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江苏省南京外国语学校仙林分校2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）。
1．“中国好声音”比赛现场，吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变声音（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．速度
2．电炉的电阻丝热得发红，而与它串联的铜导线却不发烫，这是因为铜导线
A．电阻较大 B．电阻较小
C．通过的电流较大 D．通过的电流较小
3．对于原子的结构，下列说法正确的是（　　）
A．原子是由原子核和核外夸克组成
B．原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成
C．组成原子核的质子带负电，中子不带电
D．夸克是由比其更小的质子与中子组成
4．夏天，向盛有牛奶的杯内充人少量液态氮，可以快速制成一杯看似“热气腾腾”的冰激凌，贸然食用易冻伤食道，看似“热气腾腾”，其实是（　　）
A．液氮汽化后形成的氮气
B．液氮凝固后形成的固态氮
C．冰激凌中的水汽化后形成的水蒸气
D．空气中的水蒸气液化后形成的小水滴
5．在进行如图所示的实验或有关装置工作时，能量转化情况相同的是（　　）
A．甲和丁 B．乙和丁 C．甲和乙 D．甲和丙
6．在平静的湖水中，看到“云在水中飘，鱼在云上游”，对于该现象中的云和鱼，下列说法正确的是（　　）
A．云和鱼都是光的反射形成的像
B．云和鱼都是光的折射形成的像
C．云是光的反射形成的像，鱼是光的折射形成的像
D．云是光的折射形成的像，鱼是光的反射形成的像
7．平直公路上有一辆公交车，图甲是车内拉环正面的示意图。图乙、丙、丁是该车内观察到的同一拉环在不同时刻侧面的情景，车头在拉环的左方，以下判断正确的是（　　）
A．乙图中，车此时一定处于静止状态
B．丙图中，车此时可能在刹车礼让行人
C．丁图中，拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力是一对平衡力
D．乙图中拉环没有惯性，丙、丁图中拉环有惯性
8．下列关于热现象的说法正确的是（　　）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0 ℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
9．用密度为2.7×103kg/m3的铝制成甲、乙、丙三个大小不同的正方体．要求它们的边长分别是0.1m、0.2m和0.3m，制成后让质量检查员称出它们的质量，分别是3kg、21.6kg和54kg，质量检查员指出，有两个不合格，其中一个掺入了杂质为次品，另一个混入了空气泡为废品，则这三个正方体（　　）
A．甲为废品，乙为合格品，丙为次品
B．甲为合格品，乙为废品，丙为次品
C．甲为次品，乙为合格品，丙为废品
D．甲为废品，乙为次品，丙为合格品
10．如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p1'和p2'，两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系的判断有：①p1=p2②p1'＞p2'③F1＞F2④F1=F2。其中判断正确的有（　　）
A．①② B．①③ C．②③ D．②④
11．如图甲所示，电源电压不变，将小灯泡L和电阻R接入电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。图乙是小灯泡L和电阻R的I—U图象。下列说法中正确的是（　　）
A．只闭合开关S1时，L的电阻为10Ω
B．再闭合开关S2后，电路总功率为1.2W
C．再闭合开关S2后，电流表示数增加0.5A
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量是24J
12．如图甲所示，R0为定值电阻，灯L标有“3V 1.5W”字样，电源电压U总保持不变。闭合开关S，滑动变阻器R的滑片从某一位置移到某一端的过程中，其接入电路的电阻改变了ΔR，电路消耗的总功率变化为ΔP，同时三只电表示数均发生变化。图乙中有OA、AB和CD三段图像，其中有两段反映了上述滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系。下列说法中正确的是（　　）
A．ΔR为7.5Ω B．ΔP为1.2W
C．U总为12V D．OA是R0的I-U图像
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）。
13．当两滴水接触时，能自动结合成一滴较大的水，这一事实说明分子间存着　 　，物体不能无限地被压缩，说明分子间存在　 　，将糖放入水中能使整杯水变甜，这说明　 　。
14．如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它：
（1）小明看不到硬币，这是因为光在均匀介质中沿　 　传播；
（2）将平面镜放到碗边适当的位置，小明在A处通过平面镜看到了硬币的虚像，这是利用了光的　 　现象；
（3）往碗里加入适量的水，小明在A处也能看到硬币的虚像，这可以用光的　 　解释。
15．如图所示，我国自主研制的首艘货运飞船天舟一号，由长征七号运载火箭发射升空。天舟一号在随火箭加速上升过程中，动能　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），重力势能　 　，机械能　 　。飞船天舟一号由我国的北斗系统通过电磁波来进行控制，该波与光在真空中的传播速度一致，这个速度为　 　m/s。
16．用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测镇江香醋的密度。
（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节；
（2）用天平测量冰墩墩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为 　 　g，体积为 　 　cm3；（陶瓷材料的密度为2.7×103kg/m3）
（3）如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量m1=135.2g；
（4）如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，在烧杯壁上标记液面的位置；
（5）将冰墩墩取出，　 　，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2=102.8g；
（6）根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度，ρ=　 　g/cm3，与真实值相比，用本方案所测出的香醋密度 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
17．如图所示，用20N的拉力F通过滑轮组将40N的重物在2s内匀速提升1m，在此过程中，拉力做功为　 　J，拉力的功率是　 　W，滑轮组的机械效率是　 　。
18．如图所示，已知电源电压U=3V，R1=R2=5Ω，R3=10Ω。当S1、S2断开时，电路中的电流为　 　A，此电路工作1min产生的热量为　 　J；要使电路中消耗的电功率最大，应闭合开关　 　。
19．“低碳环保”是当今世界环境主题，天然气是一种低污染燃料，在我市已普遍使用。天然气热值为4×107J/m3，完全燃烧0.21m3的天然气所释放的热量为　 　J，燃烧时天然气的化学能转化为　 　能；若完全被水吸收，能使　 　kg的水温度升高40℃，这是通过　 　的方式改变水的内能[c水=4.2×103J/（kg·℃）]。
三、解答题（本题共11小题，共50分。解答第27、28题时应有公式和解题过程）。
20．按要求作图（请保留作图痕迹）。如图所示，请在图中画出凹透镜中对应的折射光线或入射光线。
21．如图所示，轻杆OB在外力作用下保持静止（O为支点），请在图中画出B点施加的最小力F1和阻力臂l2。
22．如图所示，静止在水平路面上的小车，其支架的杆子上固定一铁球，请作出小球所受的力的示意图。
23．下表是海波熔化的实验记录，回答下列问题：
时间/min 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
温度/℃ 35 39 45 48 48 48 57 48 48 51 56
（1）海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），其熔点是　 　℃；
（2）表中第　 　min的数据有误，正确的应为　 　℃；
（3）在第2min时，海波的状态为　 　。
24．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中．
（1）如图所示，为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块 A，弹簧测力计的示数 F1（2）丙图中，若增大弹簧测力计的拉力，此时木块 A 所受滑动摩擦力　 　变大/变小/不变），木块 A 上面的砝码　 　（受/不受）摩擦力．
（3）比较　 　两幅图，可得出：压力相同时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大．
25．在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示．
(1)图B为某时刻的温度，其示数为　 　℃．
(2)分析图C可知，吸收相同热量，　 　液体升温更高；　 　液体更适合作汽车发动机的冷却液．
(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2：1，则甲、乙液体的比热容之比为　 　．
26．同学们用手边的铅笔可以做很多物理小实验，如图所示：
（1）图甲中铅笔的长度是　 　cm；
（2）图乙中插入水中的铅笔看起来弯折了，这是光从　 　进入　 　发生的折射现象；
（3）图丙中，用手指分别顶在铅笔的两端时，两只手指的凹陷程度和感觉不同，是由于压力的作用效果与　 　有关；
（4）将一些细铜丝绕在铅笔下端，制成一个简易密度计，如图丁所示。如将此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4：5，则该液体的密度为　 　kg/m3（细铜丝体积忽略不计）。
27．如图甲所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点（ρ盐水＞ρ水，B、C位置深度相同）：
（1）实验中，根据U形管中液面高度差来反映液体内部压强的大小，其用到的实验方法是______；
A．控制变量法 B．模型法 C．转换法 D．等效替代法
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用的　 　（选填“有色”或“无色”）；
（3）将探头分别放在图乙所示　 　（选填“A、B”或“B、C”）位置，可以探究液体压强与深度的关系；
（4）在乙图清水中再加入适量清水后使B、C两个位置液体压强相等，则清水对容器底部压强　 　浓盐水对容器底部压强（选填“＞”、“=”或“＜”）。
28．在“测量小灯泡额定功率”实验中，有两个小灯泡L1（额定电压U额=2.5V）和L2（额定电流为I额）：
（1）图甲是测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图：
①图甲中有一根线连接错误，在这根线上打“×”，并在图中改正，注意导线不交叉；　 　
②改正电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，两电表均无示数，其原因可能是　 　；
③故障排除后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡L1的额定功率，应将滑片向　 　（填“A”或“B”）端移动，当小灯泡L1正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为　 　W。
（2）图丙是能测出小灯泡L2额定功率的电路图。图中R为电阻箱，R0为阻值已知的定值电阻。请在空白处填上适当内容：
①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；
②将开关接b，保持　 　不变，调节　 　，此时电阻箱的示数为R2；
③则小灯泡L2的额定功率P=　 　（用测量的物理量符号表示）。
29．如图所示是一辆无人配送车。若该无人配送车装运快递后的总重为6000N，在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，用时40s，此过程中受到的牵引力为600N，轮胎与地面接触的总面积为。通过计算回答：该无人配送车在40s的时间里；
（1）对水平地面的压强是多少？
（2）牵引力做功是多少？
（3）牵引力做功的功率是多少？
30．科技小组利用钢片和压敏电阻，做“模拟钢梁承重下垂量测试”的实验，如图甲所示，不计压敏电阻和钢片的自重，已知压敏电阻受到的压力F与钢片下垂量h满足关系F=kh，k=2N/mm。图乙是压敏电阻阻值R与F关系图像。图甲中压敏电阻与电源、电阻箱和开关组成图丙所示电路，电源电压为4.5V，电阻箱阻值设定为R0=500Ω。
（1）当压敏电阻为1000Ω时，闭合开关，求电路中的电流；
（2）现要求在电路中接入一只量程为0～3V的电压表，且压力F越大，电压表示数越大；
①电压表应接在电路中　 　（选填“A”、“B”、“C”、“D”）两点之间；
②求电路所能测量的钢片最大下垂量；　 　
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，请对电路提出两条改进措施。　 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】琴弦的振动频率与它的长度、粗细和松紧有关。吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样可以改变琴弦振动部分的长度，改变振动频率，改变声音的音调，A符合题意。
故选A。
【分析】琴弦的振动频率与它的长度、粗细和松紧有关，据此分析判断。
2．【答案】B
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据使用场景可知，在使用电炉时，电阻丝和铜导线串联，则通过二者的电流大小相等，且二者通电时间t相同。但是电炉丝的电阻远远大于导线电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电炉丝产生的热量远远大于导线产生的热量，从而出现电阻丝热得发红，但跟电炉丝连接的铜导线却不发烫的现象，B符合题意。
故选B。
【分析】根据电阻串联的知识确定通过导线和电阻丝的电流和时间大小，再利用焦耳定律Q=I2Rt比较二者产生热量多少即可。
3．【答案】B
【知识点】两种电荷；原子结构
【解析】【解答】根据原子的结构可知，原子是由原子核和核外电子组成，原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成，质子和中子由夸克构成，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据原子结构的知识分析判断。
4．【答案】D
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】AD．夏天，向盛有牛奶的杯内充人少量液态氮， 液态氮迅速汽化，吸收热量，使周围温度降低，空气中的水蒸气液化后形成小水滴．A不符合题意，D符合题意．
B．液氮发生的是汽化，不是凝固，B不符合题意；
C．冰激凌中的水汽化后形成的水蒸气是看不见的，C不符合题意．
故答案为：D
【分析】液态氮迅速汽化，吸收热量，使周围温度降低，空气中的水蒸气液化后形成小水滴。
5．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】甲：快速按压活塞，活塞压缩空气做功，将机械能转化内能；
乙：火花塞点火，为内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能；
丙：电暖炉工作时，消耗电能，同时放出热量，所将电能转化为内能；
丁：钻木取火时，快速摩擦木棍，将机械能转化为内能；
综上所述，能量转化相同的为甲与丁，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】分析图片中的能量转化过程，然后对照确定哪两个实验的能量转化相同即可。
6．【答案】C
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，云实际在天上，它发出的光在水面发生反射成像，这就是我们看到水中的云。
鱼实际就在水中，它发出的光进入空气时发生折射现象，于是我们看到鱼的像也成在水中。
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】根据光的反射和折射的知识分析判断。
7．【答案】B
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．乙图中，拉环处于静止状态，说明车可能静止，可能匀速直线运动，故A错误；
B．车头在拉环的左方，说明公交车可能在刹车礼让行人，故B正确；
C．由图可知此时拉环受竖直向下的重力、沿绳斜向左上方的拉力，这两个力不在同一直线上，所以拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力不是一对平衡力，故C错误；
D．一切物体在任何情况下都具有惯性，故D错误。
故选B。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
8．【答案】C
【知识点】内能的概念；热机的四个冲程；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．由于构成物质的分子间有间隙，且分子之间存在斥力，所以，固体难以被压缩，A不符合题意；
B．一切物体都具有内能，0℃以下的物体也有内能，B不符合题意；
C．四冲程内燃机的做功冲程中，是将内能转化为机械能，压缩冲程中是将机械能转化为内能，C符合题意；
D．扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】分子间存在引力和斥力，分子在不停的做无规则运动，内燃料的做功冲程中内能转化为机械能。
9．【答案】C
【知识点】密度及其特性
【解析】【解答】解：甲的体积：V甲=0.1m×0.1m×0.1m=0.001m3，则甲的密度：ρ甲==3×103kg/m3；
乙的体积：V乙=0.2m×0.2m×0.2m=0.008m3，则乙的密度：ρ乙==2.7×103kg/m3；
丙的体积：V丙=0.3m×0.3m×0.3m=0.027m3，则丙的密度：ρ丙= =2×103kg/m3．
因为ρ乙=ρ铝，所以乙是合格品；因为ρ丙＜ρ铝，所以丙是废品；因为ρ甲＞ρ铝，所以甲是次品．
故选 C．
【分析】先分别算出甲、乙、丙三个正方体的体积，然后用它们的质量除以它们的体积算出它们各自的密度，最后将算得的密度与铝的密度进行比较：相等的为合格品，比铝的密度小的是废品（混入空气，则在相同体积情况下，质量会变小，所以密度会变小），剩下的那一个就是次品．
10．【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】①根据题意可知，此时两容器水面相平，由液体压强公式可知，水对缸底的压强大小相等，即p1=p2，故①正确；
②玩具鸭子都在水面保持漂浮状态，它们自身的重力都等于各自排开水的重力，那么可以将它们都看作水组成的。那么两个容器中水、鸭子和容器的总重力相同，即甲、乙两图中缸对桌面的压力相等。由公式可知，缸底对桌面的压强相等，即p1'=p2'，故②错误；
③④根据图片可知，甲、乙两图中，鸭子都漂浮在水面上，则两只鸭子受到的浮力均等于自身的重力。大玩具鸭的重力大于小玩具鸭的重力，因此大玩具鸭受到的浮力大于小玩具鸭受到的浮力，即F1＞F2，故③正确，④错误。
综上所述，正确的有①③，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】①根据液体压强公式比较容器底部受到水的压强大小；
②玩具鸭子都在水面保持漂浮状态，它们自身的重力都等于各自排开水的重力，那么可以将它们都看作水组成的。据此比较容器对桌面的压力大小，再根据比较容器对桌面的压强大小；
③④根据漂浮条件，结合鸭子的重力大小判断它们受到浮力的大小。
11．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据甲图可知，只闭合开关S1时，只有小灯泡L工作，此时小灯泡L的实际功率为1W，
根据图像可知，当UL＝2V时，IL＝0.5A，其实际功率为；
比较可知，恰好与题目条件一致，
则电源的电压
小灯泡L的电阻，
故A错误；
B．根据甲图可知，再闭合S2后，定值电阻R与灯泡L并联，所以R两端的电压也为2V，
根据乙图可知，此时通过R的电流为0.2A，
此时干路电流为；
电路总功率，
故B错误；
C．根据甲图可知，再闭合S2后，定值电阻R与灯泡L并联。因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，再闭合开关S2后，通过L的电流不变，则电流表示数的增加量即为通过R的电流，其大小为0.2A，故C错误；
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量，
故D正确。
故选D。
【分析】A.只闭合开关S1时，只有灯泡L单独工作，电流表测通过L的电流。此时小灯泡L的实际功率为1W，根据P=UI和图象数据可知灯泡两端的电压和通过它的电流，根据欧姆定律可得它的电阻；
B.再闭合S2后，R与L并联，电流表测干路电流。根据并联电路的电压规律可知R两端的电压，由图象可知，此时通过R的电流，根据并联电路的电流规律可得干路电流，根据P=UI可得电路的总功率；
C.根据并联电路的特点可知电流表示数的增加量；
D.根据Q=I2Rt=UIt可得在2min内电阻R产生的热量。
12．【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 由图甲可知，闭合开关S，灯泡、滑动变阻器、定值电阻R0串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，电流表测电路中的电流；
A.灯L标有“3V 1.5W”字样，由P=UI可得灯泡正常发光时的电流，因为串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流为0.5A；
假设变阻器的滑片向左滑动，则变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流变大，由U=IR可知定值电阻R0两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知V2的示数UV2=U-U0，则电流变大时V2的示数会变小；变阻器接入电路的电阻变小，由串联分压的规律可知变阻器两端的电压会变小，即电流变大时V1的示数也会变小，所以滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系图像不可能是OA；
由串联电路的电压特点可知，在电流相等时电压表V2的示数大于电压表V1的示数，则观察图乙可知CD段图像反映了电压表V1示数与电流表A示数的对应关系，AB段图像反映了电压表V2示数与电流表A示数的对应关系，且V1的示数最小为0，说明此时变阻器接入电路的电阻为零；已知该过程中变阻器R的滑片从某一位置移到某一端，所以可知滑片是从某一位置移到最左端，滑片在最左端时电流最大为0.5A，此时灯泡正常发光，则此时V2的示数UV2=UL额=3V；
由上图可知，当电路中的电流为0.4A时，V1的示数为3V（BC在同一竖直线段上），即此时变阻器R两端的电压为3V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值为：，
而电路中的电流最大为0.5A时，变阻器接入电路的阻值为0Ω，所以ΔR=7.5Ω-0Ω=7.5Ω，故A正确。
BC.由上图可知，当电路中的电流为0.4A时，V2的示数为5V，
由串联电路电压规律和欧姆定律可得电源电压：U总=UV2+IR0=5V+0.4A×R0-----①
当电路中的电流最大为0.5A时，V2的示数为3V，
同理可得电源电压：U总=UV2'+I大R0=3V+0.5A×R0----②
联立①②解得：R0=20Ω，U总=13V，故C错误；
则电路消耗总功率的变化量：ΔP=UI大-UI=U（I大-I）=13V×（0.5A-0.4A）=1.3W，故B错误。
D.由上图可知，OA是一条过原点的倾斜直线，应该是定值电阻的I-U图像，
由图像中的信息可知OA段对应的电阻值为
=12.5Ω≠20Ω，所以OA不是R0的I-U图像，故D错误。
故选A。
【分析】由图甲可知，闭合开关S，灯泡、滑动变阻器、定值电阻R0串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，电流表测电路中的电流；
A.根据灯L标有“3V 1.5W”字样，由P=UI可得灯泡正常发光时的电流，由串联电路的电流特点可知电路中的最大电流；
根据串联电路的特点和欧姆定律分析可知滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系图像不可能是OA；在电流相等时电压表V2的示数大于电压表V1的示数，观察图乙可知BC段图像反映了电压表V1示数与电流表A示数的对应系，AB段图像反映了电压表V2示数与电流表A示数的对应关系，结合题意可知滑片是滑片是从某一位置移到左端，滑片在左端时电流最大为0.5A，此时灯泡正常发光，则可知此时V2的示数；
从图乙可知，当电路的电流为0.4A时V1的示数，即知道变阻器两端电压，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值为R，且最终变阻器接入电路的电阻为零，由此可知ΔR的值。
BC.由图乙可知，当电路的电流为0.4A时V2的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律可表示出电源电压；当电流最大为0.5A时，同理可表示出电源电压，联立方程组求出R0和电源电压；
电路消耗总功率的变化量ΔP=UI大-UI，据此计算。
D.OA是一条过原点的倾斜直线，应该是定值电阻的I-U图像，根据图像中的信息和欧姆定律求出OA段对应的电阻值，若该电阻值等于R0的阻值，则OA是R0的I-U图像，反之，OA不是R0的I-U图像。
13．【答案】引力；斥力；分子永不停息做无规则运动
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】两滴水银靠近时能够自动结合成一滴较大的水银，是由于分子之间存在吸引力的缘故。
由于分子间有相互作用的排斥力，所以物体的体积不能无限地压缩。
把糖加入到水中后，糖分子就会在水中发生扩散现象，扩散现象说明分子在做永不停息的无规则运动。
【分析】分子间存在引力及斥力；扩散现象说明分子在做永不停息的无规则运动。
14．【答案】（1）直线
（2）反射
（3）折射
【知识点】光的反射；光的折射规律；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，硬币发出的光线被碗沿挡住，使得光线无法直接进入眼睛，所以小明看不到硬币，则原因是：光在均匀介质中沿直线传播。
（2）硬币反射的光经平面镜反射后进入小明的眼睛，小明逆着反射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是利用了光的反射现象。
（3）往碗里加水后，来自硬币的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射后进入眼睛，于是小明看到硬币 虚像，这是光的折射现象。
【分析】（1）根据光的直线传播的知识解答；
（2）根据光的反射的知识解答；
（3）根据光的折射的知识解答。
（1）光在均匀介质中沿直线传播，碗沿挡住了来自硬币的光线，使得光线无法直接进入眼睛，所以小明看不到硬币。
（2）平面镜成像的原理是光的反射。硬币反射的光经平面镜反射后进入小明的眼睛，小明逆着反射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是利用了光的反射现象。
（3）往碗里加水后，来自硬币的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线偏离法线，折射光线进入眼睛，小明逆着折射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是光的折射现象。
15．【答案】变大；变大；变大；3×108
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；电磁波的传播
【解析】【解答】（1）根据题意可知，天舟一号在随火箭加速上升过程中，质量不变，高度增加，则重力势能变大；速度增大，则动能变大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，所以天舟一号的机械能变大。
（2） 飞船天舟一号由我国的北斗系统通过电磁波来进行控制， 由于光在真空中的传播速度为3×108m/s，电磁波与光在真空中的传播速度一致，所以这种波在真空中传播速度为3×108m/s。
【分析】（1）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”；
（2）根据光在真空中的速度解答。
16．【答案】左；81；30；将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处；1.08；偏大
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图2所示，此时指针右偏，说明天平右侧重左侧轻，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡。
（2）根据图3可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为1g，砝码质量为：50g+20g+10g=80g，
则冰墩墩的质量为m=80g+1g=81g
那么冰墩墩的体积为。
（5）（6）将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋=V=30cm3
乙烧杯减小的香醋的质量为m醋=m1﹣m2=135.2g﹣102.8g=32.4g；
香醋的密度为。
将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，根据
m醋=m1﹣m2可知，测量的香醋质量偏大，根据公式可知，用本方案所测出的香醋密度偏大。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
（5）（6）算出从乙烧杯倒入甲烧杯香醋的质量和香醋的体积（冰墩墩的体积），由密度公式算出镇江香醋的密度，将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，进而判断出香醋体积的偏差，由密度公式判断出所测出香醋密度的偏差。
17．【答案】60；30；66.7%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据图片可知，滑轮组上承担重力的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×1m=3m，拉力做的功W总=Fs=20N×3m=60J。
则拉力的功率为；该滑轮组的机械效率是。
【分析】根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs拉力做的功，根据求出拉力的功率，根据求出机械效率。
18．【答案】0.2；36；S1、S2
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当S1、S2断开时，定值电阻R1、R3串联，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
此电路工作1min产生的热量为；
（2）当电源电压一定时，由可知，电功率最大时总电阻最小；
根据电阻串并联的知识可知，此时应该电阻为并联，
即当S1、S2均闭合时，电路为R2、R3并联。
【分析】 （1）当S1、S2断开时，R1、R3串联，根据串联电路的特点和欧姆定律计算出电路中的电流，利用焦耳定律计算电路工作1min产生的热量；
（2）根据可知，要使电路中消耗的电功率最大，则电路中的电阻要最小，则电路应该并联，据此分析要闭合的开关。
19．【答案】8.4×106；内；50；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）根据题意可知，完全燃烧0.21m3的天然气所释放的热量为；
（2）天然气燃烧时，将天然气的化学能转化为内能。
（3）根据Q=cm△t可知，天然气所释放的热量能使温度升高40℃的水的质量。
（4）在加热过程中，水吸收天然气燃烧放出的热量，所以是通过热传递的方式改变水的内能。
【分析】（1）根据计算天然气燃烧放出的热量；
（2）根据能量转化的知识解答；
（3）根据计算加热水的质量；
（4）热传递改变内能的本质为能量的转移。
20．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】根据凹透镜的三条特殊光线可知，当入射光线对着焦点射向凹透镜，折射光线应该平行于主光轴。当对着光心射入时，传播方向不发生改变，如下图所示：
【分析】根据凹透镜的三条特殊光线完成作图。
21．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】①根据图片可知，O点为杠杆的支点，通过支点O作F2的作用线的垂线段，即阻力臂l2；
②O点为杠杆的支点，B点为动力作用点，则最长的动力臂为OB，因此过B点作垂直于OB斜向上的动力F1即最小的力，如图所示：
【分析】（1）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（2）当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时动力最小。
22．【答案】
【知识点】重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，杆子上的小球处于静止状态，则它受到重力与杆子的拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。重力的方向竖直向下，所以拉力的方向竖直向上，二者都作用在小球的重心上，如图所示：
【分析】对小球进行受力分析，从而确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
23．【答案】（1）晶体；48
（2）7；48
（3）固态
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据表格数据可知，海波熔化时温度保持48℃不变，即海波有熔点，所以海波是晶体，熔点是48℃。
（2）根据表格数据可知，海波在4～9min中温度应该保持48℃不变，即正在熔化，而第7组数据的温度是57℃，所以第7min的数据有误，正确的应为48℃。
（3）根据表格数据可知，2min时海波的温度为39℃，低于海波的熔点，此时海波不会熔化，所以海波处于固态。
【分析】（1）晶体有熔点，非晶体没有熔点，根据表格数据确定海波吸热时保持不变的温度即可；
（2）海波在熔化过程中温度保持不变，根据表格数据比较解答；
（3）晶体熔化前为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。
（1）根据表格上记录的熔化的温度的变化情况可知，4～6min和8～9min时温度保持48℃不变，即海波有固定的熔化温度，所以海波是晶体，熔点是48℃。
（2）晶体熔化时的温度保持不变，由数据可知，熔化过程是在4～9min，此过程中温度应该保持48℃不变，而第7组数据的温度是57℃，所以第7min的数据有误，正确的应为48℃。
（3）2min时的温度为39℃，没有达到海波熔点，海波不会熔化，所以海波处于固态。
24．【答案】匀速直线；2.4；不变；受；甲、乙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当用测力计沿水平方向匀速直线拉动时木块时，它处于平衡状态，即它受到的摩擦力等于测力计的拉力。
根据图片可知，测力计的分度值为0.2g，F3示数为2.4N。
（2）① 丙图中，若增大弹簧测力计的拉力， 但是压力和接触面粗糙程度不变，所以木块A受到的滑动摩擦力不变。
②增大拉力做加速运动，则上面砝码和下面木块的速度不相同，即二者之间存在相对运动的趋势，所以砝码会受到摩擦力；
（3）探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和乙。
【分析】（1）根据二力平衡力的知识分析解答。根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出F3；
（2）①当拉力增大时，从影响滑动摩擦力大小因素的角度分析摩擦力是否改变；
②当两个物体之间存在相对运动的趋势时，接触面上就会产生摩擦力。
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。
25．【答案】39；乙；甲；3：2
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1)图B中，温度计的分度值为1℃，示数为39℃；
(2)由图C可知，吸收相同热量，即加热相同的时间时，乙液体升温更高，甲液体升温低；根据知，甲的比热容较大，则升高相同的温度时，甲液体吸收的热量多，散热效果好，所以甲液体更适合作汽车发动机的冷却液．
(3)由图C可知，若质量相同的甲、乙液体从20℃分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2：1，则甲升高的温度为：
；
乙升高的温度为：
；
甲、乙液体的比热容之比为：
．
【分析】（1）认清温度计的分度值，再读数；
（2）相同的加热器，可以保证加热时间相同时，两液体吸收的热量相等；
（3）根据液体的质量、温度变化和吸收热量的关系，利用求出液体的比热容之比。
26．【答案】（1）3.00
（2）水；空气
（3）受力面积
（4）0.8×103
【知识点】光的折射现象及其应用；刻度尺的使用；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，该刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左边缘对准0.00刻度线，右端对准3.00cm，所以铅笔的长度是：3.00cm-0.00cm=3.00cm。
（2）从空气中看到水中的筷子弯折了，则光线应该来自水中，即由于水中的铅笔反射的光从水中进入空气中时，发生了偏折引起的折射现象。
（3）在丙图中，筷子保持静止状态，根据平衡力的知识可知，两个手指受到的压力相等。两只手指的凹陷程度和感觉不同，即压力作用效果不同，此时两端的受力面积不同，可以说明压力的作用效果与受力面积有关。
（4）根据题意可知，密度计在水中和某液体中，则密度计在水中和液体中受到的浮力相等，
即F浮水=F浮液；
ρ水gV排水=ρ液gV排液，
ρ水gSh水=ρ液gSh液，ρ水h水=ρ液h液，
那么。
【分析】 （1）根据图片确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
（2）注意分析看水中的物体，则肯定是水中的物体发出光线；
（3）从铅笔所处的平衡状态入手，分析两手指的受力大小关系。压力的作用效果与压力和接触面的面积有关；
（4）根据物体的漂浮条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排列式计算即可。
（1）由甲图可知，刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左边缘对准0刻度线，右端对准3.00cm，所以铅笔的长度是3.00cm。
（2）[1][2]图乙中插入水中的铅笔看起来弯折了，这是光的折射现象，是由于水中的铅笔反射的光从水中进入空气中时，发生了偏折引起的折射现象。
（3）图丙中，用手指分别顶在铅笔的两端时，两只手指的凹陷程度和感觉不同，是由于两端的压力是相等，但两端的受力面积不同，可以说明压力的作用效果与受力面积有关。
（4）密度计在水中和某液体中，都漂浮，根据物体的浮沉条件可知，密度计在水中和液体中受到的浮力相等，故有ρ水gV排水=ρ液gV排液，由于在水中和某液体中浸入部分长度之比为4：5，所以有ρ水gSh水=ρ液gSh液，代入数据解得
27．【答案】（1）C
（2）有色
（3）A、B
（4）＜
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验中，U形管两侧液面的高度差越大，说明此时的液体压强越大，即液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，因此采用了转换法，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）U形管是无色透明的，如果液柱也是无色透明的，那么不容易观察到液柱高度的变化。为了使实验现象更明显，看得清左右液柱高度，U形管内应选有色液体更明显。
（3）由控制变量法知道，探究液体压强与深度的关系时，要控制液体的密度相同，只改变探头的深度， 应将探头分别放在图乙所示A、B不同的位置。
（4）根据图片可知，B、C两点到烧杯底部的距离相同，且盐水密度大于淡水密度，由知道，B、C两个位置以下液体，盐水产生的压强大。此时液体对容器底部产生的压强等于B、C两个位置液体压强与B、C两个位置以下液体产生的压强之和，则清水对容器底部压强＜浓盐水对容器底部压强。
【分析】（1） 物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）根据U形管是无色透明的分析；
（3）根据控制变量法的压强选择对照实验；
（4）根据比较B、C两点以下产生压强大小，然后再与上面压强相加比较容器底部受到压强大小。
（1）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）为了使实验现象更明显，看得清左右液柱高度，U形管内应选有色液体更明显。
（3）探究液体压强与深度的关系时，由控制变量法知道，要控制液体的密度相同，应将探头分别放在图乙所示A、B不同的位置，可以探究液体压强与深度的关系。
（4）在乙图清水中再加入适量清水后使B、C两个位置液体压强相等；由知道，B、C两个位置以下液体，盐水产生的压强大，此时液体对容器底部产生的压强等于B、C两个位置液体压强与B、C两个位置以下液体产生的压强之和，则清水对容器底部压强＜浓盐水对容器底部压强。
28．【答案】（1）；电流表断路；A；0.65
（2）滑片的位置；电阻箱直至电流表示数为I额；
【知识点】电路的构成及电路图；电路故障的判断；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）①在“测量小灯泡额定功率”实验中，电压表要与小灯泡并联，电流表与灯泡串联。根据甲图可知，只需将灯泡与电流表相连的导线从电流表上拆下，改接在电压表的“-”接线柱上即可，如下图所示：
②闭合开关，电流表和电压表均无示数，肯定是有元件断路，那么可能是电流表断路，也可能是滑动变阻器断路，还可能是开关断路。
③电压表示数为2V小于2.5V，则电压表的示数要增大。根据U总=UL+U变可知，此时要减小变阻器两端的电压。按照串联电路分压规律可知，应减小滑动变阻器连入的阻值，应将滑片向A端移动。
如图乙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则灯泡的额定电流为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为。
（2）①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；
②将开关接b，保持变阻器滑片位置不变，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R2；③根据题意可知，总电压不变，总电流不变，则这两次电路的总电阻相等，即；
所以灯泡正常发光时的电阻
小灯泡L2的额定功率。
【分析】 （1）①在“测量小灯泡额定功率”实验中，电压表要与小灯泡并联，电流表与灯泡串联，据此分析解答；
②根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
③小灯泡在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡L1的额定功率；
（2）根据等效替代法分析回答。
（1）[1]伏安法测小灯泡额定功率的实验中，电压表要测小灯泡两端的电压，电压表要与小灯泡并联，且要保证电流“正入负出”，电路如图所示。
[2]闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，两电表均无示数，其原因是有元件断路，可能是电流表断路，也可能是滑动变阻器断路，还可能是开关断路。
[3]电压表示数为2V，为测量小灯泡L1的额定功率，必须把灯泡两端电压调成额定电压2.5V，按照串联电路分压规律，应减小滑动变阻器连入的阻值，应将滑片向A端移动。
[4]当小灯泡L1正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时电流为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为。
（2）将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；将开关接b，保持变阻器滑片位置不变，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R2；这两次电路的总电阻相等，
所以灯泡正常发光时的电阻
小灯泡L2的额定功率
29．【答案】（1）解：无人配送车装运快递后的总重为6000N，轮胎与地面接触的总面积为，则对水平地面的压强：
答： 对水平地面的压强 为；
（2）无人配送车在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，受到的牵引力为600N，则牵引力做功：
W=Fs=600N×60m=3.6×104J
答： 牵引力做功是；
（3）解：用时40s，则牵引力做功的功率：
答：牵引力做功的功率是900W。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）水平面上，无人配送车装运快递后对地面的压力等于总重，根据计算对水平地面的压强；
（2）根据W=Fs计算牵引力做功；
（3）根据计算牵引力做功的功率。
（1）无人配送车装运快递后的总重为6000N，轮胎与地面接触的总面积为，则对水平地面的压强
（2）无人配送车在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，受到的牵引力为600N，则牵引力做功
W=Fs=600N×60m=3.6×104J
（3）用时40s，则牵引力做功的功率
30．【答案】（1）解：根据丙图可知，电阻箱和压敏电阻串联，当压敏电阻为1000Ω时，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
（2）A、B；20mm；减小R0的阻值或减小电源电压
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（2）①根据丙图可知，当压力越大时，压敏电阻的阻值越小，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时压敏电阻两端电压越小。根据U总=U0+U压敏可知，电阻箱两端电压越大，因此电压表应接在电路中AB两点之间。
②根据电压表的量程是0～3V可知，此时电路中的电流为；
压敏电阻两端电压为；
压敏电阻的阻值为；
根据图乙可知，此时受到的压力为40N，
则钢片最大下垂量为。
③根据题意可知，增大电路所能测量的钢片最大下垂量时，压敏电阻的阻值减小，
由串联电路电压与电阻成正比可得：；
由于式子等号左边两个电压之比是定值，所以R0与R压敏的比值也是定值。
因此可以减小R0的阻值；还可以减小电源电压，压敏电阻两端电压会减小，则压敏电阻的阻值会减小。
【分析】 （1）根据丙图可知，压敏电阻与电阻箱串联，根据电阻的串联结合欧姆定律求出电路中的电流；
（2）①根据压敏电阻阻值R与F关系图像结合串联电路电压规律和分压原理确定电压表连接方式；
②根据电压表量程确定电压表最大示数，利用串联电路电压规律求出此时压敏电阻两端电压，根据分压原理求出压敏电阻阻值，利用图乙确定最大压力，根据F=kh求出钢片最大下垂量；
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，即钢片受到的压力最大，由图乙可知，压敏电阻的阻值最小，根据分析回答。
（1）据丙图可知，电路是串联的，当压敏电阻为1000Ω时，电路中的总电阻为
电路中的电流为
（2）[1]据乙图分析可知，当压力越大时，压敏电阻的阻值越小，由串联分压原理可知，压敏电阻两端电压越小，则电阻箱两端电压越大，因此电压表应接在电路中AB两点之间。
[2]根据上述分析可知，当电压表的示数越大时，压敏电阻受到的压力越大，下垂量越大，已知电压表的量程是0～3V，此时电路中的电流为
压敏电阻两端电压为
压敏电阻的阻值为
据乙图可知，此时受到的压力为40N，则钢片最大下垂量为
[3]要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，应增大压力，即减小压敏电阻的阻值，由串联分压原理可得
由于式子等号左边两个电压之比是定值，则当R0的阻值越小，压敏电阻的阻值越小，因此可以减小R0的阻值；还可以减小电源电压，压敏电阻两端电压会减小，则压敏电阻的阻值会减小。
1 / 1江苏省南京外国语学校仙林分校2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）。
1．“中国好声音”比赛现场，吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变声音（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．速度
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】琴弦的振动频率与它的长度、粗细和松紧有关。吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样可以改变琴弦振动部分的长度，改变振动频率，改变声音的音调，A符合题意。
故选A。
【分析】琴弦的振动频率与它的长度、粗细和松紧有关，据此分析判断。
2．电炉的电阻丝热得发红，而与它串联的铜导线却不发烫，这是因为铜导线
A．电阻较大 B．电阻较小
C．通过的电流较大 D．通过的电流较小
【答案】B
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】根据使用场景可知，在使用电炉时，电阻丝和铜导线串联，则通过二者的电流大小相等，且二者通电时间t相同。但是电炉丝的电阻远远大于导线电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电炉丝产生的热量远远大于导线产生的热量，从而出现电阻丝热得发红，但跟电炉丝连接的铜导线却不发烫的现象，B符合题意。
故选B。
【分析】根据电阻串联的知识确定通过导线和电阻丝的电流和时间大小，再利用焦耳定律Q=I2Rt比较二者产生热量多少即可。
3．对于原子的结构，下列说法正确的是（　　）
A．原子是由原子核和核外夸克组成
B．原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成
C．组成原子核的质子带负电，中子不带电
D．夸克是由比其更小的质子与中子组成
【答案】B
【知识点】两种电荷；原子结构
【解析】【解答】根据原子的结构可知，原子是由原子核和核外电子组成，原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成，质子和中子由夸克构成，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据原子结构的知识分析判断。
4．夏天，向盛有牛奶的杯内充人少量液态氮，可以快速制成一杯看似“热气腾腾”的冰激凌，贸然食用易冻伤食道，看似“热气腾腾”，其实是（　　）
A．液氮汽化后形成的氮气
B．液氮凝固后形成的固态氮
C．冰激凌中的水汽化后形成的水蒸气
D．空气中的水蒸气液化后形成的小水滴
【答案】D
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】AD．夏天，向盛有牛奶的杯内充人少量液态氮， 液态氮迅速汽化，吸收热量，使周围温度降低，空气中的水蒸气液化后形成小水滴．A不符合题意，D符合题意．
B．液氮发生的是汽化，不是凝固，B不符合题意；
C．冰激凌中的水汽化后形成的水蒸气是看不见的，C不符合题意．
故答案为：D
【分析】液态氮迅速汽化，吸收热量，使周围温度降低，空气中的水蒸气液化后形成小水滴。
5．在进行如图所示的实验或有关装置工作时，能量转化情况相同的是（　　）
A．甲和丁 B．乙和丁 C．甲和乙 D．甲和丙
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】甲：快速按压活塞，活塞压缩空气做功，将机械能转化内能；
乙：火花塞点火，为内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能；
丙：电暖炉工作时，消耗电能，同时放出热量，所将电能转化为内能；
丁：钻木取火时，快速摩擦木棍，将机械能转化为内能；
综上所述，能量转化相同的为甲与丁，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】分析图片中的能量转化过程，然后对照确定哪两个实验的能量转化相同即可。
6．在平静的湖水中，看到“云在水中飘，鱼在云上游”，对于该现象中的云和鱼，下列说法正确的是（　　）
A．云和鱼都是光的反射形成的像
B．云和鱼都是光的折射形成的像
C．云是光的反射形成的像，鱼是光的折射形成的像
D．云是光的折射形成的像，鱼是光的反射形成的像
【答案】C
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，云实际在天上，它发出的光在水面发生反射成像，这就是我们看到水中的云。
鱼实际就在水中，它发出的光进入空气时发生折射现象，于是我们看到鱼的像也成在水中。
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】根据光的反射和折射的知识分析判断。
7．平直公路上有一辆公交车，图甲是车内拉环正面的示意图。图乙、丙、丁是该车内观察到的同一拉环在不同时刻侧面的情景，车头在拉环的左方，以下判断正确的是（　　）
A．乙图中，车此时一定处于静止状态
B．丙图中，车此时可能在刹车礼让行人
C．丁图中，拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力是一对平衡力
D．乙图中拉环没有惯性，丙、丁图中拉环有惯性
【答案】B
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．乙图中，拉环处于静止状态，说明车可能静止，可能匀速直线运动，故A错误；
B．车头在拉环的左方，说明公交车可能在刹车礼让行人，故B正确；
C．由图可知此时拉环受竖直向下的重力、沿绳斜向左上方的拉力，这两个力不在同一直线上，所以拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力不是一对平衡力，故C错误；
D．一切物体在任何情况下都具有惯性，故D错误。
故选B。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
8．下列关于热现象的说法正确的是（　　）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0 ℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
【答案】C
【知识点】内能的概念；热机的四个冲程；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．由于构成物质的分子间有间隙，且分子之间存在斥力，所以，固体难以被压缩，A不符合题意；
B．一切物体都具有内能，0℃以下的物体也有内能，B不符合题意；
C．四冲程内燃机的做功冲程中，是将内能转化为机械能，压缩冲程中是将机械能转化为内能，C符合题意；
D．扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】分子间存在引力和斥力，分子在不停的做无规则运动，内燃料的做功冲程中内能转化为机械能。
9．用密度为2.7×103kg/m3的铝制成甲、乙、丙三个大小不同的正方体．要求它们的边长分别是0.1m、0.2m和0.3m，制成后让质量检查员称出它们的质量，分别是3kg、21.6kg和54kg，质量检查员指出，有两个不合格，其中一个掺入了杂质为次品，另一个混入了空气泡为废品，则这三个正方体（　　）
A．甲为废品，乙为合格品，丙为次品
B．甲为合格品，乙为废品，丙为次品
C．甲为次品，乙为合格品，丙为废品
D．甲为废品，乙为次品，丙为合格品
【答案】C
【知识点】密度及其特性
【解析】【解答】解：甲的体积：V甲=0.1m×0.1m×0.1m=0.001m3，则甲的密度：ρ甲==3×103kg/m3；
乙的体积：V乙=0.2m×0.2m×0.2m=0.008m3，则乙的密度：ρ乙==2.7×103kg/m3；
丙的体积：V丙=0.3m×0.3m×0.3m=0.027m3，则丙的密度：ρ丙= =2×103kg/m3．
因为ρ乙=ρ铝，所以乙是合格品；因为ρ丙＜ρ铝，所以丙是废品；因为ρ甲＞ρ铝，所以甲是次品．
故选 C．
【分析】先分别算出甲、乙、丙三个正方体的体积，然后用它们的质量除以它们的体积算出它们各自的密度，最后将算得的密度与铝的密度进行比较：相等的为合格品，比铝的密度小的是废品（混入空气，则在相同体积情况下，质量会变小，所以密度会变小），剩下的那一个就是次品．
10．如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p1'和p2'，两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系的判断有：①p1=p2②p1'＞p2'③F1＞F2④F1=F2。其中判断正确的有（　　）
A．①② B．①③ C．②③ D．②④
【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】①根据题意可知，此时两容器水面相平，由液体压强公式可知，水对缸底的压强大小相等，即p1=p2，故①正确；
②玩具鸭子都在水面保持漂浮状态，它们自身的重力都等于各自排开水的重力，那么可以将它们都看作水组成的。那么两个容器中水、鸭子和容器的总重力相同，即甲、乙两图中缸对桌面的压力相等。由公式可知，缸底对桌面的压强相等，即p1'=p2'，故②错误；
③④根据图片可知，甲、乙两图中，鸭子都漂浮在水面上，则两只鸭子受到的浮力均等于自身的重力。大玩具鸭的重力大于小玩具鸭的重力，因此大玩具鸭受到的浮力大于小玩具鸭受到的浮力，即F1＞F2，故③正确，④错误。
综上所述，正确的有①③，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】①根据液体压强公式比较容器底部受到水的压强大小；
②玩具鸭子都在水面保持漂浮状态，它们自身的重力都等于各自排开水的重力，那么可以将它们都看作水组成的。据此比较容器对桌面的压力大小，再根据比较容器对桌面的压强大小；
③④根据漂浮条件，结合鸭子的重力大小判断它们受到浮力的大小。
11．如图甲所示，电源电压不变，将小灯泡L和电阻R接入电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。图乙是小灯泡L和电阻R的I—U图象。下列说法中正确的是（　　）
A．只闭合开关S1时，L的电阻为10Ω
B．再闭合开关S2后，电路总功率为1.2W
C．再闭合开关S2后，电流表示数增加0.5A
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量是24J
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据甲图可知，只闭合开关S1时，只有小灯泡L工作，此时小灯泡L的实际功率为1W，
根据图像可知，当UL＝2V时，IL＝0.5A，其实际功率为；
比较可知，恰好与题目条件一致，
则电源的电压
小灯泡L的电阻，
故A错误；
B．根据甲图可知，再闭合S2后，定值电阻R与灯泡L并联，所以R两端的电压也为2V，
根据乙图可知，此时通过R的电流为0.2A，
此时干路电流为；
电路总功率，
故B错误；
C．根据甲图可知，再闭合S2后，定值电阻R与灯泡L并联。因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，再闭合开关S2后，通过L的电流不变，则电流表示数的增加量即为通过R的电流，其大小为0.2A，故C错误；
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量，
故D正确。
故选D。
【分析】A.只闭合开关S1时，只有灯泡L单独工作，电流表测通过L的电流。此时小灯泡L的实际功率为1W，根据P=UI和图象数据可知灯泡两端的电压和通过它的电流，根据欧姆定律可得它的电阻；
B.再闭合S2后，R与L并联，电流表测干路电流。根据并联电路的电压规律可知R两端的电压，由图象可知，此时通过R的电流，根据并联电路的电流规律可得干路电流，根据P=UI可得电路的总功率；
C.根据并联电路的特点可知电流表示数的增加量；
D.根据Q=I2Rt=UIt可得在2min内电阻R产生的热量。
12．如图甲所示，R0为定值电阻，灯L标有“3V 1.5W”字样，电源电压U总保持不变。闭合开关S，滑动变阻器R的滑片从某一位置移到某一端的过程中，其接入电路的电阻改变了ΔR，电路消耗的总功率变化为ΔP，同时三只电表示数均发生变化。图乙中有OA、AB和CD三段图像，其中有两段反映了上述滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系。下列说法中正确的是（　　）
A．ΔR为7.5Ω B．ΔP为1.2W
C．U总为12V D．OA是R0的I-U图像
【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 由图甲可知，闭合开关S，灯泡、滑动变阻器、定值电阻R0串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，电流表测电路中的电流；
A.灯L标有“3V 1.5W”字样，由P=UI可得灯泡正常发光时的电流，因为串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流为0.5A；
假设变阻器的滑片向左滑动，则变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流变大，由U=IR可知定值电阻R0两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知V2的示数UV2=U-U0，则电流变大时V2的示数会变小；变阻器接入电路的电阻变小，由串联分压的规律可知变阻器两端的电压会变小，即电流变大时V1的示数也会变小，所以滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系图像不可能是OA；
由串联电路的电压特点可知，在电流相等时电压表V2的示数大于电压表V1的示数，则观察图乙可知CD段图像反映了电压表V1示数与电流表A示数的对应关系，AB段图像反映了电压表V2示数与电流表A示数的对应关系，且V1的示数最小为0，说明此时变阻器接入电路的电阻为零；已知该过程中变阻器R的滑片从某一位置移到某一端，所以可知滑片是从某一位置移到最左端，滑片在最左端时电流最大为0.5A，此时灯泡正常发光，则此时V2的示数UV2=UL额=3V；
由上图可知，当电路中的电流为0.4A时，V1的示数为3V（BC在同一竖直线段上），即此时变阻器R两端的电压为3V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值为：，
而电路中的电流最大为0.5A时，变阻器接入电路的阻值为0Ω，所以ΔR=7.5Ω-0Ω=7.5Ω，故A正确。
BC.由上图可知，当电路中的电流为0.4A时，V2的示数为5V，
由串联电路电压规律和欧姆定律可得电源电压：U总=UV2+IR0=5V+0.4A×R0-----①
当电路中的电流最大为0.5A时，V2的示数为3V，
同理可得电源电压：U总=UV2'+I大R0=3V+0.5A×R0----②
联立①②解得：R0=20Ω，U总=13V，故C错误；
则电路消耗总功率的变化量：ΔP=UI大-UI=U（I大-I）=13V×（0.5A-0.4A）=1.3W，故B错误。
D.由上图可知，OA是一条过原点的倾斜直线，应该是定值电阻的I-U图像，
由图像中的信息可知OA段对应的电阻值为
=12.5Ω≠20Ω，所以OA不是R0的I-U图像，故D错误。
故选A。
【分析】由图甲可知，闭合开关S，灯泡、滑动变阻器、定值电阻R0串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，电流表测电路中的电流；
A.根据灯L标有“3V 1.5W”字样，由P=UI可得灯泡正常发光时的电流，由串联电路的电流特点可知电路中的最大电流；
根据串联电路的特点和欧姆定律分析可知滑片移动过程中电压表V1和V2示数与电流表A示数的对应关系图像不可能是OA；在电流相等时电压表V2的示数大于电压表V1的示数，观察图乙可知BC段图像反映了电压表V1示数与电流表A示数的对应系，AB段图像反映了电压表V2示数与电流表A示数的对应关系，结合题意可知滑片是滑片是从某一位置移到左端，滑片在左端时电流最大为0.5A，此时灯泡正常发光，则可知此时V2的示数；
从图乙可知，当电路的电流为0.4A时V1的示数，即知道变阻器两端电压，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值为R，且最终变阻器接入电路的电阻为零，由此可知ΔR的值。
BC.由图乙可知，当电路的电流为0.4A时V2的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律可表示出电源电压；当电流最大为0.5A时，同理可表示出电源电压，联立方程组求出R0和电源电压；
电路消耗总功率的变化量ΔP=UI大-UI，据此计算。
D.OA是一条过原点的倾斜直线，应该是定值电阻的I-U图像，根据图像中的信息和欧姆定律求出OA段对应的电阻值，若该电阻值等于R0的阻值，则OA是R0的I-U图像，反之，OA不是R0的I-U图像。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）。
13．当两滴水接触时，能自动结合成一滴较大的水，这一事实说明分子间存着　 　，物体不能无限地被压缩，说明分子间存在　 　，将糖放入水中能使整杯水变甜，这说明　 　。
【答案】引力；斥力；分子永不停息做无规则运动
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】两滴水银靠近时能够自动结合成一滴较大的水银，是由于分子之间存在吸引力的缘故。
由于分子间有相互作用的排斥力，所以物体的体积不能无限地压缩。
把糖加入到水中后，糖分子就会在水中发生扩散现象，扩散现象说明分子在做永不停息的无规则运动。
【分析】分子间存在引力及斥力；扩散现象说明分子在做永不停息的无规则运动。
14．如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它：
（1）小明看不到硬币，这是因为光在均匀介质中沿　 　传播；
（2）将平面镜放到碗边适当的位置，小明在A处通过平面镜看到了硬币的虚像，这是利用了光的　 　现象；
（3）往碗里加入适量的水，小明在A处也能看到硬币的虚像，这可以用光的　 　解释。
【答案】（1）直线
（2）反射
（3）折射
【知识点】光的反射；光的折射规律；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，硬币发出的光线被碗沿挡住，使得光线无法直接进入眼睛，所以小明看不到硬币，则原因是：光在均匀介质中沿直线传播。
（2）硬币反射的光经平面镜反射后进入小明的眼睛，小明逆着反射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是利用了光的反射现象。
（3）往碗里加水后，来自硬币的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射后进入眼睛，于是小明看到硬币 虚像，这是光的折射现象。
【分析】（1）根据光的直线传播的知识解答；
（2）根据光的反射的知识解答；
（3）根据光的折射的知识解答。
（1）光在均匀介质中沿直线传播，碗沿挡住了来自硬币的光线，使得光线无法直接进入眼睛，所以小明看不到硬币。
（2）平面镜成像的原理是光的反射。硬币反射的光经平面镜反射后进入小明的眼睛，小明逆着反射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是利用了光的反射现象。
（3）往碗里加水后，来自硬币的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线偏离法线，折射光线进入眼睛，小明逆着折射光线看去，看到的是硬币的虚像，这是光的折射现象。
15．如图所示，我国自主研制的首艘货运飞船天舟一号，由长征七号运载火箭发射升空。天舟一号在随火箭加速上升过程中，动能　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），重力势能　 　，机械能　 　。飞船天舟一号由我国的北斗系统通过电磁波来进行控制，该波与光在真空中的传播速度一致，这个速度为　 　m/s。
【答案】变大；变大；变大；3×108
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；电磁波的传播
【解析】【解答】（1）根据题意可知，天舟一号在随火箭加速上升过程中，质量不变，高度增加，则重力势能变大；速度增大，则动能变大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，所以天舟一号的机械能变大。
（2） 飞船天舟一号由我国的北斗系统通过电磁波来进行控制， 由于光在真空中的传播速度为3×108m/s，电磁波与光在真空中的传播速度一致，所以这种波在真空中传播速度为3×108m/s。
【分析】（1）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”；
（2）根据光在真空中的速度解答。
16．用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测镇江香醋的密度。
（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节；
（2）用天平测量冰墩墩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为 　 　g，体积为 　 　cm3；（陶瓷材料的密度为2.7×103kg/m3）
（3）如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量m1=135.2g；
（4）如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，在烧杯壁上标记液面的位置；
（5）将冰墩墩取出，　 　，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2=102.8g；
（6）根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度，ρ=　 　g/cm3，与真实值相比，用本方案所测出的香醋密度 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
【答案】左；81；30；将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处；1.08；偏大
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图2所示，此时指针右偏，说明天平右侧重左侧轻，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡。
（2）根据图3可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为1g，砝码质量为：50g+20g+10g=80g，
则冰墩墩的质量为m=80g+1g=81g
那么冰墩墩的体积为。
（5）（6）将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋=V=30cm3
乙烧杯减小的香醋的质量为m醋=m1﹣m2=135.2g﹣102.8g=32.4g；
香醋的密度为。
将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，根据
m醋=m1﹣m2可知，测量的香醋质量偏大，根据公式可知，用本方案所测出的香醋密度偏大。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
（5）（6）算出从乙烧杯倒入甲烧杯香醋的质量和香醋的体积（冰墩墩的体积），由密度公式算出镇江香醋的密度，将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，进而判断出香醋体积的偏差，由密度公式判断出所测出香醋密度的偏差。
17．如图所示，用20N的拉力F通过滑轮组将40N的重物在2s内匀速提升1m，在此过程中，拉力做功为　 　J，拉力的功率是　 　W，滑轮组的机械效率是　 　。
【答案】60；30；66.7%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据图片可知，滑轮组上承担重力的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×1m=3m，拉力做的功W总=Fs=20N×3m=60J。
则拉力的功率为；该滑轮组的机械效率是。
【分析】根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs拉力做的功，根据求出拉力的功率，根据求出机械效率。
18．如图所示，已知电源电压U=3V，R1=R2=5Ω，R3=10Ω。当S1、S2断开时，电路中的电流为　 　A，此电路工作1min产生的热量为　 　J；要使电路中消耗的电功率最大，应闭合开关　 　。
【答案】0.2；36；S1、S2
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当S1、S2断开时，定值电阻R1、R3串联，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
此电路工作1min产生的热量为；
（2）当电源电压一定时，由可知，电功率最大时总电阻最小；
根据电阻串并联的知识可知，此时应该电阻为并联，
即当S1、S2均闭合时，电路为R2、R3并联。
【分析】 （1）当S1、S2断开时，R1、R3串联，根据串联电路的特点和欧姆定律计算出电路中的电流，利用焦耳定律计算电路工作1min产生的热量；
（2）根据可知，要使电路中消耗的电功率最大，则电路中的电阻要最小，则电路应该并联，据此分析要闭合的开关。
19．“低碳环保”是当今世界环境主题，天然气是一种低污染燃料，在我市已普遍使用。天然气热值为4×107J/m3，完全燃烧0.21m3的天然气所释放的热量为　 　J，燃烧时天然气的化学能转化为　 　能；若完全被水吸收，能使　 　kg的水温度升高40℃，这是通过　 　的方式改变水的内能[c水=4.2×103J/（kg·℃）]。
【答案】8.4×106；内；50；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）根据题意可知，完全燃烧0.21m3的天然气所释放的热量为；
（2）天然气燃烧时，将天然气的化学能转化为内能。
（3）根据Q=cm△t可知，天然气所释放的热量能使温度升高40℃的水的质量。
（4）在加热过程中，水吸收天然气燃烧放出的热量，所以是通过热传递的方式改变水的内能。
【分析】（1）根据计算天然气燃烧放出的热量；
（2）根据能量转化的知识解答；
（3）根据计算加热水的质量；
（4）热传递改变内能的本质为能量的转移。
三、解答题（本题共11小题，共50分。解答第27、28题时应有公式和解题过程）。
20．按要求作图（请保留作图痕迹）。如图所示，请在图中画出凹透镜中对应的折射光线或入射光线。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】根据凹透镜的三条特殊光线可知，当入射光线对着焦点射向凹透镜，折射光线应该平行于主光轴。当对着光心射入时，传播方向不发生改变，如下图所示：
【分析】根据凹透镜的三条特殊光线完成作图。
21．如图所示，轻杆OB在外力作用下保持静止（O为支点），请在图中画出B点施加的最小力F1和阻力臂l2。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】①根据图片可知，O点为杠杆的支点，通过支点O作F2的作用线的垂线段，即阻力臂l2；
②O点为杠杆的支点，B点为动力作用点，则最长的动力臂为OB，因此过B点作垂直于OB斜向上的动力F1即最小的力，如图所示：
【分析】（1）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（2）当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时动力最小。
22．如图所示，静止在水平路面上的小车，其支架的杆子上固定一铁球，请作出小球所受的力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，杆子上的小球处于静止状态，则它受到重力与杆子的拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。重力的方向竖直向下，所以拉力的方向竖直向上，二者都作用在小球的重心上，如图所示：
【分析】对小球进行受力分析，从而确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
23．下表是海波熔化的实验记录，回答下列问题：
时间/min 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
温度/℃ 35 39 45 48 48 48 57 48 48 51 56
（1）海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），其熔点是　 　℃；
（2）表中第　 　min的数据有误，正确的应为　 　℃；
（3）在第2min时，海波的状态为　 　。
【答案】（1）晶体；48
（2）7；48
（3）固态
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据表格数据可知，海波熔化时温度保持48℃不变，即海波有熔点，所以海波是晶体，熔点是48℃。
（2）根据表格数据可知，海波在4～9min中温度应该保持48℃不变，即正在熔化，而第7组数据的温度是57℃，所以第7min的数据有误，正确的应为48℃。
（3）根据表格数据可知，2min时海波的温度为39℃，低于海波的熔点，此时海波不会熔化，所以海波处于固态。
【分析】（1）晶体有熔点，非晶体没有熔点，根据表格数据确定海波吸热时保持不变的温度即可；
（2）海波在熔化过程中温度保持不变，根据表格数据比较解答；
（3）晶体熔化前为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。
（1）根据表格上记录的熔化的温度的变化情况可知，4～6min和8～9min时温度保持48℃不变，即海波有固定的熔化温度，所以海波是晶体，熔点是48℃。
（2）晶体熔化时的温度保持不变，由数据可知，熔化过程是在4～9min，此过程中温度应该保持48℃不变，而第7组数据的温度是57℃，所以第7min的数据有误，正确的应为48℃。
（3）2min时的温度为39℃，没有达到海波熔点，海波不会熔化，所以海波处于固态。
24．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中．
（1）如图所示，为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块 A，弹簧测力计的示数 F1（2）丙图中，若增大弹簧测力计的拉力，此时木块 A 所受滑动摩擦力　 　变大/变小/不变），木块 A 上面的砝码　 　（受/不受）摩擦力．
（3）比较　 　两幅图，可得出：压力相同时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大．
【答案】匀速直线；2.4；不变；受；甲、乙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当用测力计沿水平方向匀速直线拉动时木块时，它处于平衡状态，即它受到的摩擦力等于测力计的拉力。
根据图片可知，测力计的分度值为0.2g，F3示数为2.4N。
（2）① 丙图中，若增大弹簧测力计的拉力， 但是压力和接触面粗糙程度不变，所以木块A受到的滑动摩擦力不变。
②增大拉力做加速运动，则上面砝码和下面木块的速度不相同，即二者之间存在相对运动的趋势，所以砝码会受到摩擦力；
（3）探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和乙。
【分析】（1）根据二力平衡力的知识分析解答。根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出F3；
（2）①当拉力增大时，从影响滑动摩擦力大小因素的角度分析摩擦力是否改变；
②当两个物体之间存在相对运动的趋势时，接触面上就会产生摩擦力。
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。
25．在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示．
(1)图B为某时刻的温度，其示数为　 　℃．
(2)分析图C可知，吸收相同热量，　 　液体升温更高；　 　液体更适合作汽车发动机的冷却液．
(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2：1，则甲、乙液体的比热容之比为　 　．
【答案】39；乙；甲；3：2
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1)图B中，温度计的分度值为1℃，示数为39℃；
(2)由图C可知，吸收相同热量，即加热相同的时间时，乙液体升温更高，甲液体升温低；根据知，甲的比热容较大，则升高相同的温度时，甲液体吸收的热量多，散热效果好，所以甲液体更适合作汽车发动机的冷却液．
(3)由图C可知，若质量相同的甲、乙液体从20℃分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2：1，则甲升高的温度为：
；
乙升高的温度为：
；
甲、乙液体的比热容之比为：
．
【分析】（1）认清温度计的分度值，再读数；
（2）相同的加热器，可以保证加热时间相同时，两液体吸收的热量相等；
（3）根据液体的质量、温度变化和吸收热量的关系，利用求出液体的比热容之比。
26．同学们用手边的铅笔可以做很多物理小实验，如图所示：
（1）图甲中铅笔的长度是　 　cm；
（2）图乙中插入水中的铅笔看起来弯折了，这是光从　 　进入　 　发生的折射现象；
（3）图丙中，用手指分别顶在铅笔的两端时，两只手指的凹陷程度和感觉不同，是由于压力的作用效果与　 　有关；
（4）将一些细铜丝绕在铅笔下端，制成一个简易密度计，如图丁所示。如将此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4：5，则该液体的密度为　 　kg/m3（细铜丝体积忽略不计）。
【答案】（1）3.00
（2）水；空气
（3）受力面积
（4）0.8×103
【知识点】光的折射现象及其应用；刻度尺的使用；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，该刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左边缘对准0.00刻度线，右端对准3.00cm，所以铅笔的长度是：3.00cm-0.00cm=3.00cm。
（2）从空气中看到水中的筷子弯折了，则光线应该来自水中，即由于水中的铅笔反射的光从水中进入空气中时，发生了偏折引起的折射现象。
（3）在丙图中，筷子保持静止状态，根据平衡力的知识可知，两个手指受到的压力相等。两只手指的凹陷程度和感觉不同，即压力作用效果不同，此时两端的受力面积不同，可以说明压力的作用效果与受力面积有关。
（4）根据题意可知，密度计在水中和某液体中，则密度计在水中和液体中受到的浮力相等，
即F浮水=F浮液；
ρ水gV排水=ρ液gV排液，
ρ水gSh水=ρ液gSh液，ρ水h水=ρ液h液，
那么。
【分析】 （1）根据图片确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
（2）注意分析看水中的物体，则肯定是水中的物体发出光线；
（3）从铅笔所处的平衡状态入手，分析两手指的受力大小关系。压力的作用效果与压力和接触面的面积有关；
（4）根据物体的漂浮条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排列式计算即可。
（1）由甲图可知，刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左边缘对准0刻度线，右端对准3.00cm，所以铅笔的长度是3.00cm。
（2）[1][2]图乙中插入水中的铅笔看起来弯折了，这是光的折射现象，是由于水中的铅笔反射的光从水中进入空气中时，发生了偏折引起的折射现象。
（3）图丙中，用手指分别顶在铅笔的两端时，两只手指的凹陷程度和感觉不同，是由于两端的压力是相等，但两端的受力面积不同，可以说明压力的作用效果与受力面积有关。
（4）密度计在水中和某液体中，都漂浮，根据物体的浮沉条件可知，密度计在水中和液体中受到的浮力相等，故有ρ水gV排水=ρ液gV排液，由于在水中和某液体中浸入部分长度之比为4：5，所以有ρ水gSh水=ρ液gSh液，代入数据解得
27．如图甲所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点（ρ盐水＞ρ水，B、C位置深度相同）：
（1）实验中，根据U形管中液面高度差来反映液体内部压强的大小，其用到的实验方法是______；
A．控制变量法 B．模型法 C．转换法 D．等效替代法
（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用的　 　（选填“有色”或“无色”）；
（3）将探头分别放在图乙所示　 　（选填“A、B”或“B、C”）位置，可以探究液体压强与深度的关系；
（4）在乙图清水中再加入适量清水后使B、C两个位置液体压强相等，则清水对容器底部压强　 　浓盐水对容器底部压强（选填“＞”、“=”或“＜”）。
【答案】（1）C
（2）有色
（3）A、B
（4）＜
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验中，U形管两侧液面的高度差越大，说明此时的液体压强越大，即液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，因此采用了转换法，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）U形管是无色透明的，如果液柱也是无色透明的，那么不容易观察到液柱高度的变化。为了使实验现象更明显，看得清左右液柱高度，U形管内应选有色液体更明显。
（3）由控制变量法知道，探究液体压强与深度的关系时，要控制液体的密度相同，只改变探头的深度， 应将探头分别放在图乙所示A、B不同的位置。
（4）根据图片可知，B、C两点到烧杯底部的距离相同，且盐水密度大于淡水密度，由知道，B、C两个位置以下液体，盐水产生的压强大。此时液体对容器底部产生的压强等于B、C两个位置液体压强与B、C两个位置以下液体产生的压强之和，则清水对容器底部压强＜浓盐水对容器底部压强。
【分析】（1） 物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）根据U形管是无色透明的分析；
（3）根据控制变量法的压强选择对照实验；
（4）根据比较B、C两点以下产生压强大小，然后再与上面压强相加比较容器底部受到压强大小。
（1）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）为了使实验现象更明显，看得清左右液柱高度，U形管内应选有色液体更明显。
（3）探究液体压强与深度的关系时，由控制变量法知道，要控制液体的密度相同，应将探头分别放在图乙所示A、B不同的位置，可以探究液体压强与深度的关系。
（4）在乙图清水中再加入适量清水后使B、C两个位置液体压强相等；由知道，B、C两个位置以下液体，盐水产生的压强大，此时液体对容器底部产生的压强等于B、C两个位置液体压强与B、C两个位置以下液体产生的压强之和，则清水对容器底部压强＜浓盐水对容器底部压强。
28．在“测量小灯泡额定功率”实验中，有两个小灯泡L1（额定电压U额=2.5V）和L2（额定电流为I额）：
（1）图甲是测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图：
①图甲中有一根线连接错误，在这根线上打“×”，并在图中改正，注意导线不交叉；　 　
②改正电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，两电表均无示数，其原因可能是　 　；
③故障排除后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡L1的额定功率，应将滑片向　 　（填“A”或“B”）端移动，当小灯泡L1正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为　 　W。
（2）图丙是能测出小灯泡L2额定功率的电路图。图中R为电阻箱，R0为阻值已知的定值电阻。请在空白处填上适当内容：
①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；
②将开关接b，保持　 　不变，调节　 　，此时电阻箱的示数为R2；
③则小灯泡L2的额定功率P=　 　（用测量的物理量符号表示）。
【答案】（1）；电流表断路；A；0.65
（2）滑片的位置；电阻箱直至电流表示数为I额；
【知识点】电路的构成及电路图；电路故障的判断；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）①在“测量小灯泡额定功率”实验中，电压表要与小灯泡并联，电流表与灯泡串联。根据甲图可知，只需将灯泡与电流表相连的导线从电流表上拆下，改接在电压表的“-”接线柱上即可，如下图所示：
②闭合开关，电流表和电压表均无示数，肯定是有元件断路，那么可能是电流表断路，也可能是滑动变阻器断路，还可能是开关断路。
③电压表示数为2V小于2.5V，则电压表的示数要增大。根据U总=UL+U变可知，此时要减小变阻器两端的电压。按照串联电路分压规律可知，应减小滑动变阻器连入的阻值，应将滑片向A端移动。
如图乙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则灯泡的额定电流为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为。
（2）①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；
②将开关接b，保持变阻器滑片位置不变，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R2；③根据题意可知，总电压不变，总电流不变，则这两次电路的总电阻相等，即；
所以灯泡正常发光时的电阻
小灯泡L2的额定功率。
【分析】 （1）①在“测量小灯泡额定功率”实验中，电压表要与小灯泡并联，电流表与灯泡串联，据此分析解答；
②根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
③小灯泡在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡L1的额定功率；
（2）根据等效替代法分析回答。
（1）[1]伏安法测小灯泡额定功率的实验中，电压表要测小灯泡两端的电压，电压表要与小灯泡并联，且要保证电流“正入负出”，电路如图所示。
[2]闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，两电表均无示数，其原因是有元件断路，可能是电流表断路，也可能是滑动变阻器断路，还可能是开关断路。
[3]电压表示数为2V，为测量小灯泡L1的额定功率，必须把灯泡两端电压调成额定电压2.5V，按照串联电路分压规律，应减小滑动变阻器连入的阻值，应将滑片向A端移动。
[4]当小灯泡L1正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时电流为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为。
（2）将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R1；将开关接b，保持变阻器滑片位置不变，调节电阻箱直至电流表示数为I额，此时电阻箱的示数为R2；这两次电路的总电阻相等，
所以灯泡正常发光时的电阻
小灯泡L2的额定功率
29．如图所示是一辆无人配送车。若该无人配送车装运快递后的总重为6000N，在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，用时40s，此过程中受到的牵引力为600N，轮胎与地面接触的总面积为。通过计算回答：该无人配送车在40s的时间里；
（1）对水平地面的压强是多少？
（2）牵引力做功是多少？
（3）牵引力做功的功率是多少？
【答案】（1）解：无人配送车装运快递后的总重为6000N，轮胎与地面接触的总面积为，则对水平地面的压强：
答： 对水平地面的压强 为；
（2）无人配送车在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，受到的牵引力为600N，则牵引力做功：
W=Fs=600N×60m=3.6×104J
答： 牵引力做功是；
（3）解：用时40s，则牵引力做功的功率：
答：牵引力做功的功率是900W。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）水平面上，无人配送车装运快递后对地面的压力等于总重，根据计算对水平地面的压强；
（2）根据W=Fs计算牵引力做功；
（3）根据计算牵引力做功的功率。
（1）无人配送车装运快递后的总重为6000N，轮胎与地面接触的总面积为，则对水平地面的压强
（2）无人配送车在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，受到的牵引力为600N，则牵引力做功
W=Fs=600N×60m=3.6×104J
（3）用时40s，则牵引力做功的功率
30．科技小组利用钢片和压敏电阻，做“模拟钢梁承重下垂量测试”的实验，如图甲所示，不计压敏电阻和钢片的自重，已知压敏电阻受到的压力F与钢片下垂量h满足关系F=kh，k=2N/mm。图乙是压敏电阻阻值R与F关系图像。图甲中压敏电阻与电源、电阻箱和开关组成图丙所示电路，电源电压为4.5V，电阻箱阻值设定为R0=500Ω。
（1）当压敏电阻为1000Ω时，闭合开关，求电路中的电流；
（2）现要求在电路中接入一只量程为0～3V的电压表，且压力F越大，电压表示数越大；
①电压表应接在电路中　 　（选填“A”、“B”、“C”、“D”）两点之间；
②求电路所能测量的钢片最大下垂量；　 　
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，请对电路提出两条改进措施。　 　
【答案】（1）解：根据丙图可知，电阻箱和压敏电阻串联，当压敏电阻为1000Ω时，
此时电路中的总电阻为；
电路中的电流为。
（2）A、B；20mm；减小R0的阻值或减小电源电压
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（2）①根据丙图可知，当压力越大时，压敏电阻的阻值越小，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时压敏电阻两端电压越小。根据U总=U0+U压敏可知，电阻箱两端电压越大，因此电压表应接在电路中AB两点之间。
②根据电压表的量程是0～3V可知，此时电路中的电流为；
压敏电阻两端电压为；
压敏电阻的阻值为；
根据图乙可知，此时受到的压力为40N，
则钢片最大下垂量为。
③根据题意可知，增大电路所能测量的钢片最大下垂量时，压敏电阻的阻值减小，
由串联电路电压与电阻成正比可得：；
由于式子等号左边两个电压之比是定值，所以R0与R压敏的比值也是定值。
因此可以减小R0的阻值；还可以减小电源电压，压敏电阻两端电压会减小，则压敏电阻的阻值会减小。
【分析】 （1）根据丙图可知，压敏电阻与电阻箱串联，根据电阻的串联结合欧姆定律求出电路中的电流；
（2）①根据压敏电阻阻值R与F关系图像结合串联电路电压规律和分压原理确定电压表连接方式；
②根据电压表量程确定电压表最大示数，利用串联电路电压规律求出此时压敏电阻两端电压，根据分压原理求出压敏电阻阻值，利用图乙确定最大压力，根据F=kh求出钢片最大下垂量；
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，即钢片受到的压力最大，由图乙可知，压敏电阻的阻值最小，根据分析回答。
（1）据丙图可知，电路是串联的，当压敏电阻为1000Ω时，电路中的总电阻为
电路中的电流为
（2）[1]据乙图分析可知，当压力越大时，压敏电阻的阻值越小，由串联分压原理可知，压敏电阻两端电压越小，则电阻箱两端电压越大，因此电压表应接在电路中AB两点之间。
[2]根据上述分析可知，当电压表的示数越大时，压敏电阻受到的压力越大，下垂量越大，已知电压表的量程是0～3V，此时电路中的电流为
压敏电阻两端电压为
压敏电阻的阻值为
据乙图可知，此时受到的压力为40N，则钢片最大下垂量为
[3]要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，应增大压力，即减小压敏电阻的阻值，由串联分压原理可得
由于式子等号左边两个电压之比是定值，则当R0的阻值越小，压敏电阻的阻值越小，因此可以减小R0的阻值；还可以减小电源电压，压敏电阻两端电压会减小，则压敏电阻的阻值会减小。
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