资源简介

吉林省长春市绿园2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1—8题只有一个选项符合题意；9—10题有多个选项符合题意，全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。）
1．（2025·绿园模拟）下列选项中空间尺度最小的是（　　）
A．地球 B．中子 C．原子核 D．原子
【答案】B
【知识点】科学探索；原子结构
【解析】【解答】宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；生物体生活在地球上。
物质是由分子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，故空间尺度最小的是中子，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；生物体生活在地球上。
物质是由分子或原子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒。
2．（2025·绿园模拟）如图所示，用手扣紧不锈钢碗夹器后，可抓取滚烫的菜碗。该碗夹器在使用时属于（　　）
A．省力杠杆 B．等臂杠杆 C．费力杠杆 D．无法确定
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】不锈钢夹碗器在使用时，动力臂小于阻力臂，符合费力杠杆的特征，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
3．（2025·绿园模拟）下列器材中，利用大气压工作的是（　　）
A．真空吸盘 B．密度计 C．破窗锤 D．高压锅
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】A、首先用力将吸盘紧压在玻璃板上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在玻璃板上。利用了大气压原理，故A符合题意；
B、密度计是利用浮力的知识制作而成的，故B不符合题意；
C、破窗锤，是利用固体压强来工作的，故C不符合题意。
D、高压锅增大锅内的压强，提高了水的沸点，食物在高温下容易煮熟。高压锅是利用气压越大沸点越高的原理，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】 分别从真空吸盘、液位计、茶壶和密度计的工作原理分析，判断是否利用大气压工作。
4．（2025·绿园模拟）我国西晋学者张华在《博物志》中写道“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者， 亦有咤声”，句中所描述的物理现象属于（　　）
A．做功改变内能 B．热传递改变内能
C．摩擦生热 D．摩擦起电
【答案】D
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】解：人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦，使它们带有异种电荷，电荷放电，看到小火星和听到微弱响声，是摩擦起电，属于静电现象，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】先要理解“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，也有咤声”这句话的意思，即人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦产生电荷，是静电现象。
5．（2025·绿园模拟）飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，变小的物理量是（不考虑燃油的变化）（　　）
A．惯性 B．动能 C．重力势能 D．舱外大气压
【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；惯性及其现象；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 A、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，质量不变，所以惯性大小不变，故A不合题意。
BC、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，故BC不合题意。
D、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，高度变大，根据大气压与高度的关系可知，舱外大气压变小，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
（2）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（4）大气压随着高度的增加而减小。
6．（2025·绿园模拟）图为一只丹顶鹤正在水中觅食。下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．若丹顶鹤起飞，水中的像变小
C．河水越浅，水中的像离水面越近
D．丹顶鹤看到水中的食物是光的折射现象
【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、水中的像是平面镜成像，由光的反射形成，而非光的直线传播，故A错误；
B、根据平面镜成像特点，像与物体大小始终相等，丹顶鹤起飞时，像的大小不会改变，故B错误；
C、平面镜成像中，像与物到镜面（水面）的距离相等，河水变浅不影响像到水面的距离，故C错误；
D、水中食物反射的光从水斜射入空气时发生折射，进入丹顶鹤的眼睛，因此它看到的食物是光的折射现象，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
7．（2025·绿园模拟）如图是一款塔式多孔插座，关于该插座的使用，下列说法正确的是（　　）
A．该插座无需连接地线
B．插座通电后不能用湿布擦去表面灰尘
C．插入该插座的多个用电器是串联关系
D．使用测电笔去测插座右孔时，手无需接触笔尾金属体
【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、该插座需要连接地线，故A错误；
B、插座通电后不能用湿布擦去表面灰尘，故B正确；
C、插入该插座的多个用电器是并联关系，各个用电器互不影响，故C错误；
D、使用测电笔去测插座右孔时，手必须接触笔尾金属体，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）该插座应该接地；
（2）不要用湿抹布擦拭带电的设备；
（3）插入该插座的多个用电器互不影响，是并联的；
（4）使用试电笔时手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
8．（2025·绿园模拟）如图甲所示，我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，该舰配备了全球领先的电磁弹射装置。如图乙所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体通过强大的电流时，战斗机就受到强大的推力而向前弹射飞出。下列仪器与电磁弹射装置工作原理相同的是（　　）
A．发电机 B．电动机 C．验电器 D．电磁继电器
【答案】B
【知识点】验电器的原理及使用；电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】弹射车内的导体通过强大的电流，根据磁场对电流的作用，战斗机受到强大的推力向前弹射，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．发电机根据电磁感应现象工作，故A不符合题意；
B．电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C．验电器根据同种电荷相互排斥的原理工作，故C不符合题意；
D．电磁继电器的核心装置是电磁铁，原理是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选B。
【分析】发电机的工作原理是电磁感应；电动机的工作原理是磁场对电流的作用；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；电磁铁根据电流的磁效应工作。
9．（2025·绿园模拟）青铜冰鉴是我国战国时代发明的“原始冰箱”，使用时，在鉴和缶之间装上冰，使缶内的美酒变凉，而到了冬天，在鉴和缶之间装上热水，让酒成为暖胃的热酒。下列说法正确的是（　　）
A．构成冰鉴主体材料的铜是晶体
B．鉴内放的冰熔化时吸热，使缶内的酒降温
C．利用水来使酒升温，是因为水的比热容大
D．夏天，鉴内放入冰块后会产生“白气”，这是汽化现象
【答案】A,B,C
【知识点】凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：A.构成冰鉴主体材料的铜是晶体，故A正确；
B.鉴内放的冰熔化时吸热，使缶内的酒降温，故B正确；
C.利用水来使酒升温，是因为水的比热容大，故C正确；
D.夏天，鉴内放入冰块后会产生“白气”，这是液化现象，故D错误；
故选：ABC。
【分析】构成冰鉴主体材料的铜是晶体。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，晶体在熔化过程中需要吸热。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。
液化指物质由气态转变成液态。
10．（2025·绿园模拟）2024年11月“雪龙2号”执行了中国第41次南极考察任务。“雪龙2号”船长约122.5m，船宽约22m。其动力来源于架油机，主机功率为13200kW；破冰区域的平均冰厚1.5m。（）（　　）
A．在秦岭站开展卸货作业前后，船底所受液体压强不变
B．由密度小的海域驶向密度大的海域，破冰船所受浮力不变
C．若使用主机以0.75m/s的速度匀速破冰，受到的阻力是1.76×107N；
D．若破冰船以3.6km/h的速度匀速破冰，500s内清冰的质量约1.485×107kg
【答案】B,C,D
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 解：A、“雪龙2号”船卸货后船会上升，船底的深度减小，由p=ρgh可知所受液体压强变小，故A错误；
B、破冰船从密度小的海域驶向密度大的海域后，由于破冰船始终处于漂浮状态，所受的浮力等于它的总重力，总重力不变，则所受的浮力不变，故B正确；
C、由可知，牵引力为，“雪龙2号”破冰时受到的牵引力雪龙2号匀速直线破冰时，因为牵引力和阻力为一对平衡力，所以破冰时受到的平均阻力是1.76×107N，故C正确；
D、雪龙2号”的速度：v=3.6km/h=1m/s，
500s内破冰的长度：s=vt=1m/s×500s=500m，
500s内被清理出航道的冰的体积约为：V冰=500m×22m×1.5m=16500m3，
被清理出航道的冰的质量约为m冰=ρ冰V冰=0.9×103kg/m3×16500m3=1.485×107kg，故D正确。
故选：BCD。
【分析】 （1）根据p=ρgh判断压强的变化；
（2）破冰船始终处于漂浮状态，受到的浮力等于重力；
（3）先根据求出雪龙”破冰时受到的牵引力，然后根据牵引力和阻力为一对平衡力即可求出阻力的大小；
（4）根据速度公式计算出破冰的长度，根据体积公式，计算出破冰的体积，再根据密度公式计算出清理的冰的质量。
二、非选择题（每空、每图1分，20题（4）4分，共50分）
11．（2025·绿园模拟）“哪吒2”所创造的电影神话仍在续写，饺子导演用细节告诉我们：修仙也要讲科学。
（1）一句“我命由我不由天”让我们闻声识人，依据的是声音的　 　；
（2）哪吒踢毽子，使其由静止变为运动，说明力能改变物体的　 　；以　 　为参照物，毽子是运动的。
（3）敖丙在深海中流泪，泪水向上流动。这是因为：　 　。
【答案】（1）音色
（2）运动状态；地面
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；浮力大于重力。
【知识点】力的作用效果；物体的浮沉条件及其应用；音色；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：（1）闻声识人，依据的是声音的音色不同；
（2）由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态；
毽子踢出后，相对于地面位置是改变的，以地面为参照物，毽子是运动的；
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；海水的密度大于眼泪密度，故浮力大于重力，因而向上运动。
故答案为：（1）音色；（2）运动状态；地面；
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；浮力大于重力。【分析】 （1）不同发声体的音色不同，闻声识人，依据的是声音的音色不同；
（2）力可以改变物体的形状或运动状态；物体相当于参照物位置的改变，是运动；
（3）根据海水的密度大于水的密度，结合阿基米德原理比较重力与浮力，得出结论。
（1）不同发声体的音色不同，闻声识人，依据的是声音的音色不同。
（2）[1]哪吒踢毽子，毽子由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]毽子踢出后，相对于地面位置是改变的，以地面为参照物，毽子是运动的。
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；海水的密度大于眼泪密度，故浮力大于重力，因而向上运动。
12．（2025·绿园模拟）二氧化碳爆破技术是现代工程中非常环保的技术。如图甲所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破。
（1）电加热管工作时，是通过　 　方式来改变加热管内能的；
（2）CO2气体喷出时，内能　 　；其能量转化与图乙中　 　一致；
（3）图乙中C图伴随着气缸内的汽油燃烧，它的热值将　 　。
【答案】（1）做功
（2）减小；C
（3）不变
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的四个冲程；电功及电功的实质
【解析】【解答】(1)电加热管是利用电流的热效应工作，电流做功的过程就是电能转化为内能的过程，因此是通过做功方式改变内能。
(2) CO2气体喷出时，气体对外做功，内能转化为机械能，内能减小；图乙中：
A：进气门打开，活塞向下，为吸气冲程（无能量转化）
B：气门都关闭，活塞向上，为压缩冲程（机械能转化为内能）
C：火花塞点火，活塞向下，为做功冲程（内能转化为机械能）
D：排气门打开，活塞向上，为排气冲程（无能量转化）因此能量转化与C图一致.
(3) 热值是燃料的固有属性，只由燃料种类决定，与燃烧情况、质量等无关，所以汽油燃烧时热值不变。
故答案为：（1）做功；（2）减小；C；（3）不变。【分析】 （1）改变物体内能的方式：做功和热传递；
（2）对物体做功，物体内能增大；物体对外做功，其内能减小；
汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能；
（3）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
（1）电加热管工作时，是将电能转化为内能，通过电流做功的方式来改变加热管的内能。
（2）[1][2]CO2气体喷出时，气体对外做功，自身内能减小；图乙中A是吸气冲程；B是压缩冲程，机械能转化为内能；C是做功冲程，内能转化为机械能；D是排气冲程，所以CO2气体喷出时的能量转化与图乙中C一致。
（3）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等均无关。所以气缸内汽油燃烧时，汽油的热值不变。
13．（2025·绿园模拟）无人驾驶飞机简称“无人机”（如图），在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。
（1）若无人机发出警报“电量不足”，需要给电池充电，此过程电池相当于　 　；
（2）无人机上的旋翼电动机与摄相机根据需要可以单独工作，从电路设计的角度看，旋翼电动机和相机是　 　的；
（3）外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐，此过程无人机是否对外卖做功？　 　；
（4）无人机电池提供最大的电能为2.5×105J，若电能的80%用于飞行，飞行时的功率为100W，则该机最多能飞行的时间是　 　s。
【答案】（1）用电器
（2）并联
（3）做功
（4）2000
【知识点】功率计算公式的应用；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】 解：（1）若无人机发出警报“电量不足”，需要给电池充电，此时电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，所以此时电池相当于电路中的用电器；
（2）无人机上的旋翼电动机与摄像机根据需要可以单独工作，所以旋翼电动机和相机是并联的；
（3）外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐，要克服外卖的重力做功；
（4）用于飞行的电能：W=80%W电=80%×2.5×105J=2×105J，
由可知，该机最多能飞行的时间：。
故答案为：（1）用电器；（2）并联；（3）做了功；（4）2000。
【分析】（1）用电器是消耗电能的装置，电源是提供电能的装置；
（2）并联电路的各用电器之间互不影响，可以独立工作；串联电路的各用电器之间相互影响，不能独立工作；
（3）做功的两个要素：作用在物体上的力和在力方向上移动了一定的距离；
（4）根据题意求出用于飞行的电能，根据求出该机最多能飞行的时间。
（1）给无人机的电池充电时，需要消耗电能，所以无人机的电池相当于用电器。
（2）无人机上的旋翼电动机与相机，根据需要可以独自工作，因此，从电路设计的角度上看，它们是并联的。
（3）无人机对外卖施加的力是竖直向上的，且沿竖直方向移动距离，因此无人机对外卖做功。
（4）无人机输出的机械功为
则该机最多能飞行的时间是
14．（2025·绿园模拟）探究凸透镜成像规律的实验：
（1）如图甲光屏上出现最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=　 　cm；
（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是倒立　 　的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至　 　cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像；
（3）如图丙所示，人眼在图中　 　处能观察到烛焰的像；
（4）丁图是实验中的部分光路，请你补充完整　 　。
【答案】（1）10.0
（2）放大；40
（3）B
（4）
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=20.0cm-10.0cm=10.0cm；
（2）由图乙知，物距2f＞u=15cm＞f，成倒立、放大的实像；
若保持蜡烛和光屏位置不变，根据光的可逆性，当物距和像距互换时光屏上仍能成清晰的像，即移动透镜至40cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时物距6cm，物距小于凸透镜的焦距，凸透镜成正立、放大的虚像，像和物体同侧，此时透过凸透镜观察蜡烛看到正立、放大的虚像，所以应从B处观察；
（4）图丁是实验中的光路图为：
故答案为：（1）10.0；（2）放大；40；（3）B；（4）。
【分析】 （1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
（2）根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；在光的折射中，光路是可逆的；
（3）根据u＜f，成正立、放大的虚像，像与物同侧；
（4）根据凸透镜三条特殊的光线作图。
（1）甲图中刻度尺的分度值是1cm，该凸透镜的焦距是
（2）[1]乙图中物距小于像距，且在光屏上成清晰的像。根据凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像。
[2]乙图中物距为
像距为
根据光的折射现象中光路可逆，因此使物距等于原来的像距，像距等于原来物距，即可再次成清晰的像，因此将凸透镜移至40cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。
（3）丙图中物距小于一倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，成正立、放大的虚像，此时物与像在透镜的同侧，因此人眼在图中B处能观察到烛焰的像。
（4）根据凸透镜的特殊光线传播规律可知，过焦点的光线经过凸透镜后会平行于主光轴射出，如图所示：
15．（2025·绿园模拟）某实践小组计划制作一个温度计，设计图纸如图甲，为挑选合适的液体装入自制温度计内，该实践小组对备选液体a和b进行测试。用相同的实验装置如图乙，分别加热质量相等的液体a和b，测得的温度随时间变化的图像如图丙。
（1）图甲中温度计的原理是利用液体的　 　；
（2）取下酒精灯的灯帽，能闻到酒精的气味，这是　 　现象；
（3）判断液体沸腾的依据是：　 　；
（4）分析图丙可知：液体b在沸腾过程中，吸收热量，温度　 　；
（5）分析图像可知：应选择液体　 　制作的温度计可测量的温度更高；
【答案】（1）热胀冷缩
（2）扩散
（3）水中有大量气泡上升、变大到水面破裂
（4）不变
（5）a
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；分子热运动
【解析】【解答】 解：（1）图甲中温度计的原理是液体的热胀冷缩；
（2）取下酒精灯的灯帽，能闻到酒精的气味，这是酒精分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象；
（3）内部气泡上升过程逐渐变大，说明开始液体沸腾；
看到的现象是：水中有大量气泡上升、变大到水面破裂；
（4）由图丙可知：液体b在沸腾过程，吸收热量，温度不变；
（5）由图丙可知，实践小组应选择液体a制作温度计，原因是液体a沸点高，可测量的温度更高。
故答案为：（1）热胀冷缩；（2）扩散；（3）水中有大量气泡上升、变大到水面破裂；（4）不变；（5）a。【分析】 （1）温度计是根据液体的热胀冷缩规律制成的；
（2）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
（3）内部气泡上升过程逐渐变大，说明开始液体沸腾；
（4）液体在沸腾过程，吸收热量，温度不变；
（5）由图丙可知，a液体沸点高。
（1）图甲中温度计是液体温度计，其原理是利用液体的热胀冷缩。
（2）能闻到酒精的气味是扩散现象，说明构成物质的分子不停地做无规则运动。
（3）液体沸腾时会有大量气泡自下而上逐渐变大，上升到表面破裂，因此判断沸腾的依据是大量气泡自下而上逐渐变大，到表面破裂。
（4）丙图中液体b在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。
（5）图像中a的沸点高于b的沸点，因此由液体a制作的温度计可测的温度更高。
16．（2025·绿园模拟）探究通电螺线管外部磁场的方向实验：（小磁针涂黑的那端是N极）
（1）由铁屑的排布情况可初步判断：通电螺线管外部磁场与　 　磁体的磁场相似；
（2）由乙图可知：通电螺线管的左端为　 　极；
（3）断开开关，将连接电源正负极的导线对调后，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明通电螺线管的极性与　 　有关；
【答案】（1）条形
（2）N
（3）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：（1）观察图中的铁屑排布情况，可知通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场相似；
（2）如图乙所示，在通电螺线管周围放一些小磁针，小磁针静止时黑色一端表示磁体的N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知通电螺线管右端的磁极为N极；
（3）对调电源正负极，相当于改变了电流方向，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明通电螺线管的极性与电流方向有关。
故答案为：（1）条形；（2）N；（3）电流方向。【分析】 （1）通电螺线管外部的磁场和条形磁体的磁场相似；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（3）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
（1）通电螺线管外部的铁屑排布呈现 条形磁铁 的磁场特征，两端磁性最强，中间最弱。
（2）根据乙图中小磁针N极的指向，结合磁极间的相互作用规律，可判断通电螺线管的左端为 N极。
（3）对调电源正负极后，小磁针指向改变，说明通电螺线管的极性发生了改变。这表明通电螺线管的极性与电流方向有关。
17．（2025·绿园模拟）探究串并联电路中电流、电压规律：
（1）连接电路如图甲，探究并联电路的电流规律：
①闭合开关，L1发光，L2不发光，电流表有示数，电路故障可能是　 　；
②排除故障后进行实验，测得通过L1的电流0.22A，通过L2的电流0.18A，则图甲中电流表的示数是　 　A，测量干路电流时，应当选择电流表的测量范围为　 　A；
③实验后，小园发现灯泡上L1标注有“3.8V 0.3A”，什么原因造成通过L1的电流不是0.3A，请说明原因：　 　；
（2）如图乙，探究串联电路中电压的规律。
①请在图乙中用笔画线代替导线将电路补充完整　 　；
②实验中换用不同小灯泡进行多次实验并记录数据如表。
次数 L1两端电压U1/V L2两端电压U2/V L1、L2两端电压U/V
1 1.3 1.5 2.8
2 1.2 1.6 2.8
3 1.4 1.4 2.8
由此可得出串联电路电压的规律为：　 　。（可用公式表示）
【答案】（1）灯L2断路；0.22；0—0.6；灯泡L1两端的实际电压未达到3.8V
（2）；串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和（U=U1+U2）
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】 解：（1）①闭合开关，两灯并联，电流表则L1的电流，L1发光，L2不发光，电流表有示数，电路故障可能是L2断路；
②排除故障后进行实验，测得通过L1的电流0.22A，通过L2的电流0.18A，则图甲量中电流表的示数是0.22A，根据并联电路电流的规律，干路电流为I=0.22A+0.18A=0.4A
测量干路电流时，应当选择电流表的测量范围为0-0.6A；
③实验后，小园发现灯泡上L1标注有“3.8V 0.3A”，灯在3.8V时，灯的电流为0.3A，因电源电压为3V，灯的电压小于3.8V，造成通过L1的电流不是0.3A。
（2）如图乙，探究串联电路中电压的规律。
①两灯串联，如下所示：
②分析表中数据可得出串联电路电压的规律是：串联电路电压等于各电压两端电压之和，即为：U=U1+U2。
故答案为：①灯L2断路；②0.22；0-0.6；③灯泡L1两端的实际电压未达到3.8V；（2）①；②串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和（U=U1+U2）。
【分析】 （1）①闭合开关分析两灯的连接及电流表测量的电流，据此回答。
②电流表测L1的电流，根据并联电路电流的规律分析。
③灯在3.8V时，灯的电流为0.3A，据此分析。
（2）①根据图乙连接实物图；
②分析表中数据得出结论。
（1）[1]如图甲所示，L1与L2并联，两者间互不影响，电流表与L1串联，测量通过L1的电流，闭合开关后，L1发光，L2不发光，电流表有示数，说明L1所在支路为通路，则可知故障可能是灯L2断路。
[2]由图甲可知，电流表与L1串联，测量通过L1的电流，所以可得图甲中电流表的示数是0.22A。
[3]由题意可知，通过L1的电流与通过L2的电流均小于0.3A，两者的电流之和小于0.6A，范围较小，所以应使用小量程0-0.6A接入电路中。
[4]由图甲可知，电源由两节干电池串联组成，电源电压为3V，小于灯泡L1的额定电压，那么小灯泡L1两端的实际电压是不可能达到3.8V的，则通过小灯泡的电流也达不到额定电流的值。
（2）[1]因为要探究串联电路中电压的规律，所以灯泡L1与L2应串联接入电路中，应当将灯泡L1的右接线柱与灯泡L2的右接线柱相连，如下图所示：
[2]分析表中实验数据可知，每次实验中，灯泡L1两端的电压值与灯泡L2两端电压值相加都等于L1、L2两端的电压值，则可得到结论：串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和。
18．（2025·绿园模拟）探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验：
A、B是两个完全相同的物块，实验中弹簧测力计水平匀速拉动物块。（弹簧测力计示数F1（1）该实验是根据　 　原理测出摩擦力大小的；
（2）通过甲乙实验分析，得到的初步结论是：压力越大，　 　；
（3）实验乙、丙（将A和B固定在一起），探究的问题是　 　；
（4）若F3　 　F2，说明滑动摩擦力与此因素无关。
【答案】（1）二力平衡
（2）滑动摩擦力越大
（3）滑动摩擦力与接触面积的关系
（4）=
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）要测量滑动摩擦力，实验中木块平面应水平，并沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，大小相等；
（2）通过甲、乙实验分析。接触面积、接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，通过测力计的示数变化可探究出摩擦力大小与压力大小的关系，且压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）实验乙、丙（将A和B固定在一起），压力大小、接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，探究的问题是滑动摩擦力与接触面积的关系；
（4）若F3=F2，说明滑动摩擦力与此因素无关。
故答案为：（1）二力平衡；（2）滑动摩擦力越大；（3）滑动摩擦力与接触面积的关系；（4）=。【分析】 （1）实验中，必须沿水平方向匀速直线拉动木块，由二力平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数。
（2）（3）（4）滑动摩擦力的影响因素与压力、接触面的粗糙程度有关，利用控制变量法分析。
（1）匀速拉动木块时，木块做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上木块只受到弹簧测力计对它的拉力与木板对它的摩擦力，由二力平衡的条件可知，拉力与摩擦力大小相等，方向相反，因此可以通过弹簧测力计的示数来测出摩擦力的大小。
（2）对比甲乙两实验可知，其他因素都相同，只有对接触面的压力不同，乙实验中的压力大于甲实验中的压力，测得的摩擦力也是乙实验中的摩擦力大于甲实验中的摩擦力，所以可以得到初步的结论：压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）对比乙实验与丙实验可知，两实验中物体对接触面的压力相同，接触面的粗糙程度也想通，但是接触面积的大小不同，所以可知对比实验乙、丙探究的问题是滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关。
（4）对比乙实验与丙实验可知，如果两实验中测得的摩擦力大小相同，即F3=F2，那么就说明滑动摩擦力的大小与接触面积无关。
19．（2025·绿园模拟）智慧公厕是一种以智能化为核心的公共设施，改善了市民的生活质量。
（1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收　 　实现定位；
（2）智能厕所的供电系统中，太阳能电池板将太阳能转化为　 　，太阳能是　 　（填“可再生”、“不可再生”）能源，此过程能量转化不能自发可逆，说明：能量的转化和转移具有　 　；
（3）厕所内有智能系统，实时监测空气中氨气含量。甲图为该装置的模拟电路图，其中R0为定值电阻，R为气敏电阻。下表为两种半导体材料氧化锡（SnO2）和三氧化钨（WO3）的电阻随氨气浓度的变化情况（常温25℃）：
氨气浓度Cv/ppm 0 20 50 100 200
SnO2的电阻Rs/KΩ 10 6.5 4.0 2.0 1.0
WO3的电阻Rw/KΩ 8 4.0 2.0 1.0 0.5
① SnO2的电阻随氨气浓度的降低而　 　；
②该装置的灵敏度的计算方法为S=△R/Cv，则灵敏度的单位是　 　，对比两种材料，　 　材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高；
③若气敏电阻选用WO3为材料，将其放在浓度为20ppm的氨气中时，电路中电流为2mA；若氨气浓度增大到100ppm，电路中电流为4mA，此时触发电路启动换气系统。则电源电压为　 　V。
【答案】（1）电磁波
（2）电能；可再生；方向性
（3）增大；KΩ/ ppm；WO3；12
【知识点】能源及其分类；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：（1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收电磁波实现定位；
（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；太阳能是可再生能源，能量的转化和转移具有方向性；
（3）根据表格数据可知， SnO2的电阻随氨气浓度的降低而减小。根据表格数据可知，△R的单位是KΩ，Cv的单位是ppm，且S=△R/Cv，则灵敏度的单位是。
根据灵敏度计算公式S=△R/Cv可知，当氨气（Cv≤20ppm）时，当氨气浓度相同时，WO3的电阻变化量大，据公式可知，WO3材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高。
电路图可知，电路是两电阻串联，气敏电阻放在浓度为20ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为4.0Ω，则电源电压可表示为-------①
气敏电阻放在浓度为100ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为1.0Ω，则电源电压可表示为-----②
联立①②解得U=12V。
故答案为：（1）电磁波；（2）可再生；方向性；（3）①增大；②kΩ/ppm；WO3；③12。
【分析】 （1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收电磁波实现定位；
（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；太阳能是可以重复使用的能源，能量的转化和转移具有方向性；
（3）①SnO2的电阻随氨气浓度的变化从表中数据可知；
②灵敏度的单位是单位kΩ/ppm，由表中数据可灵敏度的公式计算选择；
③根据电源电压不变，在浓度为20ppm的氨气中时和氨气浓度增大到100ppm时对应的电源相等，可求出电阻R0和电源电压。
（1）由于真空不能传声，因此手机通过接收电磁波实现定位。
（2）[1]供电系统中，吸收太阳能，将太阳能转化为电能。
[2]太阳能可以源源不断的在环境中获取，因此属于可再生能源。
[3]能量转化不能自发可逆，说明在能量的转化过程中具有方向性。
（3）[1]根据表格数据可知， SnO2的电阻随氨气浓度的降低而减小。
[2]根据表格数据可知，△R的单位是KΩ，Cv的单位是ppm，且S=△R/Cv，则灵敏度的单位是。
[3]根据灵敏度计算公式S=△R/Cv可知，当氨气（Cv≤20ppm）时，当氨气浓度相同时，WO3的电阻变化量大，据公式可知，WO3材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高。
[4]由电路图可知，电路是两电阻串联，气敏电阻放在浓度为20ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为4.0Ω，则电源电压可表示为-------①
气敏电阻放在浓度为100ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为1.0Ω，则电源电压可表示为-----②-
联立①②解得U=12V。
20．（2025·绿园模拟）深海养鱼是未来水产养殖的重要方向。图甲为我国某单柱式半潜深海渔场，图乙为其内部结构装置简化模型图。主体包括三部分：网箱、空心圆柱体和铸铁块。网箱与海水相通，是养鱼的空间，并与空心圆柱体固定在一起；空心圆柱体由镀锌铁皮（不计铁皮的体积）制成，其横截面积为3m2，高为20m，上端有空气阀门，通过调节气阀，改变空心圆柱体内海水的高度，从而调节网箱在海水中的位置，空心圆柱体下端开口，与海水相通；铸铁块（不与海底接触）通过绳索与网箱的底部相连，起稳定作用，其质量为40t。已知制作圆柱体和网箱材料的总质量为20t，网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3。（不考虑空心圆柱体内气体质量）
（1）当“渔场”漂浮在海面上时，“渔场”所受浮力　 　重力；
（2）若绳索全部断裂后，网箱将向　 　运动；
（3）该装置匀速下潜，在此过程中，“渔场”排开海水的体积　 　；
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），求空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离（ρ海=1.0×103kg/m3），要求写出必要的推理过程及文字说明。
【答案】（1）等于
（2）上
（3）不变
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；根据阿基米德原理知，排开水的体积；
则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
【知识点】重力及其大小的计算；力的合成与应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）当“渔场”漂浮在海面上时，根据漂浮的条件知，浮力等于重力；
（2）整体的浮力等于重力，而铸铁块的重力大于浮力，因而空心圆柱体和网箱的浮力大于重力，当绳索全部断裂后，浮力大于重力使得网箱将向上运动；
（3）浸没前始终漂浮，浮力等于重力，故排开液体的体积不变。
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；
根据阿基米德原理知，排开水的体积； 则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
故答案为：（1）等于；（2）上；（3）不变；（4）1m，
当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；
根据阿基米德原理知，排开水的体积；
则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
【分析】 （1）根据整体漂浮，结合漂浮的条件解答；
（2）根据铸铁块浮力和重力比较等于其余部分的浮力与重力关系，得出浮沉情况；
（3）根据浸没前排开液体的体积变大，浸没后空气被压缩，据此分析。
（4）根据整体的浮力结合阿基米德原理计算排开液体的体积，而网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，据此分析。
（1）根据物体的浮沉条件可知，物体漂浮时，受到的浮力等于重力。
（2）由题意可知，网箱是通过下面配重的铸铁块在海水中保持稳定的，因此如果绳索全部断裂，网箱所受的浮力大于重力，会向上运动。
（3）该装置匀速下潜过程中，由二力平衡的条件可知，所受的浮力等于其重力大小，重力大小不变，则所受浮力大小不变，排开海水的体积不变。
（4）由题意可知，该装置所受的总重力为G总=m总g=6×104kg×10N/kg=6×105N
因为“渔场”漂浮，所以F浮=G总=6×105N
由阿基米德原理可得排开水的体积为
则柱体的体积为V柱体=60m3-12m3=48m3
柱体的高度为
则可得空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离为h=17m-16m=1m
1 / 1吉林省长春市绿园2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1—8题只有一个选项符合题意；9—10题有多个选项符合题意，全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。）
1．（2025·绿园模拟）下列选项中空间尺度最小的是（　　）
A．地球 B．中子 C．原子核 D．原子
2．（2025·绿园模拟）如图所示，用手扣紧不锈钢碗夹器后，可抓取滚烫的菜碗。该碗夹器在使用时属于（　　）
A．省力杠杆 B．等臂杠杆 C．费力杠杆 D．无法确定
3．（2025·绿园模拟）下列器材中，利用大气压工作的是（　　）
A．真空吸盘 B．密度计 C．破窗锤 D．高压锅
4．（2025·绿园模拟）我国西晋学者张华在《博物志》中写道“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者， 亦有咤声”，句中所描述的物理现象属于（　　）
A．做功改变内能 B．热传递改变内能
C．摩擦生热 D．摩擦起电
5．（2025·绿园模拟）飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，变小的物理量是（不考虑燃油的变化）（　　）
A．惯性 B．动能 C．重力势能 D．舱外大气压
6．（2025·绿园模拟）图为一只丹顶鹤正在水中觅食。下列说法正确的是（　　）
A．水中的像是光的直线传播形成的
B．若丹顶鹤起飞，水中的像变小
C．河水越浅，水中的像离水面越近
D．丹顶鹤看到水中的食物是光的折射现象
7．（2025·绿园模拟）如图是一款塔式多孔插座，关于该插座的使用，下列说法正确的是（　　）
A．该插座无需连接地线
B．插座通电后不能用湿布擦去表面灰尘
C．插入该插座的多个用电器是串联关系
D．使用测电笔去测插座右孔时，手无需接触笔尾金属体
8．（2025·绿园模拟）如图甲所示，我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，该舰配备了全球领先的电磁弹射装置。如图乙所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体通过强大的电流时，战斗机就受到强大的推力而向前弹射飞出。下列仪器与电磁弹射装置工作原理相同的是（　　）
A．发电机 B．电动机 C．验电器 D．电磁继电器
9．（2025·绿园模拟）青铜冰鉴是我国战国时代发明的“原始冰箱”，使用时，在鉴和缶之间装上冰，使缶内的美酒变凉，而到了冬天，在鉴和缶之间装上热水，让酒成为暖胃的热酒。下列说法正确的是（　　）
A．构成冰鉴主体材料的铜是晶体
B．鉴内放的冰熔化时吸热，使缶内的酒降温
C．利用水来使酒升温，是因为水的比热容大
D．夏天，鉴内放入冰块后会产生“白气”，这是汽化现象
10．（2025·绿园模拟）2024年11月“雪龙2号”执行了中国第41次南极考察任务。“雪龙2号”船长约122.5m，船宽约22m。其动力来源于架油机，主机功率为13200kW；破冰区域的平均冰厚1.5m。（）（　　）
A．在秦岭站开展卸货作业前后，船底所受液体压强不变
B．由密度小的海域驶向密度大的海域，破冰船所受浮力不变
C．若使用主机以0.75m/s的速度匀速破冰，受到的阻力是1.76×107N；
D．若破冰船以3.6km/h的速度匀速破冰，500s内清冰的质量约1.485×107kg
二、非选择题（每空、每图1分，20题（4）4分，共50分）
11．（2025·绿园模拟）“哪吒2”所创造的电影神话仍在续写，饺子导演用细节告诉我们：修仙也要讲科学。
（1）一句“我命由我不由天”让我们闻声识人，依据的是声音的　 　；
（2）哪吒踢毽子，使其由静止变为运动，说明力能改变物体的　 　；以　 　为参照物，毽子是运动的。
（3）敖丙在深海中流泪，泪水向上流动。这是因为：　 　。
12．（2025·绿园模拟）二氧化碳爆破技术是现代工程中非常环保的技术。如图甲所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破。
（1）电加热管工作时，是通过　 　方式来改变加热管内能的；
（2）CO2气体喷出时，内能　 　；其能量转化与图乙中　 　一致；
（3）图乙中C图伴随着气缸内的汽油燃烧，它的热值将　 　。
13．（2025·绿园模拟）无人驾驶飞机简称“无人机”（如图），在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。
（1）若无人机发出警报“电量不足”，需要给电池充电，此过程电池相当于　 　；
（2）无人机上的旋翼电动机与摄相机根据需要可以单独工作，从电路设计的角度看，旋翼电动机和相机是　 　的；
（3）外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐，此过程无人机是否对外卖做功？　 　；
（4）无人机电池提供最大的电能为2.5×105J，若电能的80%用于飞行，飞行时的功率为100W，则该机最多能飞行的时间是　 　s。
14．（2025·绿园模拟）探究凸透镜成像规律的实验：
（1）如图甲光屏上出现最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=　 　cm；
（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是倒立　 　的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至　 　cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像；
（3）如图丙所示，人眼在图中　 　处能观察到烛焰的像；
（4）丁图是实验中的部分光路，请你补充完整　 　。
15．（2025·绿园模拟）某实践小组计划制作一个温度计，设计图纸如图甲，为挑选合适的液体装入自制温度计内，该实践小组对备选液体a和b进行测试。用相同的实验装置如图乙，分别加热质量相等的液体a和b，测得的温度随时间变化的图像如图丙。
（1）图甲中温度计的原理是利用液体的　 　；
（2）取下酒精灯的灯帽，能闻到酒精的气味，这是　 　现象；
（3）判断液体沸腾的依据是：　 　；
（4）分析图丙可知：液体b在沸腾过程中，吸收热量，温度　 　；
（5）分析图像可知：应选择液体　 　制作的温度计可测量的温度更高；
16．（2025·绿园模拟）探究通电螺线管外部磁场的方向实验：（小磁针涂黑的那端是N极）
（1）由铁屑的排布情况可初步判断：通电螺线管外部磁场与　 　磁体的磁场相似；
（2）由乙图可知：通电螺线管的左端为　 　极；
（3）断开开关，将连接电源正负极的导线对调后，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明通电螺线管的极性与　 　有关；
17．（2025·绿园模拟）探究串并联电路中电流、电压规律：
（1）连接电路如图甲，探究并联电路的电流规律：
①闭合开关，L1发光，L2不发光，电流表有示数，电路故障可能是　 　；
②排除故障后进行实验，测得通过L1的电流0.22A，通过L2的电流0.18A，则图甲中电流表的示数是　 　A，测量干路电流时，应当选择电流表的测量范围为　 　A；
③实验后，小园发现灯泡上L1标注有“3.8V 0.3A”，什么原因造成通过L1的电流不是0.3A，请说明原因：　 　；
（2）如图乙，探究串联电路中电压的规律。
①请在图乙中用笔画线代替导线将电路补充完整　 　；
②实验中换用不同小灯泡进行多次实验并记录数据如表。
次数 L1两端电压U1/V L2两端电压U2/V L1、L2两端电压U/V
1 1.3 1.5 2.8
2 1.2 1.6 2.8
3 1.4 1.4 2.8
由此可得出串联电路电压的规律为：　 　。（可用公式表示）
18．（2025·绿园模拟）探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验：
A、B是两个完全相同的物块，实验中弹簧测力计水平匀速拉动物块。（弹簧测力计示数F1（1）该实验是根据　 　原理测出摩擦力大小的；
（2）通过甲乙实验分析，得到的初步结论是：压力越大，　 　；
（3）实验乙、丙（将A和B固定在一起），探究的问题是　 　；
（4）若F3　 　F2，说明滑动摩擦力与此因素无关。
19．（2025·绿园模拟）智慧公厕是一种以智能化为核心的公共设施，改善了市民的生活质量。
（1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收　 　实现定位；
（2）智能厕所的供电系统中，太阳能电池板将太阳能转化为　 　，太阳能是　 　（填“可再生”、“不可再生”）能源，此过程能量转化不能自发可逆，说明：能量的转化和转移具有　 　；
（3）厕所内有智能系统，实时监测空气中氨气含量。甲图为该装置的模拟电路图，其中R0为定值电阻，R为气敏电阻。下表为两种半导体材料氧化锡（SnO2）和三氧化钨（WO3）的电阻随氨气浓度的变化情况（常温25℃）：
氨气浓度Cv/ppm 0 20 50 100 200
SnO2的电阻Rs/KΩ 10 6.5 4.0 2.0 1.0
WO3的电阻Rw/KΩ 8 4.0 2.0 1.0 0.5
① SnO2的电阻随氨气浓度的降低而　 　；
②该装置的灵敏度的计算方法为S=△R/Cv，则灵敏度的单位是　 　，对比两种材料，　 　材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高；
③若气敏电阻选用WO3为材料，将其放在浓度为20ppm的氨气中时，电路中电流为2mA；若氨气浓度增大到100ppm，电路中电流为4mA，此时触发电路启动换气系统。则电源电压为　 　V。
20．（2025·绿园模拟）深海养鱼是未来水产养殖的重要方向。图甲为我国某单柱式半潜深海渔场，图乙为其内部结构装置简化模型图。主体包括三部分：网箱、空心圆柱体和铸铁块。网箱与海水相通，是养鱼的空间，并与空心圆柱体固定在一起；空心圆柱体由镀锌铁皮（不计铁皮的体积）制成，其横截面积为3m2，高为20m，上端有空气阀门，通过调节气阀，改变空心圆柱体内海水的高度，从而调节网箱在海水中的位置，空心圆柱体下端开口，与海水相通；铸铁块（不与海底接触）通过绳索与网箱的底部相连，起稳定作用，其质量为40t。已知制作圆柱体和网箱材料的总质量为20t，网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3。（不考虑空心圆柱体内气体质量）
（1）当“渔场”漂浮在海面上时，“渔场”所受浮力　 　重力；
（2）若绳索全部断裂后，网箱将向　 　运动；
（3）该装置匀速下潜，在此过程中，“渔场”排开海水的体积　 　；
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），求空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离（ρ海=1.0×103kg/m3），要求写出必要的推理过程及文字说明。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】科学探索；原子结构
【解析】【解答】宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；生物体生活在地球上。
物质是由分子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，故空间尺度最小的是中子，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；生物体生活在地球上。
物质是由分子或原子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒。
2．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】不锈钢夹碗器在使用时，动力臂小于阻力臂，符合费力杠杆的特征，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
3．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】A、首先用力将吸盘紧压在玻璃板上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在玻璃板上。利用了大气压原理，故A符合题意；
B、密度计是利用浮力的知识制作而成的，故B不符合题意；
C、破窗锤，是利用固体压强来工作的，故C不符合题意。
D、高压锅增大锅内的压强，提高了水的沸点，食物在高温下容易煮熟。高压锅是利用气压越大沸点越高的原理，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】 分别从真空吸盘、液位计、茶壶和密度计的工作原理分析，判断是否利用大气压工作。
4．【答案】D
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】解：人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦，使它们带有异种电荷，电荷放电，看到小火星和听到微弱响声，是摩擦起电，属于静电现象，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】先要理解“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，也有咤声”这句话的意思，即人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦产生电荷，是静电现象。
5．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；惯性及其现象；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 A、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，质量不变，所以惯性大小不变，故A不合题意。
BC、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，故BC不合题意。
D、飞机离开跑道在空中匀速向上爬升的过程中，高度变大，根据大气压与高度的关系可知，舱外大气压变小，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
（2）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（4）大气压随着高度的增加而减小。
6．【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、水中的像是平面镜成像，由光的反射形成，而非光的直线传播，故A错误；
B、根据平面镜成像特点，像与物体大小始终相等，丹顶鹤起飞时，像的大小不会改变，故B错误；
C、平面镜成像中，像与物到镜面（水面）的距离相等，河水变浅不影响像到水面的距离，故C错误；
D、水中食物反射的光从水斜射入空气时发生折射，进入丹顶鹤的眼睛，因此它看到的食物是光的折射现象，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
7．【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、该插座需要连接地线，故A错误；
B、插座通电后不能用湿布擦去表面灰尘，故B正确；
C、插入该插座的多个用电器是并联关系，各个用电器互不影响，故C错误；
D、使用测电笔去测插座右孔时，手必须接触笔尾金属体，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）该插座应该接地；
（2）不要用湿抹布擦拭带电的设备；
（3）插入该插座的多个用电器互不影响，是并联的；
（4）使用试电笔时手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
8．【答案】B
【知识点】验电器的原理及使用；电磁继电器的组成、原理和特点；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】弹射车内的导体通过强大的电流，根据磁场对电流的作用，战斗机受到强大的推力向前弹射，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．发电机根据电磁感应现象工作，故A不符合题意；
B．电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故B符合题意；
C．验电器根据同种电荷相互排斥的原理工作，故C不符合题意；
D．电磁继电器的核心装置是电磁铁，原理是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选B。
【分析】发电机的工作原理是电磁感应；电动机的工作原理是磁场对电流的作用；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；电磁铁根据电流的磁效应工作。
9．【答案】A,B,C
【知识点】凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：A.构成冰鉴主体材料的铜是晶体，故A正确；
B.鉴内放的冰熔化时吸热，使缶内的酒降温，故B正确；
C.利用水来使酒升温，是因为水的比热容大，故C正确；
D.夏天，鉴内放入冰块后会产生“白气”，这是液化现象，故D错误；
故选：ABC。
【分析】构成冰鉴主体材料的铜是晶体。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，晶体在熔化过程中需要吸热。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。
液化指物质由气态转变成液态。
10．【答案】B,C,D
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 解：A、“雪龙2号”船卸货后船会上升，船底的深度减小，由p=ρgh可知所受液体压强变小，故A错误；
B、破冰船从密度小的海域驶向密度大的海域后，由于破冰船始终处于漂浮状态，所受的浮力等于它的总重力，总重力不变，则所受的浮力不变，故B正确；
C、由可知，牵引力为，“雪龙2号”破冰时受到的牵引力雪龙2号匀速直线破冰时，因为牵引力和阻力为一对平衡力，所以破冰时受到的平均阻力是1.76×107N，故C正确；
D、雪龙2号”的速度：v=3.6km/h=1m/s，
500s内破冰的长度：s=vt=1m/s×500s=500m，
500s内被清理出航道的冰的体积约为：V冰=500m×22m×1.5m=16500m3，
被清理出航道的冰的质量约为m冰=ρ冰V冰=0.9×103kg/m3×16500m3=1.485×107kg，故D正确。
故选：BCD。
【分析】 （1）根据p=ρgh判断压强的变化；
（2）破冰船始终处于漂浮状态，受到的浮力等于重力；
（3）先根据求出雪龙”破冰时受到的牵引力，然后根据牵引力和阻力为一对平衡力即可求出阻力的大小；
（4）根据速度公式计算出破冰的长度，根据体积公式，计算出破冰的体积，再根据密度公式计算出清理的冰的质量。
11．【答案】（1）音色
（2）运动状态；地面
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；浮力大于重力。
【知识点】力的作用效果；物体的浮沉条件及其应用；音色；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：（1）闻声识人，依据的是声音的音色不同；
（2）由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态；
毽子踢出后，相对于地面位置是改变的，以地面为参照物，毽子是运动的；
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；海水的密度大于眼泪密度，故浮力大于重力，因而向上运动。
故答案为：（1）音色；（2）运动状态；地面；
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；浮力大于重力。【分析】 （1）不同发声体的音色不同，闻声识人，依据的是声音的音色不同；
（2）力可以改变物体的形状或运动状态；物体相当于参照物位置的改变，是运动；
（3）根据海水的密度大于水的密度，结合阿基米德原理比较重力与浮力，得出结论。
（1）不同发声体的音色不同，闻声识人，依据的是声音的音色不同。
（2）[1]哪吒踢毽子，毽子由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]毽子踢出后，相对于地面位置是改变的，以地面为参照物，毽子是运动的。
（3）海水的密度大于水的密度，眼泪在海水中浸没，故排开液体的体积等于眼泪的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ海水gV排和G=mg=ρVg；海水的密度大于眼泪密度，故浮力大于重力，因而向上运动。
12．【答案】（1）做功
（2）减小；C
（3）不变
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的四个冲程；电功及电功的实质
【解析】【解答】(1)电加热管是利用电流的热效应工作，电流做功的过程就是电能转化为内能的过程，因此是通过做功方式改变内能。
(2) CO2气体喷出时，气体对外做功，内能转化为机械能，内能减小；图乙中：
A：进气门打开，活塞向下，为吸气冲程（无能量转化）
B：气门都关闭，活塞向上，为压缩冲程（机械能转化为内能）
C：火花塞点火，活塞向下，为做功冲程（内能转化为机械能）
D：排气门打开，活塞向上，为排气冲程（无能量转化）因此能量转化与C图一致.
(3) 热值是燃料的固有属性，只由燃料种类决定，与燃烧情况、质量等无关，所以汽油燃烧时热值不变。
故答案为：（1）做功；（2）减小；C；（3）不变。【分析】 （1）改变物体内能的方式：做功和热传递；
（2）对物体做功，物体内能增大；物体对外做功，其内能减小；
汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能；
（3）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
（1）电加热管工作时，是将电能转化为内能，通过电流做功的方式来改变加热管的内能。
（2）[1][2]CO2气体喷出时，气体对外做功，自身内能减小；图乙中A是吸气冲程；B是压缩冲程，机械能转化为内能；C是做功冲程，内能转化为机械能；D是排气冲程，所以CO2气体喷出时的能量转化与图乙中C一致。
（3）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等均无关。所以气缸内汽油燃烧时，汽油的热值不变。
13．【答案】（1）用电器
（2）并联
（3）做功
（4）2000
【知识点】功率计算公式的应用；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】 解：（1）若无人机发出警报“电量不足”，需要给电池充电，此时电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，所以此时电池相当于电路中的用电器；
（2）无人机上的旋翼电动机与摄像机根据需要可以单独工作，所以旋翼电动机和相机是并联的；
（3）外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐，要克服外卖的重力做功；
（4）用于飞行的电能：W=80%W电=80%×2.5×105J=2×105J，
由可知，该机最多能飞行的时间：。
故答案为：（1）用电器；（2）并联；（3）做了功；（4）2000。
【分析】（1）用电器是消耗电能的装置，电源是提供电能的装置；
（2）并联电路的各用电器之间互不影响，可以独立工作；串联电路的各用电器之间相互影响，不能独立工作；
（3）做功的两个要素：作用在物体上的力和在力方向上移动了一定的距离；
（4）根据题意求出用于飞行的电能，根据求出该机最多能飞行的时间。
（1）给无人机的电池充电时，需要消耗电能，所以无人机的电池相当于用电器。
（2）无人机上的旋翼电动机与相机，根据需要可以独自工作，因此，从电路设计的角度上看，它们是并联的。
（3）无人机对外卖施加的力是竖直向上的，且沿竖直方向移动距离，因此无人机对外卖做功。
（4）无人机输出的机械功为
则该机最多能飞行的时间是
14．【答案】（1）10.0
（2）放大；40
（3）B
（4）
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=20.0cm-10.0cm=10.0cm；
（2）由图乙知，物距2f＞u=15cm＞f，成倒立、放大的实像；
若保持蜡烛和光屏位置不变，根据光的可逆性，当物距和像距互换时光屏上仍能成清晰的像，即移动透镜至40cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时物距6cm，物距小于凸透镜的焦距，凸透镜成正立、放大的虚像，像和物体同侧，此时透过凸透镜观察蜡烛看到正立、放大的虚像，所以应从B处观察；
（4）图丁是实验中的光路图为：
故答案为：（1）10.0；（2）放大；40；（3）B；（4）。
【分析】 （1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
（2）根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；在光的折射中，光路是可逆的；
（3）根据u＜f，成正立、放大的虚像，像与物同侧；
（4）根据凸透镜三条特殊的光线作图。
（1）甲图中刻度尺的分度值是1cm，该凸透镜的焦距是
（2）[1]乙图中物距小于像距，且在光屏上成清晰的像。根据凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像。
[2]乙图中物距为
像距为
根据光的折射现象中光路可逆，因此使物距等于原来的像距，像距等于原来物距，即可再次成清晰的像，因此将凸透镜移至40cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。
（3）丙图中物距小于一倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，成正立、放大的虚像，此时物与像在透镜的同侧，因此人眼在图中B处能观察到烛焰的像。
（4）根据凸透镜的特殊光线传播规律可知，过焦点的光线经过凸透镜后会平行于主光轴射出，如图所示：
15．【答案】（1）热胀冷缩
（2）扩散
（3）水中有大量气泡上升、变大到水面破裂
（4）不变
（5）a
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；分子热运动
【解析】【解答】 解：（1）图甲中温度计的原理是液体的热胀冷缩；
（2）取下酒精灯的灯帽，能闻到酒精的气味，这是酒精分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象；
（3）内部气泡上升过程逐渐变大，说明开始液体沸腾；
看到的现象是：水中有大量气泡上升、变大到水面破裂；
（4）由图丙可知：液体b在沸腾过程，吸收热量，温度不变；
（5）由图丙可知，实践小组应选择液体a制作温度计，原因是液体a沸点高，可测量的温度更高。
故答案为：（1）热胀冷缩；（2）扩散；（3）水中有大量气泡上升、变大到水面破裂；（4）不变；（5）a。【分析】 （1）温度计是根据液体的热胀冷缩规律制成的；
（2）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
（3）内部气泡上升过程逐渐变大，说明开始液体沸腾；
（4）液体在沸腾过程，吸收热量，温度不变；
（5）由图丙可知，a液体沸点高。
（1）图甲中温度计是液体温度计，其原理是利用液体的热胀冷缩。
（2）能闻到酒精的气味是扩散现象，说明构成物质的分子不停地做无规则运动。
（3）液体沸腾时会有大量气泡自下而上逐渐变大，上升到表面破裂，因此判断沸腾的依据是大量气泡自下而上逐渐变大，到表面破裂。
（4）丙图中液体b在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变。
（5）图像中a的沸点高于b的沸点，因此由液体a制作的温度计可测的温度更高。
16．【答案】（1）条形
（2）N
（3）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：（1）观察图中的铁屑排布情况，可知通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场相似；
（2）如图乙所示，在通电螺线管周围放一些小磁针，小磁针静止时黑色一端表示磁体的N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知通电螺线管右端的磁极为N极；
（3）对调电源正负极，相当于改变了电流方向，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明通电螺线管的极性与电流方向有关。
故答案为：（1）条形；（2）N；（3）电流方向。【分析】 （1）通电螺线管外部的磁场和条形磁体的磁场相似；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（3）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
（1）通电螺线管外部的铁屑排布呈现 条形磁铁 的磁场特征，两端磁性最强，中间最弱。
（2）根据乙图中小磁针N极的指向，结合磁极间的相互作用规律，可判断通电螺线管的左端为 N极。
（3）对调电源正负极后，小磁针指向改变，说明通电螺线管的极性发生了改变。这表明通电螺线管的极性与电流方向有关。
17．【答案】（1）灯L2断路；0.22；0—0.6；灯泡L1两端的实际电压未达到3.8V
（2）；串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和（U=U1+U2）
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】 解：（1）①闭合开关，两灯并联，电流表则L1的电流，L1发光，L2不发光，电流表有示数，电路故障可能是L2断路；
②排除故障后进行实验，测得通过L1的电流0.22A，通过L2的电流0.18A，则图甲量中电流表的示数是0.22A，根据并联电路电流的规律，干路电流为I=0.22A+0.18A=0.4A
测量干路电流时，应当选择电流表的测量范围为0-0.6A；
③实验后，小园发现灯泡上L1标注有“3.8V 0.3A”，灯在3.8V时，灯的电流为0.3A，因电源电压为3V，灯的电压小于3.8V，造成通过L1的电流不是0.3A。
（2）如图乙，探究串联电路中电压的规律。
①两灯串联，如下所示：
②分析表中数据可得出串联电路电压的规律是：串联电路电压等于各电压两端电压之和，即为：U=U1+U2。
故答案为：①灯L2断路；②0.22；0-0.6；③灯泡L1两端的实际电压未达到3.8V；（2）①；②串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和（U=U1+U2）。
【分析】 （1）①闭合开关分析两灯的连接及电流表测量的电流，据此回答。
②电流表测L1的电流，根据并联电路电流的规律分析。
③灯在3.8V时，灯的电流为0.3A，据此分析。
（2）①根据图乙连接实物图；
②分析表中数据得出结论。
（1）[1]如图甲所示，L1与L2并联，两者间互不影响，电流表与L1串联，测量通过L1的电流，闭合开关后，L1发光，L2不发光，电流表有示数，说明L1所在支路为通路，则可知故障可能是灯L2断路。
[2]由图甲可知，电流表与L1串联，测量通过L1的电流，所以可得图甲中电流表的示数是0.22A。
[3]由题意可知，通过L1的电流与通过L2的电流均小于0.3A，两者的电流之和小于0.6A，范围较小，所以应使用小量程0-0.6A接入电路中。
[4]由图甲可知，电源由两节干电池串联组成，电源电压为3V，小于灯泡L1的额定电压，那么小灯泡L1两端的实际电压是不可能达到3.8V的，则通过小灯泡的电流也达不到额定电流的值。
（2）[1]因为要探究串联电路中电压的规律，所以灯泡L1与L2应串联接入电路中，应当将灯泡L1的右接线柱与灯泡L2的右接线柱相连，如下图所示：
[2]分析表中实验数据可知，每次实验中，灯泡L1两端的电压值与灯泡L2两端电压值相加都等于L1、L2两端的电压值，则可得到结论：串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和。
18．【答案】（1）二力平衡
（2）滑动摩擦力越大
（3）滑动摩擦力与接触面积的关系
（4）=
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）要测量滑动摩擦力，实验中木块平面应水平，并沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，大小相等；
（2）通过甲、乙实验分析。接触面积、接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，通过测力计的示数变化可探究出摩擦力大小与压力大小的关系，且压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）实验乙、丙（将A和B固定在一起），压力大小、接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，探究的问题是滑动摩擦力与接触面积的关系；
（4）若F3=F2，说明滑动摩擦力与此因素无关。
故答案为：（1）二力平衡；（2）滑动摩擦力越大；（3）滑动摩擦力与接触面积的关系；（4）=。【分析】 （1）实验中，必须沿水平方向匀速直线拉动木块，由二力平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数。
（2）（3）（4）滑动摩擦力的影响因素与压力、接触面的粗糙程度有关，利用控制变量法分析。
（1）匀速拉动木块时，木块做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上木块只受到弹簧测力计对它的拉力与木板对它的摩擦力，由二力平衡的条件可知，拉力与摩擦力大小相等，方向相反，因此可以通过弹簧测力计的示数来测出摩擦力的大小。
（2）对比甲乙两实验可知，其他因素都相同，只有对接触面的压力不同，乙实验中的压力大于甲实验中的压力，测得的摩擦力也是乙实验中的摩擦力大于甲实验中的摩擦力，所以可以得到初步的结论：压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）对比乙实验与丙实验可知，两实验中物体对接触面的压力相同，接触面的粗糙程度也想通，但是接触面积的大小不同，所以可知对比实验乙、丙探究的问题是滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关。
（4）对比乙实验与丙实验可知，如果两实验中测得的摩擦力大小相同，即F3=F2，那么就说明滑动摩擦力的大小与接触面积无关。
19．【答案】（1）电磁波
（2）电能；可再生；方向性
（3）增大；KΩ/ ppm；WO3；12
【知识点】能源及其分类；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：（1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收电磁波实现定位；
（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；太阳能是可再生能源，能量的转化和转移具有方向性；
（3）根据表格数据可知， SnO2的电阻随氨气浓度的降低而减小。根据表格数据可知，△R的单位是KΩ，Cv的单位是ppm，且S=△R/Cv，则灵敏度的单位是。
根据灵敏度计算公式S=△R/Cv可知，当氨气（Cv≤20ppm）时，当氨气浓度相同时，WO3的电阻变化量大，据公式可知，WO3材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高。
电路图可知，电路是两电阻串联，气敏电阻放在浓度为20ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为4.0Ω，则电源电压可表示为-------①
气敏电阻放在浓度为100ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为1.0Ω，则电源电压可表示为-----②
联立①②解得U=12V。
故答案为：（1）电磁波；（2）可再生；方向性；（3）①增大；②kΩ/ppm；WO3；③12。
【分析】 （1）通过APP查找附近厕所时，手机通过接收电磁波实现定位；
（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；太阳能是可以重复使用的能源，能量的转化和转移具有方向性；
（3）①SnO2的电阻随氨气浓度的变化从表中数据可知；
②灵敏度的单位是单位kΩ/ppm，由表中数据可灵敏度的公式计算选择；
③根据电源电压不变，在浓度为20ppm的氨气中时和氨气浓度增大到100ppm时对应的电源相等，可求出电阻R0和电源电压。
（1）由于真空不能传声，因此手机通过接收电磁波实现定位。
（2）[1]供电系统中，吸收太阳能，将太阳能转化为电能。
[2]太阳能可以源源不断的在环境中获取，因此属于可再生能源。
[3]能量转化不能自发可逆，说明在能量的转化过程中具有方向性。
（3）[1]根据表格数据可知， SnO2的电阻随氨气浓度的降低而减小。
[2]根据表格数据可知，△R的单位是KΩ，Cv的单位是ppm，且S=△R/Cv，则灵敏度的单位是。
[3]根据灵敏度计算公式S=△R/Cv可知，当氨气（Cv≤20ppm）时，当氨气浓度相同时，WO3的电阻变化量大，据公式可知，WO3材料检测低浓度氨气（Cv≤20ppm）时灵敏度更高。
[4]由电路图可知，电路是两电阻串联，气敏电阻放在浓度为20ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为4.0Ω，则电源电压可表示为-------①
气敏电阻放在浓度为100ppm的氨气中时，气敏电阻的阻值为1.0Ω，则电源电压可表示为-----②-
联立①②解得U=12V。
20．【答案】（1）等于
（2）上
（3）不变
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；根据阿基米德原理知，排开水的体积；
则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
【知识点】重力及其大小的计算；力的合成与应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 解：（1）当“渔场”漂浮在海面上时，根据漂浮的条件知，浮力等于重力；
（2）整体的浮力等于重力，而铸铁块的重力大于浮力，因而空心圆柱体和网箱的浮力大于重力，当绳索全部断裂后，浮力大于重力使得网箱将向上运动；
（3）浸没前始终漂浮，浮力等于重力，故排开液体的体积不变。
（4）当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；
根据阿基米德原理知，排开水的体积； 则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
故答案为：（1）等于；（2）上；（3）不变；（4）1m，
当网箱的底部下沉到海面下17m处静止时（此时网箱已完全浸没于水中），且小于20m，故处于漂浮状态。
整体的浮力等于重力F浮=G=mg=（20+40）×103kg×10N/kg=6×105N；
根据阿基米德原理知，排开水的体积；
则网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，此时浸没，排开的体积最大，圆柱体排开海水的体积V'=60m3-12m3=48m3；
空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离。
圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离H'=H-h=17m-16m=1m。
【分析】 （1）根据整体漂浮，结合漂浮的条件解答；
（2）根据铸铁块浮力和重力比较等于其余部分的浮力与重力关系，得出浮沉情况；
（3）根据浸没前排开液体的体积变大，浸没后空气被压缩，据此分析。
（4）根据整体的浮力结合阿基米德原理计算排开液体的体积，而网箱材料和铸铁块能够排开海水的最大体积为12m3，据此分析。
（1）根据物体的浮沉条件可知，物体漂浮时，受到的浮力等于重力。
（2）由题意可知，网箱是通过下面配重的铸铁块在海水中保持稳定的，因此如果绳索全部断裂，网箱所受的浮力大于重力，会向上运动。
（3）该装置匀速下潜过程中，由二力平衡的条件可知，所受的浮力等于其重力大小，重力大小不变，则所受浮力大小不变，排开海水的体积不变。
（4）由题意可知，该装置所受的总重力为G总=m总g=6×104kg×10N/kg=6×105N
因为“渔场”漂浮，所以F浮=G总=6×105N
由阿基米德原理可得排开水的体积为
则柱体的体积为V柱体=60m3-12m3=48m3
柱体的高度为
则可得空心圆柱体内海水表面到圆柱体底部的距离为h=17m-16m=1m
1 / 1

展开更多......

收起↑