资源简介

吉林省吉林市永吉县2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（每题2分，共12分）
1．（2025·永吉模拟）生活中的事物都有合适的尺度和范围，以下符合实际的是（　　）
A．筷子七寸六分长约25cm B．一支2B铅笔的质量约800g
C．中学生的体重约50N D．男生1000米跑步时间约
2．（2025·永吉模拟）忠县大岭佛耳岩景区被称为“天然氧吧”，那里风景优美，四季分明。在大岭景区的自然景观中（如图所示）发生的物态变化相同的是（　　）
A．①② B．②③ C．②④ D．①④
3．（2025·永吉模拟）下列与“影子”的形成原理相同的是（　　）
A．树下阴影 B．水面“倒影”
C．凸面镜扩大视野 D．铅笔水面处“折断”
4．（2025·永吉模拟）物理课外活动小组的同学们在进行安全用电知识抢答，下列正确的是（　　）
A．雷雨天在大树下避雨
B．保险丝烧断后可以用铜丝代替
C．有人触电时立即用手将其拉开
D．家用电器的金属外壳一定要接地
5．（2025·永吉模拟）中学校园举办了足球三级联赛，在赛场上，下面哪一个说法是正确的（　　）
A．守门员带上手套是为了减小摩擦
B．足球在空中弧线运动受平衡力
C．球的运动方向改变因为受到力的作用
D．足球一离开地面就不受到重力作用
6．（2025·永吉模拟）如图所示，这是创新小组自制的肺活量检测装置的原理图。其中电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。检测时，被检人员向气球中吹气，气球膨胀带动隔板和滑片Р向上运动，肺活量检测装置显示仪的示数将会变大。下列有关说法正确的是（　　）
A．定值电阻R1在电路中不起作用，可以去除
B．肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的
C．向气球中吹气时，电压表示数与电流表示数的比值变大
D．向气球中吹气时，电路消耗的总功率变小
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2025·永吉模拟）端午节松花江畔举办了大型龙舟赛。岸边传来阵阵花香，这是　 　现象，以岸边的观众为参照物，龙舟是　 　的；比赛通过电视进行转播，这是通过　 　传递信息的；当号令一响，龙舟上的运动员奋力划桨，这说明声音能够传递　 　。
8．（2025·永吉模拟）扬州中国大运河博物馆展示了各种古代船只模型。若船和货物总质量为，船静止在水中时，排开水的体积为　 　（g取10N/kg，）；“沙飞船”航速迅捷。同向并排行驶的两条“沙飞船”要保持安全距离，是因为两船较近时，中间流速大，流体压强　 　；游客站在静止的仿制“沙飞船”的船头，能从各个方向观看到投影画面，这是因为光在投影幕上发生了　 　；如果船突然减速，游客会向前倾倒，是由于人具有　 　。
9．（2025·永吉模拟）电热水器是利用电流的　 　效应工作的。小明用电能表测量电热水器实际功的率来判断家里的电压是否正常。他观察家中的电能表示数如图甲所示为　 　kW·h，现仅接通一台如图乙所示的电热水器，则其1min内消耗电能为　 　J，电热水在使用时将电能转化为　 　。
10．（2025·永吉模拟）如图1所示，质量为60kg的小辛同学从一个深坑中提升起了640N的重物，在这个过程中小辛沿水平地面向右匀速步行前进了8m，用时10s，小辛克服自身重力做功是　 　J；小辛对绳子的拉力是400N（绳重与摩擦忽略不计，g取10N/kg）；图2是表示人走路时的脚跟提起后的姿势图，此时脚相当于一个　 　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；一个动滑轮重力是　 　N；该装置的机械效率是　 　。
三、计算题（每题5分，共10分）
11．（2025·永吉模拟）C919是我国自主研发的大型客机。假设某架飞机总质量为，静止在水平跑道上时，其轮胎与地面接触的总面积约为1m2，g=10N/kg。求该飞机：
（1）受到的重力；
（2）静止时对水平跑道的压强。
12．（2025·永吉模拟）在图所示的电路中，电源电压不变，灯L上标有“6V3W”字样。当开关S闭合时，灯L正常发光，电流表的示数为0.6A。求：
（1）通过灯L的电流；
（2）的电功率。
四、简答题（每题2分，共6分）
13．（2025·永吉模拟）干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，如图所示，请运用学过的物理知识解释为什么？
14．（2025·永吉模拟）如图是冬季常用的一种暖手宝，袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体，请你利用所学物理知识解释其中的原因？
五、作图题（每题2分，共4分）
15．（2025·永吉模拟）如图所示，光源Q发出的一束光经平面镜反射在墙上显示出一个光点，画出平镜面反射的光线。
16．（2025·永吉模拟）如图所示， 开关S闭合，电流表指针正常偏转，请标出通电螺线管的电流方向，并标出两条磁感线的方向。
六、实验与探究题（每空1分，最后一个空2分，共24分）
17．（2025·永吉模拟）小洲设计了如图甲所示的装置来探究“冰熔化时的温度特点”。
（1）如图甲所示，此时试管中冰的温度为　 　℃；
（2）如图乙所示，是小洲根据实验数据作出冰的温度随时间变化的图像，分析图像可知，在第4min时，物质的状态为　 　态，冰属于　 　（选填“非晶体”或“晶体”）；
（3）同桌小红发现小洲未对冰进行加热，可是冰熔化了，于是小红认为冰的熔化不需要吸热，她的看法是(　　)（选填“正确”或“错误”）的。
18．（2025·永吉模拟）如图所示是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。实验中小明用到了一个弹簧测力计、一块木块、一个砝码、一块长木板和一条毛巾。
（1）如图甲所示，小明把木块平放在长木板上，用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块，此时木块所受摩擦力是　 　N；
（2）小明把砝码放在木块上，再把木块平放在长木板上进行实验，如图乙可所示，发现拉力F2>F1.分析甲、乙两次实验数据可以得出，滑动摩擦力与　 　有关。下列各种现象中，利用该实验结论的是　 　。
A.用力压住橡皮，擦去写错的字
B.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
C.汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链
19．（2025·永吉模拟）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）测出凸透镜的焦距为10cm。实验前要调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在　 　，目的是使像成在　 　；
（2）图中是某次实验时观察到的现象，人们生活中的　 　（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）是利用这一原理制成的；
（3）保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上再次看到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）透镜方向移动；若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”），像也能变得清晰。
20．（2025·永吉模拟）为了测量某鸡蛋的密度，小明和小亮进行了如图所示的实验：
（1）小明将天平放在水平桌面上，将游码拨至零刻度线处，天平稳定时指针如图-1所示，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调，直至天平平衡。用调好的天平测量鸡蛋的质量，平衡时如图-2，鸡蛋的质量为　 　g；
（2）小明用溢水杯测量鸡蛋的体积。做法是先往溢水杯中加水，直到　 　时停止。用透明胶带将鸡蛋和细线的一端固定，用细线吊着鸡蛋，使其缓慢浸入水中，直至浸没，同时用量筒收集溢出水。量筒示数如图-3，计算出鸡蛋的密度为　 　，这样测量会导致鸡蛋的密度　 　。
21．（2025·永吉模拟）小林做“探究电流与电阻的关系”实验，用到的实验器材有：电源（电压恒为6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各一只）、滑动变阻器（规格为“30Ω1A”）、电压表（0~3V）、电流表（0~0.6A）、开关、导线若干。
（1）小林连接好如图甲所示的电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到最　 　（选填“左”或“右”）端，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，可能是定值电阻R出现了　 　（选填“短路”或“断路”）故障；
（2）排除故障后，多次改变R的阻值，闭合开关后，　 　，使电压表示数保持不变，记下电流表示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R的变化图像；由图像可得：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　 　；
（3）为了顺利完成本次实验，定值电阻两端的电压范围应保持　 　V不变。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】 解：A、筷子的长度在25cm左右，故A正确；
B、一支2B铅笔的质量约8g，故C错误；
C、中学生的质量约为50kg，体重约G=mg=50kg×10N/kg=500N，故C错误；
D、男生跑1000m所用的时间约4min，故D错误。
故选：A。
【分析】 新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
2．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 解：①春天，冰雪消融，是熔化现象；
②夏天，薄雾缥缈，是液化现象；
③秋天，露珠晶莹，是液化现象；
④冬天，雾凇簇簇，是凝华现象；
综上，②③的物态变化相同。
故选：B。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
3．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；凸面镜和凹面镜；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】“影子”是光沿直线传播形成的。
解：A.树下阴影是光沿直线传播形成的，故A符合题意；
B.水面“倒影”是光的反射，故B不符合题意；
C.凸面镜扩大视野，属于光的反射，故C不符合题意；
D.铅笔水面处“折断”属于光的折射，故D不符合题意；
故选：A。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
4．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、雷雨天，大树是导体且高度突出，容易被雷电击中，电流会通过大树向四周扩散，在树下避雨极易遭受雷击。故A错误。
B、保险丝的作用是在电流过大时自动熔断，从而切断电路、保护设备。铜丝的熔点高、电阻小，在电流过大时不会熔断，无法起到保护作用，还可能引发火灾。故B错误。
C、人体是导体，直接用手拉开触电者，电流会通过施救者身体形成新的触电回路，导致施救者也触电。正确做法是先切断电源或用干燥的绝缘物体使触电者脱离电源。故C错误。
D、家用电器的金属外壳接地后，若电器内部绝缘损坏导致外壳带电，电流会通过地线导入大地，避免人体接触外壳时触电，这是保护人身安全的重要措施。故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）雷电是大气中一种剧烈的放电现象。云层和大地之间的放电如果通过人体，能够立即致人死亡；如果通过树木、建筑物，巨大的热量和空气的振动都会使它们受到严重的破坏；
（2）保险丝是用电阻率较大、熔点较低的铅锑合金制作而成；
（3）发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；
（4）家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生。
5．【答案】C
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 解：A、守门员戴手套是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，从而更好地抓住足球、防止球滑脱，并非减小摩擦。故A错误。
B、足球在空中做弧线运动时，运动方向和速度大小都在变化，运动状态发生改变，说明受到的是非平衡力（受重力和空气阻力，二者并非平衡）。故B错误。
C、力是改变物体运动状态的原因，球的运动方向改变属于运动状态改变，本质是因为受到了力（如重力、空气阻力、球员的踢力等）的作用。故C正确。
D、重力是地球对物体的吸引作用，只要物体在地球附近，无论是否接触地面，都会受到重力，足球离开地面后依然受重力作用（这也是它最终会下落的原因）。故D错误。
故选：C。
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）处于非平衡状态的物体受到的力是非平衡力；
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）地球周围的一切物体都受到重力作用。
6．【答案】B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：A．当R2的电阻很小时，R1可以起到保护电路的作用，所以电路中的R1不能去除，故A错误；
B．由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；吹气时，气球胀大，隔板向上运动，变阻器R2接入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流的变大，电流表示数变大；根据U=IR知，定值电阻R1两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，变阻器R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的，故B正确；
C．根据可知，电压表示数与电流表示数的比值表示滑动变阻器的电阻大小，变阻器R2接入电路中的电阻变小，该比值减小，故C错误；
D．根据P=UI知，电路消耗的电功率变大，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）定值电阻R1可以保护电路；
（2）由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；吹气时，气球胀大，隔板向上运动，据此得出变阻器R2接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻R1两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知变阻器R2两端的电压变化，据此判定显示仪是由哪个电表改装而成；
（3）根据欧姆定律分析电压表示数与电流表示数的比值表示的物理意义，确定其变化；
（4）根据P=UI分析电路消耗的电功率变化。
7．【答案】扩散；运动；电磁波；信息
【知识点】声与信息传递；运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】 解：岸边传来阵阵花香，这是扩散现象，以岸边的观众为参照物，龙舟相对于岸边的观众位置发生改变，龙舟是运动的；比赛通过电视进行转播，这是通过电磁波传递信息的；当号令一响，龙舟上的运动员奋力划桨，这说明声音能够传递信息。
故答案为：扩散；运动；电磁波；信息。
【分析】 不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现。
物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
声可以传递信息和能量。
8．【答案】6；小；漫反射；惯性
【知识点】镜面反射与漫反射；惯性及其现象；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）船静止在水中时漂浮，浮力等于自身的重力，所以受到的浮力为：F浮=G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N，
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得排开水的体积为：；
（2）两船靠近时，中间流速大，流体压强小；
（3）因为游客能从各个方向观看投影画面，且投影幕布的表面凹凸不平，反射光线会射向不同的方向，故光在投影幕布上发生了漫反射；
原来人们都处于运动状态，当刹车时，人的下半身运动停止，而人的上身由于惯性继续向前运动，故汽车紧急刹车人向前倒是因为人具有惯性。
故答案为：6；小；漫反射；惯性。
【分析】 （1）船静止在水中时漂浮，浮力等于自身的重力，根据F浮=G=mg算出受到的浮力；由阿基米德原理F浮=ρ水gV排算出排开水的体积；
（2）流体中流速越大的地方压强越小；
（3）一束平行光射向物体的粗糙表面，经反射后，反射光线不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；
（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。影响惯性大小的因素只有质量，至于速度大小、受力大小，都不影响惯性。
9．【答案】热；3023.6；9×104；内能
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】 解：电热水器根据电流的热效应工作；
图甲所示的电能表示数为3023.6kW h；
1min内电热水器消耗的电能：W=Pt=1500W×60s=9.0×104J；
电热水工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程。
故答案为：热；3023.6；9.0×104；内能。
【分析】 （1）电热器根据电流的热效应工作；
（2）电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW h；
（3）根据W=Pt算出电热水器消耗的电能；
电热水工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程。
10．【答案】0；省力；160；80%
【知识点】杠杆的分类；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：小辛沿水平地面向右匀速步行前进了8m，但在重力的方向上没有移动距离，因此小辛克服自身重力做功为0J；
由图2知，脚跟提起后，O为支点，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆；
由图1知，n=2，绳重与摩擦忽略不计，根据可知，动滑轮重为：G动=nF-G=2×400N-640N=160N；
该装置的机械效率为：。
故答案为：0；省力；160；80%。
【分析】（1）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可；
（2）根据动力臂与阻力臂的大小关系来判断杠杆的类型；
（3）根据滑轮组装置确定绳子股数，绳重与摩擦忽略不计，利用求出动滑轮重；
（4）根据求出该装置的机械效率。
11．【答案】（1）解：根据重力公式可知，飞机受到的重力：G=mg=8×104kg×10N/kg=8×105N。
答：受到的重力8×105N。
（2）解：飞机静止时对水平地面的压力：F=G=8×105N，
对水平地面的压强：。
答：静止时对水平跑道的压强8×105Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）知道飞机的质量，利用G=mg求其重力；
（2）飞机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据求出对水平地面的压强。
（1）飞机受到的重力为
（2）因为飞机在水平跑道上，静止时飞机对地面的压力为
静止时对水平跑道的压强为
12．【答案】（1）解：由电路图可知，灯泡与电阻并联，电流表测干路电流。
由于灯泡正常发光，电源的电压U=UL=6V，
根据P=UI可得，通过灯L的电流。
答：通过灯L的电流为0.5A。
（2）解：由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
通过R2的电流I2=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A，
电阻R2消耗的电功率：P2=UI2=6V×0.1A=0.6W。
答：电阻R2消耗的电功率为0.6W。
【知识点】并联电路的电流规律；电功率的计算
【解析】【分析】 由电路图可知，灯泡与电阻并联，电流表测干路电流。
（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，此时电源的电压和灯泡的额定电压相等，根据P=UI求出通过灯L的电流；
（2）根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；
（3）根据P=UI求出电阻R2消耗的电功率。
（1）当开关S闭合时，据图可知，电路为定值电阻和灯泡并联，电流表测干路电流，此时灯泡正常发光，说明灯泡两端电压为6V，电功率为3W，根据并联电压规律可知，电源电压为6V，则通过灯L的电流为
（2）根据并联电流规律可得，的电流为
的电功率为
13．【答案】解：干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，是因为通过摩擦使梳子带上了电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解析】干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，是因为通过摩擦使梳子带上了电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。带电体具有吸引轻小物体的性质。

14．【答案】答：水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖手宝袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖手宝袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体。
【分析】 水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

15．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】 解：（1）作光源Q关于平面镜的对称点Q'，Q'即为光源Q在平面镜中的像；
（2）连接Q'与入射点即为反射光线的反向延长线，将Q'O延长交墙上的一点，即为光源Q发出的一束光经平面镜反射在墙上显示出的光点，如图所示：
【分析】 （1）根据物像关于平面镜对称的特点做出光源Q在平面镜中的像。
（2）根据反射光线的反向延长线过像点可画出反射光线并标出墙上光点的位置。
16．【答案】
【知识点】电流的方向；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：电流表指针正常偏转，说明电流从电流表的 “+” 接线柱流入，“-” 接线柱流出，由此可确定电源的正负极：电源左侧为负极，右侧为正极。
电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），可判断螺线管的左端为N极，右端为S极。
磁感线在螺线管外部从N极出发，回到S极；在螺线管内部从S极指向N极，如图所示：
【分析】 由电流表的使用方法可知电流方向，由安培定则可判出磁极方向及磁感线方向。
17．【答案】（1）-4
（2）固液共存；晶体
（3）错误
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）图甲中，温度计的分度值为1℃，其读数为-4℃；
（2）由图乙知，冰熔化时，有固定的温度，则冰属于晶体；在第4min时，物质的状态为固液共存态；
（3）因为冰可以向周围环境吸热，所以小红的看法是错误的。
故答案为：（1）-4；（2）固液共存；晶体；（3）错误。【分析】（1）先明确温度计的分度值，根据温度计液面所对应的刻度进行读数；
（2）晶体熔化时有固定的温度，结合图乙进行分析
（3）晶体熔化时温度不变，吸收热量。
（1）如图甲所示，温度计的分度值为1℃，温度计的液柱在0℃以下，表示此时温度为零下，图中温度计的的读数为-4℃。
（2）[1][2]从图乙可以看出，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，所以冰属于晶体。在第4min时，冰处于熔化过程中，此时物质的状态为固液共存态。
（3）冰熔化需要吸热，小洲未对冰进行加热但冰熔化了，是因为冰可以从周围环境中吸收热量，所以小红认为冰的熔化不需要吸热的看法是错误的。
18．【答案】（1）匀速直线；4.2
（2）压力大小；A
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）在实验中，用弹簧测力计在水平方向上匀速直线拉动木块，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等；
由图甲知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为4.2N，所以摩擦力为4.2N；
（2）甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关；
A．用力压住橡皮，擦去写错的字是增大压力增大摩擦的；
C．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链是通过改变接触面粗糙程度来改变摩擦的；
B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木是通过改滑动为滚动来改变摩擦；
故选：A。
故答案为：（1）匀速直线；4.2；（2）压力大小；A。
【分析】（1）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，是运用二力平衡的原理，将摩擦力转换法弹簧测力计的拉力来进行测量的；
（2）分析甲、乙两图不变的量和改变的量，得出摩擦力与压力的大小关系。
（1）[1][2]实验中沿水平方向匀速直线拉动木块，根据二力平衡的原理可知，木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，甲图中弹簧测力计的分度值是0.2N，读数为4.2N，则木块所受摩擦力是4.2N。
（2）[1]甲、乙两图中接触面的粗糙程度相同，压力不同，且压力越大，弹簧测力计的示数越大，摩擦力越大，说明滑动摩擦力与压力的大小有关。
[2]A．用力压住橡皮，擦去写错的字，是通过增大压力来增大摩擦力，故A符合题意；
B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木，是压力一定时，变滑动为滚动，减小摩擦力，故B不符合题意；
C．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意。
故选A。
19．【答案】（1）同一高度；光屏中央
（2）照相机
（3）靠近；凹透镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）器材位置正确放置后，点燃蜡烛，为了使烛焰的像成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度；
（2）由图可知，此时物距大于像距，则所成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
（3）保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上再次看到清晰的像，根据物远像近像变小，应将光屏向靠近透镜方向移动；若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的凹透镜，像也能变得清晰。
故答案为：（1）同一高度；光屏中央；（2）照相机；（3）靠近；凹透镜。
【分析】 （1）为使烛焰的像成在光屏的中央，调节凸透镜、光屏和烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）物距大于像距，物距大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机；物距小于像距，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪；物距小于f，凸透镜成正立、放大虚像，其应用是放大镜；
（3）根据物远像近像变小分析；凹透镜对光线具有发散作用。
（1）[1][2]实验前要调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是使像成在光屏中央。
（2）由图可知此成像情景中，物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm，像距为v=65.0cm-50.0cm=15.0cm，物距大于像距。根据凸透镜成像规律可知当时，，此成像条件下物距大于像距。此时成倒立、缩小的实像。生活中照相机是利用这一原理工作的。
（3）[1]保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，物距变大，根据凸透镜成实像时，遵循“物远像近像变小”的原理，像距变小，要在光屏上再次看到清晰的像，应将光屏向靠近透镜方向移动。
[2]物距变大，像距变小，成像在光屏（视网膜）前，若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的对光有发散作用的透镜，使像重新成在光屏上，所以应该放置一个凹透镜，也能变得清晰。
20．【答案】（1）右；42
（2）水面与管口相平；1.05；偏小
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）小明将天平放在水平桌面上，将游码拨至零刻度线处，天平稳定时指针如图-1所示，指针左偏，应将平衡螺母向右调，直至天平平衡。用调好的天平测量鸡蛋的质量，平衡时如图-2，图中天平标尺的分度值为0.2g，鸡蛋的质量为m=20g+20g+2g=42g；
（2）使用溢水杯测量鸡蛋的体积，应先往溢水杯中加水，直到水面与管口相平；由图-3所示量筒分度值为1mL，鸡蛋排开水的体积V排=40mL=40cm3，因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积V=V排=40cm3，鸡蛋的密度为；
因透明胶带和细线也要排开一定体积的水，故溢出水的体积变大，导致测量的体积变大，由密度公式可知测量会导致鸡蛋的密度偏小。
故答案为：（1）右；42；（2）水面与管口相平；1.05；偏小。
【分析】 （1）实验天平测量质量时，应将天平放在水平桌面上，把游码拨至称量标尺左端零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度标尺中线的右侧，此时他应将平衡螺母向指针偏转的反方向调节，物体的质量等于砝码质量加上游码的示数；
（2）由溢水法根据图-3读出溢出水的体积，从而得到鸡蛋的体积，由密度公式计算鸡蛋的密度；因透明胶带和细线也要排开一定体积的水，据此分析。
（1）[1]调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，说明左侧较重，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡。
[2]图中天平标尺的分度值为0.2g，游码读数为2g，故鸡蛋的质量为m=20g+20g+2g=42g
（2） [1]本实验利用排水法测量鸡蛋的体积，先往溢水杯中加水，直到水面恰好与溢水口相平，量筒中水的体积即为溢出水的体积。鸡蛋浸没时，鸡蛋的体积等于量筒中水的体积。所以通过读出量筒中水的体积即可得到鸡蛋的体积。
[2]由图-3所示，量筒分度值为1mL，鸡蛋排开水的体积V排=40mL=40cm3，因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积V=V排=40mL=40cm3
鸡蛋的密度为
[3]由于细线和透明胶也会排出一些水，导致所测体积偏大，由知，所测密度偏小。
21．【答案】（1）左；断路
（2）调节滑动变阻器的滑片；反比
（3）2.4~3
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 解：（1）闭合开关前，为保护电路，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，故将滑片移到最左端；
闭合开关后电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻发生了断路；
（2）根据图乙可得U=IR=0.5A×5Ω=……=0.25A×10Ω=2.5V，为一定值，故得出：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（3）由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为0.6A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：UV大=I大R定小=0.6A×5Ω=3V；研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV'，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U总-UV'=6V-UV'，根据分压原理有：，即①，因电压表示数UV'为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：，解得电压表的示数：UV'=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
故为顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压需要控制在2.4～3V范围内。
故答案为：（1）左；断路；（2）移动滑动变阻器滑片；反比；（3）2.4～3V。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（2）根据电流与电阻之积为一定值分析，这用到了控制变量法；
（3）根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为30Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应移至阻值最大处，即最左端。
[2]据图可知，电路为串联电路，电压表测定值电阻两端电压，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，则可能是定值电阻发生断路，电压表串联接入电路，测电源电压。
（2）[1]探究电流与电阻关系的实验中，需要保持定值电阻两端电压不变，因此多次改变R的阻值，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数保持不变。
[2]由乙图可知，电流与电阻的乘积是定值，且当电阻变大时，电流变小，因此可得结论为：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（3）根据串联分压原理可得
已知电源电压为6V，定值电阻的最大阻值为20Ω，变阻器的最大阻值为30Ω，带入上式可得
解得，可得定值电阻控制的最小电压为2.4V；根据电流表的量程可知，电路中允许通过的最大电流为0.6A，则定值电阻两端控制的最大电压为
因此定值电阻两端的电压范围应保持2.4V~3V。
1 / 1吉林省吉林市永吉县2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（每题2分，共12分）
1．（2025·永吉模拟）生活中的事物都有合适的尺度和范围，以下符合实际的是（　　）
A．筷子七寸六分长约25cm B．一支2B铅笔的质量约800g
C．中学生的体重约50N D．男生1000米跑步时间约
【答案】A
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】 解：A、筷子的长度在25cm左右，故A正确；
B、一支2B铅笔的质量约8g，故C错误；
C、中学生的质量约为50kg，体重约G=mg=50kg×10N/kg=500N，故C错误；
D、男生跑1000m所用的时间约4min，故D错误。
故选：A。
【分析】 新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
2．（2025·永吉模拟）忠县大岭佛耳岩景区被称为“天然氧吧”，那里风景优美，四季分明。在大岭景区的自然景观中（如图所示）发生的物态变化相同的是（　　）
A．①② B．②③ C．②④ D．①④
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 解：①春天，冰雪消融，是熔化现象；
②夏天，薄雾缥缈，是液化现象；
③秋天，露珠晶莹，是液化现象；
④冬天，雾凇簇簇，是凝华现象；
综上，②③的物态变化相同。
故选：B。
【分析】 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
3．（2025·永吉模拟）下列与“影子”的形成原理相同的是（　　）
A．树下阴影 B．水面“倒影”
C．凸面镜扩大视野 D．铅笔水面处“折断”
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；凸面镜和凹面镜；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】“影子”是光沿直线传播形成的。
解：A.树下阴影是光沿直线传播形成的，故A符合题意；
B.水面“倒影”是光的反射，故B不符合题意；
C.凸面镜扩大视野，属于光的反射，故C不符合题意；
D.铅笔水面处“折断”属于光的折射，故D不符合题意；
故选：A。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
4．（2025·永吉模拟）物理课外活动小组的同学们在进行安全用电知识抢答，下列正确的是（　　）
A．雷雨天在大树下避雨
B．保险丝烧断后可以用铜丝代替
C．有人触电时立即用手将其拉开
D．家用电器的金属外壳一定要接地
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、雷雨天，大树是导体且高度突出，容易被雷电击中，电流会通过大树向四周扩散，在树下避雨极易遭受雷击。故A错误。
B、保险丝的作用是在电流过大时自动熔断，从而切断电路、保护设备。铜丝的熔点高、电阻小，在电流过大时不会熔断，无法起到保护作用，还可能引发火灾。故B错误。
C、人体是导体，直接用手拉开触电者，电流会通过施救者身体形成新的触电回路，导致施救者也触电。正确做法是先切断电源或用干燥的绝缘物体使触电者脱离电源。故C错误。
D、家用电器的金属外壳接地后，若电器内部绝缘损坏导致外壳带电，电流会通过地线导入大地，避免人体接触外壳时触电，这是保护人身安全的重要措施。故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）雷电是大气中一种剧烈的放电现象。云层和大地之间的放电如果通过人体，能够立即致人死亡；如果通过树木、建筑物，巨大的热量和空气的振动都会使它们受到严重的破坏；
（2）保险丝是用电阻率较大、熔点较低的铅锑合金制作而成；
（3）发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；
（4）家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生。
5．（2025·永吉模拟）中学校园举办了足球三级联赛，在赛场上，下面哪一个说法是正确的（　　）
A．守门员带上手套是为了减小摩擦
B．足球在空中弧线运动受平衡力
C．球的运动方向改变因为受到力的作用
D．足球一离开地面就不受到重力作用
【答案】C
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 解：A、守门员戴手套是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，从而更好地抓住足球、防止球滑脱，并非减小摩擦。故A错误。
B、足球在空中做弧线运动时，运动方向和速度大小都在变化，运动状态发生改变，说明受到的是非平衡力（受重力和空气阻力，二者并非平衡）。故B错误。
C、力是改变物体运动状态的原因，球的运动方向改变属于运动状态改变，本质是因为受到了力（如重力、空气阻力、球员的踢力等）的作用。故C正确。
D、重力是地球对物体的吸引作用，只要物体在地球附近，无论是否接触地面，都会受到重力，足球离开地面后依然受重力作用（这也是它最终会下落的原因）。故D错误。
故选：C。
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）处于非平衡状态的物体受到的力是非平衡力；
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）地球周围的一切物体都受到重力作用。
6．（2025·永吉模拟）如图所示，这是创新小组自制的肺活量检测装置的原理图。其中电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。检测时，被检人员向气球中吹气，气球膨胀带动隔板和滑片Р向上运动，肺活量检测装置显示仪的示数将会变大。下列有关说法正确的是（　　）
A．定值电阻R1在电路中不起作用，可以去除
B．肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的
C．向气球中吹气时，电压表示数与电流表示数的比值变大
D．向气球中吹气时，电路消耗的总功率变小
【答案】B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：A．当R2的电阻很小时，R1可以起到保护电路的作用，所以电路中的R1不能去除，故A错误；
B．由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；吹气时，气球胀大，隔板向上运动，变阻器R2接入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流的变大，电流表示数变大；根据U=IR知，定值电阻R1两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，变阻器R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的，故B正确；
C．根据可知，电压表示数与电流表示数的比值表示滑动变阻器的电阻大小，变阻器R2接入电路中的电阻变小，该比值减小，故C错误；
D．根据P=UI知，电路消耗的电功率变大，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）定值电阻R1可以保护电路；
（2）由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；吹气时，气球胀大，隔板向上运动，据此得出变阻器R2接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻R1两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知变阻器R2两端的电压变化，据此判定显示仪是由哪个电表改装而成；
（3）根据欧姆定律分析电压表示数与电流表示数的比值表示的物理意义，确定其变化；
（4）根据P=UI分析电路消耗的电功率变化。
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2025·永吉模拟）端午节松花江畔举办了大型龙舟赛。岸边传来阵阵花香，这是　 　现象，以岸边的观众为参照物，龙舟是　 　的；比赛通过电视进行转播，这是通过　 　传递信息的；当号令一响，龙舟上的运动员奋力划桨，这说明声音能够传递　 　。
【答案】扩散；运动；电磁波；信息
【知识点】声与信息传递；运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】 解：岸边传来阵阵花香，这是扩散现象，以岸边的观众为参照物，龙舟相对于岸边的观众位置发生改变，龙舟是运动的；比赛通过电视进行转播，这是通过电磁波传递信息的；当号令一响，龙舟上的运动员奋力划桨，这说明声音能够传递信息。
故答案为：扩散；运动；电磁波；信息。
【分析】 不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现。
物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
声可以传递信息和能量。
8．（2025·永吉模拟）扬州中国大运河博物馆展示了各种古代船只模型。若船和货物总质量为，船静止在水中时，排开水的体积为　 　（g取10N/kg，）；“沙飞船”航速迅捷。同向并排行驶的两条“沙飞船”要保持安全距离，是因为两船较近时，中间流速大，流体压强　 　；游客站在静止的仿制“沙飞船”的船头，能从各个方向观看到投影画面，这是因为光在投影幕上发生了　 　；如果船突然减速，游客会向前倾倒，是由于人具有　 　。
【答案】6；小；漫反射；惯性
【知识点】镜面反射与漫反射；惯性及其现象；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）船静止在水中时漂浮，浮力等于自身的重力，所以受到的浮力为：F浮=G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N，
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得排开水的体积为：；
（2）两船靠近时，中间流速大，流体压强小；
（3）因为游客能从各个方向观看投影画面，且投影幕布的表面凹凸不平，反射光线会射向不同的方向，故光在投影幕布上发生了漫反射；
原来人们都处于运动状态，当刹车时，人的下半身运动停止，而人的上身由于惯性继续向前运动，故汽车紧急刹车人向前倒是因为人具有惯性。
故答案为：6；小；漫反射；惯性。
【分析】 （1）船静止在水中时漂浮，浮力等于自身的重力，根据F浮=G=mg算出受到的浮力；由阿基米德原理F浮=ρ水gV排算出排开水的体积；
（2）流体中流速越大的地方压强越小；
（3）一束平行光射向物体的粗糙表面，经反射后，反射光线不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；
（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。影响惯性大小的因素只有质量，至于速度大小、受力大小，都不影响惯性。
9．（2025·永吉模拟）电热水器是利用电流的　 　效应工作的。小明用电能表测量电热水器实际功的率来判断家里的电压是否正常。他观察家中的电能表示数如图甲所示为　 　kW·h，现仅接通一台如图乙所示的电热水器，则其1min内消耗电能为　 　J，电热水在使用时将电能转化为　 　。
【答案】热；3023.6；9×104；内能
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】 解：电热水器根据电流的热效应工作；
图甲所示的电能表示数为3023.6kW h；
1min内电热水器消耗的电能：W=Pt=1500W×60s=9.0×104J；
电热水工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程。
故答案为：热；3023.6；9.0×104；内能。
【分析】 （1）电热器根据电流的热效应工作；
（2）电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW h；
（3）根据W=Pt算出电热水器消耗的电能；
电热水工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程。
10．（2025·永吉模拟）如图1所示，质量为60kg的小辛同学从一个深坑中提升起了640N的重物，在这个过程中小辛沿水平地面向右匀速步行前进了8m，用时10s，小辛克服自身重力做功是　 　J；小辛对绳子的拉力是400N（绳重与摩擦忽略不计，g取10N/kg）；图2是表示人走路时的脚跟提起后的姿势图，此时脚相当于一个　 　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；一个动滑轮重力是　 　N；该装置的机械效率是　 　。
【答案】0；省力；160；80%
【知识点】杠杆的分类；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：小辛沿水平地面向右匀速步行前进了8m，但在重力的方向上没有移动距离，因此小辛克服自身重力做功为0J；
由图2知，脚跟提起后，O为支点，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆；
由图1知，n=2，绳重与摩擦忽略不计，根据可知，动滑轮重为：G动=nF-G=2×400N-640N=160N；
该装置的机械效率为：。
故答案为：0；省力；160；80%。
【分析】（1）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可；
（2）根据动力臂与阻力臂的大小关系来判断杠杆的类型；
（3）根据滑轮组装置确定绳子股数，绳重与摩擦忽略不计，利用求出动滑轮重；
（4）根据求出该装置的机械效率。
三、计算题（每题5分，共10分）
11．（2025·永吉模拟）C919是我国自主研发的大型客机。假设某架飞机总质量为，静止在水平跑道上时，其轮胎与地面接触的总面积约为1m2，g=10N/kg。求该飞机：
（1）受到的重力；
（2）静止时对水平跑道的压强。
【答案】（1）解：根据重力公式可知，飞机受到的重力：G=mg=8×104kg×10N/kg=8×105N。
答：受到的重力8×105N。
（2）解：飞机静止时对水平地面的压力：F=G=8×105N，
对水平地面的压强：。
答：静止时对水平跑道的压强8×105Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）知道飞机的质量，利用G=mg求其重力；
（2）飞机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据求出对水平地面的压强。
（1）飞机受到的重力为
（2）因为飞机在水平跑道上，静止时飞机对地面的压力为
静止时对水平跑道的压强为
12．（2025·永吉模拟）在图所示的电路中，电源电压不变，灯L上标有“6V3W”字样。当开关S闭合时，灯L正常发光，电流表的示数为0.6A。求：
（1）通过灯L的电流；
（2）的电功率。
【答案】（1）解：由电路图可知，灯泡与电阻并联，电流表测干路电流。
由于灯泡正常发光，电源的电压U=UL=6V，
根据P=UI可得，通过灯L的电流。
答：通过灯L的电流为0.5A。
（2）解：由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
通过R2的电流I2=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A，
电阻R2消耗的电功率：P2=UI2=6V×0.1A=0.6W。
答：电阻R2消耗的电功率为0.6W。
【知识点】并联电路的电流规律；电功率的计算
【解析】【分析】 由电路图可知，灯泡与电阻并联，电流表测干路电流。
（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，此时电源的电压和灯泡的额定电压相等，根据P=UI求出通过灯L的电流；
（2）根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；
（3）根据P=UI求出电阻R2消耗的电功率。
（1）当开关S闭合时，据图可知，电路为定值电阻和灯泡并联，电流表测干路电流，此时灯泡正常发光，说明灯泡两端电压为6V，电功率为3W，根据并联电压规律可知，电源电压为6V，则通过灯L的电流为
（2）根据并联电流规律可得，的电流为
的电功率为
四、简答题（每题2分，共6分）
13．（2025·永吉模拟）干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，如图所示，请运用学过的物理知识解释为什么？
【答案】解：干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，是因为通过摩擦使梳子带上了电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解析】干燥的季节，用塑料梳子梳头发，将梳子靠近碎纸屑，纸屑会被吸起，是因为通过摩擦使梳子带上了电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。带电体具有吸引轻小物体的性质。

14．（2025·永吉模拟）如图是冬季常用的一种暖手宝，袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体，请你利用所学物理知识解释其中的原因？
【答案】答：水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖手宝袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖手宝袋内装满水来作为工作物质，而不用其他液体。
【分析】 水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

五、作图题（每题2分，共4分）
15．（2025·永吉模拟）如图所示，光源Q发出的一束光经平面镜反射在墙上显示出一个光点，画出平镜面反射的光线。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】 解：（1）作光源Q关于平面镜的对称点Q'，Q'即为光源Q在平面镜中的像；
（2）连接Q'与入射点即为反射光线的反向延长线，将Q'O延长交墙上的一点，即为光源Q发出的一束光经平面镜反射在墙上显示出的光点，如图所示：
【分析】 （1）根据物像关于平面镜对称的特点做出光源Q在平面镜中的像。
（2）根据反射光线的反向延长线过像点可画出反射光线并标出墙上光点的位置。
16．（2025·永吉模拟）如图所示， 开关S闭合，电流表指针正常偏转，请标出通电螺线管的电流方向，并标出两条磁感线的方向。
【答案】
【知识点】电流的方向；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：电流表指针正常偏转，说明电流从电流表的 “+” 接线柱流入，“-” 接线柱流出，由此可确定电源的正负极：电源左侧为负极，右侧为正极。
电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），可判断螺线管的左端为N极，右端为S极。
磁感线在螺线管外部从N极出发，回到S极；在螺线管内部从S极指向N极，如图所示：
【分析】 由电流表的使用方法可知电流方向，由安培定则可判出磁极方向及磁感线方向。
六、实验与探究题（每空1分，最后一个空2分，共24分）
17．（2025·永吉模拟）小洲设计了如图甲所示的装置来探究“冰熔化时的温度特点”。
（1）如图甲所示，此时试管中冰的温度为　 　℃；
（2）如图乙所示，是小洲根据实验数据作出冰的温度随时间变化的图像，分析图像可知，在第4min时，物质的状态为　 　态，冰属于　 　（选填“非晶体”或“晶体”）；
（3）同桌小红发现小洲未对冰进行加热，可是冰熔化了，于是小红认为冰的熔化不需要吸热，她的看法是(　　)（选填“正确”或“错误”）的。
【答案】（1）-4
（2）固液共存；晶体
（3）错误
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）图甲中，温度计的分度值为1℃，其读数为-4℃；
（2）由图乙知，冰熔化时，有固定的温度，则冰属于晶体；在第4min时，物质的状态为固液共存态；
（3）因为冰可以向周围环境吸热，所以小红的看法是错误的。
故答案为：（1）-4；（2）固液共存；晶体；（3）错误。【分析】（1）先明确温度计的分度值，根据温度计液面所对应的刻度进行读数；
（2）晶体熔化时有固定的温度，结合图乙进行分析
（3）晶体熔化时温度不变，吸收热量。
（1）如图甲所示，温度计的分度值为1℃，温度计的液柱在0℃以下，表示此时温度为零下，图中温度计的的读数为-4℃。
（2）[1][2]从图乙可以看出，冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，所以冰属于晶体。在第4min时，冰处于熔化过程中，此时物质的状态为固液共存态。
（3）冰熔化需要吸热，小洲未对冰进行加热但冰熔化了，是因为冰可以从周围环境中吸收热量，所以小红认为冰的熔化不需要吸热的看法是错误的。
18．（2025·永吉模拟）如图所示是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。实验中小明用到了一个弹簧测力计、一块木块、一个砝码、一块长木板和一条毛巾。
（1）如图甲所示，小明把木块平放在长木板上，用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块，此时木块所受摩擦力是　 　N；
（2）小明把砝码放在木块上，再把木块平放在长木板上进行实验，如图乙可所示，发现拉力F2>F1.分析甲、乙两次实验数据可以得出，滑动摩擦力与　 　有关。下列各种现象中，利用该实验结论的是　 　。
A.用力压住橡皮，擦去写错的字
B.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
C.汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链
【答案】（1）匀速直线；4.2
（2）压力大小；A
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）在实验中，用弹簧测力计在水平方向上匀速直线拉动木块，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等；
由图甲知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为4.2N，所以摩擦力为4.2N；
（2）甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关；
A．用力压住橡皮，擦去写错的字是增大压力增大摩擦的；
C．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链是通过改变接触面粗糙程度来改变摩擦的；
B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木是通过改滑动为滚动来改变摩擦；
故选：A。
故答案为：（1）匀速直线；4.2；（2）压力大小；A。
【分析】（1）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，是运用二力平衡的原理，将摩擦力转换法弹簧测力计的拉力来进行测量的；
（2）分析甲、乙两图不变的量和改变的量，得出摩擦力与压力的大小关系。
（1）[1][2]实验中沿水平方向匀速直线拉动木块，根据二力平衡的原理可知，木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，甲图中弹簧测力计的分度值是0.2N，读数为4.2N，则木块所受摩擦力是4.2N。
（2）[1]甲、乙两图中接触面的粗糙程度相同，压力不同，且压力越大，弹簧测力计的示数越大，摩擦力越大，说明滑动摩擦力与压力的大小有关。
[2]A．用力压住橡皮，擦去写错的字，是通过增大压力来增大摩擦力，故A符合题意；
B．移动很重的石块时，在地上铺设滚木，是压力一定时，变滑动为滚动，减小摩擦力，故B不符合题意；
C．汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意。
故选A。
19．（2025·永吉模拟）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）测出凸透镜的焦距为10cm。实验前要调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在　 　，目的是使像成在　 　；
（2）图中是某次实验时观察到的现象，人们生活中的　 　（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）是利用这一原理制成的；
（3）保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上再次看到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“靠近”或“远离”）透镜方向移动；若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”），像也能变得清晰。
【答案】（1）同一高度；光屏中央
（2）照相机
（3）靠近；凹透镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）器材位置正确放置后，点燃蜡烛，为了使烛焰的像成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度；
（2）由图可知，此时物距大于像距，则所成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
（3）保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上再次看到清晰的像，根据物远像近像变小，应将光屏向靠近透镜方向移动；若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的凹透镜，像也能变得清晰。
故答案为：（1）同一高度；光屏中央；（2）照相机；（3）靠近；凹透镜。
【分析】 （1）为使烛焰的像成在光屏的中央，调节凸透镜、光屏和烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）物距大于像距，物距大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机；物距小于像距，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪；物距小于f，凸透镜成正立、放大虚像，其应用是放大镜；
（3）根据物远像近像变小分析；凹透镜对光线具有发散作用。
（1）[1][2]实验前要调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是使像成在光屏中央。
（2）由图可知此成像情景中，物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm，像距为v=65.0cm-50.0cm=15.0cm，物距大于像距。根据凸透镜成像规律可知当时，，此成像条件下物距大于像距。此时成倒立、缩小的实像。生活中照相机是利用这一原理工作的。
（3）[1]保持凸透镜不动，把蜡烛向左移动一段距离，物距变大，根据凸透镜成实像时，遵循“物远像近像变小”的原理，像距变小，要在光屏上再次看到清晰的像，应将光屏向靠近透镜方向移动。
[2]物距变大，像距变小，成像在光屏（视网膜）前，若不移动光屏，在蜡烛和透镜之间放置一个合适的对光有发散作用的透镜，使像重新成在光屏上，所以应该放置一个凹透镜，也能变得清晰。
20．（2025·永吉模拟）为了测量某鸡蛋的密度，小明和小亮进行了如图所示的实验：
（1）小明将天平放在水平桌面上，将游码拨至零刻度线处，天平稳定时指针如图-1所示，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调，直至天平平衡。用调好的天平测量鸡蛋的质量，平衡时如图-2，鸡蛋的质量为　 　g；
（2）小明用溢水杯测量鸡蛋的体积。做法是先往溢水杯中加水，直到　 　时停止。用透明胶带将鸡蛋和细线的一端固定，用细线吊着鸡蛋，使其缓慢浸入水中，直至浸没，同时用量筒收集溢出水。量筒示数如图-3，计算出鸡蛋的密度为　 　，这样测量会导致鸡蛋的密度　 　。
【答案】（1）右；42
（2）水面与管口相平；1.05；偏小
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）小明将天平放在水平桌面上，将游码拨至零刻度线处，天平稳定时指针如图-1所示，指针左偏，应将平衡螺母向右调，直至天平平衡。用调好的天平测量鸡蛋的质量，平衡时如图-2，图中天平标尺的分度值为0.2g，鸡蛋的质量为m=20g+20g+2g=42g；
（2）使用溢水杯测量鸡蛋的体积，应先往溢水杯中加水，直到水面与管口相平；由图-3所示量筒分度值为1mL，鸡蛋排开水的体积V排=40mL=40cm3，因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积V=V排=40cm3，鸡蛋的密度为；
因透明胶带和细线也要排开一定体积的水，故溢出水的体积变大，导致测量的体积变大，由密度公式可知测量会导致鸡蛋的密度偏小。
故答案为：（1）右；42；（2）水面与管口相平；1.05；偏小。
【分析】 （1）实验天平测量质量时，应将天平放在水平桌面上，把游码拨至称量标尺左端零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度标尺中线的右侧，此时他应将平衡螺母向指针偏转的反方向调节，物体的质量等于砝码质量加上游码的示数；
（2）由溢水法根据图-3读出溢出水的体积，从而得到鸡蛋的体积，由密度公式计算鸡蛋的密度；因透明胶带和细线也要排开一定体积的水，据此分析。
（1）[1]调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，说明左侧较重，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡。
[2]图中天平标尺的分度值为0.2g，游码读数为2g，故鸡蛋的质量为m=20g+20g+2g=42g
（2） [1]本实验利用排水法测量鸡蛋的体积，先往溢水杯中加水，直到水面恰好与溢水口相平，量筒中水的体积即为溢出水的体积。鸡蛋浸没时，鸡蛋的体积等于量筒中水的体积。所以通过读出量筒中水的体积即可得到鸡蛋的体积。
[2]由图-3所示，量筒分度值为1mL，鸡蛋排开水的体积V排=40mL=40cm3，因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积V=V排=40mL=40cm3
鸡蛋的密度为
[3]由于细线和透明胶也会排出一些水，导致所测体积偏大，由知，所测密度偏小。
21．（2025·永吉模拟）小林做“探究电流与电阻的关系”实验，用到的实验器材有：电源（电压恒为6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各一只）、滑动变阻器（规格为“30Ω1A”）、电压表（0~3V）、电流表（0~0.6A）、开关、导线若干。
（1）小林连接好如图甲所示的电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到最　 　（选填“左”或“右”）端，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，可能是定值电阻R出现了　 　（选填“短路”或“断路”）故障；
（2）排除故障后，多次改变R的阻值，闭合开关后，　 　，使电压表示数保持不变，记下电流表示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R的变化图像；由图像可得：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　 　；
（3）为了顺利完成本次实验，定值电阻两端的电压范围应保持　 　V不变。
【答案】（1）左；断路
（2）调节滑动变阻器的滑片；反比
（3）2.4~3
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 解：（1）闭合开关前，为保护电路，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，故将滑片移到最左端；
闭合开关后电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻发生了断路；
（2）根据图乙可得U=IR=0.5A×5Ω=……=0.25A×10Ω=2.5V，为一定值，故得出：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（3）由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为0.6A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：UV大=I大R定小=0.6A×5Ω=3V；研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV'，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U总-UV'=6V-UV'，根据分压原理有：，即①，因电压表示数UV'为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：，解得电压表的示数：UV'=2.4V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.4V；
故为顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压需要控制在2.4～3V范围内。
故答案为：（1）左；断路；（2）移动滑动变阻器滑片；反比；（3）2.4～3V。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（2）根据电流与电阻之积为一定值分析，这用到了控制变量法；
（3）根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为30Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应移至阻值最大处，即最左端。
[2]据图可知，电路为串联电路，电压表测定值电阻两端电压，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，则可能是定值电阻发生断路，电压表串联接入电路，测电源电压。
（2）[1]探究电流与电阻关系的实验中，需要保持定值电阻两端电压不变，因此多次改变R的阻值，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数保持不变。
[2]由乙图可知，电流与电阻的乘积是定值，且当电阻变大时，电流变小，因此可得结论为：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（3）根据串联分压原理可得
已知电源电压为6V，定值电阻的最大阻值为20Ω，变阻器的最大阻值为30Ω，带入上式可得
解得，可得定值电阻控制的最小电压为2.4V；根据电流表的量程可知，电路中允许通过的最大电流为0.6A，则定值电阻两端控制的最大电压为
因此定值电阻两端的电压范围应保持2.4V~3V。
1 / 1

展开更多......

收起↑