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甘肃省张掖市2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题（每题3分，共36分）
1．（2025八下·张掖期末）下列对身边物理估测的数据，你认为符合生活实际的是（　　）
A．物理课本的质量约600g
B．2个鸡蛋受到的重力大小约为1N
C．苹果从树上落地重力做功约为4J
D．中学生上四楼重力的功率约为15W
【答案】B
【知识点】质量及其特性；功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据日常生活经验，一本物理课本的质量大约为200g，故A不符合题意；
B．单个鸡蛋质量约为50克，两个鸡蛋的总重力约为G=mg=0.05kg×2×10N/kg=1N，故B符合题意；
C．一个苹果质量约200g，树高约为3m，故从2米高的树上落地时重力做功约为，故C不符合题意；
D．一名中学生的重力约为500N，一层楼的高度约为，四楼高约是9m，则中学生上四楼重力的功率约为，故D不符合题意。
故选B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．（2025八下·张掖期末）下列说法正确的是（　　）
A．把铁块轧成薄铁片，质量变小
B．冰箱里的一瓶矿泉水结冰，质量变小
C．牛奶喝掉一半后，剩余牛奶的密度不变
D．神舟飞船内的物资从地球到空间站质量变小
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】ABD．质量是物体的一种属性，不随形状、状态、位置和温度的改变而变化。把铁块轧成薄铁片，形状改变了，质量不变；冰箱里的一瓶矿泉水结冰，状态改变了，质量不变；神舟飞船从地球到空间站后，位置改变了，飞船内物资的质量不变，故ABD错误；
C．密度是物质的一种特性，与物质的质量无关；牛奶喝掉一半后，质量减半，但物质种类没有改变，则剩余牛奶的密度不变，故C正确。
故选：C。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）密度是物质的一种特性，其大小等于质量与体积之比。对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关。对于气体，在质量一定时，体积越大，密度越小；在体积一定时，质量越大，密度越大。
3．（2025八下·张掖期末）中考体育考试这项评价机制对于青少年体质健康和全面发展的指引作用越发显著，促使学生积极参加体育锻炼。对体考中涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．抛出去的实心球，受到推力、重力和空气阻力
B．踢出去的足球在空中运动时，如果外力突然消失将会停止运动
C．做引体向上，单杠对考生的弹力是单杠发生弹性形变产生的
D．拍篮球，手是施力物体，所以不受力的作用
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；弹力；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．当实心球被抛出后，它不再受到手的推力作用，此时仅受到重力（地球引力）和空气阻力的影响，故A错误；
B．根据牛顿第一运动定律（惯性定律），如果踢出去的足球在运动过程中所有外力突然消失，足球将保持当前的运动状态，即做匀速直线运动，故B错误；
C．在引体向上动作中，单杠对考生施加的弹力来源于单杠的弹性形变。当单杠受力发生形变时，会产生恢复原状的弹性力，这就是弹力的本质，故C正确；
D．根据牛顿第三运动定律（作用力与反作用力定律），当手拍打篮球时，篮球对手会施加一个大小相等、方向相反的反作用力，所以手也会受到力的作用，故D错误。
故选：C。【分析】（1）抛出去的实心球，只受到重力和空气阻力的作用；
（2）运用牛顿第一定律分析；
（3）弹力是物体发生形变后，由于要恢复原状会对与其接触的物体所产生的力，弹力的施力物体是发生弹性形变的物体；
（4）力的作用是相互的。
4．（2025八下·张掖期末）2025年6月25日，甘肃省陆地冰壶系列赛（高台站）在高台县全民健身中心盛大开幕。如图所示，是女子冰壶队比赛的情景。下列说法中正确的是（　　）
A．运动员推出的冰壶能在地面上继续滑行是受到惯性的作用
B．冰壶的接触面很光滑是为了增大冰壶与地面的摩擦力
C．运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力是一对平衡力
D．静止在水平地面上的冰壶，受到地面的支持力和冰壶的重力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员推出的冰壶能在地面上继续滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”，故A错误；
B、冰壶的接触面很光滑，是在压力一定的情况下，通过减小接触面粗糙程度，减小摩擦力，故B错误；
C、运动员推冰壶时，手对冰壶由水平向前的的推力，而冰壶所受重力方向竖直向下，故推力和重力不是在同一直线上，故不是一对平衡力，故C错误；
D、静止在水平冰面上的冰壶，受到竖直向下的重力和垂直冰面向上的支持力，两个力作用在同一物体上、且大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合二力平衡的条件，故这两个力是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
（3）一对平衡力必须符合大小相等、方向相反、在一条直线上、在同一物体上的条件。
5．（2025八下·张掖期末）如图所示，跳伞运动员连同装置共重700N，他从飞机上跳下，伞未打开前，受到空气的阻力为50N，则下列说法正确的是（　　）
A．这两个力的合力的大小为750N，合力的方向是竖直向上
B．这两个力的合力的大小为750N，合力的方向是竖直向下
C．这两个力的合力的大小为650N，合力的方向是竖直向上
D．这两个力的合力的大小为650N，合力的方向是竖直向下
【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】ABCD、同一直线反方向二力的合力等于二力之差，方向与较大力的方向相同。伞未打开时，运动员受竖直向下的重力及向上的空气阻力，二力方向相反，故合力F=G-f=700N-50N=650N；方向与重力的方向一致，即合力的方向竖直向下。古ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】运动员受到竖直向上的空气阻力和竖直向下的重力，二力的方向相反，所以求解它们合力大小的方法是：同一直线反方向二力的合力等于二力之差，方向与较大力的方向相同。
6．（2025八下·张掖期末）下列实例中能利用大气压强解释的是（　　）
A．用图钉把地图钉在墙上 B．锅炉水位计显示水位
C．用吸管喝饮料 D．手握橡皮圈发生形变
【答案】C
【知识点】力的作用效果；增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．用图钉将地图固定在墙上，这是在压力不变的情况下，通过减少接触面积来增大压强的例子，与大气压强无关。故A不符合题意；
B．锅炉水位计通过连通器原理显示水位，当连通器内装有相同液体且静止时，液面会保持水平。这是连通器原理的应用，与大气压强无关。故B不符合题意；
C．使用吸管喝饮料时，口腔内部气压低于外界大气压，饮料在大气压力的作用下被压入口中。这是利用了大气压强的原理。故C符合题意；
D．手握橡皮圈发生形变，说明力可以改变物体的形状，故D不符合题意。故选：C。故选C。
【分析】知道什么是大气压强，大气压强产生的原因，大气压强与高度的关系及其他原因与气压的影响来解题。
7．（2025八下·张掖期末）将一枚完好的鸡蛋放入盐水中出现如图所示最终状态，若缓慢向杯中加盐或加水两种情况下，下列说法正确的是（　　）
A．缓慢向杯中加水会使盐水的密度变大
B．缓慢向杯中加盐可以使鸡蛋悬浮
C．向杯中加盐或加水杯底所受压强不变
D．向杯中加盐，鸡蛋所受浮力不变
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．盐水中加水，水的密度小于盐水的密度，使盐水的密度变小，故A错误；
BD．如图，鸡蛋漂浮，受到的浮力等于重力，向杯中加盐，盐水密度变大，鸡蛋仍然漂浮，鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力，则浮力不变，B错误，D正确；
C．图中容器为柱形容器，杯底所受压力等于杯中物体的总重力。根据，往杯中加盐或加水时，杯底所受的压力变大，受力面积不变，压强增大，故C错误。
故选D。
【分析】漂浮的物体，受到的浮力等于物体的重力；当液体密度变大时，物体仍漂浮，浮力不变；柱形容器中，容器底受到的压力等于容器中物质的重力，根据，判断压强的变化。
8．（2025八下·张掖期末）生活中的很多小设计可以通过改变受力面积来改变压强，从而达到给人们生活带来便利的目的，以下事例中，可以增大压强的是（　　）
A． 较宽的书包带
B． 锋利的刀刃
C． 铁轨下的枕木
D． 滑雪时用的滑雪板
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】ACD．书包带宽大、铁轨下的木枕、滑雪板宽大，增大受力面积，从而减小压强，故ACD不符合题意；
B．刀刃锋利，减小了刀刃与食材的接触面积，可增大压强，故B符合题意。
故选B。
【分析】压力一定时，增大受力面积，可以减小压强，减小受力面积，增大压强。
9．（2025八下·张掖期末）物理兴趣小组的同学对物理课本上的插图进行讨论，其中不正确的是（　　）
A．图﹣1：当水在玻璃管中流经A处时，流速较小压强较大
B．图﹣2：三峡船闸主要应用了连通器的原理
C．图﹣3：同一密度计在不同液体中所受浮力不同
D．图﹣4：马德堡半球实验证明了大气压的存在
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、观察图示可知，横管A位置的横截面积较大，水流速度较慢。根据流体压强与流速的关系（流速越小压强越大），该处压强较大。故A正确；
B、三峡船闸结构特点是底部连通、上部开口，运用了连通器原理工作。故B正确；
C、密度计在液体中处于漂浮状态，根据的浮沉条件，由于密度计重力不变，其在不同液体中所受浮力相同。故C错误；
D、马德堡半球实验证明了大气压的存在，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大；
（2）上面开口、底部相连通的容器都称为连通器；
（3）漂浮在液面的物体所受的浮力等于自身的重力；（4）马德堡半球实验证明了大气压的存在。
10．（2025八下·张掖期末）如图所示的四种工具在使用过程中，属于费力杠杆的是（　　）
A．镊子 B．钢丝钳
C．核桃夹 D．扳手
【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解析】A．镊子：动力臂小于阻力臂，符合费力杠杆的特征，故A正确；
B．钢丝钳：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．核桃夹：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．扳手：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
11．（2025八下·张掖期末）下列说法正确的是（）
A．效率高的机械，功率一定大
B．做功时间长的机械，功率一定大
C．所有机械的机械效率都小于1
D．功率大的机械做的功一定多
【答案】C
【知识点】功率的概念；机械效率
【解析】【解答】A效率高的机械表示做功过程中，有用功占的比例大，和功率是两个概念，没有直接的关系，故A错误；
B．功率表示单位时间内完成的功的多少，与做功时间长短无关，故B错误；
C．因为使用机械做功时，不可避免要做额外功，即克服摩擦或提升机械本身做的功，故所有机械的机械效率都小于l，C正确；
D．功率大的机械．表示相同时间内比功率小的机械做功多，故D错误；
故选C。
【点评】现在虽然考试中几乎见不到判断题，但判断题实质上与选择题是一样的，都是考查对概念的理解．能理解相关概念的物理意义，自然万变不离其宗，反复地考问也就不怕了．
12．（2025八下·张掖期末）如图，小明分别用甲、乙两个相同的滑轮把同一桶沙提升相同高度（滑轮重力小于沙和桶的总重力）。绳自由端施加的拉力大小分别为F1和F2。若不计摩擦和绳重，则此过程中，下列判断正确的是（　　）
A．拉力F1等于F2 B．乙滑轮的机械效率高
C．甲、乙两滑轮做的额外功相同 D．甲滑轮做的总功少
【答案】D
【知识点】机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A、设一桶沙的重力为G，不计绳重和摩擦，图甲中为定滑轮，绳自由端施加的拉力为：F1=G，图乙中为动滑轮，设动滑轮的重力为G动，则绳自由端施加的拉力为： ， F1>F2 ，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，甲滑轮做的额外功为0，故甲滑轮的机械效率为100%，乙滑轮需对动滑轮做额外功，机械效率小于100%，甲滑轮的机械效率一定比乙的高，故B错误；
C、 若不计摩擦和绳重， 甲滑轮只对桶做额外功，而乙滑轮需对动滑轮和桶做额外功， 由W总=W有用+W额外可知，甲滑轮做的总功少，乙滑轮做的总功多， 故C错误；
D、同一桶沙提升相同高度，则甲、乙滑轮做的有用功相同，而甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮的额外功不为0，故甲滑轮做的总功小于乙滑轮做的总功，D正确；
故选：D。
【分析】（1）图甲为定滑轮，拉力等于物重，图乙为动滑轮，拉力为物重与动滑轮重力之和的一半，两个拉力不相等；
（2）甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮需做额外功，故甲的机械效率高；
（3）甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮的额外功不为0，两者不相同；
（4）甲、乙滑轮做的有用功相同，甲做的额外功少，甲做的总功少。
二、填空题（每空1分，共15分）
13．（2025八下·张掖期末）1m3的水凝固成冰后，它的体积　 　，密度　 　。（选填“变大、变小、不变”）
【答案】变大；变小
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】第1空，第2空，水结成冰时，虽然物质的状态发生了变化，但其质量保持不变。由于冰的密度（0.917 g/cm3）小于水的密度（1 g/cm3），根据体积公式 可知，在质量m不变的情况下，密度ρ减小会导致体积V增大。因此，水凝固成冰后体积会膨胀。故答案为：变大；变小。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）密度是物质的一种特性，其大小等于质量与体积之比。对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关。对于气体，在质量一定时，体积越大，密度越小；在体积一定时，质量越大，密度越大。
14．（2025八下·张掖期末）端午节大湖湾有“赛龙舟”的习俗。“赛龙舟”时，用桨向后划水时，龙舟就会向前运动，这说明物体间力的作用是　 　，还说明力可以改变物体的　 　。
【答案】相互的；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）“赛龙舟”比赛时，向后划桨，桨对水施加向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水会同时对桨施加向前的反作用力，所以龙舟向前运动；
（2）船由静止变为运动是受到水的反作用力的结果，说明了力能改变物体的运动状态。
故答案为：相互的；运动状态。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
15．（2025八下·张掖期末）　 　实验首先测出了大气压强的数值，1标准大气压等于　 　Pa。
【答案】托里拆利；1.013×105
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】第1空，第2空，托里拆利首次利用长玻璃管和水银测出了大气压强数值，这个实验被称作托里拆利实验。所测量的气压被称作1标准大气压，相当于760mm水银柱产生的压强，即1标准大气压等于1.013×105Pa。
故答案为：托里拆利；1.013×105。【分析】1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先进行了这个实验，故名托里拆利实验。标准大气压是指在标准大气条件下海平面的气压，其值为101.325kPa，也可以记作 1atm。
16．（2025八下·张掖期末）2022年5月，全球首艘智能型无人系统母船“珠海云”号（如图所示）在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载时受到的浮力为　 　N（g取10N/kg），船上的无人机起飞后船身受到的浮力　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。无人机能够升空是因为机翼上表面比下表面的空气流速大，压强　 　，从而产生向上的升力。船从长江驶向大海时，船将会　 　。（选填“上浮一些”或“下沉一些”）
【答案】2×107；变小；小；上浮一些
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）已知“珠海云”号的排水量为2000吨，根据阿基米德原理可知，满载时受到的浮力为：F浮=G排=m排g=2000×103kg×10N/kg=2×107N；
（2）当无人机起飞后，船和无人机的总重力减小。由于船仍然处于漂浮状态，浮力等于重力，因此总重力减小时，船身受到的浮力相应减小。
（3）由于在流体中，流速越大的位置压强越小。无人机升空时，由于机翼上表面空气流速大、压强小，下表面空气流速小、压强大，从而产生向上的压力差（即升力）。
（4）当船从长江驶向大海时，均处于漂浮状态，故船所受浮力等于重力。且由于船的重力不变，由二力平衡条件可知，浮力也保持不变；
由于海水密度大于江水密度，根据浮力公式F浮=ρ液gV排，当ρ液增大时，V排减小，因此船会上浮一些。
答案：2×107；变小；小；上浮一些。
【分析】（1）运用阿基米德原理计算浮力，结合浮沉条件分析浮力变化；
（2）掌握流体压强与流速的关系：流速大处压强小；
（3）根据浮沉条件和阿基米德原理综合分析船舶状态变化。
17．（2025八下·张掖期末）如图所示，用10N的力握住重5N的矿泉水瓶静止不动，此时瓶子受到摩擦力的大小为　 　N。挤压矿泉水瓶，瓶子外形发生变化，用力越大，瓶子形变程度越大，说明力的作用效果跟　 　有关，此过程中瓶子的重力对瓶子　 　（填“做功”或“不做功”）。瓶子盖上有很多花纹是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。
【答案】5；力的大小；不做功；增大
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）矿泉水瓶保持静止状态，处于平衡状态。在竖直方向上，摩擦力与重力相互平衡，大小相等。已知重力大小为，因此摩擦力。
（2）矿泉水瓶保持静止状态，处于平衡状态。在竖直方向上，摩擦力与重力相互平衡，大小相等。已知重力大小为，因此摩擦力。
（3）做功的两个必要条件是：作用在物体上的力，以及物体在力的方向上发生位移。由于瓶子静止不动，虽然受到重力作用，但在重力方向上没有位移，因此重力在此过程中对瓶子不做功。
（4）瓶盖表面设计有较多花纹，目的是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：5；力的大小；不做功；增大。
【分析】（1）先对物体进行受力分析，判断物体的平衡状态，再利用平衡力关系式求解；
（2）力对物体的作用效果取决于三个关键因素： 力的大小、 方向与作用点。 这三个要素共同决定了力的作用效果， 即它们能够改变物体的运动状态或形状；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
（4）增大有益摩擦的方法：增大接触面的粗糙程度；增大压力；变滚动为滑动。
18．（2025八下·张掖期末）运输液体货物的槽车，液体上方有一个气泡，如图所示，当车向左开动时，气泡将向　 　运动。
【答案】左
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】运输液体货物的槽车，液体和车原来都处于静止状态，当车向左开动时，液体由于惯性要保持原来的静止状态，故液体相对车向后运动，故会将气泡挤向左方。
故答案为：左。【分析】惯性是物体固有的属性，一切物体在任何情况下都有惯性；运输车内的液体质量较大，所以会有较大的惯性，即有保持原来的运动状态的性质，液体中的气泡会由于液体的运动而运动
三、识图、作图题（每小题3分，共9分）
19．（2025八下·张掖期末）如图所示，在斜面上静止一个烧杯，一小球悬浮在杯内的水中，请在图中画出小球受力的示意图。
　 　
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】图中，小球悬浮在水中时，受到重力和浮力作用，重力方向总是竖直向下，浮力方向总是竖直向上，作用点画在重心的位置，两个力是平衡力，大小相等，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下，物体受到的浮力竖直向上。
20．（2025八下·张掖期末）如图所示，要用最省力的方法提升重物，请画出滑轮组绳子的绕法；
【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】利用一个定滑轮和一个动滑轮，组成滑轮组，可以有2根绳子、或3根绳子承担重物，绳子的股数越多越省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕，如图所示：
【分析】组装滑轮组时，动滑轮上绳子股数越多，越省力；从动滑轮上开始绕线，组装滑轮组。
21．（2025八下·张掖期末）如图所示，轻质杠杆的A点挂一重物G，O为杠杆的支点。请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】重物G对杠杆的拉力就是阻力F2 。方向竖直向下，阻力臂l2为过支点O作垂直于阻力F2 作用线的垂线段 ；根据杠杆平衡条件，动力最小，需要使动力臂最大。因此，应该使动力F1 垂直于OB，且方向向上。如图所示：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
四、实验探究题（每空2分，共24分）
22．（2025八下·张掖期末）小明用如图所示的实验装置，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”；
（1）图甲中，弹簧测力计示数为　 　N， 实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做　 　运动，此时木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）比较甲、乙两图可得：在接触面的粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，是应用　 　两次实验的结论来增大鞋底与地面的摩擦力；
（4）如图甲，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动。发现弹簧测力计的示数不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度的大小　 　（选填“有关”或“无关”）；
（5）本实验主要采用的科学探究方法是　 　。
【答案】（1）2.6；匀速直线
（2）压力
（3）乙丙
（4）无关
（5）控制变量法
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，测力计分度值为0.2N，图甲中，弹簧测力计示数为2.6N。
第2空，实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做匀速直线运动，木块处于平衡态，木块受到的拉力与摩擦力是平衡力，大小相等，即拉力等于物体所受的摩擦力。
（2）比较甲、乙两图可得，甲乙两木板表面的粗糙程度相同，而乙图木块对木板表面压力较大，乙图所受的滑动摩擦力较大，故结论为在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，接触面的粗糙程度不同，摩擦力的大小不同，故需要选择压力相同，接触面粗糙程度不同的两幅图，故选择乙、丙两幅图。
（4）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动，发现弹簧测力计的示数不变，摩擦力的大小不变，故说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关。
（5）探究滑动摩擦力与压力的关系，控制了接触面的粗糙程度相同，改变压力；探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度关系时，改变接触面的粗糙程度，控制压力相同；探究滑动摩擦力的大小与速度关系，需要改变速度，控制压力相同，接触面的粗糙程度相同，故整个实验采用了控制变量法。
故答案为：（1）2.6；匀速直线；（2）压力；（3）乙丙；（4）无关；（5）控制变量法。【分析】（1）由测力计分度值读数，根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）根据实验现象结合二力平衡条件分析。
（1）[1]如图所示，分度值为0.2N，图甲中，弹簧测力计示数为2.6N。
[2]实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做匀速直线运动，木块处于平衡态，此时木块受到的拉力与摩擦力是平衡力，拉力等于物体所受的摩擦力，间接测量出摩擦力的大小。
（2）比较甲、乙两图可得，接触面的粗糙程度相同，乙图压力较大，乙图所受的滑动摩擦力较大，故结论为在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，接触面的粗糙程度不同，摩擦力的大小不同，故需要选择压力相同，接触面粗糙程度不同的两幅图，故选择乙、丙两幅图。
（4）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动，发现弹簧测力计的示数不变，摩擦力的大小不变，故说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关。
（5）探究滑动摩擦力与压力的关系，控制了接触面的粗糙程度相同，改变压力；探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度关系时，改变接触面的粗糙程度，控制压力相同；探究滑动摩擦力的大小与速度关系，需要改变速度，控制压力相同，接触面的粗糙程度相同，故整个实验采用了控制变量法。
23．（2025八下·张掖期末）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）杠杆安装在支架上平衡后如图甲所示，则应将杠杆的螺母向　 　调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杠杆在水平位置平衡后，在如图乙所示的A点挂上3个钩码，可在B点挂上　 　个钩码使杠杆仍在水平位置平衡；
（3）在杠杆两侧挂上钩码，设右侧钩码对杠杆施的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施的力为阻力F2；测出杠杆平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，使杠杆在水平位置平衡，得到实验数据如表：
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
…
分析实验数据，得到杠杆的平衡条件是　 　，本次探究经过多次实验的目的是　 　。
A.减小误差 B. 寻找普遍规律
（4）如图乙所示，将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）；
（5）取下B点的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡（如图丙），测力计的示数　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】（1）右
（2）2
（3）动力×动力臂=阻力×阻力臂；B
（4）右端下沉
（5）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）由图甲知，右边上翘，要使杠杆在水平方向平衡，应将平衡螺母向右端调节；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得：3G×2L=nG×3L，解得：n=2（个）；
（3）由表中数据可得0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm，1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm，1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm，分析数据可得，杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1l1=F2l2）；本次探究经过多次实验的目的是为了通过多组数据寻找杠杆平衡时遵循的普遍规律，避免结论的偶然性，故A不符合题意，B符合题意。故选：B；
（4）将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆左侧3G×L，杠杆右侧2G×2L，由于2G×2L＞3G×L，所以右端下沉；
（5）弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂减小，但阻力和阻力臂大小不变，由F1L1=F2L2可知，弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）右；（2）2；（3）动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2）；B；（4）右端下沉；（5）变大。【分析】（1）调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据杠杆平衡条件可以进行计算；
（3）先将数据中的各自的力与力臂相乘，然后分析实验数据，找出关系式；实验中为得出杠杆平衡条件的普遍规律，需多测几组数据进行分析；
（4）根据杠杆平衡条件做出解答；
（5）在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力与其力臂的乘积变化情况。
（1）杠杆左端下沉，说明左端较重，应当将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆沿水平方向平衡。
（2）设杠杆一格长度为L，一个钩码重力为G，应在B点挂n个相同的钩码，由杠杆平衡条件可知
解得n=2，所以应在B点挂2个相同的钩码。
（3）[1]由表中数据可得0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
分析数据可得，杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（）。
[2]本次探究经过多次实验的目的是为了通过多组数据寻找杠杆平衡时遵循的普遍规律，避免结论的偶然性，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆左侧
杠杆右侧
由于
所以右端下沉。
（5）弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂减小，但阻力和阻力臂大小不变，由可知，弹簧测力计的示数将变大。
五、计算题（共16分）（下列各题g取为l0N／kg）
24．（2025八下·张掖期末）小明的父亲外出时买了一个用铝材料制造的艺术品球，用天平测得球的质量是594g，体积为300cm3。请你帮助完成下列问题：（已知ρ铝=2.7×103kg/m3）
（1）判断此球是否为实心的；
（2）若是空心的，则空心部分的体积为多少？
【答案】（1）解：铝的密度已知，质量已知，则可得实际体积为
所以可知此球不是实心的，是空心的。
（2）解：空心部分的体积为V空=V球-V实际=300cm3-220cm3=80cm3
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式变形求出此时铝球的实心体积，再与铝球的实际体积（300cm3）相比较，如果相等，则是实心的，如果实心体积小于球的体积，则是空心的。
（2）用铝球的体积减去实心部分的体积就是空心部分的体积。
（1）铝的密度已知，质量已知，则可得实际体积为
所以可知此球不是实心的，是空心的。
（2）空心部分的体积为V空=V球-V实际=300cm3-220cm3=80cm3
25．（2025八下·张掖期末）如图，被称为“世界最快的水陆两栖车”的“美洲豹”已经在海外正式上市，该车车身质量约1300kg，水上速度可达到72km/h，陆上速度最高达130km/h。（g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3）求：
（1）“美洲豹”停在平直公路上时，轮胎与地面的总接触面积约0.1m2，此时对地面的压强；
（2）“美洲豹”在水上行驶的涉水深度为15cm时，海水对车的压强；
（3）“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，受到的阻力约是车重的0.3倍，求此时发动机的功率？
【答案】（1）解：“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力为对地面的压强
（2）解：海水对车的压强
（3）解：“美洲豹”水上最高速度v=72km/h=20m/s“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，此时处于匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力为
此时发动机的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）利用G=mg求出“美洲豹”的重力，“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力等于其自身重力，又知受力面积，再利用求解压强；
（2）利用p=ρgh求得海水对车的压强；
（3）利用阻力与重力的关系求出阻力，然后利用力的平衡得出牵引力，再根据计算发动机的功率。
（1）“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力为
对地面的压强
（2）海水对车的压强
（3）“美洲豹”水上最高速度v=72km/h=20m/s
“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，此时处于匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力为
此时发动机的功率
26．（2025八下·张掖期末）某工人利用如图所示的滑轮组提升重900N的物体，物体在15s内匀速上升了3m，绳子末端的拉力为500N，不计绳重和摩擦，求：
（1）工人做功的总功率；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若滑轮组所用绳子能承担的最大拉力为600N，该工人用这个滑轮组能提升的最大物重。
【答案】（1）解：由图可知，承担物重的绳子段数，物体上升高度，则绳子自由端移动的距离
工人做功的总功
工人做功的总功率
（2）解：有用功
滑轮组的机械效率
（3）解：不计绳重和摩擦，由，可得动滑轮重力
当绳子最大拉力时，最大物重
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出工人做的总功，根据P=W总t求出工人做功的总功率；
（2）根据W有=Gh求出拉力做的有用功，利用求出滑轮组的机械效率；
（3）不计绳重和摩擦，根据求出动滑轮重；当绳子最大拉力F大=600N时，利用求出该工人用这个滑轮组能提升的最大物重。
（1）由图可知，承担物重的绳子段数，物体上升高度，则绳子自由端移动的距离
工人做功的总功
工人做功的总功率
（2）有用功
滑轮组的机械效率
（3）不计绳重和摩擦，由，可得动滑轮重力
当绳子最大拉力时，最大物重
1 / 1甘肃省张掖市2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题（每题3分，共36分）
1．（2025八下·张掖期末）下列对身边物理估测的数据，你认为符合生活实际的是（　　）
A．物理课本的质量约600g
B．2个鸡蛋受到的重力大小约为1N
C．苹果从树上落地重力做功约为4J
D．中学生上四楼重力的功率约为15W
2．（2025八下·张掖期末）下列说法正确的是（　　）
A．把铁块轧成薄铁片，质量变小
B．冰箱里的一瓶矿泉水结冰，质量变小
C．牛奶喝掉一半后，剩余牛奶的密度不变
D．神舟飞船内的物资从地球到空间站质量变小
3．（2025八下·张掖期末）中考体育考试这项评价机制对于青少年体质健康和全面发展的指引作用越发显著，促使学生积极参加体育锻炼。对体考中涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．抛出去的实心球，受到推力、重力和空气阻力
B．踢出去的足球在空中运动时，如果外力突然消失将会停止运动
C．做引体向上，单杠对考生的弹力是单杠发生弹性形变产生的
D．拍篮球，手是施力物体，所以不受力的作用
4．（2025八下·张掖期末）2025年6月25日，甘肃省陆地冰壶系列赛（高台站）在高台县全民健身中心盛大开幕。如图所示，是女子冰壶队比赛的情景。下列说法中正确的是（　　）
A．运动员推出的冰壶能在地面上继续滑行是受到惯性的作用
B．冰壶的接触面很光滑是为了增大冰壶与地面的摩擦力
C．运动员推冰壶时，手对冰壶的推力和冰壶的重力是一对平衡力
D．静止在水平地面上的冰壶，受到地面的支持力和冰壶的重力是一对平衡力
5．（2025八下·张掖期末）如图所示，跳伞运动员连同装置共重700N，他从飞机上跳下，伞未打开前，受到空气的阻力为50N，则下列说法正确的是（　　）
A．这两个力的合力的大小为750N，合力的方向是竖直向上
B．这两个力的合力的大小为750N，合力的方向是竖直向下
C．这两个力的合力的大小为650N，合力的方向是竖直向上
D．这两个力的合力的大小为650N，合力的方向是竖直向下
6．（2025八下·张掖期末）下列实例中能利用大气压强解释的是（　　）
A．用图钉把地图钉在墙上 B．锅炉水位计显示水位
C．用吸管喝饮料 D．手握橡皮圈发生形变
7．（2025八下·张掖期末）将一枚完好的鸡蛋放入盐水中出现如图所示最终状态，若缓慢向杯中加盐或加水两种情况下，下列说法正确的是（　　）
A．缓慢向杯中加水会使盐水的密度变大
B．缓慢向杯中加盐可以使鸡蛋悬浮
C．向杯中加盐或加水杯底所受压强不变
D．向杯中加盐，鸡蛋所受浮力不变
8．（2025八下·张掖期末）生活中的很多小设计可以通过改变受力面积来改变压强，从而达到给人们生活带来便利的目的，以下事例中，可以增大压强的是（　　）
A． 较宽的书包带
B． 锋利的刀刃
C． 铁轨下的枕木
D． 滑雪时用的滑雪板
9．（2025八下·张掖期末）物理兴趣小组的同学对物理课本上的插图进行讨论，其中不正确的是（　　）
A．图﹣1：当水在玻璃管中流经A处时，流速较小压强较大
B．图﹣2：三峡船闸主要应用了连通器的原理
C．图﹣3：同一密度计在不同液体中所受浮力不同
D．图﹣4：马德堡半球实验证明了大气压的存在
10．（2025八下·张掖期末）如图所示的四种工具在使用过程中，属于费力杠杆的是（　　）
A．镊子 B．钢丝钳
C．核桃夹 D．扳手
11．（2025八下·张掖期末）下列说法正确的是（）
A．效率高的机械，功率一定大
B．做功时间长的机械，功率一定大
C．所有机械的机械效率都小于1
D．功率大的机械做的功一定多
12．（2025八下·张掖期末）如图，小明分别用甲、乙两个相同的滑轮把同一桶沙提升相同高度（滑轮重力小于沙和桶的总重力）。绳自由端施加的拉力大小分别为F1和F2。若不计摩擦和绳重，则此过程中，下列判断正确的是（　　）
A．拉力F1等于F2 B．乙滑轮的机械效率高
C．甲、乙两滑轮做的额外功相同 D．甲滑轮做的总功少
二、填空题（每空1分，共15分）
13．（2025八下·张掖期末）1m3的水凝固成冰后，它的体积　 　，密度　 　。（选填“变大、变小、不变”）
14．（2025八下·张掖期末）端午节大湖湾有“赛龙舟”的习俗。“赛龙舟”时，用桨向后划水时，龙舟就会向前运动，这说明物体间力的作用是　 　，还说明力可以改变物体的　 　。
15．（2025八下·张掖期末）　 　实验首先测出了大气压强的数值，1标准大气压等于　 　Pa。
16．（2025八下·张掖期末）2022年5月，全球首艘智能型无人系统母船“珠海云”号（如图所示）在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载时受到的浮力为　 　N（g取10N/kg），船上的无人机起飞后船身受到的浮力　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。无人机能够升空是因为机翼上表面比下表面的空气流速大，压强　 　，从而产生向上的升力。船从长江驶向大海时，船将会　 　。（选填“上浮一些”或“下沉一些”）
17．（2025八下·张掖期末）如图所示，用10N的力握住重5N的矿泉水瓶静止不动，此时瓶子受到摩擦力的大小为　 　N。挤压矿泉水瓶，瓶子外形发生变化，用力越大，瓶子形变程度越大，说明力的作用效果跟　 　有关，此过程中瓶子的重力对瓶子　 　（填“做功”或“不做功”）。瓶子盖上有很多花纹是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。
18．（2025八下·张掖期末）运输液体货物的槽车，液体上方有一个气泡，如图所示，当车向左开动时，气泡将向　 　运动。
三、识图、作图题（每小题3分，共9分）
19．（2025八下·张掖期末）如图所示，在斜面上静止一个烧杯，一小球悬浮在杯内的水中，请在图中画出小球受力的示意图。
　 　
20．（2025八下·张掖期末）如图所示，要用最省力的方法提升重物，请画出滑轮组绳子的绕法；
21．（2025八下·张掖期末）如图所示，轻质杠杆的A点挂一重物G，O为杠杆的支点。请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。
四、实验探究题（每空2分，共24分）
22．（2025八下·张掖期末）小明用如图所示的实验装置，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”；
（1）图甲中，弹簧测力计示数为　 　N， 实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做　 　运动，此时木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）比较甲、乙两图可得：在接触面的粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，是应用　 　两次实验的结论来增大鞋底与地面的摩擦力；
（4）如图甲，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动。发现弹簧测力计的示数不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度的大小　 　（选填“有关”或“无关”）；
（5）本实验主要采用的科学探究方法是　 　。
23．（2025八下·张掖期末）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）杠杆安装在支架上平衡后如图甲所示，则应将杠杆的螺母向　 　调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杠杆在水平位置平衡后，在如图乙所示的A点挂上3个钩码，可在B点挂上　 　个钩码使杠杆仍在水平位置平衡；
（3）在杠杆两侧挂上钩码，设右侧钩码对杠杆施的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施的力为阻力F2；测出杠杆平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，使杠杆在水平位置平衡，得到实验数据如表：
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
…
分析实验数据，得到杠杆的平衡条件是　 　，本次探究经过多次实验的目的是　 　。
A.减小误差 B. 寻找普遍规律
（4）如图乙所示，将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）；
（5）取下B点的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡（如图丙），测力计的示数　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
五、计算题（共16分）（下列各题g取为l0N／kg）
24．（2025八下·张掖期末）小明的父亲外出时买了一个用铝材料制造的艺术品球，用天平测得球的质量是594g，体积为300cm3。请你帮助完成下列问题：（已知ρ铝=2.7×103kg/m3）
（1）判断此球是否为实心的；
（2）若是空心的，则空心部分的体积为多少？
25．（2025八下·张掖期末）如图，被称为“世界最快的水陆两栖车”的“美洲豹”已经在海外正式上市，该车车身质量约1300kg，水上速度可达到72km/h，陆上速度最高达130km/h。（g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3）求：
（1）“美洲豹”停在平直公路上时，轮胎与地面的总接触面积约0.1m2，此时对地面的压强；
（2）“美洲豹”在水上行驶的涉水深度为15cm时，海水对车的压强；
（3）“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，受到的阻力约是车重的0.3倍，求此时发动机的功率？
26．（2025八下·张掖期末）某工人利用如图所示的滑轮组提升重900N的物体，物体在15s内匀速上升了3m，绳子末端的拉力为500N，不计绳重和摩擦，求：
（1）工人做功的总功率；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若滑轮组所用绳子能承担的最大拉力为600N，该工人用这个滑轮组能提升的最大物重。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据日常生活经验，一本物理课本的质量大约为200g，故A不符合题意；
B．单个鸡蛋质量约为50克，两个鸡蛋的总重力约为G=mg=0.05kg×2×10N/kg=1N，故B符合题意；
C．一个苹果质量约200g，树高约为3m，故从2米高的树上落地时重力做功约为，故C不符合题意；
D．一名中学生的重力约为500N，一层楼的高度约为，四楼高约是9m，则中学生上四楼重力的功率约为，故D不符合题意。
故选B。
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】ABD．质量是物体的一种属性，不随形状、状态、位置和温度的改变而变化。把铁块轧成薄铁片，形状改变了，质量不变；冰箱里的一瓶矿泉水结冰，状态改变了，质量不变；神舟飞船从地球到空间站后，位置改变了，飞船内物资的质量不变，故ABD错误；
C．密度是物质的一种特性，与物质的质量无关；牛奶喝掉一半后，质量减半，但物质种类没有改变，则剩余牛奶的密度不变，故C正确。
故选：C。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）密度是物质的一种特性，其大小等于质量与体积之比。对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关。对于气体，在质量一定时，体积越大，密度越小；在体积一定时，质量越大，密度越大。
3．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；弹力；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．当实心球被抛出后，它不再受到手的推力作用，此时仅受到重力（地球引力）和空气阻力的影响，故A错误；
B．根据牛顿第一运动定律（惯性定律），如果踢出去的足球在运动过程中所有外力突然消失，足球将保持当前的运动状态，即做匀速直线运动，故B错误；
C．在引体向上动作中，单杠对考生施加的弹力来源于单杠的弹性形变。当单杠受力发生形变时，会产生恢复原状的弹性力，这就是弹力的本质，故C正确；
D．根据牛顿第三运动定律（作用力与反作用力定律），当手拍打篮球时，篮球对手会施加一个大小相等、方向相反的反作用力，所以手也会受到力的作用，故D错误。
故选：C。【分析】（1）抛出去的实心球，只受到重力和空气阻力的作用；
（2）运用牛顿第一定律分析；
（3）弹力是物体发生形变后，由于要恢复原状会对与其接触的物体所产生的力，弹力的施力物体是发生弹性形变的物体；
（4）力的作用是相互的。
4．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员推出的冰壶能在地面上继续滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”，故A错误；
B、冰壶的接触面很光滑，是在压力一定的情况下，通过减小接触面粗糙程度，减小摩擦力，故B错误；
C、运动员推冰壶时，手对冰壶由水平向前的的推力，而冰壶所受重力方向竖直向下，故推力和重力不是在同一直线上，故不是一对平衡力，故C错误；
D、静止在水平冰面上的冰壶，受到竖直向下的重力和垂直冰面向上的支持力，两个力作用在同一物体上、且大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合二力平衡的条件，故这两个力是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
（3）一对平衡力必须符合大小相等、方向相反、在一条直线上、在同一物体上的条件。
5．【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】ABCD、同一直线反方向二力的合力等于二力之差，方向与较大力的方向相同。伞未打开时，运动员受竖直向下的重力及向上的空气阻力，二力方向相反，故合力F=G-f=700N-50N=650N；方向与重力的方向一致，即合力的方向竖直向下。古ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】运动员受到竖直向上的空气阻力和竖直向下的重力，二力的方向相反，所以求解它们合力大小的方法是：同一直线反方向二力的合力等于二力之差，方向与较大力的方向相同。
6．【答案】C
【知识点】力的作用效果；增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．用图钉将地图固定在墙上，这是在压力不变的情况下，通过减少接触面积来增大压强的例子，与大气压强无关。故A不符合题意；
B．锅炉水位计通过连通器原理显示水位，当连通器内装有相同液体且静止时，液面会保持水平。这是连通器原理的应用，与大气压强无关。故B不符合题意；
C．使用吸管喝饮料时，口腔内部气压低于外界大气压，饮料在大气压力的作用下被压入口中。这是利用了大气压强的原理。故C符合题意；
D．手握橡皮圈发生形变，说明力可以改变物体的形状，故D不符合题意。故选：C。故选C。
【分析】知道什么是大气压强，大气压强产生的原因，大气压强与高度的关系及其他原因与气压的影响来解题。
7．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．盐水中加水，水的密度小于盐水的密度，使盐水的密度变小，故A错误；
BD．如图，鸡蛋漂浮，受到的浮力等于重力，向杯中加盐，盐水密度变大，鸡蛋仍然漂浮，鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力，则浮力不变，B错误，D正确；
C．图中容器为柱形容器，杯底所受压力等于杯中物体的总重力。根据，往杯中加盐或加水时，杯底所受的压力变大，受力面积不变，压强增大，故C错误。
故选D。
【分析】漂浮的物体，受到的浮力等于物体的重力；当液体密度变大时，物体仍漂浮，浮力不变；柱形容器中，容器底受到的压力等于容器中物质的重力，根据，判断压强的变化。
8．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】ACD．书包带宽大、铁轨下的木枕、滑雪板宽大，增大受力面积，从而减小压强，故ACD不符合题意；
B．刀刃锋利，减小了刀刃与食材的接触面积，可增大压强，故B符合题意。
故选B。
【分析】压力一定时，增大受力面积，可以减小压强，减小受力面积，增大压强。
9．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、观察图示可知，横管A位置的横截面积较大，水流速度较慢。根据流体压强与流速的关系（流速越小压强越大），该处压强较大。故A正确；
B、三峡船闸结构特点是底部连通、上部开口，运用了连通器原理工作。故B正确；
C、密度计在液体中处于漂浮状态，根据的浮沉条件，由于密度计重力不变，其在不同液体中所受浮力相同。故C错误；
D、马德堡半球实验证明了大气压的存在，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大；
（2）上面开口、底部相连通的容器都称为连通器；
（3）漂浮在液面的物体所受的浮力等于自身的重力；（4）马德堡半球实验证明了大气压的存在。
10．【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解析】A．镊子：动力臂小于阻力臂，符合费力杠杆的特征，故A正确；
B．钢丝钳：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．核桃夹：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．扳手：动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
11．【答案】C
【知识点】功率的概念；机械效率
【解析】【解答】A效率高的机械表示做功过程中，有用功占的比例大，和功率是两个概念，没有直接的关系，故A错误；
B．功率表示单位时间内完成的功的多少，与做功时间长短无关，故B错误；
C．因为使用机械做功时，不可避免要做额外功，即克服摩擦或提升机械本身做的功，故所有机械的机械效率都小于l，C正确；
D．功率大的机械．表示相同时间内比功率小的机械做功多，故D错误；
故选C。
【点评】现在虽然考试中几乎见不到判断题，但判断题实质上与选择题是一样的，都是考查对概念的理解．能理解相关概念的物理意义，自然万变不离其宗，反复地考问也就不怕了．
12．【答案】D
【知识点】机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A、设一桶沙的重力为G，不计绳重和摩擦，图甲中为定滑轮，绳自由端施加的拉力为：F1=G，图乙中为动滑轮，设动滑轮的重力为G动，则绳自由端施加的拉力为： ， F1>F2 ，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，甲滑轮做的额外功为0，故甲滑轮的机械效率为100%，乙滑轮需对动滑轮做额外功，机械效率小于100%，甲滑轮的机械效率一定比乙的高，故B错误；
C、 若不计摩擦和绳重， 甲滑轮只对桶做额外功，而乙滑轮需对动滑轮和桶做额外功， 由W总=W有用+W额外可知，甲滑轮做的总功少，乙滑轮做的总功多， 故C错误；
D、同一桶沙提升相同高度，则甲、乙滑轮做的有用功相同，而甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮的额外功不为0，故甲滑轮做的总功小于乙滑轮做的总功，D正确；
故选：D。
【分析】（1）图甲为定滑轮，拉力等于物重，图乙为动滑轮，拉力为物重与动滑轮重力之和的一半，两个拉力不相等；
（2）甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮需做额外功，故甲的机械效率高；
（3）甲滑轮做的额外功为0，乙滑轮的额外功不为0，两者不相同；
（4）甲、乙滑轮做的有用功相同，甲做的额外功少，甲做的总功少。
13．【答案】变大；变小
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】第1空，第2空，水结成冰时，虽然物质的状态发生了变化，但其质量保持不变。由于冰的密度（0.917 g/cm3）小于水的密度（1 g/cm3），根据体积公式 可知，在质量m不变的情况下，密度ρ减小会导致体积V增大。因此，水凝固成冰后体积会膨胀。故答案为：变大；变小。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，与物体所含物质的多少有关。
（2）密度是物质的一种特性，其大小等于质量与体积之比。对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关。对于气体，在质量一定时，体积越大，密度越小；在体积一定时，质量越大，密度越大。
14．【答案】相互的；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）“赛龙舟”比赛时，向后划桨，桨对水施加向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水会同时对桨施加向前的反作用力，所以龙舟向前运动；
（2）船由静止变为运动是受到水的反作用力的结果，说明了力能改变物体的运动状态。
故答案为：相互的；运动状态。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
15．【答案】托里拆利；1.013×105
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】第1空，第2空，托里拆利首次利用长玻璃管和水银测出了大气压强数值，这个实验被称作托里拆利实验。所测量的气压被称作1标准大气压，相当于760mm水银柱产生的压强，即1标准大气压等于1.013×105Pa。
故答案为：托里拆利；1.013×105。【分析】1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先进行了这个实验，故名托里拆利实验。标准大气压是指在标准大气条件下海平面的气压，其值为101.325kPa，也可以记作 1atm。
16．【答案】2×107；变小；小；上浮一些
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）已知“珠海云”号的排水量为2000吨，根据阿基米德原理可知，满载时受到的浮力为：F浮=G排=m排g=2000×103kg×10N/kg=2×107N；
（2）当无人机起飞后，船和无人机的总重力减小。由于船仍然处于漂浮状态，浮力等于重力，因此总重力减小时，船身受到的浮力相应减小。
（3）由于在流体中，流速越大的位置压强越小。无人机升空时，由于机翼上表面空气流速大、压强小，下表面空气流速小、压强大，从而产生向上的压力差（即升力）。
（4）当船从长江驶向大海时，均处于漂浮状态，故船所受浮力等于重力。且由于船的重力不变，由二力平衡条件可知，浮力也保持不变；
由于海水密度大于江水密度，根据浮力公式F浮=ρ液gV排，当ρ液增大时，V排减小，因此船会上浮一些。
答案：2×107；变小；小；上浮一些。
【分析】（1）运用阿基米德原理计算浮力，结合浮沉条件分析浮力变化；
（2）掌握流体压强与流速的关系：流速大处压强小；
（3）根据浮沉条件和阿基米德原理综合分析船舶状态变化。
17．【答案】5；力的大小；不做功；增大
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）矿泉水瓶保持静止状态，处于平衡状态。在竖直方向上，摩擦力与重力相互平衡，大小相等。已知重力大小为，因此摩擦力。
（2）矿泉水瓶保持静止状态，处于平衡状态。在竖直方向上，摩擦力与重力相互平衡，大小相等。已知重力大小为，因此摩擦力。
（3）做功的两个必要条件是：作用在物体上的力，以及物体在力的方向上发生位移。由于瓶子静止不动，虽然受到重力作用，但在重力方向上没有位移，因此重力在此过程中对瓶子不做功。
（4）瓶盖表面设计有较多花纹，目的是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：5；力的大小；不做功；增大。
【分析】（1）先对物体进行受力分析，判断物体的平衡状态，再利用平衡力关系式求解；
（2）力对物体的作用效果取决于三个关键因素： 力的大小、 方向与作用点。 这三个要素共同决定了力的作用效果， 即它们能够改变物体的运动状态或形状；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
（4）增大有益摩擦的方法：增大接触面的粗糙程度；增大压力；变滚动为滑动。
18．【答案】左
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】运输液体货物的槽车，液体和车原来都处于静止状态，当车向左开动时，液体由于惯性要保持原来的静止状态，故液体相对车向后运动，故会将气泡挤向左方。
故答案为：左。【分析】惯性是物体固有的属性，一切物体在任何情况下都有惯性；运输车内的液体质量较大，所以会有较大的惯性，即有保持原来的运动状态的性质，液体中的气泡会由于液体的运动而运动
19．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】图中，小球悬浮在水中时，受到重力和浮力作用，重力方向总是竖直向下，浮力方向总是竖直向上，作用点画在重心的位置，两个力是平衡力，大小相等，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下，物体受到的浮力竖直向上。
20．【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】利用一个定滑轮和一个动滑轮，组成滑轮组，可以有2根绳子、或3根绳子承担重物，绳子的股数越多越省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕，如图所示：
【分析】组装滑轮组时，动滑轮上绳子股数越多，越省力；从动滑轮上开始绕线，组装滑轮组。
21．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】重物G对杠杆的拉力就是阻力F2 。方向竖直向下，阻力臂l2为过支点O作垂直于阻力F2 作用线的垂线段 ；根据杠杆平衡条件，动力最小，需要使动力臂最大。因此，应该使动力F1 垂直于OB，且方向向上。如图所示：
【分析】1、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂
2、力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
22．【答案】（1）2.6；匀速直线
（2）压力
（3）乙丙
（4）无关
（5）控制变量法
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，测力计分度值为0.2N，图甲中，弹簧测力计示数为2.6N。
第2空，实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做匀速直线运动，木块处于平衡态，木块受到的拉力与摩擦力是平衡力，大小相等，即拉力等于物体所受的摩擦力。
（2）比较甲、乙两图可得，甲乙两木板表面的粗糙程度相同，而乙图木块对木板表面压力较大，乙图所受的滑动摩擦力较大，故结论为在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，接触面的粗糙程度不同，摩擦力的大小不同，故需要选择压力相同，接触面粗糙程度不同的两幅图，故选择乙、丙两幅图。
（4）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动，发现弹簧测力计的示数不变，摩擦力的大小不变，故说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关。
（5）探究滑动摩擦力与压力的关系，控制了接触面的粗糙程度相同，改变压力；探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度关系时，改变接触面的粗糙程度，控制压力相同；探究滑动摩擦力的大小与速度关系，需要改变速度，控制压力相同，接触面的粗糙程度相同，故整个实验采用了控制变量法。
故答案为：（1）2.6；匀速直线；（2）压力；（3）乙丙；（4）无关；（5）控制变量法。【分析】（1）由测力计分度值读数，根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）根据实验现象结合二力平衡条件分析。
（1）[1]如图所示，分度值为0.2N，图甲中，弹簧测力计示数为2.6N。
[2]实验时，小明应沿水平方向拉动弹簧测力计，使木块做匀速直线运动，木块处于平衡态，此时木块受到的拉力与摩擦力是平衡力，拉力等于物体所受的摩擦力，间接测量出摩擦力的大小。
（2）比较甲、乙两图可得，接触面的粗糙程度相同，乙图压力较大，乙图所受的滑动摩擦力较大，故结论为在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）许多运动鞋的鞋底刻有各式各样的花纹，接触面的粗糙程度不同，摩擦力的大小不同，故需要选择压力相同，接触面粗糙程度不同的两幅图，故选择乙、丙两幅图。
（4）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做速度大小不同的匀速直线运动，发现弹簧测力计的示数不变，摩擦力的大小不变，故说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关。
（5）探究滑动摩擦力与压力的关系，控制了接触面的粗糙程度相同，改变压力；探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度关系时，改变接触面的粗糙程度，控制压力相同；探究滑动摩擦力的大小与速度关系，需要改变速度，控制压力相同，接触面的粗糙程度相同，故整个实验采用了控制变量法。
23．【答案】（1）右
（2）2
（3）动力×动力臂=阻力×阻力臂；B
（4）右端下沉
（5）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）由图甲知，右边上翘，要使杠杆在水平方向平衡，应将平衡螺母向右端调节；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得：3G×2L=nG×3L，解得：n=2（个）；
（3）由表中数据可得0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm，1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm，1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm，分析数据可得，杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1l1=F2l2）；本次探究经过多次实验的目的是为了通过多组数据寻找杠杆平衡时遵循的普遍规律，避免结论的偶然性，故A不符合题意，B符合题意。故选：B；
（4）将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆左侧3G×L，杠杆右侧2G×2L，由于2G×2L＞3G×L，所以右端下沉；
（5）弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂减小，但阻力和阻力臂大小不变，由F1L1=F2L2可知，弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）右；（2）2；（3）动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2）；B；（4）右端下沉；（5）变大。【分析】（1）调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据杠杆平衡条件可以进行计算；
（3）先将数据中的各自的力与力臂相乘，然后分析实验数据，找出关系式；实验中为得出杠杆平衡条件的普遍规律，需多测几组数据进行分析；
（4）根据杠杆平衡条件做出解答；
（5）在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力与其力臂的乘积变化情况。
（1）杠杆左端下沉，说明左端较重，应当将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆沿水平方向平衡。
（2）设杠杆一格长度为L，一个钩码重力为G，应在B点挂n个相同的钩码，由杠杆平衡条件可知
解得n=2，所以应在B点挂2个相同的钩码。
（3）[1]由表中数据可得0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
分析数据可得，杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（）。
[2]本次探究经过多次实验的目的是为了通过多组数据寻找杠杆平衡时遵循的普遍规律，避免结论的偶然性，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）将A、B位置的钩码都向O点靠近1格，杠杆左侧
杠杆右侧
由于
所以右端下沉。
（5）弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂减小，但阻力和阻力臂大小不变，由可知，弹簧测力计的示数将变大。
24．【答案】（1）解：铝的密度已知，质量已知，则可得实际体积为
所以可知此球不是实心的，是空心的。
（2）解：空心部分的体积为V空=V球-V实际=300cm3-220cm3=80cm3
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式变形求出此时铝球的实心体积，再与铝球的实际体积（300cm3）相比较，如果相等，则是实心的，如果实心体积小于球的体积，则是空心的。
（2）用铝球的体积减去实心部分的体积就是空心部分的体积。
（1）铝的密度已知，质量已知，则可得实际体积为
所以可知此球不是实心的，是空心的。
（2）空心部分的体积为V空=V球-V实际=300cm3-220cm3=80cm3
25．【答案】（1）解：“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力为对地面的压强
（2）解：海水对车的压强
（3）解：“美洲豹”水上最高速度v=72km/h=20m/s“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，此时处于匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力为
此时发动机的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）利用G=mg求出“美洲豹”的重力，“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力等于其自身重力，又知受力面积，再利用求解压强；
（2）利用p=ρgh求得海水对车的压强；
（3）利用阻力与重力的关系求出阻力，然后利用力的平衡得出牵引力，再根据计算发动机的功率。
（1）“美洲豹”停在平直公路上时，对地面的压力为
对地面的压强
（2）海水对车的压强
（3）“美洲豹”水上最高速度v=72km/h=20m/s
“美洲豹”以最高速度在水上行驶时，此时处于匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，大小相等，牵引力为
此时发动机的功率
26．【答案】（1）解：由图可知，承担物重的绳子段数，物体上升高度，则绳子自由端移动的距离
工人做功的总功
工人做功的总功率
（2）解：有用功
滑轮组的机械效率
（3）解：不计绳重和摩擦，由，可得动滑轮重力
当绳子最大拉力时，最大物重
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出工人做的总功，根据P=W总t求出工人做功的总功率；
（2）根据W有=Gh求出拉力做的有用功，利用求出滑轮组的机械效率；
（3）不计绳重和摩擦，根据求出动滑轮重；当绳子最大拉力F大=600N时，利用求出该工人用这个滑轮组能提升的最大物重。
（1）由图可知，承担物重的绳子段数，物体上升高度，则绳子自由端移动的距离
工人做功的总功
工人做功的总功率
（2）有用功
滑轮组的机械效率
（3）不计绳重和摩擦，由，可得动滑轮重力
当绳子最大拉力时，最大物重
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