资源简介

北京市平谷区2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2025·平谷模拟）下列物体中，最容易导电的是（　　）
A．塑料学生尺 B．铜钥匙 C．家用竹筷 D．陶瓷水杯
【答案】B
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】塑料学生尺、家用竹筷和陶瓷水杯不易导电，是绝缘体；铜钥匙最容易导电，是导体，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】导体：容易导电的物体，导体中电荷可以自由移动。常见的导体有各种金属、石墨(碳)、人体、大地、盐类的水溶液等；
绝缘体：不容易导电的物体，电荷不能定向移动，常见的绝缘体有橡胶、玻璃、瓷、塑料、干木材等。
2．（2025·平谷模拟）如图所示光现象中，能用光的折射原理解释的是（　　）
A．放大镜把字放大
B．地上人的影子
C．拱桥在水中的倒影
D．后视镜中看到车辆
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射规律；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．放大镜使文字放大属于凸透镜成像现象，该现象由光的折射产生，因此选项A正确；
B．地面上的人影形成原理是光沿直线传播，当光线被物体阻挡时，在物体后方形成暗区即影子，故B不符合题目要求；
C．桥在水中的"倒影"属于平面镜成像现象，其形成原因是光的反射，所以C选项不正确；
D．后视镜中观察到的车辆影像是凸面镜成像，同样属于光的反射现象，因此D选项也不符合题意。
正确答案为A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等
4、物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜。
3．（2025·平谷模拟）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（　　）
A．运动员在举重前手涂镁粉
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸
C．给自行车轴承中加润滑油
D．运动鞋的底部有凹凸不平的花纹
【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】AD．运动员在举重前手涂镁粉、运动鞋的底部有凹凸不平的花纹，这两种情况都是在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，因此AD选项不符合题意。
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸，这是在接触面的粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大摩擦力，因此B选项不符合题意。
C．给自行车轴承中加润滑油，这是通过分离接触面来减小摩擦力，因此C选项符合题意。
故选C。
【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4．（2025·平谷模拟）清晨在校园里，我们经常会看到绿叶上有晶莹的露珠，而课间活动时露珠又不见了。在上述现象中，先后发生的物态变化是（　　）
A．液化升华 B．升华汽化 C．升华液化 D．液化汽化
【答案】D
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】露珠是液体，是空气中的水蒸气遇冷，发生液化形成的；露珠不见了，是露珠吸热，汽化成水蒸气，发生的物态变化是先液化，后汽化，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】气体变为液体，是液化现象；液体变为气体，是汽化现象。
5．（2025·平谷模拟） 安全用电是每一位公民的必备素养。在家庭电路中，下列做法符合安全用电的是（　　）
A．更换灯泡时不需要断开开关 B．电冰箱的金属外壳需接地线
C．电路着火可以立即用水扑灭 D．湿抹布可擦拭工作中的台灯
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.更换灯泡时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故A不合题意；
B.电冰箱使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故B符合题意；
C.发现电路着火时，由于生活用水是导体，所以不能用水扑灭，否则容易发生触电事故，故C不合题意；
D.湿抹布容易导电，用湿抹布擦拭工作中的台灯容易会发生触电事故，故D不合题意。
故选B。
【分析】根据安全用电的常识判断。
6．（2025·平谷模拟）“明月别枝惊鹊，清风半夜鸣蝉”这两句诗句通过鹊惊、蝉鸣，描绘出一幅清幽的乡村夏夜图。关于蝉鸣声，下列说法正确的是（　　）
A．蝉叫声是人耳鼓膜振动产生的
B．人们根据音色来辨别是蝉叫声
C．蝉叫声响度大，是因为蝉叫声传播得快
D．人离蝉越近，听到蝉叫声的音调越高
【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．声音是由物体振动产生的。蝉的鸣叫声是由蝉的发声器官振动产生的，并非由人耳鼓膜振动产生，因此选项A是错误的。
B．不同发声体因其材料和结构差异，会产生具有不同音色的声音。人们正是通过音色特征来区分不同声源，因此可以根据音色辨别蝉鸣声，选项B正确。
C．蝉鸣声的响度取决于发声器官的振动幅度，振动幅度越大则响度越大。声音传播速度在同一介质中是恒定的，与响度无关，故选项C错误。
D．音调由振动频率决定，而响度与距离声源的远近相关。当人靠近蝉时，听到的声音响度会增大，但音调保持不变，因此选项D错误。
正确答案是B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
7．（2025·平谷模拟）随着平谷区生态环境的持续改善，越来越多的鸟类选择在这里栖息。2024年12月，我国一级保护野生动物白尾海雕再次出现在平谷区水域附近。如图所示，一只白尾海雕正在捕鱼的图片，关于白尾海雕在水中所成的像，下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．白尾海雕飞得越高，水中的像越小
C．水越深，水中的像离水面越远
D．水中白尾海雕所成的像是虚像
【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A选项分析：白尾海雕在水面形成的像是平面镜成像现象，其成像原理是光的反射，因此A选项的表述是错误的。
B选项分析：根据平面镜成像特点，像的大小始终与物体大小相等。由于白尾海雕的实际大小没有变化，所以它在水中形成的像的大小也不会改变，故B选项是错误的。
C选项分析：平面镜成像时，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离。水面作为平面镜时，像离水面的距离只与物体离水面的距离有关，而与水的深度无关，因此C选项是错误的。
D选项分析：平面镜所成的像是通过光的反射形成的虚像，因此水中白尾海雕的像确实是虚像，D选项的表述是正确的。
综上所述，正确答案是D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影2、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
8．（2025·平谷模拟）中华美食享誉世界。厨师在烹饪美食的过程中，包含了许多物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．砂锅煲汤是通过热传递的方式改变内能的
B．冰冻食物在解冻的过程中内能减少
C．刚出锅的饭菜很烫，是因为此时饭菜含有的热量多
D．用相同的炉灶加热质量相等的水和食用油，相同时间内食用油升温大，说明食用油比热容大
【答案】A
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．砂锅煲汤过程中，高温砂锅将热量传递给温度较低的汤，通过热传递方式增加了汤的内能，该选项正确；B．冰冻食物解冻时需要吸热导致内能增加，但温度升高是吸热后的结果而非原因，原解析表述有误；
C．高温饭菜的"烫"是由其温度决定，而热量是热传递过程中的能量变化量，属于过程量，因此不能描述为"含有热量"；
D．相同加热条件下，水和食用油吸收相同热量时，由于食用油的比热容（单位：J/(kg·℃)）较小，其温度上升更快，这反映其吸热能力较弱。
正确答案为A选项。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、比热容的应用：水的比热容较大，吸收或者释放热量，水的温度变化量小；
3、固体熔化时，液体沸腾时，吸收热量温度保持不变。
9．（2025·平谷模拟）小明从电动玩具上拆下一块电池。为了确定该电池的正负极，他设计了以下四种方案，其中可行的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；测电笔的使用；电磁铁的构造和原理；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．测电笔可辨别火线和零线，测电笔内部电阻大，无法辨别电池的正负极，故A不符合题意；
B．灯泡的亮或灭，可判断电路是否有电流，但不能判断电流的方向，不能判断电源的正负极，故B不符合题意；
C．通电螺线管电流方向不同，磁极的极性不同，根据磁极间的相互作用，小磁针的指向不同，可判断出电源的正负极，故C符合题意；
D．通过吸引铁屑的多少可以证明电磁铁磁性的强弱，无法判断电源的正负极，故D不符合题意。
故选C。
【分析】测电笔可以判断火线和零线；灯泡亮度可以判断是否是通路；通电线圈周围存在磁场，磁极位置和电流方向有关；通过吸引铁钉的多少可以反应电磁铁的磁性强弱。
10．（2025·平谷模拟）如图所示，小球从左侧斜面的P点由静止释放，经最低点O点，到右侧斜面上能到达的最高位置是Q点，M、N是小球运动过程中先后经过的两个等高点，下列说法正确的是（　　）
A．小球从P点向O点运动的过程中，所受重力做功
B．小球从P点到O点的过程中，重力势能变小，动能不变
C．小球从P点向Q点运动的过程中，机械能守恒
D．小球通过M、N两点时的动能大小相等
【答案】A
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．小球从P点向O点运动过程中，受到竖直向下的重力作用。由于小球在竖直方向发生了位移，重力对小球做了功，因此选项A正确。
B．在P点到O点的运动过程中，小球质量保持不变，但高度降低导致重力势能减小，同时速度增大使得动能增加，所以选项B的说法是错误的。
C．通过图像对比可知，Q点位置低于P点，这表明小球从P到Q的运动过程中存在摩擦损耗，需要克服摩擦力做功，导致机械能减少，故选项C错误。
D．在整个P到Q的运动过程中，小球的机械能持续减小。由于M点位置高于N点（虽然题目说M、N高度相等，但根据选项描述应为M点机械能大于N点），且重力势能相同，根据机械能守恒原理，动能必然不相等（M点动能大于N点），因此选项D错误。
正确答案是A。
【分析】1、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
2、物体做功的判断：物体受到力，且物体沿着力的方向产生了位移；
3、机械能守恒条件：物体不受摩擦力，不产生能量的损耗。
11．（2025·平谷模拟）在中药房里，医生还在用传统的中药材称量工具—戥子秤。如图所示，使用时，将待测药材挂在秤盘上，用手拎住秤钮A或B（相当于支点），秤砣在秤杆上移动，当杆秤水平平衡时就可以在秤杆上读出药材的质量。下列说法中正确的是（　　）
A．戥子秤依据的是杠杆原理，力臂大的一侧对应的力也较大
B．若使用了磨损的秤砣则测量值比药材真实值偏小
C．要称50g中药，称量时挂秤砣端翘起，应减少中药使秤杆恢复水平平衡
D．使用A秤纽的最大测量值比使用B秤纽的最大测量值小
【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．戥子秤在力的作用下能够绕秤钮A或B旋转，属于杠杆结构。根据杠杆平衡条件可知，力臂较大的一侧对应的作用力较小，因此A选项表述不正确。
B．当秤砣因磨损导致质量减小，其重力相应减小。根据杠杆平衡条件，重力减小会导致力臂增大，使秤砣远离秤纽，最终导致测量结果偏大，因此B选项表述错误。
C．称量过程中若挂秤砣端翘起，说明中药的重力过大。此时需要减少中药的质量才能使秤杆恢复水平平衡状态，故C选项表述正确。
D．在秤砣位置固定的情况下，使用A秤纽相比B秤纽会减小被测物体提供的力的力臂，同时增大秤砣提供的力的力臂。根据杠杆平衡条件，这将导致被测物体提供的力增大，即被测物体质量增大，因此最大测量值会变大，D选项表述错误。
正确答案选择C。
【分析】1、杆秤的原理为杠杆平衡，杆秤在使用前，需要天平，消除杆秤自重的影响，
2、杠杆平衡条件，即动力×动力臂=阻力×阻力臂；在秤砣摩擦时，导致秤砣质量减小，会使秤砣远离秤纽，导致测量结果偏大，当动力臂增加时，动力会减小。
12．（2025·平谷模拟）如图所示，底面积不同但质量相同的圆柱形容器A和B放在水平桌面上，分别装甲、乙两种液体，此时液体对各自容器底部的压强为pA和pB，压力为FA和FB；容器对桌面的压强为pA 和pB ，压力为FA 和FB 。若从两容器中分别倒出相同体积的液体后，两容器中所剩液体质量相等，且液面相平。则下列判断正确的是（　　）
A．pA＜pB，FA＝FB B．pA ＜pB ，FA ＞FB
C．pA＞pB，FA＝FB D．pA ＞pB ，FA ＞FB
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】AC选项分析：当从两容器中倒出相同体积的液体后，剩余液体质量相同且液面高度一致。由于A容器的底面积较小，其剩余液体体积必然小于B容器。根据密度公式可知，A容器液体密度较大。再根据液体压强公式，A容器底部压强更大（pA＞pB）。对于规则容器，液体对底部的压力等于液体重力。由于倒出相同体积时，密度较大的A容器倒出质量更多，说明原始状态下A容器液体质量更大，因此原始压力FA＞FB。故AC选项判断错误。
BD选项分析：两容器自身质量相同，但A容器总质量更大。根据压力公式，A容器对桌面压力更大（FA ＞FB ）。由于A容器底面积更小，根据压强公式，其桌面压强也更大（pA ＞pB ）。因此B选项错误，D选项正确。
正确答案为D。
【分析】1、密度的计算：公式为m=ρV，当质量相同时，体积越小，密度越大；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、固体压强的计算：公式为，题目中容器静止于地面上，对地面的压力等于重力，据此计算题目设置问题。
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．（2025·平谷模拟）如图所示中国海上巨型风机——巨无霸SL5000，它的扇叶转动起来能够扫过将近两个足球场大的面积。下列说法正确的是（　　）
A．每个叶片的长度约为5m
B．风力发电机是根据电磁感应原理制成的
C．风力发电机组工作时，可将风能全部转化为电能
D．为了让风更易带动起扇叶，应使用密度较小的材料制作叶片
【答案】B,D
【知识点】密度的应用与物质鉴别；能量的转化或转移；长度的估测；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A选项分析：题目描述风机扇叶扫过的面积接近两个足球场大小，标准足球场长度约100米。由此推算，单个叶片的长度明显超过5米，因此A选项判断为错误。
B选项分析：风力发电机的工作原理是叶片受风力驱动旋转，带动发电机内部导体切割磁感线，从而产生感应电动势。这一过程符合电磁感应原理，故B选项正确。
C选项分析：在实际运行中，风力发电机组存在多种能量损耗（如机械摩擦、电阻发热等），风能无法完全转化为电能，因此C选项关于"全部转化"的表述是错误的。
D选项分析：为提高风能利用效率，叶片材料需具备轻量化特性。采用密度较小的材料可有效减轻叶片重量，降低启动风速要求，故D选项正确。
正确答案：。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能；
2、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，足球场的长度约为100米；
3、任何机械的能量转化都不可能为100%。
14．（2025·平谷模拟）下列关于中考体育测试项目涉及到的物理知识描述错误的是（　　）
A．排球运动到最高点时若所受外力全部消失，则球将竖直下落
B．游泳时要用力向后划水说明力是维持物体运动的原因
C．做引体向上手握单杠悬在空中不动时，手对单杠的拉力与单杠对手的拉力是一对平衡力
D．掷出去的实心球在空中若不计空气阻力则只受到重力作用
【答案】A,B,C
【知识点】重力及其大小的计算；牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系
【解析】【解答】A．排球在最高点时仍具有水平速度，根据牛顿第一定律，若外力全部消失，球将保持该速度做匀速直线运动（水平方向），因此选项A说法错误，符合题意；
B．游泳时向后划水获得前进动力，这体现了力的相互作用原理，同时也表明力能改变物体运动状态，故选项B表述错误，符合题意；
C．悬垂状态时，手对单杠的拉力和单杠对手的拉力是一对作用力与反作用力（分别作用于不同物体），不符合平衡力定义，因此选项C说法错误，符合题意；
D．不计空气阻力时，空中实心球仅受重力作用（），故选项D说法正确，不符合题意。
正确答案为ABC。
【分析】1、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动或者静止状态；
2、力是改变物体运动运动的原因，不是维持物体运动的原因；
3、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
4、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
15．（2025·平谷模拟）某物理实践小组设计了一种工程上的压力测量装置，其原理如图甲所示，电路中电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为20Ω，电压表的量程为0-3V，轻质绝缘的压力检测板M与可变电阻R相连。R的阻值与压力F的关系如图乙所示，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）
A．当检测板所受压力增大时，电压表的示数增大
B．检测板不受压力时，电压表的示数为1.2V
C．该装置所能测量的最大压力7×103N
D．在不改变电源电压和电压表量程的情况下，更换大阻值的R0可提高最大压力值
【答案】A,B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解析】A选项分析：电路由定值电阻和可变电阻串联组成，电压表测量两端电压。根据图乙显示，当检测板承受的压力增加时，可变电阻的阻值减小，导致电路总电阻减小。根据欧姆定律，电流增大，因此电压表示数也随之增大。此选项正确。
B选项计算：当检测板不受压力时，可变电阻。根据串联分压原理，有，解得电压表示数。此选项正确。
C选项分析：当电压表示数达到最大值3V时，测量压力最大。根据串联分压关系，解得此时。由图乙可知对应压力值为，因此该选项说法错误。
D选项分析：增大阻值会导致在相同电压表示数下，电路电流减小，从而使可变电阻需要更大的阻值才能保持分压关系。根据图乙特性，这将导致对应压力值减小，因此该选项说法错误。
综上所述，正确答案为AB。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
三、实验探究题（共28分，18、19、20、23题各3分，16、17、21、22题各4分）
16．（2025·平谷模拟）（1）图甲所示的弹簧测力计的示数为　 　N；
（2）如图乙所示，斜面的底边MN水平，一木块静止在斜面上，O点为木块的重心，OA、OB、OC为三根带箭头的线段，其中能正确表示木块所受重力示意图的线段为　 　。（选填“OA”、“OB”或“OC”）
【答案】（1）2
（2）OB
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力示意图
【解析】【解答】（1）弹簧测力计的刻度盘上每大格代表1N，每小格代表0.2N，即最小刻度为0.2N。指针指向2N刻度线位置，表明当前测力计的读数为2N。
（2）重力方向总是竖直向下，作用点位于物体的重心O处；图中OB线段方向竖直向下，且从重心O点延伸，因此OB能够准确反映木块所受重力的示意图，而OA和OC的方向不符合重力方向的特征。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致。
（1）弹簧测力计的刻度盘上每大格表示1N，每小格表示0.2N，即分度值为0.2N，指针指在2N刻度线处，说明此时测力计的示数为2N。
（2）重力的方向始终竖直向下，作用点在物体的重心O点；图中OB线段方向竖直向下，且从重心O点出发，因此OB能正确表示木块所受重力的示意图，OA和OC方向不符合重力方向的特点。
17．（2025·平谷模拟）（1）在一个装有适量水的杯子上面放置一个硬纸板，在硬纸板上放一个鸡蛋，用木棍迅速击打鸡蛋下的硬纸板，当硬纸板飞出时，会看到鸡蛋　 　，该现象表明鸡蛋具有惯性；
（2）在量筒里装一半清水，用细管在水的下面注入密度比水大的硫酸铜溶液，开始可以看到无色的清水与蓝色硫酸铜溶液之间有明显的界面，如图所示。静放数天后，可以看到　 　，这属于液体的扩散现象。
【答案】（1）落入水杯中
（2）两种液体逐渐混合，颜色变均匀
【知识点】惯性及其现象；分子热运动
【解析】【解答】（1）当用木棍快速击打鸡蛋下方的硬纸板时，硬纸板受到外力作用，其运动状态发生改变，从静止变为运动并飞出。由于鸡蛋具有惯性，它会保持原来的静止状态，不会跟随硬纸板移动。随后，在重力作用下，鸡蛋会向下运动，最终落入杯中。
（2）最初可以观察到无色的清水与蓝色的硫酸铜溶液之间存在清晰的分界面。由于液体分子始终在进行无规则的热运动，经过数天的静置后，两种液体会逐渐混合，相互渗透，最终颜色变得均匀。这种现象属于液体的扩散现象。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
（1）用木棍迅速击打鸡蛋下的硬纸板，硬纸板受到力的作用，改变运动状态，由静止变为运动，硬纸板飞出；鸡蛋由于具有惯性，保持静止，不随硬纸板运动，鸡蛋在重力的作用下，向下落，所以会看到鸡蛋落入杯中。
（2）开始看到无色的清水与蓝色硫酸铜溶液之间有明显的界面，由于液体分子在不停地做无规则运动，所以静放数天后，可以看到两种液体逐渐混合，彼此进入对方，颜色变均匀，这属于液体的扩散现象。
18．（2025·平谷模拟）某同学要测量测量正方体金属块的密度。他的主要实验步骤如下：
①用刻度尺测量金属块的边长a；
②用天平测出金属块的质量m；
③计算出正方体金属块的密度ρ；
请完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格　 　；
（2）测量正方体金属块的边长和质量如图甲、乙所示。则该正方体金属块的质量m=　 　g，正方体的密度ρ=　 　g/cm3。
【答案】（1）
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
　 　 　
（2）21.6；2.7
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）实验需要测量并记录金属块的边长、质量以及计算得出的密度，设计的表格如下：
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
（2）乙图中天平标尺的最小刻度为0.2g，测得金属块的质量为。
甲图中刻度尺的最小刻度为0.1cm，测得边长为2.00cm，则金属块的体积为。
根据密度公式计算得：。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；
本题涉及到规则物体，规则物体的体积根据公式计算可得。
（1）实验中需要记录金属快的变长、金属块的质量，以及金属块对应的密度，因此设计的表格如下图所示：
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
（2）[1]乙图中天平标尺的分度值是0.2g，正方体金属块的质量为
[2]甲图中刻度尺的分度值是0.1cm，边长为2.00cm，则金属块的体积为
金属块的密度为
19．（2025·平谷模拟）小明通过实验探究水沸腾前后温度随加热时间变化的特点。
（1）他应该通过观察　 　判断水是否沸腾；
（2）小明测量并记录的实验数据如下表所示；
加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
温度/℃ 50 57 64 71 78 85 91 96 98 98 98 98 98 98
①由表中的实验数据可知，实验时水面上方的气压　 　标准大气压（选填“低于”“等于”或“高于”）；
②由表中的实验数据可得出实验结论：水在沸腾前，随加热时间增加，温度不断升高；水在沸腾过程中，　 　。
【答案】是否有大量气泡冒出水面；低于；随加热时间增加，温度不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】探究水沸腾前后温度变化特点时，（1）水沸腾时，产生大量气泡且气泡上升时变大，可以判断水开始沸腾。
（2）根据表格中数据，水的沸点为98℃，一个标准气压下水的沸点为100℃，沸点低于标准大气压的沸点，可知气压低于标准大气压。
水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持沸点不变。
【分析】（1）水沸腾时，水面出现大量气泡；
（2）水的沸点随气压的降低而降低；水沸腾时，温度保持不变。
20．（2025·平谷模拟）某同学用下图所示的装置进行实验，闭合开关，通电螺线管中电流的方向及小磁针静止时N极的指向如图甲所示；仅将电源正负极对调后连入电路，闭合开关，通电螺线管中电流的方向及小磁针静止时N极的指向如图乙所示。
（1）实验中小磁针偏转方向可以反映出　 　；
（2）这位同学探究的问题是　 　。
【答案】（1）通电螺线管周围磁场方向
（2）通电螺线管周围磁场方向与电流方向是否有关
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】（1）小磁针静止时N极指向即为该点的磁场方向。通电螺线管产生的磁场会对小磁针施加磁力使其偏转，最终小磁针N极的稳定指向表征该位置的磁场方向。因此，实验中通过观察小磁针的偏转方向可确定通电螺线管周围磁场的方向。
（2）图甲闭合开关后，通电螺线管产生磁场使小磁针偏转，此时电流方向如图甲所示；当电源正负极对调（电流方向反向）时，小磁针N极的静止指向随之改变，表明磁场方向发生变化。实验中仅改变电流方向而保持其他条件不变，通过小磁针N极指向的变化研究磁场方向与电流方向的关系，故探究的问题是：通电螺线管周围磁场方向与电流方向是否有关。
【分析】磁场的方向可通过小磁针的指向来判断，小磁针N极指向即为磁场的方向。
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。当通电螺线管周围存在磁场时，小磁针会受到磁场力的作用而发生偏转，小磁针偏转后静止时N极的指向反映了该点磁场的方向。所以实验中小磁针偏转方向可以反映出通电螺线管周围磁场的方向。
（2）在图甲中，闭合开关，通电螺线管中有电流通过，小磁针发生偏转，此时电流方向如图甲所示；仅将电源正负极对调后连入电路，此时电路中的电流方向与图甲中相反，闭合开关后，小磁针静止时N极的指向发生了改变，即通电螺线管周围磁场的方向发生了改变。 该同学在实验中只改变了通电螺线管中的电流方向，其他条件保持不变，通过观察小磁针静止时N极指向的变化来研究磁场方向的变化，所以这位同学探究的问题是通电螺线管周围磁场的方向与电流方向是否有关。
21．（2025·平谷模拟）小华要探究“凸透镜成像时，像的特点与凸透镜的焦距是否有关”，实验桌上有带支架的电子蜡烛、光屏、凸透镜A（f=10cm）、凸透镜B（f=5cm）、光具座等器材。主要实验步骤如下：
（1）将电子蜡烛、光屏和凸透镜固定在光具座上，并把它们的中心调到　 　；
（2）将焦距10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，将点亮的电子蜡烛放置在光具座35cm刻度线处，移动　 　，直至光屏上出现电子蜡烛烛焰清晰的像，观察成像情况，并记录实验数据；
（3）　 　，并保持所在位置不变。将电子蜡烛放置在　 　处，仿照步骤（1）再做一次实验，并记录实验数据。
【答案】（1）同一高度
（2）光屏
（3）用凸透镜B替换凸透镜A；35cm刻度线
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在实验前，需要将电子蜡烛、凸透镜和光屏的中心调整至同一水平高度。这一步骤的目的是保证烛焰所成的像能够完整且清晰地呈现在光屏的中央位置。
（2）当电子蜡烛放置在35cm刻度线处时，物距为u=15cm。对于焦距f=10cm的凸透镜A来说，此时物距满足f<2f的条件，因此会形成一个倒立、放大的实像，像距应大于2f。从图中可以看出，光屏与凸透镜的距离为15cm，为了获得最清晰的像，需要将光屏向右移动。
（3）为了研究不同焦距凸透镜对成像特性的影响，需要保持物距不变，更换不同焦距的凸透镜进行对比实验。具体操作是：用焦距为5cm的凸透镜B替换原来的凸透镜A，同时保持电子蜡烛仍在35cm刻度线处（物距u=15cm不变）。
【分析】1、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
2、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）实验前需要调节电子蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度。这样做的目的是确保烛焰的像能完整地成在光屏中央。
（2）将电子蜡烛放在35cm刻度线处时，物距为u=15cm。对于焦距为10cm的凸透镜A，此时物距大于1倍焦距且小于2倍焦距，成倒立、放大的实像，像距在二倍焦距之外。图中光屏到凸透镜的距离为15cm，需要向右移动光屏找到最清晰的像。
（3）[1][2]为了探究像的特点与凸透镜焦距的关系，要控制物距不变，更换不同焦距的凸透镜进行对比实验。因此要用焦距为5cm的凸透镜B替换凸透镜A。保持电子蜡烛位置不变（仍在35cm刻度线处），此时物距仍为u=15cm。
22．（2025·平谷模拟）在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，电路图如图甲所示。
（1）实验电路中还缺少一个实验器材，请将所缺器材的电路元件符号正确连入图甲所示的电路中　 　；
（2）实验时，先将电阻箱的阻值调为5Ω，然后将滑片P调至　 　（填“A”或“B”）端，闭合开关，再调节滑片P至某一位置，电流表示数如图乙所示，读数为　 　A；
（3）然后改变五次电阻箱的阻值R，并保持滑片P位置不变，读出电流表的示数I，将多组数据描点，画出I-R图像，如图丙所示。根据实验数据，　 　（填“能”或“不能”）得出导体中的电流与电阻成反比的结论；
【答案】（1）
（2）B；0.44
（3）不能
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，为了保持电阻两端的电压恒定，需要测量电阻两端的电压。因此，应在电阻箱两端并联一个电压表进行测量。
（2）实验开始前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大端（B端），以保护电路元件，防止闭合开关时电流过大损坏电表。
图乙中电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A。指针指在0.4A后的第2个小格处，因此电流表示数为0.44A。读数时应确保视线与刻度盘垂直，以提高测量精度。
（3）分析图丙的I-R图像可知，电流与电阻的乘积（即电压）并非定值，这表明在改变电阻箱阻值时未能保持电阻两端的电压恒定。正确的实验操作是：每次调整电阻后，通过调节滑动变阻器使电压表示数保持不变。因此，根据现有实验数据无法得出"电流与电阻成反比"的结论。要得到正确结论，必须严格保持电压不变，这是本实验的核心控制条件。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、探究电流和电阻的关系，变量为电阻，需要控制电阻两端的电压恒定，欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
（1）在探究电流与电阻关系的实验中，需要控制电阻两端的电压不变，因此必须测量电阻两端的电压。应在电阻箱两端需要并联电压表。
（2）[1]实验开始前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大端，即B端。这样可以起到保护电路的作用，避免闭合开关时电流过大损坏电表。
[2]图乙中电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A。指针指在0.4A后的第2个小格处，因此读数为0.44A。读数时要注意视线与刻度盘垂直，确保读数准确。
（3）从图丙的I-R图像可以看出，电流与电阻的乘积（即电压）并不恒定，说明在改变电阻箱阻值时没有保持电阻两端的电压不变。正确的做法是每次改变电阻后，都要调节滑动变阻器使电压表示数保持不变。因此根据现有数据不能得出电流与电阻成反比的结论。要得到正确结论，必须控制电压不变，这是本实验的关键。
23．（2025·平谷模拟）甲、乙两溢水杯放在水平桌面上，分别装满密度为ρ甲和ρ乙的两种液体。将密度为ρ的小球轻轻放入甲溢水杯的液体中，小球静止时从甲溢水杯中溢出液体质量为m1；将小球取出擦干，再轻轻放入乙溢水杯的液体中，小球静止时从乙溢水杯中溢出液体质量为m2。已知：ρ甲>ρ>ρ乙，请分析并判断m1与m2的大小关系。
【答案】甲液体的密度ρ甲大于小球的密度ρ，当小球放入甲液体中时会处于漂浮状态，此时浮力F浮甲等于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m1g = G。而乙液体的密度ρ乙小于小球的密度ρ，当小球放入乙液体中时会沉底，此时浮力F浮乙小于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m2g < G。因此可以得出m1g > m2g，即m1 > m2。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】甲液体的密度ρ甲大于小球的密度ρ，当小球放入甲液体中时会处于漂浮状态，此时浮力F浮甲等于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m1g = G。而乙液体的密度ρ乙小于小球的密度ρ，当小球放入乙液体中时会沉底，此时浮力F浮乙小于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m2g < G。因此可以得出m1g > m2g，即m1 > m2。
【分析】物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
四、科普阅读题（共4分）
24．（2025·平谷模拟）阅读《LED灯》并回答24题
LED灯
LED灯又叫发光二极管，它主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴电光源，是极具发展前途的新光源。
LED灯的主要部分是高亮度白色发光二极管，发光二极管只是二极管中的一种，二极管的电路图符号是“”，由于二极管具有单导电性，所以当电流从二极管的正极（+）流进二极管时，二极管导通；而电流从二极管的负极（-）流入时，二极管断路，不会有电流通过二极管。
与传统的白炽灯、卤素灯、荧光灯相比，LED灯具有许多不同之处。首先，LED灯基本上是一块很小的芯片被封装在环氧树脂里面，所以它非常的小而轻。其次，由于白炽灯的发光原理是通过电流加热灯丝到白炽状态，从而利用热辐射发出可见光，所以白炽灯在使用时约90%以上的电能都转化成了内能，只有不足10%的电能才真正转化成我们需要的光能，而LED灯可以直接把电能转化为光能，它的转化效率可达到80%以上。第三，从使用寿命来看，普通白炽灯的额定寿命约1000h，荧光灯的额定寿命约5000h，而LED灯的额定寿命约50000h。另外，与荧光灯相比，LED灯不含汞等有害元素，更加环保，利于回收。
请根据上述材料，回答下列问题。
（1）为了探究发光二极管的导电性，连接了如图甲、乙所示的两个电路，在没有电路故障时，闭合开关，能点亮发光二极管的是　 　（选填“甲”或“乙”）图；
（2）LED灯可以把电能直接转化为　 　能，它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换时损耗的能量较白炽灯　 　（选填“高”或“低”）；
（3）40W的LED灯和300W的卤素灯正常发光时亮度相同，某公园为了节约能源，将公园的路灯由50盏300W的卤素灯全部换成40W的LED灯。假设每天照明10h，使用LED灯后，每天可以节约电能　 　kW·h。
【答案】（1）乙
（2）光；低
（3）130
【知识点】能量的转化或转移；半导体特点及作用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）发光二极管具有单向导电特性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能发光。根据图示分析，只有乙图的连接方式能使二极管正常点亮。
（2）LED灯通过电光转换直接产生光能，实现高效照明。由于LED在电热转换过程中的能量损失远小于白炽灯，因此具有显著的节能优势。
（3）根据功率公式，LED灯每日节省的电能为：
【分析】1、二极管具有单向导电性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能发光；发光效率高于白炽灯。
2、电功的计算：公式为W=Pt。
（1）发光二极管具有单向导电性，电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管可以发光，则闭合开关，能点亮发光二极管的是乙图。
（2）[1]LED灯可以把电能直接转化为光能，照亮周围。
[2]LED电热转换时损耗的能量比白炽灯低，所以它比较节能。
（3）由得，使用LED灯后，每天可以节约电能
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．（2025·平谷模拟）小华家电水壶的内部电路如图甲所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开关，S0是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如图乙所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S和S0均闭合时，R1电功率；
（2）R2的电阻；
（3）在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量。
【答案】（1）解：当开关S和S0均闭合时，电路为两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，由可知，电功率最大为加热挡；只闭合开关S时，电路为R2单独串联，此时电路中的电阻最大，由可知，电功率最小为保温挡；则开关S和S0均闭合时，R1电功率为。
（2）解：保温挡时，R2单独工作，已知保温挡的功率是44W，则R2的电阻为。
（3）解：在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量为
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当开关S和S0同时闭合时，电路形成R1和R2的并联结构。此时总电阻最小，根据功率公式可知，电功率达到最大值，对应加热档。仅闭合S时，电路仅有R2工作，电阻最大，功率最小，对应保温档。因此R1的功率可通过计算。
（2）保温档工作时，由已知功率44W可得R2阻值为。
（3）加热状态下，10分钟内产生的热量满足的关系。
（1）当开关S和S0均闭合时，电路为两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，由可知，电功率最大为加热挡；只闭合开关S时，电路为R2单独串联，此时电路中的电阻最大，由可知，电功率最小为保温挡；则开关S和S0均闭合时，R1电功率为
（2）保温挡时，R2单独工作，已知保温挡的功率是44W，则R2的电阻为
（3）在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量为
26．（2025·平谷模拟）建筑工地上，施工人员用起重机吊臂上的滑轮组吊起建筑材料，可简化成如图甲所示的滑轮组。当物重从G物=2000N开始逐渐增加，每次以0.1m/s的速度匀速提升2m，直到绳子达到最大承受力，图乙记录了在此过程中滑轮组的机械效率随物体重力的增加而变化的图像，不计绳重及摩擦，求：
（1）当滑轮组的机械效率为50%时，起重机的功率为多少？
（2）绳子能承受的最大拉力是多少？
【答案】（1）解：当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh=2000N×2m=4000J，总功为，做功的时间为，起重机的功率为。
（2）解：由图甲可知，绳子段数为n=3，当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有=8000J-4000J=4000J
由于不计绳重及摩擦，所以克服动滑轮重力做的功为额外功，由W=Fs知，动滑轮重力为
由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力最大，由受力分析可知，最大拉力为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh；总功为，做功的时间为，起重机的功率为。
（2）由图甲可知，绳子段数为n=3。当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有；由于不计绳重及摩擦，额外功由克服动滑轮重力做功产生，因此动滑轮重力为。由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力达到最大值，由受力分析可得最大拉力为。
（1）当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh=2000N×2m=4000J
总功为
做功的时间为
起重机的功率为
（2）由图甲可知，绳子段数为n=3，当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有=8000J-4000J=4000J
由于不计绳重及摩擦，所以克服动滑轮重力做的功为额外功，由W=Fs知，动滑轮重力为
由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力最大，由受力分析可知，最大拉力为
1 / 1北京市平谷区2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（下列各小题的四个选项中，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2025·平谷模拟）下列物体中，最容易导电的是（　　）
A．塑料学生尺 B．铜钥匙 C．家用竹筷 D．陶瓷水杯
2．（2025·平谷模拟）如图所示光现象中，能用光的折射原理解释的是（　　）
A．放大镜把字放大
B．地上人的影子
C．拱桥在水中的倒影
D．后视镜中看到车辆
3．（2025·平谷模拟）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（　　）
A．运动员在举重前手涂镁粉
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸
C．给自行车轴承中加润滑油
D．运动鞋的底部有凹凸不平的花纹
4．（2025·平谷模拟）清晨在校园里，我们经常会看到绿叶上有晶莹的露珠，而课间活动时露珠又不见了。在上述现象中，先后发生的物态变化是（　　）
A．液化升华 B．升华汽化 C．升华液化 D．液化汽化
5．（2025·平谷模拟） 安全用电是每一位公民的必备素养。在家庭电路中，下列做法符合安全用电的是（　　）
A．更换灯泡时不需要断开开关 B．电冰箱的金属外壳需接地线
C．电路着火可以立即用水扑灭 D．湿抹布可擦拭工作中的台灯
6．（2025·平谷模拟）“明月别枝惊鹊，清风半夜鸣蝉”这两句诗句通过鹊惊、蝉鸣，描绘出一幅清幽的乡村夏夜图。关于蝉鸣声，下列说法正确的是（　　）
A．蝉叫声是人耳鼓膜振动产生的
B．人们根据音色来辨别是蝉叫声
C．蝉叫声响度大，是因为蝉叫声传播得快
D．人离蝉越近，听到蝉叫声的音调越高
7．（2025·平谷模拟）随着平谷区生态环境的持续改善，越来越多的鸟类选择在这里栖息。2024年12月，我国一级保护野生动物白尾海雕再次出现在平谷区水域附近。如图所示，一只白尾海雕正在捕鱼的图片，关于白尾海雕在水中所成的像，下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．白尾海雕飞得越高，水中的像越小
C．水越深，水中的像离水面越远
D．水中白尾海雕所成的像是虚像
8．（2025·平谷模拟）中华美食享誉世界。厨师在烹饪美食的过程中，包含了许多物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．砂锅煲汤是通过热传递的方式改变内能的
B．冰冻食物在解冻的过程中内能减少
C．刚出锅的饭菜很烫，是因为此时饭菜含有的热量多
D．用相同的炉灶加热质量相等的水和食用油，相同时间内食用油升温大，说明食用油比热容大
9．（2025·平谷模拟）小明从电动玩具上拆下一块电池。为了确定该电池的正负极，他设计了以下四种方案，其中可行的是（　　）
A． B．
C． D．
10．（2025·平谷模拟）如图所示，小球从左侧斜面的P点由静止释放，经最低点O点，到右侧斜面上能到达的最高位置是Q点，M、N是小球运动过程中先后经过的两个等高点，下列说法正确的是（　　）
A．小球从P点向O点运动的过程中，所受重力做功
B．小球从P点到O点的过程中，重力势能变小，动能不变
C．小球从P点向Q点运动的过程中，机械能守恒
D．小球通过M、N两点时的动能大小相等
11．（2025·平谷模拟）在中药房里，医生还在用传统的中药材称量工具—戥子秤。如图所示，使用时，将待测药材挂在秤盘上，用手拎住秤钮A或B（相当于支点），秤砣在秤杆上移动，当杆秤水平平衡时就可以在秤杆上读出药材的质量。下列说法中正确的是（　　）
A．戥子秤依据的是杠杆原理，力臂大的一侧对应的力也较大
B．若使用了磨损的秤砣则测量值比药材真实值偏小
C．要称50g中药，称量时挂秤砣端翘起，应减少中药使秤杆恢复水平平衡
D．使用A秤纽的最大测量值比使用B秤纽的最大测量值小
12．（2025·平谷模拟）如图所示，底面积不同但质量相同的圆柱形容器A和B放在水平桌面上，分别装甲、乙两种液体，此时液体对各自容器底部的压强为pA和pB，压力为FA和FB；容器对桌面的压强为pA 和pB ，压力为FA 和FB 。若从两容器中分别倒出相同体积的液体后，两容器中所剩液体质量相等，且液面相平。则下列判断正确的是（　　）
A．pA＜pB，FA＝FB B．pA ＜pB ，FA ＞FB
C．pA＞pB，FA＝FB D．pA ＞pB ，FA ＞FB
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．（2025·平谷模拟）如图所示中国海上巨型风机——巨无霸SL5000，它的扇叶转动起来能够扫过将近两个足球场大的面积。下列说法正确的是（　　）
A．每个叶片的长度约为5m
B．风力发电机是根据电磁感应原理制成的
C．风力发电机组工作时，可将风能全部转化为电能
D．为了让风更易带动起扇叶，应使用密度较小的材料制作叶片
14．（2025·平谷模拟）下列关于中考体育测试项目涉及到的物理知识描述错误的是（　　）
A．排球运动到最高点时若所受外力全部消失，则球将竖直下落
B．游泳时要用力向后划水说明力是维持物体运动的原因
C．做引体向上手握单杠悬在空中不动时，手对单杠的拉力与单杠对手的拉力是一对平衡力
D．掷出去的实心球在空中若不计空气阻力则只受到重力作用
15．（2025·平谷模拟）某物理实践小组设计了一种工程上的压力测量装置，其原理如图甲所示，电路中电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为20Ω，电压表的量程为0-3V，轻质绝缘的压力检测板M与可变电阻R相连。R的阻值与压力F的关系如图乙所示，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）
A．当检测板所受压力增大时，电压表的示数增大
B．检测板不受压力时，电压表的示数为1.2V
C．该装置所能测量的最大压力7×103N
D．在不改变电源电压和电压表量程的情况下，更换大阻值的R0可提高最大压力值
三、实验探究题（共28分，18、19、20、23题各3分，16、17、21、22题各4分）
16．（2025·平谷模拟）（1）图甲所示的弹簧测力计的示数为　 　N；
（2）如图乙所示，斜面的底边MN水平，一木块静止在斜面上，O点为木块的重心，OA、OB、OC为三根带箭头的线段，其中能正确表示木块所受重力示意图的线段为　 　。（选填“OA”、“OB”或“OC”）
17．（2025·平谷模拟）（1）在一个装有适量水的杯子上面放置一个硬纸板，在硬纸板上放一个鸡蛋，用木棍迅速击打鸡蛋下的硬纸板，当硬纸板飞出时，会看到鸡蛋　 　，该现象表明鸡蛋具有惯性；
（2）在量筒里装一半清水，用细管在水的下面注入密度比水大的硫酸铜溶液，开始可以看到无色的清水与蓝色硫酸铜溶液之间有明显的界面，如图所示。静放数天后，可以看到　 　，这属于液体的扩散现象。
18．（2025·平谷模拟）某同学要测量测量正方体金属块的密度。他的主要实验步骤如下：
①用刻度尺测量金属块的边长a；
②用天平测出金属块的质量m；
③计算出正方体金属块的密度ρ；
请完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格　 　；
（2）测量正方体金属块的边长和质量如图甲、乙所示。则该正方体金属块的质量m=　 　g，正方体的密度ρ=　 　g/cm3。
19．（2025·平谷模拟）小明通过实验探究水沸腾前后温度随加热时间变化的特点。
（1）他应该通过观察　 　判断水是否沸腾；
（2）小明测量并记录的实验数据如下表所示；
加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
温度/℃ 50 57 64 71 78 85 91 96 98 98 98 98 98 98
①由表中的实验数据可知，实验时水面上方的气压　 　标准大气压（选填“低于”“等于”或“高于”）；
②由表中的实验数据可得出实验结论：水在沸腾前，随加热时间增加，温度不断升高；水在沸腾过程中，　 　。
20．（2025·平谷模拟）某同学用下图所示的装置进行实验，闭合开关，通电螺线管中电流的方向及小磁针静止时N极的指向如图甲所示；仅将电源正负极对调后连入电路，闭合开关，通电螺线管中电流的方向及小磁针静止时N极的指向如图乙所示。
（1）实验中小磁针偏转方向可以反映出　 　；
（2）这位同学探究的问题是　 　。
21．（2025·平谷模拟）小华要探究“凸透镜成像时，像的特点与凸透镜的焦距是否有关”，实验桌上有带支架的电子蜡烛、光屏、凸透镜A（f=10cm）、凸透镜B（f=5cm）、光具座等器材。主要实验步骤如下：
（1）将电子蜡烛、光屏和凸透镜固定在光具座上，并把它们的中心调到　 　；
（2）将焦距10cm的凸透镜A固定在光具座50cm刻度线处，将点亮的电子蜡烛放置在光具座35cm刻度线处，移动　 　，直至光屏上出现电子蜡烛烛焰清晰的像，观察成像情况，并记录实验数据；
（3）　 　，并保持所在位置不变。将电子蜡烛放置在　 　处，仿照步骤（1）再做一次实验，并记录实验数据。
22．（2025·平谷模拟）在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，电路图如图甲所示。
（1）实验电路中还缺少一个实验器材，请将所缺器材的电路元件符号正确连入图甲所示的电路中　 　；
（2）实验时，先将电阻箱的阻值调为5Ω，然后将滑片P调至　 　（填“A”或“B”）端，闭合开关，再调节滑片P至某一位置，电流表示数如图乙所示，读数为　 　A；
（3）然后改变五次电阻箱的阻值R，并保持滑片P位置不变，读出电流表的示数I，将多组数据描点，画出I-R图像，如图丙所示。根据实验数据，　 　（填“能”或“不能”）得出导体中的电流与电阻成反比的结论；
23．（2025·平谷模拟）甲、乙两溢水杯放在水平桌面上，分别装满密度为ρ甲和ρ乙的两种液体。将密度为ρ的小球轻轻放入甲溢水杯的液体中，小球静止时从甲溢水杯中溢出液体质量为m1；将小球取出擦干，再轻轻放入乙溢水杯的液体中，小球静止时从乙溢水杯中溢出液体质量为m2。已知：ρ甲>ρ>ρ乙，请分析并判断m1与m2的大小关系。
四、科普阅读题（共4分）
24．（2025·平谷模拟）阅读《LED灯》并回答24题
LED灯
LED灯又叫发光二极管，它主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴电光源，是极具发展前途的新光源。
LED灯的主要部分是高亮度白色发光二极管，发光二极管只是二极管中的一种，二极管的电路图符号是“”，由于二极管具有单导电性，所以当电流从二极管的正极（+）流进二极管时，二极管导通；而电流从二极管的负极（-）流入时，二极管断路，不会有电流通过二极管。
与传统的白炽灯、卤素灯、荧光灯相比，LED灯具有许多不同之处。首先，LED灯基本上是一块很小的芯片被封装在环氧树脂里面，所以它非常的小而轻。其次，由于白炽灯的发光原理是通过电流加热灯丝到白炽状态，从而利用热辐射发出可见光，所以白炽灯在使用时约90%以上的电能都转化成了内能，只有不足10%的电能才真正转化成我们需要的光能，而LED灯可以直接把电能转化为光能，它的转化效率可达到80%以上。第三，从使用寿命来看，普通白炽灯的额定寿命约1000h，荧光灯的额定寿命约5000h，而LED灯的额定寿命约50000h。另外，与荧光灯相比，LED灯不含汞等有害元素，更加环保，利于回收。
请根据上述材料，回答下列问题。
（1）为了探究发光二极管的导电性，连接了如图甲、乙所示的两个电路，在没有电路故障时，闭合开关，能点亮发光二极管的是　 　（选填“甲”或“乙”）图；
（2）LED灯可以把电能直接转化为　 　能，它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换时损耗的能量较白炽灯　 　（选填“高”或“低”）；
（3）40W的LED灯和300W的卤素灯正常发光时亮度相同，某公园为了节约能源，将公园的路灯由50盏300W的卤素灯全部换成40W的LED灯。假设每天照明10h，使用LED灯后，每天可以节约电能　 　kW·h。
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．（2025·平谷模拟）小华家电水壶的内部电路如图甲所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开关，S0是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如图乙所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S和S0均闭合时，R1电功率；
（2）R2的电阻；
（3）在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量。
26．（2025·平谷模拟）建筑工地上，施工人员用起重机吊臂上的滑轮组吊起建筑材料，可简化成如图甲所示的滑轮组。当物重从G物=2000N开始逐渐增加，每次以0.1m/s的速度匀速提升2m，直到绳子达到最大承受力，图乙记录了在此过程中滑轮组的机械效率随物体重力的增加而变化的图像，不计绳重及摩擦，求：
（1）当滑轮组的机械效率为50%时，起重机的功率为多少？
（2）绳子能承受的最大拉力是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】塑料学生尺、家用竹筷和陶瓷水杯不易导电，是绝缘体；铜钥匙最容易导电，是导体，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】导体：容易导电的物体，导体中电荷可以自由移动。常见的导体有各种金属、石墨(碳)、人体、大地、盐类的水溶液等；
绝缘体：不容易导电的物体，电荷不能定向移动，常见的绝缘体有橡胶、玻璃、瓷、塑料、干木材等。
2．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射规律；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．放大镜使文字放大属于凸透镜成像现象，该现象由光的折射产生，因此选项A正确；
B．地面上的人影形成原理是光沿直线传播，当光线被物体阻挡时，在物体后方形成暗区即影子，故B不符合题目要求；
C．桥在水中的"倒影"属于平面镜成像现象，其形成原因是光的反射，所以C选项不正确；
D．后视镜中观察到的车辆影像是凸面镜成像，同样属于光的反射现象，因此D选项也不符合题意。
正确答案为A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等
4、物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜。
3．【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】AD．运动员在举重前手涂镁粉、运动鞋的底部有凹凸不平的花纹，这两种情况都是在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，因此AD选项不符合题意。
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸，这是在接触面的粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大摩擦力，因此B选项不符合题意。
C．给自行车轴承中加润滑油，这是通过分离接触面来减小摩擦力，因此C选项符合题意。
故选C。
【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4．【答案】D
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】露珠是液体，是空气中的水蒸气遇冷，发生液化形成的；露珠不见了，是露珠吸热，汽化成水蒸气，发生的物态变化是先液化，后汽化，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】气体变为液体，是液化现象；液体变为气体，是汽化现象。
5．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.更换灯泡时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故A不合题意；
B.电冰箱使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故B符合题意；
C.发现电路着火时，由于生活用水是导体，所以不能用水扑灭，否则容易发生触电事故，故C不合题意；
D.湿抹布容易导电，用湿抹布擦拭工作中的台灯容易会发生触电事故，故D不合题意。
故选B。
【分析】根据安全用电的常识判断。
6．【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．声音是由物体振动产生的。蝉的鸣叫声是由蝉的发声器官振动产生的，并非由人耳鼓膜振动产生，因此选项A是错误的。
B．不同发声体因其材料和结构差异，会产生具有不同音色的声音。人们正是通过音色特征来区分不同声源，因此可以根据音色辨别蝉鸣声，选项B正确。
C．蝉鸣声的响度取决于发声器官的振动幅度，振动幅度越大则响度越大。声音传播速度在同一介质中是恒定的，与响度无关，故选项C错误。
D．音调由振动频率决定，而响度与距离声源的远近相关。当人靠近蝉时，听到的声音响度会增大，但音调保持不变，因此选项D错误。
正确答案是B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
7．【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A选项分析：白尾海雕在水面形成的像是平面镜成像现象，其成像原理是光的反射，因此A选项的表述是错误的。
B选项分析：根据平面镜成像特点，像的大小始终与物体大小相等。由于白尾海雕的实际大小没有变化，所以它在水中形成的像的大小也不会改变，故B选项是错误的。
C选项分析：平面镜成像时，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离。水面作为平面镜时，像离水面的距离只与物体离水面的距离有关，而与水的深度无关，因此C选项是错误的。
D选项分析：平面镜所成的像是通过光的反射形成的虚像，因此水中白尾海雕的像确实是虚像，D选项的表述是正确的。
综上所述，正确答案是D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影2、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
8．【答案】A
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．砂锅煲汤过程中，高温砂锅将热量传递给温度较低的汤，通过热传递方式增加了汤的内能，该选项正确；B．冰冻食物解冻时需要吸热导致内能增加，但温度升高是吸热后的结果而非原因，原解析表述有误；
C．高温饭菜的"烫"是由其温度决定，而热量是热传递过程中的能量变化量，属于过程量，因此不能描述为"含有热量"；
D．相同加热条件下，水和食用油吸收相同热量时，由于食用油的比热容（单位：J/(kg·℃)）较小，其温度上升更快，这反映其吸热能力较弱。
正确答案为A选项。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
2、比热容的应用：水的比热容较大，吸收或者释放热量，水的温度变化量小；
3、固体熔化时，液体沸腾时，吸收热量温度保持不变。
9．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；测电笔的使用；电磁铁的构造和原理；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．测电笔可辨别火线和零线，测电笔内部电阻大，无法辨别电池的正负极，故A不符合题意；
B．灯泡的亮或灭，可判断电路是否有电流，但不能判断电流的方向，不能判断电源的正负极，故B不符合题意；
C．通电螺线管电流方向不同，磁极的极性不同，根据磁极间的相互作用，小磁针的指向不同，可判断出电源的正负极，故C符合题意；
D．通过吸引铁屑的多少可以证明电磁铁磁性的强弱，无法判断电源的正负极，故D不符合题意。
故选C。
【分析】测电笔可以判断火线和零线；灯泡亮度可以判断是否是通路；通电线圈周围存在磁场，磁极位置和电流方向有关；通过吸引铁钉的多少可以反应电磁铁的磁性强弱。
10．【答案】A
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．小球从P点向O点运动过程中，受到竖直向下的重力作用。由于小球在竖直方向发生了位移，重力对小球做了功，因此选项A正确。
B．在P点到O点的运动过程中，小球质量保持不变，但高度降低导致重力势能减小，同时速度增大使得动能增加，所以选项B的说法是错误的。
C．通过图像对比可知，Q点位置低于P点，这表明小球从P到Q的运动过程中存在摩擦损耗，需要克服摩擦力做功，导致机械能减少，故选项C错误。
D．在整个P到Q的运动过程中，小球的机械能持续减小。由于M点位置高于N点（虽然题目说M、N高度相等，但根据选项描述应为M点机械能大于N点），且重力势能相同，根据机械能守恒原理，动能必然不相等（M点动能大于N点），因此选项D错误。
正确答案是A。
【分析】1、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
2、物体做功的判断：物体受到力，且物体沿着力的方向产生了位移；
3、机械能守恒条件：物体不受摩擦力，不产生能量的损耗。
11．【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．戥子秤在力的作用下能够绕秤钮A或B旋转，属于杠杆结构。根据杠杆平衡条件可知，力臂较大的一侧对应的作用力较小，因此A选项表述不正确。
B．当秤砣因磨损导致质量减小，其重力相应减小。根据杠杆平衡条件，重力减小会导致力臂增大，使秤砣远离秤纽，最终导致测量结果偏大，因此B选项表述错误。
C．称量过程中若挂秤砣端翘起，说明中药的重力过大。此时需要减少中药的质量才能使秤杆恢复水平平衡状态，故C选项表述正确。
D．在秤砣位置固定的情况下，使用A秤纽相比B秤纽会减小被测物体提供的力的力臂，同时增大秤砣提供的力的力臂。根据杠杆平衡条件，这将导致被测物体提供的力增大，即被测物体质量增大，因此最大测量值会变大，D选项表述错误。
正确答案选择C。
【分析】1、杆秤的原理为杠杆平衡，杆秤在使用前，需要天平，消除杆秤自重的影响，
2、杠杆平衡条件，即动力×动力臂=阻力×阻力臂；在秤砣摩擦时，导致秤砣质量减小，会使秤砣远离秤纽，导致测量结果偏大，当动力臂增加时，动力会减小。
12．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】AC选项分析：当从两容器中倒出相同体积的液体后，剩余液体质量相同且液面高度一致。由于A容器的底面积较小，其剩余液体体积必然小于B容器。根据密度公式可知，A容器液体密度较大。再根据液体压强公式，A容器底部压强更大（pA＞pB）。对于规则容器，液体对底部的压力等于液体重力。由于倒出相同体积时，密度较大的A容器倒出质量更多，说明原始状态下A容器液体质量更大，因此原始压力FA＞FB。故AC选项判断错误。
BD选项分析：两容器自身质量相同，但A容器总质量更大。根据压力公式，A容器对桌面压力更大（FA ＞FB ）。由于A容器底面积更小，根据压强公式，其桌面压强也更大（pA ＞pB ）。因此B选项错误，D选项正确。
正确答案为D。
【分析】1、密度的计算：公式为m=ρV，当质量相同时，体积越小，密度越大；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同；
3、固体压强的计算：公式为，题目中容器静止于地面上，对地面的压力等于重力，据此计算题目设置问题。
13．【答案】B,D
【知识点】密度的应用与物质鉴别；能量的转化或转移；长度的估测；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A选项分析：题目描述风机扇叶扫过的面积接近两个足球场大小，标准足球场长度约100米。由此推算，单个叶片的长度明显超过5米，因此A选项判断为错误。
B选项分析：风力发电机的工作原理是叶片受风力驱动旋转，带动发电机内部导体切割磁感线，从而产生感应电动势。这一过程符合电磁感应原理，故B选项正确。
C选项分析：在实际运行中，风力发电机组存在多种能量损耗（如机械摩擦、电阻发热等），风能无法完全转化为电能，因此C选项关于"全部转化"的表述是错误的。
D选项分析：为提高风能利用效率，叶片材料需具备轻量化特性。采用密度较小的材料可有效减轻叶片重量，降低启动风速要求，故D选项正确。
正确答案：。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能；
2、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，足球场的长度约为100米；
3、任何机械的能量转化都不可能为100%。
14．【答案】A,B,C
【知识点】重力及其大小的计算；牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系
【解析】【解答】A．排球在最高点时仍具有水平速度，根据牛顿第一定律，若外力全部消失，球将保持该速度做匀速直线运动（水平方向），因此选项A说法错误，符合题意；
B．游泳时向后划水获得前进动力，这体现了力的相互作用原理，同时也表明力能改变物体运动状态，故选项B表述错误，符合题意；
C．悬垂状态时，手对单杠的拉力和单杠对手的拉力是一对作用力与反作用力（分别作用于不同物体），不符合平衡力定义，因此选项C说法错误，符合题意；
D．不计空气阻力时，空中实心球仅受重力作用（），故选项D说法正确，不符合题意。
正确答案为ABC。
【分析】1、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动或者静止状态；
2、力是改变物体运动运动的原因，不是维持物体运动的原因；
3、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
4、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
15．【答案】A,B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解析】A选项分析：电路由定值电阻和可变电阻串联组成，电压表测量两端电压。根据图乙显示，当检测板承受的压力增加时，可变电阻的阻值减小，导致电路总电阻减小。根据欧姆定律，电流增大，因此电压表示数也随之增大。此选项正确。
B选项计算：当检测板不受压力时，可变电阻。根据串联分压原理，有，解得电压表示数。此选项正确。
C选项分析：当电压表示数达到最大值3V时，测量压力最大。根据串联分压关系，解得此时。由图乙可知对应压力值为，因此该选项说法错误。
D选项分析：增大阻值会导致在相同电压表示数下，电路电流减小，从而使可变电阻需要更大的阻值才能保持分压关系。根据图乙特性，这将导致对应压力值减小，因此该选项说法错误。
综上所述，正确答案为AB。
【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．【答案】（1）2
（2）OB
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力示意图
【解析】【解答】（1）弹簧测力计的刻度盘上每大格代表1N，每小格代表0.2N，即最小刻度为0.2N。指针指向2N刻度线位置，表明当前测力计的读数为2N。
（2）重力方向总是竖直向下，作用点位于物体的重心O处；图中OB线段方向竖直向下，且从重心O点延伸，因此OB能够准确反映木块所受重力的示意图，而OA和OC的方向不符合重力方向的特征。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致。
（1）弹簧测力计的刻度盘上每大格表示1N，每小格表示0.2N，即分度值为0.2N，指针指在2N刻度线处，说明此时测力计的示数为2N。
（2）重力的方向始终竖直向下，作用点在物体的重心O点；图中OB线段方向竖直向下，且从重心O点出发，因此OB能正确表示木块所受重力的示意图，OA和OC方向不符合重力方向的特点。
17．【答案】（1）落入水杯中
（2）两种液体逐渐混合，颜色变均匀
【知识点】惯性及其现象；分子热运动
【解析】【解答】（1）当用木棍快速击打鸡蛋下方的硬纸板时，硬纸板受到外力作用，其运动状态发生改变，从静止变为运动并飞出。由于鸡蛋具有惯性，它会保持原来的静止状态，不会跟随硬纸板移动。随后，在重力作用下，鸡蛋会向下运动，最终落入杯中。
（2）最初可以观察到无色的清水与蓝色的硫酸铜溶液之间存在清晰的分界面。由于液体分子始终在进行无规则的热运动，经过数天的静置后，两种液体会逐渐混合，相互渗透，最终颜色变得均匀。这种现象属于液体的扩散现象。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
（1）用木棍迅速击打鸡蛋下的硬纸板，硬纸板受到力的作用，改变运动状态，由静止变为运动，硬纸板飞出；鸡蛋由于具有惯性，保持静止，不随硬纸板运动，鸡蛋在重力的作用下，向下落，所以会看到鸡蛋落入杯中。
（2）开始看到无色的清水与蓝色硫酸铜溶液之间有明显的界面，由于液体分子在不停地做无规则运动，所以静放数天后，可以看到两种液体逐渐混合，彼此进入对方，颜色变均匀，这属于液体的扩散现象。
18．【答案】（1）
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
　 　 　
（2）21.6；2.7
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）实验需要测量并记录金属块的边长、质量以及计算得出的密度，设计的表格如下：
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
（2）乙图中天平标尺的最小刻度为0.2g，测得金属块的质量为。
甲图中刻度尺的最小刻度为0.1cm，测得边长为2.00cm，则金属块的体积为。
根据密度公式计算得：。
【分析】测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平；
天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；
本题涉及到规则物体，规则物体的体积根据公式计算可得。
（1）实验中需要记录金属快的变长、金属块的质量，以及金属块对应的密度，因此设计的表格如下图所示：
金属块的边长a/cm 金属块的质量m/g 金属块的密度ρ/（g·cm-3）
（2）[1]乙图中天平标尺的分度值是0.2g，正方体金属块的质量为
[2]甲图中刻度尺的分度值是0.1cm，边长为2.00cm，则金属块的体积为
金属块的密度为
19．【答案】是否有大量气泡冒出水面；低于；随加热时间增加，温度不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】探究水沸腾前后温度变化特点时，（1）水沸腾时，产生大量气泡且气泡上升时变大，可以判断水开始沸腾。
（2）根据表格中数据，水的沸点为98℃，一个标准气压下水的沸点为100℃，沸点低于标准大气压的沸点，可知气压低于标准大气压。
水在沸腾过程中，不断吸热，温度保持沸点不变。
【分析】（1）水沸腾时，水面出现大量气泡；
（2）水的沸点随气压的降低而降低；水沸腾时，温度保持不变。
20．【答案】（1）通电螺线管周围磁场方向
（2）通电螺线管周围磁场方向与电流方向是否有关
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】（1）小磁针静止时N极指向即为该点的磁场方向。通电螺线管产生的磁场会对小磁针施加磁力使其偏转，最终小磁针N极的稳定指向表征该位置的磁场方向。因此，实验中通过观察小磁针的偏转方向可确定通电螺线管周围磁场的方向。
（2）图甲闭合开关后，通电螺线管产生磁场使小磁针偏转，此时电流方向如图甲所示；当电源正负极对调（电流方向反向）时，小磁针N极的静止指向随之改变，表明磁场方向发生变化。实验中仅改变电流方向而保持其他条件不变，通过小磁针N极指向的变化研究磁场方向与电流方向的关系，故探究的问题是：通电螺线管周围磁场方向与电流方向是否有关。
【分析】磁场的方向可通过小磁针的指向来判断，小磁针N极指向即为磁场的方向。
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。当通电螺线管周围存在磁场时，小磁针会受到磁场力的作用而发生偏转，小磁针偏转后静止时N极的指向反映了该点磁场的方向。所以实验中小磁针偏转方向可以反映出通电螺线管周围磁场的方向。
（2）在图甲中，闭合开关，通电螺线管中有电流通过，小磁针发生偏转，此时电流方向如图甲所示；仅将电源正负极对调后连入电路，此时电路中的电流方向与图甲中相反，闭合开关后，小磁针静止时N极的指向发生了改变，即通电螺线管周围磁场的方向发生了改变。 该同学在实验中只改变了通电螺线管中的电流方向，其他条件保持不变，通过观察小磁针静止时N极指向的变化来研究磁场方向的变化，所以这位同学探究的问题是通电螺线管周围磁场的方向与电流方向是否有关。
21．【答案】（1）同一高度
（2）光屏
（3）用凸透镜B替换凸透镜A；35cm刻度线
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）在实验前，需要将电子蜡烛、凸透镜和光屏的中心调整至同一水平高度。这一步骤的目的是保证烛焰所成的像能够完整且清晰地呈现在光屏的中央位置。
（2）当电子蜡烛放置在35cm刻度线处时，物距为u=15cm。对于焦距f=10cm的凸透镜A来说，此时物距满足f<2f的条件，因此会形成一个倒立、放大的实像，像距应大于2f。从图中可以看出，光屏与凸透镜的距离为15cm，为了获得最清晰的像，需要将光屏向右移动。
（3）为了研究不同焦距凸透镜对成像特性的影响，需要保持物距不变，更换不同焦距的凸透镜进行对比实验。具体操作是：用焦距为5cm的凸透镜B替换原来的凸透镜A，同时保持电子蜡烛仍在35cm刻度线处（物距u=15cm不变）。
【分析】1、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
2、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）实验前需要调节电子蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度。这样做的目的是确保烛焰的像能完整地成在光屏中央。
（2）将电子蜡烛放在35cm刻度线处时，物距为u=15cm。对于焦距为10cm的凸透镜A，此时物距大于1倍焦距且小于2倍焦距，成倒立、放大的实像，像距在二倍焦距之外。图中光屏到凸透镜的距离为15cm，需要向右移动光屏找到最清晰的像。
（3）[1][2]为了探究像的特点与凸透镜焦距的关系，要控制物距不变，更换不同焦距的凸透镜进行对比实验。因此要用焦距为5cm的凸透镜B替换凸透镜A。保持电子蜡烛位置不变（仍在35cm刻度线处），此时物距仍为u=15cm。
22．【答案】（1）
（2）B；0.44
（3）不能
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，为了保持电阻两端的电压恒定，需要测量电阻两端的电压。因此，应在电阻箱两端并联一个电压表进行测量。
（2）实验开始前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大端（B端），以保护电路元件，防止闭合开关时电流过大损坏电表。
图乙中电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A。指针指在0.4A后的第2个小格处，因此电流表示数为0.44A。读数时应确保视线与刻度盘垂直，以提高测量精度。
（3）分析图丙的I-R图像可知，电流与电阻的乘积（即电压）并非定值，这表明在改变电阻箱阻值时未能保持电阻两端的电压恒定。正确的实验操作是：每次调整电阻后，通过调节滑动变阻器使电压表示数保持不变。因此，根据现有实验数据无法得出"电流与电阻成反比"的结论。要得到正确结论，必须严格保持电压不变，这是本实验的核心控制条件。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、探究电流和电阻的关系，变量为电阻，需要控制电阻两端的电压恒定，欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
（1）在探究电流与电阻关系的实验中，需要控制电阻两端的电压不变，因此必须测量电阻两端的电压。应在电阻箱两端需要并联电压表。
（2）[1]实验开始前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大端，即B端。这样可以起到保护电路的作用，避免闭合开关时电流过大损坏电表。
[2]图乙中电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A。指针指在0.4A后的第2个小格处，因此读数为0.44A。读数时要注意视线与刻度盘垂直，确保读数准确。
（3）从图丙的I-R图像可以看出，电流与电阻的乘积（即电压）并不恒定，说明在改变电阻箱阻值时没有保持电阻两端的电压不变。正确的做法是每次改变电阻后，都要调节滑动变阻器使电压表示数保持不变。因此根据现有数据不能得出电流与电阻成反比的结论。要得到正确结论，必须控制电压不变，这是本实验的关键。
23．【答案】甲液体的密度ρ甲大于小球的密度ρ，当小球放入甲液体中时会处于漂浮状态，此时浮力F浮甲等于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m1g = G。而乙液体的密度ρ乙小于小球的密度ρ，当小球放入乙液体中时会沉底，此时浮力F浮乙小于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m2g < G。因此可以得出m1g > m2g，即m1 > m2。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】甲液体的密度ρ甲大于小球的密度ρ，当小球放入甲液体中时会处于漂浮状态，此时浮力F浮甲等于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m1g = G。而乙液体的密度ρ乙小于小球的密度ρ，当小球放入乙液体中时会沉底，此时浮力F浮乙小于小球的重力G。根据阿基米德原理可得：m2g < G。因此可以得出m1g > m2g，即m1 > m2。
【分析】物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
24．【答案】（1）乙
（2）光；低
（3）130
【知识点】能量的转化或转移；半导体特点及作用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）发光二极管具有单向导电特性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能发光。根据图示分析，只有乙图的连接方式能使二极管正常点亮。
（2）LED灯通过电光转换直接产生光能，实现高效照明。由于LED在电热转换过程中的能量损失远小于白炽灯，因此具有显著的节能优势。
（3）根据功率公式，LED灯每日节省的电能为：
【分析】1、二极管具有单向导电性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能发光；发光效率高于白炽灯。
2、电功的计算：公式为W=Pt。
（1）发光二极管具有单向导电性，电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管可以发光，则闭合开关，能点亮发光二极管的是乙图。
（2）[1]LED灯可以把电能直接转化为光能，照亮周围。
[2]LED电热转换时损耗的能量比白炽灯低，所以它比较节能。
（3）由得，使用LED灯后，每天可以节约电能
25．【答案】（1）解：当开关S和S0均闭合时，电路为两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，由可知，电功率最大为加热挡；只闭合开关S时，电路为R2单独串联，此时电路中的电阻最大，由可知，电功率最小为保温挡；则开关S和S0均闭合时，R1电功率为。
（2）解：保温挡时，R2单独工作，已知保温挡的功率是44W，则R2的电阻为。
（3）解：在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量为
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）当开关S和S0同时闭合时，电路形成R1和R2的并联结构。此时总电阻最小，根据功率公式可知，电功率达到最大值，对应加热档。仅闭合S时，电路仅有R2工作，电阻最大，功率最小，对应保温档。因此R1的功率可通过计算。
（2）保温档工作时，由已知功率44W可得R2阻值为。
（3）加热状态下，10分钟内产生的热量满足的关系。
（1）当开关S和S0均闭合时，电路为两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，由可知，电功率最大为加热挡；只闭合开关S时，电路为R2单独串联，此时电路中的电阻最大，由可知，电功率最小为保温挡；则开关S和S0均闭合时，R1电功率为
（2）保温挡时，R2单独工作，已知保温挡的功率是44W，则R2的电阻为
（3）在加热状态下，该电水壶工作10min产生的热量为
26．【答案】（1）解：当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh=2000N×2m=4000J，总功为，做功的时间为，起重机的功率为。
（2）解：由图甲可知，绳子段数为n=3，当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有=8000J-4000J=4000J
由于不计绳重及摩擦，所以克服动滑轮重力做的功为额外功，由W=Fs知，动滑轮重力为
由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力最大，由受力分析可知，最大拉力为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh；总功为，做功的时间为，起重机的功率为。
（2）由图甲可知，绳子段数为n=3。当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有；由于不计绳重及摩擦，额外功由克服动滑轮重力做功产生，因此动滑轮重力为。由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力达到最大值，由受力分析可得最大拉力为。
（1）当滑轮组的机械效率为50%时，有用功为W有=Gh=2000N×2m=4000J
总功为
做功的时间为
起重机的功率为
（2）由图甲可知，绳子段数为n=3，当滑轮组的机械效率为50%时，额外功为W额=W总-W有=8000J-4000J=4000J
由于不计绳重及摩擦，所以克服动滑轮重力做的功为额外功，由W=Fs知，动滑轮重力为
由图乙可知，当提升重物为1.6×104N时，绳子承受的拉力最大，由受力分析可知，最大拉力为
1 / 1

展开更多......

收起↑