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贵州省遵义市2025年中考二模理综物理试题
一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分。第1-6题为单项选择题，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的。第7、8题为多项选择题，每小题至少有两项符合题目要求，全选对得3分，选对但不全得1分，选错或不选得0分。
1．（2025·遵义模拟）根据你对生活中常见物理量的认识，下列数据中最接近实际的是（　　）
A．人体正常体温为25℃
B．手机电池提供的电压为220V
C．人正常步行的速度5m/s
D．一名初中生受到的重力约为500N
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；重力及其大小的计算；电压和电压的单位换算
【解析】【解析】A：人体正常体温在37℃左右，因此该选项不符合题目要求。
B：普通手机电池的工作电压通常为3.7V，所以这个选项也不符合。
C：成年人正常步行速度约为1.2m/s（即约4.3km/h），故该选项同样不符合。
D：中学生质量约50kg，根据重力公式G=mg（g取10N/kg），其重力约为500N，这个数值符合实际，因此是正确答案。
故选D。
【分析】涉及知识点
常见物理量的估测：体温、电压、速度、重力的日常数值范围。
重力与质量的关系：（取10N/kg）。
解题关键
A：熟记人体正常体温的数值范围。
B：区分手机电池电压与家庭电路电压的不同。
C：估测人正常步行的速度，区分步行与跑步的速度差异。
D：根据初中生的质量范围，计算重力并判断是否符合实际。
混淆易错点
易混淆不同场景下的物理量数值，如将家庭电路电压当作手机电池电压，或错误估算步行速度。
2．（2025·遵义模拟）将一根短的金属丝缓慢拉长，下列物理量变大的是（　　）
A．质量 B．体积 C．电阻 D．密度
【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A.将一根短的金属丝缓慢拉长，只是形状发生改变，因此质量保持不变，故A不合题意；
D.将一根短的金属丝缓慢拉长，种类不变，因此它的密度不变，故D不合题意；
B.金属丝的质量不变，密度不变，根据可知，它的体积不变，故B不合题意；
C.金属丝被拉长后，长度增大，横截面积减小，因此电阻变大了，故C符合题意。
故选C。
【分析】根据对质量、体积、电阻和密度的认识判断。
3．（2025·遵义模拟）古诗“荷风送香气，竹露滴清响”中，竹叶上出现露珠是（　　）
A．熔化现象 B．液化现象 C．凝华现象 D．汽化现象
【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】露珠是水蒸气遇冷，发生液化形成的，B符合题意。
故答案为：B.
【分析】气体变为液体，是液化现象。
4．（2025·遵义模拟）地球是一个天然大磁体，下列关于地磁场的说法中正确的是（　　）
A．地磁北极在地理北极附近
B．静止的小磁针N极指向地理南极
C．鸽子依靠地磁场实现导航
D．地磁场的磁感线由地理北极指向南极
【答案】C
【知识点】磁感线及其特点；地磁场
【解析】【解答】A．地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B．静止的小磁针N极指向地理北极（地磁南极），故B错误；
C．鸽子依靠地磁场的指引实现导航，故C正确；
D．地磁场的磁感线由地磁北极（地理南极）指向地磁南极（地理北极），故D错误。
故选C。
【分析】涉及知识点
地磁场的特征：地磁两极与地理两极不重合，存在磁偏角。磁感线的方向：从磁北极指向磁南极。
地磁场的应用：生物导航、指南针指向。
解题关键
A：明确地磁两极与地理两极的位置关系，二者相反。
B：小磁针N极指向地磁南极，即地理北极附近。
C：鸽子导航的原理是依靠地磁场，符合实际。
D：磁感线方向由地磁北极指向地磁南极，非地理北极到南极。
混淆易错点
易混淆地磁两极与地理两极的位置，误将地磁北极当作地理北极。
5．（2025·遵义模拟）《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“吸得芥子”是由于琥珀摩擦起电而吸引轻小物体。关于上述现象，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦过程中产生了电荷
B．摩擦过程中电荷发生了转移
C．摩擦后只有琥珀带上电荷
D．芥子被吸引后与琥珀带异种电荷
【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．“以布拭热”的过程中，摩擦使得电荷发生了转移，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，而带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，而带正电，所以布和琥珀带异种电荷，故AC错误，B正确；
D．由于布擦拭后的“琥珀”带电，具有吸引轻小物体的性质，所以“吸得芥子”，故D错误。
故选B。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质；
两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电；
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）。
6．（2025·遵义模拟）排球是中考体育选考项目之一，某同学在参加考试时将排球竖直向上抛出，下列分析正确的是（　　）
A．排球离开手向上运动过程一直受到重力作用
B．排球向上运动时速度逐渐减小，惯性也在减小
C．排球上升到最高点时速度为零，因此合力为零
D．排球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．排球离开手后，忽略空气阻力，只受重力作用，故A正确；
B．惯性只与物体的质量有关，排球速度减小但质量不变，惯性大小不变，故B错误；
C．排球上升到最高点时速度为零，但仍受重力作用，合力等于重力，不为零，故C错误；
D．排球下降时速度增大，说明力是改变物体运动状态的原因，而非维持运动状态的原因，故D错误。
故选A。
【分析】涉及知识点
重力的作用：地球附近的物体都受重力。惯性的属性：惯性是物体的固有属性，与运动状态无关。力与运动的关系：力是改变物体运动状态的原因。
解题关键
A：排球离开手后，不再受手的推力，只受重力（忽略空气阻力）。
B：惯性大小只由质量决定，与速度无关。
C：最高点速度为零，但重力仍存在，合力不为零。
D：力的作用效果是改变运动状态，不是维持。
混淆易错点
易误认为排球最高点时合力为零，或惯性随速度变化而变化。
7．（2025·遵义模拟）为了监测噪声强弱，科创小组设计了如图甲所示的电路。用电流表的示数大小来反映噪声的强弱，已知电源电压为6V恒定不变，为定值电阻，为声敏电阻，的阻值随声音强弱变化的关系如图乙所示。在某次测试中，噪声为50dB时，电流表示数为0.2A；下列分析正确的是（　　）
A．定值电阻的阻值是5Ω
B．电路中的电流随声音强度增大而增大
C．电流表示数为0.4A时，噪声强度为60dB
D．噪声强度为120dB时，电路消耗的功率为3.6W
【答案】A,B,D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．分析图甲电路可知，这是一个串联电路，电流表测量总电流。当环境噪声为50dB时，从图乙曲线可以查到对应的声敏电阻阻值R=25Ω。此时电流表读数为0.2A，运用欧姆定律计算电路总电阻：
根据串联电路电阻关系，定值电阻阻值：
因此A选项正确。
B．当声音强度增大时，从图乙可以看出声敏电阻阻值减小，导致电路总电阻减小。根据欧姆定律I=U/R，电源电压不变时，总电阻减小必然引起电流增大。所以B选项正确。
C．当电流表示数为0.4A时，先计算此时电路总电阻：
声敏电阻阻值：
对照图乙曲线，10Ω对应的噪声强度是80dB，而非选项中给出的结果，因此C选项错误。
D．当噪声强度达到120dB时，从图乙查得声敏电阻阻值R"=5Ω。此时电路总电阻：
电路电流：
电路总功率：
因此D选项正确。
故选ABD。
【分析】涉及知识点
串联电路的特点：总电阻等于各分电阻之和。
欧姆定律：、、。
电功率的计算：。
声敏电阻的特性：阻值随声音强度增大而减小。
解题关键
A：根据噪声50dB的阻值，结合欧姆定律计算总电阻，进而求。
B：根据声音强度与R的反比关系，结合欧姆定律判断电流变化。
C：根据电流计算总电阻，再求R的阻值，对应噪声强度。
D：根据噪声120dB的阻值，计算总电流和电路总功率。
混淆易错点
易误读声敏电阻阻值与噪声强度的对应关系，或计算总电阻、功率时出现错误。
8．（2025·遵义模拟）如图所示，M、N是两个质量相等的正方体，，水平桌面上两个相同的柱状容器分别装有甲、乙两种液体。M在甲液面漂浮，用细线吊着N静止在乙液体中（细线对N有拉力）。此时，两容器液面相平，M、N露出液面的高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．M受到的浮力大于N受到的浮力
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．左侧容器对桌面的压强大于右侧容器对桌面的压强
D．若剪断细线，待N静止后乙液体对容器底的压强变大
【答案】A,C,D
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A．因为mM=mN，由公式G=mg可知，GM=GN，由物体浮沉条件可知，M在甲液面漂浮，浮力等于重力，即F浮M=GM，N受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、竖直向上的浮力，所以N物体受到的浮力小于N的重力，即F浮NF浮N，故A正确；
B．因F浮M>F浮N，由公式F浮=ρ液gV排可得ρ液甲gV排甲>ρ液乙gV排乙，由题意可知V排甲ρ液乙，故B错误；
C．由题意可知，V排甲V液乙，由G=mg=ρVg可知液体重力的大小关系G液甲>G液乙， 左侧容器对水平桌面的压力F左=G液甲+G杯+GM
右侧容器对水平桌面的压力F右=G液乙+G杯+GN-F拉
可见F左>F右， 在受力面积相同时，由公式可知容器对桌面的压强大小关系p左>p右，故C正确；
D．剪断细绳前，N的受力关系为GN=F浮N+F拉，即F浮N故选ACD。
【分析】涉及知识点
阿基米德原理：。
物体的浮沉条件：漂浮时，浸没时。
液体压强的计算：。
压力与压强的关系：。
解题关键
A：利用漂浮时、浸没时，结合直接比较浮力大小。
B：根据“露出高度相同”确定，再通过阿基米德原理推导液体密度关系。
C：结合液面高度、液体体积、密度，利用和判断桌面压力与压强。
D：明确N浸没后排开液体体积不变，剪断细线后液面高度不变，再用分析液体压强变化。
混淆易错点
易混淆漂浮与浸没的浮力表达式，误将N的浮力直接等于重力；忽略“露出高度相同”的条件，错误比较M、N的排开体积；计算桌面压力时漏加液体与容器重力，误只比较物体受力；还会误认为N下沉后排开体积变化、液面高度改变。
二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分。
9．（2025·遵义模拟）2024年10月30日，神舟十九号载人飞船成功发射。飞船在轨飞行期间，航天员完成多项科学实验和任务，飞船与地面间通过　 　传输信息。
【答案】电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】第1空：电磁波；推导：飞船在轨飞行时处于太空真空环境，声音的传播需要固体、液体、气体等介质，无法在真空中传播；而电磁波的传播不需要介质，可在真空中实现远距离、高保真的信息传输，因此飞船与地面间通过电磁波传输信息。
综上答案： 第1空、 电磁波
【分析】核心考点：电磁波的传播特点及太空通信的应用。
涉及知识点：① 电磁波传播不需要介质，能在真空中传播；② 声音传播必须依靠介质，真空不能传声；③ 电磁波在航天领域的信息传输应用。
解题关键：解题核心是抓住“太空为真空环境”这一关键条件，先明确声音传播的介质要求，排除声波传输的可能性，再结合电磁波无介质传播的特点，确定信息传输的载体为电磁波。
试题2：真空玻璃的降噪原理
10．（2025·遵义模拟）为了减小噪声的影响，现代建筑临街窗户的玻璃常使用“真空玻璃”（将双层玻璃之间抽成近似真空），这是因为声音　 　在真空中传播。
【答案】不能
【知识点】声音的传播条件
【解析】【解答】第1空：不能；推导：声音的传播本质是声波通过介质的振动传递能量，传播过程必须依赖固体、液体或气体作为介质；真空环境中不存在任何传声介质，声波的振动无法传递，因此声音不能在真空中传播，真空玻璃正是利用这一特点阻断噪声传播。
综上答案： 第1空、不能
【分析】核心考点：声音的传播条件。
涉及知识点：① 声音传播需要介质，介质包括固体、液体、气体；② 真空的定义是无任何物质的空间，不存在传声介质；③ 真空玻璃的降噪原理与声音传播条件的结合。
解题关键：解题核心是紧扣“真空”的本质特征（无传声介质），从声音传播的介质需求出发，推导得出声音无法在真空中传播的结论，同时关联真空玻璃的应用场景验证该结论的合理性。
试题3：串联电路电源电压计算
11．（2025·遵义模拟） 汽油机在　 　冲程中将内能转化为机械能。若某汽车的汽油机在一段时间内所做的有用功为，效率为25%，则该汽油机在这段时间内消耗　 　kg的汽油（汽油的热值取）。
【答案】做功；2
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】 汽油机在 做功冲程中将 内能转化为机械能 ，根据效率公式η=W有/W总，所以W总=W有/η= /0.25=9.2×107J，根据Q=mq可知m=9.2×107J/ =2kg
综上第1空、做功；第2空、2
【分析】根据冲程的特点、热量的计算填空、
汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
热量的计算：公式为Q=mq，据题可知Q=9.2×107J，q=。据此计算m
12．（2025·遵义模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a点时，电压表的示数为5V，滑动变阻器R消耗的功率为0.5W；将滑片P向右滑动至b点时，电压表示数变化了3V，此时电流表示数为0.4A，则该电路的电源电压是　 　V。
【答案】6
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压。当滑片P位于a点时，电路电流为：
滑片P移至b点时，电流变化量ΔI=0.4A 0.1A=0.3A，电压表示数变化3V。根据串联电路特性，定值电阻两端电压变化ΔU=3V，其阻值为：
滑片在a点时，由欧姆定律可得电源电压：
综上答案： 第1空、 6
【分析】核心考点：串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的综合应用。
涉及知识点：① 串联电路电流处处相等、总电压等于各用电器两端电压之和；② 电功率公式；③ 欧姆定律；④ 滑动变阻器的分压原理。
解题关键：(1) 解题核心是分两步分析滑片在不同位置的电路状态，第一步利用电功率公式求出a点时的电路电流，结合串联电压规律列出电源电压表达式；第二步判断滑片移动后滑动变阻器的分压变化，结合已知电流列出第二个电源电压表达式；最后联立方程求解定值电阻阻值和电源电压，全程遵循“先求电流，再列方程，联立求解”的逻辑。
试题4：弹簧弹力随时间变化的图像绘制
三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。
13．（2025·遵义模拟）如图所示是未完成连接的实物电路，请用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：灯L1、L2串联，电压表只测量L1两端的电压，导线不交叉。
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】根据要求，灯L1、L2串联，灯泡顺次连接，电压表测量L1两端的电压，应并联在灯泡L1的两端。如图所示：
【分析】各用电器顺次连接，是并联电路；电压表和所测量的位置并联。
14．（2025·遵义模拟）如图所示，请画出撑开雨伞时，撑杆对伞骨作用力F的力臂l。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】力臂和力的作用线互相垂直，过点O作力F作用线的垂线，即为力F的力臂l，如图所示：
【分析】力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
15．（2025·遵义模拟）如图所示，用轻质弹簧将A、B两物块连接后置于水平地面，A、B两物块所受重力均为G。在物块A上施加一竖直向上的拉力FA，稳定后地面对物块B支持力恰好为0，此时开始计时，保持FA大小不变至t1时刻；然后让FA缓慢减小，t2时刻减为0；请画出从计时开始到t2时刻，弹簧对物块B施加的力FB大小随时间t变化的大致图像。（不计弹簧质量）
【答案】
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】在物块A上施加竖直向上的拉力FA，当物块B刚好脱离地面时，保持FA大小不变直到t1时刻。此时B处于平衡状态，受到竖直向下的重力G和弹簧向上的拉力，二者大小相等。因此在0~t1时间段内，弹簧对B的拉力恒为G，此时弹簧处于伸长状态。从t1时刻开始，FA缓慢减小，A开始向下运动，导致弹簧的伸长量逐渐减小，弹力随之减小，对B的作用力也相应减小。当弹簧恢复原长时，弹力为零，此时对B的作用力也为零。
随着A继续下移，弹簧开始被压缩，产生向上的弹力，这个弹力逐渐增大。当FA减为零时，A达到新的平衡状态，此时弹簧的弹力与A的重力G平衡，因此弹簧对B的作用力也变为G。
整个过程中，弹簧对物块B的作用力FB随时间t的变化趋势如下图所示：
【分析】核心考点：二力平衡条件、弹簧弹力与形变量的关系。
涉及知识点：① 二力平衡：静止物体所受合力为0，受力大小相等、方向相反；② 弹簧弹力特点：弹力大小与形变量成正比，形变量不变则弹力不变；③ 力的变化与弹簧形变的关联。
解题关键：解题核心是分三个阶段分析受力与弹簧形变的关系，第一阶段先通过初始状态的二力平衡确定弹力初始值；第二阶段根据不变的条件，判断弹簧形变量不变，确定弹力恒定；第三阶段根据减小的规律，分析弹簧从压缩到原长再到拉伸的形变过程，推导弹力的大小和方向变化，最终对应绘制出图像的各段特征。
四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。
16．（2025·遵义模拟）校运会将举行拔河比赛，为帮助班级拔河队获胜，请你结合物理知识提出两条具体策略，并分别说明其科学原理。
【答案】（1）选择体重较大的运动员，通过增加对地面的压力增大摩擦力；
（2）比赛时穿底面较粗糙的鞋子，增大与地面的摩擦力。
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】滑动摩擦力的大小由两个因素决定：压力大小和接触面的粗糙程度。为了帮助班级拔河队取得胜利，可以采取以下措施：
（1）挑选体重较大的队员参赛，这样可以增加对地面的压力，进而增大滑动摩擦力；
（2）在比赛时选择鞋底带有花纹、表面较为粗糙的运动鞋，通过增加接触面的粗糙程度来提高滑动摩擦力。
综上答案：（1）选择体重较大的运动员，通过增加对地面的压力增大摩擦力；
（2）比赛时穿底面较粗糙的鞋子，增大与地面的摩擦力。
【分析】(1)核心考点：影响摩擦力大小的因素及实际应用。
(2)涉及知识点：① 静摩擦力的作用：拔河中，脚与地面的静摩擦力是运动员的动力；② 摩擦力的影响因素：压力大小、接触面的粗糙程度；③ 控制变量法在实际策略中的应用。
(3)解题关键：(1) 对应本题两条策略的核心逻辑：解题核心是先明确拔河取胜的关键是增大脚与地面的静摩擦力，再结合摩擦力的影响因素，分别从“增大压力”和“增大接触面粗糙程度”两个角度，推导可落地的比赛策略，并将策略与物理原理一一对应。
17．（2025·遵义模拟）汽车抬头显示器可将车速、油耗等信息呈现在驾驶员视野前方，如图甲所示，避免驾驶员因低头查看仪表盘而分心，确保驾驶安全，请回答：
（1）显示器信息通过挡风玻璃成像的原理。
（2）若看到的像位置偏高，为调整至合适位置，应将显示器按图乙所示的A方向还是B方向移动？请说明理由。
【答案】（1）光的反射
（2）向A方向运动，根据平面镜成像原理，像与物到平面镜的距离相等、像与物关于平面镜对称。当显示器向A方向运动时离挡风玻璃更近靠前，所成的像就靠下。
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】第1空：光的反射（平面镜成像）；推导：汽车挡风玻璃相当于平面镜，显示器发出的光线照射到挡风玻璃上，会发生光的反射现象，反射光线进入驾驶员的眼睛，驾驶员逆着反射光线看去，就会看到显示器信息的虚像，因此成像原理是光的反射。
第2空：向A方向移动；理由：根据平面镜成像原理，像与物到平面镜（挡风玻璃）的距离相等，像与物关于镜面对称；推导：当像的位置偏高时，说明像到挡风玻璃的距离过大，要使像的位置降低，需减小像到挡风玻璃的距离，根据“物距减小，像距也减小”的规律，应将显示器（物）向靠近挡风玻璃的A方向移动，从而让像的位置同步降低至合适范围。
综上答案： (1)、 光的反射， (2)、 向A方向运动，根据平面镜成像原理，像与物到平面镜的距离相等、像与物关于平面镜对称。当显示器向A方向运动时离挡风玻璃更近靠前，所成的像就靠下。
【分析】核心考点：光的反射现象、平面镜成像的特点及应用。
涉及知识点：① 光的反射：光遇到光滑物体表面时会发生反射，形成虚像；② 平面镜成像特点：像与物大小相等、到镜面距离相等、关于镜面对称；③ 平面镜成像在汽车抬头显示中的实际应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是识别挡风玻璃的平面镜属性，结合光的反射现象的定义，推导得出抬头显示的成像原理为光的反射，明确“虚像由反射光线形成”这一核心。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是牢记平面镜“物距=像距”的关键特点，先分析像位置偏高的原因（像距过大），再反向推导物的移动方向，确定需减小物距（向A方向移动显示器），从而实现像位置的调整。
（1）显示器上的信息通过挡风玻璃成像相当于平面镜成像，其原理是光的反射。
（2）当发现挡风玻璃所成的像过高，说明像到玻璃的距离过大，不便于观察，这时就需要将显示器沿水平方向靠近挡风玻璃，即A方向调整。
五、实验与科学探究题：本题共3个小题，第18题8分，第19、20题各10分，共28分。
18．（2025·遵义模拟）同学们参观博物馆时发现一件秦代木牍前放置着凸透镜，通过凸透镜看到的情景如图甲。为了弄清其原理，他们进行了如下探究。
（1）如图乙，用太阳光照射凸透镜，移动光屏直至光屏上出现一个最小最亮的光斑，此凸透镜的焦距为　 　cm；
（2）如图丙，将蜡烛放在较远处，移动光屏使光屏上呈现清晰的实像，观察像的性质，测出物距和像距；逐次改变物距，重复上述操作，实验记录如下表；
序号 物距/cm 像的性质 像距/cm
正倒 大小
1 24.0 倒立 缩小 17.2
2 22.0 倒立 缩小 18.8
3 20.0 倒立 等大 20.0
4 18.0 倒立 放大 22.4
5 16.0 倒立 放大 27.0
……
凸透镜成缩小实像时，物距　 　（填“＞”“＜”或“＝”）像距；
（3）小宇受第4、5组实验结果启发，推测文物与其前方凸透镜的距离u和凸透镜焦距f的关系为时，成放大的像。小丽对小宇的观点提出了质疑，她继续减小物距，发现蜡烛在某位置时，无论怎样移动光屏，光屏上都看不到像。小丽撤去光屏，从图丙中　 　侧（填“A”或“B”）向透镜方向观察，看到了正立放大的像，测得物距为8.0cm，她推测u和f的关系应为。　 　的推测合理，理由是　 　。
【答案】10.0；＞；B；小丽；由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1） 第1空、 平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后会聚于焦点，通过测量凸透镜与光屏间的距离可确定焦距。根据图乙所示数据，该凸透镜的焦距计算如下：
（2） 第2空、 通过分析表格数据可知，当凸透镜形成缩小的像时，物距（u）总是大于像距（v）。
（3） 第3空、 当物距小于焦距（u < f）时，凸透镜会形成正立、放大的虚像，且像与物体位于透镜同侧。因此观察位置应选择B处。
第4、5空、 甲图中文物通过凸透镜呈现正立、放大的像，而实验数据中第4、5组（u > f）产生的是倒立、放大的实像。小丽的实验数据显示当物距为8.0cm（u < f）时，成像性质与甲图完全一致，验证了其推测的合理性。
综上答案： 第1空、 10.0， 第2空、＞， 第3空、 B， 第4空、小丽， 第5空、 由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
综上答案： 第1空、10.0， 第2空、＞， 第3空、B， 第4空、小丽， 第5空、 由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
【分析】(1)核心考点：凸透镜焦距的测量、凸透镜成像规律的探究与应用。
(2)涉及知识点：① 平行光聚焦法测焦距：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于焦点；② 凸透镜成像规律：成倒立缩小实像（物距＞像距）、成倒立放大实像、成正立放大虚像；③ 实像与虚像的区别：实像可呈现在光屏上，虚像需透过透镜观察。
(3)解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握“平行光聚焦法”测焦距的原理，先确定平行光的特点，再找到焦点的位置，通过刻度尺读数计算焦距，同时注意长度测量的估读要求，保留一位小数。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是精准筛选实验表格中“缩小实像”的组别，对比每组的物距和像距数值，通过数据对比直接推导物距与像距的大小关系。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是牢记“虚像与物体在凸透镜同侧”的特点，先判断成像类型为虚像，再结合物体的位置，推导得出观察虚像的正确侧别。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是区分实像与虚像的呈现特点，先根据“光屏上看不到像”判断成像类型为虚像，再对应虚像的物距条件，对比小宇和小丽的推测，确定合理的推测者。
(5) 对应第(5)小题：解题核心是结合测得的物距和焦距的数值关系，结合凸透镜成像规律，分析虚像的呈现特点与实验现象的一致性，同时指出小宇推测的矛盾点，完整论证小丽推测的合理性。
19．（2025·遵义模拟）在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中，小华同学进行了如下操作。
（1）如图甲所示，组装好压强计，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；
（2）实验中，通过观察压强计U形管两端液面的　 　来反映通过橡皮膜所受压强的大小；
（3）分析图乙、丙的实验现象，可初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而　 　；
（4）对比图丙、丁的实验现象，可知在深度相同时，液体的　 　越大，液体内部压强越大；
（5）完成上述实验后，小华同学用改装后的器材继续进行探究，他将容器中间用隔板分成大小相同且互不相通的A、B两部分，隔板上小圆孔处用薄橡皮膜封闭。小华在A、B两侧分别倒入深度不同的水和某种液体后，观察到如图戊所示实验现象，比较“某种液体”的密度与水的密度大小关系并说明理由：　 　。
【答案】（1）不漏气
（2）高度差
（3）增大
（4）密度
（5）通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
【知识点】探究液体压强的特点实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）如果U形管密封良好，当挤压橡皮膜时，两侧气体压强不同会导致液面产生高度差。实验中观察到液面变化灵敏，证明装置气密性良好。
（2）该实验采用转换法，通过U形管两侧液面高度差的变化来反映液体压强的大小差异。
（3）比较乙、丙两图，在相同液体密度条件下，丙图的液体深度更大，对应U形管液面高度差也更显著，说明压强随深度增加而增大。由此可得结论：同种液体内部压强与深度成正比。
（4）分析丙、丁两图，在相同深度时，丁图液体密度更大，其U形管液面高度差更明显，表明压强随密度增大而增加。结论：在相同深度下，液体压强与密度呈正相关。
（5）通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
综上答案： (1)、 不漏气， (2)、 高度差， (3)、 增大， (4)、 密度， (5)、 通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
【分析】核心考点：液体内部压强的影响因素、压强计的使用、转换法与控制变量法的应用。
涉及知识点：① 压强计的气密性检测方法；② 转换法：将不可直接测量的压强转换为液面高度差；③ 控制变量法：探究单一因素对压强的影响时，控制其他因素不变；④ 液体压强公式及应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是理解压强计的气密性与液面升降的关联，通过“按压橡皮膜，液面升降灵活”这一现象，反向推导装置不漏气的结论。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是掌握“转换法”在本实验中的应用，明确液体压强的大小无法直接测量，需通过U形管液面高度差这一可观察的量来间接反映。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是运用“控制变量法”，精准识别乙、丙实验的控制条件（同种液体、橡皮膜方向相同）和变量（深度），结合液面高度差的变化，推导压强与深度的关系。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是运用“控制变量法”，精准识别丙、丁实验的控制条件（深度相同、橡皮膜方向相同）和变量（液体密度），结合液面高度差的变化，推导压强与液体密度的关系。
(5) 对应第(5)小题：解题核心是先通过橡皮膜的凸起方向判断压强大小关系，再结合液体压强公式，在深度相同的条件下，通过压强大小反向推导液体密度的大小关系。
（1）若U形管不漏气，则挤压橡皮膜时，U形管左右管内气体存在气压差，U形管两侧液面会出现明显的高度差。实验中U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气。
（2）本实验运用转换法，将液体压强大小转换为U形管中液面的高度差。
（3）图乙和丙中，液体密度相同，图丙深度更深，U形管液面高度差更大，所以压强更大；故可得出结论：在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大。
（4）图丙和丁中，液体深度相同，图丁液体密度更大，U形管液面高度差更大，所以压强更大；故可得出结论：在液体同一深度，液体压强随液体密度的增大而增大。
（5）“某种液体”密度大于水的密度。根据橡皮膜的形状可判断此处A、B两侧的压强相等，但橡皮膜所处位置在水中的深度大于在该种液体中的深度。由p=ρgh知，水的密度小，“某种液体”的密度大。
20．（2025·遵义模拟）小明荡秋千时感觉每次摆动的时间都很接近。于是他对秋千来回摆动一次所用的时间t产生了如下猜想：
猜想一：可能跟人体质量m有关；
猜想二：可能跟绳子长度L有关；
猜想三：可能跟开始推动的距离s有关。
为验证猜想，他设计如图所示装置，在竖直木板上画出方格，用细线拴住小物块模拟秋千，质量不等的小物块代替不同质量的人进行实验。分别测出不同小物块的质量m和来回摆动一次所用的时间t后，得到表中数据。
序号 小物块质量m/g 移开距离s/格 悬线长度L/格 来回一次时间t/s
1 20 3 12 2.1
2 40 3 12 2.1
3 60 3 12 2.1
4 60 2 12 2.1
5 60 1 12 2.1
6 60 3 9 1.9
7 60 3 6 1.5
（1）分析表中数据得出：小物块来回摆动一次的时间t与　 　无关，与　 　有关；
（2）要对初步结论继续进行探究，这时应只改变　 　进行多次实验，测出小物块不同情况来回摆动一次所用的时间，找出规律，分析论证得到更具体的关系；
（3）交流过程中，小明提出：“小物块摆动一次所用时间很难准确测量”，请你帮他想一个更准确的测量方法　 　；
（4）摆钟就是根据本实验得到的结论制成。当摆钟变慢时，要把它调准，应将摆钟的摆长　 　（选填“调长”或“调短”）。
【答案】（1）小球质量、移开距离；悬线长度
（2）悬线长度
（3）可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。
（4）调短
【知识点】时间及其测量；物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）第1空、 根据实验1、2、3的数据对比，小物块的质量不同，但悬线长度和移开距离相同，结果显示来回摆动一次的时间相同，表明秋千摆动周期与物体质量无关。第2空、 通过实验3、4、5的数据对比，小物块的质量和悬线长度相同，移开距离不同，但摆动周期相同，说明摆动周期与移开距离无关。
进一步分析实验3、6、7的数据，小物块的质量和移开距离相同，但悬线长度不同，结果显示摆动周期不同，表明秋千摆动周期与悬线长度有关。
（2）综合表中数据分析可知，秋千摆动周期主要受悬线长度影响。为验证这一规律的普遍性，应保持其他条件不变，仅改变悬线长度进行多次实验。
（3）为提高测量精度，可采用累计法：测量小物块摆动N次的总时间t，再计算单次摆动周期T=t/N。
（4）表中数据表明，悬线长度越长，摆动周期越大。因此，若摆钟变慢（周期偏大），需通过减小悬线长度（调短摆长）来校准。
综上答案： (1)、 第1空、 小球质量、移开距离， 第2空、 悬线长度， (2)、 第1空、 悬线长度悬线长度， (3)、 可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。 (4)、 第1空、 调短
【分析】核心考点：控制变量法的应用、实验数据的分析、误差减小的方法、实验结论的实际应用。
(2)涉及知识点：① 控制变量法：探究多因素问题时，控制无关变量，只改变研究变量；② 累积法：减小短时间测量误差的常用方法；③ 摆的等时性原理及实际应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是采用“控制变量法分析数据”，将实验数据按变量分组，对比不同组别中摆动时间的变化，逐一判断每个因素与摆动时间的关系。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是牢记控制变量法的实验要求，深入探究某一因素的影响时，需保持其他无关因素不变，只改变该研究因素，据此确定实验的操作要点。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是识别“单次短时间测量误差大”的问题，结合误差减小的方法，选择“累积法”设计测量方案，通过多次测量求平均值减小误差。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是将实验结论（摆长越短，摆动时间越短）与摆钟走慢的实际问题结合，反向推导摆长的调整方向，实现实验结论的实际应用。
试题3：餐具消毒柜的电路与电能计算
（1）[1]由1、2、3次实验可知，小物块的质量不同，悬线长度相同，移开距离相同，来回一次时间相同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与人体质量无关。由3、4、5次实验可知，小物块的质量相同，移开距离不同，悬线长度相同，来回一次时间相同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与移开距离无关。
[2]由3、6、7次实验可知，小物块的质量相同，移开距离相同，悬线长度不同，来回一次时间不同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与悬线长度有关。
（2）由表中数据分析可知，秋千来回摆动一次所用的时间与悬线长度有关，为了得出普遍规律，应只改变悬线长度进行多次实验。
（3）可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。
（4）由表中数据可知，其它条件不变，悬线越长，来回一次时间越长，所以当摆钟变慢时，要把它调准，应该减小悬线长度，即调短摆长。
六、综合应用题：本题共2个小题，每小题8分，共16分。解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分。
21．（2025·遵义模拟）为保证师生饮食安全，学校食堂配备了为餐具消毒、烘干的保洁消毒柜，如图甲所示。图乙是其内部简化电路图，S1为温控开关，S2为门控开关，R1为阻值不变的加热管。已知消毒柜加热管的电阻为22Ω，臭氧发生器的额定功率为200W。请完成下列问题：
（1）使用三孔插座，是为了让它的外壳与　 　相连，防止触电；
（2）消毒柜正常工作时，求通过加热管的电流；
（3）消毒柜完成一次工作流程，加热管工作30min，臭氧发生器工作15min，消耗的电能是多少？
【答案】（1）地线
（2）电路分析表明，加热管与臭氢发生器并联工作，电源电压为。根据并联电路特性，加热管两端电压等于电源电压220V。由欧姆定律计算得加热管电流：
（3）电能消耗计算： 加热管耗能：
臭氢发生器耗能：
总耗能：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；家庭电路的组成；多状态电路——多挡位问题
【解析】（1）三孔插座的设计依据安全用电原则，可使电器金属外壳接地，防止触电事故的发生。
（2）电路分析表明，加热管与臭氢发生器并联工作，电源电压为。根据并联电路特性，加热管两端电压等于电源电压220V。由欧姆定律计算得加热管电流：
（3）电能消耗计算：
加热管耗能：
臭氢发生器耗能：
总耗能：
（注：计算中将时间单位统一转换为秒，30分钟=1800s，15分钟=900s）
综上答案： (1)、 第1空、 地线， (2)、 10A， (3)、 4.14×106J
【分析】核心考点：三孔插座的作用、欧姆定律的应用、电能的计算（、）。
涉及知识点：① 安全用电：三孔插座的接地原理，防止金属外壳用电器漏电触电；② 欧姆定律：；③ 电能计算公式：纯电阻电路中，非纯电阻电路中；④ 串并联电路的特点（本电路中加热管与臭氧发生器并联）。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握三孔插座的“接地”功能，明确金属外壳用电器接地的目的是防止漏电触电，据此确定外壳的连接对象为地线。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是明确加热管为纯电阻用电器，结合家庭电路的额定电压和已知的电阻，直接套用欧姆定律公式计算电流，注意公式的变形与单位的统一。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是区分加热管（纯电阻）和臭氧发生器（非纯电阻）的电能计算方法，分别选用和计算各自消耗的电能，再求和得到总电能，同时注意时间单位需转换为秒。
（1）根据安全用电的知识可知，三孔插座能使用电器的金属外壳与大地相连，避免人触电的危险。
（2）由图可知，正常工作时，加热管和臭氢发生器并联，电源电压
根据并联电路电压特点可知，加热管两端的电压等于电源电压，即220V，根据欧姆定律可知，通过加热管的电流为
（3）加热管消耗的电能
臭氧发生器消耗的电能
它们所消耗的电能
22．（2025·遵义模拟）再生制动技术可将车辆制动时的动能（EK）转化为电能储存，提升能效。某款汽车在平直公路上进行测试时，关闭发动机后，开启和关闭再生制动器两种情况下，动能（EK）随汽车通过路程（s）的图像如图12所示。请完成下列问题：
（1）驾驶该车以72km/h的平均速度，从遵义行驶至贵阳，全程158.4km，需要多少时间？
（2）某汽车总质量为2t，静止在水平地面上时与地面的总接触面积为0.1m2，此时它对地面的压强多大？
（3）请从物理学角度结合图像分析使用再生制动器的优点有哪些？（列出两条即可）
（4）①、②中哪一条是开启再生制动系统后的图线？请说明你的理由。
【答案】（1）已知汽车的平均速度为72km/h，行驶距离为158.4km，所需时间可通过公式计算：
（2）汽车总质量为2吨，换算为国际单位：
汽车与地面的接触面积为0.1m2，对地面的压力等于其重力：
根据压强公式，地面压强为：
（3）节能、制动距离短（其他答案合理即可得分）
（4）“①”为开启再生制动后的图线，因为启动再生制动系统后，部分能量转化为电能储存起来，导致克服摩擦做功减少，制动距离变短。
【知识点】能量的转化或转移；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】 【解答】（1）已知汽车的平均速度为72km/h，行驶距离为158.4km，所需时间可通过公式计算：
（2）汽车总质量为2吨，换算为国际单位：
汽车与地面的接触面积为0.1m2，对地面的压力等于其重力：
根据压强公式，地面压强为：
（3）关闭发动机后，若不启用再生制动器，汽车的动能全部转化为内能（摩擦生热）。若启用再生制动器，部分动能转化为电能，剩余部分克服摩擦力做功。由于摩擦力不变，制动距离缩短，因此动能变化曲线对应①。再生制动器的使用显著减少制动距离，节能效果明显。
（4）关闭发动机后，再生制动器的作用使部分动能转化为电能，剩余动能克服摩擦力做功。由于摩擦力不变，制动距离缩短，动能变化曲线仍为①。
综上答案： (1)、 2.2h， (2)、 2×105pa， (3)、 节能、制动距离短（其他答案合理即可得分） (4)、 “①”为开启再生制动后的图线，因为启动再生制动系统后，部分能量转化为电能储存起来，导致克服摩擦做功减少，制动距离变短。
【分析】核心考点：速度公式、重力公式、压强公式的应用、再生制动的原理与优点、图像分析。
涉及知识点：① 速度公式：；② 重力公式：；③ 压强公式：；④ 能量的转化：动能与电能的相互转化；⑤ 功的计算公式：。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握速度公式的变形应用，明确路程和速度的单位统一，直接代入公式计算时间，注意单位的换算与结果的准确性。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是分三步计算，先将质量单位转换为千克，再通过重力公式计算重力（等于水平地面的压力），最后代入压强公式计算压强，全程注意单位的统一和公式的正确应用。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是结合再生制动的“能量转化”和“制动距离”两个核心特点，从节能和安全两个角度分析优点，确保优点与物理原理紧密结合。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是先明确再生制动的能量转化对“克服摩擦力做功”的影响，再结合功的公式分析制动距离的变化，最后对比图像中两条图线的路程长短，确定开启再生制动的图线并说明理由。
（1）该车以72km/h的平均速度，从遵义行驶至贵阳，全程158.4km，需要的时间为
（2）汽车总质量为2t，即为
与地面的总接触面积为0.1m2，此时它对地面的压力等于它的重力，即
则此时它对地面的压强
（3）关闭发动机后，关闭再生制动器，汽车克服摩擦力做功，动能全部转化为内能，开启再生制动器，有部分动能转化为电能、克服摩擦力做功的能量减少，摩擦力大小不变，所以汽车运动的距离减小，所以汽车动能变化曲线是①，由图可知，用再生制动器后制动距离更短，更节能。
（4）关闭发动机后，关闭再生制动器，汽车克服摩擦力做功，动能全部转化为内能，开启再生制动器，有部分动能转化为电能、克服摩擦力做功的能量减少，摩擦力大小不变，所以汽车运动的距离减小，所以汽车动能变化曲线是①。
1 / 1贵州省遵义市2025年中考二模理综物理试题
一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分。第1-6题为单项选择题，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的。第7、8题为多项选择题，每小题至少有两项符合题目要求，全选对得3分，选对但不全得1分，选错或不选得0分。
1．（2025·遵义模拟）根据你对生活中常见物理量的认识，下列数据中最接近实际的是（　　）
A．人体正常体温为25℃
B．手机电池提供的电压为220V
C．人正常步行的速度5m/s
D．一名初中生受到的重力约为500N
2．（2025·遵义模拟）将一根短的金属丝缓慢拉长，下列物理量变大的是（　　）
A．质量 B．体积 C．电阻 D．密度
3．（2025·遵义模拟）古诗“荷风送香气，竹露滴清响”中，竹叶上出现露珠是（　　）
A．熔化现象 B．液化现象 C．凝华现象 D．汽化现象
4．（2025·遵义模拟）地球是一个天然大磁体，下列关于地磁场的说法中正确的是（　　）
A．地磁北极在地理北极附近
B．静止的小磁针N极指向地理南极
C．鸽子依靠地磁场实现导航
D．地磁场的磁感线由地理北极指向南极
5．（2025·遵义模拟）《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“吸得芥子”是由于琥珀摩擦起电而吸引轻小物体。关于上述现象，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦过程中产生了电荷
B．摩擦过程中电荷发生了转移
C．摩擦后只有琥珀带上电荷
D．芥子被吸引后与琥珀带异种电荷
6．（2025·遵义模拟）排球是中考体育选考项目之一，某同学在参加考试时将排球竖直向上抛出，下列分析正确的是（　　）
A．排球离开手向上运动过程一直受到重力作用
B．排球向上运动时速度逐渐减小，惯性也在减小
C．排球上升到最高点时速度为零，因此合力为零
D．排球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
7．（2025·遵义模拟）为了监测噪声强弱，科创小组设计了如图甲所示的电路。用电流表的示数大小来反映噪声的强弱，已知电源电压为6V恒定不变，为定值电阻，为声敏电阻，的阻值随声音强弱变化的关系如图乙所示。在某次测试中，噪声为50dB时，电流表示数为0.2A；下列分析正确的是（　　）
A．定值电阻的阻值是5Ω
B．电路中的电流随声音强度增大而增大
C．电流表示数为0.4A时，噪声强度为60dB
D．噪声强度为120dB时，电路消耗的功率为3.6W
8．（2025·遵义模拟）如图所示，M、N是两个质量相等的正方体，，水平桌面上两个相同的柱状容器分别装有甲、乙两种液体。M在甲液面漂浮，用细线吊着N静止在乙液体中（细线对N有拉力）。此时，两容器液面相平，M、N露出液面的高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．M受到的浮力大于N受到的浮力
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．左侧容器对桌面的压强大于右侧容器对桌面的压强
D．若剪断细线，待N静止后乙液体对容器底的压强变大
二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分。
9．（2025·遵义模拟）2024年10月30日，神舟十九号载人飞船成功发射。飞船在轨飞行期间，航天员完成多项科学实验和任务，飞船与地面间通过　 　传输信息。
10．（2025·遵义模拟）为了减小噪声的影响，现代建筑临街窗户的玻璃常使用“真空玻璃”（将双层玻璃之间抽成近似真空），这是因为声音　 　在真空中传播。
11．（2025·遵义模拟） 汽油机在　 　冲程中将内能转化为机械能。若某汽车的汽油机在一段时间内所做的有用功为，效率为25%，则该汽油机在这段时间内消耗　 　kg的汽油（汽油的热值取）。
12．（2025·遵义模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a点时，电压表的示数为5V，滑动变阻器R消耗的功率为0.5W；将滑片P向右滑动至b点时，电压表示数变化了3V，此时电流表示数为0.4A，则该电路的电源电压是　 　V。
三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。
13．（2025·遵义模拟）如图所示是未完成连接的实物电路，请用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：灯L1、L2串联，电压表只测量L1两端的电压，导线不交叉。
14．（2025·遵义模拟）如图所示，请画出撑开雨伞时，撑杆对伞骨作用力F的力臂l。
15．（2025·遵义模拟）如图所示，用轻质弹簧将A、B两物块连接后置于水平地面，A、B两物块所受重力均为G。在物块A上施加一竖直向上的拉力FA，稳定后地面对物块B支持力恰好为0，此时开始计时，保持FA大小不变至t1时刻；然后让FA缓慢减小，t2时刻减为0；请画出从计时开始到t2时刻，弹簧对物块B施加的力FB大小随时间t变化的大致图像。（不计弹簧质量）
四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。
16．（2025·遵义模拟）校运会将举行拔河比赛，为帮助班级拔河队获胜，请你结合物理知识提出两条具体策略，并分别说明其科学原理。
17．（2025·遵义模拟）汽车抬头显示器可将车速、油耗等信息呈现在驾驶员视野前方，如图甲所示，避免驾驶员因低头查看仪表盘而分心，确保驾驶安全，请回答：
（1）显示器信息通过挡风玻璃成像的原理。
（2）若看到的像位置偏高，为调整至合适位置，应将显示器按图乙所示的A方向还是B方向移动？请说明理由。
五、实验与科学探究题：本题共3个小题，第18题8分，第19、20题各10分，共28分。
18．（2025·遵义模拟）同学们参观博物馆时发现一件秦代木牍前放置着凸透镜，通过凸透镜看到的情景如图甲。为了弄清其原理，他们进行了如下探究。
（1）如图乙，用太阳光照射凸透镜，移动光屏直至光屏上出现一个最小最亮的光斑，此凸透镜的焦距为　 　cm；
（2）如图丙，将蜡烛放在较远处，移动光屏使光屏上呈现清晰的实像，观察像的性质，测出物距和像距；逐次改变物距，重复上述操作，实验记录如下表；
序号 物距/cm 像的性质 像距/cm
正倒 大小
1 24.0 倒立 缩小 17.2
2 22.0 倒立 缩小 18.8
3 20.0 倒立 等大 20.0
4 18.0 倒立 放大 22.4
5 16.0 倒立 放大 27.0
……
凸透镜成缩小实像时，物距　 　（填“＞”“＜”或“＝”）像距；
（3）小宇受第4、5组实验结果启发，推测文物与其前方凸透镜的距离u和凸透镜焦距f的关系为时，成放大的像。小丽对小宇的观点提出了质疑，她继续减小物距，发现蜡烛在某位置时，无论怎样移动光屏，光屏上都看不到像。小丽撤去光屏，从图丙中　 　侧（填“A”或“B”）向透镜方向观察，看到了正立放大的像，测得物距为8.0cm，她推测u和f的关系应为。　 　的推测合理，理由是　 　。
19．（2025·遵义模拟）在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中，小华同学进行了如下操作。
（1）如图甲所示，组装好压强计，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；
（2）实验中，通过观察压强计U形管两端液面的　 　来反映通过橡皮膜所受压强的大小；
（3）分析图乙、丙的实验现象，可初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而　 　；
（4）对比图丙、丁的实验现象，可知在深度相同时，液体的　 　越大，液体内部压强越大；
（5）完成上述实验后，小华同学用改装后的器材继续进行探究，他将容器中间用隔板分成大小相同且互不相通的A、B两部分，隔板上小圆孔处用薄橡皮膜封闭。小华在A、B两侧分别倒入深度不同的水和某种液体后，观察到如图戊所示实验现象，比较“某种液体”的密度与水的密度大小关系并说明理由：　 　。
20．（2025·遵义模拟）小明荡秋千时感觉每次摆动的时间都很接近。于是他对秋千来回摆动一次所用的时间t产生了如下猜想：
猜想一：可能跟人体质量m有关；
猜想二：可能跟绳子长度L有关；
猜想三：可能跟开始推动的距离s有关。
为验证猜想，他设计如图所示装置，在竖直木板上画出方格，用细线拴住小物块模拟秋千，质量不等的小物块代替不同质量的人进行实验。分别测出不同小物块的质量m和来回摆动一次所用的时间t后，得到表中数据。
序号 小物块质量m/g 移开距离s/格 悬线长度L/格 来回一次时间t/s
1 20 3 12 2.1
2 40 3 12 2.1
3 60 3 12 2.1
4 60 2 12 2.1
5 60 1 12 2.1
6 60 3 9 1.9
7 60 3 6 1.5
（1）分析表中数据得出：小物块来回摆动一次的时间t与　 　无关，与　 　有关；
（2）要对初步结论继续进行探究，这时应只改变　 　进行多次实验，测出小物块不同情况来回摆动一次所用的时间，找出规律，分析论证得到更具体的关系；
（3）交流过程中，小明提出：“小物块摆动一次所用时间很难准确测量”，请你帮他想一个更准确的测量方法　 　；
（4）摆钟就是根据本实验得到的结论制成。当摆钟变慢时，要把它调准，应将摆钟的摆长　 　（选填“调长”或“调短”）。
六、综合应用题：本题共2个小题，每小题8分，共16分。解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分。
21．（2025·遵义模拟）为保证师生饮食安全，学校食堂配备了为餐具消毒、烘干的保洁消毒柜，如图甲所示。图乙是其内部简化电路图，S1为温控开关，S2为门控开关，R1为阻值不变的加热管。已知消毒柜加热管的电阻为22Ω，臭氧发生器的额定功率为200W。请完成下列问题：
（1）使用三孔插座，是为了让它的外壳与　 　相连，防止触电；
（2）消毒柜正常工作时，求通过加热管的电流；
（3）消毒柜完成一次工作流程，加热管工作30min，臭氧发生器工作15min，消耗的电能是多少？
22．（2025·遵义模拟）再生制动技术可将车辆制动时的动能（EK）转化为电能储存，提升能效。某款汽车在平直公路上进行测试时，关闭发动机后，开启和关闭再生制动器两种情况下，动能（EK）随汽车通过路程（s）的图像如图12所示。请完成下列问题：
（1）驾驶该车以72km/h的平均速度，从遵义行驶至贵阳，全程158.4km，需要多少时间？
（2）某汽车总质量为2t，静止在水平地面上时与地面的总接触面积为0.1m2，此时它对地面的压强多大？
（3）请从物理学角度结合图像分析使用再生制动器的优点有哪些？（列出两条即可）
（4）①、②中哪一条是开启再生制动系统后的图线？请说明你的理由。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；重力及其大小的计算；电压和电压的单位换算
【解析】【解析】A：人体正常体温在37℃左右，因此该选项不符合题目要求。
B：普通手机电池的工作电压通常为3.7V，所以这个选项也不符合。
C：成年人正常步行速度约为1.2m/s（即约4.3km/h），故该选项同样不符合。
D：中学生质量约50kg，根据重力公式G=mg（g取10N/kg），其重力约为500N，这个数值符合实际，因此是正确答案。
故选D。
【分析】涉及知识点
常见物理量的估测：体温、电压、速度、重力的日常数值范围。
重力与质量的关系：（取10N/kg）。
解题关键
A：熟记人体正常体温的数值范围。
B：区分手机电池电压与家庭电路电压的不同。
C：估测人正常步行的速度，区分步行与跑步的速度差异。
D：根据初中生的质量范围，计算重力并判断是否符合实际。
混淆易错点
易混淆不同场景下的物理量数值，如将家庭电路电压当作手机电池电压，或错误估算步行速度。
2．【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A.将一根短的金属丝缓慢拉长，只是形状发生改变，因此质量保持不变，故A不合题意；
D.将一根短的金属丝缓慢拉长，种类不变，因此它的密度不变，故D不合题意；
B.金属丝的质量不变，密度不变，根据可知，它的体积不变，故B不合题意；
C.金属丝被拉长后，长度增大，横截面积减小，因此电阻变大了，故C符合题意。
故选C。
【分析】根据对质量、体积、电阻和密度的认识判断。
3．【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】露珠是水蒸气遇冷，发生液化形成的，B符合题意。
故答案为：B.
【分析】气体变为液体，是液化现象。
4．【答案】C
【知识点】磁感线及其特点；地磁场
【解析】【解答】A．地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B．静止的小磁针N极指向地理北极（地磁南极），故B错误；
C．鸽子依靠地磁场的指引实现导航，故C正确；
D．地磁场的磁感线由地磁北极（地理南极）指向地磁南极（地理北极），故D错误。
故选C。
【分析】涉及知识点
地磁场的特征：地磁两极与地理两极不重合，存在磁偏角。磁感线的方向：从磁北极指向磁南极。
地磁场的应用：生物导航、指南针指向。
解题关键
A：明确地磁两极与地理两极的位置关系，二者相反。
B：小磁针N极指向地磁南极，即地理北极附近。
C：鸽子导航的原理是依靠地磁场，符合实际。
D：磁感线方向由地磁北极指向地磁南极，非地理北极到南极。
混淆易错点
易混淆地磁两极与地理两极的位置，误将地磁北极当作地理北极。
5．【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．“以布拭热”的过程中，摩擦使得电荷发生了转移，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，而带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，而带正电，所以布和琥珀带异种电荷，故AC错误，B正确；
D．由于布擦拭后的“琥珀”带电，具有吸引轻小物体的性质，所以“吸得芥子”，故D错误。
故选B。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质；
两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电；
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）。
6．【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．排球离开手后，忽略空气阻力，只受重力作用，故A正确；
B．惯性只与物体的质量有关，排球速度减小但质量不变，惯性大小不变，故B错误；
C．排球上升到最高点时速度为零，但仍受重力作用，合力等于重力，不为零，故C错误；
D．排球下降时速度增大，说明力是改变物体运动状态的原因，而非维持运动状态的原因，故D错误。
故选A。
【分析】涉及知识点
重力的作用：地球附近的物体都受重力。惯性的属性：惯性是物体的固有属性，与运动状态无关。力与运动的关系：力是改变物体运动状态的原因。
解题关键
A：排球离开手后，不再受手的推力，只受重力（忽略空气阻力）。
B：惯性大小只由质量决定，与速度无关。
C：最高点速度为零，但重力仍存在，合力不为零。
D：力的作用效果是改变运动状态，不是维持。
混淆易错点
易误认为排球最高点时合力为零，或惯性随速度变化而变化。
7．【答案】A,B,D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．分析图甲电路可知，这是一个串联电路，电流表测量总电流。当环境噪声为50dB时，从图乙曲线可以查到对应的声敏电阻阻值R=25Ω。此时电流表读数为0.2A，运用欧姆定律计算电路总电阻：
根据串联电路电阻关系，定值电阻阻值：
因此A选项正确。
B．当声音强度增大时，从图乙可以看出声敏电阻阻值减小，导致电路总电阻减小。根据欧姆定律I=U/R，电源电压不变时，总电阻减小必然引起电流增大。所以B选项正确。
C．当电流表示数为0.4A时，先计算此时电路总电阻：
声敏电阻阻值：
对照图乙曲线，10Ω对应的噪声强度是80dB，而非选项中给出的结果，因此C选项错误。
D．当噪声强度达到120dB时，从图乙查得声敏电阻阻值R"=5Ω。此时电路总电阻：
电路电流：
电路总功率：
因此D选项正确。
故选ABD。
【分析】涉及知识点
串联电路的特点：总电阻等于各分电阻之和。
欧姆定律：、、。
电功率的计算：。
声敏电阻的特性：阻值随声音强度增大而减小。
解题关键
A：根据噪声50dB的阻值，结合欧姆定律计算总电阻，进而求。
B：根据声音强度与R的反比关系，结合欧姆定律判断电流变化。
C：根据电流计算总电阻，再求R的阻值，对应噪声强度。
D：根据噪声120dB的阻值，计算总电流和电路总功率。
混淆易错点
易误读声敏电阻阻值与噪声强度的对应关系，或计算总电阻、功率时出现错误。
8．【答案】A,C,D
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A．因为mM=mN，由公式G=mg可知，GM=GN，由物体浮沉条件可知，M在甲液面漂浮，浮力等于重力，即F浮M=GM，N受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、竖直向上的浮力，所以N物体受到的浮力小于N的重力，即F浮NF浮N，故A正确；
B．因F浮M>F浮N，由公式F浮=ρ液gV排可得ρ液甲gV排甲>ρ液乙gV排乙，由题意可知V排甲ρ液乙，故B错误；
C．由题意可知，V排甲V液乙，由G=mg=ρVg可知液体重力的大小关系G液甲>G液乙， 左侧容器对水平桌面的压力F左=G液甲+G杯+GM
右侧容器对水平桌面的压力F右=G液乙+G杯+GN-F拉
可见F左>F右， 在受力面积相同时，由公式可知容器对桌面的压强大小关系p左>p右，故C正确；
D．剪断细绳前，N的受力关系为GN=F浮N+F拉，即F浮N故选ACD。
【分析】涉及知识点
阿基米德原理：。
物体的浮沉条件：漂浮时，浸没时。
液体压强的计算：。
压力与压强的关系：。
解题关键
A：利用漂浮时、浸没时，结合直接比较浮力大小。
B：根据“露出高度相同”确定，再通过阿基米德原理推导液体密度关系。
C：结合液面高度、液体体积、密度，利用和判断桌面压力与压强。
D：明确N浸没后排开液体体积不变，剪断细线后液面高度不变，再用分析液体压强变化。
混淆易错点
易混淆漂浮与浸没的浮力表达式，误将N的浮力直接等于重力；忽略“露出高度相同”的条件，错误比较M、N的排开体积；计算桌面压力时漏加液体与容器重力，误只比较物体受力；还会误认为N下沉后排开体积变化、液面高度改变。
9．【答案】电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】第1空：电磁波；推导：飞船在轨飞行时处于太空真空环境，声音的传播需要固体、液体、气体等介质，无法在真空中传播；而电磁波的传播不需要介质，可在真空中实现远距离、高保真的信息传输，因此飞船与地面间通过电磁波传输信息。
综上答案： 第1空、 电磁波
【分析】核心考点：电磁波的传播特点及太空通信的应用。
涉及知识点：① 电磁波传播不需要介质，能在真空中传播；② 声音传播必须依靠介质，真空不能传声；③ 电磁波在航天领域的信息传输应用。
解题关键：解题核心是抓住“太空为真空环境”这一关键条件，先明确声音传播的介质要求，排除声波传输的可能性，再结合电磁波无介质传播的特点，确定信息传输的载体为电磁波。
试题2：真空玻璃的降噪原理
10．【答案】不能
【知识点】声音的传播条件
【解析】【解答】第1空：不能；推导：声音的传播本质是声波通过介质的振动传递能量，传播过程必须依赖固体、液体或气体作为介质；真空环境中不存在任何传声介质，声波的振动无法传递，因此声音不能在真空中传播，真空玻璃正是利用这一特点阻断噪声传播。
综上答案： 第1空、不能
【分析】核心考点：声音的传播条件。
涉及知识点：① 声音传播需要介质，介质包括固体、液体、气体；② 真空的定义是无任何物质的空间，不存在传声介质；③ 真空玻璃的降噪原理与声音传播条件的结合。
解题关键：解题核心是紧扣“真空”的本质特征（无传声介质），从声音传播的介质需求出发，推导得出声音无法在真空中传播的结论，同时关联真空玻璃的应用场景验证该结论的合理性。
试题3：串联电路电源电压计算
11．【答案】做功；2
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】 汽油机在 做功冲程中将 内能转化为机械能 ，根据效率公式η=W有/W总，所以W总=W有/η= /0.25=9.2×107J，根据Q=mq可知m=9.2×107J/ =2kg
综上第1空、做功；第2空、2
【分析】根据冲程的特点、热量的计算填空、
汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
热量的计算：公式为Q=mq，据题可知Q=9.2×107J，q=。据此计算m
12．【答案】6
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压。当滑片P位于a点时，电路电流为：
滑片P移至b点时，电流变化量ΔI=0.4A 0.1A=0.3A，电压表示数变化3V。根据串联电路特性，定值电阻两端电压变化ΔU=3V，其阻值为：
滑片在a点时，由欧姆定律可得电源电压：
综上答案： 第1空、 6
【分析】核心考点：串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的综合应用。
涉及知识点：① 串联电路电流处处相等、总电压等于各用电器两端电压之和；② 电功率公式；③ 欧姆定律；④ 滑动变阻器的分压原理。
解题关键：(1) 解题核心是分两步分析滑片在不同位置的电路状态，第一步利用电功率公式求出a点时的电路电流，结合串联电压规律列出电源电压表达式；第二步判断滑片移动后滑动变阻器的分压变化，结合已知电流列出第二个电源电压表达式；最后联立方程求解定值电阻阻值和电源电压，全程遵循“先求电流，再列方程，联立求解”的逻辑。
试题4：弹簧弹力随时间变化的图像绘制
13．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】根据要求，灯L1、L2串联，灯泡顺次连接，电压表测量L1两端的电压，应并联在灯泡L1的两端。如图所示：
【分析】各用电器顺次连接，是并联电路；电压表和所测量的位置并联。
14．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】力臂和力的作用线互相垂直，过点O作力F作用线的垂线，即为力F的力臂l，如图所示：
【分析】力臂的画法：力臂是支点和力的作用线的垂线段。
15．【答案】
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】在物块A上施加竖直向上的拉力FA，当物块B刚好脱离地面时，保持FA大小不变直到t1时刻。此时B处于平衡状态，受到竖直向下的重力G和弹簧向上的拉力，二者大小相等。因此在0~t1时间段内，弹簧对B的拉力恒为G，此时弹簧处于伸长状态。从t1时刻开始，FA缓慢减小，A开始向下运动，导致弹簧的伸长量逐渐减小，弹力随之减小，对B的作用力也相应减小。当弹簧恢复原长时，弹力为零，此时对B的作用力也为零。
随着A继续下移，弹簧开始被压缩，产生向上的弹力，这个弹力逐渐增大。当FA减为零时，A达到新的平衡状态，此时弹簧的弹力与A的重力G平衡，因此弹簧对B的作用力也变为G。
整个过程中，弹簧对物块B的作用力FB随时间t的变化趋势如下图所示：
【分析】核心考点：二力平衡条件、弹簧弹力与形变量的关系。
涉及知识点：① 二力平衡：静止物体所受合力为0，受力大小相等、方向相反；② 弹簧弹力特点：弹力大小与形变量成正比，形变量不变则弹力不变；③ 力的变化与弹簧形变的关联。
解题关键：解题核心是分三个阶段分析受力与弹簧形变的关系，第一阶段先通过初始状态的二力平衡确定弹力初始值；第二阶段根据不变的条件，判断弹簧形变量不变，确定弹力恒定；第三阶段根据减小的规律，分析弹簧从压缩到原长再到拉伸的形变过程，推导弹力的大小和方向变化，最终对应绘制出图像的各段特征。
16．【答案】（1）选择体重较大的运动员，通过增加对地面的压力增大摩擦力；
（2）比赛时穿底面较粗糙的鞋子，增大与地面的摩擦力。
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】滑动摩擦力的大小由两个因素决定：压力大小和接触面的粗糙程度。为了帮助班级拔河队取得胜利，可以采取以下措施：
（1）挑选体重较大的队员参赛，这样可以增加对地面的压力，进而增大滑动摩擦力；
（2）在比赛时选择鞋底带有花纹、表面较为粗糙的运动鞋，通过增加接触面的粗糙程度来提高滑动摩擦力。
综上答案：（1）选择体重较大的运动员，通过增加对地面的压力增大摩擦力；
（2）比赛时穿底面较粗糙的鞋子，增大与地面的摩擦力。
【分析】(1)核心考点：影响摩擦力大小的因素及实际应用。
(2)涉及知识点：① 静摩擦力的作用：拔河中，脚与地面的静摩擦力是运动员的动力；② 摩擦力的影响因素：压力大小、接触面的粗糙程度；③ 控制变量法在实际策略中的应用。
(3)解题关键：(1) 对应本题两条策略的核心逻辑：解题核心是先明确拔河取胜的关键是增大脚与地面的静摩擦力，再结合摩擦力的影响因素，分别从“增大压力”和“增大接触面粗糙程度”两个角度，推导可落地的比赛策略，并将策略与物理原理一一对应。
17．【答案】（1）光的反射
（2）向A方向运动，根据平面镜成像原理，像与物到平面镜的距离相等、像与物关于平面镜对称。当显示器向A方向运动时离挡风玻璃更近靠前，所成的像就靠下。
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】第1空：光的反射（平面镜成像）；推导：汽车挡风玻璃相当于平面镜，显示器发出的光线照射到挡风玻璃上，会发生光的反射现象，反射光线进入驾驶员的眼睛，驾驶员逆着反射光线看去，就会看到显示器信息的虚像，因此成像原理是光的反射。
第2空：向A方向移动；理由：根据平面镜成像原理，像与物到平面镜（挡风玻璃）的距离相等，像与物关于镜面对称；推导：当像的位置偏高时，说明像到挡风玻璃的距离过大，要使像的位置降低，需减小像到挡风玻璃的距离，根据“物距减小，像距也减小”的规律，应将显示器（物）向靠近挡风玻璃的A方向移动，从而让像的位置同步降低至合适范围。
综上答案： (1)、 光的反射， (2)、 向A方向运动，根据平面镜成像原理，像与物到平面镜的距离相等、像与物关于平面镜对称。当显示器向A方向运动时离挡风玻璃更近靠前，所成的像就靠下。
【分析】核心考点：光的反射现象、平面镜成像的特点及应用。
涉及知识点：① 光的反射：光遇到光滑物体表面时会发生反射，形成虚像；② 平面镜成像特点：像与物大小相等、到镜面距离相等、关于镜面对称；③ 平面镜成像在汽车抬头显示中的实际应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是识别挡风玻璃的平面镜属性，结合光的反射现象的定义，推导得出抬头显示的成像原理为光的反射，明确“虚像由反射光线形成”这一核心。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是牢记平面镜“物距=像距”的关键特点，先分析像位置偏高的原因（像距过大），再反向推导物的移动方向，确定需减小物距（向A方向移动显示器），从而实现像位置的调整。
（1）显示器上的信息通过挡风玻璃成像相当于平面镜成像，其原理是光的反射。
（2）当发现挡风玻璃所成的像过高，说明像到玻璃的距离过大，不便于观察，这时就需要将显示器沿水平方向靠近挡风玻璃，即A方向调整。
18．【答案】10.0；＞；B；小丽；由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1） 第1空、 平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后会聚于焦点，通过测量凸透镜与光屏间的距离可确定焦距。根据图乙所示数据，该凸透镜的焦距计算如下：
（2） 第2空、 通过分析表格数据可知，当凸透镜形成缩小的像时，物距（u）总是大于像距（v）。
（3） 第3空、 当物距小于焦距（u < f）时，凸透镜会形成正立、放大的虚像，且像与物体位于透镜同侧。因此观察位置应选择B处。
第4、5空、 甲图中文物通过凸透镜呈现正立、放大的像，而实验数据中第4、5组（u > f）产生的是倒立、放大的实像。小丽的实验数据显示当物距为8.0cm（u < f）时，成像性质与甲图完全一致，验证了其推测的合理性。
综上答案： 第1空、 10.0， 第2空、＞， 第3空、 B， 第4空、小丽， 第5空、 由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
综上答案： 第1空、10.0， 第2空、＞， 第3空、B， 第4空、小丽， 第5空、 由甲图可知文物前的凸透镜成的是正立、放大的像，而第4、5两组实验中成的是倒立、放大的像，与甲图文物成像性质不同，小丽实验中当物距等于8.0cm时，成正立、放大的像，与甲成像性质相同，此时，所以，小丽的推测合理。
【分析】(1)核心考点：凸透镜焦距的测量、凸透镜成像规律的探究与应用。
(2)涉及知识点：① 平行光聚焦法测焦距：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于焦点；② 凸透镜成像规律：成倒立缩小实像（物距＞像距）、成倒立放大实像、成正立放大虚像；③ 实像与虚像的区别：实像可呈现在光屏上，虚像需透过透镜观察。
(3)解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握“平行光聚焦法”测焦距的原理，先确定平行光的特点，再找到焦点的位置，通过刻度尺读数计算焦距，同时注意长度测量的估读要求，保留一位小数。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是精准筛选实验表格中“缩小实像”的组别，对比每组的物距和像距数值，通过数据对比直接推导物距与像距的大小关系。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是牢记“虚像与物体在凸透镜同侧”的特点，先判断成像类型为虚像，再结合物体的位置，推导得出观察虚像的正确侧别。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是区分实像与虚像的呈现特点，先根据“光屏上看不到像”判断成像类型为虚像，再对应虚像的物距条件，对比小宇和小丽的推测，确定合理的推测者。
(5) 对应第(5)小题：解题核心是结合测得的物距和焦距的数值关系，结合凸透镜成像规律，分析虚像的呈现特点与实验现象的一致性，同时指出小宇推测的矛盾点，完整论证小丽推测的合理性。
19．【答案】（1）不漏气
（2）高度差
（3）增大
（4）密度
（5）通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
【知识点】探究液体压强的特点实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）如果U形管密封良好，当挤压橡皮膜时，两侧气体压强不同会导致液面产生高度差。实验中观察到液面变化灵敏，证明装置气密性良好。
（2）该实验采用转换法，通过U形管两侧液面高度差的变化来反映液体压强的大小差异。
（3）比较乙、丙两图，在相同液体密度条件下，丙图的液体深度更大，对应U形管液面高度差也更显著，说明压强随深度增加而增大。由此可得结论：同种液体内部压强与深度成正比。
（4）分析丙、丁两图，在相同深度时，丁图液体密度更大，其U形管液面高度差更明显，表明压强随密度增大而增加。结论：在相同深度下，液体压强与密度呈正相关。
（5）通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
综上答案： (1)、 不漏气， (2)、 高度差， (3)、 增大， (4)、 密度， (5)、 通过橡皮膜平衡状态分析，"某种液体"密度大于水。因为平衡时水柱高度（h水）大于该液体柱高度（h液），根据压强公式p=ρgh，当p相等时，ρ与h成反比，故ρ液 > ρ水。
【分析】核心考点：液体内部压强的影响因素、压强计的使用、转换法与控制变量法的应用。
涉及知识点：① 压强计的气密性检测方法；② 转换法：将不可直接测量的压强转换为液面高度差；③ 控制变量法：探究单一因素对压强的影响时，控制其他因素不变；④ 液体压强公式及应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是理解压强计的气密性与液面升降的关联，通过“按压橡皮膜，液面升降灵活”这一现象，反向推导装置不漏气的结论。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是掌握“转换法”在本实验中的应用，明确液体压强的大小无法直接测量，需通过U形管液面高度差这一可观察的量来间接反映。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是运用“控制变量法”，精准识别乙、丙实验的控制条件（同种液体、橡皮膜方向相同）和变量（深度），结合液面高度差的变化，推导压强与深度的关系。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是运用“控制变量法”，精准识别丙、丁实验的控制条件（深度相同、橡皮膜方向相同）和变量（液体密度），结合液面高度差的变化，推导压强与液体密度的关系。
(5) 对应第(5)小题：解题核心是先通过橡皮膜的凸起方向判断压强大小关系，再结合液体压强公式，在深度相同的条件下，通过压强大小反向推导液体密度的大小关系。
（1）若U形管不漏气，则挤压橡皮膜时，U形管左右管内气体存在气压差，U形管两侧液面会出现明显的高度差。实验中U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气。
（2）本实验运用转换法，将液体压强大小转换为U形管中液面的高度差。
（3）图乙和丙中，液体密度相同，图丙深度更深，U形管液面高度差更大，所以压强更大；故可得出结论：在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大。
（4）图丙和丁中，液体深度相同，图丁液体密度更大，U形管液面高度差更大，所以压强更大；故可得出结论：在液体同一深度，液体压强随液体密度的增大而增大。
（5）“某种液体”密度大于水的密度。根据橡皮膜的形状可判断此处A、B两侧的压强相等，但橡皮膜所处位置在水中的深度大于在该种液体中的深度。由p=ρgh知，水的密度小，“某种液体”的密度大。
20．【答案】（1）小球质量、移开距离；悬线长度
（2）悬线长度
（3）可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。
（4）调短
【知识点】时间及其测量；物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）第1空、 根据实验1、2、3的数据对比，小物块的质量不同，但悬线长度和移开距离相同，结果显示来回摆动一次的时间相同，表明秋千摆动周期与物体质量无关。第2空、 通过实验3、4、5的数据对比，小物块的质量和悬线长度相同，移开距离不同，但摆动周期相同，说明摆动周期与移开距离无关。
进一步分析实验3、6、7的数据，小物块的质量和移开距离相同，但悬线长度不同，结果显示摆动周期不同，表明秋千摆动周期与悬线长度有关。
（2）综合表中数据分析可知，秋千摆动周期主要受悬线长度影响。为验证这一规律的普遍性，应保持其他条件不变，仅改变悬线长度进行多次实验。
（3）为提高测量精度，可采用累计法：测量小物块摆动N次的总时间t，再计算单次摆动周期T=t/N。
（4）表中数据表明，悬线长度越长，摆动周期越大。因此，若摆钟变慢（周期偏大），需通过减小悬线长度（调短摆长）来校准。
综上答案： (1)、 第1空、 小球质量、移开距离， 第2空、 悬线长度， (2)、 第1空、 悬线长度悬线长度， (3)、 可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。 (4)、 第1空、 调短
【分析】核心考点：控制变量法的应用、实验数据的分析、误差减小的方法、实验结论的实际应用。
(2)涉及知识点：① 控制变量法：探究多因素问题时，控制无关变量，只改变研究变量；② 累积法：减小短时间测量误差的常用方法；③ 摆的等时性原理及实际应用。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是采用“控制变量法分析数据”，将实验数据按变量分组，对比不同组别中摆动时间的变化，逐一判断每个因素与摆动时间的关系。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是牢记控制变量法的实验要求，深入探究某一因素的影响时，需保持其他无关因素不变，只改变该研究因素，据此确定实验的操作要点。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是识别“单次短时间测量误差大”的问题，结合误差减小的方法，选择“累积法”设计测量方案，通过多次测量求平均值减小误差。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是将实验结论（摆长越短，摆动时间越短）与摆钟走慢的实际问题结合，反向推导摆长的调整方向，实现实验结论的实际应用。
试题3：餐具消毒柜的电路与电能计算
（1）[1]由1、2、3次实验可知，小物块的质量不同，悬线长度相同，移开距离相同，来回一次时间相同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与人体质量无关。由3、4、5次实验可知，小物块的质量相同，移开距离不同，悬线长度相同，来回一次时间相同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与移开距离无关。
[2]由3、6、7次实验可知，小物块的质量相同，移开距离相同，悬线长度不同，来回一次时间不同，所以秋千来回摆动一次所用的时间与悬线长度有关。
（2）由表中数据分析可知，秋千来回摆动一次所用的时间与悬线长度有关，为了得出普遍规律，应只改变悬线长度进行多次实验。
（3）可以测出小物块摆动N次的总时间，再用总时间除以N，便是摆动一次用的时间。
（4）由表中数据可知，其它条件不变，悬线越长，来回一次时间越长，所以当摆钟变慢时，要把它调准，应该减小悬线长度，即调短摆长。
21．【答案】（1）地线
（2）电路分析表明，加热管与臭氢发生器并联工作，电源电压为。根据并联电路特性，加热管两端电压等于电源电压220V。由欧姆定律计算得加热管电流：
（3）电能消耗计算： 加热管耗能：
臭氢发生器耗能：
总耗能：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；家庭电路的组成；多状态电路——多挡位问题
【解析】（1）三孔插座的设计依据安全用电原则，可使电器金属外壳接地，防止触电事故的发生。
（2）电路分析表明，加热管与臭氢发生器并联工作，电源电压为。根据并联电路特性，加热管两端电压等于电源电压220V。由欧姆定律计算得加热管电流：
（3）电能消耗计算：
加热管耗能：
臭氢发生器耗能：
总耗能：
（注：计算中将时间单位统一转换为秒，30分钟=1800s，15分钟=900s）
综上答案： (1)、 第1空、 地线， (2)、 10A， (3)、 4.14×106J
【分析】核心考点：三孔插座的作用、欧姆定律的应用、电能的计算（、）。
涉及知识点：① 安全用电：三孔插座的接地原理，防止金属外壳用电器漏电触电；② 欧姆定律：；③ 电能计算公式：纯电阻电路中，非纯电阻电路中；④ 串并联电路的特点（本电路中加热管与臭氧发生器并联）。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握三孔插座的“接地”功能，明确金属外壳用电器接地的目的是防止漏电触电，据此确定外壳的连接对象为地线。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是明确加热管为纯电阻用电器，结合家庭电路的额定电压和已知的电阻，直接套用欧姆定律公式计算电流，注意公式的变形与单位的统一。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是区分加热管（纯电阻）和臭氧发生器（非纯电阻）的电能计算方法，分别选用和计算各自消耗的电能，再求和得到总电能，同时注意时间单位需转换为秒。
（1）根据安全用电的知识可知，三孔插座能使用电器的金属外壳与大地相连，避免人触电的危险。
（2）由图可知，正常工作时，加热管和臭氢发生器并联，电源电压
根据并联电路电压特点可知，加热管两端的电压等于电源电压，即220V，根据欧姆定律可知，通过加热管的电流为
（3）加热管消耗的电能
臭氧发生器消耗的电能
它们所消耗的电能
22．【答案】（1）已知汽车的平均速度为72km/h，行驶距离为158.4km，所需时间可通过公式计算：
（2）汽车总质量为2吨，换算为国际单位：
汽车与地面的接触面积为0.1m2，对地面的压力等于其重力：
根据压强公式，地面压强为：
（3）节能、制动距离短（其他答案合理即可得分）
（4）“①”为开启再生制动后的图线，因为启动再生制动系统后，部分能量转化为电能储存起来，导致克服摩擦做功减少，制动距离变短。
【知识点】能量的转化或转移；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】 【解答】（1）已知汽车的平均速度为72km/h，行驶距离为158.4km，所需时间可通过公式计算：
（2）汽车总质量为2吨，换算为国际单位：
汽车与地面的接触面积为0.1m2，对地面的压力等于其重力：
根据压强公式，地面压强为：
（3）关闭发动机后，若不启用再生制动器，汽车的动能全部转化为内能（摩擦生热）。若启用再生制动器，部分动能转化为电能，剩余部分克服摩擦力做功。由于摩擦力不变，制动距离缩短，因此动能变化曲线对应①。再生制动器的使用显著减少制动距离，节能效果明显。
（4）关闭发动机后，再生制动器的作用使部分动能转化为电能，剩余动能克服摩擦力做功。由于摩擦力不变，制动距离缩短，动能变化曲线仍为①。
综上答案： (1)、 2.2h， (2)、 2×105pa， (3)、 节能、制动距离短（其他答案合理即可得分） (4)、 “①”为开启再生制动后的图线，因为启动再生制动系统后，部分能量转化为电能储存起来，导致克服摩擦做功减少，制动距离变短。
【分析】核心考点：速度公式、重力公式、压强公式的应用、再生制动的原理与优点、图像分析。
涉及知识点：① 速度公式：；② 重力公式：；③ 压强公式：；④ 能量的转化：动能与电能的相互转化；⑤ 功的计算公式：。
解题关键：
(1) 对应第(1)小题：解题核心是掌握速度公式的变形应用，明确路程和速度的单位统一，直接代入公式计算时间，注意单位的换算与结果的准确性。
(2) 对应第(2)小题：解题核心是分三步计算，先将质量单位转换为千克，再通过重力公式计算重力（等于水平地面的压力），最后代入压强公式计算压强，全程注意单位的统一和公式的正确应用。
(3) 对应第(3)小题：解题核心是结合再生制动的“能量转化”和“制动距离”两个核心特点，从节能和安全两个角度分析优点，确保优点与物理原理紧密结合。
(4) 对应第(4)小题：解题核心是先明确再生制动的能量转化对“克服摩擦力做功”的影响，再结合功的公式分析制动距离的变化，最后对比图像中两条图线的路程长短，确定开启再生制动的图线并说明理由。
（1）该车以72km/h的平均速度，从遵义行驶至贵阳，全程158.4km，需要的时间为
（2）汽车总质量为2t，即为
与地面的总接触面积为0.1m2，此时它对地面的压力等于它的重力，即
则此时它对地面的压强
（3）关闭发动机后，关闭再生制动器，汽车克服摩擦力做功，动能全部转化为内能，开启再生制动器，有部分动能转化为电能、克服摩擦力做功的能量减少，摩擦力大小不变，所以汽车运动的距离减小，所以汽车动能变化曲线是①，由图可知，用再生制动器后制动距离更短，更节能。
（4）关闭发动机后，关闭再生制动器，汽车克服摩擦力做功，动能全部转化为内能，开启再生制动器，有部分动能转化为电能、克服摩擦力做功的能量减少，摩擦力大小不变，所以汽车运动的距离减小，所以汽车动能变化曲线是①。
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