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余姚中学2025学年第二学期质量检测高一物理选考试卷
本卷g=10m/s2
一、单选题（本题共10小题。每小题只有一项是符合题目要求的，每小题3
分，共30分)
1.1960年第11届国际计量大会制订了一种国际通用的、包括一切计量领域的
单位制，叫作国际单位制，简称$I。某物理量的单位用国际单位制表示为
kgm2g2,该物理量是()
A.力
B.加速度
C.功
D.功率
2.下列物理量的负号表示大小的是()
A.速度v=-2m/s
B.电量g=-0.01C
C.重力势能Ep=-50J
D.力做功为W=-10/
3.如图所示，摆球质量为，悬线长度为L,把悬线拉到水平位置后放手。设
在摆球从A点运动到B点的过程中空气阻力的大小f不变，
44L
则在此过程中()
A.重力的瞬时功率先增大后减小
B.重力的瞬时功率在不断增大
C.空气阻力做功为，fπz
B
D.拉力做功为gL
4.下列对于与静电现象有关的四幅图的说法正确的是()
尺子吸收轻小纸片
导线外包裹着
避雷针与尖端放电
工人穿戴工作服进
层金属编织网
行超高压带电作业
甲
乙
丙
A.甲图中，尺子吸收轻小纸片是因为小纸片带电
B.乙图中，导线外包裹一层金属编织网是为了增加导线强度，使其不易被拉坏
C.丙图中，避雷针的工作原理是通过尖端放电，金属棒上的电荷向大气释放，
中和空气中的电荷
D.丁图中，工人进行超高压带电作业，穿戴铁甲工作服，通过绝缘防护避免触
电。
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5.某电场的电场线分布如图中实线所示，一带电粒子只在静电力作用下沿图中
虚线所示的路径运动，先后通过M点和N点。下列说法正确
的是()
A.粒子带正电
B.粒子在M、N点的加速度大小关系为aw>aw
C.M、N点的电场强度大小关系为E心Ew
D.粒子在M、N点的速度大小关系为M6.将质量为的小球（视为质点）从水平地面上以大小为'。的初速度竖直向上
抛出，小球在空中运动时受到沿着竖直面内某一方向的恒定风力，小球的运动
轨迹如图所示，忽略小球受到的除风力之外的其他空气阻力。已知小球在空中
运动的最高点与抛出点之间的竖直距离与水平距离相等，重力加速度大小为
g。下列说法正确的是()
A.小球整个运动过程的最小速度为
B.小球受到的恒定风力的大小为
C.小球落回水平地面前瞬间，速度与水平方向的夹角为30
D.小球从开始抛出到最终落回水平地面，整个过程中恒定风力对小球做功
为2nn
7.如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B-30°。现在A、
B两点放置两个点电荷，A点放置的点电荷电荷量绝对值为q,AC两点间距离
为L,静电力常量为k,测得C点场强方向与
AB平行且水平向右，则()
A.A点放置负电荷
B.B点放置正电荷
C,C点电场强度的大小测
B
32
D.B点放置的点电荷的电荷量为8g
8.如图所示，风力发电机叶片半径为R。某段时间内风速大小为，风恰好与
叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为P,风力发电机的发电效率为，假
设经过叶片后风速减为0。下列说法正确的是()
A.单位时间内通过叶片转动圆面的空气质量为PR
B.此风力发电机发电的功率为pR7
C.若仅风速减小为原来的；，发电的功率将减小为原来的
D.若仅风速增大为原来的2倍，发电的功率将增大为原来的4倍
第2页，共7页高一物理选考答案
1．C
2.
3．A
4.C
5．D
6．D
7．D
8．A
9.
10.
二、多选题
11．ACD
12.
13.
14．Ⅰ(1)B (2)
【详解】（1）A． 默认加速度为 ，已经默认机械能守恒，故 A错误；
B．利用纸带相邻两点的平均速度求该点瞬时速度，是打点计时器实验中求瞬时速度的正确
方法，故 B正确；
C． 同样默认机械能守恒，故 C错误；
D．直接用待验证的机械能守恒公式计算速度，循环论证，故 D错误。
故选 B。
（2）[1]从打 O点到打 B点的过程中，系统总重力势能减少量为
[2]根据匀变速直线运动规律，B点瞬时速度等于 AC段的平均速度；
打点周期 ，A到 C的时间间隔为
因此
系统初动能为 0，因此动能增加量
Ⅱ(1)不需要 ；
(2) 1
15.【答案】 小球所受电场力
，方向水平向右。小球受到重力 、拉力 和电场力 的作用而平衡，如
图所示，则
解得 。
若突然剪断细绳，小球受重力和电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，所受合
力
由牛顿第二定律
得加速度大小
方向与剪断细绳前细绳拉力方向相反。
由动能定理得
解得 。
16. 【答案】 设“辽宁号”航空母舰受到的阻力为 ，在临时关闭一半的发动机之前牵引
力为 ，有
根据平衡条件得
联立解得： ；
刚关闭一半的发动机时，“辽宁号”航空母舰牵引力为 ，航空母舰的速度和所受的阻
力均未变，则
航空母舰所受合力方向与速度方向相反，航空母舰的加速度大小为 ，根据牛顿
第二定律得
联立解得： ；
关闭一半的发动机后，最终做匀速直线运动的速度为 ，则
航空母舰做变减速运动位移为 ，根据动能定理得
联立解得： 。
答： 所受阻力大小为 ；
刚刚关闭一半发动机时的加速度大小为 ；
在关闭一半发动机后的 时间内行驶的距离 。
17. 【答案】解： 设小球在 点处的速度大小为 ，由牛顿第二定律可知：
，
解得： ；
小球从 点抛出到 点所用时间
到 点时速度大小为
小球从 点到 点的过程中，根据动能定理有：
得平台 的长度 ；
当小球所受重力等于弹簧弹力时，小球运动速度最大，设此时弹簧的压缩量为 ，根
据平衡条件，有： ，
解得： ，
小 球 从 点 运 动 至 速 度 最 大 的 过 程 中 ， 由 能 量 守 恒 可 知 ：
，
解得 ；
答： 小球通过 点时的速度大小为 ；
水平面 的长度为 ；
在压缩弹簧过程中小球的最大动能为 。
18.【答案】解： 滑块从 到 做斜上抛运动，到 时，速度恰好沿水平方向，将此过程
逆向看作平抛运动，
设 点速度为 ，其水平分量大小为 ，竖直分量大小为 ，
由运动学规律： ， ， ， ，
则 ， ，
从初始位置到 点的过程，由能量守恒定律得： ，
代入数据得： ；
要使滑块到达 点，其最小速度为 ，由牛顿第二定律得 ，
对从 到 的过程，由动能定理得： ，
代入数据得 ，
若滑块在 段一直加速，设滑块离开传送带的速度 ，
由运动学规律得： ，代入数据得： ，
由于 ，则滑块在传送带上至少要加速到 ，才能到达 点，
即传送带的速度 ；
因 ，则滑块在传送带上做匀减速直线运动，设其速度减速到 所需时间为 ，运
动位移为 ，
由运动学规律得： ， ，
代入数据得： ， ，
即滑块到达 端时速度恰好为 ，此过程传送带的位移为 ，
在此过程中滑块与传送带之间产生的热量为 ，
设滑块在 段运动到 点时速度为 ，由动能定理得： ，
，则滑块可以进入竖直圆轨道，设当其速度减为 时，沿圆轨道上升的高度为 ，
由动能定理得： ，代入数据得： ，则滑块要返回
水平面 ，
设其到达 点时速度为 ，由动能定理得： ， ，
滑块在传送带上向左运动减速到速度为 所需时间为 ， ，
滑块向左运动位移 ，且 ，传送带向右运动位移 ，
这段时间滑块与传送带间因摩擦而产生热量 ，
然后滑块又经 向右运动到 点，这段时间产生热量 ，
滑块又运动 速度减为 ，由动能定理得： ，解得
，
则整个过程中，滑块与传送带间产生的热量为 ，
代入数据得 。

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