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2025年山东省临沂市平邑县中考一模物理试题
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．如图所示，正在2025年春节联欢晚会跳舞的机器人，其动力来源主要是（　　）
A．电能 B．风能 C．光能 D．核能
2．如图所示，“神舟十九号”载人飞船与天和核心舱对接成功后，下列相对“神舟十九号”静止的是（　　）
A．太阳 B．地球 C．神舟十九号 D．天和核心舱
3．2025年2月7日，第九届亚洲冬季运动会开幕式在哈尔滨市举行。在开幕式上，小提琴、小号等乐器齐奏和鸣，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．小提琴声主要是由空气振动产生的
B．小号声通过空气传入现场观众耳中
C．小号声在真空中的传播速度是340m/s
D．合奏时，各种乐器发出声音的音色相同
4．小明按照下图顺序自制了一个“投影灯笼”。首先，折叠剪纸，按照自己的想法剪出图案；随后，把剪好的图纸围起来，用胶带粘贴固定形状，再剪两个圆作封底和封顶；最后把灯放在其中，在黑暗中打开灯笼中的灯，就能看到投影的图案了。这个“投影灯笼”投影出美丽的图案用到的光学原理是（　　）
A．光沿直线传播 B．光的折射
C．光的反射 D．凸透镜成像
5．橡皮擦是学生必备的文具之一。在使用过程中，橡皮擦会产生碎屑。下列叙述正确的是（　　）
A．使用时，橡皮擦体积减小，密度不变
B．使用时，橡皮擦质量减小，密度减小
C．橡皮擦的密度与质量成正比，与体积成反比
D．质量是物体的基本属性，使用过程中橡皮擦的质量不变
6．自行车的设计蕴含着许多与摩擦力相关的知识，下列设计哪一项是为了减小摩擦（　　）
A．用力捏车闸刹车
B．车轴处装有滚轮轴承
C．轮胎表面有花纹
D．脚踏板表面凹凸不平
7．中国古代的造纸术、指南针、火药、印刷术影响了世界，现代的新四大发明“高铁、支付宝、共享单车和网购”给人民生活带来了便利。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲，骑车加速前进时，速度越快，惯性越大
B．图乙，高铁站台设置黄色安全线是因为“流体流速越大的位置，压强越大”
C．图丙，快递机器人关闭电源后会很快停下，说明物体的运动需要力来维持
D．图丁，支付盒子静止于水平桌面上，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力
8．起源于南宋的小吃“油条”，已成为早餐上常见食品。如图为小明在家中挑战做油条，他用天然气将油加热至沸腾，将醒好的面拉成条形放入油锅中，变成金黄色即可食用。关于这一过程所涉及的物理知识说法正确的是（　　）
A．刚出锅的油条烫手，是由于油条含有的热量多
B．炸油条过程是通过做功的方式来改变其内能的
C．天然气燃烧越充分，放出的热量越多，热值越大
D．醒好的面拉成条形而不断，是因为分子间存在引力
9．如图所示，两位同学正在爬楼梯，若他们爬相同的楼层，下列说法正确的是（　　）
A．体重大的一定做功慢 B．体重小的做功一定少
C．用时短的做功一定快 D．用时长的一定做功多
10．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个完全相同的玻璃容器，容器中盛有等体积的两种液体；分别测得这两种液体中a、b、c三点压强，发现的，下列分析一定正确的是（　　）
A．a、c两点深度相等
B．甲玻璃杯底受到液体的压强更大
C．甲杯中液体质量大于乙杯中液体质量
D．水平桌面受到甲杯的压力比乙杯的压力小
11．中国人自古就有“上天入海”的梦想，随着国家科技的飞速发展，这些梦想正在一步步变为现实。对于如图所示的“国之重器”不受浮力作用的是（　　）
A．图甲，遨游的“天宫号”空间站
B．图乙，升空的“圆梦号”飞艇
C．图丙，航行的“辽宁号”航母
D．图丁，下潜的“蛟龙号”潜水器
12．我国的“二十四节气”被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产代表作名录。图中的物态变化属于凝华的是（　　）
A．立春冰化水
B．白露草上珠
C．立冬叶上霜
D．冬至冰挂檐
13．在“制作调光灯”的实践活动中，小傅设计了如图所示的电路，用A、P两个回形针将一根铅笔芯接入电路中，当A左右移动时，小灯泡亮度会发生变化，下列说法正确的是（　　）
A．灯泡亮度的变化是因为铅笔芯的横截面积发生了变化
B．铅笔芯电阻一定比铜丝电阻大
C．为使灯泡亮度变化更明显，应选用长度较长的铅笔芯
D．开关断开后，铅笔芯电阻变为零
14．如图所示是停车场安装的新能源汽车充电桩，下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A．安装充电桩时，不必连接地线
B．安装充电桩时，要装漏电保护器
C．维修充电桩时，不必断开电源开关
D．若充电线绝缘皮破损，仍可以继续使用一段时间
15．中小学生进行体能测试中有一个项目为坐位体前屈，进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是小明设计的模拟电路。下列说法正确的是（　　）
A．向前推的距离越大，电压表示数越大
B．向前推的距离越小，电路的总功率越大
C．闭合开关不推动时，电路中的电流为零
D．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
二、填空与作图题：本题共5小题，填空每空1分，作图2分，共15分。
16．如图甲所示为某款华为折叠屏5G手机，其折叠屏主要是由　 　材料制成的柔性发光二极管（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；5G网络的电磁波频率比4G更高，下载速度比4G快数百倍，与4G相比5G电磁波的波长更　 　（选填“长”或“短”）。小磁针在通电螺线管的正下方，静止时如图乙所示，则此时小磁针的右端为　 　 极。（选填“N”或“S”）。用如图丙所示的“麦克风”讲话时，能将声信号转化为电信号；如图丁所示的“动圈式扬声器”能将电信号转化为声信号。这两种器材中　 　（选填“麦克风”或“动圈式扬声器”）的工作原理与电动机的工作原理相同。
17．小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：他给同学们简单演示了动画片放映原理，图1为哪吒的原图片，图2为该图片利用凸透镜制作而成的光学仪器投影在墙上的像。若减小原图片到凸透镜的距离，想重新在墙上得到一个清晰的像，则应该　 　（选填“减小”或“增大”）凸透镜到墙的距离；所成的像应该是图　 　（选填“A”“B”或“C”）。
18．当今年轻人的一种焦虑叫做手机电量焦虑，如图是用充电宝同时给三部手机同时充电的情景，则这三部手机是　 　（选填“串联”或“并联”）的，给充电宝充电时，充电宝相当于　 　（选填“电源”或“用电器”）。
19．如图甲所示，要使电阻 和是并联连接，应该闭合的开关是　 　；如图乙所示的电路中，电源电压恒为 8V，闭合开关 S，电压表的示数是 3.5V，则电压表测的是　 　两端的电压，L1两端电压为　 　 V。
20．使用简单机械可以给人们的生活带来便利。
（1）如图甲，旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时使用这种滑轮的目的是改变力的　 　；
（2）如图乙；从物理学的视角来看，这可以简化为一种简单机械模型。肘关节是支点，此模型属于　 　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；
（3）如图丙所示，山上的索道可将游客和物资从山脚运往山顶，也是利用机械给人们带来便利。封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，请在图丁中画出静止在轿厢内的物体 A 所受重力的示意图。
三、实验探究题：本题共4小题，共30分（第21题每空1分共5分；第22题每空1分共7分；第23题每空1分共8分；第24题每问2分共10分；）。
21．如图甲是“探究平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）该实验中用玻璃板代替平面镜进行实验，主要是便于　 　。
（2）在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在　 　（选填“A”或“B”）一侧通过镜面观察。
（3）实验中，当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时，玻璃板　 　（选填“能”或“不能”）成蜡烛完整的像。
（4）如图乙所示，小明靠近自动玻璃门进入商场，他在玻璃门中看到了自己的像。当他靠近自动门时，所成像的大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图丙所示，当自动门打开时，左侧玻璃门中所成的像　 　（选填“会”或“不会”）随左侧移门一起向左移动。
22．同学们在探究“水沸腾前后温度变化的特点”的实验。
（1）安装实验器材时（如图甲），调整铁圈确定高度时　 　（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯。
（2）实验前，某同学将温度计正确插入水中，观察温度计示数时，视线A、B、C如图乙所示，按照正确的读数方法，此时示数应为　 　；如果按A所示方式读数，读得结果会　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
（3）同学们在实验过程中，发现烧杯内气泡出现图丙的两种情况。则表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的　 　（选填“a”或“b”）。
（4）1、2组的同学用相同的实验装置完成了两次实验，他们将两组实验数据绘制的温度随时间变化的图象如图丁中1、2所示，我们看到2组实验达到沸腾的时间要晚，出现这种情况的原因你认为是　 　。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，原因是　 　。
（6）通过学习思考，小明同学认为在用天然气熬粥、纯汤时，在粥、汤沸腾后应　 　（填
“保持大火”或“改为小火”继续熬粥、炖汤。
23．小明同学在野外踏青时捡到一块漂亮的石头，他想了解这块石头的密度，于是从实验室借来一些仪器进行了以下实验。
（1）实验时将天平放在　 　上，游码移至标尺左端的零刻度线处，观察到指针如图甲所示，则应将平衡螺母向　 　调节，使天平平衡；
（2）天平平衡后，小明同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，请写出其中的一处错误：　 　。
（3）小明纠正了错误，正确操作，天平再次平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示，所称量金属块的质量是　 　g。
（4）向量筒中倒入30mL的水，用细线将石头系紧并放入量筒中后，量筒中的水面如图丁所示，则石头的体积为　 　cm3，实验测得石头的密度为　 　g/cm3
（5）实验中，若石头放入量筒时有水溅出，则测出的石头密度会　 　；完成实验后，小明同学又有自己的看法：石块可能有一定吸水性，这样测出的石块密度比真实值　 　（均选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
24．小明同学在“测量小灯泡的电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表、开关和若干导线。
（1）请你用笔画线代替导线，帮助小明同学完成图甲实验电路的连接（导线不允许交叉）。
（2）将滑片P置于阻值最大位置，闭合开关S，灯泡不亮，小明同学发现，无论怎样移动滑片P，电流表的示数始终为零，电压表示数接近电源电压，则电路中存在的故障可能是______。
A．灯丝断开 B．灯泡未拧紧
C．灯泡被短路 D．电源电压太低
（3）在检查电路无误后进行实验，当电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡正常发光的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，同时眼睛注意观察　 　（选填“电压表”“电流表”或“灯泡”），直至灯泡正常发光。
（4）当灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡正常工作时的电阻为　 　Ω；（结果保留一位小数）
（5）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的I -U图像如图丁所示。通过分析图象，写出一条你发现的结论：　 　。
四、综合应用题：本题共3小题，共25分（第25题9分，第26题6分，第27题10分）。
25．随着技术不断进步，无人驾驶汽车已投放市场，如图所示。这种汽车利用车载激光雷达、摄像头等传感器来测量距离。在匀速行驶过程中受到的阻力等于车重的0.1倍，四个轮胎与地面的接触面积为0.2m2，汽车质量为1.2t。求：（g = 10N/kg）
（1）若汽车1.5h内行驶108km，该过程中，无人驾驶汽车行驶的速度是多少？
（2）无人驾驶汽车静止时对地面的压强是多少？
（3）若匀速行驶5km，牵引力做的功是多少？
26．模拟微重力环境的装置——中性浮力水槽。为了在地面模拟航天员在太空受到的失重环境，我国建设了特殊的“潜水池”——中性浮力水槽（图甲）。在训练时，航天员需下沉至水下9米的深度，为获得与太空中相似的失重环境与失重感，需要在下水前通过增减配重的方法使自身的重力与浮力基本相等。
为了充分模拟出舱任务，在水槽中需要穿着水下训练服（图乙），它也是密闭设备，结构与舱外航天服基本一致，整体柔软，内部充有气体，重达130kg。为了协助身着厚重水下训练服的航天员安全下水，水槽边配备有可伸缩的长臂吊车。
为了进行训练，水下训练服与地面设备之间配备了一条脐带，可用于输送新鲜空气、提供用于调节体温的冷却水等，脐带中还有电缆，用于岸上指挥员与水下航天员之间的语音交互。因为水具有导电性，为了航天员的安全，相关设备的功率比较小。完成训练后，潮湿的训练服在储存前需要干燥处理，防止霉变及锈蚀。
请回答以下问题：（已知，g = 10N/kg）
（1）为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过　 　V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的动能　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。
（3）航天员在训练时，受到水的压强的大小；
（4）某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时，训练服与配重的总体积约为0.22m3，其所受浮力大小。
27．如图甲是一款可调温果汁加热器、图乙是其简化电路图，R1、R2均为加热电阻。当开关接1时，加热器处于保温挡，保温功率为220W；当开关接2时，加热器处于可调温挡，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。[果汁比热容取c= 4×103J/(kg·℃)] 求：
（1）加热器处于保温挡时电路中的电流；
（2）加热电阻的阻值；
（3）若加热器用最大功率对2kg果汁加热3min，果汁的温度升高40℃，求该加热器的效率。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】每个机器人都安装有电池，能够为机器人提供电能。当机器人跳舞时产生机械能，因此将电能转化为机械能，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据自然界能量转化的知识分析。
2．【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】“神舟十九号”载人飞船与天和核心舱对接成功后，它们仍然在绕地球高速转动。
ABD．在次过程中，神舟十九号飞船相对于地球、太阳的位置发生了变化，因此它是运动的；相对于天和核心舱位置没有发生变化，是静止的，故AB不符合题意，D符合题意；
C．一般情况下，研究物体的运动情况时，不能把自身选做参照物，故C不符合题意。
故选D。
【分析】如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置改变；否则，它相对参照物的位置不变。
3．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．小提琴声主要是由琴弦振动产生的，故A错误；
B．小号与观众之间传播声音的介质是空气，所以小号声通过空气传入现场观众耳中，故B正确；
C．声音的传播需要介质，真空不能传声，即声音在真空中的传播速度为0，故C错误；
D．合奏时，各种乐器的材料和结构不同，则发出声音的音色不同，故D错误；
故选B。
【分析】A.声音是由物体振动产生的；
B.声音的传播需要介质；
C.根据真空不能传声判断；
D.不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同。
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】根据题意可知，当灯笼被点亮时，光线会穿过灯笼上的图案形成特定的光影效果，其用到的光学原理是光沿直线传播，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
【分析】根据光沿直线传播的知识分析判断。
5．【答案】A
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】ABC.密度是物质本身的一种特性，与质量、体积无关，使用时，橡皮擦体积减小，质量减小，密度不变，故A正确，BC不正确；
D.质量是物体的基本属性，使用过程中橡皮擦的质量减小，故D不正确。故选A。
【分析】本题考查学生对质量的属性和密度的特性的了解和掌握。
6．【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．用力捏刹车，是在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大摩擦的，故A不符合题意；
B．车轴处装有滚轮轴，是在压力一定的情况下，通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B符合题意；
C．轮胎表面有花纹，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C不符合题意；
D．脚踏板表面凹凸不平，是是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D不符合题意。
故选B。
【分析】减小摩擦的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动。
7．【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A． 图甲， 骑车加速前进时，速度加快时车的质量不变，则其惯性大小不变，故A错误；
B． 图乙，高铁站台设置黄色安全线是因为“流体流速越大的位置，压强越小”，故B错误；
C． 图丙， 快递机器人关闭电源后失去动力，但是不会立刻停下来，而是运动一段距离才停下来，这是因为它受到阻力作用，说明物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D． 图丁， 支付盒子静止于水平桌面上，则它处于平衡状态，即它受到的重力和桌面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选D。
【分析】A.物体的惯性大小只与物体的质量大小有关；
B.根据流体压强和流速的关系判断；
C.根据力与运动的关系判断；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体上。
8．【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．刚出锅的油条烫手，是由于油条的温度高，而不是热量多，故A错误；
B．炸油条过程中，油条吸收油的热量而温度升高，所以是通过热传递的方式来改变其内能的，故B错误；
C．炸油条的过程中，天然气的燃料种类保持不变，则它的热值不变，故C错误；
D．醒好的面拉成条形而不断，是因为分子间存在引力 ，故D正确。
故选D。
【分析】A.热量是过程量，不是状态量，只能说吸收或放出；
B.热传递的本质为能量的转移；
C.热值只与燃料的种类有关；
D.根据分子之间作用力的知识判断。
9．【答案】B
【知识点】功率的概念；功的计算及应用
【解析】【解答】BD．根据题意可知，爬楼梯时，大家都克服自身重力做功，即。两人都爬相同的高度，则体重大的做功一定多，而做功的大小与时间长短没有直接联系，故B正确，D错误；
AC．根据功率的定义式可知，功率的大小等于做功的多少与所花时间的比值，只看体重大小或者用时长短无法判断功率的大小，即无法判断做功的快慢，故AC错误；
故选B。
【分析】BD.根据功的计算式分析判断；
AC.根据分析判断。
10．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】解：A、根据图示可知，a的深度要小于c的深度，故A错误；
B、pa=pc，a的深度小于c的深度，根据p=ρgh可知，甲中液体的密度要小于乙中液体的密度；液体总的深度相同，根据p=ρgh可知，乙玻璃杯底受到液体的压强更大，故B错误；
C、液体的体积相同，根据m=ρV可知，甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，故C错误；
D、玻璃容器完全相同，重力相同；甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，根据G=mg可知，甲杯中液体重力小于乙杯中液体重力，所以甲杯总重力小于乙杯的总重力，则甲杯的压力比乙杯的压力小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据图示分析a、c两点深度的关系；
（2）根据p=ρgh分析两种液体的密度的大小关系；根据p=ρgh分析液体对容器底部的压强的大小关系；
（3）根据m=ρV分析两个杯子中液体的质量的大小关系；
（4）水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，据此分析压力的大小关系。
11．【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A． 图甲， 太空中为真空状态，没有空气，故遨游的“天宫号”不受浮力，故A符合题意；
B． 图乙， 升空的飞艇浸没在空气中，受到空气的浮力，故B不符合题意；
C． 图丙， 航行的“辽宁号”航母浮在海水面上，受到水施加的浮力，故C不符合题意；
D． 图丁， 下潜的“蛟龙号”潜水器浸没在水中，受到水的浮力，故D不符合题意。
故选A。
【分析】浸在气体或液体中的物体，都会受到气体或液体竖直向上的托力，这个力就是浮力。
12．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰化水的过程，是冰由固态变成液态发生熔化的过程，故A不符合题意；
B．露珠是空气中的水蒸气，从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B不符合题意；
C．霜是空气中的水蒸气从气态直接变成固态发生凝华成的小冰晶，故C符合题意；
D．水结冰的过程，是水由液态变成固态发生凝固的过程，故D不符合题意。
故选C。
【分析】物质由固态变成液态发生熔化，从气态变成液态发生液化，从气态直接变成固态发生凝华，由液态变成固态发生凝固。
13．【答案】C
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A．当A左右移动时，铅笔芯接入的长度发生了变化，电阻发生变化，电流发生变化，小灯泡亮度变化，故A错误；
B．导体的电阻和材料、长度、横截面积有关，材料不同，无法比较电阻的大小，故B错误；
C．铅笔芯的材料和横截面积相同时，长度较长，电阻的变化范围更大，现象更明显，故C正确；
D．电阻是导体的一种属性，与是否接入电路无关，开关断开后，铅笔芯电阻不变，故D错误。
故选C。
【分析】电阻是导体自行的性质；导体电阻和材料、长度、横截面积有关，比较电阻大小，要利用控制变量法。
14．【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．安装充电桩时，可能发生触电或漏电事故，为了确保人的安全，需要接地线，故A不符合题意；
B．一旦漏电则可能发生触电事故，则为了用电安全，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故B符合题意；
C．维修充电桩时，如果带电操作，那么可能发生触电，因此必须断开电源开关，故C不符合题意；
D．绝缘皮破损时，可能会发生漏电事故，导致触电事故发生，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据家庭电路连接和安全用电的常识分析判断。
15．【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据乙图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电流表测电路的电流，电压表测R1的两端电压，
A．向前推的距离越大，变阻器R1连入电路的电阻越小，根据R总=R1+R2可知，电路的总电阻越小。根据欧姆定律可知，电流表示数越大。根据可知，R2的两端电压越大。由串联电路U总=U1+U2可知，变阻器R1的两端电压越小，即电压表示数越小，故A错误；
B．向前推的距离越小，变阻器R1连入电路的电阻越大，根据串联电阻R总=R1+R2可知，电路的总电阻越大。根据欧姆定律可知，总电流越小。根据可知电路中总功率越小，故B错误；
C．闭合开关后不推动时，此时电路是一个通路，则电路中有电流，故C错误；
D．综上所述，向前推的距离越大，电流表示数越大，电压表示数越小，故仪器要选择电流表，电流表示数反映测量成绩，故D正确。
故选D。
【分析】 由电路图可知，滑动变阻器R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路的电流；
根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化；根据串联电路的电压规律分析电压表示数的变化，然后分析各个选项。
16．【答案】半导体；短；S；动圈式扬声器
【知识点】半导体特点及作用；通电螺线管的磁场；发电机的构造和原理；通电螺线管的极性和电流方向的判断；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】（1）发光二极管是由半导体材料制成的，所以华为折叠屏手机的柔性发光二极管是由半导体材料制成。
（2）电磁波的速度等于光速，而光速c是恒定的，根据c=λf可知，5G网络的电磁波频率比4G更高，所以5G电磁波的波长更短。
（3）根据乙图可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则通电螺线管的左端为S极，右端为N极。根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极，右端为S极。
（4）动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力的作用而运动，从而把电信号转化为声信号，带动纸会振动发出声音，与电动机的工作原理相同。
【分析】（1）根据半导体材料的性质和用途解答；
（2）根据光速恒定，结合公式c=λf分析解答；
（3）首先根据安培定则判断螺线管的极性，然后根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的指向。
（4）电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动。
17．【答案】增大；A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】当减小原图片到凸透镜的距离时，物距减小，根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律可知，此时像距增大，则应该增大凸透镜到墙的距离。
此时像距会增大，像也会变得比原来的更大，
故选A。
【分析】根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律分析像距的变化和像的大小变化即可。
18．【答案】并联；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）根据题意可知，拔掉其中一部手机，另外两部手机仍能正常充电，说明三部手机之间互不影响，所以这三部手机是并联的。
（2）当给充电宝充电时，将电能转化为化学能，即充电宝消耗电能，相当于用电器。
【分析】（1）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
19．【答案】S1、S3；L2；4.5
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当闭合开关 和 ，断开开关时，和并排连接在电路两点之间，则二者并联，如下图所示：
（2）在乙图中，电压表并联在灯泡两端，测量L2两端电压。
则L1两端电压为。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联；
（2）根据乙图确定电压表所测的电压值，然后根据串联电路的电压规律计算另一个灯泡的电压即可。
20．【答案】（1）方向
（2）费力
（3）
【知识点】重力示意图；杠杆的分类；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，升旗时，旗杆顶部的滑轮不随红旗一起升降，因此为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。
（2）根据乙图可知，前臂围绕肘关节转动，因此支点在肘关节处：肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给前臂的力是阻力。此时动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆。
（3）封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动时，轿厢内的物体A受到的重力作用在它的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】（1）根据定滑轮的特点解答；
（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（3）确定重力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）升旗时不随红旗一起升降为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。
（2）用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，前臂围绕肘关节转动，因此支点在肘关节处：肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给前臂的力是阻力，用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆。
（3）封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，此时封闭式轿厢处于平衡状态，故厢内的物体处于平衡状态，在竖直方向上二力平衡，即受到自身重力和轿厢对它的支持力，并且这两个力是平衡力，故从该物体的重心作竖直向下的重力。并标好G。如图所示
21．【答案】（1）确定像的位置
（2）A
（3）能
（4）不变；不会
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）玻璃板是半透明的，虽然成像没有平面镜清晰，但是透过它可以看见玻璃板后的物体，便于确定像的位置。
（2） 在寻找蜡烛A像的位置时， 我们必须在镜子中看到A的像。而A的像是物体A发出的光在玻璃板表面反射形成，只有反射光线射入眼睛才行，因此眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像的完整度与平面镜的大小和物体的大小无关，即物体当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时玻璃板仍能成完整的像。
（4）当他靠近自动门时，物距减小，根据平面镜成像“物像等大”的规律可知，所成像的大小将不变。
当自动门打开时，左侧玻璃门所在平面的位置不变，且小明的位置不变，根据平面镜成像的对称性可知，门中所成的像不会随左侧移门一起向左移动。
【分析】 （1）玻璃板有透光性，既能成像，又便于确定像的位置。
（2）在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像属于光的反射，像与物等大，
（4）平面镜像与物大小相等，平面镜成的像与物关于镜面对称。
（1）玻璃板有透光性，平板玻璃既能成像，又能看见玻璃板后的物体，应选择平板玻璃来研究平面镜成像特点，该实验中用玻璃板代替平面镜进行实验，主要是便于确定像的位置。
（2）平面镜成像属于光的反射，在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像属于光的反射，像与物等大，当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时，玻璃板仍能成完整的像。
（4）[1][2]平面镜像与物大小相等，当他靠近自动门时，所成像的大小将不变；平面镜成的像与物关于镜面对称，当自动门打开时，左侧玻璃门中所成的像不会随左侧移门一起向左移动。
22．【答案】（1）需要
（2）88℃；偏大
（3）a
（4）2组水的质量大
（5）杯底处石棉网温度高于水的沸点
（6）改为小火
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）在加热时，要用酒精灯的外焰加热，所以调整铁圈确定高度时需要点燃酒精灯，使铁圈的高度与酒精灯火焰的外焰高度相适应。
（2）①根据乙图可知，该温度计的分度值为1℃，液面在90下面两个刻度，其示数为：90℃-1℃×2=88℃。
②如果按A所示方式读数，即俯视读数，此时读出的示数会比实际偏大。
（3）水沸腾时，整个容器内的水温相同，气泡在上升过程中，体积不断变大，所以表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的a。
（4）根据丁图可知，两组所用的水的初温也相同，则水沸腾时升温大小相同。2组实验达到沸腾加热时间更长，即吸收更多的热量。根据Q=cm△t可知，2组实验中水的质量较大。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后， 水仍能继续沸腾一小段时间， 说明水还能继续吸热，应该是石棉网的温度高于水的沸点，水会继续从石棉网和烧杯底部吸收热量。
（6）根据液体沸腾时温度保持不变可知，在用天然气熬粥、炖汤时，在粥、汤沸腾后，无论用大火还是小火，粥、汤的温度都保持不变，但用大火会浪费燃料，所以应改为小火继续熬粥、炖汤。
【分析】 （1）安装实验器材时，需根据酒精灯火焰的高度确定铁圈位置，故需要点燃酒精灯；
（2）①根据图片确定温度计的分度值为1℃，然后根据液面位置读出示数；
②根据俯视读数偏大解答；
（3）水沸腾时气泡上升过程逐渐变大；
（4）根据Q=cm△t可知，当升高温度相同时，水的质量越大，加热时间越长；
（5）沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热；
（6）沸腾后改用小火，既能让水继续沸腾，还能节省燃料。
（1）在安装实验器材时，调整铁圈确定高度需要根据酒精灯火焰的外焰高度来进行，因为外焰温度最高，加热效果最好。所以调整铁圈确定高度时需要点燃酒精灯，使铁圈的高度与酒精灯火焰的外焰高度相适应。
（2）[1]由图乙所示，温度计的分度值为1℃，按照正确的读数方法，其示数为88℃。
[2]如果按A所示方式读数，视线是从上往下看，此时读出的示数会比实际温度偏高，即读得结果会偏大。
（3）水沸腾前，上层水温较低，气泡在上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化，气泡体积逐渐变小；水沸腾时，整个容器内的水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化进入气泡，气泡体积逐渐变大。所以表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的a。
（4）影响水沸腾时间的因素有水的质量、水的初温、酒精灯的火焰大小等。1、2组的同学用相同的实验装置完成了两次实验，说明酒精灯的火焰大小相同，从图丁可知，两组所用的水的初温也相同，所以2组实验达到沸腾的时间要晚，是因为2组实验中水的质量较大。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后，石棉网的温度仍然较高，高于水的沸点，水会继续从石棉网和烧杯底部吸收热量，所以水仍能继续沸腾一小段时间。
（6）液体沸腾时，继续吸热但温度保持不变。在用天然气熬粥、炖汤时，在粥、汤沸腾后，无论用大火还是小火，粥、汤的温度都保持不变，但用大火会浪费燃料，所以应改为小火继续熬粥、炖汤。
23．【答案】（1）水平桌面；右
（2）用手加减砝码
（3）27.4
（4）10；2.74
（5）偏大；偏大
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）①使用天平时，将天平放在水平桌面上，然后通过游码归零和调节平衡螺母实现平衡；
②图甲中，指针左偏，说明左盘重右盘轻，则故向右调节平衡螺母。
（2）根据天平的使用规范可知，天平使用时，不能用手直接拿放；同时物体要放在左盘，砝码要放在右盘。
（3）根据丙图可知，天平标尺分度值为0.2g，则游码质量为2.48g；砝码质量为：20g+5g=25g；
则石头的质量为m=20g+5g+2.48=27.4g。
（4）根据丁图可知，量筒分度值为1mL，那么读数为40mL，
则石块的体积为；
石头的密度为。
（5）①若石头放入量筒时有水溅出，导致石块和水的总体积V2减小，根据V=V2-V1测量石块的体积偏小.根据可知，则测出的石头密度会偏大。
②石块放入水中后，因其具有吸水性，导致液面下降，所测体积偏小，由密度公式可知，密度的测量值偏大。
【分析】 （1）①根据天平的使用方法解答；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据天平的操作规范分析；
（3）石头的质量等于砝码的质量加游码的示数；
（4）量筒的分度值已知，由排水法可求出石头的体积；由密度公式求出石头的密度；
（5）①若石头放入量筒时有水溅出，导致测量石块的体积偏小，由密度公式说明对测量结果的影响；
②根据石块具有吸水性分析体积的偏差，得出密度的变化。
（1）[1][2]使用天平时，将天平放在水平桌面上，并将游码移至左侧零刻线处，若指针不在分度盘的中央时，按照指针左偏右调，右偏左调的方法，调节平衡螺母，直到天平平衡，图甲中，指针左偏，故向右调节平衡螺母。
（2）天平使用时，要使用镊子向盘中加减砝码，不能用手直接拿放，同时物体要放在左盘，砝码要放在右盘，位置不能放错。
（3）丙图中标尺分度值为0.2g，石头的质量为m=20g+5g+2.48=27.4g
（4）[1]图丁中量筒分度值为1mL，石块的体积为
[2]石头的密度为
（5）[1]若石头放入量筒时有水溅出，导致测量石块的体积偏小，根据可知，则测出的石头密度会偏大。
[2]石块放入水中后，因其具有吸水性，导致液面下降，所测体积偏小，由密度公式可知，密度的测量值偏大。
24．【答案】（1）
（2）A；B
（3）B；电压表
（4）8.9
（5）小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【知识点】影响电阻大小的因素；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，电压表与灯泡并联测量灯泡两端的电压，电流表串联在电路中测量通过小灯泡的电流，则补充实物图如下：
（2）电流表的示数始终为零，则电路中一定出现断路故障。电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱到电源两极之间是连通的。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡发生断路所致，即要么灯丝断路，也可能是灯泡未拧紧，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（3）如图乙所示，电压表的量程为0-3V，分度值为0.1V，则它的示数1.8V。
因为1.8V<2.5V，所以需要增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应该使滑动变阻器分得的电压变小。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应使滑动变阻器连入的阻值变小，应将滑动变阻器的滑片P向B端移动，同时眼睛注意观察电压表，直到电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光。
（4）如图丙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则它的示数0.28A，
那小灯泡正常工作时的电阻为。
（5）根据图片可知，小灯泡的I - U图像是一条曲线，得出结论：小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【分析】 （1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，再与甲图对照补充即可。
（2）根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置。
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器移动方向。
（4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻。
（5）根据小灯泡的I-U图像的形状分析灯丝电阻随温度的变化规律。
（1）要测小灯泡的电阻，电流表串联在电路中测量通过小灯泡的电流，电压表与灯泡并联测量灯泡两端的电压，电路如图。
（2）将滑片P置于阻值最大位置，闭合开关S，灯泡不亮，无论怎样移动滑片P，电流表的示数始终为零，电路中一定出现断路故障，电压表示数接近电源电压，说明灯泡左、右端到电源之间是连通的，则电路中存在的故障可能是灯丝断路，也可能是灯泡未拧紧，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（3）[1][2]当电压表的示数如图乙时，电压表示数1.8V，为了测量小灯泡正常发光的电阻，应该使滑动变阻器分得的电压变小，应使滑动变阻器连入的阻值变小，应将滑动变阻器的滑片P向B端移动，同时眼睛注意观察电压表，直到电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光。
（4）当灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，电流表示数0.28A，则小灯泡正常工作时的电阻为
（5）通过分析图象，小灯泡的I - U图像是一条曲线，得出结论：小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
25．【答案】（1）根据题意可知， 若汽车1.5h内行驶108km，
则无人驾驶汽车行驶的速度
（2）根据题意可知，汽车的质量为1.2t=1.2×103kg，
则汽车的重力，
汽车对地面的压力等于自身重力，即
无人驾驶汽车静止时对地面的压强
（3）根据题意可知， 汽车受到的阻力等于车重的0.1倍，
则汽车受到的阻力；
汽车匀速行驶时受到平衡力，则牵引力；
牵引力做的功是
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）已知路程和时间，根据求无人驾驶汽车行驶的速度；（2）无人驾驶汽车静止时对地面的压力等于它的重力，根据F=G=mg求它对地面的压力，地面的受力面积等于四个轮胎与地面的接触面积，最后根据求无人驾驶汽车静止时对地面的压强；
（3）汽车匀速行驶，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，根据题意可得牵引力的大小，根据W=Fs求牵引力做的功。
（1）该过程中，无人驾驶汽车行驶的速度
（2）汽车的重力
汽车对地面的压力为
无人驾驶汽车静止时对地面的压强
（3）汽车受到的阻力
汽车匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，牵引力
牵引力做的功是
26．【答案】（1）36
（2）不变
（3）根据题意可知，航天员在训练时在水下深度9m，
则受到水的压强约为
（4）某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时， 排开水的体积等于训练服和配重的总体积，
则航天员所受浮力大小为
【知识点】动能的影响因素；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】（1）根据人体安全电压的知识可知，为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过36V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的质量和速度都不变，则他们的动能不变。
（3）根据题意可知，航天员在训练时在水下深度9m，
则受到水的压强约为。
（4） 某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时， 排开水的体积等于训练服和配重的总体积，
则航天员所受浮力大小为。
【分析】 （1）对人体的安全电压不高于36V；
（2）影响动能的因素是质量和速度；
（3）根据p=ρ水gh算出航天员在训练时受到水的压强；
（4）根据F浮=ρ水gV排算出航天员所受浮力大小。
（1）对人体的安全电压不高于36V，所以为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过36V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的速度不变，质量不变，动能不变。
（3）航天员在训练时，受到水的压强约为
（4）航天员所受浮力大小为
27．【答案】（1）根据题意可知，当开关接1时，加热器处于保温档，保温功率为220W，
则加热器处于保温时电路中的电流为
（2）根据题意可知，当开关接2时，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。
此时只有加热电阻R2接入电路，则加热电阻R2的阻值为
（3）根据题意可知，果汁的温度升高40℃吸收的热量为；
加热器用最大功率加热3min消耗的电能为；
那么加热器的效率为
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当开关接1时，加热器处于保温档，保温功率为220W，
则加热器处于保温时电路中的电流为。
（2） 根据题意可知，当开关接2时，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。
此时只有加热电阻R2接入电路，则加热电阻R2的阻值为·
（3）根据题意可知，果汁的温度升高40℃吸收的热量为；
加热器用最大功率加热3min消耗的电能为；
那么加热器的效率为。
【分析】 （1）根据P=UI算加热器处于保温档时电路中的电流；
（2）根据计算电阻R2的阻值；
（3）根据W最大=P最大t算出加热器用最大功率对2kg果汁加热3min消耗的电能，根据Q吸=cmΔt算出果汁的温度升高30℃吸收的热量，由算出加热器的效率。
（1）根据得加热器处于保温时电路中的电流为
（2）由于果汁加热器的最大功率是2200W，加热器最大功率时，滑片在最右端，只有加热电阻R2接入电路，根据知加热电阻R2的阻值为·
（3）加热器用最大功率对2kg果汁加热3min消耗的电能为
果汁的温度升高40℃吸收的热量为
加热器的效率为
1 / 12025年山东省临沂市平邑县中考一模物理试题
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．如图所示，正在2025年春节联欢晚会跳舞的机器人，其动力来源主要是（　　）
A．电能 B．风能 C．光能 D．核能
【答案】A
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】每个机器人都安装有电池，能够为机器人提供电能。当机器人跳舞时产生机械能，因此将电能转化为机械能，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据自然界能量转化的知识分析。
2．如图所示，“神舟十九号”载人飞船与天和核心舱对接成功后，下列相对“神舟十九号”静止的是（　　）
A．太阳 B．地球 C．神舟十九号 D．天和核心舱
【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】“神舟十九号”载人飞船与天和核心舱对接成功后，它们仍然在绕地球高速转动。
ABD．在次过程中，神舟十九号飞船相对于地球、太阳的位置发生了变化，因此它是运动的；相对于天和核心舱位置没有发生变化，是静止的，故AB不符合题意，D符合题意；
C．一般情况下，研究物体的运动情况时，不能把自身选做参照物，故C不符合题意。
故选D。
【分析】如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置改变；否则，它相对参照物的位置不变。
3．2025年2月7日，第九届亚洲冬季运动会开幕式在哈尔滨市举行。在开幕式上，小提琴、小号等乐器齐奏和鸣，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．小提琴声主要是由空气振动产生的
B．小号声通过空气传入现场观众耳中
C．小号声在真空中的传播速度是340m/s
D．合奏时，各种乐器发出声音的音色相同
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．小提琴声主要是由琴弦振动产生的，故A错误；
B．小号与观众之间传播声音的介质是空气，所以小号声通过空气传入现场观众耳中，故B正确；
C．声音的传播需要介质，真空不能传声，即声音在真空中的传播速度为0，故C错误；
D．合奏时，各种乐器的材料和结构不同，则发出声音的音色不同，故D错误；
故选B。
【分析】A.声音是由物体振动产生的；
B.声音的传播需要介质；
C.根据真空不能传声判断；
D.不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同。
4．小明按照下图顺序自制了一个“投影灯笼”。首先，折叠剪纸，按照自己的想法剪出图案；随后，把剪好的图纸围起来，用胶带粘贴固定形状，再剪两个圆作封底和封顶；最后把灯放在其中，在黑暗中打开灯笼中的灯，就能看到投影的图案了。这个“投影灯笼”投影出美丽的图案用到的光学原理是（　　）
A．光沿直线传播 B．光的折射
C．光的反射 D．凸透镜成像
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】根据题意可知，当灯笼被点亮时，光线会穿过灯笼上的图案形成特定的光影效果，其用到的光学原理是光沿直线传播，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
【分析】根据光沿直线传播的知识分析判断。
5．橡皮擦是学生必备的文具之一。在使用过程中，橡皮擦会产生碎屑。下列叙述正确的是（　　）
A．使用时，橡皮擦体积减小，密度不变
B．使用时，橡皮擦质量减小，密度减小
C．橡皮擦的密度与质量成正比，与体积成反比
D．质量是物体的基本属性，使用过程中橡皮擦的质量不变
【答案】A
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】ABC.密度是物质本身的一种特性，与质量、体积无关，使用时，橡皮擦体积减小，质量减小，密度不变，故A正确，BC不正确；
D.质量是物体的基本属性，使用过程中橡皮擦的质量减小，故D不正确。故选A。
【分析】本题考查学生对质量的属性和密度的特性的了解和掌握。
6．自行车的设计蕴含着许多与摩擦力相关的知识，下列设计哪一项是为了减小摩擦（　　）
A．用力捏车闸刹车
B．车轴处装有滚轮轴承
C．轮胎表面有花纹
D．脚踏板表面凹凸不平
【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．用力捏刹车，是在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大摩擦的，故A不符合题意；
B．车轴处装有滚轮轴，是在压力一定的情况下，通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B符合题意；
C．轮胎表面有花纹，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C不符合题意；
D．脚踏板表面凹凸不平，是是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D不符合题意。
故选B。
【分析】减小摩擦的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动。
7．中国古代的造纸术、指南针、火药、印刷术影响了世界，现代的新四大发明“高铁、支付宝、共享单车和网购”给人民生活带来了便利。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲，骑车加速前进时，速度越快，惯性越大
B．图乙，高铁站台设置黄色安全线是因为“流体流速越大的位置，压强越大”
C．图丙，快递机器人关闭电源后会很快停下，说明物体的运动需要力来维持
D．图丁，支付盒子静止于水平桌面上，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A． 图甲， 骑车加速前进时，速度加快时车的质量不变，则其惯性大小不变，故A错误；
B． 图乙，高铁站台设置黄色安全线是因为“流体流速越大的位置，压强越小”，故B错误；
C． 图丙， 快递机器人关闭电源后失去动力，但是不会立刻停下来，而是运动一段距离才停下来，这是因为它受到阻力作用，说明物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D． 图丁， 支付盒子静止于水平桌面上，则它处于平衡状态，即它受到的重力和桌面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选D。
【分析】A.物体的惯性大小只与物体的质量大小有关；
B.根据流体压强和流速的关系判断；
C.根据力与运动的关系判断；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体上。
8．起源于南宋的小吃“油条”，已成为早餐上常见食品。如图为小明在家中挑战做油条，他用天然气将油加热至沸腾，将醒好的面拉成条形放入油锅中，变成金黄色即可食用。关于这一过程所涉及的物理知识说法正确的是（　　）
A．刚出锅的油条烫手，是由于油条含有的热量多
B．炸油条过程是通过做功的方式来改变其内能的
C．天然气燃烧越充分，放出的热量越多，热值越大
D．醒好的面拉成条形而不断，是因为分子间存在引力
【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．刚出锅的油条烫手，是由于油条的温度高，而不是热量多，故A错误；
B．炸油条过程中，油条吸收油的热量而温度升高，所以是通过热传递的方式来改变其内能的，故B错误；
C．炸油条的过程中，天然气的燃料种类保持不变，则它的热值不变，故C错误；
D．醒好的面拉成条形而不断，是因为分子间存在引力 ，故D正确。
故选D。
【分析】A.热量是过程量，不是状态量，只能说吸收或放出；
B.热传递的本质为能量的转移；
C.热值只与燃料的种类有关；
D.根据分子之间作用力的知识判断。
9．如图所示，两位同学正在爬楼梯，若他们爬相同的楼层，下列说法正确的是（　　）
A．体重大的一定做功慢 B．体重小的做功一定少
C．用时短的做功一定快 D．用时长的一定做功多
【答案】B
【知识点】功率的概念；功的计算及应用
【解析】【解答】BD．根据题意可知，爬楼梯时，大家都克服自身重力做功，即。两人都爬相同的高度，则体重大的做功一定多，而做功的大小与时间长短没有直接联系，故B正确，D错误；
AC．根据功率的定义式可知，功率的大小等于做功的多少与所花时间的比值，只看体重大小或者用时长短无法判断功率的大小，即无法判断做功的快慢，故AC错误；
故选B。
【分析】BD.根据功的计算式分析判断；
AC.根据分析判断。
10．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个完全相同的玻璃容器，容器中盛有等体积的两种液体；分别测得这两种液体中a、b、c三点压强，发现的，下列分析一定正确的是（　　）
A．a、c两点深度相等
B．甲玻璃杯底受到液体的压强更大
C．甲杯中液体质量大于乙杯中液体质量
D．水平桌面受到甲杯的压力比乙杯的压力小
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】解：A、根据图示可知，a的深度要小于c的深度，故A错误；
B、pa=pc，a的深度小于c的深度，根据p=ρgh可知，甲中液体的密度要小于乙中液体的密度；液体总的深度相同，根据p=ρgh可知，乙玻璃杯底受到液体的压强更大，故B错误；
C、液体的体积相同，根据m=ρV可知，甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，故C错误；
D、玻璃容器完全相同，重力相同；甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，根据G=mg可知，甲杯中液体重力小于乙杯中液体重力，所以甲杯总重力小于乙杯的总重力，则甲杯的压力比乙杯的压力小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据图示分析a、c两点深度的关系；
（2）根据p=ρgh分析两种液体的密度的大小关系；根据p=ρgh分析液体对容器底部的压强的大小关系；
（3）根据m=ρV分析两个杯子中液体的质量的大小关系；
（4）水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，据此分析压力的大小关系。
11．中国人自古就有“上天入海”的梦想，随着国家科技的飞速发展，这些梦想正在一步步变为现实。对于如图所示的“国之重器”不受浮力作用的是（　　）
A．图甲，遨游的“天宫号”空间站
B．图乙，升空的“圆梦号”飞艇
C．图丙，航行的“辽宁号”航母
D．图丁，下潜的“蛟龙号”潜水器
【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A． 图甲， 太空中为真空状态，没有空气，故遨游的“天宫号”不受浮力，故A符合题意；
B． 图乙， 升空的飞艇浸没在空气中，受到空气的浮力，故B不符合题意；
C． 图丙， 航行的“辽宁号”航母浮在海水面上，受到水施加的浮力，故C不符合题意；
D． 图丁， 下潜的“蛟龙号”潜水器浸没在水中，受到水的浮力，故D不符合题意。
故选A。
【分析】浸在气体或液体中的物体，都会受到气体或液体竖直向上的托力，这个力就是浮力。
12．我国的“二十四节气”被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产代表作名录。图中的物态变化属于凝华的是（　　）
A．立春冰化水
B．白露草上珠
C．立冬叶上霜
D．冬至冰挂檐
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰化水的过程，是冰由固态变成液态发生熔化的过程，故A不符合题意；
B．露珠是空气中的水蒸气，从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B不符合题意；
C．霜是空气中的水蒸气从气态直接变成固态发生凝华成的小冰晶，故C符合题意；
D．水结冰的过程，是水由液态变成固态发生凝固的过程，故D不符合题意。
故选C。
【分析】物质由固态变成液态发生熔化，从气态变成液态发生液化，从气态直接变成固态发生凝华，由液态变成固态发生凝固。
13．在“制作调光灯”的实践活动中，小傅设计了如图所示的电路，用A、P两个回形针将一根铅笔芯接入电路中，当A左右移动时，小灯泡亮度会发生变化，下列说法正确的是（　　）
A．灯泡亮度的变化是因为铅笔芯的横截面积发生了变化
B．铅笔芯电阻一定比铜丝电阻大
C．为使灯泡亮度变化更明显，应选用长度较长的铅笔芯
D．开关断开后，铅笔芯电阻变为零
【答案】C
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A．当A左右移动时，铅笔芯接入的长度发生了变化，电阻发生变化，电流发生变化，小灯泡亮度变化，故A错误；
B．导体的电阻和材料、长度、横截面积有关，材料不同，无法比较电阻的大小，故B错误；
C．铅笔芯的材料和横截面积相同时，长度较长，电阻的变化范围更大，现象更明显，故C正确；
D．电阻是导体的一种属性，与是否接入电路无关，开关断开后，铅笔芯电阻不变，故D错误。
故选C。
【分析】电阻是导体自行的性质；导体电阻和材料、长度、横截面积有关，比较电阻大小，要利用控制变量法。
14．如图所示是停车场安装的新能源汽车充电桩，下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A．安装充电桩时，不必连接地线
B．安装充电桩时，要装漏电保护器
C．维修充电桩时，不必断开电源开关
D．若充电线绝缘皮破损，仍可以继续使用一段时间
【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．安装充电桩时，可能发生触电或漏电事故，为了确保人的安全，需要接地线，故A不符合题意；
B．一旦漏电则可能发生触电事故，则为了用电安全，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故B符合题意；
C．维修充电桩时，如果带电操作，那么可能发生触电，因此必须断开电源开关，故C不符合题意；
D．绝缘皮破损时，可能会发生漏电事故，导致触电事故发生，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据家庭电路连接和安全用电的常识分析判断。
15．中小学生进行体能测试中有一个项目为坐位体前屈，进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是小明设计的模拟电路。下列说法正确的是（　　）
A．向前推的距离越大，电压表示数越大
B．向前推的距离越小，电路的总功率越大
C．闭合开关不推动时，电路中的电流为零
D．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据乙图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电流表测电路的电流，电压表测R1的两端电压，
A．向前推的距离越大，变阻器R1连入电路的电阻越小，根据R总=R1+R2可知，电路的总电阻越小。根据欧姆定律可知，电流表示数越大。根据可知，R2的两端电压越大。由串联电路U总=U1+U2可知，变阻器R1的两端电压越小，即电压表示数越小，故A错误；
B．向前推的距离越小，变阻器R1连入电路的电阻越大，根据串联电阻R总=R1+R2可知，电路的总电阻越大。根据欧姆定律可知，总电流越小。根据可知电路中总功率越小，故B错误；
C．闭合开关后不推动时，此时电路是一个通路，则电路中有电流，故C错误；
D．综上所述，向前推的距离越大，电流表示数越大，电压表示数越小，故仪器要选择电流表，电流表示数反映测量成绩，故D正确。
故选D。
【分析】 由电路图可知，滑动变阻器R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路的电流；
根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化；根据串联电路的电压规律分析电压表示数的变化，然后分析各个选项。
二、填空与作图题：本题共5小题，填空每空1分，作图2分，共15分。
16．如图甲所示为某款华为折叠屏5G手机，其折叠屏主要是由　 　材料制成的柔性发光二极管（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；5G网络的电磁波频率比4G更高，下载速度比4G快数百倍，与4G相比5G电磁波的波长更　 　（选填“长”或“短”）。小磁针在通电螺线管的正下方，静止时如图乙所示，则此时小磁针的右端为　 　 极。（选填“N”或“S”）。用如图丙所示的“麦克风”讲话时，能将声信号转化为电信号；如图丁所示的“动圈式扬声器”能将电信号转化为声信号。这两种器材中　 　（选填“麦克风”或“动圈式扬声器”）的工作原理与电动机的工作原理相同。
【答案】半导体；短；S；动圈式扬声器
【知识点】半导体特点及作用；通电螺线管的磁场；发电机的构造和原理；通电螺线管的极性和电流方向的判断；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】（1）发光二极管是由半导体材料制成的，所以华为折叠屏手机的柔性发光二极管是由半导体材料制成。
（2）电磁波的速度等于光速，而光速c是恒定的，根据c=λf可知，5G网络的电磁波频率比4G更高，所以5G电磁波的波长更短。
（3）根据乙图可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则通电螺线管的左端为S极，右端为N极。根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极，右端为S极。
（4）动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力的作用而运动，从而把电信号转化为声信号，带动纸会振动发出声音，与电动机的工作原理相同。
【分析】（1）根据半导体材料的性质和用途解答；
（2）根据光速恒定，结合公式c=λf分析解答；
（3）首先根据安培定则判断螺线管的极性，然后根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的指向。
（4）电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动。
17．小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：他给同学们简单演示了动画片放映原理，图1为哪吒的原图片，图2为该图片利用凸透镜制作而成的光学仪器投影在墙上的像。若减小原图片到凸透镜的距离，想重新在墙上得到一个清晰的像，则应该　 　（选填“减小”或“增大”）凸透镜到墙的距离；所成的像应该是图　 　（选填“A”“B”或“C”）。
【答案】增大；A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】当减小原图片到凸透镜的距离时，物距减小，根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律可知，此时像距增大，则应该增大凸透镜到墙的距离。
此时像距会增大，像也会变得比原来的更大，
故选A。
【分析】根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律分析像距的变化和像的大小变化即可。
18．当今年轻人的一种焦虑叫做手机电量焦虑，如图是用充电宝同时给三部手机同时充电的情景，则这三部手机是　 　（选填“串联”或“并联”）的，给充电宝充电时，充电宝相当于　 　（选填“电源”或“用电器”）。
【答案】并联；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）根据题意可知，拔掉其中一部手机，另外两部手机仍能正常充电，说明三部手机之间互不影响，所以这三部手机是并联的。
（2）当给充电宝充电时，将电能转化为化学能，即充电宝消耗电能，相当于用电器。
【分析】（1）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
19．如图甲所示，要使电阻 和是并联连接，应该闭合的开关是　 　；如图乙所示的电路中，电源电压恒为 8V，闭合开关 S，电压表的示数是 3.5V，则电压表测的是　 　两端的电压，L1两端电压为　 　 V。
【答案】S1、S3；L2；4.5
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当闭合开关 和 ，断开开关时，和并排连接在电路两点之间，则二者并联，如下图所示：
（2）在乙图中，电压表并联在灯泡两端，测量L2两端电压。
则L1两端电压为。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，用电器并排连接为并联；
（2）根据乙图确定电压表所测的电压值，然后根据串联电路的电压规律计算另一个灯泡的电压即可。
20．使用简单机械可以给人们的生活带来便利。
（1）如图甲，旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时使用这种滑轮的目的是改变力的　 　；
（2）如图乙；从物理学的视角来看，这可以简化为一种简单机械模型。肘关节是支点，此模型属于　 　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；
（3）如图丙所示，山上的索道可将游客和物资从山脚运往山顶，也是利用机械给人们带来便利。封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，请在图丁中画出静止在轿厢内的物体 A 所受重力的示意图。
【答案】（1）方向
（2）费力
（3）
【知识点】重力示意图；杠杆的分类；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，升旗时，旗杆顶部的滑轮不随红旗一起升降，因此为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。
（2）根据乙图可知，前臂围绕肘关节转动，因此支点在肘关节处：肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给前臂的力是阻力。此时动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆。
（3）封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动时，轿厢内的物体A受到的重力作用在它的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】（1）根据定滑轮的特点解答；
（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（3）确定重力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）升旗时不随红旗一起升降为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。
（2）用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，前臂围绕肘关节转动，因此支点在肘关节处：肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给前臂的力是阻力，用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆。
（3）封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，此时封闭式轿厢处于平衡状态，故厢内的物体处于平衡状态，在竖直方向上二力平衡，即受到自身重力和轿厢对它的支持力，并且这两个力是平衡力，故从该物体的重心作竖直向下的重力。并标好G。如图所示
三、实验探究题：本题共4小题，共30分（第21题每空1分共5分；第22题每空1分共7分；第23题每空1分共8分；第24题每问2分共10分；）。
21．如图甲是“探究平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）该实验中用玻璃板代替平面镜进行实验，主要是便于　 　。
（2）在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在　 　（选填“A”或“B”）一侧通过镜面观察。
（3）实验中，当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时，玻璃板　 　（选填“能”或“不能”）成蜡烛完整的像。
（4）如图乙所示，小明靠近自动玻璃门进入商场，他在玻璃门中看到了自己的像。当他靠近自动门时，所成像的大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图丙所示，当自动门打开时，左侧玻璃门中所成的像　 　（选填“会”或“不会”）随左侧移门一起向左移动。
【答案】（1）确定像的位置
（2）A
（3）能
（4）不变；不会
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）玻璃板是半透明的，虽然成像没有平面镜清晰，但是透过它可以看见玻璃板后的物体，便于确定像的位置。
（2） 在寻找蜡烛A像的位置时， 我们必须在镜子中看到A的像。而A的像是物体A发出的光在玻璃板表面反射形成，只有反射光线射入眼睛才行，因此眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像的完整度与平面镜的大小和物体的大小无关，即物体当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时玻璃板仍能成完整的像。
（4）当他靠近自动门时，物距减小，根据平面镜成像“物像等大”的规律可知，所成像的大小将不变。
当自动门打开时，左侧玻璃门所在平面的位置不变，且小明的位置不变，根据平面镜成像的对称性可知，门中所成的像不会随左侧移门一起向左移动。
【分析】 （1）玻璃板有透光性，既能成像，又便于确定像的位置。
（2）在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像属于光的反射，像与物等大，
（4）平面镜像与物大小相等，平面镜成的像与物关于镜面对称。
（1）玻璃板有透光性，平板玻璃既能成像，又能看见玻璃板后的物体，应选择平板玻璃来研究平面镜成像特点，该实验中用玻璃板代替平面镜进行实验，主要是便于确定像的位置。
（2）平面镜成像属于光的反射，在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在A一侧通过镜面观察。
（3）平面镜成像属于光的反射，像与物等大，当蜡烛燃烧完后，小明换了一支比玻璃板高的蜡烛，此时，玻璃板仍能成完整的像。
（4）[1][2]平面镜像与物大小相等，当他靠近自动门时，所成像的大小将不变；平面镜成的像与物关于镜面对称，当自动门打开时，左侧玻璃门中所成的像不会随左侧移门一起向左移动。
22．同学们在探究“水沸腾前后温度变化的特点”的实验。
（1）安装实验器材时（如图甲），调整铁圈确定高度时　 　（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯。
（2）实验前，某同学将温度计正确插入水中，观察温度计示数时，视线A、B、C如图乙所示，按照正确的读数方法，此时示数应为　 　；如果按A所示方式读数，读得结果会　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
（3）同学们在实验过程中，发现烧杯内气泡出现图丙的两种情况。则表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的　 　（选填“a”或“b”）。
（4）1、2组的同学用相同的实验装置完成了两次实验，他们将两组实验数据绘制的温度随时间变化的图象如图丁中1、2所示，我们看到2组实验达到沸腾的时间要晚，出现这种情况的原因你认为是　 　。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，原因是　 　。
（6）通过学习思考，小明同学认为在用天然气熬粥、纯汤时，在粥、汤沸腾后应　 　（填
“保持大火”或“改为小火”继续熬粥、炖汤。
【答案】（1）需要
（2）88℃；偏大
（3）a
（4）2组水的质量大
（5）杯底处石棉网温度高于水的沸点
（6）改为小火
【知识点】温度及温度计的使用与读数；沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）在加热时，要用酒精灯的外焰加热，所以调整铁圈确定高度时需要点燃酒精灯，使铁圈的高度与酒精灯火焰的外焰高度相适应。
（2）①根据乙图可知，该温度计的分度值为1℃，液面在90下面两个刻度，其示数为：90℃-1℃×2=88℃。
②如果按A所示方式读数，即俯视读数，此时读出的示数会比实际偏大。
（3）水沸腾时，整个容器内的水温相同，气泡在上升过程中，体积不断变大，所以表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的a。
（4）根据丁图可知，两组所用的水的初温也相同，则水沸腾时升温大小相同。2组实验达到沸腾加热时间更长，即吸收更多的热量。根据Q=cm△t可知，2组实验中水的质量较大。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后， 水仍能继续沸腾一小段时间， 说明水还能继续吸热，应该是石棉网的温度高于水的沸点，水会继续从石棉网和烧杯底部吸收热量。
（6）根据液体沸腾时温度保持不变可知，在用天然气熬粥、炖汤时，在粥、汤沸腾后，无论用大火还是小火，粥、汤的温度都保持不变，但用大火会浪费燃料，所以应改为小火继续熬粥、炖汤。
【分析】 （1）安装实验器材时，需根据酒精灯火焰的高度确定铁圈位置，故需要点燃酒精灯；
（2）①根据图片确定温度计的分度值为1℃，然后根据液面位置读出示数；
②根据俯视读数偏大解答；
（3）水沸腾时气泡上升过程逐渐变大；
（4）根据Q=cm△t可知，当升高温度相同时，水的质量越大，加热时间越长；
（5）沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热；
（6）沸腾后改用小火，既能让水继续沸腾，还能节省燃料。
（1）在安装实验器材时，调整铁圈确定高度需要根据酒精灯火焰的外焰高度来进行，因为外焰温度最高，加热效果最好。所以调整铁圈确定高度时需要点燃酒精灯，使铁圈的高度与酒精灯火焰的外焰高度相适应。
（2）[1]由图乙所示，温度计的分度值为1℃，按照正确的读数方法，其示数为88℃。
[2]如果按A所示方式读数，视线是从上往下看，此时读出的示数会比实际温度偏高，即读得结果会偏大。
（3）水沸腾前，上层水温较低，气泡在上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化，气泡体积逐渐变小；水沸腾时，整个容器内的水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化进入气泡，气泡体积逐渐变大。所以表示水沸腾时气泡情况的是图丙中的a。
（4）影响水沸腾时间的因素有水的质量、水的初温、酒精灯的火焰大小等。1、2组的同学用相同的实验装置完成了两次实验，说明酒精灯的火焰大小相同，从图丁可知，两组所用的水的初温也相同，所以2组实验达到沸腾的时间要晚，是因为2组实验中水的质量较大。
（5）烧杯放在石棉网上加热，撤去酒精灯后，石棉网的温度仍然较高，高于水的沸点，水会继续从石棉网和烧杯底部吸收热量，所以水仍能继续沸腾一小段时间。
（6）液体沸腾时，继续吸热但温度保持不变。在用天然气熬粥、炖汤时，在粥、汤沸腾后，无论用大火还是小火，粥、汤的温度都保持不变，但用大火会浪费燃料，所以应改为小火继续熬粥、炖汤。
23．小明同学在野外踏青时捡到一块漂亮的石头，他想了解这块石头的密度，于是从实验室借来一些仪器进行了以下实验。
（1）实验时将天平放在　 　上，游码移至标尺左端的零刻度线处，观察到指针如图甲所示，则应将平衡螺母向　 　调节，使天平平衡；
（2）天平平衡后，小明同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，请写出其中的一处错误：　 　。
（3）小明纠正了错误，正确操作，天平再次平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示，所称量金属块的质量是　 　g。
（4）向量筒中倒入30mL的水，用细线将石头系紧并放入量筒中后，量筒中的水面如图丁所示，则石头的体积为　 　cm3，实验测得石头的密度为　 　g/cm3
（5）实验中，若石头放入量筒时有水溅出，则测出的石头密度会　 　；完成实验后，小明同学又有自己的看法：石块可能有一定吸水性，这样测出的石块密度比真实值　 　（均选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）水平桌面；右
（2）用手加减砝码
（3）27.4
（4）10；2.74
（5）偏大；偏大
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）①使用天平时，将天平放在水平桌面上，然后通过游码归零和调节平衡螺母实现平衡；
②图甲中，指针左偏，说明左盘重右盘轻，则故向右调节平衡螺母。
（2）根据天平的使用规范可知，天平使用时，不能用手直接拿放；同时物体要放在左盘，砝码要放在右盘。
（3）根据丙图可知，天平标尺分度值为0.2g，则游码质量为2.48g；砝码质量为：20g+5g=25g；
则石头的质量为m=20g+5g+2.48=27.4g。
（4）根据丁图可知，量筒分度值为1mL，那么读数为40mL，
则石块的体积为；
石头的密度为。
（5）①若石头放入量筒时有水溅出，导致石块和水的总体积V2减小，根据V=V2-V1测量石块的体积偏小.根据可知，则测出的石头密度会偏大。
②石块放入水中后，因其具有吸水性，导致液面下降，所测体积偏小，由密度公式可知，密度的测量值偏大。
【分析】 （1）①根据天平的使用方法解答；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据天平的操作规范分析；
（3）石头的质量等于砝码的质量加游码的示数；
（4）量筒的分度值已知，由排水法可求出石头的体积；由密度公式求出石头的密度；
（5）①若石头放入量筒时有水溅出，导致测量石块的体积偏小，由密度公式说明对测量结果的影响；
②根据石块具有吸水性分析体积的偏差，得出密度的变化。
（1）[1][2]使用天平时，将天平放在水平桌面上，并将游码移至左侧零刻线处，若指针不在分度盘的中央时，按照指针左偏右调，右偏左调的方法，调节平衡螺母，直到天平平衡，图甲中，指针左偏，故向右调节平衡螺母。
（2）天平使用时，要使用镊子向盘中加减砝码，不能用手直接拿放，同时物体要放在左盘，砝码要放在右盘，位置不能放错。
（3）丙图中标尺分度值为0.2g，石头的质量为m=20g+5g+2.48=27.4g
（4）[1]图丁中量筒分度值为1mL，石块的体积为
[2]石头的密度为
（5）[1]若石头放入量筒时有水溅出，导致测量石块的体积偏小，根据可知，则测出的石头密度会偏大。
[2]石块放入水中后，因其具有吸水性，导致液面下降，所测体积偏小，由密度公式可知，密度的测量值偏大。
24．小明同学在“测量小灯泡的电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表、开关和若干导线。
（1）请你用笔画线代替导线，帮助小明同学完成图甲实验电路的连接（导线不允许交叉）。
（2）将滑片P置于阻值最大位置，闭合开关S，灯泡不亮，小明同学发现，无论怎样移动滑片P，电流表的示数始终为零，电压表示数接近电源电压，则电路中存在的故障可能是______。
A．灯丝断开 B．灯泡未拧紧
C．灯泡被短路 D．电源电压太低
（3）在检查电路无误后进行实验，当电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡正常发光的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，同时眼睛注意观察　 　（选填“电压表”“电流表”或“灯泡”），直至灯泡正常发光。
（4）当灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡正常工作时的电阻为　 　Ω；（结果保留一位小数）
（5）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的I -U图像如图丁所示。通过分析图象，写出一条你发现的结论：　 　。
【答案】（1）
（2）A；B
（3）B；电压表
（4）8.9
（5）小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【知识点】影响电阻大小的因素；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，电压表与灯泡并联测量灯泡两端的电压，电流表串联在电路中测量通过小灯泡的电流，则补充实物图如下：
（2）电流表的示数始终为零，则电路中一定出现断路故障。电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱到电源两极之间是连通的。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡发生断路所致，即要么灯丝断路，也可能是灯泡未拧紧，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（3）如图乙所示，电压表的量程为0-3V，分度值为0.1V，则它的示数1.8V。
因为1.8V<2.5V，所以需要增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应该使滑动变阻器分得的电压变小。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应使滑动变阻器连入的阻值变小，应将滑动变阻器的滑片P向B端移动，同时眼睛注意观察电压表，直到电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光。
（4）如图丙所示，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则它的示数0.28A，
那小灯泡正常工作时的电阻为。
（5）根据图片可知，小灯泡的I - U图像是一条曲线，得出结论：小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【分析】 （1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，再与甲图对照补充即可。
（2）根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置。
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器移动方向。
（4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻。
（5）根据小灯泡的I-U图像的形状分析灯丝电阻随温度的变化规律。
（1）要测小灯泡的电阻，电流表串联在电路中测量通过小灯泡的电流，电压表与灯泡并联测量灯泡两端的电压，电路如图。
（2）将滑片P置于阻值最大位置，闭合开关S，灯泡不亮，无论怎样移动滑片P，电流表的示数始终为零，电路中一定出现断路故障，电压表示数接近电源电压，说明灯泡左、右端到电源之间是连通的，则电路中存在的故障可能是灯丝断路，也可能是灯泡未拧紧，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（3）[1][2]当电压表的示数如图乙时，电压表示数1.8V，为了测量小灯泡正常发光的电阻，应该使滑动变阻器分得的电压变小，应使滑动变阻器连入的阻值变小，应将滑动变阻器的滑片P向B端移动，同时眼睛注意观察电压表，直到电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光。
（4）当灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，电流表示数0.28A，则小灯泡正常工作时的电阻为
（5）通过分析图象，小灯泡的I - U图像是一条曲线，得出结论：小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
四、综合应用题：本题共3小题，共25分（第25题9分，第26题6分，第27题10分）。
25．随着技术不断进步，无人驾驶汽车已投放市场，如图所示。这种汽车利用车载激光雷达、摄像头等传感器来测量距离。在匀速行驶过程中受到的阻力等于车重的0.1倍，四个轮胎与地面的接触面积为0.2m2，汽车质量为1.2t。求：（g = 10N/kg）
（1）若汽车1.5h内行驶108km，该过程中，无人驾驶汽车行驶的速度是多少？
（2）无人驾驶汽车静止时对地面的压强是多少？
（3）若匀速行驶5km，牵引力做的功是多少？
【答案】（1）根据题意可知， 若汽车1.5h内行驶108km，
则无人驾驶汽车行驶的速度
（2）根据题意可知，汽车的质量为1.2t=1.2×103kg，
则汽车的重力，
汽车对地面的压力等于自身重力，即
无人驾驶汽车静止时对地面的压强
（3）根据题意可知， 汽车受到的阻力等于车重的0.1倍，
则汽车受到的阻力；
汽车匀速行驶时受到平衡力，则牵引力；
牵引力做的功是
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）已知路程和时间，根据求无人驾驶汽车行驶的速度；（2）无人驾驶汽车静止时对地面的压力等于它的重力，根据F=G=mg求它对地面的压力，地面的受力面积等于四个轮胎与地面的接触面积，最后根据求无人驾驶汽车静止时对地面的压强；
（3）汽车匀速行驶，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，根据题意可得牵引力的大小，根据W=Fs求牵引力做的功。
（1）该过程中，无人驾驶汽车行驶的速度
（2）汽车的重力
汽车对地面的压力为
无人驾驶汽车静止时对地面的压强
（3）汽车受到的阻力
汽车匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，牵引力
牵引力做的功是
26．模拟微重力环境的装置——中性浮力水槽。为了在地面模拟航天员在太空受到的失重环境，我国建设了特殊的“潜水池”——中性浮力水槽（图甲）。在训练时，航天员需下沉至水下9米的深度，为获得与太空中相似的失重环境与失重感，需要在下水前通过增减配重的方法使自身的重力与浮力基本相等。
为了充分模拟出舱任务，在水槽中需要穿着水下训练服（图乙），它也是密闭设备，结构与舱外航天服基本一致，整体柔软，内部充有气体，重达130kg。为了协助身着厚重水下训练服的航天员安全下水，水槽边配备有可伸缩的长臂吊车。
为了进行训练，水下训练服与地面设备之间配备了一条脐带，可用于输送新鲜空气、提供用于调节体温的冷却水等，脐带中还有电缆，用于岸上指挥员与水下航天员之间的语音交互。因为水具有导电性，为了航天员的安全，相关设备的功率比较小。完成训练后，潮湿的训练服在储存前需要干燥处理，防止霉变及锈蚀。
请回答以下问题：（已知，g = 10N/kg）
（1）为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过　 　V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的动能　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。
（3）航天员在训练时，受到水的压强的大小；
（4）某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时，训练服与配重的总体积约为0.22m3，其所受浮力大小。
【答案】（1）36
（2）不变
（3）根据题意可知，航天员在训练时在水下深度9m，
则受到水的压强约为
（4）某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时， 排开水的体积等于训练服和配重的总体积，
则航天员所受浮力大小为
【知识点】动能的影响因素；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】（1）根据人体安全电压的知识可知，为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过36V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的质量和速度都不变，则他们的动能不变。
（3）根据题意可知，航天员在训练时在水下深度9m，
则受到水的压强约为。
（4） 某航天员身着训练服在水槽中进行模拟训练时， 排开水的体积等于训练服和配重的总体积，
则航天员所受浮力大小为。
【分析】 （1）对人体的安全电压不高于36V；
（2）影响动能的因素是质量和速度；
（3）根据p=ρ水gh算出航天员在训练时受到水的压强；
（4）根据F浮=ρ水gV排算出航天员所受浮力大小。
（1）对人体的安全电压不高于36V，所以为了水中航天员的人身安全，与水下训练服连接的设备电压不超过36V。
（2）长臂吊车将航天员匀速向下送入水槽的过程中，航天员的速度不变，质量不变，动能不变。
（3）航天员在训练时，受到水的压强约为
（4）航天员所受浮力大小为
27．如图甲是一款可调温果汁加热器、图乙是其简化电路图，R1、R2均为加热电阻。当开关接1时，加热器处于保温挡，保温功率为220W；当开关接2时，加热器处于可调温挡，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。[果汁比热容取c= 4×103J/(kg·℃)] 求：
（1）加热器处于保温挡时电路中的电流；
（2）加热电阻的阻值；
（3）若加热器用最大功率对2kg果汁加热3min，果汁的温度升高40℃，求该加热器的效率。
【答案】（1）根据题意可知，当开关接1时，加热器处于保温档，保温功率为220W，
则加热器处于保温时电路中的电流为
（2）根据题意可知，当开关接2时，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。
此时只有加热电阻R2接入电路，则加热电阻R2的阻值为
（3）根据题意可知，果汁的温度升高40℃吸收的热量为；
加热器用最大功率加热3min消耗的电能为；
那么加热器的效率为
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当开关接1时，加热器处于保温档，保温功率为220W，
则加热器处于保温时电路中的电流为。
（2） 根据题意可知，当开关接2时，当滑片在最右端时，加热器最大功率为2200W。
此时只有加热电阻R2接入电路，则加热电阻R2的阻值为·
（3）根据题意可知，果汁的温度升高40℃吸收的热量为；
加热器用最大功率加热3min消耗的电能为；
那么加热器的效率为。
【分析】 （1）根据P=UI算加热器处于保温档时电路中的电流；
（2）根据计算电阻R2的阻值；
（3）根据W最大=P最大t算出加热器用最大功率对2kg果汁加热3min消耗的电能，根据Q吸=cmΔt算出果汁的温度升高30℃吸收的热量，由算出加热器的效率。
（1）根据得加热器处于保温时电路中的电流为
（2）由于果汁加热器的最大功率是2200W，加热器最大功率时，滑片在最右端，只有加热电阻R2接入电路，根据知加热电阻R2的阻值为·
（3）加热器用最大功率对2kg果汁加热3min消耗的电能为
果汁的温度升高40℃吸收的热量为
加热器的效率为
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