速骑行时受到的阻力为车和人总重的0.3倍，则有
则人和车的总重
匀速骑行时，路面受到的压力等于人和车的总重，路面受到的压力为
由题可知，受力面积
则路面受到的压强
26．【答案】（1）解：在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图得，在空中A受到的拉力
浸没在水中A受到的拉力F2=15N·
由称重法可知，浸没在水中A受到的浮力
（2）解：浸没时物体的体积等于排开液体的体积，所以
容器中水的体积
物块A浸没时，容器中水的深度
物块A的边长a=0.1m，物块A上表面所处水的深度h'=0.35m-0.1m=0.25m
物块A上表面受到的压强
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【分析】（1）在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图知在空中A受到的拉力和浸没在水中A受到的拉力，由称重法F浮=G-F拉可知浸没在水中A受到的浮力；
（2）根据阿基米德原理算出浸没时物体的体积等于排开液体的体积，由V=Sh算出容器中水的体积和物块A浸没时容器中水的深度，由物体A的体积算出物块A的边长，进而算出物块A上表面所处水的深度，由压强公式p=ρgh算出物块A上表面受到的压强。
（1）在空中A受到的拉力等于其重力，由乙图得，在空中A受到的拉力
浸没在水中A受到的拉力F2=15N·
由称重法可知，浸没在水中A受到的浮力
（2）浸没时物体的体积等于排开液体的体积，所以
容器中水的体积
物块A浸没时，容器中水的深度
物块A的边长a=0.1m，物块A上表面所处水的深度h'=0.35m-0.1m=0.25m
物块A上表面受到的压强
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