资源简介

山东省淄博市桓台县2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．陇州社火已有2000余年的传承历史，具有明显的地域特色和历史传承色彩，是我国保留最完整的原生态民间文化历史遗存。如图所示是锣鼓展演的场景，下列有关说法正确的是（　　）
A．敲击鼓面的力越大，鼓声的响度越大
B．鼓声是由空气振动产生的
C．锣鼓声能在真空中传播
D．有节奏的锣鼓声不可能成为噪声
【答案】A
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】A．敲击鼓面的力越大，鼓面的振幅越大，则鼓声的响度就越大，故A正确；
B．根据声音产生的条件可知，鼓声是由鼓面振动产生的，故B错误；
C．声音的传播需要介质， 锣鼓声不能在真空中传播 ，故C错误；
D．有节奏的锣鼓声在午休时响起，也可能成为噪声，故D错误。
故选A。
【分析】A.响度与振幅大小有关；
B.声音由物体振动产生；
C.声音的传播需要介质；
D.凡是影响人们正常学习、休息和工作的声音都是噪声。
2．下列关于光现象的说法正确的是（　　）
A．甲图是古代的天文仪器——圭表，通过观察记录正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，其原理是光的折射
B．乙图是渔民叉鱼，有经验的渔民都知道，只有瞄准鱼的上方才能叉到鱼
C．丙图反映的是古代人们用磨光的铜面作为镜子梳妆打扮的画面，其原理是光的反射
D．丁图是太阳光通过三棱镜后产生彩色光带的画面，其原理是光的直线传播
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．圭表通过观察记录正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，而影子的原理为光的直线传播，则圭表的工作原理为光的直线传播，故A错误；
B．鱼发出的光从水中斜射入空气时发生折射，形成虚像的位置比实际位置高，所以有经验的渔民应该瞄准鱼的下方才能叉到鱼，故B错误；
C．用磨光的铜面作为镜子梳妆打扮，其实就是平面镜成像，是利用了光的反射原理，故C正确；
D．太阳光通过三棱镜后产生彩色光带，这是光的色散现象，其原理是光的折射，故D错误。
故选C。
【分析】 A.光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
B.根据光的折射规律判断；
C.平面镜成像的原理是光的反射；
D.光的色散现象的本质是光的折射。
3．春节后《哪吒2》在海外上映，让世界人民感受到了中华民族优秀传统文化的魅力，引发了一票难求的盛况。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映时巨幕应置于放映机镜头的一倍焦距和二倍焦距之间
B．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
C．放映机的镜头相当于一个凹透镜
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
【答案】B
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】ACD．放映机利用凸透镜成倒立放大的实像，此时胶片在凸透镜的一倍和二倍焦距之间，而像成在二倍焦距以外，即巨幕应该在放映机镜头的二倍焦距以外，故ACD错误；
B．巨幕应做成粗糙平面，可以让光在幕布上发生漫反射，从而使观众能从各个不同的角度看到银幕上的画面，故B正确。
故选B。
【分析】ACD.根据凸透镜成像的规律和应用判断；
B.根据漫反射的知识判断。
4．生活中处处有物理，留心观察皆学问，图中列举了厨房中的一些物态变化，对此解释正确的是 (　　)
A．图甲：冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的
B．图乙：把鱼埋在冰粒中利用了冰升华放热来保鲜鱼
C．图丙：自制简易冰箱利用了水蒸发放热来保存食物
D．图丁：水烧开时冒出的“白气”是壶里的水汽化形成的水蒸气
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；蒸发及其现象；液化及液化放热
【解析】【解答】A．图甲： 豆腐放到冰箱里，里面的水先从液态变成固态凝固成冰，冰再从固态变成液态发生熔化成水。由于水的体积小于冰的体积，因此出现很多小孔，故A正确；
B． 图乙： 把鱼埋在冰粒中，冰熔化时会吸收大量的热而使鱼的温度降低，使之保持新鲜，故B错误；
C． 图丙： 自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故C错误；
D． 图丁： 水蒸气无色透明，我们看不到。水烧开时冒出的大量“白气”，是热的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，故D错误。
故选A。
【分析】物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化过程中吸收热量；物质由固态变成液态的过程叫熔化，熔化过程中吸收热量；物质由液态变成故态的过程叫凝固，凝固过程中放出热量；
5．学习密度知识后，小明测量某品牌酸奶的密度，其操作步骤及流程如图所示。则下列说法错误的是（　　）
A．调节天平平衡时，发现指针如图甲所示，需将平衡螺母向右调节
B．按照如图丙、丁、乙的顺序测量可知，量筒中酸奶的质量为60g
C．将烧杯中的酸奶倒入量筒中，丁所示的读数为51mL
D．按照如图乙、丙、丁的顺序测得到的酸奶密度偏小
【答案】D
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量
【解析】【解答】A．根据甲图可知，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的左端重右侧轻，所以平衡螺母向右移动，故A正确，不符合题意；
B．根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，游码质量为2g，则烧杯和酸奶的质量m总=100g+20g+2g=122g；
由图乙可知，游码的质量为2g，则空烧杯的质量m杯=50g+10g+2g=62g；
则量筒中酸奶的质量m=m总-m杯=122g-62g=60g，故B正确，不符合题意；
C．根据图丁可知，量筒的分度值为1mL，酸奶的体积为V=51mL，故C正确，不符合题意；
D．将烧杯中的酸奶倒入量筒中时会有残留，使体积的测量值偏小，根据可知，按照乙、丙、丁的顺序进行实验，得到的酸奶密度偏大，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A.平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
B.物体的质量=砝码质量+游码质量，据此分别读出烧杯的质量与烧杯和酸奶的总质量，二者相减得到酸奶质量。
C.根据丁图确定量筒的分度值，然后读出酸奶的体积；
D.注意倒出酸奶时，烧杯内部会残留部分酸奶，从而导致酸奶的体积偏小，然后根据分析对酸奶密度的影响即可。
6．雪后高压线上常出现覆冰现象影响供电安全，有关部门常采用“短路”和无人机“御剑”两种方式除冰。以下说法正确的是（　　）
A．“短路”除冰是将输电线停电后短接，通入可控电流，利用电流的磁效应熔化冰雪
B．“御剑”除冰是在无人机下方悬挂类似“剑”的重物（图中的除冰棒）来撞击输电线使其摇晃，覆在上面的冰由于惯性保持原来的运动状态，从而与输电线分离
C．当“除冰系统”在空中悬停时，细绳对除冰棒的拉力和除冰棒对细绳的拉力是一对平衡力
D．电线上的冰雪掉落时，将不再受重力
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡力的辨别；电流的热效应
【解析】【解答】A．“短路” 除冰是利用电流的热效应使冰吸收热量熔化，不是电流的磁效应，故A错误；
B．“御剑” 除冰时，除冰棒撞击输电线使其摇晃而改变运动状态，上面的覆冰由于惯性保持原来的静止状态，从而与输电线分离，故B正确；
C．当“除冰系统”在空中悬停时，细绳对除冰棒的拉力和除冰棒对细绳的拉力，作用在不同物体上，因此不是平衡力，故C错误；
D．电线上的冰雪掉落时，仍然受重力，故D错误。
故选B。
【分析】A.电流通过导体时都会发热，这是电流的热效应；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
D.地面附近，一切物体都有重力。
7．生活处处有物理，以下说法不正确的是（　　）
A．用吸管吸瓶中饮料，利用了大气压
B．飞机升力利用了空气流速大的地方压强大
C．验钞机防伪利用了紫外线的荧光作用
D．筷子利用了费力杠杆省距离
【答案】B
【知识点】紫外线；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；杠杆的分类
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压小于外界大气压强，在大气压的作用下将饮料压入吸管，利用了大气压原理，故A正确不符合题意；
B．飞机上表面为曲面，下表面为平面，则机翼上方流速大、压强小，下方流速小、压强大，形成向上的压力差，这就是飞机的升力，故B错误符合题意；
C．验钞机利用紫外线能使荧光物质发光的性质，故C正确不符合题意；
D．筷子使用时，靠近虎口的位置为支点，阻力作用在尖端，食指施加动力。此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离，故D正确不符合题意。
故选B。
【分析】 A.根据大气压强的知识判断；
B.流体流速越大的位置，压强越小；
C.根据紫外线的特点和应用判断；
D.费力杠杆的动力臂小于阻力臂。
8．如图水平桌面上有两个相同的容器，分别盛有甲、乙两种液体，现将两个相同的木块分别放入两容器中，当木块静止时两容器中液面相平。下列判断正确的是（　　）
A．甲液体的密度比乙液体的大
B．木块在甲液体中受的浮力较大
C．甲液体对容器底部的压强较大
D．盛甲液体的容器对桌面的压强较小
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，木块在甲液体中悬浮，则密度；木块在乙液体中漂浮，则密度，而木块的密度相同，则液体密度，故A错误；
B．根据物体的浮沉条件可知，木块在甲液体中悬浮，则它受到的浮力 ；木块在乙液体中漂浮，则它受到的浮力。两个木块的重力相等，则它们受到的浮力，故B错误；
C．综上所述，，且深度h相同，根据液体压强公式可知，容器底部受到液体的压强，故C错误；
D．根据图片可知，液体的体积 ，液体密度，根据可知，液体重力 。而容器对桌面的压力等于容器、液体和木块的总重力，根据
可知，容器对桌面的压强，故D正确。
故选D。
【分析】 A.根据物体的浮沉条件比较液体密度大小；
B.根据物体的浮沉条件比较木块受到浮力大小；
C.根据p=ρ液gh来判断液体对容器底部的压强大小；
D.用G液=ρ液gV液来比较液体受到的重力大小，用来比较容器对桌面的压强大小。
9．在厨房用砂锅炖鸡汤时，很多现象都可以用物理知识来解释。下列说法正确的是（　　）
A．鸡汤吸收了热量，温度一定升高，内能一定增加
B．用天然气炖鸡汤时，调大火力可以提高天然气的热值
C．炖汤时，汤汁沸腾将壶盖顶起的能量转化与四冲程内燃机中做功冲程能量转化相同
D．停止加热，鸡汤会立刻停止沸腾
【答案】C
【知识点】沸腾及沸腾条件；温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．鸡汤吸收了热量，内能肯定增加，如果此时鸡汤正在沸腾，那么温度不再升高，故A错误；
B． 用天然气炖鸡汤时，调大火力不能改变天然气的燃料种类，自然无法提高燃气的热值，故B错误；
C． 炖汤时， 锅盖被“顶起”，将水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，这与内燃机的做功冲程能量转化相同，故C正确；
D．停止加热后，鸡汤仍能从锅底吸收热量，因此鸡汤不会立刻停止沸腾，故D错误。
故选C。
【分析】A.液体沸腾时不断吸热，但是温度不变；
B.热值只与燃料的种类有关；
C.热机的做功冲程，将内能转换为机械能；压缩冲程，将机械能转换为内能；
D.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热。
10．信息、能源和材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法中正确的是（　　）
A．若用超导材料制造输电线可以大大降低电能的损耗
B．光纤通信是利用激光在光导纤维中的折射来传递信息
C．5G通信信号的电磁波在真空中的传播速度比4G的快
D．氢弹利用不加控制的核裂变放出巨大能量
【答案】A
【知识点】核裂变；超导体特点及作用；电流的热效应；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．超导材料的电阻为零，则电流通过输电线时不会产生热量，所以用超导材料制造输电线可以大大降低电能的损耗，故A正确；
B．光纤通信是利用激光在光导纤维中不断发生全反射来传递信息的，故B错误；
C.5G 和 4G 通信信号的电磁波只是频率和波长不同，但是在真空中传播速度相同，故C错误；
D．氢弹利用的是核聚变原理，故D错误。
故选A。
【分析】A.导体通过电流时都会发热，而电阻为零时就不会发热；
B.根据光纤通信的原理判断；
C.根据5G 和 4G信号的不同判断；
D.根据氢弹的工作原理判断。
11．西晋时期张华撰写的《博物志》记载：“今人梳头、脱着衣时，有随梳（梳子与头发摩擦后相互吸引）、解结（头发“炸开”）有光者，亦有咤声。”以下正确的是（　　）
A．“有光、有咤声”是摩擦时创造了电荷
B．“随梳”主要是带电体能吸引轻小物体
C．“解结”是头发带上同种电荷相互排斥的结果
D．若头发带正电，则其原子核束缚电子的能力比梳子强
【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．梳子与头发摩擦时，电荷发生了转移，梳子和头发带上异种电荷，而异种电荷相互吸引，故头发会随着梳子飘起，故AB 错误；
C．头发与梳子摩擦后，头发带同种电荷，同种相互排斥而炸开，故C正确；
D．若头发带正电，则头发失去电子，则原子核束缚电子的能力比梳子弱，故D错误。
故选C。
【分析】不同物质相互摩擦时，发生电子转移，使物体带了电，得到电子带负电，失去电子带正电，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
12．对下列图中甲、乙、丙、丁四个图的实验描述不正确的是（　　）
A．甲：验电器的两片金属箔带同种电荷互相排斥而张开
B．乙：通电导线在磁场中受到力的作用，这是电动机的原理
C．丙：奥斯特实验说明电能生磁
D．丁：闭合开关，只要金属棒运动，电路中就有感应电流产生
【答案】D
【知识点】验电器的原理及使用；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A．甲：根据电荷之间的相互作用规律可知，验电器的两片金属箔是因为带了同种电荷互相排斥而张开，故A正确，不符合题意；
B．乙：闭合开关后，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，这是电动机的原理，故B正确，不符合题意；
C．丙：当电流经过导线时，导线附近的磁针会发生偏转，说明电能生磁，故C正确，不符合题意；
D．丁：闭合开关，只有金属棒在磁场中切割磁感线时灵敏电流计的指针偏转，说明电路中产生电流，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A.根据验电器的工作原理判断；
B.根据电动机的工作原理判断；
C.根据通电导线周围存在磁场判断；
D.根据感应电流产生的条件判断。
13．为了减轻牧民晚上看守羊圈的负担，小聪同学为牧民设计了如下电路：在毡房内连接了电铃、指示灯、开关以及电源，同时将细导线圈在羊圈外侧。闭合开关后，指示灯亮（表示电路正常），但电铃不响（表示羊圈没有被破坏）；当羊圈某个地方被撞开后（相当于导线断开），指示灯亮且电铃响（发出警报）。则下列电路符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，无论羊圈是否被破坏，灯泡始终发光，那么灯泡始终有电流经过。闭合开关时，电铃不响；导线断开时，电铃发声，这和正常情况正好相反，应该是围住羊圈的导线将电铃短路所致，则电路如下：
故选C。
【分析】正常情况下，用电器和开关串联，则闭合开关用电器工作。如果开关和用电器并联，那么闭合开关时用电器被短路，则此时用电器不工作，据此分析解答。
14．如图所示，电源电压不变，先同时闭合开关S和S1，待电表数都稳定后再断开S1，下列说法正确的（　　）
A．电流表A1示数不变，电压表V示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V示数不变
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积变大
D．电压表V示数与电流表A1示数的比值变小
【答案】B
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．根据电路图可知，闭合开关S和S1时，R1和R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路电流，电压表测电源电压.
再断开S1，此时只有R2自己工作，因此电流表A1、电压表示数不变。
根据I总=I1+I2可知，由于少一条支路，因此电流表A的示数变小，故A错误，B正确；
C．综上所述，电压表的示数不变，电流表A的示数变小，则电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，故C错误；
D．综上所述，电流表A1、电压表示数不变，因此电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，故D错误。
故选B。
【分析】 根据图片可知，闭合开关S、S1，两电阻并联；待电路稳定后再断开S1，断开R1所在的支路，只有R2接在电源两端工作，根据并联电路的电压特点、电流特点分析判断即可。
15．如图所示的电路中，电源电压6V保持不变。定值电阻R1的规格为“10；0.5A”，滑动变阻器R2的铭牌上标有“20；1A”，电流表使用0-0.6A量程，电压表使用0-3V量程。闭合开关后，为了保证电路各元件的安全，下列说法正确的是（　　）
①电路允许通过的最大电流为0.5A
②滑动变阻器连入电路的最小阻值为5
③电压表的最小示数为2V
④电路消耗的最大电功率为1.8W
A．①②③ B．②③ C．②③④ D．③④
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】①根据电路图可知，电阻R1、R2串联，电流表测总电流，电压表测R1的两端电压。
电压表的最大量程是 0-3V ，此时经过R1的最大电流为；
根据“10 0.5A”可知，定值电阻允许通过的最大电流为0.5A，
根据“20 1A”可知，变阻器允许通过的最大电流为1A，
比较可知，该电路中允许通过的最大电流为0.3A，故①错误；
②当电路中电流最大时，变阻器接入电路中的阻值最小，即电流为0.3A时，
此时电路中的总电阻为
变阻器此时接入电路中的最小阻值为，故②错误；
③当变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，
此时最小电流为，
电压表的最小示数为，故③正确；
④电路消耗的最大电功率为，故④正确。
故D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】 由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
①根据欧姆定律可知当两端的电压最大时，电路中的电流最大，根据电压表的量程确定R1两端的最大电压，根据欧姆定律求出电路中的最大电流；
②根据欧姆定律求出电路中的最小总电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器连入电路的最小阻值；
③根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电压表的最小示数；
④根据P=UI求出电路消耗的最大电功率。
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．人们在端午节会吃粽子，康康把粽子放入盛有适量水的锅中，发现粽子完全浸没水中且沉在锅底，这说明粽子的密度　 　水的密度，此时粽子对锅底的压力　 　粽子受到的重力。（以上均选填“大于”、“等于”或“小于”）若粽子的体积为 ，则它受到的浮力为　 　N（ ， ）
【答案】大于；小于；1.5
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据物体在液体中的浮沉条件，因为粽子完全浸没水中且沉在锅底，说明粽子的密度大于水的密度。因为粽子浸没在水中，所以粽子受到向上的浮力，所以粽子对锅底的压力小于粽子受到的重力。因为粽子浸没在水中，所以粽子浸入水中的体积为
粽子浸没在水中受到的浮力
【分析】沉底的物体密度大于液体密度，由于物体受到重力，对容器底的压力小于重力；根据液体密度和排开液体的体积，计算浮力的大小。
17．如图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极。当运动员蹲在起跑器上后，裁判员老师闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则判定该运动员抢跑。
【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据右手安培定则可知，电磁铁的上端为N极。将衔铁吸下，灯L2所在电路接通，则抢跑指示灯L2亮。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
18．如图所示是塔吊吊起重物的情景，在拉力F的作用下，重为的重物被竖直向上匀速吊起，已知动滑轮重200N，重物在内上升了，不计绳重与摩擦，则拉力F大小为　 　N，拉力F的功率为　 　W，滑轮组的机械效率约为　 　。
【答案】400；1500；83.3%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据图片可知，承担物重的绳子股数n=3，
则拉力F的大小为；
拉力做的总功为：W总=Fs=Fnh=400N×3×10m=12000J
拉力F的功率为；
滑轮组的机械效率约为。
【分析】 根据图片确定滑轮组装置确定承担重力的绳子股数，利用
求出拉力F的大小。根据W=Fs计算拉力做的总功，根据求出拉力F的功率；
根据求出滑轮组的机械效率。
19．如图所示的电路中，灯泡L1和L2是　 　（选填“串联”或“并联”）连接的；若闭合开关，电压表的示数为3V，电流表A1的示数为0.5A，电流表A2的示数为0.2A，则灯L2两端的电压为　 　V，灯L1的电阻为　 　Ω。
【答案】并联；3；10
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当闭合开关时，电压表所在的位置看作断路，则此时两个灯泡并排连接在电路中，所以灯泡L1和L2是并联连接的。
（2）根据电路图可知，电压表并联在电源两端，测的是电源电压；电流表A1在干路上测干路电流，电流表A2测的是通过L2的电流；
根据并联电路的电压特点可知，灯L2的两端电压等于电源电压等于电压表示数，即；
灯L1的两端电压等于电源电压等于电压表示数，即；
电流表的示数为0.2A，则通过L2的电流，
电流表A1的示数为0.5A，则干路电流，
那么通过L1的电流为，
因此灯L1的电阻为。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联；
（2）（3）由图可知，电流表A1测干路总电流，电流表A2测量通过L2的电流；根据并联电路的电压特点可知L1、L2两端的电压，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流，根据欧姆定律求出L1的电阻。
20．如图所示为沉在水底的石块，请画出石块所受重力和浮力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】图中，石块的重力竖直向下，作用点在重心；浮力的方向是竖直向上的，由于石块沉底，则重力大于浮力，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下，物体受到的浮力竖直向上；结合沉底状态，重力大于浮力。
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．在学习了光学相关知识后，小君利用蜡烛光源做了相关实验。
（1）首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，如图甲所示，则凸透镜的焦距为　 　cm。实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到　 　。
（2）接着，他将蜡烛光源放在了如图乙所示的位置，在光屏上得到了一个倒立、　 　（选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作　 　（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
（3）接着将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，此时若要在光屏上得到清晰的烛焰像，可以把光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）在图乙中，小君借来物理老师的眼镜，并将其靠近凸透镜左侧，发现光屏上的像由清晰变模糊，向右移动光屏又发现清晰的像，说明老师所戴眼镜是　 　镜（选填“近视”或“远视”）。
【答案】（1）10.0；同一高度
（2）缩小；照相机
（3）左
（4）近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，光屏上的亮点就是凸透镜的焦点，则光屏到凸透镜的距离就是焦距，即f=60.0cm-50.0cm=10.0cm；
②在实验之前，将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处，是为了使像成在光屏中央。
（2）根据图乙可知，此时像距小于物距，则在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，应用为照相机。
（3）根据甲图可知，将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律可知，此时像距变小，即可以把光屏向左移动。
（4）向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，即光线比原来发散了，也就是放入的是凹透镜，则老师所戴是近视眼镜。
【分析】（1）①凸透镜的焦点到光心的距离叫焦距；
②根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项解答；
（2）比较像距和物距大小，从而确定成像特点和应用；
（3）凸透镜成实像“物远像近小”的规律分析；
（4）根据光屏的移动方向确定像距变化，进而确定对光线的作用，进而确定透镜的种类即可。
（1）[1]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，形成最小最亮的光斑，该光斑的位置为焦点的位置，由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
[2]为了能在光屏上观察到清晰的像，应使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）[1]由图乙可知，此时物距u=40.0cm-10.0cm=30.0cm>2f，由凸透镜成像规律可知，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像。
[2]由于照相机成像时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，所以利用此原理，可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）将眼镜片靠近凸透镜左侧，发现光屏上的像由清晰变模糊，向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，则老师所戴眼镜的镜片能将光发散，则为凹透镜，即是近视眼镜。
22．如图是小华用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）压强计上的U形管　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）实验前检查装置，调试完成后，小华接着进行如图1所示的实验，如图乙，保持压强计探头在水中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明　 　；
（3）比较　 　两次实验，可以得到：液体的压强与液体密度有关；
（4）该实验过程中用到了控制变量的科学探究方法，下列实验也用到该方法的是（　　）
A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关
C．使用光线描述光的传播途径与方向
（5）小华探究液体内部压强的特点后，还希望测出某盐水的密度，在此基础上又做了拓展实验，步骤如下：
①将两端开口的玻璃管的一端扎上橡皮膜并倒入水，底端橡皮膜向下微微凸起，用刻度尺测出玻璃管中水柱的高度为（如图2甲所示）；
②将玻璃管缓慢插入装有盐水烧杯中，直到橡皮膜表面与水面相平，测出管底到盐水面高度为（如图2乙所示）；
③待测盐水密度的表达式　 　（结果用、、表示，不计橡皮膜形变对的影响）。
【答案】（1）不属于
（2）同一液体在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强相等
（3）丙、丁
（4）B
（5）
【知识点】液体压强的计算；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，压强计上的U形管下面连通，上面只有一端开口，故不属于连通器。
（2）保持压强计探头在水中的深度不变，是为了控制深度相同；使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，是为了测量液体内部各个方向的压强；U形管中液面高度差不变，这说明压强相同，那么得到：在同种液体内部同一深度，向各个方向的压强大小相等。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究液体的压强与液体密度有关时，需要控制探头的深度相同，只改变液体密度，故选丙丁。
（4）A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况，用到了转换法，故A不符合题意；
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，控制其它因素相同，只改变一个因素，则采用的是控制变量法，故B符合题意；
C．使用光线描述光的传播途径与方向，使用模型法，故C不符合题意；
故选B。
（5）根据题意可知，当橡皮膜的表面相平时，盐水对其向上的压强与水对其向下的压强相等，
即p盐水=p水，
ρ盐水gh2=ρ水gh1，
ρ盐水h2=ρ水h1，
解得：。
【分析】 （1）上端开口、底部互相连通的容器叫连通器；
（2）根据U形管的液面高度差比较各个方向压强大小，进而得到结论；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）分析各个实验中使用的物理研究方法即可；
（5）当橡皮膜不再发生形变时，说明其受到的玻璃管中水对其向下的压强与烧杯中盐水对其向上的压强相等，通过两者压强相等，结合液体压强的计算，利用水的密度表示出盐水的密度。
（1）压强计上的U形管一端没有开口，故不属于连通器。
（2）保持压强计探头在水中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明水中相同深度，不同方向，压强相同，即说明在同种液体内部同一深度，向各个方向的压强大小相等。
（3）丙丁实验中，液体的深度相同，盐水的密度大于水的密度，U形管压强计在盐水中的液面高度差不同，由此可以得到：液体的压强与液体密度有关。
（4）该实验过程中用到了控制变量的科学探究方法；
A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况，用到了转换法，故A不符合题意；
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，采用的是控制变量法，故B符合题意；
C．使用光线描述光的传播途径与方向，采用的是理想模型法，故C不符合题意；
故选B。
（5）当橡皮膜的表面相平时，盐水对其向上的压强与水对其向下的压强相等，即p盐水=p水，则有p盐水=ρ盐水gh2，p水=ρ水gh1，两者相等，则ρ盐水gh2=ρ水gh1，由此可以求得盐水的密度为。
23．如图所示，在测量小灯泡的电功率的实验中，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻大约10）、滑动变阻器“10；0.5A”和“20；1A”各一个、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、学生电源（电压恒为6V）、开关、导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整　 　（连线不得交叉）；
（2）本实验中小明对滑动变阻器的选择是　 　（选填“”或“”）。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最　 　端；
（3）小明将电路连接好后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零，电压表指针偏转超过最大刻度，则出现的故障可能是　 　；
（4）排除故障，闭合开关，移动滑片发现电压表示数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动；当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W；
（5）若此实验的电流表损坏，小明在原有器材基础上，增加了一个阻值为的定值电阻和两个开关，设计了图丙所示的电路，顺利完成测小灯泡额定功率的实验（设小灯泡的额定电压为），实验步骤如下：
①如图连接电路；
②闭合、，断开，移动滑动变阻器滑片，　 　；
③闭合、，断开，　 　，记下电压表示数；
④断开开关，整理器材。
小灯泡额定功率的表达式　 　。
【答案】（1）
（2）R2；右
（3）小灯泡断路
（4）左；0.75
（5）使电压表示数为U0；保持滑动变阻器滑片不动；
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1） 在测量小灯泡的电功率的实验中， 滑动变阻器与灯泡串联，且接线“一上一下”，如下图所示：
（2）①根据题意可知，灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，
则灯泡正常发光时变阻器的电压：U变=U-UL=6V-2.5V=3.5V；
根据串联分压原理可得：；
；
解得：，
因此选择R2变阻器。
②为了防止电流过大烧毁用电器，闭合开关前，变阻器应移至阻值最大处，即最右端。
（3） 小灯泡不亮，电流表示数为零， 说明电路发生断路。而电压表有示数，说明电压表与电源两极之间正常连接。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡断路。
（4）①因为2V<2.5V，所以应使灯泡两端电压变大。根据U总=UL+U变可知，则变阻器两端电压变小。根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，因此变阻器滑片应向左移动。
②根据乙图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则小灯泡的额定功率是
（5）②移动滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，因此使电压表的示数为U0；
③闭合、，断开，保持滑动变阻器滑片不动， 记下电压表示数；
④综上所述，③中电压表测灯泡和定值电阻的总电压，则可得两端电压为；
电路中的电流为；
则小灯泡额定功率的表达式为。
【分析】 （1）根据滑动变阻器的使用方法分析解答；
（2）①根据题意可知，灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时滑动变阻器连入阻值，从而选择合适的变阻器；
②闭合开关前，滑动变阻器滑片应处于最大值处；
（3）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（4）①根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
②根据电流表的量程和分度值读出灯泡的额定电流，利用P=UI求出额定功率；
（5）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；
要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
（1）根据实验，电路是串联的，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中的电流，连接的实物图如下图所示：
（2）[1]已知灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，根据串联分压原理可得
解得，因此选择R2变阻器。
[2]闭合开关前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即最右端。
（3）串联电路中无电流，说明电路发生断路，电压表有示数，则可能是灯泡断路，电压表串联接入电路。
（4）[1]灯泡正常发光时的电压是2.5V，应使灯泡两端电压变大，由于电源电压不变，则变阻器两端电压变小，根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，因此变阻器滑片应向左移动。
[2]乙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则小灯泡的额定功率是
（5）[1][2][3]丙图中闭合、，断开，电路为灯泡、定值电阻、变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，移动滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，因此使电压表的示数为U0，闭合、，断开，此时电路连接方式不变，因此保持滑动变阻器滑片不动，电压表测灯泡和定值电阻的总电压，则可得两端电压为
电路中的电流为
则小灯泡额定功率的表达式为
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点。各国纷纷开发以氢燃料为动力的汽车，如图为一辆我国设计制造的氢能源公交车。[，]求：
（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）此氢能源公交车以140kW的恒定功率做匀速行驶，汽车的速度为20m/s，如果0.3kg的氢燃料完全燃烧获得热量的60%用来做机械功，则这些热量能让该公交车匀速行驶的距离。
【答案】（1）根据题意可知，氢燃料的热值为 ，
则质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量Q放=m氢q氢=0.3kg×1.4×108J/kg=4.2×107J
（2）根据题意可知， 氢能源公交车做机械功W=ηQ放=60%×4.2×107J=2.52×107J；
那么公交车匀速行驶的时间；
则公交车匀速行驶的距离为s=vt=20m/s×180s=3600m
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；速度公式及其应用
【解析】【分析】 （1）根据Q放=mq计算出氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）利用W=ηQ放计算出获得的有用功，然后利用可以计算出公交车匀速行驶的时间，根据s=vt求出这些热量能让该公交车匀速行驶的距离。
（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量Q放=m氢q氢=0.3kg×1.4×108J/kg=4.2×107J
（2）已知氢燃料完全燃烧获得热量的60%用来做机械功，则W=ηQ放=60%×4.2×107J=2.52×107J
公交车匀速行驶的时间
公交车匀速行驶的距离为s=vt=20m/s×180s=3600m
25．科技小组制作了一个小的“灯光秀”玩具，其电路如图所示，其中，小灯泡L的规格为“3V，0.75W”，电源电压保持不变。（不考虑灯丝电阻变化）求：
（1）、都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；
（2）、都闭合时，电流表示数变为0.6A，求的阻值；
（3）求电路消耗的最小功率。
【答案】（1）根据“3V，0.75W”可知，小灯泡的额定电流为；
小灯泡L的电阻为；
根据电路图可知，当S1，S2都断开时，R1与灯串联，小灯泡L恰好正常发光，
则此时电路中的电流为0.25A，
那么电源电压。
答： 电源电压为8V
（2）根据电路图可知，当S1，S2都闭合时，此时灯被短路，而R1和R2并联。
此时通过R1的电流；
那么通过R2的电流为；
则R2的阻值。
答：的阻值为40Ω
（3）根据题意可知，电源电压一定，由可知，电功率最小时电路中电阻最大。
当、都断开时，R1与灯串联，此时电路电阻最大，
那么电路的最小功率为
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）由P=UI算出小灯泡的额定电流，由欧姆定律得出灯的电阻；当S1、S2都断开时，R1与灯串联，根据小灯泡L恰好正常发光知灯的电压和电路中的电流，由欧姆定律和串联电路电阻的规律求出电源电压；
（2）当S1，S2都闭合时，灯短路，两电阻并联，由欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路电流的规律得出通过R2的电流，由欧姆定律得出R2大小；
（3）比较R1与R2的大小判断出总电阻最大时电路的连接，由算出电路的最小功率。
（1）小灯泡L的规格为“3V，0.75W”，小灯泡的额定电流为
小灯泡L的电阻为
当S1，S2都断开时，R1与灯串联，小灯泡L恰好正常发光，电路中的电流为0.25A，其中，电源电压。
（2）当S1，S2都闭合时，灯被短路，两电阻并联。通过R1的电流
根据并联电路电流的规律，通过R2的电流为
R2的阻值。
（3）由知，电路中电阻最大时，电功率最小。当、都断开时，R1与灯串联，此时电路电阻最大，电路的最小功率为。
1 / 1山东省淄博市桓台县2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．陇州社火已有2000余年的传承历史，具有明显的地域特色和历史传承色彩，是我国保留最完整的原生态民间文化历史遗存。如图所示是锣鼓展演的场景，下列有关说法正确的是（　　）
A．敲击鼓面的力越大，鼓声的响度越大
B．鼓声是由空气振动产生的
C．锣鼓声能在真空中传播
D．有节奏的锣鼓声不可能成为噪声
2．下列关于光现象的说法正确的是（　　）
A．甲图是古代的天文仪器——圭表，通过观察记录正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，其原理是光的折射
B．乙图是渔民叉鱼，有经验的渔民都知道，只有瞄准鱼的上方才能叉到鱼
C．丙图反映的是古代人们用磨光的铜面作为镜子梳妆打扮的画面，其原理是光的反射
D．丁图是太阳光通过三棱镜后产生彩色光带的画面，其原理是光的直线传播
3．春节后《哪吒2》在海外上映，让世界人民感受到了中华民族优秀传统文化的魅力，引发了一票难求的盛况。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映时巨幕应置于放映机镜头的一倍焦距和二倍焦距之间
B．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
C．放映机的镜头相当于一个凹透镜
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
4．生活中处处有物理，留心观察皆学问，图中列举了厨房中的一些物态变化，对此解释正确的是 (　　)
A．图甲：冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的
B．图乙：把鱼埋在冰粒中利用了冰升华放热来保鲜鱼
C．图丙：自制简易冰箱利用了水蒸发放热来保存食物
D．图丁：水烧开时冒出的“白气”是壶里的水汽化形成的水蒸气
5．学习密度知识后，小明测量某品牌酸奶的密度，其操作步骤及流程如图所示。则下列说法错误的是（　　）
A．调节天平平衡时，发现指针如图甲所示，需将平衡螺母向右调节
B．按照如图丙、丁、乙的顺序测量可知，量筒中酸奶的质量为60g
C．将烧杯中的酸奶倒入量筒中，丁所示的读数为51mL
D．按照如图乙、丙、丁的顺序测得到的酸奶密度偏小
6．雪后高压线上常出现覆冰现象影响供电安全，有关部门常采用“短路”和无人机“御剑”两种方式除冰。以下说法正确的是（　　）
A．“短路”除冰是将输电线停电后短接，通入可控电流，利用电流的磁效应熔化冰雪
B．“御剑”除冰是在无人机下方悬挂类似“剑”的重物（图中的除冰棒）来撞击输电线使其摇晃，覆在上面的冰由于惯性保持原来的运动状态，从而与输电线分离
C．当“除冰系统”在空中悬停时，细绳对除冰棒的拉力和除冰棒对细绳的拉力是一对平衡力
D．电线上的冰雪掉落时，将不再受重力
7．生活处处有物理，以下说法不正确的是（　　）
A．用吸管吸瓶中饮料，利用了大气压
B．飞机升力利用了空气流速大的地方压强大
C．验钞机防伪利用了紫外线的荧光作用
D．筷子利用了费力杠杆省距离
8．如图水平桌面上有两个相同的容器，分别盛有甲、乙两种液体，现将两个相同的木块分别放入两容器中，当木块静止时两容器中液面相平。下列判断正确的是（　　）
A．甲液体的密度比乙液体的大
B．木块在甲液体中受的浮力较大
C．甲液体对容器底部的压强较大
D．盛甲液体的容器对桌面的压强较小
9．在厨房用砂锅炖鸡汤时，很多现象都可以用物理知识来解释。下列说法正确的是（　　）
A．鸡汤吸收了热量，温度一定升高，内能一定增加
B．用天然气炖鸡汤时，调大火力可以提高天然气的热值
C．炖汤时，汤汁沸腾将壶盖顶起的能量转化与四冲程内燃机中做功冲程能量转化相同
D．停止加热，鸡汤会立刻停止沸腾
10．信息、能源和材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法中正确的是（　　）
A．若用超导材料制造输电线可以大大降低电能的损耗
B．光纤通信是利用激光在光导纤维中的折射来传递信息
C．5G通信信号的电磁波在真空中的传播速度比4G的快
D．氢弹利用不加控制的核裂变放出巨大能量
11．西晋时期张华撰写的《博物志》记载：“今人梳头、脱着衣时，有随梳（梳子与头发摩擦后相互吸引）、解结（头发“炸开”）有光者，亦有咤声。”以下正确的是（　　）
A．“有光、有咤声”是摩擦时创造了电荷
B．“随梳”主要是带电体能吸引轻小物体
C．“解结”是头发带上同种电荷相互排斥的结果
D．若头发带正电，则其原子核束缚电子的能力比梳子强
12．对下列图中甲、乙、丙、丁四个图的实验描述不正确的是（　　）
A．甲：验电器的两片金属箔带同种电荷互相排斥而张开
B．乙：通电导线在磁场中受到力的作用，这是电动机的原理
C．丙：奥斯特实验说明电能生磁
D．丁：闭合开关，只要金属棒运动，电路中就有感应电流产生
13．为了减轻牧民晚上看守羊圈的负担，小聪同学为牧民设计了如下电路：在毡房内连接了电铃、指示灯、开关以及电源，同时将细导线圈在羊圈外侧。闭合开关后，指示灯亮（表示电路正常），但电铃不响（表示羊圈没有被破坏）；当羊圈某个地方被撞开后（相当于导线断开），指示灯亮且电铃响（发出警报）。则下列电路符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
14．如图所示，电源电压不变，先同时闭合开关S和S1，待电表数都稳定后再断开S1，下列说法正确的（　　）
A．电流表A1示数不变，电压表V示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V示数不变
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积变大
D．电压表V示数与电流表A1示数的比值变小
15．如图所示的电路中，电源电压6V保持不变。定值电阻R1的规格为“10；0.5A”，滑动变阻器R2的铭牌上标有“20；1A”，电流表使用0-0.6A量程，电压表使用0-3V量程。闭合开关后，为了保证电路各元件的安全，下列说法正确的是（　　）
①电路允许通过的最大电流为0.5A
②滑动变阻器连入电路的最小阻值为5
③电压表的最小示数为2V
④电路消耗的最大电功率为1.8W
A．①②③ B．②③ C．②③④ D．③④
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．人们在端午节会吃粽子，康康把粽子放入盛有适量水的锅中，发现粽子完全浸没水中且沉在锅底，这说明粽子的密度　 　水的密度，此时粽子对锅底的压力　 　粽子受到的重力。（以上均选填“大于”、“等于”或“小于”）若粽子的体积为 ，则它受到的浮力为　 　N（ ， ）
17．如图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。电磁铁的上端为　 　（选填“N”或“S”）极。当运动员蹲在起跑器上后，裁判员老师闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“L1”或“L2”）亮，则判定该运动员抢跑。
18．如图所示是塔吊吊起重物的情景，在拉力F的作用下，重为的重物被竖直向上匀速吊起，已知动滑轮重200N，重物在内上升了，不计绳重与摩擦，则拉力F大小为　 　N，拉力F的功率为　 　W，滑轮组的机械效率约为　 　。
19．如图所示的电路中，灯泡L1和L2是　 　（选填“串联”或“并联”）连接的；若闭合开关，电压表的示数为3V，电流表A1的示数为0.5A，电流表A2的示数为0.2A，则灯L2两端的电压为　 　V，灯L1的电阻为　 　Ω。
20．如图所示为沉在水底的石块，请画出石块所受重力和浮力的示意图。
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．在学习了光学相关知识后，小君利用蜡烛光源做了相关实验。
（1）首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，如图甲所示，则凸透镜的焦距为　 　cm。实验时，为使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到　 　。
（2）接着，他将蜡烛光源放在了如图乙所示的位置，在光屏上得到了一个倒立、　 　（选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作　 　（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
（3）接着将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，此时若要在光屏上得到清晰的烛焰像，可以把光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）在图乙中，小君借来物理老师的眼镜，并将其靠近凸透镜左侧，发现光屏上的像由清晰变模糊，向右移动光屏又发现清晰的像，说明老师所戴眼镜是　 　镜（选填“近视”或“远视”）。
22．如图是小华用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）压强计上的U形管　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）实验前检查装置，调试完成后，小华接着进行如图1所示的实验，如图乙，保持压强计探头在水中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明　 　；
（3）比较　 　两次实验，可以得到：液体的压强与液体密度有关；
（4）该实验过程中用到了控制变量的科学探究方法，下列实验也用到该方法的是（　　）
A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关
C．使用光线描述光的传播途径与方向
（5）小华探究液体内部压强的特点后，还希望测出某盐水的密度，在此基础上又做了拓展实验，步骤如下：
①将两端开口的玻璃管的一端扎上橡皮膜并倒入水，底端橡皮膜向下微微凸起，用刻度尺测出玻璃管中水柱的高度为（如图2甲所示）；
②将玻璃管缓慢插入装有盐水烧杯中，直到橡皮膜表面与水面相平，测出管底到盐水面高度为（如图2乙所示）；
③待测盐水密度的表达式　 　（结果用、、表示，不计橡皮膜形变对的影响）。
23．如图所示，在测量小灯泡的电功率的实验中，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻大约10）、滑动变阻器“10；0.5A”和“20；1A”各一个、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、学生电源（电压恒为6V）、开关、导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整　 　（连线不得交叉）；
（2）本实验中小明对滑动变阻器的选择是　 　（选填“”或“”）。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最　 　端；
（3）小明将电路连接好后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零，电压表指针偏转超过最大刻度，则出现的故障可能是　 　；
（4）排除故障，闭合开关，移动滑片发现电压表示数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动；当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W；
（5）若此实验的电流表损坏，小明在原有器材基础上，增加了一个阻值为的定值电阻和两个开关，设计了图丙所示的电路，顺利完成测小灯泡额定功率的实验（设小灯泡的额定电压为），实验步骤如下：
①如图连接电路；
②闭合、，断开，移动滑动变阻器滑片，　 　；
③闭合、，断开，　 　，记下电压表示数；
④断开开关，整理器材。
小灯泡额定功率的表达式　 　。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点。各国纷纷开发以氢燃料为动力的汽车，如图为一辆我国设计制造的氢能源公交车。[，]求：
（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）此氢能源公交车以140kW的恒定功率做匀速行驶，汽车的速度为20m/s，如果0.3kg的氢燃料完全燃烧获得热量的60%用来做机械功，则这些热量能让该公交车匀速行驶的距离。
25．科技小组制作了一个小的“灯光秀”玩具，其电路如图所示，其中，小灯泡L的规格为“3V，0.75W”，电源电压保持不变。（不考虑灯丝电阻变化）求：
（1）、都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；
（2）、都闭合时，电流表示数变为0.6A，求的阻值；
（3）求电路消耗的最小功率。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】A．敲击鼓面的力越大，鼓面的振幅越大，则鼓声的响度就越大，故A正确；
B．根据声音产生的条件可知，鼓声是由鼓面振动产生的，故B错误；
C．声音的传播需要介质， 锣鼓声不能在真空中传播 ，故C错误；
D．有节奏的锣鼓声在午休时响起，也可能成为噪声，故D错误。
故选A。
【分析】A.响度与振幅大小有关；
B.声音由物体振动产生；
C.声音的传播需要介质；
D.凡是影响人们正常学习、休息和工作的声音都是噪声。
2．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．圭表通过观察记录正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，而影子的原理为光的直线传播，则圭表的工作原理为光的直线传播，故A错误；
B．鱼发出的光从水中斜射入空气时发生折射，形成虚像的位置比实际位置高，所以有经验的渔民应该瞄准鱼的下方才能叉到鱼，故B错误；
C．用磨光的铜面作为镜子梳妆打扮，其实就是平面镜成像，是利用了光的反射原理，故C正确；
D．太阳光通过三棱镜后产生彩色光带，这是光的色散现象，其原理是光的折射，故D错误。
故选C。
【分析】 A.光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
B.根据光的折射规律判断；
C.平面镜成像的原理是光的反射；
D.光的色散现象的本质是光的折射。
3．【答案】B
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】ACD．放映机利用凸透镜成倒立放大的实像，此时胶片在凸透镜的一倍和二倍焦距之间，而像成在二倍焦距以外，即巨幕应该在放映机镜头的二倍焦距以外，故ACD错误；
B．巨幕应做成粗糙平面，可以让光在幕布上发生漫反射，从而使观众能从各个不同的角度看到银幕上的画面，故B正确。
故选B。
【分析】ACD.根据凸透镜成像的规律和应用判断；
B.根据漫反射的知识判断。
4．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；蒸发及其现象；液化及液化放热
【解析】【解答】A．图甲： 豆腐放到冰箱里，里面的水先从液态变成固态凝固成冰，冰再从固态变成液态发生熔化成水。由于水的体积小于冰的体积，因此出现很多小孔，故A正确；
B． 图乙： 把鱼埋在冰粒中，冰熔化时会吸收大量的热而使鱼的温度降低，使之保持新鲜，故B错误；
C． 图丙： 自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故C错误；
D． 图丁： 水蒸气无色透明，我们看不到。水烧开时冒出的大量“白气”，是热的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，故D错误。
故选A。
【分析】物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化过程中吸收热量；物质由固态变成液态的过程叫熔化，熔化过程中吸收热量；物质由液态变成故态的过程叫凝固，凝固过程中放出热量；
5．【答案】D
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量
【解析】【解答】A．根据甲图可知，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的左端重右侧轻，所以平衡螺母向右移动，故A正确，不符合题意；
B．根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，游码质量为2g，则烧杯和酸奶的质量m总=100g+20g+2g=122g；
由图乙可知，游码的质量为2g，则空烧杯的质量m杯=50g+10g+2g=62g；
则量筒中酸奶的质量m=m总-m杯=122g-62g=60g，故B正确，不符合题意；
C．根据图丁可知，量筒的分度值为1mL，酸奶的体积为V=51mL，故C正确，不符合题意；
D．将烧杯中的酸奶倒入量筒中时会有残留，使体积的测量值偏小，根据可知，按照乙、丙、丁的顺序进行实验，得到的酸奶密度偏大，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A.平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
B.物体的质量=砝码质量+游码质量，据此分别读出烧杯的质量与烧杯和酸奶的总质量，二者相减得到酸奶质量。
C.根据丁图确定量筒的分度值，然后读出酸奶的体积；
D.注意倒出酸奶时，烧杯内部会残留部分酸奶，从而导致酸奶的体积偏小，然后根据分析对酸奶密度的影响即可。
6．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡力的辨别；电流的热效应
【解析】【解答】A．“短路” 除冰是利用电流的热效应使冰吸收热量熔化，不是电流的磁效应，故A错误；
B．“御剑” 除冰时，除冰棒撞击输电线使其摇晃而改变运动状态，上面的覆冰由于惯性保持原来的静止状态，从而与输电线分离，故B正确；
C．当“除冰系统”在空中悬停时，细绳对除冰棒的拉力和除冰棒对细绳的拉力，作用在不同物体上，因此不是平衡力，故C错误；
D．电线上的冰雪掉落时，仍然受重力，故D错误。
故选B。
【分析】A.电流通过导体时都会发热，这是电流的热效应；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
D.地面附近，一切物体都有重力。
7．【答案】B
【知识点】紫外线；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；杠杆的分类
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压小于外界大气压强，在大气压的作用下将饮料压入吸管，利用了大气压原理，故A正确不符合题意；
B．飞机上表面为曲面，下表面为平面，则机翼上方流速大、压强小，下方流速小、压强大，形成向上的压力差，这就是飞机的升力，故B错误符合题意；
C．验钞机利用紫外线能使荧光物质发光的性质，故C正确不符合题意；
D．筷子使用时，靠近虎口的位置为支点，阻力作用在尖端，食指施加动力。此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离，故D正确不符合题意。
故选B。
【分析】 A.根据大气压强的知识判断；
B.流体流速越大的位置，压强越小；
C.根据紫外线的特点和应用判断；
D.费力杠杆的动力臂小于阻力臂。
8．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，木块在甲液体中悬浮，则密度；木块在乙液体中漂浮，则密度，而木块的密度相同，则液体密度，故A错误；
B．根据物体的浮沉条件可知，木块在甲液体中悬浮，则它受到的浮力 ；木块在乙液体中漂浮，则它受到的浮力。两个木块的重力相等，则它们受到的浮力，故B错误；
C．综上所述，，且深度h相同，根据液体压强公式可知，容器底部受到液体的压强，故C错误；
D．根据图片可知，液体的体积 ，液体密度，根据可知，液体重力 。而容器对桌面的压力等于容器、液体和木块的总重力，根据
可知，容器对桌面的压强，故D正确。
故选D。
【分析】 A.根据物体的浮沉条件比较液体密度大小；
B.根据物体的浮沉条件比较木块受到浮力大小；
C.根据p=ρ液gh来判断液体对容器底部的压强大小；
D.用G液=ρ液gV液来比较液体受到的重力大小，用来比较容器对桌面的压强大小。
9．【答案】C
【知识点】沸腾及沸腾条件；温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．鸡汤吸收了热量，内能肯定增加，如果此时鸡汤正在沸腾，那么温度不再升高，故A错误；
B． 用天然气炖鸡汤时，调大火力不能改变天然气的燃料种类，自然无法提高燃气的热值，故B错误；
C． 炖汤时， 锅盖被“顶起”，将水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，这与内燃机的做功冲程能量转化相同，故C正确；
D．停止加热后，鸡汤仍能从锅底吸收热量，因此鸡汤不会立刻停止沸腾，故D错误。
故选C。
【分析】A.液体沸腾时不断吸热，但是温度不变；
B.热值只与燃料的种类有关；
C.热机的做功冲程，将内能转换为机械能；压缩冲程，将机械能转换为内能；
D.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热。
10．【答案】A
【知识点】核裂变；超导体特点及作用；电流的热效应；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．超导材料的电阻为零，则电流通过输电线时不会产生热量，所以用超导材料制造输电线可以大大降低电能的损耗，故A正确；
B．光纤通信是利用激光在光导纤维中不断发生全反射来传递信息的，故B错误；
C.5G 和 4G 通信信号的电磁波只是频率和波长不同，但是在真空中传播速度相同，故C错误；
D．氢弹利用的是核聚变原理，故D错误。
故选A。
【分析】A.导体通过电流时都会发热，而电阻为零时就不会发热；
B.根据光纤通信的原理判断；
C.根据5G 和 4G信号的不同判断；
D.根据氢弹的工作原理判断。
11．【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．梳子与头发摩擦时，电荷发生了转移，梳子和头发带上异种电荷，而异种电荷相互吸引，故头发会随着梳子飘起，故AB 错误；
C．头发与梳子摩擦后，头发带同种电荷，同种相互排斥而炸开，故C正确；
D．若头发带正电，则头发失去电子，则原子核束缚电子的能力比梳子弱，故D错误。
故选C。
【分析】不同物质相互摩擦时，发生电子转移，使物体带了电，得到电子带负电，失去电子带正电，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
12．【答案】D
【知识点】验电器的原理及使用；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A．甲：根据电荷之间的相互作用规律可知，验电器的两片金属箔是因为带了同种电荷互相排斥而张开，故A正确，不符合题意；
B．乙：闭合开关后，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，这是电动机的原理，故B正确，不符合题意；
C．丙：当电流经过导线时，导线附近的磁针会发生偏转，说明电能生磁，故C正确，不符合题意；
D．丁：闭合开关，只有金属棒在磁场中切割磁感线时灵敏电流计的指针偏转，说明电路中产生电流，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A.根据验电器的工作原理判断；
B.根据电动机的工作原理判断；
C.根据通电导线周围存在磁场判断；
D.根据感应电流产生的条件判断。
13．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，无论羊圈是否被破坏，灯泡始终发光，那么灯泡始终有电流经过。闭合开关时，电铃不响；导线断开时，电铃发声，这和正常情况正好相反，应该是围住羊圈的导线将电铃短路所致，则电路如下：
故选C。
【分析】正常情况下，用电器和开关串联，则闭合开关用电器工作。如果开关和用电器并联，那么闭合开关时用电器被短路，则此时用电器不工作，据此分析解答。
14．【答案】B
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．根据电路图可知，闭合开关S和S1时，R1和R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路电流，电压表测电源电压.
再断开S1，此时只有R2自己工作，因此电流表A1、电压表示数不变。
根据I总=I1+I2可知，由于少一条支路，因此电流表A的示数变小，故A错误，B正确；
C．综上所述，电压表的示数不变，电流表A的示数变小，则电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，故C错误；
D．综上所述，电流表A1、电压表示数不变，因此电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，故D错误。
故选B。
【分析】 根据图片可知，闭合开关S、S1，两电阻并联；待电路稳定后再断开S1，断开R1所在的支路，只有R2接在电源两端工作，根据并联电路的电压特点、电流特点分析判断即可。
15．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】①根据电路图可知，电阻R1、R2串联，电流表测总电流，电压表测R1的两端电压。
电压表的最大量程是 0-3V ，此时经过R1的最大电流为；
根据“10 0.5A”可知，定值电阻允许通过的最大电流为0.5A，
根据“20 1A”可知，变阻器允许通过的最大电流为1A，
比较可知，该电路中允许通过的最大电流为0.3A，故①错误；
②当电路中电流最大时，变阻器接入电路中的阻值最小，即电流为0.3A时，
此时电路中的总电阻为
变阻器此时接入电路中的最小阻值为，故②错误；
③当变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，
此时最小电流为，
电压表的最小示数为，故③正确；
④电路消耗的最大电功率为，故④正确。
故D正确，ABC错误。
故选D。
【分析】 由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
①根据欧姆定律可知当两端的电压最大时，电路中的电流最大，根据电压表的量程确定R1两端的最大电压，根据欧姆定律求出电路中的最大电流；
②根据欧姆定律求出电路中的最小总电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器连入电路的最小阻值；
③根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电压表的最小示数；
④根据P=UI求出电路消耗的最大电功率。
16．【答案】大于；小于；1.5
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据物体在液体中的浮沉条件，因为粽子完全浸没水中且沉在锅底，说明粽子的密度大于水的密度。因为粽子浸没在水中，所以粽子受到向上的浮力，所以粽子对锅底的压力小于粽子受到的重力。因为粽子浸没在水中，所以粽子浸入水中的体积为
粽子浸没在水中受到的浮力
【分析】沉底的物体密度大于液体密度，由于物体受到重力，对容器底的压力小于重力；根据液体密度和排开液体的体积，计算浮力的大小。
17．【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据右手安培定则可知，电磁铁的上端为N极。将衔铁吸下，灯L2所在电路接通，则抢跑指示灯L2亮。
【分析】通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
18．【答案】400；1500；83.3%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据图片可知，承担物重的绳子股数n=3，
则拉力F的大小为；
拉力做的总功为：W总=Fs=Fnh=400N×3×10m=12000J
拉力F的功率为；
滑轮组的机械效率约为。
【分析】 根据图片确定滑轮组装置确定承担重力的绳子股数，利用
求出拉力F的大小。根据W=Fs计算拉力做的总功，根据求出拉力F的功率；
根据求出滑轮组的机械效率。
19．【答案】并联；3；10
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当闭合开关时，电压表所在的位置看作断路，则此时两个灯泡并排连接在电路中，所以灯泡L1和L2是并联连接的。
（2）根据电路图可知，电压表并联在电源两端，测的是电源电压；电流表A1在干路上测干路电流，电流表A2测的是通过L2的电流；
根据并联电路的电压特点可知，灯L2的两端电压等于电源电压等于电压表示数，即；
灯L1的两端电压等于电源电压等于电压表示数，即；
电流表的示数为0.2A，则通过L2的电流，
电流表A1的示数为0.5A，则干路电流，
那么通过L1的电流为，
因此灯L1的电阻为。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联；
（2）（3）由图可知，电流表A1测干路总电流，电流表A2测量通过L2的电流；根据并联电路的电压特点可知L1、L2两端的电压，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流，根据欧姆定律求出L1的电阻。
20．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】图中，石块的重力竖直向下，作用点在重心；浮力的方向是竖直向上的，由于石块沉底，则重力大于浮力，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下，物体受到的浮力竖直向上；结合沉底状态，重力大于浮力。
21．【答案】（1）10.0；同一高度
（2）缩小；照相机
（3）左
（4）近视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，光屏上的亮点就是凸透镜的焦点，则光屏到凸透镜的距离就是焦距，即f=60.0cm-50.0cm=10.0cm；
②在实验之前，将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处，是为了使像成在光屏中央。
（2）根据图乙可知，此时像距小于物距，则在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，应用为照相机。
（3）根据甲图可知，将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律可知，此时像距变小，即可以把光屏向左移动。
（4）向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，即光线比原来发散了，也就是放入的是凹透镜，则老师所戴是近视眼镜。
【分析】（1）①凸透镜的焦点到光心的距离叫焦距；
②根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项解答；
（2）比较像距和物距大小，从而确定成像特点和应用；
（3）凸透镜成实像“物远像近小”的规律分析；
（4）根据光屏的移动方向确定像距变化，进而确定对光线的作用，进而确定透镜的种类即可。
（1）[1]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，形成最小最亮的光斑，该光斑的位置为焦点的位置，由于焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
[2]为了能在光屏上观察到清晰的像，应使像成在光屏中央，所以将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度处。
（2）[1]由图乙可知，此时物距u=40.0cm-10.0cm=30.0cm>2f，由凸透镜成像规律可知，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像。
[2]由于照相机成像时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，所以利用此原理，可以制作照相机。
（3）将蜡烛光源移到左边5cm刻度线处，则物距变大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，可以减小像距，即可以把光屏向左移动，直到光屏上出现清晰的烛焰像。
（4）将眼镜片靠近凸透镜左侧，发现光屏上的像由清晰变模糊，向右移动光屏又发现清晰的像，说明此时像距变大，则老师所戴眼镜的镜片能将光发散，则为凹透镜，即是近视眼镜。
22．【答案】（1）不属于
（2）同一液体在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强相等
（3）丙、丁
（4）B
（5）
【知识点】液体压强的计算；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，压强计上的U形管下面连通，上面只有一端开口，故不属于连通器。
（2）保持压强计探头在水中的深度不变，是为了控制深度相同；使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，是为了测量液体内部各个方向的压强；U形管中液面高度差不变，这说明压强相同，那么得到：在同种液体内部同一深度，向各个方向的压强大小相等。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究液体的压强与液体密度有关时，需要控制探头的深度相同，只改变液体密度，故选丙丁。
（4）A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况，用到了转换法，故A不符合题意；
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，控制其它因素相同，只改变一个因素，则采用的是控制变量法，故B符合题意；
C．使用光线描述光的传播途径与方向，使用模型法，故C不符合题意；
故选B。
（5）根据题意可知，当橡皮膜的表面相平时，盐水对其向上的压强与水对其向下的压强相等，
即p盐水=p水，
ρ盐水gh2=ρ水gh1，
ρ盐水h2=ρ水h1，
解得：。
【分析】 （1）上端开口、底部互相连通的容器叫连通器；
（2）根据U形管的液面高度差比较各个方向压强大小，进而得到结论；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）分析各个实验中使用的物理研究方法即可；
（5）当橡皮膜不再发生形变时，说明其受到的玻璃管中水对其向下的压强与烧杯中盐水对其向上的压强相等，通过两者压强相等，结合液体压强的计算，利用水的密度表示出盐水的密度。
（1）压强计上的U形管一端没有开口，故不属于连通器。
（2）保持压强计探头在水中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明水中相同深度，不同方向，压强相同，即说明在同种液体内部同一深度，向各个方向的压强大小相等。
（3）丙丁实验中，液体的深度相同，盐水的密度大于水的密度，U形管压强计在盐水中的液面高度差不同，由此可以得到：液体的压强与液体密度有关。
（4）该实验过程中用到了控制变量的科学探究方法；
A．使用铁屑探究条形磁体周围磁场的分布情况，用到了转换法，故A不符合题意；
B．探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，采用的是控制变量法，故B符合题意；
C．使用光线描述光的传播途径与方向，采用的是理想模型法，故C不符合题意；
故选B。
（5）当橡皮膜的表面相平时，盐水对其向上的压强与水对其向下的压强相等，即p盐水=p水，则有p盐水=ρ盐水gh2，p水=ρ水gh1，两者相等，则ρ盐水gh2=ρ水gh1，由此可以求得盐水的密度为。
23．【答案】（1）
（2）R2；右
（3）小灯泡断路
（4）左；0.75
（5）使电压表示数为U0；保持滑动变阻器滑片不动；
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1） 在测量小灯泡的电功率的实验中， 滑动变阻器与灯泡串联，且接线“一上一下”，如下图所示：
（2）①根据题意可知，灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，
则灯泡正常发光时变阻器的电压：U变=U-UL=6V-2.5V=3.5V；
根据串联分压原理可得：；
；
解得：，
因此选择R2变阻器。
②为了防止电流过大烧毁用电器，闭合开关前，变阻器应移至阻值最大处，即最右端。
（3） 小灯泡不亮，电流表示数为零， 说明电路发生断路。而电压表有示数，说明电压表与电源两极之间正常连接。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡断路。
（4）①因为2V<2.5V，所以应使灯泡两端电压变大。根据U总=UL+U变可知，则变阻器两端电压变小。根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，因此变阻器滑片应向左移动。
②根据乙图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则小灯泡的额定功率是
（5）②移动滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，因此使电压表的示数为U0；
③闭合、，断开，保持滑动变阻器滑片不动， 记下电压表示数；
④综上所述，③中电压表测灯泡和定值电阻的总电压，则可得两端电压为；
电路中的电流为；
则小灯泡额定功率的表达式为。
【分析】 （1）根据滑动变阻器的使用方法分析解答；
（2）①根据题意可知，灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时滑动变阻器连入阻值，从而选择合适的变阻器；
②闭合开关前，滑动变阻器滑片应处于最大值处；
（3）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（4）①根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
②根据电流表的量程和分度值读出灯泡的额定电流，利用P=UI求出额定功率；
（5）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；
要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
（1）根据实验，电路是串联的，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中的电流，连接的实物图如下图所示：
（2）[1]已知灯泡正常发光时的电压为2.5V，灯泡的电阻为10，根据串联分压原理可得
解得，因此选择R2变阻器。
[2]闭合开关前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即最右端。
（3）串联电路中无电流，说明电路发生断路，电压表有示数，则可能是灯泡断路，电压表串联接入电路。
（4）[1]灯泡正常发光时的电压是2.5V，应使灯泡两端电压变大，由于电源电压不变，则变阻器两端电压变小，根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，因此变阻器滑片应向左移动。
[2]乙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.3A，则小灯泡的额定功率是
（5）[1][2][3]丙图中闭合、，断开，电路为灯泡、定值电阻、变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，移动滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，因此使电压表的示数为U0，闭合、，断开，此时电路连接方式不变，因此保持滑动变阻器滑片不动，电压表测灯泡和定值电阻的总电压，则可得两端电压为
电路中的电流为
则小灯泡额定功率的表达式为
24．【答案】（1）根据题意可知，氢燃料的热值为 ，
则质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量Q放=m氢q氢=0.3kg×1.4×108J/kg=4.2×107J
（2）根据题意可知， 氢能源公交车做机械功W=ηQ放=60%×4.2×107J=2.52×107J；
那么公交车匀速行驶的时间；
则公交车匀速行驶的距离为s=vt=20m/s×180s=3600m
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率；速度公式及其应用
【解析】【分析】 （1）根据Q放=mq计算出氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）利用W=ηQ放计算出获得的有用功，然后利用可以计算出公交车匀速行驶的时间，根据s=vt求出这些热量能让该公交车匀速行驶的距离。
（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量Q放=m氢q氢=0.3kg×1.4×108J/kg=4.2×107J
（2）已知氢燃料完全燃烧获得热量的60%用来做机械功，则W=ηQ放=60%×4.2×107J=2.52×107J
公交车匀速行驶的时间
公交车匀速行驶的距离为s=vt=20m/s×180s=3600m
25．【答案】（1）根据“3V，0.75W”可知，小灯泡的额定电流为；
小灯泡L的电阻为；
根据电路图可知，当S1，S2都断开时，R1与灯串联，小灯泡L恰好正常发光，
则此时电路中的电流为0.25A，
那么电源电压。
答： 电源电压为8V
（2）根据电路图可知，当S1，S2都闭合时，此时灯被短路，而R1和R2并联。
此时通过R1的电流；
那么通过R2的电流为；
则R2的阻值。
答：的阻值为40Ω
（3）根据题意可知，电源电压一定，由可知，电功率最小时电路中电阻最大。
当、都断开时，R1与灯串联，此时电路电阻最大，
那么电路的最小功率为
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）由P=UI算出小灯泡的额定电流，由欧姆定律得出灯的电阻；当S1、S2都断开时，R1与灯串联，根据小灯泡L恰好正常发光知灯的电压和电路中的电流，由欧姆定律和串联电路电阻的规律求出电源电压；
（2）当S1，S2都闭合时，灯短路，两电阻并联，由欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路电流的规律得出通过R2的电流，由欧姆定律得出R2大小；
（3）比较R1与R2的大小判断出总电阻最大时电路的连接，由算出电路的最小功率。
（1）小灯泡L的规格为“3V，0.75W”，小灯泡的额定电流为
小灯泡L的电阻为
当S1，S2都断开时，R1与灯串联，小灯泡L恰好正常发光，电路中的电流为0.25A，其中，电源电压。
（2）当S1，S2都闭合时，灯被短路，两电阻并联。通过R1的电流
根据并联电路电流的规律，通过R2的电流为
R2的阻值。
（3）由知，电路中电阻最大时，电功率最小。当、都断开时，R1与灯串联，此时电路电阻最大，电路的最小功率为。
1 / 1

展开更多......

收起↑