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广东省珠海市文园中学(集团) 2025-2026学年九年级上学期期中物理试卷
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。）
1．（2025九上·珠海期中）下列关于能量及其转化的说法中，正确的是（　　）
A．电风扇工作时，将机械能转化为电能
B．干电池对外供电时，将化学能转化为电能
C．钻木取火是将内能转化为机械能
D．小球在地面弹跳时高度逐渐减小，说明能量是不守恒的
2．（2025九上·珠海期中）关于下列热学实验说法正确的是（　　）
A．甲图气体扩散实验中只有二氧化氮分子在不停地做无规则运动
B．乙图两个紧压在一起的铅柱没有被重物拉开，是大气压的作用
C．丙图用电加热器给食用油加热，随着温度的升高，食用油的内能增加
D．丁图水蒸气的压力把塞子推出去，它与汽油机压缩冲程的能量转化相同
3．（2025九上·珠海期中）火药雕刻技术决定了一个国家武器装备的国防实力，由于固体燃料的敏感性，静电、不合理的摩擦，都能导致其燃爆。下列不能有效防止静电的是（　　）
A．缓慢移动和操作 B．用塑料容器盛装火药
C．保持环境有一定湿度 D．将设备用金属链接地
4．（2025九上·珠海期中）关于电流、电压和电阻，下列说法正确的是（　　）
A．只有自由电子定向移动才能形成电流
B．电路中电流的方向总是从电源正极流向电源负极
C．电压使自由电荷发生定向移动形成电流
D．加在导体两端的电压越高，导体的电阻越大
5．（2025九上·珠海期中）下列说法正确的是（　　）
A．如图甲所示，充电宝给手机充电时，手机电池是电路中的用电器
B．如图乙所示，宾馆房卡的作用相当于电源
C．如图丙所示，水轮机与电路中的电源的作用相似
D．如图丁所示，手电筒中的金属带是开关
6．（2025九上·珠海期中）如图所示电路，闭合开关后，电压表能测出L2两端电压的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025九上·珠海期中）公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（　　）
A．接线柱“1”应与“2”连接
B．货车质量增大时，滑动变阻器接入电路的电阻减小
C．显示器由电压表改装而成
D．为了节约电能，电阻可以去掉
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分。）
8．（2025九上·珠海期中）常见的物质是由极其微小的　 　、原子构成的；空气中弥漫着荷花的清香，这是　 　现象；通常液体分子之间的距离比气体的　 　填“大”或“小”。
9．（2025九上·珠海期中）家庭电路中，电灯与电视机是 　 　联的，电灯正常工作时的电压为
　 　V。在电视机遥控器的电池盒中，安装了2节新干电池串联，遥控器正常工作时的电压为
　 　V。
10．（2025九上·珠海期中）由于海水的比热容　 　（选填“大于”或“小于”）陆地上砂石的比热容，所以在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化　 　（选填“大”或“小”）。当出现如图所示的风向，通常发生在　 　（选填“夜晚”或“白天”）。
11．（2025九上·珠海期中）如图所示的汽油机处于　 　冲程。若汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min，则1s内完成了　 　个工作循环。为了提高汽油机的效率，需要让燃料充分燃烧，此时汽油的热值　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
12．（2025九上·珠海期中）某调光灯内部的电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形碳膜电阻的两端相连，b与金属滑片相连。为实现调光功能，电位器应与灯　 　（选填“串联”或“并联”）。当将b、c接线柱接入电路，为使灯变亮，应　 　（选填“顺时针”或“逆时针”）旋动滑片。当将a、c接线柱接入电路，电位器相当于一个　 　。
13．（2025九上·珠海期中）图甲所示是小明购买的电动牙刷，图乙为该电动牙刷的内部电路图，闭合开关，为了使电动机与灯泡串联工作，应接　 　（选填“1”或“2”）接线柱，应　 　（选填“断开”或“闭合”）；若开关、闭合，接2接线柱时，灯泡发生断路，此时电动机　 　（选填“能”或“不能”）工作。
14．（2025九上·珠海期中）如图甲所示的电路中，电源电压恒为4.5V。闭合开关后，两灯泡均发光，电流表的示数如图乙所示，电压表V2指针如图丙所示。则流过灯L1的电流是　 　，L1和L2两端的电压分别是　 　V和　 　V。
三、作图题（本大题共7分。）
15．（2025九上·珠海期中）（1）根据图中的电流方向，在虚线框中填入电流表和电源符号使电路成为并联电路。
（2）请根据图示的实物电路在虚线方框内画出相应的电路图。
（3）如图所示，有一个电源、一个开关、一个小灯泡、一个电压表和一个滑动变阻器。请用笔画线代替导线，将各元件连接起来。要求：闭合开关后，滑片P向右移动时，灯泡变亮；电压表测小灯泡两端的电压。
四、实验题（本大题共3小题，每空1分，共20分。）
16．（2025九上·珠海期中）如图是热学及电学的几个小实验。
（1）如图甲向下压缩气体时，气体的内能　 　（选填“增大”或“减小”），这是通过　 　的方式改变内能。如图乙所示，打气后瓶塞跳出，瓶口出现白雾，这说明物体对外做功其内能　 　（选填“增大”或“减小”）；
（2）如图丙所示，丝绸摩擦过的玻璃棒A，玻璃棒A因　 　（选填“得到”或“失去”）电子而带正电。将A靠近用棉线悬挂的带电体B，发现二者相互吸引，由此可知B带　 　电；
（3）如图丁所示，用带电体接触验电器的金属球，发现金属箔片会张开，这说明验电器的工作原理是：　 　。
17．（2025九上·珠海期中）小丽和娜娜完成了“探究并联电路的电流规律”的实验。
序号 IA/A IB/A IC/A
1 0.10 0.50 0.60
2 0.20 0.40 0.60
3 0.28 0.32 0.60
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，电表的指针就发生了偏转，原因是　 　。
（2）实验时先将电流表接在A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是灯泡L1　 　。
（3）在测量B处电流时，闭合开关，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；排除故障后，电流表的示数如图丙所示，其示数为　 　A。
（4）在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。为了得到普遍规律，接下来的操作是换用规格　 　（选填“相同”或“不同”）的灯泡，进行多次实验；
（5）用电流表分别测出三个位置的电流IA、IB、IC，多次实验，记录数据如表，根据实验数据得出结论是：　 　（用字母表示）。
（6）实验结束后，她们又利用实验器材连接了如图丁所示的电路。当开关S由断开到闭合时，灯泡L1的亮度　 　，电流表A2的示数　 　（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
18．（2025九上·珠海期中）“探究影响导体电阻大小的因素”的实验装置如图所示，在实验中使用四根电阻丝，其中A是锰铜合金丝，B、C和D是镍铬合金丝，A、B电阻丝的横截面积一样且比C的粗。
（1）实验中通过观察　 　比较电阻丝电阻的大小。这种研究方法叫做　 　法；
（2）将编号为A、B的电阻丝分别接入电路进行实验，发现接B电阻丝时，灯泡明显变暗，可得出的结论是：　 　；
（3）将编号为　 　的电阻丝分别接入电路进行实验，可探究导体电阻大小与横截面积的关系；
（4）分别将编号为C、D的电阻丝接入电路进行实验，其得到的结论被实际应用到了___________的工作原理中（填选项）；
A．电压表 B．电流表 C．滑动变阻器
（5）实验中某小组同学更换电阻丝后发现小灯泡亮度变化不明显，他们接下来进行的操作是　 　。
五、计算题（本大题共2小题，19题6分，20题7分，共13分。）
19．（2025九上·珠海期中）家用电水壶中装有质量为2kg、温度为20℃的水。已知水的比热容为。求：
（1）通电3min后将水加热到50℃，水吸收的热量；
（2）当壶中的水吸收6.72×105J的热量后，壶中水的温度。
20．（2025九上·珠海期中）小华父亲开着新买的轿车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，汽车发动机的牵引力是1 000N。汽油的热值为。求：
（1）消耗的汽油完全燃烧放出的热量
（2）发动机牵引力所做的功W；
（3）发动机的能量转化效率η。
六、综合能力题（本大题共3小题，每空1分，共18分。）
21．（2025九上·珠海期中）如图甲所示，在绝热的容器（容器内部不与容器外部发生热传递）中装有100℃的水A，其质量为1kg；把一瓶10℃的酒精B放入该容器后，利用温度传感器测量它们的温度变化，得到图乙中的曲线。假设热水放出的热量全部被酒精吸收了，忽略容器内气压的变化，水的比热容为。
（1）酒精的沸点为　 　℃，在10min后，酒精　 　（填选项“A”或“B”）持续沸腾，原因是　 　；
A．不能达到沸点
B．能达到沸点但不能持续沸腾
（2）这瓶酒精B从10℃升温到78℃的过程中吸收的热量为　 　J；
（3）根据本次实验提供的信息，　 　（选填“能”或“不能”）判断酒精与水的比热容大小。如能请写出判断依据，如不能请说明理由。　 　。
22．（2025九上·珠海期中）感应发光冰块是食品级PS材料及电子元件组成的产品，采用先进的触水式开关。其外形仿如真实冰块一般，具有入水即亮的特性（液体感应）。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛。感应发光冰块内部的电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是：将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻，之后再放入饮料内，可以降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式　 　（选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）；
（2）冷冻后的感应发光冰块通过　 　的方式改变饮料的内能，饮料的内能　 　（选填“增大”或“减小”）；
（3）某位同学在研究LED 灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，说明LED灯具有　 　性。LED灯泡发光时，将电能主要转化为　 　能；
（4）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于　 　状态。
23．（2025九上·珠海期中）阅读短文，回答文后问题。
客机C919
我国研制的大型客机C919首飞成功，该飞机使用的喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧，燃烧后剧烈膨胀的气体从尾部高速喷出，其巨大的反冲推力直接成为飞机的推进。同时C919机舱内覆有一层“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有，的质量为5kg。该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，如表是飞机的部分技术参数。
最大起飞质量 72.5t 客舱内气压
巡航速度 920km/h 发动机的巡航推力
（1）下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，正确的是______；
A．密度与水差不多 B．隔音性能相对较好
C．导热能力相对较好 D．导电能力相对较好
（2）喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧，从燃烧至燃烧后剧烈膨胀，再从尾部高速喷出，这个过程中混合气体的温度是不断变化的，图中能大致反映混合气体温度随时间而变化的是______；
A． B．
C． D．
（3）若飞机的翼载是，则机翼面积为　 　；
（4）若飞机以巡航速度飞行1h的过程中，消耗燃油3500kg，发动机的热效率为40%，则此过程中燃料完全燃烧时放出的热量为　 　J，飞机推进功为　 　J，发动机的推进效率为　 　%。（燃油热值q取）
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A、电风扇工作时，消耗电能，使电风扇转动，得到的是机械能，故A错误；
B、干电池给灯泡供电时，将化学能转化为电能，再提供给灯泡，故B正确；
C、钻木取火时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，故C错误；
D、小球在地面弹跳时的最高点越来越低，是因为小球需要克服阻力做功，有一部分机械能转化成了内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）不同的能量之间可以进行相互的转化，根据选项中描述的物体或现象，分析其消耗了哪种能量，又得到了哪种能量，从而做出判断。
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（3）小球克服摩擦做功，使部分机械能转化为内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变。
2．【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；热机；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．甲图气体扩散实验中，二氧化氮分子和空气分子均在不停地做无规则运动，故A错误；
B．乙图两个紧压在一起的铅柱没有被重物拉开，是由于分子之间有引力，使得两个铅柱被吸在一起，故B错误；
C．丙图用电加热器给食用油加热，食用油吸收热量，温度逐渐升高，质量不变，故食用油的内能增加，这是通过热传递改变了物体的内能，故C正确；
D．丁图水蒸气的压力把塞子推出去，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，它与汽油机做功冲程的能量转化相同，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）所有分子都在永不停息地做无规则运动；
（2）所有分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）物体吸收热量，内能增加；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递；在汽油机的四冲程中，其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
3．【答案】B
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体；静电的防止和利用
【解析】【解答】A. 缓慢移动和操作可以减少摩擦和静电积累，有利于防静电，故A正确不符合题意；
B. 塑料容器易产生静电且不易导出，用其盛装火药会增大静电风险，不能有效防静电，故B错误符合题意；
C. 保持环境有一定湿度可使静电更容易导走，减少积聚，有利于防静电，故C正确不符合题意；
D. 将设备用金属链接地可将静电导入大地，避免积聚，有利于防静电，故D正确不符合题意；
故选B；
【分析】（1）解题关键是理解静电防护原理：减少静电产生、加速静电泄放、避免静电积聚；隐含条件是火药对静电敏感，需采取导走或中和静电的措施；扩展知识包括常见防静电方法如接地、增湿、使用防静电材料等；（2）易错点在于误以为塑料容器能绝缘防爆，但塑料易摩擦生电且不导电，反而使静电无法导出，增加危险。
4．【答案】C
【知识点】电流的形成；电流的方向；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A、电荷的定向移动，阴阳离子的定向移动也可以形成电流，故A错误；
B、在电池外部，电流的方向为电源正极流向电源负极，在电池内部，电流的方向为电流负极流向正极，故B错误；
C、电压使自由电荷发生定向移动形成电流，故C错误；
D、电阻和电压无关，故D错误；
综上选C。
【分析】电流的形成是由于电荷的定向移动，阴阳离子的定向移动形成，在电池外部，电流的方向为电源正极流向电源负极，在电池内部，电流的方向为电流负极流向正极。
5．【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A. 充电时充电宝提供电能，手机电池'消耗电能'转化为化学能，属于用电器，故A正确；
B. 房卡插入卡槽后接通电路，相当于控制电路通断的开关，而不是提供电能的电源，故B错误；
C. 水轮机利用水流做功，是将水能转化为机械能，而电源是将其他形式能转化为电能，二者作用并不相似，故C错误；
D. 手电筒中的金属带连接电池与灯泡，是导电路径中的一部分，通常与外壳一起构成持续通路，而不是控制通断的开关，故D错误；
故选A；
【分析】（1）解题关键在于理解电路基本元件的作用：电源提供电能、用电器消耗电能、开关控制通断、导线连接电路；隐含条件是对实际生活用具的电路模型抽象能力；扩展知识包括能量转化关系，如电源是其他形式能转化为电能，用电器是电能转化为其他形式能；
（2）易错点在于混淆开关与导体的作用，误将房卡、金属带等连接部件当作电源或开关，需结合其实际功能判断对应的电路元件。
6．【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法正确，故A正确；
B．图中，电压表接在电源两端，电压表始终测电源电压（即两灯串联的总电压），电压表正负接线柱接法正确，故B错误；
C．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故C错误；
D．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故D错误。
答案：A。
【分析】 电压表应与被测电路并联，分析电路图，确定电压表所测电路，然后答题。
7．【答案】B
【知识点】电压的测量及电压表的使用；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】根据图片可知，图中圆圈为显示器，它与电阻串联，所以该显示器由电流表改装而成，故C错误；
当货车质量增大时，滑片向下移动，此时电表（电流表）示数随之增大，那么说明变阻器R接入的电阻变小，那么应该将R的下半部分接入电路，因此选择接线柱“1”应与“3”连接，故A错误，B正确；
根据图片可知，如果去掉，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，因此R0可以起到保护作用，故D错误。
故选B。
【分析】C.电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端；
AB.滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中的电阻线长度来改变电阻；
D.当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
8．【答案】分子；扩散；小
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 分子动理论告诉我们：常见物质是由大量分子（或原子）构成的；我们能闻到荷花的清香，是因为花香分子运动到了空气中，这是扩散现象；分子间存在间隙，通常情况下，气体分子间距离最大，液体次之，固体最小，因此液体分子之间的距离比气体的小；
故第1空填分子；第2空填扩散；第3空填小；【分析】（1）解题方法与关键点在于准确记忆物质组成和分子动理论的基本知识；突破点是理解分子是保持物质化学性质的最小粒子，以及分子永不停息地做无规则运动；隐含条件是气体、液体、固体分子间距的比较需要知道分子间存在间隙；扩展知识包括分子间存在引力和斥力，分子热运动的剧烈程度与温度有关。（2）易错点在于第一空可能误填“原子”，需注意“常见物质”由分子构成（如空气、水）或原子构成（如金属），但分子是更普遍的概念；第三空容易因气体容易被压缩而错误判断为气体分子间距“小”，实际上正是因为气体分子间距大、作用力弱，才容易被压缩。
9．【答案】并；220；3
【知识点】电压和电压的单位换算；串联电路的电压规律；家庭电路的连接
【解析】【解答】解：家庭电路中，电灯与电视机工作时互不影响，是并联的；电灯正常工作时的电压为220V。一节新干电池的电压为1.5V，2节新干电池串联，总电压为3V，遥控器正常工作时的电压为3V。
【分析】家庭电路中，电灯与电视机工作时互不影响，是并联的；电灯正常工作时的电压为220V。一节新干电池的电压为1.5V，2节新干电池串联，总电压为3V。
10．【答案】大于；小；夜晚
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】海水的比热容大于陆地上砂石的比热容，吸收或者放出相同的热量时，海水温度变化比较慢，故在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化小。在夜晚，海水的温度比较高，热空气上升，陆地冷空气补充过来，形成了陆风。
【分析】比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，在吸收相同热量后，水的比热容大，温度变化量小。
11．【答案】压缩；15；不变
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】[1]观察图片，可见进气门和排气门均关闭，且活塞正在向上运动压缩缸内气体，因此该冲程为压缩冲程；[2]汽油机飞轮转速为1800r/min，即每秒转30圈（1800÷60=30），由于完成一个工作循环飞轮需转2圈，所以每秒完成的工作循环数为30÷2=15，即15个工作循环；[3]热值是燃料本身的一种特性，其大小只取决于燃料的种类，与燃料的质量、燃烧是否充分等因素无关，因此让燃料充分燃烧并不会改变汽油的热值，所以填不变。故第一空填压缩；第二空填15；第三空填不变；
【分析】（1）解题方法：首先根据进气门和排气门都关闭、活塞向上运动判断为压缩冲程；其次通过转速计算做功次数，汽油机飞轮每转2圈完成一个工作循环，转速1800r/min即30r/s，故1s内完成15个工作循环；突破点关键：理解热值是燃料的固有属性，与燃烧是否充分无关；隐含条件：提高效率是让燃料释放的热量更多被有效利用，并非改变燃料性质；扩展知识：汽油机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，飞轮转两圈，对外做功一次。（2）易错点：容易将压缩冲程误判为做功冲程，需注意两个气门状态及活塞运动方向；转速计算时易忽略一个工作循环对应飞轮转两圈，误用每转一圈计算；易错误认为燃料充分燃烧会增大热值，混淆了热值与燃料利用率的区别。
12．【答案】串联；顺时针；定值电阻
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计；变阻器及其应用
【解析】【解答】[1]电位器需要通过改变自身接入电路的电阻来调节灯的电流，因此必须与灯串联才能起到分压调光的作用，故1空填串联；
[2]当将b、c接入电路时，接入部分是滑片b与c端之间的电阻，为使灯变亮需要减小电位器接入的电阻，即应让滑片向c端移动，通常旋钮顺时针旋转会使滑片向c端靠近（假设顺时针旋转使滑片向c端滑动），因此应顺时针旋动，故2空顺时针；
[3]当将a、c接线柱接入电路时，相当于将整个弧形电阻全部接入电路，滑片的移动不再改变接入电阻的大小，因此电位器相当于一个定值电阻，故3空填定值电阻；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是理解滑动变阻器（电位器）的原理及接线方式；第一空需掌握调光本质是调节电流，串联才能分压；第二空需根据接线柱b、c判断有效电阻部分（b与c之间），明确灯变亮需电流变大、电阻变小，从而判断滑片移动方向；第三空需分析a、c接入时，滑动变阻器被作为整体电阻接入，滑片失效；隐含条件是旋钮旋转方向与滑片移动方向的对应关系（通常顺时针滑片向某端移动），需结合日常经验或图示判断；扩展知识包括滑动变阻器的多种接法及其对调节作用的影响。
（2）易错点：第一空易错误认为调光需要并联；第二空易因对旋钮方向与电阻变化关系不明确而错选“逆时针”；第三空易忽略a、c接入时滑片不起作用，误答为“变阻器”或“导线”。
13．【答案】1；断开；能
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】[1]为了使电动机与灯泡串联工作，电流需依次流经两个用电器且无分流，因此S3应接1接线柱，这样电流路径为电源正极→S1→指示灯泡→S3的1接线柱→电动机→电源负极，故1空填1；
[2]同时S2必须断开以避免电流从S2直接流向电源负极，故2空填断开；
[3]若S1、S2闭合且S3接2接线柱时，此时电动机与灯泡并联，若灯泡发生断路，由于电动机所在的支路仍与电源构成独立回路，未受影响，因此电动机仍能工作，故3空填能；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是根据开关状态分析电路连接方式（串联、并联）；第一空的关键是理解串联电路电流只有一条路径，通过分析S3接不同点时可能的电流走向判断；第二空需结合并联电路各支路独立工作的特点，当一支路断路时不影响其他支路；隐含条件是S2断开或闭合会导致电路出现短路或并联的可能，需仔细分析；扩展知识包括串并联电路的特点、开关在电路中的作用以及用电器故障对电路的影响；
（2）易错点：第一空易错误选择S3接2，未意识到接2时电流可能经S2直接流向负极（若S2闭合）；第二空易误认为灯泡断路会导致整个电路断开，忽略了此时是并联电路，电动机支路依然导通。
14．【答案】0.52A；2.2；2.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】[1]闭合开关等效电路如下图，两灯泡串联接入电路，电流表测串联电流，串联电路各处电流相等，
由乙图可知电流表接入电路的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A，所以流过灯L1的电流是0.52A，故1空填0.52；
[2][3]闭合开关等效电路如上图，电路为L1与L2串联，电压表V1测L1、L2两电压之和为4.5V、V2测L2电压，由丙图可知电压表接入电路的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以灯泡两端的电压为，故2空填2.20，3空填2.30；
【分析】（1）解题方法：首先判断电路连接方式为串联，明确电表测量对象；然后读取电流表、电压表示数（需注意量程与分度值）；最后利用串联电路的电流与电压规律计算未知电压；突破点关键：串联电路电流处处相等，总电压等于各用电器电压之和；隐含条件：电压表量程需根据指针位置和接线柱判断，若图中V2指针位置未明确，则假设常用量程进行推理。
（2）易错点：易忽略电表量程的选择，导致读数错误；在计算L1电压时，易误将电压表V2示数直接当作L1电压，而未用总电压相减；若电路非串联，则解题思路完全不同，需根据实际电路图灵活应用串并联特点。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】（1）需使电路成为并联，电流方向已标，需在虚线框中填入电源和电流表，根据并联电路特点，电流表应串联在干路或支路以测电流，电源应使电流从正极流出后分流，根据图中电流方向，电源上端为正极，通常将电源正极接在分流点前，电流表可根据要求放置；若题目无特殊要求，一般将电源正极置于左侧，电流表串联在干路，如图所示：
（2）根据实物图画电路图，判断电路连接方式为串联，再按元件符号规范画出，注意各元件顺序与实物一致，导线交叉连接点要标出：电流从电源正极流出，依次通过开关、L1、L2，回到负极，如图所示：
（3）第三题连接实物时，要求滑片P右移灯泡变亮，即电流变大，滑动变阻器接入电阻需变小，因此应将右下接线柱b接入电路，电压表接线柱的标准规则是“左负右正”，测灯泡电压需并联在灯泡两端，电压表选择3V接线柱，右边正接线柱接靠近电源正极一侧的灯泡即灯泡右侧，左边负接线柱接灯泡左侧，使电压表与灯泡并联，电压表左边负接线柱接滑动变阻器的b接线柱，如图所示：
【分析】（1）解题方法与突破点关键：这类作图题的核心是理解串并联电路的结构特点、电表的连接方式以及滑动变阻器的使用方法；第一题要明确并联是电流分叉后再汇合，电源提供电压，电流表串联测量；第二题需从实物图中提炼出电流路径，用标准符号规范作图；第三题的关键是掌握滑动变阻器“一上一下”接法和阻值变化与滑片移动方向的关系，以及电压表的并联接法；隐含条件包括电表的正负接线柱不能接反、滑动变阻器的有效接入部分取决于所选的接线柱；
（2）易错点：第一题易将电流表或电源位置放错导致电路不成为并联；第二题易画错元件之间的连接关系；第三题易将滑动变阻器接成定值电阻（同上或同下）或接错电压表量程，也易忽略电压表应并联在灯泡两端而非滑动变阻器两端。
（1）要求在虚线框中填入电流表和电源符号，组成并联电路，两个灯泡分别在一条支路上，电源在干路上，电流表可以与一只灯泡串联，根据图中电流方向，电源上端为正极，如图所示：
（2）电流从电源正极流出，依次通过开关、L1、L2，回到负极，这是一个简单的串联电路，如图所示：
（3）用滑动变阻器控制灯泡亮度，变阻器与灯泡串联，要求滑片向右移动，灯泡变亮，变阻器应该选择右下接线柱，还要求电压表测灯泡的电压，使电压表与灯泡并联，电压表选择3V接线柱。如图所示：
16．【答案】（1）增大；做功；减小
（2）失去；负
（3）同种电荷相互排斥
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）向下压缩气体时，外界对气体做功，将机械能转化为气体内能，所以气体的内能增大，故1空填增大；
这一过程中，内能的改变是通过外界对气体做功的方式实现的，故2空填做功；
瓶塞跳出时，气体对外做功，将内能转化为机械能，其内能减小，温度降低，使得水蒸气因放出热量而液化形成白雾，所以内能减小，故3空填减小；
（2）丝绸摩擦过的玻璃棒会失去电子，因为玻璃棒对电子的束缚能力较弱，电子转移到丝绸上，所以玻璃棒因失去电子而带正电，故1空填失去；
已知A失去电子带正电，且A与B相互吸引，根据电荷间相互作用规律（同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引）以及带电体可以吸引轻小物体的性质，可知B可能带负电，也可能不带电，但题目已明确说明B是“带电体”，因此B一定带负电，故2空填负；
（3）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，当带电体接触验电器金属球时，电荷转移到金属箔片上，两片金属箔因带同种电荷相互排斥而张开，故1空填同种电荷相互排斥；
【分析】（1）向下压缩气体时，活塞对气体施加力并使其体积减小，此过程机械能转化为内能，故气体内能增大；这种方式属于做功改变内能；打气后瓶塞跳出，气体对瓶塞做功，自身内能减小，温度降低，水蒸气液化形成白雾。易错点：可能误将压缩气体当成热传递；瓶塞跳出时对内能变化方向判断反；白雾成因误认为是外界水蒸气进入。
（2）丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒原子核束缚电子能力较弱，电子从玻璃棒转移到丝绸，玻璃棒因失去电子而带正电；玻璃棒A带正电，与带电体B相互吸引，根据异种电荷相吸，可知B带负电。易错点：摩擦起电电子转移方向记反（误以为玻璃棒得到电子）；忽略题干中“带电体”条件，误以为吸引就是带异种电荷，没排除不带电情况。
（3）用带电体接触验电器的金属球，电荷通过金属杆传到两片金属箔，使它们带上同种电荷，同种电荷相互排斥，金属箔张开。
易错点：表述不完整，漏掉“同种”二字，写成“电荷相互排斥”；误以为是金属箔被带电体吸引才张开。
（1）[1][2]如图甲向下压缩气体时，活塞对空气做功，将机械能转化为内能，气体的内能增大，这是通过做功的方式改变内能。
[3]如图乙所示，打气后瓶塞跳出，瓶内气体对瓶塞做功，瓶口出现白雾，因为瓶内气体的温度降低，水蒸气液化变为小水滴，这说明物体对外做功其内能减小。
（2）[1]摩擦起电的实质是电子的转移，在这个过程中得电子带负电，失去电子带正电；已知丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，所以在摩擦起电的过程中玻璃棒失去电子带正电，丝绸得电子带负电。
[2]丝绸摩擦过的玻璃棒A带正电；将A靠近用棉线悬挂的带电体B，发现二者相互吸引，异种电荷相互吸引，说明B带负电。
（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用带电体接触验电器的金属球，两金属箔片带同种电荷，发现金属箔片会张开，这说明验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
17．【答案】（1）开关未断开
（2）断路
（3）正负接线柱接反；0.24
（4）不同
（5）IC=IA+IB
（6）不变；变大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）[1]连接电路时，为保护电路，应断开开关。在连接电路时，刚接好最后一根导线电表就偏转，说明电路在连接过程中开关处于闭合状态，因此原因是连接电路时开关未断开，故1空填开关未断开；
（2）[1]灯L2发光说明干路有电，但L1不发光，且A处电流表示数为零，说明L1所在支路不通，因此电路可能存在的故障是灯泡L1断路，故1空填断路；
（3）[1]如图乙所示测量B处电流时指针反向偏转，说明电流从电流表负接线柱流入，原因是电流表正负接线柱接反，故1空填正负接线柱接反；
[2]排除故障后电流表的示数如图丙所示，图丙电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.24A，故1空填正负接线柱接反，故2空填0.24；
（4）[1]为避免实验偶然性得出更普遍的规律，应更换不同规格的灯泡进行多次实验，使用相同规格的灯泡做多组实验不能排除偶然性，故1空填不同；
（5）[1]分析表格数据，C处干路电流IC等于支路A处电流IA与支路B处电流IB之和，结论是IC=IA+IB（或干路电流等于各支路电流之和），故1空填IC=IA+IB；
(6)[1][2]图丁中，开关S断开时，只有L1接入电路；S闭合后，L1与L2并联，L1两端电压仍等于电源电压，通过L1的电流不变，因此L1亮度不变；而干路电流增加，故电流表A2示数变大，故1空填不变，2空填变大；
【分析】（1）解题方法：本题为探究并联电路电流规律的实验题，需掌握实验步骤、电路连接规范、故障分析、电表读数及数据归纳；突破点关键：故障分析时需结合现象（灯是否亮、表是否有示数）判断断路或短路；电流表指针反偏说明正负接线柱接反；多次实验需改变条件（如灯泡规格）以获得普遍规律；并联电路干路电流等于各支路电流之和；隐含条件：并联电路中各支路互不影响，支路电压等于电源电压；扩展知识包括串联电路电流规律、电路故障的更多情形（如短路）、电表量程选择对实验结果的影响；
（2）易错点：易将开关未断开导致的“电表偏转”误认为是“电路短路”造成；故障分析时易混淆断路与短路现象（如L1短路会导致L1不亮但电流表示数可能很大甚至烧坏）；读数时易忽略电流表量程导致读数错误；易将并联电路电流规律写为“IC=IA=IB”之类的串联规律；对开关S闭合后电路变化分析时，易误认为L1两端电压变化导致亮度改变，未理解并联电路各支路电压不变的特点。
（1）连接电路时，为保护电路，应断开开关。刚接好最后一根导线，电表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他们忘了断开开关。
（2）电流表接A处时，测量通过灯泡L1的电流，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1所在支路存在断路，即可能存在的故障是灯泡L1断路。
（3）[1]如图乙所示，电流表的指针反向偏转，原因是电流表的正负接线柱接反了。
[2]电流表的示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）为了得出更普遍的规律，应当换用不同规格的灯泡进行多次实验，使用相同规格的灯泡做多组实验不能排除偶然性。
（5）由表格数据可知，三组数据中，均有IC=IA+IB，故可得结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即IC=IA+IB
（6） [1][2]图丁所示电路中，电流表A1测量L1所在支路的电流，并联电路各支路互不影响，所以开关S由断开到闭合，灯泡L1的亮度不变，电流表A1的示数不变。电流表A2测并联电路干路中的电流，根据并联电路电流的规律，电路中多了一个支路，则电流表A2的示数将变大。
18．【答案】（1）灯泡亮度；转换
（2）长度和横截面积相同时， 导体的电阻大小与导体的材料有关
（3）B、C
（4）B
（5）换用灵敏度更高的电流表
【知识点】影响电阻大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）[1]实验中接入电路的电阻丝阻值不同，通过观察灯泡亮度（或电流表示数）来间接反映电阻大小，因为电阻越大，电流越小，灯泡越暗(或电流表示数越小)，因此这里填灯泡亮度，故1空填灯泡亮度；
[2]这种将测量的电阻大小转换为观察灯泡亮度(或电流表示数)的方法叫做转换法，故2空填转换；
（2）[1]根据控制变量法，探究影响导体电阻大小的因素时，需控制导体的材料、长度、横截面积三因素中的两个因素不变，来观察电阻与变化的这个因素的关系，电阻丝A和B的横截面积和长度相同，材料不同，接入B时，灯泡明显变暗说明导体的电阻大小与导体的材料有关，故1空填长度和横截面积相同时， 导体的电阻大小与导体的材料有关；
（3）[1]根据控制变量法，探究影响导体电阻大小的因素时，需控制导体的材料、长度、横截面积三因素中的两个因素不变，来观察电阻与变化的这个因素的关系，现在想要探究导体电阻大小与横截面积的关系，应控制材料和长度变量相同，剩余横截面积不同的电阻丝，所以将编号B粗和C细的电阻丝接入电路，故1空填B、C；
（4）A . 电压表工作原理是基于电流通过灵敏电流计（或利用电阻分压）进行测量，其核心并非利用导体长度变化来改变电阻，故A错误；
B . 电流表工作原理是通电线圈在磁场中受力偏转（磁电式）或利用分流电阻，也不依赖改变导体长度来调节电阻，故B错误；
C . 滑动变阻器工作原理是通过滑片移动改变接入电路的电阻丝长度，从而改变电阻，这正是导体电阻与长度关系的应用，将C短D长电阻丝接入电路，两者材料、横截面积相同，长度不同，探究的是电阻与长度的关系，电阻丝接入电路中的长度不同，灯泡的亮暗程度不同，故C正确；
故选C；
（5）[1]当灯泡亮度变化不明显时，为了更准确地比较电阻，可以将灯泡更换为灵敏度更高的电流表，通过精确测量电流大小来判断电阻差异，故1空填换用灵敏度更高的电流表；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是控制变量法和转换法在探究电阻影响因素中的应用；第一空的关键是理解电阻大小通过电流效应来间接显示；第二空需明确转换法的定义；第三空需根据控制变量条件选择合适电阻丝（B、C材料、长度相同，横截面积不同）；第四空需分析C、D对比的变量是长度，并联系滑动变阻器通过改变接入电阻丝长度来改变电阻的原理；第五空针对现象不明显，提出改进措施（如换用电流表或增加电源电压）；隐含条件：实验中通过灯泡亮度比较电阻时，要求电源电压稳定，且电阻变化需足够明显；扩展知识包括电阻的其他影响因素（如温度）。
（2）易错点：第一空易忽略“观察”对象而错误填写“电流”等；第二空易与“控制变量法”混淆；第三空易错选B、D或A、B，未严格遵循控制变量；第四空易误选电压表或电流表，未理解这些电表的工作原理与电阻长度关系无关；第五空易提出“更换更粗的电阻丝”等不符合题目后续操作的错误做法。
（1）[1][2]图示电路中，接入电路的电阻丝阻值不同，电路的电流不同，灯泡的亮度不同，所以可通过观察灯泡的亮度比较电阻丝电阻的大小。这种将“电阻大小”转换为“灯泡亮度”的研究方法叫转换法。
（2）电阻丝A和B的横截面积和长度相同，材料不同，接入B时，灯泡明显变暗，说明导体的电阻大小与导体的材料有关。
（3）要探究导体电阻大小与横截面积的关系，应选用材料和长度相同，横截面积不同的电阻丝，所以将编号B和C的电阻丝接入电路。
（4）编号C和D的电阻丝，材料和横截面积相同，长度不同，且电阻丝接入电路中的长度不同，灯泡的亮暗程度不同，说明电阻的大小与电阻丝的长度有关，实验室中滑动变阻器是通过改变接入电阻丝接入电路的长度来工作的，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（5）灯泡亮度变化不明显，说明电流变化小。为了更明显地显示电流变化，可在电路中串联一个灵敏度更高的电流表，通过观察电流表示数的变化来比较电阻大小。
19．【答案】（1）解：第一问计算水吸收的热量，应用公式Q吸=cm(t t0)
代入数据，水的比热容，初温，末温，
整理可得水吸收的热量
故通电3min后将水加热到50℃，水吸收的热量为2.52×105J；
（2）解：整理可得
代入已知数据，，，
整理可得末温度为故当壶中的水吸收6.72×105J的热量后，壶中水的温度为100℃；
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容的定义及其计算公式；物态和物态变化
【解析】【分析】（1）解题方法：本题是热量计算的基本应用，直接使用公式Q吸=cmΔt求解；关键点在于准确代入数据并注意单位统一；第二问需注意计算结果是否超过水的沸点（隐含条件），若超过则温度按沸点计；突破点：熟练掌握热量计算公式及理解水在沸腾时温度保持不变的特性；扩展知识包括热平衡方程、不同物态变化时的热量计算等。
（2）易错点：第一问易在温度差计算中出现错误（如误用摄氏温度与开氏温度）；第二问易忽略水的沸点限制，直接计算得到100℃以上结果，未考虑实际物理过程（水沸腾后继续吸热但温度不变）；计算过程中易出现科学记数法运算错误。
（1）已知，，初温，末温，则温度变化
水吸收的热量
（2）已知，，，则壶中的水升高的温度
初温，故末温
20．【答案】（1）根据燃料完全燃烧放热公式，其中，，可得消耗的汽油完全燃烧放出的热量为
（2）已知，
轿车行驶的路程为
发动机牵引力所做的功
（3）发动机的能量转化效率
【知识点】燃料的热值；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）知道消耗燃油的质量，利于Q放=mq求出燃油完全燃烧放出的热量；
（2）汽车做匀速直线运动，由W=Fs可得汽车牵引力所做的功；
（3）根据求出汽油机的效率。
（1）根据燃料完全燃烧放热公式，其中，，可得消耗的汽油完全燃烧放出的热量为
（2）已知，
轿车行驶的路程为
发动机牵引力所做的功
（3）发动机的能量转化效率
21．【答案】（1）78；B；达到沸点但无法持续吸热
（2）8.4×104
（3）不能；不知道酒精的质量，无法利用比较出酒精和水的比热容大小。
【知识点】沸腾及沸腾条件；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）[1]从图乙曲线可看出，酒精温度最终稳定在78℃，且吸热沸腾后温度不再上升，因此酒精的沸点为78℃；故1空填78；
[2]在10分钟后，酒精B的温度保持在78℃不变，说明酒精温度虽然达到沸点如果没有持续的热量吸收，酒精无法持续沸腾，故选B；
[3]原因是容器绝热且酒精达到沸点，但酒精沸腾需要持续吸热，而热水A温度已降至与酒精相同（78℃），两者无温差，无法发生热传递，因此原因是酒精“能达到沸点但不能持续吸热”，故3空填达到沸点但无法持续吸热；
（2）在5min内，水从100℃降低到80℃放出的热量为
由图像可知，酒精从10℃升温到78℃，用时也是5min，且热水放出的热量全部被酒精吸收，即酒精B从10℃升温到78℃吸收的热量与水从100℃降低到80℃放出的热量相等，故Q酒精吸=Q水放=8.4×104J。
（3）[1]由，整理可得，，m、c、三个变量都在变化，不存在唯一对应关系，故1空填不能；
[2]由题意可知，水放出的热量全部被酒精吸收，也知道水的比热容以及水和酒精的温度变化量，但是不知道酒精的质量m，无法利用比较出酒精和水的比热容大小；
【分析】（1）解题方法：本题需结合图像分析温度变化规律，理解沸腾条件及热传递停止的原因；计算热量时需利用热平衡方程Q吸=Q放，注意温度变化量计算；比热容比较需根据温度变化快慢结合质量关系分析；突破点关键：从图像中读取沸点、判断沸腾状态；明确热传递发生的条件是存在温度差；隐含条件：容器绝热意味着无热量散失，系统内能守恒；酒精沸腾后温度不变但继续吸热的前提是有热源供热；扩展知识包括不同液体的沸点差异、比热容的定义及在温度-时间图像中的体现。
（2）易错点：第一空易误读图像将水平段温度认错；第三空易忽略“持续沸腾”需要持续吸热的条件，误选“不能达到沸点”；计算吸收热量时易直接用酒精的比热容计算（但题目未给出），应利用已知的水的热量变化求解；比较比热容时易忽略质量是否相同这一条件，需结合图像趋势（酒精升温更快）及常见知识（酒精比热容通常小于水）综合判断。
（1）[1]酒精吸热沸腾后温度保持不变，由图可知，酒精的沸点是78℃。
[2][3]根据题意可知，热水放出的热量全部被酒精吸收，且容器是绝热的，酒精达到沸点后，如果没有持续的热量吸收，酒精无法持续沸腾，由图可知，在第10min后，酒精温度虽然达到沸点，但水和酒精的温度相同（均为78℃），酒精无法从水中吸收热量，故酒精不能持续沸腾。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（2）在5min内，水从100℃降低到80℃放出的热量为
由图像可知，酒精从10℃升温到78℃，用时也是5min，且热水放出的热量全部被酒精吸收，即酒精B从10℃升温到78℃吸收的热量与水从100℃降低到80℃放出的热量相等，故Q酒精吸=Q水放=8.4×104J。
（3）[1][2]由题意可知，水放出的热量全部被酒精吸收，也知道水的比热容以及水和酒精的温度变化量，但是不知道酒精的质量，无法利用比较出酒精和水的比热容大小。
22．【答案】（1）开关
（2）热传递；减小
（3）单向导电；光
（4）断路
【知识点】热传递改变物体内能；电路的构成及电路图；半导体特点及作用
【解析】【解答】（1）[1]对于液体感应器，从题干描述“先进的触水式开关”可知，它在电路中起控制作用，因此是开关，故1空填开关。
（2）[1]冷冻后的冰块放入饮料中，两者存在温度差，通过热传递的方式使饮料内能减小（温度降低），故1空填热传递；
[2]冰块温度低，饮料温度高，热量从饮料传递到冰块，导致饮料放热，内能减小，温度降低，故2空填减小；
（3）[1]LED灯接电池正反不同结果说明它具有单向导电性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能导通发光，反向则不导通，故1空填单向导电；
[2] 发光时主要将电能转化为光能，故2空填光；
（4）[1]感应发光冰块的工作条件是“入水即亮”，因为水作为开关，当用布擦干后，没有液体接触开关断开，感应器无法导通，故1空填断路；
【分析】（1）解题关键是理解液体感应器起到控制电路通断的作用，属于触发装置，不是提供电能的电源也不是消耗电能的用电器；突破点在于题干中明确其为“触水式开关”；
（2）易错点：内能变化容易与“增大”混淆，应抓住冷冻冰块温度低于饮料，饮料放热内能减小；易忽略用布擦干后液体感应器不再被触发，电路无法形成通路。
（1）液体感应器的作用是检测是否接触液体，当接触到水时，它会接通电路，使LED灯亮起。这相当于一个控制电路通断的装置，即开关。
（2）[1][2]将冷冻后的冰块放入饮料中，冰块温度低，饮料温度高，热量从饮料传递到冰块，导致饮料放热，内能减小，温度降低。这种通过热传递方式改变物体内能的过程，叫做热传递。
（3）[1][2]LED是发光二极管，具有单向导电性：只有当电流从正极流入、负极流出时才能导通发光；反向则不导通。所以第一次没亮，是因为接反了；对调后正向导通，就亮了，其发光时，电能主要转化为光能。
（4）感应发光冰块的工作条件是“入水即亮”，因为水作为导体，使得液体感应器闭合电路。当用布擦干后，没有液体接触，感应器无法导通，电路被切断。所以此时电路处于断开状态，即断路。
23．【答案】（1）B
（2）B
（3）125
（4）；；50
【知识点】密度公式及其应用；做功改变物体内能；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）A．根据题意可知，的“超细航空级玻璃棉”质量为5kg ，则它的密度
<103kg/m3，
其密度比水的密度小很多，故A错误；
BC．根据“超细航空级玻璃棉”具有很好的隔音性能、保温效果好（即导热能力相对较弱），故B正确，C错误；
D．根据题意可知，玻璃棉是绝缘体，导电能力差，故D错误。
故选B。
（2）根据题意可知，在喷气压缩发动机内的燃料燃烧时，燃气的温度升高；在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，气体对外做功，燃气温度降低，所以混合气体的温度先升高后降低，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）根据题意可知，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，则
解得：。
（4）根据题意可知，燃料完全燃烧释放的热量；
发动机获得的机械能；
飞机以巡航速度飞行1h通过的路程；
推力做功；
发动机的推进效率为。
【分析】 （1）用”超细航空级玻璃棉“性质分析；
（2）在喷气压缩发动机工作过程中，将机械能转化为内能，在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，是内能转化为机械能，据此分析燃气温度的变化；
（3）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，所以机翼面积（S）=
；
（4）根据Q放=mq算出燃料完全燃烧放出的热量；根据算出发动机获得的机械能；根据s=vt算出移动的距离；根据W=Fs算出发动机传递给飞机的推进功，根据发动机的推进效率。
（1）A．“超细航空级玻璃棉”的性质有：直径只有3~5μm，密度
其密度比水的密度小很多，故A错误；
BC．由题意可知，“超细航空级玻璃棉”具有很好的隔音性能、保温效果好（即导热能力相对较弱），故B正确，C错误；
D．玻璃棉是绝缘体，导电能力差；故D错误。
故选B。
（2）从能量转化的角度看，在喷气压缩发动机工作过程中，将机械能转化为内能，所以燃气的温度升高；在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，气体对外做功，将气体的内能转化为火箭的机械能，燃气温度降低，所以混合气体的温度先升高后降低，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）由短文内容可知，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，则
解得。
（4）[1][2][3]燃料完全燃烧释放的热量
根据得发动机获得的机械能
飞机以巡航速度飞行1h通过的路程
推力做功
发动机的推进效率为
1 / 1广东省珠海市文园中学(集团) 2025-2026学年九年级上学期期中物理试卷
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。）
1．（2025九上·珠海期中）下列关于能量及其转化的说法中，正确的是（　　）
A．电风扇工作时，将机械能转化为电能
B．干电池对外供电时，将化学能转化为电能
C．钻木取火是将内能转化为机械能
D．小球在地面弹跳时高度逐渐减小，说明能量是不守恒的
【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A、电风扇工作时，消耗电能，使电风扇转动，得到的是机械能，故A错误；
B、干电池给灯泡供电时，将化学能转化为电能，再提供给灯泡，故B正确；
C、钻木取火时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，故C错误；
D、小球在地面弹跳时的最高点越来越低，是因为小球需要克服阻力做功，有一部分机械能转化成了内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）不同的能量之间可以进行相互的转化，根据选项中描述的物体或现象，分析其消耗了哪种能量，又得到了哪种能量，从而做出判断。
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（3）小球克服摩擦做功，使部分机械能转化为内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变。
2．（2025九上·珠海期中）关于下列热学实验说法正确的是（　　）
A．甲图气体扩散实验中只有二氧化氮分子在不停地做无规则运动
B．乙图两个紧压在一起的铅柱没有被重物拉开，是大气压的作用
C．丙图用电加热器给食用油加热，随着温度的升高，食用油的内能增加
D．丁图水蒸气的压力把塞子推出去，它与汽油机压缩冲程的能量转化相同
【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；热机；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．甲图气体扩散实验中，二氧化氮分子和空气分子均在不停地做无规则运动，故A错误；
B．乙图两个紧压在一起的铅柱没有被重物拉开，是由于分子之间有引力，使得两个铅柱被吸在一起，故B错误；
C．丙图用电加热器给食用油加热，食用油吸收热量，温度逐渐升高，质量不变，故食用油的内能增加，这是通过热传递改变了物体的内能，故C正确；
D．丁图水蒸气的压力把塞子推出去，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，它与汽油机做功冲程的能量转化相同，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）所有分子都在永不停息地做无规则运动；
（2）所有分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）物体吸收热量，内能增加；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递；在汽油机的四冲程中，其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
3．（2025九上·珠海期中）火药雕刻技术决定了一个国家武器装备的国防实力，由于固体燃料的敏感性，静电、不合理的摩擦，都能导致其燃爆。下列不能有效防止静电的是（　　）
A．缓慢移动和操作 B．用塑料容器盛装火药
C．保持环境有一定湿度 D．将设备用金属链接地
【答案】B
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体；静电的防止和利用
【解析】【解答】A. 缓慢移动和操作可以减少摩擦和静电积累，有利于防静电，故A正确不符合题意；
B. 塑料容器易产生静电且不易导出，用其盛装火药会增大静电风险，不能有效防静电，故B错误符合题意；
C. 保持环境有一定湿度可使静电更容易导走，减少积聚，有利于防静电，故C正确不符合题意；
D. 将设备用金属链接地可将静电导入大地，避免积聚，有利于防静电，故D正确不符合题意；
故选B；
【分析】（1）解题关键是理解静电防护原理：减少静电产生、加速静电泄放、避免静电积聚；隐含条件是火药对静电敏感，需采取导走或中和静电的措施；扩展知识包括常见防静电方法如接地、增湿、使用防静电材料等；（2）易错点在于误以为塑料容器能绝缘防爆，但塑料易摩擦生电且不导电，反而使静电无法导出，增加危险。
4．（2025九上·珠海期中）关于电流、电压和电阻，下列说法正确的是（　　）
A．只有自由电子定向移动才能形成电流
B．电路中电流的方向总是从电源正极流向电源负极
C．电压使自由电荷发生定向移动形成电流
D．加在导体两端的电压越高，导体的电阻越大
【答案】C
【知识点】电流的形成；电流的方向；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A、电荷的定向移动，阴阳离子的定向移动也可以形成电流，故A错误；
B、在电池外部，电流的方向为电源正极流向电源负极，在电池内部，电流的方向为电流负极流向正极，故B错误；
C、电压使自由电荷发生定向移动形成电流，故C错误；
D、电阻和电压无关，故D错误；
综上选C。
【分析】电流的形成是由于电荷的定向移动，阴阳离子的定向移动形成，在电池外部，电流的方向为电源正极流向电源负极，在电池内部，电流的方向为电流负极流向正极。
5．（2025九上·珠海期中）下列说法正确的是（　　）
A．如图甲所示，充电宝给手机充电时，手机电池是电路中的用电器
B．如图乙所示，宾馆房卡的作用相当于电源
C．如图丙所示，水轮机与电路中的电源的作用相似
D．如图丁所示，手电筒中的金属带是开关
【答案】A
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A. 充电时充电宝提供电能，手机电池'消耗电能'转化为化学能，属于用电器，故A正确；
B. 房卡插入卡槽后接通电路，相当于控制电路通断的开关，而不是提供电能的电源，故B错误；
C. 水轮机利用水流做功，是将水能转化为机械能，而电源是将其他形式能转化为电能，二者作用并不相似，故C错误；
D. 手电筒中的金属带连接电池与灯泡，是导电路径中的一部分，通常与外壳一起构成持续通路，而不是控制通断的开关，故D错误；
故选A；
【分析】（1）解题关键在于理解电路基本元件的作用：电源提供电能、用电器消耗电能、开关控制通断、导线连接电路；隐含条件是对实际生活用具的电路模型抽象能力；扩展知识包括能量转化关系，如电源是其他形式能转化为电能，用电器是电能转化为其他形式能；
（2）易错点在于混淆开关与导体的作用，误将房卡、金属带等连接部件当作电源或开关，需结合其实际功能判断对应的电路元件。
6．（2025九上·珠海期中）如图所示电路，闭合开关后，电压表能测出L2两端电压的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法正确，故A正确；
B．图中，电压表接在电源两端，电压表始终测电源电压（即两灯串联的总电压），电压表正负接线柱接法正确，故B错误；
C．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故C错误；
D．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故D错误。
答案：A。
【分析】 电压表应与被测电路并联，分析电路图，确定电压表所测电路，然后答题。
7．（2025九上·珠海期中）公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（　　）
A．接线柱“1”应与“2”连接
B．货车质量增大时，滑动变阻器接入电路的电阻减小
C．显示器由电压表改装而成
D．为了节约电能，电阻可以去掉
【答案】B
【知识点】电压的测量及电压表的使用；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】根据图片可知，图中圆圈为显示器，它与电阻串联，所以该显示器由电流表改装而成，故C错误；
当货车质量增大时，滑片向下移动，此时电表（电流表）示数随之增大，那么说明变阻器R接入的电阻变小，那么应该将R的下半部分接入电路，因此选择接线柱“1”应与“3”连接，故A错误，B正确；
根据图片可知，如果去掉，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，因此R0可以起到保护作用，故D错误。
故选B。
【分析】C.电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端；
AB.滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中的电阻线长度来改变电阻；
D.当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分。）
8．（2025九上·珠海期中）常见的物质是由极其微小的　 　、原子构成的；空气中弥漫着荷花的清香，这是　 　现象；通常液体分子之间的距离比气体的　 　填“大”或“小”。
【答案】分子；扩散；小
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 分子动理论告诉我们：常见物质是由大量分子（或原子）构成的；我们能闻到荷花的清香，是因为花香分子运动到了空气中，这是扩散现象；分子间存在间隙，通常情况下，气体分子间距离最大，液体次之，固体最小，因此液体分子之间的距离比气体的小；
故第1空填分子；第2空填扩散；第3空填小；【分析】（1）解题方法与关键点在于准确记忆物质组成和分子动理论的基本知识；突破点是理解分子是保持物质化学性质的最小粒子，以及分子永不停息地做无规则运动；隐含条件是气体、液体、固体分子间距的比较需要知道分子间存在间隙；扩展知识包括分子间存在引力和斥力，分子热运动的剧烈程度与温度有关。（2）易错点在于第一空可能误填“原子”，需注意“常见物质”由分子构成（如空气、水）或原子构成（如金属），但分子是更普遍的概念；第三空容易因气体容易被压缩而错误判断为气体分子间距“小”，实际上正是因为气体分子间距大、作用力弱，才容易被压缩。
9．（2025九上·珠海期中）家庭电路中，电灯与电视机是 　 　联的，电灯正常工作时的电压为
　 　V。在电视机遥控器的电池盒中，安装了2节新干电池串联，遥控器正常工作时的电压为
　 　V。
【答案】并；220；3
【知识点】电压和电压的单位换算；串联电路的电压规律；家庭电路的连接
【解析】【解答】解：家庭电路中，电灯与电视机工作时互不影响，是并联的；电灯正常工作时的电压为220V。一节新干电池的电压为1.5V，2节新干电池串联，总电压为3V，遥控器正常工作时的电压为3V。
【分析】家庭电路中，电灯与电视机工作时互不影响，是并联的；电灯正常工作时的电压为220V。一节新干电池的电压为1.5V，2节新干电池串联，总电压为3V。
10．（2025九上·珠海期中）由于海水的比热容　 　（选填“大于”或“小于”）陆地上砂石的比热容，所以在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化　 　（选填“大”或“小”）。当出现如图所示的风向，通常发生在　 　（选填“夜晚”或“白天”）。
【答案】大于；小；夜晚
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】海水的比热容大于陆地上砂石的比热容，吸收或者放出相同的热量时，海水温度变化比较慢，故在沿海地区海水表面的气温比陆地上的气温变化小。在夜晚，海水的温度比较高，热空气上升，陆地冷空气补充过来，形成了陆风。
【分析】比热容是物质的特性，与物体的形状、质量、吸放热的多少等无关，在吸收相同热量后，水的比热容大，温度变化量小。
11．（2025九上·珠海期中）如图所示的汽油机处于　 　冲程。若汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min，则1s内完成了　 　个工作循环。为了提高汽油机的效率，需要让燃料充分燃烧，此时汽油的热值　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】压缩；15；不变
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】[1]观察图片，可见进气门和排气门均关闭，且活塞正在向上运动压缩缸内气体，因此该冲程为压缩冲程；[2]汽油机飞轮转速为1800r/min，即每秒转30圈（1800÷60=30），由于完成一个工作循环飞轮需转2圈，所以每秒完成的工作循环数为30÷2=15，即15个工作循环；[3]热值是燃料本身的一种特性，其大小只取决于燃料的种类，与燃料的质量、燃烧是否充分等因素无关，因此让燃料充分燃烧并不会改变汽油的热值，所以填不变。故第一空填压缩；第二空填15；第三空填不变；
【分析】（1）解题方法：首先根据进气门和排气门都关闭、活塞向上运动判断为压缩冲程；其次通过转速计算做功次数，汽油机飞轮每转2圈完成一个工作循环，转速1800r/min即30r/s，故1s内完成15个工作循环；突破点关键：理解热值是燃料的固有属性，与燃烧是否充分无关；隐含条件：提高效率是让燃料释放的热量更多被有效利用，并非改变燃料性质；扩展知识：汽油机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，飞轮转两圈，对外做功一次。（2）易错点：容易将压缩冲程误判为做功冲程，需注意两个气门状态及活塞运动方向；转速计算时易忽略一个工作循环对应飞轮转两圈，误用每转一圈计算；易错误认为燃料充分燃烧会增大热值，混淆了热值与燃料利用率的区别。
12．（2025九上·珠海期中）某调光灯内部的电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形碳膜电阻的两端相连，b与金属滑片相连。为实现调光功能，电位器应与灯　 　（选填“串联”或“并联”）。当将b、c接线柱接入电路，为使灯变亮，应　 　（选填“顺时针”或“逆时针”）旋动滑片。当将a、c接线柱接入电路，电位器相当于一个　 　。
【答案】串联；顺时针；定值电阻
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计；变阻器及其应用
【解析】【解答】[1]电位器需要通过改变自身接入电路的电阻来调节灯的电流，因此必须与灯串联才能起到分压调光的作用，故1空填串联；
[2]当将b、c接入电路时，接入部分是滑片b与c端之间的电阻，为使灯变亮需要减小电位器接入的电阻，即应让滑片向c端移动，通常旋钮顺时针旋转会使滑片向c端靠近（假设顺时针旋转使滑片向c端滑动），因此应顺时针旋动，故2空顺时针；
[3]当将a、c接线柱接入电路时，相当于将整个弧形电阻全部接入电路，滑片的移动不再改变接入电阻的大小，因此电位器相当于一个定值电阻，故3空填定值电阻；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是理解滑动变阻器（电位器）的原理及接线方式；第一空需掌握调光本质是调节电流，串联才能分压；第二空需根据接线柱b、c判断有效电阻部分（b与c之间），明确灯变亮需电流变大、电阻变小，从而判断滑片移动方向；第三空需分析a、c接入时，滑动变阻器被作为整体电阻接入，滑片失效；隐含条件是旋钮旋转方向与滑片移动方向的对应关系（通常顺时针滑片向某端移动），需结合日常经验或图示判断；扩展知识包括滑动变阻器的多种接法及其对调节作用的影响。
（2）易错点：第一空易错误认为调光需要并联；第二空易因对旋钮方向与电阻变化关系不明确而错选“逆时针”；第三空易忽略a、c接入时滑片不起作用，误答为“变阻器”或“导线”。
13．（2025九上·珠海期中）图甲所示是小明购买的电动牙刷，图乙为该电动牙刷的内部电路图，闭合开关，为了使电动机与灯泡串联工作，应接　 　（选填“1”或“2”）接线柱，应　 　（选填“断开”或“闭合”）；若开关、闭合，接2接线柱时，灯泡发生断路，此时电动机　 　（选填“能”或“不能”）工作。
【答案】1；断开；能
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】[1]为了使电动机与灯泡串联工作，电流需依次流经两个用电器且无分流，因此S3应接1接线柱，这样电流路径为电源正极→S1→指示灯泡→S3的1接线柱→电动机→电源负极，故1空填1；
[2]同时S2必须断开以避免电流从S2直接流向电源负极，故2空填断开；
[3]若S1、S2闭合且S3接2接线柱时，此时电动机与灯泡并联，若灯泡发生断路，由于电动机所在的支路仍与电源构成独立回路，未受影响，因此电动机仍能工作，故3空填能；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是根据开关状态分析电路连接方式（串联、并联）；第一空的关键是理解串联电路电流只有一条路径，通过分析S3接不同点时可能的电流走向判断；第二空需结合并联电路各支路独立工作的特点，当一支路断路时不影响其他支路；隐含条件是S2断开或闭合会导致电路出现短路或并联的可能，需仔细分析；扩展知识包括串并联电路的特点、开关在电路中的作用以及用电器故障对电路的影响；
（2）易错点：第一空易错误选择S3接2，未意识到接2时电流可能经S2直接流向负极（若S2闭合）；第二空易误认为灯泡断路会导致整个电路断开，忽略了此时是并联电路，电动机支路依然导通。
14．（2025九上·珠海期中）如图甲所示的电路中，电源电压恒为4.5V。闭合开关后，两灯泡均发光，电流表的示数如图乙所示，电压表V2指针如图丙所示。则流过灯L1的电流是　 　，L1和L2两端的电压分别是　 　V和　 　V。
【答案】0.52A；2.2；2.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律
【解析】【解答】[1]闭合开关等效电路如下图，两灯泡串联接入电路，电流表测串联电流，串联电路各处电流相等，
由乙图可知电流表接入电路的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A，所以流过灯L1的电流是0.52A，故1空填0.52；
[2][3]闭合开关等效电路如上图，电路为L1与L2串联，电压表V1测L1、L2两电压之和为4.5V、V2测L2电压，由丙图可知电压表接入电路的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以灯泡两端的电压为，故2空填2.20，3空填2.30；
【分析】（1）解题方法：首先判断电路连接方式为串联，明确电表测量对象；然后读取电流表、电压表示数（需注意量程与分度值）；最后利用串联电路的电流与电压规律计算未知电压；突破点关键：串联电路电流处处相等，总电压等于各用电器电压之和；隐含条件：电压表量程需根据指针位置和接线柱判断，若图中V2指针位置未明确，则假设常用量程进行推理。
（2）易错点：易忽略电表量程的选择，导致读数错误；在计算L1电压时，易误将电压表V2示数直接当作L1电压，而未用总电压相减；若电路非串联，则解题思路完全不同，需根据实际电路图灵活应用串并联特点。
三、作图题（本大题共7分。）
15．（2025九上·珠海期中）（1）根据图中的电流方向，在虚线框中填入电流表和电源符号使电路成为并联电路。
（2）请根据图示的实物电路在虚线方框内画出相应的电路图。
（3）如图所示，有一个电源、一个开关、一个小灯泡、一个电压表和一个滑动变阻器。请用笔画线代替导线，将各元件连接起来。要求：闭合开关后，滑片P向右移动时，灯泡变亮；电压表测小灯泡两端的电压。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】（1）需使电路成为并联，电流方向已标，需在虚线框中填入电源和电流表，根据并联电路特点，电流表应串联在干路或支路以测电流，电源应使电流从正极流出后分流，根据图中电流方向，电源上端为正极，通常将电源正极接在分流点前，电流表可根据要求放置；若题目无特殊要求，一般将电源正极置于左侧，电流表串联在干路，如图所示：
（2）根据实物图画电路图，判断电路连接方式为串联，再按元件符号规范画出，注意各元件顺序与实物一致，导线交叉连接点要标出：电流从电源正极流出，依次通过开关、L1、L2，回到负极，如图所示：
（3）第三题连接实物时，要求滑片P右移灯泡变亮，即电流变大，滑动变阻器接入电阻需变小，因此应将右下接线柱b接入电路，电压表接线柱的标准规则是“左负右正”，测灯泡电压需并联在灯泡两端，电压表选择3V接线柱，右边正接线柱接靠近电源正极一侧的灯泡即灯泡右侧，左边负接线柱接灯泡左侧，使电压表与灯泡并联，电压表左边负接线柱接滑动变阻器的b接线柱，如图所示：
【分析】（1）解题方法与突破点关键：这类作图题的核心是理解串并联电路的结构特点、电表的连接方式以及滑动变阻器的使用方法；第一题要明确并联是电流分叉后再汇合，电源提供电压，电流表串联测量；第二题需从实物图中提炼出电流路径，用标准符号规范作图；第三题的关键是掌握滑动变阻器“一上一下”接法和阻值变化与滑片移动方向的关系，以及电压表的并联接法；隐含条件包括电表的正负接线柱不能接反、滑动变阻器的有效接入部分取决于所选的接线柱；
（2）易错点：第一题易将电流表或电源位置放错导致电路不成为并联；第二题易画错元件之间的连接关系；第三题易将滑动变阻器接成定值电阻（同上或同下）或接错电压表量程，也易忽略电压表应并联在灯泡两端而非滑动变阻器两端。
（1）要求在虚线框中填入电流表和电源符号，组成并联电路，两个灯泡分别在一条支路上，电源在干路上，电流表可以与一只灯泡串联，根据图中电流方向，电源上端为正极，如图所示：
（2）电流从电源正极流出，依次通过开关、L1、L2，回到负极，这是一个简单的串联电路，如图所示：
（3）用滑动变阻器控制灯泡亮度，变阻器与灯泡串联，要求滑片向右移动，灯泡变亮，变阻器应该选择右下接线柱，还要求电压表测灯泡的电压，使电压表与灯泡并联，电压表选择3V接线柱。如图所示：
四、实验题（本大题共3小题，每空1分，共20分。）
16．（2025九上·珠海期中）如图是热学及电学的几个小实验。
（1）如图甲向下压缩气体时，气体的内能　 　（选填“增大”或“减小”），这是通过　 　的方式改变内能。如图乙所示，打气后瓶塞跳出，瓶口出现白雾，这说明物体对外做功其内能　 　（选填“增大”或“减小”）；
（2）如图丙所示，丝绸摩擦过的玻璃棒A，玻璃棒A因　 　（选填“得到”或“失去”）电子而带正电。将A靠近用棉线悬挂的带电体B，发现二者相互吸引，由此可知B带　 　电；
（3）如图丁所示，用带电体接触验电器的金属球，发现金属箔片会张开，这说明验电器的工作原理是：　 　。
【答案】（1）增大；做功；减小
（2）失去；负
（3）同种电荷相互排斥
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）向下压缩气体时，外界对气体做功，将机械能转化为气体内能，所以气体的内能增大，故1空填增大；
这一过程中，内能的改变是通过外界对气体做功的方式实现的，故2空填做功；
瓶塞跳出时，气体对外做功，将内能转化为机械能，其内能减小，温度降低，使得水蒸气因放出热量而液化形成白雾，所以内能减小，故3空填减小；
（2）丝绸摩擦过的玻璃棒会失去电子，因为玻璃棒对电子的束缚能力较弱，电子转移到丝绸上，所以玻璃棒因失去电子而带正电，故1空填失去；
已知A失去电子带正电，且A与B相互吸引，根据电荷间相互作用规律（同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引）以及带电体可以吸引轻小物体的性质，可知B可能带负电，也可能不带电，但题目已明确说明B是“带电体”，因此B一定带负电，故2空填负；
（3）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，当带电体接触验电器金属球时，电荷转移到金属箔片上，两片金属箔因带同种电荷相互排斥而张开，故1空填同种电荷相互排斥；
【分析】（1）向下压缩气体时，活塞对气体施加力并使其体积减小，此过程机械能转化为内能，故气体内能增大；这种方式属于做功改变内能；打气后瓶塞跳出，气体对瓶塞做功，自身内能减小，温度降低，水蒸气液化形成白雾。易错点：可能误将压缩气体当成热传递；瓶塞跳出时对内能变化方向判断反；白雾成因误认为是外界水蒸气进入。
（2）丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒原子核束缚电子能力较弱，电子从玻璃棒转移到丝绸，玻璃棒因失去电子而带正电；玻璃棒A带正电，与带电体B相互吸引，根据异种电荷相吸，可知B带负电。易错点：摩擦起电电子转移方向记反（误以为玻璃棒得到电子）；忽略题干中“带电体”条件，误以为吸引就是带异种电荷，没排除不带电情况。
（3）用带电体接触验电器的金属球，电荷通过金属杆传到两片金属箔，使它们带上同种电荷，同种电荷相互排斥，金属箔张开。
易错点：表述不完整，漏掉“同种”二字，写成“电荷相互排斥”；误以为是金属箔被带电体吸引才张开。
（1）[1][2]如图甲向下压缩气体时，活塞对空气做功，将机械能转化为内能，气体的内能增大，这是通过做功的方式改变内能。
[3]如图乙所示，打气后瓶塞跳出，瓶内气体对瓶塞做功，瓶口出现白雾，因为瓶内气体的温度降低，水蒸气液化变为小水滴，这说明物体对外做功其内能减小。
（2）[1]摩擦起电的实质是电子的转移，在这个过程中得电子带负电，失去电子带正电；已知丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，所以在摩擦起电的过程中玻璃棒失去电子带正电，丝绸得电子带负电。
[2]丝绸摩擦过的玻璃棒A带正电；将A靠近用棉线悬挂的带电体B，发现二者相互吸引，异种电荷相互吸引，说明B带负电。
（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用带电体接触验电器的金属球，两金属箔片带同种电荷，发现金属箔片会张开，这说明验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
17．（2025九上·珠海期中）小丽和娜娜完成了“探究并联电路的电流规律”的实验。
序号 IA/A IB/A IC/A
1 0.10 0.50 0.60
2 0.20 0.40 0.60
3 0.28 0.32 0.60
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，电表的指针就发生了偏转，原因是　 　。
（2）实验时先将电流表接在A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是灯泡L1　 　。
（3）在测量B处电流时，闭合开关，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；排除故障后，电流表的示数如图丙所示，其示数为　 　A。
（4）在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。为了得到普遍规律，接下来的操作是换用规格　 　（选填“相同”或“不同”）的灯泡，进行多次实验；
（5）用电流表分别测出三个位置的电流IA、IB、IC，多次实验，记录数据如表，根据实验数据得出结论是：　 　（用字母表示）。
（6）实验结束后，她们又利用实验器材连接了如图丁所示的电路。当开关S由断开到闭合时，灯泡L1的亮度　 　，电流表A2的示数　 　（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）开关未断开
（2）断路
（3）正负接线柱接反；0.24
（4）不同
（5）IC=IA+IB
（6）不变；变大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）[1]连接电路时，为保护电路，应断开开关。在连接电路时，刚接好最后一根导线电表就偏转，说明电路在连接过程中开关处于闭合状态，因此原因是连接电路时开关未断开，故1空填开关未断开；
（2）[1]灯L2发光说明干路有电，但L1不发光，且A处电流表示数为零，说明L1所在支路不通，因此电路可能存在的故障是灯泡L1断路，故1空填断路；
（3）[1]如图乙所示测量B处电流时指针反向偏转，说明电流从电流表负接线柱流入，原因是电流表正负接线柱接反，故1空填正负接线柱接反；
[2]排除故障后电流表的示数如图丙所示，图丙电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.24A，故1空填正负接线柱接反，故2空填0.24；
（4）[1]为避免实验偶然性得出更普遍的规律，应更换不同规格的灯泡进行多次实验，使用相同规格的灯泡做多组实验不能排除偶然性，故1空填不同；
（5）[1]分析表格数据，C处干路电流IC等于支路A处电流IA与支路B处电流IB之和，结论是IC=IA+IB（或干路电流等于各支路电流之和），故1空填IC=IA+IB；
(6)[1][2]图丁中，开关S断开时，只有L1接入电路；S闭合后，L1与L2并联，L1两端电压仍等于电源电压，通过L1的电流不变，因此L1亮度不变；而干路电流增加，故电流表A2示数变大，故1空填不变，2空填变大；
【分析】（1）解题方法：本题为探究并联电路电流规律的实验题，需掌握实验步骤、电路连接规范、故障分析、电表读数及数据归纳；突破点关键：故障分析时需结合现象（灯是否亮、表是否有示数）判断断路或短路；电流表指针反偏说明正负接线柱接反；多次实验需改变条件（如灯泡规格）以获得普遍规律；并联电路干路电流等于各支路电流之和；隐含条件：并联电路中各支路互不影响，支路电压等于电源电压；扩展知识包括串联电路电流规律、电路故障的更多情形（如短路）、电表量程选择对实验结果的影响；
（2）易错点：易将开关未断开导致的“电表偏转”误认为是“电路短路”造成；故障分析时易混淆断路与短路现象（如L1短路会导致L1不亮但电流表示数可能很大甚至烧坏）；读数时易忽略电流表量程导致读数错误；易将并联电路电流规律写为“IC=IA=IB”之类的串联规律；对开关S闭合后电路变化分析时，易误认为L1两端电压变化导致亮度改变，未理解并联电路各支路电压不变的特点。
（1）连接电路时，为保护电路，应断开开关。刚接好最后一根导线，电表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他们忘了断开开关。
（2）电流表接A处时，测量通过灯泡L1的电流，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1所在支路存在断路，即可能存在的故障是灯泡L1断路。
（3）[1]如图乙所示，电流表的指针反向偏转，原因是电流表的正负接线柱接反了。
[2]电流表的示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）为了得出更普遍的规律，应当换用不同规格的灯泡进行多次实验，使用相同规格的灯泡做多组实验不能排除偶然性。
（5）由表格数据可知，三组数据中，均有IC=IA+IB，故可得结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即IC=IA+IB
（6） [1][2]图丁所示电路中，电流表A1测量L1所在支路的电流，并联电路各支路互不影响，所以开关S由断开到闭合，灯泡L1的亮度不变，电流表A1的示数不变。电流表A2测并联电路干路中的电流，根据并联电路电流的规律，电路中多了一个支路，则电流表A2的示数将变大。
18．（2025九上·珠海期中）“探究影响导体电阻大小的因素”的实验装置如图所示，在实验中使用四根电阻丝，其中A是锰铜合金丝，B、C和D是镍铬合金丝，A、B电阻丝的横截面积一样且比C的粗。
（1）实验中通过观察　 　比较电阻丝电阻的大小。这种研究方法叫做　 　法；
（2）将编号为A、B的电阻丝分别接入电路进行实验，发现接B电阻丝时，灯泡明显变暗，可得出的结论是：　 　；
（3）将编号为　 　的电阻丝分别接入电路进行实验，可探究导体电阻大小与横截面积的关系；
（4）分别将编号为C、D的电阻丝接入电路进行实验，其得到的结论被实际应用到了___________的工作原理中（填选项）；
A．电压表 B．电流表 C．滑动变阻器
（5）实验中某小组同学更换电阻丝后发现小灯泡亮度变化不明显，他们接下来进行的操作是　 　。
【答案】（1）灯泡亮度；转换
（2）长度和横截面积相同时， 导体的电阻大小与导体的材料有关
（3）B、C
（4）B
（5）换用灵敏度更高的电流表
【知识点】影响电阻大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）[1]实验中接入电路的电阻丝阻值不同，通过观察灯泡亮度（或电流表示数）来间接反映电阻大小，因为电阻越大，电流越小，灯泡越暗(或电流表示数越小)，因此这里填灯泡亮度，故1空填灯泡亮度；
[2]这种将测量的电阻大小转换为观察灯泡亮度(或电流表示数)的方法叫做转换法，故2空填转换；
（2）[1]根据控制变量法，探究影响导体电阻大小的因素时，需控制导体的材料、长度、横截面积三因素中的两个因素不变，来观察电阻与变化的这个因素的关系，电阻丝A和B的横截面积和长度相同，材料不同，接入B时，灯泡明显变暗说明导体的电阻大小与导体的材料有关，故1空填长度和横截面积相同时， 导体的电阻大小与导体的材料有关；
（3）[1]根据控制变量法，探究影响导体电阻大小的因素时，需控制导体的材料、长度、横截面积三因素中的两个因素不变，来观察电阻与变化的这个因素的关系，现在想要探究导体电阻大小与横截面积的关系，应控制材料和长度变量相同，剩余横截面积不同的电阻丝，所以将编号B粗和C细的电阻丝接入电路，故1空填B、C；
（4）A . 电压表工作原理是基于电流通过灵敏电流计（或利用电阻分压）进行测量，其核心并非利用导体长度变化来改变电阻，故A错误；
B . 电流表工作原理是通电线圈在磁场中受力偏转（磁电式）或利用分流电阻，也不依赖改变导体长度来调节电阻，故B错误；
C . 滑动变阻器工作原理是通过滑片移动改变接入电路的电阻丝长度，从而改变电阻，这正是导体电阻与长度关系的应用，将C短D长电阻丝接入电路，两者材料、横截面积相同，长度不同，探究的是电阻与长度的关系，电阻丝接入电路中的长度不同，灯泡的亮暗程度不同，故C正确；
故选C；
（5）[1]当灯泡亮度变化不明显时，为了更准确地比较电阻，可以将灯泡更换为灵敏度更高的电流表，通过精确测量电流大小来判断电阻差异，故1空填换用灵敏度更高的电流表；
【分析】（1）解题方法与突破点关键：本题核心是控制变量法和转换法在探究电阻影响因素中的应用；第一空的关键是理解电阻大小通过电流效应来间接显示；第二空需明确转换法的定义；第三空需根据控制变量条件选择合适电阻丝（B、C材料、长度相同，横截面积不同）；第四空需分析C、D对比的变量是长度，并联系滑动变阻器通过改变接入电阻丝长度来改变电阻的原理；第五空针对现象不明显，提出改进措施（如换用电流表或增加电源电压）；隐含条件：实验中通过灯泡亮度比较电阻时，要求电源电压稳定，且电阻变化需足够明显；扩展知识包括电阻的其他影响因素（如温度）。
（2）易错点：第一空易忽略“观察”对象而错误填写“电流”等；第二空易与“控制变量法”混淆；第三空易错选B、D或A、B，未严格遵循控制变量；第四空易误选电压表或电流表，未理解这些电表的工作原理与电阻长度关系无关；第五空易提出“更换更粗的电阻丝”等不符合题目后续操作的错误做法。
（1）[1][2]图示电路中，接入电路的电阻丝阻值不同，电路的电流不同，灯泡的亮度不同，所以可通过观察灯泡的亮度比较电阻丝电阻的大小。这种将“电阻大小”转换为“灯泡亮度”的研究方法叫转换法。
（2）电阻丝A和B的横截面积和长度相同，材料不同，接入B时，灯泡明显变暗，说明导体的电阻大小与导体的材料有关。
（3）要探究导体电阻大小与横截面积的关系，应选用材料和长度相同，横截面积不同的电阻丝，所以将编号B和C的电阻丝接入电路。
（4）编号C和D的电阻丝，材料和横截面积相同，长度不同，且电阻丝接入电路中的长度不同，灯泡的亮暗程度不同，说明电阻的大小与电阻丝的长度有关，实验室中滑动变阻器是通过改变接入电阻丝接入电路的长度来工作的，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（5）灯泡亮度变化不明显，说明电流变化小。为了更明显地显示电流变化，可在电路中串联一个灵敏度更高的电流表，通过观察电流表示数的变化来比较电阻大小。
五、计算题（本大题共2小题，19题6分，20题7分，共13分。）
19．（2025九上·珠海期中）家用电水壶中装有质量为2kg、温度为20℃的水。已知水的比热容为。求：
（1）通电3min后将水加热到50℃，水吸收的热量；
（2）当壶中的水吸收6.72×105J的热量后，壶中水的温度。
【答案】（1）解：第一问计算水吸收的热量，应用公式Q吸=cm(t t0)
代入数据，水的比热容，初温，末温，
整理可得水吸收的热量
故通电3min后将水加热到50℃，水吸收的热量为2.52×105J；
（2）解：整理可得
代入已知数据，，，
整理可得末温度为故当壶中的水吸收6.72×105J的热量后，壶中水的温度为100℃；
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容的定义及其计算公式；物态和物态变化
【解析】【分析】（1）解题方法：本题是热量计算的基本应用，直接使用公式Q吸=cmΔt求解；关键点在于准确代入数据并注意单位统一；第二问需注意计算结果是否超过水的沸点（隐含条件），若超过则温度按沸点计；突破点：熟练掌握热量计算公式及理解水在沸腾时温度保持不变的特性；扩展知识包括热平衡方程、不同物态变化时的热量计算等。
（2）易错点：第一问易在温度差计算中出现错误（如误用摄氏温度与开氏温度）；第二问易忽略水的沸点限制，直接计算得到100℃以上结果，未考虑实际物理过程（水沸腾后继续吸热但温度不变）；计算过程中易出现科学记数法运算错误。
（1）已知，，初温，末温，则温度变化
水吸收的热量
（2）已知，，，则壶中的水升高的温度
初温，故末温
20．（2025九上·珠海期中）小华父亲开着新买的轿车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，汽车发动机的牵引力是1 000N。汽油的热值为。求：
（1）消耗的汽油完全燃烧放出的热量
（2）发动机牵引力所做的功W；
（3）发动机的能量转化效率η。
【答案】（1）根据燃料完全燃烧放热公式，其中，，可得消耗的汽油完全燃烧放出的热量为
（2）已知，
轿车行驶的路程为
发动机牵引力所做的功
（3）发动机的能量转化效率
【知识点】燃料的热值；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）知道消耗燃油的质量，利于Q放=mq求出燃油完全燃烧放出的热量；
（2）汽车做匀速直线运动，由W=Fs可得汽车牵引力所做的功；
（3）根据求出汽油机的效率。
（1）根据燃料完全燃烧放热公式，其中，，可得消耗的汽油完全燃烧放出的热量为
（2）已知，
轿车行驶的路程为
发动机牵引力所做的功
（3）发动机的能量转化效率
六、综合能力题（本大题共3小题，每空1分，共18分。）
21．（2025九上·珠海期中）如图甲所示，在绝热的容器（容器内部不与容器外部发生热传递）中装有100℃的水A，其质量为1kg；把一瓶10℃的酒精B放入该容器后，利用温度传感器测量它们的温度变化，得到图乙中的曲线。假设热水放出的热量全部被酒精吸收了，忽略容器内气压的变化，水的比热容为。
（1）酒精的沸点为　 　℃，在10min后，酒精　 　（填选项“A”或“B”）持续沸腾，原因是　 　；
A．不能达到沸点
B．能达到沸点但不能持续沸腾
（2）这瓶酒精B从10℃升温到78℃的过程中吸收的热量为　 　J；
（3）根据本次实验提供的信息，　 　（选填“能”或“不能”）判断酒精与水的比热容大小。如能请写出判断依据，如不能请说明理由。　 　。
【答案】（1）78；B；达到沸点但无法持续吸热
（2）8.4×104
（3）不能；不知道酒精的质量，无法利用比较出酒精和水的比热容大小。
【知识点】沸腾及沸腾条件；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）[1]从图乙曲线可看出，酒精温度最终稳定在78℃，且吸热沸腾后温度不再上升，因此酒精的沸点为78℃；故1空填78；
[2]在10分钟后，酒精B的温度保持在78℃不变，说明酒精温度虽然达到沸点如果没有持续的热量吸收，酒精无法持续沸腾，故选B；
[3]原因是容器绝热且酒精达到沸点，但酒精沸腾需要持续吸热，而热水A温度已降至与酒精相同（78℃），两者无温差，无法发生热传递，因此原因是酒精“能达到沸点但不能持续吸热”，故3空填达到沸点但无法持续吸热；
（2）在5min内，水从100℃降低到80℃放出的热量为
由图像可知，酒精从10℃升温到78℃，用时也是5min，且热水放出的热量全部被酒精吸收，即酒精B从10℃升温到78℃吸收的热量与水从100℃降低到80℃放出的热量相等，故Q酒精吸=Q水放=8.4×104J。
（3）[1]由，整理可得，，m、c、三个变量都在变化，不存在唯一对应关系，故1空填不能；
[2]由题意可知，水放出的热量全部被酒精吸收，也知道水的比热容以及水和酒精的温度变化量，但是不知道酒精的质量m，无法利用比较出酒精和水的比热容大小；
【分析】（1）解题方法：本题需结合图像分析温度变化规律，理解沸腾条件及热传递停止的原因；计算热量时需利用热平衡方程Q吸=Q放，注意温度变化量计算；比热容比较需根据温度变化快慢结合质量关系分析；突破点关键：从图像中读取沸点、判断沸腾状态；明确热传递发生的条件是存在温度差；隐含条件：容器绝热意味着无热量散失，系统内能守恒；酒精沸腾后温度不变但继续吸热的前提是有热源供热；扩展知识包括不同液体的沸点差异、比热容的定义及在温度-时间图像中的体现。
（2）易错点：第一空易误读图像将水平段温度认错；第三空易忽略“持续沸腾”需要持续吸热的条件，误选“不能达到沸点”；计算吸收热量时易直接用酒精的比热容计算（但题目未给出），应利用已知的水的热量变化求解；比较比热容时易忽略质量是否相同这一条件，需结合图像趋势（酒精升温更快）及常见知识（酒精比热容通常小于水）综合判断。
（1）[1]酒精吸热沸腾后温度保持不变，由图可知，酒精的沸点是78℃。
[2][3]根据题意可知，热水放出的热量全部被酒精吸收，且容器是绝热的，酒精达到沸点后，如果没有持续的热量吸收，酒精无法持续沸腾，由图可知，在第10min后，酒精温度虽然达到沸点，但水和酒精的温度相同（均为78℃），酒精无法从水中吸收热量，故酒精不能持续沸腾。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（2）在5min内，水从100℃降低到80℃放出的热量为
由图像可知，酒精从10℃升温到78℃，用时也是5min，且热水放出的热量全部被酒精吸收，即酒精B从10℃升温到78℃吸收的热量与水从100℃降低到80℃放出的热量相等，故Q酒精吸=Q水放=8.4×104J。
（3）[1][2]由题意可知，水放出的热量全部被酒精吸收，也知道水的比热容以及水和酒精的温度变化量，但是不知道酒精的质量，无法利用比较出酒精和水的比热容大小。
22．（2025九上·珠海期中）感应发光冰块是食品级PS材料及电子元件组成的产品，采用先进的触水式开关。其外形仿如真实冰块一般，具有入水即亮的特性（液体感应）。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛。感应发光冰块内部的电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是：将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻，之后再放入饮料内，可以降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式　 　（选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）；
（2）冷冻后的感应发光冰块通过　 　的方式改变饮料的内能，饮料的内能　 　（选填“增大”或“减小”）；
（3）某位同学在研究LED 灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，说明LED灯具有　 　性。LED灯泡发光时，将电能主要转化为　 　能；
（4）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于　 　状态。
【答案】（1）开关
（2）热传递；减小
（3）单向导电；光
（4）断路
【知识点】热传递改变物体内能；电路的构成及电路图；半导体特点及作用
【解析】【解答】（1）[1]对于液体感应器，从题干描述“先进的触水式开关”可知，它在电路中起控制作用，因此是开关，故1空填开关。
（2）[1]冷冻后的冰块放入饮料中，两者存在温度差，通过热传递的方式使饮料内能减小（温度降低），故1空填热传递；
[2]冰块温度低，饮料温度高，热量从饮料传递到冰块，导致饮料放热，内能减小，温度降低，故2空填减小；
（3）[1]LED灯接电池正反不同结果说明它具有单向导电性，只有当电流从正极流入、负极流出时才能导通发光，反向则不导通，故1空填单向导电；
[2] 发光时主要将电能转化为光能，故2空填光；
（4）[1]感应发光冰块的工作条件是“入水即亮”，因为水作为开关，当用布擦干后，没有液体接触开关断开，感应器无法导通，故1空填断路；
【分析】（1）解题关键是理解液体感应器起到控制电路通断的作用，属于触发装置，不是提供电能的电源也不是消耗电能的用电器；突破点在于题干中明确其为“触水式开关”；
（2）易错点：内能变化容易与“增大”混淆，应抓住冷冻冰块温度低于饮料，饮料放热内能减小；易忽略用布擦干后液体感应器不再被触发，电路无法形成通路。
（1）液体感应器的作用是检测是否接触液体，当接触到水时，它会接通电路，使LED灯亮起。这相当于一个控制电路通断的装置，即开关。
（2）[1][2]将冷冻后的冰块放入饮料中，冰块温度低，饮料温度高，热量从饮料传递到冰块，导致饮料放热，内能减小，温度降低。这种通过热传递方式改变物体内能的过程，叫做热传递。
（3）[1][2]LED是发光二极管，具有单向导电性：只有当电流从正极流入、负极流出时才能导通发光；反向则不导通。所以第一次没亮，是因为接反了；对调后正向导通，就亮了，其发光时，电能主要转化为光能。
（4）感应发光冰块的工作条件是“入水即亮”，因为水作为导体，使得液体感应器闭合电路。当用布擦干后，没有液体接触，感应器无法导通，电路被切断。所以此时电路处于断开状态，即断路。
23．（2025九上·珠海期中）阅读短文，回答文后问题。
客机C919
我国研制的大型客机C919首飞成功，该飞机使用的喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧，燃烧后剧烈膨胀的气体从尾部高速喷出，其巨大的反冲推力直接成为飞机的推进。同时C919机舱内覆有一层“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有，的质量为5kg。该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，如表是飞机的部分技术参数。
最大起飞质量 72.5t 客舱内气压
巡航速度 920km/h 发动机的巡航推力
（1）下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，正确的是______；
A．密度与水差不多 B．隔音性能相对较好
C．导热能力相对较好 D．导电能力相对较好
（2）喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧，从燃烧至燃烧后剧烈膨胀，再从尾部高速喷出，这个过程中混合气体的温度是不断变化的，图中能大致反映混合气体温度随时间而变化的是______；
A． B．
C． D．
（3）若飞机的翼载是，则机翼面积为　 　；
（4）若飞机以巡航速度飞行1h的过程中，消耗燃油3500kg，发动机的热效率为40%，则此过程中燃料完全燃烧时放出的热量为　 　J，飞机推进功为　 　J，发动机的推进效率为　 　%。（燃油热值q取）
【答案】（1）B
（2）B
（3）125
（4）；；50
【知识点】密度公式及其应用；做功改变物体内能；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）A．根据题意可知，的“超细航空级玻璃棉”质量为5kg ，则它的密度
<103kg/m3，
其密度比水的密度小很多，故A错误；
BC．根据“超细航空级玻璃棉”具有很好的隔音性能、保温效果好（即导热能力相对较弱），故B正确，C错误；
D．根据题意可知，玻璃棉是绝缘体，导电能力差，故D错误。
故选B。
（2）根据题意可知，在喷气压缩发动机内的燃料燃烧时，燃气的温度升高；在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，气体对外做功，燃气温度降低，所以混合气体的温度先升高后降低，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）根据题意可知，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，则
解得：。
（4）根据题意可知，燃料完全燃烧释放的热量；
发动机获得的机械能；
飞机以巡航速度飞行1h通过的路程；
推力做功；
发动机的推进效率为。
【分析】 （1）用”超细航空级玻璃棉“性质分析；
（2）在喷气压缩发动机工作过程中，将机械能转化为内能，在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，是内能转化为机械能，据此分析燃气温度的变化；
（3）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，所以机翼面积（S）=
；
（4）根据Q放=mq算出燃料完全燃烧放出的热量；根据算出发动机获得的机械能；根据s=vt算出移动的距离；根据W=Fs算出发动机传递给飞机的推进功，根据发动机的推进效率。
（1）A．“超细航空级玻璃棉”的性质有：直径只有3~5μm，密度
其密度比水的密度小很多，故A错误；
BC．由题意可知，“超细航空级玻璃棉”具有很好的隔音性能、保温效果好（即导热能力相对较弱），故B正确，C错误；
D．玻璃棉是绝缘体，导电能力差；故D错误。
故选B。
（2）从能量转化的角度看，在喷气压缩发动机工作过程中，将机械能转化为内能，所以燃气的温度升高；在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部高速喷出过程中，气体对外做功，将气体的内能转化为火箭的机械能，燃气温度降低，所以混合气体的温度先升高后降低，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）由短文内容可知，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，则
解得。
（4）[1][2][3]燃料完全燃烧释放的热量
根据得发动机获得的机械能
飞机以巡航速度飞行1h通过的路程
推力做功
发动机的推进效率为
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