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2025年河北省邯郸市邯山区七校联考中考一模物理试题
1．如图所示，小明和小红坐在停靠在站台还未开动的同一节火车车厢里，他们分别向各自所在这一侧窗外看，小明说火车是静止的，小红说火车是运动的。则（　　）
A．只有小明的说法是正确的
B．他们选择的参照物一定不同
C．小明可能是以窗外行驶的火车为参照物
D．小红可能是以站台为参照物
【答案】B
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】根据题意可知，小明和小红坐在停靠在站台还未开动的同一节火车车厢里，所以小明和小红乘坐的火车是静止的。
小红以窗外行驶的火车为参照物时，他们乘坐的火车和窗外的火车位置发生改变，所以小红认为火车是运动的。
小明以窗外静止的火车为参照物时，他们乘坐的火车位置保持不变，则小明说他们的火车是静止的。
由以上分析可知，被研究的物体相同，选择的参照物不同，结论就不同，但都是正确的结论。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】物体是静止的还是运动的，取决于选择的参照物，这就是运动和静止的相对性，据此分析判断即可。
2．下列关于厨房现象的说法正确的是（　　）
A．“雾气腾腾”，形容热汤周围有大量液化形成的水蒸气
B．“冻干蔬菜”，利用低温将蔬菜中的水凝华成固体，再升华成气体，从而使蔬菜脱水
C．“扬汤止沸”，通过将开水舀出去又倒回来的方式，提高水的沸点，达到止沸的目的
D．“釜底抽薪”，抽薪后停止加热，便能制止水的沸腾，说明水在沸腾时需要持续吸热
【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；升华及升华吸热；沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．水蒸气是无色无味看不见的气体，根本看不到，而热汤周围的“雾气”是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水滴，故A错误；
B．“冻干蔬菜”时，蔬菜中的水凝固成冰，而冰从固态直接变成气态叫升华，而不是凝华，故B错误；
C．水的沸点与气压有关， 将开水舀出去又倒回来并不能提高水的沸点，故C错误；
D．抽薪后停止加热，便能制止水的沸腾，说明水在沸腾时需要持续吸热，故D正确.
故选D。
【分析】A.物质从气态变成液态叫液化；
B.物质从固态直接变成气态叫升华；
C.液体沸点随上方气压的增大而升高；
D.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热。
3．我国“天宫”空间站使用了领先世界的柔性砷化镓太阳能电池来供电，它不仅薄如蝉翼，还不受太空恶劣环境影响，光电转化率超过30%。下列有关说法正确的是（　　）
A．太阳能来自太阳内部的核裂变
B．太阳能电池板采用超导体材料制作
C．光电转化率是指光能转化成电能的功率
D．太阳能是一种清洁无污染的可再生能源
【答案】D
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能内部的氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的核能，源源不断地向外界释放光和热，故A错误；
B．超导体需要在低温下实现超导，目前超导体材料还不能广泛应用于太阳能电池板，故B错误；
C．光电转化率是转化得到的电能与输入的光能的比值，它反映的是光能转化为电能的效率，而不是功率，故C错误；
D．可再生能源可以短时间内从自然界中源源不断地获取，太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据太阳能量的来源判断；
B.根据超导体的特点和实现条件判断；
C.根据光电转化率的定义判断；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
4．今年春晚舞蹈类节目《秧BOT》中的机器人H1群组和演员一起扭秧歌表演令人惊叹！下列有关描述不正确的是（　　）
A．机器人H1的身高约160cm
B．机器人工作时主要将电能转化为机械能
C．机器人手中的手帕在转动的过程中处于平衡状态
D．视频图像通过电磁波传递到电视、手机端播放
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；长度的估测；平衡状态的判断；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．一般情况下，正常成年人的平均身高大约为170cm，机器人 H1 的身高与真人差不多，约160cm ，故A正确不符合题意；
B．机器人消耗电能，获得机械能，主要将电能转化为机械能，故B正确不符合题意；
C．机器人手中的手帕在转动的过程中，运动方向不断改变，即运动状态不断改变，因此不是处于平衡状态，故C错误符合题意；
D．视频图像通过电磁波传递到电视、手机端播放，这是现代信息传递的常见方式，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】 A.首先估测正常成年人的身高，然后将机器人的身高与他比较；
B.根据能量转化的知识判断；
C.物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态；
D.广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
5．如图是自行车尾灯的结构示意图。夜里，尾灯被光照射时，会出现较好的反光效果。以下现象的成因与自行车尾灯的光学原理相同的是（　　）
A．水中“断”笔
B．手影游戏
C．雨后彩虹
D．照镜正容
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】根据图片可知，自行车尾灯是借助光线在多个平面镜上反射来工作的。
A．水中的笔发出的斜射入空气中时发生折射，于是我们看到好似笔断了的现象，故A不符合题意；
B．手影游戏是由于光在同种均匀介质中沿直线传播，故B不符合题意；
C．雨后彩虹是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，故C不符合题意；
D．照镜正容是利用平面镜成像，而平面镜成像的原理是光的反射，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理，然后与自行车尾灯的工作原理对照即可。
6．“儿童放学归来早，忙趁东风放纸鸢”，如图所示是诗中所描绘的儿童放风筝时的画面，下列说法正确的是（　　）
A．风筝上升过程中，速度越来越快，惯性越来越大
B．儿童紧紧握住风筝线，是通过增大压力来增大摩擦
C．儿童的手对线的拉力和线对手的拉力是一对平衡力
D．风筝线拉着风筝忽上忽下，说明力可以改变物体的形状
【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．风筝上升过程中，无论速度打，但是质量不变，则惯性不变，故A错误；
B．儿童紧紧握住风筝线，是通过增大压力来增大摩擦，故B正确；
C．儿童的手对线的拉力作用在线上，线对手的拉力作用在手上，二者不是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D．风筝线拉着风筝忽上忽下，即风筝的速度和方向不断改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选B。
【分析】A.惯性大小只与物体质量大小有关；
B.增大摩擦的方法：增大压力或增大粗糙程度；
C.平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
D.力的作用效果包括：改变物体形状和改变物体的运动状态。
7．茶起源于中国，盛行于世界，饮茶是我国的传统文化。如图所示，在泡茶的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．烧水时，壶内水的温度升高，内能增大
B．水烧开后易把壶盖顶开，是因为水分子的体积变大
C．泡茶时，热水把温度传递给了茶叶
D．茶水变冷后，其内能变为零
【答案】A
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．烧水时，壶内水吸收热源发出的热量，则水的温度升高，内能增大，故A正确；
B．水烧开后易把壶盖顶开，是因为水蒸气体积膨胀，即水分子之间的空隙变大，而不是分子体积变大，故B错误；
C．泡茶时，热水把热量传递给了茶叶，故C错误；
D．茶水变冷后，内能变小，但是不为零，故D错误。
故选A。
【分析】A.物体吸收热量，内能增大；物体放出热量，则内能减小；
B.物态变化的本质其实是分子之间空隙的变化；
C.热量是热传递过程中内能转移的多少；
D.一切物体都有内能。
8．关于电与磁现象的应用，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中的司南静止时勺柄指北，是受地磁场作用的结果
B．乙图中的电铃是利用电流的磁效应工作的
C．丙图中的手摇发电机的工作原理可以制成扬声器
D．丁图中使A带上正电荷，B不带电。用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电流方向为由B流向A
【答案】B
【知识点】电流的方向；地磁场；电磁铁的构造和原理；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．司南静止时指南北，是受地磁场作用的结果，故A错误；
B．电铃的主要结构是一个电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故B正确；
C．扬声器是根据磁场对通电导体有力的作用原理制成的，而手摇发电机的工作原理是电磁感应现象，两者工作原理不同，故C错误；
D．A带上正电荷，A缺少电子，B不带电，则B不缺少电子，则B的电子较多。用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电子从电子多的B流向电子少的A，而电流方向与电子定向移动的方向相反，电流方向为由A流向B，故D错误。
故选B。
【分析】 A.根据地磁场的知识判断；
B.电磁铁是利用电流的磁效应来工作的；
C.发电机和动圈式话筒就是利用电磁感应的原理制成的；
D.电子总是从数量多的位置流向数量少的位置，而负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
9．近期热映的《哪吒2》以“破界”之姿，打开了国产动画的天花板，也拓宽了全球受众对“中国故事”的想象边界。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B．放映时巨幕应置于放映机镜头的二倍焦距内
C．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．近视眼镜是凹透镜，放映机的镜头是凸透镜，它们不是同一种透镜，故A错误；
BD．放映机成倒立放大的实像，此时物距在一倍焦距到二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，所以放映时巨幕应置于放映机镜头的二倍焦距以外，故BD错误；
C． 巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射 ，从而使观众从各个方向都看到巨幕上的画面，故C正确。
故选C。
【分析】A.根据近视眼的矫正和凸透镜的应用知识判断；
BD.根据凸透镜成倒立放大实像的规律判断；
C.漫反射的光线射向四面八方。
10．如图甲是利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。图乙是用热敏电阻R1做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，R2是阻值为100Ω的定值电阻，其中电源电压可调节。图丙所示为热敏电阻R1的阻值随温度t变化的图像。下列有关说法正确的是（　　）
A．测温时，若电源电压保持不变，温度升高时，R1两端的电压会升高
B．测温时，若保持R2两端电压为0.2V，当所测温度升高时，需将电源电压调高
C．测温时，若保持R2两端电压为0.2V，V1表盘上显示的温度是50℃，此时电源电压为0.8V
D．测温时，若保持电源电压0.6V不变，V2表盘上显示0.2V，此时温度为50℃
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据乙图可知，热敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压。
A．根据丙图可知，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，根据串联电炉电压与电阻成正比的规律可知，此时R1两端的电压会变小，故A错误；
B．当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，根据分压规律可知，此时R1的电压减小，而R2的电压增大。 若保持R2两端电压为0.2V， 需要减小R2的电压，即需将电源电压调低，故B错误；
C．由图丙可知，当V1表盘上显示的温度是50℃时；
若保持R2两端电压为0.2V，根据串联分压规律得到：；
解得：U1=0.6V；
所以此时电源电压，
故C正确；
D．当电源电压0.6V不变时，V2表盘上显示0.2V，
此时电路中的电流是；
此时热敏电阻两端的电压；
此时热敏电阻的电阻，
由图丙可知，当热敏电阻阻值为200Ω时，温度是75℃，故D错误。
故选C。
【分析】 A.由图乙可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，
由图丙可知热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，电源电压保持不变，根据串联电路电压规律可知温度升高时，R1两端的电压变化；
B.测温时保持R2两端电压为0.2V时，根据欧姆定律可知电路中的电流保持不变，根据图乙可知热敏电阻R1的阻值随温度的变化，根据欧姆定律得出R1两端的电压与温度的关系，进一步判断电源电压的变化；
C.由图乙可知当t=50℃时R1的阻值，根据欧姆定律求出此时V1的示数，利用串联电路的电压特点求出此时电源电压；
D.根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知热敏电阻接入电路的阻值，由图丙可知此时温度。
11．图中是中国古代的计程车——“计里鼓车”的复原图。当车走一里时，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于　 　发声；当车走到十里时，车上的木人就敲一下镯（古代的乐器）。人们根据鼓和镯发声的　 　（选填“响度”或“音色”）不同，确定车行驶的是一里还是十里。
【答案】振动；音色
【知识点】声音的产生；音色
【解析】【解答】（1）根据题意可知，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于振动产生声音。
（2）不同物体发声的音色是不同的，人们根据鼓和镯发声的音色，确定车行驶的是一里还是十里。
【分析】（1）根据声音的产生的知识解答；
（2）音色表示声音的特点，与发声体的结构特点有关。
12．小华家的家用电能表的信息如图所示，他家所使用的用电器总功率不能超过　 　，若只将一台额定功率为的电炉单独接在电路中，电能表指示灯应闪烁　 　次。
【答案】4400；640
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据铭牌可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，则他家同时使用用电器的最大总功率P大=UI=220V×20A=4400W。
（2）800W的电炉单独接在电路中30min，消耗的电能：W=Pt=800×10-3kW×0.5h=0.4kW h；
根据1600imp/(kW h)可知，
此时电能表指示灯闪烁的次数n=1600imp/(kW h)×0.4kW h=640imp。
【分析】（1）根据铭牌确定电能表的工作电压和允许通过的最大电流，根据P=UI计算接入用电器的最大功率；
（2）根据W=Pt计算电炉消耗的电能，根据n=N/(kW h)×W计算闪烁的次数。
13．如图所示为一种自制简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，将其分别放入装有液体密度为和的两个烧杯中则：液体密度　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）。密度计上标有刻度，且从下到上刻度值逐渐　 　（选填“变大”或“变小”）
【答案】小于；变小
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）根据图片可知，密度计在两种液体中都漂浮，则密度计受到的浮力都等于密度计受到的重力。因为密度计的重力不变，所以浮力F1等于F2；
根据F浮=ρ液V排g可知，密度计排开液体的体积V1排＞V2排，所以液体密度ρ1小于ρ2。
（2）综上所述，密度计上的刻度越靠上，排开液体的体积变大，则所测量的液体密度变小，即从下到上刻度值逐渐变小。
【分析】（1）根据漂浮条件比较密度计受到浮力大小，根据图片比较二者排开液体体积大小，根据F浮=ρ液V排g比较液体密度大小；
（2）密度计上的刻度越靠上，排开液体的体积变大，据此分析密度计上刻度的分布规律。
14．如图所示，这是搬运砖头的独轮车，使用时可视为　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆。若独轮车和砖头的总重G为1000N，要将扶手抬起，则人施加的竖直向上的力F的大小至少为　 　 N。
【答案】省力；300
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）独轮车在使用过程中，车轮相当于支点，货物的重力相当于阻力，作用在重心上；动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
解得：。
则人施加的竖直向上的力F的大小至少为300N。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂大小，从而确定杠杆的分类；
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
15．近年来，我国航天事业取得了长足发展。运载火箭通常选用液态氢做燃料是因为液态氢　 　。假设某次发射，燃烧液态氢2.1×104kg，若这些热量用干木柴来获取，至少需要　 　kg干木柴。（已知：液态氢的热值为1.4×108J/kg，干木柴的热值为1.2×107J/kg）
【答案】热值大；2.45×105
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 解：质量相同的不同燃料，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多液氢具有很高的热值，完全燃烧相同质量的氢时可以释放出更多的热量。运载火箭通常选用液态氢做燃料是因为液态氢热值大；
液态氢气完全燃烧放出的热量Q=q1m1=1.4×108J/kg×2.1×104kg=2.94×1012J，
若这些热量用干木柴来获取，至少需要干木柴的质量。
故答案为：热值大；2.45×105。
【分析】某种燃料完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值在数值上等于1kg燃料完全燃烧所放出的热量，质量相同的不同燃料，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多；根据Q=q1m1得出液态氢气完全燃烧放出的热量；若这些热量用干木柴来获取，根据得出至少需要干木柴的质量。
16．用乒乓球完成以下实验：
（1）如图甲，球拍击打乒乓球，使球受力，运动状态发生变化，这个力是由　 　发生形变产生的；
（2）如图乙，从倒置的漏斗口用力吸气，乒乓球不掉落，说明　 　的存在。若用力持续向下吹气，乒乓球　 　（选填“会”或“不会”）掉落，这是因为　 　；
（3）如图丙，用摩擦过的塑料棒靠近静止在水平桌面上的乒乓球，球被吸引，下列现象中的“吸”与之原理相同的是______（填序号）；
A．两个表面光滑的铅块，相互挤压，会“吸”在一起
B．吸铁石靠近铁块，铁块被“吸”引
C．用塑料梳子梳头发，头发被梳子“吸”引
D．投向半空的篮球，被地球“吸”回地面
【答案】（1）球拍
（2）大气压；不会；乒乓球两侧上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强
（3）C
【知识点】弹力；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】（1） 球拍击打乒乓球，使球受力， 则球为受力物体，那么球拍为施力物体，则球拍击打乒乓球的力是由球拍弹性形变产生的。
（2）① 如图乙， 从倒置的漏斗口用力吸气时，乒乓球上方的气压小于下方的大气压强，大气压把乒乓球压在瓶口，说明大气压的存在。
②当对着漏斗使劲向下吹气时，乒乓球上方的空气流速大，气压小，乒乓球下方空气流速小而压强大，则下方受到向上的压力大于上方受到向下的压力，因此乒乓球就不会掉下了。
（3）用摩擦过的塑料棒靠近静止乒乓球时，乒乓球被吸引，是由于带电体具有吸引轻小物体的性质。
A．两个表面光滑的铅块会“吸”在一起，是因为分子间有引力，故A不符合题意；
B．铁块被“吸”引是因为磁极间相互作用，故B不符合题意；
C．用塑料梳子梳头发时，头发被梳子“吸”引，是因为异种电荷互相吸引，是静电现象，故C符合题意；
D．投向半空的篮球被地球“吸”回地面，是由于篮球受到竖直向下的重力，故D不符合题意。
故选C。
【分析】（1）对球进行受力分析，确定施力物体，肯定是施力物体发生形变产生；
（2）①大气对浸在其中的物体产生力的作用，这就是大气压强；
②根据流体压强和流速的关系解答。
（3）分析各个选项中“吸”的物理本质，然后与题干描述对照即可。
（1）发生形变的物体由于要恢复原状，会对使其发生形变的物体产生力的作用，这个力就是弹力；球拍击打乒乓球的力是由球拍弹性形变产生的。
（2）[1]从倒置的漏斗口用力吸气时，乒乓球上方的气压小于下方的大气压强，大气压把乒乓球压在瓶口，乒乓球不掉落，说明大气压的存在。
[2][3]当对着漏斗使劲向下吹气时，乒乓球上方的空气流速大于乒乓球下方的流速；由于流体流速越大，气压越小，乒乓球上方的气压小于乒乓球下方的气压；在相同的乒乓球横截面上，下方受到向上的压力大于上方受到向下的压力；当气流速度达到一定时，乒乓球上下方压力差大于或等于乒乓球的重力，乒乓球就不会掉下了。
（3）用摩擦过的塑料棒靠近静止在水平桌面上的乒乓球，球被吸引，是由于带电体具有吸引轻小物体的性质，是静电现象；
A．两个表面光滑的铅块，相互挤压，会“吸”在一起，是因为分子间有引力，故A不符合题意；
B．吸铁石靠近铁块，铁块被“吸”引是因为磁极间相互作用，异名磁极相互吸引，故B不符合题意；
C．用塑料梳子梳头发时，梳子和头发摩擦带上异种电荷，头发被梳子“吸”引，是因为异种电荷互相吸引，是静电现象，故C符合题意；
D．投向半空的篮球，被地球“吸”回地面，是由于篮球受到竖直向下的重力，故D不符合题意。
故选C。
17．酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向　 　调节平衡螺母直至天平平衡；
（2）测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示，则其质量为　 　；
④消毒液的密度为　 　；
（3）小强测量一个木块（）的密度，由于木块体积较大无法放入量筒，于是利用电子秤、一根细钢针、烧杯和水设计如下实验，测出了木块的密度。
①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为；
③　 　，电子秤的示数为；
④木块密度　 　（用、、和表示）；
（4）测完密度后，小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，则测得的木块密度　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）左
（2）44；0.85
（3）用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中；
（4）不变
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图甲所示，天平的指针右偏，说明右端重左侧轻，应向左调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）如图丙所示，横梁标尺分度值为0.2g，则游码的质量为4g，砝码质量为：20g+20g=40g，
则则烧杯和剩余消毒液的质量，
量筒中消毒液质量为
如图乙所示，量筒分度值为，示数为，
则消毒液的密度为
（3）①木块密度小于水，漂浮在水面上，为了测出木块的体积，需用细钢针将木块完全压入水中使其浸没使其浸没且不触底。
②根据题意可知，木块质量等于步骤①②中电子秤的示数差，即，
木块浸没时受到的浮力为，
则木块体积为；
则木块密度为
（4） 小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g。由可知，每次测量结果都偏大2g，测量结果之差保持不变，故测得的木块密度不变。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）②根据乙图确定量筒的分度值，而量筒中液体的体积等于液面对应的刻度值。
③物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和；量筒中消毒液的质量等于前后两次质量测量的差值。
④根据密度公式求出消毒液的密度。
（3）木块漂浮在水面上，由阿基米德原理及漂浮时浮力和重力关系，可知木块质量等于排开液体的质量；木块浸没在水中，木块排开水的体积等于木块的体积；知道木块的质量和体积，根据密度公式求出木块的密度；
（4）由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，质量的差值是不变的，所以密度测量值不变。
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，指针右偏，说明右端重，应向左调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）[1]如图丙所示，横梁标尺分度值为0.2g，则烧杯和剩余消毒液的质量
[2]量筒中消毒液质量为
如图乙所示，量筒分度值为，示数为，则量筒中消毒液体积为
则消毒液的密度为
（3）[1]为了测出木块的体积，需用细钢针将木块完全压入水中，使其浸没且不触底。
[2]木块质量为，木块浸没时受到的浮力为，则木块体积为
则木块密度为
（4）由可知，每次测量结果都偏大2g，测量结果之差保持不变，故测得的木块密度不变。
18．在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω，1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将　 　（选填“正向偏转”、“不动”或“反向偏转”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；　 　
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如表所示：
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.0 1.6 2.0 2.4 3.0
电流I/A 0.10ˊ
0.18 0.26 0.30
图乙为第2次实验中电流表的示数，读数为　 　A。
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第　 　次的数据。
（4）本实验中多次测量的目的是　 　。（选填序号“A. 找普遍规律”或“ B. 减小误差”）
（5）述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为U额的小灯泡的电阻，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个最大阻值为R0的滑动变阻器，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S，先调节滑动变阻器R0的滑片到最左端，再调节滑动变阻器R，直到电压表的示数为U额；
②接着调节滑动变阻器　 　（选填“R0”或“R”）的滑片到最右端，读出此时电压表的示数为U；
③小灯泡正常发光时电阻的表达式RL=　 　（用U、R0、U额表示）。
【答案】（1）不动；
（2）0.16
（3）1
（4）B
（5）R0；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，电压表与电流表并联。由于电流表的内阻很小，因此会将电压表被短路，故电压表指针不动。
②电压表应该与定值电阻并联，此时可以将电压表与开关相连的导线拆下，改接在定值电阻右端，如图所示：
（2）根据乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则它的示数为0.16A。
（3）根据表格数据可知，当定值电阻的电压为3V时，通过它的电流为0.3A，
则定值电阻
那么电路的最小电流为：，
所以第1组数据不是本实验中测得的。
（4）在“伏安法测电阻”的实验中，多次测量的目的是用来求平均值来减小误差。
故选B。
（5）②移动滑动变阻器R0的滑片，使滑片移动到左右端，记下电压表示数为U；
③这综上所述，此时滑动变阻器R0的电压为U0=U﹣U额。
此时电路电流为
则灯泡正常发光时的电阻为。
【分析】（1）①根据图片可知，电压表与电流表并联了，电压表被短路；
②电压表应该与定值电阻并联，结合甲图确定改正方法。
（2）根据图片确定电流表选用的量程和分度值，然后根据指针位置读数；
（3）从表格中取一组数据计算定值电阻的大约值，根据然后计算出通过电路的最小电流即可；
（4）根据欧姆定律求出对应的电阻，最后求平均值得出测量结果；多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律；
（5）要测灯的电阻，首先使灯正常发光，通过移动滑片的位置，电压表V的示数为U额；保持滑片位置不动，移动滑动变阻器的滑片到最右端，记下电压表上午示数为U，这样可以根据滑动变阻器求出电流，最后小灯泡的电阻。
（1）[1]电压表与电流表并联了，电压表被短路，故电压表指针不动。
[2]电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，电压表应并联接在定值电阻的两端，如图所示：
（2）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，示数为0.16A。
（3）由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻
根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压
所以第1组数据不是本实验中测得的。
（4）本实验多次测量的目的是用来求平均值来减小误差。
（5）[1]移动滑动变阻器R0的滑片，使滑片移动到左右端，记下电压表示数为U，这样滑动变阻器R0的电压为U0=U﹣U额。
[2]电路电流为
因为是串联电路，电流处处相等，则灯泡正常发光时的电阻为
19．如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲和实心均匀圆柱体乙置于水平地面上。容器甲的底面积为3×10-2米2；内盛有0.2米深的水；圆柱体乙的底面积为1×10-2米2、高0.5米，密度为3×103千克/米3。
（1）求容器中水的质量m水；
（2）求水对容器甲底部的压强p水；
（3）现从乙的上方沿水平方向切去一定的厚度Δh，竖直放入甲内水中，当水对容器甲底部的压强最大时，求乙切去厚度Δh的范围。
【答案】解：（1）根据题意可知， 容器甲的底面积为3×10-2米2；内盛有0.2米深的水，
则容器中水的体积；
那么容器中水的质量。
答：容器中水的质量m水是6kg。
（2）根据题意可知，容器内盛有0.2米深的水
则水对容器甲底部的压强。
（3）根据题意可知，ρ乙=3×103kg/m3，即密度大于水的密度，
所以在乙上方沿水平方向切去一部分，并将切去部分竖直放在甲容器内后，圆柱体乙静止后木块处于沉底状态；
因容器足够高，所以水不会溢出，
当水对容器甲底部的压强最大时，水面恰好与乙的上表面齐平，
设此时切去的高度是，则
解得：
所以当水对容器甲底部的压强最大时，乙切去厚度Δh的范围是0.3～0.5m。
答：乙切去厚度Δh的范围是0.3～0.5m。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求出甲容器中水的体积，再根据m=ρV求出容器中水的质量；
（2）根据p=ρgh求出水对容器甲底部的压强；
（3）根据乙的密度和水的密度的关系，判断在乙上方沿水平方向切去一部分，并将切去部分竖直放在甲容器内后，圆柱体乙的状态，当水对容器甲底部的压强最大时，水面恰好与乙的上表面齐平，根据V水=S甲h=（S甲-S乙）Δh求出乙切去厚度Δh的范围。
20．在图（a）所示的电路中，电源电压为10伏且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样。闭合开关S后，电路中的电流为1安。求：
（1）电阻R1两端的电压；
（2）变阻器R2连入电路的阻值；
（3）现用R0（阻值可能为10欧、15欧或20欧）替换R1，并将一电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P到某位置，电路正常工作，电压表、电流表示数如图（b）所示。请通过计算判断电压表并联的位置及R0的阻值。
【答案】解：（1）根据题意可知， 电路中的电流为1安 ， 电阻R1的阻值为5欧，
则电阻R1两端的电压U1=IR1=1A×5Ω=5V。
（2）此根据题意可知，电源电压为10V，则此时时变阻器两端的电压UP=U-U1=10V-5V=5V；
则变阻器R2接入电路的电阻。
（3） 已知滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样，所以电流表的示数不能为2A，应为I2=0.4A，
则此时电路中的电阻，
由于R2的最大阻值为10Ω，根据串联电路电阻关系，所以R0不可能是10Ω，
①当R0为15Ω时，R2=25Ω-15Ω=10Ω，则R0的电压U0=IR0=0.4A×15Ω=6V，R2的电压U2=IR2=0.4A×10Ω=4V；
②当R0为20Ω时，R2=25Ω-20Ω=5Ω，则R0的电压U0=IR0=0.4A×20Ω=8V，R2的电压U2=IR2=0.4A×5Ω=2V，
所以电压表的示数为2V时，电压表应并联在R2两端时，此时R0=20Ω；当电压表示数为10V时，电压表并联在电源两端，R0=15Ω或20Ω。
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 （1）利用欧姆定律U1=IR1求出电阻R1两端的电压；
（2）R1与R2串联，根据电压规律UP=U-U1可知R2的电压，再根据欧姆定律可求得R2的阻值；
（3）根据电源电压以及电流表的示数（2A或0.4A），可求出电路中的电阻值，进一步可判断出电流表的确切示数，由此可知电路中的总电阻，进一步可选择可能的电阻值，通过电压表的示数确定电压表并联的位置及R0的阻值。
1 / 12025年河北省邯郸市邯山区七校联考中考一模物理试题
1．如图所示，小明和小红坐在停靠在站台还未开动的同一节火车车厢里，他们分别向各自所在这一侧窗外看，小明说火车是静止的，小红说火车是运动的。则（　　）
A．只有小明的说法是正确的
B．他们选择的参照物一定不同
C．小明可能是以窗外行驶的火车为参照物
D．小红可能是以站台为参照物
2．下列关于厨房现象的说法正确的是（　　）
A．“雾气腾腾”，形容热汤周围有大量液化形成的水蒸气
B．“冻干蔬菜”，利用低温将蔬菜中的水凝华成固体，再升华成气体，从而使蔬菜脱水
C．“扬汤止沸”，通过将开水舀出去又倒回来的方式，提高水的沸点，达到止沸的目的
D．“釜底抽薪”，抽薪后停止加热，便能制止水的沸腾，说明水在沸腾时需要持续吸热
3．我国“天宫”空间站使用了领先世界的柔性砷化镓太阳能电池来供电，它不仅薄如蝉翼，还不受太空恶劣环境影响，光电转化率超过30%。下列有关说法正确的是（　　）
A．太阳能来自太阳内部的核裂变
B．太阳能电池板采用超导体材料制作
C．光电转化率是指光能转化成电能的功率
D．太阳能是一种清洁无污染的可再生能源
4．今年春晚舞蹈类节目《秧BOT》中的机器人H1群组和演员一起扭秧歌表演令人惊叹！下列有关描述不正确的是（　　）
A．机器人H1的身高约160cm
B．机器人工作时主要将电能转化为机械能
C．机器人手中的手帕在转动的过程中处于平衡状态
D．视频图像通过电磁波传递到电视、手机端播放
5．如图是自行车尾灯的结构示意图。夜里，尾灯被光照射时，会出现较好的反光效果。以下现象的成因与自行车尾灯的光学原理相同的是（　　）
A．水中“断”笔
B．手影游戏
C．雨后彩虹
D．照镜正容
6．“儿童放学归来早，忙趁东风放纸鸢”，如图所示是诗中所描绘的儿童放风筝时的画面，下列说法正确的是（　　）
A．风筝上升过程中，速度越来越快，惯性越来越大
B．儿童紧紧握住风筝线，是通过增大压力来增大摩擦
C．儿童的手对线的拉力和线对手的拉力是一对平衡力
D．风筝线拉着风筝忽上忽下，说明力可以改变物体的形状
7．茶起源于中国，盛行于世界，饮茶是我国的传统文化。如图所示，在泡茶的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．烧水时，壶内水的温度升高，内能增大
B．水烧开后易把壶盖顶开，是因为水分子的体积变大
C．泡茶时，热水把温度传递给了茶叶
D．茶水变冷后，其内能变为零
8．关于电与磁现象的应用，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中的司南静止时勺柄指北，是受地磁场作用的结果
B．乙图中的电铃是利用电流的磁效应工作的
C．丙图中的手摇发电机的工作原理可以制成扬声器
D．丁图中使A带上正电荷，B不带电。用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电流方向为由B流向A
9．近期热映的《哪吒2》以“破界”之姿，打开了国产动画的天花板，也拓宽了全球受众对“中国故事”的想象边界。关于电影放映，下列说法正确的是（　　）
A．放映机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B．放映时巨幕应置于放映机镜头的二倍焦距内
C．巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上的画面是倒立放大的虚像
10．如图甲是利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。图乙是用热敏电阻R1做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，R2是阻值为100Ω的定值电阻，其中电源电压可调节。图丙所示为热敏电阻R1的阻值随温度t变化的图像。下列有关说法正确的是（　　）
A．测温时，若电源电压保持不变，温度升高时，R1两端的电压会升高
B．测温时，若保持R2两端电压为0.2V，当所测温度升高时，需将电源电压调高
C．测温时，若保持R2两端电压为0.2V，V1表盘上显示的温度是50℃，此时电源电压为0.8V
D．测温时，若保持电源电压0.6V不变，V2表盘上显示0.2V，此时温度为50℃
11．图中是中国古代的计程车——“计里鼓车”的复原图。当车走一里时，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于　 　发声；当车走到十里时，车上的木人就敲一下镯（古代的乐器）。人们根据鼓和镯发声的　 　（选填“响度”或“音色”）不同，确定车行驶的是一里还是十里。
12．小华家的家用电能表的信息如图所示，他家所使用的用电器总功率不能超过　 　，若只将一台额定功率为的电炉单独接在电路中，电能表指示灯应闪烁　 　次。
13．如图所示为一种自制简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，将其分别放入装有液体密度为和的两个烧杯中则：液体密度　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）。密度计上标有刻度，且从下到上刻度值逐渐　 　（选填“变大”或“变小”）
14．如图所示，这是搬运砖头的独轮车，使用时可视为　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆。若独轮车和砖头的总重G为1000N，要将扶手抬起，则人施加的竖直向上的力F的大小至少为　 　 N。
15．近年来，我国航天事业取得了长足发展。运载火箭通常选用液态氢做燃料是因为液态氢　 　。假设某次发射，燃烧液态氢2.1×104kg，若这些热量用干木柴来获取，至少需要　 　kg干木柴。（已知：液态氢的热值为1.4×108J/kg，干木柴的热值为1.2×107J/kg）
16．用乒乓球完成以下实验：
（1）如图甲，球拍击打乒乓球，使球受力，运动状态发生变化，这个力是由　 　发生形变产生的；
（2）如图乙，从倒置的漏斗口用力吸气，乒乓球不掉落，说明　 　的存在。若用力持续向下吹气，乒乓球　 　（选填“会”或“不会”）掉落，这是因为　 　；
（3）如图丙，用摩擦过的塑料棒靠近静止在水平桌面上的乒乓球，球被吸引，下列现象中的“吸”与之原理相同的是______（填序号）；
A．两个表面光滑的铅块，相互挤压，会“吸”在一起
B．吸铁石靠近铁块，铁块被“吸”引
C．用塑料梳子梳头发，头发被梳子“吸”引
D．投向半空的篮球，被地球“吸”回地面
17．酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向　 　调节平衡螺母直至天平平衡；
（2）测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示，则其质量为　 　；
④消毒液的密度为　 　；
（3）小强测量一个木块（）的密度，由于木块体积较大无法放入量筒，于是利用电子秤、一根细钢针、烧杯和水设计如下实验，测出了木块的密度。
①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为；
③　 　，电子秤的示数为；
④木块密度　 　（用、、和表示）；
（4）测完密度后，小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，则测得的木块密度　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
18．在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω，1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。
（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将　 　（选填“正向偏转”、“不动”或“反向偏转”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；　 　
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如表所示：
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.0 1.6 2.0 2.4 3.0
电流I/A 0.10ˊ
0.18 0.26 0.30
图乙为第2次实验中电流表的示数，读数为　 　A。
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第　 　次的数据。
（4）本实验中多次测量的目的是　 　。（选填序号“A. 找普遍规律”或“ B. 减小误差”）
（5）述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为U额的小灯泡的电阻，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个最大阻值为R0的滑动变阻器，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S，先调节滑动变阻器R0的滑片到最左端，再调节滑动变阻器R，直到电压表的示数为U额；
②接着调节滑动变阻器　 　（选填“R0”或“R”）的滑片到最右端，读出此时电压表的示数为U；
③小灯泡正常发光时电阻的表达式RL=　 　（用U、R0、U额表示）。
19．如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲和实心均匀圆柱体乙置于水平地面上。容器甲的底面积为3×10-2米2；内盛有0.2米深的水；圆柱体乙的底面积为1×10-2米2、高0.5米，密度为3×103千克/米3。
（1）求容器中水的质量m水；
（2）求水对容器甲底部的压强p水；
（3）现从乙的上方沿水平方向切去一定的厚度Δh，竖直放入甲内水中，当水对容器甲底部的压强最大时，求乙切去厚度Δh的范围。
20．在图（a）所示的电路中，电源电压为10伏且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样。闭合开关S后，电路中的电流为1安。求：
（1）电阻R1两端的电压；
（2）变阻器R2连入电路的阻值；
（3）现用R0（阻值可能为10欧、15欧或20欧）替换R1，并将一电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P到某位置，电路正常工作，电压表、电流表示数如图（b）所示。请通过计算判断电压表并联的位置及R0的阻值。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】根据题意可知，小明和小红坐在停靠在站台还未开动的同一节火车车厢里，所以小明和小红乘坐的火车是静止的。
小红以窗外行驶的火车为参照物时，他们乘坐的火车和窗外的火车位置发生改变，所以小红认为火车是运动的。
小明以窗外静止的火车为参照物时，他们乘坐的火车位置保持不变，则小明说他们的火车是静止的。
由以上分析可知，被研究的物体相同，选择的参照物不同，结论就不同，但都是正确的结论。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】物体是静止的还是运动的，取决于选择的参照物，这就是运动和静止的相对性，据此分析判断即可。
2．【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；升华及升华吸热；沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．水蒸气是无色无味看不见的气体，根本看不到，而热汤周围的“雾气”是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水滴，故A错误；
B．“冻干蔬菜”时，蔬菜中的水凝固成冰，而冰从固态直接变成气态叫升华，而不是凝华，故B错误；
C．水的沸点与气压有关， 将开水舀出去又倒回来并不能提高水的沸点，故C错误；
D．抽薪后停止加热，便能制止水的沸腾，说明水在沸腾时需要持续吸热，故D正确.
故选D。
【分析】A.物质从气态变成液态叫液化；
B.物质从固态直接变成气态叫升华；
C.液体沸点随上方气压的增大而升高；
D.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热。
3．【答案】D
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用
【解析】【解答】A．太阳能内部的氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的核能，源源不断地向外界释放光和热，故A错误；
B．超导体需要在低温下实现超导，目前超导体材料还不能广泛应用于太阳能电池板，故B错误；
C．光电转化率是转化得到的电能与输入的光能的比值，它反映的是光能转化为电能的效率，而不是功率，故C错误；
D．可再生能源可以短时间内从自然界中源源不断地获取，太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据太阳能量的来源判断；
B.根据超导体的特点和实现条件判断；
C.根据光电转化率的定义判断；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
4．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；长度的估测；平衡状态的判断；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．一般情况下，正常成年人的平均身高大约为170cm，机器人 H1 的身高与真人差不多，约160cm ，故A正确不符合题意；
B．机器人消耗电能，获得机械能，主要将电能转化为机械能，故B正确不符合题意；
C．机器人手中的手帕在转动的过程中，运动方向不断改变，即运动状态不断改变，因此不是处于平衡状态，故C错误符合题意；
D．视频图像通过电磁波传递到电视、手机端播放，这是现代信息传递的常见方式，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】 A.首先估测正常成年人的身高，然后将机器人的身高与他比较；
B.根据能量转化的知识判断；
C.物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态；
D.广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
5．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】根据图片可知，自行车尾灯是借助光线在多个平面镜上反射来工作的。
A．水中的笔发出的斜射入空气中时发生折射，于是我们看到好似笔断了的现象，故A不符合题意；
B．手影游戏是由于光在同种均匀介质中沿直线传播，故B不符合题意；
C．雨后彩虹是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，故C不符合题意；
D．照镜正容是利用平面镜成像，而平面镜成像的原理是光的反射，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理，然后与自行车尾灯的工作原理对照即可。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．风筝上升过程中，无论速度打，但是质量不变，则惯性不变，故A错误；
B．儿童紧紧握住风筝线，是通过增大压力来增大摩擦，故B正确；
C．儿童的手对线的拉力作用在线上，线对手的拉力作用在手上，二者不是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D．风筝线拉着风筝忽上忽下，即风筝的速度和方向不断改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选B。
【分析】A.惯性大小只与物体质量大小有关；
B.增大摩擦的方法：增大压力或增大粗糙程度；
C.平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
D.力的作用效果包括：改变物体形状和改变物体的运动状态。
7．【答案】A
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．烧水时，壶内水吸收热源发出的热量，则水的温度升高，内能增大，故A正确；
B．水烧开后易把壶盖顶开，是因为水蒸气体积膨胀，即水分子之间的空隙变大，而不是分子体积变大，故B错误；
C．泡茶时，热水把热量传递给了茶叶，故C错误；
D．茶水变冷后，内能变小，但是不为零，故D错误。
故选A。
【分析】A.物体吸收热量，内能增大；物体放出热量，则内能减小；
B.物态变化的本质其实是分子之间空隙的变化；
C.热量是热传递过程中内能转移的多少；
D.一切物体都有内能。
8．【答案】B
【知识点】电流的方向；地磁场；电磁铁的构造和原理；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．司南静止时指南北，是受地磁场作用的结果，故A错误；
B．电铃的主要结构是一个电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故B正确；
C．扬声器是根据磁场对通电导体有力的作用原理制成的，而手摇发电机的工作原理是电磁感应现象，两者工作原理不同，故C错误；
D．A带上正电荷，A缺少电子，B不带电，则B不缺少电子，则B的电子较多。用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电子从电子多的B流向电子少的A，而电流方向与电子定向移动的方向相反，电流方向为由A流向B，故D错误。
故选B。
【分析】 A.根据地磁场的知识判断；
B.电磁铁是利用电流的磁效应来工作的；
C.发电机和动圈式话筒就是利用电磁感应的原理制成的；
D.电子总是从数量多的位置流向数量少的位置，而负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
9．【答案】C
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．近视眼镜是凹透镜，放映机的镜头是凸透镜，它们不是同一种透镜，故A错误；
BD．放映机成倒立放大的实像，此时物距在一倍焦距到二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，所以放映时巨幕应置于放映机镜头的二倍焦距以外，故BD错误；
C． 巨幕做成粗糙平面，是为了让光在幕布上发生漫反射 ，从而使观众从各个方向都看到巨幕上的画面，故C正确。
故选C。
【分析】A.根据近视眼的矫正和凸透镜的应用知识判断；
BD.根据凸透镜成倒立放大实像的规律判断；
C.漫反射的光线射向四面八方。
10．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据乙图可知，热敏电阻R1和定值电阻R2串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压。
A．根据丙图可知，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，根据串联电炉电压与电阻成正比的规律可知，此时R1两端的电压会变小，故A错误；
B．当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，根据分压规律可知，此时R1的电压减小，而R2的电压增大。 若保持R2两端电压为0.2V， 需要减小R2的电压，即需将电源电压调低，故B错误；
C．由图丙可知，当V1表盘上显示的温度是50℃时；
若保持R2两端电压为0.2V，根据串联分压规律得到：；
解得：U1=0.6V；
所以此时电源电压，
故C正确；
D．当电源电压0.6V不变时，V2表盘上显示0.2V，
此时电路中的电流是；
此时热敏电阻两端的电压；
此时热敏电阻的电阻，
由图丙可知，当热敏电阻阻值为200Ω时，温度是75℃，故D错误。
故选C。
【分析】 A.由图乙可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，
由图丙可知热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，电源电压保持不变，根据串联电路电压规律可知温度升高时，R1两端的电压变化；
B.测温时保持R2两端电压为0.2V时，根据欧姆定律可知电路中的电流保持不变，根据图乙可知热敏电阻R1的阻值随温度的变化，根据欧姆定律得出R1两端的电压与温度的关系，进一步判断电源电压的变化；
C.由图乙可知当t=50℃时R1的阻值，根据欧姆定律求出此时V1的示数，利用串联电路的电压特点求出此时电源电压；
D.根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知热敏电阻接入电路的阻值，由图丙可知此时温度。
11．【答案】振动；音色
【知识点】声音的产生；音色
【解析】【解答】（1）根据题意可知，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于振动产生声音。
（2）不同物体发声的音色是不同的，人们根据鼓和镯发声的音色，确定车行驶的是一里还是十里。
【分析】（1）根据声音的产生的知识解答；
（2）音色表示声音的特点，与发声体的结构特点有关。
12．【答案】4400；640
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据铭牌可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，则他家同时使用用电器的最大总功率P大=UI=220V×20A=4400W。
（2）800W的电炉单独接在电路中30min，消耗的电能：W=Pt=800×10-3kW×0.5h=0.4kW h；
根据1600imp/(kW h)可知，
此时电能表指示灯闪烁的次数n=1600imp/(kW h)×0.4kW h=640imp。
【分析】（1）根据铭牌确定电能表的工作电压和允许通过的最大电流，根据P=UI计算接入用电器的最大功率；
（2）根据W=Pt计算电炉消耗的电能，根据n=N/(kW h)×W计算闪烁的次数。
13．【答案】小于；变小
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）根据图片可知，密度计在两种液体中都漂浮，则密度计受到的浮力都等于密度计受到的重力。因为密度计的重力不变，所以浮力F1等于F2；
根据F浮=ρ液V排g可知，密度计排开液体的体积V1排＞V2排，所以液体密度ρ1小于ρ2。
（2）综上所述，密度计上的刻度越靠上，排开液体的体积变大，则所测量的液体密度变小，即从下到上刻度值逐渐变小。
【分析】（1）根据漂浮条件比较密度计受到浮力大小，根据图片比较二者排开液体体积大小，根据F浮=ρ液V排g比较液体密度大小；
（2）密度计上的刻度越靠上，排开液体的体积变大，据此分析密度计上刻度的分布规律。
14．【答案】省力；300
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）独轮车在使用过程中，车轮相当于支点，货物的重力相当于阻力，作用在重心上；动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
解得：。
则人施加的竖直向上的力F的大小至少为300N。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂大小，从而确定杠杆的分类；
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
15．【答案】热值大；2.45×105
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 解：质量相同的不同燃料，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多液氢具有很高的热值，完全燃烧相同质量的氢时可以释放出更多的热量。运载火箭通常选用液态氢做燃料是因为液态氢热值大；
液态氢气完全燃烧放出的热量Q=q1m1=1.4×108J/kg×2.1×104kg=2.94×1012J，
若这些热量用干木柴来获取，至少需要干木柴的质量。
故答案为：热值大；2.45×105。
【分析】某种燃料完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值在数值上等于1kg燃料完全燃烧所放出的热量，质量相同的不同燃料，热值越大的燃料在完全燃烧时，释放出的热量越多；根据Q=q1m1得出液态氢气完全燃烧放出的热量；若这些热量用干木柴来获取，根据得出至少需要干木柴的质量。
16．【答案】（1）球拍
（2）大气压；不会；乒乓球两侧上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强
（3）C
【知识点】弹力；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】（1） 球拍击打乒乓球，使球受力， 则球为受力物体，那么球拍为施力物体，则球拍击打乒乓球的力是由球拍弹性形变产生的。
（2）① 如图乙， 从倒置的漏斗口用力吸气时，乒乓球上方的气压小于下方的大气压强，大气压把乒乓球压在瓶口，说明大气压的存在。
②当对着漏斗使劲向下吹气时，乒乓球上方的空气流速大，气压小，乒乓球下方空气流速小而压强大，则下方受到向上的压力大于上方受到向下的压力，因此乒乓球就不会掉下了。
（3）用摩擦过的塑料棒靠近静止乒乓球时，乒乓球被吸引，是由于带电体具有吸引轻小物体的性质。
A．两个表面光滑的铅块会“吸”在一起，是因为分子间有引力，故A不符合题意；
B．铁块被“吸”引是因为磁极间相互作用，故B不符合题意；
C．用塑料梳子梳头发时，头发被梳子“吸”引，是因为异种电荷互相吸引，是静电现象，故C符合题意；
D．投向半空的篮球被地球“吸”回地面，是由于篮球受到竖直向下的重力，故D不符合题意。
故选C。
【分析】（1）对球进行受力分析，确定施力物体，肯定是施力物体发生形变产生；
（2）①大气对浸在其中的物体产生力的作用，这就是大气压强；
②根据流体压强和流速的关系解答。
（3）分析各个选项中“吸”的物理本质，然后与题干描述对照即可。
（1）发生形变的物体由于要恢复原状，会对使其发生形变的物体产生力的作用，这个力就是弹力；球拍击打乒乓球的力是由球拍弹性形变产生的。
（2）[1]从倒置的漏斗口用力吸气时，乒乓球上方的气压小于下方的大气压强，大气压把乒乓球压在瓶口，乒乓球不掉落，说明大气压的存在。
[2][3]当对着漏斗使劲向下吹气时，乒乓球上方的空气流速大于乒乓球下方的流速；由于流体流速越大，气压越小，乒乓球上方的气压小于乒乓球下方的气压；在相同的乒乓球横截面上，下方受到向上的压力大于上方受到向下的压力；当气流速度达到一定时，乒乓球上下方压力差大于或等于乒乓球的重力，乒乓球就不会掉下了。
（3）用摩擦过的塑料棒靠近静止在水平桌面上的乒乓球，球被吸引，是由于带电体具有吸引轻小物体的性质，是静电现象；
A．两个表面光滑的铅块，相互挤压，会“吸”在一起，是因为分子间有引力，故A不符合题意；
B．吸铁石靠近铁块，铁块被“吸”引是因为磁极间相互作用，异名磁极相互吸引，故B不符合题意；
C．用塑料梳子梳头发时，梳子和头发摩擦带上异种电荷，头发被梳子“吸”引，是因为异种电荷互相吸引，是静电现象，故C符合题意；
D．投向半空的篮球，被地球“吸”回地面，是由于篮球受到竖直向下的重力，故D不符合题意。
故选C。
17．【答案】（1）左
（2）44；0.85
（3）用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中；
（4）不变
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图甲所示，天平的指针右偏，说明右端重左侧轻，应向左调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）如图丙所示，横梁标尺分度值为0.2g，则游码的质量为4g，砝码质量为：20g+20g=40g，
则则烧杯和剩余消毒液的质量，
量筒中消毒液质量为
如图乙所示，量筒分度值为，示数为，
则消毒液的密度为
（3）①木块密度小于水，漂浮在水面上，为了测出木块的体积，需用细钢针将木块完全压入水中使其浸没使其浸没且不触底。
②根据题意可知，木块质量等于步骤①②中电子秤的示数差，即，
木块浸没时受到的浮力为，
则木块体积为；
则木块密度为
（4） 小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g。由可知，每次测量结果都偏大2g，测量结果之差保持不变，故测得的木块密度不变。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）②根据乙图确定量筒的分度值，而量筒中液体的体积等于液面对应的刻度值。
③物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和；量筒中消毒液的质量等于前后两次质量测量的差值。
④根据密度公式求出消毒液的密度。
（3）木块漂浮在水面上，由阿基米德原理及漂浮时浮力和重力关系，可知木块质量等于排开液体的质量；木块浸没在水中，木块排开水的体积等于木块的体积；知道木块的质量和体积，根据密度公式求出木块的密度；
（4）由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，质量的差值是不变的，所以密度测量值不变。
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，指针右偏，说明右端重，应向左调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）[1]如图丙所示，横梁标尺分度值为0.2g，则烧杯和剩余消毒液的质量
[2]量筒中消毒液质量为
如图乙所示，量筒分度值为，示数为，则量筒中消毒液体积为
则消毒液的密度为
（3）[1]为了测出木块的体积，需用细钢针将木块完全压入水中，使其浸没且不触底。
[2]木块质量为，木块浸没时受到的浮力为，则木块体积为
则木块密度为
（4）由可知，每次测量结果都偏大2g，测量结果之差保持不变，故测得的木块密度不变。
18．【答案】（1）不动；
（2）0.16
（3）1
（4）B
（5）R0；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，电压表与电流表并联。由于电流表的内阻很小，因此会将电压表被短路，故电压表指针不动。
②电压表应该与定值电阻并联，此时可以将电压表与开关相连的导线拆下，改接在定值电阻右端，如图所示：
（2）根据乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则它的示数为0.16A。
（3）根据表格数据可知，当定值电阻的电压为3V时，通过它的电流为0.3A，
则定值电阻
那么电路的最小电流为：，
所以第1组数据不是本实验中测得的。
（4）在“伏安法测电阻”的实验中，多次测量的目的是用来求平均值来减小误差。
故选B。
（5）②移动滑动变阻器R0的滑片，使滑片移动到左右端，记下电压表示数为U；
③这综上所述，此时滑动变阻器R0的电压为U0=U﹣U额。
此时电路电流为
则灯泡正常发光时的电阻为。
【分析】（1）①根据图片可知，电压表与电流表并联了，电压表被短路；
②电压表应该与定值电阻并联，结合甲图确定改正方法。
（2）根据图片确定电流表选用的量程和分度值，然后根据指针位置读数；
（3）从表格中取一组数据计算定值电阻的大约值，根据然后计算出通过电路的最小电流即可；
（4）根据欧姆定律求出对应的电阻，最后求平均值得出测量结果；多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律；
（5）要测灯的电阻，首先使灯正常发光，通过移动滑片的位置，电压表V的示数为U额；保持滑片位置不动，移动滑动变阻器的滑片到最右端，记下电压表上午示数为U，这样可以根据滑动变阻器求出电流，最后小灯泡的电阻。
（1）[1]电压表与电流表并联了，电压表被短路，故电压表指针不动。
[2]电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，电压表应并联接在定值电阻的两端，如图所示：
（2）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，示数为0.16A。
（3）由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻
根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压
所以第1组数据不是本实验中测得的。
（4）本实验多次测量的目的是用来求平均值来减小误差。
（5）[1]移动滑动变阻器R0的滑片，使滑片移动到左右端，记下电压表示数为U，这样滑动变阻器R0的电压为U0=U﹣U额。
[2]电路电流为
因为是串联电路，电流处处相等，则灯泡正常发光时的电阻为
19．【答案】解：（1）根据题意可知， 容器甲的底面积为3×10-2米2；内盛有0.2米深的水，
则容器中水的体积；
那么容器中水的质量。
答：容器中水的质量m水是6kg。
（2）根据题意可知，容器内盛有0.2米深的水
则水对容器甲底部的压强。
（3）根据题意可知，ρ乙=3×103kg/m3，即密度大于水的密度，
所以在乙上方沿水平方向切去一部分，并将切去部分竖直放在甲容器内后，圆柱体乙静止后木块处于沉底状态；
因容器足够高，所以水不会溢出，
当水对容器甲底部的压强最大时，水面恰好与乙的上表面齐平，
设此时切去的高度是，则
解得：
所以当水对容器甲底部的压强最大时，乙切去厚度Δh的范围是0.3～0.5m。
答：乙切去厚度Δh的范围是0.3～0.5m。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求出甲容器中水的体积，再根据m=ρV求出容器中水的质量；
（2）根据p=ρgh求出水对容器甲底部的压强；
（3）根据乙的密度和水的密度的关系，判断在乙上方沿水平方向切去一部分，并将切去部分竖直放在甲容器内后，圆柱体乙的状态，当水对容器甲底部的压强最大时，水面恰好与乙的上表面齐平，根据V水=S甲h=（S甲-S乙）Δh求出乙切去厚度Δh的范围。
20．【答案】解：（1）根据题意可知， 电路中的电流为1安 ， 电阻R1的阻值为5欧，
则电阻R1两端的电压U1=IR1=1A×5Ω=5V。
（2）此根据题意可知，电源电压为10V，则此时时变阻器两端的电压UP=U-U1=10V-5V=5V；
则变阻器R2接入电路的电阻。
（3） 已知滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样，所以电流表的示数不能为2A，应为I2=0.4A，
则此时电路中的电阻，
由于R2的最大阻值为10Ω，根据串联电路电阻关系，所以R0不可能是10Ω，
①当R0为15Ω时，R2=25Ω-15Ω=10Ω，则R0的电压U0=IR0=0.4A×15Ω=6V，R2的电压U2=IR2=0.4A×10Ω=4V；
②当R0为20Ω时，R2=25Ω-20Ω=5Ω，则R0的电压U0=IR0=0.4A×20Ω=8V，R2的电压U2=IR2=0.4A×5Ω=2V，
所以电压表的示数为2V时，电压表应并联在R2两端时，此时R0=20Ω；当电压表示数为10V时，电压表并联在电源两端，R0=15Ω或20Ω。
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 （1）利用欧姆定律U1=IR1求出电阻R1两端的电压；
（2）R1与R2串联，根据电压规律UP=U-U1可知R2的电压，再根据欧姆定律可求得R2的阻值；
（3）根据电源电压以及电流表的示数（2A或0.4A），可求出电路中的电阻值，进一步可判断出电流表的确切示数，由此可知电路中的总电阻，进一步可选择可能的电阻值，通过电压表的示数确定电压表并联的位置及R0的阻值。
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