资源简介

2025年广东省广州市中山大学附中中考二模物理试题
一、单选题（本题共10小题，每题3分，共30分）
1．下列关于估测初三学生的数据，符合实际的是（　　）
A．身高为165dm B．游泳时受到的浮力约为600N
C．站立时对地面的压强约为500Pa D．100m短跑成绩为5.1s
2．甲乙两车一起在平直公路上向西运动，车内各放置一小球，小明给甲乙两车连拍了两张照片，如图所示。忽略小车对小球的摩擦及空气的阻力。下列选项中可能出现的是（　　）
A．甲车向西加速 B．甲车匀速向西行驶
C．乙车匀速向西行驶 D．乙车相对于甲车静止
3．如图所示是人和动物的发声频率和听觉频率，人能发出的声音频率大约在651100Hz，能听到的声音频率大约在2020000Hz，下列有关说法正确的是（　　）
A．蝙蝠发声时，声波振动幅度大于人类
B．蚱蜢发出的声音，猫总能听到
C．狗听觉频率范围比狗发声频率范围要大
D．猫发声时，发声器每秒钟振动次数高于蚱蜢
4．某次地震时，震源同时产生两种机械波：P波（纵波）和S波（横波），传播速度分别约为8km/s和4km/s，某监测点记录到P波比S波早到达120s。假设震源的振动频率为0.8Hz，地震波沿直线传播，已知传播速度是波长和频率的乘积，则（　　）
A．震源距监测点约960km B．P波的波长为S波的一半
C．P波的波长约为5.0km D．S波的波长为3.2km
5．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，然后将一个空的纸杯迅速套上，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去，下列说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
6．某小球被水平抛出后，其部分运动轨迹如图甲所示，其中位置①和③离地高度相等，小球在运动过程中经过M、N两点，其动能和重力势能的参数如图乙所示，且M、N两点分别为图中“①”、“②”或“③”点中的两点，则小球（　　）
A．经过的M点就是②点
B．小球在点③的速度比在点②的大
C．在M点的重力势能大于在N点的
D．小球在点①的动能大于260J
7．如图是某水坝的示意图，水坝左侧水面高，h1＝h2＜h3．水在A、B和C三点产生的压强分别为pA、pB和pC，则（　　）
A． B． C． D．
8．用太阳能电池（SC）和光敏电阻（LDR）组成的电路如图，有光照时，随着光照强度的增大，电压表示数会明显增大，而LDR的阻值会急剧减小到几百欧，先在黑暗环境中闭合开关，再开灯时（　　）
A．可能导致短路 B．LDR阻值增大
C．LDR功率增大 D．电流表示数不变
9．如图所示，发动机中闭合电路的一部分导体在两磁极间运动一周的情形，图中小圆圈代表导体的横截面，箭头表示导体的运动方向，下列说法正确的是（　　）
A．在a、b、c、d四个位置时，导体都有感应电流
B．在b、d两个位置时，导体中没有感应电流
C．在a、c两个位置时，导体中有感应电流且电流方向相同
D．在b、d两个位置时，导体中感应电流方向相反
10．小昕按照题甲电路图连接电路后，闭合开关，发现电压表与电流表的示数如题图乙所示；调节滑动变阻器后，电压表和电流表的示数如题图丙所示，则（　　）
A．R的功率变大 B．功率变大
C．滑动变阻器的阻值变大 D．R和的总功率变小
二、非选择题:（本题共8题，共60分。按题目要求作答）
11．如图是2022北京冬奥会的滑雪大跳台，运动员从起点下滑，过程中先后经过、S两点，她在这两点的动能和重力势能如图1所示，则运动员
（1）在点的动能为　 　J；
（2）在、两点相比，速度　 　，重力势能　 　，机械能　 　（均选填“点大”“ 点大”“一样大” ）
12．小明先向隔热容器中装一些0℃的冰块，再倒入0.4kg、40℃的水，刚好装满并将其密封，一段时间后水温稳定，温度为35℃，在熔化过程中，冰吸收的热量为Q1。【已知：c水=4.2×103J/（kg·℃）；不考虑与容器、外界的热交换】
（1）0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量Q2为　 　J；
（2）Q2　 　Q1（选填“<”“=”“>”）；与原来相比，冰熔化后容器内的物体的内能　 　（选填“增大”“不变”“减少”）。
13．在班级文化建设布置中，小邬要把一块重25N的宣传牌固定在教室竖直的墙面上。如图所示，小邬用水平向右大小为50N的力F把宣传牌压在竖直墙面上，宣传牌静止。
（1）以点代替宣传牌，在方框中画出宣传牌所受摩擦力的示意图　 　；
（2）若增大水平压力F，宣传牌受到的摩擦力大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），写出判断依据　 　；墙面受到的压强大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”） ，写出判断依据　 　；
（3）若不改变水平压力F的大小，将重为10N的物块放在宣传牌上（图中未画出），最终物块和宣传牌一起匀速下滑，则宣传牌受到的摩擦力大小为　 　N。
14．（1）如图甲是学习光的折射的实验情景
①实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香，盖上盒盖，打开亮度较亮的激光，光线从点S射出，可清晰观察到沿直线传播的光路，在透明塑料盒的右侧面上可看到一个亮点（如图乙A点），之所以能从各个方向看清整个光路是因为光发生了　 　。
②不改变入射光线，向塑料盒中逐渐加入掺有少量牛奶的水，水达到如图乙虚线所在的高度后会观察到在右侧A点的上方出现一个亮点B（未标出），在A点的下方出现一个亮点C，请在图乙中完成整个光路图　 　。
③保持入射光不动，继续加水，会看到亮点B向　 　移动，亮点C向移动　 　。（选填 “上”或 “下”）
（2）如图所示，在探究 “凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛放在位置A时，观测到在位置C成倒立、缩小的实像。试画出图中入射光线的折射光线　 　；若把蜡烛移到位置B，光线通过凸透镜将　 　像。（选填 “成倒立缩小的”、 “成倒立放大的”或“成正立放大的”、“不成”）
15．桔槔是中国古代一项伟大的发明。如图是古人利用桔槔从井里汲水的示意图，在它的前端A处用一根轻质细杆系一个水桶，在后端B处绑一块配重的石块，为支点且。汲水时，先缓慢向下拉杆；装水后，缓慢向上提杆。配重石块质量为30kg，桶重20N，桔槔的自重及摩擦不计。（g取）
（1）当人沿AC方向向下拉杆时，桔槔是　 　杠杆；若移动支架，以为支点，则拉力的大小将　 　；
（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，一次最多可以提起　 　kg水；
（3）为满足不同场合的提水需求，可以更换配重石块。若汲水时，向下拉杆的力为，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为，当和的大小相等时，配重石块质量应为　 　kg。
16．（1）2018年5月8日，全球首条智能轨道快运系统在湖南株洲试开通。该智能轨道快运列车使用新能源的快充钛酸锂电池，电池容量为170kW·h，满载时电耗为4kW·h/km，最高运行速度为70km/h。该电池充满电储存的能量与质量是　 　kg的汽油完全燃烧放出的热量相同；若列车满载匀速行驶电动机驱动列车的效率为75%，则列车匀速行驶过程中受到的平均阻力大小是　 　N。（汽油的热值是4.6×107J/kg）
（2）一辆车开进了泥潭中，司机取来一个动滑轮欲将汽车从泥潭中拉出，如图所示，若司机用750N的拉力在5s内将汽车水平匀速拉动1m，那么司机所做的功是　 　J，司机做功的功率是　 　W，汽车所受地面的摩擦力是900N，滑轮的机械效率为　 　。
17．图甲是某款“即热式”电热水龙头，图乙是它的原理电路。R1、R2为电阻丝（不考虑温度对电阻丝电阻的影响），A、B、C、D是四个触点。旋转手柄带动开关S接通对应电路，实现冷水、温水、热水之间的切换，有关参数如下表。
额定电压 220V
额定功率 温水 2200W
热水 3000W
（1）当水龙头放热水时，正常工作10s，消耗的电能是多少？
（2）当开关置于B、C之间时，水龙头工作电路处于挡（选填“热水”或“温水”），此时电路中的电流是多少？
（3）电热丝R1的电阻是多少？
18．同学们自制简易密度计来粗略测量液体的密度，如图所示。在粗细均匀的吸管下端装入适量小钢球后用蜡封住并使其底部水平，吸管总长为16cm。ρ水=1×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）吸管下端封入小钢珠的作用是使密度计重心　 　（填“升高”或“降低”），此时密度计所受到的浮力　 　所受到的总重力（选填“<”“>”“=”）。
（2）根据浮沉关系，密度计露出液面的长度越长，测出的液体密度值越　 　（填“大”或“小”）。
（3）将密度计放入水中，静止时露出水面长度为12cm，放入某液体中，静止时露出液面长度为，液体密度为　 　kg/m3。
（4）该密度计能测量的液体密度最小值是　 　kg/m3。
（5）要想提高密度计测量结果的精确度，可采取的改进方法是　 　（写出一条即可）。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】时间的估测；长度的估测；压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【解答】A.初三学生的身高为165cm，故A错误；
B.人的密度与水的密度差不多，在水中接近悬浮，则游泳时受到的浮力几乎等于自身重力。初三学生的重力大约600N，因此他受到的浮力约为600N，故B正确；
C.初三学生的重力大约600N，则对地面的压力等于600N。双脚的着地面积大约500cm2，则站立时对地面的压强约为：，故C错误；
D.世界短跑100m成绩也不会小于9s，故D错误。
故选B。
【分析】根据对长度、浮力、压强和时间的认识判断。
2．【答案】C
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】AB．无论加速还是减速，由于惯性小球的速度保持不变。甲车中的小球向西运动，说明小球的速度大于甲车的速度，那么甲车应该为停止或向西做减速运动，故AB不符合题意；
C．比较两图可知，乙车内的小球相对于乙车没有位置变化，则二者之间保持相对静止，则说明乙车匀速向西行驶，故C符合题意；
D．综上所述，乙车匀速向西行驶，甲车停止或向西做减速运动，则两车速度不同，所以乙车相对于甲车位置发生变化，则乙车是运动的，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。据此结合图片和惯性知识分析解答。
3．【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A．根据图片可知，横轴为动物的种类，纵轴为动物的发声频率和听觉频率范围，不能看出蝙蝠发声时声波振动幅度和人类声波振动幅度的关系，故A错误；
B．根据图片可知，蚱蜢的发声频率条形图高于猫的听觉频率条形图，因此蚱蜢的发声频率范围大于猫能听到的声音频率范围，所以猫不能听到其听觉频率范围之外的声音，故B错误；
C．根据图片可知，狗发声频率条形图的高度明显低于狗听觉频率条形图，则狗听觉频率范围比狗发声频率范围要大，故C正确；
D．根据图片可知，猫发声频率条形图的高度低于蚱蜢的发声频率条形图，因此猫发声器每秒钟振动次数低于蚱蜢，故D错误。
故选C。
【分析】根据图片可知，横轴为动物的种类，纵轴为动物的发声频率和听觉频率范围，从图中提取信息，从而对各个选项分析判断即可。
4．【答案】A
【知识点】速度公式及其应用；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A．根据题意可知，P波比S波早到达，即120s=ts-tp；
解得：，故A符合题意；
BCD．根据题意可知，P波和S波的频率相同。
根据可知，P波的波长为；
S波的波长为，
故BCD不符合题意；
故选 A。
【分析】 A.根据两种波的时间差为等量条件，结合公式列方程计算；
BCD.根据 分别计算两种波的波长，然后比较大小即可。
5．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．酒精燃烧时，将化学能转化为内能，故A错误；
BC．纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，燃气的内能转化为纸杯的机械能，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；故C错误；
D．纸杯飞出去，燃气对纸杯做功，易拉罐内气体的内能减小，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧，将化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能，内能减小。
6．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】AC．根据乙图可知，小球在M点的重力势能为240J，占比75%，
则小球在M点时的机械能为，
小球在M点时的动能为，
小球在N点时动能为200J，占比40%，
则在N点时的机械能为，
小球在N点时的重力势能为，
可见，小球在N点时机械能大于在M点时的机械能，且在N点时重力势能较大，而小球在运动过程中，机械能不断减小，
且位置①和③离地高度相等，在此两点时重力势能相等，所以N点对应的是②，M点对应的是③，在M点的重力势能小于在N点的，故AC不符合题意；
B．综上所述，小球在点③的动能比在点②的小，所以小球在点③的速度比在点②的小，故B不符合题意；
D．综上所述，小球在点①时的重力势能与在点③时的重力势能相等，为240J，若小球在点①时机械能为500J，则它的动能为，
而小球在运动过程中，机械能不断减小，所以小球在点①时的机械能大于在点②时的机械能500J，所以小球在点①的动能大于260J，故D符合题意。
故选D。
【分析】 机械能为动能和势能的和，根据图乙求出M点和N点的机械能；根据动能和重力势能所占的比例分析二者的大小关系；根据小球起跳的高度分析机械能的变化，最后根据小球在M、N点的机械能的大小分析N、M点的位置。
7．【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】ABCD、根据图示可知，B的深度是最深的，A和C点的深度相同，根据p=ρgh可知，水在A、B和C三点产生的压强关系为：pA=pC＜pB。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D 。
【分析】根据液体内部压强的计算公式p=ρgh分析。
8．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据题意可知，再开灯时光照强度增大，LDR的阻值会急剧减小。根据电压表的示数变大可知，LDR两端的电压和通过的电流都变大，由P＝UI知LDR的功率会增大，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据题目描述分析开灯后通过LDR的电流与它两端的电压变化，根据P=UI分析LDR的电功率变化即可。
9．【答案】B
【知识点】产生感应电流的条件；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】根据图片可知，上面为N极，下面为S极，则磁感线沿竖直方向。
ABD．在b位置和d位置中，导体上下运动，与磁感线方向相同，则没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故AD错误，B正确；
C．在a位置和c位置中，导体左右运动，与磁感线相交，此时做切割磁感线运动，会产生感应电流。两位置磁感线方向不变，导体运动方向相反，所以感应电流方向也相反；故C错误。
故选B。
【分析】 ABD.产生感应条件的条件：闭合电路的部分导体做切割磁感线运动；
C.在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关，在磁场方向不变时，导体运动方向相反，则产生的感应电流的方向也相反。
10．【答案】B
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，闭合开关后，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表 A2测干路电流，电压表测并联电路两端的电压；
由图乙可知，电压表选用的量程，分度值为0.1V，两个电流表选用量程，分度值为0.02A，
则调节滑动变阻器前，并联电路两端的电压，通过R的电流，干路电流；
此时通过滑动变阻器的电流；
那么R和的总功率；
由图丙可知，调节滑动变阻器后，并联电路两端的电压，通过R的电流，干路电流，
那么通过滑动变阻器的电流。
C．综上所述，，，则滑动变阻器两端的电压变小，通过滑动变阻器的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值变小，故C不符合题意；
A．综上所述，R两端的电压变小，通过R的电流变小，根据可知，R的功率变小，故A不符合题意；
D．调节滑动变阻器后R和的总功率，
比较可知R和的总功率变大，故D不符合题意；
B．因，且R和的总功率变大，R的功率变小，所以的功率变大，故B符合题意。
故选B。
【分析】 闭合开关，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电压特点可知电压表测并联电路两端的电压；
根据电压表、电流表接入电路的量程和分度值分别读取调节滑动变阻器前后电表的示数，根据并联电路的电流规律计算通过滑动变阻器的电流，
根据欧姆定律比较滑动变阻器两次接入电路中的电阻变化，根据P=UI判断调节滑片前后R的功率以及总功率的变化，最后根据P总=PR+PR'判断R'功率的变化。
11．【答案】5000；点大；点大；点大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，点附近黑色条状图表示它的动能，则它的动能为；
（2）根据图片可知，她的质量不变，在S点的动能大，则S点速度大；在M点时重力势能大。
用小格数表示能量大小，根据“机械能=动能+重力势能”可知，则M点的机械能=5+1=6，
S点的机械能=1+4=5，则机械能是点大。
【分析】（1）根据图片确定M点动能大小；
（2）根据图片判断两点动能和重力势能大小，进而判断速度大小，根据“机械能=动能+重力势能”判断两点机械能大小。
12．【答案】；>；不变
【知识点】内能的概念；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量；
（2）①冰熔化吸收的热量小于水降温放出的热量，即Q2＞Q1，因为水放出的热量被两个过程吸收，一个是冰熔化，一个是熔化的水吸热；
② 与原来相比，冰熔化后容器内的物体的内能不变，因为不考虑与容器、外界的热交换。
【分析】（1）根据Q2=c水m水Δt计算0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量；
（2）①不考虑与容器、外界的热交换，40℃的水放出的热量=冰熔化吸收的热量+0℃的水升温到35℃吸收的热量，据此分析；
②根据能量守恒定律可知总能量保持不变。
13．【答案】（1）
（2）不变；增大水平压力F时，此时重力与摩擦力仍然是一对平衡力，则二者大小始终相等，所以宣传牌受到的摩擦力大小将不变；变大；当压力增大时，宣传牌与墙面的接触面积不变，根据可知，墙面受到的压强变大
（3）35
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；摩擦力的方向；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将物体压在竖直的墙壁上，由于重力作用，所以宣传牌有向下运动的趋势，而摩擦力的方向与运动方向相反，则摩擦力的方向是竖直向上的，作用在重心上，如下图所示：
（2）①增大水平压力F时，此时重力与摩擦力仍然是一对平衡力，则二者大小始终相等，所以宣传牌受到的摩擦力大小将不变。
②当压力增大时，宣传牌与墙面的接触面积不变，根据可知，墙面受到的压强变大。
（3）根据题意可知，当宣传牌和物体匀速下滑时，宣传牌所受到的摩擦力和宣传牌与物体的总重相互平衡，即二者大小相同，所以摩擦力为。
【分析】 （1）根据题意确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）①增大水平压力F时，宣传牌仍然静止，重力与摩擦力仍然是一对平衡力，据此判断宣传牌受到的摩擦力大小将如何变化；
②增大水平压力F时，宣传牌与墙面的接触面积不变，而宣传牌对墙面的压力变大，根据压强公式分析墙面受到压强大小的变化；
（3）当宣传牌和物体匀速下滑时，处于平衡状态，由二力平衡条件可知此时宣传牌受到的摩擦力大小。
（1）将物体压在竖直的墙壁上，物体处于静止状态，物体在竖直方向上受到的重力与摩擦力是一对平衡力，二力的方向相反，大小相等，所以受到的摩擦力为25N，摩擦力的方向是竖直向上的，据此做出摩擦力f的示意图，如图
（2）[1][2]由于重力与摩擦力是一对平衡力，大小始终相等，所以增大水平压力F，宣传牌受到的摩擦力大小将不变。
[3][4]由于宣传牌与墙面的接触面积不变，根据固体压强公式分析，因压力变大，则压强变大。
（3）当宣传牌和物体匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，宣传牌所受到的摩擦力等于宣传牌与物体的总重，所以摩擦力为
14．【答案】漫反射；；上；下；；成倒立放大的
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）① 实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香， 则盒内存在大量的烟的固体颗粒。光遇到空气中小的固体颗粒发生漫反射，反射的光进入人的眼睛，人能看到光的传播路线。
②首先连接A点和S点，与水面的交点就是入射点。通过入射点作水面的垂线，这是法线，然后根据反射角等于入射角在右侧画出对应的反射光线。连接入射点和C点得到折射光线，如下图所示：
③保持入射光不动，继续加水，入射点会向左移动，故会看到原来的两个亮点都发生移动，移动的方向是上面的亮点向上，下面的亮点向下。
（2）①根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经过凸透镜后折射光线经过凸透镜的焦点，如下图所示：
②根据图片可知，BC两个位置离透镜的距离相等，因此蜡烛在B点时，处于一倍焦距和两倍焦距之间，则成放大倒立的像。
【分析】 （1）①光线在粗糙不平的表面发生漫反射，反射光线射向四面八方；
②首先连接SA根据光的直线传播找到入射点，然后根据反射定律和折射规律作图；
③亮点随入射点的移动而移动；
（2）①根据凸透镜的三条特殊光线完成作图；
②平行于主光轴的光线经过凸透镜后折射光线经过凸透镜的焦点，由于成像为倒立缩小的实像，因此C点处于一倍焦距和两倍焦距之间；处于一倍焦距和两倍焦距之间，则成放大倒立的像。
15．【答案】（1）省力；变大
（2）8
（3）33
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】 解：（1）向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，故拉力变大；
（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，30kg×10N/kg×O1B=（20N+m×10N/kg）×O1A，O1A=3O1B，
解得m=8kg；
（3）若汲水时，向下拉杆的力为F1'，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为F2'，当F1'和F2'的大小相等时，
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，下拉时，有m'×10N/kg×O1B=（20N+F1'）×O1A，
上提时有：m'×10N/kg×O1B=（200N-F2'）×O1A，
解得m'=33kg。
故答案为：（1）省力；变大；（2）8；（3）33。
【分析】 （1）根据动力臂与阻力臂的大小关系，确定是省力杠杆还是费力杠杆，根据力臂变化分析；
（2）根据杠杆的平衡条件分析回答；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出人的拉力。
（1）[1][2]向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂O1C大于阻力臂O1D，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，阻力的大小不变，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大。
（2）向上提杆时人不施力，杠杆与水平方向的夹角不断变化，，只借助配重石块，根据杠杆的平衡条件可得
解得
（3）若汲水时，向下拉杆的力为，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为，当和的大小相等时，根据杠杆的平衡条件可得，下拉时，由于杠杆支点两侧与是平面的夹角相等，则有
向上提水时有
联立以上两式解得
16．【答案】（1）13.30；1.08×104
（2）1500；300；60%
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，电池储存的电能；
则汽油的质量为；
②根据题意可知， 列车满载匀速行驶电动机驱动列车的效率为75%，
则列车满载匀速行驶电动机所做的有用功；
则行驶的路程。
根据平衡力的知识可知，阻力为。
（2）根据题意可知，动滑轮上有两根绳子，
则司机所做的功；
司机做功的功率；
有用功为；
滑轮的机械效率是。
【分析】 （1）①汽油完全燃烧放出的热量与电池储存的电能相等，即Q放=W，根据Q放=mq求出汽油的质量；
②利用求出列车满载匀速行驶电动机所做的有用功；根据W=Fs求出列车匀速行驶过程中受到的牵引力大小，据此求出平均阻力大小；
（2）动滑轮绳子股数为2，根据W=Fs'=Fns求出司机所做的功，利用求出司机做功的功率；根据W有=fs求出克服摩擦力做的有用功，利用求出滑轮的机械效率。
（1）[1]汽油完全燃烧放出的热量与电池储存的电能相等，即
故汽油的质量为
[2]列车满载匀速行驶电动机所做的有用功
可行驶的路程
因为匀速，所以牵引力等于阻力，阻力为
（2）[1]车被拉动了1m，则拉力F移动的距离为2m，司机所做的功
[2]司机做功的功率
[3]有用功为
滑轮的机械效率是
17．【答案】解：（1）根据题意可知，水龙头的热水功率为3000W，
则当水龙头放热水时，正常工作10s，消耗的电能W=P热t=3000W×10s=3×104J。
（2）根据乙图可知，当开关置于B、C之间时，只有电阻R1接入电路；
当开关置于A、B之间时，电阻R1和R2并联；
根据电阻并联的知识可知，总电阻R1>R2；
根据可知，前者功率小为温水档，后者功率大为热水档；
此时功率为2200W，则电路工作电流。
（3）根据乙图可知，当开关置于B、C之间时，处于温水挡，
则电热丝R1的电阻。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）利用W=Pt可求出正常工作10s消耗的电能；
（2）根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据判断功率的大小，由此可知热水或温水的档位；利用P=UI求电路工作电流；
（3）已知水龙头放温水时的额定功率，利用求出R1的阻值。
18．【答案】（1）降低；=
（2）大
（3）0.67×103
（4）0.25×103
（5）换用更细的吸管
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）①物体的重心越低则越稳定，将钢珠放在吸管底部可使密度计的重心降低，从而在液体中处于竖直稳定的漂浮状态；
②根据题意可知，此时密度计处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，产生密度计所受到的浮力等于所受到的总重力。
（2）综上所述，密度计在液体中漂浮时受到的浮力相同。若露出液面的长度越长，说明排开液体的体积越小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体密度越大。
（3）密度计漂浮时受到的浮力相等，即F浮水=F浮液；
ρ水gV排水=ρ液gV排液；
ρ水V排水=ρ液V排液；
；
；
解得：。
（4）当密度计正好完全浸没(露出长度为0)时，它所能测量到的最小，则；
解得：。
（5）要想提高自制密度计测量结果的精确度，就是要使自制的密度计浸入液体的深度变化大。根据V=Sh可知，细吸管横截面积小，相同密度变化时，浸入深度变化大，则可采取的改进方法是换用更细的吸管。
【分析】 （1）①物体的重心越低则越稳定；
②根据物体的漂浮条件分析；
（2）根据漂浮时浮力不变，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析；
（3）根据阿基米德原理列出不同液体的浮力表达式，列方程计算密度；
（4）根据密度最小时，浸入深度最大，全部浸入，列出不同液体的浮力表达式，列方程计算密度；
（5）根据浮力一定时排开液体的体积一定，吸管截面积越小，浸入的深度越大，故可以提高精确度
（1）[1][2]钢珠放在吸管底部可使密度计的重心降低，从而在液体中处于竖直稳定的漂浮状态，此时密度计处于静止状态，受力平衡，密度计所受到的浮力等于所受到的总重力。
（2）密度计在同样重力作用下，在液体中漂浮，受到的浮力相同，浮力相同时，若露出液面的长度越长，说明排开液体的体积越小，液体密度越大。
（3）假设吸管的底面积为S，在水中时
在某液体中时
两式比值可得
则液体密度
（4）当密度计正好完全浸没(露出长度为0)时，它所能测量到的最小密度满足
因此
（5）要想提高自制密度计测量结果的精确度，就是要使自制的密度计浸入液体的深度变化大，即密度计外壁上两条刻度线间的距离大一些，这样就可以标出更多的刻度线。故要提高密度计测量结果的精确度，可采取的改进方法是换用更细的吸管，因为细吸管横截面积小，相同密度变化时，浸入深度变化大，更易观察。
1 / 12025年广东省广州市中山大学附中中考二模物理试题
一、单选题（本题共10小题，每题3分，共30分）
1．下列关于估测初三学生的数据，符合实际的是（　　）
A．身高为165dm B．游泳时受到的浮力约为600N
C．站立时对地面的压强约为500Pa D．100m短跑成绩为5.1s
【答案】B
【知识点】时间的估测；长度的估测；压强的大小及其计算；浮力大小的计算
【解析】【解答】A.初三学生的身高为165cm，故A错误；
B.人的密度与水的密度差不多，在水中接近悬浮，则游泳时受到的浮力几乎等于自身重力。初三学生的重力大约600N，因此他受到的浮力约为600N，故B正确；
C.初三学生的重力大约600N，则对地面的压力等于600N。双脚的着地面积大约500cm2，则站立时对地面的压强约为：，故C错误；
D.世界短跑100m成绩也不会小于9s，故D错误。
故选B。
【分析】根据对长度、浮力、压强和时间的认识判断。
2．甲乙两车一起在平直公路上向西运动，车内各放置一小球，小明给甲乙两车连拍了两张照片，如图所示。忽略小车对小球的摩擦及空气的阻力。下列选项中可能出现的是（　　）
A．甲车向西加速 B．甲车匀速向西行驶
C．乙车匀速向西行驶 D．乙车相对于甲车静止
【答案】C
【知识点】惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】AB．无论加速还是减速，由于惯性小球的速度保持不变。甲车中的小球向西运动，说明小球的速度大于甲车的速度，那么甲车应该为停止或向西做减速运动，故AB不符合题意；
C．比较两图可知，乙车内的小球相对于乙车没有位置变化，则二者之间保持相对静止，则说明乙车匀速向西行驶，故C符合题意；
D．综上所述，乙车匀速向西行驶，甲车停止或向西做减速运动，则两车速度不同，所以乙车相对于甲车位置发生变化，则乙车是运动的，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。据此结合图片和惯性知识分析解答。
3．如图所示是人和动物的发声频率和听觉频率，人能发出的声音频率大约在651100Hz，能听到的声音频率大约在2020000Hz，下列有关说法正确的是（　　）
A．蝙蝠发声时，声波振动幅度大于人类
B．蚱蜢发出的声音，猫总能听到
C．狗听觉频率范围比狗发声频率范围要大
D．猫发声时，发声器每秒钟振动次数高于蚱蜢
【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A．根据图片可知，横轴为动物的种类，纵轴为动物的发声频率和听觉频率范围，不能看出蝙蝠发声时声波振动幅度和人类声波振动幅度的关系，故A错误；
B．根据图片可知，蚱蜢的发声频率条形图高于猫的听觉频率条形图，因此蚱蜢的发声频率范围大于猫能听到的声音频率范围，所以猫不能听到其听觉频率范围之外的声音，故B错误；
C．根据图片可知，狗发声频率条形图的高度明显低于狗听觉频率条形图，则狗听觉频率范围比狗发声频率范围要大，故C正确；
D．根据图片可知，猫发声频率条形图的高度低于蚱蜢的发声频率条形图，因此猫发声器每秒钟振动次数低于蚱蜢，故D错误。
故选C。
【分析】根据图片可知，横轴为动物的种类，纵轴为动物的发声频率和听觉频率范围，从图中提取信息，从而对各个选项分析判断即可。
4．某次地震时，震源同时产生两种机械波：P波（纵波）和S波（横波），传播速度分别约为8km/s和4km/s，某监测点记录到P波比S波早到达120s。假设震源的振动频率为0.8Hz，地震波沿直线传播，已知传播速度是波长和频率的乘积，则（　　）
A．震源距监测点约960km B．P波的波长为S波的一半
C．P波的波长约为5.0km D．S波的波长为3.2km
【答案】A
【知识点】速度公式及其应用；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A．根据题意可知，P波比S波早到达，即120s=ts-tp；
解得：，故A符合题意；
BCD．根据题意可知，P波和S波的频率相同。
根据可知，P波的波长为；
S波的波长为，
故BCD不符合题意；
故选 A。
【分析】 A.根据两种波的时间差为等量条件，结合公式列方程计算；
BCD.根据 分别计算两种波的波长，然后比较大小即可。
5．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，然后将一个空的纸杯迅速套上，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去，下列说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．酒精燃烧时，将化学能转化为内能，故A错误；
BC．纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，燃气的内能转化为纸杯的机械能，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；故C错误；
D．纸杯飞出去，燃气对纸杯做功，易拉罐内气体的内能减小，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧，将化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能，内能减小。
6．某小球被水平抛出后，其部分运动轨迹如图甲所示，其中位置①和③离地高度相等，小球在运动过程中经过M、N两点，其动能和重力势能的参数如图乙所示，且M、N两点分别为图中“①”、“②”或“③”点中的两点，则小球（　　）
A．经过的M点就是②点
B．小球在点③的速度比在点②的大
C．在M点的重力势能大于在N点的
D．小球在点①的动能大于260J
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】AC．根据乙图可知，小球在M点的重力势能为240J，占比75%，
则小球在M点时的机械能为，
小球在M点时的动能为，
小球在N点时动能为200J，占比40%，
则在N点时的机械能为，
小球在N点时的重力势能为，
可见，小球在N点时机械能大于在M点时的机械能，且在N点时重力势能较大，而小球在运动过程中，机械能不断减小，
且位置①和③离地高度相等，在此两点时重力势能相等，所以N点对应的是②，M点对应的是③，在M点的重力势能小于在N点的，故AC不符合题意；
B．综上所述，小球在点③的动能比在点②的小，所以小球在点③的速度比在点②的小，故B不符合题意；
D．综上所述，小球在点①时的重力势能与在点③时的重力势能相等，为240J，若小球在点①时机械能为500J，则它的动能为，
而小球在运动过程中，机械能不断减小，所以小球在点①时的机械能大于在点②时的机械能500J，所以小球在点①的动能大于260J，故D符合题意。
故选D。
【分析】 机械能为动能和势能的和，根据图乙求出M点和N点的机械能；根据动能和重力势能所占的比例分析二者的大小关系；根据小球起跳的高度分析机械能的变化，最后根据小球在M、N点的机械能的大小分析N、M点的位置。
7．如图是某水坝的示意图，水坝左侧水面高，h1＝h2＜h3．水在A、B和C三点产生的压强分别为pA、pB和pC，则（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】ABCD、根据图示可知，B的深度是最深的，A和C点的深度相同，根据p=ρgh可知，水在A、B和C三点产生的压强关系为：pA=pC＜pB。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D 。
【分析】根据液体内部压强的计算公式p=ρgh分析。
8．用太阳能电池（SC）和光敏电阻（LDR）组成的电路如图，有光照时，随着光照强度的增大，电压表示数会明显增大，而LDR的阻值会急剧减小到几百欧，先在黑暗环境中闭合开关，再开灯时（　　）
A．可能导致短路 B．LDR阻值增大
C．LDR功率增大 D．电流表示数不变
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据题意可知，再开灯时光照强度增大，LDR的阻值会急剧减小。根据电压表的示数变大可知，LDR两端的电压和通过的电流都变大，由P＝UI知LDR的功率会增大，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据题目描述分析开灯后通过LDR的电流与它两端的电压变化，根据P=UI分析LDR的电功率变化即可。
9．如图所示，发动机中闭合电路的一部分导体在两磁极间运动一周的情形，图中小圆圈代表导体的横截面，箭头表示导体的运动方向，下列说法正确的是（　　）
A．在a、b、c、d四个位置时，导体都有感应电流
B．在b、d两个位置时，导体中没有感应电流
C．在a、c两个位置时，导体中有感应电流且电流方向相同
D．在b、d两个位置时，导体中感应电流方向相反
【答案】B
【知识点】产生感应电流的条件；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】根据图片可知，上面为N极，下面为S极，则磁感线沿竖直方向。
ABD．在b位置和d位置中，导体上下运动，与磁感线方向相同，则没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故AD错误，B正确；
C．在a位置和c位置中，导体左右运动，与磁感线相交，此时做切割磁感线运动，会产生感应电流。两位置磁感线方向不变，导体运动方向相反，所以感应电流方向也相反；故C错误。
故选B。
【分析】 ABD.产生感应条件的条件：闭合电路的部分导体做切割磁感线运动；
C.在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关，在磁场方向不变时，导体运动方向相反，则产生的感应电流的方向也相反。
10．小昕按照题甲电路图连接电路后，闭合开关，发现电压表与电流表的示数如题图乙所示；调节滑动变阻器后，电压表和电流表的示数如题图丙所示，则（　　）
A．R的功率变大 B．功率变大
C．滑动变阻器的阻值变大 D．R和的总功率变小
【答案】B
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，闭合开关后，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表 A2测干路电流，电压表测并联电路两端的电压；
由图乙可知，电压表选用的量程，分度值为0.1V，两个电流表选用量程，分度值为0.02A，
则调节滑动变阻器前，并联电路两端的电压，通过R的电流，干路电流；
此时通过滑动变阻器的电流；
那么R和的总功率；
由图丙可知，调节滑动变阻器后，并联电路两端的电压，通过R的电流，干路电流，
那么通过滑动变阻器的电流。
C．综上所述，，，则滑动变阻器两端的电压变小，通过滑动变阻器的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值变小，故C不符合题意；
A．综上所述，R两端的电压变小，通过R的电流变小，根据可知，R的功率变小，故A不符合题意；
D．调节滑动变阻器后R和的总功率，
比较可知R和的总功率变大，故D不符合题意；
B．因，且R和的总功率变大，R的功率变小，所以的功率变大，故B符合题意。
故选B。
【分析】 闭合开关，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电压特点可知电压表测并联电路两端的电压；
根据电压表、电流表接入电路的量程和分度值分别读取调节滑动变阻器前后电表的示数，根据并联电路的电流规律计算通过滑动变阻器的电流，
根据欧姆定律比较滑动变阻器两次接入电路中的电阻变化，根据P=UI判断调节滑片前后R的功率以及总功率的变化，最后根据P总=PR+PR'判断R'功率的变化。
二、非选择题:（本题共8题，共60分。按题目要求作答）
11．如图是2022北京冬奥会的滑雪大跳台，运动员从起点下滑，过程中先后经过、S两点，她在这两点的动能和重力势能如图1所示，则运动员
（1）在点的动能为　 　J；
（2）在、两点相比，速度　 　，重力势能　 　，机械能　 　（均选填“点大”“ 点大”“一样大” ）
【答案】5000；点大；点大；点大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，点附近黑色条状图表示它的动能，则它的动能为；
（2）根据图片可知，她的质量不变，在S点的动能大，则S点速度大；在M点时重力势能大。
用小格数表示能量大小，根据“机械能=动能+重力势能”可知，则M点的机械能=5+1=6，
S点的机械能=1+4=5，则机械能是点大。
【分析】（1）根据图片确定M点动能大小；
（2）根据图片判断两点动能和重力势能大小，进而判断速度大小，根据“机械能=动能+重力势能”判断两点机械能大小。
12．小明先向隔热容器中装一些0℃的冰块，再倒入0.4kg、40℃的水，刚好装满并将其密封，一段时间后水温稳定，温度为35℃，在熔化过程中，冰吸收的热量为Q1。【已知：c水=4.2×103J/（kg·℃）；不考虑与容器、外界的热交换】
（1）0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量Q2为　 　J；
（2）Q2　 　Q1（选填“<”“=”“>”）；与原来相比，冰熔化后容器内的物体的内能　 　（选填“增大”“不变”“减少”）。
【答案】；>；不变
【知识点】内能的概念；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量；
（2）①冰熔化吸收的热量小于水降温放出的热量，即Q2＞Q1，因为水放出的热量被两个过程吸收，一个是冰熔化，一个是熔化的水吸热；
② 与原来相比，冰熔化后容器内的物体的内能不变，因为不考虑与容器、外界的热交换。
【分析】（1）根据Q2=c水m水Δt计算0.4kg、40℃的水降温到35℃放出的热量；
（2）①不考虑与容器、外界的热交换，40℃的水放出的热量=冰熔化吸收的热量+0℃的水升温到35℃吸收的热量，据此分析；
②根据能量守恒定律可知总能量保持不变。
13．在班级文化建设布置中，小邬要把一块重25N的宣传牌固定在教室竖直的墙面上。如图所示，小邬用水平向右大小为50N的力F把宣传牌压在竖直墙面上，宣传牌静止。
（1）以点代替宣传牌，在方框中画出宣传牌所受摩擦力的示意图　 　；
（2）若增大水平压力F，宣传牌受到的摩擦力大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），写出判断依据　 　；墙面受到的压强大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”） ，写出判断依据　 　；
（3）若不改变水平压力F的大小，将重为10N的物块放在宣传牌上（图中未画出），最终物块和宣传牌一起匀速下滑，则宣传牌受到的摩擦力大小为　 　N。
【答案】（1）
（2）不变；增大水平压力F时，此时重力与摩擦力仍然是一对平衡力，则二者大小始终相等，所以宣传牌受到的摩擦力大小将不变；变大；当压力增大时，宣传牌与墙面的接触面积不变，根据可知，墙面受到的压强变大
（3）35
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；摩擦力的方向；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将物体压在竖直的墙壁上，由于重力作用，所以宣传牌有向下运动的趋势，而摩擦力的方向与运动方向相反，则摩擦力的方向是竖直向上的，作用在重心上，如下图所示：
（2）①增大水平压力F时，此时重力与摩擦力仍然是一对平衡力，则二者大小始终相等，所以宣传牌受到的摩擦力大小将不变。
②当压力增大时，宣传牌与墙面的接触面积不变，根据可知，墙面受到的压强变大。
（3）根据题意可知，当宣传牌和物体匀速下滑时，宣传牌所受到的摩擦力和宣传牌与物体的总重相互平衡，即二者大小相同，所以摩擦力为。
【分析】 （1）根据题意确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）①增大水平压力F时，宣传牌仍然静止，重力与摩擦力仍然是一对平衡力，据此判断宣传牌受到的摩擦力大小将如何变化；
②增大水平压力F时，宣传牌与墙面的接触面积不变，而宣传牌对墙面的压力变大，根据压强公式分析墙面受到压强大小的变化；
（3）当宣传牌和物体匀速下滑时，处于平衡状态，由二力平衡条件可知此时宣传牌受到的摩擦力大小。
（1）将物体压在竖直的墙壁上，物体处于静止状态，物体在竖直方向上受到的重力与摩擦力是一对平衡力，二力的方向相反，大小相等，所以受到的摩擦力为25N，摩擦力的方向是竖直向上的，据此做出摩擦力f的示意图，如图
（2）[1][2]由于重力与摩擦力是一对平衡力，大小始终相等，所以增大水平压力F，宣传牌受到的摩擦力大小将不变。
[3][4]由于宣传牌与墙面的接触面积不变，根据固体压强公式分析，因压力变大，则压强变大。
（3）当宣传牌和物体匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，宣传牌所受到的摩擦力等于宣传牌与物体的总重，所以摩擦力为
14．（1）如图甲是学习光的折射的实验情景
①实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香，盖上盒盖，打开亮度较亮的激光，光线从点S射出，可清晰观察到沿直线传播的光路，在透明塑料盒的右侧面上可看到一个亮点（如图乙A点），之所以能从各个方向看清整个光路是因为光发生了　 　。
②不改变入射光线，向塑料盒中逐渐加入掺有少量牛奶的水，水达到如图乙虚线所在的高度后会观察到在右侧A点的上方出现一个亮点B（未标出），在A点的下方出现一个亮点C，请在图乙中完成整个光路图　 　。
③保持入射光不动，继续加水，会看到亮点B向　 　移动，亮点C向移动　 　。（选填 “上”或 “下”）
（2）如图所示，在探究 “凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛放在位置A时，观测到在位置C成倒立、缩小的实像。试画出图中入射光线的折射光线　 　；若把蜡烛移到位置B，光线通过凸透镜将　 　像。（选填 “成倒立缩小的”、 “成倒立放大的”或“成正立放大的”、“不成”）
【答案】漫反射；；上；下；；成倒立放大的
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）① 实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香， 则盒内存在大量的烟的固体颗粒。光遇到空气中小的固体颗粒发生漫反射，反射的光进入人的眼睛，人能看到光的传播路线。
②首先连接A点和S点，与水面的交点就是入射点。通过入射点作水面的垂线，这是法线，然后根据反射角等于入射角在右侧画出对应的反射光线。连接入射点和C点得到折射光线，如下图所示：
③保持入射光不动，继续加水，入射点会向左移动，故会看到原来的两个亮点都发生移动，移动的方向是上面的亮点向上，下面的亮点向下。
（2）①根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经过凸透镜后折射光线经过凸透镜的焦点，如下图所示：
②根据图片可知，BC两个位置离透镜的距离相等，因此蜡烛在B点时，处于一倍焦距和两倍焦距之间，则成放大倒立的像。
【分析】 （1）①光线在粗糙不平的表面发生漫反射，反射光线射向四面八方；
②首先连接SA根据光的直线传播找到入射点，然后根据反射定律和折射规律作图；
③亮点随入射点的移动而移动；
（2）①根据凸透镜的三条特殊光线完成作图；
②平行于主光轴的光线经过凸透镜后折射光线经过凸透镜的焦点，由于成像为倒立缩小的实像，因此C点处于一倍焦距和两倍焦距之间；处于一倍焦距和两倍焦距之间，则成放大倒立的像。
15．桔槔是中国古代一项伟大的发明。如图是古人利用桔槔从井里汲水的示意图，在它的前端A处用一根轻质细杆系一个水桶，在后端B处绑一块配重的石块，为支点且。汲水时，先缓慢向下拉杆；装水后，缓慢向上提杆。配重石块质量为30kg，桶重20N，桔槔的自重及摩擦不计。（g取）
（1）当人沿AC方向向下拉杆时，桔槔是　 　杠杆；若移动支架，以为支点，则拉力的大小将　 　；
（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，一次最多可以提起　 　kg水；
（3）为满足不同场合的提水需求，可以更换配重石块。若汲水时，向下拉杆的力为，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为，当和的大小相等时，配重石块质量应为　 　kg。
【答案】（1）省力；变大
（2）8
（3）33
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】 解：（1）向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，故拉力变大；
（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，30kg×10N/kg×O1B=（20N+m×10N/kg）×O1A，O1A=3O1B，
解得m=8kg；
（3）若汲水时，向下拉杆的力为F1'，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为F2'，当F1'和F2'的大小相等时，
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，下拉时，有m'×10N/kg×O1B=（20N+F1'）×O1A，
上提时有：m'×10N/kg×O1B=（200N-F2'）×O1A，
解得m'=33kg。
故答案为：（1）省力；变大；（2）8；（3）33。
【分析】 （1）根据动力臂与阻力臂的大小关系，确定是省力杠杆还是费力杠杆，根据力臂变化分析；
（2）根据杠杆的平衡条件分析回答；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出人的拉力。
（1）[1][2]向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂O1C大于阻力臂O1D，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，阻力的大小不变，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大。
（2）向上提杆时人不施力，杠杆与水平方向的夹角不断变化，，只借助配重石块，根据杠杆的平衡条件可得
解得
（3）若汲水时，向下拉杆的力为，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为，当和的大小相等时，根据杠杆的平衡条件可得，下拉时，由于杠杆支点两侧与是平面的夹角相等，则有
向上提水时有
联立以上两式解得
16．（1）2018年5月8日，全球首条智能轨道快运系统在湖南株洲试开通。该智能轨道快运列车使用新能源的快充钛酸锂电池，电池容量为170kW·h，满载时电耗为4kW·h/km，最高运行速度为70km/h。该电池充满电储存的能量与质量是　 　kg的汽油完全燃烧放出的热量相同；若列车满载匀速行驶电动机驱动列车的效率为75%，则列车匀速行驶过程中受到的平均阻力大小是　 　N。（汽油的热值是4.6×107J/kg）
（2）一辆车开进了泥潭中，司机取来一个动滑轮欲将汽车从泥潭中拉出，如图所示，若司机用750N的拉力在5s内将汽车水平匀速拉动1m，那么司机所做的功是　 　J，司机做功的功率是　 　W，汽车所受地面的摩擦力是900N，滑轮的机械效率为　 　。
【答案】（1）13.30；1.08×104
（2）1500；300；60%
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，电池储存的电能；
则汽油的质量为；
②根据题意可知， 列车满载匀速行驶电动机驱动列车的效率为75%，
则列车满载匀速行驶电动机所做的有用功；
则行驶的路程。
根据平衡力的知识可知，阻力为。
（2）根据题意可知，动滑轮上有两根绳子，
则司机所做的功；
司机做功的功率；
有用功为；
滑轮的机械效率是。
【分析】 （1）①汽油完全燃烧放出的热量与电池储存的电能相等，即Q放=W，根据Q放=mq求出汽油的质量；
②利用求出列车满载匀速行驶电动机所做的有用功；根据W=Fs求出列车匀速行驶过程中受到的牵引力大小，据此求出平均阻力大小；
（2）动滑轮绳子股数为2，根据W=Fs'=Fns求出司机所做的功，利用求出司机做功的功率；根据W有=fs求出克服摩擦力做的有用功，利用求出滑轮的机械效率。
（1）[1]汽油完全燃烧放出的热量与电池储存的电能相等，即
故汽油的质量为
[2]列车满载匀速行驶电动机所做的有用功
可行驶的路程
因为匀速，所以牵引力等于阻力，阻力为
（2）[1]车被拉动了1m，则拉力F移动的距离为2m，司机所做的功
[2]司机做功的功率
[3]有用功为
滑轮的机械效率是
17．图甲是某款“即热式”电热水龙头，图乙是它的原理电路。R1、R2为电阻丝（不考虑温度对电阻丝电阻的影响），A、B、C、D是四个触点。旋转手柄带动开关S接通对应电路，实现冷水、温水、热水之间的切换，有关参数如下表。
额定电压 220V
额定功率 温水 2200W
热水 3000W
（1）当水龙头放热水时，正常工作10s，消耗的电能是多少？
（2）当开关置于B、C之间时，水龙头工作电路处于挡（选填“热水”或“温水”），此时电路中的电流是多少？
（3）电热丝R1的电阻是多少？
【答案】解：（1）根据题意可知，水龙头的热水功率为3000W，
则当水龙头放热水时，正常工作10s，消耗的电能W=P热t=3000W×10s=3×104J。
（2）根据乙图可知，当开关置于B、C之间时，只有电阻R1接入电路；
当开关置于A、B之间时，电阻R1和R2并联；
根据电阻并联的知识可知，总电阻R1>R2；
根据可知，前者功率小为温水档，后者功率大为热水档；
此时功率为2200W，则电路工作电流。
（3）根据乙图可知，当开关置于B、C之间时，处于温水挡，
则电热丝R1的电阻。
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）利用W=Pt可求出正常工作10s消耗的电能；
（2）根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据判断功率的大小，由此可知热水或温水的档位；利用P=UI求电路工作电流；
（3）已知水龙头放温水时的额定功率，利用求出R1的阻值。
18．同学们自制简易密度计来粗略测量液体的密度，如图所示。在粗细均匀的吸管下端装入适量小钢球后用蜡封住并使其底部水平，吸管总长为16cm。ρ水=1×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）吸管下端封入小钢珠的作用是使密度计重心　 　（填“升高”或“降低”），此时密度计所受到的浮力　 　所受到的总重力（选填“<”“>”“=”）。
（2）根据浮沉关系，密度计露出液面的长度越长，测出的液体密度值越　 　（填“大”或“小”）。
（3）将密度计放入水中，静止时露出水面长度为12cm，放入某液体中，静止时露出液面长度为，液体密度为　 　kg/m3。
（4）该密度计能测量的液体密度最小值是　 　kg/m3。
（5）要想提高密度计测量结果的精确度，可采取的改进方法是　 　（写出一条即可）。
【答案】（1）降低；=
（2）大
（3）0.67×103
（4）0.25×103
（5）换用更细的吸管
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）①物体的重心越低则越稳定，将钢珠放在吸管底部可使密度计的重心降低，从而在液体中处于竖直稳定的漂浮状态；
②根据题意可知，此时密度计处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，产生密度计所受到的浮力等于所受到的总重力。
（2）综上所述，密度计在液体中漂浮时受到的浮力相同。若露出液面的长度越长，说明排开液体的体积越小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体密度越大。
（3）密度计漂浮时受到的浮力相等，即F浮水=F浮液；
ρ水gV排水=ρ液gV排液；
ρ水V排水=ρ液V排液；
；
；
解得：。
（4）当密度计正好完全浸没(露出长度为0)时，它所能测量到的最小，则；
解得：。
（5）要想提高自制密度计测量结果的精确度，就是要使自制的密度计浸入液体的深度变化大。根据V=Sh可知，细吸管横截面积小，相同密度变化时，浸入深度变化大，则可采取的改进方法是换用更细的吸管。
【分析】 （1）①物体的重心越低则越稳定；
②根据物体的漂浮条件分析；
（2）根据漂浮时浮力不变，结合阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析；
（3）根据阿基米德原理列出不同液体的浮力表达式，列方程计算密度；
（4）根据密度最小时，浸入深度最大，全部浸入，列出不同液体的浮力表达式，列方程计算密度；
（5）根据浮力一定时排开液体的体积一定，吸管截面积越小，浸入的深度越大，故可以提高精确度
（1）[1][2]钢珠放在吸管底部可使密度计的重心降低，从而在液体中处于竖直稳定的漂浮状态，此时密度计处于静止状态，受力平衡，密度计所受到的浮力等于所受到的总重力。
（2）密度计在同样重力作用下，在液体中漂浮，受到的浮力相同，浮力相同时，若露出液面的长度越长，说明排开液体的体积越小，液体密度越大。
（3）假设吸管的底面积为S，在水中时
在某液体中时
两式比值可得
则液体密度
（4）当密度计正好完全浸没(露出长度为0)时，它所能测量到的最小密度满足
因此
（5）要想提高自制密度计测量结果的精确度，就是要使自制的密度计浸入液体的深度变化大，即密度计外壁上两条刻度线间的距离大一些，这样就可以标出更多的刻度线。故要提高密度计测量结果的精确度，可采取的改进方法是换用更细的吸管，因为细吸管横截面积小，相同密度变化时，浸入深度变化大，更易观察。
1 / 1

展开更多......

收起↑