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湖南省娄底市双峰县2025-2026学年九年级上学期期末考试物理试题
一、单选题
1．（2026九上·双峰期末）进入九年级，小付同学开始学习电学，老师强调首先要概念清晰。以下是他对电流、电压、电阻的理解，说法正确的是（　　）
A．电源不变，电路中的电流就不会变
B．电荷的移动就能形成电流
C．一段导体没有接入电路时，电压电流都为0，所以电阻也为0
D．没有“某点的电压”这种说法，只能说两点之间的电压或某某两端的电压
【答案】D
【知识点】电流的方向；串联电路和并联电路的辨别；电压和电压的单位换算；电阻
【解析】【解答】A、电源电压不变时，调节电路中的电阻值会改变电流大小，因此该说法是错误的。
B、导体中的自由电荷做热运动时不会形成电流，只有当电荷发生定向移动时才会产生电流，所以这个说法也是错误的。
C、导体的电阻是其固有属性，不随通过它的电流或两端电压的变化而变化，因此这个说法同样是错误的。
D、电流是指通过导体的电荷流动，而电压是指用电器两端或电源两端的电势差，这个描述是正确的。
故选D。
【分析】电路中电流大小与电压和电阻大小有关；影响电阻的因素是材料、长度和横截面积，与是否有电流、电压无关；电压的单位是伏特，力的单位是牛顿；描述电压时，通常说两点之间的电压或某某两端的电压。
2．（2026九上·双峰期末）如图所示电路，闭合开关后，电压表能测出L2两端电压的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法正确，故A正确；
B．图中，电压表接在电源两端，电压表始终测电源电压（即两灯串联的总电压），电压表正负接线柱接法正确，故B错误；
C．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故C错误；
D．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故D错误。
答案：A。
【分析】 电压表应与被测电路并联，分析电路图，确定电压表所测电路，然后答题。
3．（2026九上·双峰期末）如图所示的电路中，当开关闭合时两灯都不亮，电压表示数接近电源电压，且电路中只有一处故障，则发生的故障可能是（　　）
A．短路 B．断路 C．短路 D．断路
【答案】D
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】ABCD、根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压；当开关闭合时两灯都不亮，这说明电路出现了断路现象；电压表示数接近电源电压，这说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是L2灯断路。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
【分析】根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压，开关闭合时两灯都不亮，说明电路出现了断路现象，根据电压表示数分析电路故障的原因。
4．（2026九上·双峰期末）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电验电器的金属球，验电器的两片金属箔张开。下列各图能正确表示橡胶棒和验电器金属箔带电情况的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】毛皮与橡胶棒摩擦，橡胶棒得到电子带负电，接触验电器的金属球时，电子转移到验电器上，验电器也带上负电，由于同种电荷相互排斥，两个金属箔片张开。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】验电器根据同种电荷相互排斥，判断物体是否带电。
5．（2026九上·双峰期末）自然界的能量可以从一个物体转移到另一个物体，也可以从一种形式转化为其他形式。如图所示的事例中，能量的形式发生了转移的是 （　　）
①图甲：高温的电炉丝使周围的空气温度上升
②图乙：流星从夜空快速滑过发出耀眼的光亮
③图丙：试管中高温水蒸气弹出管口的橡胶塞
④图丁：涨潮时海水涌入水坝冲击水轮机转动
A．①② B．②③ C．①④ D．②④
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】①图甲中，电炉丝温度高，使周围空气温度上升，发生热量传递，能量发生转移，故①符合题意；
②流星快速滑过，与大气摩擦做功，将机械能转化为内能，能量发生了转化，故②不符合题意；
③高温水蒸气将管口的橡胶塞弹出，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，能量发生了转化，故③不符合题意；
④涨潮时海水冲击水轮机，海水的机械能转移到水轮机上，使水轮机转动，故④符合题意。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】能量相互转化时，能量形式发生变化；能量转移时，能量的位置改变，能量形式不变。
6．（2026九上·双峰期末）糖炒栗子是很多人喜爱的零食。制作糖炒栗子时为了让温度上升得较快，一般会在锅中加入砂石，这是因为砂石的（　　）
A．熔点高 B．内能高 C．热量大 D．比热容小
【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】由于砂石的比热容小，吸收相同的热量后，温度升高的较快，能快速吸热升温，再将热量传递给栗子，达到快速加热的目的，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】比热容是指单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收热量的多少，体现了物质的吸放热能力的强弱。
7．（2026九上·双峰期末）根据额定电压为2.5V小灯泡的图像（如图所示）分析，下列结论不正确的是（　　）
A．当小灯泡正常发光时，其电阻为
B．当通过小灯泡的电流为0.15A时，其实际功率为0.15W
C．通过小灯泡的电流与其两端的电压成反比
D．小灯泡的额定功率为0.625W
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AD．由题可知，由于灯泡的额定电压为2.5V。当灯泡正常发光时，由图可知，通过灯泡的电流是0.25A。由欧姆定律可计算电阻的阻值为：
由公式：P=UI可知，灯泡的额定功率为：
故AD正确，不符合题目要求。
B．从图中可知，当电流为0.15A时，灯泡两端电压为1V。此时实际功率为：
故B也正确，不符合题目要求。
C．观察图像可知，通过灯泡的电流随着电压增大而增大，这说明电流与电压不成反比关系。故C错误，符合题目要求。
故选C。
【分析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，当小灯泡正常发光时，从图中可知通过灯泡的电流为0.25A，根据欧姆定律和P额=U额I额得出电阻、额定功率；
（2）从图中可知，当小灯泡的电流为0.15A时，灯泡两端的实际电压为1V，根据P=UI得出灯泡的实际功率；
（3）分析图象可得灯泡的电流与其两端的电压关系。
8．（2026九上·双峰期末）下列是小明家中的用电器，这些用电器中电功率最大的是（　　）
A．电视机 B．电风扇 C．小台灯 D．空调
【答案】D
【知识点】电功率
【解析】【解答】A．根据生活经验知 电视机 电功率约200W，故A不符合题意；
B．根据生活经验知电风扇的电功率约为60W，故B不符合题意；
C．根据生活经验知小台灯的电功率约为20W，故C不符合题意；
D．根据生活经验知空调的电功率约为1000W，故D符合题意。
故选：D。【分析】根据生活经验和对常见电功率值的认识分析。
9．（2026九上·双峰期末）如图所示是小明设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻。以下说法正确的是（　　）
A．压力表相当于一个电流表
B．电路中的R1是没有作用的，可换成电流表
C．当压力F越大时，压力表的示数越小
D．当压力F越大时，压力表的示数越大
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A．由电路图可知，R1、R2串联，压力表与变阻器并联，应为电压表，故A错误；
B．如果电路中只有变阻器，当变阻器连入电路阻值较小时，电路中电流较大，可能会损坏电路元件，将定值电阻R1串联在电路中，对电路起保护作用，不能换成电流表，故B错误；
CD．压力越大，变阻器连入电路阻值越大，根据串联电路分压作用可知，其两端电压越大，所以压力表示数越大，故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】由电路图可知，R1、R2串联，压力表与变阻器并联，定值电阻串联在电路中，对电路起保护作用，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路分压作用可知变阻器阻两端的电压变化。
10．（2026九上·双峰期末）某校科创小组为“共享助力车”的安全头盔设计以下方案：扫码成功后开关闭合，指示灯亮；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控闭合，电动机通电工作；扫码且戴头盔才能骑行。下列电路符合以上设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时能够独立工作，互不影响，故指示灯和电机是并联的，由于 扫码且戴头盔才能骑行 ，故开关S1在控制整个电路处于干路位置，开关S2控制电机所在支路。故ACD错误，B错误。
故选：B。
【分析】根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
11．（2026九上·双峰期末）2024年4月，我国研制的全球首款本体热机效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。下列关于四冲程柴油机的说法正确的是（　　）
A．压缩冲程通过内能转化为机械能，为外界提供动力的
B．做功冲程中通过做功的方式增加了汽缸内气体的内能
C．柴油机的热机效率可能达到100%
D．若该柴油机飞轮的转速为1800r/min，则柴油机在1s内对外做功15次
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．在压缩冲程中，将机械能转化为内能，做功冲程提供动力，故A错误；
B．做功冲程通过做功的方式减小了内能，故B错误；
C．因为热机在工作过程中，不可避免地会有能量损失，如摩擦损失、散热损失等，所以柴油机的热机效率不可能达到100%，故C错误；
D．由题意可知，该柴油机1s内飞轮的转动圈数为30r。在单缸四冲程内燃机中，吸气、压缩、做功、排气四个冲程为一个工作循环，每个工作循环曲轴转2周，活塞上下往复2次，做功1次。该柴油机每秒内飞轮转动30圈，完成60个冲程，对外做功15次，故D正确。
故选：D。
【分析】压缩冲程中通过做功的方式增加了汽缸内气体的内能。在做功冲程中，燃气燃烧对外做功，将内能转化为机械能。热机在工作时不可避免的有能量损失，而且要克服机械部件间的摩擦做额外功，效率一定小于100%。在单缸四冲程内燃机中，吸气、压缩、做功、排气四个冲程为一个工作循环，每个工作循环曲轴转2周，活塞上下往复2次，做功1次。
12．（2026九上·双峰期末）关于如图所示的热学实验，下列说法不正确的是（　　）
A．甲图中，压紧的两铅块，下面悬挂钩码而不分开，这是由于分子之间存在引力
B．乙图中，试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，内能转化为机械能
C．丙图中，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这说明空气的密度比二氧化氮大
D．丁图中，金属管内装有少量乙醚，迅速拉动缠在金属管外的皮绳，在塞子冲出去时，乙醚蒸气的内能减小
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、甲图实验展示了两个接触面削平的铅块压紧后能结合，即使悬挂重物也不分离，证明分子间存在引力作用，故A正确。
B、软木塞被冲出的过程中，水蒸气内能转化为机械能，符合能量转化原理，故B正确。
C、由于空气密度小于二氧化氮，抽去隔板后气体混合属扩散现象，表明分子做无规则运动，但原解析错误判断了该选项，故C错误。
D、通过皮绳摩擦使金属管发热，导致乙醚达到燃点燃烧，蒸气内能推动塞子做功，符合能量转化规律，故D正确。
故选C。
【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）做功可以改变物体的内能。物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能。
二、填空题
13．（2026九上·双峰期末）如图为小明同学设计的调光灯模拟实验电路图。使用过程中要使灯泡变亮，滑片P应向　 　（填“A”或“B”）端移动；滑动变阻器原理是通过改变连入电路的电阻丝的　 　来改变电阻。（选填：材料、长度或横截面积）
【答案】A；长度
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】(1)如图所示，使用过程中，为使灯泡变亮，则应使电路电流增大，由欧姆定律可知，在电压一定时，应减小电路总电阻，则滑片应向A端滑动。
(2)电阻的大小与电阻丝的长度有关，滑动变阻器是通过移动滑片改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
故答案为：A；长度。
【分析】（1）根据连接实物电路的正确方法进行分析，即闭合开关前，使滑动变阻器接入电路的阻值最大；
（2）根据影响灯泡亮度的因素进行分析，即通过灯泡的电流越大，灯泡的实际功率越大。
（3）滑动变阻器是通过移动滑片改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
14．（2026九上·双峰期末）如图甲所示，这是部分不同物品的原子核对电子束缚能力强弱的排序图，梳子与图中的　 　摩擦最容易起电，且它们摩擦后梳子带　 　电。如图乙所示，将与毛皮摩擦过的梳子接触原来不带电的验电器的金属球，接触瞬间电流的方向是　 　(选填“从梳子到金属球”或“从金属球到梳子”)。
【答案】毛皮；负；从金属球到梳子
【知识点】两种电荷；电流的方向
【解析】【解析】（1）由图可知，毛皮的束缚电子的能力最弱，梳子束缚电子的能力最强，故毛皮与梳子摩擦最容易起电；(2)毛皮失去电子带正电，梳子得到电子带负电。
(3)用梳子去接触验电器的金属球时，梳子上多余的电子会转移到验电器上，则梳子接触的验电器瞬间电流方向是从验电器的金属球向梳子。
故答案为：（1）毛皮；负；从金属球到梳子。
【分析】（1）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电；
（2）物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流方向。
15．（2026九上·双峰期末）2024年10月30日，长征二号F运载火箭搭载神舟十九号载人飞船在酒泉成功发射。火箭用液体氢作为燃料，是因为液体氢的　 　高，若在某一阶段共消耗1吨的液态氢，这些燃料完全燃烧共释放出　 　J的热量。
【答案】热值；1.4×1011
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】（1）火箭发动机选用液态氢作为燃料的主要原因是其具有很高的热值。（2）计算1吨液态氢完全燃烧释放的热量：
故答案为：热值；1.4×1011。
【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值；氢的热值很大，氢用于火箭做燃料；知道氢的热值和质量，根据Q放=mq求出氢气完全燃烧放出的热量。
16．（2026九上·双峰期末）用如图所示的打气筒为篮球打气的过程中，会发现气筒的上部筒壁只是略有发热，而气筒下部的筒壁，特别是筒壁底部附近的温度较高，甚至烫手。这是因为打气时活塞压缩空气做功，使气体的内能　 　（选填“减少”或“增加”），升温的气体通过　 　（选填“做功”或“热传递”）使筒壁温度升高。
【答案】增加；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】第1空，第2空，活塞压缩气体做功，气体内能增大，温度升高，升温的气体通过热传递使筒壁温度升高。
故答案为：增加；热传递。
【分析】改变物体内能的方法：一是做功，克服摩擦做功、压缩空气做功；二是热传递，两种方式都可以使物体的内能增加温度升高。
17．（2026九上·双峰期末）如图所示，在估测薯片热值的实验中，小军设计了两种对水加热的方式：
方式一：薯片在烧杯中燃烧；
方式二：薯片在燃烧皿中燃烧。
（1）两种加热方式中合理的是　 　；在进行实验时，要让薯片充分燃烧，操作是　 　；
（2）用天平量取水，并测出一片薯片的质量，用以上选取的方式燃尽薯片，并用温度计测出水升高的温度，所测出的薯片热值偏　 　，原因是　 　。
【答案】方式二；把薯片碾碎；小；薯片燃烧放出的热量没有被水全部吸收
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】（1）热空气上升，方式一中，薯片燃烧产生的热量有大一部分损失到空气中，测量不准，方式二更合理。把薯片碾碎，增大了与空气的接触面积，可以使薯片充分燃烧。
（2）薯片不能完全燃烧，燃烧放出的热量不能全部被水吸收，计算出的热量偏小，根据，所测出的薯片热值偏小。
【分析】（1）燃料燃烧放出的热量上升，将燃料放在下方，利用率更高；
（2）燃料燃烧放出的热量不能被完全吸收，根据吸收的热量计算热值，结果偏小。
18．（2026九上·双峰期末）为测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，某班同学设计了如图甲所示的电路。
（1）测量小灯泡的额定功率的实验原理是　 　；
（2）连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应滑到　 　（选填“左”或“右”）端；
（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，使电压表示数为2V，电流表示数如图乙所示，为　 　A；
（4）小敏组移动滑动变阻器的滑片，记录了多组数据，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像，如图丙所示，图像是曲线的主要原因是　 　；
【答案】（1）
（2）右
（3）0.42
（4）小灯泡的电阻随温度升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；伏安法测电阻的探究实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是P=UI；
（2）为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的右端；
（3）图乙知电流表的分度值为0.02A，示数为0.42A；
(4) 小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，随着小灯泡两端电压增大，通过的电流增大，灯丝发热温度升高，电阻变大，导致电流与电压不再成正比，故小灯泡的电流随电压变化的图像呈曲线。
故答案为：（1）P=UI；（2）右；（3）0.42；（4）小灯泡的电阻随温度升高而增大。【分析】（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是P=UI；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；
（4）灯泡在额定电压下正常发光，由图丙中的图像得出额定电压下的电流，根据P=UI可求出灯泡的额定功率。
（1）小灯泡的额定功率是通过测量小灯泡额定电压下的电流计算出来的，故测量小灯泡额定功率的实验原理是电功率公式。
（2）连接电路时，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大的位置，由图甲可知，滑片滑到右端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大。
（3）由图丙可知，实验中小灯泡的电流小于0.6A，故电流表选用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，指针指向0.42A，故电流表示数为0.42A。
（4）小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，随着小灯泡两端电压增大，通过的电流增大，灯丝发热温度升高，电阻变大，导致电流与电压不再成正比，故小灯泡的电流随电压变化的图像呈曲线。
19．（2026九上·双峰期末）在探究串联电路中电压规律的实验中小鑫同学将小灯泡L1、L2串联后接到电源上，如图甲所示。
（1）闭合开关S前，发现电压表的指针偏转如图乙所示，原因可能是　 　；
（2）在测量L2两端电压时，保持电压表B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，闭合开关后，会出现电压表______（填字母）；
A．超过电压表量程
B．指针反偏
C．正确测出灯泡L2两端的电压
（3）实验结束后，小鑫应先断开开关，拆除　 　（选填“电源”或“灯泡”）两端的导线后，再拆除其他导线并整理器材。
【答案】（1）电压表指针未调零
（2）B
（3）电源
【知识点】电压的测量及电压表的使用；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关S之前，观察到电压表指针位置如图乙所示。由于此时电路未接通，电压表无电流通过，但指针未指在零刻度线，这表明电压表在使用前未进行调零操作。
（2）分析图甲电路可知，当测量 L1 两端电压时，电压表的正接线柱连接A点，负接线柱连接B点。
若测量 L2 电压时保持B点连接不变，仅将A点断开改接至C点，会导致电压表正负接线柱接反，从而引起指针反向偏转。
（3）实验完成后，正确的操作步骤顺序为：
①首先断开电路开关
②然后拆除连接电源的导线
③接着拆除其他导线
④最后整理实验器材
故答案为：（1）电压表未调零；（2）B；（3）电源。
【分析】（1）电压表使用前要调零；
（2）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转；
（3）为了电路安全，拆除电路时应先拆除电源。
（1）闭合开关S前，发现电压表的指针偏转如图乙所示，没有电流通过电压表，而指针没有指在零刻度线处，说明电压表使用前未调零。
（2）由图甲知道，测L1两端电压时，电压表与A点连接的接线柱为正接线柱，与B点连接的接线柱为负接线柱，在测量L2两端电压时，保持电压表B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，则电压表正负接线柱接反，会造成指针反偏，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）为了电路安全，拆除电路时应先拆除电源。所以测量结束后，应先断开开关，拆除电源两端的导线，再拆除其他导线，最后整理好器材。
20．（2026九上·双峰期末）某项目式学习小组探究海陆风的成因。
【任务一】探究沙子和水的吸热能力
（1）设计如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。在完全相同两箱子中装质量相等且初温相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，是为了保证相同时间内水和沙子　 　相同。
（2）依据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像如图乙所示，可知在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度多，说明　 　的吸热能力强。
【任务二】实验模拟海陆风的形成
（3）取下两箱子的封口盖，在两个箱子的侧面分别开一小孔，用一个两端开口的透明细管AB将其连接，点燃一支香放在细管中部（图丙），通过白烟的流向模拟日晒下海边的风向，阅读信息窗中的知识并分析判断：相同条件下，加热一段时间后，烟将会从AB管的　 　端管口冒出。
信息窗：空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来，从而形成风。
【答案】（1）吸收的热量
（2）水
（3）B
【知识点】物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据比较不同物质吸热能力方法，要控制不同物质的质量相同，使用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，根据转换法，这样可以保证在相同时间内水和沙子吸收的热量相同。
（2）根据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，可以观察到在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度高。这说明水在吸收相同热量时，温度升高的较慢，即水的吸热能力强。
（3）在实验模拟海陆风的形成时，通过点燃一支香放在连接两个箱子的透明细管中，观察白烟的流向来模拟日晒下海边的风向。由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。因此，加热一段时间后，沙子（模拟陆地）的温度会高于水（模拟海洋）的温度。根据信息窗中的知识，空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来。所以，烟将会从管的B（连接沙子的管子，代表热空气上升的地方）管口冒出。夜间，海洋和陆地的温度会发生变化。由于水的比热容大，放热降温慢，而沙子的比热容小，放热降温快。因此，夜间海洋的温度会高于陆地的温度。根据信息窗中的知识，此时海洋上的空气会受热上升，形成低压区，而陆地上的空气会流向海洋，形成海风，故B符合题意，A不符合题意。
故选：B：
故答案为：（1）吸收的热量；（2）水；（3）B。【分析】（1）根据比较不同物质吸热能力方法，要控制不同物质的质量相同，在完全相同两箱子中装入质量相等且初温相同的水和沙子，由转换法，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，是为了保证相同时间内水和沙子吸热相同。
（2）根据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，可观察到在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度高。
（3）由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。
（1）用规格相同的白炽灯加热，相同时间内白炽灯放出的热量相同，因此可以保证水和沙子吸收的热量相同。
（2）相同时间内沙子和水吸收的热量相同，由图乙可知，相同时间内沙子升温比水升温更快，温度变化更大，由可知，当质量和吸收的热量相同时，温度变化越小，比热容越大，根据比热容的物理意义，比热容越大，吸热能力越强，水的比热容大于沙子，因此水的吸热能力更强。
（3）由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。因此，加热一段时间后，沙子的温度会高于水的温度。根据信息窗中的知识，空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来。所以，烟将会从管的B(连接沙子的管子，代表热空气上升的地方)管口冒出。
三、综合应用题
21．（2026九上·双峰期末）某物理兴趣小组的同学，用天然气给10kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线，若在6min内完全燃烧了0.12kg的天然气（每分钟放热相同）。水的比热容为，天然气的热值为。
（1）完全燃烧0.12kg天然气释放的热量为多少？
（2）在烧水过程中，“0～2min”、“2～4min”、“4～6min”哪个时间段热效率最高？此时间段内水吸收的热量为多少？
（3）在烧水过程中，最高热效率的时间段内，热效率为多少？
【答案】（1）解：已知天然气的质量为 0.12kg，天然气的热值，则天然气完全燃烧释放的热量为
（2）解：由图可知，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢，故0～2min时间内，在吸收热量相同的情况下，升高的温度最高，热效率最大；
0～2min内，水升高的温度
水吸收的热量
（3）解：0～2min内，天然气完全燃烧释放的热量
烧水时的热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）已知天然气的质量和热值，利用Q=mq可求得天然气完全燃烧产生的热量；
（2）烧水时的热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比；发生热传递的条件是存在温度差，温度差越大，热传递越快。
（3）根据热效率公式。
（1）已知天然气的质量为 0.12kg，天然气的热值，则天然气完全燃烧释放的热量为
（2）由图可知，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢，故0～2min时间内，在吸收热量相同的情况下，升高的温度最高，热效率最大；0～2min内，水升高的温度
水吸收的热量
（3）0～2min内，天然气完全燃烧释放的热量
烧水时的热效率
22．（2026九上·双峰期末）商业街移动摊位使用可显示电费的新型插座（如图甲所示）计费，某摊位使用空气炸锅（如图乙所示）烹制食物，如图丙所示是该空气炸锅加热部分的简化电路，其额定电压为220V，定值电阻R1和R2为发热体，其中。开关S1、S2、S3的通断可实现高、中、低三个挡位的调节（S1、S2不会同时闭合），只闭合S3时为中温挡，额定功率为400W。求：
（1）R2的电阻；
（2）高温挡正常工作时的功率；
（3）只有空气炸锅单独工作，表盘示数使用前后如图甲、丁所示，通过表盘显示的数据估算该空气炸锅消耗的电功率（已知商用电费单价为0.75元/）
【答案】（1）解：由题可知，只闭合S3时，电路中只有定值电阻R2，此时为中温挡，根据公式可知，R2的电阻为
（2）解：当开关S1、S3闭合，S2断开时，两电阻并联，总电阻最小，根据公式可知，此时总功率最大，为高温挡，高温挡正常工作时的功率为
（3）解：由图甲、丁所示可知，空气炸锅工作的时间为
空气炸锅消耗的电能为
根据公式可知，该空气炸锅消耗的电功率为
【知识点】电阻的并联；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）只闭合S3时，空气炸锅为中温挡，电路中只有定值电阻R2，由可知R2的电阻。
（2）只闭合S3时为中温挡，当只闭合S2时，R1、R2串联；当闭合S1、S3，断开S2时，R1、R2并联；由串联、并联电阻规律和公式可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，空气炸锅为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，空气炸锅为低温挡；由功率公式得到高温挡正常工作时的功率。
（3）由图甲、丁所示可知空气炸锅工作的时间，由电费得到空气炸锅消耗的电能，根据公式可知该空气炸锅的电功率。
（1）由题可知，只闭合S3时，电路中只有定值电阻R2，此时为中温挡，根据公式可知，R2的电阻为
（2）当开关S1、S3闭合，S2断开时，两电阻并联，总电阻最小，根据公式可知，此时总功率最大，为高温挡，高温挡正常工作时的功率为
（3）由图甲、丁所示可知，空气炸锅工作的时间为
空气炸锅消耗的电能为
根据公式可知，该空气炸锅消耗的电功率为
1 / 1湖南省娄底市双峰县2025-2026学年九年级上学期期末考试物理试题
一、单选题
1．（2026九上·双峰期末）进入九年级，小付同学开始学习电学，老师强调首先要概念清晰。以下是他对电流、电压、电阻的理解，说法正确的是（　　）
A．电源不变，电路中的电流就不会变
B．电荷的移动就能形成电流
C．一段导体没有接入电路时，电压电流都为0，所以电阻也为0
D．没有“某点的电压”这种说法，只能说两点之间的电压或某某两端的电压
2．（2026九上·双峰期末）如图所示电路，闭合开关后，电压表能测出L2两端电压的是（　　）
A． B．
C． D．
3．（2026九上·双峰期末）如图所示的电路中，当开关闭合时两灯都不亮，电压表示数接近电源电压，且电路中只有一处故障，则发生的故障可能是（　　）
A．短路 B．断路 C．短路 D．断路
4．（2026九上·双峰期末）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电验电器的金属球，验电器的两片金属箔张开。下列各图能正确表示橡胶棒和验电器金属箔带电情况的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2026九上·双峰期末）自然界的能量可以从一个物体转移到另一个物体，也可以从一种形式转化为其他形式。如图所示的事例中，能量的形式发生了转移的是 （　　）
①图甲：高温的电炉丝使周围的空气温度上升
②图乙：流星从夜空快速滑过发出耀眼的光亮
③图丙：试管中高温水蒸气弹出管口的橡胶塞
④图丁：涨潮时海水涌入水坝冲击水轮机转动
A．①② B．②③ C．①④ D．②④
6．（2026九上·双峰期末）糖炒栗子是很多人喜爱的零食。制作糖炒栗子时为了让温度上升得较快，一般会在锅中加入砂石，这是因为砂石的（　　）
A．熔点高 B．内能高 C．热量大 D．比热容小
7．（2026九上·双峰期末）根据额定电压为2.5V小灯泡的图像（如图所示）分析，下列结论不正确的是（　　）
A．当小灯泡正常发光时，其电阻为
B．当通过小灯泡的电流为0.15A时，其实际功率为0.15W
C．通过小灯泡的电流与其两端的电压成反比
D．小灯泡的额定功率为0.625W
8．（2026九上·双峰期末）下列是小明家中的用电器，这些用电器中电功率最大的是（　　）
A．电视机 B．电风扇 C．小台灯 D．空调
9．（2026九上·双峰期末）如图所示是小明设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻。以下说法正确的是（　　）
A．压力表相当于一个电流表
B．电路中的R1是没有作用的，可换成电流表
C．当压力F越大时，压力表的示数越小
D．当压力F越大时，压力表的示数越大
10．（2026九上·双峰期末）某校科创小组为“共享助力车”的安全头盔设计以下方案：扫码成功后开关闭合，指示灯亮；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控闭合，电动机通电工作；扫码且戴头盔才能骑行。下列电路符合以上设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2026九上·双峰期末）2024年4月，我国研制的全球首款本体热机效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。下列关于四冲程柴油机的说法正确的是（　　）
A．压缩冲程通过内能转化为机械能，为外界提供动力的
B．做功冲程中通过做功的方式增加了汽缸内气体的内能
C．柴油机的热机效率可能达到100%
D．若该柴油机飞轮的转速为1800r/min，则柴油机在1s内对外做功15次
12．（2026九上·双峰期末）关于如图所示的热学实验，下列说法不正确的是（　　）
A．甲图中，压紧的两铅块，下面悬挂钩码而不分开，这是由于分子之间存在引力
B．乙图中，试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，内能转化为机械能
C．丙图中，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这说明空气的密度比二氧化氮大
D．丁图中，金属管内装有少量乙醚，迅速拉动缠在金属管外的皮绳，在塞子冲出去时，乙醚蒸气的内能减小
二、填空题
13．（2026九上·双峰期末）如图为小明同学设计的调光灯模拟实验电路图。使用过程中要使灯泡变亮，滑片P应向　 　（填“A”或“B”）端移动；滑动变阻器原理是通过改变连入电路的电阻丝的　 　来改变电阻。（选填：材料、长度或横截面积）
14．（2026九上·双峰期末）如图甲所示，这是部分不同物品的原子核对电子束缚能力强弱的排序图，梳子与图中的　 　摩擦最容易起电，且它们摩擦后梳子带　 　电。如图乙所示，将与毛皮摩擦过的梳子接触原来不带电的验电器的金属球，接触瞬间电流的方向是　 　(选填“从梳子到金属球”或“从金属球到梳子”)。
15．（2026九上·双峰期末）2024年10月30日，长征二号F运载火箭搭载神舟十九号载人飞船在酒泉成功发射。火箭用液体氢作为燃料，是因为液体氢的　 　高，若在某一阶段共消耗1吨的液态氢，这些燃料完全燃烧共释放出　 　J的热量。
16．（2026九上·双峰期末）用如图所示的打气筒为篮球打气的过程中，会发现气筒的上部筒壁只是略有发热，而气筒下部的筒壁，特别是筒壁底部附近的温度较高，甚至烫手。这是因为打气时活塞压缩空气做功，使气体的内能　 　（选填“减少”或“增加”），升温的气体通过　 　（选填“做功”或“热传递”）使筒壁温度升高。
17．（2026九上·双峰期末）如图所示，在估测薯片热值的实验中，小军设计了两种对水加热的方式：
方式一：薯片在烧杯中燃烧；
方式二：薯片在燃烧皿中燃烧。
（1）两种加热方式中合理的是　 　；在进行实验时，要让薯片充分燃烧，操作是　 　；
（2）用天平量取水，并测出一片薯片的质量，用以上选取的方式燃尽薯片，并用温度计测出水升高的温度，所测出的薯片热值偏　 　，原因是　 　。
18．（2026九上·双峰期末）为测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，某班同学设计了如图甲所示的电路。
（1）测量小灯泡的额定功率的实验原理是　 　；
（2）连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应滑到　 　（选填“左”或“右”）端；
（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，使电压表示数为2V，电流表示数如图乙所示，为　 　A；
（4）小敏组移动滑动变阻器的滑片，记录了多组数据，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像，如图丙所示，图像是曲线的主要原因是　 　；
19．（2026九上·双峰期末）在探究串联电路中电压规律的实验中小鑫同学将小灯泡L1、L2串联后接到电源上，如图甲所示。
（1）闭合开关S前，发现电压表的指针偏转如图乙所示，原因可能是　 　；
（2）在测量L2两端电压时，保持电压表B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，闭合开关后，会出现电压表______（填字母）；
A．超过电压表量程
B．指针反偏
C．正确测出灯泡L2两端的电压
（3）实验结束后，小鑫应先断开开关，拆除　 　（选填“电源”或“灯泡”）两端的导线后，再拆除其他导线并整理器材。
20．（2026九上·双峰期末）某项目式学习小组探究海陆风的成因。
【任务一】探究沙子和水的吸热能力
（1）设计如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。在完全相同两箱子中装质量相等且初温相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，是为了保证相同时间内水和沙子　 　相同。
（2）依据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像如图乙所示，可知在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度多，说明　 　的吸热能力强。
【任务二】实验模拟海陆风的形成
（3）取下两箱子的封口盖，在两个箱子的侧面分别开一小孔，用一个两端开口的透明细管AB将其连接，点燃一支香放在细管中部（图丙），通过白烟的流向模拟日晒下海边的风向，阅读信息窗中的知识并分析判断：相同条件下，加热一段时间后，烟将会从AB管的　 　端管口冒出。
信息窗：空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来，从而形成风。
三、综合应用题
21．（2026九上·双峰期末）某物理兴趣小组的同学，用天然气给10kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线，若在6min内完全燃烧了0.12kg的天然气（每分钟放热相同）。水的比热容为，天然气的热值为。
（1）完全燃烧0.12kg天然气释放的热量为多少？
（2）在烧水过程中，“0～2min”、“2～4min”、“4～6min”哪个时间段热效率最高？此时间段内水吸收的热量为多少？
（3）在烧水过程中，最高热效率的时间段内，热效率为多少？
22．（2026九上·双峰期末）商业街移动摊位使用可显示电费的新型插座（如图甲所示）计费，某摊位使用空气炸锅（如图乙所示）烹制食物，如图丙所示是该空气炸锅加热部分的简化电路，其额定电压为220V，定值电阻R1和R2为发热体，其中。开关S1、S2、S3的通断可实现高、中、低三个挡位的调节（S1、S2不会同时闭合），只闭合S3时为中温挡，额定功率为400W。求：
（1）R2的电阻；
（2）高温挡正常工作时的功率；
（3）只有空气炸锅单独工作，表盘示数使用前后如图甲、丁所示，通过表盘显示的数据估算该空气炸锅消耗的电功率（已知商用电费单价为0.75元/）
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】电流的方向；串联电路和并联电路的辨别；电压和电压的单位换算；电阻
【解析】【解答】A、电源电压不变时，调节电路中的电阻值会改变电流大小，因此该说法是错误的。
B、导体中的自由电荷做热运动时不会形成电流，只有当电荷发生定向移动时才会产生电流，所以这个说法也是错误的。
C、导体的电阻是其固有属性，不随通过它的电流或两端电压的变化而变化，因此这个说法同样是错误的。
D、电流是指通过导体的电荷流动，而电压是指用电器两端或电源两端的电势差，这个描述是正确的。
故选D。
【分析】电路中电流大小与电压和电阻大小有关；影响电阻的因素是材料、长度和横截面积，与是否有电流、电压无关；电压的单位是伏特，力的单位是牛顿；描述电压时，通常说两点之间的电压或某某两端的电压。
2．【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法正确，故A正确；
B．图中，电压表接在电源两端，电压表始终测电源电压（即两灯串联的总电压），电压表正负接线柱接法正确，故B错误；
C．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故C错误；
D．图中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端电压，电压表正负接线柱接法错误，故D错误。
答案：A。
【分析】 电压表应与被测电路并联，分析电路图，确定电压表所测电路，然后答题。
3．【答案】D
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】ABCD、根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压；当开关闭合时两灯都不亮，这说明电路出现了断路现象；电压表示数接近电源电压，这说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是L2灯断路。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
【分析】根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压，开关闭合时两灯都不亮，说明电路出现了断路现象，根据电压表示数分析电路故障的原因。
4．【答案】A
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】毛皮与橡胶棒摩擦，橡胶棒得到电子带负电，接触验电器的金属球时，电子转移到验电器上，验电器也带上负电，由于同种电荷相互排斥，两个金属箔片张开。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】验电器根据同种电荷相互排斥，判断物体是否带电。
5．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】①图甲中，电炉丝温度高，使周围空气温度上升，发生热量传递，能量发生转移，故①符合题意；
②流星快速滑过，与大气摩擦做功，将机械能转化为内能，能量发生了转化，故②不符合题意；
③高温水蒸气将管口的橡胶塞弹出，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，能量发生了转化，故③不符合题意；
④涨潮时海水冲击水轮机，海水的机械能转移到水轮机上，使水轮机转动，故④符合题意。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】能量相互转化时，能量形式发生变化；能量转移时，能量的位置改变，能量形式不变。
6．【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】由于砂石的比热容小，吸收相同的热量后，温度升高的较快，能快速吸热升温，再将热量传递给栗子，达到快速加热的目的，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】比热容是指单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收热量的多少，体现了物质的吸放热能力的强弱。
7．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AD．由题可知，由于灯泡的额定电压为2.5V。当灯泡正常发光时，由图可知，通过灯泡的电流是0.25A。由欧姆定律可计算电阻的阻值为：
由公式：P=UI可知，灯泡的额定功率为：
故AD正确，不符合题目要求。
B．从图中可知，当电流为0.15A时，灯泡两端电压为1V。此时实际功率为：
故B也正确，不符合题目要求。
C．观察图像可知，通过灯泡的电流随着电压增大而增大，这说明电流与电压不成反比关系。故C错误，符合题目要求。
故选C。
【分析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，当小灯泡正常发光时，从图中可知通过灯泡的电流为0.25A，根据欧姆定律和P额=U额I额得出电阻、额定功率；
（2）从图中可知，当小灯泡的电流为0.15A时，灯泡两端的实际电压为1V，根据P=UI得出灯泡的实际功率；
（3）分析图象可得灯泡的电流与其两端的电压关系。
8．【答案】D
【知识点】电功率
【解析】【解答】A．根据生活经验知 电视机 电功率约200W，故A不符合题意；
B．根据生活经验知电风扇的电功率约为60W，故B不符合题意；
C．根据生活经验知小台灯的电功率约为20W，故C不符合题意；
D．根据生活经验知空调的电功率约为1000W，故D符合题意。
故选：D。【分析】根据生活经验和对常见电功率值的认识分析。
9．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A．由电路图可知，R1、R2串联，压力表与变阻器并联，应为电压表，故A错误；
B．如果电路中只有变阻器，当变阻器连入电路阻值较小时，电路中电流较大，可能会损坏电路元件，将定值电阻R1串联在电路中，对电路起保护作用，不能换成电流表，故B错误；
CD．压力越大，变阻器连入电路阻值越大，根据串联电路分压作用可知，其两端电压越大，所以压力表示数越大，故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】由电路图可知，R1、R2串联，压力表与变阻器并联，定值电阻串联在电路中，对电路起保护作用，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路分压作用可知变阻器阻两端的电压变化。
10．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时能够独立工作，互不影响，故指示灯和电机是并联的，由于 扫码且戴头盔才能骑行 ，故开关S1在控制整个电路处于干路位置，开关S2控制电机所在支路。故ACD错误，B错误。
故选：B。
【分析】根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
11．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．在压缩冲程中，将机械能转化为内能，做功冲程提供动力，故A错误；
B．做功冲程通过做功的方式减小了内能，故B错误；
C．因为热机在工作过程中，不可避免地会有能量损失，如摩擦损失、散热损失等，所以柴油机的热机效率不可能达到100%，故C错误；
D．由题意可知，该柴油机1s内飞轮的转动圈数为30r。在单缸四冲程内燃机中，吸气、压缩、做功、排气四个冲程为一个工作循环，每个工作循环曲轴转2周，活塞上下往复2次，做功1次。该柴油机每秒内飞轮转动30圈，完成60个冲程，对外做功15次，故D正确。
故选：D。
【分析】压缩冲程中通过做功的方式增加了汽缸内气体的内能。在做功冲程中，燃气燃烧对外做功，将内能转化为机械能。热机在工作时不可避免的有能量损失，而且要克服机械部件间的摩擦做额外功，效率一定小于100%。在单缸四冲程内燃机中，吸气、压缩、做功、排气四个冲程为一个工作循环，每个工作循环曲轴转2周，活塞上下往复2次，做功1次。
12．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、甲图实验展示了两个接触面削平的铅块压紧后能结合，即使悬挂重物也不分离，证明分子间存在引力作用，故A正确。
B、软木塞被冲出的过程中，水蒸气内能转化为机械能，符合能量转化原理，故B正确。
C、由于空气密度小于二氧化氮，抽去隔板后气体混合属扩散现象，表明分子做无规则运动，但原解析错误判断了该选项，故C错误。
D、通过皮绳摩擦使金属管发热，导致乙醚达到燃点燃烧，蒸气内能推动塞子做功，符合能量转化规律，故D正确。
故选C。
【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）做功可以改变物体的内能。物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能。
13．【答案】A；长度
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】(1)如图所示，使用过程中，为使灯泡变亮，则应使电路电流增大，由欧姆定律可知，在电压一定时，应减小电路总电阻，则滑片应向A端滑动。
(2)电阻的大小与电阻丝的长度有关，滑动变阻器是通过移动滑片改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
故答案为：A；长度。
【分析】（1）根据连接实物电路的正确方法进行分析，即闭合开关前，使滑动变阻器接入电路的阻值最大；
（2）根据影响灯泡亮度的因素进行分析，即通过灯泡的电流越大，灯泡的实际功率越大。
（3）滑动变阻器是通过移动滑片改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
14．【答案】毛皮；负；从金属球到梳子
【知识点】两种电荷；电流的方向
【解析】【解析】（1）由图可知，毛皮的束缚电子的能力最弱，梳子束缚电子的能力最强，故毛皮与梳子摩擦最容易起电；(2)毛皮失去电子带正电，梳子得到电子带负电。
(3)用梳子去接触验电器的金属球时，梳子上多余的电子会转移到验电器上，则梳子接触的验电器瞬间电流方向是从验电器的金属球向梳子。
故答案为：（1）毛皮；负；从金属球到梳子。
【分析】（1）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电；
（2）物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流方向。
15．【答案】热值；1.4×1011
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】（1）火箭发动机选用液态氢作为燃料的主要原因是其具有很高的热值。（2）计算1吨液态氢完全燃烧释放的热量：
故答案为：热值；1.4×1011。
【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值；氢的热值很大，氢用于火箭做燃料；知道氢的热值和质量，根据Q放=mq求出氢气完全燃烧放出的热量。
16．【答案】增加；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】第1空，第2空，活塞压缩气体做功，气体内能增大，温度升高，升温的气体通过热传递使筒壁温度升高。
故答案为：增加；热传递。
【分析】改变物体内能的方法：一是做功，克服摩擦做功、压缩空气做功；二是热传递，两种方式都可以使物体的内能增加温度升高。
17．【答案】方式二；把薯片碾碎；小；薯片燃烧放出的热量没有被水全部吸收
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】（1）热空气上升，方式一中，薯片燃烧产生的热量有大一部分损失到空气中，测量不准，方式二更合理。把薯片碾碎，增大了与空气的接触面积，可以使薯片充分燃烧。
（2）薯片不能完全燃烧，燃烧放出的热量不能全部被水吸收，计算出的热量偏小，根据，所测出的薯片热值偏小。
【分析】（1）燃料燃烧放出的热量上升，将燃料放在下方，利用率更高；
（2）燃料燃烧放出的热量不能被完全吸收，根据吸收的热量计算热值，结果偏小。
18．【答案】（1）
（2）右
（3）0.42
（4）小灯泡的电阻随温度升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；伏安法测电阻的探究实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是P=UI；
（2）为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的右端；
（3）图乙知电流表的分度值为0.02A，示数为0.42A；
(4) 小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，随着小灯泡两端电压增大，通过的电流增大，灯丝发热温度升高，电阻变大，导致电流与电压不再成正比，故小灯泡的电流随电压变化的图像呈曲线。
故答案为：（1）P=UI；（2）右；（3）0.42；（4）小灯泡的电阻随温度升高而增大。【分析】（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是P=UI；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；
（4）灯泡在额定电压下正常发光，由图丙中的图像得出额定电压下的电流，根据P=UI可求出灯泡的额定功率。
（1）小灯泡的额定功率是通过测量小灯泡额定电压下的电流计算出来的，故测量小灯泡额定功率的实验原理是电功率公式。
（2）连接电路时，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大的位置，由图甲可知，滑片滑到右端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大。
（3）由图丙可知，实验中小灯泡的电流小于0.6A，故电流表选用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，指针指向0.42A，故电流表示数为0.42A。
（4）小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，随着小灯泡两端电压增大，通过的电流增大，灯丝发热温度升高，电阻变大，导致电流与电压不再成正比，故小灯泡的电流随电压变化的图像呈曲线。
19．【答案】（1）电压表指针未调零
（2）B
（3）电源
【知识点】电压的测量及电压表的使用；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关S之前，观察到电压表指针位置如图乙所示。由于此时电路未接通，电压表无电流通过，但指针未指在零刻度线，这表明电压表在使用前未进行调零操作。
（2）分析图甲电路可知，当测量 L1 两端电压时，电压表的正接线柱连接A点，负接线柱连接B点。
若测量 L2 电压时保持B点连接不变，仅将A点断开改接至C点，会导致电压表正负接线柱接反，从而引起指针反向偏转。
（3）实验完成后，正确的操作步骤顺序为：
①首先断开电路开关
②然后拆除连接电源的导线
③接着拆除其他导线
④最后整理实验器材
故答案为：（1）电压表未调零；（2）B；（3）电源。
【分析】（1）电压表使用前要调零；
（2）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转；
（3）为了电路安全，拆除电路时应先拆除电源。
（1）闭合开关S前，发现电压表的指针偏转如图乙所示，没有电流通过电压表，而指针没有指在零刻度线处，说明电压表使用前未调零。
（2）由图甲知道，测L1两端电压时，电压表与A点连接的接线柱为正接线柱，与B点连接的接线柱为负接线柱，在测量L2两端电压时，保持电压表B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，则电压表正负接线柱接反，会造成指针反偏，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）为了电路安全，拆除电路时应先拆除电源。所以测量结束后，应先断开开关，拆除电源两端的导线，再拆除其他导线，最后整理好器材。
20．【答案】（1）吸收的热量
（2）水
（3）B
【知识点】物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据比较不同物质吸热能力方法，要控制不同物质的质量相同，使用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，根据转换法，这样可以保证在相同时间内水和沙子吸收的热量相同。
（2）根据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，可以观察到在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度高。这说明水在吸收相同热量时，温度升高的较慢，即水的吸热能力强。
（3）在实验模拟海陆风的形成时，通过点燃一支香放在连接两个箱子的透明细管中，观察白烟的流向来模拟日晒下海边的风向。由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。因此，加热一段时间后，沙子（模拟陆地）的温度会高于水（模拟海洋）的温度。根据信息窗中的知识，空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来。所以，烟将会从管的B（连接沙子的管子，代表热空气上升的地方）管口冒出。夜间，海洋和陆地的温度会发生变化。由于水的比热容大，放热降温慢，而沙子的比热容小，放热降温快。因此，夜间海洋的温度会高于陆地的温度。根据信息窗中的知识，此时海洋上的空气会受热上升，形成低压区，而陆地上的空气会流向海洋，形成海风，故B符合题意，A不符合题意。
故选：B：
故答案为：（1）吸收的热量；（2）水；（3）B。【分析】（1）根据比较不同物质吸热能力方法，要控制不同物质的质量相同，在完全相同两箱子中装入质量相等且初温相同的水和沙子，由转换法，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，是为了保证相同时间内水和沙子吸热相同。
（2）根据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，可观察到在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度高。
（3）由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。
（1）用规格相同的白炽灯加热，相同时间内白炽灯放出的热量相同，因此可以保证水和沙子吸收的热量相同。
（2）相同时间内沙子和水吸收的热量相同，由图乙可知，相同时间内沙子升温比水升温更快，温度变化更大，由可知，当质量和吸收的热量相同时，温度变化越小，比热容越大，根据比热容的物理意义，比热容越大，吸热能力越强，水的比热容大于沙子，因此水的吸热能力更强。
（3）由于水的比热容大，相同条件下，水吸热升温慢，沙子吸热升温快。因此，加热一段时间后，沙子的温度会高于水的温度。根据信息窗中的知识，空气因受热体积膨胀，密度变小而上升，冷空气会从四面八方流过来。所以，烟将会从管的B(连接沙子的管子，代表热空气上升的地方)管口冒出。
21．【答案】（1）解：已知天然气的质量为 0.12kg，天然气的热值，则天然气完全燃烧释放的热量为
（2）解：由图可知，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢，故0～2min时间内，在吸收热量相同的情况下，升高的温度最高，热效率最大；
0～2min内，水升高的温度
水吸收的热量
（3）解：0～2min内，天然气完全燃烧释放的热量
烧水时的热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）已知天然气的质量和热值，利用Q=mq可求得天然气完全燃烧产生的热量；
（2）烧水时的热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比；发生热传递的条件是存在温度差，温度差越大，热传递越快。
（3）根据热效率公式。
（1）已知天然气的质量为 0.12kg，天然气的热值，则天然气完全燃烧释放的热量为
（2）由图可知，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢，故0～2min时间内，在吸收热量相同的情况下，升高的温度最高，热效率最大；0～2min内，水升高的温度
水吸收的热量
（3）0～2min内，天然气完全燃烧释放的热量
烧水时的热效率
22．【答案】（1）解：由题可知，只闭合S3时，电路中只有定值电阻R2，此时为中温挡，根据公式可知，R2的电阻为
（2）解：当开关S1、S3闭合，S2断开时，两电阻并联，总电阻最小，根据公式可知，此时总功率最大，为高温挡，高温挡正常工作时的功率为
（3）解：由图甲、丁所示可知，空气炸锅工作的时间为
空气炸锅消耗的电能为
根据公式可知，该空气炸锅消耗的电功率为
【知识点】电阻的并联；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）只闭合S3时，空气炸锅为中温挡，电路中只有定值电阻R2，由可知R2的电阻。
（2）只闭合S3时为中温挡，当只闭合S2时，R1、R2串联；当闭合S1、S3，断开S2时，R1、R2并联；由串联、并联电阻规律和公式可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，空气炸锅为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，空气炸锅为低温挡；由功率公式得到高温挡正常工作时的功率。
（3）由图甲、丁所示可知空气炸锅工作的时间，由电费得到空气炸锅消耗的电能，根据公式可知该空气炸锅的电功率。
（1）由题可知，只闭合S3时，电路中只有定值电阻R2，此时为中温挡，根据公式可知，R2的电阻为
（2）当开关S1、S3闭合，S2断开时，两电阻并联，总电阻最小，根据公式可知，此时总功率最大，为高温挡，高温挡正常工作时的功率为
（3）由图甲、丁所示可知，空气炸锅工作的时间为
空气炸锅消耗的电能为
根据公式可知，该空气炸锅消耗的电功率为
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