资源简介

广东省佛山市普通高中2025-2026学年教学质量检测(二)高三物理试题
本试卷共6页，满分100分.考试时间75分钟.
注意事项：
1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上.将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”.
2. 作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上对应题目后面的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.答案不能答在试卷上.
3. 非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先写上新答案，然后再划掉原来的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答无效.
4.考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后，请将答题卡交回.
一、单项选择题.本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分.
1.2025年 11月，我国利用钍基熔盐核反应实验堆首次实现钍-铀核燃料转换，在堆芯发生如下核反应：① ②Th→Pa+X; ③Pa→Y+e. 则核反应
A.①中的γ电离作用比②中的X大
B.②中有一个中子转变为质子
C.③为α衰变
D. ③中的Y为 U
2.2026年 1月，我国自主研发的全球首台兆瓦级浮空风力发电系统——S2000成功完成试飞和并网验证.该系统采用飞艇状浮空器携带发电机组，将高空风力资源转化为电能并通过电缆传输回地面.若 S2000的输出电压u随时间t变化的规律如右图所示，则下列说法正确的是
A.该交流电的频率为100 Hz
B.输出电压的有效值为
C.输出电压表达式为u=66sin(100πt) kV
D.若将S2000的输出电压降为220V，则变压器原、副线圈匝数之比为300∶1
3. 如图所示，O为x轴的原点，在轴上O点左右对称的位置分别固定一正一负两个点电荷(电荷量未知)，a、b两点位于过O点并垂直x轴的直线上，且有Oa= Ob.若取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是
A. O点的电势可能大于零
B. a、b两点的电场强度相同
C. a点的电场强度大于 O点的电场强度
D.将一个带负电的点电荷由a点移到b点，其电势能一定先减小后增大
4.我国“奋斗者”号潜水器开展深海科考，在海深h 处采集样品，并将样品密封在导热良好的金属采样管中.密封后管内留有一段空气柱，其压强、温度均与采样处相等.在采样管缓慢上升过程中，管内空气体积不变，且可视为理想气体.已知海面大气压强为p ，海底水温为T ，海面水温为T ，海水温度随深度增大而降低.下列说法正确的是
A.采样管在海底时，管内空气的压强等于 p
B.采样管到达海面时，管内空气的压强为
C. 在采样管上升过程中，管内空气内能保持不变
D. 在采样管上升过程中，管内空气从外界吸收的热量等于其内能增加量
5.2026年1月，我国研制的超导磁体成功实现了 35.6T的中心磁场强度，创下世界纪录.如图，两个完全相同的环形超导线圈a和b，以过两线圈圆心O 、O 的水平线OO′为轴平行固定放置，O 为O O 连线中点，线圈中通有大小相等、方向如图所示的电流.已知线圈a产生的磁场在O 点处的磁感应强度大小为B .下列说法正确的是
A.线圈a对线圈b的作用力方向沿OO′向左
B. O 处的磁感应强度大小为2B ，方向沿 OO′向右
C. 以O O 为直径的任意圆平面内的磁通量均为零
D. 若在O 处放置一小磁针，待其静止后，其N极指向沿OO′向右
6.2026年冬奥会，我国运动员在自由式滑雪空中技巧赛中夺得男、女单项金牌.该项目场地示意图如图所示， ac和fg段为斜面， cde为圆弧(d为圆弧最低点，O为其圆心)，运动员从斜面 ac上某处无初速滑下，进入圆弧后从e点滑出，最终落在斜面 fg上. h为空中运动过程的最高点，m、n点分别与e、d点等高.若忽略运动过程所有阻力，将运动员视为质点，则下列说法正确的是
A.运动员经过e、m两点时速度相同
B.若运动员从与O点等高的b点出发，则h点与O点等高
C.运动员在 de段运动的时间一定比在 m、n两点间运动时间长
D.运动员在斜面 fg上着地时，其速度方向有可能与水平地面垂直
7.左图为一种餐巾架，右图为其结构示意图，质量为m的钢球用轻杆连接在支架上，并可绕光滑转轴转动，钢球下面压着餐巾纸，此时杆与竖直方向夹角为θ，钢球与纸巾间的滑动摩擦因数为μ.在水平抽出最上面一张纸巾的过程中，钢球和支架均保持静止，则此过程
A.钢球受到的摩擦力大小为μmg
B.若增大抽纸速度则钢球受到的摩擦力增大
C. 钢球受到纸巾的支持力大小为
D.钢球受到轻杆的作用为大小为
二、多项选择题.本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.
8.2026年 2月，我国成功实施长征十号运载火箭系统低空演示验证与梦舟载人飞船系统最大动压逃逸飞行试验，标志着我国载人月球探测工程研制工作取得重要阶段性突破.假设梦舟飞船登月后从月球返回时，先进入环月椭圆轨道Ⅰ运行，随后在远月点通过变轨进入半径为r的圆形轨道Ⅱ绕月运行.已知月球半径为R，椭圆轨道Ⅰ近月点距月球表面高度为h ，远月点距月球表面高度为h ，万有引力常量为G，不考虑其他天体的引力影响.下列说法正确的是
A. 飞船经过近月点时的速率大于它在轨道Ⅱ上运行的速率
B.飞船在轨道Ⅰ上运行的周期大于在轨道Ⅱ上运行的周期
C. 若已知飞船在轨道Ⅱ上运行的周期T，可估算出月球的平均密度
D. 飞船在轨道Ⅰ上运行时，经过近月点与远月点的加速度大小之比为
9.2025年 11月，我国自主研发建造的电磁弹射航母福建舰正式入列.上图为电磁弹射原理图，牵引动子在电磁力驱动下加速运动，并通过牵引杆带动战机弹射起飞.下图为某次弹射训练时牵引动子的v-t图像，弹射过程可分为图中4个阶段：0~0.5s为预加速阶段, 0.5~1.5s为主加速阶段, 1.5~1.7s为战机脱离牵引动子阶段，1.7~1.9s为牵引动子制动阶段，已知牵引动子质量为 6000kg,战机质量为 25000kg, 制动过程牵引动子的动能回收率为80%.下列说法正确的是
A. 预加速阶段，战机的加速度逐渐增大
B. 主加速阶段，战机的位移大于 42m
C. 牵引动子制动过程回收动能1.
D. 牵引动子制动过程，制动力的瞬时功率与其瞬时速度成正比
10.如图所示，空间有圆a、半径为R的圆b和边长为4R的正方形 ABCD，其几何中心均为O点.圆a内为无场区；圆a与圆b之间存在辐射状电场，电势差为U；圆b与正方形ABCD 之间存在垂直纸面向外的匀强磁场. EF为过O 点垂直CD边的一条轴线，一个比荷为k、带正电的粒子在圆a与EF的右交点处无初速释放，经电场加速后沿OF方向射入磁场，粒子恰好不会从正方形ABCD边界射出.不计粒子重力，下列说法正确的是
A.粒子进入磁场时的速度大小为
B.磁场的磁感应强度大小为
C.粒子从开始运动到再次回到出发点的过程，在磁场中运动的最短路程为6πR
D.粒子从开始运动到再次回到出发点的过程，在磁场中运动的最短时间为
三、非选择题.本题共 5 小题，共54分，根据要求作答.
11.(8分)一块高度为2cm圆柱形透明玻璃砖内有一粒直径很小的不透明球状杂质，小明设计了如下实验测量该杂质与玻璃砖中心轴线的距离.
(1)用游标卡尺测量该玻璃砖的直径D，如图甲所示，D= cm.
(2)在水平桌面上固定一张白纸，如图乙所示，以O为圆心作出直径为D 的内圆(实线圆)和另一个外圆(虚线辅助圆)，过O点作相互垂直的直线 ab和 cd(与肉.圆交点为a、b、c、d).
(3)在直线 ab与外圆交点上分别竖直插两枚大头针 P 和P ，将该玻璃砖置于纸上并与内圆重合，使玻璃砖绕其中轴线旋转(保持其始终与内圆单合)，并在P 右侧沿平行纸面方向观察，直至P 恰好完全遮挡住杂质的像和P 的像，则此时可确定杂质位于 (用图乙中字母表示)连线之间.此后固定玻璃砖
(4)在外圆弧线上适当的位置竖直插一枚大头针P ，再在适当位置竖直插一枚大头针 P ，使得沿平行纸面方向观察时 P 完全遮挡住 P 和 .
(5)记下四枚大头针的位置并撤掉玻璃砖，作直线 P P 与内圆交于e点，作出直线 Oe，用量角器测量出图中夹角α和β，若该玻璃砖的折射率为 则该杂质与玻璃砖中轴线的距离x= (用直径符号D表示).
12.(8分)智能温控水杯利用热敏电阻监测水温，其核心元件是一个负温度系数(NTC)热敏电阻 RT(电阻值随温度增大而减小).小明想研究该种热敏电阻 RT的阻值-温度特性.
(1)把RT放置到温控室并将温度调节为100℃，稳定后用多用电表测量此时RT的阻值.先把多用电表挡位调到电阻“×10”挡，将红表笔和黑表笔 ，使多用电表指针指在表盘 (选填“左端”或“右端”)零刻度线处；再将两表笔分别接在RT两端，多用电表的表盘如图(a)所示，则多用电表测得此时RT的阻值为 Ω.
(2)选择实验器材：直流电源E(电动势3.0V，内阻未知)；灵敏电流计⑥(满偏电流 内阻 ；定值电阻R (阻值为3kΩ)；滑动变阻器R (最大阻值为20Ω)；电阻箱R (最大阻值为 9999.9Ω)；开关S 、单刀双掷开关S ；导线若干.
(3)按照图(b)的电路图正确连接电路.保持温控室温度为100℃，断开开关S ，将R 滑片调至 端(选填“a”或“b”)；闭合开关S ，将S 与2端接通，调节R：的滑片位置，使灵敏电流计示数为满偏电流I ；保持R 的滑片位置不变，将R 阻值调至最大，S 与1端接通，调节R ，使灵敏电流计示数仍为I ，记录此时 R 的读数为200.0Ω.
(4)保持R 的滑片位置不变，将S 与2端重新接通，降低温控室温度 t；若灵敏电流计示数为kI (0(5)逐渐降低温控室温度t，得到多组t和RT的数据，描点绘制出RT-t图像.
(6)用上述方法测出的RT阻值与其真实值相比会 (选填“偏大”、“偏小”或“不变”).
13.(11分)我国地铁道床技术革新，采用如图甲所示的“钢弹簧浮置板道床”装置，将浮置板道床置于钢弹簧隔振器上，有效降低了列车经过时的振动和噪音.该装置可以等效为如图乙所示的弹簧振子模型，将列车经过时使道床振动的力等效为对弹簧振子施加一个周期性驱动力，使振子做受迫振动，振子振动图像如图丙所示.若振子总质量 弹簧质量不计，弹簧劲度系数 忽略振动过程所受的阻力，重力加速度g取10m/s .
(1)请写出振子做受迫振动的振动方程(不需要写出推导过程)；
(2)振子受迫振动时在空气中产生次声波，已知声波在空气中传播速度为340m/s，求此声波的波长；
(3)若振子做简谐振动时振幅A=2cm，求振动过程振子所受的最大问复力和最大动能.(提示：弹性势能可用 计算，其中k为弹簧劲度系数，x为弹簧形变量)
14.(11分)如图所示，短跑道速度滑冰比赛场地由两段水平直道与两段半圆形水平弯道构成.接力比赛起跑线到弯道距离x=14.4m，发令枪响后运动员A和B从起跑线起跑，已知两者起跑反应时间不同，在直道均做匀加速直线运动，且两人同时进入弯道并在弯道始终保持并排做匀速圆周运动，其运动半径分别为 角速度大小均为ω=1.5 rad/s.若A和B 的质量均为m=50kg,重力加速度g取10m/s ,求:
(1)运动员A和B起跑反应时间的差值(结果保留2位小数)；
(2)运动员B和C在直道完成交接棒(后者推前者即为交接棒).交接棒前瞬间2人沿同一直线运动速度分别为 交接棒后瞬间B和C的速度分别为 交接棒过程阻力忽略不计 求交接棒过程B对C的冲量大小，以及B对C做功大小.
15.(16分)如图所示，表面光滑且绝缘的矩形斜面ACDE与水平面夹角θ=30°，斜面上有宽为L的矩形匀强磁场区域 abcd，其下边界 ab与AC平行，磁场方向垂直斜面向上.两个相同的正方形线圈甲和乙在斜面上并排放置，线圈的下边均与 cd平行，甲的下边与 cd相距为L.线圈的边长为L、质量为m、电阻为R.现同时无初速释放甲、乙线圈，已知甲的下边进入磁场时，甲恰好做匀速直线运动；当甲的上边进入磁场时，乙恰好追上甲并与甲发生弹性碰撞(碰撞时间极短)，碰撞后甲的上边通过磁场的时间为 重力加速度为g.求：
(1)磁场的磁感应强度B的大小，以及乙释放时其下边与 cd间的距离x ；
(2)碰撞后瞬间甲的加速度大小；
(3)甲和乙通过磁场区域全过程产生的焦耳热之比.
2025~2026学年佛山市普通高中教学质量检测(二)
参考答案与试题解析
一、单项选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7
答案 B D A D C C CD
二、多项选择题
题号 8 9 10
答案 AC AB BCD
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.【解答】解：根据质量数守恒和电荷守恒，可以得到X为电子
A、三种射线电离能力排序α射线(氦核)>β射线(电子流)>γ射线(高频电磁波)，故A错误；
B、②反应中质子数+1，质量数不变，也即1个中子转变成了一个质子+电子，故B 正确；
C、③反应中有电子产生，为β衰变，故C错误；
D、③反应中产物的质量数应该为233，故D错误；
故选: B。
2.【解答】解：A、由右图可知，交流电的周期T=0.02s,所以频率 故A错误；
B、由图可知，交流电的峰值电压为 为正弦交流电，故有效电压为 B错误；
C、圆频率 所以电压的表达式 故C错误；
D、输出电压 (有效值)，输入电压 (有效值)，所以原副线圈的匝数比 故D正确；
故选: D。
3.【解答】解：因为不确定两电荷的电荷量大小关系，所以中垂线 ab并不一定是零势能线；正电荷电荷量大，零势能线凸向负电荷；电荷量相等， ab即零势能线；负电荷电荷量大，零势能线凸向正电荷；
A、当正电荷电荷量更大时，零势能面更靠近负电荷，此时O点电势大于0，，故A 正确；
B、当两电荷电荷量不相等时， ab两点的电场强度大小相等，但是方向不同，故B错误；
C、两点电荷连线的中垂线上与电荷连线处电场强度最大(两电荷在此处各自的电场强度最大，且两电场刚好同向，夹角最小)，故C 错误；
D、因不清楚两电荷的电荷量大小关系，故从a到b，电势有可能不变，有可能先变大后变小，也有可能先变小后变大，故电势能大小的变化无法判断，，故D 错误；
故选: A。
4.【解答】解：A、由题中信息“密封后管内留有一段空气柱，其压强、温度均与采集处相等”可知，采集是海深h 处样品，也即压强 故A 错误；
B、上升过程体积不变，由理想气体实验定律可得 计算得到海面处的压强 故B 错误；
C、上升过程中，温度升高，内能变大，故C 错误；
D、体积不变，气体不做功，增加的内能等于向外界吸收的热量，故D 正确；
故选: D。
5.【解答】解：单线圈环形电流在处理磁场和受力时，可以等效成小磁针来处理；
A、两者电流方向相反，根据右手螺旋定则，线圈a的N极向左，线圈b的N极向右，两线圈相互排斥，故线圈a对线圈b的作用力向右，A错误；
B、两线圈在O 处的磁场等大反向，故O 处的磁感应强度为0，B错误；
C、以O O 为直径，也即以O 为圆心，空间中任意画一个圆，由对称性可知，圆中的任意关于垂直O O 的直径对称的位置两次线圈到两者的磁感应强度等大反向，故通过圆面的磁通量必为0，故C正确；
D、在O 处两线圈的磁场方向相反，但更靠近a线圈，故净磁场由a线圈决定，方向向左，故D 错误；故选: C。
6.【解答】解：A、e、m两点为斜抛等高点，两者速度大小相等，方向不同，故A 错误；
B、若从b点出发，经过e点后斜抛，最高点速度水平方向不为0，由机械能守恒可知，最高点h的重力势能小于b点，故h点低于O点，B错误；
C、de段上去的时间和 ed段下来的时间相等(假设从e点以离开e时等大反向的速度下来)，竖直方向的位移和 mn相等，但是受到圆弧面垂直接触面的支持力，分解到竖直方向，可知竖直方向的加速度是小于重力加速度的，而mn竖直方向只有重力，故 mn运动时间更短，故C正确；
D、抛体运动水平方向是匀速，离开e点时，水平速度向右，故不可能与水平地面垂直，故D 错误；故选: C。
7.【解答】解：钢球受力分析如图，(由于轻杆可绕光滑转轴转动，故球和杆的作用力必和杠共线)列出平衡方程，
水平方向: Tsinθ=f
竖直方向: N+Tcosθ= mg
抽纸过程有, f=μN
联立，解得
B选项，滑动摩擦力的大小跟速度无关，B错误；
故选: CD。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.【解答】解：A、如图，近月点速度大于与近月点相切的圆形轨道Ⅲ环月绕行速度，轨道Ⅱ的速度小于轨道Ⅲ的速度，故近月点的速度大于轨道Ⅱ的速度，故A 正确；
B、由开普勒第三定律可知，轨道Ⅰ的半长轴小于轨道Ⅱ的半径，因此轨道Ⅰ的周期小于轨道Ⅱ的周期，故B错误；
C、万有引力提供向心力，也即 可得月球质量 月球半径R已知，可计算月球体积 联立可计算月球的密度，故C正确；
D、由牛顿第二定律 可得 故 故D错误；故选: AC。
9.【解答】解：A、v-t图斜率反应加速度，预加速阶段斜率变大，故加速度增大，A正确；
B、v-t图面积表示位移，计算主加速阶段这块梯形的面积 实际围成的面积显然大于梯形的面积，故B 正确；
C、由题可知牵引动子的动能回收率为80%，也即 故C错误；
D、由图像可知，制动过程加速度变小，也即制动力变小，题目中并未交代制动力和速度之间的关系，故不能确定制动力功率与速度的关系；事实上动子动能回收过程利用电磁感应的话，制动力肯定是与速度有关，所以D不正确；
故选: AB。
10.【解答】解：粒子运动轨迹如图，
A、加速过程由动能定理可得 其中比荷 解得进入磁场速度 A错误；
B、进入磁场后，恰好不出边界，轨迹的半径刚好为R，洛伦兹力提供向心力，有 解得 故B正确；
C、在磁场中运动的轨迹恰好为4个 圆周，所以在磁场中的路程为 故C正确；
D、在磁场中的运动时间 故D正确；故选: BCD。
三、非选择题：共54分，请根据要求作答。
11.【解答】解：(1)主尺读数5.0cm,游标是刚好和0对齐，故读数
(3)杂质处在 ab连线上刚好挡住 P 的像；
(4)此操作的目的是找到杂质的具体位置，所以需要挡住杂质的像；
(5)光路如图，由折射定律 可得 也即θ=30°，所以杂质离中轴线的距离
故: (1) 5.000; (3) ab; (4)杂质的像;
12.【解答】解：(1)欧姆调零，红黑笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指在最右端的电阻0的位置；读数估读到本位即可，示数为22，档位为“×10”，故读数为220Ω；
②由丙图可读数28,倍率是“×100”,故RG=2800Ω;
(3)防止流过表头的电流过大，先短路表头所在的电路，也即滑动变阻器滑片移到a端；
(4)不计分压的变化，RT、R 和灵敏电流计三者的总电压不变，有( 解得
(6)实际上，当RT随温度降低时，电阻变小，三者的分压变大，也即 解得 故所测值偏小；
故: (1)短接;右端; 220; (3) a ; (6)偏小
13. 【解答】解: (1)由图丙可知,振幅A=3cm,周期T=0.1s,所以圆频率 所以振动方程x=3sin(20πt) cm;
(2)空气也属于受迫振动，频率与振子的频率一致，也即 故波长
(3)在最大振幅处回复力最大有
平衡位置速度最大，动能最大；
平衡位置时有，
从最低点到平衡位置过程中，系统机械能守恒，有
代入数据，解得
14.【解答】解：(1)两运动员同时进入弯道，故直线加速的时间差即为两者的反应时间差；
两者直线加速度有，
进入弯道后，有
所以反应时间差
代入数据，解得△t=0.18s
(2)交接过程对 B 由动量定理可得
BC之间是相互作用，所以B对C的冲量与C对B的冲量等大反向，也即
代入数据，得
交接过程对C由动能定理可得
对C由动量定理可得
联立代入数据，解得W=4680J
15.【解答】解：(1)线框甲释放到下端刚进入磁场过程，由机械能守恒得 进入磁场切割磁感线，电动势
欧姆定律，
受到的安培力，
恰好匀速运动，受力平衡，有
联立解得
甲乙进入磁场前均有
甲进入磁场前后分别有
乙进入磁场前有
联立解得
(2)两者质量相等，碰撞为弹性碰撞，甲乙交换速度；
故碰后甲的速度为
此时电动势
欧姆定律，
受到的安培力，
牛顿第二定律，有
联立解得
(3)碰后乙速度为v ，恰好匀速穿过磁场，产生的焦耳热(
甲线框穿过磁场过程，由动量定理可得
欧姆定律
法拉第电磁感应定律
甲线框产生的热量
联立可得

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