资源简介

广东省广州市花都区2025-2026学年九年级上学期期中考试物理试题
一、选择题：（本题共10题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题目要求。）
1． 如图是演示气体扩散现象的实验装置，上瓶装有空气，下瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉两瓶之间的玻璃板后，两瓶气体会混合在一起，最后颜色变得均匀。下列说法正确的是（　　）
A．空气分子只会向下运动，二氧化氮分子只会向上运动
B．如果将二氧化氮装在上瓶，也能充分说明分子的热运动
C．气体温度越高，扩散得越快
D．两瓶气体颜色均匀后，气体分子不再运动
2． 如图是某同学学习物质结构后，绘制的知识梳理图，下列说法正确的是（　　）
A．图中a带负电
B．图中b是原子核
C．丝绸与玻璃棒摩擦起电时，b发生了转移
D．丝绸与玻璃棒摩擦起电时，a从丝绸转移到玻璃棒上，使玻璃棒带正电
3． 下列关于温度、热量、内能的说法中，正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．物体的温度升高，一定是吸收了热量
C．物体的内能增加，一定是外界对它做了功
D．发生热传递时，内能小的物体可能将热量传递给内能大的物体
4． 下列各情境中改变内能的方式与其他不同的是（　　）
A．图甲：热鸡蛋放在冷水中，水的内能增大
B．图乙：钻木取火时，木头的内能增大
C．图丙：小朋友滑滑梯时臀部发热，内能增大
D．图丁：橡胶塞飞出时，试管内水蒸气的内能减小
5． 如图是小东绘制的冰熔化时，温度—时间图像，已知物质每秒吸收的热量相同且c水>c冰。下列说法正确的是（　　）
A．在A点时，冰的内能为零
B．BC段，物体的温度和内能都不变
C．在C点冰熔化完毕，继续加热，水的温度随时间变化的图线为③
D．因为物体在AB段升高的温度大于在BC段升高的温度，所以QAB>QBC
6． 如图是物质在三种不同状态下的分子模型示意图。下列说法正确的是（　　）
A．图甲分子间作用力最大，分子是静止的
B．图甲分子间距最小，最容易被压缩
C．图乙分子间既无引力，也无斥力
D．图丙分子间距最远、作用力最小
7． 如图是甲、乙两汽油机某段时间内的能量流向图，此过程两者相比，乙汽油机（　　）
A．效率低 B．汽油完全燃烧释放的能量少
C．消耗的汽油质量大 D．汽油的热值大
8． 如图是装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦，就可以轻松地将灰尘和毛发清扫干净。下列说法正确的是（　　）
A．静电除尘纸吸附灰尘和毛发的工作原理与验电器相同
B．静电除尘纸和地板摩擦后带有异种电荷
C．静电除尘纸和地板摩擦时创造了电荷
D．静电除尘纸能吸附灰尘和毛发，说明分子间有引力
9． 关于如图所示的电路说法不正确的是（　　）
A．S闭合后，灯、并联
B．S闭合后，电路将发生短路
C．拆掉导线3，灯、串联
D．若将导线1从接B处改接到A处，灯、并联
10． 小明要设计自动防盗报警电路。要求：开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线MN被扯断，灯亮且电铃响。下列电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
二、非选择题：（本题共8小题，共60分）
11．如图甲，在一塑料瓶内装入少量的液态乙醚，待乙醚充满整个塑料瓶后，启动电子打火器，活塞瞬间飞出。“活塞瞬间飞出”的过程与汽油机　 　（填写冲程名称）冲程的能量转化情况相同；汽油机　 　（填写冲程名称）冲程存在很明显的机械能转化为内能的过程；图乙是四冲程汽油机顺序被打乱的工作图，四冲程的顺序应该是　 　（填写字母符号）。
12． 按要求完成下列小题。
（1）实验发现，当通电直导线中通有电流时，其下方的指南针会发生偏转如图甲，且导线中电流方向相反时，指南针的偏转方向也相反。图乙中电子沿着图示方向平行地飞过指南针上方时，指南针的偏转方向与图甲指南针偏转方向　 　（选填“相同”或“相反”或“不发生偏转”）。
（2）图1是广州市区某交通道路上使用的风光互补LED路灯的电路原理图。
①白天阳光充足时，光控开关S断开，太阳能电板为蓄电池充电，此时蓄电池相当于电路中的　 　（选填“电源”或“用电器”），将　 　能转化为　 　能。
②路灯照明部分由两盏LED灯连接而成，傍晚光控开关S闭合，两盏LED灯同时发光；若一盏LED灯因断路而不亮，另一盏LED灯仍能发光，它们是怎么连接的呢？请在图2虚线框内画出两盏LED灯的连接方式。　 　（LED灯用“”表示）
13． 图1是某同学连接的电路。
（1）请在图2虚线框内画出与之对应的电路图。
（2）闭合开关后，电流表、的示数如图3，则通过、的电流分别是　 　、　 　A。
（3）该同学若想用电流表直接测量通过的电流，电流表直接测量通过的电流，请在图1中改动一根导线满足要求。请在这根线上画“×”，并画出正确连接的导线。
14． 某实验小组用如图所示规格完全相同的器材，对初温相同的100g水、200g水、100g煤油进行加热，液体每秒吸收的热量相同。小组成员绘制了从开始加热到沸腾前液体的温度随时间变化图像如图丁。（已知c水>c煤油）
（1）实验通过　 　（选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少。若忽略散热和液体的蒸发，当液体温度均为40℃时，液体内能增加量　 　（选填“a最多”、“b最多”、“c最多”或“一样多”）；
（2）由图丁分析可知100g煤油对应的图像是　 　（选填“b”或“c”）。请写出你的判断依据：　 　；
（3）100g水的比热容　 　（选填“”、“”或“”）200g水的比热容。
15． 小明连接了如图所示的电路，闭合开关发现灯L1、L2均不亮，电流表示数为零。他用一根完好的导线来检查电路的故障，进行了如下操作：
①将导线接在a、b间，闭合开关，两灯不亮；
②将导线接在b、c间，闭合开关，两灯仍不亮；
③将导线接在c、d间，闭合开关，灯L1亮、灯L2不亮。
根据以上操作判断：
（1）故障出现在　 　段的电路中（选填“ab”、“bc”、或“cd”），该处出现了　 　（选填“断路”或“短路”）。
（2）排除故障后，闭合开关，发现灯L2比灯L1亮，小明认为通过灯L2的电流大于通过灯L1的电流，他的说法正确吗？　 　。请说出你的判断理由：　 　。
16． 如图1所示，重为600N的工人通过滑轮组用向下的拉力F2匀速提升货物，下表是他工作的部分数据。此过程做功情况如图2所示。求：
滑轮组对重物的拉力F1/N 货物被提升的距离s1/m 绳子自由端所受拉力F2/N 绳子自由端移动的距离s2/m
300 2 　 4
（1）根据题意在图1中画出绳子的绕法；
（2）图2中　 　（选填“拉力F2做的功”、“拉力F1做的功”或“200J”）是有用功；
（3）此过程拉力F1所做的功；
（4）此过程中滑轮组的机械效率；
（5）人对绳子自由端的拉力F2的大小；
（6）此过程工人使用滑轮组____（选填字母符号）
A．省力 B．省功
C．费力 D．不省力也不费力
17． 某品牌汽车以80km/h的速度匀速直线行驶100km，发动机输出有用的能量为4.6×107J。此过程汽车“百公里油耗为5.0kg”，即每行驶100km消耗汽油5.0kg。该过程中，求：
（1）汽油完全燃烧释放的热量；（汽油热值q=4.6×107J/kg）
（2）汽车发动机的效率；
（3）当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率将　 　（选填“升高”、“不变”或“降低”）；
（4）若经过技术改进，汽车发动机的效率提高了5%，同样输出有用的能量4.6×107J，消耗的汽油减少了多少kg？
18． 杆秤凝聚了我国古代劳动人民的智慧。在学习杠杆相关知识后，“飞天”兴趣小组尝试做了简易杆秤。首先找来一根硬棒作为杆秤，手拉着提纽并调整提纽在杆秤上的位置，直到杆秤在水平位置平衡，如图甲，此时，提纽的位置为杆秤的支点O。
（1）A点固定一个轻质挂钩，在挂钩上挂一个书包，移动秤砣至B点时，杆秤在水平位置平衡，AO及BO的长度如图乙所示，秤砣的重力为2N，则该书包的重力为　 　N。
（2）请在图乙上画出秤砣对杆秤的拉力F1及其力臂l1。
（3）如果在挂钩上挂一个更重的书包，秤砣应往　 　（选填“左”或“右”）移才能使杆秤在水平位置平衡。请写出你的操作依据：　 　。
（4）若最大刻度线处距提纽60cm，则该杆秤可称量物体的最大重力为　 　N。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】A、分子在永不停息地做无规则运动，空气分子和二氧化氮分子都会向各个方向运动，并非“空气分子只会向下运动，二氧化氮分子只会向上运动”，因此选项A错误。
B、二氧化氮密度比空气大，若将其装在上瓶，由于重力作用，二氧化氮会自然向下沉降，无法区分这种混合是分子无规则运动导致的扩散，还是重力引起的宏观运动，不能充分说明分子的热运动，因此选项B错误；
C、分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，气体扩散速度也就越快，因此选项C正确；
D、分子始终处于永不停息的无规则运动中，即使两瓶气体颜色均匀后，气体分子也不会停止运动，因此选项D错误；
综上选C。
【分析】本题考查分子动理论相关知识，需结合分子的无规则运动、温度对分子运动的影响、实验设计的合理性来分析各选项。
2．【答案】C
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A、原子由原子核和核外电子组成，原子核a包含质子和中子，质子带正电，因此a带正电，并非负电，所以选项A错误。
B、原子中，a代表原子核（由质子和中子构成），b代表核外电子，因此b不是原子核，选项B错误。
C、丝绸与玻璃棒摩擦起电的实质是电子的转移。玻璃棒失去电子带正电，丝绸得到电子带负电，此过程中转移的是核外电子b，所以选项C正确。
D、摩擦起电时，转移的是核外电子b，而非原子核a。玻璃棒带正电是因为失去电子b，并非a从丝绸转移到玻璃棒，所以选项D错误。
综上选C。
【分析】本题需结合原子结构、摩擦起电的实质来分析各选项，先明确原子中各部分的组成与带电情况，再判断摩擦起电时粒子的转移情况。
3．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，不能表述为物体“含有”热量，只能说“吸收”或“放出”热量。因此物体温度越高，所含热量越多的说法错误，A选项错误。
B、物体温度升高时内能增加，而改变物体内能的方式有做功和热传递两种。物体温度升高可能是吸收热量（热传递），也可能是外界对物体做功，并非一定是吸收了热量。所以B选项错误。
C、物体内能增加的原因有两种：外界对物体做功，或物体吸收热量（热传递）。因此物体内能增加不一定是外界对它做了功，也可能是吸收了热量。故C选项错误。
D、热传递的发生条件是存在温度差，热量从高温物体传递到低温物体，与物体内能大小无直接关联。若内能小的物体温度高于内能大的物体，就会发生该物体向另一物体传递热量的情况。因此D选项正确。
综上选D。
【分析】需回忆温度、热量、内能的概念及相互关系，热传递条件，改变内能的方式，逐一分析各选项正误。
4．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、热鸡蛋放在冷水中，水的内能增大是因为热鸡蛋的热量传递给了冷水，此过程是热传递改变内能（能量的转移）。
B、钻木取火时，木头的内能增大是因为克服摩擦力做功，机械能转化为木头的内能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
C、小朋友滑滑梯时臀部发热，是因为克服滑梯与臀部间的摩擦力做功，机械能转化为内能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
D、橡胶塞飞出时，试管内水蒸气的内能减小是因为水蒸气对橡胶塞做功，内能转化为橡胶塞的机械能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
所以A选项和BCD选项不同，故选A。
【分析】
改变物体内能的方式有热传递（能量转移）和做功（能量转化）。本题中A为热传递，B、C、D为做功，因此A与其他选项改变内能的方式不同。
5．【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；热量的计算
【解析】【解答】A、任何物体在任何温度均有内能，故A错误；
B、BC段处于熔化阶段，物体温度不变，持续吸热，内能增加，故A错误；
C、冰熔化为水，且 c水>c冰，所以相同加热时间，水的温度变化量小，在图中表示斜率小于AB段斜率，所以 ，水的温度随时间变化的图线为③ ，故C正确；
D、BC段加热时间大于AB段，所以BC段的加热量大于AB段，故D错误；
综上选C。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
6．【答案】D
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】A、图甲是固态，分子间作用力最大，但分子在永不停息地做无规则振动，并非静止。所以选项A错误。
B、图甲是固态，分子间距最小，由于分子间作用力大，很难被压缩（压缩时斥力起主要作用）。所以选项B错误。
C、分子间同时存在引力和斥力，液态（图乙）分子间也有引力和斥力，只是比固态小、比气态大。所以选项C错误。
D、图丙是气态，分子间距最远，分子间作用力最小（引力和斥力都很微弱）。所以选项D正确。
综上选D。
【分析】需回忆物质三态（固态、液态、气态）的分子结构特点，包括分子间距、分子间作用力、分子运动状态，再逐一分析选项。
7．【答案】B
【知识点】燃料的热值；机械效率的计算
【解析】【解答】A、甲机械效率，，所以乙效率高，故A错误；
B、乙燃烧完全释放能量为10000J，甲燃烧释放的能量为12000J，所以汽油完全释放的能量少，故B正确；
CD、根据热值的定义可知Q=qm，不清楚质量和热值，所以不能确定汽油的质量和热值，故CD错误；
综上选B。
【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
机械效率的计算：公式为。
8．【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】A、静电除尘纸吸附灰尘和毛发是利用带电体吸引轻小物体的性质；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。二者工作原理不同，因此选项A错误。
B、当静电除尘纸与地板摩擦时，发生摩擦起电现象。摩擦起电的本质是电荷的转移，两个相互摩擦的物体最终会带上等量的异种电荷（一个失去电子带正电，一个得到电子带负电）。因此静电除尘纸和地板摩擦后带有异种电荷，选项B正确。
C、摩擦起电的过程是电荷转移的过程，并非“创造电荷”（电荷不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或从物体的一部分转移到另一部分）。因此选项C错误。
D、静电除尘纸能吸附灰尘和毛发，是因为它带电后具有吸引轻小物体的性质；而“分子间有引力”是微观层面的相互作用（如固体很难被拉伸体现分子引力），与静电吸附的宏观现象原理不同。因此选项D错误。
综上选B。
【分析】
本题需结合摩擦起电的实质、带电体的性质、验电器的工作原理等知识点，对每个选项逐一分析判断。
9．【答案】A
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】A、当S闭合后，电流从电源正极流出，经导线直接形成回路（未经过灯$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$），属于电源短路，并非$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$并联，因此选项A说法错误。
B、S闭合后，电流不经过用电器直接从电源正极回到负极，满足“电源短路”的定义，因此选项B说法正确。
C、拆掉导线3后，电流路径为：电源正极→导线1→$$\text{L}_2$$→导线2→$$\text{L}_1$$→导线3（已拆除，实际为其他导线构成的串联回路）→电源负极。此时$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$依次连接，属于串联，因此选项C说法正确。
D、将导线1从接B处改接到A处后，电流分为两条独立路径：一条经$$\text{L}_1$$，另一条经$$\text{L}_2$$，最后汇合回到电源负极，满足“并联电路有多条电流路径”的特点，因此$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$并联，选项D说法正确。
综上选A
【分析】
本题需根据电路的连接方式（串联、并联、短路），对每个选项逐一分析电路结构变化后的结果。
10．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】要求开关$$S$$闭合后，灯亮、电铃不响。说明此时电铃被短路（无电流通过），灯处于通路（有电流通过）。因此，电铃需与某部分电路并联形成短路，且灯在干路中受开关$$S$$控制。当房门被打开，细导线$$MN$$被扯断后，灯亮且电铃响。说明此时电铃由短路变为通路，灯仍保持通路。因此，细导线$$MN$$需与电铃并联（正常时短路电铃，扯断后电铃接入电路）。
A：开关$$S$$闭合时，电铃未被短路，会与灯同时工作，不符合“电铃不响”的要求。
B：细导线$$MN$$被扯断后，电铃所在支路因$$MN$$断开而无电流，电铃不响，不符合“电铃响”的要求。
C：开关$$S$$闭合时，电铃被细导线$$MN$$短路（电流经$$MN$$流过，电铃无电流），灯亮；$$MN$$被扯断后，电铃接入电路（与灯串联），灯亮且电铃响，符合所有要求。
D：细导线$$MN$$被扯断后，灯所在电路因$$MN$$断开而无电流，灯不亮，不符合“灯亮”的要求。
综上选C。
【分析】要确定符合要求的电路，需分析开关$$S$$闭合和细导线$$MN$$被扯断时，灯与电铃的工作状态，明确各元件的连接方式（短路、通路、断路）。
11．【答案】做功冲程；压缩冲程；DACB
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】“活塞瞬间飞出”的过程能量转化为内能转换为机械能，和做功冲程的能量转化相同，第一空填做功冲程；压缩冲程的能量转换为机械能转换为内能，第二空填压缩冲程；热机四冲程的顺序为进气（进气门打开）、压缩冲程（活塞上移，气门均关闭）、做功冲程（气门关闭，火花塞点燃）、排气冲程（气门打开），所以第三空中顺序为DACB。
【分析】1、汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、热机转速和做功的关系，热机转2次，对应一次做功，对应四个冲程。
12．【答案】（1）相反
（2）用电器；电；化学；
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；电流的磁效应
【解析】【解答】（1）电子带负电，其定向移动方向为图示方向（假设为从左到右），而电流方向规定为正电荷定向移动方向，故图乙中电流方向与电子移动方向相反，即从右到左。图甲中电流方向为从左到右，因此图乙电流方向与图甲相反。
（2）已知导线中电流方向相反时，指南针偏转方向相反。图甲与图乙电流方向相反，所以图乙中指南针偏转方向与图甲相反。白天太阳能电板为蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，此时蓄电池相当于电路中的用电器。傍晚两盏LED灯同时发光，且一盏断路时另一盏仍能发光，说明两灯工作互不影响。根据串并联电路特点，并联电路中各用电器独立工作、互不影响，故两盏LED灯为并联连接，画图时需体现两灯并联（LED灯用“LED灯”表示，连接方式为两灯两端分别相连）。
【分析】第1小问需结合电流方向与电子移动方向的关系、电流的磁效应判断指南针偏转方向；
第2小问需明确充电时蓄电池的角色与能量转化，以及根据串并联电路特点确定LED灯连接方式。
13．【答案】（1）
（2）0.38；0.32
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；电流的测量及电流表的使用；电流表的连接
【解析】【解答】（1）观察图1实物电路，电流从电源正极流出，经开关后分为两条支路：一条经$$L_1$$，另一条经$$A_2$$和$$L_2$$，两条支路汇合后经$$A_1$$回到电源负极。因此，$$L_1$$与$$L_2$$并联，$$A_1$$测干路电流，$$A_2$$测$$L_2$$支路电流。据此作图：
（2）图3中$$A_1$$连接“-”和“3”接线柱，量程为$$0 \sim 3A$$，分度值为$$0.1A$$。指针指向$$0.7A$$处，故$$A_1$$示数为$$0.7A$$（干路电流$$I = 0.7A$$）。图3中$$A_2$$连接“-”和“0.6”接线柱，量程为$$0 \sim 0.6A$$，分度值为$$0.02A$$。指针指向$$0.32A$$处，故$$A_2$$示数为$$0.32A$$（$$L_2$$支路电流$$I_2 = 0.32A$$）。
（3）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即$$I = I_1 + I_2$$，因此$$L_1$$的电流$$I_1 = I - I_2 = 0.7A - 0.32A = 0.38A$$。要使$$A_1$$测$$L_1$$电流、$$A_2$$测$$L_2$$电流，需让$$A_1$$处于$$L_1$$支路、$$A_2$$处于$$L_2$$支路。原电路中$$A_1$$在干路，需调整导线使电流分支后分别经过$$A_1$$（$$L_1$$支路）和$$A_2$$（$$L_2$$支路）。
找到原电路中连接$$A_2$$与$$L_2$$的导线（或对应干路与支路的错误连线），标记“×”后，将该导线改接到合适位置，使$$A_1$$仅与$$L_1$$串联、$$A_2$$仅与$$L_2$$串联。据此作图：
【分析】(1)需根据实物图确定元件连接方式（并联），明确各电流表测量对象，进而绘制电路图；(2)要先确定电流表量程、分度值以读取示数，再利用并联电路电流规律计算各支路电流；
(3)需调整导线使电流表$$A_1$$、$$A_2$$分别测$$L_1$$、$$L_2$$电流，依据并联电路电流路径特点修改连线。
14．【答案】（1）加热时间的长短；a最多
（2）C；质量相同的水和煤油，煤油的比热容小，吸收相同热量时升温更快
（3）=
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）实验中使用规格相同的器材，液体每秒吸收热量相同，因此加热时间的长短能反映液体吸收热量的多少（转换法）。当液体温度均为时，根据，初温相同、末温相同则相同。已知（200g水）、（100g水）、（100g煤油）。计算各液体吸收的热量：；；
（2）100g煤油的质量与100g水相同，但，吸收相同热量时，比热容小的物质升温更快（，越小，越大）。图像中，曲线c的升温速度最快，因此100g煤油对应的图像是c。判断依据：质量相同的水和煤油，煤油的比热容小，吸收相同热量时升温更快，所以升温最快的c是100g煤油。
（3）比热容是物质的固有属性，仅与物质种类和状态有关，与质量无关。100g水和200g水属于同一种物质（水），因此它们的比热容=。
【分析】第1小问，需明确转换法的应用（用加热时间反映吸热多少），再根据分析内能增加量（吸热多少）；
第2小问要结合比热容大小和质量对升温快慢的影响，确定煤油对应的图像；
第3小问依据比热容的特性（与质量无关）判断。
15．【答案】（1）cd；断路
（2）不正确；因为灯L1、L2串联，串联电路中各处电流相等，所以通过两灯的电流相同
【知识点】串联电路的电流规律；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）原电路中$$L_1$$、$$L_2$$均不亮且电流表示数为零，说明电路存在断路。
- 操作①：导线接$$a$$、$$b$$间（短路$$L_1$$），闭合开关两灯不亮 → 说明$$L_1$$之外的电路仍有断路；
- 操作②：导线接$$b$$、$$c$$间（短路$$L_1$$和导线$$ab$$对应的路径），闭合开关两灯仍不亮 → 说明$$bc$$段之外的电路仍有断路；- 操作③：导线接$$c$$、$$d$$间（短路$$L_2$$），闭合开关$$L_1$$亮 → 说明$$L_1$$、电源、开关、电流表构成通路，故障为$$L_2$$所在段（$$cd$$）断路。
因操作③中短路$$L_2$$后电路通路，说明$$cd$$段原本是断路状态（若为短路，原电路中$$L_2$$短路时$$L_1$$应亮，与原现象矛盾），故故障为$$cd$$段断路。
（2）排除故障后，$$L_1$$与$$L_2$$串联，根据串联电路规律：串联电路中各处电流相等。灯$$L_2$$比$$L_1$$亮是因为$$L_2$$的实际功率更大（$$P = I^2R$$，电流$$I$$相同，电阻$$R$$大的功率大），并非电流不同。因此小明“通过$$L_2$$的电流大于$$L_1$$的电流”的说法**不正确**，理由是“串联电路中各处电流相等”。
【分析】（1）首先明确电路为串联电路，闭合开关两灯不亮且电流表示数为零，表明电路存在断路故障。利用导线并联检测时，导线可短路被接部分，若其他元件通路则会发光。通过三次操作的现象推理故障位置与类型；
（2）对于第二问，依据串联电路电流规律判断电流大小关系。
16．【答案】（1）
（2）拉力F1 做的功
（3）解：拉力做的功为有用功，根据，其中，，则：
（4）解：由图2可知，额外功为200J（克服动滑轮重力、摩擦等做的功）。总功。机械效率。
（5）解：总功，变形得。已知，，则：
（6）A
【知识点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）由表格数据，货物提升距离，绳子自由端移动距离，根据滑轮组中，可得绳子段数。工人向下拉绳子，说明绳子自由端拉力方向向下。因此，绕线从定滑轮开始，依次绕过动滑轮、定滑轮，使承担物重的绳子段数为2。具体绕法为：定滑轮下挂钩码，绳子向上绕过动滑轮，再向下绕过定滑轮，自由端向下（对应工人拉力方向）。
（2）有用功是对人们有用的功，本题中提升货物为目的，因此滑轮组对重物的拉力做的功是有用功（克服货物重力或提升货物所需的功）。
（3）拉力做的功为有用功，根据，其中，，则：
（4）由图2可知，额外功为200J（克服动滑轮重力、摩擦等做的功）。总功。机械效率
（5）总功，变形得。已知，，则：
（6）滑轮组对重物的拉力，人对绳子自由端的拉力。所以属于省力，故A正确，BCD错误；
综上选A。
【分析】（1）绘制绕法：利用与的关系确定绳子段数，再根据拉力方向确定绕线顺序；
（2） 有用功判断：明确有用功是对目标物体（货物）做的功；
（3）计算做功：运用功的公式；
（4） 机械效率计算：先求总功（有用功+额外功），再用；
（5）求：利用总功公式变形求解；
（6）省力判断：比较与的大小关系。
17．【答案】（1）解：燃料完全燃烧释放的热量公式为，代入数据计算可知汽油完全燃烧释放的热量。
（2）解：已知 W有用=4.6×10 7J ， Q放=2.3×108J，结合效率公式计算可知热机效率
（3）降低
（4）解：原效率 η = 20 % ，提高5%后，新效率 η' = 20 % + 5 % = 25 % = 0.25 。有用功不变 W有用=4.6×10 7J ，结合效率公式可得改进后燃料完全燃烧释放的热量 Q放' = m'q ，所以改进后消耗的汽油质量 m' = W有用 η'q 。 代入数据的消耗汽油的质量，所以减少量 Δ m = m m' = 5.0 kg 4.0 kg = 1.0 kg。
【知识点】燃料的热值；机械效率的计算
【解析】【解答】（3）当汽油燃烧不充分时，燃料没有完全释放能量，即 变小（实际释放的热量少于完全燃烧的热量），而发动机输出的有用能量 基本不变（因为机械做功能力未变）。根据效率公式，分母变小，分子不变，所以效率 降低。
【分析】（1）需利用燃料完全燃烧放热公式，已知汽油质量和热值，直接计算；
（2）根据热机效率公式，用第1问结果和有用能量计算；
（3）理解燃烧不充分时能量损失情况，判断效率变化；
（4）先算改进后效率，再求对应汽油质量，最后算减少量。
18．【答案】（1）20
（2）
（3）右；当挂钩上挂更重的书包时，阻力$$G_{\text{书}}$$增大，阻力臂$$AO$$不变，根据杠杆平衡条件$$G_{\text{书}} \times AO = G_{\text{砣}} \times l_1$$，要保持平衡需增大动力臂$$l_1$$
（4）30
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）杆秤平衡时，书包的重力为阻力，其力臂为；秤砣的重力为动力，其力臂为。根据杠杆平衡条件：。已知，，，代入公式得：
。
（2）秤砣对杆秤的拉力方向竖直向下，作用点在秤砣所在位置（B点），因此过B点画竖直向下的带箭头线段表示。力臂是支点O到作用线的垂直距离，从O点向的作用线作垂线段，该垂线段即为。
（3）当挂钩上挂更重的书包时，阻力增大，阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，要保持平衡需增大动力臂。因此秤砣应向右移（增大）。
（4）最大刻度线距提纽的距离为动力臂，此时书包重力为最大重力，根据杠杆平衡条件：。代入，，，得：
。
【分析】本题围绕杆秤考查杠杆平衡条件的应用，需明确支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂，再结合杠杆平衡条件分析各小问。
1 / 1广东省广州市花都区2025-2026学年九年级上学期期中考试物理试题
一、选择题：（本题共10题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题目要求。）
1． 如图是演示气体扩散现象的实验装置，上瓶装有空气，下瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉两瓶之间的玻璃板后，两瓶气体会混合在一起，最后颜色变得均匀。下列说法正确的是（　　）
A．空气分子只会向下运动，二氧化氮分子只会向上运动
B．如果将二氧化氮装在上瓶，也能充分说明分子的热运动
C．气体温度越高，扩散得越快
D．两瓶气体颜色均匀后，气体分子不再运动
【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】A、分子在永不停息地做无规则运动，空气分子和二氧化氮分子都会向各个方向运动，并非“空气分子只会向下运动，二氧化氮分子只会向上运动”，因此选项A错误。
B、二氧化氮密度比空气大，若将其装在上瓶，由于重力作用，二氧化氮会自然向下沉降，无法区分这种混合是分子无规则运动导致的扩散，还是重力引起的宏观运动，不能充分说明分子的热运动，因此选项B错误；
C、分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，气体扩散速度也就越快，因此选项C正确；
D、分子始终处于永不停息的无规则运动中，即使两瓶气体颜色均匀后，气体分子也不会停止运动，因此选项D错误；
综上选C。
【分析】本题考查分子动理论相关知识，需结合分子的无规则运动、温度对分子运动的影响、实验设计的合理性来分析各选项。
2． 如图是某同学学习物质结构后，绘制的知识梳理图，下列说法正确的是（　　）
A．图中a带负电
B．图中b是原子核
C．丝绸与玻璃棒摩擦起电时，b发生了转移
D．丝绸与玻璃棒摩擦起电时，a从丝绸转移到玻璃棒上，使玻璃棒带正电
【答案】C
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A、原子由原子核和核外电子组成，原子核a包含质子和中子，质子带正电，因此a带正电，并非负电，所以选项A错误。
B、原子中，a代表原子核（由质子和中子构成），b代表核外电子，因此b不是原子核，选项B错误。
C、丝绸与玻璃棒摩擦起电的实质是电子的转移。玻璃棒失去电子带正电，丝绸得到电子带负电，此过程中转移的是核外电子b，所以选项C正确。
D、摩擦起电时，转移的是核外电子b，而非原子核a。玻璃棒带正电是因为失去电子b，并非a从丝绸转移到玻璃棒，所以选项D错误。
综上选C。
【分析】本题需结合原子结构、摩擦起电的实质来分析各选项，先明确原子中各部分的组成与带电情况，再判断摩擦起电时粒子的转移情况。
3． 下列关于温度、热量、内能的说法中，正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．物体的温度升高，一定是吸收了热量
C．物体的内能增加，一定是外界对它做了功
D．发生热传递时，内能小的物体可能将热量传递给内能大的物体
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，不能表述为物体“含有”热量，只能说“吸收”或“放出”热量。因此物体温度越高，所含热量越多的说法错误，A选项错误。
B、物体温度升高时内能增加，而改变物体内能的方式有做功和热传递两种。物体温度升高可能是吸收热量（热传递），也可能是外界对物体做功，并非一定是吸收了热量。所以B选项错误。
C、物体内能增加的原因有两种：外界对物体做功，或物体吸收热量（热传递）。因此物体内能增加不一定是外界对它做了功，也可能是吸收了热量。故C选项错误。
D、热传递的发生条件是存在温度差，热量从高温物体传递到低温物体，与物体内能大小无直接关联。若内能小的物体温度高于内能大的物体，就会发生该物体向另一物体传递热量的情况。因此D选项正确。
综上选D。
【分析】需回忆温度、热量、内能的概念及相互关系，热传递条件，改变内能的方式，逐一分析各选项正误。
4． 下列各情境中改变内能的方式与其他不同的是（　　）
A．图甲：热鸡蛋放在冷水中，水的内能增大
B．图乙：钻木取火时，木头的内能增大
C．图丙：小朋友滑滑梯时臀部发热，内能增大
D．图丁：橡胶塞飞出时，试管内水蒸气的内能减小
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、热鸡蛋放在冷水中，水的内能增大是因为热鸡蛋的热量传递给了冷水，此过程是热传递改变内能（能量的转移）。
B、钻木取火时，木头的内能增大是因为克服摩擦力做功，机械能转化为木头的内能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
C、小朋友滑滑梯时臀部发热，是因为克服滑梯与臀部间的摩擦力做功，机械能转化为内能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
D、橡胶塞飞出时，试管内水蒸气的内能减小是因为水蒸气对橡胶塞做功，内能转化为橡胶塞的机械能，此过程是做功改变内能（能量的转化）。
所以A选项和BCD选项不同，故选A。
【分析】
改变物体内能的方式有热传递（能量转移）和做功（能量转化）。本题中A为热传递，B、C、D为做功，因此A与其他选项改变内能的方式不同。
5． 如图是小东绘制的冰熔化时，温度—时间图像，已知物质每秒吸收的热量相同且c水>c冰。下列说法正确的是（　　）
A．在A点时，冰的内能为零
B．BC段，物体的温度和内能都不变
C．在C点冰熔化完毕，继续加热，水的温度随时间变化的图线为③
D．因为物体在AB段升高的温度大于在BC段升高的温度，所以QAB>QBC
【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；热量的计算
【解析】【解答】A、任何物体在任何温度均有内能，故A错误；
B、BC段处于熔化阶段，物体温度不变，持续吸热，内能增加，故A错误；
C、冰熔化为水，且 c水>c冰，所以相同加热时间，水的温度变化量小，在图中表示斜率小于AB段斜率，所以 ，水的温度随时间变化的图线为③ ，故C正确；
D、BC段加热时间大于AB段，所以BC段的加热量大于AB段，故D错误；
综上选C。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
6． 如图是物质在三种不同状态下的分子模型示意图。下列说法正确的是（　　）
A．图甲分子间作用力最大，分子是静止的
B．图甲分子间距最小，最容易被压缩
C．图乙分子间既无引力，也无斥力
D．图丙分子间距最远、作用力最小
【答案】D
【知识点】分子间相互作用力
【解析】【解答】A、图甲是固态，分子间作用力最大，但分子在永不停息地做无规则振动，并非静止。所以选项A错误。
B、图甲是固态，分子间距最小，由于分子间作用力大，很难被压缩（压缩时斥力起主要作用）。所以选项B错误。
C、分子间同时存在引力和斥力，液态（图乙）分子间也有引力和斥力，只是比固态小、比气态大。所以选项C错误。
D、图丙是气态，分子间距最远，分子间作用力最小（引力和斥力都很微弱）。所以选项D正确。
综上选D。
【分析】需回忆物质三态（固态、液态、气态）的分子结构特点，包括分子间距、分子间作用力、分子运动状态，再逐一分析选项。
7． 如图是甲、乙两汽油机某段时间内的能量流向图，此过程两者相比，乙汽油机（　　）
A．效率低 B．汽油完全燃烧释放的能量少
C．消耗的汽油质量大 D．汽油的热值大
【答案】B
【知识点】燃料的热值；机械效率的计算
【解析】【解答】A、甲机械效率，，所以乙效率高，故A错误；
B、乙燃烧完全释放能量为10000J，甲燃烧释放的能量为12000J，所以汽油完全释放的能量少，故B正确；
CD、根据热值的定义可知Q=qm，不清楚质量和热值，所以不能确定汽油的质量和热值，故CD错误；
综上选B。
【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
机械效率的计算：公式为。
8． 如图是装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦，就可以轻松地将灰尘和毛发清扫干净。下列说法正确的是（　　）
A．静电除尘纸吸附灰尘和毛发的工作原理与验电器相同
B．静电除尘纸和地板摩擦后带有异种电荷
C．静电除尘纸和地板摩擦时创造了电荷
D．静电除尘纸能吸附灰尘和毛发，说明分子间有引力
【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】A、静电除尘纸吸附灰尘和毛发是利用带电体吸引轻小物体的性质；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。二者工作原理不同，因此选项A错误。
B、当静电除尘纸与地板摩擦时，发生摩擦起电现象。摩擦起电的本质是电荷的转移，两个相互摩擦的物体最终会带上等量的异种电荷（一个失去电子带正电，一个得到电子带负电）。因此静电除尘纸和地板摩擦后带有异种电荷，选项B正确。
C、摩擦起电的过程是电荷转移的过程，并非“创造电荷”（电荷不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或从物体的一部分转移到另一部分）。因此选项C错误。
D、静电除尘纸能吸附灰尘和毛发，是因为它带电后具有吸引轻小物体的性质；而“分子间有引力”是微观层面的相互作用（如固体很难被拉伸体现分子引力），与静电吸附的宏观现象原理不同。因此选项D错误。
综上选B。
【分析】
本题需结合摩擦起电的实质、带电体的性质、验电器的工作原理等知识点，对每个选项逐一分析判断。
9． 关于如图所示的电路说法不正确的是（　　）
A．S闭合后，灯、并联
B．S闭合后，电路将发生短路
C．拆掉导线3，灯、串联
D．若将导线1从接B处改接到A处，灯、并联
【答案】A
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】A、当S闭合后，电流从电源正极流出，经导线直接形成回路（未经过灯$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$），属于电源短路，并非$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$并联，因此选项A说法错误。
B、S闭合后，电流不经过用电器直接从电源正极回到负极，满足“电源短路”的定义，因此选项B说法正确。
C、拆掉导线3后，电流路径为：电源正极→导线1→$$\text{L}_2$$→导线2→$$\text{L}_1$$→导线3（已拆除，实际为其他导线构成的串联回路）→电源负极。此时$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$依次连接，属于串联，因此选项C说法正确。
D、将导线1从接B处改接到A处后，电流分为两条独立路径：一条经$$\text{L}_1$$，另一条经$$\text{L}_2$$，最后汇合回到电源负极，满足“并联电路有多条电流路径”的特点，因此$$\text{L}_1$$、$$\text{L}_2$$并联，选项D说法正确。
综上选A
【分析】
本题需根据电路的连接方式（串联、并联、短路），对每个选项逐一分析电路结构变化后的结果。
10． 小明要设计自动防盗报警电路。要求：开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线MN被扯断，灯亮且电铃响。下列电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】要求开关$$S$$闭合后，灯亮、电铃不响。说明此时电铃被短路（无电流通过），灯处于通路（有电流通过）。因此，电铃需与某部分电路并联形成短路，且灯在干路中受开关$$S$$控制。当房门被打开，细导线$$MN$$被扯断后，灯亮且电铃响。说明此时电铃由短路变为通路，灯仍保持通路。因此，细导线$$MN$$需与电铃并联（正常时短路电铃，扯断后电铃接入电路）。
A：开关$$S$$闭合时，电铃未被短路，会与灯同时工作，不符合“电铃不响”的要求。
B：细导线$$MN$$被扯断后，电铃所在支路因$$MN$$断开而无电流，电铃不响，不符合“电铃响”的要求。
C：开关$$S$$闭合时，电铃被细导线$$MN$$短路（电流经$$MN$$流过，电铃无电流），灯亮；$$MN$$被扯断后，电铃接入电路（与灯串联），灯亮且电铃响，符合所有要求。
D：细导线$$MN$$被扯断后，灯所在电路因$$MN$$断开而无电流，灯不亮，不符合“灯亮”的要求。
综上选C。
【分析】要确定符合要求的电路，需分析开关$$S$$闭合和细导线$$MN$$被扯断时，灯与电铃的工作状态，明确各元件的连接方式（短路、通路、断路）。
二、非选择题：（本题共8小题，共60分）
11．如图甲，在一塑料瓶内装入少量的液态乙醚，待乙醚充满整个塑料瓶后，启动电子打火器，活塞瞬间飞出。“活塞瞬间飞出”的过程与汽油机　 　（填写冲程名称）冲程的能量转化情况相同；汽油机　 　（填写冲程名称）冲程存在很明显的机械能转化为内能的过程；图乙是四冲程汽油机顺序被打乱的工作图，四冲程的顺序应该是　 　（填写字母符号）。
【答案】做功冲程；压缩冲程；DACB
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】“活塞瞬间飞出”的过程能量转化为内能转换为机械能，和做功冲程的能量转化相同，第一空填做功冲程；压缩冲程的能量转换为机械能转换为内能，第二空填压缩冲程；热机四冲程的顺序为进气（进气门打开）、压缩冲程（活塞上移，气门均关闭）、做功冲程（气门关闭，火花塞点燃）、排气冲程（气门打开），所以第三空中顺序为DACB。
【分析】1、汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、热机转速和做功的关系，热机转2次，对应一次做功，对应四个冲程。
12． 按要求完成下列小题。
（1）实验发现，当通电直导线中通有电流时，其下方的指南针会发生偏转如图甲，且导线中电流方向相反时，指南针的偏转方向也相反。图乙中电子沿着图示方向平行地飞过指南针上方时，指南针的偏转方向与图甲指南针偏转方向　 　（选填“相同”或“相反”或“不发生偏转”）。
（2）图1是广州市区某交通道路上使用的风光互补LED路灯的电路原理图。
①白天阳光充足时，光控开关S断开，太阳能电板为蓄电池充电，此时蓄电池相当于电路中的　 　（选填“电源”或“用电器”），将　 　能转化为　 　能。
②路灯照明部分由两盏LED灯连接而成，傍晚光控开关S闭合，两盏LED灯同时发光；若一盏LED灯因断路而不亮，另一盏LED灯仍能发光，它们是怎么连接的呢？请在图2虚线框内画出两盏LED灯的连接方式。　 　（LED灯用“”表示）
【答案】（1）相反
（2）用电器；电；化学；
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；电流的磁效应
【解析】【解答】（1）电子带负电，其定向移动方向为图示方向（假设为从左到右），而电流方向规定为正电荷定向移动方向，故图乙中电流方向与电子移动方向相反，即从右到左。图甲中电流方向为从左到右，因此图乙电流方向与图甲相反。
（2）已知导线中电流方向相反时，指南针偏转方向相反。图甲与图乙电流方向相反，所以图乙中指南针偏转方向与图甲相反。白天太阳能电板为蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，此时蓄电池相当于电路中的用电器。傍晚两盏LED灯同时发光，且一盏断路时另一盏仍能发光，说明两灯工作互不影响。根据串并联电路特点，并联电路中各用电器独立工作、互不影响，故两盏LED灯为并联连接，画图时需体现两灯并联（LED灯用“LED灯”表示，连接方式为两灯两端分别相连）。
【分析】第1小问需结合电流方向与电子移动方向的关系、电流的磁效应判断指南针偏转方向；
第2小问需明确充电时蓄电池的角色与能量转化，以及根据串并联电路特点确定LED灯连接方式。
13． 图1是某同学连接的电路。
（1）请在图2虚线框内画出与之对应的电路图。
（2）闭合开关后，电流表、的示数如图3，则通过、的电流分别是　 　、　 　A。
（3）该同学若想用电流表直接测量通过的电流，电流表直接测量通过的电流，请在图1中改动一根导线满足要求。请在这根线上画“×”，并画出正确连接的导线。
【答案】（1）
（2）0.38；0.32
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；电流的测量及电流表的使用；电流表的连接
【解析】【解答】（1）观察图1实物电路，电流从电源正极流出，经开关后分为两条支路：一条经$$L_1$$，另一条经$$A_2$$和$$L_2$$，两条支路汇合后经$$A_1$$回到电源负极。因此，$$L_1$$与$$L_2$$并联，$$A_1$$测干路电流，$$A_2$$测$$L_2$$支路电流。据此作图：
（2）图3中$$A_1$$连接“-”和“3”接线柱，量程为$$0 \sim 3A$$，分度值为$$0.1A$$。指针指向$$0.7A$$处，故$$A_1$$示数为$$0.7A$$（干路电流$$I = 0.7A$$）。图3中$$A_2$$连接“-”和“0.6”接线柱，量程为$$0 \sim 0.6A$$，分度值为$$0.02A$$。指针指向$$0.32A$$处，故$$A_2$$示数为$$0.32A$$（$$L_2$$支路电流$$I_2 = 0.32A$$）。
（3）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即$$I = I_1 + I_2$$，因此$$L_1$$的电流$$I_1 = I - I_2 = 0.7A - 0.32A = 0.38A$$。要使$$A_1$$测$$L_1$$电流、$$A_2$$测$$L_2$$电流，需让$$A_1$$处于$$L_1$$支路、$$A_2$$处于$$L_2$$支路。原电路中$$A_1$$在干路，需调整导线使电流分支后分别经过$$A_1$$（$$L_1$$支路）和$$A_2$$（$$L_2$$支路）。
找到原电路中连接$$A_2$$与$$L_2$$的导线（或对应干路与支路的错误连线），标记“×”后，将该导线改接到合适位置，使$$A_1$$仅与$$L_1$$串联、$$A_2$$仅与$$L_2$$串联。据此作图：
【分析】(1)需根据实物图确定元件连接方式（并联），明确各电流表测量对象，进而绘制电路图；(2)要先确定电流表量程、分度值以读取示数，再利用并联电路电流规律计算各支路电流；
(3)需调整导线使电流表$$A_1$$、$$A_2$$分别测$$L_1$$、$$L_2$$电流，依据并联电路电流路径特点修改连线。
14． 某实验小组用如图所示规格完全相同的器材，对初温相同的100g水、200g水、100g煤油进行加热，液体每秒吸收的热量相同。小组成员绘制了从开始加热到沸腾前液体的温度随时间变化图像如图丁。（已知c水>c煤油）
（1）实验通过　 　（选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少。若忽略散热和液体的蒸发，当液体温度均为40℃时，液体内能增加量　 　（选填“a最多”、“b最多”、“c最多”或“一样多”）；
（2）由图丁分析可知100g煤油对应的图像是　 　（选填“b”或“c”）。请写出你的判断依据：　 　；
（3）100g水的比热容　 　（选填“”、“”或“”）200g水的比热容。
【答案】（1）加热时间的长短；a最多
（2）C；质量相同的水和煤油，煤油的比热容小，吸收相同热量时升温更快
（3）=
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）实验中使用规格相同的器材，液体每秒吸收热量相同，因此加热时间的长短能反映液体吸收热量的多少（转换法）。当液体温度均为时，根据，初温相同、末温相同则相同。已知（200g水）、（100g水）、（100g煤油）。计算各液体吸收的热量：；；
（2）100g煤油的质量与100g水相同，但，吸收相同热量时，比热容小的物质升温更快（，越小，越大）。图像中，曲线c的升温速度最快，因此100g煤油对应的图像是c。判断依据：质量相同的水和煤油，煤油的比热容小，吸收相同热量时升温更快，所以升温最快的c是100g煤油。
（3）比热容是物质的固有属性，仅与物质种类和状态有关，与质量无关。100g水和200g水属于同一种物质（水），因此它们的比热容=。
【分析】第1小问，需明确转换法的应用（用加热时间反映吸热多少），再根据分析内能增加量（吸热多少）；
第2小问要结合比热容大小和质量对升温快慢的影响，确定煤油对应的图像；
第3小问依据比热容的特性（与质量无关）判断。
15． 小明连接了如图所示的电路，闭合开关发现灯L1、L2均不亮，电流表示数为零。他用一根完好的导线来检查电路的故障，进行了如下操作：
①将导线接在a、b间，闭合开关，两灯不亮；
②将导线接在b、c间，闭合开关，两灯仍不亮；
③将导线接在c、d间，闭合开关，灯L1亮、灯L2不亮。
根据以上操作判断：
（1）故障出现在　 　段的电路中（选填“ab”、“bc”、或“cd”），该处出现了　 　（选填“断路”或“短路”）。
（2）排除故障后，闭合开关，发现灯L2比灯L1亮，小明认为通过灯L2的电流大于通过灯L1的电流，他的说法正确吗？　 　。请说出你的判断理由：　 　。
【答案】（1）cd；断路
（2）不正确；因为灯L1、L2串联，串联电路中各处电流相等，所以通过两灯的电流相同
【知识点】串联电路的电流规律；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）原电路中$$L_1$$、$$L_2$$均不亮且电流表示数为零，说明电路存在断路。
- 操作①：导线接$$a$$、$$b$$间（短路$$L_1$$），闭合开关两灯不亮 → 说明$$L_1$$之外的电路仍有断路；
- 操作②：导线接$$b$$、$$c$$间（短路$$L_1$$和导线$$ab$$对应的路径），闭合开关两灯仍不亮 → 说明$$bc$$段之外的电路仍有断路；- 操作③：导线接$$c$$、$$d$$间（短路$$L_2$$），闭合开关$$L_1$$亮 → 说明$$L_1$$、电源、开关、电流表构成通路，故障为$$L_2$$所在段（$$cd$$）断路。
因操作③中短路$$L_2$$后电路通路，说明$$cd$$段原本是断路状态（若为短路，原电路中$$L_2$$短路时$$L_1$$应亮，与原现象矛盾），故故障为$$cd$$段断路。
（2）排除故障后，$$L_1$$与$$L_2$$串联，根据串联电路规律：串联电路中各处电流相等。灯$$L_2$$比$$L_1$$亮是因为$$L_2$$的实际功率更大（$$P = I^2R$$，电流$$I$$相同，电阻$$R$$大的功率大），并非电流不同。因此小明“通过$$L_2$$的电流大于$$L_1$$的电流”的说法**不正确**，理由是“串联电路中各处电流相等”。
【分析】（1）首先明确电路为串联电路，闭合开关两灯不亮且电流表示数为零，表明电路存在断路故障。利用导线并联检测时，导线可短路被接部分，若其他元件通路则会发光。通过三次操作的现象推理故障位置与类型；
（2）对于第二问，依据串联电路电流规律判断电流大小关系。
16． 如图1所示，重为600N的工人通过滑轮组用向下的拉力F2匀速提升货物，下表是他工作的部分数据。此过程做功情况如图2所示。求：
滑轮组对重物的拉力F1/N 货物被提升的距离s1/m 绳子自由端所受拉力F2/N 绳子自由端移动的距离s2/m
300 2 　 4
（1）根据题意在图1中画出绳子的绕法；
（2）图2中　 　（选填“拉力F2做的功”、“拉力F1做的功”或“200J”）是有用功；
（3）此过程拉力F1所做的功；
（4）此过程中滑轮组的机械效率；
（5）人对绳子自由端的拉力F2的大小；
（6）此过程工人使用滑轮组____（选填字母符号）
A．省力 B．省功
C．费力 D．不省力也不费力
【答案】（1）
（2）拉力F1 做的功
（3）解：拉力做的功为有用功，根据，其中，，则：
（4）解：由图2可知，额外功为200J（克服动滑轮重力、摩擦等做的功）。总功。机械效率。
（5）解：总功，变形得。已知，，则：
（6）A
【知识点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组的设计与组装；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）由表格数据，货物提升距离，绳子自由端移动距离，根据滑轮组中，可得绳子段数。工人向下拉绳子，说明绳子自由端拉力方向向下。因此，绕线从定滑轮开始，依次绕过动滑轮、定滑轮，使承担物重的绳子段数为2。具体绕法为：定滑轮下挂钩码，绳子向上绕过动滑轮，再向下绕过定滑轮，自由端向下（对应工人拉力方向）。
（2）有用功是对人们有用的功，本题中提升货物为目的，因此滑轮组对重物的拉力做的功是有用功（克服货物重力或提升货物所需的功）。
（3）拉力做的功为有用功，根据，其中，，则：
（4）由图2可知，额外功为200J（克服动滑轮重力、摩擦等做的功）。总功。机械效率
（5）总功，变形得。已知，，则：
（6）滑轮组对重物的拉力，人对绳子自由端的拉力。所以属于省力，故A正确，BCD错误；
综上选A。
【分析】（1）绘制绕法：利用与的关系确定绳子段数，再根据拉力方向确定绕线顺序；
（2） 有用功判断：明确有用功是对目标物体（货物）做的功；
（3）计算做功：运用功的公式；
（4） 机械效率计算：先求总功（有用功+额外功），再用；
（5）求：利用总功公式变形求解；
（6）省力判断：比较与的大小关系。
17． 某品牌汽车以80km/h的速度匀速直线行驶100km，发动机输出有用的能量为4.6×107J。此过程汽车“百公里油耗为5.0kg”，即每行驶100km消耗汽油5.0kg。该过程中，求：
（1）汽油完全燃烧释放的热量；（汽油热值q=4.6×107J/kg）
（2）汽车发动机的效率；
（3）当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率将　 　（选填“升高”、“不变”或“降低”）；
（4）若经过技术改进，汽车发动机的效率提高了5%，同样输出有用的能量4.6×107J，消耗的汽油减少了多少kg？
【答案】（1）解：燃料完全燃烧释放的热量公式为，代入数据计算可知汽油完全燃烧释放的热量。
（2）解：已知 W有用=4.6×10 7J ， Q放=2.3×108J，结合效率公式计算可知热机效率
（3）降低
（4）解：原效率 η = 20 % ，提高5%后，新效率 η' = 20 % + 5 % = 25 % = 0.25 。有用功不变 W有用=4.6×10 7J ，结合效率公式可得改进后燃料完全燃烧释放的热量 Q放' = m'q ，所以改进后消耗的汽油质量 m' = W有用 η'q 。 代入数据的消耗汽油的质量，所以减少量 Δ m = m m' = 5.0 kg 4.0 kg = 1.0 kg。
【知识点】燃料的热值；机械效率的计算
【解析】【解答】（3）当汽油燃烧不充分时，燃料没有完全释放能量，即 变小（实际释放的热量少于完全燃烧的热量），而发动机输出的有用能量 基本不变（因为机械做功能力未变）。根据效率公式，分母变小，分子不变，所以效率 降低。
【分析】（1）需利用燃料完全燃烧放热公式，已知汽油质量和热值，直接计算；
（2）根据热机效率公式，用第1问结果和有用能量计算；
（3）理解燃烧不充分时能量损失情况，判断效率变化；
（4）先算改进后效率，再求对应汽油质量，最后算减少量。
18． 杆秤凝聚了我国古代劳动人民的智慧。在学习杠杆相关知识后，“飞天”兴趣小组尝试做了简易杆秤。首先找来一根硬棒作为杆秤，手拉着提纽并调整提纽在杆秤上的位置，直到杆秤在水平位置平衡，如图甲，此时，提纽的位置为杆秤的支点O。
（1）A点固定一个轻质挂钩，在挂钩上挂一个书包，移动秤砣至B点时，杆秤在水平位置平衡，AO及BO的长度如图乙所示，秤砣的重力为2N，则该书包的重力为　 　N。
（2）请在图乙上画出秤砣对杆秤的拉力F1及其力臂l1。
（3）如果在挂钩上挂一个更重的书包，秤砣应往　 　（选填“左”或“右”）移才能使杆秤在水平位置平衡。请写出你的操作依据：　 　。
（4）若最大刻度线处距提纽60cm，则该杆秤可称量物体的最大重力为　 　N。
【答案】（1）20
（2）
（3）右；当挂钩上挂更重的书包时，阻力$$G_{\text{书}}$$增大，阻力臂$$AO$$不变，根据杠杆平衡条件$$G_{\text{书}} \times AO = G_{\text{砣}} \times l_1$$，要保持平衡需增大动力臂$$l_1$$
（4）30
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）杆秤平衡时，书包的重力为阻力，其力臂为；秤砣的重力为动力，其力臂为。根据杠杆平衡条件：。已知，，，代入公式得：
。
（2）秤砣对杆秤的拉力方向竖直向下，作用点在秤砣所在位置（B点），因此过B点画竖直向下的带箭头线段表示。力臂是支点O到作用线的垂直距离，从O点向的作用线作垂线段，该垂线段即为。
（3）当挂钩上挂更重的书包时，阻力增大，阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，要保持平衡需增大动力臂。因此秤砣应向右移（增大）。
（4）最大刻度线距提纽的距离为动力臂，此时书包重力为最大重力，根据杠杆平衡条件：。代入，，，得：
。
【分析】本题围绕杆秤考查杠杆平衡条件的应用，需明确支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂，再结合杠杆平衡条件分析各小问。
1 / 1

展开更多......

收起↑