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人教版初中物理九年级下册期中考试模拟测验卷B卷
一、单选题
1．在如图所示的四个电路中，电源两端电压保持不变，若定值电阻R 的阻值已知，则在不拆卸元件的情况下不能测出电阻 Rx阻值的电路是（　　）.
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】A、V1测量R两端电压，根据欧姆定律计算电路电流，V2测量Rx两端电压，同理计算其电阻，故A错误；
B、电压表测量Rx电压，电流表测量Rx电流，根据欧姆定律计算Rx，故B错误；
C、两电阻并联，电流表测量R的电流，进而结合欧姆定律计算电源电压，但是无法测量通过Rx的电流，所以不能测量Rx，故C正确；
D、两电阻并联，电流表A1测量R的电流，进而结合欧姆定律计算电源电压，即Rx的电压，A2测量通过Rx的电流，根据欧姆定律计算Rx，故D错误。
综上选C。
【分析】 本题核心是利用伏安法测电阻的原理，通过分析各电路中能否同时测量 Rx的电压和电流，判断能否求出Rx的阻值。关键在于理解串联、并联电路的电流和电压特点，以及伏安法的适用条件。
2．如图所示的电路图，如果要用电压表测量灯泡L两端的电压，用电流表测量流经灯泡L的电流，正确的接法是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A.电压表不应该与灯泡串联，故A错误；
B．电流表不应该与灯泡并联，故B错误；
C．电流要从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，而图中电压表的接线柱接反，故C错误；
D．电压表并联在灯泡的两端，电流表与灯泡串联，且电流从电流表、电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，故D正确。
故选D。
【分析】电流表与被测的用电器串联，电压表与被测的用电器并联，且接线“正进负出”。
3．电给人类带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．用电器的金属外壳不需要接地
B．使用试电笔时，手指要接触笔尖金属体
C．发生触电事故时，首先要切断电源再进行施救
D．空气开关自动“跳闸”，一定是用电器发生了短路
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．冰箱、洗衣机等金属外壳用电器，接地可以防止外壳漏电时触电，故A不符合题意；
B．使用试电笔时，手指接触笔尖金属体会发生触电事故，故 B不符合题意；
C．发生触电事故时，首先切断电源，再进行施救，避免施救者同时触电，故C符合题意；
D．空气开关“跳闸”肯定是电流过大所致，可能是用电器短路，也可能是多个用电器同时工作总功率过大，故D不符合题意。
故选C。
【分析】AC.根据家庭电路安全用电的知识判断；
B.根据测电笔的使用方法判断；
D.根据家庭电路电流过大的原因判断。
4．如图是一种调温型电热毯的电路示意图，R1和R2是两根电热丝。图中虚线框内是“三刀四挡”滑动式调温开关，“三刀”（即AB、CD、EF三个滑片）只能同时并排向左或向右滑动，使开关处于“1”、“2”、“3”、“4”挡中的某一挡位上。当开关处于“4”挡时，电热毯不发热；当开关处于其他挡时，分别对应“高温”、“中温”、“低温”中的某一挡位。已知R1=55Ω，低温挡的功率为400W，下列说法正确的是（　　）
①电热丝不能用超导体材料来制作
②开关处于“3”时对应高温挡，R1与R2并联
③开关处于“2”时对应中温挡，电路中的电流为4A
④开关处于“1”时对应低温挡，R1在3min内可放出4.4×105J的热量
A．① B．①② C．①③ D．①②④
【答案】A
【知识点】超导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】①超导体材料没有电阻，电热丝是利用电流的热效应工作的，所以电热丝不能用超导体材料来制作，故①正确；
②③④分析电路可知，开关处于“1”时，R1与R2并联，此时总电阻最小，根据可知，此时总功率最大，为高温挡；开关处于“3”时R1与R2串联，此时总电阻最大，根据可知，此时总功率最小，为低温挡，此时电流为
，
则R1在3min内产生的热量为
，
则R1与R2的总电阻为
，
则R2阻值为：
R2=R总-R1=121Ω-55Ω=66Ω，
开关处于“2”时，只有R2工作，则处于中温挡，电路中的电流为：
，即①正确，②③④错误，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应。发生电流的热效应时，电能转化为内能；
开关处于“1”时，R1与R2并联，此时总电阻最小，根据可知，总功率最大，为高温挡；
开关处于“3”时R1与R2串联，此时总电阻最大，根据可知，总功率最小，为低温挡；
开关处于“2”时，只有R2工作，则处于中温挡，根据欧姆定律计算电流，利用焦耳定律计算电热。
5． 如图甲所示电路，电源电压恒定不变，电流表量程是0~0.6A，电压表量程是0~3V。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑到a点的过程中，滑动变阻器R和灯泡L的图像分别如图乙所示，当滑片在a点时灯泡L恰好正常发光。下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为4V
B．灯泡L正常发光时电阻为6Ω
C．电路中允许的最大功率为2.25W
D．电压表测量的是滑动变阻器R两端的电压
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：D、闭合S，灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路中的电流，故D错；
ABC、闭合S，灯泡、变阻器R串联，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，由此可知：图乙中，下边的曲线为灯泡的I-U图象，则上边的曲线为R的I-U图象，
滑片在a点时R的阻值最小（允许接入的最小阻值），电路中的电流最大，由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图象可知：小灯泡正常工作时的电压为1.5V，电流为0.5A，此时R两端的电压为3V，
则电源电压：U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V，故A错误；
则灯泡正常发光时的电阻为：，故B错误；
电路的最大功率：P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W，故C正确。
故选：C。
【分析】闭合S时，灯泡L和R串联，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，根据图象即可读出滑片在a点时小灯泡正常工作时灯泡、R的电压和电流，根据串联电路的电压特点求出电源电压，根据求出灯泡正常发光时的电阻，根据I-U图象得出电路中的最大电流值，根据P=UI求出电路的最大功率。
6．如图所示的几个物理电学实验，下列说法错误的是 （　　）
A．甲图若在 ab之间接入不同长度的镍铬合金丝，可以探究导体的电阻与长度的关系
B．乙图将电位器AB两接线柱接入电路中，滑片顺时针旋转时，电路电流变小
C．丙图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，当油量减少时，油量表的示数变大
D．丁图瓶中装有质量、初温相等的煤油，电阻R1>R2，闭合开关后，R1瓶中温度计示数大
【答案】B
【知识点】影响电阻大小的因素；电阻的串联；欧姆定律及其应用；焦耳定律；探究影响导体电阻大小的因素
【解析】【解答】 A．探究导体电阻与长度的关系时，需要控制导体的材料和横截面积相同，只改变导体的长度，故A正确不合题意；
B．将电位器AB两接线柱接入电路中，滑片逆时针旋转时，电位器接入电路的电阻丝长度变短，电阻变小，由可知，此时电路中的电流应变大，故B错误符合题意；
C．根据丙图可知，定值电阻R0与R串联，油量表串联在电路中是电流表。当油量减少时，滑片上移，滑动变阻器接入电路的阻值增大，那么电阻总阻值会变大。由可知，电路中的电流会变小，所以油量表的示数变小，故C错误符合题意；
D．根据丁图可知，定值电阻R1与R2串联，闭合开关后，通过它们的电流相等，通电时间相等。电阻R1＞R2，由焦耳定律Q=I2Rt可知，R1产生的热量更多，所以R1瓶中温度计示数大，故D正确不符合题意。
故选BC。
【分析】 A.根据控制变量法的要求分析判断；
B.将电位器AB两接线柱接入电路中，根据图片分析滑片逆时针旋转时变阻器接入阻值的变化，根据欧姆定律分析此时电路电流大小变化即可；
C.当油量减少时，浮标下降，杠杆带动滑动变阻器的滑片上移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律分析此时电流表的示数变化即可；
D.根据焦耳定律Q=I2Rt，两电阻串联，电流I和通电时间t相同，电阻大则产生的热量多，由于瓶中装有质量、初温相等的煤油，根据Q=cmΔt，电阻大的瓶中煤油吸收的热量多，温度升高得多，瓶中温度计示数大。
7．图为广播电台的发射塔，其信号频率比红光频率低，则以下说法正确的是（　　）
A．广播电台发射的信号不能在真空中传播
B．与红光相比，广播电台发射的信号波长较短
C．广播电台发射的信号在空气中传播的速度为340m/s
D．广播电台发射的信号是由高频变化的电流产生的
【答案】D
【知识点】无线电广播的发射和接收
【解析】【解答】 A． 广播电台发射的信号为电磁波，而电磁波可以在真空中传播，所以广播电台发射的信号能在真空中传播，故A错误；
B．所有的电磁波的传播速度相同，而广播电台的发射塔发射的信号频率比红光频率低，根据“波速=波长×频率”可知，则广播电台发射的信号的波长比红光波长长，故B错误；
C．电磁波在真空中的传播速度为3.0×108m/s，而广播电台发射的信号属于电磁波，所以电磁波在空气中的速度也接近3.0×108m/s，故C错误；
D．根据无线电通信的基本原理可知，广播信号是通过天线中的高频振荡电流产生的电磁波，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电磁波可以在真空中传播判断；
B.根据“波速=波长×频率”分析；
C.根据电磁波的传播速度判断；
D.根据无线电通信的基本原理判断。
8．对下列四幅图的说明中，正确的是（　　）
A． 摇动发电机的手柄，线圈快速转动、切割磁感线，小灯泡发光
B． 电风扇的工作原理与动圈式话筒的工作原理相同
C． 地球磁场的N极在地理北极的附近
D． 电磁起重机吸起大量钢铁是通电导体在磁场中受到力的作用
【答案】A
【知识点】地磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．根据图片可知，摇动发电机的手柄，从而使线圈在磁场中做切割磁感线运动，进而产生感应电流，则小灯泡发光，这是电磁感应现象，故A正确；
B．当对着话筒说话时，振动膜振动带动线圈往复运动，此时线圈切割磁感线从而将振动转化为强弱变化的电流，原理为电磁感应现象。电风扇的主要部件是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故B错误；
C．地理方向和地磁方向不完全重合，且交错分布，几地磁N极在地理的南极附近，故C错误；
D．电磁起重机的主要部件是电磁铁，其工作时利用了电流的磁效应，故D错误。
故选A。
【分析】分析各个仪器中包含的物理原理，然后与题目的文字描述对照即可。
9．如图是一种测量油箱内油量的装置示意图，电源电压为6V。R0的阻值为10Ω，滑动变阻器R的铭牌“10Ω 1A”，滑片跟滑杆连接，可在R的最上端和最下端之间移动，滑杆可以绕固定轴O转动，滑杆的一端固定着一个滑杆浮子。把电流表（测量范围0-0.6A）刻度盘上的数值改为相对应的油量体积数，就可以直接读出油箱中的油量。下列分析正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围：0A~0.6A
B．油箱内油量增大时，电路的电功率增大
C．油箱内油量增大时，电流表的示数减小
D．某同学想在实验室做一个简易的油量表，但他只有一个电压表，没有电流表，所以无法完成实验。
【答案】B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据电路图可知，定值电阻R0与变阻器R串联，电流表测总电流。当滑片在最下端时，变阻器的阻值为0，此时阻值最小而电流表的示数最大，即；
当滑片在最上端时，滑动变阻器接入的阻值为，此时电阻最大而电流表的示数最小，
即，
所以电流表的示数变化范围为0.3A~0.6A，故A错误；
BC．根据电路图可知，油箱内油量增大时，浮子上浮，滑片下移，那么变阻器接入的阻值变小。根据R总=R+R0可知，总电阻变小。由欧姆定可知，电路中的电流变大。由知，电路的电功率变大，故B正确，C错误；
D．根据电路图可知，当油量增大时，浮子上浮，滑片下移，变阻器接入的阻值R变小。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，R0两端的电压变大，电压表的示数变大，因此可以通过电压表的示数来反映油量的多少，所以将电压表并联在定值电阻R0两端，故D错误。
故选B。
【分析】 A.由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，由串联电路电流的规律和欧姆定律算出电路中的最小电流和最大电流；
BC.根据油量的变化可知浮子的移动方向，在杠杆的作用下可知滑片移动的方向，从而得出接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
根据P=UI判断出电路消耗电功率的变化；
D.若只有一个电压表，没有电流表，可以将电压表并联在定值电阻的两端，根据串联电路电压的规律判断出油箱内油量增大时电压表示数的变化即可。
二、多选题
10．如图所示的电路中，电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。和闭合，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合、断开，a表示数为0.4（单位为A 或V）。下列说法正确的是（　　）
A．的阻值为15Ω B．的阻值为5Ω
C．前一种情况中a表的示数为3V D．后一种情况中b表的示数为1.2A
【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】C．图中，和闭合，若a、b均为电流表，则电源被短路，a、b都为电压表，两电阻串联，a表测电源电压，b表测两端的电压；a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，两端的电压为1V，故C正确；
ABD．将a、b换为另一种电表，为电流表，闭合、断开，两电阻并联，a表测电流，示数为0.4A，b表测干路电流。串联电压规律，电压为，则、电压之比为，则、阻值之比为。根据并联分流原理，、电流之比为，电流为0.4A，则电流为，根据并联电流规律，b表的示数为，则的阻值为，
的阻值为，故A正确，BD错误。
故选AC。
【分析】电流表在电路中串联，电压表和所测量的位置并联；在串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；并联电路中，各支路电流之和等于干路电流；根据，计算电阻。
11．如图是我国西部某熔盐塔式光热电站，上万面镜子将太阳光准确地照射到高塔顶端，太阳光的能量被塔顶的熔盐吸收，熔盐带着这些能量到达厂房，将水加热成水蒸气，水蒸气推动汽轮发电机发电。下列说法错误的是（　　）
A．太阳能属于不可再生能源
B．发电机发电的原理是电磁感应现象
C．塔式光热发电站将太阳能直接转化为电能
D．水蒸气推动汽轮转动与内燃机的做功冲程的原理相同
【答案】A,C
【知识点】热机的四个冲程；能源及其分类；太阳能及其利用与转化；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．太阳能可以在短时间内得到补充，属于可再生能源，故A错误符合题意；
B．发电机的工作原理是电磁感应现象，故B正确不符合题意；
C．根据题意可知，塔式光热发电过程中能量的转化过程为：太阳能 →内能 → 机械能 →电能，故C错误符合题意；
D．水蒸气推动汽轮转动时，把内能转化成机械能，与内燃机的做功冲程的能量转化相同，故D正确不不合题意。
故选AC 。
【分析】A.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
B.根据发电机的工作原理判断；
C.根据题目描述结合塔式光热发电过程分析；
D.内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。
12．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，则下列说法正确的是（　　）
A．A1、A2表示数均变小 B．A1、A2表示数之差不变
C．V表示数变大 D．电路的总功率变小
【答案】A,B,D
【知识点】并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：根据电路图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流；
A、闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小，电流表A2示数变小；并联电路各支路互不影响，所以通过定值电阻的电流大小不变；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，电流表A1示数变小，故A正确；
B、根据并联电路的电流规律可知，A1、A2表示数之差为通过定值电阻的电流，所以该差值不变，故B正确；
C、由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故C错误；
D、根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确。
故答案为：ABD。
【分析】 根据电路图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流；
闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路的特点分析通过定值电阻电流的变化；
根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化、A1、A2表示数之差的变化；
根据电源电压分析电压表示数的变化；
根据P=UI分析总功率的变化。
三、填空题
13．按要求填空；
（1）如题1图所示，物体的长度为　 　cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，该天平配套的砝码如题2图甲所示．测量过程中，当天平平衡时，图乙中标尺上的游码应该调到了　 　g的位置。
（3）小明进行探究凸透镜成像规律的实验，已知凸透镜的焦距。
①首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在　 　。
②当光屏上成清晰的像时，如题3图所示；这种成像特点与　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）工作原理匹配。将蜡烛移到30cm刻度线处，若要在光屏上得到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动。
（4）如题4图所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中　 　（选填“有”或“无”）感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，小明接下来首先要进行的操作是　 　。
【答案】（1）3.40
（2）1.6
（3）同一高度上；照相机；右
（4）有；调换磁体的磁极
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；产生感应电流的条件
【解析】【解答】解：（1）如图1所示，刻度尺的分度值为0.1cm，物体在0起点位置，所以物体的长度为 3.40cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，因56.6g=50g+5g+1.6g
该天平配套的砝码如图2甲所示。测量过程中，当天平平衡时，图2乙中标尺上的游码应该调到了1.6g的位置。
（3）①调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，使像成在光屏的中央。
②当光屏上成清晰的像时，如图3所示，易知，物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，这种成像特点与 照相机工作原理匹配。将蜡烛移到30cm刻度线处，物距变小，若要在光屏上得到清晰的像，像距变大，应将光屏向右移动。
（4）如图4所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，切割磁感线，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中有感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，要改变磁场的方向，故小明接下来首先要进行的操作是 调换磁体的磁极。
故答案为：（1）3.40；（2）1.6；（3）同一高度上；照相机；右；（4）有；调换磁体的磁极。【分析】 （1）根据刻度尺的分度值为0.1cm得出物体的长度。
（2）砝码的最小质量为5g，根据物体的质量56.6g=50g+5g+1.6g分析。
（3）①首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在 同一高度上，目的是使像成在光屏的中央。
②物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用是照相机。成实像时，物距变小，像距变大，据此分析。
（4）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；感应电流的方向与磁场方向和导体切割割磁感线运动的方向有关，由控制变量法分析。
（1）如图1所示，刻度尺的分度值为0.1cm，物体左侧与0.00cm对齐，右侧与3.40cm对齐，所以物体长度为3.40cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，因56.6g=50g+5g+1.6g
该天平配套的砝码如图2甲所示。测量过程中，当天平平衡时，图2乙中标尺上的游码应该调到了1.6g的位置。
（3）[1]为使像成在光屏的中央，首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上。
[2]由图可知，物距u=50.0cm 10.0cm=40.0cm，u>2f（f=10.0cm ），此时成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一成像原理工作的
[3]将蜡烛移到30.0cm刻度线处，物距减小，根据凸透镜成像规律 “物近像远像变大”，像距应增大，所以应将光屏向右移动。
（4）[1][2]如图4所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，切割磁感线，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中有感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，要改变磁场的方向，故小明接下来首先要进行的操作是调换磁体的磁极。
14．一太阳能热水器水箱内装有质量为100kg的水，经太阳晒0.5h后，温度从20℃升高到30℃所吸收的热量是　 　J，这是用　 　的方式增加了水的内能。（C水＝4.2×103J/（kg ℃）
【答案】4.2×106；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热量的计算；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】根据吸热公式Q吸=cm(t-t0)，已知水的质量m=100kg，比热容c=4.2×103J/(kg·℃)，初温t0=20℃，末温t=30℃，则：Q吸=4.2×103J/(kg·℃)×100kg×(30℃-20℃)=4.2×106J。
水通过太阳照射升温，是通过热传递的方式吸收热量，内能增加。热传递的实质是内能的转移，而非能量的转化。
故答案为：4.2×106；热传递。
【分析】1、热量的计算：物体温度升高时吸收的热量公式Q吸=cm(t-t0)，温度降低时放出的热量公式Q放=cm(t0-t)，其中c为比热容，m为质量，t0为初温，t为末温。
2、改变内能的两种方式：热传递：包括传导、对流、辐射三种形式，实质是内能的转移，条件是存在温度差；做功：实质是机械能与内能的相互转化（如摩擦生热）。
3、比热容的应用：水的比热容大，常被用作吸热、放热的介质，太阳能热水器就是利用水的这一特性。
15．“金陵金箔”轻薄柔软，堪称“中华一绝”。其正确拿取方法是：手持羽毛轻扫纸垫，如题图甲所示，二者摩擦后带上了　 　(选填“同种”或“异种”)电荷；再将羽毛靠近图乙中工作台上方的金箔，由于带电体能够　 　，羽毛将金箔吸住。图丙、丁是自制的简易验电器，其中　 　(选填“丙”或“丁”)的工作原理和上述原因相同。
【答案】异种；吸引轻小物体；丁
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用；摩擦起电的现象
【解析】【解答】如图甲，手持羽毛轻轻扫过纸垫，在相互摩擦的过程中，一个物体得到电子而带负电，另一个物体失去电子而带正电，所以二者摩擦后带上异种电荷。
如图乙，带电的羽毛靠近工作台上方的金箔，由于带电体能够吸引轻小物体，羽毛会将金箔吸住。
图丙中简易验电器的原理是同种电荷互相排斥，图丁中带电体能吸引铝箔条，是因为带电体能够吸引轻小物体，所以图丁的工作原理与图乙原因相同。
【分析】1.不同物质的原子核对电子的束缚本领不同，当两个物体相互摩擦时，对电子束缚本领强的物质得到电子带负电，对电子束缚本领弱的物质失去电子带正电；
2.电荷间的相互作用：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；
3.带电体能够吸引轻小物体。
四、计算题
16．小明家买了一台“220V 1500W”的热水器，由于安装的位置离固定插座太远，便到商店买了标有“220V
6A”字样的多功能插座、标有“220V 10A”字样的双脚插头以及导线，组装了一个多孔的移动插座。请问：
（1）这台热水器与其他家用电器之间的连接方式是什么？
（2）从安全用电的角度指出这个移动插座存在问题的两个地方并说明原因：
【答案】（1）解：为了与其它用电器相互不影响，热水器与其它用电器应并联连接
（2）解：热水器的额定电流I＝ ＝ ＝6.8A，而多功能插座的额定电流为6A，即热水器的额定电流大于多功能插座的额定电流，会造成用电事故的，热水器是金属外壳，应通过三孔的插头接地线。
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【分析】（1）家庭电路中，各用电器是并联的；（2）有金属外壳的用电器要用三脚插头，用电器的电流不能超过插座电流。
17．老旧小区改造的内容之一——电路增容，是指增加居民用电的总额定功率，为保障增容后的线路安全，需要更换入户线。以小明家为例，可以将为他家供电的入户线和他家所有用电器简化成如图所示的电路模型，R为入户线的总电阻，所有用电器两端的电压U=220V保持不变。增容前R=0.05Ω，他家用电的总额定功率P=8.8kW。
（1）增容前，当小明家用电达到总额定功率P时，求入户线中的电流I及入户线上消耗的电功率P12。
（2）增容后，小明家用电的总额定功率增加了25%。假设小明家用 电达到增容后的总额定功率时，新入户线上消耗的电功率仍为(1)中的 Pn，求新入户线的总电阻R'。
【答案】（1）增容前，入户线中的电流
入户线上消耗的电功率
（2）解： 增容后，总额定功率P'=P+25%P=1.25×8800W=11000W
增容后入户线中的电流
由 知道
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）增容前，入户线中的电流，入户线上消耗的电功率；
（2）增容后，总额定功率P'=P+25%P，增容后入户线中的电流，由计算新入户线的总电阻R'。
18．如图甲是科技小组设计的“智能温控小屋”简化电路，受控电路功率随时间的变化关系如图乙所示。当室温上升至28℃时冷却系统开始工作，当室温降至23℃时停止工作。Rt为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，控制电路电源电压恒为3V。定值电阻R0为100Ω，线圈电阻忽略不计。求：
（1）受控电路30min内消耗的电能；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流；
（3）热敏电阻Rt的变化范围。
【答案】解：（1）由图乙可知，受控电路30min内工作了20min，所以可以得出消耗的电能为W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由图甲可知，衔铁被吸下时，受控电路工作，此时控制电路中R0与Rt并联，由并联电路中电压的规律知，R0两端的电压为U0＝U＝3V
通过电阻R0的电流为
（3）由题意可知，当室温上升至28℃时冷却系统开始工作前，控制电路只有热敏电阻接入电路，此时断路，此时经过热敏电阻的电流最大为0.15A，电阻最小时恰好衔铁被吸下，因此可以求出Rt的最小值
衔铁被下瞬间，冷却系统开始工作，温度不再上升，而是下降，电阻Rt开始变大，但由于衔铁被吸下后定值电阻被接入电路，与并联，当电路中的总电流小到0.15A时，衔铁才会被弹回，此时经过的电流为；；
此时Rt的阻值最大为；
因为Rt的阻值随温度的升高而减小，若Rt的阻值继续减小， 电路中的电流变大， 衔铁被吸下，冷却系统开始工作，温度降低，此时Rt的阻值会增大，故Rt的阻值最大为25Ω，故热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控电路30min内消耗的电能为1.44×106J；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流为0.03 A；
（3）热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）由图乙可知冷却系统30min内工作了20min，根据W=Pt计算消耗的电能；
（2）由并联电路电压规律及欧姆定律进行计算；
（3）当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，冷却系统工作，计算出热敏电阻的最小阻值；当室温降至23℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，控制电路的总电流仍为0.15A，根据并联电路的特点和欧姆定律求出热敏电阻的最大阻值。
五、实验探究题
19．某同学利用干电池、数字电流表A、数字电压表V、多个阻值不同且已知的定值电阻、滑动变阻器、开关及导线，探究通过导体的电流与导体的电阻的关系。
（1）请画出实验电路图　 　。
（2）该同学分析下表实验数据，发现　 　，由此可得实验结论：　 　。
电阻 5 10 15 20 25 40
电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 0.05
【答案】（1）
（2）导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变；在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
【知识点】欧姆定律及其应用；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）这是一个串联电路，由电源、开关、电流表、定值电阻R、滑动变阻器串联组成。电压表并联在定值电阻R两端，用于测量其电压；电流表串联在电路中，用于测量总电流。滑动变阻器的作用是调节电路中的电流，以保持定值电阻R两端的电压不变。
（2）从表格数据可以看出：
电阻R从5增大到40，电流I从0.40A减小到0.05A。
计算电流与电阻的乘积：50.40A=100.20A=400.05A=2V，乘积恒定，说明电阻两端的电压保持不变。
这个结论是基于控制变量法得出的：在保持电阻两端电压不变的情况下，电流随电阻的增大而减小，且两者的乘积恒定，符合反比例关系。
故答案为：（1）；（2）导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变；在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【分析】1、实验电路图的绘制：掌握探究电流与电阻关系的实验电路结构，包括电源、开关、电流表、电压表、定值电阻和滑动变阻器的连接方式。
2、控制变量法：探究电流与电阻的关系时，必须控制电阻两端的电压不变。
3、欧姆定律：，是分析实验数据和得出结论的理论依据。
4、实验数据的分析：通过计算电流与电阻的乘积，验证电压是否恒定，并得出电流与电阻的定量关系。
5、实验结论的表述：准确表述实验结论，即“在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”。
六、科普阅读题
20．永磁磁浮空轨————“兴国号”
2022年8月9日我国首条永磁磁浮空轨(空中轨道列车)“兴国号”在江西兴国举行竣工仪式并投入使用。如图甲所示：“永磁磁浮空轨”是一种新型悬挂式磁浮车辆，采用悬挂式单轨结构，是永磁磁浮技术与空轨技术的完美结合。所应用的永磁悬浮技术，即永磁磁浮列车靠在车顶的永磁装置与永磁轨道的斥力而悬浮于空中，是独立于常导磁悬浮、超导磁悬浮之外的第三条技术系列，我国拥有完全自主知识产权。目前已有的空轨列车采用的是电气驱动轮胎在轨道梁内行走，而“永磁磁浮空轨”的转向架由轮胎变成永磁铁，无需耗费电能，通过永磁特性即可实现车辆零功率悬浮，几乎零摩擦运行，能够进一步降低运行阻力。
保证列车悬浮和长时间稳定磁性的“秘密”是列车永磁体里的稀土成分。通过特殊工艺，在金属中添加钕铁硼等稀土材料制备高性能的永磁体，使其达到设计的悬浮性能，能使列车和轨道等的使用寿命更长。“永磁磁浮空轨”在继承了传统空轨的有独立路权、占地面积小、建设周期短、建设成本低、景观性好等一系列优点基础上，还有车辆运行更平稳，更节能环保的种种优势。它势必会引领我国新制式、新接入级轨道交通翻开崭新的一页。图乙为磁悬浮原理简化图。
（1）“兴国号”永磁磁悬浮是运用磁体的“　 　”原理，使列车克服地球引力实现悬浮的。
（2）关于“兴国号”，下列说法正确的是____（多选)
A．可以实现零功率悬浮
B．永磁体里的稀土材料属于可再生能源
C．永磁体无需耗费电能就能产生磁力，相对电磁体节能环保
D．在金属中添加钕铁硼等稀土材料可以制备高性能的永磁体
（3）永磁磁悬浮列车，它利用磁力实现车辆悬浮，大幅减小了运行阻力。这里减小摩擦的方法是：　 　。
（4）列车悬浮后匀速行驶时，在竖直方向受重力和　 　的作用，且这两个力是一对　 　。
（5）小深同学根据图乙中电流方向判断，永磁体上端的磁极为　 　极。
【答案】（1）同名磁极相互排斥
（2）A；C；D
（3）使接触面分离
（4）向上的斥力；平衡力
（5）S
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；安培定则；磁悬浮列车的工作原理和特点
【解析】【解答】（1）磁悬浮列车是利用磁体的同名磁极相互排斥原理；
（2）A、 通过永磁特性即可实现车辆零功率悬浮，几乎零摩擦运行 ，故A正确；
B、稀土属于矿产资源，属于不可再生能源，故B错误；
C、永磁铁不需要消耗电能就能维持磁性，所以 相对电磁体节能环保 ，故C正确；
D、 通过特殊工艺，在金属中添加钕铁硼等稀土材料制备高性能的永磁体，使其达到设计的悬浮性能 ，故D正确；
综上选ACD。
（3）磁悬浮列车通过使接触面分离减小摩擦力；
（4）磁悬浮列车匀速行驶，受到平衡力，在竖直方向上，受到重力和向上的斥力，这两个是平衡力；
（5）根据安培定则可知， 永磁体上端的磁极为 S极。
【分析】1、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，磁悬浮列车运行的原理为同名磁极相互排斥；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
3、摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，磁悬浮列车通过分离接触面减小摩擦力；
4、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
5、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
1 / 1人教版初中物理九年级下册期中考试模拟测验卷B卷
一、单选题
1．在如图所示的四个电路中，电源两端电压保持不变，若定值电阻R 的阻值已知，则在不拆卸元件的情况下不能测出电阻 Rx阻值的电路是（　　）.
A． B．
C． D．
2．如图所示的电路图，如果要用电压表测量灯泡L两端的电压，用电流表测量流经灯泡L的电流，正确的接法是（　　）
A． B．
C． D．
3．电给人类带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．用电器的金属外壳不需要接地
B．使用试电笔时，手指要接触笔尖金属体
C．发生触电事故时，首先要切断电源再进行施救
D．空气开关自动“跳闸”，一定是用电器发生了短路
4．如图是一种调温型电热毯的电路示意图，R1和R2是两根电热丝。图中虚线框内是“三刀四挡”滑动式调温开关，“三刀”（即AB、CD、EF三个滑片）只能同时并排向左或向右滑动，使开关处于“1”、“2”、“3”、“4”挡中的某一挡位上。当开关处于“4”挡时，电热毯不发热；当开关处于其他挡时，分别对应“高温”、“中温”、“低温”中的某一挡位。已知R1=55Ω，低温挡的功率为400W，下列说法正确的是（　　）
①电热丝不能用超导体材料来制作
②开关处于“3”时对应高温挡，R1与R2并联
③开关处于“2”时对应中温挡，电路中的电流为4A
④开关处于“1”时对应低温挡，R1在3min内可放出4.4×105J的热量
A．① B．①② C．①③ D．①②④
5． 如图甲所示电路，电源电压恒定不变，电流表量程是0~0.6A，电压表量程是0~3V。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑到a点的过程中，滑动变阻器R和灯泡L的图像分别如图乙所示，当滑片在a点时灯泡L恰好正常发光。下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为4V
B．灯泡L正常发光时电阻为6Ω
C．电路中允许的最大功率为2.25W
D．电压表测量的是滑动变阻器R两端的电压
6．如图所示的几个物理电学实验，下列说法错误的是 （　　）
A．甲图若在 ab之间接入不同长度的镍铬合金丝，可以探究导体的电阻与长度的关系
B．乙图将电位器AB两接线柱接入电路中，滑片顺时针旋转时，电路电流变小
C．丙图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，当油量减少时，油量表的示数变大
D．丁图瓶中装有质量、初温相等的煤油，电阻R1>R2，闭合开关后，R1瓶中温度计示数大
7．图为广播电台的发射塔，其信号频率比红光频率低，则以下说法正确的是（　　）
A．广播电台发射的信号不能在真空中传播
B．与红光相比，广播电台发射的信号波长较短
C．广播电台发射的信号在空气中传播的速度为340m/s
D．广播电台发射的信号是由高频变化的电流产生的
8．对下列四幅图的说明中，正确的是（　　）
A． 摇动发电机的手柄，线圈快速转动、切割磁感线，小灯泡发光
B． 电风扇的工作原理与动圈式话筒的工作原理相同
C． 地球磁场的N极在地理北极的附近
D． 电磁起重机吸起大量钢铁是通电导体在磁场中受到力的作用
9．如图是一种测量油箱内油量的装置示意图，电源电压为6V。R0的阻值为10Ω，滑动变阻器R的铭牌“10Ω 1A”，滑片跟滑杆连接，可在R的最上端和最下端之间移动，滑杆可以绕固定轴O转动，滑杆的一端固定着一个滑杆浮子。把电流表（测量范围0-0.6A）刻度盘上的数值改为相对应的油量体积数，就可以直接读出油箱中的油量。下列分析正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围：0A~0.6A
B．油箱内油量增大时，电路的电功率增大
C．油箱内油量增大时，电流表的示数减小
D．某同学想在实验室做一个简易的油量表，但他只有一个电压表，没有电流表，所以无法完成实验。
二、多选题
10．如图所示的电路中，电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。和闭合，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合、断开，a表示数为0.4（单位为A 或V）。下列说法正确的是（　　）
A．的阻值为15Ω B．的阻值为5Ω
C．前一种情况中a表的示数为3V D．后一种情况中b表的示数为1.2A
11．如图是我国西部某熔盐塔式光热电站，上万面镜子将太阳光准确地照射到高塔顶端，太阳光的能量被塔顶的熔盐吸收，熔盐带着这些能量到达厂房，将水加热成水蒸气，水蒸气推动汽轮发电机发电。下列说法错误的是（　　）
A．太阳能属于不可再生能源
B．发电机发电的原理是电磁感应现象
C．塔式光热发电站将太阳能直接转化为电能
D．水蒸气推动汽轮转动与内燃机的做功冲程的原理相同
12．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，则下列说法正确的是（　　）
A．A1、A2表示数均变小 B．A1、A2表示数之差不变
C．V表示数变大 D．电路的总功率变小
三、填空题
13．按要求填空；
（1）如题1图所示，物体的长度为　 　cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，该天平配套的砝码如题2图甲所示．测量过程中，当天平平衡时，图乙中标尺上的游码应该调到了　 　g的位置。
（3）小明进行探究凸透镜成像规律的实验，已知凸透镜的焦距。
①首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在　 　。
②当光屏上成清晰的像时，如题3图所示；这种成像特点与　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）工作原理匹配。将蜡烛移到30cm刻度线处，若要在光屏上得到清晰的像，应将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动。
（4）如题4图所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中　 　（选填“有”或“无”）感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，小明接下来首先要进行的操作是　 　。
14．一太阳能热水器水箱内装有质量为100kg的水，经太阳晒0.5h后，温度从20℃升高到30℃所吸收的热量是　 　J，这是用　 　的方式增加了水的内能。（C水＝4.2×103J/（kg ℃）
15．“金陵金箔”轻薄柔软，堪称“中华一绝”。其正确拿取方法是：手持羽毛轻扫纸垫，如题图甲所示，二者摩擦后带上了　 　(选填“同种”或“异种”)电荷；再将羽毛靠近图乙中工作台上方的金箔，由于带电体能够　 　，羽毛将金箔吸住。图丙、丁是自制的简易验电器，其中　 　(选填“丙”或“丁”)的工作原理和上述原因相同。
四、计算题
16．小明家买了一台“220V 1500W”的热水器，由于安装的位置离固定插座太远，便到商店买了标有“220V
6A”字样的多功能插座、标有“220V 10A”字样的双脚插头以及导线，组装了一个多孔的移动插座。请问：
（1）这台热水器与其他家用电器之间的连接方式是什么？
（2）从安全用电的角度指出这个移动插座存在问题的两个地方并说明原因：
17．老旧小区改造的内容之一——电路增容，是指增加居民用电的总额定功率，为保障增容后的线路安全，需要更换入户线。以小明家为例，可以将为他家供电的入户线和他家所有用电器简化成如图所示的电路模型，R为入户线的总电阻，所有用电器两端的电压U=220V保持不变。增容前R=0.05Ω，他家用电的总额定功率P=8.8kW。
（1）增容前，当小明家用电达到总额定功率P时，求入户线中的电流I及入户线上消耗的电功率P12。
（2）增容后，小明家用电的总额定功率增加了25%。假设小明家用 电达到增容后的总额定功率时，新入户线上消耗的电功率仍为(1)中的 Pn，求新入户线的总电阻R'。
18．如图甲是科技小组设计的“智能温控小屋”简化电路，受控电路功率随时间的变化关系如图乙所示。当室温上升至28℃时冷却系统开始工作，当室温降至23℃时停止工作。Rt为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，控制电路电源电压恒为3V。定值电阻R0为100Ω，线圈电阻忽略不计。求：
（1）受控电路30min内消耗的电能；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流；
（3）热敏电阻Rt的变化范围。
五、实验探究题
19．某同学利用干电池、数字电流表A、数字电压表V、多个阻值不同且已知的定值电阻、滑动变阻器、开关及导线，探究通过导体的电流与导体的电阻的关系。
（1）请画出实验电路图　 　。
（2）该同学分析下表实验数据，发现　 　，由此可得实验结论：　 　。
电阻 5 10 15 20 25 40
电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 0.05
六、科普阅读题
20．永磁磁浮空轨————“兴国号”
2022年8月9日我国首条永磁磁浮空轨(空中轨道列车)“兴国号”在江西兴国举行竣工仪式并投入使用。如图甲所示：“永磁磁浮空轨”是一种新型悬挂式磁浮车辆，采用悬挂式单轨结构，是永磁磁浮技术与空轨技术的完美结合。所应用的永磁悬浮技术，即永磁磁浮列车靠在车顶的永磁装置与永磁轨道的斥力而悬浮于空中，是独立于常导磁悬浮、超导磁悬浮之外的第三条技术系列，我国拥有完全自主知识产权。目前已有的空轨列车采用的是电气驱动轮胎在轨道梁内行走，而“永磁磁浮空轨”的转向架由轮胎变成永磁铁，无需耗费电能，通过永磁特性即可实现车辆零功率悬浮，几乎零摩擦运行，能够进一步降低运行阻力。
保证列车悬浮和长时间稳定磁性的“秘密”是列车永磁体里的稀土成分。通过特殊工艺，在金属中添加钕铁硼等稀土材料制备高性能的永磁体，使其达到设计的悬浮性能，能使列车和轨道等的使用寿命更长。“永磁磁浮空轨”在继承了传统空轨的有独立路权、占地面积小、建设周期短、建设成本低、景观性好等一系列优点基础上，还有车辆运行更平稳，更节能环保的种种优势。它势必会引领我国新制式、新接入级轨道交通翻开崭新的一页。图乙为磁悬浮原理简化图。
（1）“兴国号”永磁磁悬浮是运用磁体的“　 　”原理，使列车克服地球引力实现悬浮的。
（2）关于“兴国号”，下列说法正确的是____（多选)
A．可以实现零功率悬浮
B．永磁体里的稀土材料属于可再生能源
C．永磁体无需耗费电能就能产生磁力，相对电磁体节能环保
D．在金属中添加钕铁硼等稀土材料可以制备高性能的永磁体
（3）永磁磁悬浮列车，它利用磁力实现车辆悬浮，大幅减小了运行阻力。这里减小摩擦的方法是：　 　。
（4）列车悬浮后匀速行驶时，在竖直方向受重力和　 　的作用，且这两个力是一对　 　。
（5）小深同学根据图乙中电流方向判断，永磁体上端的磁极为　 　极。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】A、V1测量R两端电压，根据欧姆定律计算电路电流，V2测量Rx两端电压，同理计算其电阻，故A错误；
B、电压表测量Rx电压，电流表测量Rx电流，根据欧姆定律计算Rx，故B错误；
C、两电阻并联，电流表测量R的电流，进而结合欧姆定律计算电源电压，但是无法测量通过Rx的电流，所以不能测量Rx，故C正确；
D、两电阻并联，电流表A1测量R的电流，进而结合欧姆定律计算电源电压，即Rx的电压，A2测量通过Rx的电流，根据欧姆定律计算Rx，故D错误。
综上选C。
【分析】 本题核心是利用伏安法测电阻的原理，通过分析各电路中能否同时测量 Rx的电压和电流，判断能否求出Rx的阻值。关键在于理解串联、并联电路的电流和电压特点，以及伏安法的适用条件。
2．【答案】D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A.电压表不应该与灯泡串联，故A错误；
B．电流表不应该与灯泡并联，故B错误；
C．电流要从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，而图中电压表的接线柱接反，故C错误；
D．电压表并联在灯泡的两端，电流表与灯泡串联，且电流从电流表、电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，故D正确。
故选D。
【分析】电流表与被测的用电器串联，电压表与被测的用电器并联，且接线“正进负出”。
3．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．冰箱、洗衣机等金属外壳用电器，接地可以防止外壳漏电时触电，故A不符合题意；
B．使用试电笔时，手指接触笔尖金属体会发生触电事故，故 B不符合题意；
C．发生触电事故时，首先切断电源，再进行施救，避免施救者同时触电，故C符合题意；
D．空气开关“跳闸”肯定是电流过大所致，可能是用电器短路，也可能是多个用电器同时工作总功率过大，故D不符合题意。
故选C。
【分析】AC.根据家庭电路安全用电的知识判断；
B.根据测电笔的使用方法判断；
D.根据家庭电路电流过大的原因判断。
4．【答案】A
【知识点】超导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】①超导体材料没有电阻，电热丝是利用电流的热效应工作的，所以电热丝不能用超导体材料来制作，故①正确；
②③④分析电路可知，开关处于“1”时，R1与R2并联，此时总电阻最小，根据可知，此时总功率最大，为高温挡；开关处于“3”时R1与R2串联，此时总电阻最大，根据可知，此时总功率最小，为低温挡，此时电流为
，
则R1在3min内产生的热量为
，
则R1与R2的总电阻为
，
则R2阻值为：
R2=R总-R1=121Ω-55Ω=66Ω，
开关处于“2”时，只有R2工作，则处于中温挡，电路中的电流为：
，即①正确，②③④错误，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应。发生电流的热效应时，电能转化为内能；
开关处于“1”时，R1与R2并联，此时总电阻最小，根据可知，总功率最大，为高温挡；
开关处于“3”时R1与R2串联，此时总电阻最大，根据可知，总功率最小，为低温挡；
开关处于“2”时，只有R2工作，则处于中温挡，根据欧姆定律计算电流，利用焦耳定律计算电热。
5．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：D、闭合S，灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路中的电流，故D错；
ABC、闭合S，灯泡、变阻器R串联，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，由此可知：图乙中，下边的曲线为灯泡的I-U图象，则上边的曲线为R的I-U图象，
滑片在a点时R的阻值最小（允许接入的最小阻值），电路中的电流最大，由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图象可知：小灯泡正常工作时的电压为1.5V，电流为0.5A，此时R两端的电压为3V，
则电源电压：U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V，故A错误；
则灯泡正常发光时的电阻为：，故B错误；
电路的最大功率：P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W，故C正确。
故选：C。
【分析】闭合S时，灯泡L和R串联，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，根据图象即可读出滑片在a点时小灯泡正常工作时灯泡、R的电压和电流，根据串联电路的电压特点求出电源电压，根据求出灯泡正常发光时的电阻，根据I-U图象得出电路中的最大电流值，根据P=UI求出电路的最大功率。
6．【答案】B
【知识点】影响电阻大小的因素；电阻的串联；欧姆定律及其应用；焦耳定律；探究影响导体电阻大小的因素
【解析】【解答】 A．探究导体电阻与长度的关系时，需要控制导体的材料和横截面积相同，只改变导体的长度，故A正确不合题意；
B．将电位器AB两接线柱接入电路中，滑片逆时针旋转时，电位器接入电路的电阻丝长度变短，电阻变小，由可知，此时电路中的电流应变大，故B错误符合题意；
C．根据丙图可知，定值电阻R0与R串联，油量表串联在电路中是电流表。当油量减少时，滑片上移，滑动变阻器接入电路的阻值增大，那么电阻总阻值会变大。由可知，电路中的电流会变小，所以油量表的示数变小，故C错误符合题意；
D．根据丁图可知，定值电阻R1与R2串联，闭合开关后，通过它们的电流相等，通电时间相等。电阻R1＞R2，由焦耳定律Q=I2Rt可知，R1产生的热量更多，所以R1瓶中温度计示数大，故D正确不符合题意。
故选BC。
【分析】 A.根据控制变量法的要求分析判断；
B.将电位器AB两接线柱接入电路中，根据图片分析滑片逆时针旋转时变阻器接入阻值的变化，根据欧姆定律分析此时电路电流大小变化即可；
C.当油量减少时，浮标下降，杠杆带动滑动变阻器的滑片上移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律分析此时电流表的示数变化即可；
D.根据焦耳定律Q=I2Rt，两电阻串联，电流I和通电时间t相同，电阻大则产生的热量多，由于瓶中装有质量、初温相等的煤油，根据Q=cmΔt，电阻大的瓶中煤油吸收的热量多，温度升高得多，瓶中温度计示数大。
7．【答案】D
【知识点】无线电广播的发射和接收
【解析】【解答】 A． 广播电台发射的信号为电磁波，而电磁波可以在真空中传播，所以广播电台发射的信号能在真空中传播，故A错误；
B．所有的电磁波的传播速度相同，而广播电台的发射塔发射的信号频率比红光频率低，根据“波速=波长×频率”可知，则广播电台发射的信号的波长比红光波长长，故B错误；
C．电磁波在真空中的传播速度为3.0×108m/s，而广播电台发射的信号属于电磁波，所以电磁波在空气中的速度也接近3.0×108m/s，故C错误；
D．根据无线电通信的基本原理可知，广播信号是通过天线中的高频振荡电流产生的电磁波，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电磁波可以在真空中传播判断；
B.根据“波速=波长×频率”分析；
C.根据电磁波的传播速度判断；
D.根据无线电通信的基本原理判断。
8．【答案】A
【知识点】地磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．根据图片可知，摇动发电机的手柄，从而使线圈在磁场中做切割磁感线运动，进而产生感应电流，则小灯泡发光，这是电磁感应现象，故A正确；
B．当对着话筒说话时，振动膜振动带动线圈往复运动，此时线圈切割磁感线从而将振动转化为强弱变化的电流，原理为电磁感应现象。电风扇的主要部件是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故B错误；
C．地理方向和地磁方向不完全重合，且交错分布，几地磁N极在地理的南极附近，故C错误；
D．电磁起重机的主要部件是电磁铁，其工作时利用了电流的磁效应，故D错误。
故选A。
【分析】分析各个仪器中包含的物理原理，然后与题目的文字描述对照即可。
9．【答案】B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据电路图可知，定值电阻R0与变阻器R串联，电流表测总电流。当滑片在最下端时，变阻器的阻值为0，此时阻值最小而电流表的示数最大，即；
当滑片在最上端时，滑动变阻器接入的阻值为，此时电阻最大而电流表的示数最小，
即，
所以电流表的示数变化范围为0.3A~0.6A，故A错误；
BC．根据电路图可知，油箱内油量增大时，浮子上浮，滑片下移，那么变阻器接入的阻值变小。根据R总=R+R0可知，总电阻变小。由欧姆定可知，电路中的电流变大。由知，电路的电功率变大，故B正确，C错误；
D．根据电路图可知，当油量增大时，浮子上浮，滑片下移，变阻器接入的阻值R变小。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，R0两端的电压变大，电压表的示数变大，因此可以通过电压表的示数来反映油量的多少，所以将电压表并联在定值电阻R0两端，故D错误。
故选B。
【分析】 A.由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，由串联电路电流的规律和欧姆定律算出电路中的最小电流和最大电流；
BC.根据油量的变化可知浮子的移动方向，在杠杆的作用下可知滑片移动的方向，从而得出接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
根据P=UI判断出电路消耗电功率的变化；
D.若只有一个电压表，没有电流表，可以将电压表并联在定值电阻的两端，根据串联电路电压的规律判断出油箱内油量增大时电压表示数的变化即可。
10．【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】C．图中，和闭合，若a、b均为电流表，则电源被短路，a、b都为电压表，两电阻串联，a表测电源电压，b表测两端的电压；a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，两端的电压为1V，故C正确；
ABD．将a、b换为另一种电表，为电流表，闭合、断开，两电阻并联，a表测电流，示数为0.4A，b表测干路电流。串联电压规律，电压为，则、电压之比为，则、阻值之比为。根据并联分流原理，、电流之比为，电流为0.4A，则电流为，根据并联电流规律，b表的示数为，则的阻值为，
的阻值为，故A正确，BD错误。
故选AC。
【分析】电流表在电路中串联，电压表和所测量的位置并联；在串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；并联电路中，各支路电流之和等于干路电流；根据，计算电阻。
11．【答案】A,C
【知识点】热机的四个冲程；能源及其分类；太阳能及其利用与转化；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．太阳能可以在短时间内得到补充，属于可再生能源，故A错误符合题意；
B．发电机的工作原理是电磁感应现象，故B正确不符合题意；
C．根据题意可知，塔式光热发电过程中能量的转化过程为：太阳能 →内能 → 机械能 →电能，故C错误符合题意；
D．水蒸气推动汽轮转动时，把内能转化成机械能，与内燃机的做功冲程的能量转化相同，故D正确不不合题意。
故选AC 。
【分析】A.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
B.根据发电机的工作原理判断；
C.根据题目描述结合塔式光热发电过程分析；
D.内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。
12．【答案】A,B,D
【知识点】并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：根据电路图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流；
A、闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小，电流表A2示数变小；并联电路各支路互不影响，所以通过定值电阻的电流大小不变；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，电流表A1示数变小，故A正确；
B、根据并联电路的电流规律可知，A1、A2表示数之差为通过定值电阻的电流，所以该差值不变，故B正确；
C、由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故C错误；
D、根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确。
故答案为：ABD。
【分析】 根据电路图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流；
闭合开关S1、S2，将滑片向右滑动，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路的特点分析通过定值电阻电流的变化；
根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化、A1、A2表示数之差的变化；
根据电源电压分析电压表示数的变化；
根据P=UI分析总功率的变化。
13．【答案】（1）3.40
（2）1.6
（3）同一高度上；照相机；右
（4）有；调换磁体的磁极
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；产生感应电流的条件
【解析】【解答】解：（1）如图1所示，刻度尺的分度值为0.1cm，物体在0起点位置，所以物体的长度为 3.40cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，因56.6g=50g+5g+1.6g
该天平配套的砝码如图2甲所示。测量过程中，当天平平衡时，图2乙中标尺上的游码应该调到了1.6g的位置。
（3）①调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，使像成在光屏的中央。
②当光屏上成清晰的像时，如图3所示，易知，物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，这种成像特点与 照相机工作原理匹配。将蜡烛移到30cm刻度线处，物距变小，若要在光屏上得到清晰的像，像距变大，应将光屏向右移动。
（4）如图4所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，切割磁感线，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中有感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，要改变磁场的方向，故小明接下来首先要进行的操作是 调换磁体的磁极。
故答案为：（1）3.40；（2）1.6；（3）同一高度上；照相机；右；（4）有；调换磁体的磁极。【分析】 （1）根据刻度尺的分度值为0.1cm得出物体的长度。
（2）砝码的最小质量为5g，根据物体的质量56.6g=50g+5g+1.6g分析。
（3）①首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在 同一高度上，目的是使像成在光屏的中央。
②物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用是照相机。成实像时，物距变小，像距变大，据此分析。
（4）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；感应电流的方向与磁场方向和导体切割割磁感线运动的方向有关，由控制变量法分析。
（1）如图1所示，刻度尺的分度值为0.1cm，物体左侧与0.00cm对齐，右侧与3.40cm对齐，所以物体长度为3.40cm。
（2）小明用已调平的天平测量一块质量为56.6g的金属，因56.6g=50g+5g+1.6g
该天平配套的砝码如图2甲所示。测量过程中，当天平平衡时，图2乙中标尺上的游码应该调到了1.6g的位置。
（3）[1]为使像成在光屏的中央，首先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上。
[2]由图可知，物距u=50.0cm 10.0cm=40.0cm，u>2f（f=10.0cm ），此时成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一成像原理工作的
[3]将蜡烛移到30.0cm刻度线处，物距减小，根据凸透镜成像规律 “物近像远像变大”，像距应增大，所以应将光屏向右移动。
（4）[1][2]如图4所示，小明在探究电磁感应实验中，当导体ab向左运动时，切割磁感线，观察到灵敏电流计指针向右偏转，说明此时电路中有感应电流产生。若要探究感应电流的方向与磁场方向是否有关，要改变磁场的方向，故小明接下来首先要进行的操作是调换磁体的磁极。
14．【答案】4.2×106；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热量的计算；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】根据吸热公式Q吸=cm(t-t0)，已知水的质量m=100kg，比热容c=4.2×103J/(kg·℃)，初温t0=20℃，末温t=30℃，则：Q吸=4.2×103J/(kg·℃)×100kg×(30℃-20℃)=4.2×106J。
水通过太阳照射升温，是通过热传递的方式吸收热量，内能增加。热传递的实质是内能的转移，而非能量的转化。
故答案为：4.2×106；热传递。
【分析】1、热量的计算：物体温度升高时吸收的热量公式Q吸=cm(t-t0)，温度降低时放出的热量公式Q放=cm(t0-t)，其中c为比热容，m为质量，t0为初温，t为末温。
2、改变内能的两种方式：热传递：包括传导、对流、辐射三种形式，实质是内能的转移，条件是存在温度差；做功：实质是机械能与内能的相互转化（如摩擦生热）。
3、比热容的应用：水的比热容大，常被用作吸热、放热的介质，太阳能热水器就是利用水的这一特性。
15．【答案】异种；吸引轻小物体；丁
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用；摩擦起电的现象
【解析】【解答】如图甲，手持羽毛轻轻扫过纸垫，在相互摩擦的过程中，一个物体得到电子而带负电，另一个物体失去电子而带正电，所以二者摩擦后带上异种电荷。
如图乙，带电的羽毛靠近工作台上方的金箔，由于带电体能够吸引轻小物体，羽毛会将金箔吸住。
图丙中简易验电器的原理是同种电荷互相排斥，图丁中带电体能吸引铝箔条，是因为带电体能够吸引轻小物体，所以图丁的工作原理与图乙原因相同。
【分析】1.不同物质的原子核对电子的束缚本领不同，当两个物体相互摩擦时，对电子束缚本领强的物质得到电子带负电，对电子束缚本领弱的物质失去电子带正电；
2.电荷间的相互作用：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；
3.带电体能够吸引轻小物体。
16．【答案】（1）解：为了与其它用电器相互不影响，热水器与其它用电器应并联连接
（2）解：热水器的额定电流I＝ ＝ ＝6.8A，而多功能插座的额定电流为6A，即热水器的额定电流大于多功能插座的额定电流，会造成用电事故的，热水器是金属外壳，应通过三孔的插头接地线。
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【分析】（1）家庭电路中，各用电器是并联的；（2）有金属外壳的用电器要用三脚插头，用电器的电流不能超过插座电流。
17．【答案】（1）增容前，入户线中的电流
入户线上消耗的电功率
（2）解： 增容后，总额定功率P'=P+25%P=1.25×8800W=11000W
增容后入户线中的电流
由 知道
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】（1）增容前，入户线中的电流，入户线上消耗的电功率；
（2）增容后，总额定功率P'=P+25%P，增容后入户线中的电流，由计算新入户线的总电阻R'。
18．【答案】解：（1）由图乙可知，受控电路30min内工作了20min，所以可以得出消耗的电能为W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由图甲可知，衔铁被吸下时，受控电路工作，此时控制电路中R0与Rt并联，由并联电路中电压的规律知，R0两端的电压为U0＝U＝3V
通过电阻R0的电流为
（3）由题意可知，当室温上升至28℃时冷却系统开始工作前，控制电路只有热敏电阻接入电路，此时断路，此时经过热敏电阻的电流最大为0.15A，电阻最小时恰好衔铁被吸下，因此可以求出Rt的最小值
衔铁被下瞬间，冷却系统开始工作，温度不再上升，而是下降，电阻Rt开始变大，但由于衔铁被吸下后定值电阻被接入电路，与并联，当电路中的总电流小到0.15A时，衔铁才会被弹回，此时经过的电流为；；
此时Rt的阻值最大为；
因为Rt的阻值随温度的升高而减小，若Rt的阻值继续减小， 电路中的电流变大， 衔铁被吸下，冷却系统开始工作，温度降低，此时Rt的阻值会增大，故Rt的阻值最大为25Ω，故热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控电路30min内消耗的电能为1.44×106J；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流为0.03 A；
（3）热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）由图乙可知冷却系统30min内工作了20min，根据W=Pt计算消耗的电能；
（2）由并联电路电压规律及欧姆定律进行计算；
（3）当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，冷却系统工作，计算出热敏电阻的最小阻值；当室温降至23℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，控制电路的总电流仍为0.15A，根据并联电路的特点和欧姆定律求出热敏电阻的最大阻值。
19．【答案】（1）
（2）导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变；在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
【知识点】欧姆定律及其应用；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）这是一个串联电路，由电源、开关、电流表、定值电阻R、滑动变阻器串联组成。电压表并联在定值电阻R两端，用于测量其电压；电流表串联在电路中，用于测量总电流。滑动变阻器的作用是调节电路中的电流，以保持定值电阻R两端的电压不变。
（2）从表格数据可以看出：
电阻R从5增大到40，电流I从0.40A减小到0.05A。
计算电流与电阻的乘积：50.40A=100.20A=400.05A=2V，乘积恒定，说明电阻两端的电压保持不变。
这个结论是基于控制变量法得出的：在保持电阻两端电压不变的情况下，电流随电阻的增大而减小，且两者的乘积恒定，符合反比例关系。
故答案为：（1）；（2）导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变；在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【分析】1、实验电路图的绘制：掌握探究电流与电阻关系的实验电路结构，包括电源、开关、电流表、电压表、定值电阻和滑动变阻器的连接方式。
2、控制变量法：探究电流与电阻的关系时，必须控制电阻两端的电压不变。
3、欧姆定律：，是分析实验数据和得出结论的理论依据。
4、实验数据的分析：通过计算电流与电阻的乘积，验证电压是否恒定，并得出电流与电阻的定量关系。
5、实验结论的表述：准确表述实验结论，即“在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”。
20．【答案】（1）同名磁极相互排斥
（2）A；C；D
（3）使接触面分离
（4）向上的斥力；平衡力
（5）S
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；安培定则；磁悬浮列车的工作原理和特点
【解析】【解答】（1）磁悬浮列车是利用磁体的同名磁极相互排斥原理；
（2）A、 通过永磁特性即可实现车辆零功率悬浮，几乎零摩擦运行 ，故A正确；
B、稀土属于矿产资源，属于不可再生能源，故B错误；
C、永磁铁不需要消耗电能就能维持磁性，所以 相对电磁体节能环保 ，故C正确；
D、 通过特殊工艺，在金属中添加钕铁硼等稀土材料制备高性能的永磁体，使其达到设计的悬浮性能 ，故D正确；
综上选ACD。
（3）磁悬浮列车通过使接触面分离减小摩擦力；
（4）磁悬浮列车匀速行驶，受到平衡力，在竖直方向上，受到重力和向上的斥力，这两个是平衡力；
（5）根据安培定则可知， 永磁体上端的磁极为 S极。
【分析】1、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，磁悬浮列车运行的原理为同名磁极相互排斥；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
3、摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，磁悬浮列车通过分离接触面减小摩擦力；
4、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
5、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
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